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广东省深圳市福田区北京大学附属中学深圳学校（集团）黄埔学校2025-2026学年九年级上学期期中物理试卷
一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共20分）
1．很多公共场所都张贴着“禁止吸烟”的标志，这是因为公共场所吸烟会造成很多人被动吸烟，造成“被动吸烟”的主要原因是（　　）
A．常见的物质是由分子、原子构成的
B．分子间存在相互作用力
C．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动
D．分子之间存在间隙
【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】解：在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，整个房间就会充满烟味，是因为香烟烟气中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使整个房间就会充满烟味．
A、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与物质是否由分子、原子构成无关，故选项错误．
B、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与分子之间有力的作用无关，故选项错误．
C、由于分子是在不断的运动的，这是造成只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因，故选项正确．
D、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与分子之间有空隙无关，故选项错误．
故选：C．
【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可．
2．下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况．关于对图中①②③④的补充正确的是（　　）
A．①做功冲程②内能转化为机械能③压缩冲程④机械能转化为内能
B．①压缩冲程②内能转化为机械能③做功冲程④机械能转化为内能
C．①压缩冲程②机械能转化为内能③做功冲程④内能转化为机械能
D．①做功冲程②机械能转化为内能③压缩冲程④内能转化为机械能
【答案】C
【知识点】热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】汽油机一个循环有四个冲程，是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据图像，①是压缩冲程，活塞压缩吸入气体，机械能转化为内能，③是做功冲程，燃气对外做功，把内能转化为机械能，产生动力，C正确。
故选C。
【分析】根据汽油机的工作冲程，补充缺少的冲程，汽油机工作时，压缩冲程，机械能转化为内能；做功冲程，内能转化为机械能。
3．水具有比热容大的特点，图中的现象中与此特点无关的是
A．海边昼夜的温度差较小
B．空调房间里放盆水可增加空气湿度
C．冬天的暖气设备用热水供暖
D．用水来冷却汽车发动机
【答案】B
【知识点】蒸发及其现象；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 A.因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，同样吸放热的情况下，水的温度变化较小，所以海边昼夜的温度差较小，故A不合题意；
B.空调房里放盆水可增加空气温度，是利用了水的蒸发来加湿，与比热容无关，故B符合题意；
C.因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，故C不合题意；
D.因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液，故D不合题意。
故选B。
【分析】（1）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）室内增加了一盆水后，增大了水的表面积，可以加快水的蒸发，增加空气的湿度。
4．有经验的柴油机维修师，不用任何仪器，只是靠近柴油机排气管口观察和用鼻子闻一下，并将手伸到排气管口附近感觉一下尾气的温度，就能初步判断这台柴油机的节能效果．在同样负荷的情况下，关于柴油机的节能效果，下列判断正确的是（　　）
A．尾气的温度越高，柴油机越节能
B．尾气的温度越低，柴油机越节能
C．尾气的柴油味越浓，柴油机越节能
D．尾气的颜色越黑，柴油机越节能
【答案】B
【知识点】热机；热机的效率
【解析】【解答】尾气的温度高，说明散失的热量多，柴油机的效率低，反之，柴油机的效率高，即节能．尾气的柴油味浓、颜色黑都说明柴油没有充分燃烧，浪费了燃料，这样柴油机的效率会低．故选B．
【分析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．燃烧相同的燃料，有效利用的能量越多，效率越高．
5．小刚用右图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由10Ω更换为20Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（　　）
A．保持变阻器滑片不动 B．将变阻器滑片适当向左移动
C．将变阻器滑片适当向右移动 D．适当增加电池的节数
【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】探究电流和电阻关系时，若电压表处的电阻从10Ω变为20Ω时，此时电压表示数变大，为使电压表示数保持不变，要使滑动变阻器的分压变大，则滑动变阻器的电阻变大，滑片向右滑动，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】在串联电路中，电压表处的电阻变大，若使电压表示数不变，滑动变阻器的取值变大。
6．甲、乙、丙、丁四个通草球，它们之间相互作用的情况是：丁吸引乙，乙排斥丙，丙吸引甲，已知丁带正电，那么甲物体（　　）
A．一定带正电 B．一定带负电 C．可能带负电 D．可能带正电
【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体的性质是：带电体可以吸引轻小的物体。根据题意知道，丁带正电，丁吸引乙，则乙可能带负电，可能不带电；因为乙排斥丙，则乙丙一定带同种电荷，即都带负电；又因为丙吸引甲，则甲可能带正电，也可能不带电，所以甲有两种可能性，
故答案为：D。
【分析】自然界中存在两种电荷，一种是正电荷，一种是负电荷，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，同时带电物体它也能吸引轻小物体，结合题目给出的小球之间的相互作用分析即可。
7．如图所示是一种定时课间音乐播放装置的原理图，“播放器”是有电流通过时会播放音乐的装置：“定时开关”是到达设定时间会自动断开的开关，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯①(填“会”或“不会”）亮，播放器②(填“会”或“不会”)播放音乐：到达设定时间定时开关③处于(填“闭合”成“断开”)状态，“播放器”播放音乐，下列选项中正确的是
A．①会，②不会，③断开 B．①不会，②会，③闭合
C．①不会，②会，③断开 D．①会，②不会，③闭合
【答案】A
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】由题意可知，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯会亮，播放器被短路，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐；到达设定时间定时开关”处于断开，“播放器”有电流通过播放音乐。故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】 由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器与指示灯串联，电路接通，播放音乐。
8．小明观察了市场上的测重仪后，设计了如图四个电路（R是定值电阻，R1是滑动变阻器）.可以测量人体重的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据串联电路电阻的分压作用可知，变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，A选项符合题意；
B、电流表与滑动变阻器并联，电流表将滑动变阻器短路，并且电流表示数不随人体重的改变而改变，B选项不符合题意；
C、因为电压表测量电源电压，而电源电压不变，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，C选项不符合题意；
D、电压表的内阻很大，在电路中相等于断路，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，D选项不符合题意.
故答案为：A.
【分析】先识别电路，然后根据压力的改变，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化.
9．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表《由电流表改装而成》指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时（　　）
A．电压表和油量表示数都变小
B．电压表和油量表示数都变大
C．电压表示数变大，油量表示数变小
D．电压表示数变小，油量表示数变大
【答案】D
【知识点】电流表的连接；变阻器及其应用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R2两端的电压；
当油面上升时，R2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即油量表的示数变大；由U=IR知，R1两端的电压变大，电源的电压不变，由串联电路的电压特点知，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】 当油量发生变化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律判断电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化。
10．如图电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数变化范围是0.5-1.5安，电压表的示数变化范围是6-3伏。则电源电压为
A．6伏 B．7.5伏 C．9伏 D．15伏
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当电流表示数是0.5A时，滑动变阻器两端的电压是6V，则电源电压：
U=0.5A×R0+6V，
当电流表示数是1.5A时，滑动变阻器两端的电压是3V，则电源电压：
U=1.5A×R0+3V，
由于电源电压保持不变，所以：
0.5A×R0+6V=1.5A×R0+3V，
解得：R0=3Ω，
电源电压为：
U=0.5A×3Ω+6V=7.5V。
故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】当滑动变阻器的阻值增大时，电路中的电流就会减小，定值电阻两端的电压就会减小，滑动变阻器两端的电压就会增大；反之，当滑动变阻器的阻值减小时，电路中的电流就会增大，定值电阻两端的电压就会增大，滑动变阻器两端的电压就会减小。所以由此可知，当电流表示数是0.5A时，电压表示数是6V；当电流表示数是1.5A时，电压表示数是3V，根据电源电压不变，通过建立两个方程组进行求解。
二、作图題(每題2分，共4分)
11．如图所示的是电动汽车的“油门”示意图，脚向下踩“油门”时，旋钮滑片可以绕O点在电阻圈上逆时针转动。请用笔画线代替导线将变阻器接入电路中。
【答案】
【知识点】电路的构成及电路图；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】电阻圈和旋钮滑片构成了滑动变阻器，是通过改变电阻圈接入电路中的长度来改变电阻大小的。
当脚向下踩“油门”时，汽车速度加快，说明电路中的电流变大，电阻圈接入电路中的长度变短，因此将A、B两个触点相连，如图所示：
【分析】 电动汽车“油门”示意图，其实质是变阻器，滑动变阻器是通过改变电阻圈的长度来改变电阻大小；当脚踩“油门”时汽车速度加快，电流增大，说明电阻减小，据此分析电路中的a、b接点应当与变阻器中A、B、C三个接点中的哪两个相连。
12．如图所示，为一身高测量仪的电路图，请在“"“”、·或“”中选两个填入框，要求被测人身高变高时电表的示数增大。
【答案】
【知识点】电路的构成及电路图；电流表的连接；电压表的连接；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，则下面方框不能是电压表，否则电路断路；
（2）若下面方框为电流表，
①当上面方框为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压示数不变，电流表测电路中的电流；
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；
②当上面方框为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由可知该支路的电流减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；
（3）若下面方框为定值电阻，
①上面方框不能为电流表，否则滑动变阻器被短路；
②上面方框为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由可知电流表的示数减小，由U=IR可知，定值电阻两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意。
由上述分析可知，下面方框填定值电阻的符号、上面方框填电压表的符号。如图所示：
【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知下面方框之间不能是电压表，否则电路断路；
根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断上面方框为定值电阻、电流表、电压表时，电表示数的变化，然后得出符合题意的答案。
三、实验探究题（每空1分，图2分，共15分）
13．以下是用电流表、电压表测量电阻的实验，电源电压为15V，甲图为电路图：乙图为连接不完整的实物图。
（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将乙图中未连接部分连接起来　 　（电流表、电压表最车接线柱为正接线柱）。
（2）该实验的原理是　 　
（3）连接电路时，开关应　 　：合上开关前，滑动变阻器的滑片应移到　 　端（选填“A” 或“B”)。
（4）实验操作中有可能出现下列A、B、C、D四种错误，如果出现：电流表示数较大，电压表示数为0的现象，其错误原因可能是____。
A．电流表的正负接线柱接反
B．电压表的量程选小了
C．电阻Rx发生了短路
D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路
（5）实验过程中，某次电流表和电压表的示数如图丙所示，此时测得的Rx=　 　Ω。
（6）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是　 　
【答案】（1）
（2）
（3）断开；B
（4）C
（5）5
（6）减小测量的误差
【知识点】电路的构成及电路图；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）电压表与待测电阻并联，滑动变阻器的接线柱应一上一下接入电路，如图所示：
；
（2）该实验的原理是；
（3）连接电路时，开关应断开；合上开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即滑片移到B端；
（4）A.电流表的正负接线柱接反时，指针会反转，故A不符合题意；
B.电压表的量程选小了时，指针会偏到刻度盘最大刻度的右侧，故B不符合题意；
C.电阻Rx发生了短路时，电流表示数较大，但电压表示数为0，故C符合题意；
D.把滑动变阻器下端两接线柱连入电路时，电流表的示数较小，电压表有示数，故D不符合题意；
故选C；
（5）由图可知，电流表选择的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A；电压表选择的量程为0～15V，分度值为0.5V，示数为12.5V；根据欧姆定律可得， 此时测得的Rx 阻值为：
；
（6） 此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是减小实验的误差。
故答案为：（1）；（2）；（3）断开；B；（4）C；（5）5；（6）减小测量的误差。
【分析】 （1）电压表应并联在电阻两端，滑动变阻器的接线柱应一上一下接入电路；
（2）该实验的原理是，实验中需要测量电阻两端的电压和通过电阻的电流，这种测量方法叫伏安法；
（3）连接电路时，开关应断开；合上开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；
（4）电流表示数较大说明电路是通路，电压表无实数可能是电压表并联的部分短路，也可能是电压表断路；
（5）根据电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出电阻值；
（6）为减小误差，实验可采用多次测量求平均值。
14．娟娟周末在家做饭时发现，同时用燃气灶热油去炸鸡翅和烧水煮面条，水开的会更慢一些，于是进行实验探究具体的原因。于是在两只相同的烧杯里装入初温和质量均相同的水和食用油，用规格相同的电加热器给它们加热。请回答下列问题。
（1）在此实验中，除了图甲中所示的器材外，还需要的测量仪器有秒表和　 　。由于水和食用油吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验可根据　 　来反映吸收热量的多少（选填“加热时间”或“升高温度”)；
（2）如图乙所示，加热6min时，食用油的温度比水高，那么食用油吸收的热量　 　水吸收的热量（选填“大于*“小于”或“等于”)；
（3）小李根据图乙实验数据绘制的图像，可以得出食用油的比热容是　 　J/(kg℃)。(已知水的比热容是4.2×103J/(kg℃)
【答案】（1）天平；加热时间
（2）等于
（3）4.2×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，即实验中需要控制水和食用油的质量相同，所以还需要的仪器有秒表和天平。根据转换法，使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少。
（2）由于用规格相同的电加热器给它们加热，加热时间的长短表示物质吸热的多少，因此加热6min时，食用油吸收的热量等于水吸收的热量。
（3）由图乙可知，升高到60℃时，水和食用油升高的温度相同，水的加热时间是12min，食用油的加热时间是6min，即水的吸热是食用油吸热的2倍，由Q吸=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，则食用油的比热容为：
故答案为：（1）天平；加热时间；（2）等于；（3）4.2×103。
【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）由图乙可知相同的温度时，可知水、食用油的加热时间，由Q吸=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，据此得出食用油的比热容。
15．小华做“电流与电压的关系”的实验。现有电源（电压保持不变)，他选用一个小灯泡（标有“0.28A”字样）、一个电流表、一个电压表（只有0~3伏挡完好)、一个滑动变阻器、一个开关及导线若干。小华正确连接电路后进行实验，在移动变阻器滑片至某一位置时，发现电流表、电压表的示数如图1（a)、（b）所示。为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，将新测得的三组数据记录在如表中。
电压U/（伏） 电路I/（安）
1 3.0 0.24
2 2.2 0.28
3 1.7 0.30
（1）图(a)中电流表的示数为　 　A。
（2）请根据相关信息，求出电源电压为　 　V.
（3）小华选用小灯泡而没用选用定值电阻做实验，你认为合理吗，请说明理由　 　
【答案】（1）0.24
（2）6
（3）不合理，因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，所以不合理。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表选用的是0～0.6A的量程，其分度值为0.02A，则图（a）中电流表的读数为0.24A；
（2）小华正确连接电路时，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，由图（b）可得，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，定值电阻两端的电压为3V，即定值电阻两端的电压为3V时，电路中的电流为0.24A；而为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，由表格数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流变大，则重新连接电路时，电压表并联在滑动变阻器两端，由表中数据可知，当电路中的电流为0.24A时，滑动变阻器两端的电压为3V，综上可知，当电路中的电流为0.24A时，定值电阻两端的电压为3V，滑动变阻器两端的电压为3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压为：
U=U定+U滑=3V+3V=6V；
（3）因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，由此可知小华选用小灯泡而没用选用定值电阻做实验是不合理的。
故答案为：（1）0.24；（2）6；（3）不合理，因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，所以不合理。
【分析】 （1）电流表读数时根据选用的量程，判断其分度值，再结合指针位置读数；
（2）在做“电流与电压的关系”的实验中，小华正确连接电路时，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，而为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，分析表格数据得出重新连接电路时电压表并联在滑动变阻器两端，由表格数据可知电路中的电流为0.24A时变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（3）在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化。
四、计算题(每题9分，共18分)
16．油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车在内燃机启动时，可以给车提供动力，同时也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的蓄电池能够储存的最大电能是1.0x108J，若该车以80km/h 的车速匀速直线行驶了0.5h，此时所受阻力f大小为900N，蓄电池组的电能也增加了最大电能的10%，内燃机共消耗燃油2.5kg。（q油=4.6x107J/kg)则：
（1）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出多少热量？
（2）该汽车行驶中牵引力做了多少功？
（3）该汽车内燃机的效率是多大
【答案】（1）解： 放出的热量为：
Q放=mq油=4.6×107J/kg×2.5kg=1.15×108J
答： 该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出1.15×108J热量；
（2）解： 匀速直线行驶，牵引力等于阻力：
F=f=900N；
通过的路程为：
s=vt=80km/h×0.5h=40km=4×104m
牵引力所做的功为：
W=Fs=900N×4×104m=3.6×107J；
答：该汽车行驶中牵引力做功3.6×107J；
（3）解： 蓄电池增加的电能：
W'=1.0×108J×10%=1.0×107J，
该汽车内燃机的效率为：
。
答：该汽车内燃机的效率是40%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）知道内燃机消耗燃油的质量和燃油的热值，根据Q放=mq求出完全燃烧释放的热量；
（2）根据速度公式求出行驶的路程，利用W=Fs求出引力做的功；
（3）已知蓄电池组储存的最大电能，由最大值的10%求出增加的电能，这样被有效利用的能量为做的功和转化成的电能之和，根据求出内燃机的效率。
17．如图甲所示电路图，当只闭合开关S1时，电压表示数如图乙所示；当S1、S2都闭合时，两电流表的指针均如图丙所示。
（1）当S1、S2都闭合时，两个电流表示数分别为多少？通过L1的电流为多少安培？
（2）当S1、S2都闭合时，两灯串联还是并联？灯L1两端的电压为多少伏特？
（3）当只闭合S1时，电流表A1的示数为多少安培？
【答案】（1）解： 由图甲可知，只闭合开关S1，电路中只有灯L2工作，电流表A1测电路中的电流，A2断路，电压表测电源电压。由图乙可知，电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为6V。电源电压为U=6V。当S1、S2都闭合时，L1和L2并联，电压表测电源电压，电流表A2测通过L1的电流，A1测干路的电流。此时两个电流表指针相同如图丙所示，据并联电路的电流特点知，A1选用大量程，分度值为0.1A，示数为1.4A；A2选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.28A。所以通过L1的电流为0.28A。
答： 当S1、S2都闭合时，A1示数为1.4A；A2示数为0.28A。通过L1的电流为0.28A；
（2）解： 当S1、S2都闭合时，两灯并联，据并联电路的电压特点知，两灯并联时，灯L1两端的电压等于电源电压，为6V。
答： 当S1、S2都闭合时，两灯并联，灯L1两端的电压为6V；
（3）解： 当S1、S2都闭合时，通过灯L2的电流为：
I2=I-I1=1.4A-0.28A=1.12A，
仅闭合S1时，L1断路，L2支路的电流不变，通过灯L2的电流仍为1.12A。即电流表 A1的示数为1.12A。
答： 当只闭合S1时，电流表A1的示数为1.12A。
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【分析】（1）由图甲知，只闭合开关S1，电路中只有灯L2工作，电流表A1测电路中的电流，A2断路，电压表测电源电压。由图乙知，读出电压表示数即可得到电源电压。两个开关均闭合，电压表测电源电压，电流表A2测通过L1的电流，A1测干路的电流。由两个电流表指针相同结合并联电路的电流特点得到两电流表的示数，即可得到通过L1的电流。
（2）当S1、S2都闭合时，两灯并联，据并联电路的电压特点得到灯L1两端的电压。
（3）当S1、S2都闭合时，由并联电路电流规律得到通过灯L2的电流，仅闭合S1时，L1断路，L2支路的电流不变，得到通过灯L2的电流，即电流表 A1的示数。
五、综合开放题（每空1分，共13分）
18．氢燃料电池如图所示，其工作原理是将氢气送到燃料电池的阳极板，经过催化剂（铂)的作用，氢原子中的一个电子被分离出来，失去电子的氢离子（质子）穿过质子交换膜，到达燃料电池阴极板，而电子是不能通过质子交换膜的，这个电子只能经外部电路，到达燃料电池阴极板，从而在外电路中产生电流。电子到达阴极板后，与氧原子和氢离子重新结合为水。由于供应给阴极板的氧气，可以从空气中获得，因此只要不断地给阳极板供应氢，给阴极板供应空气，并及时把水分带走，就可以不断地提供电能。可实现零排放零污染：燃料电池的化学转换效率在理论上可达100%，实际效率能达60%~80%，是普通内燃机热效率的2~3倍。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）氢燃料电池在使用过程中氢气　 　（选填“有”或“没有”）发生燃烧现象：氢燃料电池是将氢的　 　能转化为　 　能：它提供动力的工作原理与内燃机　 　（选填“相同”或*不同”)；
（2）在转化过程中，其产生的电流方向是　 　极板到　 　极板（均选填“阳”或“阴”)。
（3）若用转换效率为70%的氢燃料电池为某车提供能量，车上有50kg的氢燃料，可产生　 　J电能（氢的能量密度值是1.4×108J/kg)：该车以43.2km/h的速度匀速行驶，此时输出功率为49kW，该车能行驶　 　km路程。
【答案】（1）没有；化学；电；不同
（2）阴；阳
（3）4.9×109；1200
【知识点】功率的计算；燃料的热值；能量的转化或转移；速度公式及其应用；电流的方向
【解析】【解答】 （1）由材料可知，氢燃料电池在使用过程中氢气没有发生燃烧现象，氢燃料电池是通过化学反应将氢的化学能转化为电能，氢燃料电池作为电源，对外提供电能，所以它提供动力的原理是将电能转化为机械能，而内燃机的工作原理将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，所以它提供动力的工作原理与内燃机不同。
（2）根据文中信息可知，电子是不能通过质子交换膜的，电子只能经外电路到达燃料电池阴极板，电流方向与电子的定向移动方向相反，故在转化过程中，其产生的电流方向是从阴极板到阳极板。
（3）50kg的氢燃料产生的热量：
Q放=mq=50kg×1.4×108J/kg=7×109J
50kg的氢燃料产生的电能：
W=Qη=7×109J×70%=4.9×109J
该车行驶所用的时间
，
这些氢燃料可使该车以v=43.2km/h=12m/s的速度匀速行驶的路程为：
s=vt=12m/s×1×105s=1.2×106m=1200km。
故答案为：（1）没有；化学；电；不同；（2）阴；阳；（3）4.9×109；1200。
【分析】 （1）氢燃料电池是通过化学反应将氢的化学能直接转化为电能，内燃机的做功冲程将燃料燃烧产生的内能转化为机械能。
（2）物理学规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与电子的定向移动方向相反。
（3）根据Q=mq求出氢燃料产生的热量，根据W=Qη求出氢燃料产生的电能，由得到该车行驶所用的时间，由速度公式得到该车行驶的路程。
19．阅读短文回答问题：
从火车到火箭
生产的发展需要强大的动力。17世纪，人类发明了热机，最早的热机是蒸汽机。在钢炉里把水烧成水蒸气，水蒸气在气缸里推动活塞做功。原始的蒸汽机体型笨重不便于使用，交通运输的发展迫切需要轻便的热机。于是，内燃机应运而生。内燃机分为汽油机、柴油机两大类。汽油机是1876年发明的，柴油机是1892年发明的，内燃机行驶时不需要携带很多的水和煤，不但轻便，效率也提高了。
早期的飞机是由内燃机提供动力的，从上世纪40年代开始，飞机上越来越多的使用喷气发动机，它向后高速喷出气体，从而获得前进的动力，在功率相同时，喷气发动机比内燃机更轻便。
喷气式发动机中自带燃料和氧化剂的，叫火箭喷气发动机，它工作时不需要空气中的氧气，可以在大气层外工作，能够用来发射人造卫星和宇宙飞船。
根据材料内容，请回答下列问题：
（1）在功率相同时，蒸汽机、内燃机、喷气发动机的重力依次　 　（选填“增大”或“减小”)。
（2）某单缸四冲程汽油机正常工作时，飞轮转速是2400r/min，汽油机每秒曲轴转　 　周，对外做功　 　次。
（3）若汽油机每分钟消耗0.02kg汽油，已知该汽油机的效率是40%，则该汽油机每分钟浪费的能量是　 　J。（汽油的热值为4.5×107J/kg)
（4）下列措施中能提高热机效率的是____
A．尽量减少热机部件间的摩擦 B．尽量增加热机的工作时间
C．尽量燃烧一些热值大的燃料 D．尽量增加所用燃料的质量
【答案】（1）减小
（2）40；20
（3）5.4×105
（4）A
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）由材料得，原始的蒸汽机因质量太大不便于使用，交通运输的发展迫切需要轻便的热机在功率相同时，喷气发动机比内燃机更轻便，所以在功率相同时，蒸汽机、内燃机、喷气发动机的重力依次减小；
（2）已知飞轮转速是2400r/min=40r/s，则汽油机每秒曲轴转40周，对外做20次；
（3）已知汽油机每分钟消耗0.02kg汽油，则汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=0.02kg× 4.5×107J/kg =9×105J，
已知该汽油机的效率是40%，则该汽油机每分钟浪费的能量为：
；
（4）A．减少热机部件间的摩擦可以减少热量的损失，减小额外功，从而提高热机效率，故A符合题意；
BCD．增加热机的工作时间、尽量燃烧一些热值大的燃料和增加所用燃料的质量，不能提高燃料的利用率或减小热量损失，不能提高热机效率，故BCD不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）减小；（2）40；20；（3）5.4×105；（4）A。
【分析】（1）可以根据短文内容分析；
（2）汽油机飞轮每转2圈，完成一个工作循环，对外做一次功，完成4个冲程；
（3）利用Q放=qm求出汽油完全燃烧放出的热量，再利用Q=Q放（1-η）求出该汽油机每分钟浪费的能量；
（4）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，比值越大，效率越高。
1 / 1广东省深圳市福田区北京大学附属中学深圳学校（集团）黄埔学校2025-2026学年九年级上学期期中物理试卷
一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共20分）
1．很多公共场所都张贴着“禁止吸烟”的标志，这是因为公共场所吸烟会造成很多人被动吸烟，造成“被动吸烟”的主要原因是（　　）
A．常见的物质是由分子、原子构成的
B．分子间存在相互作用力
C．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动
D．分子之间存在间隙
2．下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况．关于对图中①②③④的补充正确的是（　　）
A．①做功冲程②内能转化为机械能③压缩冲程④机械能转化为内能
B．①压缩冲程②内能转化为机械能③做功冲程④机械能转化为内能
C．①压缩冲程②机械能转化为内能③做功冲程④内能转化为机械能
D．①做功冲程②机械能转化为内能③压缩冲程④内能转化为机械能
3．水具有比热容大的特点，图中的现象中与此特点无关的是
A．海边昼夜的温度差较小
B．空调房间里放盆水可增加空气湿度
C．冬天的暖气设备用热水供暖
D．用水来冷却汽车发动机
4．有经验的柴油机维修师，不用任何仪器，只是靠近柴油机排气管口观察和用鼻子闻一下，并将手伸到排气管口附近感觉一下尾气的温度，就能初步判断这台柴油机的节能效果．在同样负荷的情况下，关于柴油机的节能效果，下列判断正确的是（　　）
A．尾气的温度越高，柴油机越节能
B．尾气的温度越低，柴油机越节能
C．尾气的柴油味越浓，柴油机越节能
D．尾气的颜色越黑，柴油机越节能
5．小刚用右图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由10Ω更换为20Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（　　）
A．保持变阻器滑片不动 B．将变阻器滑片适当向左移动
C．将变阻器滑片适当向右移动 D．适当增加电池的节数
6．甲、乙、丙、丁四个通草球，它们之间相互作用的情况是：丁吸引乙，乙排斥丙，丙吸引甲，已知丁带正电，那么甲物体（　　）
A．一定带正电 B．一定带负电 C．可能带负电 D．可能带正电
7．如图所示是一种定时课间音乐播放装置的原理图，“播放器”是有电流通过时会播放音乐的装置：“定时开关”是到达设定时间会自动断开的开关，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯①(填“会”或“不会”）亮，播放器②(填“会”或“不会”)播放音乐：到达设定时间定时开关③处于(填“闭合”成“断开”)状态，“播放器”播放音乐，下列选项中正确的是
A．①会，②不会，③断开 B．①不会，②会，③闭合
C．①不会，②会，③断开 D．①会，②不会，③闭合
8．小明观察了市场上的测重仪后，设计了如图四个电路（R是定值电阻，R1是滑动变阻器）.可以测量人体重的电路是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表《由电流表改装而成》指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时（　　）
A．电压表和油量表示数都变小
B．电压表和油量表示数都变大
C．电压表示数变大，油量表示数变小
D．电压表示数变小，油量表示数变大
10．如图电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数变化范围是0.5-1.5安，电压表的示数变化范围是6-3伏。则电源电压为
A．6伏 B．7.5伏 C．9伏 D．15伏
二、作图題(每題2分，共4分)
11．如图所示的是电动汽车的“油门”示意图，脚向下踩“油门”时，旋钮滑片可以绕O点在电阻圈上逆时针转动。请用笔画线代替导线将变阻器接入电路中。
12．如图所示，为一身高测量仪的电路图，请在“"“”、·或“”中选两个填入框，要求被测人身高变高时电表的示数增大。
三、实验探究题（每空1分，图2分，共15分）
13．以下是用电流表、电压表测量电阻的实验，电源电压为15V，甲图为电路图：乙图为连接不完整的实物图。
（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将乙图中未连接部分连接起来　 　（电流表、电压表最车接线柱为正接线柱）。
（2）该实验的原理是　 　
（3）连接电路时，开关应　 　：合上开关前，滑动变阻器的滑片应移到　 　端（选填“A” 或“B”)。
（4）实验操作中有可能出现下列A、B、C、D四种错误，如果出现：电流表示数较大，电压表示数为0的现象，其错误原因可能是____。
A．电流表的正负接线柱接反
B．电压表的量程选小了
C．电阻Rx发生了短路
D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路
（5）实验过程中，某次电流表和电压表的示数如图丙所示，此时测得的Rx=　 　Ω。
（6）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是　 　
14．娟娟周末在家做饭时发现，同时用燃气灶热油去炸鸡翅和烧水煮面条，水开的会更慢一些，于是进行实验探究具体的原因。于是在两只相同的烧杯里装入初温和质量均相同的水和食用油，用规格相同的电加热器给它们加热。请回答下列问题。
（1）在此实验中，除了图甲中所示的器材外，还需要的测量仪器有秒表和　 　。由于水和食用油吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验可根据　 　来反映吸收热量的多少（选填“加热时间”或“升高温度”)；
（2）如图乙所示，加热6min时，食用油的温度比水高，那么食用油吸收的热量　 　水吸收的热量（选填“大于*“小于”或“等于”)；
（3）小李根据图乙实验数据绘制的图像，可以得出食用油的比热容是　 　J/(kg℃)。(已知水的比热容是4.2×103J/(kg℃)
15．小华做“电流与电压的关系”的实验。现有电源（电压保持不变)，他选用一个小灯泡（标有“0.28A”字样）、一个电流表、一个电压表（只有0~3伏挡完好)、一个滑动变阻器、一个开关及导线若干。小华正确连接电路后进行实验，在移动变阻器滑片至某一位置时，发现电流表、电压表的示数如图1（a)、（b）所示。为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，将新测得的三组数据记录在如表中。
电压U/（伏） 电路I/（安）
1 3.0 0.24
2 2.2 0.28
3 1.7 0.30
（1）图(a)中电流表的示数为　 　A。
（2）请根据相关信息，求出电源电压为　 　V.
（3）小华选用小灯泡而没用选用定值电阻做实验，你认为合理吗，请说明理由　 　
四、计算题(每题9分，共18分)
16．油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车在内燃机启动时，可以给车提供动力，同时也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的蓄电池能够储存的最大电能是1.0x108J，若该车以80km/h 的车速匀速直线行驶了0.5h，此时所受阻力f大小为900N，蓄电池组的电能也增加了最大电能的10%，内燃机共消耗燃油2.5kg。（q油=4.6x107J/kg)则：
（1）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出多少热量？
（2）该汽车行驶中牵引力做了多少功？
（3）该汽车内燃机的效率是多大
17．如图甲所示电路图，当只闭合开关S1时，电压表示数如图乙所示；当S1、S2都闭合时，两电流表的指针均如图丙所示。
（1）当S1、S2都闭合时，两个电流表示数分别为多少？通过L1的电流为多少安培？
（2）当S1、S2都闭合时，两灯串联还是并联？灯L1两端的电压为多少伏特？
（3）当只闭合S1时，电流表A1的示数为多少安培？
五、综合开放题（每空1分，共13分）
18．氢燃料电池如图所示，其工作原理是将氢气送到燃料电池的阳极板，经过催化剂（铂)的作用，氢原子中的一个电子被分离出来，失去电子的氢离子（质子）穿过质子交换膜，到达燃料电池阴极板，而电子是不能通过质子交换膜的，这个电子只能经外部电路，到达燃料电池阴极板，从而在外电路中产生电流。电子到达阴极板后，与氧原子和氢离子重新结合为水。由于供应给阴极板的氧气，可以从空气中获得，因此只要不断地给阳极板供应氢，给阴极板供应空气，并及时把水分带走，就可以不断地提供电能。可实现零排放零污染：燃料电池的化学转换效率在理论上可达100%，实际效率能达60%~80%，是普通内燃机热效率的2~3倍。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）氢燃料电池在使用过程中氢气　 　（选填“有”或“没有”）发生燃烧现象：氢燃料电池是将氢的　 　能转化为　 　能：它提供动力的工作原理与内燃机　 　（选填“相同”或*不同”)；
（2）在转化过程中，其产生的电流方向是　 　极板到　 　极板（均选填“阳”或“阴”)。
（3）若用转换效率为70%的氢燃料电池为某车提供能量，车上有50kg的氢燃料，可产生　 　J电能（氢的能量密度值是1.4×108J/kg)：该车以43.2km/h的速度匀速行驶，此时输出功率为49kW，该车能行驶　 　km路程。
19．阅读短文回答问题：
从火车到火箭
生产的发展需要强大的动力。17世纪，人类发明了热机，最早的热机是蒸汽机。在钢炉里把水烧成水蒸气，水蒸气在气缸里推动活塞做功。原始的蒸汽机体型笨重不便于使用，交通运输的发展迫切需要轻便的热机。于是，内燃机应运而生。内燃机分为汽油机、柴油机两大类。汽油机是1876年发明的，柴油机是1892年发明的，内燃机行驶时不需要携带很多的水和煤，不但轻便，效率也提高了。
早期的飞机是由内燃机提供动力的，从上世纪40年代开始，飞机上越来越多的使用喷气发动机，它向后高速喷出气体，从而获得前进的动力，在功率相同时，喷气发动机比内燃机更轻便。
喷气式发动机中自带燃料和氧化剂的，叫火箭喷气发动机，它工作时不需要空气中的氧气，可以在大气层外工作，能够用来发射人造卫星和宇宙飞船。
根据材料内容，请回答下列问题：
（1）在功率相同时，蒸汽机、内燃机、喷气发动机的重力依次　 　（选填“增大”或“减小”)。
（2）某单缸四冲程汽油机正常工作时，飞轮转速是2400r/min，汽油机每秒曲轴转　 　周，对外做功　 　次。
（3）若汽油机每分钟消耗0.02kg汽油，已知该汽油机的效率是40%，则该汽油机每分钟浪费的能量是　 　J。（汽油的热值为4.5×107J/kg)
（4）下列措施中能提高热机效率的是____
A．尽量减少热机部件间的摩擦 B．尽量增加热机的工作时间
C．尽量燃烧一些热值大的燃料 D．尽量增加所用燃料的质量
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】解：在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，整个房间就会充满烟味，是因为香烟烟气中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使整个房间就会充满烟味．
A、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与物质是否由分子、原子构成无关，故选项错误．
B、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与分子之间有力的作用无关，故选项错误．
C、由于分子是在不断的运动的，这是造成只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因，故选项正确．
D、由分子的性质可知，只要有一个人吸烟整个房间就会充满烟味的主要原因与分子之间有空隙无关，故选项错误．
故选：C．
【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可．
2．【答案】C
【知识点】热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】汽油机一个循环有四个冲程，是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据图像，①是压缩冲程，活塞压缩吸入气体，机械能转化为内能，③是做功冲程，燃气对外做功，把内能转化为机械能，产生动力，C正确。
故选C。
【分析】根据汽油机的工作冲程，补充缺少的冲程，汽油机工作时，压缩冲程，机械能转化为内能；做功冲程，内能转化为机械能。
3．【答案】B
【知识点】蒸发及其现象；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 A.因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，同样吸放热的情况下，水的温度变化较小，所以海边昼夜的温度差较小，故A不合题意；
B.空调房里放盆水可增加空气温度，是利用了水的蒸发来加湿，与比热容无关，故B符合题意；
C.因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，故C不合题意；
D.因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液，故D不合题意。
故选B。
【分析】（1）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）室内增加了一盆水后，增大了水的表面积，可以加快水的蒸发，增加空气的湿度。
4．【答案】B
【知识点】热机；热机的效率
【解析】【解答】尾气的温度高，说明散失的热量多，柴油机的效率低，反之，柴油机的效率高，即节能．尾气的柴油味浓、颜色黑都说明柴油没有充分燃烧，浪费了燃料，这样柴油机的效率会低．故选B．
【分析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．燃烧相同的燃料，有效利用的能量越多，效率越高．
5．【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】探究电流和电阻关系时，若电压表处的电阻从10Ω变为20Ω时，此时电压表示数变大，为使电压表示数保持不变，要使滑动变阻器的分压变大，则滑动变阻器的电阻变大，滑片向右滑动，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】在串联电路中，电压表处的电阻变大，若使电压表示数不变，滑动变阻器的取值变大。
6．【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体的性质是：带电体可以吸引轻小的物体。根据题意知道，丁带正电，丁吸引乙，则乙可能带负电，可能不带电；因为乙排斥丙，则乙丙一定带同种电荷，即都带负电；又因为丙吸引甲，则甲可能带正电，也可能不带电，所以甲有两种可能性，
故答案为：D。
【分析】自然界中存在两种电荷，一种是正电荷，一种是负电荷，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，同时带电物体它也能吸引轻小物体，结合题目给出的小球之间的相互作用分析即可。
7．【答案】A
【知识点】电路的三种状态
【解析】【解答】由题意可知，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯会亮，播放器被短路，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐；到达设定时间定时开关”处于断开，“播放器”有电流通过播放音乐。故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】 由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器与指示灯串联，电路接通，播放音乐。
8．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据串联电路电阻的分压作用可知，变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，A选项符合题意；
B、电流表与滑动变阻器并联，电流表将滑动变阻器短路，并且电流表示数不随人体重的改变而改变，B选项不符合题意；
C、因为电压表测量电源电压，而电源电压不变，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，C选项不符合题意；
D、电压表的内阻很大，在电路中相等于断路，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，D选项不符合题意.
故答案为：A.
【分析】先识别电路，然后根据压力的改变，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化.
9．【答案】D
【知识点】电流表的连接；变阻器及其应用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R2两端的电压；
当油面上升时，R2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即油量表的示数变大；由U=IR知，R1两端的电压变大，电源的电压不变，由串联电路的电压特点知，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】 当油量发生变化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律判断电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化。
10．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当电流表示数是0.5A时，滑动变阻器两端的电压是6V，则电源电压：
U=0.5A×R0+6V，
当电流表示数是1.5A时，滑动变阻器两端的电压是3V，则电源电压：
U=1.5A×R0+3V，
由于电源电压保持不变，所以：
0.5A×R0+6V=1.5A×R0+3V，
解得：R0=3Ω，
电源电压为：
U=0.5A×3Ω+6V=7.5V。
故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】当滑动变阻器的阻值增大时，电路中的电流就会减小，定值电阻两端的电压就会减小，滑动变阻器两端的电压就会增大；反之，当滑动变阻器的阻值减小时，电路中的电流就会增大，定值电阻两端的电压就会增大，滑动变阻器两端的电压就会减小。所以由此可知，当电流表示数是0.5A时，电压表示数是6V；当电流表示数是1.5A时，电压表示数是3V，根据电源电压不变，通过建立两个方程组进行求解。
11．【答案】
【知识点】电路的构成及电路图；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】电阻圈和旋钮滑片构成了滑动变阻器，是通过改变电阻圈接入电路中的长度来改变电阻大小的。
当脚向下踩“油门”时，汽车速度加快，说明电路中的电流变大，电阻圈接入电路中的长度变短，因此将A、B两个触点相连，如图所示：
【分析】 电动汽车“油门”示意图，其实质是变阻器，滑动变阻器是通过改变电阻圈的长度来改变电阻大小；当脚踩“油门”时汽车速度加快，电流增大，说明电阻减小，据此分析电路中的a、b接点应当与变阻器中A、B、C三个接点中的哪两个相连。
12．【答案】
【知识点】电路的构成及电路图；电流表的连接；电压表的连接；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，则下面方框不能是电压表，否则电路断路；
（2）若下面方框为电流表，
①当上面方框为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压示数不变，电流表测电路中的电流；
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；
②当上面方框为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由可知该支路的电流减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；
（3）若下面方框为定值电阻，
①上面方框不能为电流表，否则滑动变阻器被短路；
②上面方框为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由可知电流表的示数减小，由U=IR可知，定值电阻两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意。
由上述分析可知，下面方框填定值电阻的符号、上面方框填电压表的符号。如图所示：
【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知下面方框之间不能是电压表，否则电路断路；
根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断上面方框为定值电阻、电流表、电压表时，电表示数的变化，然后得出符合题意的答案。
13．【答案】（1）
（2）
（3）断开；B
（4）C
（5）5
（6）减小测量的误差
【知识点】电路的构成及电路图；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）电压表与待测电阻并联，滑动变阻器的接线柱应一上一下接入电路，如图所示：
；
（2）该实验的原理是；
（3）连接电路时，开关应断开；合上开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即滑片移到B端；
（4）A.电流表的正负接线柱接反时，指针会反转，故A不符合题意；
B.电压表的量程选小了时，指针会偏到刻度盘最大刻度的右侧，故B不符合题意；
C.电阻Rx发生了短路时，电流表示数较大，但电压表示数为0，故C符合题意；
D.把滑动变阻器下端两接线柱连入电路时，电流表的示数较小，电压表有示数，故D不符合题意；
故选C；
（5）由图可知，电流表选择的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A；电压表选择的量程为0～15V，分度值为0.5V，示数为12.5V；根据欧姆定律可得， 此时测得的Rx 阻值为：
；
（6） 此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是减小实验的误差。
故答案为：（1）；（2）；（3）断开；B；（4）C；（5）5；（6）减小测量的误差。
【分析】 （1）电压表应并联在电阻两端，滑动变阻器的接线柱应一上一下接入电路；
（2）该实验的原理是，实验中需要测量电阻两端的电压和通过电阻的电流，这种测量方法叫伏安法；
（3）连接电路时，开关应断开；合上开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；
（4）电流表示数较大说明电路是通路，电压表无实数可能是电压表并联的部分短路，也可能是电压表断路；
（5）根据电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出电阻值；
（6）为减小误差，实验可采用多次测量求平均值。
14．【答案】（1）天平；加热时间
（2）等于
（3）4.2×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，即实验中需要控制水和食用油的质量相同，所以还需要的仪器有秒表和天平。根据转换法，使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少。
（2）由于用规格相同的电加热器给它们加热，加热时间的长短表示物质吸热的多少，因此加热6min时，食用油吸收的热量等于水吸收的热量。
（3）由图乙可知，升高到60℃时，水和食用油升高的温度相同，水的加热时间是12min，食用油的加热时间是6min，即水的吸热是食用油吸热的2倍，由Q吸=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，则食用油的比热容为：
故答案为：（1）天平；加热时间；（2）等于；（3）4.2×103。
【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）由图乙可知相同的温度时，可知水、食用油的加热时间，由Q吸=cmΔt可知，在质量和升高温度相同的情况下，吸收的热量与比热容成正比，据此得出食用油的比热容。
15．【答案】（1）0.24
（2）6
（3）不合理，因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，所以不合理。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表选用的是0～0.6A的量程，其分度值为0.02A，则图（a）中电流表的读数为0.24A；
（2）小华正确连接电路时，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，由图（b）可得，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，定值电阻两端的电压为3V，即定值电阻两端的电压为3V时，电路中的电流为0.24A；而为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，由表格数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流变大，则重新连接电路时，电压表并联在滑动变阻器两端，由表中数据可知，当电路中的电流为0.24A时，滑动变阻器两端的电压为3V，综上可知，当电路中的电流为0.24A时，定值电阻两端的电压为3V，滑动变阻器两端的电压为3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压为：
U=U定+U滑=3V+3V=6V；
（3）因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，由此可知小华选用小灯泡而没用选用定值电阻做实验是不合理的。
故答案为：（1）0.24；（2）6；（3）不合理，因为在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，所以不合理。
【分析】 （1）电流表读数时根据选用的量程，判断其分度值，再结合指针位置读数；
（2）在做“电流与电压的关系”的实验中，小华正确连接电路时，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，而为获得电压大于3V时的实验数据，他经过思考重新连接电路进行实验，分析表格数据得出重新连接电路时电压表并联在滑动变阻器两端，由表格数据可知电路中的电流为0.24A时变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（3）在做探究“电流与电压的关系”的实验中应保证电阻是定值，而小灯泡的电阻会随温度的变化而变化。
16．【答案】（1）解： 放出的热量为：
Q放=mq油=4.6×107J/kg×2.5kg=1.15×108J
答： 该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出1.15×108J热量；
（2）解： 匀速直线行驶，牵引力等于阻力：
F=f=900N；
通过的路程为：
s=vt=80km/h×0.5h=40km=4×104m
牵引力所做的功为：
W=Fs=900N×4×104m=3.6×107J；
答：该汽车行驶中牵引力做功3.6×107J；
（3）解： 蓄电池增加的电能：
W'=1.0×108J×10%=1.0×107J，
该汽车内燃机的效率为：
。
答：该汽车内燃机的效率是40%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）知道内燃机消耗燃油的质量和燃油的热值，根据Q放=mq求出完全燃烧释放的热量；
（2）根据速度公式求出行驶的路程，利用W=Fs求出引力做的功；
（3）已知蓄电池组储存的最大电能，由最大值的10%求出增加的电能，这样被有效利用的能量为做的功和转化成的电能之和，根据求出内燃机的效率。
17．【答案】（1）解： 由图甲可知，只闭合开关S1，电路中只有灯L2工作，电流表A1测电路中的电流，A2断路，电压表测电源电压。由图乙可知，电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为6V。电源电压为U=6V。当S1、S2都闭合时，L1和L2并联，电压表测电源电压，电流表A2测通过L1的电流，A1测干路的电流。此时两个电流表指针相同如图丙所示，据并联电路的电流特点知，A1选用大量程，分度值为0.1A，示数为1.4A；A2选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.28A。所以通过L1的电流为0.28A。
答： 当S1、S2都闭合时，A1示数为1.4A；A2示数为0.28A。通过L1的电流为0.28A；
（2）解： 当S1、S2都闭合时，两灯并联，据并联电路的电压特点知，两灯并联时，灯L1两端的电压等于电源电压，为6V。
答： 当S1、S2都闭合时，两灯并联，灯L1两端的电压为6V；
（3）解： 当S1、S2都闭合时，通过灯L2的电流为：
I2=I-I1=1.4A-0.28A=1.12A，
仅闭合S1时，L1断路，L2支路的电流不变，通过灯L2的电流仍为1.12A。即电流表 A1的示数为1.12A。
答： 当只闭合S1时，电流表A1的示数为1.12A。
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【分析】（1）由图甲知，只闭合开关S1，电路中只有灯L2工作，电流表A1测电路中的电流，A2断路，电压表测电源电压。由图乙知，读出电压表示数即可得到电源电压。两个开关均闭合，电压表测电源电压，电流表A2测通过L1的电流，A1测干路的电流。由两个电流表指针相同结合并联电路的电流特点得到两电流表的示数，即可得到通过L1的电流。
（2）当S1、S2都闭合时，两灯并联，据并联电路的电压特点得到灯L1两端的电压。
（3）当S1、S2都闭合时，由并联电路电流规律得到通过灯L2的电流，仅闭合S1时，L1断路，L2支路的电流不变，得到通过灯L2的电流，即电流表 A1的示数。
18．【答案】（1）没有；化学；电；不同
（2）阴；阳
（3）4.9×109；1200
【知识点】功率的计算；燃料的热值；能量的转化或转移；速度公式及其应用；电流的方向
【解析】【解答】 （1）由材料可知，氢燃料电池在使用过程中氢气没有发生燃烧现象，氢燃料电池是通过化学反应将氢的化学能转化为电能，氢燃料电池作为电源，对外提供电能，所以它提供动力的原理是将电能转化为机械能，而内燃机的工作原理将燃料燃烧产生的内能转化为机械能，所以它提供动力的工作原理与内燃机不同。
（2）根据文中信息可知，电子是不能通过质子交换膜的，电子只能经外电路到达燃料电池阴极板，电流方向与电子的定向移动方向相反，故在转化过程中，其产生的电流方向是从阴极板到阳极板。
（3）50kg的氢燃料产生的热量：
Q放=mq=50kg×1.4×108J/kg=7×109J
50kg的氢燃料产生的电能：
W=Qη=7×109J×70%=4.9×109J
该车行驶所用的时间
，
这些氢燃料可使该车以v=43.2km/h=12m/s的速度匀速行驶的路程为：
s=vt=12m/s×1×105s=1.2×106m=1200km。
故答案为：（1）没有；化学；电；不同；（2）阴；阳；（3）4.9×109；1200。
【分析】 （1）氢燃料电池是通过化学反应将氢的化学能直接转化为电能，内燃机的做功冲程将燃料燃烧产生的内能转化为机械能。
（2）物理学规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与电子的定向移动方向相反。
（3）根据Q=mq求出氢燃料产生的热量，根据W=Qη求出氢燃料产生的电能，由得到该车行驶所用的时间，由速度公式得到该车行驶的路程。
19．【答案】（1）减小
（2）40；20
（3）5.4×105
（4）A
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）由材料得，原始的蒸汽机因质量太大不便于使用，交通运输的发展迫切需要轻便的热机在功率相同时，喷气发动机比内燃机更轻便，所以在功率相同时，蒸汽机、内燃机、喷气发动机的重力依次减小；
（2）已知飞轮转速是2400r/min=40r/s，则汽油机每秒曲轴转40周，对外做20次；
（3）已知汽油机每分钟消耗0.02kg汽油，则汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=0.02kg× 4.5×107J/kg =9×105J，
已知该汽油机的效率是40%，则该汽油机每分钟浪费的能量为：
；
（4）A．减少热机部件间的摩擦可以减少热量的损失，减小额外功，从而提高热机效率，故A符合题意；
BCD．增加热机的工作时间、尽量燃烧一些热值大的燃料和增加所用燃料的质量，不能提高燃料的利用率或减小热量损失，不能提高热机效率，故BCD不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）减小；（2）40；20；（3）5.4×105；（4）A。
【分析】（1）可以根据短文内容分析；
（2）汽油机飞轮每转2圈，完成一个工作循环，对外做一次功，完成4个冲程；
（3）利用Q放=qm求出汽油完全燃烧放出的热量，再利用Q=Q放（1-η）求出该汽油机每分钟浪费的能量；
（4）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，比值越大，效率越高。
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