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第30讲　电磁感应现象　楞次定律
1.理解电磁感应现象，会用感应电流产生条件判断有无感应电流产生。 2.通过实验理解感应电流方向的判断方法，会用楞次定律及推论判断感应电流方向等问题。 3.能综合应用安培定则、左手定则、楞次定律及其推论解决问题。
考点一　电磁感应现象的理解和判断
知识速记
1.磁通量
（1）公式：Φ＝　　　　，S为垂直磁场方向的　　　，磁通量为　　　（选填“标量”或“矢量”）。
（2）物理意义
磁通量的大小可形象表示穿过某一面积的　　　　条数的多少。
（3）磁通量变化：ΔΦ＝Φ2－Φ1。
2.电磁感应现象
（1）当穿过闭合导体回路的　　　　发生变化时，闭合导体回路中有感应电流产生，这种利用磁场产生电流的现象叫作电磁感应。
（2）感应电流产生的条件
穿过　　　　导体回路的　　　　　　　。
（3）电磁感应现象产生　　　　　　，如果电路闭合，则有感应电流。如果电路不闭合，则只有　　　　　　而无感应电流。
　线圈在长直导线电流的磁场中做如图所示的运动：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动（ad边向里），D垂直于纸面向纸外做平动，E向上平动（E线圈有个缺口），判断线圈中有没有感应电流。
训练落实
1.（2026·河北邢台期中）如图所示，矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向夹角α＝53°，已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，矩形线圈面积为S，磁感应强度大小为B，现将线圈绕ad顺时针旋转90°，则通过线圈的磁通量变化量为（　　）
A.BS B.－0.2BS
C.－0.6BS D.1.4BS
2.（2025·北京高考3题）下列图示情况，金属圆环中不能产生感应电流的是（　　）
A.图a中，圆环在匀强磁场中向左平移
B.图b中，圆环在匀强磁场中绕轴转动
C.图c中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移
D.图d中，圆环向条形磁铁N极平移
判断电路中能否产生感应电流的一般流程
第30讲　电磁感应现象　楞次定律
考点一
知识速记
1.（1）BS　投影面积　标量　（2）磁感线　2.（1）磁通量
（2）闭合　磁通量发生变化　（3）感应电动势　感应电动势
思考与讨论
　提示：A、E中无感应电流，B、C、D中有感应电流。
训练落实
1.B　线圈水平放置时的磁通量为Φ1＝BSsin α＝0.8BS，线圈竖直放置时的磁通量为Φ2＝BScos α＝0.6BS，则磁通量变化量为ΔΦ＝Φ2－Φ1＝－0.2BS，故选B。
2.A　圆环在匀强磁场中向左平移，穿过圆环的磁通量不发生变化，金属圆环中不能产生感应电流，故A正确；圆环在匀强磁场中绕轴转动，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故B错误；距离通有恒定电流的长直导线越远，导线产生的磁感应强度越弱，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故C错误；根据条形磁铁的磁感线分布情况可知，圆环向条形磁铁N极平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故D错误。
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第30讲　电磁感应现象　楞次定律
目标要求
1. 理解电磁感应现象，会用感应电流产生条件判断有无感应电流产生。
2. 通过实验理解感应电流方向的判断方法，会用楞次定律及推论判断感应
电流方向等问题。
3. 能综合应用安培定则、左手定则、楞次定律及其推论解决问题。
目 录
CONTENTS
考点一 电磁感应现象的理解和判断
实验14　探究影响感应电流方向的因素
考点二 楞次定律　右手定则的理解及应用
考点三　楞次定律的推论及应用
课时跟踪检测
考点一 电磁感应现象的理解和判断
知识速记
1. 磁通量
（1）公式：Φ＝ ，S为垂直磁场方向的 ，磁通量
为 （选填“标量”或“矢量”）。
（2）物理意义
磁通量的大小可形象表示穿过某一面积的 条数的多少。
（3）磁通量变化：ΔΦ＝Φ2－Φ1。
BS　
投影面积　
标量　
磁感线　
2. 电磁感应现象
（1）当穿过闭合导体回路的 发生变化时，闭合导体回路中有
感应电流产生，这种利用磁场产生电流的现象叫作电磁感应。
（2）感应电流产生的条件
穿过 导体回路的 。
（3）电磁感应现象产生 ，如果电路闭合，则有感应电
流。如果电路不闭合，则只有 而无感应电流。
磁通量　
闭合　
磁通量发生变化　
感应电动势　
感应电动势　
　线圈在长直导线电流的磁场中做如图所示的运动：A向右平动，B向下平
动，C绕轴转动（ad边向里），D垂直于纸面向纸外做平动，E向上平动
（E线圈有个缺口），判断线圈中有没有感应电流。
提示：A、E中无感应电流，B、C、D中有感应电流。
训练落实
1. （2026·河北邢台期中）如图所示，矩形线圈abcd放置在水平面内，磁
场方向与水平方向夹角α＝53°，已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，矩
形线圈面积为S，磁感应强度大小为B，现将线圈绕ad顺时针旋转90°，则
通过线圈的磁通量变化量为（　　）
A. BS B. －0.2BS
C. －0.6BS D. 1.4BS
解析：线圈水平放置时的磁通量为Φ1＝BSsin α＝0.8BS，线圈竖直放置时的磁通量为Φ2＝BScos α＝0.6BS，则磁通量变化量为ΔΦ＝Φ2－Φ1＝－
0.2BS，故选B。
√
2. （2025·北京高考3题）下列图示情况，金属圆环中不能产生感应电流的
是（　　）
A. 图a中，圆环在匀强磁场中向左平移
B. 图b中，圆环在匀强磁场中绕轴转动
C. 图c中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移
D. 图d中，圆环向条形磁铁N极平移
√
解析： 圆环在匀强磁场中向左平移，穿过圆环的磁通量不发生变化，金属圆环中不能产生感应电流，故A正确；圆环在匀强磁场中绕轴转动，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故B错误；距离通有恒定电流的长直导线越远，导线产生的磁感应强度越弱，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故C错误；根据条形磁铁的磁感线分布情况可知，圆环向条形磁铁N极平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故D错误。
判断电路中能否产生感应电流的一般流程
实验14　
探究影响感应电流方向的因素
知识速记
1. 实验思路
如图所示，通过将条形磁体插入或拔出线圈来改变穿过螺线管的磁通量，
根据电流表指针的偏转方向判断感应电流的方向。
2. 实验器材
电流表、条形磁体、螺线管、电池、开关、导线、滑动变阻器等。
3. 实验现象
4. 实验结论
当穿过线圈的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场的方向 ；
当穿过线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场与原磁场的方向 。
相反　
相同　
　如图是法拉第探究电磁感应的实验装置。根据情境思考：
（1）开关S闭合或断开时，线圈L1中的电流是否发生变化？
提示：发生变化；
（2）开关S闭合或断开时，线圈L2中的磁通量是否发生变化？
提示：发生变化；
（3）开关S闭合或断开时，线圈L2中是否产生感应电流？
提示：产生感应电流；
（4）线圈L1中的电流在线圈L2中产生的磁场与它在线圈L2处激发的磁场有
什么关系？
提示：当开关S闭合时，电流增加，则线圈L1中的电流在线圈L2中产生的磁场与它在线圈L2处激发的磁场方向相反；当开关S断开时，电流减小，则线圈L1中的电流在线圈L2中产生的磁场与它在线圈L2处激发的磁场方向相同。
训练落实
1. （2026·山东威海期中）小明和小强做“探究影响感应电流方向的因
素”实验。
（1）按图甲连接电路，闭合开关，发现电流计指针向左偏转；断开开
关， ，再次闭
合开关，发现电流计指针向右偏转。从而推断出
与电流方向的关系。
解析： 更换灵敏电流计的两个接线柱的连线或对调电源的两极，可使灵
敏电流计反向偏转，可知灵敏电流计指针的偏转方向与电流方向有关。
互换电流计两个接线柱的连线或互换电源正负极的连线　
电流计指针偏转方向　
（2）小明用图乙所示的装置做实验，将条形磁铁（下端为N极）从螺
线管取出的过程中，观察到电流计指针向 （选填“左”或
“右”）偏转。
右　
解析：由图甲可知，当电流从电流计左端流入从右端流出时，电流计的指
针向左偏转；当电流从电流计的右端流入从左端流出时，电流计的指针向
右偏转；在图乙将条形磁铁（下端为N极）从螺线管取出的过程中，线圈
中的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流产生的磁场方向向下，根
据安培定则可知，电流从电流计的右端流入从左端流出，电流计的指针应
向右偏转。
（3）小强用图丙所示的装置做实验。闭合开关，当导体棒向
（选填“左”“右”“上”或“下”）运动时，可观察到电流计指针
向左偏转。
解析：根据上述分析可知，灵敏电流计的指针向左偏转时，电流应从负接
线柱流进电流计，结合安培定则可知，导体棒应向右运动。
右　
2. （2026·广东东莞期末）某同学用如图所示的实验装置探究感应电流的
产生条件和影响感应电流方向的因素。
（1）用如图所示的实物电路探究影响感应电流方向的因素，请将图中的
实物连线补充完整。
答案：见解析图　
解析：如图所示
（2）在闭合开关前，滑动变阻器滑片应移至最 （选填“左”或
“右”）端。
左　
解析：为保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器应以最大阻值接入，滑片
应移至最左端。
（3）若图中实物电路连接正确，开关闭合瞬间，电流计的指针向左偏
转，则将铁芯快速插入线圈P中时，可观察到电流计指针 （选填
“不”“向左”或“向右”）偏转。
向左　
解析：开关闭合瞬间，与电源相连的线圈P中电流增加，产生的磁场增加，引起与电流计相连的线圈磁通量增加，当将铁芯快速插入线圈P中时，也引起与电流计相连的线圈磁通量增加，则两次产生的感应电流方向相同，电流计指针都向左偏转。
考点二
楞次定律　右手定则的理解及应用
知识速记
1. 楞次定律
（1）内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要
引起感应电流的 的变化。
（2）适用范围：一切电磁感应现象。
阻碍　
磁通量　
2. 右手定则
（1）内容：如图，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手
掌在同一个平面内；让 从掌心进入，并使拇指指向
的方向，这时四指所指的方向就是 的方向。
（2）适用情况：导线 产生感应电流。
磁感线　
导线运
动　
感应电流　
切割磁感线　
　〔人教版选择性必修第二册P26“思考与讨论”情境〕如图所示，用绳
吊起一个铝环，用条形磁体的N极去靠近或者远离铝环，根据情境判断下
列说法的正误。
（1）磁体向右靠近铝环时，穿过铝环的磁通量增加。 （　√　）
（2）磁体向右靠近铝环时， 铝环中感应电流的磁场方向与原磁场方向
相同。 （　×　）
√
×
（3）使铝环摆动的力是磁场对铝环的安培力。 （　√　）
（4）若磁体向左侧远离铝环，铝环一定不会摆动。 （　×　）
（5）磁体向右侧靠近铝环时，从右向左看铝环产生逆时针方向的感应
电流。 （　×　）
√
×
×
要点深化
1. 楞次定律中“阻碍”的含义
（1）用楞次定律判断
2. 判断感应电流方向的两种方法
（2）用右手定则判断
该方法适用于部分导体切割磁感线产生的感应电流。判断时注意掌心、拇
指、四指的方向。
①掌心——磁感线垂直穿入。
②拇指——指向导体运动的方向。
③四指——指向感应电流的方向。
（2026·湖南郴州期末）汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为
一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈通上逆时针（俯视）方向恒定电流，
当汽车从埋在地下线圈的上方经过时（　B　）
A. 地下线圈产生的磁场方向竖直向下
B. 汽车进入地下线圈上方的过程产生感应电流方向为abcda
C. 汽车离开地下线圈上方的过程产生感应电流方向为abcda
D. 汽车进入地下线圈上方的过程受到的安培力方向与速度方向相同
B
解析：由安培定则可知，俯视电流方向为逆时针，则地下线圈产生的磁场
方向应竖直向上，故A错误；汽车线圈进入时，穿过汽车线圈的磁通量由
零增大，根据楞次定律，感应电流产生的磁场方向向下，由安培定则可知
感应电流方向俯视看为顺时针方向，对应线圈电流的方向标记为abcda，故
B正确；汽车线圈离开时，磁通量减小到零，根据楞次定律，感应电流产
生向上的磁场，即由俯视看感应电流为逆时针方向，与abcda（顺时针）相
反，故C错误；感应电流与安培力均遵循阻碍变化的规律，线圈受到的安
培力总是阻碍汽车进入或离开，与运动方向相反，故D错误。
（2026·甘肃张掖期中）如图所示，MN、GH为光滑的水平平行金属导
轨，ab、cd为跨在导轨上的两根金属杆，垂直纸面向外的匀强磁场垂直穿
过MN、GH所在的平面，则（　D　）
D
A. 若固定ab，使cd向右滑动，则abdc回路有电流，
电流方向为a→b→d→c→a
B. 若ab、cd以相同的速度一起向右运动，则abdc回路有电流，电流方向为
a→c→d→b→a
C. 若ab向左、cd向右同时运动，则abdc回路中的电流为零
D. 若ab、cd都向右运动，且两杆速度vcd＞vab，则abdc回路有电流，电流
方向为a→c→d→b→a
解析：若固定ab，使cd向右滑动，根据右手定则可知abdc回路中的电流方
向为a→c→d→b→a，故A错误；若ab、cd以相同的速度一起向右运动，则
穿过abdc回路的磁通量不变，回路不会产生感应电流，故B错误；若ab向
左、cd向右同时运动，则穿过abdc回路的磁通量向外增加，根据楞次定律
可知，abdc回路中有电流，电流方向为a→c→d→b→a，故C错误；若ab、
cd都向右运动，且两杆速度vcd＞vab，则穿过abdc回路的磁通量向外增加，
根据楞次定律可知，abdc回路中有电流，电流方向为a→c→d→b→a，故D
正确。
考点三　楞次定律的推论及应用
要点深化
楞次定律的推论
内容 例证
增反减同（阻碍原磁通量的变化；阻碍原电流的变化）
磁体靠近线圈，B感与B原方向相反
内容 例证
增反减同（阻碍
原磁通量的变
化；阻碍原电流
的变化）
当I1增大时，环B中的感应电流方向与I1相反；当I1减
小时，环B中的感应电流方向与I1相同
闭合S，B灯先亮，A灯逐渐变亮
内容 例证
来拒去留（阻碍
相对运动） 　　
磁体靠近，是斥力；磁体远离，是引力。作用力总是
阻碍磁体与圆环相对运动
内容 例证
增缩减扩（适用
于单向磁场）
P、Q是光滑固定导轨，a、b是可动金属棒，磁体下移
（上移），a、b靠近（远离），使回路面积有缩小
（扩大）的趋势
说明 以上情况“殊途同归”，实质上都是以不同的方式阻
碍磁通量的变化
教材母题
　〔人教版选择性必修第二册P29“练习与应用”T1〕
在图2.1-9中，线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上。
（1）当闭合开关S的一瞬间，线圈P中感应电流的方向如何？
答案：感应电流沿逆时针方向流过电流表　
（2）当断开开关S的一瞬间，线圈P中感应电流的方向如何？
答案：感应电流沿顺时针方向流过电流表
链接高考
　（2024·北京高考6题）如图所示，线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上，下
列说法正确的是（　　）
A. 闭合开关瞬间，线圈M和线圈P相互吸引
B. 闭合开关，达到稳定后，电流表的示数为0
C. 断开开关瞬间，流过电流表的电流方向由a到b
D. 断开开关瞬间，线圈P中感应电流的磁场方向向左
√
解析： 闭合开关瞬间，根据安培定则可知线圈M中突然产生向右的磁场，根据楞次定律可知，线圈P中感应电流的磁场方向向左，因此线圈M和线圈P相互排斥，A错误；线圈M中的磁场稳定后，线圈P中的磁通量也不再变化，则线圈P产生的感应电流为0，电流表示数为0，B正确；断开开关瞬间，线圈M中向右的磁场瞬间减为0，根据楞次定律可知，线圈P中感应电流的磁场方向向右，根据安培定则可知流过电流表的电流方向由b到a，
C、D错误。
链接分析
　教材母题和2024北京高考6题两题的情境非常相似，都考查了楞次定律
的应用，高考题考查的问题更加复杂，是教材母题的拓展提升。
（2026·云南昆明期中）某同学学习了电磁感应相关知识后，做了探究
性实验：将闭合线圈按图示方式放在电子秤上，手握条形磁铁静止在线圈
的正上方，此时电子秤的示数为m0。则当磁铁远离线圈时（　B　）
B
A. 线圈中产生的电流沿顺时针方向（俯视）
B. 线圈有扩张的趋势
C. 电子秤的示数等于m0
D. 电子秤的示数大于m0
解析：将磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量向上减少，根据楞次定
律和安培定则可判断，线圈中产生的电流沿逆时针方向（俯视），故A
错误；穿过线圈的磁通量减少，根据楞次定律的推论“增缩减扩”可
知，线圈有扩张的趋势，故B正确；磁铁远离线圈，根据楞次定律的推
论“来拒去留”可知，线圈与磁铁相互吸引，导致电子秤的示数小于
m0，故C、D错误。
　★（2026·四川绵阳期末）航空母舰上的飞机起飞可以利用电磁驱动来实
现。电磁驱动原理示意图如图所示，在固定线圈左右两侧对称位置放置两
个闭合的铝环和铜环，它们的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小，不
计所有接触面间的摩擦，则闭合开关S的瞬间（　　）
A. 铝环向右运动，铜环向左运动
B. 铝环和铜环都向右运动
C. 铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力
D. 从左向右看，铜环中的感应电流沿逆时针方向
√
解析： 　闭合开关S的瞬间，穿过两个金属环的磁通量向左增大，由楞次
定律的推广可知，为阻碍磁通量的增大，铝环向左运动，铜环向右运动，
A、B错误；由于铝环和铜环的形状、大小相同、已知铜的电阻率较小，则
铜环的电阻较小，在闭合开关S的瞬间，两环产生的感应电动势大小相
等，可知铜环中的感应电流大于铝环中的感应电流，则铜环受到的安培力
大于铝环受到的安培力，C正确；闭合开关S的瞬间，由安培定则可知，固
定线圈产生的磁场方向向左且增大，则穿过铜环的磁通量向左增大，由楞
次定律可知，从左向右看，铜环中的感应电流沿顺时针方向，D错误。
“三定则、一定律”的综合应用
1. “三定则”“一定律”的比较
名称 用途 选用原则
安培定则 判断电流产生的磁场（方向）分布 因电生磁
左手定则 判断通电导线、运动电荷所受安培力、洛伦兹力的方向 因电受力
右手定则 判断导体切割磁感线产生的感应电流方向或电源正负极 因动生电
楞次定律 判断因回路磁通量改变而产生的感应电流方向 因磁通量
变化生电
2. 应用技巧
（1）应用楞次定律时，一般要用到安培定则。
（2）研究感应电流受到的安培力，一般先用右手定则确定电流的方
向，再用左手定则确定安培力的方向，有时也可以直接应用楞次定律
的推论确定。
（2026·重庆长寿期末）如图所示，在竖直悬挂的金属圆环右侧，有一
螺线管MN水平放置，两者处于同一轴线上。螺线管下方接有水平方向的
平行金属导轨，且导轨所在位置有竖直向上的匀强磁场。现将导体棒ab置
于平行导轨上，让其垂直于导轨向右做加速运动。若整个过程中导体棒与
导轨接触良好，金属圆环未发生扭转，则（　D　）
D
A. 导体棒b端电势高于a端
B. 电流在螺线管内产生的磁场方向由M指向N
C. 从右侧观察，金属圆环产生顺时针方向的感应电流
D. 金属圆环向左摆动
解析：根据右手定则可知，导体棒切割磁感线产生的感应电流方向沿
b→a，可知导体棒b端电势低于a端，故A错误；结合上述分析，根据安培
定则可知，电流在螺线管内产生的磁场方向由N指向M，故B错误；导体棒
向右加速运动，产生的感应电流增大，螺线管中的磁感应强度增大，穿过
金属圆环的磁通量增大，根据楞次定律可知，从右侧观察，金属圆环产生
逆时针方向的感应电流，故C错误；穿过金属圆环的磁通量增大，根据楞
次定律可知，金属圆环向左摆动，故D正确。
　〔多选〕（2026·山东菏泽期末）如图所示，连
接平行金属板P1和P2（板面垂直于纸面）的导线
的一部分CD和另一闭合回路的一部分GH平行，
CD和GH均在纸面内。金属板置于磁场中，磁场方
向垂直纸面向里，金属杆ab在光滑导轨上向右匀速运动，当一束等离子体射入两金属板之间时，关于CD、GH段导线间的相互作用力，下列说法正确的是（　　）
A. 等离子体从右方射入时，CD段导线和GH段导线相互吸引
B. 等离子体从右方射入时，CD段导线和GH段导线相互排斥
C. 等离子体从左方射入时，CD段导线和GH段导线相互吸引
D. 等离子体从左方射入时，CD段导线和GH段导线相互排斥
√
√
解析：根据右手定则可知，当金属杆ab在光滑导轨上向右匀速运动时，闭合回路中的电流的方向从G到H，当等离子体从右方射入时，由左手定则知电容器的下极板带正电，上极板带负电，电流的方向为由D到C， CD中的电流方向与GH中的电流方向相反，两导线相互排斥，故A错误，B正确；等离子体从左方射入时，由左手定则知电容器的上极板带正电，下
极板带负电，CD中的电流方向为由C到D，CD中的电流方向与GH中的电
流方向相同， 两导线相互吸引，故C正确，D错误。
课时跟踪检测
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1. 〔多选〕（2026·陕西汉中期末）如图，用铝制易拉罐裁出两个铝环，
环a是闭合的，环b是不闭合的，用塑料吸管连接起来，放在缝衣针尖上架
起来，可以绕O点自由转动。开始时整个装置静止，在条形磁铁垂直环面
靠近过程中，下列说法正确的是（　　）
A. 用磁铁N极靠近a时，环a中一定有感应电流
B. 用磁铁N极靠近b时，环b中一定有感应电流
C. 用磁铁S极靠近b时，吸管几乎不动
D. 用磁铁S极靠近a时，吸管几乎不动
√
√
解析：用N极或S极靠近闭合的a铝环，看到的作用效果应相同。根据楞次定律，磁铁靠近a环时，a环中磁通量发生变化，产生感应电流，阻碍它们间的相对运动，所以a环与磁极间有斥力作用，吸管会转动，故A正确，D错误；由于b环没有闭合，磁铁靠近b环时，不产生感应电流，所以b环与磁极间没有相互作用，所以吸管几乎不动，故B错误，C正确。
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2. （2026·湖南长沙期末）如图是学生常用的饭卡内部实物图，其由线圈
和芯片组成电路。当饭卡处于感应区域时，刷卡机会激发变化的磁场，从
而在饭卡内线圈中产生感应电流来驱动芯片工作。已知线圈面积为S，共n
匝。某次刷卡时，线圈平面与磁场垂直，且全部处于磁场区域内，在感应
时间t内，磁感应强度方向向里且由0增大到B0，此过程中（　　）
A. 线圈有扩张的趋势
B. 线圈中感应电流方向为顺时针方向
C. AB边受到的安培力方向向左
D. 通过线圈的磁通量变化量大小为nB0S
√
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解析：根据楞次定律可知，通过线圈的磁通量增加，线圈有收缩的趋势，A错误；通过线圈向里的磁通量增加时，根据楞次定律可知，线圈中的感应电流为逆时针方向， AB边的电流向上，由左手定则可知，AB边所受的安培力方向向左，B错误，C正确；通过线圈的磁通量变化量大小为ΔΦ＝B0S－0＝B0S，D错误。
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3. （2026·甘肃天水联考）如图所示，绝缘轻质弹簧下悬挂一圆形金属线
圈，线圈的正下方水平固定一根足够长的直导线a，线圈静止时导线a与线
圈共面。现在导线a中通入水平向右逐渐增大的电流，弹簧始终处于弹性
限度内，下列说法正确的是（　　）
A. 线圈中的磁通量不变
B. 线圈中产生顺时针方向的感应电流
C. 弹簧长度将变长
D. 线圈有扩张的趋势
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解析：　由安培定则可知，导线a在线圈处产生垂直纸面向外，大小在增
大的磁场，故线圈中磁通量增大，故A错误；由楞次定律可知，线圈中产
生顺时针方向的感应电流，故B正确；根据楞次定律的推论，当磁通量增
大时，线圈将向远离导线的方向移动，故弹簧将缩短，线圈有收缩的趋
势，故C、D错误。
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4. （2026·湖南郴州模拟）闭合矩形线圈ABCD位于通电长直导线附近，如
图所示，线圈与导线在同一平面内，线圈的两个边与导线平行，以下哪种
情形，线圈ABCD中没有感应电流（　　）
A. 在这个平面内，若线圈ABCD水平向右远离导线运动
B. 在这个平面内，若线圈ABCD水平向左靠近导线运动
C. 在这个平面内，若线圈ABCD平行导线沿电流方向运动
D. 线圈ABCD以AB边为轴转动
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解析： 　在这个平面内，若线圈ABCD水平向右远离导线运动，穿过
线圈的磁通量减小，线圈中有感应电流，故A错误；在这个平面内，若
线圈ABCD水平向左靠近导线运动，穿过线圈的磁通量增大，线圈中有
感应电流，故B错误；在这个平面内，若线圈ABCD平行导线沿电流方
向运动，穿过线圈的磁通量保持不变，线圈中没有感应电流，故C正
确；线圈ABCD以AB边为轴转动，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈
中有感应电流，故D错误。
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5. （2026·内蒙古赤峰期中）如图所示，一小磁针放到绝缘支架上处于静
止状态，两组线圈分别绕在闭合铁芯两侧，不考虑铁芯漏磁，在开关闭合
瞬间，下列说法正确的是（　　）
A. 小磁针保持静止
B. 小磁针的N极向里偏转
C. 小磁针的N极向外偏转
D. 小磁针向上跳起
√
解析：闭合开关瞬间，穿过铁芯的磁通量顺时针增加，根据楞次定律可知线圈B中产生由下到上的感应电流，通过左边直导线的电流向下，由右手定则可知直导线左侧磁场垂直纸面向里，则小磁针的N极向里偏转，故选B。
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6. ★（2026·广东深圳期中）图甲为某公
司自主研发的“自发电”无线门铃按钮，
其“发电”原理如图乙所示。按下门铃
按钮过程，磁铁靠近螺线管，螺线管内
部产生感应电流；松开门铃按钮过程，磁铁远离螺线管回归原位。下列说法正确的是（　　）
A. 按下按钮瞬间，螺线管中感应电流方向为Q→P
B. 按下按钮瞬间，螺线管受到磁铁的作用力向右
C. 松开按钮瞬间，螺线管中感应电流方向为P→Q
D. 松开按钮瞬间，螺线管线圈会有扩张的趋势
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解析： 　按下按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律
可知螺线管中感应电流方向由P→Q，根据楞次定律推论：来拒去留，可知
磁铁受到的作用力向右，则螺线管受到磁铁的作用力向左，故A、B错误；
松开按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律可知螺线管
中感应电流方向由Q→P，根据楞次定律推论：增缩减扩，可知螺线管线圈
会有扩张的趋势，故C错误，D正确。
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7. （2026·吉林松原期中）一长直导线与闭合金属环放在同一竖直面内，
如图甲所示，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示（以水平
向右为电流的正方向），则在0～t2时间内，下列说法正确的是（　　）
A. 闭合金属环中始终产生顺时针方向的感
应电流
B. 穿过闭合金属环的磁通量先增大后减小
C. 闭合金属环先有收缩的趋势后有扩张的
趋势
D. 闭合金属环所受安培力的合力先向下后向上
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解析： 　由楞次定律可以判断在0～t2时间内，闭合金属环中始终产生顺
时针方向的感应电流，故A正确；长直导线中的电流先减小后增大，所以
穿过闭合金属环的磁通量先减小后增大，故B错误；穿过闭合金属环的磁
通量先减小后增大，由楞次定律知闭合金属环先有扩张的趋势后有收缩的
趋势，故C错误；由楞次定律、左手定则判断闭合金属环受安培力的合力
方向先向上后向下，故D错误。
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8. ★（2026·山东日照联考）某同学受电吉他启发，设计了一个如图所示的
发声装置，装置内部安装有线圈，弹性金属线通有恒定电流（图中箭头所
示），弹奏时金属线在线圈所处的平面振动时，线圈中会产生感应电流，
经信号放大器放大后由扬声器发出音乐，下列说法正确的是（　　）
A. 金属线向右振动的过程中，线圈有扩张的趋势
B. 金属线向右振动的过程中，金属线所受安培力向左
C. 金属线向左振动的过程中，线圈的感应电流方向为
逆时针
D. 取走线圈，其他条件不变，停止弹奏时金属线会更快地停下来
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解析： 　金属线向右振动的过程中，穿过线圈的磁通量增大，根据“增
缩减扩”可知线圈有缩小的趋势，故A错误；金属线向右振动的过程中，
根据“来拒去留”可知金属线所受安培力向左，故B正确；金属线向左振
动的过程中，穿过线圈的磁通量减小，根据“增反减同”可知线圈的感应
电流方向为顺时针，故C错误；取下线圈，就不存在感应电流，也就没有
安培力阻碍琴弦振动，所以琴弦会振动更久，故D错误。
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9. （2026·安徽蚌埠模拟）如图甲所示，两均匀磁场的磁感应强度B1和B2
方向相反，金属圆环的水平直径与两磁场的边界重合。B1和B2随时间变化
的图像如图乙所示，规定磁场方向垂直纸面向里为正方向，下列说法正确
的是（　　）
A. 0～t0时间内整个圆环具有收缩的趋势
B. t0时刻的圆环内的磁通量为零，感应电
流也为零
C. 0～2t0时间内圆环中产生逆时针方向的
感应电流
D. 0～2t0时间内圆环中感应电流的方向先逆时针再顺时针
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解析： 根据题图乙可知，B1为匀强磁场，B2为变化的磁场，可知圆环中磁通量的变化由B2决定，B2方向垂直于圆环平面向外，磁感应强度减小，穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，故C正确，D错误；结合上述分析可知，感应电流沿逆时针方向，根据左手定则可知，圆环上半部分所受安培力向下，圆环下半部分所受安培力方向向下，由于0～t0时间内下侧区域的磁感应强度大于上侧区域的磁感应强度，则圆环下半部分所受安培力大于上半部分所受安培力，可知0～t0时间内整个圆环具有扩张的趋势，故A错误；t0时刻的圆环内的磁通量为零，B1与B2大小相等，方向相反，两磁场在圆环中分布的面积相等，则此时穿过圆环的磁通量为零，结合上述分析可知，圆环中磁通量的变化由B2决定，磁通量的变化率一定，即t0时刻圆环内的感应电流不为零，故B错误。
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10. （2026·河南郑州期中）1831年10月28日，法拉第在一次会议上展示了
他发明的圆盘发电机，它是人类历史上的第一台发电机。如图所示为圆盘
发电机的示意图，铜盘安装在水平的铜轴上，圆盘处于水平向右的匀强磁
场中，两块铜片C、D分别与铜轴和铜盘的边缘接触，圆盘以恒定的角速度
转动时，原线圈M中会有恒定的电流产生，副线圈N与原线圈M共用一根铁
芯。当电流从灵敏电流计G的左端流入，指针就会向左偏转，反之右偏，
当圆盘按图示方向转动时，下列说法正确的是（　　）
A. 铜片C处的电势高于铜片D处的电势
B. 圆盘刚开始转动的瞬间，灵敏电流计G的指针向右
偏转
C. 圆盘匀速转动时，灵敏电流计的指针向左偏转
D. 圆盘减速转动时，灵敏电流计G的指针向右偏转
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解析：　从右向左看，铜盘沿逆时针方向转动，由右手定则可知内部电流从铜片C流向铜片D，所以铜片C处的电势低于铜片D处的电势，故A错误；圆盘刚开始转动的瞬间，电动势大小增大，与之相连的原线圈M中的电流增大，根据楞次定律可知副线圈N中产生逆时针方向的感应电流（俯视看），电流从灵敏电流计G的右端接线柱流入，故电流计G的指针向右偏
转，故B正确；铜盘按图示方向匀速转动，会在原线圈M中产生大小方向
均不变的恒定电流，与之同一铁芯的副线圈N中磁通量没有变化，故副线
圈N中不产生感应电流，电流计G的指针不偏转，故C错误；铜盘按图示方向减速转动时，电动势方向不变，大小减小，与之相连的原线圈M中的电流减小，根据楞次定律可知副线圈N中产生顺时针方向的感应电流（俯视看），电流从灵敏电流计G的左端接线柱流入，故电流计G的指针向左偏转，故D错误。
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11. （2026·福建宁德模拟）1834年，物理学家楞次在分析了许多实验事实
后，总结得到电磁学中一重要的定律——楞次定律，某兴趣小组为了探究
该定律做了以下物理实验：
（1）“探究影响感应电流方向的因
素”的实验装置中滑动变阻器采用限
流接法，请用笔画线代替导线将图甲
中的实物电路补充完整。
答案：见解析图
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解析：实物电路如图
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（2）图甲实验电路连接后，开关闭合瞬间，发现电流计指针向左偏转；
开关处于闭合状态时，电流计指针 （选填“偏转”或“不偏
转”）；滑动变阻器滑片P向右快速移动时，电流计指针 （选填
“向左”“向右”或“不”）偏转。
不偏转　
向右　
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解析：开关处于闭合状态时，线圈A中电流大小不变，电流产生的磁场的磁感应强度不变，穿过B线圈的磁通量不发生变化，B线圈中不产生感应电
流，电流计指针不偏转。滑动变阻器滑片P向右快速移动时，电路中总阻
变大，线圈A中电流减小，穿过B线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知，
电流计指针向右偏转。
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（3）为了进一步研究，该小组又做了如图乙所示的实验，磁体从靠近线
圈上方由静止下落。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示电流i随时
间t的变化关系图像如图丙所示，由图可得到的结论是 （填正确序
号前字母）。
AC　
A. 感应电流方向与线圈中的磁通量增减有关
B. 感应电流方向与磁铁下落速度的大小有关
C. 感应电流大小与线圈中磁通量的变化快慢有关
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解析：由图丙可知，磁体从上方进入时电流为正，从下方出时电流为负，
所以感应电流方向与线圈中的磁通量增减有关，故A正确；由图丙可知，
感应电流方向与磁铁下落速度的大小无关，故B错误；由图可知，在下落
过程中速度变大，出线圈时速度大于进入时的速度，磁通量的变化率变
快，感应电流也变大，所以感应电流大小与线圈中磁通量的变化快慢有
关，故C正确。
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THANKS
演示完毕 感谢观看第30讲　电磁感应现象　楞次定律
1.〔多选〕（2026·陕西汉中期末）如图，用铝制易拉罐裁出两个铝环，环a是闭合的，环b是不闭合的，用塑料吸管连接起来，放在缝衣针尖上架起来，可以绕O点自由转动。开始时整个装置静止，在条形磁铁垂直环面靠近过程中，下列说法正确的是（　　）
A.用磁铁N极靠近a时，环a中一定有感应电流
B.用磁铁N极靠近b时，环b中一定有感应电流
C.用磁铁S极靠近b时，吸管几乎不动
D.用磁铁S极靠近a时，吸管几乎不动
2.（2026·湖南长沙期末）如图是学生常用的饭卡内部实物图，其由线圈和芯片组成电路。当饭卡处于感应区域时，刷卡机会激发变化的磁场，从而在饭卡内线圈中产生感应电流来驱动芯片工作。已知线圈面积为S，共n匝。某次刷卡时，线圈平面与磁场垂直，且全部处于磁场区域内，在感应时间t内，磁感应强度方向向里且由0增大到B0，此过程中（　　）
A.线圈有扩张的趋势
B.线圈中感应电流方向为顺时针方向
C.AB边受到的安培力方向向左
D.通过线圈的磁通量变化量大小为nB0S
3.（2026·甘肃天水联考）如图所示，绝缘轻质弹簧下悬挂一圆形金属线圈，线圈的正下方水平固定一根足够长的直导线a，线圈静止时导线a与线圈共面。现在导线a中通入水平向右逐渐增大的电流，弹簧始终处于弹性限度内，下列说法正确的是（　　）
A.线圈中的磁通量不变
B.线圈中产生顺时针方向的感应电流
C.弹簧长度将变长
D.线圈有扩张的趋势
4.（2026·湖南郴州模拟）闭合矩形线圈ABCD位于通电长直导线附近，如图所示，线圈与导线在同一平面内，线圈的两个边与导线平行，以下哪种情形，线圈ABCD中没有感应电流（　　）
A.在这个平面内，若线圈ABCD水平向右远离导线运动
B.在这个平面内，若线圈ABCD水平向左靠近导线运动
C.在这个平面内，若线圈ABCD平行导线沿电流方向运动
D.线圈ABCD以AB边为轴转动
5.（2026·内蒙古赤峰期中）如图所示，一小磁针放到绝缘支架上处于静止状态，两组线圈分别绕在闭合铁芯两侧，不考虑铁芯漏磁，在开关闭合瞬间，下列说法正确的是（　　）
A.小磁针保持静止
B.小磁针的N极向里偏转
C.小磁针的N极向外偏转
D.小磁针向上跳起
6.★（2026·广东深圳期中）图甲为某公司自主研发的“自发电”无线门铃按钮，其“发电”原理如图乙所示。按下门铃按钮过程，磁铁靠近螺线管，螺线管内部产生感应电流；松开门铃按钮过程，磁铁远离螺线管回归原位。下列说法正确的是（　　）
A.按下按钮瞬间，螺线管中感应电流方向为Q→P
B.按下按钮瞬间，螺线管受到磁铁的作用力向右
C.松开按钮瞬间，螺线管中感应电流方向为P→Q
D.松开按钮瞬间，螺线管线圈会有扩张的趋势
7.（2026·吉林松原期中）一长直导线与闭合金属环放在同一竖直面内，如图甲所示，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示（以水平向右为电流的正方向），则在0～t2时间内，下列说法正确的是（　　）
A.闭合金属环中始终产生顺时针方向的感应电流
B.穿过闭合金属环的磁通量先增大后减小
C.闭合金属环先有收缩的趋势后有扩张的趋势
D.闭合金属环所受安培力的合力先向下后向上
8.
★（2026·山东日照联考）某同学受电吉他启发，设计了一个如图所示的发声装置，装置内部安装有线圈，弹性金属线通有恒定电流（图中箭头所示），弹奏时金属线在线圈所处的平面振动时，线圈中会产生感应电流，经信号放大器放大后由扬声器发出音乐，下列说法正确的是（　　）
A.金属线向右振动的过程中，线圈有扩张的趋势
B.金属线向右振动的过程中，金属线所受安培力向左
C.金属线向左振动的过程中，线圈的感应电流方向为逆时针
D.取走线圈，其他条件不变，停止弹奏时金属线会更快地停下来
9.（2026·安徽蚌埠模拟）如图甲所示，两均匀磁场的磁感应强度B1和B2方向相反，金属圆环的水平直径与两磁场的边界重合。B1和B2随时间变化的图像如图乙所示，规定磁场方向垂直纸面向里为正方向，下列说法正确的是（　　）
A.0～t0时间内整个圆环具有收缩的趋势
B.t0时刻的圆环内的磁通量为零，感应电流也为零
C.0～2t0时间内圆环中产生逆时针方向的感应电流
D.0～2t0时间内圆环中感应电流的方向先逆时针再顺时针
10.（2026·河南郑州期中）1831年10月28日，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机，它是人类历史上的第一台发电机。如图所示为圆盘发电机的示意图，铜盘安装在水平的铜轴上，圆盘处于水平向右的匀强磁场中，两块铜片C、D分别与铜轴和铜盘的边缘接触，圆盘以恒定的角速度转动时，原线圈M中会有恒定的电流产生，副线圈N与原线圈M共用一根铁芯。当电流从灵敏电流计G的左端流入，指针就会向左偏转，反之右偏，当圆盘按图示方向转动时，下列说法正确的是（　　）
A.铜片C处的电势高于铜片D处的电势
B.圆盘刚开始转动的瞬间，灵敏电流计G的指针向右偏转
C.圆盘匀速转动时，灵敏电流计的指针向左偏转
D.圆盘减速转动时，灵敏电流计G的指针向右偏转
11.（2026·福建宁德模拟）1834年，物理学家楞次在分析了许多实验事实后，总结得到电磁学中一重要的定律——楞次定律，某兴趣小组为了探究该定律做了以下物理实验：
（1）“探究影响感应电流方向的因素”的实验装置中滑动变阻器采用限流接法，请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路补充完整。
（2）图甲实验电路连接后，开关闭合瞬间，发现电流计指针向左偏转；开关处于闭合状态时，电流计指针　　　　　　（选填“偏转”或“不偏转”）；滑动变阻器滑片P向右快速移动时，电流计指针　　　　（选填“向左”“向右”或“不”）偏转。
（3）为了进一步研究，该小组又做了如图乙所示的实验，磁体从靠近线圈上方由静止下落。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示电流i随时间t的变化关系图像如图丙所示，由图可得到的结论是　　　（填正确序号前字母）。
A.感应电流方向与线圈中的磁通量增减有关
B.感应电流方向与磁铁下落速度的大小有关
C.感应电流大小与线圈中磁通量的变化快慢有关
第30讲　电磁感应现象　楞次定律
1.AC　用N极或S极靠近闭合的a铝环，看到的作用效果应相同。根据楞次定律，磁铁靠近a环时，a环中磁通量发生变化，产生感应电流，阻碍它们间的相对运动，所以a环与磁极间有斥力作用，吸管会转动，故A正确，D错误；由于b环没有闭合，磁铁靠近b环时，不产生感应电流，所以b环与磁极间没有相互作用，所以吸管几乎不动，故B错误，C正确。
2.C　根据楞次定律可知，通过线圈的磁通量增加，线圈有收缩的趋势，A错误；通过线圈向里的磁通量增加时，根据楞次定律可知，线圈中的感应电流为逆时针方向， AB边的电流向上，由左手定则可知，AB边所受的安培力方向向左，B错误，C正确；通过线圈的磁通量变化量大小为ΔΦ＝B0S－0＝B0S，D错误。
3.B　由安培定则可知，导线a在线圈处产生垂直纸面向外，大小在增大的磁场，故线圈中磁通量增大，故A错误；由楞次定律可知，线圈中产生顺时针方向的感应电流，故B正确；根据楞次定律的推论，当磁通量增大时，线圈将向远离导线的方向移动，故弹簧将缩短，线圈有收缩的趋势，故C、D错误。
4.C　在这个平面内，若线圈ABCD水平向右远离导线运动，穿过线圈的磁通量减小，线圈中有感应电流，故A错误；在这个平面内，若线圈ABCD水平向左靠近导线运动，穿过线圈的磁通量增大，线圈中有感应电流，故B错误；在这个平面内，若线圈ABCD平行导线沿电流方向运动，穿过线圈的磁通量保持不变，线圈中没有感应电流，故C正确；线圈ABCD以AB边为轴转动，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中有感应电流，故D错误。
5.B　闭合开关瞬间，穿过铁芯的磁通量顺时针增加，根据楞次定律可知线圈B中产生由下到上的感应电流，通过左边直导线的电流向下，由右手定则可知直导线左侧磁场垂直纸面向里，则小磁针的N极向里偏转，故选B。
6.D　按下按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律可知螺线管中感应电流方向由P→Q，根据楞次定律推论：来拒去留，可知磁铁受到的作用力向右，则螺线管受到磁铁的作用力向左，故A、B错误；松开按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律可知螺线管中感应电流方向由Q→P，根据楞次定律推论：增缩减扩，可知螺线管线圈会有扩张的趋势，故C错误，D正确。
7.A　由楞次定律可以判断在0～t2时间内，闭合金属环中始终产生顺时针方向的感应电流，故A正确；长直导线中的电流先减小后增大，所以穿过闭合金属环的磁通量先减小后增大，故B错误；穿过闭合金属环的磁通量先减小后增大，由楞次定律知闭合金属环先有扩张的趋势后有收缩的趋势，故C错误；由楞次定律、左手定则判断闭合金属环受安培力的合力方向先向上后向下，故D错误。
8.B　金属线向右振动的过程中，穿过线圈的磁通量增大，根据“增缩减扩”可知线圈有缩小的趋势，故A错误；金属线向右振动的过程中，根据“来拒去留”可知金属线所受安培力向左，故B正确；金属线向左振动的过程中，穿过线圈的磁通量减小，根据“增反减同”可知线圈的感应电流方向为顺时针，故C错误；取下线圈，就不存在感应电流，也就没有安培力阻碍琴弦振动，所以琴弦会振动更久，故D错误。
9.C　根据题图乙可知，B1为匀强磁场，B2为变化的磁场，可知圆环中磁通量的变化由B2决定，B2方向垂直于圆环平面向外，磁感应强度减小，穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，故C正确，D错误；结合上述分析可知，感应电流沿逆时针方向，根据左手定则可知，圆环上半部分所受安培力向下，圆环下半部分所受安培力方向向下，由于0～t0时间内下侧区域的磁感应强度大于上侧区域的磁感应强度，则圆环下半部分所受安培力大于上半部分所受安培力，可知0～t0时间内整个圆环具有扩张的趋势，故A错误；t0时刻的圆环内的磁通量为零，B1与B2大小相等，方向相反，两磁场在圆环中分布的面积相等，则此时穿过圆环的磁通量为零，结合上述分析可知，圆环中磁通量的变化由B2决定，磁通量的变化率一定，即t0时刻圆环内的感应电流不为零，故B错误。
10.B　从右向左看，铜盘沿逆时针方向转动，由右手定则可知内部电流从铜片C流向铜片D，所以铜片C处的电势低于铜片D处的电势，故A错误；圆盘刚开始转动的瞬间，电动势大小增大，与之相连的原线圈M中的电流增大，根据楞次定律可知副线圈N中产生逆时针方向的感应电流（俯视看），电流从灵敏电流计G的右端接线柱流入，故电流计G的指针向右偏转，故B正确；铜盘按图示方向匀速转动，会在原线圈M中产生大小方向均不变的恒定电流，与之同一铁芯的副线圈N中磁通量没有变化，故副线圈N中不产生感应电流，电流计G的指针不偏转，故C错误；铜盘按图示方向减速转动时，电动势方向不变，大小减小，与之相连的原线圈M中的电流减小，根据楞次定律可知副线圈N中产生顺时针方向的感应电流（俯视看），电流从灵敏电流计G的左端接线柱流入，故电流计G的指针向左偏转，故D错误。
11.（1）见解析图　（2）不偏转　向右　（3）AC
解析：（1）实物电路如图
（2）开关处于闭合状态时，线圈A中电流大小不变，电流产生的磁场的磁感应强度不变，穿过B线圈的磁通量不发生变化，B线圈中不产生感应电流，电流计指针不偏转。滑动变阻器滑片P向右快速移动时，电路中总阻变大，线圈A中电流减小，穿过B线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知，电流计指针向右偏转。
（3）由图丙可知，磁体从上方进入时电流为正，从下方出时电流为负，所以感应电流方向与线圈中的磁通量增减有关，故A正确；由图丙可知，感应电流方向与磁铁下落速度的大小无关，故B错误；由图可知，在下落过程中速度变大，出线圈时速度大于进入时的速度，磁通量的变化率变快，感应电流也变大，所以感应电流大小与线圈中磁通量的变化快慢有关，故C正确。
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