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2025年上海市普陀区梅陇中学中考三模物理试题
1．若把原子、原子核、电子看成球体，原子半径的数量级为10-10m， 原子核半径的数量级为10-15m，电子半径的数量级小于10-9nm。按尺度从大到小的排序是（　　）
A．原子 原子核 电子
B．电子 原子 原子核
C．原子核 原子 电子
D．原子 电子 原子核
2．音乐会上，艺术家们用编钟、二胡和古筝等乐器演奏乐曲《春江花月夜》。听众能够分辨出不同乐器的声音，是根据声音的（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．速度
3．四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
4．如图所示为甲、乙、丙三个物体同时同地沿同一直线运动的s-t图像，若t=2秒时其中一个物体到另两个物体的距离恰好相等，则t=5秒时（　　）
A．甲、乙的运动方向可能相同 B．甲、丙的运动方向可能相反
C．甲、丙间的距离一定为7.5米 D．乙、丙间的距离一定为3米
5．已知某物体透过凸透镜，在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，若将物体移动到距焦点外15厘米处，则此时成的像（　　）
A．一定是倒立的实像 B．一定是缩小的实像
C．一定是等大的实像 D．一定是放大的虚像
6．PM2.5对人体健康危害非常严重，如图甲所示是一款PM2.5检测仪，其电路原理图如图乙所示。R1为“PM2.5传感器”，它的阻值与空气中PM2.5浓度的关系如图丙所示，R2为定值电阻，阻值为60欧，电源电压恒为12伏。若空气中PM2.5浓度为0.2毫克/米3时，则判定为空气质量严重污染。以下说法正确的是（　　）
A．被检测的空气PM2.5浓度越高，电流表示数越小
B．电流表的示数为0.12安时，判定被检空气质量严重污染
C．电压表的最小示数为4伏
D．若空气PM2.5浓度为0.3毫克/米3时，电压表的示数为9伏
7．发电站是通过　 　 输电线路将电能输送至用电区的（选填“高压”或“低压”）。航天员王亚平进行“太空授课”直播，这是通过　 　 将声音等信息传送到地球（选填“声波”或“无线电波”），地球是太阳系中八颗　 　 中最适合人类居住的星球。
8．“竹下忘言对紫茶，全胜羽客醉流霞。”，中国茶文化源远流长。如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成一个　 　，使液面总能保持相平。壶盖上有小孔，使得壶内液面上的　 　始终与外界大气压相等，茶水在重力作用下方便倒出。隔着很远，也能闻到茶香是因为　 　。
9．如图所示，运动员推动冰壶滑行，以冰面为参照物冰壶是　 　 的（选填“静止”或“运动”），掷出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有　 　 ，当冰刷在冰面上快速摩擦时，通过　 　 方式转化为内能，使得冰面的温度升高。
10．小梅在某旅游区看到“云在水中飘，鱼在云上游”的景象，“鱼在云上游”是来自鱼的光通过水面　 　 形成的虚像和来自云的光通过水面形成的虚像同时出现的现象。我们在研究平静水面产生的反射现象时，忽略了镜面的材质等因素的影响，构建了　 　 的模型。在各种不同的色光中，白光是一种　 　 （选填“单色光”或“复色光”）。
11．电流的磁效应被发现后，科学家 　 　 笃信自然力的统一，以逆向的思想，在磁生电的研究中发现电磁感应现象，为人类从“蒸汽时代”跨入“电气时代”做出了伟大贡献。某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，则该导体的电阻为 　 　 欧；标有“220V 1000W”的用电器正常工作1小时，耗电 　 　 度。
12．一立方体物块悬挂在弹簧测力计下端，静止在空气中时测力计示数为9.8 N，当把立方体的一半浸在水中时，测力计的示数为4.9 N，则此物块的体积为　 　 m3，它所受水的浮力大小为　 　 N，此时正方体下表面受到水的压力大小为　 　 N。
13．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，两电表指针发生偏转，电压表示数为U0，电流表示数为I0。已知电路中仅有一处故障，仅发生在电阻R1或R2上（R1=R2）。为了作出判断，有以下方案可选：
A．用一完好的电阻R替换电阻R1（R=R1），仅观察电压表示数情况；
B．用一完好的电阻R替换电阻R2（R=2R2），仅观察电流表示数情况；
C．将电流表改接在a处，仅观察电流表示数情况。
你认为　 　 方案（选填“A”“B”或“C”）可行，挑选其中一个方案，说明理由是　 　 。
14．在图中，小球受到的重力G为10牛，请用力的图示法画出重力G。
15．在图中标出电源的正负极和小磁针的N极。
16．将质量为2kg、温度为10的水加热至60，求水吸收的热量。[]
17．杠杆平衡时，动力F1的大小为100牛，阻力臂l2为0.2米，动力臂l1为0.6米，求阻力F2的大小。
18．如图所示，甲、乙两轻质薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，容器足够高。乙容器的底面积为S乙＝1×10﹣2米2，S乙＝2S甲。甲容器内盛有0.3米深的水，乙容器内盛有质量为3.2千克的某种液体。
（1）求水对甲容器底部的压强p水。
（2）若将边长为0.1米的正方体A（ρA＝0.8×103千克/米3）分别放入甲、乙两容器的液体中，A物体在水中漂浮，浸没在某液体中，已知水对甲容器底部压强增加量是某液体对乙容器底部压强增加量的2倍，求：
①放入A物体后，乙容器对地面的压强。
②A物体在某种液体中的状态（悬浮或下沉），用计算说明。
19．小张在做“测定小灯功率”实验时，所用器材有：电源（数节新干电池串联而成），滑动变阻器R，待测小灯L，观察到小灯上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦、电流表A、电压表V、开关及导线若干，实验器材齐全且完好，电源电压保持不变。
（1）小张正确串联实验器材，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中。闭合电键后，两电表的示数如图所示。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，则他在连接电路时存在的问题是　 　 。
（2）经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，操作步骤正确，闭合电键后，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致。继续移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，则小灯的额定功率为多少瓦。（通过计算说明）
（3）不改变电表量程，再次移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，求：此时滑动变阻器接入电路中的阻值。（计算电阻时，精确到0.1欧）
20．阅读以下文字，回答相关问题。
热敏电阻温度计
热敏电阻是用半导体材料制成的电阻，其阻值随温度的变化而变化，如图甲所示为某型号热敏电阻的实物图，阻值随温度升高而变小的，称为负温度系数热敏电阻；阻值随温度升高而变大的，称为正温度系数热敏电阻，利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。
如图乙所示为热敏电阻R1的阻值随温度t变化的图像（为方便计算，已将图线作了近似处理）。图丙是用R1做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，其中电源电压可在0.60 1.20伏之间调节，R2为定值电阻，阻值为100欧。该电路工作原理是：当保持通过R1的电流不变时，R1两端的电压随电阻均匀变化（即随温度均匀变化），故只需将电压表V1表盘的刻度改成相应的温度刻度，就可以直接从V1表盘上读出温度值。测量时，将R1放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，使V2表的示数保持0.20伏不变（即电路中的电流保持2毫安不变），再从V1表盘上读出待测温度t。
（1）热敏电阻R1是　 　 （选填“正”或“负”）温度系数热敏电阻。在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，R1的阻值是　 　 Ω。
（2）测温时，保持R2两端的电压为0.20伏，R1两端的电压随温度升高而　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）某次测温V1表盘上显示的温度是15℃，求此时的电源电压。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】因为1nm=10-9m，所以10-9nm=10-18m
故按尺度从大到小的排序是：原子、原子核、电子。
故答案为：A。
【分析】根据微粒的长度，排列顺序。
2．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大，音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，音色是发声体所特有的，发声体不同，音色就不同；音乐会上，艺术家们用编钟、二胡和古筝等乐器演奏乐曲《春江花月夜》，编钟、二胡和古筝等不同乐器的材料和结构不同，即使它们发出声音的音调和响度一样，音色也不同，所以听众能够分辨出不同乐器的声音，ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】不同发声体音色不同，是辨别不同发声体的依据。
3．【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】做功冲程将内能转化为机械能，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据冲程的特点判识选项
汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；
压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；
做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；
排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．【答案】C
【知识点】速度公式及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】AB．根据图像可知，当t=2秒时，三者通过的路程为s甲=4m，s乙=2m，s丙=1m。因为甲和丙的距离为：4m-1m=3m，乙和丙的距离为：2m+1m=3m，此时二者相等，所以甲和丙方向相同，甲和乙方向相反，故AB不符合题意；
CD．根据图像可知，甲2s内通过4m，则甲的速度；
那么t=5s时甲通过的路程s甲1=v甲t=2m/s×5s=10m；
t=5s时，乙通过的路程为s乙1=5m，丙通过的路程为s丙1=2.5m，甲和丙方向相同，
所以甲、丙间的距离为Δs=s甲1-s丙1=10m-2.5m=7.5m；
乙和丙方向相反，所以乙、丙间的距离为Δs1=s乙1+s丙1=5m+2.5m=7.5m
故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
【分析】AB.当物体通向行驶时，二者之间的距离等于二者通过的路程之差。当物体反向行驶时，二者之间的距离等于二者通过的路程之和，据此结合图像分析判断；
CD.根据图像甲计算甲的速度，并计算出5s内它通过的距离，直接根据图像乙和丙确定5s时二者通过的距离，最后计算它们之间的距离即可。
5．【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】 某物体通过凸透镜在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，此时的像是倒立、缩小的实像，则f＜v＜2f，f＜20cm＜2f，则10cm＜f＜20cm；
若将物体移动到距焦点外15厘米处，有以下情况：
物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，
物距等于2倍焦距，成倒立、等大的实像，
物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，总之，一定是倒立的实像，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
6．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．从电路连接情况能看出，传感器R1与定值电阻R2串联在一起，电压表测量定值电阻R2两端电压，电流表测量整个电路的电流。结合图像信息可知，当空气中PM2.5浓度升高时，传感器的阻值随之减小，电路总电阻也会变小，电路中的电流随之增大，电流表示数变大，故A错误；
B．当电流表示数为0.12A时，可算出电路的总电阻为，进而求出此时传感器接入电路的阻值。对照图像中的对应关系，能够查出当前空气中 PM2.5 的浓度，该数值低于严重污染的判定标准，因此此时的空气不属于严重污染，故B错误。
C．结合图像可以看出，当空气中PM2.5浓度为0毫克/米3时，传感器的阻值达到最大值 60Ω，此时电路总电阻最大，电路中的电流也随之达到最小值为
电压表的最小示数为，故C错误；
D．被检测空气浓度为0.3mg/m3时，传感器的阻值为R1＝20Ω，此时电流为
定值电阻两端电压，即为电压表示数为9V，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
（2）根据求出电流为0.12A时，电路中的总电阻，再根据串联电阻特点求出传感器的阻值，根据图象乙判断此时是否严重污染；
（3）由图知若空气中PM2.5浓度为0毫克/米3时传感器电阻最大为60Ω，此时电路中的电流最小，由算出最小电流，由欧姆定律算出电压表的最小示数；
（4）被检测的空气PM2.5浓度为0.3mg/m3时，根据图象丙读出此时传感器的阻值，根据欧姆定律求出电流，再根据欧姆定律求出传感器两端电压，即为电压表示数。
7．【答案】高压；无线电波；行星
【知识点】科学探索；电能的输送；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电力系统远距离输送电能时，普遍采用高压输电的方式。由焦耳定律可知，输电线路的电能损耗与输电电流的平方成正比。在输送总功率恒定的前提下，提升输电电压能够有效减小输电电流，大幅降低输电线的热损耗，减少电能在传输过程中的浪费，提升输电效率。
太空处于真空状态，声音作为机械波无法在真空中传播，因此太空授课的画面和声音信号，依靠无线电波完成天地传输。无线电波属于电磁波，具备可在真空环境中传播的特性，是航天通信、太空直播的核心传输载体。
太阳系包含八大行星，依次为水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星。其中只有地球具备适宜生命生存的优越条件，拥有适宜的温度、充足的液态水、适配的大气层与防护磁场，是太阳系中唯一适宜人类居住的行星。
故答案为：高压；无线电波；行星。
【分析】高压输电是远距离送电的核心技术，利用电功率与电压、电流的关系，配合焦耳定律减少线路热损耗，是电力输送节能的关键原理。
声音传播需要介质，真空环境无法传声；而电磁波无需介质即可传播，太空通信、卫星直播均利用无线电波这一特性实现信息传递。
太阳系八大行星中，地球的自然环境独一无二，各项生存条件适配生命繁衍，是太阳系中最适合人类生存居住的行星。
8．【答案】连通器；气压；分子在永不停息地做无规则运动
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】连通器的定义是 “上端开口、底部相连通的容器”，当内部装有同种液体且液体静止时，各部分液面保持相平。茶壶的壶嘴与壶身底部连通、上端均开口，构成了连通器，因此液面总能保持相平。
壶盖上的小孔连通了壶内液面上方的空间与外界大气，使得壶内液面上方的气压始终与外界大气压相等，茶水在重力作用下可以顺利流出。若没有小孔，壶内气压会随茶水流出而降低，外界大气压会将茶水 “压住”，无法顺利倒出。
闻到茶香是扩散现象，扩散现象的本质是分子的无规则运动。茶香分子通过无规则运动扩散到空气中，因此即使隔着很远也能被闻到。
故答案为：连通器；气压；分子在永不停息地做无规则运动。
【分析】 （1）茶壶是个连通器，壶嘴和壶身构成了一个连通器，壶嘴和壶身的液面是相平的，故放低壶嘴，水就会从壶嘴处流出。但要构成连通器，就要求连通器的各部分上端是开口的，所以壶身上方不能用壶盖盖严实了，必须开个小孔。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
9．【答案】运动；惯性；做功
【知识点】做功改变物体内能；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】以冰面为参照物冰壶的位置发生改变，冰壶是运动的；
掷出的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有惯性；
当冰刷在冰面上快速摩擦时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变内能。
故答案为：运动；惯性；做功。
【分析】 （1）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）改变内能的方式包括做功和热传递。
10．【答案】折射；理想化；复色光
【知识点】光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 （1）看到水中的鱼，是由于光的折射形成的，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像。
（2）我们在研究平静水面产生的反射现象时，忽略了镜面的材质等因素的影响，构建了理想化的模型。
（3）白光是复色光，由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光组成。
故答案为：折射；理想化；复色光。
【分析】（1）我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。
（2）理想化模型是对实际问题的理想化处理，即突出主要因素，忽略次要因素，物理学学习中懂得忽略什么跟懂得重视什么同等重要；
水不是平面镜，却可以起到平面镜的效果。
（3）白光是复色光。
11．【答案】法拉第；15；1
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】 科学家法拉第在磁生电的研究中发现电磁感应现象；
通过导体的电流：，根据欧姆定律可知，导体的电阻：；
用电器正常工作1小时消耗的电能：W=Pt'=1000×10-3kW×1h=1kW h=1度。
故答案为：法拉第；15；1。
【分析】 （1）法拉第发现了电磁感应现象；
（2）根据求出通过导体的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（3）根据W=Pt求出用电器消耗的电能。
12．【答案】；4.9；4.9
【知识点】浮力及其产生原因；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 由题可知，立方体的重力G=F示1=9.8N，把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为F示2=4.9N，
此时物体所受浮力：F浮=G-F示2=9.8N-4.9N=4.9N；
根据阿基米德原理得到：；此物块的体积为： 。
（2）因为物体受到的浮力等于物体上、下表面受到水的压力差，F浮=F下-F上，所以物体下表面受到的压力：F下=F浮+F上=F浮=4.9N。
故答案为：1×10-3；4.9；4.9。
【分析】（1）根据称重法计算出立方体一半浸在水中受到的浮力大小；根据阿基米德原理计算物块的体积。
（2）利用浮力的实质（物体受到的浮力等于物体上下表面所受水的压力差）求正方体下表面受到水的压力大小。
13．【答案】BC；方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】 电压表测量电源电压，电流表测量干路电流，根据并联电路中一个支路短路，会烧坏电源，而两电表指针发生偏转，电压表示数为U0，电流表示数为I0。故不可能是短路，只能是某一个电阻断路，无论哪个断路，电压表始终示数等于电源电压，故A方案不可行；用一完好的电阻R替换电阻R2（R=2R2），如果R2断路，替换后电流变大，若R1断路，替换后由于电阻变大，故电路中的电流变小，故此方案可行；
将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
故答案为：B、C；
方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
故答案为：B、C；
方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
【分析】根据并联电路中一个支路短路，会烧坏电源分析故障，结合方案解答。
14．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】根据题意可知，小球受到的重力方向竖直向下，作用在它的重心上，大小为10N。选取标度为5N，从球心作竖直向下线段，并标上G=10N，如下图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
15．【答案】
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】已知通电螺线管的右端为N极，根据右手螺旋定则（安培定则），右手握住螺线管，大拇指指向螺线管N极，四指弯曲的方向即为电路中的电流环绕方向。由此可判断，电流从螺线管左端接入、右端流出，对应电源左侧为正极，右侧为负极。
依据磁极间的相互作用规律：异名磁极相互吸引。螺线管右端为N极，会吸引小磁针的S极、排斥N极，因此小磁针左上端为S极，右下端为N极，可据此完成对应标注，如图所示：
【分析】已知通电螺线管的磁极，利用安培定则可知电流方向及电源的正负极；
由磁极间的作用规律可知小磁针的N极。
16．【答案】解：水吸收的热量为：
答：水吸收的热量为4.2×105J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量。
17．【答案】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得：F1l1=F2l，
。
答：阻力F2的大小为300N。
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【分析】动力、动力臂、阻力臂已知，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2求出阻力F2的大小。
18．【答案】（1）根据液体压强公式可知，水对甲容器底部的压强为：
p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa；
答：水对甲容器底部的压强为3000Pa。
（2）①A物体的重力为：
GA= ρAgV=0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=8N，
放入A物体后，乙容器对地面的压力为：
F=GA+G液=8N+3.2kg×10N/kg=40N，
放入A物体后，乙容器对地面的压强为：；
②A物体漂浮在水中，A受到的浮力等于自身重力，
则 F浮A=GA，即 ρ水gV样A=ρAgV，A排开水的体积；，
水对容器底部压强的增加量：，
A物体浸没在液体中，液体对乙容器底部压强增加量：，
因为水对甲容器底部压强增加量是液体对乙容器底部压强增加量的2倍，则有 Δp=2Δp'
取，
已知 S乙=2S甲，则，
整理可得：ρ液=ρA=0.8×103千克/米3，
所以A物体在某种液体中处于悬浮状态。
答：①放入A物体后，乙容器对地面的压强为4000Pa。
②A物体在某种液体中悬浮状态。
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据p=ρgh可求出水对甲容器底部的压强；
（2）①由G=mg算出A物体的重力，放入A物体后，根据F=GA+G液算出乙容器对地面的压力，由压强公式算出放入A物体后乙容器对地面的压强；
②A物体在水中漂浮，A受到的浮力等于自身重力，则F浮A=GA，即ρ水gV排A=ρAgV，进一步表示出A排开水的体积，并求出水面上升的高度，根据液体压强公式表示水对甲容器底部压强的增加量；
物体A浸没在液体中，根据体积公式表示液体升高的高度，根据液体压强公式表示液体对乙容器底部压强的增加量，
已知S乙=2S甲，根据水对甲容器底部压强增加量是酒精对乙容器底部压强增加量的2倍列方程可得液体的密度，进而判断出A物体在某种液体中的状态。
（1）水对甲容器底部的压强为
（2）①正方体A的体积为
正方体A的重力为
乙容器中某液体的重力为
放入A物体后，乙容器对地面的压强为
②A物体在水中漂浮，水对甲容器底部压强增加量为
某液体对乙容器底部压强增加量为
由于
所以该液体的密度应与A物体密度相同，A物体处于悬浮状态。
19．【答案】（1）电压表并联在滑动变阻器的两端了
（2）灯泡上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦，根据P=UI可知灯的额定电流：；
经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，操作步骤正确（为第二次操作），可知灯与变阻器串联，电压表并联在灯的两端，变阻器连入电路的电阻最大，和第一次操作相比，电路连接没有改变，且变阻器的最大电阻连入电路中，只是第二次操作中电压表测灯的电压，闭合电键后，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致；
继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小，为第三次操作），电路的电流变大，灯的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，灯的电压为2.5V，故可知第二次操作灯的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍，
所以，第一次操作中，电压表的示数只能为5V（由串联电路电压的规律，电源电压为U=1V+5V=6V，是1.5V的4倍，电压表示示数不可能为1V，因为2V不是1.5V的整数倍）；当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V，故偏转了15个小格，故电流表示数也增大了15小格对应的数据，据此可知，第一、二操作中电流表示数只能为0.1A，否则增大后的示数将大于0.6A，灯正常发光的电流为I额=0.1A+15×0.02A=0.4A，则小灯的额定功率：P额=U额I=2.5V×0.4A=1W。
答：小灯泡的额定功率为1瓦。
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，此时电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格；
①若变阻器接入电路的电阻变大，则两个电表的示数都变小，即电压表示数减小了0.1V，电流表示数减小了0.02A，
根据串联电路电压的规律，此时变阻器的电压为U滑=6V-（2.5V-0.1V）=3.6V，
此时电路中的电流：I'=0.4A-0.02A=0.38A，
此时滑动变阻器接入电路中的阻值：；
②若变阻器接入电路的电阻变小，则两个电表的示数都变大，即电压表示数增大了0.1V，电流表示数增大了0.02A，
根据串联电路电压的规律，此时变阻器的电压为U滑'=6V-（2.5V+0.1V）=3.4V，
此时电路中的电流：I″=0.4A+0.02A=0.42A，
此时滑动变阻器接入电路中的阻值：；
综上可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为9.5Ω或8.1Ω。
答：此时滑动变阻器接入电路中的阻值为9.5Ω或8.1Ω。
【知识点】电路故障的判断；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）小张正确串联实验器材，灯与变阻器串联，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中。闭合电键后，两电表的示数如图所示；若电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压为5V，若选用小量程，则分度值为0.1V，电压为1V；若电流表选用大量程，分度值0.1A，示数为0.5A，若选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.1A；
接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，故电压表不可能并联在电源两端或灯的两端，则他在连接电路时存在的问题是电压表并联在滑动变阻器的两端了（为第一次操作）。
答：电压表并联在滑动变阻器的两端了。
【分析】 （1）根据小张正确串联实验器材确定灯与变阻器串联，根据两电表的示数，分别得出若两表选用大和小量程的读数；根据接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，确定电压表并联在滑动变阻器的两端；
（2）根据已知条件，由P=UI可知灯的额定电流取值范围；根据他正确连接电路的隐含的条件得出电路的连接，和第一次操作相比，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致；根据继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小，为第三次操作），电路的电流变大，灯的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，可知小灯正常发光灯的电压，从而确定可知第二次操作灯的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍确定第一次操作中，电压表的示数只能为5V，进而可知当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V偏转小格数，得出电流表示数也增大的格数，据此可知，第一、二操作中电流表示数的读数，从而得出灯正常发光的电流，根据P=UI得出小灯的额定功率
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，确定电压表减小示数为0.1V，电压表减小示数为0.1V，电流表减小示数为0.02A；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压和对应电路的电流，由欧姆定律得出此时滑动变阻器接入电路中的阻值。
（1）若电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压为5V，若选用小量程，则分度值为0.1V，电压为1V；若电流表选用大量程，分度值0.1A，示数为0.5A，若选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.1A。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，若电压表并联在电源两端或灯的两端，移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数不可能为零，若将电压表并联在滑动变阻器两端时，当滑动变阻器的阻值为零时，电压表的示数为零，所以他在连接电路时存在的问题是将电压表并联在滑动变阻器的两端。
（2）灯上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦，根据电功率公式P=UI的变形式可知灯的额定电流小于
经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，可知灯与变阻器串联，电压表并联在灯的两端，变阻器以最大阻值接入电路中，继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小），电路的电流变大，灯泡两端的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，灯的电压为2.5V，故可知第二次操作时灯两端的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍，所以第一次操作中，电压表的示数只能为5V，由串联电路电压的规律可知电源电压U=1V+5V=6V
结果是1.5V的4倍，符合题意，电压表示数不可能为1V，因为2V不是1.5V的整数倍。当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V，偏转了15个小格，故电流表示数也增大了15小格对应的数据，据此可知，第一、二次操作中电流表示数只能为0.1A，否则增大后的示数将大于0.6A，所以灯泡正常发光的电流I=0.1A+15×0.02A=0.4A
则小灯的额定功率P=U额I=2.5V×0.4A=1W
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，考虑电路安全，通过灯泡的电流不能继续变大，所以滑动变阻器的阻值将变大，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，电压表减小示数为0.1V，电流表减小示数为0.02A，根据串联电路电压的规律可得变阻器两端的电压为U滑=6V-2.5V+0.1V=3.6V
电路中的电流I'=0.4A-0.02A=0.38A
此时滑动变阻器接入电路中的阻值
20．【答案】（1）负；520
（2）变小
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，设R1=kt+b，
当t=0℃时，R1=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得b=520Ω，
当t=30℃时，R1=280Ω，且b=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得k=-8Ω/℃，
所以R1与t的函数关系为：R1=-8Ω/℃×t+520Ω，
当t=15℃时，R1的阻值为：R1=-8Ω/℃×15℃+520Ω=400Ω；
由可得，此时V1的示数为：U1=IR1=2×10-3A×400Ω=0.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以此时的电源电压：U=U1+U2=0.8V+0.20V=1V。
答：此时的电源电压为1V。
【知识点】温度及温度计的使用与读数；串联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 （1）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，则由题意可知R1为负温度系数热敏电阻；
在标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，由乙可知此时R1的阻值为520Ω。
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，因温度升高时热敏电阻R1的阻值变小，所以，由U=IR可知，R1两端的电压变小，即R1两端的电压随温度升高而变小。
故答案为：（1）负；520；（2）变小。
【分析】 （1）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，据此结合题意判断热敏电阻R1是哪种温度系数热敏电阻；冰水混合物温度是0℃，由乙可知此时R1的阻值；
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，根据图乙可知热敏电阻R1的阻值随温度的变化，根据欧姆定律可知R1两端的电压与温度的变化关系；
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，根据图像中的数据可写出其表达式，据此可知当t=15℃时R1的阻值，根据欧姆定律求出此时V1的示数，利用串联电路的电压特点求出此时的电源电压。
（1）[1]由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，则由题意可知R1为负温度系数热敏电阻。
[2]在标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，由图乙可知此时t=0℃时，R1的阻值为520Ω。
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，因温度升高时热敏电阻R1的阻值变小，所以，由U=IR可知，R1两端的电压变小，即R1两端的电压随温度升高而变小。
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，设R1=kt+b
当t=0℃时，R1=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得b=520Ω
当t=30℃时，R1=280Ω，且b=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得k=-8Ω/℃
所以R1与t的函数关系为R1=-8Ω/℃×t+520Ω
当t=15℃时，R1的阻值为R1=-8Ω/℃×15℃+520Ω=400Ω
由可得，此时V1的示数为U1=IR1=2×10﹣3A×400Ω=0.8V
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时的电源电压为U=U1+U2=0.8V+0.20V=1V
1 / 12025年上海市普陀区梅陇中学中考三模物理试题
1．若把原子、原子核、电子看成球体，原子半径的数量级为10-10m， 原子核半径的数量级为10-15m，电子半径的数量级小于10-9nm。按尺度从大到小的排序是（　　）
A．原子 原子核 电子
B．电子 原子 原子核
C．原子核 原子 电子
D．原子 电子 原子核
【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】因为1nm=10-9m，所以10-9nm=10-18m
故按尺度从大到小的排序是：原子、原子核、电子。
故答案为：A。
【分析】根据微粒的长度，排列顺序。
2．音乐会上，艺术家们用编钟、二胡和古筝等乐器演奏乐曲《春江花月夜》。听众能够分辨出不同乐器的声音，是根据声音的（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．速度
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大，音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，音色是发声体所特有的，发声体不同，音色就不同；音乐会上，艺术家们用编钟、二胡和古筝等乐器演奏乐曲《春江花月夜》，编钟、二胡和古筝等不同乐器的材料和结构不同，即使它们发出声音的音调和响度一样，音色也不同，所以听众能够分辨出不同乐器的声音，ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
【分析】不同发声体音色不同，是辨别不同发声体的依据。
3．四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】做功冲程将内能转化为机械能，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据冲程的特点判识选项
汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；
压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；
做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；
排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．如图所示为甲、乙、丙三个物体同时同地沿同一直线运动的s-t图像，若t=2秒时其中一个物体到另两个物体的距离恰好相等，则t=5秒时（　　）
A．甲、乙的运动方向可能相同 B．甲、丙的运动方向可能相反
C．甲、丙间的距离一定为7.5米 D．乙、丙间的距离一定为3米
【答案】C
【知识点】速度公式及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】AB．根据图像可知，当t=2秒时，三者通过的路程为s甲=4m，s乙=2m，s丙=1m。因为甲和丙的距离为：4m-1m=3m，乙和丙的距离为：2m+1m=3m，此时二者相等，所以甲和丙方向相同，甲和乙方向相反，故AB不符合题意；
CD．根据图像可知，甲2s内通过4m，则甲的速度；
那么t=5s时甲通过的路程s甲1=v甲t=2m/s×5s=10m；
t=5s时，乙通过的路程为s乙1=5m，丙通过的路程为s丙1=2.5m，甲和丙方向相同，
所以甲、丙间的距离为Δs=s甲1-s丙1=10m-2.5m=7.5m；
乙和丙方向相反，所以乙、丙间的距离为Δs1=s乙1+s丙1=5m+2.5m=7.5m
故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
【分析】AB.当物体通向行驶时，二者之间的距离等于二者通过的路程之差。当物体反向行驶时，二者之间的距离等于二者通过的路程之和，据此结合图像分析判断；
CD.根据图像甲计算甲的速度，并计算出5s内它通过的距离，直接根据图像乙和丙确定5s时二者通过的距离，最后计算它们之间的距离即可。
5．已知某物体透过凸透镜，在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，若将物体移动到距焦点外15厘米处，则此时成的像（　　）
A．一定是倒立的实像 B．一定是缩小的实像
C．一定是等大的实像 D．一定是放大的虚像
【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】 某物体通过凸透镜在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，此时的像是倒立、缩小的实像，则f＜v＜2f，f＜20cm＜2f，则10cm＜f＜20cm；
若将物体移动到距焦点外15厘米处，有以下情况：
物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，
物距等于2倍焦距，成倒立、等大的实像，
物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，总之，一定是倒立的实像，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
6．PM2.5对人体健康危害非常严重，如图甲所示是一款PM2.5检测仪，其电路原理图如图乙所示。R1为“PM2.5传感器”，它的阻值与空气中PM2.5浓度的关系如图丙所示，R2为定值电阻，阻值为60欧，电源电压恒为12伏。若空气中PM2.5浓度为0.2毫克/米3时，则判定为空气质量严重污染。以下说法正确的是（　　）
A．被检测的空气PM2.5浓度越高，电流表示数越小
B．电流表的示数为0.12安时，判定被检空气质量严重污染
C．电压表的最小示数为4伏
D．若空气PM2.5浓度为0.3毫克/米3时，电压表的示数为9伏
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．从电路连接情况能看出，传感器R1与定值电阻R2串联在一起，电压表测量定值电阻R2两端电压，电流表测量整个电路的电流。结合图像信息可知，当空气中PM2.5浓度升高时，传感器的阻值随之减小，电路总电阻也会变小，电路中的电流随之增大，电流表示数变大，故A错误；
B．当电流表示数为0.12A时，可算出电路的总电阻为，进而求出此时传感器接入电路的阻值。对照图像中的对应关系，能够查出当前空气中 PM2.5 的浓度，该数值低于严重污染的判定标准，因此此时的空气不属于严重污染，故B错误。
C．结合图像可以看出，当空气中PM2.5浓度为0毫克/米3时，传感器的阻值达到最大值 60Ω，此时电路总电阻最大，电路中的电流也随之达到最小值为
电压表的最小示数为，故C错误；
D．被检测空气浓度为0.3mg/m3时，传感器的阻值为R1＝20Ω，此时电流为
定值电阻两端电压，即为电压表示数为9V，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
（2）根据求出电流为0.12A时，电路中的总电阻，再根据串联电阻特点求出传感器的阻值，根据图象乙判断此时是否严重污染；
（3）由图知若空气中PM2.5浓度为0毫克/米3时传感器电阻最大为60Ω，此时电路中的电流最小，由算出最小电流，由欧姆定律算出电压表的最小示数；
（4）被检测的空气PM2.5浓度为0.3mg/m3时，根据图象丙读出此时传感器的阻值，根据欧姆定律求出电流，再根据欧姆定律求出传感器两端电压，即为电压表示数。
7．发电站是通过　 　 输电线路将电能输送至用电区的（选填“高压”或“低压”）。航天员王亚平进行“太空授课”直播，这是通过　 　 将声音等信息传送到地球（选填“声波”或“无线电波”），地球是太阳系中八颗　 　 中最适合人类居住的星球。
【答案】高压；无线电波；行星
【知识点】科学探索；电能的输送；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电力系统远距离输送电能时，普遍采用高压输电的方式。由焦耳定律可知，输电线路的电能损耗与输电电流的平方成正比。在输送总功率恒定的前提下，提升输电电压能够有效减小输电电流，大幅降低输电线的热损耗，减少电能在传输过程中的浪费，提升输电效率。
太空处于真空状态，声音作为机械波无法在真空中传播，因此太空授课的画面和声音信号，依靠无线电波完成天地传输。无线电波属于电磁波，具备可在真空环境中传播的特性，是航天通信、太空直播的核心传输载体。
太阳系包含八大行星，依次为水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星。其中只有地球具备适宜生命生存的优越条件，拥有适宜的温度、充足的液态水、适配的大气层与防护磁场，是太阳系中唯一适宜人类居住的行星。
故答案为：高压；无线电波；行星。
【分析】高压输电是远距离送电的核心技术，利用电功率与电压、电流的关系，配合焦耳定律减少线路热损耗，是电力输送节能的关键原理。
声音传播需要介质，真空环境无法传声；而电磁波无需介质即可传播，太空通信、卫星直播均利用无线电波这一特性实现信息传递。
太阳系八大行星中，地球的自然环境独一无二，各项生存条件适配生命繁衍，是太阳系中最适合人类生存居住的行星。
8．“竹下忘言对紫茶，全胜羽客醉流霞。”，中国茶文化源远流长。如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成一个　 　，使液面总能保持相平。壶盖上有小孔，使得壶内液面上的　 　始终与外界大气压相等，茶水在重力作用下方便倒出。隔着很远，也能闻到茶香是因为　 　。
【答案】连通器；气压；分子在永不停息地做无规则运动
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】连通器的定义是 “上端开口、底部相连通的容器”，当内部装有同种液体且液体静止时，各部分液面保持相平。茶壶的壶嘴与壶身底部连通、上端均开口，构成了连通器，因此液面总能保持相平。
壶盖上的小孔连通了壶内液面上方的空间与外界大气，使得壶内液面上方的气压始终与外界大气压相等，茶水在重力作用下可以顺利流出。若没有小孔，壶内气压会随茶水流出而降低，外界大气压会将茶水 “压住”，无法顺利倒出。
闻到茶香是扩散现象，扩散现象的本质是分子的无规则运动。茶香分子通过无规则运动扩散到空气中，因此即使隔着很远也能被闻到。
故答案为：连通器；气压；分子在永不停息地做无规则运动。
【分析】 （1）茶壶是个连通器，壶嘴和壶身构成了一个连通器，壶嘴和壶身的液面是相平的，故放低壶嘴，水就会从壶嘴处流出。但要构成连通器，就要求连通器的各部分上端是开口的，所以壶身上方不能用壶盖盖严实了，必须开个小孔。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
9．如图所示，运动员推动冰壶滑行，以冰面为参照物冰壶是　 　 的（选填“静止”或“运动”），掷出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有　 　 ，当冰刷在冰面上快速摩擦时，通过　 　 方式转化为内能，使得冰面的温度升高。
【答案】运动；惯性；做功
【知识点】做功改变物体内能；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】以冰面为参照物冰壶的位置发生改变，冰壶是运动的；
掷出的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有惯性；
当冰刷在冰面上快速摩擦时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变内能。
故答案为：运动；惯性；做功。
【分析】 （1）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）改变内能的方式包括做功和热传递。
10．小梅在某旅游区看到“云在水中飘，鱼在云上游”的景象，“鱼在云上游”是来自鱼的光通过水面　 　 形成的虚像和来自云的光通过水面形成的虚像同时出现的现象。我们在研究平静水面产生的反射现象时，忽略了镜面的材质等因素的影响，构建了　 　 的模型。在各种不同的色光中，白光是一种　 　 （选填“单色光”或“复色光”）。
【答案】折射；理想化；复色光
【知识点】光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 （1）看到水中的鱼，是由于光的折射形成的，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像。
（2）我们在研究平静水面产生的反射现象时，忽略了镜面的材质等因素的影响，构建了理想化的模型。
（3）白光是复色光，由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光组成。
故答案为：折射；理想化；复色光。
【分析】（1）我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的。
（2）理想化模型是对实际问题的理想化处理，即突出主要因素，忽略次要因素，物理学学习中懂得忽略什么跟懂得重视什么同等重要；
水不是平面镜，却可以起到平面镜的效果。
（3）白光是复色光。
11．电流的磁效应被发现后，科学家 　 　 笃信自然力的统一，以逆向的思想，在磁生电的研究中发现电磁感应现象，为人类从“蒸汽时代”跨入“电气时代”做出了伟大贡献。某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，则该导体的电阻为 　 　 欧；标有“220V 1000W”的用电器正常工作1小时，耗电 　 　 度。
【答案】法拉第；15；1
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】 科学家法拉第在磁生电的研究中发现电磁感应现象；
通过导体的电流：，根据欧姆定律可知，导体的电阻：；
用电器正常工作1小时消耗的电能：W=Pt'=1000×10-3kW×1h=1kW h=1度。
故答案为：法拉第；15；1。
【分析】 （1）法拉第发现了电磁感应现象；
（2）根据求出通过导体的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（3）根据W=Pt求出用电器消耗的电能。
12．一立方体物块悬挂在弹簧测力计下端，静止在空气中时测力计示数为9.8 N，当把立方体的一半浸在水中时，测力计的示数为4.9 N，则此物块的体积为　 　 m3，它所受水的浮力大小为　 　 N，此时正方体下表面受到水的压力大小为　 　 N。
【答案】；4.9；4.9
【知识点】浮力及其产生原因；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 由题可知，立方体的重力G=F示1=9.8N，把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为F示2=4.9N，
此时物体所受浮力：F浮=G-F示2=9.8N-4.9N=4.9N；
根据阿基米德原理得到：；此物块的体积为： 。
（2）因为物体受到的浮力等于物体上、下表面受到水的压力差，F浮=F下-F上，所以物体下表面受到的压力：F下=F浮+F上=F浮=4.9N。
故答案为：1×10-3；4.9；4.9。
【分析】（1）根据称重法计算出立方体一半浸在水中受到的浮力大小；根据阿基米德原理计算物块的体积。
（2）利用浮力的实质（物体受到的浮力等于物体上下表面所受水的压力差）求正方体下表面受到水的压力大小。
13．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，两电表指针发生偏转，电压表示数为U0，电流表示数为I0。已知电路中仅有一处故障，仅发生在电阻R1或R2上（R1=R2）。为了作出判断，有以下方案可选：
A．用一完好的电阻R替换电阻R1（R=R1），仅观察电压表示数情况；
B．用一完好的电阻R替换电阻R2（R=2R2），仅观察电流表示数情况；
C．将电流表改接在a处，仅观察电流表示数情况。
你认为　 　 方案（选填“A”“B”或“C”）可行，挑选其中一个方案，说明理由是　 　 。
【答案】BC；方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】 电压表测量电源电压，电流表测量干路电流，根据并联电路中一个支路短路，会烧坏电源，而两电表指针发生偏转，电压表示数为U0，电流表示数为I0。故不可能是短路，只能是某一个电阻断路，无论哪个断路，电压表始终示数等于电源电压，故A方案不可行；用一完好的电阻R替换电阻R2（R=2R2），如果R2断路，替换后电流变大，若R1断路，替换后由于电阻变大，故电路中的电流变小，故此方案可行；
将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
故答案为：B、C；
方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
故答案为：B、C；
方案C：将电流表改接在a处，如果电流表示数仍是I0；则R1完好，R2断路，如果电流表是变为0，则R1断路，R2完好，故可行。
【分析】根据并联电路中一个支路短路，会烧坏电源分析故障，结合方案解答。
14．在图中，小球受到的重力G为10牛，请用力的图示法画出重力G。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】根据题意可知，小球受到的重力方向竖直向下，作用在它的重心上，大小为10N。选取标度为5N，从球心作竖直向下线段，并标上G=10N，如下图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
15．在图中标出电源的正负极和小磁针的N极。
【答案】
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】已知通电螺线管的右端为N极，根据右手螺旋定则（安培定则），右手握住螺线管，大拇指指向螺线管N极，四指弯曲的方向即为电路中的电流环绕方向。由此可判断，电流从螺线管左端接入、右端流出，对应电源左侧为正极，右侧为负极。
依据磁极间的相互作用规律：异名磁极相互吸引。螺线管右端为N极，会吸引小磁针的S极、排斥N极，因此小磁针左上端为S极，右下端为N极，可据此完成对应标注，如图所示：
【分析】已知通电螺线管的磁极，利用安培定则可知电流方向及电源的正负极；
由磁极间的作用规律可知小磁针的N极。
16．将质量为2kg、温度为10的水加热至60，求水吸收的热量。[]
【答案】解：水吸收的热量为：
答：水吸收的热量为4.2×105J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【分析】根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量。
17．杠杆平衡时，动力F1的大小为100牛，阻力臂l2为0.2米，动力臂l1为0.6米，求阻力F2的大小。
【答案】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得：F1l1=F2l，
。
答：阻力F2的大小为300N。
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【分析】动力、动力臂、阻力臂已知，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2求出阻力F2的大小。
18．如图所示，甲、乙两轻质薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，容器足够高。乙容器的底面积为S乙＝1×10﹣2米2，S乙＝2S甲。甲容器内盛有0.3米深的水，乙容器内盛有质量为3.2千克的某种液体。
（1）求水对甲容器底部的压强p水。
（2）若将边长为0.1米的正方体A（ρA＝0.8×103千克/米3）分别放入甲、乙两容器的液体中，A物体在水中漂浮，浸没在某液体中，已知水对甲容器底部压强增加量是某液体对乙容器底部压强增加量的2倍，求：
①放入A物体后，乙容器对地面的压强。
②A物体在某种液体中的状态（悬浮或下沉），用计算说明。
【答案】（1）根据液体压强公式可知，水对甲容器底部的压强为：
p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa；
答：水对甲容器底部的压强为3000Pa。
（2）①A物体的重力为：
GA= ρAgV=0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=8N，
放入A物体后，乙容器对地面的压力为：
F=GA+G液=8N+3.2kg×10N/kg=40N，
放入A物体后，乙容器对地面的压强为：；
②A物体漂浮在水中，A受到的浮力等于自身重力，
则 F浮A=GA，即 ρ水gV样A=ρAgV，A排开水的体积；，
水对容器底部压强的增加量：，
A物体浸没在液体中，液体对乙容器底部压强增加量：，
因为水对甲容器底部压强增加量是液体对乙容器底部压强增加量的2倍，则有 Δp=2Δp'
取，
已知 S乙=2S甲，则，
整理可得：ρ液=ρA=0.8×103千克/米3，
所以A物体在某种液体中处于悬浮状态。
答：①放入A物体后，乙容器对地面的压强为4000Pa。
②A物体在某种液体中悬浮状态。
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据p=ρgh可求出水对甲容器底部的压强；
（2）①由G=mg算出A物体的重力，放入A物体后，根据F=GA+G液算出乙容器对地面的压力，由压强公式算出放入A物体后乙容器对地面的压强；
②A物体在水中漂浮，A受到的浮力等于自身重力，则F浮A=GA，即ρ水gV排A=ρAgV，进一步表示出A排开水的体积，并求出水面上升的高度，根据液体压强公式表示水对甲容器底部压强的增加量；
物体A浸没在液体中，根据体积公式表示液体升高的高度，根据液体压强公式表示液体对乙容器底部压强的增加量，
已知S乙=2S甲，根据水对甲容器底部压强增加量是酒精对乙容器底部压强增加量的2倍列方程可得液体的密度，进而判断出A物体在某种液体中的状态。
（1）水对甲容器底部的压强为
（2）①正方体A的体积为
正方体A的重力为
乙容器中某液体的重力为
放入A物体后，乙容器对地面的压强为
②A物体在水中漂浮，水对甲容器底部压强增加量为
某液体对乙容器底部压强增加量为
由于
所以该液体的密度应与A物体密度相同，A物体处于悬浮状态。
19．小张在做“测定小灯功率”实验时，所用器材有：电源（数节新干电池串联而成），滑动变阻器R，待测小灯L，观察到小灯上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦、电流表A、电压表V、开关及导线若干，实验器材齐全且完好，电源电压保持不变。
（1）小张正确串联实验器材，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中。闭合电键后，两电表的示数如图所示。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，则他在连接电路时存在的问题是　 　 。
（2）经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，操作步骤正确，闭合电键后，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致。继续移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，则小灯的额定功率为多少瓦。（通过计算说明）
（3）不改变电表量程，再次移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，求：此时滑动变阻器接入电路中的阻值。（计算电阻时，精确到0.1欧）
【答案】（1）电压表并联在滑动变阻器的两端了
（2）灯泡上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦，根据P=UI可知灯的额定电流：；
经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，操作步骤正确（为第二次操作），可知灯与变阻器串联，电压表并联在灯的两端，变阻器连入电路的电阻最大，和第一次操作相比，电路连接没有改变，且变阻器的最大电阻连入电路中，只是第二次操作中电压表测灯的电压，闭合电键后，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致；
继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小，为第三次操作），电路的电流变大，灯的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，灯的电压为2.5V，故可知第二次操作灯的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍，
所以，第一次操作中，电压表的示数只能为5V（由串联电路电压的规律，电源电压为U=1V+5V=6V，是1.5V的4倍，电压表示示数不可能为1V，因为2V不是1.5V的整数倍）；当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V，故偏转了15个小格，故电流表示数也增大了15小格对应的数据，据此可知，第一、二操作中电流表示数只能为0.1A，否则增大后的示数将大于0.6A，灯正常发光的电流为I额=0.1A+15×0.02A=0.4A，则小灯的额定功率：P额=U额I=2.5V×0.4A=1W。
答：小灯泡的额定功率为1瓦。
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，此时电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格；
①若变阻器接入电路的电阻变大，则两个电表的示数都变小，即电压表示数减小了0.1V，电流表示数减小了0.02A，
根据串联电路电压的规律，此时变阻器的电压为U滑=6V-（2.5V-0.1V）=3.6V，
此时电路中的电流：I'=0.4A-0.02A=0.38A，
此时滑动变阻器接入电路中的阻值：；
②若变阻器接入电路的电阻变小，则两个电表的示数都变大，即电压表示数增大了0.1V，电流表示数增大了0.02A，
根据串联电路电压的规律，此时变阻器的电压为U滑'=6V-（2.5V+0.1V）=3.4V，
此时电路中的电流：I″=0.4A+0.02A=0.42A，
此时滑动变阻器接入电路中的阻值：；
综上可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为9.5Ω或8.1Ω。
答：此时滑动变阻器接入电路中的阻值为9.5Ω或8.1Ω。
【知识点】电路故障的判断；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）小张正确串联实验器材，灯与变阻器串联，并将滑片放置于变阻器的一端，然后将电压表并联在电路中。闭合电键后，两电表的示数如图所示；若电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压为5V，若选用小量程，则分度值为0.1V，电压为1V；若电流表选用大量程，分度值0.1A，示数为0.5A，若选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.1A；
接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，故电压表不可能并联在电源两端或灯的两端，则他在连接电路时存在的问题是电压表并联在滑动变阻器的两端了（为第一次操作）。
答：电压表并联在滑动变阻器的两端了。
【分析】 （1）根据小张正确串联实验器材确定灯与变阻器串联，根据两电表的示数，分别得出若两表选用大和小量程的读数；根据接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，确定电压表并联在滑动变阻器的两端；
（2）根据已知条件，由P=UI可知灯的额定电流取值范围；根据他正确连接电路的隐含的条件得出电路的连接，和第一次操作相比，发现两电表指针所指的刻度与如图所示一致；根据继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小，为第三次操作），电路的电流变大，灯的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，可知小灯正常发光灯的电压，从而确定可知第二次操作灯的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍确定第一次操作中，电压表的示数只能为5V，进而可知当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V偏转小格数，得出电流表示数也增大的格数，据此可知，第一、二操作中电流表示数的读数，从而得出灯正常发光的电流，根据P=UI得出小灯的额定功率
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，确定电压表减小示数为0.1V，电压表减小示数为0.1V，电流表减小示数为0.02A；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压和对应电路的电流，由欧姆定律得出此时滑动变阻器接入电路中的阻值。
（1）若电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压为5V，若选用小量程，则分度值为0.1V，电压为1V；若电流表选用大量程，分度值0.1A，示数为0.5A，若选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.1A。接着移动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直至为零，若电压表并联在电源两端或灯的两端，移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数不可能为零，若将电压表并联在滑动变阻器两端时，当滑动变阻器的阻值为零时，电压表的示数为零，所以他在连接电路时存在的问题是将电压表并联在滑动变阻器的两端。
（2）灯上标有“2.5V”的字样，额定功率小于1.5瓦，根据电功率公式P=UI的变形式可知灯的额定电流小于
经过思考，小张重新实验，他正确连接电路，可知灯与变阻器串联，电压表并联在灯的两端，变阻器以最大阻值接入电路中，继续移动变阻器的滑片（变阻器连入电路的电阻变小），电路的电流变大，灯泡两端的电压变大，当电压表与电流表指针偏转角度相同时，小灯正常发光，灯的电压为2.5V，故可知第二次操作时灯两端的电压只能为1V，结合电源为数节新干电池串联而成，电源电压为1.5V的整数倍，所以第一次操作中，电压表的示数只能为5V，由串联电路电压的规律可知电源电压U=1V+5V=6V
结果是1.5V的4倍，符合题意，电压表示数不可能为1V，因为2V不是1.5V的整数倍。当电压表与电流表指针偏转角度相同时，即电压表从1V增大到2.5V，偏转了15个小格，故电流表示数也增大了15小格对应的数据，据此可知，第一、二次操作中电流表示数只能为0.1A，否则增大后的示数将大于0.6A，所以灯泡正常发光的电流I=0.1A+15×0.02A=0.4A
则小灯的额定功率P=U额I=2.5V×0.4A=1W
（3）不改变电表量程，即电表都选用小量程，再次移动变阻器的滑片，考虑电路安全，通过灯泡的电流不能继续变大，所以滑动变阻器的阻值将变大，当电压表与电流表指针都比正常发光时偏转1小格时，电压表减小示数为0.1V，电流表减小示数为0.02A，根据串联电路电压的规律可得变阻器两端的电压为U滑=6V-2.5V+0.1V=3.6V
电路中的电流I'=0.4A-0.02A=0.38A
此时滑动变阻器接入电路中的阻值
20．阅读以下文字，回答相关问题。
热敏电阻温度计
热敏电阻是用半导体材料制成的电阻，其阻值随温度的变化而变化，如图甲所示为某型号热敏电阻的实物图，阻值随温度升高而变小的，称为负温度系数热敏电阻；阻值随温度升高而变大的，称为正温度系数热敏电阻，利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。
如图乙所示为热敏电阻R1的阻值随温度t变化的图像（为方便计算，已将图线作了近似处理）。图丙是用R1做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，其中电源电压可在0.60 1.20伏之间调节，R2为定值电阻，阻值为100欧。该电路工作原理是：当保持通过R1的电流不变时，R1两端的电压随电阻均匀变化（即随温度均匀变化），故只需将电压表V1表盘的刻度改成相应的温度刻度，就可以直接从V1表盘上读出温度值。测量时，将R1放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，使V2表的示数保持0.20伏不变（即电路中的电流保持2毫安不变），再从V1表盘上读出待测温度t。
（1）热敏电阻R1是　 　 （选填“正”或“负”）温度系数热敏电阻。在标准大气压下，将R1放入冰水混合物中时，R1的阻值是　 　 Ω。
（2）测温时，保持R2两端的电压为0.20伏，R1两端的电压随温度升高而　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）某次测温V1表盘上显示的温度是15℃，求此时的电源电压。
【答案】（1）负；520
（2）变小
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，设R1=kt+b，
当t=0℃时，R1=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得b=520Ω，
当t=30℃时，R1=280Ω，且b=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得k=-8Ω/℃，
所以R1与t的函数关系为：R1=-8Ω/℃×t+520Ω，
当t=15℃时，R1的阻值为：R1=-8Ω/℃×15℃+520Ω=400Ω；
由可得，此时V1的示数为：U1=IR1=2×10-3A×400Ω=0.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以此时的电源电压：U=U1+U2=0.8V+0.20V=1V。
答：此时的电源电压为1V。
【知识点】温度及温度计的使用与读数；串联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 （1）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，则由题意可知R1为负温度系数热敏电阻；
在标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，由乙可知此时R1的阻值为520Ω。
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，因温度升高时热敏电阻R1的阻值变小，所以，由U=IR可知，R1两端的电压变小，即R1两端的电压随温度升高而变小。
故答案为：（1）负；520；（2）变小。
【分析】 （1）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，据此结合题意判断热敏电阻R1是哪种温度系数热敏电阻；冰水混合物温度是0℃，由乙可知此时R1的阻值；
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，根据图乙可知热敏电阻R1的阻值随温度的变化，根据欧姆定律可知R1两端的电压与温度的变化关系；
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，根据图像中的数据可写出其表达式，据此可知当t=15℃时R1的阻值，根据欧姆定律求出此时V1的示数，利用串联电路的电压特点求出此时的电源电压。
（1）[1]由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而变小，则由题意可知R1为负温度系数热敏电阻。
[2]在标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，由图乙可知此时t=0℃时，R1的阻值为520Ω。
（2）测温时，保持R2两端电压为0.20V时，电路中的电流保持2mA不变，因温度升高时热敏电阻R1的阻值变小，所以，由U=IR可知，R1两端的电压变小，即R1两端的电压随温度升高而变小。
（3）由图乙可知，热敏电阻R1的阻值与温度成一次函数关系，设R1=kt+b
当t=0℃时，R1=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得b=520Ω
当t=30℃时，R1=280Ω，且b=520Ω，将这组数据代入R1=kt+b可得k=-8Ω/℃
所以R1与t的函数关系为R1=-8Ω/℃×t+520Ω
当t=15℃时，R1的阻值为R1=-8Ω/℃×15℃+520Ω=400Ω
由可得，此时V1的示数为U1=IR1=2×10﹣3A×400Ω=0.8V
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时的电源电压为U=U1+U2=0.8V+0.20V=1V
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