资源简介

广西凭祥市高级中学2025-2026学年八年级下学期期中教学质量检测 物理试卷
1．2025年10月，CR450动车组在宜昌至汉川之间已经跑出了动车组单列时速453公里最新世界纪录（如图）。动车行驶过程中，说动车司机是静止的，所选的参照物是（　　）
A．云朵 B．地面 C．房屋 D．座椅
2．下列关于力的说法正确的是（　　）
A．力是物体对物体的作用
B．力只能改变物体运动的方向和快慢
C．力的大小、方向和单位称为力的三要素
D．施力物体同时也是受力物体，所以一个物体也能产生力
3．过春节时贴年画是我国的传统习俗。在竖直墙壁上贴长方形年画时可利用重垂线来检查年画是否贴正。如图所示的年画的长边与重垂线不平行，为了把年画贴正，则下列操作方法中正确的是（　　）
A．换用线更长的重垂线
B．调整年画，使年画的长边与重垂线平行
C．调整重垂线，使重垂线与年画的长边平行
D．上下移动年画的位置
4．“秤砣虽小压千斤”，杆秤是中国最古老的称量工具，是我国的“国粹”之一。如图甲所示，当不挂秤砣时，在O点提起提纽，杆秤水平平衡。用秤钩悬挂100g物体、秤砣移到B点时，杆秤再次水平平衡，如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲图中A点为杠杆的支点
B．若OB=5OA，则“秤砣”的质量为20g
C．若秤钩再加挂20g物体，秤砣向左移动可使杆秤再次平衡
D．如果“秤砣”磨损，则测量值比真实值偏小
5．看足球比赛的某同学突发奇想，如果在空中飞行的足球所受一切外力突然消失，关于足球的运动情况，下列判断正确的是（　　）
A．做匀速直线运动 B．停在空中静止不动
C．飞行路径不受影响 D．竖直下落
6．小明在设计乘坐高铁从贵阳到兴义的研学旅行方案时，查询到的车次信息如图所示，若他希望乘坐高铁的时间最短，应选择的车次是（　　）
A．G9951 B．G9967 C．G4995 D．G9958
7．如图所示。一个木箱放在水平地面上，小军用一个水平向右的力推木箱，但未推动。下列说法正确的是（　　）
A．推力等于木箱所受的摩擦力
B．推木箱时，小军不受到木箱的作用力
C．木箱受到的重力和地面的支持力是一对相互作用力
D．若此时木箱所受的外力同时消失，木箱惯性将消失，它将做匀速直线运动
8．通过理想斜面实验推翻“力是维持物体运动的原因”这一错误观点，并为牛顿第一定律奠定基础的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．伽利略 C．阿基米德 D．亚里士多德
9．骨骼、肌肉和关节构成了人体的运动系统。尽管人体的各种运动相当复杂，但最基本的运动都是由肌肉牵引骨骼绕关节转动产生的，其模型就是杠杆，下列对于踮脚过程的杠杆模型建立正确的是（　　）
A． B．
C． D．
10．如图所示，在“阻力对物体运动的影响”实验中，下列说法正确的是（　　）
A．小车在棉布表面上运动的过程中处于平衡状态
B．小车最终停下来说明物体的运动需要力来维持
C．小车要从斜面上的同一位置由静止滑下
D．小车能在水平面运动一段距离是因为受到惯性的作用
11．现在智能手机都有这样一个功能：把手机竖着放在桌面转90度横放，手机显示画面就自动反向转动90度，保持画面正立，如图所示。这源于手机内部有一个重力感应器，手机用它来判定方向。在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，下列分析正确的是（　　）
A．感应器会检测到重力的大小发生了变化
B．感应器会检测到重力的方向发生了变化
C．感应器会检测到重力作用点发生了变化
D．手机的重心位置不变，但重心高度会变
12．下列说法，正确的是（　　）
A．跳高运动员起跳前要助跑，是利用惯性
B．子弹离开枪膛后能够继续向前飞行，是因为子弹的惯性比受到的阻力大
C．用力推车，小车由静止变为运动，说明力可以改变物体运动状态
D．牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理而概括出来的
13． 小明在网上买了一盒橡皮，使用时发现擦不干净字，经过查阅资料，发现是因为劣质橡皮质地较硬，使用时易打滑。由此可知，当其他因素一定时，物体接触面越光滑，摩擦力越　 　；小明把橡皮按在纸张上，使劲用力，终于把字迹擦干净了，这是通过　 　的方式来增大摩擦力。
14．如图所示，旗杆顶端的机械是一个　 　滑轮，升旗时使用这种滑轮的目的是改变力的　 　。
15．如图记录了甲、乙两辆汽车在平直公路上向东行驶时，在相同的时间内通过的路程情况。甲车的运动是　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动；乙车在0~30s之间的平均速度是　 　m/s。
16．如图所示，建筑工人利用悬挂铅锤的细线来确定墙壁是否竖直，这是因为重力的方向是　 　的。当物体静止时，弹簧测力计的示数如图所示。则该物体受到的重力是　 　N。
17．如图所示，这是搬运砖头的独轮车，使用时可视为　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆。若独轮车和砖头的总重G为1000N，要将扶手抬起，则人施加的竖直向上的力F的大小至少为　 　 N。
18．如图甲所示，张华用水平推力F推置于水平地面上的木箱，在此过程中，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，木箱运动速度v的大小随时间t变化的情况如图丙所示，则1~3s木箱做　 　运动，1~3s木箱所受的滑动摩擦力是　 　N。
19．按要求完成下列作图；
（1）如图所示，一个三角形物体静止在斜面顶端，画出三角形物体的重力，斜面对三角形物体的摩擦力、支持力的示意图。
（2）请在图中画出人拉重物上升，最省力的绕线方法。
（3）如图所示，O为杠杆支点，在B处挂一个小球，AO=OB=BC，为使杠杆在水平位置平衡，画出施加在杠杆上的最小动力F1的力臂L1，标出F1的方向，并画出阻力F2。
20．小梦用如图所示的装置研究定滑轮和动滑轮的特点。
次数 钩码的重力G/N 钩码提升的高度h/m 拉力F/N 弹簧测力计移动的距离s/m
1 1 0.2 1 0.2
2 2 0.2 2 0.2
3 1 0.2 0.6 0.4
4 2 0.2 1.1 0.4
（1）实验中需要用到的测量工具是弹簧测力计和　 　；
（2）实验中应沿竖直方向　 　拉动弹簧测力计，使钩码上升；
（3）比较1和2两次实验可知：使用定滑轮的好处是：　 　；
（4）在提升重物的过程中，若要兼顾定滑轮和动滑轮的特点，则应使用　 　；
（5）依据杠杆平衡条件，使用动滑轮提升物体所用的力应是直接提升物体所用力的一半，但分析3和4两次实验数据却不完全符合这样的关系，造成这种现象的主要原因是　 　。
21．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向　 　（选填“左”或“右”）侧调节；杠杆在水平位置平衡，这样做可以直接从杠杆上读出力臂的大小，还能避免　 　对实验结果的影响；
（2）如图乙所示，此时在A点挂两个钩码（每个钩码的重力均为0.5N），在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为　 　N；根据实验数据，得到如下结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，这个结论与杠杆的平衡条件不相符，原因是实验过程中没有　 　（选填序号）；
A. 改变力的大小 B. 改变力的方向 C. 改变力的作用点
（3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
22．图是小宇“探究摩擦力大小与什么因素有关“的实验操作过程，铁块和木块的大小形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙。
（1）实验中必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做　 　运动，这样便于测量滑动摩擦力的大小；
（2）比较　 　两图可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）乙丙两图中，木块和铁块叠放在一起的目的是使　 　相同，物体所受到的滑动摩擦力大小关系是f乙　 　f丙；（选填“＜”、“>”或“=”）
（4）如图丁中，是小宇对于该实验的改进方法，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0N，测力计B的示数为2.5N，若增大拉力，当A的示数为4.8N时，B的示数为　 　N，此时木块对长木板的摩擦力方向是水平向　 　；
（5）实验时，小宇先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉动物体在水平放置的长木板上做匀速直线运动，则测出的摩擦力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）实际摩擦力。
23．为探究二力平衡的条件，同学们进行了如下实验：
（1）肖明向图1中的左盘和右盘同时加入一个质量相等的砝码，此时木块两边受到的拉力　 　（选填“相等”或“不相等”），木块处于静止状态。当他把左盘中砝码换成一个质量更大的砝码时，木块仍处于静止状态，出现这种现象的原因是　 　；
（2）李亮对肖明的实验进行了改进，利用如图2所示的装置继续实验。往两盘中加入质量相等的砝码，将小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，小车将　 　（选填“运动”或“静止”）。进行这个操作是为了探究　 　；
（3）李老师看完他们的实验后，对他们表示了赞扬，并让他们尝试用轻质硬纸片代替小车，用如图甲中的装置进行实验。请你写出图甲中的装置的两个优点：①　 　；②　 　；
（4）在轻质硬纸片两端细线上挂上相同的钩码，如图乙所示，此时硬纸片　 　（选填“能”或“不能”）平衡。
24．如图是某款植保无人机，其质量为，药箱最多可装体积为，质量为的农药，取，求：
（1）农药的密度；
（2）满载的无人机悬停时所受的升力。
25．如图所示，在新农村改造时，质量为70kg的工人用滑轮组吊起质量为40kg的建筑材料，在10s内将该建筑材料匀速竖直提升了2m。不计绳重和摩擦，工人所用的拉力为250N。（g取10N/kg）
（1）求建筑材料的重力；
（2）求绳子末端移动的速度；
（3）请通过计算说明，该工人用此滑轮组能否拉起重为1400N的建筑材料。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 动车行驶过程中，说动车司机是静止的，则它相对所选的参照物的位置保持不变。
A．动车司机相对于云朵的位置是不断变化的，故A不符合题意；
B．动车司机相对于地面的位置是不断变化的，故B不符合题意；
C．动车司机相对于房屋的位置是不断变化的，故C不符合题意；
D．司机与座椅一起运动，他们之间的相对位置没有发生变化，故D符合题意。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变。
2．【答案】A
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】A．根据力的定义可知，力是物体对物体的作用，故A正确；
B．根据力的作用效果可知，力不仅能改变物体运动的方向和快慢，还能使物体发生形变，故B错误；
C．力的三要素是指力的大小、方向和作用点，故C错误；
D．力是物体对物体的作用，则一个力肯定涉及两个物体，即施力物体和受力物体，故D错误。
故选A。
【分析】A.．根据力的定义判断；
B.根据力的作用效果判断；
C.根据力的三要素的知识判断；
D.一个力肯定涉及两个物体。
3．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】重力方向总是竖直向下的，当画框的长边和重垂线平行时，画框是竖直的，所以为了把年画贴正，应调整年画，使年画的长边与重垂线平行，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】重力方向总是竖直向下的，当画框的长边和重垂线平行时，画框是竖直的。
4．【答案】B
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．根据甲图可知，当杆秤转动时，它围绕O点转动，则O点为杠杆的支点，故A错误；
B．若OB=5OA，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
；
；
；
解得：，故B正确；
C．若秤钩再加挂20g物体，则阻力增大，此时阻力臂和动力（秤砣）保持不变，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，此时要增大动力臂，即秤砣向右移动可使杆秤再次平衡，故C错误；
D．如果“秤砣”磨损，那么秤砣的质量减小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂OB变大，即测量结果将偏大，故D错误。
故选B。
【分析】A.杠杆转动时保持不动的点为支点；
B.根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
C.秤钩再加挂20g物体，则阻力增大，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂的长度变化即可；
D.如果“秤砣”磨损，那么秤砣的质量减小，根据杠杆平衡条件分析解答。
5．【答案】A
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变．因为足球原来是运动状态，当外力突然消失，足球仍然保持原来的运动状态，所以足球将做保持原来的速度作匀速直线运动．
故选A．
【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．
6．【答案】A
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】根据表格数据可知，G9951车次的运行时间为2小时1分，G9967车次的运行时间为2小时3分，G4995车次的运行时间为2小时16分，G9958车次的运行时间为2小时19分，则时间最短的是G9951车次。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据表格数据确定四列高铁行驶时间大小即可。
7．【答案】A
【知识点】力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．推木箱的力水平向右，木箱未推动，处于平衡状态，受到的推力与摩擦力是一对平衡力，推力等于摩擦力，故A正确；
B．物体间力的作用是相互的，推木箱时，人对箱子有力，人也受到木箱的作用力，故B错误；
C．木箱静止，受到的重力和地面对木箱的支持力，在同一个物体上，不是相互作用力，故C错误；
D．惯性是物体的属性，木箱未被推动，处于静止，若外力同时消失，由于惯性，木箱将保持原来的静止状态，故D错误。
故选A。
【分析】静止的物体受到平衡力，物体间力的作用是相互的，一切物体都具有惯性，静止的物体继续保持静止状态。
8．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；科学家及其贡献
【解析】【解答】A. 帕斯卡用水桶实验证明了液体压强与液体的深度有关，故A不符合题意；
B. 伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B符合题意；
C. 阿基米德发现了著名的阿基米德原理和杠杆原理，故C不符合题意；
D. 亚里斯多德认为物体的运动需要力来维持，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据有关的科学发展史分析判断。
9．【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】根据题目描述可知，踮脚过程中，脚尖为支点，小腿肌肉的拉力为动力，方向向上；人体重力为阻力，方向向下，故ABC错误，故D正确。
故选D。
【分析】当杠杆转动时，围绕不动的点为支点。使杠杆转动的力为动力，阻碍杠杆转动的力为阻力，据此分析判断。
10．【答案】C
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；阻力对物体运动影响的探究实验；平衡状态的判断
【解析】【解答】AB．小车在下滑后，运动的过程中，速度逐渐减小，最后停止，受到的合力不为0，处于非平衡状态，是力在改变物体的运动状态，故AB错误；
C．小车要从斜面上的同一位置由静止滑下，可使小车到达水平面的速度相同，故C正确；
D．小车具有惯性，运动的小车能在水平面运动一段距离，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选C。
【分析】下滑的小车加速运动，水平面上向前运动的小车减速，受到非平衡力；惯性是物体继续保持原来状态的性质。
11．【答案】C,D
【知识点】重力及其大小的计算；重心；重力的方向
【解析】【解答】A． 在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中， 手机的质量保持不变，根据G=mg可知，手机的重力大小几乎不变，故A错误；
B．在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，手机重力的方向始终是竖直向下的，即方向不变，故B错误；
CD．手机的重力作用在它上面的作用点叫重心，它的重心的位置保持不变。但是在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，重心的高度变低，即重力的作用点位置变低，故CD正确。
故选CD。
【分析】A.根据G=mg分析手机重力的变化；
B.根据重力方向的知识判断；
CD.当物体的形状不变时，重心的位置保持不变。
12．【答案】A,C,D
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】A．运动员跳远时提前助跑，是利用了惯性，要保持物体原来的运动状态，A符合题意．
B．子弹离开枪膛后继续飞行，是因为子弹具有惯性，而不能说受到惯性的作用，B不符合题意；
C．用力推车，有力作用在车上 ，车由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态．C符合题意；
D．牛顿第一定律是概括了伽利略等人的研究成果，在大量经验事实的基础上，通过推理而抽象概括出来的，运用的是科学推理法．不能用实验来直接证明．D符合题意．
故答案为：ACD
【分析】力改变物体的运动状态，惯性维持物体的运动状态，牛顿第一定律是实验加推理而来的。
13．【答案】小；增大压力
【知识点】摩擦力的大小；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）劣质橡皮质地较硬，即接触面粗糙程度较小，使用时易打滑，即滑动摩擦力较小，由此可知，当其他条件一定时，物体接触面越光滑，摩擦力越小；
（2）小明把橡皮按在纸张上，使劲用力，增大了橡皮对纸的压力，终于把字迹擦干净了，说明摩擦力增大了，这是通过增大压大
的方式来增大摩擦力。
【分析】(1)根据影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度；压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大；
(2)增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；再根据题意用力就擦干净了，可知，它是采用增大压力的方法来增大摩擦力的。
14．【答案】定；方向
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据生活经验可知，当拉动绳子升起国旗时，旗杆顶端的滑轮固定不动，所以是定滑轮。
（2）升旗时，向下拉绳子，国旗向上运动，就是利用定滑轮改变力的方向这一特点。
【分析】（1）跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮，不随物体一起移动的滑轮为定滑轮；
（2）定滑轮的特点：不省力不费力，只能改变力的方向。
15．【答案】匀速；25
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，相邻两个图片之间的距离相等，即甲车在相等时间内通过的路程相等，根据公式可知，甲车做匀速直线运动。
（2）根据乙图可知，在0~30s之内乙车通过的路程是750m，则乙车的平均速度
。
【分析】（1）根据图片确定甲车在相同时间内通过距离大小，根据公式判断甲车的速度变化即可；
（2）根据乙图确定乙车在30s内同通过的路程，然后根据公式计算平均速度。
16．【答案】竖直向下；1.8
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 建筑工人利用悬挂重物的细线来确定墙壁是否竖直，是利用了重力的方向总是竖直向下的；
弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为1.8N。
故答案为：竖直向下；1.8。
【分析】 由于重力的方向总是向下的，故建筑工人利用悬挂重物的细线来确定墙壁是否竖直，当重锤静止时，用平衡力的知识分析受力情况；
根据弹簧测力计的分度值和指针所指的位置进行读数。
17．【答案】省力；300
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）独轮车在使用过程中，车轮相当于支点，货物的重力相当于阻力，作用在重心上；动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
解得：。
则人施加的竖直向上的力F的大小至少为300N。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂大小，从而确定杠杆的分类；
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
18．【答案】变速；200
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据图丙可知，1~3s内图像是倾斜的直线，则木箱的速度逐渐增大，因此木箱做变速直线运动。
（2）根据图丙可知，3~5s木箱做匀速直线运动，根据平衡力的知识可知，此时推力和滑动摩擦力大小相等。根据乙图可知，3~5s推力，因此3~5s内木箱受到的滑动摩擦力；
在1~3s内，木箱对地面的压力和接触面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力大小不变，仍为。
【分析】（1）根据图丙确定1~3s内木箱的运动状态；
（2）根据丙图确定木箱的匀速直线运动状态，利用平衡力的知识计算它受到的滑动摩擦力。在1~3s内，木箱做加速运动，根据影响滑动摩擦力大小的因素的知识确定此时木箱受到摩擦力的变化。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的示意图；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体所受重力作用在重心上，且方向始终竖直向下。由于重力作用，所以物体在斜面上有沿斜面向下运动的趋势，而摩擦力的方向与相对运动的方向相反，故受到的摩擦力沿斜面向上。斜面对物体的支持力垂直于斜面向上，二者都作用在物体的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，人在上面，则自由端拉力的方向竖直向上。据此推测，绳头应该接在动滑轮上，然后按照从下倒上，从内到外的顺序依次缠绕即可，如下图所示：
（3）根据图片可知，支点为O，则最长的力臂是OC。通过C点作OC的垂线，然后在向上的方向上标上箭头即可，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据题意确定绳子自由端的拉力方向，并判断绳头的位置，最后依次完成缠绕即可；
（3）当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。
（1）三角形物体所受重力的方向始终竖直向下，且作用在重心上，形状规则物体的重心在物体几何中心上；
物体在斜面上有沿斜面向下运动的趋势，故受到的摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上，两个力等效作用在重心上，故作图如下
（2）要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起如图所示
（3）杠杆平衡时，动力F1要最小，F1的力臂应最大，即CO为动力臂，力F1作用点在C点，方向竖直向上，阻力即为小球对杠杆的拉力F2，方向竖直向下，如图所示：
20．【答案】（1）刻度尺
（2）匀速
（3）可以改变力的方向
（4）滑轮组
（5）动滑轮有重力
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据实验过程可知，还需要测量钩码提升的高度和自由端移动的距离，故还需要测量长度的工具刻度尺。
（2）当沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，钩码处于平衡状态，那么此时测力计示数等于拉力大小。
（3）直接提升钩码时，拉力等于钩码重力，方向向上。使用定滑轮提升重物的过程中，拉力还等于钩码的重力，但是拉力方向向下。比较可知，使用定滑轮的作用是：可以改变力的方向。
（4）动滑轮可以省力，定滑轮可以改变拉力方向，如果要兼顾二者的优点，那么应该使用滑轮组。
（5）根据丙图可知，在提起钩码的同时也会提升动滑轮。动滑轮承重绳子的股数n=2，所以绳端拉力，所以拉力大于物体重力的一半。
【分析】（1）根据实验过程要测量的物理量选择测量工具；
（2）根据平衡力的知识分析；
（3）将甲图中拉力方向和乙图中拉力方向进行比较即可；
（4）滑轮组有定滑轮和动滑轮组成，兼有二者的优点；
（5）根据使用动滑轮时分析解答。
（1）除了测量力以外，还需要测量钩码提升的高度和自由端移动的距离，故还需要测量长度的工具刻度尺。
（2）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
（3）由表中1和2两次实验数据可知，使用定滑轮不省力，但是改变了拉力的方向，故使用定滑轮可以改变力的方向。
（4）定滑轮不省力，也不省距离，但可以改变力的方向；动滑轮省力，但费距离，不能改变力的方向；滑轮组既能省力，又能改变力的方向，故在提升重物的过程中，若要兼顾定滑轮和动滑轮的特点，则应使用滑轮组。
（5）由于动滑轮有重力，且动滑轮承重绳子的股数n=2，所以绳端拉力，所以拉力大于物体重力的一半。
21．【答案】（1）是；右；杠杆重力
（2）1.5；B
（3）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①如图甲所示，实验前，杠杆保持静止状态，则此时杠杆是平衡状态。
②根据甲图可知，杠杆的右端上翘，则右端较轻，那么杠杆平衡螺母的应将平衡螺母向右移动。
③杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心在支点正上方，即杠杆自身的重力作用线通过支点，能避免杠杆的重力对实验结果的影响。
（2）①根据乙图可知，左边两个钩码挂在距离支点3格处，右边测力计的拉力作用在距离支点2格处，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：2×0.5N×3L=FB×2L；
解得：；
②根据丙图可知，弹簧测力计的拉力沿斜向下方向拉，此时支点到动力作用点的距离不等于动力臂，而支点到阻力作用点的距离等于阻力臂，实验得到：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离的原因是实验过程中没有改变力的方向，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）如图丙所示，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，B点拉力的力臂会变小，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在此过程中拉力F变大。
【分析】（1）①杠杆平衡状态有杠杆静止与匀速转动。
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③注意分析此时杠杆的重力是否会影响杠杆的平衡即可。
（2）①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可；
②当拉力方向竖直向下时，拉力作用点到支点的距离恰好等于动力臂，而拉力方向改变时，拉力作用点到支点的距离就不再等于动力臂，据此分析解答。
（3）注意分析拉力的力臂的变化，再根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
（1）[1]杠杆平衡状态有杠杆静止与匀速转动。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆是平衡状态。
[2]杠杆左端下沉，根据杠杆平衡螺母的调节原则“左低右调”得，若要使其水平平衡，应将平衡螺母向右移动。
[3] 杠杆在水平位置平衡时，杠杆自身的重力作用线通过支点，能避免杠杆的重力对实验结果的影响。
（2）[1]弹簧测力计的示数为
[2]杠杆的平衡条件为
图中动力与阻力均与杠杆垂直，此时支点到动力作用点的距离等于动力臂、支点到阻力作用点的距离等于阻力臂，实验得到：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离的原因是实验过程中没有改变力的方向，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，B点拉力的力臂会变小，作用在A点的力与对应力臂的乘积不变，由杠杆平衡条件得，在此过程中拉力F变大。
22．【答案】匀速直线；甲、乙；压力；<；2.5；左；小于
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解析】（1） 实验采用弹簧测力计水平匀速拉动木块的方法，通过二力平衡原理（拉力与摩擦力平衡）间接测量滑动摩擦力大小。（2） 对比甲、乙两图（接触面粗糙程度相同，压力不同）可得出结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3） 乙、丙实验通过叠放木块和铁块控制压力相同，测力计数据显示，说明接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）丁图中：测力计B示数2.5N反映木板对B的静摩擦力（二力平衡）； 增大拉力至A示数4.8N时，B示数保持2.5N（滑动摩擦力不变）
木块对木板的摩擦力方向水平向左（作用力与反作用力）
（5）竖直调零的测力计水平使用时：竖直调零时挂钩重力使零点上移（远离拉环）；水平测量时未计入挂钩重力，导致读数偏小；
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4、从实验操作方面考虑，丁图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
23．【答案】（1）相等；桌面与木块之间有摩擦力
（2）运动；不在同一直线上的两个力是否平衡
（3）可忽略硬纸片重力对实验的影响；可以减小摩擦力对实验的影响
（4）能
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）左盘和右盘中砝码的质量相等，故木块两边所受的拉力相等。
木块处于静止状态，受平衡力作用；木块左端受力大，所以物体有向左运动的趋势，受到了桌面对木块的摩擦力。
（2）用手将小车扭转一个角度，松手后小车会发生转动（运动），设计这个步骤的目的是为了探究不在同一直线上的两个力是否平衡。
（3）硬纸片的重力远小于硬纸片受到的拉力，可以忽略硬纸片重力对实验的影响；用轻质硬纸片代替小车，对水平桌面压力减小，可以减小摩擦力对实验的影响。
（4）硬纸片在同一方向上的力大小相等、方向相反、作用同一直线、同一物体上，所以硬纸片能平衡。
【分析】1、探究二力平衡试验仪器，砝码、纸片、铁支架，选择卡片可以不考虑物体重力，不选择木块是可以减少摩擦力的影响，避免影响两侧砝码质量不同，带来错误结论。
2、实验步骤： 在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个力方向 相反，调整砝码数量改变拉力大小， 为了探究平衡力是否在同一直线上，进行如下操作：当小卡片平衡后，小华将卡片 旋转 为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡 ，将卡片 一剪为二。
3、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）[1]由于左盘和右盘中砝码的质量相等，砝码的重力相等，故木块两边所受的拉力相等。
[2]肖明再把左盘中的砝码换成一个质量更大的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，所以木块还受平衡力作用；此时木块有向左运动的趋势，桌面对木块有向右的摩擦力，向左的拉力、向右的摩擦力与向右的拉力这三个力平衡。
（2）[1][2]用手将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，松手后小车不能平衡，小车会发生转动（运动），设计这个步骤的目的是为了探究不在同一直线上的两个力是否平衡。
（3）[1][2]由于硬纸片的质量很小，重力远小于硬纸片受到的拉力，所以选用轻质硬纸片目的是忽略硬纸片重力对实验的影响；将木块放在水平桌面上，木块和水平桌面间就会产生较大的摩擦力，就会影响实验效果，而用轻质硬纸片代替小车，可以减小摩擦力对实验的影响。
（4）如图乙所示，硬纸片在同一方向上满足二力平衡条件，大小相等、方向相反、作用同一直线、同一物体上，所以硬纸片能平衡。
24．【答案】解：（1）根据题意可知，农药的质量为22kg时，体积为
则 农药的密度。
答：农药的密度为。
（2）满载的无人机悬停时，它受到的竖直向上的升力和竖直向下的重力是平衡力，
根据平衡力的知识可知，升力等于重力，
即
答：满载的无人机悬停时所受的升力为400N。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】（1）已知质量和体积，根据公式计算农药的密度；
（2）对无人机进行受力分析，根据平衡力的知识计算它受到的升力。
25．【答案】（1）解：箱子的质量为40kg，故箱子的重力为G=mg=40kg×10N/kg=400N。
答：物体的重力为400N。
（2）简介：动滑轮上承担物重的绳子段数n=2，绳子末端移动的距离s=nh=2×2m=4m
绳子末端移动的速度。
答：绳子末端移动的速度为0.4m/s。
（3）解：根据可知，动滑轮的重力为：G动=nF-G=2×250N-400N=100N；
工人的质量为70kg，故工人的重力为G人=m人g=70kg×10N/kg=700N，绳子自由端受到最大拉力为人的重力，即F'=G人=700N，
根据可知，工人能拉起的最大物重为：G'=nF'-G动=2×700N-100N=1300N＜1400N，故该工人用此装置不能拉起重为1400N的物体。
答：该工人用此装置不能拉起重为1400N的物体。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出物体的重力；
（2）绳子移动的距离是物体移动距离的2倍，根据速度公式求出绳子末端移动的速度；（3）根据求出动滑轮的重力；根据G=mg求出人的重力，绳子自由端受到最大拉力为人的重力，即F'=G人，利用求出工人能拉起的最大物重。
（1）建筑材料的重力G物=m物g=40kg×10N/kg=400N
（2）动滑轮上承担物重的绳子段数n=2，绳子末端移动的距离s=nh=2×2m=4m
绳子末端移动的速度
（3）动滑轮的重力G动=nF-G物=2×250N-400N=100N
工人的重力G人=m人g=70kg×10N/kg=700N
绳子末端受到的最大拉力为人的重力，即F'=G人=700N
工人能拉起的最大物重G物'=nF'-G动=2×700N-100N=1300N<1400N
故不能拉起重为1400N的建筑材料。
1 / 1广西凭祥市高级中学2025-2026学年八年级下学期期中教学质量检测 物理试卷
1．2025年10月，CR450动车组在宜昌至汉川之间已经跑出了动车组单列时速453公里最新世界纪录（如图）。动车行驶过程中，说动车司机是静止的，所选的参照物是（　　）
A．云朵 B．地面 C．房屋 D．座椅
【答案】D
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 动车行驶过程中，说动车司机是静止的，则它相对所选的参照物的位置保持不变。
A．动车司机相对于云朵的位置是不断变化的，故A不符合题意；
B．动车司机相对于地面的位置是不断变化的，故B不符合题意；
C．动车司机相对于房屋的位置是不断变化的，故C不符合题意；
D．司机与座椅一起运动，他们之间的相对位置没有发生变化，故D符合题意。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；如果物体是运动的，那么它相对参照物的位置发生改变。
2．下列关于力的说法正确的是（　　）
A．力是物体对物体的作用
B．力只能改变物体运动的方向和快慢
C．力的大小、方向和单位称为力的三要素
D．施力物体同时也是受力物体，所以一个物体也能产生力
【答案】A
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】A．根据力的定义可知，力是物体对物体的作用，故A正确；
B．根据力的作用效果可知，力不仅能改变物体运动的方向和快慢，还能使物体发生形变，故B错误；
C．力的三要素是指力的大小、方向和作用点，故C错误；
D．力是物体对物体的作用，则一个力肯定涉及两个物体，即施力物体和受力物体，故D错误。
故选A。
【分析】A.．根据力的定义判断；
B.根据力的作用效果判断；
C.根据力的三要素的知识判断；
D.一个力肯定涉及两个物体。
3．过春节时贴年画是我国的传统习俗。在竖直墙壁上贴长方形年画时可利用重垂线来检查年画是否贴正。如图所示的年画的长边与重垂线不平行，为了把年画贴正，则下列操作方法中正确的是（　　）
A．换用线更长的重垂线
B．调整年画，使年画的长边与重垂线平行
C．调整重垂线，使重垂线与年画的长边平行
D．上下移动年画的位置
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】重力方向总是竖直向下的，当画框的长边和重垂线平行时，画框是竖直的，所以为了把年画贴正，应调整年画，使年画的长边与重垂线平行，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】重力方向总是竖直向下的，当画框的长边和重垂线平行时，画框是竖直的。
4．“秤砣虽小压千斤”，杆秤是中国最古老的称量工具，是我国的“国粹”之一。如图甲所示，当不挂秤砣时，在O点提起提纽，杆秤水平平衡。用秤钩悬挂100g物体、秤砣移到B点时，杆秤再次水平平衡，如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲图中A点为杠杆的支点
B．若OB=5OA，则“秤砣”的质量为20g
C．若秤钩再加挂20g物体，秤砣向左移动可使杆秤再次平衡
D．如果“秤砣”磨损，则测量值比真实值偏小
【答案】B
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】A．根据甲图可知，当杆秤转动时，它围绕O点转动，则O点为杠杆的支点，故A错误；
B．若OB=5OA，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
；
；
；
解得：，故B正确；
C．若秤钩再加挂20g物体，则阻力增大，此时阻力臂和动力（秤砣）保持不变，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，此时要增大动力臂，即秤砣向右移动可使杆秤再次平衡，故C错误；
D．如果“秤砣”磨损，那么秤砣的质量减小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂OB变大，即测量结果将偏大，故D错误。
故选B。
【分析】A.杠杆转动时保持不动的点为支点；
B.根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
C.秤钩再加挂20g物体，则阻力增大，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂的长度变化即可；
D.如果“秤砣”磨损，那么秤砣的质量减小，根据杠杆平衡条件分析解答。
5．看足球比赛的某同学突发奇想，如果在空中飞行的足球所受一切外力突然消失，关于足球的运动情况，下列判断正确的是（　　）
A．做匀速直线运动 B．停在空中静止不动
C．飞行路径不受影响 D．竖直下落
【答案】A
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变．因为足球原来是运动状态，当外力突然消失，足球仍然保持原来的运动状态，所以足球将做保持原来的速度作匀速直线运动．
故选A．
【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．
6．小明在设计乘坐高铁从贵阳到兴义的研学旅行方案时，查询到的车次信息如图所示，若他希望乘坐高铁的时间最短，应选择的车次是（　　）
A．G9951 B．G9967 C．G4995 D．G9958
【答案】A
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】根据表格数据可知，G9951车次的运行时间为2小时1分，G9967车次的运行时间为2小时3分，G4995车次的运行时间为2小时16分，G9958车次的运行时间为2小时19分，则时间最短的是G9951车次。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据表格数据确定四列高铁行驶时间大小即可。
7．如图所示。一个木箱放在水平地面上，小军用一个水平向右的力推木箱，但未推动。下列说法正确的是（　　）
A．推力等于木箱所受的摩擦力
B．推木箱时，小军不受到木箱的作用力
C．木箱受到的重力和地面的支持力是一对相互作用力
D．若此时木箱所受的外力同时消失，木箱惯性将消失，它将做匀速直线运动
【答案】A
【知识点】力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．推木箱的力水平向右，木箱未推动，处于平衡状态，受到的推力与摩擦力是一对平衡力，推力等于摩擦力，故A正确；
B．物体间力的作用是相互的，推木箱时，人对箱子有力，人也受到木箱的作用力，故B错误；
C．木箱静止，受到的重力和地面对木箱的支持力，在同一个物体上，不是相互作用力，故C错误；
D．惯性是物体的属性，木箱未被推动，处于静止，若外力同时消失，由于惯性，木箱将保持原来的静止状态，故D错误。
故选A。
【分析】静止的物体受到平衡力，物体间力的作用是相互的，一切物体都具有惯性，静止的物体继续保持静止状态。
8．通过理想斜面实验推翻“力是维持物体运动的原因”这一错误观点，并为牛顿第一定律奠定基础的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．伽利略 C．阿基米德 D．亚里士多德
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；科学家及其贡献
【解析】【解答】A. 帕斯卡用水桶实验证明了液体压强与液体的深度有关，故A不符合题意；
B. 伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B符合题意；
C. 阿基米德发现了著名的阿基米德原理和杠杆原理，故C不符合题意；
D. 亚里斯多德认为物体的运动需要力来维持，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据有关的科学发展史分析判断。
9．骨骼、肌肉和关节构成了人体的运动系统。尽管人体的各种运动相当复杂，但最基本的运动都是由肌肉牵引骨骼绕关节转动产生的，其模型就是杠杆，下列对于踮脚过程的杠杆模型建立正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】根据题目描述可知，踮脚过程中，脚尖为支点，小腿肌肉的拉力为动力，方向向上；人体重力为阻力，方向向下，故ABC错误，故D正确。
故选D。
【分析】当杠杆转动时，围绕不动的点为支点。使杠杆转动的力为动力，阻碍杠杆转动的力为阻力，据此分析判断。
10．如图所示，在“阻力对物体运动的影响”实验中，下列说法正确的是（　　）
A．小车在棉布表面上运动的过程中处于平衡状态
B．小车最终停下来说明物体的运动需要力来维持
C．小车要从斜面上的同一位置由静止滑下
D．小车能在水平面运动一段距离是因为受到惯性的作用
【答案】C
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；阻力对物体运动影响的探究实验；平衡状态的判断
【解析】【解答】AB．小车在下滑后，运动的过程中，速度逐渐减小，最后停止，受到的合力不为0，处于非平衡状态，是力在改变物体的运动状态，故AB错误；
C．小车要从斜面上的同一位置由静止滑下，可使小车到达水平面的速度相同，故C正确；
D．小车具有惯性，运动的小车能在水平面运动一段距离，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选C。
【分析】下滑的小车加速运动，水平面上向前运动的小车减速，受到非平衡力；惯性是物体继续保持原来状态的性质。
11．现在智能手机都有这样一个功能：把手机竖着放在桌面转90度横放，手机显示画面就自动反向转动90度，保持画面正立，如图所示。这源于手机内部有一个重力感应器，手机用它来判定方向。在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，下列分析正确的是（　　）
A．感应器会检测到重力的大小发生了变化
B．感应器会检测到重力的方向发生了变化
C．感应器会检测到重力作用点发生了变化
D．手机的重心位置不变，但重心高度会变
【答案】C,D
【知识点】重力及其大小的计算；重心；重力的方向
【解析】【解答】A． 在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中， 手机的质量保持不变，根据G=mg可知，手机的重力大小几乎不变，故A错误；
B．在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，手机重力的方向始终是竖直向下的，即方向不变，故B错误；
CD．手机的重力作用在它上面的作用点叫重心，它的重心的位置保持不变。但是在把手机在桌面上从竖放转为横放的过程中，重心的高度变低，即重力的作用点位置变低，故CD正确。
故选CD。
【分析】A.根据G=mg分析手机重力的变化；
B.根据重力方向的知识判断；
CD.当物体的形状不变时，重心的位置保持不变。
12．下列说法，正确的是（　　）
A．跳高运动员起跳前要助跑，是利用惯性
B．子弹离开枪膛后能够继续向前飞行，是因为子弹的惯性比受到的阻力大
C．用力推车，小车由静止变为运动，说明力可以改变物体运动状态
D．牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理而概括出来的
【答案】A,C,D
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；惯性及其现象
【解析】【解答】A．运动员跳远时提前助跑，是利用了惯性，要保持物体原来的运动状态，A符合题意．
B．子弹离开枪膛后继续飞行，是因为子弹具有惯性，而不能说受到惯性的作用，B不符合题意；
C．用力推车，有力作用在车上 ，车由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态．C符合题意；
D．牛顿第一定律是概括了伽利略等人的研究成果，在大量经验事实的基础上，通过推理而抽象概括出来的，运用的是科学推理法．不能用实验来直接证明．D符合题意．
故答案为：ACD
【分析】力改变物体的运动状态，惯性维持物体的运动状态，牛顿第一定律是实验加推理而来的。
13． 小明在网上买了一盒橡皮，使用时发现擦不干净字，经过查阅资料，发现是因为劣质橡皮质地较硬，使用时易打滑。由此可知，当其他因素一定时，物体接触面越光滑，摩擦力越　 　；小明把橡皮按在纸张上，使劲用力，终于把字迹擦干净了，这是通过　 　的方式来增大摩擦力。
【答案】小；增大压力
【知识点】摩擦力的大小；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）劣质橡皮质地较硬，即接触面粗糙程度较小，使用时易打滑，即滑动摩擦力较小，由此可知，当其他条件一定时，物体接触面越光滑，摩擦力越小；
（2）小明把橡皮按在纸张上，使劲用力，增大了橡皮对纸的压力，终于把字迹擦干净了，说明摩擦力增大了，这是通过增大压大
的方式来增大摩擦力。
【分析】(1)根据影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度；压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大；
(2)增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；再根据题意用力就擦干净了，可知，它是采用增大压力的方法来增大摩擦力的。
14．如图所示，旗杆顶端的机械是一个　 　滑轮，升旗时使用这种滑轮的目的是改变力的　 　。
【答案】定；方向
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据生活经验可知，当拉动绳子升起国旗时，旗杆顶端的滑轮固定不动，所以是定滑轮。
（2）升旗时，向下拉绳子，国旗向上运动，就是利用定滑轮改变力的方向这一特点。
【分析】（1）跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮，不随物体一起移动的滑轮为定滑轮；
（2）定滑轮的特点：不省力不费力，只能改变力的方向。
15．如图记录了甲、乙两辆汽车在平直公路上向东行驶时，在相同的时间内通过的路程情况。甲车的运动是　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动；乙车在0~30s之间的平均速度是　 　m/s。
【答案】匀速；25
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【解答】（1）根据图片可知，相邻两个图片之间的距离相等，即甲车在相等时间内通过的路程相等，根据公式可知，甲车做匀速直线运动。
（2）根据乙图可知，在0~30s之内乙车通过的路程是750m，则乙车的平均速度
。
【分析】（1）根据图片确定甲车在相同时间内通过距离大小，根据公式判断甲车的速度变化即可；
（2）根据乙图确定乙车在30s内同通过的路程，然后根据公式计算平均速度。
16．如图所示，建筑工人利用悬挂铅锤的细线来确定墙壁是否竖直，这是因为重力的方向是　 　的。当物体静止时，弹簧测力计的示数如图所示。则该物体受到的重力是　 　N。
【答案】竖直向下；1.8
【知识点】弹簧测力计及其使用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 建筑工人利用悬挂重物的细线来确定墙壁是否竖直，是利用了重力的方向总是竖直向下的；
弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为1.8N。
故答案为：竖直向下；1.8。
【分析】 由于重力的方向总是向下的，故建筑工人利用悬挂重物的细线来确定墙壁是否竖直，当重锤静止时，用平衡力的知识分析受力情况；
根据弹簧测力计的分度值和指针所指的位置进行读数。
17．如图所示，这是搬运砖头的独轮车，使用时可视为　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆。若独轮车和砖头的总重G为1000N，要将扶手抬起，则人施加的竖直向上的力F的大小至少为　 　 N。
【答案】省力；300
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）独轮车在使用过程中，车轮相当于支点，货物的重力相当于阻力，作用在重心上；动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：；
解得：。
则人施加的竖直向上的力F的大小至少为300N。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂大小，从而确定杠杆的分类；
（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
18．如图甲所示，张华用水平推力F推置于水平地面上的木箱，在此过程中，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，木箱运动速度v的大小随时间t变化的情况如图丙所示，则1~3s木箱做　 　运动，1~3s木箱所受的滑动摩擦力是　 　N。
【答案】变速；200
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据图丙可知，1~3s内图像是倾斜的直线，则木箱的速度逐渐增大，因此木箱做变速直线运动。
（2）根据图丙可知，3~5s木箱做匀速直线运动，根据平衡力的知识可知，此时推力和滑动摩擦力大小相等。根据乙图可知，3~5s推力，因此3~5s内木箱受到的滑动摩擦力；
在1~3s内，木箱对地面的压力和接触面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力大小不变，仍为。
【分析】（1）根据图丙确定1~3s内木箱的运动状态；
（2）根据丙图确定木箱的匀速直线运动状态，利用平衡力的知识计算它受到的滑动摩擦力。在1~3s内，木箱做加速运动，根据影响滑动摩擦力大小的因素的知识确定此时木箱受到摩擦力的变化。
19．按要求完成下列作图；
（1）如图所示，一个三角形物体静止在斜面顶端，画出三角形物体的重力，斜面对三角形物体的摩擦力、支持力的示意图。
（2）请在图中画出人拉重物上升，最省力的绕线方法。
（3）如图所示，O为杠杆支点，在B处挂一个小球，AO=OB=BC，为使杠杆在水平位置平衡，画出施加在杠杆上的最小动力F1的力臂L1，标出F1的方向，并画出阻力F2。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的示意图；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体所受重力作用在重心上，且方向始终竖直向下。由于重力作用，所以物体在斜面上有沿斜面向下运动的趋势，而摩擦力的方向与相对运动的方向相反，故受到的摩擦力沿斜面向上。斜面对物体的支持力垂直于斜面向上，二者都作用在物体的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，人在上面，则自由端拉力的方向竖直向上。据此推测，绳头应该接在动滑轮上，然后按照从下倒上，从内到外的顺序依次缠绕即可，如下图所示：
（3）根据图片可知，支点为O，则最长的力臂是OC。通过C点作OC的垂线，然后在向上的方向上标上箭头即可，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据题意确定绳子自由端的拉力方向，并判断绳头的位置，最后依次完成缠绕即可；
（3）当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。
（1）三角形物体所受重力的方向始终竖直向下，且作用在重心上，形状规则物体的重心在物体几何中心上；
物体在斜面上有沿斜面向下运动的趋势，故受到的摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上，两个力等效作用在重心上，故作图如下
（2）要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起如图所示
（3）杠杆平衡时，动力F1要最小，F1的力臂应最大，即CO为动力臂，力F1作用点在C点，方向竖直向上，阻力即为小球对杠杆的拉力F2，方向竖直向下，如图所示：
20．小梦用如图所示的装置研究定滑轮和动滑轮的特点。
次数 钩码的重力G/N 钩码提升的高度h/m 拉力F/N 弹簧测力计移动的距离s/m
1 1 0.2 1 0.2
2 2 0.2 2 0.2
3 1 0.2 0.6 0.4
4 2 0.2 1.1 0.4
（1）实验中需要用到的测量工具是弹簧测力计和　 　；
（2）实验中应沿竖直方向　 　拉动弹簧测力计，使钩码上升；
（3）比较1和2两次实验可知：使用定滑轮的好处是：　 　；
（4）在提升重物的过程中，若要兼顾定滑轮和动滑轮的特点，则应使用　 　；
（5）依据杠杆平衡条件，使用动滑轮提升物体所用的力应是直接提升物体所用力的一半，但分析3和4两次实验数据却不完全符合这样的关系，造成这种现象的主要原因是　 　。
【答案】（1）刻度尺
（2）匀速
（3）可以改变力的方向
（4）滑轮组
（5）动滑轮有重力
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据实验过程可知，还需要测量钩码提升的高度和自由端移动的距离，故还需要测量长度的工具刻度尺。
（2）当沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，钩码处于平衡状态，那么此时测力计示数等于拉力大小。
（3）直接提升钩码时，拉力等于钩码重力，方向向上。使用定滑轮提升重物的过程中，拉力还等于钩码的重力，但是拉力方向向下。比较可知，使用定滑轮的作用是：可以改变力的方向。
（4）动滑轮可以省力，定滑轮可以改变拉力方向，如果要兼顾二者的优点，那么应该使用滑轮组。
（5）根据丙图可知，在提起钩码的同时也会提升动滑轮。动滑轮承重绳子的股数n=2，所以绳端拉力，所以拉力大于物体重力的一半。
【分析】（1）根据实验过程要测量的物理量选择测量工具；
（2）根据平衡力的知识分析；
（3）将甲图中拉力方向和乙图中拉力方向进行比较即可；
（4）滑轮组有定滑轮和动滑轮组成，兼有二者的优点；
（5）根据使用动滑轮时分析解答。
（1）除了测量力以外，还需要测量钩码提升的高度和自由端移动的距离，故还需要测量长度的工具刻度尺。
（2）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
（3）由表中1和2两次实验数据可知，使用定滑轮不省力，但是改变了拉力的方向，故使用定滑轮可以改变力的方向。
（4）定滑轮不省力，也不省距离，但可以改变力的方向；动滑轮省力，但费距离，不能改变力的方向；滑轮组既能省力，又能改变力的方向，故在提升重物的过程中，若要兼顾定滑轮和动滑轮的特点，则应使用滑轮组。
（5）由于动滑轮有重力，且动滑轮承重绳子的股数n=2，所以绳端拉力，所以拉力大于物体重力的一半。
21．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向　 　（选填“左”或“右”）侧调节；杠杆在水平位置平衡，这样做可以直接从杠杆上读出力臂的大小，还能避免　 　对实验结果的影响；
（2）如图乙所示，此时在A点挂两个钩码（每个钩码的重力均为0.5N），在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为　 　N；根据实验数据，得到如下结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，这个结论与杠杆的平衡条件不相符，原因是实验过程中没有　 　（选填序号）；
A. 改变力的大小 B. 改变力的方向 C. 改变力的作用点
（3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）是；右；杠杆重力
（2）1.5；B
（3）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①如图甲所示，实验前，杠杆保持静止状态，则此时杠杆是平衡状态。
②根据甲图可知，杠杆的右端上翘，则右端较轻，那么杠杆平衡螺母的应将平衡螺母向右移动。
③杠杆在水平位置平衡时，杠杆的重心在支点正上方，即杠杆自身的重力作用线通过支点，能避免杠杆的重力对实验结果的影响。
（2）①根据乙图可知，左边两个钩码挂在距离支点3格处，右边测力计的拉力作用在距离支点2格处，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：2×0.5N×3L=FB×2L；
解得：；
②根据丙图可知，弹簧测力计的拉力沿斜向下方向拉，此时支点到动力作用点的距离不等于动力臂，而支点到阻力作用点的距离等于阻力臂，实验得到：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离的原因是实验过程中没有改变力的方向，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）如图丙所示，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，B点拉力的力臂会变小，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在此过程中拉力F变大。
【分析】（1）①杠杆平衡状态有杠杆静止与匀速转动。
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③注意分析此时杠杆的重力是否会影响杠杆的平衡即可。
（2）①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可；
②当拉力方向竖直向下时，拉力作用点到支点的距离恰好等于动力臂，而拉力方向改变时，拉力作用点到支点的距离就不再等于动力臂，据此分析解答。
（3）注意分析拉力的力臂的变化，再根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
（1）[1]杠杆平衡状态有杠杆静止与匀速转动。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆是平衡状态。
[2]杠杆左端下沉，根据杠杆平衡螺母的调节原则“左低右调”得，若要使其水平平衡，应将平衡螺母向右移动。
[3] 杠杆在水平位置平衡时，杠杆自身的重力作用线通过支点，能避免杠杆的重力对实验结果的影响。
（2）[1]弹簧测力计的示数为
[2]杠杆的平衡条件为
图中动力与阻力均与杠杆垂直，此时支点到动力作用点的距离等于动力臂、支点到阻力作用点的距离等于阻力臂，实验得到：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离的原因是实验过程中没有改变力的方向，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，B点拉力的力臂会变小，作用在A点的力与对应力臂的乘积不变，由杠杆平衡条件得，在此过程中拉力F变大。
22．图是小宇“探究摩擦力大小与什么因素有关“的实验操作过程，铁块和木块的大小形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙。
（1）实验中必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做　 　运动，这样便于测量滑动摩擦力的大小；
（2）比较　 　两图可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）乙丙两图中，木块和铁块叠放在一起的目的是使　 　相同，物体所受到的滑动摩擦力大小关系是f乙　 　f丙；（选填“＜”、“>”或“=”）
（4）如图丁中，是小宇对于该实验的改进方法，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0N，测力计B的示数为2.5N，若增大拉力，当A的示数为4.8N时，B的示数为　 　N，此时木块对长木板的摩擦力方向是水平向　 　；
（5）实验时，小宇先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉动物体在水平放置的长木板上做匀速直线运动，则测出的摩擦力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）实际摩擦力。
【答案】匀速直线；甲、乙；压力；<；2.5；左；小于
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解析】（1） 实验采用弹簧测力计水平匀速拉动木块的方法，通过二力平衡原理（拉力与摩擦力平衡）间接测量滑动摩擦力大小。（2） 对比甲、乙两图（接触面粗糙程度相同，压力不同）可得出结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3） 乙、丙实验通过叠放木块和铁块控制压力相同，测力计数据显示，说明接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）丁图中：测力计B示数2.5N反映木板对B的静摩擦力（二力平衡）； 增大拉力至A示数4.8N时，B示数保持2.5N（滑动摩擦力不变）
木块对木板的摩擦力方向水平向左（作用力与反作用力）
（5）竖直调零的测力计水平使用时：竖直调零时挂钩重力使零点上移（远离拉环）；水平测量时未计入挂钩重力，导致读数偏小；
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同。
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
4、从实验操作方面考虑，丁图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
23．为探究二力平衡的条件，同学们进行了如下实验：
（1）肖明向图1中的左盘和右盘同时加入一个质量相等的砝码，此时木块两边受到的拉力　 　（选填“相等”或“不相等”），木块处于静止状态。当他把左盘中砝码换成一个质量更大的砝码时，木块仍处于静止状态，出现这种现象的原因是　 　；
（2）李亮对肖明的实验进行了改进，利用如图2所示的装置继续实验。往两盘中加入质量相等的砝码，将小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，小车将　 　（选填“运动”或“静止”）。进行这个操作是为了探究　 　；
（3）李老师看完他们的实验后，对他们表示了赞扬，并让他们尝试用轻质硬纸片代替小车，用如图甲中的装置进行实验。请你写出图甲中的装置的两个优点：①　 　；②　 　；
（4）在轻质硬纸片两端细线上挂上相同的钩码，如图乙所示，此时硬纸片　 　（选填“能”或“不能”）平衡。
【答案】（1）相等；桌面与木块之间有摩擦力
（2）运动；不在同一直线上的两个力是否平衡
（3）可忽略硬纸片重力对实验的影响；可以减小摩擦力对实验的影响
（4）能
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）左盘和右盘中砝码的质量相等，故木块两边所受的拉力相等。
木块处于静止状态，受平衡力作用；木块左端受力大，所以物体有向左运动的趋势，受到了桌面对木块的摩擦力。
（2）用手将小车扭转一个角度，松手后小车会发生转动（运动），设计这个步骤的目的是为了探究不在同一直线上的两个力是否平衡。
（3）硬纸片的重力远小于硬纸片受到的拉力，可以忽略硬纸片重力对实验的影响；用轻质硬纸片代替小车，对水平桌面压力减小，可以减小摩擦力对实验的影响。
（4）硬纸片在同一方向上的力大小相等、方向相反、作用同一直线、同一物体上，所以硬纸片能平衡。
【分析】1、探究二力平衡试验仪器，砝码、纸片、铁支架，选择卡片可以不考虑物体重力，不选择木块是可以减少摩擦力的影响，避免影响两侧砝码质量不同，带来错误结论。
2、实验步骤： 在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个力方向 相反，调整砝码数量改变拉力大小， 为了探究平衡力是否在同一直线上，进行如下操作：当小卡片平衡后，小华将卡片 旋转 为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡 ，将卡片 一剪为二。
3、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）[1]由于左盘和右盘中砝码的质量相等，砝码的重力相等，故木块两边所受的拉力相等。
[2]肖明再把左盘中的砝码换成一个质量更大的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，所以木块还受平衡力作用；此时木块有向左运动的趋势，桌面对木块有向右的摩擦力，向左的拉力、向右的摩擦力与向右的拉力这三个力平衡。
（2）[1][2]用手将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，松手后小车不能平衡，小车会发生转动（运动），设计这个步骤的目的是为了探究不在同一直线上的两个力是否平衡。
（3）[1][2]由于硬纸片的质量很小，重力远小于硬纸片受到的拉力，所以选用轻质硬纸片目的是忽略硬纸片重力对实验的影响；将木块放在水平桌面上，木块和水平桌面间就会产生较大的摩擦力，就会影响实验效果，而用轻质硬纸片代替小车，可以减小摩擦力对实验的影响。
（4）如图乙所示，硬纸片在同一方向上满足二力平衡条件，大小相等、方向相反、作用同一直线、同一物体上，所以硬纸片能平衡。
24．如图是某款植保无人机，其质量为，药箱最多可装体积为，质量为的农药，取，求：
（1）农药的密度；
（2）满载的无人机悬停时所受的升力。
【答案】解：（1）根据题意可知，农药的质量为22kg时，体积为
则 农药的密度。
答：农药的密度为。
（2）满载的无人机悬停时，它受到的竖直向上的升力和竖直向下的重力是平衡力，
根据平衡力的知识可知，升力等于重力，
即
答：满载的无人机悬停时所受的升力为400N。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】（1）已知质量和体积，根据公式计算农药的密度；
（2）对无人机进行受力分析，根据平衡力的知识计算它受到的升力。
25．如图所示，在新农村改造时，质量为70kg的工人用滑轮组吊起质量为40kg的建筑材料，在10s内将该建筑材料匀速竖直提升了2m。不计绳重和摩擦，工人所用的拉力为250N。（g取10N/kg）
（1）求建筑材料的重力；
（2）求绳子末端移动的速度；
（3）请通过计算说明，该工人用此滑轮组能否拉起重为1400N的建筑材料。
【答案】（1）解：箱子的质量为40kg，故箱子的重力为G=mg=40kg×10N/kg=400N。
答：物体的重力为400N。
（2）简介：动滑轮上承担物重的绳子段数n=2，绳子末端移动的距离s=nh=2×2m=4m
绳子末端移动的速度。
答：绳子末端移动的速度为0.4m/s。
（3）解：根据可知，动滑轮的重力为：G动=nF-G=2×250N-400N=100N；
工人的质量为70kg，故工人的重力为G人=m人g=70kg×10N/kg=700N，绳子自由端受到最大拉力为人的重力，即F'=G人=700N，
根据可知，工人能拉起的最大物重为：G'=nF'-G动=2×700N-100N=1300N＜1400N，故该工人用此装置不能拉起重为1400N的物体。
答：该工人用此装置不能拉起重为1400N的物体。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出物体的重力；
（2）绳子移动的距离是物体移动距离的2倍，根据速度公式求出绳子末端移动的速度；（3）根据求出动滑轮的重力；根据G=mg求出人的重力，绳子自由端受到最大拉力为人的重力，即F'=G人，利用求出工人能拉起的最大物重。
（1）建筑材料的重力G物=m物g=40kg×10N/kg=400N
（2）动滑轮上承担物重的绳子段数n=2，绳子末端移动的距离s=nh=2×2m=4m
绳子末端移动的速度
（3）动滑轮的重力G动=nF-G物=2×250N-400N=100N
工人的重力G人=m人g=70kg×10N/kg=700N
绳子末端受到的最大拉力为人的重力，即F'=G人=700N
工人能拉起的最大物重G物'=nF'-G动=2×700N-100N=1300N<1400N
故不能拉起重为1400N的建筑材料。
1 / 1

展开更多......

收起↑