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广东省湛江市雷州市雷州五中集团2025-2026学年九年级上学期10月月考物理试题
一、单选题（每小题3分，共21分）
1．通常情况下，下列都属于导体的一组物质是（　　）
A．铁、铜、大地、食盐水 B．铝、石墨、陶瓷、铅
C．水银、锡箔、橡胶、镍 D．铜、塑料、人体、黄金
2．关于温度、热量和内能的说法中正确的是（　　）
A．温度高的物体，含有的热量多
B．物体的内能增加，一定从外界吸收了热量
C．热传递过程中，热量由内能大的物体传向内能小的物体
D．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
3．在如图所示的四种现象中，能体现“分子在不停息地运动”的是
A． 荷花飘香
B． 柳絮飘
C．雪花飞扬
D． 落叶纷飞
4．汤勺放在热汤中温度升高，内能增大，下列事例中改变内能的方式与之不相同的是（　　）
A．冰敷受伤部位 B．用暖手宝取暖
C．烧水 D．钻木取火
5．某校九年级的学生参观了学校的锅炉房后，提出了以下几种提高锅炉燃烧效率的方法，其中科学合理的是（　　）
A．将煤粉碎成粉末状，用空气喷入炉膛
B．将煤堆在一起集中燃烧
C．向炉内多加煤以增强火力
D．用大块煤炭，并缩小炉膛的进风口
6．如图是单缸四冲程汽油机工作循环中的一个冲程，它是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
7．彭水动车站即将建成，预估在今年年中投入使用。在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别成功之后才算通过检票，电动机工作打开闸机口。身份证识别系统和人脸识别系统相当于开关，下列的模拟电路符合上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
二、填空题（每小空1分，共16分）
8．完成太空飞行的航天器在穿过稠密的大气层返回地球的过程中，外壳与空气剧烈摩擦，温度能达到几千摄氏度；为了能使航天器克服“热障”安全返回地面，航天技术专家给航天器穿上用新型陶瓷材料制成的“外衣”。主要是利用这种材料的　 　较好；电线外层使用塑料胶皮，是因为塑料胶皮的　 　较好；小明将两条相同的纸条分别紧紧卷在木棒和铁棒上，加热纸条（如图），木棒上的纸条立即燃烧，而铁棒上的纸条不会立即燃烧，据此推测铁棒具有较好的　 　 。（选填“隔热性”、“导热性”、“绝缘性”、“导电性”、“弹性”、“硬度”、“密度”等）
9．2024年4月25日，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭点火发射。长征二号F遥十八运载火箭以偏二甲肼做燃料是因为偏二甲肼的　 　大；火箭升空时，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的　 　能，能量转化过程中能的总量是不变的，这就是　 　定律。
10．建筑工人在固定铁钉时，用铁锤多次敲击铁钉，使铁钉温度升高，内能　 　，在烈日下暴晒，铁钉的温度也会升高，两种改变内能的方式　 　（选填“相同”或“不同”）。
11．我国在能源的合理开发与利用方面，取得了瞩目的成就。电动汽车越来越普及，许多电动汽车安装了能量回收装置，其中一种能量回收方式是踩下制动踏板时，将　 　能转化为电能，再将电能转化为　 　能储存在蓄电池里。
12．毛皮摩擦过的橡胶棒带　 　（选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带　 　（选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
13．下列甲乙两图的读数分别是：甲　 　；乙　 　。
14．如图所示的电路中，要使两灯串联，应闭合开关　 　；要使两灯并联，应闭合开关　 　，若同时闭合开关　 　，会造成短路．
三、作图题
15．如图所示，根据实物电路图在方框内画出对应的电路图。
四、实验题
16．如图甲所示是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置，A、B液体质量相同。
（1）实验时，小明选用相同的电加热器，通过比较　 　（填序号：选填①“升高的温度”或②“加热时间的长短”）来得知A、B两种液体吸热的多少。这种研究方法是　 　。
（2）加热相同时间，观察A、B液体升高的温度，升高温度较大的物质，吸热能力（比热容）较　 　（填大或小）
（3）小红做相同的实验，并绘出温度随时间变化的图像（如图乙）。分析图像可知：　 　（选填“A”或“B”）液体更适合用作汽车发动机的冷却液。若A、B两种液体从相同初温20℃分别升高到40℃和35℃，加热时间之比为1：2，则A、B液体的比热容之比　 　。
17．在学习了“分子动理论”后，小明进行了如图所示的几个小实验：
（1）如图甲所示，两个瓶子中分别装满红棕色的二氧化氮气体和空气，抽掉玻璃板后，过一段时间，观察到的现象是二氧化氮瓶中颜色　 　；若将上下两个瓶子倒置，　 　（选填“影响”或“不影响”）实验结论的可靠性；
（2）如图乙所示，先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后，可发现水和酒精的总体积　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）100mL，这说明分子间有　 　；
（3）如图丙所示，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触，然后稍稍用力向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计的示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），这个现象说明　 　。
18．如图所示，甲、乙、丙三图中装置完全相同，燃料的质量相等，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，可以选择　 　两图进行对比；
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图像，如图丁所示。
①实验中，用　 　间接反映液体吸收热量的多少；吸收相同热量时，通过比较　 　来判断吸热能力的强弱；
②由图丁可以看出，　 　液体的比热容较大；
③如果已知b液体的比热容是1.8×103J/（kg·℃），则a液体的比热容是　 　J/（kg·℃）。
19．小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图，电源电压不变；
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时他忘了　 　；
（2）他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是L1　 　（选填“短路”或“断路”）；
（3）他在测量A处的电流时，闭合开关前，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；正确调整后，闭合开关，发现电流表的指针又偏向图乙所示位置，原因是　 　；在解决以上问题后，测电流时电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为　 　A；
（4）实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数　 　，电流表A2的示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
五、综合题
20．如图所示是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出。关于此实验的下列分析：
（1）酒精不完全燃烧时热值将　 　（选填“变大”、“变小”、“不变”）；
（2）能闻到酒精的气味说明分子在　 　；
（3）燃气推动纸筒飞出的过程中将内能转化为　 　能，相当于内燃机的　 　冲程；
（4）纸筒飞出后瓶内气体的内能将　 　（选填“增大”、“不变”、“减小”），温度将　 　（选填“升高”、“降低”）。
21．如图甲所示，2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。
（1）载人飞船随火箭发射过程中，载人飞船的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（2）长征二号F遥二十运载火箭的燃料选用密度小、　 　（选填“比热容”或“热值”）大的气体燃料，采用降低温度和压缩体积的方法使其液化。燃料燃烧时将燃料的　 　能转化为内能；
（3）如图乙所示，“喷水降温降噪系统”主要是通过　 　的方式减少火箭发射台的内能，从而达到保护火箭发射台的效果；
（4）2025年4月30日，神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图丙所示，神舟十九号返回舱进入地球时，看上去像一个大火球，是因为返回舱通过大气层时，与大气层摩擦，　 　能转化为　 　能，通过　 　的方法改变了返回舱的内能。
六、计算题（每小题8分，共16分）
22．如图甲所示的电路，当开关闭合后，电流表A1的示数如图乙所示，电流表 A2的示数如图丙所示。求：
（1）请分析说明电流表 A1、A2的量程各是多少？
（2）通过小灯泡L1和L2的电流大小？
23．在标准大气压下，将一壶质量为2kg、温度为20℃的水，加热到70℃。求：[]
（1）水升高的温度。
（2）水吸收的热量。
（3）继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A．容易导电的物体叫导体，像金属、大地、食盐水都是导体，A符合题意。
B．不容易导电的物体叫绝缘体，陶瓷是绝缘体，B不符合题意。
C．水银、锡箔、镍属于导体，橡胶属于绝缘体，C不符合题意。
D．铜、人体、黄金属于导体，塑料属于绝缘体，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】导体：容易导电的物体叫导体.如：金属，人体，大地，酸、碱、盐的水溶液等；绝缘体：不容易导电的物体叫绝缘体.如：橡胶，玻璃，陶瓷，塑料，油，纯水等.
2．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.热量只发生在热传递中，没有含有热量的说法，故A错误；
B.物体的内能增加，可能是发生了热传递，也有可能是做功；故B错误；
C.热传递的条件是：两个相互接触的物体或一个物体 的两个部分温度不同，故C错误；
D.0℃的冰熔化成0℃的水的过程中，冰要从外界吸收热量，但温度保持不变，内能增大，故D对。
【分析】(1)热量只发生在热传递过程中，没有热传递，就没有热量的说法。
故选：D。
(2)改变内能的两种方式：热传递、做功。
(3)热传递的条件是：相互接触的两个物体或一个物体的两部分存在温度差。
(4)物质在发生状态改变时，要吸热或放热，但温度不一定变化。
3．【答案】A
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】A.荷花飘香，是香味分子不停无规则运动所致，故A符合题意；
BCD.柳絮飘、雪花飞扬和落叶纷飞，都是肉眼看得见的运动，肯定不是分子运动，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，凡是肉眼看得到的运动都不是分子运动。
4．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】汤勺放在热汤中，是通过热传递的方式改变内能。
A：冰敷受伤部位——热传递；
B：用暖手宝取暖——热传递；
C：烧水——热传递；
D：钻木取火——做功。
故改变内能方式不相同的是 D。
故答案选 D。
【分析】改变内能的两种方式：做功和热传递。
热传递：热量从高温物体传到低温物体。
做功：机械能转化为内能，如摩擦生热、压缩气体等。
5．【答案】A
【知识点】能量的利用效率
【解析】【解答】A． 将煤粉碎成粉末状，用空气喷入炉膛，使煤燃烧的更充分，从而提高炉子的效率，故A符合题意；
B．把煤堆在一起集中燃烧，煤不能与氧气充分接触，会导致煤不能充分燃烧，不能提高炉子的效率，故B不符合题意；
C．向炉内多加些煤，加大火力，不能提高炉子的效率，故C不符合题意；
D．用大块煤炭，并缩小炉膛的进风口，则与空气的接触面积减小，那么煤燃烧不充分，不能提高炉子的效率，故D不符合题意。
故选A。
【分析】要提高炉子的效率，需要使燃料充分燃烧，并且减少能量的损失，根据各个选项的描述分析判断。
6．【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】图中，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，活塞压缩汽缸内气体，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据气门状态和活塞方向，判断冲程。
7．【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】ABCD、根据题目描述，闸机要在两个开关同时闭合时才会自动打开，这表明两个开关之间存在相互制约关系，必须同时工作才能接通电路。这种连接方式符合串联电路的特点，因此两个开关应采用串联方式连接，然后再与电动机串联接入电路。分析选项可知，ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】串联电路互相影响，一断全断，据此根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
8．【答案】隔热性；绝缘性；导热性
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】（1）根据题意可知，为了防止舱内温度过高导致对宇航员产生危险，这种新型陶瓷材料还具备隔热性好的特点。
（2）电线外层使用塑料胶皮，是为了避免接触时发生触电事故，是因为塑料胶皮的绝缘性较好；
（3）根据题意可知，铁棒上的纸条没有立即燃烧，是因为铁棒将热量迅速传递到其他部分，使得纸条的温度低于着火点，故由此可以推断出铁棒的导热性较好。
【分析】（1）（2）（3）物质的性质决定用途，根据题目描述材料的用途推测它的性质即可。
9．【答案】热值；机械；能量守恒
【知识点】燃料的热值；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】第1空：燃料的热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，偏二甲肼作为火箭燃料是因为其热值大，能在相同质量下释放更多能量。
第2空：火箭升空时，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能（包括动能和重力势能）。
第3空：能量转化过程中总量不变，这是能量守恒定律。
综上，第1空答案：热值；第2空答案：机械；第3空答案：能量守恒；
【分析】本题属于热学与能量转化综合题型，核心考查以下知识点：
热值的概念：热值是燃料的固有特性，反映燃料燃烧放热能力的大小，热值大的燃料在相同质量下能释放更多热量，是火箭等大功率设备燃料选择的关键依据。
能量转化：火箭升空时，燃料的化学能先转化为内能，再通过做功将内能转化为机械能（火箭的动能和重力势能），体现了不同形式能量的转化过程。
能量守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体，转化和转移过程中总量保持不变。
常见易错点：
混淆“热值”与“比热容”“密度”的概念，错误认为燃料选择与密度、比热容有关；
对能量转化环节判断错误，误将“化学能→内能→机械能”简化为“化学能直接转化为机械能”；
混淆“能量守恒定律”与“机械能守恒”，忽略能量转化中内能等其他形式能量的参与。
解题关键：明确热值的定义及燃料选择逻辑，梳理能量转化的完整环节（化学能→内能→机械能），牢记能量守恒定律的内涵。
10．【答案】增大；不同
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）用铁锤多次敲击铁钉，将机械能转化为内能，则内能增大。
（2）建筑工人用铁锤多次敲击铁钉，是通过做功的方式改变内能；铁钉在烈日下暴晒，铁钉吸收热量，是通过热传递的方式改变内能，因此两种改变内能的方式不同。
【分析】（1）外界对物体做功，则内能增大；物体对外界做功，则内能减小；
（2）做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
11．【答案】机械；化学
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】电动汽车回收能量时，踩下制动踏板时得到电能，将机械能转化为电能。
再将电能转化为化学能储存在蓄电池里。故第有空填：机械；第2空填：化学。
【分析】汽车刹车时，机械能转化为电能，为电池充电，电能转化为化学能。
12．【答案】负；同种
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）根据摩擦起电的本质可知，用毛皮摩擦橡胶棒因为得到电子而带负电。
（2）根据验电器的工作原理可知，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带同种电荷而张开一定的角度。
【分析】（1）物体得到电子带正电，失去电子带负电；
（2）根据验电器的工作原理解答。
13．【答案】0.34A；1.7A
【知识点】电流的测量及电流表的使用
【解析】【解答】根据甲图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.34A。
根据乙图可知，电流表的量程是0~3A，分度值是0.1A，电流表的示数是1.7A。
【分析】根据图片确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。
14．【答案】S1；S2 S3；S1 S2
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】第1空：要使两灯串联，电流需依次经过、，因此应闭合开关。
第2空：要使两灯并联，电流需分成两条支路（一条经、，另一条经、），因此应闭合开关、。
第3空：若同时闭合开关、，电源正负极会直接通过开关相连，造成短路。
综上，第1空答案：；第2空答案：、；第3空答案：、；
【分析】本题核心考查串联、并联电路的特点及短路的判断：
串联电路：电流只有一条路径，依次经过所有用电器，因此需让开关使电流依次通过两灯。
并联电路：电流有多条路径，各支路用电器独立工作，因此需让开关使电流分成两条支路分别通过两灯。
短路：电源正负极不经过用电器直接相连，此时电流极大，会损坏电源，需判断哪些开关组合会导致这种情况。
常见易错点：
混淆串联、并联的电流路径，错误判断开关的闭合组合；
对“短路”的本质理解不清，误判造成短路的开关组合。
解题关键：明确串联（路径唯一）、并联（路径多条）的电路结构，以及短路（电源直连）的特征，逐一分析开关闭合后的电流路径。
15．【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】根据图片可知，两个灯泡串联，即电流从电源正极出发，依此经过灯L1、开关S、灯L2回到电源负极，如下图所示：
【分析】根据实物图确定电路的串并联关系以及连接的先后顺序，据此画出对应的电路图即可。
16．【答案】（1）②；转换法
（2）小
（3）B；3∶8
【知识点】控制变量法与探究性实验方案；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1) 第1空：相同电加热器加热时间越长，液体吸收热量越多，因此通过“加热时间的长短”比较A、B两种液体吸热的多少。
第2空：将“吸热多少”这一不易直接测量的物理量，转换为“加热时间长短”这一易测量的量，这种研究方法是转换法。
第1空：根据，质量相同、吸热相同时（加热时间相同），升高温度较大的物质，比热容较小，吸热能力较弱。
第1空：由图乙可知，B液体升温更慢，比热容更大，吸热能力更强，更适合用作汽车发动机的冷却液。
第2空：根据，，，，且A、B质量相同，故。
综上，（1）第1空：②；第2空：转换法；（2）第1空：小；（3）第1空：B；第2空：。
【分析】本题围绕“比较不同物质的吸热能力”实验，核心考查转换法的应用、比热容与吸热能力的关系及比热容的计算：
转换法：通过“加热时间长短”间接反映物质吸热多少，将不易测量的物理量转换为易测量的量；
比热容与吸热能力：质量相同、吸热相同时，升温慢的物质比热容大，吸热能力强；升温快的物质比热容小，吸热能力弱；
比热容计算：利用公式变形，结合吸热比、升温比推导比热容之比。
常见易错点：
混淆“升高的温度”和“加热时间”的物理意义，误将升温多少当作吸热多少；
对比热容与吸热能力的关系理解错误，认为升温快的物质吸热能力强；
推导比热容之比时，忽略温度变化量的计算或公式变形错误。
解题关键：熟练运用控制变量法（控制质量、加热条件相同），结合公式分析实验现象与数据，明确转换法的应用逻辑。
（1）[1][2]实验时，小明选用相同的电加热器，电加热器加热相同的时间，AB液体吸收的热量相同，加热时间不同，AB液体吸收的热量不同，实验中通过比较②“加热时间的长短”来得知A、B两种液体吸热的多少，这种研究方法是转换法。
（2）加热相同时间，A、B液体吸收的热量相同，A、B的质量相同，观察A、B液体升高的温度，升高温度较大的物质，由得，吸热能力（比热容）较小。
（3）[1]由图乙得，当加热时间相同时，A、B吸收的热量相同，A、B的质量相同，A升高的温度较多，由得，B的吸热能力（比热容）较大，则B液体更适合用作汽车发动机的冷却液。
[2]若A、B两种液体从相同初温20℃分别升高到40℃和35℃，加热时间之比为1：2，则A、B两种液体吸收的热量比为1：2，由得，A、B液体的比热容之比
17．【答案】（1）变浅；影响
（2）小于；间隙
（3）变大；分子间存在引力
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）① 如图甲所示， 抽掉玻璃板后，二氧化氮的分子在不停地做无规则运动，进入上面空气的瓶子内，那么会观察到二氧化氮瓶中颜色变浅。
②将密度大的二氧化氮的瓶子放在了上面，由于重力作用，二氧化氮的分子也会向下运动，不能说明分子的无规则运动，所以会影响实验结论。
（2） 如图乙所示，将50mL的水和50mL的酒精充分混合后总体积减小，说明分子之间存在空隙；
（3） 如图丙所示，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触， 稍稍用力向上拉玻璃板，由于玻璃下表面的分子与水面的分子之间存在相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数变大，这个现象说明了分子间存在引力。
【分析】（1）①根据分子运动的知识分析二氧化氮瓶子中浓度变化，进而确定颜色深浅变化；
②注意重力作用对分子运动方向的影响。
（2）根据分子之间存在空隙解答；
（3）根据分子之间存在引力解答。
（1）[1]抽掉玻璃板后，二氧化氮气体和空气接触，由于分子在不停地做无规则运动，会观察到二氧化氮瓶中颜色变浅。
[2]密度大的二氧化氮瓶子应在下面，将密度大的二氧化氮的瓶子放在了上面，由于二氧化氮的密度大，抽掉玻璃板后，在重力作用下，二氧化氮会向下运动，不能说明分子的无规则运动，所以会影响实验结论。
（2）[1][2]由于分子间存在间隙，将50mL的水和50mL的酒精充分混合，部分水分子和酒精分子进入对方分子的间隙中，混合后水与酒精的总体积将小于100mL。
（3）[1][2]稍稍用力向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，由于玻璃下表面的分子与水面的分子之间存在相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数变大，这个现象说明了分子间存在引力。
18．【答案】（1）甲、乙
（2）加热时间；温度计示数的变化；b；
【知识点】燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）为了比较不同燃料的热值大小，实验设计需采用不同燃料加热同种液体，并保持液体质量一致。通过观察温度计示数变化量来反映液体吸热多少，从而判断燃料热值高低。因此，应选择甲、乙两套实验装置进行对比。
（2）第1空，在研究不同物质吸热能力的实验中，选用甲、丙两套装置。由于使用相同燃料且燃烧时间相同，被加热物质获得的热量相等。实验中通过比较加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，加热时间越长表示吸收热量越多。
第2空，不同物质在吸收相同热量时，温度变化通常存在差异。因此，实验通过比较温度计示数变化量（即温度变化幅度）来评估物质的吸热能力。
第3空，根据图丁数据，当加热时间均为10分钟时，两种液体吸收热量相同，但b液体温度上升幅度较小，说明其吸热能力更强，比热容更大。
第4空，图丁显示，a液体加热10分钟温度升至80℃，而b液体需要20分钟才能达到相同温度。因此b液体吸收的热量是a液体的2倍。根据热力学公式：
推导可得：
最终计算出：
【分析】（1）为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数变化量得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，实验中相同燃料燃烧相同时间放出的热量相同，被加热物质吸收的热量相同，故实验中用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少； 不同物质吸收相同热量时，温度变化量一般不同，故实验中通过比较吸收相同热量时的温度变化量即温度计的温度变化来判断吸热能力的强弱； 由图丁可知，a液体加热时间为10min时温度上升到80℃，而b液体加热时间为20min时温度上升到80℃，故b液体吸收的热量是a液体的2倍，则有2camΔt=cbmΔt，计算比热容的大小。
（1）为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数变化量得出吸热多少，进而判断热值大小，故应选择甲、乙两图进行实验。
（2）[1]为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，实验中相同燃料燃烧相同时间放出的热量相同，被加热物质吸收的热量相同，故实验中用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少，加热时间越长，吸收热量越多。
[2]不同物质吸收相同热量时，温度变化量一般不同，故实验中通过比较吸收相同热量时的温度变化量即温度计示数的变化来判断吸热能力的强弱。
[3]由图丁可知，加热时间为10min时，两液体吸收的热量相同，但b液体的温度变化量较小，故b液体的吸热能力较强，比热容较大。
[4]由图丁可知，a液体加热时间为10min时温度上升到80℃，而b液体加热时间为20min时温度上升到80℃，故b液体吸收的热量是a液体的2倍，则a液体吸收的热量为
b液体吸收的热量为
则有，即
19．【答案】（1）断开开关
（2）断路
（3）电流表没有调零；电流表正负接线柱接反了；0.24
（4）不变；变大
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）在连接电路时，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关必须断开。在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关。
（2）根据甲图可知，灯泡L1和L2并联，则二者不相互影响。灯L2发光，则L2所在支路和干路为通路，但灯L1不发光，则电路可能存在的故障是L1断路。
（3）①根据乙图可知，在测量电流前，发现电流表的指针反向偏转，则原因是电流表没有调零。
②闭合开关后，发现电流表的指针又偏向零刻度的左侧，电流表的指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了。
③根据丙图可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）根据丁图可知，当开关S断开时，电路中只有L1接入电路，两电流表均测L1的电流；开关S闭合后，两灯并联，电流表A1测L1的电流，电流表A2测干路电流。
根据并联电路I总=I1+I2可知，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大。
【分析】 （1）为保护电路安全，连接电路时开关应该断开；
（2）并联电路特点互不影响特点进行故障分析；
（3）根据电流表的连接方法分析。根据图片确定电流表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数；
（4）并联电路特点互不影响进行分析。
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关。
（2）图甲中两灯并联，他先将电流表接A处（即测L1的电流），闭合开关后，观察到灯L2发光，则L2所在支路和干路为通路，但灯L1不发光，电流表的示数为零，则电路可能存在的故障是L1断路。
（3）[1]在测量电流前，发现电流表的指针反向偏转，应先调零，即原因是电流表没有调零。
[2]正确调整后，闭合开关，发现电流表的指针又偏向图乙所示位置，电流表的指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了。
[3]由图丙可知，电流表选用小量程，即0~0.6A量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）[1][2]如图丁所示的电路图，当开关S断开时，电路中只有L1接入电路，两电流表均测L1的电流；开关S闭合后，两灯并联，电流表A1测L1的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路中各支路互不影响和并联电路中电流的规律可知，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大。
20．【答案】（1）不变
（2）不停地做无规则运动
（3）机械；做功
（4）减小；降低
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧没有关系。就像某种物质的密度是固定的，不会因为它的状态改变而改变一样。所以酒精不完全燃烧时，其热值不变；
（2）我们能闻到酒精的气味，这是因为酒精分子在不停地做无规则运动，它们会从瓶内扩散到空气中，进入我们的鼻腔，让我们闻到气味，这就是分子热运动的体现；
（3）第1空，在这个实验中，燃气推动纸筒飞出，是燃气对纸筒做功。如图所示，燃气的内能转化为纸筒的机械能；
第2空，而在内燃机中，做功冲程是燃气对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程是活塞对燃气做功，将机械能转化为内能。所以这个过程相当于内燃机的做功冲程，而不是压缩冲程；
（4）第1空，纸筒飞出后，瓶内气体对外做功，根据能量守恒定律，气体的内能会减小；
第2空，内能与温度有关，内能减小，温度就会降低，
故答案为：（1）不变；（2）不停地做无规则运动；（3）机械；做功；（4）减小；降低
【分析】（1）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其他因素无关；
（2）扩散现象说明一切物质的分子都在不停的做无规则运动；
（3）做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能；
（4）利用内能对外做功，物体的温度降低，内能减小。
（1）热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以，酒精不完全燃烧时热值将不变。
（2）能闻到酒精的气味，可知酒精分子飘散在空气中，使人闻到，这是一种扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
（3）[1][2]燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程，消耗内能，得到机械能，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程。
（4）[1][2]燃气推动纸筒做功，瓶内气体的内能转化为纸筒的机械能，所以，纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低。
21．【答案】（1）增大
（2）热值；化学
（3）热传递
（4）机械；内；做功
【知识点】机械能及其转化；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）第1空：增大：载人飞船点火发射时，速度越来越大，物体的动能与速度有关，速度越大，动能越大，因此载人飞船的动能增大。（2）第1空：热值：长征二号F遥火箭选择密度小、热值大的气体燃料，因为热值大的燃料完全燃烧时能放出更多的热量。 第2空：化学：燃料燃烧是化学变化，在这个过程中，燃料的化学能转化为内能。
（3）第1空：热传递：“喷水降温降噪系统”是通过热传递的方式（水吸收火箭的热量）来减少火箭发射时的内能，从而达到降温降噪的效果。
（4）第1空：机械：神舟十九号返回舱进入大气层时，与大气摩擦，机械能（运动的能量）转化为内能。 第2空：内：摩擦过程中，返回舱的温度升高，内能增加，即机械能转化为内能。 第3空：做功：这种能量转化是通过做功的方式实现的（大气对返回舱做功，改变了它的内能）。
综上（1）第1空答案：增大；（2）第1空答案：热值，第2空答案：化学；（3）第1空答案：热传递；（4）第1空答案：机械，第2空答案：内，第3空答案：做功。
【分析】（1）本题考查动能的影响因素，初中物理中需明确动能与速度的定性关系：同一物体，速度越大，动能越大。
飞船发射时速度不断增大，因此动能增大。学生只需记住“速度影响动能，速度大动能大”的结论即可，无需涉及动能公式的定量计算，符合初中超纲要求。
（2）本题考查燃料的热值和能量转化，属于初中热学的核心知识点。
热值是燃料的重要特性，反映燃料放热能力的强弱，初中阶段需理解“热值大的燃料放热多”的应用场景，火箭选择热值大的燃料就是利用这一特性。
燃料燃烧的能量转化是“化学能→内能”，这是初中化学变化中能量转化的典型例子，需明确化学能来自燃料的化学结构，燃烧后转化为内能（热能）。
（3）本题考查热传递的方式，初中物理中热传递的概念是“内能从高温物体转移到低温物体”。喷水降温是水吸收火箭的热量，属于热传递中的热传导（或热对流），学生需区分热传递和做功的不同：热传递是“能量转移”，做功是“能量转化”，本题中没有能量形式的变化，只是内能的转移，因此是热传递。
（4）本题考查机械能与内能的转化及做功改变内能，是初中能量转化的重点内容。
返回舱与大气摩擦时，机械能减少、内能增加，属于“机械能→内能”的转化，初中阶段需能判断这种能量转化的方向。
做功改变内能的实质是“其他形式的能与内能的相互转化”，摩擦过程中大气对返回舱做功，属于做功改变内能，学生需结合“摩擦”“做功”的关键词进行判断，区分于热传递的“不做功，只转移”。
（1）载人飞船随火箭发射过程中，飞船的高度与速度不断增大，则动能与势能不断增大，载人飞船的机械能增大。
（2）[1]等质量的不同种燃料，热值大的燃料完全燃烧放出的热量更多，长征二号遥二十运载火箭的燃料选用密度小、热值大的气体燃料。
[2]燃料在燃烧过程中，通过化学变化，产生高温高压的气体，将化学能转化为内能。
（3） 喷水降温是利用水汽化吸热的原理降温的，故主要是通过热传递的方式减少火箭发射台的内能。
（4）[1][2][3]神舟十九号返回舱进入地球大气层时，高度速度不断减小，与大气层摩擦，温度快速上升，机械能不断减小，故将机械能转化为内能，通过做功的方法改变了返回舱的内能。
22．【答案】（1）解：根据甲图可知，灯泡L1和L2并联，电流表A1测量干路的总电流，电流表A2测量通过灯泡L2的支路电流。
根据I总=I1+I2可知，电流表A1的示数应大于电流表A2的示数。
则电流表A1必须选用大量程，即0~3A量程；
电流表A2必须选用小量程，即0~0.6A量程。
（2）解：综上所述，电流表A1选用0~3A量程，其分度值为0.1A，所以干路电流I=1.2A；
电流表A2选用0~0.6A量程，其分度值为0.02A，所以通过L2的电流I2=0.3A；
则通过L1的电流为I1=I-I2= 1.2A-0.3A=0.9A。
答： 通过小灯泡L1的电流为0.9A，通过L2的电流为0.3A 。
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【分析】（1）根据甲图确定电路的串并联关系，以及电流表所测的电流值，根据并联电路的电流规律确定电流表的示数大小，结合指针偏转幅度确定量程和分度值即可；
（2）根据图片确定两个电流表的示数，然后根据并联电路I1=I-I2列式计算即可。
（1）由电路图甲可知，灯泡L1和L2并联，电流表A1测量干路的总电流，电流表A2测量通过灯泡L2的支路电流。
根据并联电路的电流规律可知，干路电流大于任何一条支路的电流，即电流表A1的示数应大于电流表A2的示数。观察图乙和图丙中电流表指针的位置，A1指针的偏转角度比A2指针的偏转角度小，为了满足A1的示数大于A2的示数，电流表A1必须选用大量程，即0~3A量程；电流表A2必须选用小量程，即0~0.6A量程。
（2）由于电流表A1选用0~3A量程，其分度值为0.1A，所以干路电流I=1.2A
电流表A2选用0~0.6A量程，其分度值为0.02A，所以通过L2的电流I2=0.3A
因为在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，通过L1的电流为I1=I-I2= 1.2A-0.3A=0.9A
23．【答案】（1）解：水升高的温度，即水的温度变化量
（2）解：由得，水吸收的热量
（3）解：继续加热时，水的温度变化量
理论末温，但标准大气压下水的沸点为，水沸腾时吸收热量温度不变，故实际末温为100℃。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】（1）根据前后温度，计算温度差；
（2）根据，计算吸收热量的多少；
（3）根据，计算温度差的大小，再计算末温。
（1）水升高的温度，即水的温度变化量
（2）由得，水吸收的热量
（3）继续加热时，水的温度变化量
理论末温，但标准大气压下水的沸点为，水沸腾时吸收热量温度不变，故实际末温为100℃。
1 / 1广东省湛江市雷州市雷州五中集团2025-2026学年九年级上学期10月月考物理试题
一、单选题（每小题3分，共21分）
1．通常情况下，下列都属于导体的一组物质是（　　）
A．铁、铜、大地、食盐水 B．铝、石墨、陶瓷、铅
C．水银、锡箔、橡胶、镍 D．铜、塑料、人体、黄金
【答案】A
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A．容易导电的物体叫导体，像金属、大地、食盐水都是导体，A符合题意。
B．不容易导电的物体叫绝缘体，陶瓷是绝缘体，B不符合题意。
C．水银、锡箔、镍属于导体，橡胶属于绝缘体，C不符合题意。
D．铜、人体、黄金属于导体，塑料属于绝缘体，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】导体：容易导电的物体叫导体.如：金属，人体，大地，酸、碱、盐的水溶液等；绝缘体：不容易导电的物体叫绝缘体.如：橡胶，玻璃，陶瓷，塑料，油，纯水等.
2．关于温度、热量和内能的说法中正确的是（　　）
A．温度高的物体，含有的热量多
B．物体的内能增加，一定从外界吸收了热量
C．热传递过程中，热量由内能大的物体传向内能小的物体
D．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.热量只发生在热传递中，没有含有热量的说法，故A错误；
B.物体的内能增加，可能是发生了热传递，也有可能是做功；故B错误；
C.热传递的条件是：两个相互接触的物体或一个物体 的两个部分温度不同，故C错误；
D.0℃的冰熔化成0℃的水的过程中，冰要从外界吸收热量，但温度保持不变，内能增大，故D对。
【分析】(1)热量只发生在热传递过程中，没有热传递，就没有热量的说法。
故选：D。
(2)改变内能的两种方式：热传递、做功。
(3)热传递的条件是：相互接触的两个物体或一个物体的两部分存在温度差。
(4)物质在发生状态改变时，要吸热或放热，但温度不一定变化。
3．在如图所示的四种现象中，能体现“分子在不停息地运动”的是
A． 荷花飘香
B． 柳絮飘
C．雪花飞扬
D． 落叶纷飞
【答案】A
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】A.荷花飘香，是香味分子不停无规则运动所致，故A符合题意；
BCD.柳絮飘、雪花飞扬和落叶纷飞，都是肉眼看得见的运动，肯定不是分子运动，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，凡是肉眼看得到的运动都不是分子运动。
4．汤勺放在热汤中温度升高，内能增大，下列事例中改变内能的方式与之不相同的是（　　）
A．冰敷受伤部位 B．用暖手宝取暖
C．烧水 D．钻木取火
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】汤勺放在热汤中，是通过热传递的方式改变内能。
A：冰敷受伤部位——热传递；
B：用暖手宝取暖——热传递；
C：烧水——热传递；
D：钻木取火——做功。
故改变内能方式不相同的是 D。
故答案选 D。
【分析】改变内能的两种方式：做功和热传递。
热传递：热量从高温物体传到低温物体。
做功：机械能转化为内能，如摩擦生热、压缩气体等。
5．某校九年级的学生参观了学校的锅炉房后，提出了以下几种提高锅炉燃烧效率的方法，其中科学合理的是（　　）
A．将煤粉碎成粉末状，用空气喷入炉膛
B．将煤堆在一起集中燃烧
C．向炉内多加煤以增强火力
D．用大块煤炭，并缩小炉膛的进风口
【答案】A
【知识点】能量的利用效率
【解析】【解答】A． 将煤粉碎成粉末状，用空气喷入炉膛，使煤燃烧的更充分，从而提高炉子的效率，故A符合题意；
B．把煤堆在一起集中燃烧，煤不能与氧气充分接触，会导致煤不能充分燃烧，不能提高炉子的效率，故B不符合题意；
C．向炉内多加些煤，加大火力，不能提高炉子的效率，故C不符合题意；
D．用大块煤炭，并缩小炉膛的进风口，则与空气的接触面积减小，那么煤燃烧不充分，不能提高炉子的效率，故D不符合题意。
故选A。
【分析】要提高炉子的效率，需要使燃料充分燃烧，并且减少能量的损失，根据各个选项的描述分析判断。
6．如图是单缸四冲程汽油机工作循环中的一个冲程，它是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】图中，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，活塞压缩汽缸内气体，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据气门状态和活塞方向，判断冲程。
7．彭水动车站即将建成，预估在今年年中投入使用。在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别成功之后才算通过检票，电动机工作打开闸机口。身份证识别系统和人脸识别系统相当于开关，下列的模拟电路符合上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】ABCD、根据题目描述，闸机要在两个开关同时闭合时才会自动打开，这表明两个开关之间存在相互制约关系，必须同时工作才能接通电路。这种连接方式符合串联电路的特点，因此两个开关应采用串联方式连接，然后再与电动机串联接入电路。分析选项可知，ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】串联电路互相影响，一断全断，据此根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
二、填空题（每小空1分，共16分）
8．完成太空飞行的航天器在穿过稠密的大气层返回地球的过程中，外壳与空气剧烈摩擦，温度能达到几千摄氏度；为了能使航天器克服“热障”安全返回地面，航天技术专家给航天器穿上用新型陶瓷材料制成的“外衣”。主要是利用这种材料的　 　较好；电线外层使用塑料胶皮，是因为塑料胶皮的　 　较好；小明将两条相同的纸条分别紧紧卷在木棒和铁棒上，加热纸条（如图），木棒上的纸条立即燃烧，而铁棒上的纸条不会立即燃烧，据此推测铁棒具有较好的　 　 。（选填“隔热性”、“导热性”、“绝缘性”、“导电性”、“弹性”、“硬度”、“密度”等）
【答案】隔热性；绝缘性；导热性
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】（1）根据题意可知，为了防止舱内温度过高导致对宇航员产生危险，这种新型陶瓷材料还具备隔热性好的特点。
（2）电线外层使用塑料胶皮，是为了避免接触时发生触电事故，是因为塑料胶皮的绝缘性较好；
（3）根据题意可知，铁棒上的纸条没有立即燃烧，是因为铁棒将热量迅速传递到其他部分，使得纸条的温度低于着火点，故由此可以推断出铁棒的导热性较好。
【分析】（1）（2）（3）物质的性质决定用途，根据题目描述材料的用途推测它的性质即可。
9．2024年4月25日，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭点火发射。长征二号F遥十八运载火箭以偏二甲肼做燃料是因为偏二甲肼的　 　大；火箭升空时，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的　 　能，能量转化过程中能的总量是不变的，这就是　 　定律。
【答案】热值；机械；能量守恒
【知识点】燃料的热值；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】第1空：燃料的热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，偏二甲肼作为火箭燃料是因为其热值大，能在相同质量下释放更多能量。
第2空：火箭升空时，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能（包括动能和重力势能）。
第3空：能量转化过程中总量不变，这是能量守恒定律。
综上，第1空答案：热值；第2空答案：机械；第3空答案：能量守恒；
【分析】本题属于热学与能量转化综合题型，核心考查以下知识点：
热值的概念：热值是燃料的固有特性，反映燃料燃烧放热能力的大小，热值大的燃料在相同质量下能释放更多热量，是火箭等大功率设备燃料选择的关键依据。
能量转化：火箭升空时，燃料的化学能先转化为内能，再通过做功将内能转化为机械能（火箭的动能和重力势能），体现了不同形式能量的转化过程。
能量守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体，转化和转移过程中总量保持不变。
常见易错点：
混淆“热值”与“比热容”“密度”的概念，错误认为燃料选择与密度、比热容有关；
对能量转化环节判断错误，误将“化学能→内能→机械能”简化为“化学能直接转化为机械能”；
混淆“能量守恒定律”与“机械能守恒”，忽略能量转化中内能等其他形式能量的参与。
解题关键：明确热值的定义及燃料选择逻辑，梳理能量转化的完整环节（化学能→内能→机械能），牢记能量守恒定律的内涵。
10．建筑工人在固定铁钉时，用铁锤多次敲击铁钉，使铁钉温度升高，内能　 　，在烈日下暴晒，铁钉的温度也会升高，两种改变内能的方式　 　（选填“相同”或“不同”）。
【答案】增大；不同
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）用铁锤多次敲击铁钉，将机械能转化为内能，则内能增大。
（2）建筑工人用铁锤多次敲击铁钉，是通过做功的方式改变内能；铁钉在烈日下暴晒，铁钉吸收热量，是通过热传递的方式改变内能，因此两种改变内能的方式不同。
【分析】（1）外界对物体做功，则内能增大；物体对外界做功，则内能减小；
（2）做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
11．我国在能源的合理开发与利用方面，取得了瞩目的成就。电动汽车越来越普及，许多电动汽车安装了能量回收装置，其中一种能量回收方式是踩下制动踏板时，将　 　能转化为电能，再将电能转化为　 　能储存在蓄电池里。
【答案】机械；化学
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】电动汽车回收能量时，踩下制动踏板时得到电能，将机械能转化为电能。
再将电能转化为化学能储存在蓄电池里。故第有空填：机械；第2空填：化学。
【分析】汽车刹车时，机械能转化为电能，为电池充电，电能转化为化学能。
12．毛皮摩擦过的橡胶棒带　 　（选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带　 　（选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
【答案】负；同种
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）根据摩擦起电的本质可知，用毛皮摩擦橡胶棒因为得到电子而带负电。
（2）根据验电器的工作原理可知，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带同种电荷而张开一定的角度。
【分析】（1）物体得到电子带正电，失去电子带负电；
（2）根据验电器的工作原理解答。
13．下列甲乙两图的读数分别是：甲　 　；乙　 　。
【答案】0.34A；1.7A
【知识点】电流的测量及电流表的使用
【解析】【解答】根据甲图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.34A。
根据乙图可知，电流表的量程是0~3A，分度值是0.1A，电流表的示数是1.7A。
【分析】根据图片确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。
14．如图所示的电路中，要使两灯串联，应闭合开关　 　；要使两灯并联，应闭合开关　 　，若同时闭合开关　 　，会造成短路．
【答案】S1；S2 S3；S1 S2
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】第1空：要使两灯串联，电流需依次经过、，因此应闭合开关。
第2空：要使两灯并联，电流需分成两条支路（一条经、，另一条经、），因此应闭合开关、。
第3空：若同时闭合开关、，电源正负极会直接通过开关相连，造成短路。
综上，第1空答案：；第2空答案：、；第3空答案：、；
【分析】本题核心考查串联、并联电路的特点及短路的判断：
串联电路：电流只有一条路径，依次经过所有用电器，因此需让开关使电流依次通过两灯。
并联电路：电流有多条路径，各支路用电器独立工作，因此需让开关使电流分成两条支路分别通过两灯。
短路：电源正负极不经过用电器直接相连，此时电流极大，会损坏电源，需判断哪些开关组合会导致这种情况。
常见易错点：
混淆串联、并联的电流路径，错误判断开关的闭合组合；
对“短路”的本质理解不清，误判造成短路的开关组合。
解题关键：明确串联（路径唯一）、并联（路径多条）的电路结构，以及短路（电源直连）的特征，逐一分析开关闭合后的电流路径。
三、作图题
15．如图所示，根据实物电路图在方框内画出对应的电路图。
【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】根据图片可知，两个灯泡串联，即电流从电源正极出发，依此经过灯L1、开关S、灯L2回到电源负极，如下图所示：
【分析】根据实物图确定电路的串并联关系以及连接的先后顺序，据此画出对应的电路图即可。
四、实验题
16．如图甲所示是“比较不同物质的吸热能力”的实验装置，A、B液体质量相同。
（1）实验时，小明选用相同的电加热器，通过比较　 　（填序号：选填①“升高的温度”或②“加热时间的长短”）来得知A、B两种液体吸热的多少。这种研究方法是　 　。
（2）加热相同时间，观察A、B液体升高的温度，升高温度较大的物质，吸热能力（比热容）较　 　（填大或小）
（3）小红做相同的实验，并绘出温度随时间变化的图像（如图乙）。分析图像可知：　 　（选填“A”或“B”）液体更适合用作汽车发动机的冷却液。若A、B两种液体从相同初温20℃分别升高到40℃和35℃，加热时间之比为1：2，则A、B液体的比热容之比　 　。
【答案】（1）②；转换法
（2）小
（3）B；3∶8
【知识点】控制变量法与探究性实验方案；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1) 第1空：相同电加热器加热时间越长，液体吸收热量越多，因此通过“加热时间的长短”比较A、B两种液体吸热的多少。
第2空：将“吸热多少”这一不易直接测量的物理量，转换为“加热时间长短”这一易测量的量，这种研究方法是转换法。
第1空：根据，质量相同、吸热相同时（加热时间相同），升高温度较大的物质，比热容较小，吸热能力较弱。
第1空：由图乙可知，B液体升温更慢，比热容更大，吸热能力更强，更适合用作汽车发动机的冷却液。
第2空：根据，，，，且A、B质量相同，故。
综上，（1）第1空：②；第2空：转换法；（2）第1空：小；（3）第1空：B；第2空：。
【分析】本题围绕“比较不同物质的吸热能力”实验，核心考查转换法的应用、比热容与吸热能力的关系及比热容的计算：
转换法：通过“加热时间长短”间接反映物质吸热多少，将不易测量的物理量转换为易测量的量；
比热容与吸热能力：质量相同、吸热相同时，升温慢的物质比热容大，吸热能力强；升温快的物质比热容小，吸热能力弱；
比热容计算：利用公式变形，结合吸热比、升温比推导比热容之比。
常见易错点：
混淆“升高的温度”和“加热时间”的物理意义，误将升温多少当作吸热多少；
对比热容与吸热能力的关系理解错误，认为升温快的物质吸热能力强；
推导比热容之比时，忽略温度变化量的计算或公式变形错误。
解题关键：熟练运用控制变量法（控制质量、加热条件相同），结合公式分析实验现象与数据，明确转换法的应用逻辑。
（1）[1][2]实验时，小明选用相同的电加热器，电加热器加热相同的时间，AB液体吸收的热量相同，加热时间不同，AB液体吸收的热量不同，实验中通过比较②“加热时间的长短”来得知A、B两种液体吸热的多少，这种研究方法是转换法。
（2）加热相同时间，A、B液体吸收的热量相同，A、B的质量相同，观察A、B液体升高的温度，升高温度较大的物质，由得，吸热能力（比热容）较小。
（3）[1]由图乙得，当加热时间相同时，A、B吸收的热量相同，A、B的质量相同，A升高的温度较多，由得，B的吸热能力（比热容）较大，则B液体更适合用作汽车发动机的冷却液。
[2]若A、B两种液体从相同初温20℃分别升高到40℃和35℃，加热时间之比为1：2，则A、B两种液体吸收的热量比为1：2，由得，A、B液体的比热容之比
17．在学习了“分子动理论”后，小明进行了如图所示的几个小实验：
（1）如图甲所示，两个瓶子中分别装满红棕色的二氧化氮气体和空气，抽掉玻璃板后，过一段时间，观察到的现象是二氧化氮瓶中颜色　 　；若将上下两个瓶子倒置，　 　（选填“影响”或“不影响”）实验结论的可靠性；
（2）如图乙所示，先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后，可发现水和酒精的总体积　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）100mL，这说明分子间有　 　；
（3）如图丙所示，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触，然后稍稍用力向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计的示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），这个现象说明　 　。
【答案】（1）变浅；影响
（2）小于；间隙
（3）变大；分子间存在引力
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）① 如图甲所示， 抽掉玻璃板后，二氧化氮的分子在不停地做无规则运动，进入上面空气的瓶子内，那么会观察到二氧化氮瓶中颜色变浅。
②将密度大的二氧化氮的瓶子放在了上面，由于重力作用，二氧化氮的分子也会向下运动，不能说明分子的无规则运动，所以会影响实验结论。
（2） 如图乙所示，将50mL的水和50mL的酒精充分混合后总体积减小，说明分子之间存在空隙；
（3） 如图丙所示，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触， 稍稍用力向上拉玻璃板，由于玻璃下表面的分子与水面的分子之间存在相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数变大，这个现象说明了分子间存在引力。
【分析】（1）①根据分子运动的知识分析二氧化氮瓶子中浓度变化，进而确定颜色深浅变化；
②注意重力作用对分子运动方向的影响。
（2）根据分子之间存在空隙解答；
（3）根据分子之间存在引力解答。
（1）[1]抽掉玻璃板后，二氧化氮气体和空气接触，由于分子在不停地做无规则运动，会观察到二氧化氮瓶中颜色变浅。
[2]密度大的二氧化氮瓶子应在下面，将密度大的二氧化氮的瓶子放在了上面，由于二氧化氮的密度大，抽掉玻璃板后，在重力作用下，二氧化氮会向下运动，不能说明分子的无规则运动，所以会影响实验结论。
（2）[1][2]由于分子间存在间隙，将50mL的水和50mL的酒精充分混合，部分水分子和酒精分子进入对方分子的间隙中，混合后水与酒精的总体积将小于100mL。
（3）[1][2]稍稍用力向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，由于玻璃下表面的分子与水面的分子之间存在相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数变大，这个现象说明了分子间存在引力。
18．如图所示，甲、乙、丙三图中装置完全相同，燃料的质量相等，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，可以选择　 　两图进行对比；
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图像，如图丁所示。
①实验中，用　 　间接反映液体吸收热量的多少；吸收相同热量时，通过比较　 　来判断吸热能力的强弱；
②由图丁可以看出，　 　液体的比热容较大；
③如果已知b液体的比热容是1.8×103J/（kg·℃），则a液体的比热容是　 　J/（kg·℃）。
【答案】（1）甲、乙
（2）加热时间；温度计示数的变化；b；
【知识点】燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）为了比较不同燃料的热值大小，实验设计需采用不同燃料加热同种液体，并保持液体质量一致。通过观察温度计示数变化量来反映液体吸热多少，从而判断燃料热值高低。因此，应选择甲、乙两套实验装置进行对比。
（2）第1空，在研究不同物质吸热能力的实验中，选用甲、丙两套装置。由于使用相同燃料且燃烧时间相同，被加热物质获得的热量相等。实验中通过比较加热时间来间接反映液体吸收热量的多少，加热时间越长表示吸收热量越多。
第2空，不同物质在吸收相同热量时，温度变化通常存在差异。因此，实验通过比较温度计示数变化量（即温度变化幅度）来评估物质的吸热能力。
第3空，根据图丁数据，当加热时间均为10分钟时，两种液体吸收热量相同，但b液体温度上升幅度较小，说明其吸热能力更强，比热容更大。
第4空，图丁显示，a液体加热10分钟温度升至80℃，而b液体需要20分钟才能达到相同温度。因此b液体吸收的热量是a液体的2倍。根据热力学公式：
推导可得：
最终计算出：
【分析】（1）为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数变化量得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，实验中相同燃料燃烧相同时间放出的热量相同，被加热物质吸收的热量相同，故实验中用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少； 不同物质吸收相同热量时，温度变化量一般不同，故实验中通过比较吸收相同热量时的温度变化量即温度计的温度变化来判断吸热能力的强弱； 由图丁可知，a液体加热时间为10min时温度上升到80℃，而b液体加热时间为20min时温度上升到80℃，故b液体吸收的热量是a液体的2倍，则有2camΔt=cbmΔt，计算比热容的大小。
（1）为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数变化量得出吸热多少，进而判断热值大小，故应选择甲、乙两图进行实验。
（2）[1]为了研究不同物质的吸热能力，利用甲、丙两幅图进行实验，实验中相同燃料燃烧相同时间放出的热量相同，被加热物质吸收的热量相同，故实验中用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少，加热时间越长，吸收热量越多。
[2]不同物质吸收相同热量时，温度变化量一般不同，故实验中通过比较吸收相同热量时的温度变化量即温度计示数的变化来判断吸热能力的强弱。
[3]由图丁可知，加热时间为10min时，两液体吸收的热量相同，但b液体的温度变化量较小，故b液体的吸热能力较强，比热容较大。
[4]由图丁可知，a液体加热时间为10min时温度上升到80℃，而b液体加热时间为20min时温度上升到80℃，故b液体吸收的热量是a液体的2倍，则a液体吸收的热量为
b液体吸收的热量为
则有，即
19．小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图，电源电压不变；
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时他忘了　 　；
（2）他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是L1　 　（选填“短路”或“断路”）；
（3）他在测量A处的电流时，闭合开关前，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是　 　；正确调整后，闭合开关，发现电流表的指针又偏向图乙所示位置，原因是　 　；在解决以上问题后，测电流时电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为　 　A；
（4）实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数　 　，电流表A2的示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）断开开关
（2）断路
（3）电流表没有调零；电流表正负接线柱接反了；0.24
（4）不变；变大
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）在连接电路时，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关必须断开。在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关。
（2）根据甲图可知，灯泡L1和L2并联，则二者不相互影响。灯L2发光，则L2所在支路和干路为通路，但灯L1不发光，则电路可能存在的故障是L1断路。
（3）①根据乙图可知，在测量电流前，发现电流表的指针反向偏转，则原因是电流表没有调零。
②闭合开关后，发现电流表的指针又偏向零刻度的左侧，电流表的指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了。
③根据丙图可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）根据丁图可知，当开关S断开时，电路中只有L1接入电路，两电流表均测L1的电流；开关S闭合后，两灯并联，电流表A1测L1的电流，电流表A2测干路电流。
根据并联电路I总=I1+I2可知，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大。
【分析】 （1）为保护电路安全，连接电路时开关应该断开；
（2）并联电路特点互不影响特点进行故障分析；
（3）根据电流表的连接方法分析。根据图片确定电流表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数；
（4）并联电路特点互不影响进行分析。
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关。
（2）图甲中两灯并联，他先将电流表接A处（即测L1的电流），闭合开关后，观察到灯L2发光，则L2所在支路和干路为通路，但灯L1不发光，电流表的示数为零，则电路可能存在的故障是L1断路。
（3）[1]在测量电流前，发现电流表的指针反向偏转，应先调零，即原因是电流表没有调零。
[2]正确调整后，闭合开关，发现电流表的指针又偏向图乙所示位置，电流表的指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了。
[3]由图丙可知，电流表选用小量程，即0~0.6A量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A。
（4）[1][2]如图丁所示的电路图，当开关S断开时，电路中只有L1接入电路，两电流表均测L1的电流；开关S闭合后，两灯并联，电流表A1测L1的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路中各支路互不影响和并联电路中电流的规律可知，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大。
五、综合题
20．如图所示是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出。关于此实验的下列分析：
（1）酒精不完全燃烧时热值将　 　（选填“变大”、“变小”、“不变”）；
（2）能闻到酒精的气味说明分子在　 　；
（3）燃气推动纸筒飞出的过程中将内能转化为　 　能，相当于内燃机的　 　冲程；
（4）纸筒飞出后瓶内气体的内能将　 　（选填“增大”、“不变”、“减小”），温度将　 　（选填“升高”、“降低”）。
【答案】（1）不变
（2）不停地做无规则运动
（3）机械；做功
（4）减小；降低
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧没有关系。就像某种物质的密度是固定的，不会因为它的状态改变而改变一样。所以酒精不完全燃烧时，其热值不变；
（2）我们能闻到酒精的气味，这是因为酒精分子在不停地做无规则运动，它们会从瓶内扩散到空气中，进入我们的鼻腔，让我们闻到气味，这就是分子热运动的体现；
（3）第1空，在这个实验中，燃气推动纸筒飞出，是燃气对纸筒做功。如图所示，燃气的内能转化为纸筒的机械能；
第2空，而在内燃机中，做功冲程是燃气对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程是活塞对燃气做功，将机械能转化为内能。所以这个过程相当于内燃机的做功冲程，而不是压缩冲程；
（4）第1空，纸筒飞出后，瓶内气体对外做功，根据能量守恒定律，气体的内能会减小；
第2空，内能与温度有关，内能减小，温度就会降低，
故答案为：（1）不变；（2）不停地做无规则运动；（3）机械；做功；（4）减小；降低
【分析】（1）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其他因素无关；
（2）扩散现象说明一切物质的分子都在不停的做无规则运动；
（3）做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能；
（4）利用内能对外做功，物体的温度降低，内能减小。
（1）热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以，酒精不完全燃烧时热值将不变。
（2）能闻到酒精的气味，可知酒精分子飘散在空气中，使人闻到，这是一种扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
（3）[1][2]燃气推动纸筒飞出的过程是燃气推动纸筒做功的过程，消耗内能，得到机械能，内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程。
（4）[1][2]燃气推动纸筒做功，瓶内气体的内能转化为纸筒的机械能，所以，纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低。
21．如图甲所示，2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。
（1）载人飞船随火箭发射过程中，载人飞船的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（2）长征二号F遥二十运载火箭的燃料选用密度小、　 　（选填“比热容”或“热值”）大的气体燃料，采用降低温度和压缩体积的方法使其液化。燃料燃烧时将燃料的　 　能转化为内能；
（3）如图乙所示，“喷水降温降噪系统”主要是通过　 　的方式减少火箭发射台的内能，从而达到保护火箭发射台的效果；
（4）2025年4月30日，神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图丙所示，神舟十九号返回舱进入地球时，看上去像一个大火球，是因为返回舱通过大气层时，与大气层摩擦，　 　能转化为　 　能，通过　 　的方法改变了返回舱的内能。
【答案】（1）增大
（2）热值；化学
（3）热传递
（4）机械；内；做功
【知识点】机械能及其转化；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）第1空：增大：载人飞船点火发射时，速度越来越大，物体的动能与速度有关，速度越大，动能越大，因此载人飞船的动能增大。（2）第1空：热值：长征二号F遥火箭选择密度小、热值大的气体燃料，因为热值大的燃料完全燃烧时能放出更多的热量。 第2空：化学：燃料燃烧是化学变化，在这个过程中，燃料的化学能转化为内能。
（3）第1空：热传递：“喷水降温降噪系统”是通过热传递的方式（水吸收火箭的热量）来减少火箭发射时的内能，从而达到降温降噪的效果。
（4）第1空：机械：神舟十九号返回舱进入大气层时，与大气摩擦，机械能（运动的能量）转化为内能。 第2空：内：摩擦过程中，返回舱的温度升高，内能增加，即机械能转化为内能。 第3空：做功：这种能量转化是通过做功的方式实现的（大气对返回舱做功，改变了它的内能）。
综上（1）第1空答案：增大；（2）第1空答案：热值，第2空答案：化学；（3）第1空答案：热传递；（4）第1空答案：机械，第2空答案：内，第3空答案：做功。
【分析】（1）本题考查动能的影响因素，初中物理中需明确动能与速度的定性关系：同一物体，速度越大，动能越大。
飞船发射时速度不断增大，因此动能增大。学生只需记住“速度影响动能，速度大动能大”的结论即可，无需涉及动能公式的定量计算，符合初中超纲要求。
（2）本题考查燃料的热值和能量转化，属于初中热学的核心知识点。
热值是燃料的重要特性，反映燃料放热能力的强弱，初中阶段需理解“热值大的燃料放热多”的应用场景，火箭选择热值大的燃料就是利用这一特性。
燃料燃烧的能量转化是“化学能→内能”，这是初中化学变化中能量转化的典型例子，需明确化学能来自燃料的化学结构，燃烧后转化为内能（热能）。
（3）本题考查热传递的方式，初中物理中热传递的概念是“内能从高温物体转移到低温物体”。喷水降温是水吸收火箭的热量，属于热传递中的热传导（或热对流），学生需区分热传递和做功的不同：热传递是“能量转移”，做功是“能量转化”，本题中没有能量形式的变化，只是内能的转移，因此是热传递。
（4）本题考查机械能与内能的转化及做功改变内能，是初中能量转化的重点内容。
返回舱与大气摩擦时，机械能减少、内能增加，属于“机械能→内能”的转化，初中阶段需能判断这种能量转化的方向。
做功改变内能的实质是“其他形式的能与内能的相互转化”，摩擦过程中大气对返回舱做功，属于做功改变内能，学生需结合“摩擦”“做功”的关键词进行判断，区分于热传递的“不做功，只转移”。
（1）载人飞船随火箭发射过程中，飞船的高度与速度不断增大，则动能与势能不断增大，载人飞船的机械能增大。
（2）[1]等质量的不同种燃料，热值大的燃料完全燃烧放出的热量更多，长征二号遥二十运载火箭的燃料选用密度小、热值大的气体燃料。
[2]燃料在燃烧过程中，通过化学变化，产生高温高压的气体，将化学能转化为内能。
（3） 喷水降温是利用水汽化吸热的原理降温的，故主要是通过热传递的方式减少火箭发射台的内能。
（4）[1][2][3]神舟十九号返回舱进入地球大气层时，高度速度不断减小，与大气层摩擦，温度快速上升，机械能不断减小，故将机械能转化为内能，通过做功的方法改变了返回舱的内能。
六、计算题（每小题8分，共16分）
22．如图甲所示的电路，当开关闭合后，电流表A1的示数如图乙所示，电流表 A2的示数如图丙所示。求：
（1）请分析说明电流表 A1、A2的量程各是多少？
（2）通过小灯泡L1和L2的电流大小？
【答案】（1）解：根据甲图可知，灯泡L1和L2并联，电流表A1测量干路的总电流，电流表A2测量通过灯泡L2的支路电流。
根据I总=I1+I2可知，电流表A1的示数应大于电流表A2的示数。
则电流表A1必须选用大量程，即0~3A量程；
电流表A2必须选用小量程，即0~0.6A量程。
（2）解：综上所述，电流表A1选用0~3A量程，其分度值为0.1A，所以干路电流I=1.2A；
电流表A2选用0~0.6A量程，其分度值为0.02A，所以通过L2的电流I2=0.3A；
则通过L1的电流为I1=I-I2= 1.2A-0.3A=0.9A。
答： 通过小灯泡L1的电流为0.9A，通过L2的电流为0.3A 。
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【分析】（1）根据甲图确定电路的串并联关系，以及电流表所测的电流值，根据并联电路的电流规律确定电流表的示数大小，结合指针偏转幅度确定量程和分度值即可；
（2）根据图片确定两个电流表的示数，然后根据并联电路I1=I-I2列式计算即可。
（1）由电路图甲可知，灯泡L1和L2并联，电流表A1测量干路的总电流，电流表A2测量通过灯泡L2的支路电流。
根据并联电路的电流规律可知，干路电流大于任何一条支路的电流，即电流表A1的示数应大于电流表A2的示数。观察图乙和图丙中电流表指针的位置，A1指针的偏转角度比A2指针的偏转角度小，为了满足A1的示数大于A2的示数，电流表A1必须选用大量程，即0~3A量程；电流表A2必须选用小量程，即0~0.6A量程。
（2）由于电流表A1选用0~3A量程，其分度值为0.1A，所以干路电流I=1.2A
电流表A2选用0~0.6A量程，其分度值为0.02A，所以通过L2的电流I2=0.3A
因为在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，通过L1的电流为I1=I-I2= 1.2A-0.3A=0.9A
23．在标准大气压下，将一壶质量为2kg、温度为20℃的水，加热到70℃。求：[]
（1）水升高的温度。
（2）水吸收的热量。
（3）继续加热，若水又吸收了的热量，水的末温。
【答案】（1）解：水升高的温度，即水的温度变化量
（2）解：由得，水吸收的热量
（3）解：继续加热时，水的温度变化量
理论末温，但标准大气压下水的沸点为，水沸腾时吸收热量温度不变，故实际末温为100℃。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】（1）根据前后温度，计算温度差；
（2）根据，计算吸收热量的多少；
（3）根据，计算温度差的大小，再计算末温。
（1）水升高的温度，即水的温度变化量
（2）由得，水吸收的热量
（3）继续加热时，水的温度变化量
理论末温，但标准大气压下水的沸点为，水沸腾时吸收热量温度不变，故实际末温为100℃。
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