资源简介

25.2 降次———解一元二次方程
1.配方法:通过配成完全平方形式来解一元二次方程的方法.
一般地,如果一个一元二次方程通过配方转化成(x+n)2=p 的形式,那么就有:
(1)当p>0时,方程有两个不等的实数根:x1=-n- p,x2=-n+ p;
(2)当p=0时,方程有两个相等的实数根:x1=x2=-n;
(3)当p<0时,因为对任意实数x,都有(x+n)2≥0,所以方程无实数根.
2.公式法:直接利用求根公式解方程.
2
当Δ≥0时,方程ax2+bx+c=0(a≠0)的实数根可写为
-b± b -4ac
x= 的形式,这个式2a
子叫作一元二次方程ax2+bx+c=0的求根公式.
3.因式分解法:要先将方程一边化为两个一次因式相乘,另一边为0,再分别使各一次因式等
于0.
4.一元二次方程根与系数之间的关系:x1,x2 是一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两个根,
则 b cx1+x2=- ,a x1x2=a.
例1 用配方法解下列方程时,配方正确的是 ( )
A.x2-2x-99=0化为(x-1)2=98 B.x2+8x+9=0化为(x+4)2=25
7 2 2 化为( ) 81 2
2
10
C.2t-7t-4=0 t-2 =16 D.3y
2-4y-2=0化为(y- )3 =9
解析:∵x2-2x-99=0∴x2-2x+1-100=0,∴(x-1)2=100,故选项A错误,不符合题意;
∵x2+8x+9=0∴x2+8x+16-16+9=0,∴(x+4)2=16-9=7,故选项B错误,不符合题意;
7 7 2 2 22 2 , 2 7 7 , 7 49 81∵2t-7t-4=0∴t-2t-2=0 ∴t -2t+ 4 - 4 -2=0 ∴t- =2+ ,故4 16=16
2 2
选项C错误,不符合题意; 2
4 2 4 2
∵3y -4y-2=0,∴y2-3y-3=0
,∴ 2- 2 2y 3y+ 3 - 3 -3
2 2
=0,∴ 2y- 2 2 10 = + = ,故选项D正确,符合题意;故选3 3 3 9 D.
例2 方程(x-1)2=2(x-1)的根是 ( )
A.x=1 B.x=2 C.x1=1,x2=2 D.x1=1,x2=3
解析:(x-1)2=2(x-1),(x-1)2-2(x-1)=0,(x-1)(x-1-2)=0,(x-1)(x-3)=0,x
72
-1=0或x-3=0,解得x1=1,x2=3.故选D.
例3 三角形两边的长分别是7和11,第三边的长是一元二次方程x2-25=2(x-5)2 的一个实
数根,则该三角形的周长是 ( )
A.23 B.23或33 C.24 D.24或30
解析:x2-25=2(x-5)2,(x+5)(x-5)-2(x-5)2=0,(x-5)[(x+5)-2(x-5)]=0,(x-
5)(-x+15)=0,x1=5,x2=15.∵长为7,11,5的线段和长为7,11,15的线段都能组成三角形,
∴该三角形的周长是7+11+5=23或7+11+15=33,故选B.
例4 已知x 为实数,且满足(x2+3x)2+2(x2+3x)-3=0,那么x2+3x 的值为 ( )
A.1 B.-3或1 C.3 D.-1或3
解析:令t=x2+3x,则原方程可化为t2+2t-3=0.分解因式得,(t+3)(t-1)=0.解得t1=
-3,t2=1.当x2+3x=-3时,Δ<0,无解;当x2+3x=1时,Δ>0,有解.故选A.
例5 已知x1,x2 是一元二次方程x2+4x+3=0的两根,则x1+x2+2x1x2 的值为 ( )
A.-2 B.-1 C.1 D.2
解析:根据题意得:x1+x2=-4,x1x2=3,所以x1+x2+2x1x2=-4+2×3=2.故选D.
1.一元二次方程x2-1=0的根是 ( )
A.x1=x2=1 B.x1=x2=-1 C.x1=-1,x2=1 D.x=1
2.方程(x+1)2=1的解为 ( )
A.x1=x2=0 B.x1=x2=-1
C.x1=0,x2=-1 D.x1=0,x2=-2
3.用配方法解方程x2-4x+3=0,配方后可得 ( )
A.(x-2)2=1 B.(x-2)2=4
C.(x-4)2=3 D.(x-4)2=1
4.方程x2=3x 的解为 ( )
A.x=3 B.x=-3
C.x1=0,x2=3 D.x1=0,x2=-3
5.已知关于x 的一元二次方程(k-1)x2+2x+1=0的两个实数根的和为2,则k= ( )
A.0 B.1 C.2 D.3
6.方程(x-1)(x-3)=0的解是 .
7.若x1,x2 是一元二次方程x2-3x-1=0的两个实数根,则x1+x2-x1x2= .
8.已知 x1,x2 是一元二次方程 x2-3x-5=0的两个实数根,则(x1-x2)2+3x1x2 的
值是 .
9.已知(a2+b2+1)(a2+b2-3)=0,则a2+b2 的值等于 .
73
10.用适当的方法解下列方程.
(1)x2-5x+6=0; (2)4x2-42x+1=0.
11.已知关于x 的一元二次方程x2-(2a-1)x+a2=0有两个实数根x1,x2.
(1)求a 的取值范围;
(2)若x1,x 2 22 满足x1+x2-x1x2=6,求a 的值.
12.关于x 的一元二次方程x2+2mx+m2+m=0有两个不相等的实数根.
(1)求m 的取值范围;
(2)设x1,x2 是方程的两根,且x2+x21 2=12,求m 的值.
74位数是7.5,小明得7分,超过甲组的中位数,低 7.x=3或x=- 7 8.4或-2 9.7 10.10
于乙组的中位数,所以应该是甲组的学生; 11.解:(1)∵AB=x,∴BC=36-2x,y=x(36-
(3)从统计图和表格中可以看出:乙组的平均分、 2x),∵0<36-2x≤18,∴9≤x<18.∴y 与x
中位数都高于甲组,方差小于甲组,且集中在中 之间的函数解析式为y=-2x2+36x(9≤x<
上游,所以乙组成绩好于甲组. 18);(2)由题意:-2x2+36x=160,解得x1=
第三部分 探究先飞 10,x2=8,∵x2=8时,36-2×8=20>18,不符
合题意,舍去,∴x 的值为10;(3)∵y=-2x2+
第二十五章 一元二次方程 36x=-2(x-9)
2+162,∴x=9时,y 有最大
值162m2,设购买了乙种绿色植物a 棵,购买了
25.1 一元二次方程 丙种绿色植物b 棵,由题意:14(400-a-b)+
16a+28b=8600,∴a+7b=1500,∴b的最大值
1.B 2.A 3.C 4.B 5.A 6.D 7.0 为214,此时a=2.需要种植的面积=0.4×(400-
8.2 9.-1 214-2)+1×2+0.4×214=161.2(m2)<162m2,
25.2 降次———解一元二次方程 ∴丙种植物最多可以购买214棵,此时这批植物
可以全部栽种到这块空地上.
1.C 2.D 3.A 4.C 5.A
6.x =1,x =3 7.4 8.14 9.3 第二十六章 二次函数1 2
10.(1)x2-5x+6=0,∴(x-2)(x-3)=0,∴x-
2=0或x-3=0,∴x 2 二次函数1=2,x2=3;(2)4x - 26.1
42x+1=0,∵a=4,b=-42,c=1,∴b2- 1.D 2.D 3.B 4.D 5.B 6.C 7.0
( )2 , 42± 16 4ac= -42 -4×4×1=16∴x= 2×4 =
1
8.y=4x2+260x+4000 9.S=πr2 10.-2
2
2±1 2+1 2-1 11.解:∵函数y=(m+1)xm +1 是关于x 的二次函, ,
2 ∴x1= 2 x2= 2 . 数,∴m2+1=2,m+1≠0,解得m=1,∴m 的
11.解:(1)∵方程有两个实数根x ,x ,∴Δ≥0,即 1 2 值为1.
1
-(2a-1) 2-4a2≥0,∴a≤ ;(4 2
)∵x1+x2= 26.2 二次函数的图象和性质
2a-1,xx 2 21 2=a ,由 x1+x22-x1x2=6得,
( )2 1.D 2.C 3.D 4.C 5.C 6.1 7.2x1+x2 -3x1x2=6,∴(2a-1)2-3a2=6,
8.解:∵y=x2-2bx+c=(x-b)2-b2+c,∴顶点
解得a1=-1,
1
a2=5,∵a≤ ,4 ∴a=-1.
坐标为 (b,c-b2),∵1>0,即抛物线开口向上,
12.解:(1)根据题意得:Δ=(2m)2-4(m2+m)> ∴最小值为c-b2,∴当b-1≤x≤b+2时,该函
0,解得:m<0.∴m 的取值范围是m<0;(2)根 数的最小值为c-b2,∵b-(b-1)据题意得:x1+x2=-2m,x1x2=m2+m,∵x21 ∴当x=b+2时,函数取得最大值,为y=(b+
+x22 = 12,∴ (x1+x2)2 - 2x1x2 = 12, 2)
2-2b(b+2)+c=-b2+4+c,由题意可得:
∴(-2m)2-2(m2+m)=12,∴解得:m = -b2+4+c-(c-b2)=-2k,解得:1 k=-2.
-2,m2=3(不合题意,舍去),∴m 的值是-2.
26.3 二次函数与一元二次方程
25.3 实际问题与一元二次方程
1.C 2.D 3.C 4.B 5.C 6.③
1.D 2.B 3.D 4.B 5.C 6.C 7.x1=2,x2=4 8.x<0或x>3
13

9.(1)证明:∵b2-4ac=m2-4(m-2)=(m-2)2 92×7+80×2+74×1 (分) 乙 将 被
+4>0,故二次函数的图象与x 轴都有两个不同 7+2+1
=87.8 .∴
的交点;(2)解:当m=2时,y=x2-2x,与x 轴
录用.
的交点为(0,0),(2,0). 18.
证明:∵AB∥CD,∴∠CDF=∠BEF,∠DCF=
点 是 的中点,
10.解:(1)∵抛物线y1=-x2+mx+n,直线y =
∠EBF.∵ F BC ∴BF=CF.
2
kx+b,y1 的对称轴与y2 交于点A(
,
-1,5),点A ∠CDF=∠BEF
在△DCF 和△EBF 中,∠DCF=∠EBF,
与y1 的顶点B 的距离是4.∴B(-1,1)或(-1,

FC=FB,
), m 4×
(-1)n-m2
9 ∴ - ,2×(-1)= -1 4×(-1) = ∴△DCF≌△EBF(AAS).∴DC=BE.
1或9,解得m=-2,n=0或8,∴y 的解析式 ∵DC∥BE,∴四边形DBEC 是平行四边形.1
2 2 ; 19.解:云梯够长.理由如下:如图,连接为y = -x -2x 或y = -x -2x+8 AM.1 1
(2)①当y1 的解析式为y1=-x2-2x 时,抛物
线与x 轴交点是(0,0)和(-2,0),∵y1 的对称
轴与y2 交于点A(-1,5),∴y1 与y2 都经过x
轴上的同一点(-2,0),把(-1,5),(-2,0)代
-k+b=5
,
k=5
,
入得 解得 ∴y =5x+10;
-2k+b=0,
2
b=10,
②当y1=-x2-2x+8时,解-x2-2x+8=0 由题意,得AC=6m,∠ACM=90°,OM=21m,
得x=-4或2,
∵y2 随着x 的增大而增大,且 OC=3m,∴CM=OM-OC=18m.∴AM=
过点A(-1,5),∴y1 与y2 都经过x 轴上的同 AC2+CM2=6 10 m.∵6 10<20,∴云梯
一点(-4,0),把(-1,5),(-4,0)代 入 得 够长.
5 k= , 20.解:(1)根 据 题 意,得 y=(9-6)x+(12--k+b=5, 3 5 20 解得 ∴y2=3x+3. 8)(5000-x)=-x+20000,∴ 与x 的函数解-4k+b=0, y20b= ,
3 析式为y=-x+20000;(2)∵购买康乃馨的数
第四部分 新知测效 量不少于百合花的数量的
1, 1
4 ∴x≥
(
4 5000-
x). 解得x≥1000.∵-1<0,∴当x=1000
暑期学情测评(一) 时,y 最大,最大值为-1000+20000=19000
(元).所以当x=1000时,商家获得最大利润,
1.C 2.C 3.D 4.C 5.C 6.D 7.C
最大利润是19000元.
8.D 9.B 10.C
21.解:(1)四条边都相等的四边形是菱形;(2)∵四
11.8 12.y=2x-1 13.135° 14.44 边形ABCD 是矩形,∴∠D=∠B=90°,AD=
15.3+ 13 16.4- 6 BC.在图2②中,∠AED=∠CEB,∴△AED≌
17.解:(1)甲的平均成绩为
1
×(88+84+86)= △CEB(AAS).∴AE=CE.在图2③中,由折叠3
重合可得,AE=AF,CE=CF,∴AE=AF=
86(分),乙的平均成绩为
1
3×
(92+80+74)= CE=CF.∴四边形AECF 是菱形;(3)∵四边形
82(分),∴ 甲 将 被 录 用;(2)甲 的 成 绩 为 AMCN 是菱形
,∴AN=CN.设AN=CN=x,则
88×7+84×2+86×1 BN=8-x.在 Rt△CBN 中
,CB2+BN2=
(分),乙 的 成 绩 为
7+2+1 =87 CN2,∴62+(8-x)2=x2.解 得 x=6.25.
14

展开更多......

收起↑