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江苏省盐城市2025-2026学年下学期高三高考物理模拟卷
一、单项选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。每小题只有一个选项符合题意。
1．某新型“自清洁玻璃”具有特殊的微纳米结构，水滴在其表面会形成接近球形的液滴并能自发滚落，滚落过程中几乎不会在玻璃表面留下痕迹。下列说法正确的是（　　）
A．水能浸润该“自清洁玻璃”
B．水滴呈球形是因为液体表面张力的作用
C．水滴表面的水分子间只存在分子引力
D．用该玻璃制成的两端开口的洁净毛细管竖直插入水中，管内液面比水面高
2．小李到三亚旅游时跟随团队夜潜。他在水下打开防水手电筒将强光竖直向上射向平静的海面，已知手电筒射出的光束呈圆锥形，母线和高线的夹角，圆锥的轴与海面垂直，海水的折射率，则下列说法正确的是（　　）
A．海平面上面看不到光，光全部反射回海面以下
B．海平面上面会看到圆形光斑，且下潜的深度越大光斑半径越小
C．当手电筒发光面到海面距离时，海面上形成的圆形光斑的半径约为
D．同种频率的光在海水中的传播速度大于在空气中的传播速度
3．关于下列四幅图的说法正确的是（　　）
A．图甲是粒子散射实验，汤姆孙据此提出了原子的核式结构模型
B．图乙是光电效应实验，张开的验电器指针和锌板都带负电
C．图丙是放射源放出三种射线在磁场中的运动轨迹，1为射线
D．图丁是核反应堆示意图，它是利用铀核裂变反应释放能量
4．如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，在时刻的波形如图所示，P、Q是波传播路径上的两个质点，此时质点P在平衡位置，质点Q的位移为，质点P比质点Q振动超前0.3s，则下列判断正确的是（　　）
A．质点P的平衡位置坐标为
B．波的传播速度为
C．质点Q在内运动的路程为10cm
D．质点P的振动方程为
5．根据图示，对下列四个实验相关描述，正确的是（　　）
A．图甲“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯，是为了增大涡流，提高变压器的效率
B．图乙“探究气体等温变化的规律”实验中，在活塞上涂润滑油只是为了减小摩擦力，便于气体压强的测量
C．图丙“插针法测定玻璃的折射率”，若有多块平行玻璃砖可选，应选择宽度最小的玻璃砖
D．图丁“用单摆测重力加速度”实验中，若某同学直接把摆线长度当作摆长，用多组数据做出图像，并根据图像得出g的测量值，该同学认为这样操作对g的测量值没有影响
6．如图所示，质量相等的甲、乙两个小球，在光滑玻璃漏斗内壁做水平面内的匀速圆周运动，甲在乙的上方。则它们运动的（　　）
A．向心力大小不相等 B．线速度
C．角速度 D．向心加速度
7．2025年3月我国科学家通过研究嫦娥六号采回的月球背面月壤样品，取得重大突破，对理解月球乃至太阳系早期演化具有重大科学意义，“嫦娥六号”任务圆满成功。假设“嫦娥六号”绕某一中心天体运动的圆轨道半径减为原来的一半时，则“嫦娥六号”（　　）
A．向心加速度变为原来的2倍 B．线速度变为原来的2倍
C．运动周期变为原来的倍 D．所受万有引力变为原来的倍
8． 如图所示，水平传送带以恒定的速度顺时针转动，质量为m=10kg的箱子在水平传送带上由静止释放，经过6s后，箱子滑离传送带，箱子的v-t图像如图所示，对于箱子从静止释放到相对传送带静止这一过程，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（　　）
A．箱子与传送带间的动摩擦因数为0.5
B．箱子对传送带做功为-45J
C．传送带对箱子做功为180J
D．箱子与传送带因摩擦产生的热量为45J
9．在一块水平放置的很大的接地金属平板上方附近固定着一个正电荷Q，o、a、b、c、d为过正电荷所在位置的竖直平面上的五个点，位置如图所示，co小于od，则下列说法正确的是（　　）
A．c点的场强和d点场强相同
B．o点的电势高于a点的电势
C．电荷量为q的负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能
D．电荷量为q的正电荷从c点移到d点电场力做正功
10．在如图甲所示的LC电路中，平行板电容器已充电且下极板带正电。时刻，将开关S闭合，回路中电流随时间的变化如图乙所示，则（　　）
A．时，回路中电流为逆时针方向
B．时，电容器上极板带正电
C．时，电容器所带电量最大
D．时，回路中的磁场能最大
11．如图甲所示，、两物块（均视为质点）用轻质弹簧连接并放置在光滑的水平面上，的质量为。时刻，使获得水平向右、大小为的初速度，、运动的速度—时间图像如图乙所示。已知弹簧的劲度系数为，弹簧的弹性势能，其中为弹簧的形变量，弹簧始终处于弹性限度内。下列说法不正确的是（　　）
A．的质量为
B．时刻，、间的距离最大
C．时间内，所受冲量的大小为
D．图乙中阴影部分的面积为
二、非选择题：共5题，共56分，其中12-16题请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
12．科技实践小组的同学们应用所学电路知识，对“一抽到底”的纸巾盒进行改装，使纸巾剩余量可视化。同学们使用的器材有：电源（E＝1.5V，内阻不计）、定值电阻（R0＝6Ω）、多用电表、铅笔芯如图甲中AB所示、导线若干、开关。
（1）用多用电表测量一整根铅笔芯的电阻，选用“×10”倍率的欧姆挡测量，发现多用电表指针的偏转角度很大，因此需选择　 　（选填“×1”或“×100”）倍率的欧姆挡，并需　 　（填操作过程）后，再次进行测量，若多用电表的指针如图乙所示，测量结果为　 　Ω。
（2）将铅笔芯固定在纸巾盒侧边，截取一段导线固定在挡板C，并保证导线与铅笔芯接触良好且能自由移动，请完成题图中的电路连接　 　。
（3）不计多用电表内阻，多用电表应该把选择开关旋至“mA挡”，量程为　 　（选填“2.5”“25”或“250”）。
（4）将以上装置调试完毕并固定好，便可通过电表读数观察纸巾剩余厚度，设铅笔芯总电阻为R，总长度为L，不计多用电表内阻，则多用电表示数I与纸巾剩余厚度h的关系式为I＝　 　（用题中物理量符号表达）。依次实验将剩余纸巾厚度和对应电表读数一一记录下来，并进行标示，从而完成“一抽到底”纸巾盒的可视化改装探究。
13．一个氘核（）与一个氚核（）聚合成一个氦核（）的同时放出一个粒子，释放17.6MeV的能量，不计生成物的动能。已知氘核、氚核的比结合能分别为1.09MeV、2.78MeV。
（1）请写出核反应方程；
（2）求氦原子核的比结合能。
14．如图所示，两根电阻不计的平行金属导轨放置于倾角θ=30°的斜面上，导轨底端接有R=8Ω的电阻，磁感强度B=0.5T的匀强磁场垂直于斜面向上。质量为m=0.1kg，电阻r=2Ω的金属棒ab由静止释放，沿宽度L=2m的导轨下滑。设导轨足够长，金属棒ab下滑过程中始终与导轨接触良好，当金属棒下滑高度h=3m时，速度恰好达到最大值v=2m/s，g取。求：
（1）金属棒速度最大时的感应电流I；
（2）金属棒受到的滑动摩擦力的大小；
（3）此过程中电阻R上产生的热量；
（4）此过程中通过电阻R的电荷量q。
15．如图是一种离子探测装置的示意图，栅极板AB、CD竖直放置（由金属细丝组成的筛状电极，带电粒子可顺利通过）。大量电量为e，质量为m的负离子均匀分布在栅极板AB上，由静止开始，经AB、CD间电压U0加速后进入水平金属板。水平金属板间的电压为U（金属板间的电场可视为匀强电场），其中上极板带负电，金属板间距和极板长度均为L。已知单位时间内有n个离子进入水平金属板，装置中的O、O1、O2三点共线，O1、O2是水平金属板的中心线，从O点进入的离子恰好从水平金属板的下边缘M点进入右侧，装置右侧存在范围足够大的匀强磁场B0，磁感应强度的大小，方向垂直纸面向里。现在磁场左边界处放置一探测板，探测板长为0.5L，上端距M点的距离为0.25L，离子打到竖直探测板即被吸收。不计离子的重力以及离子间相互作用力。求：
（1）离子离开栅极板CD时的速度大小；
（2）电压U与U0的比值；
（3）单位时间探测板接收到的离子数；
（4）离子对探测板在垂直板方向的作用力大小。
16．如图所示，水平传送带的长度为，传送带沿顺时针转动且速度，右侧水平面上有一个固定的物体P，P右侧静置着一个质量的光滑物体Q，P、Q紧密接触但不粘连，段为半径的光滑圆弧，处是圆弧最低点，段圆弧所对圆心角。一个质量为的小物块以水平向右的初速度从端滑上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数，物体从点离开传送带做平抛运动并恰好从点无碰撞进入圆弧。小滑块可看作质点，不计空气阻力，重力加速度取。求：
（1）小物块在传送带上滑行的时间；
（2）小物块经过点时受到圆弧的支持力大小（结果保留一位小数）；
（3）物体Q能获得的最大速率。
答案
1．【答案】B
A．如果水能浸润该 “自清洁玻璃”，水在玻璃表面应该是铺展开的，而不是形成接近球形的液滴，所以水不能浸润该 “自清洁玻璃”， 故A错误；
B．液体表面张力会使液体表面有收缩的趋势，使得水滴呈球形，故B正确；
C．分子间引力和斥力是同时存在的，在水滴表面的水分子间也不例外，只是分子引力大于分子斥力，表现为引力，故C错误；
D．因为水不能浸润该玻璃，用该玻璃制成的两端开口的洁净毛细管竖直插入水中，管内液面应该比水面低，故D错误。
故答案为：B。
围绕浸润现象、表面张力、分子间作用力及毛细现象的核心规律，结合水滴在玻璃表面的球形特征，逐一判断各选项的物理本质是否匹配。
2．【答案】C
A．光束示意图如图所示
因为，
即，，可知从点垂直海面射出的光束中有一部分光发生折射，另一部分光发生全反射，海面上看到光斑的范围是区域，故A错误；
BC．设光斑的半径，有
解得
可知，下潜的深度越大光斑半径越大，当时，海面上形成的圆形光斑的半径
故B错误、C正确；
D．根据，可得，由于海水的折射率大于空气的折射率，同种频率的光在海水中的传播速度小于在空气中的传播速度，故D错误。
故答案为：C。
这道题的核心是分析光从水中射向空气时发生的折射与全反射现象，结合圆锥光束的几何关系，求解海面上形成的光斑半径。
3．【答案】D
本题考查物理学的一些实验现象和左手定则的应用，牢记基础知识即可，注意应用左手定则时四指指的是正粒子的运动方向。A．卢瑟福根据粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，A错误；
B．验电器指针和锌板连接，因失去电子而带正电，B错误；
C．根据左手定则，1为粒子的运动轨迹，C错误；
D．石墨和镉棒起到减缓中子和吸收中子的速率，可有效控铀核裂变反应的速率，故图丁是利用铀核裂变释放能量的核反应堆，D正确。
故选D。
卢瑟福根据α粒子散射实验提出了核式结构模型；锌板发生光电效应，飞出光电子后带正电；根据左手定则判断；核反应堆是根据裂变反应释放能量的。
4．【答案】B
解答本题的关键要理解波的形成过程，分析相关质点间振动状态的关系，结合数学知识帮助解答。A．时，P、Q的位置如上，以P点为参考，且P处于平衡位置，设其初相位为0，Q点位移是，而振幅为10cm，则
代入得
即Q点的初相位为，二者相位差在时为，则O、P间的距离为
质点P的平衡位置坐标为
A错误；
B．Q点平衡位置坐标为
则波传播的速度为
B正确；
C．由波动周期
可知，为四分之一周期，质点Q不在平衡位置，在此四分之一周期内运动的路程大于，C错误；
D．由同测法知，时质点P向下振动，振动方程为
D错误；
故选B。
根据数学知识求出Q点的初相位，根据在t=0时P、Q二者相位差求出O、P间的距离，即可确定质点P的平衡位置坐标。根据数学知识求出Q点的平衡位置坐标，结合波从P点传到Q点的时间求波速。根据质点Q振动时间与周期的关系求质点Q运动的路程。根据振幅、周期和初相位写出质点P的振动方程。
5．【答案】D
本题关键掌握“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验注意事项、“探究气体等温变化的规律”实验注意事项、“插针法测定玻璃的折射率”注意事项分析和“用单摆测重力加速度”实验原理。A．图甲“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯，是为了减少涡流的影响，故A错误；
B．图乙“探究气体等温变化的规律”实验中，在活塞上涂润滑油避免实验过程中气体泄漏，同时减小摩擦力，故B错误；
C．图丙“插针法测定玻璃的折射率”，宽度较大的玻璃砖中光线较长，测量误差较小，所以为了减小误差，应选用宽度较大的玻璃砖来测量，故C错误；
D．根据
得
若某同学直接把摆线长度当作摆长，用多组数据做出图像，图像斜率不变，根据图像得出g的测量值，该同学认为这样操作对g的测量值没有影响，故D正确。
故选D。
根据“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验注意事项分析判断；根据“探究气体等温变化的规律”实验注意事项；根据“插针法测定玻璃的折射率”注意事项分析判断；根据“用单摆测重力加速度”实验原理分析判断。
6．【答案】B
AD．小球做匀速圆周运动，对甲、乙两球进行受力分析，两球均只受重力和漏斗给的支持力FN，如图所示
设漏斗顶角的一半为，根据力的合成可以得出它们所受向心力
由于两球质量相等，所以两球的向心力相等，向心加速度也相等，故A、D错误；
B．根据向心力的表达式有
可得速度的大小为
由于甲球的轨道半径比乙球轨道半径更大，所以
故B正确；
C．根据向心力的公式有
可得角速度的大小为
由于甲球的半径比乙球半径更大，所以
故C错误。
故选B。
利用力的合成可以求出向心力的大小，结合向心力的表达式可以比较线速度、向心加速度和角速度的大小。
7．【答案】C
解决本题的关键要掌握万有引力提供向心力这一思路，得到线速度、加速度、引力、周期与轨道半径的关系。
A．根据万有引力提供向心力，结合牛顿第二定律可得
解得
可知向心加速度变为原来的4倍，故A错误；
B．根据万有引力提供向心力
可得
线速度变为原来的倍，故B错误；
C．根据
可得
运动周期变为原来的倍，故C正确；
D．根据
“嫦娥六号”所受万有引力变为原来的4倍，故D错误。
故选C。
根据万有引力提供向心力，得到各个物理量表达式，根据表达式分析。
8．【答案】D
9．【答案】D
A．由于金属板位于正电荷所形成的电场中，因此将发生静电感应，达到静电平衡后金属板的表面将是一个等势面，则金属板上方的电场线垂直金属板向下，其等势面的分布如图所示
由图可知c点的等差等势面比d点的更密集，因此c点的场强比d点场强大，故A错误；
BC．a、o、b三点共线且垂直金属板，则a、o、b三点所在直线为电场中的一条电场线，且方向由a指向b，而沿着电场线的方向电势降低，由此可知o点的电势低于a点的电势，b点的电势低于a点的电势，而带负电的电荷在电势低的地方电势能大，则电荷量为q的负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC错误；
D．由于c点的电势高于d点的电势，当将电荷量为q的正电荷从c点移到d点的过程中，电场力做正功，故D正确。
故选D。
1、金属板位于正电荷所形成的电场中，发生静电感应，达到静电平衡后金属板的表面将是一个等势面，可画出等势面，轨迹等势面得疏密判断电场强度大小。
2、电场线是由正电荷指向金属板，沿着电场线的方向电势降低，可判断电势高低。
3、根据带负电的电荷在电势低的地方电势能大判断电荷量为q的负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能。
4、正电荷从电势高向电势低移动，电场力做正功。
10．【答案】B
A．初始时电容器下极板带正电，因此时，回路中电流为顺时针方向，故A错误；
B．时，电感器对电容器充电，此时电容器上极板带正电，故B正确；
C．时，电流最大，因此电容器放电完毕，所带电量为零，故 C错误；
D．时，回路中的电流为零，因此磁场能也为零，故D错误。
故答案为：B。
本题考查 LC 振荡电路，核心是根据电流随时间的变化图像，分析各时刻电容器的带电情况和回路的能量变化。
11．【答案】B
A．设a的质量为，以水平向右的方向为正方向，由于水平面光滑，以a和b为系统不受外力，根据动量守恒定律可得
解得，故A正确；
B．根据图乙可知，时刻之前a的速度大于b的速度，时刻a的速度等于b的速度，则时刻弹簧被压缩最短，此时a、b间的距离最小，接着弹簧逐渐恢复原长，此时a继续减速，b继续加速，在时刻a的速度最小、b的速度最大，此时弹簧恢复原长，故时刻a、b间的距离并非最大，过了t2时刻由于b的速度大于a的速度所以弹簧继续伸长，在弹簧收缩弹力的作用下a的速度增大、b的速度减小，在时刻两者共速，此时弹簧被拉伸得最长，所以两物块相距最远，因此时刻a、b间的距离最大，故B错误；
C．时间内，以水平向右的方向为正方向，对b，已知初速度为0，末速度为，根据动量定理可得，故C正确；
D．图中阴影部分的面积为弹簧的最大压缩量，由于动能的变化量等于弹性势能的增加量，根据能量守恒定律可得
解得
即图乙中阴影部分的面积为，故D正确。
此题选择不正确选项，故选B。
利用系统动量守恒定律可以求出a的质量大小；利用t2时刻b的速度大于a的速度，弹簧会继续伸长所以此时弹簧不是最长；利用动量定理可以求出b受到的冲量大小；利用能量守恒定律可以求出弹性势能的最大值，进而求出弹簧最大的压缩量。
12．【答案】（1）×1；欧姆调零；12
（2）
（3）250
（4）
13．【答案】（1）解：根据质量数守恒、核电荷数守恒规律可知，该核反应方程为
（2）解：设氘核比结合能为E1，氚核比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，释放的能量为ΔE，由能量守恒定律可得
代入数据可得氦原子核的比结合能为
14．【答案】（1）解：金属棒速度最大时感应电动势E=BLv
感应电流
解得I=0.2A
（2）解：金属棒速度最大时，由平衡条件有
代入数值解得
（3）解：根据能量守恒有
电阻R上产生的热量
解得
（4）解：此过程中有，
据法拉第电磁感应定律
解得q=0.6C
15．【答案】（1）解：粒子经电场加速，根据动能定理
解得
（2）解：进入偏转电场后做类平拋运动，则
，
根据牛顿第二定律
联立可得
所以
（3）解：设离子进入匀强磁场时速度方向与水平成角，速度大小为，根据洛伦兹力提供向心力
离子进入磁场做匀速圆周运动的半径为
如图，所有进入磁场的离子经过磁场偏转后向下偏移的距离
粒子到达左边界处的范围为距M点0.5L到L，故探测板单位时间接收到的粒子数为
（4）解：离子被探测板吸收过程，在垂直板方向对离子由动量定理得
由上述可知
所以解得
根据牛顿第三定律得，离子对探测板在垂直板方向的作用力大小为
16．【答案】（1）解：小物块相对传送带上运动时，由牛顿第二定律得
解得
由运动学公式得
解得
故小物块在传送带上先减速再匀速，由
解得
匀速阶段有
解得
所以小物块在传送带上滑行的时间为
（2）解：小物块做平抛运动到达点时，有
解得
从点到点过程，根据动能定理得
解得
在点，由牛顿第二定律得
解得
（3）解：当小物块滑离物体Q时，物体Q获得的速度最大，根据动量守恒和机械能守恒可得，
解得Q的最大速度
(1) 物块在传送带上先减速后匀速，用牛顿第二定律求加速度，分段计算减速、匀速的时间；
(2) 由平抛无碰撞进入圆弧的几何关系求C点速度，用动能定理求D点速度，再用向心力公式求支持力；
(3) 物块与Q发生弹性碰撞，动量守恒、机械能守恒，求出Q的最大速率。

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