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2026年四川达州市达川区中考适应性测试物理试题
1．了解社会，从了解身边的现象开始，对于身边物理现象的估计，下列说法正确的是（　　）
A．中学生的体重约为50N
B．正常人1min内脉搏跳动的次数约为70次
C．人体感觉舒适的环境温度为38℃
D．对人体的安全电压是220V
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，中学生的质量一般在50kg左右，则它的重力，故A错误；
B．根据生活经验可知，正常成年人脉搏跳动频率约为每分钟60~100次，故B正确；
C．根据生活经验可知，人体感觉舒适的室温一般在之间，故C错误；
D．根据生活经验可知，人体的安全电压不高于36V，故D错误。
故选B 。
【分析】根据自己对常见物体的重力、时间、温度和电压的认识判断。
2．下列与声现象有关的说法中正确的是（　　）
A．开会时把手机调到静音状态，是在人耳处减弱噪声
B．汽车的倒车雷达是利用超声波工作的
C．声音在传播过程中，其音色、音调和响度都不会改变
D．只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音调
【答案】B
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A． 开会时把手机调到静音状态， 属于在声源处减弱噪声，不是人耳处，故A错误；
B．汽车倒车雷达正是利用超声波的回声定位工作，故B正确；
C．声音传播过程中能量不断消耗，即振幅不断减小，那么响度会逐渐减小，故C错误；
D．纹锁辨别声音的主要依据是音色，因为不同人的发声结构不同，音色不同，声故D错误。
故选B。
【分析】A.减弱噪声的方法：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
B.根据超声波的特点和应用判断；
C.声音的大小叫响度，由振幅大小决定；
D.声音的特点叫音色，与发声体的结构特点决定。
3．下列关于光现象的说法正确的是（　　）
A．岸边的树木在水中的“倒影”，是光的折射现象
B．“长河落日圆”，诗人看到的“落日”是光线经过大气发生反射而成的像
C．雨后天空出现的彩虹，是光的折射形成的
D．人面镜时，人在镜中的像逐渐变大，人运动的速度等于像运动的速度
【答案】C
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．岸边的树木发出的光在水面发生反射形成平面镜成像现象，这就是看到的倒影，故A错误；
B．地球周围的大气层是不均匀的，越靠近地面密度越大。太阳光从太空斜射入大气层时，会发生折射现象。当太阳实际已经落到地平线以下时，由于大气层的折射，我们依然能看到太阳的像，故B错误；
C．雨后天空存在大量的小水珠，太阳光照射到小水滴上发生折射后发生色散现象，这就是彩虹，故C正确；
D． 人面镜时， 物距减小，但是人的大小不变。由平面镜成像“物像等大”可知，像与物的大小始终相等，故D错误。
故选 C。
【分析】A.平面镜成像的原理是光的反射现象；
B.光从一种介质斜射入另一种介质时发生折射现象；
C.根据光的色散的知识判断；
D.由平面镜成像“物像等大”判断。
4．某科学小组完成了以下几种实践，其中说法正确的是（　　）
A．甲图中，很难将玻璃拉离水面，说明分子之间存在间隙
B．乙图中，发现沙子中的温度计示数升高快，说明沙子吸热能力比水强
C．丙图中，看到热蒸汽使风车转动，其能量转化形式与热机的做功冲程相同
D．丁图中，记录的沿海城市和内陆城市在某一天的气温变化图，曲线C为沿海城市的气温图
【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机；探究不同物质的吸热能力；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以很难将玻璃拉离水面，说明故A错误；
B．根据可知，质量相同的沙子和水吸收相同的热量时， 沙子中的温度计示数升高快， 说明沙子的比热容小，即沙子的吸热能力弱，故B错误；
C．热蒸汽使风车转动，将它的内能转化为风车的机械能，其能量转化和热机的做功冲程相同，故C正确；
D．水的比热容大于砂石的比热容，则吸收或放出相同的热量时，水的温度变化比砂石小，则沿海城市一天的气温变化小于内陆城市，故曲线D为沿海城市的气温图，曲线C是内陆城市的气温图，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据分子之间存在相互作用的引力和斥力判断；
B.根据比较二者比热容大小，且比热容越大，则吸热能力越强；
C.热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；热机的做功冲程，将内能转化为机械能；
D.根据丁图判断C、D两地的昼夜温差大小，根据比较两地比热容大小，进而判断物质种类即可。
5．川超比赛如火如荼，运动员们不仅为我们带来了精彩的比赛，中场休息更是带来了视觉盛宴——无人机表演。如图所示，下列错误的是（　　）
A．无人机与地面控制台通过电磁波传递表演指令
B．无人机在空中悬停时，所受合力为0
C．无人机锂电池充电时，化学能转化为电能
D．无人机上的LED灯，主要材料是半导体
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；电源及其能量转化；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波的传播不需要介质，且能传递信息，因此无人机与地面控制台通过电磁波传递指令，故A正确，不合题意；
B．无人机悬停时受力平衡，此时它受到的合力为零，故B正确，不合题意；
C．锂电池充电时，将电能转化为化学能，故C错误，符合题意；
D． 无人机上的LED灯核心材料为半导体，故D正确，不合题意。
故选C。
【分析】A.根据电磁波的特点和应用判断；
B.当物体处于平衡状态时受到的合力为零；
C.根据能量转化的知识判断；
D.根据半导体的特点和应用判断。
6．如图所示，滑板运动员沿水平地面向前匀速滑行，在横杆前相对滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过。则关于运动员，下列说法正确的是（　　）
A．起跳上升过程中，动能转化为弹性势能
B．由于运动员具有惯性，越过杆后仍将落在滑板上
C．从杆上方越过的过程中，运动员的运动状态保持不变
D．匀速滑行时，运动员所受重力与地面对滑板的支持力为一对平衡力
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A． 滑板运动员起跳上升过程中，速度减小，则动能减小；高度增加，则重力势能增大，那么是动能转化为重力势能，故A错误；
B．起跳后，运动员由于惯性会保持原来的状态不变，因此越过杆后仍会落在滑板上，故B正确；
C． 从杆上方越过的过程中， 速度的大小和方向都发生变化，因此运动状态不断改变，故C错误；
D．地面对滑板的支持力等于运动员和滑板的总重力，肯定大于运动员的重力，即二者大小不等，因此二者不满足平衡力的条件，故D错误。
故选B。
【分析】A.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，比较二者的大小变化即可；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.运动状态的改变包括速度大小改变或运动方向改变；
D.二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
7．下列关于压力与压强的说法中正确的是（　　）
A．压力的方向一定是竖直向下的
B．压力的作用效果可以用受到压力的物体的弹性形变程度来反映
C．物体的重力越小，产生的压强也越小
D．物体的压力越大，产生的压强也越大
【答案】B
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强
【解析】【解答】A．压力的方向不一定竖直向下，但是总是垂直于物体的接触面，故A错误；
B．在实验中，压力的作用效果（压强的大小）可以通过受力物体的形变程度来直观地反映，形变越明显，压力的作用效果越显著，故B正确。
CD．物体的压力不一定与重力有关。压强跟压力大小和受力面积大小同时有关，不知道受力面积的大小，所以不能比较压强的大小，故CD错误。
故选B。
【分析】A.根据压力方向的知识判断；
B.物体受到压力作用后都会发生形变，形变程度越大，则压力作用效果越显著；
CD.压力大小取决于压力产生的原因。压强大小与压力大小和接触面积大小有关。
8．体积相同的两个物体，密度之比为2：1，与水平桌面的接触面积之比为3：2，对桌面产生的压强之比是（　　）
A．3：1 B．4：3 C．2：1 D．3：2
【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】∵ ， ＝ ，∴由公式F＝G＝mg＝ρVg可知， ＝ ＝ 又∵ ，∴ × × .
故答案为：B.
【分析】在水平桌面上：F＝G＝mg＝ρVg，知道密度之比和体积的关系，从而就可以计算出压力之比；又知道受力面积（接触面积）比，再由p＝ 计算出压强之比．
9．一个未装满饮料的密闭瓶子、正立放在桌面上如图甲所示，饮料对瓶底的压力为，瓶子对桌面的压强为；倒立放在桌面上如图乙所示，饮料对瓶盖的压力为，瓶子对桌面的压强为。则下列关系式正确的是（　　）
A．　 B．　
C．　 D．　
【答案】C
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】（1）根据图片可知，甲图有水的部位为圆柱体，上下粗细一致，则甲图中饮料对瓶底的压力大小等于饮料的重力。乙图中饮料对瓶盖的压力的一部分被侧壁承担，因此乙图中饮料对瓶盖的压力小于饮料的重力，则。
（2）无论是正放还是倒放，瓶子对桌面的压力都等于瓶子和液体的总重力，即压力相等。当瓶子正放时受力面积较大，倒放时受力面积较小，根据可知，受力面积小的压强大，即。
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】（1）根据容器的形状分析瓶底和瓶盖受到液体的压力大小；
（2）根据分析瓶子对桌面的压强大小。
10．如图所示的电路中，下列说法正确的是（　　）
A．闭合、，灯泡和串联
B．先闭合，再闭合，灯泡变暗
C．先闭合，再闭合，电流表的示数变大
D．闭合、，若灯泡比亮，则两端的电压比两端的电压小
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，当闭合、时，灯泡L1和L2并排连接在电路中，因此和是并联，故A错误；
B．根据图片可知，先闭合、断开时，只有接入电路，两端电压等于电源电压U；再闭合后，和并联，两端电压仍等于电源电压U。根据可知，实际功率不变，亮度不变，故B错误；
C．根据图片可知，先闭合，电流表只测的电流。再闭合，和并联，电流表测干路总电流。根据总电流可知，电流表示数变大，故C正确；
D．根据图片可知，闭合、时，和并联，根据并联电路个支路两端电压相等可知，和两端电压相等，故D错误。
故选 C。
【分析】A.用电器首尾相连为串联，用电器并排连接在电路两点之间为并联；
B.注意分析灯泡L2两端电压变化，根据分析它的电功率大小即可；
C.根据并联电路的总电流分析判断；
D.根据并联电路个支路两端电压相等判断。
11．2025年5月1日起，全国多地将正式实施电动车管理新规，其中只允许新国标电动自行车上路，要求车速不超过 25km/h。下面是某品牌电动自行车的电路图，当电动机转速超过一定值时，电铃会自动报警，下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关时，电磁铁E的左端为N极
B．若要使电动机转速变快，则需将旋钮OP绕O点逆时针转动
C．若只增加电磁铁E的线圈匝数，车速超过25km/h，电铃不响
D．左边电路电流比较小时，电铃不会报警，是因为电流比较小时电磁铁E磁性弱
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则电磁铁E的右端为N极，左端为S极，故A错误；
B． 若要使电动机转速变快， 需要增大通过电动机的电流，即减小变阻器接入的阻值。根据图片可知，旋钮OP绕O点逆时针转动，故B错误；
C．当车速为25km/h时，通过电动机的电流大小不变。增加电磁铁E的线圈匝数，在相同电流下磁性增强，车速超过时更易吸合衔铁，电铃更响，故C错误；
D．根据图片可知，左边电路电流比较小时电磁铁磁性弱，衔铁不易被吸合，电铃电路断开不会报警，故D正确。
故选D 。
【分析】A.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
B.根据电动机的转速确定电流大小，根据欧姆定律分析电阻变化，据此确定旋钮的转动方向；
CD.电磁铁的磁场强弱与电流大小和线圈匝数有关。
12．水平面上有两个相同的装满不同液体的溢水杯，将小球A分别放入两溢水杯中静止时如图甲、乙所示，甲杯溢出0.9N的液体，乙杯溢出0.8N的液体。下列说法正确的是（　　）
A．小球A在甲杯中受浮力，在乙杯中不受浮力
B．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强
C．小球A重0.9N，A对乙杯底的压力为0.1N
D．甲杯中液体对杯底的压强等于乙杯中液体对杯底的压强
【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，小球A在乙杯中沉底，浸没在液体中，则它肯定受到浮力，故A错误；
B．根据图片可知，小球A在甲中漂浮，那么液体密度；小球A在乙中沉底，则液体密度，则。两个溢水杯相同，装满液体时杯中液体体积V相同，由可知，液体的重力。根据可知，杯子对桌面的压力。根据压强公式可知，甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强，故B错误；
C．小根据阿基米德原理可得，甲中小球所受浮力；
小球漂浮时浮力等于重力，因此小球A所受的重力；
同理，乙中小球浮力
乙杯对小球的支持力，
根据力的作用是相互的，A对乙杯底的压力等于支持力，大小为0.1N，故C正确；
D．两个容器都装满液体，则放入小球后液面深度h相等，且液体密度，根据可得，甲杯中液体对杯底的压强大于乙杯，故D错误。
故选C。
【分析】 A.浸在液体中的物体都会受到浮力；
B.由物体的浮沉条件比较液体密度大小，由公式G=mg=ρVg比较杯中液体的重力大小关系，两杯对水平面的压力为：，由压强公式判断两杯对桌面的压强大小关系；
C.由阿基米德原理F浮=G排和漂浮条件计算小球A的重力，根据F压=GA-F浮乙可求出A对乙杯底的压力；
D.由液体压强公式p=ρ液gh可知两杯中液体对杯底的压强大小关系。
13．小冬同学将热水、冰水和室温水（水温与室温相同）分别装入玻璃杯中，如图所示。一段时间后，发现　 　（选填“甲”“乙”“丙”）的杯壁上没有小水珠出现；随后他又进行了比热容相关的物理实验，现有A、B两种物质的比热容之比为3︰1，质量之比为2︰1，当它们吸收相同的热量之后，A的温度升高了10℃，则B的温度升高了　 　℃。（B未达到沸点）
【答案】丙；60
【知识点】液化及液化放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需要向外放出热量，即只有水蒸气遇到低温的物体才能发生。丙中水温和室温相同，杯内外没有温度差，水蒸气无法液化，因此杯壁上没有小水珠。
（2）已知，，吸收热量 ，
根据 得到，二者温度变化量之比： ；
；
解得：。
【分析】（1）水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需要向外放出热量，即只有水蒸气遇到低温的物体才能发生。
（2）根据公式计算二者升高温度之比，进而计算B的温度变化量。
14．小亮同学在物理实验室利用托里拆利实验测量大气压强的值，实验时他没有将玻璃管竖直放置，而是稍稍倾斜了，如图所示，则此时当地大气压强　 　一个标准的大气压强；如果现在该实验室做“观察水沸腾”的实验，测得水的沸点将　 　（两空均选填“高于”、“等于”或“低于”）100℃。
【答案】低于；低于
【知识点】大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）根据图片可知，玻璃管内外水银面的高度差为750mm，即当地的大气压为。
（2）标准大气压下水的沸点为100℃，因为当地气压低于标准大气压，因此水的沸点低于100℃。
【分析】（1） 在托里拆利实验中，大气压强的大小等于水银柱的竖直高度对应的压强，和玻璃管倾斜无关。
（2）根据大气压强随高度的增大而减小的规律分析。
15．将一块质量为600g、体积为1000cm3的物块用铁丝竖直向下压，使物块浸没某种液体的液面下，然后取走铁丝，物块最终自由静止时，有的体积露出液面，则液体的密度为　 　kg/m3，铁丝原先对物块的压力大小为　 　N。（g取 10N/kg ）
【答案】；4
【知识点】重力及其大小的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）物块自由静止后漂浮，则它受到的浮力等于物块自身重力，
即；
；
；
解得：。
（2）物块被铁丝压入浸没时受到的总浮力；
物块重力；
则铁丝原先对物块的压力大小为： 。
【分析】（1）根据漂浮条件和阿基米德原理列方程计算液体的密度；
（2）首先根据阿基米德原理计算物块受到的浮力，根据G=mg计算物体的重力，最后根据计算铁丝原先对物块的压力大小。
16．甲、乙两小灯泡铭牌上分别标有“4V　2W”和“6V　6W”，使用过程中每个小灯泡的电阻均不变，若两灯都正常发光，则　 　灯会更亮一些；若把两灯串联在10V的电压下，则　 　灯会被烧坏。（选填“甲”或“乙”）
【答案】乙；甲
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】（1）当灯泡都正常发光时，甲的功率为2W，乙的功率为6W，则乙的功率大，那么乙会更亮；
（2）甲的额定电流为：；
乙的额定电流为：；
比较可知，甲的额定电流小，
则二者串联时甲灯会被烧坏。
【分析】（1）灯泡的亮度由实际功率大小决定；
（2）根据公式分别计算两个灯泡的额定电流，则额定电流小的容易烧坏。
17．如图所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器标有“？”的字样，，电流表的测量范围是，电压表的测量范围是。当闭合，接b，滑动变阻器滑片移到中点处时，电流表的示数为0.5A，则滑动变阻器的最大阻值为　 　。任意闭合或者断开开关，移动滑动变阻器滑片，在保证电路安全的情况下，整个电路的电功率最大值比最小值多　 　W。
【答案】60；2.7
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，当S1闭合，S2接b时，滑动变阻器与R1并联，且滑动变阻器阻值为。此时经过R1的电流；
流过滑动变阻器的电流；
则滑动变阻器的最大阻值；
（2）由可知，总电阻最大时，电路的总功率最小。
当S1断开，S2接a时R1与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器R2的电压U2，电压表最大量程为3V。当电压表达到最大示数时，滑动变阻器接入电阻最大，此时电路中的电流最小，电功率最小。
此时R1两端电压；
则此时最小电流；
则最小功率；
当S1闭合，S2接b时R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，由于滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表最大量程0.6A，则最大功率；
整个电路电功率最大值与最小值。
【分析】 （1）当S1闭合，S2接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，R1与滑动变阻器R2并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律和并联电路的电阻求出通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）由可知，总电阻最大时，电路的总功率最小。当S1断开，S2接a，R1和变阻器R2串联，电压表测变阻器R2的电压，已知电压表量程为0～3V，则当电压表示数最大为3V时，变阻器R2接入电路的阻值最大，此时电路中电流最小，电功率最小，
根据串联电路的电压特点可知R1两端电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=UI即可求出最小功率；
当S1闭合，S2接b，R1与滑动变阻器R2并联，电流表测量干路电流，根据电流表的量程可知电路中的最大电流，利用P=UI即可求出最大功率；
最后求出电功率最大值与最小值的差。
18．小明在底面积为20cm2的圆筒（圆柱体）装入适量细沙，放入装有水的透明容器，静止后，圆筒竖直浮在水面上，如图甲所示，此时圆筒底部距水面5cm。接着将一体积为50cm3的金属块用细线（体积不计）悬挂在圆筒下方，放入水中静止后，圆筒竖直浮在水面上（金属块不接触容器底部），如图乙所示，此时圆筒底部距水面10cm。则图甲中装有细沙的圆筒受到的重力为　 　N；图乙中悬挂的金属块密度为　 　kg/m3。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】1；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，小桶的底面积为20cm2， 圆筒底部距水面5cm ，
则排开水的体积 ；
图甲中，装细沙的圆筒漂浮在水面，
此时圆筒重力等于浮力；
总排开水的体积；
总浮力
将圆筒和金属块看成整体，整体静止漂浮，总浮力等于总重力： ；
因此金属块重力；
金属块密度。
【分析】根据计算圆筒排开水的体积，根据计算此时它受到的浮力，根据漂浮条件计算圆筒的重力。
根据计算排开水的总体积，根据计算受到的总浮力，根据漂浮条件计算金属块的重力，最后根据计算金属块的密度。
19．如图所示细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于平衡状态，画出小球的受力示意图；
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 根据题意可知，斜面是光滑的，且绳子处于竖直拉紧状态。此时球与斜面虽然接触但不发生挤压，所以小球不受摩擦力和支持力的作用。此时小球只受到重力和拉力的作用处于平衡状态，重力的方向竖直向下，拉力的方向竖直向上，作用在小球的重心上，如下图所示：
【分析】对小球进行受力分析，从而确定受力的大小、方向和作用点，最后沿力的方向画带箭头的线段即可。
20．根据图中小磁针N极的指向，标出通电螺线管右端的磁极、A点的磁感线方向，并在括号内标出电源“＋”或“－”极。
【答案】
【知识点】磁感线及其特点；安培定则；磁极间的相互作用
【解析】【解答】根据图片可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极，右端为N极。磁体周围的磁感线从N极出来，回到S极，则磁感线上A点的箭头向左。
右手握住螺线管，大拇指指向右端，弯曲的四指指尖向下，则线圈上电流方向向下，则电源左端为N极，右端是负极，如下图所示：
【分析】首先根据磁极之间的相互作用规律确定螺线管的磁极方向，然后根据磁感线的环绕方向确定磁感线上的箭头方向。根据安培定则判断线圈上的电流方向，进而确定电源的正负极方向。
21．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华提出如下猜想：
猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关
猜想2：浮力的大小可能与物体浸没的深度有关
猜想3：浮力的大小可能与排开液体的体积有关
为了验证猜想，小华在实验室里做了如图1所示的实验。
（1）在序号b的实验中物体所受的浮力为　 　N；
（2）要验证猜想2，应比较序号a、c、d的三次实验，分析可知：物体所受的浮力与深度　 　关（选填“有”或“无”）；比较序号a、d、e的三次实验，分析可知：排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越　 　。（选填“大”或“小”）；
（3）小明接着又探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图2所示，其中a、b、c、d弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究分析数据时，若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式　 　成立，就可得出结论；
②图2中会影响该探究结论能否正确得出的是　 　（只填字母）。
A．c中水面未到达溢水杯的溢水口 B．c中物体没有全部浸入在水中
【答案】（1）1.4
（2）无；大
（3）；A
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据a图可知，物体重力，图b中弹簧测力计示数，则序号b的实验中物体所受的浮力为。
（2）①根据图片c、d可知，物体排开液体密度和排开体积相同，只有浸没在c、d 深度不同，而弹簧测力计的示数相同，说明它受到的浮力也相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
②根据图片可知，实验d、e中，物体排开液体体积相同，盐水密度大，且e中测力计示数更小，根据可知，在盐水中浮力大，那么可以得到结论：排开液体体积相同时，液体的密度越大，物体所受浮力越大。
（3）①根据图片可知，物体排开液体重力是，物体受到的浮力是。根据阿基米德原理可可知，。
②A．若c中水面未到达溢水杯溢水口，则放入物体后不会离开有水排出，则溢出水的重力小于物体排开液体的重力，会影响结论，故A符合题意；
B．若c中物体没有全部浸入水中，则浮力和排开液体的重力都会相应减小，但是二者大小关系不变，就可得出正确结论，故B不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据a图确定物体的重力，根据b图确定物体浸在水中测力计的示数，然后根据计算物体受到的浮力；
（2）①根据c、d两图确定物体深度改变时浮力是否改变即可；
②根据d、e两图确定哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。
（3）①物体排开液体的重力等于小桶和水的总重力减去筒的重力，物体受到的等于重力与测力计的示数之差，根据阿基米德原理可分析解答；
②阿基米德原理就是比较物体受到的浮力和排开液体重力的大小关系，分析操作是否会影响两个量的大小即可。
（1）由图a知物体重力，图b中弹簧测力计示数。根据称重法测浮力可得在序号b的实验中物体所受的浮力为
（2）要验证猜想2，应比较序号a、c、d的三次实验，a是初始状态，物体浸没在c、d 深度不同，液体相同，排开体积相同，弹簧测力计的示数相同，根据称重法计算出的浮力也相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
序号d、e中，物体都是浸没在液体中，排开液体体积相同，液体分别是水和盐水，盐水密度大，且e中测力计示数更小，即在盐水中浮力大，所以比较序号a、d、e的三次实验，可得出结论，排开液体体积相同时，液体的密度越大，物体所受浮力越大。
（3）根据称重法可得物体受到的浮力是
物体排开液体重力是，若，则可得出结论。A．若c中水面未到达溢水杯溢水口，物体排开液体的重力大于溢出水的重力，会影响结论，故A符合题意；
B．若c中物体没有全部浸入水中，只要能通过弹簧测力计测出物体受到的浮力和排开液体受到的重力，就可得出正确结论，故B不符合题意。
故选A。
22．某物理实验小组设计了用“伏安法”测量“小灯泡正常发光时的电阻”，电源电压为二节新干电池（电压恒定3V），小灯泡的额定电压为2.5V，如图所示是未连接完整的实验电路。
（1）将实物图a的电路元件连接补充完整，要求当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数减小，在连接电路中，导线不能交叉。
（2）检查电路无误后闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数如图b所示时，其读数为　 　V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小邓根据记录的实验数据绘制了图像c，最后测出小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω；由图像可知小灯泡电阻在不断发生变化，请你写出灯泡电阻变化的原理：　 　。
（4）其他组的同学也想用该方法测量未知电阻的阻值，但由于操作失误使得电流表被烧坏，于是设计了如下图所示的电路对的阻值进行测量，已知滑动变阻器的最大阻值为，实验步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片移至最左端时，电压表的读数为U；
②　 　，读出电压表示数为U 1；
③待测电阻的阻值表达式为　 　（用含U、U1、R的式子表示）。
【答案】（1）
（2）1.8；B
（3）12.5；灯丝电阻随温度升高而增大
（4）将滑动变阻器的滑片移至最右端；
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）当滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表的示数减小，根据公式可知，电路中的电阻变大。根据R总=RL+R滑可知，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即将滑动变阻器左下角的接线柱B端与小灯泡的右端相连，如下图所示：
（2）根据题意可知，电源电压恒定3V，则电压表的最大示数不会超过3V，即它的量程为，分度值为0.1V，那么读数为1.8V。
因为1.8V＜2.5V，所以要增大电压表的示数，减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，要减小其接入电阻，因此滑片P应向B端滑动。
（3）①根据c图可知，小灯泡正常发光时电压为2.5V，此时对应的电流为0.2A，则此时小灯泡的电阻。
②随着电压的增大，则通过灯泡的电流增大，那么灯丝的温度升高，电阻随之增大，因此灯泡电阻变化的原理是：灯丝的电阻随温度的升高而增大。
（4）①根据图片可知，当滑动变阻器的滑片移至最左端时，变阻器R接入电阻为0，此时电路中只有Rx，此时电压表测电源电压，即；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时Rx与定值电阻R串联， 读出电压表示数为U1。此时电压表的示数就是Rx两端的电压；
此时变阻器R两端电压，
电路中电流，
则待测电阻。
【分析】（1）根据电流表的示数变化分析总电阻的变化，根据R总=RL+R滑分析变阻器接入阻值的变化，据此确定变阻器下面选择的接线柱即可；
（2）①根据图片确定电压表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。将电压表的示数与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，进而确定变阻器两端的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化，明确滑片的移动方向即可。
（3）①根据图像确定灯泡正常发光时通过的电流，根据计算小灯泡正常发光时的电阻；
②根据灯丝电阻随温度的变化规律解答。
（4）根据图片可知，滑片在最左端时，电压表的示数等于电源电压。滑片在最右端时，电压表测Rx的电压，二者的差就是变阻器两端的电压，最后根据“串联电路电流相等”列式计算即可。
（1）由题意可知，当滑动变阻器的滑片向右滑动，要求电流表的示数减小时，则电路中的电阻变大，即滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路图中需将滑动变阻器的B端与小灯泡串联在电路中。
（2）电压表测量小灯泡两端电压，电源电压恒定3V，由电路图可知电压表量程为，则b图中的电压表分度值为0.1V，读数为1.8V；小灯泡额定电压2.5V，电压表此时示数低于额定电压，根据串联电路分压规律，应减小滑动变阻器两端电压，即减小其接入电阻，因此滑片P应向B端滑动。
（3）小灯泡正常发光时电压为2.5V，由图C可知此时对应的电流为0.2A，此时小灯泡的电阻
随着电压的增大，电流增大，灯泡的功率增大，灯丝的温度升高，电阻随之增大。因此灯泡电阻变化的原理是：灯丝的电阻随温度的升高而增大。
（4）由电路图可知Rx与滑动变阻器串联，电压表测Rx两端的电压。滑动变阻器的滑片移至最左端时，R接入电阻为0，电路中只有Rx，此时电压表测电源电压，即；若得知Rx两端电压U1和R两端电压UR，则可根据求出串联电路中的电流，从而求出Rx的阻值。所以步骤②中需要将滑动变阻器的滑片移至最右端。
R全部接入电路与Rx串联，电压表测Rx两端电压U1，R两端电压，电路中电流，由可得
23．如图甲所示，一弹簧测力计下悬挂一实心圆柱体，水平桌面上放置底面积为100cm2的圆筒容器，筒内装有3kg的水。现将圆柱体从圆筒上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入液体中，弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系图像如图乙所示（圆柱体没有与圆筒底部接触，圆筒的厚度忽略不计，圆柱体下降过程中没有液体从筒中溢出）。求：
（1）圆柱体完全浸没时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）当圆柱体完全浸没时，水对容器底部的压强。
【答案】（1）解：根据乙图可知，圆柱体的重力 。圆柱体完全浸没后弹簧测力计的拉力 ；
那么圆柱体完全浸没时受到的浮力 。
答： 圆柱体完全浸没时受到的浮力为6N 。
（2）解：当圆柱体浸没时，它的体积等于它排开水的体积，即；
那么圆柱体的密度。
答： 圆柱体的密度为3×103kg/m3 。
（3）解：已知水的质量为3kg，则水的体积 ；
放入圆柱体后，容器内水和圆柱体的总体积 ；
此时水的深度
水对容器底部的压强 。
答：水对容器底部的压强为3600Pa 。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据图象确定物体的重力和完全浸没时受到的拉力，利用F浮=G-F拉求圆柱体完全浸没时受到的浮力；
（2）当圆柱体浸没时，它的体积等于它排开水的体积，即，再根据计算圆柱体的密度；
（3）根据计算加水的体积，然后与圆柱体排开水的体积相加得到总体积，最后根据计算此时水的深度，最后根据计算水对容器底部的压强。
（1）由图乙可知，圆柱体未浸入水中时，弹簧测力计示数等于圆柱体重力，即 ； 圆柱体完全浸没后，弹簧测力计的拉力 ； 根据称重法，圆柱体完全浸没时受到的浮力
（2）圆柱体体积
圆柱体的质量
圆柱体的密度
（3）水的体积
容器底面积
放入圆柱体后，容器内水和圆柱体的总体积
此时水的深度
水对容器底部的压强
24．如图甲所示为小明家的电饭锅，铭牌上附有中国能效标识，从铭牌上可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压为220V。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，R1=44Ω，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
（1）则该电饭锅正常工作时的加热功率为多少？
（2）小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅中R2的阻值，他关闭家里的其它用电器，且电饭锅正常工作在“保温”状态，观察到电能表转盘在5min内转了30圈，求保温状态下的功率是多少？
（3）小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值（电热转化效率）范围为81%≤η<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为23℃、质量为2kg的粥加热到100℃，电饭锅正常工作用时700s。已知粥的比热容c=4.0×103J/（kg℃），请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
【答案】（1）解：根据乙图可知，开关S闭合时，R2被短路，此时只有工作，电阻较小，电功率较大，则为加热状态，
则电饭锅正常工作时的加热功率为。
答： 该电饭锅正常工作时的加热功率为1100W 。
（2）解：根据“”可知，电能表转盘转30圈消耗的电能为；
电饭锅工作时间t=5min=300s，
那么保温状态下的功率是。
答： 保温状态下的功率是120W 。
（3）解：根据题意可知，粥吸收的热量为；
电饭锅消耗的电能为；
那么电饭锅的热效率为；
已知三级能效范围为，，
因此该电饭锅热效率未达到三级能效。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，开关S闭合时，R2被短路，此时只有工作，电阻较小，电功率较大，则为加热状态，根据计算电饭锅正常工作时的加热功率。
（2）首先根据计算电饭锅消耗的电能，然后根据计算保温状态下的功率。
（3）首先根据计算粥吸收的热量，然后根据计算电饭锅消耗的电能，根据计算电饭锅的热效率，最后与三级能耗的效率值比较即可。
（1）由题意可知，额定电压，，开关S闭合，只有工作，电阻较小，根据分析可得，此时为加热状态，则电饭锅正常工作时的加热功率为
（2）电能表转盘在5min内转了30圈，消耗的电能为
保温状态下的功率是
（3）在加热状态下，将温度为23℃、质量为2kg的粥加热到100℃，粥吸收的热量为
电饭锅消耗的电能为
热效率为
已知三级能效范围为，，因此该电饭锅热效率未达到三级能效。
1 / 12026年四川达州市达川区中考适应性测试物理试题
1．了解社会，从了解身边的现象开始，对于身边物理现象的估计，下列说法正确的是（　　）
A．中学生的体重约为50N
B．正常人1min内脉搏跳动的次数约为70次
C．人体感觉舒适的环境温度为38℃
D．对人体的安全电压是220V
2．下列与声现象有关的说法中正确的是（　　）
A．开会时把手机调到静音状态，是在人耳处减弱噪声
B．汽车的倒车雷达是利用超声波工作的
C．声音在传播过程中，其音色、音调和响度都不会改变
D．只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音调
3．下列关于光现象的说法正确的是（　　）
A．岸边的树木在水中的“倒影”，是光的折射现象
B．“长河落日圆”，诗人看到的“落日”是光线经过大气发生反射而成的像
C．雨后天空出现的彩虹，是光的折射形成的
D．人面镜时，人在镜中的像逐渐变大，人运动的速度等于像运动的速度
4．某科学小组完成了以下几种实践，其中说法正确的是（　　）
A．甲图中，很难将玻璃拉离水面，说明分子之间存在间隙
B．乙图中，发现沙子中的温度计示数升高快，说明沙子吸热能力比水强
C．丙图中，看到热蒸汽使风车转动，其能量转化形式与热机的做功冲程相同
D．丁图中，记录的沿海城市和内陆城市在某一天的气温变化图，曲线C为沿海城市的气温图
5．川超比赛如火如荼，运动员们不仅为我们带来了精彩的比赛，中场休息更是带来了视觉盛宴——无人机表演。如图所示，下列错误的是（　　）
A．无人机与地面控制台通过电磁波传递表演指令
B．无人机在空中悬停时，所受合力为0
C．无人机锂电池充电时，化学能转化为电能
D．无人机上的LED灯，主要材料是半导体
6．如图所示，滑板运动员沿水平地面向前匀速滑行，在横杆前相对滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过。则关于运动员，下列说法正确的是（　　）
A．起跳上升过程中，动能转化为弹性势能
B．由于运动员具有惯性，越过杆后仍将落在滑板上
C．从杆上方越过的过程中，运动员的运动状态保持不变
D．匀速滑行时，运动员所受重力与地面对滑板的支持力为一对平衡力
7．下列关于压力与压强的说法中正确的是（　　）
A．压力的方向一定是竖直向下的
B．压力的作用效果可以用受到压力的物体的弹性形变程度来反映
C．物体的重力越小，产生的压强也越小
D．物体的压力越大，产生的压强也越大
8．体积相同的两个物体，密度之比为2：1，与水平桌面的接触面积之比为3：2，对桌面产生的压强之比是（　　）
A．3：1 B．4：3 C．2：1 D．3：2
9．一个未装满饮料的密闭瓶子、正立放在桌面上如图甲所示，饮料对瓶底的压力为，瓶子对桌面的压强为；倒立放在桌面上如图乙所示，饮料对瓶盖的压力为，瓶子对桌面的压强为。则下列关系式正确的是（　　）
A．　 B．　
C．　 D．　
10．如图所示的电路中，下列说法正确的是（　　）
A．闭合、，灯泡和串联
B．先闭合，再闭合，灯泡变暗
C．先闭合，再闭合，电流表的示数变大
D．闭合、，若灯泡比亮，则两端的电压比两端的电压小
11．2025年5月1日起，全国多地将正式实施电动车管理新规，其中只允许新国标电动自行车上路，要求车速不超过 25km/h。下面是某品牌电动自行车的电路图，当电动机转速超过一定值时，电铃会自动报警，下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关时，电磁铁E的左端为N极
B．若要使电动机转速变快，则需将旋钮OP绕O点逆时针转动
C．若只增加电磁铁E的线圈匝数，车速超过25km/h，电铃不响
D．左边电路电流比较小时，电铃不会报警，是因为电流比较小时电磁铁E磁性弱
12．水平面上有两个相同的装满不同液体的溢水杯，将小球A分别放入两溢水杯中静止时如图甲、乙所示，甲杯溢出0.9N的液体，乙杯溢出0.8N的液体。下列说法正确的是（　　）
A．小球A在甲杯中受浮力，在乙杯中不受浮力
B．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强
C．小球A重0.9N，A对乙杯底的压力为0.1N
D．甲杯中液体对杯底的压强等于乙杯中液体对杯底的压强
13．小冬同学将热水、冰水和室温水（水温与室温相同）分别装入玻璃杯中，如图所示。一段时间后，发现　 　（选填“甲”“乙”“丙”）的杯壁上没有小水珠出现；随后他又进行了比热容相关的物理实验，现有A、B两种物质的比热容之比为3︰1，质量之比为2︰1，当它们吸收相同的热量之后，A的温度升高了10℃，则B的温度升高了　 　℃。（B未达到沸点）
14．小亮同学在物理实验室利用托里拆利实验测量大气压强的值，实验时他没有将玻璃管竖直放置，而是稍稍倾斜了，如图所示，则此时当地大气压强　 　一个标准的大气压强；如果现在该实验室做“观察水沸腾”的实验，测得水的沸点将　 　（两空均选填“高于”、“等于”或“低于”）100℃。
15．将一块质量为600g、体积为1000cm3的物块用铁丝竖直向下压，使物块浸没某种液体的液面下，然后取走铁丝，物块最终自由静止时，有的体积露出液面，则液体的密度为　 　kg/m3，铁丝原先对物块的压力大小为　 　N。（g取 10N/kg ）
16．甲、乙两小灯泡铭牌上分别标有“4V　2W”和“6V　6W”，使用过程中每个小灯泡的电阻均不变，若两灯都正常发光，则　 　灯会更亮一些；若把两灯串联在10V的电压下，则　 　灯会被烧坏。（选填“甲”或“乙”）
17．如图所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器标有“？”的字样，，电流表的测量范围是，电压表的测量范围是。当闭合，接b，滑动变阻器滑片移到中点处时，电流表的示数为0.5A，则滑动变阻器的最大阻值为　 　。任意闭合或者断开开关，移动滑动变阻器滑片，在保证电路安全的情况下，整个电路的电功率最大值比最小值多　 　W。
18．小明在底面积为20cm2的圆筒（圆柱体）装入适量细沙，放入装有水的透明容器，静止后，圆筒竖直浮在水面上，如图甲所示，此时圆筒底部距水面5cm。接着将一体积为50cm3的金属块用细线（体积不计）悬挂在圆筒下方，放入水中静止后，圆筒竖直浮在水面上（金属块不接触容器底部），如图乙所示，此时圆筒底部距水面10cm。则图甲中装有细沙的圆筒受到的重力为　 　N；图乙中悬挂的金属块密度为　 　kg/m3。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
19．如图所示细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于平衡状态，画出小球的受力示意图；
20．根据图中小磁针N极的指向，标出通电螺线管右端的磁极、A点的磁感线方向，并在括号内标出电源“＋”或“－”极。
21．在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华提出如下猜想：
猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关
猜想2：浮力的大小可能与物体浸没的深度有关
猜想3：浮力的大小可能与排开液体的体积有关
为了验证猜想，小华在实验室里做了如图1所示的实验。
（1）在序号b的实验中物体所受的浮力为　 　N；
（2）要验证猜想2，应比较序号a、c、d的三次实验，分析可知：物体所受的浮力与深度　 　关（选填“有”或“无”）；比较序号a、d、e的三次实验，分析可知：排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越　 　。（选填“大”或“小”）；
（3）小明接着又探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图2所示，其中a、b、c、d弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究分析数据时，若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式　 　成立，就可得出结论；
②图2中会影响该探究结论能否正确得出的是　 　（只填字母）。
A．c中水面未到达溢水杯的溢水口 B．c中物体没有全部浸入在水中
22．某物理实验小组设计了用“伏安法”测量“小灯泡正常发光时的电阻”，电源电压为二节新干电池（电压恒定3V），小灯泡的额定电压为2.5V，如图所示是未连接完整的实验电路。
（1）将实物图a的电路元件连接补充完整，要求当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数减小，在连接电路中，导线不能交叉。
（2）检查电路无误后闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数如图b所示时，其读数为　 　V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）小邓根据记录的实验数据绘制了图像c，最后测出小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω；由图像可知小灯泡电阻在不断发生变化，请你写出灯泡电阻变化的原理：　 　。
（4）其他组的同学也想用该方法测量未知电阻的阻值，但由于操作失误使得电流表被烧坏，于是设计了如下图所示的电路对的阻值进行测量，已知滑动变阻器的最大阻值为，实验步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片移至最左端时，电压表的读数为U；
②　 　，读出电压表示数为U 1；
③待测电阻的阻值表达式为　 　（用含U、U1、R的式子表示）。
23．如图甲所示，一弹簧测力计下悬挂一实心圆柱体，水平桌面上放置底面积为100cm2的圆筒容器，筒内装有3kg的水。现将圆柱体从圆筒上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入液体中，弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系图像如图乙所示（圆柱体没有与圆筒底部接触，圆筒的厚度忽略不计，圆柱体下降过程中没有液体从筒中溢出）。求：
（1）圆柱体完全浸没时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）当圆柱体完全浸没时，水对容器底部的压强。
24．如图甲所示为小明家的电饭锅，铭牌上附有中国能效标识，从铭牌上可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压为220V。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，R1=44Ω，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
（1）则该电饭锅正常工作时的加热功率为多少？
（2）小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅中R2的阻值，他关闭家里的其它用电器，且电饭锅正常工作在“保温”状态，观察到电能表转盘在5min内转了30圈，求保温状态下的功率是多少？
（3）小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值（电热转化效率）范围为81%≤η<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为23℃、质量为2kg的粥加热到100℃，电饭锅正常工作用时700s。已知粥的比热容c=4.0×103J/（kg℃），请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，中学生的质量一般在50kg左右，则它的重力，故A错误；
B．根据生活经验可知，正常成年人脉搏跳动频率约为每分钟60~100次，故B正确；
C．根据生活经验可知，人体感觉舒适的室温一般在之间，故C错误；
D．根据生活经验可知，人体的安全电压不高于36V，故D错误。
故选B 。
【分析】根据自己对常见物体的重力、时间、温度和电压的认识判断。
2．【答案】B
【知识点】超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A． 开会时把手机调到静音状态， 属于在声源处减弱噪声，不是人耳处，故A错误；
B．汽车倒车雷达正是利用超声波的回声定位工作，故B正确；
C．声音传播过程中能量不断消耗，即振幅不断减小，那么响度会逐渐减小，故C错误；
D．纹锁辨别声音的主要依据是音色，因为不同人的发声结构不同，音色不同，声故D错误。
故选B。
【分析】A.减弱噪声的方法：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
B.根据超声波的特点和应用判断；
C.声音的大小叫响度，由振幅大小决定；
D.声音的特点叫音色，与发声体的结构特点决定。
3．【答案】C
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．岸边的树木发出的光在水面发生反射形成平面镜成像现象，这就是看到的倒影，故A错误；
B．地球周围的大气层是不均匀的，越靠近地面密度越大。太阳光从太空斜射入大气层时，会发生折射现象。当太阳实际已经落到地平线以下时，由于大气层的折射，我们依然能看到太阳的像，故B错误；
C．雨后天空存在大量的小水珠，太阳光照射到小水滴上发生折射后发生色散现象，这就是彩虹，故C正确；
D． 人面镜时， 物距减小，但是人的大小不变。由平面镜成像“物像等大”可知，像与物的大小始终相等，故D错误。
故选 C。
【分析】A.平面镜成像的原理是光的反射现象；
B.光从一种介质斜射入另一种介质时发生折射现象；
C.根据光的色散的知识判断；
D.由平面镜成像“物像等大”判断。
4．【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机；探究不同物质的吸热能力；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以很难将玻璃拉离水面，说明故A错误；
B．根据可知，质量相同的沙子和水吸收相同的热量时， 沙子中的温度计示数升高快， 说明沙子的比热容小，即沙子的吸热能力弱，故B错误；
C．热蒸汽使风车转动，将它的内能转化为风车的机械能，其能量转化和热机的做功冲程相同，故C正确；
D．水的比热容大于砂石的比热容，则吸收或放出相同的热量时，水的温度变化比砂石小，则沿海城市一天的气温变化小于内陆城市，故曲线D为沿海城市的气温图，曲线C是内陆城市的气温图，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据分子之间存在相互作用的引力和斥力判断；
B.根据比较二者比热容大小，且比热容越大，则吸热能力越强；
C.热机的压缩冲程，将机械能转化为内能；热机的做功冲程，将内能转化为机械能；
D.根据丁图判断C、D两地的昼夜温差大小，根据比较两地比热容大小，进而判断物质种类即可。
5．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；电源及其能量转化；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波的传播不需要介质，且能传递信息，因此无人机与地面控制台通过电磁波传递指令，故A正确，不合题意；
B．无人机悬停时受力平衡，此时它受到的合力为零，故B正确，不合题意；
C．锂电池充电时，将电能转化为化学能，故C错误，符合题意；
D． 无人机上的LED灯核心材料为半导体，故D正确，不合题意。
故选C。
【分析】A.根据电磁波的特点和应用判断；
B.当物体处于平衡状态时受到的合力为零；
C.根据能量转化的知识判断；
D.根据半导体的特点和应用判断。
6．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A． 滑板运动员起跳上升过程中，速度减小，则动能减小；高度增加，则重力势能增大，那么是动能转化为重力势能，故A错误；
B．起跳后，运动员由于惯性会保持原来的状态不变，因此越过杆后仍会落在滑板上，故B正确；
C． 从杆上方越过的过程中， 速度的大小和方向都发生变化，因此运动状态不断改变，故C错误；
D．地面对滑板的支持力等于运动员和滑板的总重力，肯定大于运动员的重力，即二者大小不等，因此二者不满足平衡力的条件，故D错误。
故选B。
【分析】A.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，比较二者的大小变化即可；
B.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
C.运动状态的改变包括速度大小改变或运动方向改变；
D.二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
7．【答案】B
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强
【解析】【解答】A．压力的方向不一定竖直向下，但是总是垂直于物体的接触面，故A错误；
B．在实验中，压力的作用效果（压强的大小）可以通过受力物体的形变程度来直观地反映，形变越明显，压力的作用效果越显著，故B正确。
CD．物体的压力不一定与重力有关。压强跟压力大小和受力面积大小同时有关，不知道受力面积的大小，所以不能比较压强的大小，故CD错误。
故选B。
【分析】A.根据压力方向的知识判断；
B.物体受到压力作用后都会发生形变，形变程度越大，则压力作用效果越显著；
CD.压力大小取决于压力产生的原因。压强大小与压力大小和接触面积大小有关。
8．【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】∵ ， ＝ ，∴由公式F＝G＝mg＝ρVg可知， ＝ ＝ 又∵ ，∴ × × .
故答案为：B.
【分析】在水平桌面上：F＝G＝mg＝ρVg，知道密度之比和体积的关系，从而就可以计算出压力之比；又知道受力面积（接触面积）比，再由p＝ 计算出压强之比．
9．【答案】C
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】（1）根据图片可知，甲图有水的部位为圆柱体，上下粗细一致，则甲图中饮料对瓶底的压力大小等于饮料的重力。乙图中饮料对瓶盖的压力的一部分被侧壁承担，因此乙图中饮料对瓶盖的压力小于饮料的重力，则。
（2）无论是正放还是倒放，瓶子对桌面的压力都等于瓶子和液体的总重力，即压力相等。当瓶子正放时受力面积较大，倒放时受力面积较小，根据可知，受力面积小的压强大，即。
故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】（1）根据容器的形状分析瓶底和瓶盖受到液体的压力大小；
（2）根据分析瓶子对桌面的压强大小。
10．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，当闭合、时，灯泡L1和L2并排连接在电路中，因此和是并联，故A错误；
B．根据图片可知，先闭合、断开时，只有接入电路，两端电压等于电源电压U；再闭合后，和并联，两端电压仍等于电源电压U。根据可知，实际功率不变，亮度不变，故B错误；
C．根据图片可知，先闭合，电流表只测的电流。再闭合，和并联，电流表测干路总电流。根据总电流可知，电流表示数变大，故C正确；
D．根据图片可知，闭合、时，和并联，根据并联电路个支路两端电压相等可知，和两端电压相等，故D错误。
故选 C。
【分析】A.用电器首尾相连为串联，用电器并排连接在电路两点之间为并联；
B.注意分析灯泡L2两端电压变化，根据分析它的电功率大小即可；
C.根据并联电路的总电流分析判断；
D.根据并联电路个支路两端电压相等判断。
11．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则电磁铁E的右端为N极，左端为S极，故A错误；
B． 若要使电动机转速变快， 需要增大通过电动机的电流，即减小变阻器接入的阻值。根据图片可知，旋钮OP绕O点逆时针转动，故B错误；
C．当车速为25km/h时，通过电动机的电流大小不变。增加电磁铁E的线圈匝数，在相同电流下磁性增强，车速超过时更易吸合衔铁，电铃更响，故C错误；
D．根据图片可知，左边电路电流比较小时电磁铁磁性弱，衔铁不易被吸合，电铃电路断开不会报警，故D正确。
故选D 。
【分析】A.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
B.根据电动机的转速确定电流大小，根据欧姆定律分析电阻变化，据此确定旋钮的转动方向；
CD.电磁铁的磁场强弱与电流大小和线圈匝数有关。
12．【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，小球A在乙杯中沉底，浸没在液体中，则它肯定受到浮力，故A错误；
B．根据图片可知，小球A在甲中漂浮，那么液体密度；小球A在乙中沉底，则液体密度，则。两个溢水杯相同，装满液体时杯中液体体积V相同，由可知，液体的重力。根据可知，杯子对桌面的压力。根据压强公式可知，甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强，故B错误；
C．小根据阿基米德原理可得，甲中小球所受浮力；
小球漂浮时浮力等于重力，因此小球A所受的重力；
同理，乙中小球浮力
乙杯对小球的支持力，
根据力的作用是相互的，A对乙杯底的压力等于支持力，大小为0.1N，故C正确；
D．两个容器都装满液体，则放入小球后液面深度h相等，且液体密度，根据可得，甲杯中液体对杯底的压强大于乙杯，故D错误。
故选C。
【分析】 A.浸在液体中的物体都会受到浮力；
B.由物体的浮沉条件比较液体密度大小，由公式G=mg=ρVg比较杯中液体的重力大小关系，两杯对水平面的压力为：，由压强公式判断两杯对桌面的压强大小关系；
C.由阿基米德原理F浮=G排和漂浮条件计算小球A的重力，根据F压=GA-F浮乙可求出A对乙杯底的压力；
D.由液体压强公式p=ρ液gh可知两杯中液体对杯底的压强大小关系。
13．【答案】丙；60
【知识点】液化及液化放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需要向外放出热量，即只有水蒸气遇到低温的物体才能发生。丙中水温和室温相同，杯内外没有温度差，水蒸气无法液化，因此杯壁上没有小水珠。
（2）已知，，吸收热量 ，
根据 得到，二者温度变化量之比： ；
；
解得：。
【分析】（1）水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需要向外放出热量，即只有水蒸气遇到低温的物体才能发生。
（2）根据公式计算二者升高温度之比，进而计算B的温度变化量。
14．【答案】低于；低于
【知识点】大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）根据图片可知，玻璃管内外水银面的高度差为750mm，即当地的大气压为。
（2）标准大气压下水的沸点为100℃，因为当地气压低于标准大气压，因此水的沸点低于100℃。
【分析】（1） 在托里拆利实验中，大气压强的大小等于水银柱的竖直高度对应的压强，和玻璃管倾斜无关。
（2）根据大气压强随高度的增大而减小的规律分析。
15．【答案】；4
【知识点】重力及其大小的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）物块自由静止后漂浮，则它受到的浮力等于物块自身重力，
即；
；
；
解得：。
（2）物块被铁丝压入浸没时受到的总浮力；
物块重力；
则铁丝原先对物块的压力大小为： 。
【分析】（1）根据漂浮条件和阿基米德原理列方程计算液体的密度；
（2）首先根据阿基米德原理计算物块受到的浮力，根据G=mg计算物体的重力，最后根据计算铁丝原先对物块的压力大小。
16．【答案】乙；甲
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】（1）当灯泡都正常发光时，甲的功率为2W，乙的功率为6W，则乙的功率大，那么乙会更亮；
（2）甲的额定电流为：；
乙的额定电流为：；
比较可知，甲的额定电流小，
则二者串联时甲灯会被烧坏。
【分析】（1）灯泡的亮度由实际功率大小决定；
（2）根据公式分别计算两个灯泡的额定电流，则额定电流小的容易烧坏。
17．【答案】60；2.7
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，当S1闭合，S2接b时，滑动变阻器与R1并联，且滑动变阻器阻值为。此时经过R1的电流；
流过滑动变阻器的电流；
则滑动变阻器的最大阻值；
（2）由可知，总电阻最大时，电路的总功率最小。
当S1断开，S2接a时R1与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器R2的电压U2，电压表最大量程为3V。当电压表达到最大示数时，滑动变阻器接入电阻最大，此时电路中的电流最小，电功率最小。
此时R1两端电压；
则此时最小电流；
则最小功率；
当S1闭合，S2接b时R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，由于滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表最大量程0.6A，则最大功率；
整个电路电功率最大值与最小值。
【分析】 （1）当S1闭合，S2接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，R1与滑动变阻器R2并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律和并联电路的电阻求出通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）由可知，总电阻最大时，电路的总功率最小。当S1断开，S2接a，R1和变阻器R2串联，电压表测变阻器R2的电压，已知电压表量程为0～3V，则当电压表示数最大为3V时，变阻器R2接入电路的阻值最大，此时电路中电流最小，电功率最小，
根据串联电路的电压特点可知R1两端电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=UI即可求出最小功率；
当S1闭合，S2接b，R1与滑动变阻器R2并联，电流表测量干路电流，根据电流表的量程可知电路中的最大电流，利用P=UI即可求出最大功率；
最后求出电功率最大值与最小值的差。
18．【答案】1；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，小桶的底面积为20cm2， 圆筒底部距水面5cm ，
则排开水的体积 ；
图甲中，装细沙的圆筒漂浮在水面，
此时圆筒重力等于浮力；
总排开水的体积；
总浮力
将圆筒和金属块看成整体，整体静止漂浮，总浮力等于总重力： ；
因此金属块重力；
金属块密度。
【分析】根据计算圆筒排开水的体积，根据计算此时它受到的浮力，根据漂浮条件计算圆筒的重力。
根据计算排开水的总体积，根据计算受到的总浮力，根据漂浮条件计算金属块的重力，最后根据计算金属块的密度。
19．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 根据题意可知，斜面是光滑的，且绳子处于竖直拉紧状态。此时球与斜面虽然接触但不发生挤压，所以小球不受摩擦力和支持力的作用。此时小球只受到重力和拉力的作用处于平衡状态，重力的方向竖直向下，拉力的方向竖直向上，作用在小球的重心上，如下图所示：
【分析】对小球进行受力分析，从而确定受力的大小、方向和作用点，最后沿力的方向画带箭头的线段即可。
20．【答案】
【知识点】磁感线及其特点；安培定则；磁极间的相互作用
【解析】【解答】根据图片可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极，右端为N极。磁体周围的磁感线从N极出来，回到S极，则磁感线上A点的箭头向左。
右手握住螺线管，大拇指指向右端，弯曲的四指指尖向下，则线圈上电流方向向下，则电源左端为N极，右端是负极，如下图所示：
【分析】首先根据磁极之间的相互作用规律确定螺线管的磁极方向，然后根据磁感线的环绕方向确定磁感线上的箭头方向。根据安培定则判断线圈上的电流方向，进而确定电源的正负极方向。
21．【答案】（1）1.4
（2）无；大
（3）；A
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据a图可知，物体重力，图b中弹簧测力计示数，则序号b的实验中物体所受的浮力为。
（2）①根据图片c、d可知，物体排开液体密度和排开体积相同，只有浸没在c、d 深度不同，而弹簧测力计的示数相同，说明它受到的浮力也相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
②根据图片可知，实验d、e中，物体排开液体体积相同，盐水密度大，且e中测力计示数更小，根据可知，在盐水中浮力大，那么可以得到结论：排开液体体积相同时，液体的密度越大，物体所受浮力越大。
（3）①根据图片可知，物体排开液体重力是，物体受到的浮力是。根据阿基米德原理可可知，。
②A．若c中水面未到达溢水杯溢水口，则放入物体后不会离开有水排出，则溢出水的重力小于物体排开液体的重力，会影响结论，故A符合题意；
B．若c中物体没有全部浸入水中，则浮力和排开液体的重力都会相应减小，但是二者大小关系不变，就可得出正确结论，故B不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据a图确定物体的重力，根据b图确定物体浸在水中测力计的示数，然后根据计算物体受到的浮力；
（2）①根据c、d两图确定物体深度改变时浮力是否改变即可；
②根据d、e两图确定哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论。
（3）①物体排开液体的重力等于小桶和水的总重力减去筒的重力，物体受到的等于重力与测力计的示数之差，根据阿基米德原理可分析解答；
②阿基米德原理就是比较物体受到的浮力和排开液体重力的大小关系，分析操作是否会影响两个量的大小即可。
（1）由图a知物体重力，图b中弹簧测力计示数。根据称重法测浮力可得在序号b的实验中物体所受的浮力为
（2）要验证猜想2，应比较序号a、c、d的三次实验，a是初始状态，物体浸没在c、d 深度不同，液体相同，排开体积相同，弹簧测力计的示数相同，根据称重法计算出的浮力也相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
序号d、e中，物体都是浸没在液体中，排开液体体积相同，液体分别是水和盐水，盐水密度大，且e中测力计示数更小，即在盐水中浮力大，所以比较序号a、d、e的三次实验，可得出结论，排开液体体积相同时，液体的密度越大，物体所受浮力越大。
（3）根据称重法可得物体受到的浮力是
物体排开液体重力是，若，则可得出结论。A．若c中水面未到达溢水杯溢水口，物体排开液体的重力大于溢出水的重力，会影响结论，故A符合题意；
B．若c中物体没有全部浸入水中，只要能通过弹簧测力计测出物体受到的浮力和排开液体受到的重力，就可得出正确结论，故B不符合题意。
故选A。
22．【答案】（1）
（2）1.8；B
（3）12.5；灯丝电阻随温度升高而增大
（4）将滑动变阻器的滑片移至最右端；
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）当滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表的示数减小，根据公式可知，电路中的电阻变大。根据R总=RL+R滑可知，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即将滑动变阻器左下角的接线柱B端与小灯泡的右端相连，如下图所示：
（2）根据题意可知，电源电压恒定3V，则电压表的最大示数不会超过3V，即它的量程为，分度值为0.1V，那么读数为1.8V。
因为1.8V＜2.5V，所以要增大电压表的示数，减小变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，要减小其接入电阻，因此滑片P应向B端滑动。
（3）①根据c图可知，小灯泡正常发光时电压为2.5V，此时对应的电流为0.2A，则此时小灯泡的电阻。
②随着电压的增大，则通过灯泡的电流增大，那么灯丝的温度升高，电阻随之增大，因此灯泡电阻变化的原理是：灯丝的电阻随温度的升高而增大。
（4）①根据图片可知，当滑动变阻器的滑片移至最左端时，变阻器R接入电阻为0，此时电路中只有Rx，此时电压表测电源电压，即；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时Rx与定值电阻R串联， 读出电压表示数为U1。此时电压表的示数就是Rx两端的电压；
此时变阻器R两端电压，
电路中电流，
则待测电阻。
【分析】（1）根据电流表的示数变化分析总电阻的变化，根据R总=RL+R滑分析变阻器接入阻值的变化，据此确定变阻器下面选择的接线柱即可；
（2）①根据图片确定电压表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。将电压表的示数与灯泡的额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，进而确定变阻器两端的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化，明确滑片的移动方向即可。
（3）①根据图像确定灯泡正常发光时通过的电流，根据计算小灯泡正常发光时的电阻；
②根据灯丝电阻随温度的变化规律解答。
（4）根据图片可知，滑片在最左端时，电压表的示数等于电源电压。滑片在最右端时，电压表测Rx的电压，二者的差就是变阻器两端的电压，最后根据“串联电路电流相等”列式计算即可。
（1）由题意可知，当滑动变阻器的滑片向右滑动，要求电流表的示数减小时，则电路中的电阻变大，即滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路图中需将滑动变阻器的B端与小灯泡串联在电路中。
（2）电压表测量小灯泡两端电压，电源电压恒定3V，由电路图可知电压表量程为，则b图中的电压表分度值为0.1V，读数为1.8V；小灯泡额定电压2.5V，电压表此时示数低于额定电压，根据串联电路分压规律，应减小滑动变阻器两端电压，即减小其接入电阻，因此滑片P应向B端滑动。
（3）小灯泡正常发光时电压为2.5V，由图C可知此时对应的电流为0.2A，此时小灯泡的电阻
随着电压的增大，电流增大，灯泡的功率增大，灯丝的温度升高，电阻随之增大。因此灯泡电阻变化的原理是：灯丝的电阻随温度的升高而增大。
（4）由电路图可知Rx与滑动变阻器串联，电压表测Rx两端的电压。滑动变阻器的滑片移至最左端时，R接入电阻为0，电路中只有Rx，此时电压表测电源电压，即；若得知Rx两端电压U1和R两端电压UR，则可根据求出串联电路中的电流，从而求出Rx的阻值。所以步骤②中需要将滑动变阻器的滑片移至最右端。
R全部接入电路与Rx串联，电压表测Rx两端电压U1，R两端电压，电路中电流，由可得
23．【答案】（1）解：根据乙图可知，圆柱体的重力 。圆柱体完全浸没后弹簧测力计的拉力 ；
那么圆柱体完全浸没时受到的浮力 。
答： 圆柱体完全浸没时受到的浮力为6N 。
（2）解：当圆柱体浸没时，它的体积等于它排开水的体积，即；
那么圆柱体的密度。
答： 圆柱体的密度为3×103kg/m3 。
（3）解：已知水的质量为3kg，则水的体积 ；
放入圆柱体后，容器内水和圆柱体的总体积 ；
此时水的深度
水对容器底部的压强 。
答：水对容器底部的压强为3600Pa 。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据图象确定物体的重力和完全浸没时受到的拉力，利用F浮=G-F拉求圆柱体完全浸没时受到的浮力；
（2）当圆柱体浸没时，它的体积等于它排开水的体积，即，再根据计算圆柱体的密度；
（3）根据计算加水的体积，然后与圆柱体排开水的体积相加得到总体积，最后根据计算此时水的深度，最后根据计算水对容器底部的压强。
（1）由图乙可知，圆柱体未浸入水中时，弹簧测力计示数等于圆柱体重力，即 ； 圆柱体完全浸没后，弹簧测力计的拉力 ； 根据称重法，圆柱体完全浸没时受到的浮力
（2）圆柱体体积
圆柱体的质量
圆柱体的密度
（3）水的体积
容器底面积
放入圆柱体后，容器内水和圆柱体的总体积
此时水的深度
水对容器底部的压强
24．【答案】（1）解：根据乙图可知，开关S闭合时，R2被短路，此时只有工作，电阻较小，电功率较大，则为加热状态，
则电饭锅正常工作时的加热功率为。
答： 该电饭锅正常工作时的加热功率为1100W 。
（2）解：根据“”可知，电能表转盘转30圈消耗的电能为；
电饭锅工作时间t=5min=300s，
那么保温状态下的功率是。
答： 保温状态下的功率是120W 。
（3）解：根据题意可知，粥吸收的热量为；
电饭锅消耗的电能为；
那么电饭锅的热效率为；
已知三级能效范围为，，
因此该电饭锅热效率未达到三级能效。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，开关S闭合时，R2被短路，此时只有工作，电阻较小，电功率较大，则为加热状态，根据计算电饭锅正常工作时的加热功率。
（2）首先根据计算电饭锅消耗的电能，然后根据计算保温状态下的功率。
（3）首先根据计算粥吸收的热量，然后根据计算电饭锅消耗的电能，根据计算电饭锅的热效率，最后与三级能耗的效率值比较即可。
（1）由题意可知，额定电压，，开关S闭合，只有工作，电阻较小，根据分析可得，此时为加热状态，则电饭锅正常工作时的加热功率为
（2）电能表转盘在5min内转了30圈，消耗的电能为
保温状态下的功率是
（3）在加热状态下，将温度为23℃、质量为2kg的粥加热到100℃，粥吸收的热量为
电饭锅消耗的电能为
热效率为
已知三级能效范围为，，因此该电饭锅热效率未达到三级能效。
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