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2026年湖北省宜昌市当阳市中考模拟考试 物理试卷 （4月）
1．在班里举行的小型音乐会上，同学们用自己制作的乐器进行演奏。小红在8个相同的玻璃瓶中灌入不同高度的水，仔细调节水的高度，用同样的力敲击它们，可以演奏出动听的音乐。每个瓶子在振动时发出的声音具有不同的（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度
【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、用同样的力敲击瓶子，瓶子振动的幅度相同，响度相同，故 A 错误；
B、瓶内装水越多，瓶子振动越慢，频率越低，音调越低；装水越少，振动越快，音调越高。因此每个瓶子振动时发出声音的音调不同，故 B 正确；
C、瓶子的材料和结构相同，发出声音的音色基本一致，故 C 错误；
D、声音的传播速度与介质和温度有关，这里介质都是空气，温度也相同，传播速度相同，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查响度的决定因素，响度由振幅决定，用同样的力敲击，振幅相同，响度相同；
B、考查音调的决定因素，音调由频率决定，瓶内水的高度不同，瓶子振动的频率不同，音调不同；
C、考查音色的决定因素，音色由发声体的材料和结构决定，瓶子材料结构相同，音色基本一致；
D、考查声速的影响因素，声速与介质种类和温度有关，本题中介质和温度都相同，声速相同。
2．北京时间2025年11月25日15时50分，神舟二十二号飞船成功对接于中国空间站。对接成功后，神舟二十二号相对于以下哪个参照物是静止的（　　）
A．空间站 B．地球
C．太阳 D．神舟二十二号
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A、对接成功后，神舟二十二号飞船与中国空间站的相对位置不再发生变化，因此以空间站为参照物，神舟二十二号是静止的，故 A 正确；
B、以地球为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕地球运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故 B 错误；
C、以太阳为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕太阳运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故 C 错误；
D、不能以研究对象自身作为参照物，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查参照物的选择，对接成功后飞船与空间站相对静止，以空间站为参照物飞船静止；
B、以地球为参照物，飞船在绕地运动，位置改变，是运动的；
C、以太阳为参照物，飞船在绕日运动，位置改变，是运动的；
D、参照物不能选择研究对象本身，因此 D 选项不符合物理规则。
3．2026年1月5日，第42届哈尔滨国际冰雪节开幕，关于冰雪节上的冰雕作品，下列说法正确的是（　　）
A．水制成冰的过程中，需要吸收热量
B．水制成冰后，密度不会变化
C．在0℃以下的环境中，冰雕变小了，这是升华现象
D．冰雕的温度很低，内能为零
【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；密度的应用与物质鉴别；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、水制成冰是凝固过程，需要放出热量，故 A 错误；
B、水的密度大于冰的密度，水制成冰后密度变小，故 B 错误；
C、在 0℃以下的环境中，冰雕变小是固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故 C 正确；
D、一切物体在任何温度下都有内能，冰雕的温度虽然很低，但内能不为零，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凝固过程的吸放热情况，凝固放热；
B、考查水和冰的密度差异，水的密度大于冰；
C、考查升华现象的判断，物质由固态直接变为气态；
D、考查内能的概念，一切物体都有内能，内能不为零。
4．小明在三峡大瀑布游玩时，在岸边拍摄到了一些有趣的光现象。下列现象中能用光的反射解释的是（　　）
A．树荫下的光斑
B．水面的倒影
C．瀑布下的彩虹
D．溪水中的小鱼
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、树荫下的光斑是小孔成像现象，由光的直线传播形成，故 A 错误；
B、水面的倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故 B 正确；
C、瀑布下的彩虹是光的色散现象，由光的折射形成，故 C 错误；
D、溪水中的小鱼看起来位置变浅，是光的折射现象，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的直线传播的应用，小孔成像利用光的直线传播；
B、考查光的反射的应用，平面镜成像利用光的反射；
CD、考查光的折射的应用，彩虹的形成利用光的折射；水中鱼的虚像利用光的折射。
5．在天安门广场，小红想拍摄天安门城楼的全景，但发现在该位置无论如何调节相机，都只能从观景框中看到城楼的一部分。他应该如何做才能拍摄到天安门城楼的全景（　　）
A．应该靠近城楼，同时调节镜头往前伸长
B．应该靠近城楼，同时调节镜头往后缩短
C．应该远离城楼，同时调节镜头往前伸长
D．应该远离城楼，同时调节镜头往后缩短
【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A、靠近城楼会使物距减小，根据凸透镜成像规律，此时像距需增大，镜头应往前伸长，但这样像会更大，无法拍摄全景 ，故A不符合题意；
B、靠近城楼时，若镜头往后缩短，像距与物距的变化不匹配，无法形成清晰的像 ，故B不符合题意；
C、远离城楼可增大物距，使像变小，但此时像距需减小，镜头应往后缩短，而非往前伸长 ，故C不符合题意；
D、远离城楼，增大物距，使像变小，同时调节镜头往后缩短，减小像距，可拍摄到城楼全景 ，故D符合题意。
故答案为：D。
【分析】A、靠近物体时，物距减小，像距应增大，镜头需前伸，像会变大，不符合全景拍摄需求；B、靠近物体且镜头后缩，物距减小但像距也减小，无法成清晰像；
C、远离物体时，物距增大，像距应减小，镜头应后缩，而非前伸；
D、远离物体（增大物距）并缩短镜头（减小像距），根据凸透镜成像规律，像会变小，能拍摄到全景。
6．请将你的理化答题卡平放在桌面上，答题卡上表面受到的大气压力的大小最接近（　　）
A．10N B．100N C．1000N D．10000N
【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】首先估算答题卡的尺寸，理化答题卡的长约0.4m，宽约0.3m，面积约为 ；标准大气压约为 ，根据公式 ，大气压力约为 ，最接近选项D的10000N；
故答案为：D；
【分析】本题考查大气压力的估算，解题关键是先估算答题卡的面积，再利用公式 计算大气压力；需要掌握标准大气压的数值，并能对常见物体的尺寸进行合理估算。
7．如图所示，甲乙两位工人师傅用不同的方式将同一物体提升到同一高度，他们在做功的过程中，下列哪一个物理量是相同的（　　）
A．拉力 B．总功 C．有用功 D．机械效率
【答案】C
【知识点】动滑轮拉力的计算；机械效率；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】A、甲图中拉力等于物体重力，乙图中使用动滑轮，拉力为物体重力的一半，故拉力不同，A错误；
B、甲图中总功等于有用功，乙图中总功等于有用功加上克服动滑轮重力和摩擦做的额外功，故总功不同，B错误；
C、两人提升同一物体到同一高度，根据公式 ，有用功相同，C正确；
D、甲图中机械效率为100%，乙图中存在额外功，机械效率小于100%，故机械效率不同，D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查拉力大小的比较，直接提升时拉力等于物重，动滑轮拉力为物重的一半；
B、考查总功的比较，总功等于有用功加额外功，乙图有额外功，总功更大；
C、考查有用功的比较，有用功是克服物体重力做的功，同一物体提升同一高度，有用功相同；
D、考查机械效率的比较，甲图无额外功，效率100%，乙图有额外功，效率较低。
8．电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，电风扇（用M表示）就会开始工作辅助散热，下列四个电路图中符合此要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、CPU 和风扇并联，开关在干路，当 CPU 工作时，风扇始终工作，不符合 “温度上升到某一值时风扇才工作” 的要求，故 A 错误；
B、风扇被开关短路，只有当开关闭合时风扇才工作，但此时 CPU 被短路，无法正常工作，故 B 错误；
C、CPU 和风扇并联，风扇支路有独立开关，CPU 工作时风扇不工作，温度升高到设定值时风扇支路开关闭合，风扇开始工作，符合题意，故 C 正确；
D、CPU 和风扇并联，两者始终同时工作，无法实现风扇延迟启动，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、风扇与 CPU 同时工作，无法实现延迟散热；
B、电路设计存在短路问题，CPU 无法正常工作；
C、风扇与 CPU 并联，且风扇支路有独立控制开关，可实现 CPU 先工作、风扇后启动；
D、风扇与 CPU 始终同步工作，不符合题意。
9．国自主研发的三代核电“华龙一号”成功运行，标志着以核电为代表的中国核动力技术已跻身世界前列。关于“华龙一号”，下列说法正确的是（　　）
A．核反应堆用水作为“冷却系统”是因为水的比热容比较小
B．核电站产生的核废料要及时运送到生活垃圾场处理
C．“华龙一号”利用核聚变获取能量
D．核能属于不可再生能源
【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；能源及其分类；核聚变；核裂变
【解析】【解答】A、核反应堆用水作为冷却系统是因为水的比热容较大，相同条件下能吸收更多热量，故 A 错误；
B、核电站产生的核废料具有放射性，需进行专业的特殊处理，不能送到生活垃圾场处理，故 B 错误；
C、“华龙一号” 利用核裂变获取能量，目前核电站均采用核裂变技术，故 C 错误；
D、核能的原料铀矿在地球上的储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查比热容的应用，水的比热容大，适合做冷却剂；
B、考查核废料的处理方式，核废料具有放射性，需专业处理；
C、考查核电站的能量来源，核电站利用核裂变释放能量；
D、考查能源的分类，核能属于不可再生能源。
10．下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．电水壶紧靠插线板烧水
B．更换灯泡前先断开电路
C．在电暖器上烘烤衣物
D．插座上的插头长期不拔
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水容易导电，电水壶紧靠插线板烧水，溅出的水会导致短路和触电，故A不符合题意；
B．更换灯泡时，要先切断电源，再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故B符合题意；
C．在电暖器上烘烤衣物，高温易点燃衣物，引发火灾，故C不符合题意；
D．插座上的插头长期不拔会发热，引起火灾事故发生，故D不符合题意。
故选B。
【分析】生活用水容易导电，要远离电源；更换灯泡前，先断开电源；不能在电暖气上烤衣物；手机充电器的插头不使用时，要及时断开电源。
11．小红听爸爸说：“5G手机比4G手机快”，这里的“快”是指（　　）
A．手机的计算速度快
B．电磁波的传播速度快
C．相同时间内电磁波传递的信息多
D．相同时间内电磁波传递的能量多
【答案】C
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、“快” 不是指手机的计算速度，计算速度主要由处理器性能决定，与网络制式无关，故 A 错误；
B、不同代际通信使用的电磁波在空气中的传播速度相同，均为光速，故 B 错误；
C、5G 技术相比 4G，能在相同时间内传递更多的信息，即信息传输速率更快，故 C 正确；
D、“快” 不是指电磁波传递的能量多，通信技术主要关注信息传输，而非能量传输，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查对通信 “快” 的理解，与手机计算速度无关；
B、考查电磁波的传播速度，所有电磁波在空气中传播速度均为光速；
C、考查 5G 与 4G 的核心区别，在于信息传输速率，即相同时间内传递的信息量；
D、考查通信技术的关注点，主要是信息传输而非能量传输。
12．物理学中经常看到形如 的公式．一种情形是x的大小与y、z都有关；另一种情况是x虽然可由y、z计算，但与y、z无关．下列四个公式中，属于前一种情形的是（　　）
A．电阻 B．密度
C．比热容 D．电流
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、电阻是欧姆定律的变形公式，电阻是导体本身的属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，故A错误；
B、密度是物质的特性，同种物质的密度与质量和体积无关，故B错误；
C、比热容是物质的特性，与吸收的热量、质量和温度变化量无关，故C错误；
D、电流是欧姆定律的表达式，电流的大小与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，与和都有关，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电阻的定义，电阻由导体材料、长度、横截面积和温度决定，与电压、电流无关；
B、考查密度的定义，密度由物质种类和状态决定，与质量、体积无关；
C、考查比热容的定义，比热容由物质种类和状态决定，与热量、质量、温度变化无关；
D、考查电流的决定因素，电流由导体两端的电压和导体的电阻共同决定，电压越大、电阻越小，电流越大。
13．“马力既竭，辀犹能一取焉” 这句话出自《周礼·冬官考工记》，意思是：即使马的力量已经耗尽，车子仍然能够再前进一步。从物理学的角度来讲，意思是虽然马没有给车施加拉力了，但车子由于　 　要保持原来的运动状态继续前进，因为车子受到　 　作用，最终还是会停下来，这说明力的作用可以　 　。
【答案】惯性；阻力；改变物体的运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】物体具有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。当马的拉力消失后，车子会依靠惯性维持原来的运动状态，继续向前运动。
车子运动过程中，会受到地面摩擦力、空气阻力等阻碍运动的力，这些力会使车子的运动状态逐渐改变。
车子最终从运动状态变为静止状态，运动状态发生了改变，这说明力能够改变物体的运动状态。
故答案为：惯性；阻力；改变物体的运动状态；
【分析】结合惯性的定义，分析拉力消失后车子继续运动的原因；关键知识点：惯性的概念。
分析车子运动过程中受到的阻力，说明这些阻力对运动状态的影响；关键知识点：阻力对物体运动的影响。
通过车子从运动到静止的状态变化，理解力的作用效果；关键知识点：力可以改变物体的运动状态。
14．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一。如图所示，运动员穿的两只鞋的鞋底材质不同。蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，在向后蹬地的过程中，脚受到摩擦力的方向　 　（选填“向前”或“向后”），而滑行时的鞋底由塑料制成，目的是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦力。
【答案】向前；减小
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）蹬冰脚 在向后蹬地的过程中，脚相对冰面有向后运动的趋势，由于冰面阻碍脚向后运动，故脚受到的摩擦力向前。
（2）滑行脚的鞋底由塑料制成，塑料表面非常光滑。运动员使用塑料鞋底，正是为了减小鞋底与冰面之间的摩擦力，从而让自己能够顺畅地在冰面上长距离滑行。
故答案为：向前；减小。
【分析】（1）摩擦力的方向与相对运动方向相反，或与相对运动趋势方向相反；
（2）在压力一定的情况下，接触面越光滑，摩擦力就越小。
15．人体中有很多结构可简化为杠杆。如图，手提起物体时，桡骨在肱二头肌的收缩牵引下绕肘关节转动，这是一种　 　杠杆，此过程中肱二头肌收缩的距离　 　（填“大于”“等于”或“小于”）手移动的距离。
【答案】费力；小于
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类
【解析】【解答】根据图片可知，该杠杆以肘关节为支点，肱二头肌对桡骨的拉力为动力，物体对手的压力为阻力，此时动力臂小于阻力臂，则属于费力杠杆。省力杠杆费距离，而费力杠杆省距离，则此过程中肱二头肌收缩的距离小于手移动的距离。
【分析】根据图片确定杠杆的支点，动力臂和阻力臂，比较二者大小，确定杠杆的分类即可。
16．如图是直流电铃的原理图，衔铁B与弹性片A相连，自然状态下弹性片与螺钉接触。闭合开关后，U 形电磁铁右上端为　 　极，电磁铁吸引衔铁向下运动，敲击铃碗发声，同时弹性片与螺钉分离而导致电路　 　，电磁铁失去磁性，弹性片又和螺钉接触而通电，如此往复，电铃便不停地发声。如果要让电铃的声音更响，请你提出一种方案：　 　。
【答案】N；断路；增大电流（电压、电池个数）
【知识点】电磁铁的构造和原理；电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电流从电源正极流出，经开关后流入电磁铁线圈，先流过左侧线圈，再流过右侧线圈，最终回到电源负极。根据安培定则，对于 U 形电磁铁的右侧线圈，电流方向为从左到右；用右手握住右侧线圈，让四指弯曲方向与电流方向一致，大拇指所指的方向即为 N 极，因此电磁铁的右上端为 N 极。
当电磁铁通电产生磁性后，会吸引衔铁 B 向下运动；衔铁 B 与弹性片 A 相连，因此弹性片 A 随之向下运动并与螺钉分离。由于弹性片 A 是电路的一部分，它与螺钉的分离会切断电路，使电流无法通过，电磁铁失去磁性；衔铁在弹性片的作用下复位，再次与螺钉接触，电路重新接通，如此循环往复，使电铃持续发声。
电铃的声音由衔铁敲击铃碗产生，要使声音更响，需增大敲击力度，这就需要增强电磁铁对衔铁的吸引力。电磁铁的磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，因此可以通过增加线圈匝数、增大电路电流（如增加电池节数）来增强磁性，从而增大敲击力度，让电铃声音更响。
故答案为：N；断路；增大电流（电压、电池个数）；
【分析】先明确电流在电磁铁线圈中的流向，再应用安培定则判断磁极；关键知识点：安培定则（右手螺旋定则）的应用。
分析电磁铁通电、断电过程中，衔铁和弹性片的运动状态变化，理解电铃的工作循环；关键知识点：电磁铁的磁性有无与通断电的关系、电路通断的控制原理。
结合电磁铁磁性强弱的影响因素，分析增强磁性的方法，从而增大敲击力度；关键知识点：电磁铁磁性强弱的影响因素（线圈匝数、电流大小）。
17．如图，是蜡烛的烛焰S经凸透镜后在光屏上所成的像。请通过作图确定凸透镜焦点的位置，并画出光线AB经过凸透镜后的折射光线。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图；主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】从物点作一条平行于主光轴的入射光线，与凸透镜交于点。根据凸透镜特殊光线的性质，该光线经折射后会通过焦点；同时，由凸透镜成像规律可知，物点发出的光线经透镜折射后必会会聚于像点，因此点的折射光线也经过。连接与，该线与主光轴的交点即为焦点。光线是物点发出的入射光线，连接点与像点并标出箭头，即为的折射光线。如图所示：
故答案为：；
【分析】利用凸透镜的特殊光线性质（平行于主光轴的光线经折射后过焦点）和成像规律（所有折射光线会聚于像点），先确定焦点位置，再画出给定入射光线的折射光线；关键知识点：凸透镜的特殊光线、凸透镜成像规律（折射光线会聚于像点）。
18．如图是踢毽子的情景，请在图中画出毽子向上运动时所受重力和空气阻力的示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】毽子向上运动时，受到两个力的作用：
重力：方向始终竖直向下，作用点在毽子的重心（即毽子中心），符号记为；
空气阻力：阻碍毽子的相对运动，方向与运动方向相反，因此也是竖直向下，作用点同样画在重心，符号记为。如图所示：
故答案为：；
【分析】先确定毽子的受力情况，再根据重力和阻力的方向、作用点特点，画出对应的力的示意图；关键知识点：重力的方向总是竖直向下，阻力的方向与物体相对运动方向相反，力的示意图需标明作用点、方向和符号。
19．小华想探究固体熔化时温度的变化规律，他在实验室找来一个恒温箱，将恒温箱内温度设置为40℃，再将装有碎冰的试管放入恒温箱中来加热，并用温度传感器记录了冰熔化时温度随时间的变化图像如下图所示：
（1）根据图像可以发现，试管内的冰在熔化的过程中温度　 　，其内能　 　；（两空均选填“增大”、 “减小”或“不变”）
（2）AB段和CD段温度都升高了10℃，分析图像可以判断CD段吸收的热量　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）AB段吸收的热量，这主要是因为　 　；
（3）小丽在做相同的实验时发现，还没有将试管放入恒温箱加热就明显观察到有一部分冰熔化了，因此她认为：冰的熔化不需要吸收热量。她的观点对不对，你对此有何评价：　 　。
【答案】（1）不变；增大
（2）大于；水的比热容大于冰的比热容
（3）不对，冰从周围环境吸热
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1) 冰属于晶体，在熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；由于冰持续吸收热量，其内能会不断增大。
故答案为：不变；增大；
(2) 在相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同。由图像可知，AB段升高10℃用时5分钟，CD段升高10℃用时10分钟，CD段加热时间更长，吸收的热量更多；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰的比热容，根据公式，当质量和升高的温度相同时，比热容越大，吸收的热量越多，因此CD段吸收的热量更多。
故答案为：大于；水的比热容大于冰的比热容；
(3) 冰熔化需要同时满足两个条件：达到熔点和持续吸热。环境温度高于冰的熔点时，冰可以从周围空气中吸收热量，因此即使没有酒精灯加热，冰也能熔化，并非熔化不需要吸热，所以小丽的观点是错误的。
故答案为：不对，冰从周围环境吸热；
【分析】(1) 结合晶体熔化的特点（吸热、温度不变）和内能变化的规律（吸热内能增大）进行分析；关键知识点：晶体熔化的特点、内能与热量的关系。
(2) 利用转换法（加热时间反映吸收热量的多少），结合比热容公式，分析冰和水在质量、升高温度相同时，吸收热量不同的原因；关键知识点：比热容公式、转换法的应用。
(3) 根据晶体熔化的两个必要条件，分析冰能从空气中吸热熔化的原因，从而判断观点的正误；关键知识点：晶体熔化的条件（达到熔点、持续吸热）。
（1）冰是晶体，熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；因为冰持续吸热，所以内能增大。
（2）相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同，由图像可得，AB段升高10℃用时5min，CD段升高10℃用时10min，CD段加热时间更长，因此吸收热量更大；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰，根据，质量和升高温度相同时，比热容越大，吸收热量越多，因此CD段吸热更多。
（3）冰熔化需要满足两个条件，达到熔点、持续吸热，环境温度高于冰的熔点，冰已经从周围空气中吸收热量，并不是熔化不需要吸热，因此小丽的观点错误。
20．小红在花坛里捡来一块小石块，再利用实验室的弹簧测力计、溢水杯、小桶、水等器材，按照如图所示的A、B、C、D四步，想来亲自验证一下阿基米德原理。
（1）根据实验中的数据可知，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为　 　N，小石块排开的水的重力为　 　 N。
（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，请你分析小红在实验中可能存在的问题是　 　。
（3）解决好前面的问题后，重做实验，在步骤C中，如果物体没有全部没入水中，　 　（选填“能”或“不能”）得出正确的结果。
（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，那么在步骤　 　中可以不用弹簧测力计。
【答案】（1）1.4；1.3
（2）溢水杯水没装满
（3）能
（4）C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】(1) 由图B可知，小石块的重力 ；根据称重法，浸没时浮力：
小石块排开水的重力：
故答案为：1.4；1.3；
(2) 实验结果与阿基米德原理不一致，可能的原因是溢水杯初始未装至溢水口，导致石块排开的水没有全部流入小桶，测得的排开水的重力偏小。
故答案为：溢水杯水没装满；
(3) 即使物体未完全浸没，仍可用称重法测浮力，也能测出排开水的重力；此时浮力减小，排开水的重力也相应减小，仍能验证阿基米德原理，得出正确结论。
故答案为：能；
(4) 若用密度小于水的蜡块实验，蜡块会漂浮在水面上，无需弹簧测力计拉着即可完成实验，因此步骤C中可以不用弹簧测力计。
故答案为：C；
【分析】(1) 利用称重法公式 计算浮力，再通过 计算排开水的重力；关键知识点：称重法测浮力、排开水重力的测量方法。
(2) 对比浮力与排开水的重力，结合实验装置分析误差来源；关键知识点：阿基米德原理实验的误差分析。
(3) 分析物体未完全浸没时，浮力和排开水重力的变化规律，判断是否仍能验证阿基米德原理；关键知识点：阿基米德原理的普遍性（适用于部分浸入）。
(4) 结合漂浮条件，分析蜡块实验中弹簧测力计的使用情况；关键知识点：漂浮条件（浮力等于重力）、阿基米德原理实验的变式。
（1）由图B可知，小石块的重力是3.8N，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为
小石块排开的水的重力为
（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，可能最初溢水杯中的水未装至溢水口，排开水没有全部流入小桶，测量的排开水的重力变小。
（3）物体没有完全浸没在水中，受到水的浮力仍然能用称重法测量，排开水的重力也能测量，物体受到的浮力越小，排开液体的重力越小，所以按照上面的方法，仍能得出正确的实验结论。
（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，蜡块漂浮在水面上，在步骤C中可以不用弹簧测力计。
21．老师组织同学们分小组来探究“电阻一定时电流与电压的关系”。
（1）图甲是某小组连接的实物图，请你用笔画线代替导线将实物图连接完整，使滑片向右滑动时电流表的示数变大；
（2）正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针明显偏转，且移动滑片时两表示数均无变化，该电路的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，测量出的数据如下表，请你在图乙中描点并画出I-U图像；
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.0 1.4 2.0 2.4 2.6
电流I/A 0.06 0.1 0.24 0.2 0.24 0.26
（4）分析数据、图像，我们可以初步得出结论：电阻一定时，电流跟电压是　 　的关系，同时也可知道实验中定值电阻的阻值为　 　Ω；
（5）为了使该结论更具普遍性，接下来最合理的操作是_________；
A．改变变阻器的阻值继续做几次实验
B．增加一节电池重做前面的实验
C．更换定值电阻重做前面的实验
D．不更换电阻重做一遍前面的实验
（6）另一实验小组也用这些器材来做实验，他们的记录的数据如下表，请你分析该小组实验中可能存在的问题是　 　。
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.0 1.4 2.0 2.4 2.6
电流I/A 0.24 0.2 0.16 0.1 0.06 0.04
【答案】（1）
（2）定值电阻断路
（3）
（4）正比；10
（5）C
（6）电压表并联在滑动变阻器两端
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1） 滑动变阻器按 “一上一下” 方式接入电路；滑片右滑电流变大，说明接入电阻需变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，使其与定值电阻串联；电压表并联在定值电阻两端。如图所示：
故答案为： ；
(2) 电流表无示数，说明电路存在断路；电压表指针明显偏转，说明电压表两端连通电源；移动滑片两表示数不变，可判断断路位置在与电压表并联的定值电阻处。
故答案为：定值电阻断路；
(3) 表格中(1.4V， 0.24A)为错误数据，作图时舍去；根据其余测量数据，在坐标纸中描点并画出I-U图像，如图所示：
故答案为：；
(4) I-U图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比；根据公式 ，代入任意正确数据（如 ），可得定值电阻阻值为 。
故答案为：正比；10；
(5) 本实验仅使用一个定值电阻，结论具有偶然性；为使结论更具普遍性，需更换不同阻值的定值电阻重复实验，故选C。
故答案为：C；
(6) 当电压表测滑动变阻器电压时，滑动变阻器接入电阻越大，分得的电压越大，电路总电阻越大，电流越小，对应表格中“电压越大、电流越小”的规律。
故答案为：电压表并联在滑动变阻器两端；
【分析】(1) 根据“滑片右滑电流变大”的要求，结合滑动变阻器“一上一下”的接线规则，选择合适的接线柱接入电路，并明确电压表的并联位置；关键知识点：滑动变阻器的工作原理、电路连接方式。
(2) 根据电流表无示数、电压表有示数的现象，结合电路故障分析方法，判断断路位置；关键知识点：电路故障分析（断路判断）。
(3) 识别表格中的错误数据并剔除，根据其余数据绘制I-U图像；关键知识点：实验数据处理与图像绘制。
(4) 通过I-U图像形状分析电流与电压的关系，利用欧姆定律公式 计算定值电阻的阻值；关键知识点：欧姆定律、电流与电压的关系。
(5) 分析实验结论的局限性，结合实验普遍性的要求，选择正确的改进方法；关键知识点：实验结论的普遍性验证方法。
(6) 分析电压表测量滑动变阻器电压时，电压与电流的变化规律，解释表格中数据的规律；关键知识点：串联电路分压规律、欧姆定律的应用。
（1）滑动变阻器按一上一下接入电路，要求滑片右滑电流变大，即接入电阻变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱串联接入电路，使滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端。
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表指针明显偏转说明电压表两端连通电源，移动滑片，两表示数不变，说明断路位置在与电压表并联的定值电阻处。
（3）表格中(1.4V，0.24A)是错误测量数据，作图时舍去，根据表中的测量数据，在图乙的坐标纸中描点画出I-U图像。
（4）I-U图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比。
根据 ，代入任意正确数据，如，得到定值电阻阻值为10Ω。
（5）本实验只使用了一个定值电阻，结论具有偶然性；要使结论更具普遍性，需要更换不同阻值的定值电阻重复实验，故选C。
（6）当电压表测滑动变阻器电压时，滑动变阻器接入电阻越大，分得的电压越大，电路总电阻越大，电流越小，正好对应表格中电压越大、电流越小的规律。
22．2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母福建舰在海南入列授旗，彰显了中国海军的现代化实力。已知福建舰满载排水量约8.5×104t，舰体吃水深度（舰体底部到水面的距离）约11m，配备的舰载机质量约为30t。甲板下面的电磁弹射器内部有强大的固定磁场，甲板上面的弹射滑块与舰载机相连。弹射时，给滑块通入强大的电流，弹射器便推动滑块与舰载机一起运动，在2s 内推动舰载机沿水平方向运动100m，将飞机由静止迅速加速至300km/h的起飞速度。（g 取10N/kg，取）
（1）弹射器工作时，其原理与下面的　 　（选填“甲”或“乙”）图所示的原理相同，在这一过程中，能量是如何转化的：　 　；
（2）弹射过程中，舰载机的平均速度是多少？
（3）若弹射器对舰载机的推力是6.0×105N，弹射器的功率有多大？
（4）福建舰满载时受到的浮力是多少？海水对舰体底部的压强是多少？
【答案】（1）乙；电能转化为机械能
（2）舰载机的平均速度：
（3）推力做功：
弹射器的功率：
（4）福建舰满载时漂浮在海面上，根据阿基米德原理，浮力等于排开海水的总重力。满载排开水的质量：
浮力：
海水对舰体底部的压强：
【知识点】功率计算公式的应用；能量的转化或转移；速度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受力运动。甲图装置无外接电源，应用的是电磁感应原理（发电机原理）；乙图装置有外接电源，应用的是通电导体在磁场中受力运动的原理，因此弹射器的工作原理与乙图相同。该过程消耗电能，获得机械能，能量转化为：电能转化为机械能。
故答案为：乙；电能转化为机械能；
【分析】(1) 先明确电磁弹射的工作原理，再对比甲、乙两图的装置特点，判断与哪个装置原理相同，并分析能量转化；关键知识点：通电导体在磁场中受力运动、电磁感应现象、能量转化。
(2) 直接应用平均速度公式 ，代入路程和时间数据计算；关键知识点：平均速度的计算。
(3) 先利用功的公式 计算推力做的功，再用功率公式 计算功率；关键知识点：功和功率的计算。
(4) 根据漂浮条件和阿基米德原理，先由排开水的质量计算浮力，再用液体压强公式 计算海水对舰底的压强；关键知识点：阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式。
（1）[1][2]由题意可知，电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用；甲图装置无外接电源，是电磁感应原理（发电机原理），乙图装置有外接电源，是通电导体在磁场中受力运动的原理，因此弹射器工作原理与乙图相同。该过程中消耗电能，获得机械能，能量转化为：电能转化为机械能。
（2）弹射过程中，舰载机的平均速度
（3）推力做功
弹射器的功率
（4）福建舰满载时漂浮在海面上，根据阿基米德原理，浮力等于排开海水的总重力。由题意得，满载排开水的质量
浮力
海水对舰体底部的压强
23．小华家响应国家家电以旧换新惠民政策，置换了一台储水式电热水器，电路图如图，铭牌如下表。已知，。
额定加热功率 2200W 额定电压 220V
额定保温功率 440W 防水等级 IPX4
温度范围 室温 额定容量 50L
（1）当开关S1闭合，单刀双掷开关S2接至a时，电热水器处于　 　（选填“保温”或“加热”）挡；此时电路中的电流是多少　 　？
（2）R1的阻值是多少？
（3）该电热水器的加热效率为90%，在加热状态下正常工作，要使额定容量的水温度升高33℃，需要加热多长时间？
【答案】（1）保温；2A
（2）当接时，被短路，电路中只有接入，总电阻最小。根据公式，此时电路总功率最大，为加热挡。
的阻值：
保温状态下电路总电阻：
的阻值：
（3）电热水器额定容量：
水的质量：
水吸收的热量：
消耗的电能：
加热时间：
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【解答】(1) 当闭合、接时，与串联，电路总电阻最大。根据公式，此时电路总功率最小，为保温挡。电路中的电流：
故答案为：保温；2A；
【分析】(1) 分析串联电路的电阻特点，结合公式判断挡位，再用计算电流；关键知识点：电功率公式、。
(2) 分析加热挡电路结构，用求；再通过保温挡的总电阻减去，得到的阻值；关键知识点：欧姆定律、电功率公式、串联电路电阻规律。
(3) 先计算水的质量，再用求水吸收的热量，根据效率公式计算消耗的电能，最后用计算加热时间；关键知识点：密度公式、吸热公式、效率公式、电功率公式。
（1）分析电路可知，当S1闭合、S2接a时，R1与R2串联，电路总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，为保温挡；此时电路中的电流
（2）当S2接b时，R1被短路，电路只有R2接入，电路总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，为加热挡。R2的阻值
保温状态下电路总电阻
R1的阻值
（3）电热水器额定容量
水的质量
水吸收的热量
消耗的电能
加热时间
1 / 12026年湖北省宜昌市当阳市中考模拟考试 物理试卷 （4月）
1．在班里举行的小型音乐会上，同学们用自己制作的乐器进行演奏。小红在8个相同的玻璃瓶中灌入不同高度的水，仔细调节水的高度，用同样的力敲击它们，可以演奏出动听的音乐。每个瓶子在振动时发出的声音具有不同的（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度
2．北京时间2025年11月25日15时50分，神舟二十二号飞船成功对接于中国空间站。对接成功后，神舟二十二号相对于以下哪个参照物是静止的（　　）
A．空间站 B．地球
C．太阳 D．神舟二十二号
3．2026年1月5日，第42届哈尔滨国际冰雪节开幕，关于冰雪节上的冰雕作品，下列说法正确的是（　　）
A．水制成冰的过程中，需要吸收热量
B．水制成冰后，密度不会变化
C．在0℃以下的环境中，冰雕变小了，这是升华现象
D．冰雕的温度很低，内能为零
4．小明在三峡大瀑布游玩时，在岸边拍摄到了一些有趣的光现象。下列现象中能用光的反射解释的是（　　）
A．树荫下的光斑
B．水面的倒影
C．瀑布下的彩虹
D．溪水中的小鱼
5．在天安门广场，小红想拍摄天安门城楼的全景，但发现在该位置无论如何调节相机，都只能从观景框中看到城楼的一部分。他应该如何做才能拍摄到天安门城楼的全景（　　）
A．应该靠近城楼，同时调节镜头往前伸长
B．应该靠近城楼，同时调节镜头往后缩短
C．应该远离城楼，同时调节镜头往前伸长
D．应该远离城楼，同时调节镜头往后缩短
6．请将你的理化答题卡平放在桌面上，答题卡上表面受到的大气压力的大小最接近（　　）
A．10N B．100N C．1000N D．10000N
7．如图所示，甲乙两位工人师傅用不同的方式将同一物体提升到同一高度，他们在做功的过程中，下列哪一个物理量是相同的（　　）
A．拉力 B．总功 C．有用功 D．机械效率
8．电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，电风扇（用M表示）就会开始工作辅助散热，下列四个电路图中符合此要求的是（　　）
A． B．
C． D．
9．国自主研发的三代核电“华龙一号”成功运行，标志着以核电为代表的中国核动力技术已跻身世界前列。关于“华龙一号”，下列说法正确的是（　　）
A．核反应堆用水作为“冷却系统”是因为水的比热容比较小
B．核电站产生的核废料要及时运送到生活垃圾场处理
C．“华龙一号”利用核聚变获取能量
D．核能属于不可再生能源
10．下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．电水壶紧靠插线板烧水
B．更换灯泡前先断开电路
C．在电暖器上烘烤衣物
D．插座上的插头长期不拔
11．小红听爸爸说：“5G手机比4G手机快”，这里的“快”是指（　　）
A．手机的计算速度快
B．电磁波的传播速度快
C．相同时间内电磁波传递的信息多
D．相同时间内电磁波传递的能量多
12．物理学中经常看到形如 的公式．一种情形是x的大小与y、z都有关；另一种情况是x虽然可由y、z计算，但与y、z无关．下列四个公式中，属于前一种情形的是（　　）
A．电阻 B．密度
C．比热容 D．电流
13．“马力既竭，辀犹能一取焉” 这句话出自《周礼·冬官考工记》，意思是：即使马的力量已经耗尽，车子仍然能够再前进一步。从物理学的角度来讲，意思是虽然马没有给车施加拉力了，但车子由于　 　要保持原来的运动状态继续前进，因为车子受到　 　作用，最终还是会停下来，这说明力的作用可以　 　。
14．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一。如图所示，运动员穿的两只鞋的鞋底材质不同。蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，在向后蹬地的过程中，脚受到摩擦力的方向　 　（选填“向前”或“向后”），而滑行时的鞋底由塑料制成，目的是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦力。
15．人体中有很多结构可简化为杠杆。如图，手提起物体时，桡骨在肱二头肌的收缩牵引下绕肘关节转动，这是一种　 　杠杆，此过程中肱二头肌收缩的距离　 　（填“大于”“等于”或“小于”）手移动的距离。
16．如图是直流电铃的原理图，衔铁B与弹性片A相连，自然状态下弹性片与螺钉接触。闭合开关后，U 形电磁铁右上端为　 　极，电磁铁吸引衔铁向下运动，敲击铃碗发声，同时弹性片与螺钉分离而导致电路　 　，电磁铁失去磁性，弹性片又和螺钉接触而通电，如此往复，电铃便不停地发声。如果要让电铃的声音更响，请你提出一种方案：　 　。
17．如图，是蜡烛的烛焰S经凸透镜后在光屏上所成的像。请通过作图确定凸透镜焦点的位置，并画出光线AB经过凸透镜后的折射光线。
18．如图是踢毽子的情景，请在图中画出毽子向上运动时所受重力和空气阻力的示意图。
19．小华想探究固体熔化时温度的变化规律，他在实验室找来一个恒温箱，将恒温箱内温度设置为40℃，再将装有碎冰的试管放入恒温箱中来加热，并用温度传感器记录了冰熔化时温度随时间的变化图像如下图所示：
（1）根据图像可以发现，试管内的冰在熔化的过程中温度　 　，其内能　 　；（两空均选填“增大”、 “减小”或“不变”）
（2）AB段和CD段温度都升高了10℃，分析图像可以判断CD段吸收的热量　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）AB段吸收的热量，这主要是因为　 　；
（3）小丽在做相同的实验时发现，还没有将试管放入恒温箱加热就明显观察到有一部分冰熔化了，因此她认为：冰的熔化不需要吸收热量。她的观点对不对，你对此有何评价：　 　。
20．小红在花坛里捡来一块小石块，再利用实验室的弹簧测力计、溢水杯、小桶、水等器材，按照如图所示的A、B、C、D四步，想来亲自验证一下阿基米德原理。
（1）根据实验中的数据可知，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为　 　N，小石块排开的水的重力为　 　 N。
（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，请你分析小红在实验中可能存在的问题是　 　。
（3）解决好前面的问题后，重做实验，在步骤C中，如果物体没有全部没入水中，　 　（选填“能”或“不能”）得出正确的结果。
（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，那么在步骤　 　中可以不用弹簧测力计。
21．老师组织同学们分小组来探究“电阻一定时电流与电压的关系”。
（1）图甲是某小组连接的实物图，请你用笔画线代替导线将实物图连接完整，使滑片向右滑动时电流表的示数变大；
（2）正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针明显偏转，且移动滑片时两表示数均无变化，该电路的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，测量出的数据如下表，请你在图乙中描点并画出I-U图像；
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.0 1.4 2.0 2.4 2.6
电流I/A 0.06 0.1 0.24 0.2 0.24 0.26
（4）分析数据、图像，我们可以初步得出结论：电阻一定时，电流跟电压是　 　的关系，同时也可知道实验中定值电阻的阻值为　 　Ω；
（5）为了使该结论更具普遍性，接下来最合理的操作是_________；
A．改变变阻器的阻值继续做几次实验
B．增加一节电池重做前面的实验
C．更换定值电阻重做前面的实验
D．不更换电阻重做一遍前面的实验
（6）另一实验小组也用这些器材来做实验，他们的记录的数据如下表，请你分析该小组实验中可能存在的问题是　 　。
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.0 1.4 2.0 2.4 2.6
电流I/A 0.24 0.2 0.16 0.1 0.06 0.04
22．2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母福建舰在海南入列授旗，彰显了中国海军的现代化实力。已知福建舰满载排水量约8.5×104t，舰体吃水深度（舰体底部到水面的距离）约11m，配备的舰载机质量约为30t。甲板下面的电磁弹射器内部有强大的固定磁场，甲板上面的弹射滑块与舰载机相连。弹射时，给滑块通入强大的电流，弹射器便推动滑块与舰载机一起运动，在2s 内推动舰载机沿水平方向运动100m，将飞机由静止迅速加速至300km/h的起飞速度。（g 取10N/kg，取）
（1）弹射器工作时，其原理与下面的　 　（选填“甲”或“乙”）图所示的原理相同，在这一过程中，能量是如何转化的：　 　；
（2）弹射过程中，舰载机的平均速度是多少？
（3）若弹射器对舰载机的推力是6.0×105N，弹射器的功率有多大？
（4）福建舰满载时受到的浮力是多少？海水对舰体底部的压强是多少？
23．小华家响应国家家电以旧换新惠民政策，置换了一台储水式电热水器，电路图如图，铭牌如下表。已知，。
额定加热功率 2200W 额定电压 220V
额定保温功率 440W 防水等级 IPX4
温度范围 室温 额定容量 50L
（1）当开关S1闭合，单刀双掷开关S2接至a时，电热水器处于　 　（选填“保温”或“加热”）挡；此时电路中的电流是多少　 　？
（2）R1的阻值是多少？
（3）该电热水器的加热效率为90%，在加热状态下正常工作，要使额定容量的水温度升高33℃，需要加热多长时间？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调及音调与频率的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、用同样的力敲击瓶子，瓶子振动的幅度相同，响度相同，故 A 错误；
B、瓶内装水越多，瓶子振动越慢，频率越低，音调越低；装水越少，振动越快，音调越高。因此每个瓶子振动时发出声音的音调不同，故 B 正确；
C、瓶子的材料和结构相同，发出声音的音色基本一致，故 C 错误；
D、声音的传播速度与介质和温度有关，这里介质都是空气，温度也相同，传播速度相同，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查响度的决定因素，响度由振幅决定，用同样的力敲击，振幅相同，响度相同；
B、考查音调的决定因素，音调由频率决定，瓶内水的高度不同，瓶子振动的频率不同，音调不同；
C、考查音色的决定因素，音色由发声体的材料和结构决定，瓶子材料结构相同，音色基本一致；
D、考查声速的影响因素，声速与介质种类和温度有关，本题中介质和温度都相同，声速相同。
2．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A、对接成功后，神舟二十二号飞船与中国空间站的相对位置不再发生变化，因此以空间站为参照物，神舟二十二号是静止的，故 A 正确；
B、以地球为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕地球运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故 B 错误；
C、以太阳为参照物，神舟二十二号飞船和空间站都在绕太阳运动，位置不断变化，因此飞船是运动的，故 C 错误；
D、不能以研究对象自身作为参照物，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查参照物的选择，对接成功后飞船与空间站相对静止，以空间站为参照物飞船静止；
B、以地球为参照物，飞船在绕地运动，位置改变，是运动的；
C、以太阳为参照物，飞船在绕日运动，位置改变，是运动的；
D、参照物不能选择研究对象本身，因此 D 选项不符合物理规则。
3．【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；密度的应用与物质鉴别；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、水制成冰是凝固过程，需要放出热量，故 A 错误；
B、水的密度大于冰的密度，水制成冰后密度变小，故 B 错误；
C、在 0℃以下的环境中，冰雕变小是固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故 C 正确；
D、一切物体在任何温度下都有内能，冰雕的温度虽然很低，但内能不为零，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凝固过程的吸放热情况，凝固放热；
B、考查水和冰的密度差异，水的密度大于冰；
C、考查升华现象的判断，物质由固态直接变为气态；
D、考查内能的概念，一切物体都有内能，内能不为零。
4．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、树荫下的光斑是小孔成像现象，由光的直线传播形成，故 A 错误；
B、水面的倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故 B 正确；
C、瀑布下的彩虹是光的色散现象，由光的折射形成，故 C 错误；
D、溪水中的小鱼看起来位置变浅，是光的折射现象，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的直线传播的应用，小孔成像利用光的直线传播；
B、考查光的反射的应用，平面镜成像利用光的反射；
CD、考查光的折射的应用，彩虹的形成利用光的折射；水中鱼的虚像利用光的折射。
5．【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A、靠近城楼会使物距减小，根据凸透镜成像规律，此时像距需增大，镜头应往前伸长，但这样像会更大，无法拍摄全景 ，故A不符合题意；
B、靠近城楼时，若镜头往后缩短，像距与物距的变化不匹配，无法形成清晰的像 ，故B不符合题意；
C、远离城楼可增大物距，使像变小，但此时像距需减小，镜头应往后缩短，而非往前伸长 ，故C不符合题意；
D、远离城楼，增大物距，使像变小，同时调节镜头往后缩短，减小像距，可拍摄到城楼全景 ，故D符合题意。
故答案为：D。
【分析】A、靠近物体时，物距减小，像距应增大，镜头需前伸，像会变大，不符合全景拍摄需求；B、靠近物体且镜头后缩，物距减小但像距也减小，无法成清晰像；
C、远离物体时，物距增大，像距应减小，镜头应后缩，而非前伸；
D、远离物体（增大物距）并缩短镜头（减小像距），根据凸透镜成像规律，像会变小，能拍摄到全景。
6．【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【解答】首先估算答题卡的尺寸，理化答题卡的长约0.4m，宽约0.3m，面积约为 ；标准大气压约为 ，根据公式 ，大气压力约为 ，最接近选项D的10000N；
故答案为：D；
【分析】本题考查大气压力的估算，解题关键是先估算答题卡的面积，再利用公式 计算大气压力；需要掌握标准大气压的数值，并能对常见物体的尺寸进行合理估算。
7．【答案】C
【知识点】动滑轮拉力的计算；机械效率；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】A、甲图中拉力等于物体重力，乙图中使用动滑轮，拉力为物体重力的一半，故拉力不同，A错误；
B、甲图中总功等于有用功，乙图中总功等于有用功加上克服动滑轮重力和摩擦做的额外功，故总功不同，B错误；
C、两人提升同一物体到同一高度，根据公式 ，有用功相同，C正确；
D、甲图中机械效率为100%，乙图中存在额外功，机械效率小于100%，故机械效率不同，D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查拉力大小的比较，直接提升时拉力等于物重，动滑轮拉力为物重的一半；
B、考查总功的比较，总功等于有用功加额外功，乙图有额外功，总功更大；
C、考查有用功的比较，有用功是克服物体重力做的功，同一物体提升同一高度，有用功相同；
D、考查机械效率的比较，甲图无额外功，效率100%，乙图有额外功，效率较低。
8．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A、CPU 和风扇并联，开关在干路，当 CPU 工作时，风扇始终工作，不符合 “温度上升到某一值时风扇才工作” 的要求，故 A 错误；
B、风扇被开关短路，只有当开关闭合时风扇才工作，但此时 CPU 被短路，无法正常工作，故 B 错误；
C、CPU 和风扇并联，风扇支路有独立开关，CPU 工作时风扇不工作，温度升高到设定值时风扇支路开关闭合，风扇开始工作，符合题意，故 C 正确；
D、CPU 和风扇并联，两者始终同时工作，无法实现风扇延迟启动，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、风扇与 CPU 同时工作，无法实现延迟散热；
B、电路设计存在短路问题，CPU 无法正常工作；
C、风扇与 CPU 并联，且风扇支路有独立控制开关，可实现 CPU 先工作、风扇后启动；
D、风扇与 CPU 始终同步工作，不符合题意。
9．【答案】D
【知识点】比热容的定义及其计算公式；能源及其分类；核聚变；核裂变
【解析】【解答】A、核反应堆用水作为冷却系统是因为水的比热容较大，相同条件下能吸收更多热量，故 A 错误；
B、核电站产生的核废料具有放射性，需进行专业的特殊处理，不能送到生活垃圾场处理，故 B 错误；
C、“华龙一号” 利用核裂变获取能量，目前核电站均采用核裂变技术，故 C 错误；
D、核能的原料铀矿在地球上的储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查比热容的应用，水的比热容大，适合做冷却剂；
B、考查核废料的处理方式，核废料具有放射性，需专业处理；
C、考查核电站的能量来源，核电站利用核裂变释放能量；
D、考查能源的分类，核能属于不可再生能源。
10．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水容易导电，电水壶紧靠插线板烧水，溅出的水会导致短路和触电，故A不符合题意；
B．更换灯泡时，要先切断电源，再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故B符合题意；
C．在电暖器上烘烤衣物，高温易点燃衣物，引发火灾，故C不符合题意；
D．插座上的插头长期不拔会发热，引起火灾事故发生，故D不符合题意。
故选B。
【分析】生活用水容易导电，要远离电源；更换灯泡前，先断开电源；不能在电暖气上烤衣物；手机充电器的插头不使用时，要及时断开电源。
11．【答案】C
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、“快” 不是指手机的计算速度，计算速度主要由处理器性能决定，与网络制式无关，故 A 错误；
B、不同代际通信使用的电磁波在空气中的传播速度相同，均为光速，故 B 错误；
C、5G 技术相比 4G，能在相同时间内传递更多的信息，即信息传输速率更快，故 C 正确；
D、“快” 不是指电磁波传递的能量多，通信技术主要关注信息传输，而非能量传输，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查对通信 “快” 的理解，与手机计算速度无关；
B、考查电磁波的传播速度，所有电磁波在空气中传播速度均为光速；
C、考查 5G 与 4G 的核心区别，在于信息传输速率，即相同时间内传递的信息量；
D、考查通信技术的关注点，主要是信息传输而非能量传输。
12．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、电阻是欧姆定律的变形公式，电阻是导体本身的属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，故A错误；
B、密度是物质的特性，同种物质的密度与质量和体积无关，故B错误；
C、比热容是物质的特性，与吸收的热量、质量和温度变化量无关，故C错误；
D、电流是欧姆定律的表达式，电流的大小与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，与和都有关，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电阻的定义，电阻由导体材料、长度、横截面积和温度决定，与电压、电流无关；
B、考查密度的定义，密度由物质种类和状态决定，与质量、体积无关；
C、考查比热容的定义，比热容由物质种类和状态决定，与热量、质量、温度变化无关；
D、考查电流的决定因素，电流由导体两端的电压和导体的电阻共同决定，电压越大、电阻越小，电流越大。
13．【答案】惯性；阻力；改变物体的运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】物体具有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。当马的拉力消失后，车子会依靠惯性维持原来的运动状态，继续向前运动。
车子运动过程中，会受到地面摩擦力、空气阻力等阻碍运动的力，这些力会使车子的运动状态逐渐改变。
车子最终从运动状态变为静止状态，运动状态发生了改变，这说明力能够改变物体的运动状态。
故答案为：惯性；阻力；改变物体的运动状态；
【分析】结合惯性的定义，分析拉力消失后车子继续运动的原因；关键知识点：惯性的概念。
分析车子运动过程中受到的阻力，说明这些阻力对运动状态的影响；关键知识点：阻力对物体运动的影响。
通过车子从运动到静止的状态变化，理解力的作用效果；关键知识点：力可以改变物体的运动状态。
14．【答案】向前；减小
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）蹬冰脚 在向后蹬地的过程中，脚相对冰面有向后运动的趋势，由于冰面阻碍脚向后运动，故脚受到的摩擦力向前。
（2）滑行脚的鞋底由塑料制成，塑料表面非常光滑。运动员使用塑料鞋底，正是为了减小鞋底与冰面之间的摩擦力，从而让自己能够顺畅地在冰面上长距离滑行。
故答案为：向前；减小。
【分析】（1）摩擦力的方向与相对运动方向相反，或与相对运动趋势方向相反；
（2）在压力一定的情况下，接触面越光滑，摩擦力就越小。
15．【答案】费力；小于
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类
【解析】【解答】根据图片可知，该杠杆以肘关节为支点，肱二头肌对桡骨的拉力为动力，物体对手的压力为阻力，此时动力臂小于阻力臂，则属于费力杠杆。省力杠杆费距离，而费力杠杆省距离，则此过程中肱二头肌收缩的距离小于手移动的距离。
【分析】根据图片确定杠杆的支点，动力臂和阻力臂，比较二者大小，确定杠杆的分类即可。
16．【答案】N；断路；增大电流（电压、电池个数）
【知识点】电磁铁的构造和原理；电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电流从电源正极流出，经开关后流入电磁铁线圈，先流过左侧线圈，再流过右侧线圈，最终回到电源负极。根据安培定则，对于 U 形电磁铁的右侧线圈，电流方向为从左到右；用右手握住右侧线圈，让四指弯曲方向与电流方向一致，大拇指所指的方向即为 N 极，因此电磁铁的右上端为 N 极。
当电磁铁通电产生磁性后，会吸引衔铁 B 向下运动；衔铁 B 与弹性片 A 相连，因此弹性片 A 随之向下运动并与螺钉分离。由于弹性片 A 是电路的一部分，它与螺钉的分离会切断电路，使电流无法通过，电磁铁失去磁性；衔铁在弹性片的作用下复位，再次与螺钉接触，电路重新接通，如此循环往复，使电铃持续发声。
电铃的声音由衔铁敲击铃碗产生，要使声音更响，需增大敲击力度，这就需要增强电磁铁对衔铁的吸引力。电磁铁的磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，因此可以通过增加线圈匝数、增大电路电流（如增加电池节数）来增强磁性，从而增大敲击力度，让电铃声音更响。
故答案为：N；断路；增大电流（电压、电池个数）；
【分析】先明确电流在电磁铁线圈中的流向，再应用安培定则判断磁极；关键知识点：安培定则（右手螺旋定则）的应用。
分析电磁铁通电、断电过程中，衔铁和弹性片的运动状态变化，理解电铃的工作循环；关键知识点：电磁铁的磁性有无与通断电的关系、电路通断的控制原理。
结合电磁铁磁性强弱的影响因素，分析增强磁性的方法，从而增大敲击力度；关键知识点：电磁铁磁性强弱的影响因素（线圈匝数、电流大小）。
17．【答案】
【知识点】作光的折射光路图；主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】从物点作一条平行于主光轴的入射光线，与凸透镜交于点。根据凸透镜特殊光线的性质，该光线经折射后会通过焦点；同时，由凸透镜成像规律可知，物点发出的光线经透镜折射后必会会聚于像点，因此点的折射光线也经过。连接与，该线与主光轴的交点即为焦点。光线是物点发出的入射光线，连接点与像点并标出箭头，即为的折射光线。如图所示：
故答案为：；
【分析】利用凸透镜的特殊光线性质（平行于主光轴的光线经折射后过焦点）和成像规律（所有折射光线会聚于像点），先确定焦点位置，再画出给定入射光线的折射光线；关键知识点：凸透镜的特殊光线、凸透镜成像规律（折射光线会聚于像点）。
18．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】毽子向上运动时，受到两个力的作用：
重力：方向始终竖直向下，作用点在毽子的重心（即毽子中心），符号记为；
空气阻力：阻碍毽子的相对运动，方向与运动方向相反，因此也是竖直向下，作用点同样画在重心，符号记为。如图所示：
故答案为：；
【分析】先确定毽子的受力情况，再根据重力和阻力的方向、作用点特点，画出对应的力的示意图；关键知识点：重力的方向总是竖直向下，阻力的方向与物体相对运动方向相反，力的示意图需标明作用点、方向和符号。
19．【答案】（1）不变；增大
（2）大于；水的比热容大于冰的比热容
（3）不对，冰从周围环境吸热
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；温度、热量与内能的关系；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】(1) 冰属于晶体，在熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；由于冰持续吸收热量，其内能会不断增大。
故答案为：不变；增大；
(2) 在相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同。由图像可知，AB段升高10℃用时5分钟，CD段升高10℃用时10分钟，CD段加热时间更长，吸收的热量更多；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰的比热容，根据公式，当质量和升高的温度相同时，比热容越大，吸收的热量越多，因此CD段吸收的热量更多。
故答案为：大于；水的比热容大于冰的比热容；
(3) 冰熔化需要同时满足两个条件：达到熔点和持续吸热。环境温度高于冰的熔点时，冰可以从周围空气中吸收热量，因此即使没有酒精灯加热，冰也能熔化，并非熔化不需要吸热，所以小丽的观点是错误的。
故答案为：不对，冰从周围环境吸热；
【分析】(1) 结合晶体熔化的特点（吸热、温度不变）和内能变化的规律（吸热内能增大）进行分析；关键知识点：晶体熔化的特点、内能与热量的关系。
(2) 利用转换法（加热时间反映吸收热量的多少），结合比热容公式，分析冰和水在质量、升高温度相同时，吸收热量不同的原因；关键知识点：比热容公式、转换法的应用。
(3) 根据晶体熔化的两个必要条件，分析冰能从空气中吸热熔化的原因，从而判断观点的正误；关键知识点：晶体熔化的条件（达到熔点、持续吸热）。
（1）冰是晶体，熔化过程中持续吸热，但温度保持不变；因为冰持续吸热，所以内能增大。
（2）相同加热条件下，相同时间内物质吸收的热量相同，由图像可得，AB段升高10℃用时5min，CD段升高10℃用时10min，CD段加热时间更长，因此吸收热量更大；冰熔化为水后质量不变，水的比热容大于冰，根据，质量和升高温度相同时，比热容越大，吸收热量越多，因此CD段吸热更多。
（3）冰熔化需要满足两个条件，达到熔点、持续吸热，环境温度高于冰的熔点，冰已经从周围空气中吸收热量，并不是熔化不需要吸热，因此小丽的观点错误。
20．【答案】（1）1.4；1.3
（2）溢水杯水没装满
（3）能
（4）C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】(1) 由图B可知，小石块的重力 ；根据称重法，浸没时浮力：
小石块排开水的重力：
故答案为：1.4；1.3；
(2) 实验结果与阿基米德原理不一致，可能的原因是溢水杯初始未装至溢水口，导致石块排开的水没有全部流入小桶，测得的排开水的重力偏小。
故答案为：溢水杯水没装满；
(3) 即使物体未完全浸没，仍可用称重法测浮力，也能测出排开水的重力；此时浮力减小，排开水的重力也相应减小，仍能验证阿基米德原理，得出正确结论。
故答案为：能；
(4) 若用密度小于水的蜡块实验，蜡块会漂浮在水面上，无需弹簧测力计拉着即可完成实验，因此步骤C中可以不用弹簧测力计。
故答案为：C；
【分析】(1) 利用称重法公式 计算浮力，再通过 计算排开水的重力；关键知识点：称重法测浮力、排开水重力的测量方法。
(2) 对比浮力与排开水的重力，结合实验装置分析误差来源；关键知识点：阿基米德原理实验的误差分析。
(3) 分析物体未完全浸没时，浮力和排开水重力的变化规律，判断是否仍能验证阿基米德原理；关键知识点：阿基米德原理的普遍性（适用于部分浸入）。
(4) 结合漂浮条件，分析蜡块实验中弹簧测力计的使用情况；关键知识点：漂浮条件（浮力等于重力）、阿基米德原理实验的变式。
（1）由图B可知，小石块的重力是3.8N，小石块浸没在水中时受到的浮力大小为
小石块排开的水的重力为
（2）该实验结果与阿基米德原理不一致，可能最初溢水杯中的水未装至溢水口，排开水没有全部流入小桶，测量的排开水的重力变小。
（3）物体没有完全浸没在水中，受到水的浮力仍然能用称重法测量，排开水的重力也能测量，物体受到的浮力越小，排开液体的重力越小，所以按照上面的方法，仍能得出正确的实验结论。
（4）如果用密度小于水的蜡块来做实验，蜡块漂浮在水面上，在步骤C中可以不用弹簧测力计。
21．【答案】（1）
（2）定值电阻断路
（3）
（4）正比；10
（5）C
（6）电压表并联在滑动变阻器两端
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1） 滑动变阻器按 “一上一下” 方式接入电路；滑片右滑电流变大，说明接入电阻需变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，使其与定值电阻串联；电压表并联在定值电阻两端。如图所示：
故答案为： ；
(2) 电流表无示数，说明电路存在断路；电压表指针明显偏转，说明电压表两端连通电源；移动滑片两表示数不变，可判断断路位置在与电压表并联的定值电阻处。
故答案为：定值电阻断路；
(3) 表格中(1.4V， 0.24A)为错误数据，作图时舍去；根据其余测量数据，在坐标纸中描点并画出I-U图像，如图所示：
故答案为：；
(4) I-U图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比；根据公式 ，代入任意正确数据（如 ），可得定值电阻阻值为 。
故答案为：正比；10；
(5) 本实验仅使用一个定值电阻，结论具有偶然性；为使结论更具普遍性，需更换不同阻值的定值电阻重复实验，故选C。
故答案为：C；
(6) 当电压表测滑动变阻器电压时，滑动变阻器接入电阻越大，分得的电压越大，电路总电阻越大，电流越小，对应表格中“电压越大、电流越小”的规律。
故答案为：电压表并联在滑动变阻器两端；
【分析】(1) 根据“滑片右滑电流变大”的要求，结合滑动变阻器“一上一下”的接线规则，选择合适的接线柱接入电路，并明确电压表的并联位置；关键知识点：滑动变阻器的工作原理、电路连接方式。
(2) 根据电流表无示数、电压表有示数的现象，结合电路故障分析方法，判断断路位置；关键知识点：电路故障分析（断路判断）。
(3) 识别表格中的错误数据并剔除，根据其余数据绘制I-U图像；关键知识点：实验数据处理与图像绘制。
(4) 通过I-U图像形状分析电流与电压的关系，利用欧姆定律公式 计算定值电阻的阻值；关键知识点：欧姆定律、电流与电压的关系。
(5) 分析实验结论的局限性，结合实验普遍性的要求，选择正确的改进方法；关键知识点：实验结论的普遍性验证方法。
(6) 分析电压表测量滑动变阻器电压时，电压与电流的变化规律，解释表格中数据的规律；关键知识点：串联电路分压规律、欧姆定律的应用。
（1）滑动变阻器按一上一下接入电路，要求滑片右滑电流变大，即接入电阻变小，因此将滑动变阻器的右下接线柱串联接入电路，使滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端。
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表指针明显偏转说明电压表两端连通电源，移动滑片，两表示数不变，说明断路位置在与电压表并联的定值电阻处。
（3）表格中(1.4V，0.24A)是错误测量数据，作图时舍去，根据表中的测量数据，在图乙的坐标纸中描点画出I-U图像。
（4）I-U图像为过原点的直线，说明电阻一定时，电流与电压成正比。
根据 ，代入任意正确数据，如，得到定值电阻阻值为10Ω。
（5）本实验只使用了一个定值电阻，结论具有偶然性；要使结论更具普遍性，需要更换不同阻值的定值电阻重复实验，故选C。
（6）当电压表测滑动变阻器电压时，滑动变阻器接入电阻越大，分得的电压越大，电路总电阻越大，电流越小，正好对应表格中电压越大、电流越小的规律。
22．【答案】（1）乙；电能转化为机械能
（2）舰载机的平均速度：
（3）推力做功：
弹射器的功率：
（4）福建舰满载时漂浮在海面上，根据阿基米德原理，浮力等于排开海水的总重力。满载排开水的质量：
浮力：
海水对舰体底部的压强：
【知识点】功率计算公式的应用；能量的转化或转移；速度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受力运动。甲图装置无外接电源，应用的是电磁感应原理（发电机原理）；乙图装置有外接电源，应用的是通电导体在磁场中受力运动的原理，因此弹射器的工作原理与乙图相同。该过程消耗电能，获得机械能，能量转化为：电能转化为机械能。
故答案为：乙；电能转化为机械能；
【分析】(1) 先明确电磁弹射的工作原理，再对比甲、乙两图的装置特点，判断与哪个装置原理相同，并分析能量转化；关键知识点：通电导体在磁场中受力运动、电磁感应现象、能量转化。
(2) 直接应用平均速度公式 ，代入路程和时间数据计算；关键知识点：平均速度的计算。
(3) 先利用功的公式 计算推力做的功，再用功率公式 计算功率；关键知识点：功和功率的计算。
(4) 根据漂浮条件和阿基米德原理，先由排开水的质量计算浮力，再用液体压强公式 计算海水对舰底的压强；关键知识点：阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式。
（1）[1][2]由题意可知，电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用；甲图装置无外接电源，是电磁感应原理（发电机原理），乙图装置有外接电源，是通电导体在磁场中受力运动的原理，因此弹射器工作原理与乙图相同。该过程中消耗电能，获得机械能，能量转化为：电能转化为机械能。
（2）弹射过程中，舰载机的平均速度
（3）推力做功
弹射器的功率
（4）福建舰满载时漂浮在海面上，根据阿基米德原理，浮力等于排开海水的总重力。由题意得，满载排开水的质量
浮力
海水对舰体底部的压强
23．【答案】（1）保温；2A
（2）当接时，被短路，电路中只有接入，总电阻最小。根据公式，此时电路总功率最大，为加热挡。
的阻值：
保温状态下电路总电阻：
的阻值：
（3）电热水器额定容量：
水的质量：
水吸收的热量：
消耗的电能：
加热时间：
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【解答】(1) 当闭合、接时，与串联，电路总电阻最大。根据公式，此时电路总功率最小，为保温挡。电路中的电流：
故答案为：保温；2A；
【分析】(1) 分析串联电路的电阻特点，结合公式判断挡位，再用计算电流；关键知识点：电功率公式、。
(2) 分析加热挡电路结构，用求；再通过保温挡的总电阻减去，得到的阻值；关键知识点：欧姆定律、电功率公式、串联电路电阻规律。
(3) 先计算水的质量，再用求水吸收的热量，根据效率公式计算消耗的电能，最后用计算加热时间；关键知识点：密度公式、吸热公式、效率公式、电功率公式。
（1）分析电路可知，当S1闭合、S2接a时，R1与R2串联，电路总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，为保温挡；此时电路中的电流
（2）当S2接b时，R1被短路，电路只有R2接入，电路总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，为加热挡。R2的阻值
保温状态下电路总电阻
R1的阻值
（3）电热水器额定容量
水的质量
水吸收的热量
消耗的电能
加热时间
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