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2025年上海市虹口区中考三模物理试题
1．下列粒子中，带负电的是（　　）
A．电子 B．质子 C．中子 D．原子核
2．能区分不同歌手声音的主要依据是 （　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
3．四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
4．将重为G的物体挂于测力计下，使它们以大小为v1的速度向上做匀速直线运动，后以大小为v2的速度向下做匀速直线运动，且v1＞v2．已知前后两次测力计的示数分别为F1、F2，若不计空气阻力，则（　　）
A．F1可能大于G B．F2可能小于G
C．F1一定大于F2 D．F1一定等于F2
5．某凸透镜的焦距为10厘米，若物体在光屏上所成的像离该透镜的距离大于30厘米，则物体离该透镜的距离可能为（　　）
A．3厘米 B．13厘米 C．23厘米 D．33厘米
6．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中
A．电流表A示数变大
B．电压表V2示数变小
C．电压表V1示数与 电压表V2示数的差值变大
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
7．一节干电池的电压为　 　伏．家庭电路中，电冰箱与电视机是　 　的（选填“串联”或“并联”），家中电灯工作时将　 　能转化为光能．
8．“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，中国茶文化源远流长。如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成一个　 　，使液面总能保持相平。炉火通过　 　的方式加热茶水（选填“做功”或“热传递”）。隔着很远，也能闻到茶香是因为　 　。
9．生活中蕴含着很多物理识：“镜花水月”是由于光的　 　（选填“反射”或“折射”）形成的虚像；脱排油烟机是利用　 　的作用来工作；赛龙舟时，运动员用力向后划水，船就能前进，说明物体间力的作用是　 　的。
10．某导体两端的电压为2伏，通过该导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为　 　库，这段时间内电流做的功为　 　焦．根据图中通电螺线管的N极，可判断a端是电源的　 　极。
11．在黄浦江面静止的某货轮的排水量为千克，则货轮受到的浮力为　 　牛，此时货轮受到的合力大小为　 　牛；若货轮底部到水面的距离为2米，则江水对货轮底部的压强为　 　帕。
12．在图所示的电路中，闭合开关S后，至少有一个电表发生变化，已知电路中只有一处故障，且发生在电阻R1或R2上。请写出两电表的变化情况及其对应的故障　 　。
13．杆秤是中国的传统衡器，凝聚着中国古代人民的智慧。利用杆秤可以称量物体质量应用了　 　（填写物理原理或规律）。用如图所示杆秤测物体A的质量，杆秤秤砣的质量为0.1千克，用手提起秤纽2，当杆秤水平静止时，被测物和秤砣到秤纽2的距离分别为0.05米、0.2米（即米，米）。
①若杆秤的质量忽略不计，则被测物的质量为　 　千克；
②若秤砣有缺损，则杆秤所示的质量值　 　被测物的真实质量值（选填“小于”、“等于”或“大于”）；
③若用手提起秤纽1，为使杆秤仍水平静止，应该将秤砣向　 　移动。（选填“左”或“右”）
14．在图中，小球受到的重力G为6牛，用力的图示法画出重力G。
15．在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小。
16．质量为2千克的水，温度升高了10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水=4.2×103焦/（千克·℃）]。
17．如图所示，小明用50牛的拉力在4秒内将货物匀速提升2米，不计摩擦和绳子重力，求这段时间内拉力所做的功W和功率P。
18．在图（a）所示的电路中，滑动变阻器R2是规格为“20Ω 2A”和“5Ω 3A”中的一个．闭合电键S，当变阻器连入电路的电阻恰为其最大阻值的一半时，电流表的示数为0.3安，此时：
①若电阻R1的阻值为20欧，求R1两端的电压U1．
②若在电路中正确连入两个电压表，示数分别如图（b）、（c）所示．请通过计算判断所用变阻器R2的规格，并求出电阻R1消耗的电功率P1．
19．如图所示，均匀圆柱体A和薄壁柱形容器B置于水平地面上。容器B高0.25m，底面积为2×10-2m2，其内部盛有4kg的水。
①求水的体积V水；
②求水对容器底部的压强p水；
③若圆柱体A的底面积为1×10-2m2，高为0.3m，现沿水平方向将其截取一定的厚度，并将截取部分放入容器B的水中。
I若要使水对容器底部压强最大，求圆柱体A截取的厚度的最小值。
Ⅱ若为最小值时，圆柱体A对地面的压强pA'恰为水对容器底部压强p水'的两倍，求A的密度。
20．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材齐全且完好。其中电源三个（电压分别为3伏，6伏和9伏），待测小灯标有“3.8V”字样，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）本实验的实验原理是　 　。
（2）为了精确测出小灯的额定功率，小华选用其中一个电源，正确串联实验器材，并将电压表并联在某元件两端。小华闭合开关后，移动变阻器的滑片至中点附近位置（即接入电路的阻值约为10Ω），小灯正常发光。
①请写出小华选用的电源电压，依据是　 　
②请计算出小灯泡的额定功率（写出计算过程）。　 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子由原子核和核外电子构成，原子不显电性，核外电子带负电，原子核带正电，原子核由中子和质子构成，中子不带电，质子带正电，所以带负电的是电子，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】原子由原子核和核外电子构成，原子不显电性，核外电子带负电，原子核带正电，原子核由中子和质子构成，中子不带电，质子带正电，所以带负电的是电子。
2．【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的材料和结构不同，所以发声的音色也不同，不同歌手的声音不同，也是由于音色不同，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C.
【分析】音色是发声体发出的声音的特色.
3．【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是压缩冲程选B。
故答案为：B
【分析】汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能.
4．【答案】D
【知识点】力与运动的关系
【解析】【解答】解：物体两次都做匀速直线运动，拉力等于重力，由于物体的重力相同，因此拉力相等，即F1=F2．故ABC错误，D正确．
故选D．
【分析】弹簧测力计拉着同一物体竖直向上运动时，竖下方向上物体受到拉力和重力作用，拉力和重力是一对平衡力．此题考查力与运动的关系，解答此类题目的关键是根据匀速直线运动的物体受到平衡力作用，利用平衡力条件判断拉力和重力大小关系．
5．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：凸透镜的焦距为10厘米，像距v=30cm＞2f=2×10cm，则物体离该透镜的距离2f＞u＞f，即20cm＞u＞10cm，所以u=13cm符合题意．
故选B．
【分析】（1）凸透镜成像的三种情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f.2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．u＜f，成正立、放大的虚像．（2）实像用光屏能接到，虚像用光屏呈接不到．
掌握凸透镜成像的三种情况和应用．由物距和焦距的关系，通过解不等式能确定焦距或物距．
6．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 ABC、由图知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器R2的电压；
向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器连入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；故A错误；
电路中的电流变小，根据U=IR可知，R1的电压变小，由串联电路电压的规律可知，变阻器R2的电压变大，即电压表V2示数变大，故B错误；
电源电压不变，电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1的电压，则该差值变小，故C错误；
D、由欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值等于电路的总电阻，则该比值变大，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）（2）（3）电路中两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器的电压，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中分析变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联中确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；
根据U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，分析电压表V2示数变化；
因电源电压不变，分析电压表V1示数与电压表V2示数的差值变化；
（4）由欧姆定律分析电压表V1示数与电流表A示数的比值变化。
7．【答案】1.5；并联；电
【知识点】能量的转化或转移；电压和电压的单位换算；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）一节干电池的电压为1.5伏；
（2）家用电器的电压都相等（220V），且工作时互不影响，因此它们之间是并联；
（3）家中电灯工作时，消耗电能产生光能，即将电能转化为光能。
【分析】（1）根据常见电压的知识解答；
（2）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
（3）根据能量转化的知识分析。
8．【答案】连通器；热传递；分子在做无规则热运动
【知识点】热传递改变物体内能；连通器原理及其应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据图片可知，茶壶的壶身和壶嘴底部连通，上面开口，形成连通器。
（2）煮水时，水吸收热源放出的热量，即内能发生了转移，是通过热传递的方式来增加水的内能。
（3）人们都能闻到茶香是因为香味分子在不停地做无规则运动，本质上是扩散现象。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）热传递改变内能的本质为能量的转移；
（3）根据分子运动的知识解答。
9．【答案】反射；大气压强；相互
【知识点】光的反射；力作用的相互性；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）平整平静的水面能够等效为一块平面镜，“镜花水月”的光学现象，属于典型的平面镜成像，该成像原理为光的反射，所成的像是无法用光屏承接的虚像。
（2）流体流速越快的区域，压强数值越小。吸尘器、抽油烟机工作时，内部扇叶高速旋转，带动附近空气快速流动，使风口处空气流速增大、压强降低，外界大气压大于设备内部气压，在大气压力差的作用下，灰尘、油烟等杂质被压入设备内部，实现清洁效果。
（3）龙舟比赛划水过程中，划手操控船桨向后拨动水流，对水施加向后的作用力，根据力的相互作用规律，水流会反向对船桨施加向前的推力，带动龙舟整体向前行进，充分体现了物体间力的作用是相互的物理特点。
故答案为：反射；大气压强；相互。
【分析】（1）平面镜成像的本质是光的反射现象，所成像为正立、等大的虚像，生活中水面倒影、镜中成像等现象均遵循这一原理。
（2）空气、水等流动的物质都属于流体，遵循流速与压强的变化规律：流速增大，压强减小；流速减小，压强增大，生活中各类吸气、排风设备均利用这一规律工作。
（3）力的作用是相互的是基础力学规律，任意一个施力物体在对其他物体施加力的同时，也会受到受力物体给予的反向作用力，两个力大小相等、方向相反、同时产生。
10．【答案】2；4；正
【知识点】电荷量及其计算；电功的计算
【解析】【解答】 （1）由公式，可知，10秒内通过该导体横截面的电荷量Q=It=0.2A×10s=2C；
电流做的功：W=UIt=2V×0.2A×10s=4J。
（2）根据安培定则，大拇指指向螺线管的N极，右手弯曲的四指与电流方向一致，判断出螺线管中电流从左端流向右端，故a端为电源的正极；
故答案为：2；4；正。
【分析】（1）已知电流和通电时间，根据公式的变形公式即可求出通过导体横截面积的电荷量；根据W=UIt求出电流做的功；
（2）根据安培定则判断通电螺线管中电流方向。根据电源外部，电流从正极流向负极，判断出电压正负极。
11．【答案】；0；
【知识点】力的合成与应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据阿基米德原理F浮=G排可知，货轮受到的浮力为；
（2） 货轮漂浮在水面上处于静止状态，属于平衡状态，那么受到的合力大小为0N。
（3） 若货轮底部到水面的距离为2米， 江水对货轮底部的压强为。
【分析】（1）根据阿基米德原理F浮=G排计算货轮受到的浮力；
（2）平衡状态时合力为零；
（3）根据液体压强公式计算江水对货轮底部的压强。
12．【答案】电压表示数不变，电流表示数变大：R1 短路；电流表示数变大，电压表示数变小：R2 短路。
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】根据题干条件可知：电路仅有一处故障，故障位置仅限电阻R1、R2，且开关闭合后至少有一个电表示数发生改变。电路故障仅包含断路、短路两种类型，因此逐一排查四种故障可能性即可解题。
若R1发生断路：开关断开与闭合时，电路始终处于断开状态，电流表、电压表均无示数，两电表示数均无变化，与题意不符，排除该故障。
若R2发生断路：开关通断前后，电压表始终串联接入电路测量电源电压，示数保持不变，电路始终处于近似断路状态，电流表示数也无变化，不满足电表示数改变的条件，排除该故障。
若R1发生短路：开关闭合前，电压表串联在电路中测电源电压，电路电流极小，电流表几乎无示数；开关闭合后，电路正常导通，电压表测量R2两端电压（等于电源电压），示数保持不变，电路产生有效电流，电流表示数明显变大，符合题干要求。
若R2发生短路：开关闭合前，电压表串联测电源电压，有示数，电流表无示数；开关闭合后，电压表被短路直接归零，示数减小，电路通路、电流增大，电流表示数变大，同样满足题意条件。
综上结论：电压表示数不变、电流表示数变大，故障为R1短路；电流表示数变大、电压表示数变小，故障为R2短路。
故答案为：电压表示数不变，电流表示数变大：R1短路；电流表示数变大，电压表示数变小：R2短路。
【分析】本题为典型的定点电路故障辨析题，故障范围锁定在R1、R2两个电阻上，只需分类讨论断路、短路两类故障。通过对比开关闭合前后，电流表、电压表的示数变化情况，逐一验证每种故障是否满足“至少一个电表发生示数变化”的核心条件。排除两类断路故障后，再分别分析R1、R2短路时的电路工作状态、电压电流变化规律，最终精准对应两种故障对应的电表示数变化特征，确定最终故障类型。
13．【答案】杠杆平衡原理；0.4；大于；左
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】根据图片可知，秤纽相当支点，秤钩上的物体施加动力，秤砣施加阻力，则利用杆秤称量物体质量应用了杠杆平衡原理。
①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：GAlAB=G砣lBC，
mAglAB=m砣glBC；
mAlAB=m砣lBC；
mA×0.05m=0.1kg×0.2m；
解得：。
②若秤砣有缺损，则秤砣的质量偏小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，秤砣对应的力臂lBC要变大，即杆秤所示的质量值要偏大。
③根据图片可知，若用手提起秤纽1，则秤钩一侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，秤砣对杠杆拉力的力臂也应变小，即应将秤砣向左移。
【分析】一根硬棒在力的作用下绕着固定点转动，那么它就是杠杆；
①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
②秤砣有缺损，则秤砣的质量偏小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析秤砣一侧力臂的长度变化即可；
③若用手提起秤纽1，则秤钩一侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析秤砣一侧力臂的变化即可。
14．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】已知小球所受重力大小为6N，先设定好合适的力的标度，选取每段线段代表3N。重力的方向始终竖直向下，不受物体摆放位置影响，绘制时以小球重心作为力的作用起点，依照既定标度画出对应长度的线段，以此准确表示出重力即可，如图所示：
【分析】绘制重力图示时，先确定统一标度，再牢牢抓住重力竖直向下的固定方向，找准重心位置作为作用点，结合力的大小把控线段长度，按照规范步骤完成绘制即可。
15．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】根据图片可知，此时反射光线和法线的夹角为40°，则反射角为40°，根据“反射角等于入射角”可知，此时入射角也为40°，如下图所示：
【分析】根据光的反射中“反射角等于入射角”分析解答。
16．【答案】解：根据题意可知，水的比热容为 c水=4.2×103焦/（千克·℃） ，
则2kg的水升高10℃时吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×10℃=8.4×104J。
答：水吸收的热量为8.4×104J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 根据题意可知，水的比热容为 4.2×103J/(kg·℃) ，
则2kg的水升高10℃时吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×10℃=8.4×104J。
答：水吸收的热量为8.4×104J。
【分析】根据公式Q=cmΔt计算水吸收的热量。
17．【答案】解：根据题意可知，小明这段时间内拉力做功W＝Fs＝50N×2m＝100J；
这段时间内做功的功率。
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【分析】根据W=Fs计算拉力对物体做的功，根据计算拉力做功的功率。
18．【答案】①当电流表的示数为0.3安，由欧姆定律得U1=IR1=0.3A×20Ω=6V；
②由电路图可知：R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，
因为电路中电流为I=0.3A，
所以若变阻器R2的规格为
Ⅰ、R2=20Ω，则，由欧姆定律得：U2'=IR2'=0.3A×10Ω=3V；
Ⅱ、R2=5Ω，则，
由欧姆定律得：U2'=IR2'=0.3A×2.5Ω=0.75V；
由图所示电压表示数分别为：（b）0.9V或4.5V，（c）1.5V或7.5V，
与U2'比较可知，均大于U2'，电压表一定不会并联在R2两端；
故一只电压表是并联在R1两端，另一只电压表测量电源电压；
即两只电压表示数之差为U2'，即3V或0.75V，
比较电压表示数可知只有3V符合，故取R2=20Ω；
即两只电压表组合方式有：
Ⅰ、（b）测量电源电压，示数为4.5V，（c）测R1两端电压，示数为1.5V；
Ⅱ、（b）测R1两端电压，示数为4.5V，（c）测量电源电压，示数为7.5V；
故电阻R1消耗的电功率P1=U1I1=1.5V×0.3A=0.45W，
或P1=U1I1=4.5V×0.3A=1.35W。
答：①若电阻R1的阻值为20欧，R1两端的电压U1为6V。
②通过计算判断所用变阻器R2的规格为20Ω，电阻R1消耗的电功率P1为0.45W或1.35W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 ①根据欧姆定律求出电流表示数为0.3安时R1两端的电压；
②由电路图可知，R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，
根据欧姆定律求出电流表示数为0.3安时两种规格的变阻器时R2两端的电压，然后与电压表的可能示数值比较，判断出所用变阻器R2的规格，和电压表的连接，最后根据P=UI求出电功率P1。
19．【答案】解：①容器B中所盛水的体积：
；
②水对容器B底部的压强：
；
③I容器B中现有水的深度：
；
圆柱体A截取部分放入水中后，容器B中液体会升高，当容器B中液面和容器口相平时，此时B中液体深度达到最大值，根据液体压强公式可知，此时水对容器底部压强达到最大值，且此时为圆柱体A截取的厚度的最小值；
圆柱体A截取部分排开水的体积和自身体积相等：
；
由上式可得：
；
将上式整理可得：
；
即：圆柱体A截取的厚度的最小值为0.1m；
③Ⅱ圆柱体A对地面的压强pA'恰为水对容器底部压强p水'的两倍：
①；
圆柱体A对地面的压强也可以用液体压强公式计算：
②；
由①②两式可得：
；
即：A物体的密度为。
答：①容器B中水的体积为；
②容器B中水对容器底部的压强为；
③I圆柱体A截取的厚度的最小值为0.1m；
③Ⅱ物体A的密度为。
【知识点】液体压强的计算
【解析】【分析】（1）已知水的质量，根据公式即可求出水的体积；
（2）根据V=Sh可求出水的高度，根据液体压强公式p=ρ液gh即可求出水对容器底部的压强；
（3）I当容器中装满水时，水对容器底部的压强最大，即需要用圆柱体把剩余体积充满，用容器的总体积减去水的体积即为剩余体积，根据V=Sh可求出需要截取的厚度；
Ⅱ对于规则固体对地面的压强也可以用液体压强公式，根据液体压强公式p=ρ液gh分别表示出圆柱体A对地面的压强pA'和水对容器底部压强p水'，根据等量关系即可求出A的密度。
20．【答案】P=UI；灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=2.2V或U滑=5.2V，为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；；小灯正常发光时，通过灯泡的电流，灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】①测定小灯泡电功率的原理是P=UI；
②灯泡两端电压等于额定电压3.8V时正常发光，因为灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，
当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=U-U额=6V-3.8V=2.2V或U滑=U-U额=9V-3.8V=5.2V，
为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，
所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；
（b）小灯正常发光时，变阻器接入电路的阻值约为10Ω，
由串联电路特点和欧姆定律可得，此时通过灯泡的电流，所以灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
故答案为：①P=UI；
②（a）灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=2.2V或U滑=5.2V，
为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；
（b）小灯正常发光时，通过灯泡的电流，灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
【分析】①测定小灯泡电功率的原理是P=UI；
②（a）根据灯泡的额定电压判断选择电源电压的可能值，由串联电路的电压特点分析判断灯泡正常发光时变阻器两端电压的可能值，根据实验要求精确测量确定电压表测量的电压，并确定电源电压；
（b）根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率
1 / 12025年上海市虹口区中考三模物理试题
1．下列粒子中，带负电的是（　　）
A．电子 B．质子 C．中子 D．原子核
【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子由原子核和核外电子构成，原子不显电性，核外电子带负电，原子核带正电，原子核由中子和质子构成，中子不带电，质子带正电，所以带负电的是电子，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】原子由原子核和核外电子构成，原子不显电性，核外电子带负电，原子核带正电，原子核由中子和质子构成，中子不带电，质子带正电，所以带负电的是电子。
2．能区分不同歌手声音的主要依据是 （　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的材料和结构不同，所以发声的音色也不同，不同歌手的声音不同，也是由于音色不同，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C.
【分析】音色是发声体发出的声音的特色.
3．四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】四冲程内燃机工作时，机械能转化成内能的冲程是压缩冲程选B。
故答案为：B
【分析】汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能.
4．将重为G的物体挂于测力计下，使它们以大小为v1的速度向上做匀速直线运动，后以大小为v2的速度向下做匀速直线运动，且v1＞v2．已知前后两次测力计的示数分别为F1、F2，若不计空气阻力，则（　　）
A．F1可能大于G B．F2可能小于G
C．F1一定大于F2 D．F1一定等于F2
【答案】D
【知识点】力与运动的关系
【解析】【解答】解：物体两次都做匀速直线运动，拉力等于重力，由于物体的重力相同，因此拉力相等，即F1=F2．故ABC错误，D正确．
故选D．
【分析】弹簧测力计拉着同一物体竖直向上运动时，竖下方向上物体受到拉力和重力作用，拉力和重力是一对平衡力．此题考查力与运动的关系，解答此类题目的关键是根据匀速直线运动的物体受到平衡力作用，利用平衡力条件判断拉力和重力大小关系．
5．某凸透镜的焦距为10厘米，若物体在光屏上所成的像离该透镜的距离大于30厘米，则物体离该透镜的距离可能为（　　）
A．3厘米 B．13厘米 C．23厘米 D．33厘米
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：凸透镜的焦距为10厘米，像距v=30cm＞2f=2×10cm，则物体离该透镜的距离2f＞u＞f，即20cm＞u＞10cm，所以u=13cm符合题意．
故选B．
【分析】（1）凸透镜成像的三种情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f.2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．u＜f，成正立、放大的虚像．（2）实像用光屏能接到，虚像用光屏呈接不到．
掌握凸透镜成像的三种情况和应用．由物距和焦距的关系，通过解不等式能确定焦距或物距．
6．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中
A．电流表A示数变大
B．电压表V2示数变小
C．电压表V1示数与 电压表V2示数的差值变大
D．电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 ABC、由图知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器R2的电压；
向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器连入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；故A错误；
电路中的电流变小，根据U=IR可知，R1的电压变小，由串联电路电压的规律可知，变阻器R2的电压变大，即电压表V2示数变大，故B错误；
电源电压不变，电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1的电压，则该差值变小，故C错误；
D、由欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值等于电路的总电阻，则该比值变大，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）（2）（3）电路中两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测电源电压，电压表V2测变阻器的电压，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中分析变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联中确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；
根据U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，分析电压表V2示数变化；
因电源电压不变，分析电压表V1示数与电压表V2示数的差值变化；
（4）由欧姆定律分析电压表V1示数与电流表A示数的比值变化。
7．一节干电池的电压为　 　伏．家庭电路中，电冰箱与电视机是　 　的（选填“串联”或“并联”），家中电灯工作时将　 　能转化为光能．
【答案】1.5；并联；电
【知识点】能量的转化或转移；电压和电压的单位换算；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）一节干电池的电压为1.5伏；
（2）家用电器的电压都相等（220V），且工作时互不影响，因此它们之间是并联；
（3）家中电灯工作时，消耗电能产生光能，即将电能转化为光能。
【分析】（1）根据常见电压的知识解答；
（2）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联；
（3）根据能量转化的知识分析。
8．“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，中国茶文化源远流长。如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成一个　 　，使液面总能保持相平。炉火通过　 　的方式加热茶水（选填“做功”或“热传递”）。隔着很远，也能闻到茶香是因为　 　。
【答案】连通器；热传递；分子在做无规则热运动
【知识点】热传递改变物体内能；连通器原理及其应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据图片可知，茶壶的壶身和壶嘴底部连通，上面开口，形成连通器。
（2）煮水时，水吸收热源放出的热量，即内能发生了转移，是通过热传递的方式来增加水的内能。
（3）人们都能闻到茶香是因为香味分子在不停地做无规则运动，本质上是扩散现象。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）热传递改变内能的本质为能量的转移；
（3）根据分子运动的知识解答。
9．生活中蕴含着很多物理识：“镜花水月”是由于光的　 　（选填“反射”或“折射”）形成的虚像；脱排油烟机是利用　 　的作用来工作；赛龙舟时，运动员用力向后划水，船就能前进，说明物体间力的作用是　 　的。
【答案】反射；大气压强；相互
【知识点】光的反射；力作用的相互性；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）平整平静的水面能够等效为一块平面镜，“镜花水月”的光学现象，属于典型的平面镜成像，该成像原理为光的反射，所成的像是无法用光屏承接的虚像。
（2）流体流速越快的区域，压强数值越小。吸尘器、抽油烟机工作时，内部扇叶高速旋转，带动附近空气快速流动，使风口处空气流速增大、压强降低，外界大气压大于设备内部气压，在大气压力差的作用下，灰尘、油烟等杂质被压入设备内部，实现清洁效果。
（3）龙舟比赛划水过程中，划手操控船桨向后拨动水流，对水施加向后的作用力，根据力的相互作用规律，水流会反向对船桨施加向前的推力，带动龙舟整体向前行进，充分体现了物体间力的作用是相互的物理特点。
故答案为：反射；大气压强；相互。
【分析】（1）平面镜成像的本质是光的反射现象，所成像为正立、等大的虚像，生活中水面倒影、镜中成像等现象均遵循这一原理。
（2）空气、水等流动的物质都属于流体，遵循流速与压强的变化规律：流速增大，压强减小；流速减小，压强增大，生活中各类吸气、排风设备均利用这一规律工作。
（3）力的作用是相互的是基础力学规律，任意一个施力物体在对其他物体施加力的同时，也会受到受力物体给予的反向作用力，两个力大小相等、方向相反、同时产生。
10．某导体两端的电压为2伏，通过该导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为　 　库，这段时间内电流做的功为　 　焦．根据图中通电螺线管的N极，可判断a端是电源的　 　极。
【答案】2；4；正
【知识点】电荷量及其计算；电功的计算
【解析】【解答】 （1）由公式，可知，10秒内通过该导体横截面的电荷量Q=It=0.2A×10s=2C；
电流做的功：W=UIt=2V×0.2A×10s=4J。
（2）根据安培定则，大拇指指向螺线管的N极，右手弯曲的四指与电流方向一致，判断出螺线管中电流从左端流向右端，故a端为电源的正极；
故答案为：2；4；正。
【分析】（1）已知电流和通电时间，根据公式的变形公式即可求出通过导体横截面积的电荷量；根据W=UIt求出电流做的功；
（2）根据安培定则判断通电螺线管中电流方向。根据电源外部，电流从正极流向负极，判断出电压正负极。
11．在黄浦江面静止的某货轮的排水量为千克，则货轮受到的浮力为　 　牛，此时货轮受到的合力大小为　 　牛；若货轮底部到水面的距离为2米，则江水对货轮底部的压强为　 　帕。
【答案】；0；
【知识点】力的合成与应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据阿基米德原理F浮=G排可知，货轮受到的浮力为；
（2） 货轮漂浮在水面上处于静止状态，属于平衡状态，那么受到的合力大小为0N。
（3） 若货轮底部到水面的距离为2米， 江水对货轮底部的压强为。
【分析】（1）根据阿基米德原理F浮=G排计算货轮受到的浮力；
（2）平衡状态时合力为零；
（3）根据液体压强公式计算江水对货轮底部的压强。
12．在图所示的电路中，闭合开关S后，至少有一个电表发生变化，已知电路中只有一处故障，且发生在电阻R1或R2上。请写出两电表的变化情况及其对应的故障　 　。
【答案】电压表示数不变，电流表示数变大：R1 短路；电流表示数变大，电压表示数变小：R2 短路。
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】根据题干条件可知：电路仅有一处故障，故障位置仅限电阻R1、R2，且开关闭合后至少有一个电表示数发生改变。电路故障仅包含断路、短路两种类型，因此逐一排查四种故障可能性即可解题。
若R1发生断路：开关断开与闭合时，电路始终处于断开状态，电流表、电压表均无示数，两电表示数均无变化，与题意不符，排除该故障。
若R2发生断路：开关通断前后，电压表始终串联接入电路测量电源电压，示数保持不变，电路始终处于近似断路状态，电流表示数也无变化，不满足电表示数改变的条件，排除该故障。
若R1发生短路：开关闭合前，电压表串联在电路中测电源电压，电路电流极小，电流表几乎无示数；开关闭合后，电路正常导通，电压表测量R2两端电压（等于电源电压），示数保持不变，电路产生有效电流，电流表示数明显变大，符合题干要求。
若R2发生短路：开关闭合前，电压表串联测电源电压，有示数，电流表无示数；开关闭合后，电压表被短路直接归零，示数减小，电路通路、电流增大，电流表示数变大，同样满足题意条件。
综上结论：电压表示数不变、电流表示数变大，故障为R1短路；电流表示数变大、电压表示数变小，故障为R2短路。
故答案为：电压表示数不变，电流表示数变大：R1短路；电流表示数变大，电压表示数变小：R2短路。
【分析】本题为典型的定点电路故障辨析题，故障范围锁定在R1、R2两个电阻上，只需分类讨论断路、短路两类故障。通过对比开关闭合前后，电流表、电压表的示数变化情况，逐一验证每种故障是否满足“至少一个电表发生示数变化”的核心条件。排除两类断路故障后，再分别分析R1、R2短路时的电路工作状态、电压电流变化规律，最终精准对应两种故障对应的电表示数变化特征，确定最终故障类型。
13．杆秤是中国的传统衡器，凝聚着中国古代人民的智慧。利用杆秤可以称量物体质量应用了　 　（填写物理原理或规律）。用如图所示杆秤测物体A的质量，杆秤秤砣的质量为0.1千克，用手提起秤纽2，当杆秤水平静止时，被测物和秤砣到秤纽2的距离分别为0.05米、0.2米（即米，米）。
①若杆秤的质量忽略不计，则被测物的质量为　 　千克；
②若秤砣有缺损，则杆秤所示的质量值　 　被测物的真实质量值（选填“小于”、“等于”或“大于”）；
③若用手提起秤纽1，为使杆秤仍水平静止，应该将秤砣向　 　移动。（选填“左”或“右”）
【答案】杠杆平衡原理；0.4；大于；左
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】根据图片可知，秤纽相当支点，秤钩上的物体施加动力，秤砣施加阻力，则利用杆秤称量物体质量应用了杠杆平衡原理。
①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：GAlAB=G砣lBC，
mAglAB=m砣glBC；
mAlAB=m砣lBC；
mA×0.05m=0.1kg×0.2m；
解得：。
②若秤砣有缺损，则秤砣的质量偏小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，秤砣对应的力臂lBC要变大，即杆秤所示的质量值要偏大。
③根据图片可知，若用手提起秤纽1，则秤钩一侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，秤砣对杠杆拉力的力臂也应变小，即应将秤砣向左移。
【分析】一根硬棒在力的作用下绕着固定点转动，那么它就是杠杆；
①根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算；
②秤砣有缺损，则秤砣的质量偏小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析秤砣一侧力臂的长度变化即可；
③若用手提起秤纽1，则秤钩一侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析秤砣一侧力臂的变化即可。
14．在图中，小球受到的重力G为6牛，用力的图示法画出重力G。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】已知小球所受重力大小为6N，先设定好合适的力的标度，选取每段线段代表3N。重力的方向始终竖直向下，不受物体摆放位置影响，绘制时以小球重心作为力的作用起点，依照既定标度画出对应长度的线段，以此准确表示出重力即可，如图所示：
【分析】绘制重力图示时，先确定统一标度，再牢牢抓住重力竖直向下的固定方向，找准重心位置作为作用点，结合力的大小把控线段长度，按照规范步骤完成绘制即可。
15．在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】根据图片可知，此时反射光线和法线的夹角为40°，则反射角为40°，根据“反射角等于入射角”可知，此时入射角也为40°，如下图所示：
【分析】根据光的反射中“反射角等于入射角”分析解答。
16．质量为2千克的水，温度升高了10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水=4.2×103焦/（千克·℃）]。
【答案】解：根据题意可知，水的比热容为 c水=4.2×103焦/（千克·℃） ，
则2kg的水升高10℃时吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×10℃=8.4×104J。
答：水吸收的热量为8.4×104J。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 根据题意可知，水的比热容为 4.2×103J/(kg·℃) ，
则2kg的水升高10℃时吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×10℃=8.4×104J。
答：水吸收的热量为8.4×104J。
【分析】根据公式Q=cmΔt计算水吸收的热量。
17．如图所示，小明用50牛的拉力在4秒内将货物匀速提升2米，不计摩擦和绳子重力，求这段时间内拉力所做的功W和功率P。
【答案】解：根据题意可知，小明这段时间内拉力做功W＝Fs＝50N×2m＝100J；
这段时间内做功的功率。
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【分析】根据W=Fs计算拉力对物体做的功，根据计算拉力做功的功率。
18．在图（a）所示的电路中，滑动变阻器R2是规格为“20Ω 2A”和“5Ω 3A”中的一个．闭合电键S，当变阻器连入电路的电阻恰为其最大阻值的一半时，电流表的示数为0.3安，此时：
①若电阻R1的阻值为20欧，求R1两端的电压U1．
②若在电路中正确连入两个电压表，示数分别如图（b）、（c）所示．请通过计算判断所用变阻器R2的规格，并求出电阻R1消耗的电功率P1．
【答案】①当电流表的示数为0.3安，由欧姆定律得U1=IR1=0.3A×20Ω=6V；
②由电路图可知：R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，
因为电路中电流为I=0.3A，
所以若变阻器R2的规格为
Ⅰ、R2=20Ω，则，由欧姆定律得：U2'=IR2'=0.3A×10Ω=3V；
Ⅱ、R2=5Ω，则，
由欧姆定律得：U2'=IR2'=0.3A×2.5Ω=0.75V；
由图所示电压表示数分别为：（b）0.9V或4.5V，（c）1.5V或7.5V，
与U2'比较可知，均大于U2'，电压表一定不会并联在R2两端；
故一只电压表是并联在R1两端，另一只电压表测量电源电压；
即两只电压表示数之差为U2'，即3V或0.75V，
比较电压表示数可知只有3V符合，故取R2=20Ω；
即两只电压表组合方式有：
Ⅰ、（b）测量电源电压，示数为4.5V，（c）测R1两端电压，示数为1.5V；
Ⅱ、（b）测R1两端电压，示数为4.5V，（c）测量电源电压，示数为7.5V；
故电阻R1消耗的电功率P1=U1I1=1.5V×0.3A=0.45W，
或P1=U1I1=4.5V×0.3A=1.35W。
答：①若电阻R1的阻值为20欧，R1两端的电压U1为6V。
②通过计算判断所用变阻器R2的规格为20Ω，电阻R1消耗的电功率P1为0.45W或1.35W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 ①根据欧姆定律求出电流表示数为0.3安时R1两端的电压；
②由电路图可知，R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，
根据欧姆定律求出电流表示数为0.3安时两种规格的变阻器时R2两端的电压，然后与电压表的可能示数值比较，判断出所用变阻器R2的规格，和电压表的连接，最后根据P=UI求出电功率P1。
19．如图所示，均匀圆柱体A和薄壁柱形容器B置于水平地面上。容器B高0.25m，底面积为2×10-2m2，其内部盛有4kg的水。
①求水的体积V水；
②求水对容器底部的压强p水；
③若圆柱体A的底面积为1×10-2m2，高为0.3m，现沿水平方向将其截取一定的厚度，并将截取部分放入容器B的水中。
I若要使水对容器底部压强最大，求圆柱体A截取的厚度的最小值。
Ⅱ若为最小值时，圆柱体A对地面的压强pA'恰为水对容器底部压强p水'的两倍，求A的密度。
【答案】解：①容器B中所盛水的体积：
；
②水对容器B底部的压强：
；
③I容器B中现有水的深度：
；
圆柱体A截取部分放入水中后，容器B中液体会升高，当容器B中液面和容器口相平时，此时B中液体深度达到最大值，根据液体压强公式可知，此时水对容器底部压强达到最大值，且此时为圆柱体A截取的厚度的最小值；
圆柱体A截取部分排开水的体积和自身体积相等：
；
由上式可得：
；
将上式整理可得：
；
即：圆柱体A截取的厚度的最小值为0.1m；
③Ⅱ圆柱体A对地面的压强pA'恰为水对容器底部压强p水'的两倍：
①；
圆柱体A对地面的压强也可以用液体压强公式计算：
②；
由①②两式可得：
；
即：A物体的密度为。
答：①容器B中水的体积为；
②容器B中水对容器底部的压强为；
③I圆柱体A截取的厚度的最小值为0.1m；
③Ⅱ物体A的密度为。
【知识点】液体压强的计算
【解析】【分析】（1）已知水的质量，根据公式即可求出水的体积；
（2）根据V=Sh可求出水的高度，根据液体压强公式p=ρ液gh即可求出水对容器底部的压强；
（3）I当容器中装满水时，水对容器底部的压强最大，即需要用圆柱体把剩余体积充满，用容器的总体积减去水的体积即为剩余体积，根据V=Sh可求出需要截取的厚度；
Ⅱ对于规则固体对地面的压强也可以用液体压强公式，根据液体压强公式p=ρ液gh分别表示出圆柱体A对地面的压强pA'和水对容器底部压强p水'，根据等量关系即可求出A的密度。
20．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材齐全且完好。其中电源三个（电压分别为3伏，6伏和9伏），待测小灯标有“3.8V”字样，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）本实验的实验原理是　 　。
（2）为了精确测出小灯的额定功率，小华选用其中一个电源，正确串联实验器材，并将电压表并联在某元件两端。小华闭合开关后，移动变阻器的滑片至中点附近位置（即接入电路的阻值约为10Ω），小灯正常发光。
①请写出小华选用的电源电压，依据是　 　
②请计算出小灯泡的额定功率（写出计算过程）。　 　
【答案】P=UI；灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=2.2V或U滑=5.2V，为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；；小灯正常发光时，通过灯泡的电流，灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】①测定小灯泡电功率的原理是P=UI；
②灯泡两端电压等于额定电压3.8V时正常发光，因为灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，
当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=U-U额=6V-3.8V=2.2V或U滑=U-U额=9V-3.8V=5.2V，
为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，
所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；
（b）小灯正常发光时，变阻器接入电路的阻值约为10Ω，
由串联电路特点和欧姆定律可得，此时通过灯泡的电流，所以灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
故答案为：①P=UI；
②（a）灯泡的额定电压U额=3.8V＞3V，所以电源电压U=6V或9V，当小灯正常发光时，滑动变阻器两端电压的可能值为U滑=2.2V或U滑=5.2V，
为了精确测出小灯的额定功率，电压表需选小量程且并联滑动变阻器两端，所以U滑=2.2V，选用的电源电压为6V；
（b）小灯正常发光时，通过灯泡的电流，灯泡的额定功率：P额=U额I=3.8V×0.22A=0.836W。
【分析】①测定小灯泡电功率的原理是P=UI；
②（a）根据灯泡的额定电压判断选择电源电压的可能值，由串联电路的电压特点分析判断灯泡正常发光时变阻器两端电压的可能值，根据实验要求精确测量确定电压表测量的电压，并确定电源电压；
（b）根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率
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