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黑龙江省哈尔滨市南岗区2025年中考三模理综物理试题
一、选择题（1—10题为单项选择题，每小题只有一个正确答案，每小题2分，11—12题为双项选择题，选项全且都正确的得2分，不全但正确的得1分，有错误选项的不得分，共50分）
1．下列是哈尔滨的同学们对教室里一些物理量的估算合理的是（　　）
A．5月室内的温度约为1℃ B．门的高度约为2m
C．大气压约为5000Pa D．一盏照明灯功率约1kW
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；大气压强的存在；电功率
【解析】【解答】A：哈尔滨 5 月室内温度约为 20℃左右，1℃过低，不符合实际，故 A 错误；
B：教室门的高度约为 2m，符合实际，故 B 正确；
C：标准大气压约为 1.01×105Pa，教室内大气压约等于标准大气压，5000Pa 远低于实际，故 C 错误；
D：教室一盏照明灯的功率约为 40W，1kW（1000W）过大，不符合实际，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查温度的估测，哈尔滨 5 月气温已回暖，室内温度通常在十几到二十几摄氏度；
B：考查长度的估测，教室门的高度一般在 2m 左右，方便大多数人通行；
C：考查大气压的估测，标准大气压约为 1.01×105Pa，教室内气压与标准大气压接近；
D：考查功率的估测，教室常用的 LED 照明灯功率多在 20-40W 之间，1kW 属于大功率电器，不符合实际。
2．下列是哈尔滨各季节出现的美景，其中是由水蒸气凝华形成的是（　　）
A．叶尖露珠 B．山间薄雾
C．枝头白霜 D．房檐冰锥
【答案】C
【知识点】凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】A：叶尖露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故 A 错误；
B：山间薄雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故 B 错误；
C：枝头白霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的固态小冰晶，属于凝华现象，故 C 正确；
D：房檐冰锥是水凝固形成的固态冰，属于凝固现象，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查液化现象，物质由气态变为液态；
B：考查液化现象，物质由气态变为液态；
C：考查凝华现象，物质由气态直接变为固态；
D：考查凝固现象，物质由液态变为固态。
3．有了光，自然界绚丽多彩，世界生机勃勃，如图所示的光现象中，属于光的直线传播形成的是（　　）
A．透镜看书 B．棱镜色散
C．水中倒影 D．手影游戏
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A：透镜看书利用的是光的折射现象，故 A 错误；
B：棱镜色散是光通过三棱镜发生折射形成的，故 B 错误；
C：水中倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故 C 错误；
D：手影游戏是光沿直线传播时，遇到不透明的手，在后方形成的阴影，属于光的直线传播现象，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查光的折射，凸透镜成像的原理是光的折射；
B：考查光的折射，光通过三棱镜时发生偏折，分解为七色光；
C：考查光的反射，平面镜成像的原理是光的反射；
D：考查光的直线传播，影子的形成是光沿直线传播的典型应用。
4．如图，是汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互的情景。下列分析正确的是（　　）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．切换不同性别声音模式实质是改变声音的响度
C．语音助手对指令作出回应，说明声可以传递信息
D．倒车雷达是利用电磁波工作的
【答案】C
【知识点】声音的产生；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】A：声音是由物体振动产生的，语音助手发出的声音也不例外，故 A 错误；
B：切换不同性别声音模式实质是改变声音的音调（频率），而非响度，故 B 错误；
C：语音助手对指令作出回应，说明声音可以传递信息，故 C 正确；
D：倒车雷达是利用超声波工作的，而非电磁波，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查声音的产生，一切声音都由物体振动产生；
B：考查声音的特性，音调由频率决定，响度由振幅决定；
C：考查声音的利用，声音可以传递信息和能量；
D：考查超声波的应用，倒车雷达利用超声波的回声定位原理工作。
5．为了提高旅客的乘车通行效率，2025年某火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时（相当于闭合开关），电动机转动，打开闸门直达站合，下列电路设计符合要求的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】身份信息和人脸信息都符合，两个开关都闭合，电动机才工作，则两个开关相互影响，是串联的，再与电动机串联。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】多个开关共同控制用电器，开关串联连接，互相影响。
6．如图所示，与发电机工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A：奥斯特实验说明电流周围存在磁场，是电流的磁效应，与发电机原理不同，故 A 错误；
B：通电螺线管利用电流的磁效应工作，与发电机原理不同，故 B 错误；
C：通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与发电机原理不同，故 C 错误；
D：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，是电磁感应现象，与发电机的工作原理相同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A：考查电流的磁效应，说明通电导线周围存在磁场；
B：考查电流的磁效应，说明通电螺线管周围存在磁场；
C：考查电动机原理，利用通电导体在磁场中受力运动；
D：考查发电机原理，利用电磁感应现象。
7．《哪吒2》跻身全球影史前六、如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，毽子是静止的
B．毽子运动过程中，惯性不断改变
C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能
D．毽子在最高点时受到了平衡力
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A：以地面为参照物，毽子的位置不断变化，是运动的，故 A 错误；
B：惯性的大小只与物体的质量有关，毽子运动过程中质量不变，惯性不变，故 B 错误；
C：毽子在上升过程中，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，动能转化为重力势能，故 C 正确；
D：毽子在最高点时，只受重力作用，运动状态会发生改变，因此受到的不是平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查运动和静止的相对性，判断物体运动或静止需选择参照物，物体位置相对于参照物发生变化则为运动；
B：考查惯性的影响因素，惯性只与质量有关，与运动状态无关；
C：考查动能与重力势能的转化，动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
D：考查平衡力的判断，物体受平衡力时运动状态不变，毽子在最高点受重力作用，运动状态会改变，因此不受平衡力。
8．为了方便给新能源电动汽车充电，市政部门修建了多个充电站。如图所示，下列关于充电桩使用符合安全用电原则的是（　　）
A．充电枪连接线处绝缘层破损后能继续使用
B．用湿抹布擦拭充电插口
C．充电桩的金属外壳必须要与大地相连接
D．正在充电的电动车着火时可直接用水浇灭
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A：充电枪连接线处绝缘层破损后继续使用，易引发触电事故，不符合安全用电原则，故 A 错误；
B：湿抹布是导体，用湿抹布擦拭充电插口易导致触电，不符合安全用电原则，故 B 错误；
C：充电桩的金属外壳必须与大地相连接，可防止外壳带电时发生触电事故，符合安全用电原则，故 C 正确；
D：正在充电的电动车着火时，直接用水浇灭易引发触电危险，应使用干粉灭火器灭火，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查绝缘层的作用，绝缘层破损会导致漏电，引发安全隐患；
B：考查导体的导电性，湿抹布导电，接触带电设备易造成触电；
C：考查接地保护的作用，金属外壳接地可有效防止触电事故；
D：考查电器火灾的处理方法，水具有导电性，不能直接用于带电设备灭火。
9．九年级的同学学习很辛苦，为了给孩子增加营养，家长们都精心为孩子准备餐食，制作的过程中，涉及到一些物理知识，相关说法错误的是（　　）
A．菜刀磨得很锋利，在切菜时可增大压力
B．用筷子夹取食物，筷子是费力杠杆
C．炒菜时能闻到香味，是扩散现象
D．燃烧天然气加热食物，天然气是不可再生能源
【答案】A
【知识点】能源及其分类；增大压强的方法及其应用；杠杆的分类；分子热运动
【解析】【解答】A：菜刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，而不是增大压力，故 A 错误；
B：用筷子夹取食物时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故 B 正确；
C：炒菜时能闻到香味，是分子在永不停息地做无规则运动，属于扩散现象，故 C 正确；
D：天然气属于化石能源，在短期内无法从自然界得到补充，是不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：A。
【分析】A：考查压强的影响因素，增大压强的方法：压力一定时，减小受力面积；受力面积一定时，增大压力；
B：考查杠杆的分类，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；
C：考查扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动；
D：考查能源的分类，不可再生能源是指在短期内无法再生的能源。
10．以下实验操作或装置，不能完成对应实验目的的是（　　）
A．精确测出大气压强值
B．探究物体所受重力的大小与它的质量的关系（钩码的质量已知）
C．探究液体内部压强与深度的关系
D．探究通过导体的电流与导体两端的电压的关系
【答案】A
【知识点】探究影响重力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验；大气压强的测量方法；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】A：图中用两个弹簧测力计对拉，只能粗略证明力的作用是相互的，无法精确测出大气压强值，该实验目的不能完成，故 A 错误；
B：通过改变钩码数量（质量已知），测量对应的重力，可探究物体所受重力与质量的关系，该实验目的能完成，故 B 正确；
C：图中液体密度相同、探头深度不同，可探究液体内部压强与深度的关系，该实验目的能完成，故 C 正确；
D：电路中电阻不变，通过滑动变阻器改变导体两端电压，测量对应的电流，可探究电流与电压的关系，该实验目的能完成，故 D 正确；
故答案为：A。
【分析】A：考查大气压强的测量，精确测量大气压需用托里拆利实验，此装置无法完成；
B：考查重力与质量的关系，通过控制变量法，改变质量测量重力，可得出正比关系；
C：考查液体压强的影响因素，控制液体密度不变，改变深度，探究压强与深度的关系；
D：考查电流与电压的关系，控制电阻不变，改变电压，探究电流与电压的关系。
11．如图所示，用拉力F竖直向上匀速提升重720N的货物，货物移动的速度0.5m/s，动滑轮重80N，不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（　　）
A．使用该装置既可以省力，也可以改变动力的方向
B．绳子自由端移动的速度为1m/s
C．拉力F的功率为200W
D．动滑轮的机械效率为90%
【答案】B,D
【知识点】功率计算公式的应用；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．图中是动滑轮，动滑轮可以省力，但是不能改变力的方向，故A错误；
B．由图可知，承担物重的绳子股数为2，货物移动的速度0.5m/s，绳子自由端移动的速度为
故B正确；
C．拉力为，拉力F的功率为，故C错误；
D．动滑轮的机械效率为，故D正确。
故答案为：BD。
【分析】A：考查动滑轮的特点，拉力作用在轴上时费力，且不能改变力的方向；
B：考查特殊动滑轮的速度关系，；
C：考查功率计算，，需用拉力和拉力端速度计算；
D：考查机械效率计算，。
12．标有“2.5V 0.3A”和“3.8V 0.3A”的小灯泡L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电路中，都能发光，下列说法正确的是（　　）
A．通过L1和L2的电流之比为1∶1
B．灯L1和L2的两端电压之比是38∶25
C．灯L1和L2的发光亮度相同
D．若电源电压是6.3V，则灯L1和L2都能正常发光
【答案】A,D
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．两灯串联，由于串联电路中各处的电流相等，所以通过它们的电流相等，即通过L1和L2的电流之比为1∶1，故A正确；
B．假设两灯灯丝电阻不变，根据欧姆定律可得，两灯的电阻分别为
则两灯的电阻之比为
根据串联电路的分压关系可得，两灯两端的电压之比为U1∶U2=R1∶R2=25∶38，故B错误；
C．灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮。 两灯串联，通过它们的电流相等，L1两端的实际电压小于L2两端的实际电压， 根据P=UI可知，L1的实际功率更小，发光更暗，故C错误；
D．若电源电压是6.3V，根据串联电路的电压规律可得， 两灯的实际电压分别为
比较可知，两灯的实际电压均等于各自的额定电压，故两灯均能正常发光，故D正确。
故答案为：AD。
【分析】A：考查串联电路的电流规律，串联电路中各处电流相等；
B：考查欧姆定律与串联分压规律，先根据求出两灯电阻，再根据得到电压比；
C：考查实际功率与亮度的关系，串联电路中根据比较实际功率大小；
D：考查串联电路电压规律与用电器正常工作的条件，当实际电压等于额定电压时，用电器正常发光。
二、非选择题（共90分）
13．小南发现，奶奶家常用的电风扇容易布满灰尘，主要是因为旋转的叶片与空气发生　 　，使其带了电，带电体具有吸引　 　的性质。
【答案】摩擦；轻小物体
【知识点】摩擦起电的现象
【解析】【解答】小南发现，奶奶家常用的电风扇容易布满灰尘，主要是因为旋转的叶片与空气发生 摩擦，使其带了电，带电体具有吸引 轻小物体 的性质。
故答案为：摩擦；轻小物体。
【分析】本题考查摩擦起电现象和带电体的基本性质。电风扇旋转时，叶片与空气摩擦发生摩擦起电现象，使叶片带电；而带电体具有吸引轻小物体（如灰尘）的性质，因此电风扇叶片容易吸附灰尘。
14．如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图甲可以看出，此时它所处在　 　冲程，其能量转化情况与　 　（选填“乙”或“丙”）图相同．
【答案】做功；乙
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】图中，两个气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能；
乙图，加热试管中的水，水的内能增大，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；
丙图，用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，棉花就会燃烧，将机械能转化为内能，做功冲程的能量变化与乙实验相同。故第1空填：做功；第2空填：乙。【分析】根据汽油机的气门状态和活塞方向，判断冲程和能量变化；内能对外做功，转化为机械能；压缩体积，机械能转化为内能。
15．小南同学将一凸透镜正对一束平行光，可得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，该凸透镜的焦距为　 　cm，如图乙光屏上正好呈现烛焰清晰的像，其成像原理可应用于　 　。
【答案】10.0；投影仪
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，刻度尺的分度值为1cm，凸透镜的位置在10.0cm处，焦点的位置在20.0cm处，所以该凸透镜的焦距为：；
（2）图乙中，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，其成像原理可应用于投影仪。
故答案为：10.0；投影仪。
【分析】（1）本题考查凸透镜焦距的测量方法。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距。通过刻度尺读数计算可得焦距为10.0cm，即0.100m。
（2）本题考查凸透镜成像规律的应用。当时，成倒立、放大的实像，像距，投影仪就是利用这一原理工作的。
16．用20N的水平推力，使重为100N的物体在水平桌面上移动0.5m，说明推力可以改变物体的　 　（选填“运动状态”或“形状”），推力对物体做的功　 　J。
【答案】运动状态；10
【知识点】力的作用效果；功的计算及应用
【解析】【解答】用20N的水平推力，使重为100N的物体在水平桌面上移动0.5m，说明推力可以改变物体的运动状态；推力对物体做的功为 。
故答案为：运动状态；10。
【分析】本题考查力的作用效果和功的计算。
力的作用效果有两个：改变物体的形状，或改变物体的运动状态。物体在推力作用下移动了位置，说明推力改变了物体的运动状态。
功的计算公式为 ，其中为作用在物体上的力，为物体在力的方向上移动的距离，代入公式即可算出功。
17．如图是拦河大坝的截面图，大坝被建成“上窄下宽”的形状，原因是液体内部的压强随着深度的增加而　 　；若坝内水的密度为，当水深为　 　m时，大坝受到的压强是。（g取10N/kg）
【答案】增大；120
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由于液体的压强随深度的增加而增大，河水的深度越深，压强越大，为了使拦河坝能承受更大的水压，应把拦河坝设计成下宽上窄的形状。
若坝内水的密度为，大坝受到的压强是时，水深为
故答案为：增大；120
【分析】（1）本题考查液体压强的特点。液体内部的压强随深度的增加而增大，拦河大坝 “上窄下宽” 的设计，能承受住底部更大的水压强，保证大坝的结构稳定。
（2）本题考查液体压强公式的应用。根据液体压强公式，可得水深。
18．小聪设计并连接了如图所示的电路，开关闭合前应把滑片P滑到　 　端（选填“A”或“B”），用此电路及现有器材能完成的实验有　 　（选填序号：①电流跟电阻的定量关系；②研究小灯泡的电阻；③研究小灯泡的电功率；④研究电功率跟电流的关系）
【答案】B；②③
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即B端。
①探究电流与电阻的定量关系，应阻值不同的定值电阻，因此使用现有器材不能完成该实验；②③使用该电路图和现有实验器材，通过移动滑动变阻器滑片，改变电路中总电阻，从而改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，用电压表测出灯泡两端的电压，用电流表测出对应电压下的电流，根据求出灯泡的电阻，根据可以得到灯泡的电功率，因此可以完成②③实验；④研究电功率跟电流的关系时，要控制灯泡两端的电压不变，比较不同电流时灯泡的电功率，该电路中改变电路中的电流时，灯泡两端的电压也会发生变化，因此无法完成该实验。综上所述，用此电路及现有器材能完成的实验有②③。
故答案为：B；②③
【分析】（1）本题考查滑动变阻器的使用，需结合开关闭合前滑片应置于最大阻值处的操作规范进行分析。
（2）本题考查电路实验的可行性分析，需结合实验原理和现有器材，判断各实验能否完成。
19．汽车上的散热器用水作为冷却剂，如果散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是　 　J；这些热量相当于完全燃烧　 　m3的天然气放出的热量。[，水的比热容]
【答案】8.4×105；0.012
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】水吸收的热量是
若天然气完全燃烧释放的热量为，则天然气的体积为
故答案为：8.4×105；0.012
【分析】（1）本题考查比热容公式的应用，根据吸热公式 可直接计算水吸收的热量。
（2）本题考查热值公式的应用，利用 ，结合 可求出需要的天然气体积。
20．如图，电能表是测量　 　的仪表。将此电能表接入家庭电路中，关闭其他用电器，让一台空调单独工作6min，观察到电能表的转盘正好转了60转，则该段时间内该空调的实际功率为　 　W。
【答案】电功；1000
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】电能表是用来测量电路中用电器消耗电能（电流所做的功，即电功）多少的仪表。
600revs/(kW h)表示每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转600转，故消耗的电能，
实际功率。
故答案为：电功；1000
【分析】（1）本题考查电能表的作用，电能表是测量电路中用电器消耗电能（电功）的仪表。
（2）本题考查利用电能表计算用电器功率，先根据电能表参数计算消耗的电能，再利用公式 求出用电器的实际功率。
21．如图所示为额定电压为6V的灯泡L的I-U图像，若某时刻L的实际功率为1.2W，则L两端电压为　 　V。若把阻值为20Ω的电阻与此灯串联接到电压为5V的电源上，此时灯泡的电阻是　 　Ω。
【答案】3；5
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由P=UI得，当L的实际功率为1.2W时，由图像查出，L两端电压为3V，电流为0.4A；画出阻值为20Ω的电阻的I-U图像，如图所示：
若把阻值为20Ω的电阻与此灯串联接到电压为5V的电源上，由图可知，此时灯泡两端电压为1V，电阻两端电压为4V，电路中电流为0.2A，由得，此时灯泡的电阻是
故答案为：3；4
【分析】（1）本题考查电功率公式与I-U图像的应用，需结合 ，在图像中查找满足功率条件的电压、电流值。
（2）本题考查串联电路的特点与欧姆定律的应用，需利用串联电路电流、电压规律，结合图像找到灯泡与电阻的电流、电压匹配值，再用 计算灯泡电阻。
22．如图所示是正在用订书机装订一沓纸的情景，它实际是一个杠杆。请画出：
（1）这沓纸受到的重力G（O'点为这沓纸的重心）；
（2）在A点施加动力，使杠杆平衡的最小动力F的示意图及其力臂L。
【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心O'点，作图如下：
（2）连接OA，以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力F，OA即为最小动力的力臂，作图如下：
【分析】（1）本题考查重力示意图的画法，重力的方向总是竖直向下，作用点在物体的重心。
（2）本题考查杠杆最小动力的画法，根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。因此，连接支点O与动力作用点A，以OA作为动力臂（最长力臂），再作垂直于OA的力，即为最小动力。
（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心O'点，作图如下：
（2）连接OA，以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力F，OA即为最小动力的力臂，作图如下：
23．给螺线管通电，其周围磁感线如图所示。请在括号内标出电源的正负极（用“+”“-”表示）和小磁针静止时的N、S极。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则
【解析】【解答】在磁体的周围，磁感线从磁体的N极发出回到S极，所以根据螺线管周围磁感线的方向可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥可知，小磁针的左端为N极，右端为S极；由安培定则可知，电流由螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端是正极，左端是负极，如图所示：
【分析】本题考查磁感线的特点、磁极间的相互作用规律和安培定则的应用，需结合磁感线方向判断螺线管磁极，再通过磁极间的相互作用确定小磁针的极性，最后用安培定则判断电源的正负极。
24．小南和小岗用如图甲所示的装置探究“海波熔化时温度的变化规律”，请回答下列问题：
（1）除图甲所示的实验器材外，还需要的测量工具是　 　；将装有海波的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这样做不但能使试管受热均匀，而且海波的温度上升速度较　 　，便于记录各个时刻的温度。
（2）小南利用实验数据描绘了海波的熔化曲线如图乙A-D段和凝固曲线D-G段，由图像可知，海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），第6min的内能　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）第14min的内能。
（3）小岗也用海波和相同的实验装置完成了实验，他根据数据画出的图像如图丙所示，则小岗实验中存在的问题可能是　 　（写出一条即可）。
【答案】（1）秒表；慢
（2）晶体；大于
（3）温度计放置位置偏下
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）实验中，需要记录时间，所以除了需要温度计外，还需要的测量工具是秒表。
将装有固体的试管放入水中加热，这是水浴法加热，采用水浴法加热，固体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
故答案为：秒表；慢
（2）由图乙可知，温度随时间的变化曲线有呈水平方向的一段，表示温度不变，熔化过程吸热，温度保持不变，是晶体的熔化过程，故海波是晶体。
同种物质凝固点等于熔点，晶体熔化和凝固过程互逆，所以第6min的内能等于第12min的内能，凝固过程放热，内能减小，所以第14min的内能小于第12min的内能，所以第6min的内能大于第14min的内能。
故答案为：晶体；大于
（3）由图丙可知，该物质在熔化的过程中温度一直上升，其原因可能是温度计放置位置偏下，接触了试管底部。
故答案为：温度计放置位置偏下
【分析】(1) 本题考查海波熔化实验的器材与加热方式。实验中需同时记录温度和时间，因此需要秒表；水浴法加热能使海波受热均匀，且温度上升较慢，便于观察和记录数据。
(2) 本题考查晶体的熔化特点与内能变化。海波熔化过程中温度保持不变，属于晶体；晶体熔化吸热，内能增加；凝固过程放热，内能减少，因此第 6min（熔化过程）的内能大于第 14min（凝固过程）的内能。
(3) 本题考查实验误差分析。图丙中温度持续上升，无固定熔点，可能是温度计接触试管底部，直接测量了水的温度；也可能是海波未完全浸没，受热不均匀导致。
（1）[1]实验中，需要记录时间，所以除了需要温度计外，还需要的测量工具是秒表。
[2]将装有固体的试管放入水中加热，这是水浴法加热，采用水浴法加热，固体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
（2）[1]由图乙可知，温度随时间的变化曲线有呈水平方向的一段，表示温度不变，熔化过程吸热，温度保持不变，是晶体的熔化过程，故海波是晶体。
[2]同种物质凝固点等于熔点，晶体熔化和凝固过程互逆，所以第6min的内能等于第12min的内能，凝固过程放热，内能减小，所以第14min的内能小于第12min的内能，所以第6min的内能大于第14min的内能。
（3）由图丙可知，该物质在熔化的过程中温度一直上升，其原因可能是温度计放置位置偏下，接触了试管底部。
25．“智慧”物理小组的同学们配制了浓盐水，先测量其密度，进而探究“浮力大小的影响因素”。
（1）测密度：使用天平测量了烧杯和浓盐水的总质量，之后将盐水倒入量筒中一部分，如图甲所示，然后又进行了测量，如图乙所示，将部分物理量及数据填入表格，请你将表格A、B、C处补充完整：
A：　 　；B：　 　；C：　 　。
烧杯和盐水的总质量m1/g 量筒中盐水的体积V/cm3 A 盐水的密度ρ（g/cm3）
128 40 B C
（2）探究浮力大小的影响因素：使用的是一个体积为140cm3的物块，实验步骤及数据如下图所示：
①由此可得出：液体密度相同时，　 　，物体所受浮力越大。
②若想得到浮力与该因素的定量关系，除了上面的方法测出浮力大小外，还需把物块浸在　 　中测量出该因素的具体值。
（3）①他们使用（2）的测力计，把上面的物块浸没在水和配制的浓盐水中探究“浮力与液体密度的定量关系”，但是没有成功。老师得知后分析出了他们没有成功原因，请你写出老师的分析过程　 　。
②为了便于得出浮力与液体密度定量关系，老师建议他们到实验室选取合适的实验用品，请从实验用品的选择方面说出老师的两点建议　 　。
【答案】（1）烧杯和剩余盐水的质量m2/g；84；1.1
（2）物体排开液体的体积越大；量筒
（3）物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系；选用量程合适，精度更高的测力计；选用密度相差较大的液体
【知识点】液体密度的测量；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据测量液体密度的步骤，先测烧杯和盐水总质量，再倒出一部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量，所以A处应填烧杯和剩余盐水的质量m2/g。
由图乙可知，砝码质量为50g+20g+10g=80g
游码示数为4g，则烧杯和剩余盐水的质量m2=80g+4g=84g
量筒中盐水质量
根据密度公式，可得
故答案为：烧杯和剩余盐水的质量m2/g；84；1.1
（2）由图可知，液体都是水（密度相同），物体浸入水中体积不同（排开液体体积不同），弹簧测力计示数不同，可知排开液体体积越大，浮力越大 。
要得到浮力与排开液体体积的定量关系，需测量排开液体体积具体值，可把物块浸在量筒中，通过量筒读数变化得出排开液体体积 。
故答案为：物体排开液体的体积越大；量筒
（3）物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系。
建议一：选择分度值更小的弹簧测力计，能更精确测量较小的力的变化；建议二：选择密度差异更大的液体，这样在相同排开体积下，浮力差值更大，便于测量区分。
故答案为：物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系；选用量程合适，精度更高的测力计；选用密度相差较大的液体
【分析】(1) 本题考查液体密度的测量，实验中先测烧杯和盐水总质量，再倒出部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量。由天平读数可知烧杯和剩余盐水质量为84g，倒出盐水的质量为128g-84g=44g，根据密度公式，可算出盐水密度为。
(2) 本题考查浮力大小与排开液体体积的关系，控制液体密度不变，改变物体排开液体的体积，得出排开液体体积越大，浮力越大；要定量研究该关系，需用量筒测量排开液体的体积。
(3) 本题考查浮力与液体密度定量关系的误差分析，两次浮力差小于弹簧测力计分度值，无法准确测量；解决建议是使用更精密的测力计和密度差更大的液体，以增大浮力差，便于准确测量。
（1）[1] 根据测量液体密度的步骤，先测烧杯和盐水总质量，再倒出一部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量，所以A处应填烧杯和剩余盐水的质量m2/g。
[2]由图乙可知，砝码质量为50g+20g+10g=80g
游码示数为4g，则烧杯和剩余盐水的质量m2=80g+4g=84g
[3]量筒中盐水质量
根据密度公式，可得
（2）[1]由图可知，液体都是水（密度相同），物体浸入水中体积不同（排开液体体积不同），弹簧测力计示数不同，可知排开液体体积越大，浮力越大 。
[2]要得到浮力与排开液体体积的定量关系，需测量排开液体体积具体值，可把物块浸在量筒中，通过量筒读数变化得出排开液体体积 。
（3）[1]物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系。
[2]建议一：选择分度值更小的弹簧测力计，能更精确测量较小的力的变化；建议二：选择密度差异更大的液体，这样在相同排开体积下，浮力差值更大，便于测量区分。
26．学习了焦耳定律后，“智慧”物理小组的同学们通过实验“测量煤油的比热容”，于是用可调压电源、电热丝、瓶子、温度计、电流表等制作连接了如图甲所示的电路。
（1）测量原理是　 　。
（2）调节好电源电压，闭合开关后一段时间，获取到如下表数据：
通电时间/s 通电电流/A 电阻值/Ω 三瓶中煤油的质量/kg 煤油升高的温度/℃ 煤油的比热容[J/(kg ℃)]
300 1 5 0.1 6.9 2174
10 13.5 2222
15 20.0
①煤油的初温如图乙所示，为　 　℃。
②请计算出15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容。（写出计算过程）　 　
③这三次比热容值，最接近真实值的是第　 　次，其原因是　 　。
【答案】（1）
（2）19；2250J/(kg·℃)；3；这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；焦耳定律的应用；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）通过电热丝产生的热量全部被煤油吸收，从而建立等式，进而求解比热容c，所以测试原理是，Q由电热丝放热得到。
故答案为：
（2）图乙温度计分度值为1℃，且刻度在零上，在20℃下一小格，即读数为19℃。
15Ω电阻300s放出的热量为
煤油吸热
则15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容为。
这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
故答案为：19；2250J/(kg·℃)；3；这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
【分析】(1) 本题考查比热容的测量原理，利用电热丝放热被煤油吸收，建立 的关系，因此测量原理为 。
(2) ① 温度计分度值为1℃，读数为19℃；
② 利用焦耳定律算出电热丝放热，再结合吸热公式计算比热容；
③ 第三次实验中煤油温度变化量最大，温度测量的相对误差最小，因此结果最接近真实值。
（1）通过电热丝产生的热量全部被煤油吸收，从而建立等式，进而求解比热容c，所以测试原理是，Q由电热丝放热得到。
（2）[1]图乙温度计分度值为1℃，且刻度在零上，在20℃下一小格，即读数为19℃。
[2]15Ω电阻300s放出的热量为
煤油吸热
则15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容为。
[3][4]这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
27．人形机器人在逐渐走进我们的生活，可以与人一起扭秧歌；可以与人一起跑半程马拉松比赛……。相信在不远的将来，人形机器人会成为我们家庭的新成员。下表是扭秧歌机器人的几个参数（为方便计算，参数做了适当调整）：则：
重力/N 480
双脚站立时着地面积/m2 0.03
充满电时电池储存的电能 0.864kW·h
正常连续行走的路程 12960m
正常行走速度 3m/s
（1）机器人双脚站立在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）给蓄电池充电时，如果充电电压是80V，2h将电池充满，则充电电流是多少？
（3）该机器人正常行走时的电功率是多少？
【答案】（1）解：根据二力平衡的条件，机器人对地面的压力F=G=480N
已知受力面积S=0.03m2
故对地面的压强
（2）解：电能W=0.864kW·h=864W·h
由电能公式W=UIt变形可解得，得
（3）解：行走的时间
根据功率公式，所求电功率
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查压强的计算，利用水平地面上压力等于重力，结合 公式求解。
(2) 本题考查电能公式的应用，通过 变形求解充电电流。
(3) 本题考查电功率的计算，先根据速度公式求出行走时间，再利用 计算电功率。
（1）根据二力平衡的条件，机器人对地面的压力F=G=480N
已知受力面积S=0.03m2
故对地面的压强
（2）电能W=0.864kW·h=864W·h
由电能公式W=UIt变形可解得，得
（3）行走的时间
根据功率公式，所求电功率
1 / 1黑龙江省哈尔滨市南岗区2025年中考三模理综物理试题
一、选择题（1—10题为单项选择题，每小题只有一个正确答案，每小题2分，11—12题为双项选择题，选项全且都正确的得2分，不全但正确的得1分，有错误选项的不得分，共50分）
1．下列是哈尔滨的同学们对教室里一些物理量的估算合理的是（　　）
A．5月室内的温度约为1℃ B．门的高度约为2m
C．大气压约为5000Pa D．一盏照明灯功率约1kW
2．下列是哈尔滨各季节出现的美景，其中是由水蒸气凝华形成的是（　　）
A．叶尖露珠 B．山间薄雾
C．枝头白霜 D．房檐冰锥
3．有了光，自然界绚丽多彩，世界生机勃勃，如图所示的光现象中，属于光的直线传播形成的是（　　）
A．透镜看书 B．棱镜色散
C．水中倒影 D．手影游戏
4．如图，是汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互的情景。下列分析正确的是（　　）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．切换不同性别声音模式实质是改变声音的响度
C．语音助手对指令作出回应，说明声可以传递信息
D．倒车雷达是利用电磁波工作的
5．为了提高旅客的乘车通行效率，2025年某火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时（相当于闭合开关），电动机转动，打开闸门直达站合，下列电路设计符合要求的是（　　）
A．
B．
C．
D．
6．如图所示，与发电机工作原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
7．《哪吒2》跻身全球影史前六、如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，毽子是静止的
B．毽子运动过程中，惯性不断改变
C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能
D．毽子在最高点时受到了平衡力
8．为了方便给新能源电动汽车充电，市政部门修建了多个充电站。如图所示，下列关于充电桩使用符合安全用电原则的是（　　）
A．充电枪连接线处绝缘层破损后能继续使用
B．用湿抹布擦拭充电插口
C．充电桩的金属外壳必须要与大地相连接
D．正在充电的电动车着火时可直接用水浇灭
9．九年级的同学学习很辛苦，为了给孩子增加营养，家长们都精心为孩子准备餐食，制作的过程中，涉及到一些物理知识，相关说法错误的是（　　）
A．菜刀磨得很锋利，在切菜时可增大压力
B．用筷子夹取食物，筷子是费力杠杆
C．炒菜时能闻到香味，是扩散现象
D．燃烧天然气加热食物，天然气是不可再生能源
10．以下实验操作或装置，不能完成对应实验目的的是（　　）
A．精确测出大气压强值
B．探究物体所受重力的大小与它的质量的关系（钩码的质量已知）
C．探究液体内部压强与深度的关系
D．探究通过导体的电流与导体两端的电压的关系
11．如图所示，用拉力F竖直向上匀速提升重720N的货物，货物移动的速度0.5m/s，动滑轮重80N，不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（　　）
A．使用该装置既可以省力，也可以改变动力的方向
B．绳子自由端移动的速度为1m/s
C．拉力F的功率为200W
D．动滑轮的机械效率为90%
12．标有“2.5V 0.3A”和“3.8V 0.3A”的小灯泡L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电路中，都能发光，下列说法正确的是（　　）
A．通过L1和L2的电流之比为1∶1
B．灯L1和L2的两端电压之比是38∶25
C．灯L1和L2的发光亮度相同
D．若电源电压是6.3V，则灯L1和L2都能正常发光
二、非选择题（共90分）
13．小南发现，奶奶家常用的电风扇容易布满灰尘，主要是因为旋转的叶片与空气发生　 　，使其带了电，带电体具有吸引　 　的性质。
14．如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图甲可以看出，此时它所处在　 　冲程，其能量转化情况与　 　（选填“乙”或“丙”）图相同．
15．小南同学将一凸透镜正对一束平行光，可得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，该凸透镜的焦距为　 　cm，如图乙光屏上正好呈现烛焰清晰的像，其成像原理可应用于　 　。
16．用20N的水平推力，使重为100N的物体在水平桌面上移动0.5m，说明推力可以改变物体的　 　（选填“运动状态”或“形状”），推力对物体做的功　 　J。
17．如图是拦河大坝的截面图，大坝被建成“上窄下宽”的形状，原因是液体内部的压强随着深度的增加而　 　；若坝内水的密度为，当水深为　 　m时，大坝受到的压强是。（g取10N/kg）
18．小聪设计并连接了如图所示的电路，开关闭合前应把滑片P滑到　 　端（选填“A”或“B”），用此电路及现有器材能完成的实验有　 　（选填序号：①电流跟电阻的定量关系；②研究小灯泡的电阻；③研究小灯泡的电功率；④研究电功率跟电流的关系）
19．汽车上的散热器用水作为冷却剂，如果散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是　 　J；这些热量相当于完全燃烧　 　m3的天然气放出的热量。[，水的比热容]
20．如图，电能表是测量　 　的仪表。将此电能表接入家庭电路中，关闭其他用电器，让一台空调单独工作6min，观察到电能表的转盘正好转了60转，则该段时间内该空调的实际功率为　 　W。
21．如图所示为额定电压为6V的灯泡L的I-U图像，若某时刻L的实际功率为1.2W，则L两端电压为　 　V。若把阻值为20Ω的电阻与此灯串联接到电压为5V的电源上，此时灯泡的电阻是　 　Ω。
22．如图所示是正在用订书机装订一沓纸的情景，它实际是一个杠杆。请画出：
（1）这沓纸受到的重力G（O'点为这沓纸的重心）；
（2）在A点施加动力，使杠杆平衡的最小动力F的示意图及其力臂L。
23．给螺线管通电，其周围磁感线如图所示。请在括号内标出电源的正负极（用“+”“-”表示）和小磁针静止时的N、S极。
24．小南和小岗用如图甲所示的装置探究“海波熔化时温度的变化规律”，请回答下列问题：
（1）除图甲所示的实验器材外，还需要的测量工具是　 　；将装有海波的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这样做不但能使试管受热均匀，而且海波的温度上升速度较　 　，便于记录各个时刻的温度。
（2）小南利用实验数据描绘了海波的熔化曲线如图乙A-D段和凝固曲线D-G段，由图像可知，海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”），第6min的内能　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）第14min的内能。
（3）小岗也用海波和相同的实验装置完成了实验，他根据数据画出的图像如图丙所示，则小岗实验中存在的问题可能是　 　（写出一条即可）。
25．“智慧”物理小组的同学们配制了浓盐水，先测量其密度，进而探究“浮力大小的影响因素”。
（1）测密度：使用天平测量了烧杯和浓盐水的总质量，之后将盐水倒入量筒中一部分，如图甲所示，然后又进行了测量，如图乙所示，将部分物理量及数据填入表格，请你将表格A、B、C处补充完整：
A：　 　；B：　 　；C：　 　。
烧杯和盐水的总质量m1/g 量筒中盐水的体积V/cm3 A 盐水的密度ρ（g/cm3）
128 40 B C
（2）探究浮力大小的影响因素：使用的是一个体积为140cm3的物块，实验步骤及数据如下图所示：
①由此可得出：液体密度相同时，　 　，物体所受浮力越大。
②若想得到浮力与该因素的定量关系，除了上面的方法测出浮力大小外，还需把物块浸在　 　中测量出该因素的具体值。
（3）①他们使用（2）的测力计，把上面的物块浸没在水和配制的浓盐水中探究“浮力与液体密度的定量关系”，但是没有成功。老师得知后分析出了他们没有成功原因，请你写出老师的分析过程　 　。
②为了便于得出浮力与液体密度定量关系，老师建议他们到实验室选取合适的实验用品，请从实验用品的选择方面说出老师的两点建议　 　。
26．学习了焦耳定律后，“智慧”物理小组的同学们通过实验“测量煤油的比热容”，于是用可调压电源、电热丝、瓶子、温度计、电流表等制作连接了如图甲所示的电路。
（1）测量原理是　 　。
（2）调节好电源电压，闭合开关后一段时间，获取到如下表数据：
通电时间/s 通电电流/A 电阻值/Ω 三瓶中煤油的质量/kg 煤油升高的温度/℃ 煤油的比热容[J/(kg ℃)]
300 1 5 0.1 6.9 2174
10 13.5 2222
15 20.0
①煤油的初温如图乙所示，为　 　℃。
②请计算出15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容。（写出计算过程）　 　
③这三次比热容值，最接近真实值的是第　 　次，其原因是　 　。
27．人形机器人在逐渐走进我们的生活，可以与人一起扭秧歌；可以与人一起跑半程马拉松比赛……。相信在不远的将来，人形机器人会成为我们家庭的新成员。下表是扭秧歌机器人的几个参数（为方便计算，参数做了适当调整）：则：
重力/N 480
双脚站立时着地面积/m2 0.03
充满电时电池储存的电能 0.864kW·h
正常连续行走的路程 12960m
正常行走速度 3m/s
（1）机器人双脚站立在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）给蓄电池充电时，如果充电电压是80V，2h将电池充满，则充电电流是多少？
（3）该机器人正常行走时的电功率是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；大气压强的存在；电功率
【解析】【解答】A：哈尔滨 5 月室内温度约为 20℃左右，1℃过低，不符合实际，故 A 错误；
B：教室门的高度约为 2m，符合实际，故 B 正确；
C：标准大气压约为 1.01×105Pa，教室内大气压约等于标准大气压，5000Pa 远低于实际，故 C 错误；
D：教室一盏照明灯的功率约为 40W，1kW（1000W）过大，不符合实际，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查温度的估测，哈尔滨 5 月气温已回暖，室内温度通常在十几到二十几摄氏度；
B：考查长度的估测，教室门的高度一般在 2m 左右，方便大多数人通行；
C：考查大气压的估测，标准大气压约为 1.01×105Pa，教室内气压与标准大气压接近；
D：考查功率的估测，教室常用的 LED 照明灯功率多在 20-40W 之间，1kW 属于大功率电器，不符合实际。
2．【答案】C
【知识点】凝华及凝华放热；水的三态变化
【解析】【解答】A：叶尖露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故 A 错误；
B：山间薄雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故 B 错误；
C：枝头白霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的固态小冰晶，属于凝华现象，故 C 正确；
D：房檐冰锥是水凝固形成的固态冰，属于凝固现象，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查液化现象，物质由气态变为液态；
B：考查液化现象，物质由气态变为液态；
C：考查凝华现象，物质由气态直接变为固态；
D：考查凝固现象，物质由液态变为固态。
3．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A：透镜看书利用的是光的折射现象，故 A 错误；
B：棱镜色散是光通过三棱镜发生折射形成的，故 B 错误；
C：水中倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故 C 错误；
D：手影游戏是光沿直线传播时，遇到不透明的手，在后方形成的阴影，属于光的直线传播现象，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查光的折射，凸透镜成像的原理是光的折射；
B：考查光的折射，光通过三棱镜时发生偏折，分解为七色光；
C：考查光的反射，平面镜成像的原理是光的反射；
D：考查光的直线传播，影子的形成是光沿直线传播的典型应用。
4．【答案】C
【知识点】声音的产生；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】A：声音是由物体振动产生的，语音助手发出的声音也不例外，故 A 错误；
B：切换不同性别声音模式实质是改变声音的音调（频率），而非响度，故 B 错误；
C：语音助手对指令作出回应，说明声音可以传递信息，故 C 正确；
D：倒车雷达是利用超声波工作的，而非电磁波，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查声音的产生，一切声音都由物体振动产生；
B：考查声音的特性，音调由频率决定，响度由振幅决定；
C：考查声音的利用，声音可以传递信息和能量；
D：考查超声波的应用，倒车雷达利用超声波的回声定位原理工作。
5．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】身份信息和人脸信息都符合，两个开关都闭合，电动机才工作，则两个开关相互影响，是串联的，再与电动机串联。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】多个开关共同控制用电器，开关串联连接，互相影响。
6．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A：奥斯特实验说明电流周围存在磁场，是电流的磁效应，与发电机原理不同，故 A 错误；
B：通电螺线管利用电流的磁效应工作，与发电机原理不同，故 B 错误；
C：通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与发电机原理不同，故 C 错误；
D：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，是电磁感应现象，与发电机的工作原理相同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A：考查电流的磁效应，说明通电导线周围存在磁场；
B：考查电流的磁效应，说明通电螺线管周围存在磁场；
C：考查电动机原理，利用通电导体在磁场中受力运动；
D：考查发电机原理，利用电磁感应现象。
7．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A：以地面为参照物，毽子的位置不断变化，是运动的，故 A 错误；
B：惯性的大小只与物体的质量有关，毽子运动过程中质量不变，惯性不变，故 B 错误；
C：毽子在上升过程中，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，动能转化为重力势能，故 C 正确；
D：毽子在最高点时，只受重力作用，运动状态会发生改变，因此受到的不是平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查运动和静止的相对性，判断物体运动或静止需选择参照物，物体位置相对于参照物发生变化则为运动；
B：考查惯性的影响因素，惯性只与质量有关，与运动状态无关；
C：考查动能与重力势能的转化，动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
D：考查平衡力的判断，物体受平衡力时运动状态不变，毽子在最高点受重力作用，运动状态会改变，因此不受平衡力。
8．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A：充电枪连接线处绝缘层破损后继续使用，易引发触电事故，不符合安全用电原则，故 A 错误；
B：湿抹布是导体，用湿抹布擦拭充电插口易导致触电，不符合安全用电原则，故 B 错误；
C：充电桩的金属外壳必须与大地相连接，可防止外壳带电时发生触电事故，符合安全用电原则，故 C 正确；
D：正在充电的电动车着火时，直接用水浇灭易引发触电危险，应使用干粉灭火器灭火，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查绝缘层的作用，绝缘层破损会导致漏电，引发安全隐患；
B：考查导体的导电性，湿抹布导电，接触带电设备易造成触电；
C：考查接地保护的作用，金属外壳接地可有效防止触电事故；
D：考查电器火灾的处理方法，水具有导电性，不能直接用于带电设备灭火。
9．【答案】A
【知识点】能源及其分类；增大压强的方法及其应用；杠杆的分类；分子热运动
【解析】【解答】A：菜刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，而不是增大压力，故 A 错误；
B：用筷子夹取食物时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故 B 正确；
C：炒菜时能闻到香味，是分子在永不停息地做无规则运动，属于扩散现象，故 C 正确；
D：天然气属于化石能源，在短期内无法从自然界得到补充，是不可再生能源，故 D 正确；
故答案为：A。
【分析】A：考查压强的影响因素，增大压强的方法：压力一定时，减小受力面积；受力面积一定时，增大压力；
B：考查杠杆的分类，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；
C：考查扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动；
D：考查能源的分类，不可再生能源是指在短期内无法再生的能源。
10．【答案】A
【知识点】探究影响重力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验；大气压强的测量方法；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】A：图中用两个弹簧测力计对拉，只能粗略证明力的作用是相互的，无法精确测出大气压强值，该实验目的不能完成，故 A 错误；
B：通过改变钩码数量（质量已知），测量对应的重力，可探究物体所受重力与质量的关系，该实验目的能完成，故 B 正确；
C：图中液体密度相同、探头深度不同，可探究液体内部压强与深度的关系，该实验目的能完成，故 C 正确；
D：电路中电阻不变，通过滑动变阻器改变导体两端电压，测量对应的电流，可探究电流与电压的关系，该实验目的能完成，故 D 正确；
故答案为：A。
【分析】A：考查大气压强的测量，精确测量大气压需用托里拆利实验，此装置无法完成；
B：考查重力与质量的关系，通过控制变量法，改变质量测量重力，可得出正比关系；
C：考查液体压强的影响因素，控制液体密度不变，改变深度，探究压强与深度的关系；
D：考查电流与电压的关系，控制电阻不变，改变电压，探究电流与电压的关系。
11．【答案】B,D
【知识点】功率计算公式的应用；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．图中是动滑轮，动滑轮可以省力，但是不能改变力的方向，故A错误；
B．由图可知，承担物重的绳子股数为2，货物移动的速度0.5m/s，绳子自由端移动的速度为
故B正确；
C．拉力为，拉力F的功率为，故C错误；
D．动滑轮的机械效率为，故D正确。
故答案为：BD。
【分析】A：考查动滑轮的特点，拉力作用在轴上时费力，且不能改变力的方向；
B：考查特殊动滑轮的速度关系，；
C：考查功率计算，，需用拉力和拉力端速度计算；
D：考查机械效率计算，。
12．【答案】A,D
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．两灯串联，由于串联电路中各处的电流相等，所以通过它们的电流相等，即通过L1和L2的电流之比为1∶1，故A正确；
B．假设两灯灯丝电阻不变，根据欧姆定律可得，两灯的电阻分别为
则两灯的电阻之比为
根据串联电路的分压关系可得，两灯两端的电压之比为U1∶U2=R1∶R2=25∶38，故B错误；
C．灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮。 两灯串联，通过它们的电流相等，L1两端的实际电压小于L2两端的实际电压， 根据P=UI可知，L1的实际功率更小，发光更暗，故C错误；
D．若电源电压是6.3V，根据串联电路的电压规律可得， 两灯的实际电压分别为
比较可知，两灯的实际电压均等于各自的额定电压，故两灯均能正常发光，故D正确。
故答案为：AD。
【分析】A：考查串联电路的电流规律，串联电路中各处电流相等；
B：考查欧姆定律与串联分压规律，先根据求出两灯电阻，再根据得到电压比；
C：考查实际功率与亮度的关系，串联电路中根据比较实际功率大小；
D：考查串联电路电压规律与用电器正常工作的条件，当实际电压等于额定电压时，用电器正常发光。
13．【答案】摩擦；轻小物体
【知识点】摩擦起电的现象
【解析】【解答】小南发现，奶奶家常用的电风扇容易布满灰尘，主要是因为旋转的叶片与空气发生 摩擦，使其带了电，带电体具有吸引 轻小物体 的性质。
故答案为：摩擦；轻小物体。
【分析】本题考查摩擦起电现象和带电体的基本性质。电风扇旋转时，叶片与空气摩擦发生摩擦起电现象，使叶片带电；而带电体具有吸引轻小物体（如灰尘）的性质，因此电风扇叶片容易吸附灰尘。
14．【答案】做功；乙
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】图中，两个气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能；
乙图，加热试管中的水，水的内能增大，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；
丙图，用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，棉花就会燃烧，将机械能转化为内能，做功冲程的能量变化与乙实验相同。故第1空填：做功；第2空填：乙。【分析】根据汽油机的气门状态和活塞方向，判断冲程和能量变化；内能对外做功，转化为机械能；压缩体积，机械能转化为内能。
15．【答案】10.0；投影仪
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，刻度尺的分度值为1cm，凸透镜的位置在10.0cm处，焦点的位置在20.0cm处，所以该凸透镜的焦距为：；
（2）图乙中，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，其成像原理可应用于投影仪。
故答案为：10.0；投影仪。
【分析】（1）本题考查凸透镜焦距的测量方法。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距。通过刻度尺读数计算可得焦距为10.0cm，即0.100m。
（2）本题考查凸透镜成像规律的应用。当时，成倒立、放大的实像，像距，投影仪就是利用这一原理工作的。
16．【答案】运动状态；10
【知识点】力的作用效果；功的计算及应用
【解析】【解答】用20N的水平推力，使重为100N的物体在水平桌面上移动0.5m，说明推力可以改变物体的运动状态；推力对物体做的功为 。
故答案为：运动状态；10。
【分析】本题考查力的作用效果和功的计算。
力的作用效果有两个：改变物体的形状，或改变物体的运动状态。物体在推力作用下移动了位置，说明推力改变了物体的运动状态。
功的计算公式为 ，其中为作用在物体上的力，为物体在力的方向上移动的距离，代入公式即可算出功。
17．【答案】增大；120
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由于液体的压强随深度的增加而增大，河水的深度越深，压强越大，为了使拦河坝能承受更大的水压，应把拦河坝设计成下宽上窄的形状。
若坝内水的密度为，大坝受到的压强是时，水深为
故答案为：增大；120
【分析】（1）本题考查液体压强的特点。液体内部的压强随深度的增加而增大，拦河大坝 “上窄下宽” 的设计，能承受住底部更大的水压强，保证大坝的结构稳定。
（2）本题考查液体压强公式的应用。根据液体压强公式，可得水深。
18．【答案】B；②③
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即B端。
①探究电流与电阻的定量关系，应阻值不同的定值电阻，因此使用现有器材不能完成该实验；②③使用该电路图和现有实验器材，通过移动滑动变阻器滑片，改变电路中总电阻，从而改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，用电压表测出灯泡两端的电压，用电流表测出对应电压下的电流，根据求出灯泡的电阻，根据可以得到灯泡的电功率，因此可以完成②③实验；④研究电功率跟电流的关系时，要控制灯泡两端的电压不变，比较不同电流时灯泡的电功率，该电路中改变电路中的电流时，灯泡两端的电压也会发生变化，因此无法完成该实验。综上所述，用此电路及现有器材能完成的实验有②③。
故答案为：B；②③
【分析】（1）本题考查滑动变阻器的使用，需结合开关闭合前滑片应置于最大阻值处的操作规范进行分析。
（2）本题考查电路实验的可行性分析，需结合实验原理和现有器材，判断各实验能否完成。
19．【答案】8.4×105；0.012
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】水吸收的热量是
若天然气完全燃烧释放的热量为，则天然气的体积为
故答案为：8.4×105；0.012
【分析】（1）本题考查比热容公式的应用，根据吸热公式 可直接计算水吸收的热量。
（2）本题考查热值公式的应用，利用 ，结合 可求出需要的天然气体积。
20．【答案】电功；1000
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】电能表是用来测量电路中用电器消耗电能（电流所做的功，即电功）多少的仪表。
600revs/(kW h)表示每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转600转，故消耗的电能，
实际功率。
故答案为：电功；1000
【分析】（1）本题考查电能表的作用，电能表是测量电路中用电器消耗电能（电功）的仪表。
（2）本题考查利用电能表计算用电器功率，先根据电能表参数计算消耗的电能，再利用公式 求出用电器的实际功率。
21．【答案】3；5
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由P=UI得，当L的实际功率为1.2W时，由图像查出，L两端电压为3V，电流为0.4A；画出阻值为20Ω的电阻的I-U图像，如图所示：
若把阻值为20Ω的电阻与此灯串联接到电压为5V的电源上，由图可知，此时灯泡两端电压为1V，电阻两端电压为4V，电路中电流为0.2A，由得，此时灯泡的电阻是
故答案为：3；4
【分析】（1）本题考查电功率公式与I-U图像的应用，需结合 ，在图像中查找满足功率条件的电压、电流值。
（2）本题考查串联电路的特点与欧姆定律的应用，需利用串联电路电流、电压规律，结合图像找到灯泡与电阻的电流、电压匹配值，再用 计算灯泡电阻。
22．【答案】（1）
（2）
【知识点】重力示意图；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心O'点，作图如下：
（2）连接OA，以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力F，OA即为最小动力的力臂，作图如下：
【分析】（1）本题考查重力示意图的画法，重力的方向总是竖直向下，作用点在物体的重心。
（2）本题考查杠杆最小动力的画法，根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。因此，连接支点O与动力作用点A，以OA作为动力臂（最长力臂），再作垂直于OA的力，即为最小动力。
（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心O'点，作图如下：
（2）连接OA，以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力F，OA即为最小动力的力臂，作图如下：
23．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；安培定则
【解析】【解答】在磁体的周围，磁感线从磁体的N极发出回到S极，所以根据螺线管周围磁感线的方向可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥可知，小磁针的左端为N极，右端为S极；由安培定则可知，电流由螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端是正极，左端是负极，如图所示：
【分析】本题考查磁感线的特点、磁极间的相互作用规律和安培定则的应用，需结合磁感线方向判断螺线管磁极，再通过磁极间的相互作用确定小磁针的极性，最后用安培定则判断电源的正负极。
24．【答案】（1）秒表；慢
（2）晶体；大于
（3）温度计放置位置偏下
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）实验中，需要记录时间，所以除了需要温度计外，还需要的测量工具是秒表。
将装有固体的试管放入水中加热，这是水浴法加热，采用水浴法加热，固体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
故答案为：秒表；慢
（2）由图乙可知，温度随时间的变化曲线有呈水平方向的一段，表示温度不变，熔化过程吸热，温度保持不变，是晶体的熔化过程，故海波是晶体。
同种物质凝固点等于熔点，晶体熔化和凝固过程互逆，所以第6min的内能等于第12min的内能，凝固过程放热，内能减小，所以第14min的内能小于第12min的内能，所以第6min的内能大于第14min的内能。
故答案为：晶体；大于
（3）由图丙可知，该物质在熔化的过程中温度一直上升，其原因可能是温度计放置位置偏下，接触了试管底部。
故答案为：温度计放置位置偏下
【分析】(1) 本题考查海波熔化实验的器材与加热方式。实验中需同时记录温度和时间，因此需要秒表；水浴法加热能使海波受热均匀，且温度上升较慢，便于观察和记录数据。
(2) 本题考查晶体的熔化特点与内能变化。海波熔化过程中温度保持不变，属于晶体；晶体熔化吸热，内能增加；凝固过程放热，内能减少，因此第 6min（熔化过程）的内能大于第 14min（凝固过程）的内能。
(3) 本题考查实验误差分析。图丙中温度持续上升，无固定熔点，可能是温度计接触试管底部，直接测量了水的温度；也可能是海波未完全浸没，受热不均匀导致。
（1）[1]实验中，需要记录时间，所以除了需要温度计外，还需要的测量工具是秒表。
[2]将装有固体的试管放入水中加热，这是水浴法加热，采用水浴法加热，固体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
（2）[1]由图乙可知，温度随时间的变化曲线有呈水平方向的一段，表示温度不变，熔化过程吸热，温度保持不变，是晶体的熔化过程，故海波是晶体。
[2]同种物质凝固点等于熔点，晶体熔化和凝固过程互逆，所以第6min的内能等于第12min的内能，凝固过程放热，内能减小，所以第14min的内能小于第12min的内能，所以第6min的内能大于第14min的内能。
（3）由图丙可知，该物质在熔化的过程中温度一直上升，其原因可能是温度计放置位置偏下，接触了试管底部。
25．【答案】（1）烧杯和剩余盐水的质量m2/g；84；1.1
（2）物体排开液体的体积越大；量筒
（3）物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系；选用量程合适，精度更高的测力计；选用密度相差较大的液体
【知识点】液体密度的测量；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据测量液体密度的步骤，先测烧杯和盐水总质量，再倒出一部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量，所以A处应填烧杯和剩余盐水的质量m2/g。
由图乙可知，砝码质量为50g+20g+10g=80g
游码示数为4g，则烧杯和剩余盐水的质量m2=80g+4g=84g
量筒中盐水质量
根据密度公式，可得
故答案为：烧杯和剩余盐水的质量m2/g；84；1.1
（2）由图可知，液体都是水（密度相同），物体浸入水中体积不同（排开液体体积不同），弹簧测力计示数不同，可知排开液体体积越大，浮力越大 。
要得到浮力与排开液体体积的定量关系，需测量排开液体体积具体值，可把物块浸在量筒中，通过量筒读数变化得出排开液体体积 。
故答案为：物体排开液体的体积越大；量筒
（3）物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系。
建议一：选择分度值更小的弹簧测力计，能更精确测量较小的力的变化；建议二：选择密度差异更大的液体，这样在相同排开体积下，浮力差值更大，便于测量区分。
故答案为：物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系；选用量程合适，精度更高的测力计；选用密度相差较大的液体
【分析】(1) 本题考查液体密度的测量，实验中先测烧杯和盐水总质量，再倒出部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量。由天平读数可知烧杯和剩余盐水质量为84g，倒出盐水的质量为128g-84g=44g，根据密度公式，可算出盐水密度为。
(2) 本题考查浮力大小与排开液体体积的关系，控制液体密度不变，改变物体排开液体的体积，得出排开液体体积越大，浮力越大；要定量研究该关系，需用量筒测量排开液体的体积。
(3) 本题考查浮力与液体密度定量关系的误差分析，两次浮力差小于弹簧测力计分度值，无法准确测量；解决建议是使用更精密的测力计和密度差更大的液体，以增大浮力差，便于准确测量。
（1）[1] 根据测量液体密度的步骤，先测烧杯和盐水总质量，再倒出一部分测体积，最后测烧杯和剩余盐水质量，所以A处应填烧杯和剩余盐水的质量m2/g。
[2]由图乙可知，砝码质量为50g+20g+10g=80g
游码示数为4g，则烧杯和剩余盐水的质量m2=80g+4g=84g
[3]量筒中盐水质量
根据密度公式，可得
（2）[1]由图可知，液体都是水（密度相同），物体浸入水中体积不同（排开液体体积不同），弹簧测力计示数不同，可知排开液体体积越大，浮力越大 。
[2]要得到浮力与排开液体体积的定量关系，需测量排开液体体积具体值，可把物块浸在量筒中，通过量筒读数变化得出排开液体体积 。
（3）[1]物块浸没在水中的浮力是1.4N，浸没在盐水中的浮力是1.54N，两次浮力的差值是0.14N，小于弹簧测力计的分度值0.2N，用此弹簧测力计比较两次浮力不准确，不能得出浮力与液体密度的定量关系。
[2]建议一：选择分度值更小的弹簧测力计，能更精确测量较小的力的变化；建议二：选择密度差异更大的液体，这样在相同排开体积下，浮力差值更大，便于测量区分。
26．【答案】（1）
（2）19；2250J/(kg·℃)；3；这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；焦耳定律的应用；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）通过电热丝产生的热量全部被煤油吸收，从而建立等式，进而求解比热容c，所以测试原理是，Q由电热丝放热得到。
故答案为：
（2）图乙温度计分度值为1℃，且刻度在零上，在20℃下一小格，即读数为19℃。
15Ω电阻300s放出的热量为
煤油吸热
则15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容为。
这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
故答案为：19；2250J/(kg·℃)；3；这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
【分析】(1) 本题考查比热容的测量原理，利用电热丝放热被煤油吸收，建立 的关系，因此测量原理为 。
(2) ① 温度计分度值为1℃，读数为19℃；
② 利用焦耳定律算出电热丝放热，再结合吸热公式计算比热容；
③ 第三次实验中煤油温度变化量最大，温度测量的相对误差最小，因此结果最接近真实值。
（1）通过电热丝产生的热量全部被煤油吸收，从而建立等式，进而求解比热容c，所以测试原理是，Q由电热丝放热得到。
（2）[1]图乙温度计分度值为1℃，且刻度在零上，在20℃下一小格，即读数为19℃。
[2]15Ω电阻300s放出的热量为
煤油吸热
则15Ω电阻所在瓶中煤油的比热容为。
[3][4]这三次比热容值，最接近真实值的是第3次，电阻越大，电流产生的热量越多，煤油的温度变化量越明显，测量温度时的相对误差较小。
27．【答案】（1）解：根据二力平衡的条件，机器人对地面的压力F=G=480N
已知受力面积S=0.03m2
故对地面的压强
（2）解：电能W=0.864kW·h=864W·h
由电能公式W=UIt变形可解得，得
（3）解：行走的时间
根据功率公式，所求电功率
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查压强的计算，利用水平地面上压力等于重力，结合 公式求解。
(2) 本题考查电能公式的应用，通过 变形求解充电电流。
(3) 本题考查电功率的计算，先根据速度公式求出行走时间，再利用 计算电功率。
（1）根据二力平衡的条件，机器人对地面的压力F=G=480N
已知受力面积S=0.03m2
故对地面的压强
（2）电能W=0.864kW·h=864W·h
由电能公式W=UIt变形可解得，得
（3）行走的时间
根据功率公式，所求电功率
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