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四川省成都市教育科学研究院附属实验学校2025-2026学年九年级下学期3月物理 A卷
1．在物理学习过程中，经常需要进行估测。以下估测符合实际的是（　　）
A．一名中学生的正常体温约为37℃
B．家用空调正常工作的电流约为0.1A
C．一名中学生对地面的压力约为5N
D．体育考试中所用实心球的质量约为50g
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；压力及重力与压力的区别；电流和电流的单位换算
【解析】【解答】人的腋温正常范围约为37℃，家用空调正常工作的电流约为5A，一名中学生对地面的压力（等于体重）约为500N，体育考试中所用的实心球质量约为2kg，
故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】根据对温度、电流、压力和质量的认识判断。
2．地球同步卫星绕地球运转的周期和方向与地球自转相同，在赤道上空布设3颗同步卫星，就可实现除两极外的全球通。如果你在地球同步卫星上，看下列物体是运动的是（ ）
A．地球 B．另一个同步卫星
C．地球上的树木 D．太阳
【答案】D
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】3颗地球同步卫星绕地球运动，各卫星间、和地球间没有位置变化，彼此是静止的；太阳相对地球位置不断变化，地球同步卫星与太阳间有位置改变以地球同步卫星为参照物，太阳是运动的，故D符合题意。
故选D。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的，有位置变化，是运动的。
3．《中国诗词大会》是央视首档全民参与的诗词节目，节目以“赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”为宗旨。关于节目中描写声的诗词，下列解释正确的是（　　）
A．“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”是指声音的响度没变
B．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声是由笛子的振动产生的
C．“不敢高声语，恐惊天上人”，诗句中的“高”是指声音的音调高
D．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟叫声是通过空气传入人耳的
【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”是指声音的音色没有改变，故A错误；
B．笛声是由于笛管内空气的振动产生的，故B错误；
C．“不敢高声语，恐惊天上人”，诗句中的“高”是指响度，故C错误；
D．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟叫声传入人耳是通过空气传播的，故D正确。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．为了丰富校园课余生活，活跃校园气氛，增加班级的凝聚力，提高学生体育锻炼意识，培养积极向上、勇敢拼搏的精神，2024年3月12日，成都市某中学“巅峰对决”班级足球联赛正式拉开帷幕！如图所示，比赛过程中，下列关于力与运动的说法正确的是（　　）
A．当斜向上升的足球运动到最高点时，若此时所受的外力全部消失，足球将保持静止状态
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态
C．静止在地面上的足球对地面的压力和足球所受的重力是一对相互作用力
D．踢出的足球能继续向前滚动是因为足球受到惯性力的作用
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．足球斜向上运动到最高点时，水平方向有速度，若所受外力全部消失，足球保持匀速直线运动状态，故A错误；
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向改变，是力改变物体的运动状态，故B正确；
C．足球静止在地面上，对地面的压力向下，足球的重力竖直向下，不是相互作用力，故C错误；
D．足球具有惯性，踢出的足球继续向前滚，但惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故D错误。
故选B。
【分析】力可以改变物体的运动状态；运动的物体具有惯性，继续保持原来的运动状态，不受力的物体做匀速直线运动。
5．下列哪些应用是属于增大压强的（　　）
A．针和锥子的顶端都做得很尖
B．载重汽车要用很多个轮胎
C．河堤常常要修得上窄下宽
D．用螺丝固定零件，常在螺丝下垫上一个比较宽的垫圈
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：A、针和锥子的顶端都做得很尖，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强．符合题意．
B、载重汽车要用很多个轮胎，在压力一定时，增大受力面积减小压强，不符合题意．
C、河堤常常要修得上窄下宽，是因为液体的压强随深度增加而增大．不符合题意．
D、用螺丝固定零件，常在螺丝下垫上一个比较宽的垫圈，在压力一定时，增大受力面积减小压强，不符合题意．
故选A
【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小、受力面积．（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力．（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力．
6．实验时常用胶头滴管“吸”取和滴加少量液体，下列与“吸”取液体的原理相同的是（　　）
A．排水管的U形“反水弯”
B．拔火罐
C．液体从侧壁孔喷出
D．逃生锤锤头很尖
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；液体压强的特点；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】胶头滴管吸取药液时利用了大气压；
A．水池下的U形“反水弯”底部连通，上部开口，利用了连通器原理，故A不符合题意；
B．拔火罐先用燃料在火罐内燃烧，然后扣在人体上，待冷却后，罐内形成负压，利用了大气压，故B符合题意；
C．液体从侧壁孔喷出，则液体内部向各个方向的压强，深度越深，压强越大，喷出的远近不同，故C不符合题意；
D．逃生锤锤头很尖，减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选B。
【分析】连通器的底部连通，上部开口，U形反水弯相当于连通器；拔火罐利用了大气压的作用；液体内部的压强随深度的增加而增大；压力一定时，受力面积越小，压强越大。
7．2022年11月，第十四届中国航展在珠海国际航展中心举行，我国四代机“歼20”在阳光的映衬下，身披七彩祥云，在国产大推力发动机的带动下，一会儿大角度上升，一会儿滑降，最后平稳地降落在珠海机场。下列说法正确的是（　　）
A．“歼20”飞机滑降的过程中，重力势能始终不变
B．“歼20”飞机的飞行员与飞机相对静止，所以飞行员没有动能
C．减速滑降的过程中，“歼20”飞机的动能减小
D．大角度匀速上升的过程中，“歼20”飞机的动能转化为重力势能
【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】A.飞机滑降时，高度减小，质量一定时，重力势能变小，A不符合题意；
B.“歼20”飞机的飞行员与飞机相对静止，飞机运动，飞行员在运动，具有动能，B不符合题意；
C.减速滑降的过程中，速度变小，“歼20”飞机的动能减小，C符合题意；
D.大角度匀速上升时，速度不变，动能不变，燃料燃烧的内能转化为重力势能，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度减小， 重力势能减小；运动的物体具有动能。
8．火锅是以麻、辣、鲜、香吸引众多食客的。以下说法正确的是（　　）
A．煮熟的鱼丸漂浮在汤面，其受到的浮力大于重力
B．火锅上方有大量的“白气”，是火锅中的汤发生了汽化现象
C．给火锅不断加热直至沸腾，增大火力会使汤的温度继续升高
D．锅内汤料煮沸后香气四溢说明分子在做无规则运动
【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】A．根据物体的漂浮条件可知，煮熟的鱼丸漂浮在汤面，则它受到的浮力与重力大小相等，故A错误；
B．火锅上方存在大量的水蒸气，水蒸气遇到冷空气从气态变成液态发生液化成的小水滴，这就是看到的“白气”，故B错误；
C．给沸腾的火锅增大火力，汤的温度不会继续升高，因为液体沸腾时温度保持不变，所以故C错误；
D．香气四溢属于扩散现象，本质是分子在做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据物体的漂浮条件判断；
B.物质从气态变成液态发生液化现象；
C.液体沸腾时不断吸热，但温度保持不变；
D.根据分子运动的知识判断。
9．我国研制的新款柴油机刷新了柴油机热机效率的世界纪录，为我国实现“双碳”目标添砖加瓦。如图是其发动机某个工作瞬间的示意图。下列说法正确的是（　　）
A．如图冲程是把机械能转化为内能
B．热机的效率越高，说明做功越快
C．使燃料燃烧更充分，可以提高热机的效率
D．柴油在燃烧过程中，柴油的热值在不断减小
【答案】C
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．根据图片可知，活塞向下运动，进气门和排气门关闭，则为做功冲程，把内能转化为机械能，故A错误；
B．热机的效率表示热机性能的好坏，与做功快慢无关，故B错误；
C．使燃料燃烧更充分，减少燃料的浪费，可以提高热机的效率，故C正确；
D．柴油在燃烧过程中，燃料的种类保持不变，即它的热值不变，故D错误。
故选C。
【分析】A.热机的做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能；
B.功率表示做功快慢，效率表示热机的性能；
C.根据影响热机效率因素的知识判断；
D. 燃料的热值与燃料的种类有关，与燃烧情况，消耗燃料的质量，燃烧放热的多少无关。
10．2024年9月25日，我国向太平洋公海海域发射洲际弹道导弹1枚，跨越12000公里成功落入预定海域，彰显我国军事实力．如下为模拟控制台简略图，发射中心的两名指挥官将各自的钥匙（相当于两个开关）插入发射控制台，同时旋转钥匙接通电路才能激活发射系统．下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，两名指挥官将各自的钥匙插入控制台，接通电路，才能激活发射系统，则两个开关串联，互相影响，同时闭合，控制发射系统工作，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】两人的钥匙同时接入电路中，电路才能接通，则电路是串联的。
11．某发电鞋内部安装了磁铁和线圈，人行走时鞋会发电，发的电存储于鞋内蓄电池中。如图中能反映出发电鞋工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“鞋内部的磁体和线圈相对运动，人行走时会发电”可知，“发电鞋”是利用电磁感应现象制成的。
A．当导线中有电流经过时，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B．两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引铁屑的数量多，说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故B不符合题意；
C．闭合开关后，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，与“发电鞋”的原理相同，故C符合题意；
D．闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理。故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据电流的磁效应判断；
B.根据影响电磁铁磁场强弱因素的知识判断；
C.根据电磁感应现象判断；
D.根据电动机的工作原理判断。
12．关于家庭电路和安全用电，下列符合安全用电规范的是（　　）
A．图甲：三脚插头中的L脚接地线
B．图乙：测电笔使用时要用指尖抵住笔尾金属电极
C．图丙：空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路情况造成的
D．图丁：发生此类触电时，电路中的“漏电保护器”会自动切断电路
【答案】B
【知识点】测电笔的使用；插座的构造与工作方式；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A． 图甲： 三脚插头中E是接地线的，L接火线，N接零线，故A不符合题意；
B． 图乙： 使用测电笔时，要用指尖抵住上端的金属帽，这样它才能正常工作，故B符合题意；
C． 图丙： 空气开关跳闸，可能是用电器总功率过大，也可能是家庭电路出现短路，故C不符合题意；
D． 图丁： 当人的一个手接触火线，另一支手接触零线时，电流会从人的右手边到左手边回到零线，火线和零线中的电流相等，所以漏电保护器不会自动切断电路，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据三脚插头的接线方法判断；
B.根据测电笔的使用方法判断；
C.根据家庭电路电流过大的原因判断；
D.当家庭电路中火线电流和零线电流不相等时，漏电保护器才会跳闸。
13．我国华为5G技术发展一马当先，掌握了多项核心技术。下列有关说法正确的是（　　）
A．5G基站的电磁波在空气中传播更快
B．5G设备中的发光二极管使用了超导体
C．5G技术可以直接将声信号传输到对方手机
D．5G手机主要是通过电磁波传递数字信号的
【答案】D
【知识点】超导体特点及作用；移动通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.5G和4G都属于电磁波，只是频率大小不同，但是在空气中的速度都相同，故A错误；
B.5G设备中发光二极管是由半导体材料制成的，故B错误；
C.5G技术先将声信号转化为电信号，再转换为电磁波信号进行传输，对方手机接收后再还原为声信号，故C错误；
D.5G手机主要通过电磁波来传递数字信号，故D正确。
故选D。
【分析】A.所有电磁波的速度都相同；
B.根据半导体的特点和应用判断；
C.根据5G技术传输信息的方式判断；
D.根据电磁波的特点和应用判断。
14．同学们在完成了探究“影响浮力大小的因素”实验之后，老师把一金属块挂在弹簧测力计下，浸没在水中，弹簧测力计的示数为2N（如图）。下列做法能使弹簧测力计的示数变大的是（　　）
A．金属块下移一点 B．金属块露出水面
C．往烧杯里加些盐 D．往烧杯里加点水
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】根据图片可知，弹簧测力计的示数等于金属块的重力和受到浮力的差，即F=G-F浮力。要使测力计的示数增大，就要减小金属块受到的浮力。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时要减小金属块排开水的体积或减小液体的密度。
AD．往烧杯中加水或者将金属块下移一点，金属块排开液体的体积不变，故AD不符合题意；
B．金属块露出水面后，金属块排开液体的体积减小，故B符合题意；
C．往烧杯里加些盐，液体的密度变大，故C不符合题意。
故选B。
【分析】。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到浮力大小取决于排开液体的体积和液体密度，据此分析判断。
15．实验是初中物理学习的重要途径，如图是电学中重要的实验电路图，利用此电路图可以完成多个初中电学实验。若电源电压保持不变，温度对灯丝电阻的影响不可忽略，闭合开关S，下列说法正确的是（　　）
A．若探究电流与电阻关系，定值电阻R由10Ω换成5Ω后，为完成实验，应将滑片左移
B．若要测量定值电阻R的值，可移动滑片记录多组数据，算出多个电阻值求其平均值，可以减小误差
C．若将定值电阻R换成小灯泡，可以探究电流与电压的关系
D．上述三个实验中，滑动变阻器的作用都是改变电阻两端的电压和通过的电流
【答案】B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．研究电流与电阻关系时要控制电压不变，要减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要减小滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，故A错误；
B．为减小误差，可移动滑片记录多组数据，算出多个电阻值求其平均值，故B正确；
C．灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，故C错误；
D．探究电流与电阻关系，滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端的电压不变；探究电流与电压的关系，和测量定值电阻R的阻值，滑动变阻器的作用是改变电阻两端的电压和通过的电流，故D错误。
故选B。
【分析】若探究电流与电阻关系，定值电阻R由10Ω换成5Ω后，根据分压原理，电阻两端的电压变小。探究电流与电压的关系，应控制定值电阻的阻值不变。
16．一场大雨过后，湖面光可鉴人，这是因为光在平静的水面处发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射；白鹭掠过平静的湖面向上飞行时，它在湖水中像的大小将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】镜面；不变
【知识点】镜面反射与漫反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1） 湖面光可鉴人， 即水面能够看到人的像，即此时发生平面镜成像，这是因为光在平静的水面处发生了镜面反射。
（2）白鹭掠过平静的湖面向上飞行时，它的大小保持不变，根据“物像等大”的规律可知，它在湖水中像的大小将不变。
【分析】（1）光线在光滑平整的表面发生镜面反射，在粗糙不平的表面发生漫反射；
（2）根据平面镜成像“物像等大”的规律分析。
17．我国是一个缺水的国家，因此污水净化有着极其重要的战略意义，如图是小乔同学发明的太阳能净水器。分析污水的净化原理，水滴凝结的过程发生的物态变化是　 　，该物态变化过程要　 　热量。
【答案】液化；放热
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】水滴凝结的过程，是水蒸气在温室罩上放热从气态变成液态发生液化形成的小水滴，该过程要放热。
【分析】物质从气态变成液态发生液化现象，需要向外放热。
18．书法是中华民族文化的瑰宝。如图甲手执毛笔竖直悬空静止，若手握笔杆的力增大，笔受到的摩擦力　 　（选填“增大”、“减小”、“不变”）；图乙是小明在纸上用毛笔向右匀速写出“一”字，笔运行中笔毫向左弯曲，此时笔毫所受摩擦力方向　 　。
【答案】不变；向左
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当毛笔悬空静止时，它受到的重力和静摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等。手握笔的力增大后，毛笔依然处于平衡状态，因为毛笔重力不变，所以摩擦力大小不变。
（2）向右运笔时，笔毫相对于纸向右运动，而摩擦力方向与物体相对运动方向相反，因此纸对笔毫的摩擦力方向为水平向左。
【分析】（1）对毛笔进行受力分析，根据平衡力的知识确定摩擦力和重力大小；
（2）摩擦力总是与物体相对运动的方向相反。
19．如图所示，海洋科学家驾驶“深水飞机”探索神秘海洋。深水飞机机翼是向下拱起。在下潜过程中，机翼上方的水流速度小，压强　 　，机翼上下表面形成压力差，使“飞机”迅速下潜；若海水密度不变，在下潜过程中“飞机”受到的浮力大小　 　。
【答案】大；不变
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】深水飞机机翼是向下拱起，上方平直，机翼下方海水水流流速快，海水压强小，在下潜过程中，“飞机”排开海水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，“飞机”受到的浮力大小不变。
综上 第1空、 大；第2空、不变。
【分析】1、浮力：浮力产生的原因为上下表面存在压强差，根据阿基米德远离可知浮力的大小等于排开水的重力，浮力的公式F浮=ρ液gV排，应用：通过改变自身重力改变浮力，轮船以及潜水艇；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
20．1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验。如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来。然后给导线通电，看到的现象是：通电螺线管A端指向地理的　 　方，这是由于通电螺线管受到　 　的作用力。
【答案】北；地磁场
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则螺线管A端为N极，B端为S极。根据磁极的定义可知，A端指向北方，这是由于通电螺线管受到地磁场的作用力。
【分析】首先根据安培定则判断通电螺线管的磁极方向，再根据磁极的定义确定螺线管的指向即可。
21．小明利用如图甲的电路图测量小灯泡电阻，小灯泡标有“2.5V”字样，某次测量中闭合开关后，电压表示数如图乙所示为 　 　 V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 　 　 移动。
【答案】2；左
【知识点】电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】根据乙图可知，电压表选用0-3V量程，分度值为0.1V，则读数为2V。因为2V小于灯的额定电压2.5V，所以应增大灯的电压，根据U总=U1+U2可知，应减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
【分析】根据乙图确定电压表的量程和分度值，根据指针的位置读出示数。将实际电压与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2分析变阻器两端的电压变化，然后根据串联电路的分压规律分析变阻器的阻值变化，确定滑片的移动方向即可。
22．居家学习期间，小亮利用家中物品开展实践活动。如图是他自制的调光小台灯，物体应选择　 　（选填“铅笔芯”或“塑料细棒”），闭合开关，向左移动夹子，小灯泡变亮，说明电阻的大小与导体的　 　有关。
【答案】铅笔芯；长度
【知识点】导体与绝缘体；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，电流从正极出发后要经过a流回负极，即物体a应该是导体。铅笔芯是导体，塑料棒是绝缘体，所以物体应选择将铅笔芯连入电路，灯泡能发光。
（2）根据图片可知，向左移动夹子时，铅笔芯接入的长度变小，此时小灯泡变亮，则电路电流变大，说明铅笔芯连入的电阻变小，说明电阻大小与导体长度有关。
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
（2）根据灯泡亮度变化确定电流变化，根据欧姆定律分析阻值变化，结合描述分析哪个因素发生改变即可。
23．竖直向上抛出一个重4N的球后，球又落回原处，设球在升、降过程中所受空气的阻力大小均为1N。则球在上升过程中所受的合力大小为　 　N，到达最高点时受到　 　（选填“平衡力”或“非平衡力”）作用。
【答案】5；非平衡力
【知识点】平衡状态的判断；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在小球上升的过程中，重力和阻力的方向都是竖直向下的，即小球受到这两个力的方向相同，那么合力等于二者之和，即。
（2）当小球到达最高点时，它只受到竖直向下的重力，那么此时小球受到非平衡力的作用。
【分析】（1）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
（2）对最高点时的小球进行受力分析即可。
24．某饮水机有加热和保温两个档位，其工作原理如图所示，S是一个温控开关，R1为阻值为44Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2=200Ω。当饮水机处于保温状态时，　 　灯亮；饮水机处于加热状态，R1在100s产生的热量为　 　J。（不考温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值）
【答案】绿；1.1×105
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当开关S接右边时，电路中R1、R2和绿灯串联；当开关接左边时，只有红灯和R1串联。
根据电阻串联的知识可知，前者的电阻大于后者。根据公式可知，前者功率小为保温状态，后者功率大为加热状态。
即饮水机处于保温状态，绿灯亮。
（2）综上所述，饮水机处于加热状态，只有R1单独工作。
此时R1两端的电压为220V，电阻为44Ω，则R1在100s产生的热量
。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态即可；
（2）根据公式计算R1产生的热量。
25．如图是投影仪的简化结构图，F为透镜焦点。请在图中画出凸透镜的入射光线和平面镜的反射光线。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】根据图片可知，
①过凸透镜焦点的光线经过凸透镜后，折射光线与主轴平行；
②根据“反射角等于入射角”在法线上面画出对应的反射光线即可，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的特殊光线，结合光的反射定律完成作图即可。
26．如图甲所示，是一款手动压汁机，可以轻松实现无声榨汁。图乙是压汁机的简化示意图。压汁时，撑杆AOB可以看做一根绕着O点转动的杠杆。请在图乙中画出压汁时作用在A点的最小动力F1及作用在B点的阻力F2。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据图片可知，水果对撑杆的阻力作用在B点，方向与撑杆OB垂直向上。杠杆的支点为O，动力作用点为A，则最长的动力臂就是OA。通过A点做OA的垂线，然后在向下的方向上标上箭头标上最小的动力F1，如下图所示：
【分析】根据题意确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段。当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。
27．近年来，电动平衡车深受年轻人的喜爱。它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾和后仰实现驾驶，如图所示。（g取10N/kg）
（1）质量为40kg的小亮同学驾驶质量为10kg平衡车在水平地面上静止时，轮胎与地面总的接触面积为，求平衡车对水平地面的压强；
（2）若小亮驾驶该车在水平路面以5m/s的速度匀速直线行驶3min，该车受到的阻力是人和车总重的0.16倍，求平衡车牵引力所做的功。
【答案】解：（1）根据题意可知，平衡车的重力：；
平衡车对水平地面的压力等于自身重力，即，
平衡车对水平地面的压强。
答：平衡车对水平地面的压强为1×105Pa。
（2）根据题意可知，平衡车受到的阻力：；
平衡车做匀速直线行驶时，它受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以平衡车受到的牵引力；
平衡车行驶的路程；
平衡车牵引力所做的功。
答：平衡车牵引力所做的功为7.2×104J。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力，平衡车对水平地面的压力等于人和车的总重力，又知受力面积，利用得到平衡车对水平地面的压强；
（2）利用阻力和重力的关系求出阻力，再利用二力平衡的条件得出牵引力大小。由s=vt计算牵引力的功率，利用W=Fs求得牵引力所做的功。
28．如图甲是简易坐位体前屈测试仪。其内部简化电路如图乙，闭合开关，被测试人向前推动滑块（相当于移动变阻器的滑片），电压表示数发生相应变化。已知电源电压恒为4V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A；变阻器标有“　1A”字样，滑片P每移动1cm，的阻值均匀变化，当滑片P位于最左端时，电流表的示数0.4A。
（1）一同学测试时，电压表的示数为1V，求电路工作10s消耗的电能。
（2）为了保护电路，求从最左端推动滑片P向右移动的最远距离是多少？
【答案】（1）解：当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，则电阻R2的阻值为
电压表的示数为1V，根据串联电路电压规律和欧姆定律可得电路中电流为，则电路工作10s消耗的电能。
（2）解：电压表量程0～3V，为保护电路安全，电压表最大示数为3V，此时电路中电流为
滑动变阻器接入电阻为，则推动滑片P向右移动的最远距离是。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，此时电路为R2的简单电路，根据欧姆定律U=IR计算电阻R2的阻值；电压表的示数为1V，根据欧姆定律U=IR计算可得电路中电流；根据电功公式W=UIt计算电路工作10s消耗的电能；
（2）电压表量程0～3V，所以电压表最大示数为3V，根据欧姆定律计算此时电路中电流；同理U=IR计算滑动变阻器接入电阻； 滑片P每移动1cm，的阻值均匀变化 ，据此计算推动滑片P向右移动的最远距离。
（1）当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，则电阻R2的阻值为
电压表的示数为1V，根据串联电路电压规律和欧姆定律可得电路中电流为
则电路工作10s消耗的电能
（2）电压表量程0～3V，为保护电路安全，电压表最大示数为3V，此时电路中电流为
滑动变阻器接入电阻为
则推动滑片P向右移动的最远距离是
29．某小组在“探究串联电路的电流规律”实验中，选用不同规格的小灯泡L1、L2进行实验，电路图如图（a）所示。
I1/A I2/A I3/A
0.28 0.28 0.28
（1）闭合开关后，发现两个小灯泡忽明忽暗，电流表的指针也来回摆动。导致此现象的原因可能是______。
A．某段导线断开 B．开关处接触不良
C．小灯泡L1被短路 D．电流表被烧坏
（2）小晨同学排除故障后，电流表A1、A2的示数如图（b）（c）所示分别为0.3A和0.28A，在后续实验中他们最应该调整电流表A1的　 　，再继续试验。
（3）实验中，小组同学把实验数据记录在上表中。小华则认为数据不具备普遍性，需要多次进行实验。小涵说实验室的小灯泡只有“2.5V 0.3A”和“3.8V 0.3A”两种规格，已经无法再找到其它规格的小灯泡了。你认为下列做法最合理的是______。
A．直接使用以上数据得到“串联电路电流相等”的结论
B．通过多次断开闭合开关得到多组数据，再得出结论
C．把两个小灯泡位置交换后再次实验，再得出结论
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡多次实验后得出结论
（4）另一小组进行实验时观察到两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，导致这种情况的原因可能是　 　（选填“电流表短路”“L1开路”“L2短路”或“电源电压过低”）。
【答案】（1）B
（2）量程
（3）D
（4）电源电压过低
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）A．若某段导线断开，则灯始终不发光，不会忽明忽暗，故A不符合题意；
B．开关处接触不良，则电路时通时断，会发现两灯忽明忽暗，电流表的指针也来回摆动，故B符合题意；
C．小灯泡L1被短路，则该灯泡始终不发光，故C不符合题意；
D．电流表被烧坏，则电路断路，灯始终不发光，故D不符合题意。
故选B。
（2）根据图片可知，串联电路各处电流都相等，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1换用小量程。
（3）为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同负载(阻值)条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选 D。
（4）电流表有示数，则电路是通路，若即应该有电流经过两个灯泡。而两个灯泡不发光，可能是电流太小所致，即只能是电源电压过低。
【分析】 （1）灯泡忽明忽暗，说明电流时大时小，据此分析；
（2）电流表测量电流时，要选择合适的量程；
（3）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（4）电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮，据此分析。
（1）A．若某段导线断开，电路断路，则灯不发光，电流表没有示数，故A不符合题意；
B．开关处接触不良，则电路时通时断，会发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，故B符合题意；
C．小灯泡L1被短路，则该灯泡不发光，由于总电阻变小，电流表示数会变大，故C不符合题意；
D．电流表被烧坏，则电路断路，灯不发光，电流表没有示数，故D不符合题意。
故选B。
（2）由图可知，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1的量程，换用小量程，再继续试验。
（3）为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同负载(阻值)条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选 D。
（4）两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮；若电流表短路，电流表将不会有示数；所以只能是电源电压过低导致两个灯泡都不发光，但是电流表有示数。
30．如图所示，小明利用以下器材设计了两种方案完成“测量金属球密度”的实验。
（1）方案甲：天平、量筒、水、金属小球、细线（细线质量和体积均不计）；
①他将天平放在水平桌面上，并将游码归零后，发现分度盘指针偏转如图A所示，此时应将天平的平衡螺母向　 　端移动，直至天平平衡；
②测出金属球的质量和体积，如图B和C所示；金属球的密度的测量值是　 　。
（2）方案乙：电子秤、溢水杯、水、金属小球、细线（细线质量和体积均不计）；
①用电子秤测出金属球的质量，如图D所示；
②将金属球放入溢水杯中，然后向溢水杯中注满水，测出总质量，如图E所示；
③缓慢取出金属小球，再向溢水杯中补满水，测出此时总质量，如图F所示。
④金属球密度的测量值是　 　。由于实验中取出金属球时会带出一些水，则金属球密度的测量值　 　（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）。
（3）评估：在所有操作均正确的情况下，发现两种方案测量结果依然有差异，你认为产生差异的主要原因是　 　。
【答案】右；8.4；8.75；不变；两种方案测量小球的质量相等。甲方案用量筒测量金属球的体积时，分度值为1mL=1cm3；乙方案用电子秤间接测量金属球的体积时，分度值为。两种方案测量结果依然有差异的原因是：用电子秤测量金属球体积时更精确。
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①如图A所示，天平的指针左偏，则左盘重右盘轻，则应将天平的平衡螺母向右端移动。
②根据图B可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4g，砝码的质量为：50g+20g+10g=80g，
那么金属球的质量m=80g+4g=84g；
金属球的体积；
金属球的密度。
（2）④根据图片可知，金属球排开水的质量m排 =m D+mF mE =84.0g+25.6g 100.0g=9.6g；
金属球的体积等于排开水的体积，即；
金属球的密度；
实验中取出金属块时会带出一些水，再往溢水杯中加满水后称量，带出去的水对称量结果无影响。根据可知，金属块密度的测量值不变。
（3）根据题意可知，两种方案测量小球的质量相等。甲方案用量筒测量金属球的体积时，分度值为1mL=1cm3；乙方案用电子秤间接测量金属球的体积时，分度值为。
比较可知，发现两种方案测量结果依然有差异的原因是用电子秤测量金属球体积时更精确。
【分析】 （1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②物体质量等于砝码质量加上游码对应刻度，金属球的体积等于两个量筒的示数差，利用密度公式求出物体密度；
（2）④根据图片计算金属球排开水的体积，而金属球的体积等于所补水的体积，根据密度公式计算金属球的密度；取出金属球时会带出一些水，但补水补到满，不会影响；
（3）根据题意比较甲方案和乙方案中测量体积时的分度值大小即可。
31．近年来，我国科技创新能力日益凸显，各种新技术、新能源、新材料、新装置等科技成果不断涌现。关于新科技成果，下列说法中正确的是（　　）
A．我国海域首次成功开采的“可燃冰”（天然气水合物）属于可再生能源
B．我国磁约束核聚变装置获得核能的方式与普通核电站一致
C．无人驾驶汽车处理数据的芯片是用半导体材料制成的
D．与4G通信信号相比，5G通信信号在真空中传播的速度更快
【答案】C
【知识点】能源及其分类；核裂变；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．可燃冰不会短时间内再次产生，属于不可再生能源，故A错误；
B．现阶段核电站是利用核裂变获得核能，与我国磁约束核聚变装置获得核能的方式不同，故B错误；
C．半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，则芯片和集成电路是由半导体（如硅）材料制成，故C正确；
D.5G和4G通信信号都是电磁波，它们的频率不同，但是在真空中的传播速度相同，故D错误。
故选D。
【分析】A.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
B.核能利用的方式：核聚变和核裂变；
C.根据半导体的性质和应用判断；
D.所有电磁波的传播速度都相同。
32．光的世界精彩纷呈，绚丽多彩。下列对光现象的分析正确的是（　　）
A．图甲：从物体表面反射的光经过小孔后照在另一侧的光屏上一定成倒立等大的实像
B．图乙：高大挺拔的楼宇和它在水中的倒影交相呼应，倒影的形成属于光的折射现象
C．图丙：小猫沿着它看到的鱼叉去，却叉不到，是因为鱼的实际位置在它看到的上方
D．图丁：用手机扫二维码付款时，二维码要位于手机摄像头的二倍焦距以外
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A． 图甲： 小孔成像的大小取决于物体到小孔的距离，只有物体到小孔的距离等于小孔到光屏的距离时才成倒立等大的实像，故A错误；
B． 图乙： 楼宇发出的光在水面发生反射成像，这就是水中的倒影，本质是光的反射，不是光的折射，故B错误；
C． 图丙： 水中鱼反射的光从水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，此时小猫看到的鱼的位置比鱼的实际位置要高，因此鱼的实际位置在小猫看到位置的下方，故C错误；
D． 图丁： 用手机扫二维码付款时， 成倒立缩小的实像，根据凸透镜成像规律可知，二维码要位于手机摄像头的二倍焦距以外，故D正确。
故选D。
【分析】A.小孔成像的大小取决于像距和物距的比值，这个比值越大，那么像越大；
B.平面镜成像的原理是光的反射现象；
C.根据光的折射规律分析判断；
D.根据凸透镜成像的规律判断。
33．质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容为，。下列说法中正确的是（　　）
A．0~12min乙温度降低了20℃
B．0~12min甲物质放出了的热量
C．乙物质的比热容为
D．0~12min乙物质放出了的热量
【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A.根据图像可知，0~12min乙温度从60℃降到20℃，降低了：60℃-20℃=40℃，故A错误；
BCD.根据题意可知，水与液体的质量相同，经过相同时间，水与液体放出热量相同。甲降低的温度低于乙降低的温度，由可知，甲物质的比热容较大，则甲物为水。
0~12min甲物质即水与乙放出热量均为，故BD错误；
乙物质的比热容为，故C正确。
故选C。
【分析】A.根据图像确定0-12min内乙的初始温度和终末温度，二者相减得到降低的温度；
BCD.根据图像确定相同时间内二者降低温度大小，根据比较二者比热容大小，进而确定哪种液体是水。根据Q=cm△t计算水吸收的热量，也就是另一种液体吸收的热量，最后根据计算乙的比热容。
34．如图甲所示，用由一个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组，提升吊篮C及其中的货物A和电动机B启动电动机，它所提供的拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，吊篮上升的速度v和上升的高度h随时间t变化的关系分别如图丙和丁所示。若一切摩擦和绳重均可忽略不计，在1s~2s内，滑轮组的机械效率为90%，则下列说法中正确的是（　　）
A．在0~1s内，电动机提供的拉力所做的功为1100J
B．在1s~2s内，电动机提供的拉力的功率为1500W
C．在0~3s内，电动机提供的拉力的功率为1275W
D．动滑轮重为200N
【答案】A,D
【知识点】功率计算公式的应用；力与图象的结合；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据甲图可知，该滑轮组承担总重的绳子段数。根据乙图可知，0~1s内，绳子的拉力。根据丁图可知，吊篮上升高度，
绳子自由端移动距离；
拉力做功，
故A正确；
B.根据丙图可知1s~2s内，吊篮上升的受到为1m/s，则绳子自由端速度；
拉力功率，
故B错误；
C.根据选项A可知，0~1s内拉力做功。根据选项B可知，1s~3s内，拉力恒为，绳子速度恒为，拉力功率；
1s~3s内，拉力做功；
总功；
平均功率；
故C错误；
D.根据题意可知，1~2s内，拉力，此时机械效率，
不计摩擦绳重，机械效率；
；
解得：；
根据拉力可知，动滑轮的重力，
故D正确。
故选AD。
【分析】根据乙图确定在0～1s内电动机提供的拉力，由图丁知，吊篮上升上升的高度，根据s=nh和W=Fs计算拉力所做的功；
B.从乙图中找出1～2s内对应的拉力，由丁图找出对应的物体上升的速度，根据W=Fnv可以计算出的拉力的功率；
C.由图乙知，0～3s内电动机提供的拉力，由丙图知，1～3s内吊篮匀速上升，求出吊篮2∽3s上升的高度h，根据W=Fnh就可以计算出拉力做的功，再根据计算电动机提供的拉力的功率；
D.已知在1s～2s内，滑轮组的机械效率为90%，一切摩擦和绳重均可忽略不计，根据、可以计算出动滑轮重。
35．一个电路“黑箱”，如图甲所示，外部有a、b、c三个接线柱，内部电路由两个定值电阻连接而成，用乙所示的部分电路来研究箱内电阻的连接情况；已知电源电压恒定不变，R是滑动变阻器，把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，把ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A。下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为12V
B．滑动变阻器的最大阻值30
C．a、b、c按照不同组合方式接到ef之间，闭合开关后电路的最大功率为8.1W
D．把a、c接入电路，闭合开关，移动R的滑片，当时R功率达到最大
【答案】B,C
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 A.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，R的滑片移至最左端，电路为Rbc的简单电路，电压表测等于电源电压，则电源电压为9V，故A错误；
B.把ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为Up=U-U2=9V-3V=6V；
则滑动变阻器的最大阻值为：，故B错误； C.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，则bc之间的电阻为：；ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A，则ac之间的电阻为：；
因内部电路由两个定值电阻连接而成，说明bc之间是两个电阻串联，ac之间是一个电阻，因此ab之间是一个电阻，其阻值为Rab=Rbc-Rac=45Ω-15Ω=30Ω；
若用导线把bc连接起来，再将ab接线柱接入ef之间，且将R的滑片移至最左端，此时两电阻并联，其等效电阻为：，
因此时电路总电阻最小，电路的功率最大，其最大功率为：
，故C正确；
D.把ac接入电路，箱内电阻为R1，此时滑动变阻器的功率为；
由上式可知，当时，滑动变阻器的功率最大，故AD错误，BC正确；故选BC。
【分析】 A.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，R的滑片移至最左端，电路为Rbc的简单电路，电压表测等于电源电压；
B.把ac连接起来，再将ab接线柱接入ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，根据串联电路的特点和欧姆定律计算滑动变阻器的最大值；
C.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，根据欧姆定律求出电路的总电阻即为bc间的电阻；ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，因内部电路由两个定值电阻连接而成，据此分析两个定值电阻连接方式；根据两个定值电阻连接方式确定最小电阻，利用求出闭合开关后电路的最大功率；
D.根据P=I2R列出滑动变阻器最大功率的表达式，利用数学知识确定当滑动变阻器功率最大时滑动变阻器接入电路的阻值。
36．空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
项目 参数 项目 参数
额定电压 220V 水箱容量 1L
额定功率 66W 蒸发量 0.5L/h
空机质量 7.5kg 电源线长度 0.8m
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是　 　；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为　 　；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为　 　W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：　 　。
【答案】CD；11；100；电源线太短
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1）A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，
则该支路的功率为；
由表中信息可知，电路总功率为66W，
则灯泡所在支路的功率；
即待机状态下电路的功率为11W。
（3）空调扇实际功率；（4）由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
【分析】 （1）根据安全用电结合电动机的能量转化分析解答；
（2）计算空调扇的功率，用总功率减小电扇的功率得出待机功率；
（3）计算消耗的电能，根据计算实际功率；
（4）根据力的作用是相互的分析解答。
37．科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，将其制成顶部开有小孔的模型，如图所示。其中A为压力传感器，B是密度小于水且不吸水的实心圆柱体，B能沿固定的光滑细杆在竖直方向自由移动。当模型内水深时，B与模型底面刚好接触且压力为零。水面上涨到设计的警戒水位时，圆柱体对压力传感器的压力为2N，触发报警装置，开启泄洪阀门。已知圆柱体B的底面积，高。求：
（1）当水深15cm时，水对模型底面的压强；
（2）刚触发报警装置时，B受到的浮力；
（3）为了提高防洪安全性，需在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，则现警戒水位比原设计低多少厘米。
【答案】解：（1）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，当模型内水深h0=15cm时，水对容器底部的压强为p=ρ水gh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1500Pa。答：当水深15cm时，水对模型底面的压强为1500Pa。
（2）已知圆柱体B的底面积为 ，当模型内水深h0=15cm时，
B排开水的体积为V排1=SBh0=40cm2×15cm=600cm3=6×10-4m3；
根据“B与模型底面刚好接触且压力为零可知，”可知，此时B处于漂浮状态，
则它受到的重力等于浮力，即GB=F浮1=ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10-4m3=6N。
B的密度为。
触发报警装置时，圆柱体B对压力传感器的压力为2N，
则B受到的浮力为F浮2=GB+F压=6N+2N=8N。
答：刚触发报警装置时，B受到的浮力8N。
（3）综上所述，刚触发警报装置时B受到的浮力为8N，
则B排开液体的体积为；
B浸入水中的深度为；
由刚触发报警装置时，A到水面的距离hA=hB-h2=25cm-20cm=5cm；
圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，此时BC的高度为
hBC=hB+hC=25cm+12.5cm=37.5cm；
则此时B的重为为；
由力的平衡条件可知，刚触发报警装置时，BC受到的浮力为F浮3=GBC+F压=9N+2N=11N；
由阿基米德原理可知，此时BC排开水的体积为
。
则BC浸入水中的深度为；
则此时A到水面的距离为hA''=hBC-h3=37.5cm-27.5cm=10cm
所以警戒水位比原设计低。
答：为了提高防洪安全性，需在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，则现警戒水位比原设计低5厘米。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】 （1）已知液体密度和深度根据p=ρ液gh得水对模型底部的压强；
（2）根据当模型内水深h0=15cm时，根据体积公式求出B排开水的体积，根据B与模型底面刚好接触且压力为零可知B处于漂浮状态，根据阿基米德原理结合物体的漂浮条件求出B的重力；根据力的平衡条件可求出刚触发报警装置时B受到的浮力；
（3）根据阿基米德原理求出刚触发报警装置时B排开水的体积，根据体积公式求出B浸入水中的深度；结合B的高度求出B未增高前A到水面的距离；
在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，根据可求出此时B和C的重力，由力的平衡条件可求出刚触发报警装置时BC受到的浮力，根据阿基米德原理可求出此时BC排开水的体积，从而求出此时BC浸入水中的深度和A此时到水面的距离，从而求出警戒水位下降的高度。
1 / 1四川省成都市教育科学研究院附属实验学校2025-2026学年九年级下学期3月物理 A卷
1．在物理学习过程中，经常需要进行估测。以下估测符合实际的是（　　）
A．一名中学生的正常体温约为37℃
B．家用空调正常工作的电流约为0.1A
C．一名中学生对地面的压力约为5N
D．体育考试中所用实心球的质量约为50g
2．地球同步卫星绕地球运转的周期和方向与地球自转相同，在赤道上空布设3颗同步卫星，就可实现除两极外的全球通。如果你在地球同步卫星上，看下列物体是运动的是（ ）
A．地球 B．另一个同步卫星
C．地球上的树木 D．太阳
3．《中国诗词大会》是央视首档全民参与的诗词节目，节目以“赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”为宗旨。关于节目中描写声的诗词，下列解释正确的是（　　）
A．“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”是指声音的响度没变
B．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声是由笛子的振动产生的
C．“不敢高声语，恐惊天上人”，诗句中的“高”是指声音的音调高
D．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟叫声是通过空气传入人耳的
4．为了丰富校园课余生活，活跃校园气氛，增加班级的凝聚力，提高学生体育锻炼意识，培养积极向上、勇敢拼搏的精神，2024年3月12日，成都市某中学“巅峰对决”班级足球联赛正式拉开帷幕！如图所示，比赛过程中，下列关于力与运动的说法正确的是（　　）
A．当斜向上升的足球运动到最高点时，若此时所受的外力全部消失，足球将保持静止状态
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态
C．静止在地面上的足球对地面的压力和足球所受的重力是一对相互作用力
D．踢出的足球能继续向前滚动是因为足球受到惯性力的作用
5．下列哪些应用是属于增大压强的（　　）
A．针和锥子的顶端都做得很尖
B．载重汽车要用很多个轮胎
C．河堤常常要修得上窄下宽
D．用螺丝固定零件，常在螺丝下垫上一个比较宽的垫圈
6．实验时常用胶头滴管“吸”取和滴加少量液体，下列与“吸”取液体的原理相同的是（　　）
A．排水管的U形“反水弯”
B．拔火罐
C．液体从侧壁孔喷出
D．逃生锤锤头很尖
7．2022年11月，第十四届中国航展在珠海国际航展中心举行，我国四代机“歼20”在阳光的映衬下，身披七彩祥云，在国产大推力发动机的带动下，一会儿大角度上升，一会儿滑降，最后平稳地降落在珠海机场。下列说法正确的是（　　）
A．“歼20”飞机滑降的过程中，重力势能始终不变
B．“歼20”飞机的飞行员与飞机相对静止，所以飞行员没有动能
C．减速滑降的过程中，“歼20”飞机的动能减小
D．大角度匀速上升的过程中，“歼20”飞机的动能转化为重力势能
8．火锅是以麻、辣、鲜、香吸引众多食客的。以下说法正确的是（　　）
A．煮熟的鱼丸漂浮在汤面，其受到的浮力大于重力
B．火锅上方有大量的“白气”，是火锅中的汤发生了汽化现象
C．给火锅不断加热直至沸腾，增大火力会使汤的温度继续升高
D．锅内汤料煮沸后香气四溢说明分子在做无规则运动
9．我国研制的新款柴油机刷新了柴油机热机效率的世界纪录，为我国实现“双碳”目标添砖加瓦。如图是其发动机某个工作瞬间的示意图。下列说法正确的是（　　）
A．如图冲程是把机械能转化为内能
B．热机的效率越高，说明做功越快
C．使燃料燃烧更充分，可以提高热机的效率
D．柴油在燃烧过程中，柴油的热值在不断减小
10．2024年9月25日，我国向太平洋公海海域发射洲际弹道导弹1枚，跨越12000公里成功落入预定海域，彰显我国军事实力．如下为模拟控制台简略图，发射中心的两名指挥官将各自的钥匙（相当于两个开关）插入发射控制台，同时旋转钥匙接通电路才能激活发射系统．下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
11．某发电鞋内部安装了磁铁和线圈，人行走时鞋会发电，发的电存储于鞋内蓄电池中。如图中能反映出发电鞋工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
12．关于家庭电路和安全用电，下列符合安全用电规范的是（　　）
A．图甲：三脚插头中的L脚接地线
B．图乙：测电笔使用时要用指尖抵住笔尾金属电极
C．图丙：空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路情况造成的
D．图丁：发生此类触电时，电路中的“漏电保护器”会自动切断电路
13．我国华为5G技术发展一马当先，掌握了多项核心技术。下列有关说法正确的是（　　）
A．5G基站的电磁波在空气中传播更快
B．5G设备中的发光二极管使用了超导体
C．5G技术可以直接将声信号传输到对方手机
D．5G手机主要是通过电磁波传递数字信号的
14．同学们在完成了探究“影响浮力大小的因素”实验之后，老师把一金属块挂在弹簧测力计下，浸没在水中，弹簧测力计的示数为2N（如图）。下列做法能使弹簧测力计的示数变大的是（　　）
A．金属块下移一点 B．金属块露出水面
C．往烧杯里加些盐 D．往烧杯里加点水
15．实验是初中物理学习的重要途径，如图是电学中重要的实验电路图，利用此电路图可以完成多个初中电学实验。若电源电压保持不变，温度对灯丝电阻的影响不可忽略，闭合开关S，下列说法正确的是（　　）
A．若探究电流与电阻关系，定值电阻R由10Ω换成5Ω后，为完成实验，应将滑片左移
B．若要测量定值电阻R的值，可移动滑片记录多组数据，算出多个电阻值求其平均值，可以减小误差
C．若将定值电阻R换成小灯泡，可以探究电流与电压的关系
D．上述三个实验中，滑动变阻器的作用都是改变电阻两端的电压和通过的电流
16．一场大雨过后，湖面光可鉴人，这是因为光在平静的水面处发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射；白鹭掠过平静的湖面向上飞行时，它在湖水中像的大小将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
17．我国是一个缺水的国家，因此污水净化有着极其重要的战略意义，如图是小乔同学发明的太阳能净水器。分析污水的净化原理，水滴凝结的过程发生的物态变化是　 　，该物态变化过程要　 　热量。
18．书法是中华民族文化的瑰宝。如图甲手执毛笔竖直悬空静止，若手握笔杆的力增大，笔受到的摩擦力　 　（选填“增大”、“减小”、“不变”）；图乙是小明在纸上用毛笔向右匀速写出“一”字，笔运行中笔毫向左弯曲，此时笔毫所受摩擦力方向　 　。
19．如图所示，海洋科学家驾驶“深水飞机”探索神秘海洋。深水飞机机翼是向下拱起。在下潜过程中，机翼上方的水流速度小，压强　 　，机翼上下表面形成压力差，使“飞机”迅速下潜；若海水密度不变，在下潜过程中“飞机”受到的浮力大小　 　。
20．1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验。如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来。然后给导线通电，看到的现象是：通电螺线管A端指向地理的　 　方，这是由于通电螺线管受到　 　的作用力。
21．小明利用如图甲的电路图测量小灯泡电阻，小灯泡标有“2.5V”字样，某次测量中闭合开关后，电压表示数如图乙所示为 　 　 V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 　 　 移动。
22．居家学习期间，小亮利用家中物品开展实践活动。如图是他自制的调光小台灯，物体应选择　 　（选填“铅笔芯”或“塑料细棒”），闭合开关，向左移动夹子，小灯泡变亮，说明电阻的大小与导体的　 　有关。
23．竖直向上抛出一个重4N的球后，球又落回原处，设球在升、降过程中所受空气的阻力大小均为1N。则球在上升过程中所受的合力大小为　 　N，到达最高点时受到　 　（选填“平衡力”或“非平衡力”）作用。
24．某饮水机有加热和保温两个档位，其工作原理如图所示，S是一个温控开关，R1为阻值为44Ω的电加热管，R2是定值电阻，R2=200Ω。当饮水机处于保温状态时，　 　灯亮；饮水机处于加热状态，R1在100s产生的热量为　 　J。（不考温度对电阻的影响，且不计红、绿指示灯的阻值）
25．如图是投影仪的简化结构图，F为透镜焦点。请在图中画出凸透镜的入射光线和平面镜的反射光线。
26．如图甲所示，是一款手动压汁机，可以轻松实现无声榨汁。图乙是压汁机的简化示意图。压汁时，撑杆AOB可以看做一根绕着O点转动的杠杆。请在图乙中画出压汁时作用在A点的最小动力F1及作用在B点的阻力F2。
27．近年来，电动平衡车深受年轻人的喜爱。它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾和后仰实现驾驶，如图所示。（g取10N/kg）
（1）质量为40kg的小亮同学驾驶质量为10kg平衡车在水平地面上静止时，轮胎与地面总的接触面积为，求平衡车对水平地面的压强；
（2）若小亮驾驶该车在水平路面以5m/s的速度匀速直线行驶3min，该车受到的阻力是人和车总重的0.16倍，求平衡车牵引力所做的功。
28．如图甲是简易坐位体前屈测试仪。其内部简化电路如图乙，闭合开关，被测试人向前推动滑块（相当于移动变阻器的滑片），电压表示数发生相应变化。已知电源电压恒为4V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A；变阻器标有“　1A”字样，滑片P每移动1cm，的阻值均匀变化，当滑片P位于最左端时，电流表的示数0.4A。
（1）一同学测试时，电压表的示数为1V，求电路工作10s消耗的电能。
（2）为了保护电路，求从最左端推动滑片P向右移动的最远距离是多少？
29．某小组在“探究串联电路的电流规律”实验中，选用不同规格的小灯泡L1、L2进行实验，电路图如图（a）所示。
I1/A I2/A I3/A
0.28 0.28 0.28
（1）闭合开关后，发现两个小灯泡忽明忽暗，电流表的指针也来回摆动。导致此现象的原因可能是______。
A．某段导线断开 B．开关处接触不良
C．小灯泡L1被短路 D．电流表被烧坏
（2）小晨同学排除故障后，电流表A1、A2的示数如图（b）（c）所示分别为0.3A和0.28A，在后续实验中他们最应该调整电流表A1的　 　，再继续试验。
（3）实验中，小组同学把实验数据记录在上表中。小华则认为数据不具备普遍性，需要多次进行实验。小涵说实验室的小灯泡只有“2.5V 0.3A”和“3.8V 0.3A”两种规格，已经无法再找到其它规格的小灯泡了。你认为下列做法最合理的是______。
A．直接使用以上数据得到“串联电路电流相等”的结论
B．通过多次断开闭合开关得到多组数据，再得出结论
C．把两个小灯泡位置交换后再次实验，再得出结论
D．利用阻值不同的电阻替换小灯泡多次实验后得出结论
（4）另一小组进行实验时观察到两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，导致这种情况的原因可能是　 　（选填“电流表短路”“L1开路”“L2短路”或“电源电压过低”）。
30．如图所示，小明利用以下器材设计了两种方案完成“测量金属球密度”的实验。
（1）方案甲：天平、量筒、水、金属小球、细线（细线质量和体积均不计）；
①他将天平放在水平桌面上，并将游码归零后，发现分度盘指针偏转如图A所示，此时应将天平的平衡螺母向　 　端移动，直至天平平衡；
②测出金属球的质量和体积，如图B和C所示；金属球的密度的测量值是　 　。
（2）方案乙：电子秤、溢水杯、水、金属小球、细线（细线质量和体积均不计）；
①用电子秤测出金属球的质量，如图D所示；
②将金属球放入溢水杯中，然后向溢水杯中注满水，测出总质量，如图E所示；
③缓慢取出金属小球，再向溢水杯中补满水，测出此时总质量，如图F所示。
④金属球密度的测量值是　 　。由于实验中取出金属球时会带出一些水，则金属球密度的测量值　 　（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）。
（3）评估：在所有操作均正确的情况下，发现两种方案测量结果依然有差异，你认为产生差异的主要原因是　 　。
31．近年来，我国科技创新能力日益凸显，各种新技术、新能源、新材料、新装置等科技成果不断涌现。关于新科技成果，下列说法中正确的是（　　）
A．我国海域首次成功开采的“可燃冰”（天然气水合物）属于可再生能源
B．我国磁约束核聚变装置获得核能的方式与普通核电站一致
C．无人驾驶汽车处理数据的芯片是用半导体材料制成的
D．与4G通信信号相比，5G通信信号在真空中传播的速度更快
32．光的世界精彩纷呈，绚丽多彩。下列对光现象的分析正确的是（　　）
A．图甲：从物体表面反射的光经过小孔后照在另一侧的光屏上一定成倒立等大的实像
B．图乙：高大挺拔的楼宇和它在水中的倒影交相呼应，倒影的形成属于光的折射现象
C．图丙：小猫沿着它看到的鱼叉去，却叉不到，是因为鱼的实际位置在它看到的上方
D．图丁：用手机扫二维码付款时，二维码要位于手机摄像头的二倍焦距以外
33．质量均为0.5kg的水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容为，。下列说法中正确的是（　　）
A．0~12min乙温度降低了20℃
B．0~12min甲物质放出了的热量
C．乙物质的比热容为
D．0~12min乙物质放出了的热量
34．如图甲所示，用由一个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组，提升吊篮C及其中的货物A和电动机B启动电动机，它所提供的拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，吊篮上升的速度v和上升的高度h随时间t变化的关系分别如图丙和丁所示。若一切摩擦和绳重均可忽略不计，在1s~2s内，滑轮组的机械效率为90%，则下列说法中正确的是（　　）
A．在0~1s内，电动机提供的拉力所做的功为1100J
B．在1s~2s内，电动机提供的拉力的功率为1500W
C．在0~3s内，电动机提供的拉力的功率为1275W
D．动滑轮重为200N
35．一个电路“黑箱”，如图甲所示，外部有a、b、c三个接线柱，内部电路由两个定值电阻连接而成，用乙所示的部分电路来研究箱内电阻的连接情况；已知电源电压恒定不变，R是滑动变阻器，把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，把ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A。下列说法正确的是（　　）
A．电源电压为12V
B．滑动变阻器的最大阻值30
C．a、b、c按照不同组合方式接到ef之间，闭合开关后电路的最大功率为8.1W
D．把a、c接入电路，闭合开关，移动R的滑片，当时R功率达到最大
36．空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
项目 参数 项目 参数
额定电压 220V 水箱容量 1L
额定功率 66W 蒸发量 0.5L/h
空机质量 7.5kg 电源线长度 0.8m
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是　 　；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为　 　；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为　 　W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：　 　。
37．科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，将其制成顶部开有小孔的模型，如图所示。其中A为压力传感器，B是密度小于水且不吸水的实心圆柱体，B能沿固定的光滑细杆在竖直方向自由移动。当模型内水深时，B与模型底面刚好接触且压力为零。水面上涨到设计的警戒水位时，圆柱体对压力传感器的压力为2N，触发报警装置，开启泄洪阀门。已知圆柱体B的底面积，高。求：
（1）当水深15cm时，水对模型底面的压强；
（2）刚触发报警装置时，B受到的浮力；
（3）为了提高防洪安全性，需在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，则现警戒水位比原设计低多少厘米。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；压力及重力与压力的区别；电流和电流的单位换算
【解析】【解答】人的腋温正常范围约为37℃，家用空调正常工作的电流约为5A，一名中学生对地面的压力（等于体重）约为500N，体育考试中所用的实心球质量约为2kg，
故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】根据对温度、电流、压力和质量的认识判断。
2．【答案】D
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】3颗地球同步卫星绕地球运动，各卫星间、和地球间没有位置变化，彼此是静止的；太阳相对地球位置不断变化，地球同步卫星与太阳间有位置改变以地球同步卫星为参照物，太阳是运动的，故D符合题意。
故选D。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的，有位置变化，是运动的。
3．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”是指声音的音色没有改变，故A错误；
B．笛声是由于笛管内空气的振动产生的，故B错误；
C．“不敢高声语，恐惊天上人”，诗句中的“高”是指响度，故C错误；
D．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟叫声传入人耳是通过空气传播的，故D正确。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
4．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．足球斜向上运动到最高点时，水平方向有速度，若所受外力全部消失，足球保持匀速直线运动状态，故A错误；
B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向改变，是力改变物体的运动状态，故B正确；
C．足球静止在地面上，对地面的压力向下，足球的重力竖直向下，不是相互作用力，故C错误；
D．足球具有惯性，踢出的足球继续向前滚，但惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故D错误。
故选B。
【分析】力可以改变物体的运动状态；运动的物体具有惯性，继续保持原来的运动状态，不受力的物体做匀速直线运动。
5．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：A、针和锥子的顶端都做得很尖，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强．符合题意．
B、载重汽车要用很多个轮胎，在压力一定时，增大受力面积减小压强，不符合题意．
C、河堤常常要修得上窄下宽，是因为液体的压强随深度增加而增大．不符合题意．
D、用螺丝固定零件，常在螺丝下垫上一个比较宽的垫圈，在压力一定时，增大受力面积减小压强，不符合题意．
故选A
【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小、受力面积．（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力．（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力．
6．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；液体压强的特点；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】胶头滴管吸取药液时利用了大气压；
A．水池下的U形“反水弯”底部连通，上部开口，利用了连通器原理，故A不符合题意；
B．拔火罐先用燃料在火罐内燃烧，然后扣在人体上，待冷却后，罐内形成负压，利用了大气压，故B符合题意；
C．液体从侧壁孔喷出，则液体内部向各个方向的压强，深度越深，压强越大，喷出的远近不同，故C不符合题意；
D．逃生锤锤头很尖，减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选B。
【分析】连通器的底部连通，上部开口，U形反水弯相当于连通器；拔火罐利用了大气压的作用；液体内部的压强随深度的增加而增大；压力一定时，受力面积越小，压强越大。
7．【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】A.飞机滑降时，高度减小，质量一定时，重力势能变小，A不符合题意；
B.“歼20”飞机的飞行员与飞机相对静止，飞机运动，飞行员在运动，具有动能，B不符合题意；
C.减速滑降的过程中，速度变小，“歼20”飞机的动能减小，C符合题意；
D.大角度匀速上升时，速度不变，动能不变，燃料燃烧的内能转化为重力势能，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度减小， 重力势能减小；运动的物体具有动能。
8．【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；液化及液化放热；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】A．根据物体的漂浮条件可知，煮熟的鱼丸漂浮在汤面，则它受到的浮力与重力大小相等，故A错误；
B．火锅上方存在大量的水蒸气，水蒸气遇到冷空气从气态变成液态发生液化成的小水滴，这就是看到的“白气”，故B错误；
C．给沸腾的火锅增大火力，汤的温度不会继续升高，因为液体沸腾时温度保持不变，所以故C错误；
D．香气四溢属于扩散现象，本质是分子在做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据物体的漂浮条件判断；
B.物质从气态变成液态发生液化现象；
C.液体沸腾时不断吸热，但温度保持不变；
D.根据分子运动的知识判断。
9．【答案】C
【知识点】燃料的热值；热机；热机的效率；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．根据图片可知，活塞向下运动，进气门和排气门关闭，则为做功冲程，把内能转化为机械能，故A错误；
B．热机的效率表示热机性能的好坏，与做功快慢无关，故B错误；
C．使燃料燃烧更充分，减少燃料的浪费，可以提高热机的效率，故C正确；
D．柴油在燃烧过程中，燃料的种类保持不变，即它的热值不变，故D错误。
故选C。
【分析】A.热机的做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能；
B.功率表示做功快慢，效率表示热机的性能；
C.根据影响热机效率因素的知识判断；
D. 燃料的热值与燃料的种类有关，与燃烧情况，消耗燃料的质量，燃烧放热的多少无关。
10．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，两名指挥官将各自的钥匙插入控制台，接通电路，才能激活发射系统，则两个开关串联，互相影响，同时闭合，控制发射系统工作，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】两人的钥匙同时接入电路中，电路才能接通，则电路是串联的。
11．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“鞋内部的磁体和线圈相对运动，人行走时会发电”可知，“发电鞋”是利用电磁感应现象制成的。
A．当导线中有电流经过时，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B．两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引铁屑的数量多，说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故B不符合题意；
C．闭合开关后，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，与“发电鞋”的原理相同，故C符合题意；
D．闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理。故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据电流的磁效应判断；
B.根据影响电磁铁磁场强弱因素的知识判断；
C.根据电磁感应现象判断；
D.根据电动机的工作原理判断。
12．【答案】B
【知识点】测电笔的使用；插座的构造与工作方式；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A． 图甲： 三脚插头中E是接地线的，L接火线，N接零线，故A不符合题意；
B． 图乙： 使用测电笔时，要用指尖抵住上端的金属帽，这样它才能正常工作，故B符合题意；
C． 图丙： 空气开关跳闸，可能是用电器总功率过大，也可能是家庭电路出现短路，故C不符合题意；
D． 图丁： 当人的一个手接触火线，另一支手接触零线时，电流会从人的右手边到左手边回到零线，火线和零线中的电流相等，所以漏电保护器不会自动切断电路，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据三脚插头的接线方法判断；
B.根据测电笔的使用方法判断；
C.根据家庭电路电流过大的原因判断；
D.当家庭电路中火线电流和零线电流不相等时，漏电保护器才会跳闸。
13．【答案】D
【知识点】超导体特点及作用；移动通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.5G和4G都属于电磁波，只是频率大小不同，但是在空气中的速度都相同，故A错误；
B.5G设备中发光二极管是由半导体材料制成的，故B错误；
C.5G技术先将声信号转化为电信号，再转换为电磁波信号进行传输，对方手机接收后再还原为声信号，故C错误；
D.5G手机主要通过电磁波来传递数字信号，故D正确。
故选D。
【分析】A.所有电磁波的速度都相同；
B.根据半导体的特点和应用判断；
C.根据5G技术传输信息的方式判断；
D.根据电磁波的特点和应用判断。
14．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】根据图片可知，弹簧测力计的示数等于金属块的重力和受到浮力的差，即F=G-F浮力。要使测力计的示数增大，就要减小金属块受到的浮力。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时要减小金属块排开水的体积或减小液体的密度。
AD．往烧杯中加水或者将金属块下移一点，金属块排开液体的体积不变，故AD不符合题意；
B．金属块露出水面后，金属块排开液体的体积减小，故B符合题意；
C．往烧杯里加些盐，液体的密度变大，故C不符合题意。
故选B。
【分析】。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到浮力大小取决于排开液体的体积和液体密度，据此分析判断。
15．【答案】B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．研究电流与电阻关系时要控制电压不变，要减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要减小滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，故A错误；
B．为减小误差，可移动滑片记录多组数据，算出多个电阻值求其平均值，故B正确；
C．灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，故C错误；
D．探究电流与电阻关系，滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端的电压不变；探究电流与电压的关系，和测量定值电阻R的阻值，滑动变阻器的作用是改变电阻两端的电压和通过的电流，故D错误。
故选B。
【分析】若探究电流与电阻关系，定值电阻R由10Ω换成5Ω后，根据分压原理，电阻两端的电压变小。探究电流与电压的关系，应控制定值电阻的阻值不变。
16．【答案】镜面；不变
【知识点】镜面反射与漫反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1） 湖面光可鉴人， 即水面能够看到人的像，即此时发生平面镜成像，这是因为光在平静的水面处发生了镜面反射。
（2）白鹭掠过平静的湖面向上飞行时，它的大小保持不变，根据“物像等大”的规律可知，它在湖水中像的大小将不变。
【分析】（1）光线在光滑平整的表面发生镜面反射，在粗糙不平的表面发生漫反射；
（2）根据平面镜成像“物像等大”的规律分析。
17．【答案】液化；放热
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】水滴凝结的过程，是水蒸气在温室罩上放热从气态变成液态发生液化形成的小水滴，该过程要放热。
【分析】物质从气态变成液态发生液化现象，需要向外放热。
18．【答案】不变；向左
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当毛笔悬空静止时，它受到的重力和静摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等。手握笔的力增大后，毛笔依然处于平衡状态，因为毛笔重力不变，所以摩擦力大小不变。
（2）向右运笔时，笔毫相对于纸向右运动，而摩擦力方向与物体相对运动方向相反，因此纸对笔毫的摩擦力方向为水平向左。
【分析】（1）对毛笔进行受力分析，根据平衡力的知识确定摩擦力和重力大小；
（2）摩擦力总是与物体相对运动的方向相反。
19．【答案】大；不变
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】深水飞机机翼是向下拱起，上方平直，机翼下方海水水流流速快，海水压强小，在下潜过程中，“飞机”排开海水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，“飞机”受到的浮力大小不变。
综上 第1空、 大；第2空、不变。
【分析】1、浮力：浮力产生的原因为上下表面存在压强差，根据阿基米德远离可知浮力的大小等于排开水的重力，浮力的公式F浮=ρ液gV排，应用：通过改变自身重力改变浮力，轮船以及潜水艇；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力。
20．【答案】北；地磁场
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则螺线管A端为N极，B端为S极。根据磁极的定义可知，A端指向北方，这是由于通电螺线管受到地磁场的作用力。
【分析】首先根据安培定则判断通电螺线管的磁极方向，再根据磁极的定义确定螺线管的指向即可。
21．【答案】2；左
【知识点】电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】根据乙图可知，电压表选用0-3V量程，分度值为0.1V，则读数为2V。因为2V小于灯的额定电压2.5V，所以应增大灯的电压，根据U总=U1+U2可知，应减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即应将滑动变阻器的滑片向左端移动。
【分析】根据乙图确定电压表的量程和分度值，根据指针的位置读出示数。将实际电压与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2分析变阻器两端的电压变化，然后根据串联电路的分压规律分析变阻器的阻值变化，确定滑片的移动方向即可。
22．【答案】铅笔芯；长度
【知识点】导体与绝缘体；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，电流从正极出发后要经过a流回负极，即物体a应该是导体。铅笔芯是导体，塑料棒是绝缘体，所以物体应选择将铅笔芯连入电路，灯泡能发光。
（2）根据图片可知，向左移动夹子时，铅笔芯接入的长度变小，此时小灯泡变亮，则电路电流变大，说明铅笔芯连入的电阻变小，说明电阻大小与导体长度有关。
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
（2）根据灯泡亮度变化确定电流变化，根据欧姆定律分析阻值变化，结合描述分析哪个因素发生改变即可。
23．【答案】5；非平衡力
【知识点】平衡状态的判断；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在小球上升的过程中，重力和阻力的方向都是竖直向下的，即小球受到这两个力的方向相同，那么合力等于二者之和，即。
（2）当小球到达最高点时，它只受到竖直向下的重力，那么此时小球受到非平衡力的作用。
【分析】（1）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法；
（2）对最高点时的小球进行受力分析即可。
24．【答案】绿；1.1×105
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，当开关S接右边时，电路中R1、R2和绿灯串联；当开关接左边时，只有红灯和R1串联。
根据电阻串联的知识可知，前者的电阻大于后者。根据公式可知，前者功率小为保温状态，后者功率大为加热状态。
即饮水机处于保温状态，绿灯亮。
（2）综上所述，饮水机处于加热状态，只有R1单独工作。
此时R1两端的电压为220V，电阻为44Ω，则R1在100s产生的热量
。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态即可；
（2）根据公式计算R1产生的热量。
25．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】根据图片可知，
①过凸透镜焦点的光线经过凸透镜后，折射光线与主轴平行；
②根据“反射角等于入射角”在法线上面画出对应的反射光线即可，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的特殊光线，结合光的反射定律完成作图即可。
26．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据图片可知，水果对撑杆的阻力作用在B点，方向与撑杆OB垂直向上。杠杆的支点为O，动力作用点为A，则最长的动力臂就是OA。通过A点做OA的垂线，然后在向下的方向上标上箭头标上最小的动力F1，如下图所示：
【分析】根据题意确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段。当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。
27．【答案】解：（1）根据题意可知，平衡车的重力：；
平衡车对水平地面的压力等于自身重力，即，
平衡车对水平地面的压强。
答：平衡车对水平地面的压强为1×105Pa。
（2）根据题意可知，平衡车受到的阻力：；
平衡车做匀速直线行驶时，它受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以平衡车受到的牵引力；
平衡车行驶的路程；
平衡车牵引力所做的功。
答：平衡车牵引力所做的功为7.2×104J。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）利用G=mg求出人和电动平衡车的总重力，平衡车对水平地面的压力等于人和车的总重力，又知受力面积，利用得到平衡车对水平地面的压强；
（2）利用阻力和重力的关系求出阻力，再利用二力平衡的条件得出牵引力大小。由s=vt计算牵引力的功率，利用W=Fs求得牵引力所做的功。
28．【答案】（1）解：当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，则电阻R2的阻值为
电压表的示数为1V，根据串联电路电压规律和欧姆定律可得电路中电流为，则电路工作10s消耗的电能。
（2）解：电压表量程0～3V，为保护电路安全，电压表最大示数为3V，此时电路中电流为
滑动变阻器接入电阻为，则推动滑片P向右移动的最远距离是。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，此时电路为R2的简单电路，根据欧姆定律U=IR计算电阻R2的阻值；电压表的示数为1V，根据欧姆定律U=IR计算可得电路中电流；根据电功公式W=UIt计算电路工作10s消耗的电能；
（2）电压表量程0～3V，所以电压表最大示数为3V，根据欧姆定律计算此时电路中电流；同理U=IR计算滑动变阻器接入电阻； 滑片P每移动1cm，的阻值均匀变化 ，据此计算推动滑片P向右移动的最远距离。
（1）当滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，电流表的示数0.4A，则电阻R2的阻值为
电压表的示数为1V，根据串联电路电压规律和欧姆定律可得电路中电流为
则电路工作10s消耗的电能
（2）电压表量程0～3V，为保护电路安全，电压表最大示数为3V，此时电路中电流为
滑动变阻器接入电阻为
则推动滑片P向右移动的最远距离是
29．【答案】（1）B
（2）量程
（3）D
（4）电源电压过低
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）A．若某段导线断开，则灯始终不发光，不会忽明忽暗，故A不符合题意；
B．开关处接触不良，则电路时通时断，会发现两灯忽明忽暗，电流表的指针也来回摆动，故B符合题意；
C．小灯泡L1被短路，则该灯泡始终不发光，故C不符合题意；
D．电流表被烧坏，则电路断路，灯始终不发光，故D不符合题意。
故选B。
（2）根据图片可知，串联电路各处电流都相等，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1换用小量程。
（3）为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同负载(阻值)条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选 D。
（4）电流表有示数，则电路是通路，若即应该有电流经过两个灯泡。而两个灯泡不发光，可能是电流太小所致，即只能是电源电压过低。
【分析】 （1）灯泡忽明忽暗，说明电流时大时小，据此分析；
（2）电流表测量电流时，要选择合适的量程；
（3）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（4）电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮，据此分析。
（1）A．若某段导线断开，电路断路，则灯不发光，电流表没有示数，故A不符合题意；
B．开关处接触不良，则电路时通时断，会发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动，故B符合题意；
C．小灯泡L1被短路，则该灯泡不发光，由于总电阻变小，电流表示数会变大，故C不符合题意；
D．电流表被烧坏，则电路断路，灯不发光，电流表没有示数，故D不符合题意。
故选B。
（2）由图可知，A1接大量程，A2接小量程，示数分别为0.3A和0.28A，为了使结论更具有准确性，应该调整电流表A1的量程，换用小量程，再继续试验。
（3）为了验证“串联电路中电流处处相等”这一结论，需要在不同负载(阻值)条件下多次实验收集数据。实验室若无更多规格的灯泡，最合理的做法是选用不同阻值的电阻替换灯泡做多次实验。
故选 D。
（4）两个灯泡都不发光，但是电流表有示数，则电路不可能是开路，若L2短路，则另外一个灯泡亮；若电流表短路，电流表将不会有示数；所以只能是电源电压过低导致两个灯泡都不发光，但是电流表有示数。
30．【答案】右；8.4；8.75；不变；两种方案测量小球的质量相等。甲方案用量筒测量金属球的体积时，分度值为1mL=1cm3；乙方案用电子秤间接测量金属球的体积时，分度值为。两种方案测量结果依然有差异的原因是：用电子秤测量金属球体积时更精确。
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）①如图A所示，天平的指针左偏，则左盘重右盘轻，则应将天平的平衡螺母向右端移动。
②根据图B可知，标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4g，砝码的质量为：50g+20g+10g=80g，
那么金属球的质量m=80g+4g=84g；
金属球的体积；
金属球的密度。
（2）④根据图片可知，金属球排开水的质量m排 =m D+mF mE =84.0g+25.6g 100.0g=9.6g；
金属球的体积等于排开水的体积，即；
金属球的密度；
实验中取出金属块时会带出一些水，再往溢水杯中加满水后称量，带出去的水对称量结果无影响。根据可知，金属块密度的测量值不变。
（3）根据题意可知，两种方案测量小球的质量相等。甲方案用量筒测量金属球的体积时，分度值为1mL=1cm3；乙方案用电子秤间接测量金属球的体积时，分度值为。
比较可知，发现两种方案测量结果依然有差异的原因是用电子秤测量金属球体积时更精确。
【分析】 （1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②物体质量等于砝码质量加上游码对应刻度，金属球的体积等于两个量筒的示数差，利用密度公式求出物体密度；
（2）④根据图片计算金属球排开水的体积，而金属球的体积等于所补水的体积，根据密度公式计算金属球的密度；取出金属球时会带出一些水，但补水补到满，不会影响；
（3）根据题意比较甲方案和乙方案中测量体积时的分度值大小即可。
31．【答案】C
【知识点】能源及其分类；核裂变；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．可燃冰不会短时间内再次产生，属于不可再生能源，故A错误；
B．现阶段核电站是利用核裂变获得核能，与我国磁约束核聚变装置获得核能的方式不同，故B错误；
C．半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，则芯片和集成电路是由半导体（如硅）材料制成，故C正确；
D.5G和4G通信信号都是电磁波，它们的频率不同，但是在真空中的传播速度相同，故D错误。
故选D。
【分析】A.可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
B.核能利用的方式：核聚变和核裂变；
C.根据半导体的性质和应用判断；
D.所有电磁波的传播速度都相同。
32．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A． 图甲： 小孔成像的大小取决于物体到小孔的距离，只有物体到小孔的距离等于小孔到光屏的距离时才成倒立等大的实像，故A错误；
B． 图乙： 楼宇发出的光在水面发生反射成像，这就是水中的倒影，本质是光的反射，不是光的折射，故B错误；
C． 图丙： 水中鱼反射的光从水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，此时小猫看到的鱼的位置比鱼的实际位置要高，因此鱼的实际位置在小猫看到位置的下方，故C错误；
D． 图丁： 用手机扫二维码付款时， 成倒立缩小的实像，根据凸透镜成像规律可知，二维码要位于手机摄像头的二倍焦距以外，故D正确。
故选D。
【分析】A.小孔成像的大小取决于像距和物距的比值，这个比值越大，那么像越大；
B.平面镜成像的原理是光的反射现象；
C.根据光的折射规律分析判断；
D.根据凸透镜成像的规律判断。
33．【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】A.根据图像可知，0~12min乙温度从60℃降到20℃，降低了：60℃-20℃=40℃，故A错误；
BCD.根据题意可知，水与液体的质量相同，经过相同时间，水与液体放出热量相同。甲降低的温度低于乙降低的温度，由可知，甲物质的比热容较大，则甲物为水。
0~12min甲物质即水与乙放出热量均为，故BD错误；
乙物质的比热容为，故C正确。
故选C。
【分析】A.根据图像确定0-12min内乙的初始温度和终末温度，二者相减得到降低的温度；
BCD.根据图像确定相同时间内二者降低温度大小，根据比较二者比热容大小，进而确定哪种液体是水。根据Q=cm△t计算水吸收的热量，也就是另一种液体吸收的热量，最后根据计算乙的比热容。
34．【答案】A,D
【知识点】功率计算公式的应用；力与图象的结合；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据甲图可知，该滑轮组承担总重的绳子段数。根据乙图可知，0~1s内，绳子的拉力。根据丁图可知，吊篮上升高度，
绳子自由端移动距离；
拉力做功，
故A正确；
B.根据丙图可知1s~2s内，吊篮上升的受到为1m/s，则绳子自由端速度；
拉力功率，
故B错误；
C.根据选项A可知，0~1s内拉力做功。根据选项B可知，1s~3s内，拉力恒为，绳子速度恒为，拉力功率；
1s~3s内，拉力做功；
总功；
平均功率；
故C错误；
D.根据题意可知，1~2s内，拉力，此时机械效率，
不计摩擦绳重，机械效率；
；
解得：；
根据拉力可知，动滑轮的重力，
故D正确。
故选AD。
【分析】根据乙图确定在0～1s内电动机提供的拉力，由图丁知，吊篮上升上升的高度，根据s=nh和W=Fs计算拉力所做的功；
B.从乙图中找出1～2s内对应的拉力，由丁图找出对应的物体上升的速度，根据W=Fnv可以计算出的拉力的功率；
C.由图乙知，0～3s内电动机提供的拉力，由丙图知，1～3s内吊篮匀速上升，求出吊篮2∽3s上升的高度h，根据W=Fnh就可以计算出拉力做的功，再根据计算电动机提供的拉力的功率；
D.已知在1s～2s内，滑轮组的机械效率为90%，一切摩擦和绳重均可忽略不计，根据、可以计算出动滑轮重。
35．【答案】B,C
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 A.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，R的滑片移至最左端，电路为Rbc的简单电路，电压表测等于电源电压，则电源电压为9V，故A错误；
B.把ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为Up=U-U2=9V-3V=6V；
则滑动变阻器的最大阻值为：，故B错误； C.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，则bc之间的电阻为：；ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A，则ac之间的电阻为：；
因内部电路由两个定值电阻连接而成，说明bc之间是两个电阻串联，ac之间是一个电阻，因此ab之间是一个电阻，其阻值为Rab=Rbc-Rac=45Ω-15Ω=30Ω；
若用导线把bc连接起来，再将ab接线柱接入ef之间，且将R的滑片移至最左端，此时两电阻并联，其等效电阻为：，
因此时电路总电阻最小，电路的功率最大，其最大功率为：
，故C正确；
D.把ac接入电路，箱内电阻为R1，此时滑动变阻器的功率为；
由上式可知，当时，滑动变阻器的功率最大，故AD错误，BC正确；故选BC。
【分析】 A.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，R的滑片移至最左端，电路为Rbc的简单电路，电压表测等于电源电压；
B.把ac连接起来，再将ab接线柱接入ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，根据串联电路的特点和欧姆定律计算滑动变阻器的最大值；
C.把bc两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最左端时，电压表示数为9V，电流表示数为0.2A，根据欧姆定律求出电路的总电阻即为bc间的电阻；ac两个接线柱接到ef之间，闭合开关，将R的滑片移至最右端时，电压表的示数为3V，电流表示数为0.2A，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，因内部电路由两个定值电阻连接而成，据此分析两个定值电阻连接方式；根据两个定值电阻连接方式确定最小电阻，利用求出闭合开关后电路的最大功率；
D.根据P=I2R列出滑动变阻器最大功率的表达式，利用数学知识确定当滑动变阻器功率最大时滑动变阻器接入电路的阻值。
36．【答案】CD；11；100；电源线太短
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1）A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，
则该支路的功率为；
由表中信息可知，电路总功率为66W，
则灯泡所在支路的功率；
即待机状态下电路的功率为11W。
（3）空调扇实际功率；（4）由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
【分析】 （1）根据安全用电结合电动机的能量转化分析解答；
（2）计算空调扇的功率，用总功率减小电扇的功率得出待机功率；
（3）计算消耗的电能，根据计算实际功率；
（4）根据力的作用是相互的分析解答。
37．【答案】解：（1）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，当模型内水深h0=15cm时，水对容器底部的压强为p=ρ水gh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1500Pa。答：当水深15cm时，水对模型底面的压强为1500Pa。
（2）已知圆柱体B的底面积为 ，当模型内水深h0=15cm时，
B排开水的体积为V排1=SBh0=40cm2×15cm=600cm3=6×10-4m3；
根据“B与模型底面刚好接触且压力为零可知，”可知，此时B处于漂浮状态，
则它受到的重力等于浮力，即GB=F浮1=ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10-4m3=6N。
B的密度为。
触发报警装置时，圆柱体B对压力传感器的压力为2N，
则B受到的浮力为F浮2=GB+F压=6N+2N=8N。
答：刚触发报警装置时，B受到的浮力8N。
（3）综上所述，刚触发警报装置时B受到的浮力为8N，
则B排开液体的体积为；
B浸入水中的深度为；
由刚触发报警装置时，A到水面的距离hA=hB-h2=25cm-20cm=5cm；
圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，此时BC的高度为
hBC=hB+hC=25cm+12.5cm=37.5cm；
则此时B的重为为；
由力的平衡条件可知，刚触发报警装置时，BC受到的浮力为F浮3=GBC+F压=9N+2N=11N；
由阿基米德原理可知，此时BC排开水的体积为
。
则BC浸入水中的深度为；
则此时A到水面的距离为hA''=hBC-h3=37.5cm-27.5cm=10cm
所以警戒水位比原设计低。
答：为了提高防洪安全性，需在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，则现警戒水位比原设计低5厘米。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】 （1）已知液体密度和深度根据p=ρ液gh得水对模型底部的压强；
（2）根据当模型内水深h0=15cm时，根据体积公式求出B排开水的体积，根据B与模型底面刚好接触且压力为零可知B处于漂浮状态，根据阿基米德原理结合物体的漂浮条件求出B的重力；根据力的平衡条件可求出刚触发报警装置时B受到的浮力；
（3）根据阿基米德原理求出刚触发报警装置时B排开水的体积，根据体积公式求出B浸入水中的深度；结合B的高度求出B未增高前A到水面的距离；
在圆柱体B的上方叠加与B同材质同底面积高度为12.5cm的实心圆柱体C，根据可求出此时B和C的重力，由力的平衡条件可求出刚触发报警装置时BC受到的浮力，根据阿基米德原理可求出此时BC排开水的体积，从而求出此时BC浸入水中的深度和A此时到水面的距离，从而求出警戒水位下降的高度。
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