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四川省泸州市龙马潭区五校联考2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共12小题，其中1~10题每小题3分，只有一个选项符合题目要求。11~12题每小题4分，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错的得0分。共38分）
1．下列数据中与实际相符的是（　　）
A．教室内天花板离地面的高度约为3500cm
B．中学生正常步行时的速度约为1m/s
C．在通常情况下，中学生脉搏1min跳动35次
D．一个鸡蛋的质量约为5kg
【答案】B
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．一般教室的高度约为3.5m=350cm，故A不符合题意；
B．中学生正常步行时，1min通过约60m，步行的速度约为1m/s，故B符合题意；
C．通常情况下，中学生脉搏1min跳动70次，故C不符合题意；
D．一般情况下，一个鸡蛋的质量约为50g，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据常见物体的高度、时间、质量，结合数据解答。
2．下列描述中属于扩散现象的是（　　）
A．桂花花香四溢 B．雪花漫天飘舞
C．灰尘空中飞扬 D．江面雾气弥漫
【答案】A
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】A.桂花花香四溢，是花香分子在空气中发生的扩散现象，故A符合题意；
雪花漫天飘舞，灰尘空中飞扬和江面雾气弥漫，都是肉眼看得到的运动，都不是扩散现象，故B、C、D不合题意。
故选A。
【分析】分子很小，看不到摸不到，只要是看得到的运动，都是宏观物体的运动。
3．2024年中央电视台主办的春节联欢晚会上，演员们用中国大鼓、排鼓等乐器打响开场表演《鼓舞龙腾》，铿锵有力的鼓声使现场听众感受到了新年即将到来的喜悦气氛。下列说法正确的是（　　）
A．现场的听众听到的鼓声是噪音
B．现场的听众听到的鼓声是通过空气传播的
C．演奏时敲击不同位置的鼓面，主要改变声音的响度
D．敲击鼓面时，用力越大，发出声音的音调越高
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】 解：A、现场的听众听到的鼓声是乐音，故A错误；
B、现场的听众听到的鼓声是通过空气传播的，故B正确；
C、演奏时敲击不同位置的鼓面，振动频率不同，主要改变声音的音调，故C错误；
D、敲击鼓面时，用力越大，发出声音的响度越大，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）从物理学角度看，杂乱、振动无规律的声音都是噪声；从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声；
（2）声音靠介质传播，真空不能传声；
（3）声音是由物体振动产生；音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
4．共享单车的出现极大地方便了人们的生活，共享单车深受年轻朋友的喜爱。如图所示，当人们在平直路面上匀速向前骑行时，下列说法正确的是（　　）
A．相对于路旁的建筑物，自行车是静止的
B．自行车的轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦
C．人和车对地面的压力与地面对车的支持力是一对平衡力
D．人和车受到的重力与地面对人和车的支持力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】 解：A、人们在骑行过程中，自行车相对于路旁的树木而言，位置发生了改变，所以自行车是运动的，故A错误；
B．自行车的轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C．人和车对地面的压力与地面对车的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D．人和车受到的重力与地面对人和车的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）在研究机械运动时，被选作标准的物体叫参照物；一个物体是运动还是静止，需要看它相对于参照物的位置是否变化；
（2）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关；
（3）（4）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
5．近年来，我国在科技领域取得了辉煌的成就。下列科技成果与其工作时所涉及的物理知识对应错误的是（　　）
A．“华龙一号”核电机组——核聚变将核能转化为电能
B．“天舟六号”货运飞船——电磁波传递信息
C．“天宫一号”空间站——利用的太阳能属于可再生能源
D．高速磁悬浮列车——磁极间的相互作用规律
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核裂变；磁场；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：“华龙一号”核电机组利用的是核裂变，不是核聚变，故错误；
B：飞船通过电磁波传递信息，正确；
C：太阳能属于可再生能源，正确；
D：磁悬浮列车利用磁极间相互作用，正确；
故答案选 A。
【分析】A：核电站利用可控核裂变；核聚变目前尚不可控。
B：电磁波可以在真空中传播，用于航天通信。
C：可再生能源包括太阳能、风能、水能等。
D：磁悬浮原理是磁极间相互作用（同名磁极相斥）。
6．在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
7．如图甲所示，小聪课余时间用弹簧测力计做浮力实验。他用弹簧测力计挂着实心圆柱体，圆柱体浸没在水中且不与容器壁接触，然后将其缓慢拉出水面，弹簧测力计示数随圆柱体上升距离的变化情况如图乙，g取10N/kg，则（　　）
A．圆柱体的重力1.6N
B．圆柱体受到的最大浮力1.6N
C．圆柱体上表面未拉出水面之前，水对圆柱体压力的合力不变
D．圆柱体下表面未拉出水面之前，容器对桌面压强不变
【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．图乙中，圆柱体完全浸没时，拉力为1.6N，脱离水面，弹簧测力计示数F=2N，此时圆柱体不受浮力，圆柱体的重力G=F=2N，受到的浮力为：F浮=G-F1=2N-1.6N=0.4N，故AB不符合题意；
C．圆柱体未露出时，排开液体的体积不变，受到的浮力不变，即水对圆柱体压力的合力不变，故C符合题意；
D．圆柱体逐渐离开水面之前，容器对桌面压力变化，根据，容器对桌面压强变化，故D不符合题意。
故选C。
【分析】物体在空气中时，测力计的拉力等于物体的重力；根据物体的重力和浸没时测力计的拉力，计算浮力；液体密度和排开液体的体积一定时，浮力不变。
8．小明房间里准备安装一盏吊灯和一盏壁灯，要求它们能根据需要各自独立工作，下列设计的四种电路中，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，吊灯和壁灯，要各自独立工作，两盏灯是并联的，分别由独立开关控制，A符合题意。
故选A。
【分析】各用电器互不影响，是并联电路，各支路开关控制支路用电器。
9．以下装置可以用来演示物理现象，则下列说法正确的是（　　）
A．图甲可用来演示电磁感应现象
B．图乙可用来演示电磁感应现象
C．图丙可用来演示磁场对电流的作用
D．图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 解：A、该图中没有电源，是发电机原理示意图，其原理是电磁感应现象，故A正确。
C、是奥斯特实验装置，演示了电生磁现象，它说明了通电导体周围存在磁场，故B错误；
C、是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故C错误；
D、是电动机原理的示意图，研究的是通导线在磁场中受力转动的情况，故D错误；
故选：A。
【分析】（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流。
（2）电流磁效应是指电流能产生磁场；
（3）比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针。
（4）研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中。根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可。
10．甲、乙两物体在同一地点、同一方向出发做直线运动，两物体的路程随时间的变化图像如图所示，则以下说法正确的是（　　）
A．整个20s内，乙物体的平均速度速度是2m/s
B．甲物体5-10s内的平均速度大于乙物体5-10s内的平均速度
C．5-10s内，甲、乙两物体之间的距离始终为20m
D．若20s后两车的运动状态不变，则第50s时，两车相距40m
【答案】C
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A、整个20s内，乙物体通过的路程是30m，根据平均速度公式，乙的平均速度，不是2m/s，A错误。
B、甲物体5-10s内通过的路程是30m-20m=10m，时间是10s-5s=5s，平均速度；乙物体5-10s内，从t=5s时路程为0，t=10s时路程为15m，通过的路程是15m，时间5s，平均速度，所以甲物体5-10s内的平均速度小于乙物体5-10s内的平均速度，B错误。
C、t=5s时，甲的路程是20m，乙的路程是0，两者距离20m；t=10s时，甲的路程是30m，乙的路程是15m，两者距离30m-15m=15m，所以5-10s内，甲、乙两物体之间的距离不是始终为20m，C错误。
D、由图可知，甲在10s后路程不再变化，处于静止状态；乙做匀速直线运动，5~20s乙车的速度为
，由图可知，20s时，两物体处于同一位置，20s后甲保持静止，乙以2m/s的速度做匀速直线运动，所以第50s时，两者的距离为s＝v乙t＝2m/s×(50s－20s)＝60m
故D错误。
故答案为：C。
【分析】1、路程-时间图像的解读：路程-时间图像中，横坐标表示时间，纵坐标表示路程。图像的斜率表示速度，斜率为零表示物体静止，斜率不变表示物体做匀速直线运动。通过图像可以获取物体在不同时间内的路程，进而计算速度、分析物体运动状态等。
2、平均速度的计算：平均速度等于总路程除以总时间，即，用于描述物体在一段时间内运动的平均快慢程度。
3、物体运动状态的分析：通过路程-时间图像分析物体是静止还是运动（匀速或变速），以及不同物体在同一时间段内的运动情况对比，包括路程、速度、距离等方面的分析。
11．如图所示，是载有舰载机的山东舰在某海域开展实战化训练的情景。舰载机经弹射器弹射获得一定的初速度后，在发动机推力的作用下，继续加速到甲板末段滑跃起飞，在空中进行实战演练。下列说法正确的是（　　）
A．弹射后，发动机推力改变了舰载机的运动状态
B．舰载机被弹射前的惯性小于它被弹射后的惯性
C．舰载机利用了流体压强与流速的关系获得升力
D．以起飞后的舰载机为参照物，山东舰是运动的
【答案】A,C,D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；流体压强与流速的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】A．舰载机经弹射器弹射获得一定的初速度后，发动机推力改变了舰载机的运动状态，故A正确；
B．舰载机被弹射前后的质量不变，因此舰载机被弹射前的惯性等于它被弹射后的惯性，故B错误；
C．流体的流速越大，压强越小，舰载机利用了流体压强与流速的关系获得升力，故C正确；
D．以起飞后的舰载机为参照物，山东舰相对于舰载机的位置发生了变化，所以山东舰是运动的，故D正确。
故选ACD。
【分析】（1）力可以改变物体的形状和改变物体的运动状态；
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与质量有关，质量越大，惯性越大；
（3）流体压强与流速的关系：流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大；
（4）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
12．如图甲所示，两个电压表的量程都是0~15V，电流表的量程是0~0.6A，小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。闭合开关，为保证所有元件都安全，滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，当滑片在两点间滑动时，绘制了电流表A的示数与电压表V1和V2的示数关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（　　）
A．电源电压为6V
B．该电路最大功率与最小功率之比为5∶2
C．AB为电流表A的示数与电压表V2的示数关系图像
D．滑动变阻器最大阻值到a点间取值范围为55Ω~12Ω
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、当滑片位于a点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，由图乙可知，电路中的电流I=0.5A，灯泡两端的电压UL=6V，变阻器两端的电压Ua=6V；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UL+Ua=6V+6V=12V，故A错误；
D、由可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：；电路的最大功率：P大=UI=12V×0.5A=6W；
当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小；根据图像可知，AB段电路的功率最小，
由图乙可知，电路的最小电流I'=0.2A，变阻器两端的电压UC=11V，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：，则滑动变阻器的取值范围为12Ω～55Ω，故D正确；
B、电路的最小功率：P小=UI'=12V×0.2A=2.4W；则最大功率和最小功率之比为6W：2.4W=5：2，故B正确；
C、根据图像可知，当AB段的电压变大时，电流变大，表明总电阻是变小的，即滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，所以AB为电流表A的示数与电压表V1的示数关系图像，故C错误。
故选：BD。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a点时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的电流最大，由小灯泡两端的电压不许超过额定电压可知，此时灯泡正常发光，根据图像读出电路的最大电流和灯泡、滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，利用P=UI求出电路的最大功率；当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小，电路的功率最小，根据图乙读出电路的最小电流和滑动变阻器两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后求出滑动变阻器的取值范围，根据P=UI求出电路的最小功率，然后得出该电路功率范围，从而得出功率之比。
二、填空题（本题共6个小题，每空1分，共18分）
13．汽车在紧急刹车过程，总要滑行一段距离才能停下来，原因是汽车有　 　；当雨天路面有水时，轮胎与地面间的摩擦变　 　，在同样车速条件下，汽车在紧急刹车后滑行的距离将比路面没有水时变　 　，因此，司机驾车要注意：“雨天路滑，小心慢行”。
【答案】惯性；小；长
【知识点】惯性及其现象；摩擦力的大小
【解析】【解答】汽车在紧急刹车的过程中，总要滑行一段距离才能停下来，原因是汽车具有惯性。当雨天路面有水时，轮胎与地面间的摩擦变小，在同样车速条件下，汽车在紧急刹车后滑行的距离将比路面没有水时变长，因此司机驾车要注意：“雨天路滑，小心慢行”。
【分析】根据任何物体都有保持原来运动状态的性质进行分析；摩擦力越小，汽车的运动状态越不易改变，运动的距离越长。
14．防控登革热疫情期间，很多家庭使用各种工具消灭蚊子，电热驱蚊器就是一种，把电蚊香片放在驱蚊器的金属片上，驱蚊器金属片通电后发热，加热电蚊香片，会发出芬芳的气味驱赶蚊子，这种现象表明　 　。驱蚊器金属片通电发热是利用了电流的　 　。登革热患者的典型表现为发烧，治疗期间医生会利用冷敷等方法进行物理降温，这是通过　 　改变内能。
【答案】分子在不停地做无规则运动；热效应；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；电流的热效应；分子热运动
【解析】【解答】(1)加热电蚊香片，会发出芬芳的气味驱赶蚊子是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)电热灭蚊器是利用电流的热效应来工作的，即电流通过电加热器时会产生一定的热量，使置于其上的药片的有效药剂挥发至室内的空间中，达到驱蚊灭蚊之功效；
(3)医生会利用冷敷方法进行物理降温时，热量由人体转移到冷敷袋内的水用热水上，这是通过热传递的方式改变物体的内能水。
【分析】(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)电流通过导体时会放出热量，这一现象叫做电流的热效应，在这一过程中将电能转化为内能；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程，即机械能与内能之间相互转化。
15．小明家新购买了一个电热水壶，在使用时电热水壶与家里的其他用电器是　 　（选填“并联”或“串联”）连接的。电热水壶里装有1kg30℃的水，正常电压下烧开用时5min，水吸收的热量是　 　J；若电热水壶的效率为70%，则电热水壶的功率是　 　W。[水的比热容为，当地的大气压为1标准大气压]
【答案】并联；2.94×105；1400
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【解答】家用电器能独立工作，互不影响，则电热水壶与家里的其他用电器是并联的。
水被烧开时吸收的热量：，
结合效率，电热水壶消耗的电能为：，
计算电热水壶的功率是：。
【分析】各家用电器是并联连接的；根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量，利用热效率，计算消耗的电能，根据，计算电功率大小。
16．如图所示的电路中，当开关S拨到a后，电磁铁左端为　 　极，小磁针静止时，B端是　 　极；当开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表的示数仍保持不变，则电磁铁的磁性　 　（选填 “增强”、“不变”或“减弱”）。
【答案】N；S；减弱
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】图中，开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则，螺线管左端是N极，右端是S极。根据磁极间的相互作用，小磁针的A端为N极，B端为S极。
将开关S由a换到b，减少了线圈的匝数，调节滑片位置，保持电流不变，则通电螺线管的磁性减弱。
【分析】根据安培定则判断通电螺线管的磁极位置；根据磁极间相互作用，判断小磁针的磁极；通电螺线管的磁性强弱和电流大小有关，和线圈匝数有关。
17．工人用如图装置搬运石块A。已知A重1200N，在20s内沿水平方向匀速移动3m，工人所用拉力F为120N，那么A移动速度为　 　m/s，此过程拉力F做功为　 　J；如果此装置机械效率为75%，则石块A受到的摩擦力为　 　N。
【答案】0.15；1080；270
【知识点】速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】解：已知石块A在20s内沿水平方向匀速移动3m，
A移动的速度为：；由图可知，滑轮组中与动滑轮相连的有三段绳子，即n=3；
石块移动3m，则绳子自由端移动的距离：s=nsA=3×3m=9m；
拉力F做功：W=Fs=120N×9m=1080J。
水平滑轮组的机械效率；
则石块A受到的摩擦力：f=nFη=3×120N×75%=270N。
故答案为：0.15；1080；270。
【分析】
石块A在20s内沿水平方向匀速移动3m，由速度公式可求A移动速度；再判断滑轮组中与动滑轮相连的是几段绳子，根据s=nsA可求绳子自由端通过的距离，W=Fs可求拉力F做功，然后利用机械效率公式的变形式求出摩擦力的大小。
18．如图所示，某家用电热水壶有“高温”、“低温”两挡，已知定值电阻与阻值相等，“低温挡”正常工作时的功率为，则的阻值为　 　。在标准大气压下，用“高温挡”加热初温为15℃、质量为的水，该过程消耗的电能为　 　，若产生的热量全部被水吸收，则水的温度升高了　 　℃。
【答案】50；；85
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图，当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电路中只有R2工作，当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联；根据，电源电压一定时，总电阻越大，总功率越小，则当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联，总电阻最大，总电功率最小，为低温挡。当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电阻最小，电功率最大，为高温挡；
“低温挡”正常工作时，电路的总电阻为：
已知R1、R2阻值相等，则两电阻的阻值为：R1=R2=50Ω
高温挡的功率为：，
消耗的电能为：；
若产生的热量全部被水吸收，则水吸收的热量为：
水升高的温度为：
由计算得，水的末温是：t=t0+Δt=15℃+96.8℃=111.8℃>100℃，1标准大气压下水的沸点是100℃，水的末温是100℃，水实际升高的温度为：Δt'=100℃-15℃=85℃。故第1空填：50；第2空：；第3空：85.
【分析】根据电路图，开关都闭合，电阻R1短路，电阻较小，则电功率较大，是高温档，根据，计算电阻；结合两定值电阻相等，计算一个电阻，利用，计算高温档功率；利用W=Pt，计算高温档消耗的电能，结合水的质量、比热容，根据，计算温度差，水在标准大气压时的沸点为100℃，根据水的初温和温度差，计算末温，水的末温不能超过沸点，结合沸点，计算实际温度差。
三、作图与实验探究题（本题共5小题，作图题请先用铅笔作图，确定后，再用黑色签字笔描黑，每图2分，其余每空1分，共20分）
19．如图所示，光线a是发光点S射向平面镜后的一条反射光线，并平行于主光轴入射到凹透镜上，S’为像点。请画出：（1）发光点S的位置。（2）光线a的入射光线。（3）光线a经过凹透镜后的折射光线。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，根据像S'的位置，作出发光点S；
连接发光点S与反射点，即为入射光线；光线平行于凹透镜主光轴，折射光线的反向延长线过同侧的焦点，作出折射光线。如图所示
【分析】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称；光线和凹透镜的主光轴平行，折射光线的反向延长线过焦点。
20．图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度；S2为单独控制电视插座的开关．请在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则．
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】台灯和电视机插座并联，台灯的旋钮开关相当于滑动变阻器，应与台灯串联，且开关应接在火线上；开关S2控制电视机，与电视机插座串联，且接在火线的一侧；如下图所示：
【分析】灯泡的开关连接在火线一侧；插座的开关连接在火线一侧；灯泡和插座并联。
21．在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
(1)由图甲可知，凸透镜的焦距为　 　cm；
(2)如图乙所示，调整好光具座，把蜡烛固定在20cm刻度线位置时，光屏应放在　 　（选填“I”或“II”）区域内左右移动，才会在光屏上得到一个清晰的倒立、　 　的实像；
(3)若保持蜡烛与凸透镜的位置不变，更换一个焦距为12cm的凸透镜，重复上述实验，要再次得到清晰的像，光屏应向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动，该现象与　 　（选填“近视眼”或“远视眼”）形成相似。
【答案】10；1；缩小；远离；远视眼
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）由图知，平行光线经凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，由此可知，该凸透镜的焦距是10cm；
（2）由图知，若蜡烛在20cm刻度处，则物距u=50cm-20cm=30cm＞2f，此时成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，光屏离凸透镜的距离应在10cm到20cm之间，光屏应该在1区域；
（3）由题意知，所换凸透镜的焦距变大，说明折光能力变弱，这样像距变大，类似远视眼的成因，要得到清晰的像，光屏需远离凸透镜。
故答案为：（1）10；（2）1；缩小；（3）远离；远视眼。【分析】 （1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距；
（2）物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，幻灯机或投影仪都是根据这个原理制成的；
（3）根据透镜的折光能力及近视眼、远视眼的成因进行分析。
22．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小龙同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，已知每个钩码重0.5N。
（1）为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）端调节；
（2）小明调节杠杆在水平位置平衡后，多次改变钩码的位置和个数，使杠杆重新平衡，收集多组数据，其目的是　 　；
（3）如图乙，用测力计在A处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，为了保持杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）当货车所载货物重心太靠后时，货车会翘起来，如图丁所示，这样容易造成交通安全事故。若以后轮为支点，货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1　 　GL2（选填“＞”、“=”或“＜”）。
【答案】（1）右
（2）多次实验寻找普遍规律
（3）变大
（4）＞
【知识点】杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图中，杠杆左低右高，将平衡螺母向右端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）实验时，收集多组数据，使实验结论具有普遍性，避免偶然性。
（3）图中，测力计逐渐向左倾斜，动力臂减小，阻力和阻力臂不变，为保持杠杆在水平位置平衡，动力逐渐变大，测力计的示数将变大。
（4）图丙中，货车重力G与其力臂L2的乘积一定，当货车所载货物重心太靠后时，货物对货车压力F的力臂L1变大，则压力与其力臂的乘积大于货车重力G与其力臂L2的乘积，即FL1＞GL2，货车会翘起。
【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向偏高的一侧移动；
（2）探究杠杆的平衡条件时，多次实验，可以探究普遍性；
（3）杠杆上的拉力倾斜时，力臂减小，拉力变大；
（4）动力和动力臂一定，阻力一定，阻力臂变大，则杠杆不平衡。
（1）由图可知，杠杆左低右高，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
（2）收集多组数据，目的是避免偶然现象，使实验结论具有普遍性。
（3）阻力和阻力臂不变，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，动力臂逐渐减小，为了保持杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可知，动力逐渐变大，即测力计的示数将变大。
（4）当货车所载货物重心太靠后时，货物对货车压力F的力臂L1变大，压力与其力臂的乘积大于货车重力G与其力臂L2的乘积，即FL1＞GL2，所以货车会翘起来。
23．某实验小组的同学在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，现有器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表、电流表各一个，额定电压为3.8V的待测小灯泡（电阻约为12Ω），滑动变阻器。
（1）该实验的实验原理是 　 　；
（2）如图1甲所示是小田同学连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“×”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）。
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数，则电路的故障可能是 　 　；
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图1乙所示，则该小灯泡的额定功率为　 　W；
（5）该组的另一同学接着实验时，发现电压表0~15V量程已经损坏，0~3V量程还可以正常使用，在不添加器材的情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你如图1丙中的虚线框内画出正确的电路图；
（6）由图乙推知：小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1，小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2，则P1　 　P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
（7）小明做完实验后，想测量额定电流为I额的小灯泡L的额定功率，发现电压表已损坏。于是他利用电流表和定值电阻设计了如图2所示的电路，定值电阻的阻值为R2，根据电路图，主要测量步骤如下：
①闭合开关S和S2，断开开关S1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片不动，断开开关S2，闭合开关S1，记下此时电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率的表达式为P额=　 　（用题中字母表示）。
【答案】（1）P=UI
（2）
（3）小灯泡短路（或电压表短路）
（4）1.14
（5）
（6）大于
（7）(I﹣I额)R0I额
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 解：（1）在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的实验原理是P=UI；
（2）原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即电路的故障可能是小灯泡短路或电压表短路；
（4）由图1乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W；
（5）根据串联电路的规律，当滑动变阻器两端的电压为6V-3.8V=2.2V时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与滑动变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
（6）由图1乙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A，电功率为：
P1=1.9V×0.22A=0.418W；
小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为：
P2=1V×0.15A=0.15W，则P1大于P2。
（7）在步骤①中，灯泡与R0并联，电流表测通过灯的电流，当电流表示数为I额时，此时小灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡与R0仍并联，电流表测干路电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为：I0=I-I额，
则定值电阻R0两端电压为：U0=I0R0=（I-I额）R0，
根据并联电路电压的规律，灯泡的额定电压等于定值电阻两端电压，
所以灯泡的额定电功率为：P额=U0I额=（I-I额）R0I额。
故答案为：（1）P=UI；（2）；（3）小灯泡短路（或电压表短路）；（4）1.14；（5）；（6）大于；（7）（I-I额）R0I额。
【分析】 （1）该实验的实验原理是P=UI；
（2）根据电路连接和电表的使用分析回答；
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（4）根据图1乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率；
（5）根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，据此设计电路图；
（6）由图1乙知，分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小，根据P=UI比较灯的实际电功率P1与P2大小；
（7）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，先使灯与电流表串联后再与定值电阻并联，通过移动变阻器滑片，使电流表示数为额定电流；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出灯的额定电压，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
（1）在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的实验原理是P=UI。
（2）原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即电路的故障可能是小灯泡短路或电压表短路。
（4）由图1乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W
（5）根据串联电路的规律，当滑动变阻器两端的电压为
6V-3.8V=2.2V
时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与滑动变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
（6）由图1乙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A，电功率为
P1=U1I1=1.9V×0.22A=0.418W
小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为
P2=U2I2=1V×0.15A=0.15W
则P1大于P2。
（7）在步骤①中，灯泡与R0并联，电流表测通过灯的电流，当电流表示数为I额时，此时小灯泡正常发光；在步骤②中，灯泡与R0仍并联，电流表测干路电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为
I0=I-I额
则定值电阻R0两端电压为
U0=I0R0=(I-I额)R0
根据并联电路电压的规律，灯泡的额定电压等于定值电阻两端电压，所以灯泡的额定电功率为
P额=U0I额=(I-I额)R0I额
四、计算题（本题共2个小题，第24题9分，第25题10分，共19分；要求写出必要的步骤、相关公式和文字说明）
24．如图所示，现在的小火锅常用一种被称为“固体酒精”的物质作为燃料，已知这种燃料的热值是2.0×107 J/kg，若燃烧0.1 kg固体酒精，能将小火锅中质量为2 kg的热汤的温度从50 ℃升高到100 ℃。[汤的比热容近似为水的比热容c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]求：
（1）小火锅中汤吸收的热量；
（2）完全燃烧0.1 kg的“固态酒精”所释放出的热量；
（3）这个小火锅烧汤的效率。
【答案】解：（1）小火锅中汤吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(100℃-50℃)＝4.2×105J
（2）完全燃烧0.1kg的“固态酒精”所释放出的热量
Q放=mq=0.1 kg×2.0×107J/kg=2.0×106 J
（3）这个小火锅烧汤的效率
η＝×100%=21%
答：（1）小火锅中汤吸收的热量是4.2×105J；
（2）完全燃烧0.1kg的固态酒精所释放出的热量是2.0×106J；
（3）这个小火锅烧汤的效率是21%。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据Q吸=c水mΔt，计算水吸收的热量；
（2）根据Q放=mq，计算燃料燃烧放出的热量；
（3）利用，计算热效率。
25．用如图甲所示的滑轮组提升水中的物体M1，动滑轮A所受重力为G1，物体M1完全在水面下以速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F1，拉力F1做功的功率为P1，滑轮组的机械效率为η1；为了提高滑轮组的机械效率，用所受重力为G2的动滑轮B替换动滑轮A，如图乙所示用替换动滑轮后的滑轮组提升水中的物体M2，物体M2完全在水面下以相同的速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F2，拉力F2做功的功率为P2，滑轮组的机械效率为η2。已知G1-G2=40N，η2-η1=5%，，M1、M2两物体的质量相等，体积V均为4×10﹣2m3，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，绳重、轮与轴的摩擦及水的阻力均可忽略不计，上升过程中M1、M2两物体均未露出水面。求：
（1）物体M1受到的浮力F浮；
（2）拉力F1与F2之比；
（3）物体M1受到的重力G。
【答案】（1）解：物体M1受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m3=400N
（2）解：由可得，P1=F1v绳=2F1v，P2=F2v绳=2F2v，
则拉力F1与F2之比：①
（3）解：在匀速提升水中物体M1的过程中，以动滑轮A和物体M1为研究对象，受力分析如下图甲所示；在匀速提升水中物体M2的过程中，以动滑轮B和物体M2为研究对象，受力分析如下图乙所示：
由图可知：2F1+F浮=G+G1 ②
2F2+F浮=G+G2 ③
G1﹣G2=40N ④
由②③④得：F1-F2=20N ⑤
由①⑤解得：F1=320N，F2=300N。在水中提升物体时，滑轮组的机械效率
已知η2﹣η1=5%，即
代入数据：
解得：G=880N。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据F浮=ρ水gV排，计算物体受到的浮力；
（2）根据P=Fv，结合功率的不同，判断功率的关系；
（3）根据相同的滑轮组提升不同物体，拉力大小不同，结合平衡力，计算拉力大小，根据，表示机械效率，根据物体重力的大小。
（1）物体M1受到的浮力
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m3=400N
（2）由可得
P1=F1v绳=2F1v
P2=F2v绳=2F2v
则拉力F1与F2之比
①
（3）在匀速提升水中物体M1的过程中，以动滑轮A和物体M1为研究对象，受力分析如下图甲所示；在匀速提升水中物体M2的过程中，以动滑轮B和物体M2为研究对象，受力分析如下图乙所示：
由图可知：
2F1+F浮=G+G1 ②
2F2+F浮=G+G2 ③
G1﹣G2=40N ④
由②③④得
F1﹣F2=20N ⑤
由①⑤解得：F1=320N，F2=300N。在水中提升物体时，滑轮组的机械效率
已知η2﹣η1=5%，即
代入数据
解得：G=880N。
1 / 1四川省泸州市龙马潭区五校联考2025年中考一模物理试题
一、选择题（本题共12小题，其中1~10题每小题3分，只有一个选项符合题目要求。11~12题每小题4分，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错的得0分。共38分）
1．下列数据中与实际相符的是（　　）
A．教室内天花板离地面的高度约为3500cm
B．中学生正常步行时的速度约为1m/s
C．在通常情况下，中学生脉搏1min跳动35次
D．一个鸡蛋的质量约为5kg
2．下列描述中属于扩散现象的是（　　）
A．桂花花香四溢 B．雪花漫天飘舞
C．灰尘空中飞扬 D．江面雾气弥漫
3．2024年中央电视台主办的春节联欢晚会上，演员们用中国大鼓、排鼓等乐器打响开场表演《鼓舞龙腾》，铿锵有力的鼓声使现场听众感受到了新年即将到来的喜悦气氛。下列说法正确的是（　　）
A．现场的听众听到的鼓声是噪音
B．现场的听众听到的鼓声是通过空气传播的
C．演奏时敲击不同位置的鼓面，主要改变声音的响度
D．敲击鼓面时，用力越大，发出声音的音调越高
4．共享单车的出现极大地方便了人们的生活，共享单车深受年轻朋友的喜爱。如图所示，当人们在平直路面上匀速向前骑行时，下列说法正确的是（　　）
A．相对于路旁的建筑物，自行车是静止的
B．自行车的轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦
C．人和车对地面的压力与地面对车的支持力是一对平衡力
D．人和车受到的重力与地面对人和车的支持力是一对平衡力
5．近年来，我国在科技领域取得了辉煌的成就。下列科技成果与其工作时所涉及的物理知识对应错误的是（　　）
A．“华龙一号”核电机组——核聚变将核能转化为电能
B．“天舟六号”货运飞船——电磁波传递信息
C．“天宫一号”空间站——利用的太阳能属于可再生能源
D．高速磁悬浮列车——磁极间的相互作用规律
6．在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
7．如图甲所示，小聪课余时间用弹簧测力计做浮力实验。他用弹簧测力计挂着实心圆柱体，圆柱体浸没在水中且不与容器壁接触，然后将其缓慢拉出水面，弹簧测力计示数随圆柱体上升距离的变化情况如图乙，g取10N/kg，则（　　）
A．圆柱体的重力1.6N
B．圆柱体受到的最大浮力1.6N
C．圆柱体上表面未拉出水面之前，水对圆柱体压力的合力不变
D．圆柱体下表面未拉出水面之前，容器对桌面压强不变
8．小明房间里准备安装一盏吊灯和一盏壁灯，要求它们能根据需要各自独立工作，下列设计的四种电路中，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
9．以下装置可以用来演示物理现象，则下列说法正确的是（　　）
A．图甲可用来演示电磁感应现象
B．图乙可用来演示电磁感应现象
C．图丙可用来演示磁场对电流的作用
D．图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
10．甲、乙两物体在同一地点、同一方向出发做直线运动，两物体的路程随时间的变化图像如图所示，则以下说法正确的是（　　）
A．整个20s内，乙物体的平均速度速度是2m/s
B．甲物体5-10s内的平均速度大于乙物体5-10s内的平均速度
C．5-10s内，甲、乙两物体之间的距离始终为20m
D．若20s后两车的运动状态不变，则第50s时，两车相距40m
11．如图所示，是载有舰载机的山东舰在某海域开展实战化训练的情景。舰载机经弹射器弹射获得一定的初速度后，在发动机推力的作用下，继续加速到甲板末段滑跃起飞，在空中进行实战演练。下列说法正确的是（　　）
A．弹射后，发动机推力改变了舰载机的运动状态
B．舰载机被弹射前的惯性小于它被弹射后的惯性
C．舰载机利用了流体压强与流速的关系获得升力
D．以起飞后的舰载机为参照物，山东舰是运动的
12．如图甲所示，两个电压表的量程都是0~15V，电流表的量程是0~0.6A，小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。闭合开关，为保证所有元件都安全，滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和a点间滑动，当滑片在两点间滑动时，绘制了电流表A的示数与电压表V1和V2的示数关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（　　）
A．电源电压为6V
B．该电路最大功率与最小功率之比为5∶2
C．AB为电流表A的示数与电压表V2的示数关系图像
D．滑动变阻器最大阻值到a点间取值范围为55Ω~12Ω
二、填空题（本题共6个小题，每空1分，共18分）
13．汽车在紧急刹车过程，总要滑行一段距离才能停下来，原因是汽车有　 　；当雨天路面有水时，轮胎与地面间的摩擦变　 　，在同样车速条件下，汽车在紧急刹车后滑行的距离将比路面没有水时变　 　，因此，司机驾车要注意：“雨天路滑，小心慢行”。
14．防控登革热疫情期间，很多家庭使用各种工具消灭蚊子，电热驱蚊器就是一种，把电蚊香片放在驱蚊器的金属片上，驱蚊器金属片通电后发热，加热电蚊香片，会发出芬芳的气味驱赶蚊子，这种现象表明　 　。驱蚊器金属片通电发热是利用了电流的　 　。登革热患者的典型表现为发烧，治疗期间医生会利用冷敷等方法进行物理降温，这是通过　 　改变内能。
15．小明家新购买了一个电热水壶，在使用时电热水壶与家里的其他用电器是　 　（选填“并联”或“串联”）连接的。电热水壶里装有1kg30℃的水，正常电压下烧开用时5min，水吸收的热量是　 　J；若电热水壶的效率为70%，则电热水壶的功率是　 　W。[水的比热容为，当地的大气压为1标准大气压]
16．如图所示的电路中，当开关S拨到a后，电磁铁左端为　 　极，小磁针静止时，B端是　 　极；当开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表的示数仍保持不变，则电磁铁的磁性　 　（选填 “增强”、“不变”或“减弱”）。
17．工人用如图装置搬运石块A。已知A重1200N，在20s内沿水平方向匀速移动3m，工人所用拉力F为120N，那么A移动速度为　 　m/s，此过程拉力F做功为　 　J；如果此装置机械效率为75%，则石块A受到的摩擦力为　 　N。
18．如图所示，某家用电热水壶有“高温”、“低温”两挡，已知定值电阻与阻值相等，“低温挡”正常工作时的功率为，则的阻值为　 　。在标准大气压下，用“高温挡”加热初温为15℃、质量为的水，该过程消耗的电能为　 　，若产生的热量全部被水吸收，则水的温度升高了　 　℃。
三、作图与实验探究题（本题共5小题，作图题请先用铅笔作图，确定后，再用黑色签字笔描黑，每图2分，其余每空1分，共20分）
19．如图所示，光线a是发光点S射向平面镜后的一条反射光线，并平行于主光轴入射到凹透镜上，S’为像点。请画出：（1）发光点S的位置。（2）光线a的入射光线。（3）光线a经过凹透镜后的折射光线。
20．图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度；S2为单独控制电视插座的开关．请在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则．
21．在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
(1)由图甲可知，凸透镜的焦距为　 　cm；
(2)如图乙所示，调整好光具座，把蜡烛固定在20cm刻度线位置时，光屏应放在　 　（选填“I”或“II”）区域内左右移动，才会在光屏上得到一个清晰的倒立、　 　的实像；
(3)若保持蜡烛与凸透镜的位置不变，更换一个焦距为12cm的凸透镜，重复上述实验，要再次得到清晰的像，光屏应向　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动，该现象与　 　（选填“近视眼”或“远视眼”）形成相似。
22．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小龙同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，已知每个钩码重0.5N。
（1）为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）端调节；
（2）小明调节杠杆在水平位置平衡后，多次改变钩码的位置和个数，使杠杆重新平衡，收集多组数据，其目的是　 　；
（3）如图乙，用测力计在A处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，为了保持杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）当货车所载货物重心太靠后时，货车会翘起来，如图丁所示，这样容易造成交通安全事故。若以后轮为支点，货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1　 　GL2（选填“＞”、“=”或“＜”）。
23．某实验小组的同学在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，现有器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表、电流表各一个，额定电压为3.8V的待测小灯泡（电阻约为12Ω），滑动变阻器。
（1）该实验的实验原理是 　 　；
（2）如图1甲所示是小田同学连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“×”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）。
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数，则电路的故障可能是 　 　；
（4）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，并绘制出了小灯泡的电流随电压变化的图像如图1乙所示，则该小灯泡的额定功率为　 　W；
（5）该组的另一同学接着实验时，发现电压表0~15V量程已经损坏，0~3V量程还可以正常使用，在不添加器材的情况下，为了测出该小灯泡的额定功率，请你如图1丙中的虚线框内画出正确的电路图；
（6）由图乙推知：小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电功率为P1，小灯泡的实际电流是额定电流一半时的电功率为P2，则P1　 　P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
（7）小明做完实验后，想测量额定电流为I额的小灯泡L的额定功率，发现电压表已损坏。于是他利用电流表和定值电阻设计了如图2所示的电路，定值电阻的阻值为R2，根据电路图，主要测量步骤如下：
①闭合开关S和S2，断开开关S1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片不动，断开开关S2，闭合开关S1，记下此时电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率的表达式为P额=　 　（用题中字母表示）。
四、计算题（本题共2个小题，第24题9分，第25题10分，共19分；要求写出必要的步骤、相关公式和文字说明）
24．如图所示，现在的小火锅常用一种被称为“固体酒精”的物质作为燃料，已知这种燃料的热值是2.0×107 J/kg，若燃烧0.1 kg固体酒精，能将小火锅中质量为2 kg的热汤的温度从50 ℃升高到100 ℃。[汤的比热容近似为水的比热容c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]求：
（1）小火锅中汤吸收的热量；
（2）完全燃烧0.1 kg的“固态酒精”所释放出的热量；
（3）这个小火锅烧汤的效率。
25．用如图甲所示的滑轮组提升水中的物体M1，动滑轮A所受重力为G1，物体M1完全在水面下以速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F1，拉力F1做功的功率为P1，滑轮组的机械效率为η1；为了提高滑轮组的机械效率，用所受重力为G2的动滑轮B替换动滑轮A，如图乙所示用替换动滑轮后的滑轮组提升水中的物体M2，物体M2完全在水面下以相同的速度v匀速竖直上升的过程中，卷扬机加在绳子自由端的拉力为F2，拉力F2做功的功率为P2，滑轮组的机械效率为η2。已知G1-G2=40N，η2-η1=5%，，M1、M2两物体的质量相等，体积V均为4×10﹣2m3，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，绳重、轮与轴的摩擦及水的阻力均可忽略不计，上升过程中M1、M2两物体均未露出水面。求：
（1）物体M1受到的浮力F浮；
（2）拉力F1与F2之比；
（3）物体M1受到的重力G。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．一般教室的高度约为3.5m=350cm，故A不符合题意；
B．中学生正常步行时，1min通过约60m，步行的速度约为1m/s，故B符合题意；
C．通常情况下，中学生脉搏1min跳动70次，故C不符合题意；
D．一般情况下，一个鸡蛋的质量约为50g，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据常见物体的高度、时间、质量，结合数据解答。
2．【答案】A
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】A.桂花花香四溢，是花香分子在空气中发生的扩散现象，故A符合题意；
雪花漫天飘舞，灰尘空中飞扬和江面雾气弥漫，都是肉眼看得到的运动，都不是扩散现象，故B、C、D不合题意。
故选A。
【分析】分子很小，看不到摸不到，只要是看得到的运动，都是宏观物体的运动。
3．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；噪声及来源
【解析】【解答】 解：A、现场的听众听到的鼓声是乐音，故A错误；
B、现场的听众听到的鼓声是通过空气传播的，故B正确；
C、演奏时敲击不同位置的鼓面，振动频率不同，主要改变声音的音调，故C错误；
D、敲击鼓面时，用力越大，发出声音的响度越大，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）从物理学角度看，杂乱、振动无规律的声音都是噪声；从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声；
（2）声音靠介质传播，真空不能传声；
（3）声音是由物体振动产生；音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
4．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】 解：A、人们在骑行过程中，自行车相对于路旁的树木而言，位置发生了改变，所以自行车是运动的，故A错误；
B．自行车的轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C．人和车对地面的压力与地面对车的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D．人和车受到的重力与地面对人和车的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）在研究机械运动时，被选作标准的物体叫参照物；一个物体是运动还是静止，需要看它相对于参照物的位置是否变化；
（2）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关；
（3）（4）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
5．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核裂变；磁场；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：“华龙一号”核电机组利用的是核裂变，不是核聚变，故错误；
B：飞船通过电磁波传递信息，正确；
C：太阳能属于可再生能源，正确；
D：磁悬浮列车利用磁极间相互作用，正确；
故答案选 A。
【分析】A：核电站利用可控核裂变；核聚变目前尚不可控。
B：电磁波可以在真空中传播，用于航天通信。
C：可再生能源包括太阳能、风能、水能等。
D：磁悬浮原理是磁极间相互作用（同名磁极相斥）。
6．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
7．【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．图乙中，圆柱体完全浸没时，拉力为1.6N，脱离水面，弹簧测力计示数F=2N，此时圆柱体不受浮力，圆柱体的重力G=F=2N，受到的浮力为：F浮=G-F1=2N-1.6N=0.4N，故AB不符合题意；
C．圆柱体未露出时，排开液体的体积不变，受到的浮力不变，即水对圆柱体压力的合力不变，故C符合题意；
D．圆柱体逐渐离开水面之前，容器对桌面压力变化，根据，容器对桌面压强变化，故D不符合题意。
故选C。
【分析】物体在空气中时，测力计的拉力等于物体的重力；根据物体的重力和浸没时测力计的拉力，计算浮力；液体密度和排开液体的体积一定时，浮力不变。
8．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，吊灯和壁灯，要各自独立工作，两盏灯是并联的，分别由独立开关控制，A符合题意。
故选A。
【分析】各用电器互不影响，是并联电路，各支路开关控制支路用电器。
9．【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 解：A、该图中没有电源，是发电机原理示意图，其原理是电磁感应现象，故A正确。
C、是奥斯特实验装置，演示了电生磁现象，它说明了通电导体周围存在磁场，故B错误；
C、是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故C错误；
D、是电动机原理的示意图，研究的是通导线在磁场中受力转动的情况，故D错误；
故选：A。
【分析】（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流。
（2）电流磁效应是指电流能产生磁场；
（3）比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针。
（4）研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中。根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可。
10．【答案】C
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A、整个20s内，乙物体通过的路程是30m，根据平均速度公式，乙的平均速度，不是2m/s，A错误。
B、甲物体5-10s内通过的路程是30m-20m=10m，时间是10s-5s=5s，平均速度；乙物体5-10s内，从t=5s时路程为0，t=10s时路程为15m，通过的路程是15m，时间5s，平均速度，所以甲物体5-10s内的平均速度小于乙物体5-10s内的平均速度，B错误。
C、t=5s时，甲的路程是20m，乙的路程是0，两者距离20m；t=10s时，甲的路程是30m，乙的路程是15m，两者距离30m-15m=15m，所以5-10s内，甲、乙两物体之间的距离不是始终为20m，C错误。
D、由图可知，甲在10s后路程不再变化，处于静止状态；乙做匀速直线运动，5~20s乙车的速度为
，由图可知，20s时，两物体处于同一位置，20s后甲保持静止，乙以2m/s的速度做匀速直线运动，所以第50s时，两者的距离为s＝v乙t＝2m/s×(50s－20s)＝60m
故D错误。
故答案为：C。
【分析】1、路程-时间图像的解读：路程-时间图像中，横坐标表示时间，纵坐标表示路程。图像的斜率表示速度，斜率为零表示物体静止，斜率不变表示物体做匀速直线运动。通过图像可以获取物体在不同时间内的路程，进而计算速度、分析物体运动状态等。
2、平均速度的计算：平均速度等于总路程除以总时间，即，用于描述物体在一段时间内运动的平均快慢程度。
3、物体运动状态的分析：通过路程-时间图像分析物体是静止还是运动（匀速或变速），以及不同物体在同一时间段内的运动情况对比，包括路程、速度、距离等方面的分析。
11．【答案】A,C,D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；流体压强与流速的关系；参照物及其选择
【解析】【解答】A．舰载机经弹射器弹射获得一定的初速度后，发动机推力改变了舰载机的运动状态，故A正确；
B．舰载机被弹射前后的质量不变，因此舰载机被弹射前的惯性等于它被弹射后的惯性，故B错误；
C．流体的流速越大，压强越小，舰载机利用了流体压强与流速的关系获得升力，故C正确；
D．以起飞后的舰载机为参照物，山东舰相对于舰载机的位置发生了变化，所以山东舰是运动的，故D正确。
故选ACD。
【分析】（1）力可以改变物体的形状和改变物体的运动状态；
（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性与质量有关，质量越大，惯性越大；
（3）流体压强与流速的关系：流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大；
（4）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
12．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、当滑片位于a点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，由图乙可知，电路中的电流I=0.5A，灯泡两端的电压UL=6V，变阻器两端的电压Ua=6V；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UL+Ua=6V+6V=12V，故A错误；
D、由可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：；电路的最大功率：P大=UI=12V×0.5A=6W；
当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小；根据图像可知，AB段电路的功率最小，
由图乙可知，电路的最小电流I'=0.2A，变阻器两端的电压UC=11V，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：，则滑动变阻器的取值范围为12Ω～55Ω，故D正确；
B、电路的最小功率：P小=UI'=12V×0.2A=2.4W；则最大功率和最小功率之比为6W：2.4W=5：2，故B正确；
C、根据图像可知，当AB段的电压变大时，电流变大，表明总电阻是变小的，即滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，所以AB为电流表A的示数与电压表V1的示数关系图像，故C错误。
故选：BD。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a点时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的电流最大，由小灯泡两端的电压不许超过额定电压可知，此时灯泡正常发光，根据图像读出电路的最大电流和灯泡、滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，利用P=UI求出电路的最大功率；当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小，电路的功率最小，根据图乙读出电路的最小电流和滑动变阻器两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后求出滑动变阻器的取值范围，根据P=UI求出电路的最小功率，然后得出该电路功率范围，从而得出功率之比。
13．【答案】惯性；小；长
【知识点】惯性及其现象；摩擦力的大小
【解析】【解答】汽车在紧急刹车的过程中，总要滑行一段距离才能停下来，原因是汽车具有惯性。当雨天路面有水时，轮胎与地面间的摩擦变小，在同样车速条件下，汽车在紧急刹车后滑行的距离将比路面没有水时变长，因此司机驾车要注意：“雨天路滑，小心慢行”。
【分析】根据任何物体都有保持原来运动状态的性质进行分析；摩擦力越小，汽车的运动状态越不易改变，运动的距离越长。
14．【答案】分子在不停地做无规则运动；热效应；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；电流的热效应；分子热运动
【解析】【解答】(1)加热电蚊香片，会发出芬芳的气味驱赶蚊子是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)电热灭蚊器是利用电流的热效应来工作的，即电流通过电加热器时会产生一定的热量，使置于其上的药片的有效药剂挥发至室内的空间中，达到驱蚊灭蚊之功效；
(3)医生会利用冷敷方法进行物理降温时，热量由人体转移到冷敷袋内的水用热水上，这是通过热传递的方式改变物体的内能水。
【分析】(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)电流通过导体时会放出热量，这一现象叫做电流的热效应，在这一过程中将电能转化为内能；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程，即机械能与内能之间相互转化。
15．【答案】并联；2.94×105；1400
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【解答】家用电器能独立工作，互不影响，则电热水壶与家里的其他用电器是并联的。
水被烧开时吸收的热量：，
结合效率，电热水壶消耗的电能为：，
计算电热水壶的功率是：。
【分析】各家用电器是并联连接的；根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量，利用热效率，计算消耗的电能，根据，计算电功率大小。
16．【答案】N；S；减弱
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】图中，开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则，螺线管左端是N极，右端是S极。根据磁极间的相互作用，小磁针的A端为N极，B端为S极。
将开关S由a换到b，减少了线圈的匝数，调节滑片位置，保持电流不变，则通电螺线管的磁性减弱。
【分析】根据安培定则判断通电螺线管的磁极位置；根据磁极间相互作用，判断小磁针的磁极；通电螺线管的磁性强弱和电流大小有关，和线圈匝数有关。
17．【答案】0.15；1080；270
【知识点】速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】解：已知石块A在20s内沿水平方向匀速移动3m，
A移动的速度为：；由图可知，滑轮组中与动滑轮相连的有三段绳子，即n=3；
石块移动3m，则绳子自由端移动的距离：s=nsA=3×3m=9m；
拉力F做功：W=Fs=120N×9m=1080J。
水平滑轮组的机械效率；
则石块A受到的摩擦力：f=nFη=3×120N×75%=270N。
故答案为：0.15；1080；270。
【分析】
石块A在20s内沿水平方向匀速移动3m，由速度公式可求A移动速度；再判断滑轮组中与动滑轮相连的是几段绳子，根据s=nsA可求绳子自由端通过的距离，W=Fs可求拉力F做功，然后利用机械效率公式的变形式求出摩擦力的大小。
18．【答案】50；；85
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图，当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电路中只有R2工作，当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联；根据，电源电压一定时，总电阻越大，总功率越小，则当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联，总电阻最大，总电功率最小，为低温挡。当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电阻最小，电功率最大，为高温挡；
“低温挡”正常工作时，电路的总电阻为：
已知R1、R2阻值相等，则两电阻的阻值为：R1=R2=50Ω
高温挡的功率为：，
消耗的电能为：；
若产生的热量全部被水吸收，则水吸收的热量为：
水升高的温度为：
由计算得，水的末温是：t=t0+Δt=15℃+96.8℃=111.8℃>100℃，1标准大气压下水的沸点是100℃，水的末温是100℃，水实际升高的温度为：Δt'=100℃-15℃=85℃。故第1空填：50；第2空：；第3空：85.
【分析】根据电路图，开关都闭合，电阻R1短路，电阻较小，则电功率较大，是高温档，根据，计算电阻；结合两定值电阻相等，计算一个电阻，利用，计算高温档功率；利用W=Pt，计算高温档消耗的电能，结合水的质量、比热容，根据，计算温度差，水在标准大气压时的沸点为100℃，根据水的初温和温度差，计算末温，水的末温不能超过沸点，结合沸点，计算实际温度差。
19．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图；透镜的光路图
【解析】【解答】图中，平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，根据像S'的位置，作出发光点S；
连接发光点S与反射点，即为入射光线；光线平行于凹透镜主光轴，折射光线的反向延长线过同侧的焦点，作出折射光线。如图所示
【分析】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称；光线和凹透镜的主光轴平行，折射光线的反向延长线过焦点。
20．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】台灯和电视机插座并联，台灯的旋钮开关相当于滑动变阻器，应与台灯串联，且开关应接在火线上；开关S2控制电视机，与电视机插座串联，且接在火线的一侧；如下图所示：
【分析】灯泡的开关连接在火线一侧；插座的开关连接在火线一侧；灯泡和插座并联。
21．【答案】10；1；缩小；远离；远视眼
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）由图知，平行光线经凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，由此可知，该凸透镜的焦距是10cm；
（2）由图知，若蜡烛在20cm刻度处，则物距u=50cm-20cm=30cm＞2f，此时成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，光屏离凸透镜的距离应在10cm到20cm之间，光屏应该在1区域；
（3）由题意知，所换凸透镜的焦距变大，说明折光能力变弱，这样像距变大，类似远视眼的成因，要得到清晰的像，光屏需远离凸透镜。
故答案为：（1）10；（2）1；缩小；（3）远离；远视眼。【分析】 （1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距；
（2）物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，幻灯机或投影仪都是根据这个原理制成的；
（3）根据透镜的折光能力及近视眼、远视眼的成因进行分析。
22．【答案】（1）右
（2）多次实验寻找普遍规律
（3）变大
（4）＞
【知识点】杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图中，杠杆左低右高，将平衡螺母向右端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）实验时，收集多组数据，使实验结论具有普遍性，避免偶然性。
（3）图中，测力计逐渐向左倾斜，动力臂减小，阻力和阻力臂不变，为保持杠杆在水平位置平衡，动力逐渐变大，测力计的示数将变大。
（4）图丙中，货车重力G与其力臂L2的乘积一定，当货车所载货物重心太靠后时，货物对货车压力F的力臂L1变大，则压力与其力臂的乘积大于货车重力G与其力臂L2的乘积，即FL1＞GL2，货车会翘起。
【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向偏高的一侧移动；
（2）探究杠杆的平衡条件时，多次实验，可以探究普遍性；
（3）杠杆上的拉力倾斜时，力臂减小，拉力变大；
（4）动力和动力臂一定，阻力一定，阻力臂变大，则杠杆不平衡。
（1）由图可知，杠杆左低右高，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
（2）收集多组数据，目的是避免偶然现象，使实验结论具有普遍性。
（3）阻力和阻力臂不变，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，动力臂逐渐减小，为了保持杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可知，动力逐渐变大，即测力计的示数将变大。
（4）当货车所载货物重心太靠后时，货物对货车压力F的力臂L1变大，压力与其力臂的乘积大于货车重力G与其力臂L2的乘积，即FL1＞GL2，所以货车会翘起来。
23．【答案】（1）P=UI
（2）
（3）小灯泡短路（或电压表短路）
（4）1.14
（5）
（6）大于
（7）(I﹣I额)R0I额
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 解：（1）在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的实验原理是P=UI；
（2）原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即电路的故障可能是小灯泡短路或电压表短路；
（4）由图1乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W；
（5）根据串联电路的规律，当滑动变阻器两端的电压为6V-3.8V=2.2V时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与滑动变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
（6）由图1乙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A，电功率为：
P1=1.9V×0.22A=0.418W；
小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为：
P2=1V×0.15A=0.15W，则P1大于P2。
（7）在步骤①中，灯泡与R0并联，电流表测通过灯的电流，当电流表示数为I额时，此时小灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡与R0仍并联，电流表测干路电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为：I0=I-I额，
则定值电阻R0两端电压为：U0=I0R0=（I-I额）R0，
根据并联电路电压的规律，灯泡的额定电压等于定值电阻两端电压，
所以灯泡的额定电功率为：P额=U0I额=（I-I额）R0I额。
故答案为：（1）P=UI；（2）；（3）小灯泡短路（或电压表短路）；（4）1.14；（5）；（6）大于；（7）（I-I额）R0I额。
【分析】 （1）该实验的实验原理是P=UI；
（2）根据电路连接和电表的使用分析回答；
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（4）根据图1乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率；
（5）根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，据此设计电路图；
（6）由图1乙知，分别找出小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流大小和小灯泡的实际电流是额定电流一半时对应的电压大小，根据P=UI比较灯的实际电功率P1与P2大小；
（7）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，先使灯与电流表串联后再与定值电阻并联，通过移动变阻器滑片，使电流表示数为额定电流；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出灯的额定电压，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
（1）在用“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡额定功率，故该实验的实验原理是P=UI。
（2）原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“伏安法”测量小灯泡的额定功率的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（3）小明连接完电路后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表有示数，说明电路是通路，小灯泡始终不发光，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，即电路的故障可能是小灯泡短路或电压表短路。
（4）由图1乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W
（5）根据串联电路的规律，当滑动变阻器两端的电压为
6V-3.8V=2.2V
时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与滑动变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数。如下图所示：
（6）由图1乙知，小灯泡的实际电压是额定电压一半时的电流约为0.22A，电功率为
P1=U1I1=1.9V×0.22A=0.418W
小灯泡的实际电流是额定电流一半时（0.15A）对应的电压约为1V，灯的实际电功率为
P2=U2I2=1V×0.15A=0.15W
则P1大于P2。
（7）在步骤①中，灯泡与R0并联，电流表测通过灯的电流，当电流表示数为I额时，此时小灯泡正常发光；在步骤②中，灯泡与R0仍并联，电流表测干路电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为
I0=I-I额
则定值电阻R0两端电压为
U0=I0R0=(I-I额)R0
根据并联电路电压的规律，灯泡的额定电压等于定值电阻两端电压，所以灯泡的额定电功率为
P额=U0I额=(I-I额)R0I额
24．【答案】解：（1）小火锅中汤吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(100℃-50℃)＝4.2×105J
（2）完全燃烧0.1kg的“固态酒精”所释放出的热量
Q放=mq=0.1 kg×2.0×107J/kg=2.0×106 J
（3）这个小火锅烧汤的效率
η＝×100%=21%
答：（1）小火锅中汤吸收的热量是4.2×105J；
（2）完全燃烧0.1kg的固态酒精所释放出的热量是2.0×106J；
（3）这个小火锅烧汤的效率是21%。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】（1）根据Q吸=c水mΔt，计算水吸收的热量；
（2）根据Q放=mq，计算燃料燃烧放出的热量；
（3）利用，计算热效率。
25．【答案】（1）解：物体M1受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m3=400N
（2）解：由可得，P1=F1v绳=2F1v，P2=F2v绳=2F2v，
则拉力F1与F2之比：①
（3）解：在匀速提升水中物体M1的过程中，以动滑轮A和物体M1为研究对象，受力分析如下图甲所示；在匀速提升水中物体M2的过程中，以动滑轮B和物体M2为研究对象，受力分析如下图乙所示：
由图可知：2F1+F浮=G+G1 ②
2F2+F浮=G+G2 ③
G1﹣G2=40N ④
由②③④得：F1-F2=20N ⑤
由①⑤解得：F1=320N，F2=300N。在水中提升物体时，滑轮组的机械效率
已知η2﹣η1=5%，即
代入数据：
解得：G=880N。
【知识点】功率计算公式的应用；阿基米德原理；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据F浮=ρ水gV排，计算物体受到的浮力；
（2）根据P=Fv，结合功率的不同，判断功率的关系；
（3）根据相同的滑轮组提升不同物体，拉力大小不同，结合平衡力，计算拉力大小，根据，表示机械效率，根据物体重力的大小。
（1）物体M1受到的浮力
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m3=400N
（2）由可得
P1=F1v绳=2F1v
P2=F2v绳=2F2v
则拉力F1与F2之比
①
（3）在匀速提升水中物体M1的过程中，以动滑轮A和物体M1为研究对象，受力分析如下图甲所示；在匀速提升水中物体M2的过程中，以动滑轮B和物体M2为研究对象，受力分析如下图乙所示：
由图可知：
2F1+F浮=G+G1 ②
2F2+F浮=G+G2 ③
G1﹣G2=40N ④
由②③④得
F1﹣F2=20N ⑤
由①⑤解得：F1=320N，F2=300N。在水中提升物体时，滑轮组的机械效率
已知η2﹣η1=5%，即
代入数据
解得：G=880N。
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