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浙江省绍兴市嵊州市2026年中考二模调测 科学试卷
1．秋海棠的叶能生芽，这些芽能长成新的植株，这说明生物所具有的特征是
A．生物的生活需要营养 B．生物有遗传和变异现象
C．生物能生长、发育和繁殖 D．生物能对外界刺激作出反应
【答案】C
【知识点】生物的基本特征
【解析】【分析】生物的基本特征：①生物的生活需要营养，②生物能进行呼吸，③生物能进行新陈代谢，④生物能对外界的刺激做出反应，⑤生物能生长繁殖，⑥生物有遗传和变异的特性，⑦除病毒外生物有细胞结构。
【解答】A、生物的生活需要营养描述的是生物需要从外界获取营养物质维持生命活动，题中叶芽发育成新植株没有体现获取营养的特征，故A选项不符合题意；
B、遗传指亲子代间的相似性，变异指亲子代或子代个体间的差异，题中过程没有体现遗传和变异的特点，故B选项不符合题意；
C、秋海棠叶片产生的芽发育为新个体，芽是生长发育的过程，形成新植株实现了生物的繁殖，完全符合“生物能生长、发育和繁殖”的特征，故C选项符合题意；
D、生物能对外界刺激作出反应是指生物对环境刺激做出应答，题中没有涉及外界刺激的相关内容，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
2．同学们设计了一款如图所示的简易海水淡化器，对该装置淡化海水的认识错误的是
A．获取淡水的过程涉及汽化和液化
B．获取淡水的快慢与容器底面积大小无关
C．一段时间后杯内海水中可能会析出晶体
D．小石块将塑料膜下压，有利于汇聚冷凝水
【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）海水淡化器的原理是指海水在太阳光的照射下受热蒸发成水蒸气，水蒸气上升遇冷液化成小液滴，由于重力作用，小液滴顺着塑料膜流下滴入水杯中；
（2）蒸发是缓慢汽化的方式，在任何温度下都能进行，速度受到液体种类、表面积大小、温度的高低、空气流速的影响；
（3）海水加热后，溶剂（水）会蒸发，析出溶解度受温度影响较小的固体溶质（氯化钠）；
（4）小石块将塑料膜下压，使塑料膜呈中间低四周高的形状，有利于水在中间汇聚。
【解答】A、海水淡化时，海水中的水先吸热蒸发变成水蒸气，水蒸气遇到温度较低的塑料膜后液化成小水滴，小水滴汇集后流入收集杯得到淡水，整个过程确实涉及汽化和液化，故A选项正确，不符合题意；
B、蒸发的快慢和液体的表面积有关：容器底面积越大，海水的表面积就越大，相同条件下单位时间内蒸发的水更多，获取淡水的速度更快，故B选项错误，符合题意；
C、海水淡化过程中，不断有水被蒸发分离出去，海水中的盐类溶质质量不变，溶剂水不断减少，当溶液达到饱和后，继续蒸发水就会有盐类晶体析出，因此一段时间后杯内海水中可能析出晶体，故C选项正确，不符合题意；
D、小石块将塑料膜下压，使塑料膜呈中间低四周高的形状，液化后的小水滴会在重力作用下向中间凹陷处汇聚，刚好流入下方收集淡水的杯子，有利于冷凝水汇集收集，故D选项正确，不符合题意。
故答案为：B。
3．放在教室窗台的两盆植物都不约而同地将“头”探向窗外（如图），造成两盆植物向窗外弯曲生长的主要环境因素是
A．空气 B．温度 C．水分 D．光照
【答案】D
【知识点】环境对生物的影响；植物的感应性
【解析】【分析】本题考查生物对外界环境刺激作出的反应（植物的向光性）， 植物受到单侧光的照射时，会朝向光源方向生长，因为在单侧光的照射下使植物体内生长素在背光侧分布多，向光侧分布少，背光侧细胞生长更快，植株弯向光源。
【解答】放在教室窗台的两盆植物都不约而同地将“头”探向窗外，造成两盆植物向窗外弯曲生长，因为窗外一侧的光照更充足，光照会使植物体内生长素在背光侧分布多，向光侧分布少，背光侧细胞生长更快，植株弯向光源，这种特性是植物对光照这一环境因素作出的反应，和空气、温度、水分无关，故ABC选项不符合题意，D选项符合题意。
故答案为：D。
4．图甲为古代“暖宝宝”--手炉，其外层为漆有彩图的木胎，暖手时手捂木胎。图乙为手炉
剖面结构示意图。下列说法错误的是
A．木胎不仅美观，还起到隔热和防烫的作用
B．木炭燃烧提供暖手的热量，是利用其比热容大
C．中空层通过空气隔离减少热传递，有保温作用
D．镂空铜网有利于通风换气，为木炭燃烧提供氧气
【答案】B
【知识点】比热容；燃烧与灭火
【解析】【分析】A、木材是热的不良导体，能减少热量向外传导，同时减缓热量散失；
B、木炭燃烧是与空气中的氧气反应，放出大量的热，是利用了木炭的可燃性；
C、空气是热的不良导体；
D、燃烧的条件：①可燃烧，②有充足的助燃剂（氧气），③温度达到可燃物的着火点。
【解答】A、木胎是热的不良导体，除了外层漆彩图实现美观效果外，还可以减慢热量散失，同时避免内部高温直接传递到手上，起到隔热防烫的作用，故A选项正确，不符合题意；
B、木炭燃烧暖手，是利用木炭燃烧发生化学变化，释放化学能转化为内能来提供热量，并不是利用木炭比热容大的特性，故B选项错误，符合题意；
C、中空层充满空气，空气是热的不良导体，能减少热传导、对流等热传递过程，减慢内部热量向外散失，起到保温作用，故C选项正确，不符合题意；
D、木炭燃烧需要消耗氧气，镂空铜网的孔隙可以让空气进入，为木炭燃烧持续提供氧气，故D选项正确，不符合题意。
故答案为：B。
5．从科学的角度分析，下列说法正确的是
A．汤姆逊发现电子后，人们认识到原子不是构成物质的最小微粒
B．太阳系、银河系、质子、原子核是按空间尺度由大到小排序的
C．太阳是太阳系的中心，它永远是恒定不动的
D．熊猫、鳄鱼、青蛙在分类上都属于哺乳动物
【答案】A
【知识点】常见的脊椎动物；原子的构成；太阳系的组成；银河系和宇宙
【解析】【分析】A、电子的发现使人们发现原子是可分的；
B、按空间尺度由大到小排序，正确顺序应为：银河系＞太阳系＞原子核＞质子；
C、宇宙中所有天体都在不停地运动；
D、哺乳动物主要特征是体表被毛、胎生哺乳、体温恒定。
【解答】A、汤姆逊发现了电子，电子的发现打破了原子是不可再分的最小微粒的传统观点，让人们认识到原子也可以再分，不是构成物质的最小微粒，故A选项正确，符合题意；
B、按空间尺度由大到小排序，原子核内含有质子和中子，因此质子排在原子核后面，太阳系排在银河系后面，故B选项错误，不符合题意；
C、太阳作为太阳系的中心天体，也在围绕银河系中心运动，并不是恒定不动的，故C选项错误，不符合题意；
D、熊猫胎生哺乳，属于哺乳动物；鳄鱼体表覆盖角质鳞片、在陆地产卵，属于爬行动物；青蛙幼体用鳃呼吸、成体用肺兼皮肤呼吸，属于两栖动物，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
6．如图所示，在天平两端的托盘上各放置一个盛水的烧杯（水面上方加入一层石蜡防止水分蒸发），烧杯内都插着一根树枝，左边树枝上的叶片数目比右边的多。开始时天平两边平衡，然后将此装置移到阳光下，一段时间后，天平右边会下降，其主要原因是
A．两边烧杯内水分蒸发量不相等
B．两边树叶蒸腾作用散失的水量不相等
C．两边树叶呼吸作用的强度不相等
D．两边树叶光合作用积累的有机物不等量
【答案】B
【知识点】控制变量法；蒸腾作用
【解析】【分析】蒸腾作用是指植物体内的水分以水蒸气的形式，通过叶片气孔散失到大气中的过程；蒸腾作用受到叶片的数量及面积、光照、温度、空气湿度、风速等因素的影响。
【解答】A、装置水面加石蜡已经隔绝了水与空气的接触，阻止了水分直接蒸发，故A选项不符合题意；
B、蒸腾作用是植物体内的水分通过叶片气孔以水蒸气形式散失到大气中的过程，叶片是蒸腾作用的主要器官，左侧叶片数目更多，因此左侧树叶的蒸腾作用更强，散失的水分更多，一段时间后左侧烧杯总质量减少更多，因此天平右侧下降，故B选项符合题意；
C、呼吸作用消耗有机物释放二氧化碳，虽然叶片更多呼吸作用强度更大，但呼吸作用消耗有机物产生的是气体，整体质量变化非常微小，不是天平不平衡的主要原因，故C选项不符合题意；
D、光合作用吸收二氧化碳合成有机物，质量变化很小，不会导致天平右侧明显下降，故D选项不符合题意。
故答案为：B。
7．兴趣小组同学为了探究水土流失的主要原因，在同等条件下进行了四组实验（模拟植被）。根据实验结果推测，不利于水土保持的是
A．退耕还林、还草
B．过度放牧的地区减少牲畜数量
C．陡坡地区大力开垦种植蔬菜
D．山坡坡脚处修建挡土坝、护坡等
【答案】C
【知识点】土壤的污染与保护
【解析】【分析】a组实验：实验对比了陡坡和缓坡，陡坡水流速度快，冲刷力强；
b组实验：实验对比了黏土和沙土，沙土土质疏松，更容易被水冲走；
c组实验：实验对比了小雨和大雨，雨量越大，地表径流的动能就越大，冲刷的泥沙就越多；
d组实验：实验对比了植被的疏密，植被具有截留雨水，固定土壤的作用。
【解答】A、退耕还林、还草可以增加植被覆盖率，植被的根系可以固定土壤，截留降水，能有效保持水土，故A选项不符合题意；
B、过度放牧会破坏草场植被，减少牲畜数量可以让草场植被恢复，有利于保护植被、保持水土，故B选项不符合题意；
C、陡坡本身地势起伏大，水土流失风险高，大力开垦种植会破坏原有植被，植被对土壤的保护作用消失，在降水冲刷时极易发生水土流失，不利于水土保持，故C选项符合题意；
D、坡脚修建挡土坝、护坡等工程措施，可以阻挡坡面流失的泥沙，减少水土流失，有利于水土保持，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
8．在“探究平面镜成像”的实验中，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察（如图所示）。下列说法正确的是
A．为更清楚看到A的像，需在较亮的环境中做该实验
B．实验中要用到刻度尺，是为了比较像与物的大小关系
C．将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，它所成的像会逐渐变小
D．在玻璃板与蜡烛B之间放一个光屏，可检验所成像为虚像
【答案】D
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】（1）探究平面镜成像实验时，成像的物体和环境对比度越大，成像物体越亮，像越清晰；
（2）实验中刻度尺的作用是测量物体和像到玻璃板的距离；
（3）平面镜成像的特点是：像与物体的大小始终相等；
（4）平面镜成像是光的反射原理，是虚像，不能被光屏承接。
【解答】A、在较亮的环境中，环境光线会和蜡烛像的亮度差变小，像会更不清晰；该实验适合在较暗环境进行，让蜡烛的像更清晰，故A选项错误，不符合题意；
B、实验中用刻度尺测量物体和像到玻璃板的距离，用来比较像与物到平面镜的距离关系，比较像与物的大小关系是通过两段完全相同的蜡烛实现的，故B选项错误，不符合题意；
C、当蜡烛A逐渐远离玻璃板时，人的视觉会感觉像变小，但实际上像的大小和物体大小始终相等，不会变化，故C选项错误，不符合题意；
D、虚像不能在光屏上呈现，实像可以，因此在玻璃板和蜡烛B之间放光屏，能承接像就是实像，不能承接就是虚像，这个操作可以检验平面镜成的是虚像，故D选项正确，符合题意。
故答案为：D。
9．科学的发展需要不断地创新。下列关于实验的说法正确的是
A．实验A不能证明二氧化碳能与氢氧化钠溶液反应
B．装置B.中玻璃导管内水柱上升，说明此装置漏气
C．对比实验 C 中的，可得出燃烧需要可燃物温度达到着火点
D．实验D可观察到左侧玻璃管内水面先下降后上升至“4”刻度处
【答案】A
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；空气的成分及探究；燃烧与灭火；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）易溶于水且能与水反应生成；
（2）手捂住烧瓶，由于手有温度会使瓶中气体受热膨胀，瓶内气压变大，将液体压入玻璃管；
（3）燃烧的条件：①可燃烧，②有充足的助燃剂（氧气），③温度达到可燃物的着火点；
（4）白磷燃烧放出大量的热，气体受热膨胀，同时消耗了管中的氧气，导致管内气体体积变小。
【解答】A、两个塑料瓶都变瘪，装氢氧化钠溶液的瓶子变瘪程度更大，但由于氢氧化钠溶液中本身含有水，二氧化碳也能溶于水且能与水反应，无法确定变瘪是二氧化碳和水反应还是和氢氧化钠反应导致的，故A选项正确，符合题意；
B、检查装置气密性时，若装置气密性良好，手捂住烧瓶，由于手有温度会使瓶中气体受热膨胀，瓶内气压变大，将液体压入玻璃管，使水柱上升，因此水柱上升说明装置气密性良好，不漏气，故B选项错误，不符合题意；
C、实验C中，b是红磷，c是白磷，可燃物种类不同，c淹没在热水中隔绝了氧气，b有充足的氧气，该实验存在多个变量，不能得出燃烧需要可燃物的温度达到着火点，故C选项错误，不符合题意；
D、白磷燃烧释放出大量热量，管内气体受热膨胀，气压变大，液面下降，同时燃烧消耗了氧气，空气中氧气的体积分数是20%，管内气体体积减少，冷却后液面上升至1处，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
10．如图是古人切割玉石的情景，两个人来回拉扯像锯子一样的工具，并利用上方壶中流出的水来除尘和降温。下列说法中正确的是
A．滴在切割处的水汽化要吸热，起到降温作用
B．壶中水流出后，壶（含水）的重力势能不变
C．切割用的锯条应选用弹性好、易磨损的材料
D．飘荡的粉尘说明分子在不停地做无规则运动
【答案】A
【知识点】分子的热运动；汽化及汽化吸热的特点；势能的影响因素
【解析】【分析】（1）水从液态变为气态水蒸气的过程叫汽化，汽化需要吸收热量；
（2）物体由于被举高而具有的能量叫势能，根据，势能的大小跟物体的质量和高度有关；
（3）用工具摩擦切割玉石，锯条易磨损，磨损的锯条就不能再切割玉石了；
（4）自然界的分子都在不停的做无规则运动。
【解答】A、切割玉石时工具和玉石摩擦会产生热量，水滴在切割处汽化吸热，能够带走热量，起到降温作用，故A选项正确，符合题意；
B、壶中的水流出后，总质量减小，根据，物体的重力势能减小，故B选项错误，不符合题意；
C、切割玉石需要锯条耐磨才能完成加工，若锯条易磨损，无法正常切割玉石，因此锯条应选用弹性好、不易磨损的材料，故C选项错误，不符合题意；
D、飘荡的粉尘不是分子，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
11．如图为机器人在水平匀速向前搬运货物的情景。下列说法正确的是
A．货物对机器人的压力和货物受到的重力是一对平衡力
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力是一对平衡力
C．机器人对货物的支持力和机器人受到的重力是一对相互作用力
D．货物对机器人的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力
【答案】B
【知识点】力的作用是相互的；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【分析】（1）平衡力：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（2）相互作用力：作用在两个不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】A、货物对机器人的压力，受力物体是机器人；货物受到的重力，受力物体是货物，两个力没有作用在同一物体上，不满足平衡力的条件，故A选项错误，不符合题意；
B、机器人对货物的支持力，受力物体是货物，方向竖直向上；货物受到的重力，受力物体也是货物，方向竖直向下，两个力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合平衡力的条件，故B选项正确，符合题意；
C、机器人对货物的支持力，受力物体是货物，机器人受到的重力，受力物体是机器人，两个不同的物体，机器人对货物的支持力大小等于货物的重力与机器人受到的重力大小不相等，不满足相互作用力的条件，故C选项错误，不符合题意；
D、货物对机器人的压力受力物体是机器人，地面对机器人的支持力受力物体也是机器人，两个力作用在同一物体上，不满足相互作用力的条件，故D选项错误，不符合题意；
故答案为：B。
12．为模拟人体血液循环，同学们利用塑料管、水、单向阀、四个塑料瓶（左右各两个，上
下连通）、肺泡模型、组织细胞模型等制作了如图所示模型（打开水泵①②后，瓶③④为“血液”运输提供动力，箭头表示血流方向）。下列叙述正确的是
A．水泵模拟的是心脏，在演示该血液循环模型时，应先后启动两个水泵
B．若人体内完成从瓶④流回到瓶①的循环路径，血液由动脉血变为静脉血
C．该模型模拟静脉点滴过程，将药液输入手背静脉后，药液首先进入瓶①
D．上下相连的瓶子之间安装“单向阀”的目的是模拟房室瓣，以防止血液倒流
【答案】D
【知识点】心脏和血管；血液循环
【解析】【分析】（1）体循环：左心室→主动脉→全身各处动脉→毛细血管→上下腔静脉→右心房；肺循环：右心室→肺动脉→肺部毛细血管→肺静脉→左心房；心脏为血液循环提供动力；
（2）肺循环时血液由静脉血变成动脉血，体循环时血液由动脉血变成静脉血；
（3）心脏中房室之间有房室瓣，防止血液回流，促使血液单向流动。
【解答】A、心脏左右心室是同时收缩为血液循环提供动力，水泵模拟的是心脏，演示时应同时启动两个水泵，故A选项不符合题意；
B、若人体内完成从瓶④流回到瓶①的循环路径，由模型中可以看出经过肺泡模型，因此是肺循环，血液流经肺部毛细血管后从静脉血变成动脉血，故B选项不符合题意；
C、根据体循环路径，血液由静脉进入上下腔静脉到达右心房，因此药液输入手背静脉后，首先进入右心房，即模型中的瓶②，故C选项不符合题意；
D、上下相连的瓶子之间安装单向阀的目的是模拟房室瓣，防止血液从心室流回到心房，故D选项符合题意。
故答案为：D。
13．农业生产中可利用溶质的质量分数为的氯化钠溶液选种。实验室配制的氯化钠溶液的部分操作如图所示（5g以下用游码）。下列说法正确的是
A．操作①时，若天平指针偏右，应继续加氯化钠至天平平衡
B．量取水体积时，仰视读数会使所配溶液的溶质质量分数偏大
C．操作④用玻璃棒搅拌可增大氯化钠的溶解度，加速氯化钠溶解
D．若用粗盐替代氯化钠，对配制得到溶液的溶质质量分数无影响
【答案】A
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）使用天平做已知量称量时，先设置好砝码和游码后，在左盘增减物体，使天平平衡；
（2）在使用量筒做已知量量取液体时，仰视会使量取的液体偏多；
（3）玻璃棒搅拌只能增快氯化钠的溶解速度，其溶解度受温度的影响；
（4）粗盐当中有杂质，因此会导致氯化钠的质量偏小。
【解答】A、配制溶液称量氯化钠固体时，左盘放药品，右盘放砝码，天平指针偏右，说明左盘药品质量小于所需质量，此时应当继续向左盘添加氯化钠，直至天平平衡，故A选项符合题意；
B、量取水时仰视读数，会导致实际量取的水的体积偏大，即溶剂质量偏大，最终配得溶液的溶质质量分数偏小，故B选项不符合题意；
C、搅拌只能加快氯化钠的溶解速率，溶解度是一定温度下，100g溶剂中达到饱和时溶解的溶质质量，温度不变，氯化钠的溶解度不会改变，故C选项不符合题意；
D、粗盐中含有杂质，如果用粗盐代替氯化钠，纯氯化钠的实际质量会偏小，根据溶质质量分数公式，最终配制得到的溶液溶质质量分数会偏小，故D选项不符合题意。
故答案为：A。
14．以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》。下列说法正确的是
A．图“轧蔗取浆”中，牛拉“犁担”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
B．图“南丹水锡”中，水由高处流下是因为水具有惯性
C．图“淘洗铁砂”中，扁担做成扁平状是为了增大对人体的压强
D．图“六桨客船”中，客船从河水进入海水，浮力不变，船体会上浮一些
【答案】D
【知识点】速度与物体运动；惯性；增大或减小压强的方法；浮力的变化
【解析】【分析】（1）物体运动状态不变的条件是速度大小和方向都保持不变；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这个性质叫惯性；
（3）根据，压强的大小与压力大小和受力面积大小有关；
（4）根据沉浮条件得漂浮状态时，浮力等于重力，根据阿基米德原理分析。
【解答】A、牛拉“犁担”匀速转动的过程中，虽然速度大小不变，但运动方向不断改变，因此运动状态发生了改变，故A选项错误，不符合题意；
B、水由高处流下，是因为水受到重力作用，重力方向竖直向下，使水向下运动，和惯性无关，故B选项错误，不符合题意；
C、压强大小和压力、受力面积有关，压力一定时，增大受力面积可以减小压强，扁担做成扁平状，是在压力不变的情况下，增大了扁担与肩膀的受力面积，从而减小对人体的压强，不是增大压强，故C选项错误，不符合题意；
D、客船从河水进入海水，仍然是漂浮状态，故浮力大小不变，但液体从河水变成海水，即变大，根据阿基米德原理，浮力不变，变大，变小，客船会上浮一些，故D选项正确，符合题意。
故答案为：D。
15．如图甲所示，为保护视力，很多电子产品都增加了“屏幕提醒”功能。其原理如图乙所示，为定值电阻，为距离传感器，眼睛与电子屏幕的距离越近，其阻值越小，当电压表示数大于设定值时，会进行提示。下列分析正确的是
A．眼睛距离屏幕越近，通过R的电流越小
B．眼睛距离屏幕越远，R两端的电压越小
C．眼睛距离屏幕越远，电压表示数越小
D．眼睛距离屏幕越远，电路消耗的电功率越大
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】由图乙可知，该电路是串联电路，距离传感器R和定值电阻R0串联在电路中，电压表测R0电压；当眼睛和屏幕距离越近时，R的阻值越小，当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大。
【解答】A、当眼睛和屏幕距离越近时，R的阻值越小，串联电路中总电阻等于R和R0的阻值之和，即总电阻变小，电压为电源电压不变，总电流变大，串联电路中电流处处相等，即R电流变大，故A选项不符合题意；
B、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，R两端的电压变大，故B选项不符合题意；
C、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，R两端的电压变大，串联电路总电压等于各部分电压之和，总电压等于电源电压不变，即R0电压变小，电压表示数变小，故C选项符合题意；
D、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，串联电路中总电阻等于R和R0的阻值之和，即总电阻变大，根据，总电压等于电源电压不变，总电阻变大，即P变小，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
16．二十四节气是我国古代劳动人民智慧的结晶。
（1）“须知五月中，火助太阳宫”，是唐诗《夏至五月中》所描述的区域“五月中”气温高这一自然现象（注：五月为农历，此时阳历为六月），原因是此时太阳直射点在北半球，该区域获得的太阳光热　 　。（选填“较多”或“较少”）
（2）我国民间有“吃过夏至面，一天短一线”的说法。意思是指：过了夏至，太阳直射点逐渐南移，北半球　 　（选填“白昼”或“夜晚”）的时长慢慢变短。
【答案】（1）较多
（2）白昼
【知识点】地球公转；正午太阳高度变化；昼夜长短变化；阳历和地球公转的关系；冬至、夏至、春分、秋分
【解析】【分析】地球以倾斜姿态绕太阳公转，太阳直射点在南北回归线之间移动；当太阳直射点在北回归线时为夏至日，当太阳直射点在赤道并向南半球移动时为秋分日，当太阳直射点在南回归线时为冬至日，当太阳直射点在赤道并向北半球移动时为春分日；夏至日时白昼时间最长，冬至日时白昼时间最短。
【解答】（1）诗句中所描述的五月中（注：五月为农历，此时阳历为六月）为夏至日前后，此时太阳直射点位于北半球北回归线附近，此时北半球的正午太阳高度更大，相同面积的地表接收的太阳辐射更多，因此获得的太阳光热较多，气温更高，故答案为：较多；
（2）夏至是北半球一年中白昼最长、夜晚最短的一天，夏至过后太阳直射点逐渐南移，北半球的白昼长度会逐渐缩短，夜晚长度逐渐变长，因此“一天短一线”描述的是白昼时长慢慢变短，故答案为：白昼。
17．在校园科技节活动中，同学们制作并展示了动植物细胞模型。
（1）小科利用彩泥制作了如图所示的细胞模型。由图推测，小科制作的是　 　（选填“动物”或“植物”）细胞模型。
（2）小科想进一步改善模型，他在细胞膜上戳了一些小孔，用来模拟细胞膜具有　 　的功能。
（3）小科用小型太阳能电池板替换图中模拟叶绿体的橡皮泥，他认为这一替换更能体现叶绿体的功能，理由是　 　。
【答案】（1）植物
（2）控制物质进出细胞
（3）两者都能将太阳能转化为其他形式的能（在能量转化方面具有相似性）
【知识点】细胞的结构；细胞模型
【解析】【分析】（1）植物细胞结构有细胞壁、细胞膜、细胞质、叶绿体、液泡、细胞核等；动物细胞结构有细胞膜、细胞质、细胞核等；
（2）细胞膜具有控制物质进出细胞的功能；
（3）叶绿体是植物光合作用的场所，光合作用的能量来源是光能，叶绿体可以将光能转化为化学能储存起来。
【解答】（1）从题中的细胞模型可以看出，该模型具有植物细胞特有的结构细胞壁、叶绿体，因此可以判断该模型是植物细胞模型，故答案为：植物；
（2）细胞膜的核心功能是控制物质进出细胞，允许部分物质进出细胞，小科在细胞膜上戳了一些小孔，用来模拟细胞膜具有的功能，故答案为：控制物质进出细胞；
（3）太阳能电池板可以吸收太阳能，并将光能转化为电能，和叶绿体能量转换的功能特点相似，因此用太阳能电池板替换更能体现叶绿体的功能，故答案为：两者都能将太阳能转化为其他形式的能（在能量转化方面具有相似性）。
18．实验小组对某品牌发热剂进行了探究（发热剂中含有铁粉和活性炭，活性炭不与酸发生反应）。取20g发热剂样品于烧杯中，加入稀硫酸，实验测得相关数据如图甲所示。
（1）发热剂的发热原理是铁粉与空气中的　 　发生化学反应会放出热量。
（2）实验中生成氢气的质量为　 　克。
（3）小科取少量发热剂放在燃烧匙中进行图乙所示操作。实验中“烧杯内壁澄清石灰水变浑浊”这一现象　 　（选填“可以”或“不可以”）作为“发热剂中含有活性炭”的证据。
【答案】（1）氧气和水
（2）0.4
（3）不可以
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）铁在空气中能跟空气中的氧气和水发生缓慢反应生成铁锈；
（2）根据质量守恒定律化学反应前后物质总质量、元素种类、元素质量、原子种类、原子个数、原子质量不变；
（3）酒精燃烧生成生成二氧化碳和水。
【解答】（1）铁生锈发生缓慢氧化是发热剂的发热原理，该过程需要铁粉同时与空气中的氧气和水接触反应，反应过程放出热量，故答案为：氧气和水；
（2）反应前反应物有发热剂20g和加入的稀硫酸100g，反应后烧杯内剩余物质的总质量为119.6g，其中减少的0.4g即为产生氢气的质量，故答案为：0.4g；
（3）该实验中，酒精燃烧也会生成二氧化碳，二氧化碳也能使澄清石灰水变浑浊，因此无法证明使石灰水变浑浊的二氧化碳来自活性炭的燃烧，所以该现象不可以作为发热剂中含有活性炭的证据，故答案为：不可以。
19．为研究跳绳方式对学生心肺功能相关项目测试成绩的影响，某研究团队选取了20名七年级男生，随机分成两组，实验组进行每周3次、每次15分钟的高强度间歇跳绳训练；对照组进行同样频次的常规训练。某同学在某次跳绳前后肺容量的变化如图甲甲所示。实验进行12周后，对两组学生进行测试，部分项目成绩如图乙所示。
（1）由图甲可知，随着跳绳运动的开始，呼吸变　 　（选填“急促”或“平缓”）。
（2）图甲中B点处于　 　（选填“吸气”或“呼气”）阶段结束。
（3）根据图乙所示结果可知，与常规训练相比，高强度间歇跳绳训练对提高学生心肺功能相关测试项目的成绩　 　（选填“有利”“不利”或“无关”）。
【答案】（1）急促
（2）吸气
（3）有利
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体进行有氧呼吸和无氧呼吸两种方式分解有机物释放能量，供给人体运动，有氧呼吸需要氧气；
（2）吸气时肋间肌和膈肌收缩，胸腔容积扩大，肺随之扩张，肺容量增大；呼气时肋间肌和膈肌舒张，胸腔容积缩小，肺容量减小；
（3）根据图乙柱状图进行分析，实验组的肺活量高于对照组。
【解答】（1）当人体开始跳绳运动后，运动量增大，需要消耗更多的能量，呼吸作用需要提供更多氧气，因此呼吸频率会加快，变为急促，故答案为：急促；
（2）根据图甲可知，到B点时肺容量达到峰值，说明B点是吸气阶段的结束，之后肺容量开始下降，进入呼气过程，故答案为：吸气；
（3）观察图乙，高强度间歇跳绳训练的实验组，在肺活量、1000米跑成绩这些心肺功能相关项目上，成绩都优于对照组的常规训练，因此说明高强度间歇跳绳训练对提高学生心肺功能相关测试项目的成绩是有利的，故答案为：有利。
20．金属在人类文明史上有着重要的意义，兴趣小组以金属为主题开展项目式学习。
（1）【任务一】认识金属材料
长江流域发现的青铜器一青铜镞(箭头)，距今约4500年。青铜(铜锡合金)制镞，主要利用其____的性质。
A．密度大 B．硬度比纯铜大
C．导电性好 D．化学性质稳定
（2）【任务二】探究金属的活动性顺序
兴趣小组设计了三组实验来探究铝、铜、银的金属活动性顺序。
①a实验的实验现象为　 　。
②要验证铝、铜、银的活动性顺序，实验　 　可以省去不做。
【答案】（1）B
（2）铜丝表面有银白色固体生成，溶液变蓝色；c
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】（1）合金相对于组成它的纯金属有着硬度大、熔点低、更容易铸造、抗腐蚀能力强、强度高耐用等优点；
（2）活泼性强的金属能把活泼性弱的金属从它的盐溶液中置换出来；
【解答】（1）青铜是铜锡合金，合金相对于组成它的纯金属，硬度更大、熔点更低，制作箭头需要材料硬度足够大才能具备杀伤力，因此用青铜制箭头主要利用其硬度比纯铜大的性质；而密度大、导电性好、化学性质稳定都不是制作箭头的主要利用性质，故ACD选项不符合题意，B选项符合题意，故答案为：B；
（2）①a实验是铜丝浸入硝酸银溶液中，铜的金属活动性比银强，铜会和硝酸银发生置换反应，生成银和硝酸铜，因此实验现象为铜丝表面析出银白色固体，溶液由无色逐渐变为蓝色，故答案为：铜丝表面有银白色固体生成，溶液变蓝色；
②a实验中铜能置换出硝酸银中的银，说明活动性，b实验中铝能置换出硫酸铜中的铜，说明活动性，结合a、b已经可以得出活动性顺序，即c实验可以不用做，故答案为：c。
21．液体压强与深度和密度之间存在怎样的关系？小科利用下图装置进行了实验探究。
、
（1）组装器材时，将相同的小球放在两种橡皮膜上时，形变程度如图甲所示，为了能更好反映压强的细微差别，小科应该选用橡皮膜　 　（选填“A”或“B”）
（2）保持图丙中金属盒的位置不变，并将一些清水倒入烧杯中搅匀后（液体未溢出），U形管两侧的液面的高度差　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）（3）小科自制了一个图丁所示的简易压强计，将该压强计浸入水中，橡皮膜会向内凹；增加简易压强计在水中的深度，细玻璃管中的液柱会　 　（选填“上升”或“下降”）。
【答案】（1）A
（2）变大
（3）上升
【知识点】影响液体压强大小的因素；探究液体压强的特点实验
【解析】【分析】（1）压强相同的情况下，橡皮膜越容易发生形变（相同压力下形变程度更大），越容易反映压强的细微差别；
（2）保持图丙中金属盒的位置不变，并将一些清水倒入烧杯中搅匀后（液体未溢出），液体密度变小，液体深度变大根据没法推出，假设金属盒在容器底，加入清水后容器中液体总质量增大，容器底面积不变，根据进行推导分析；
（3）根据，在密度相同的液体中，深度越深压强越大；
【解答】（1）由图可知，相同压力下A橡皮膜的形变程度更大，B橡皮膜形变程度更小，因此为了更好区分压强的微小变化，应该选择形变更明显的A橡皮膜，故答案为：A；
（2）向丙的盐水中加清水后，液体密度变小，但是液体的重力变大，对容器底的压力变大，根据液体对容器底的压强变大，金属盒位置不变，加入清水后压强变大，因此U形管两侧的液面的高度差变大，故答案为：变大；
（3）增加简易压强计在水中的深度，根据液体压强规律，水对橡皮膜的压强随深度增加而增大，更多水会挤压橡皮膜，推动瓶内空气，将瓶内空气压入细玻璃管，因此细玻璃管中的液柱会上升，故答案为：上升。
22．简单机械在我国古代被广泛应用于生活和生产，如杠杆、滑轮等。
（1）甲、乙是用两个相同的滑轮组成的不同的滑轮组（不计绳重及摩擦）。若用它们分别将同一物体匀速提升到相同的高度，绳子自由端移动的距离分别为s甲和，则绳子自由端的拉力大小关系为　 　（选填＂＂＂＂或＂＂）；　 　。
（2）斜面也是一种简单机械，如图为道路救援车拖移故障车辆时的简化模型图。将重为牛的小车 A 从倾角的斜面底端沿斜面匀速拉至顶端时（不计钢绳重和钢绳与滑轮间的摩擦），小车受到斜面的摩擦阻力为车重的0.04倍，则钢绳对小车A施加平行斜面向上的拉力F为　 　牛。
【答案】（1）；2：3
（2）5400
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算；斜面及其工作特点
【解析】【分析】（1）如图甲乙两个相同的滑轮组成的不同的滑轮组，分别将同一物体匀速提升到相同的高度，由图可知n甲=2，n乙=3，根据公式可算绳子自由端的拉力大小，根据S=nh可算绳子自由端的移动距离；
（2）由题知将小车匀速拉至顶端，小车受力平衡，根据二力平衡的条件和受力分析，F拉=f+小车重力在平行斜面向下的分力。
【解答】（1）由题知道n甲=2，n乙=3，，，；，；S甲：S乙=2：3，故答案为：；2：3；
（2）由题知将小车匀速拉至顶端，小车受力平衡，小车沿斜面向上的拉力与小车受斜面摩擦力和小车重力沿斜面向下分力的合力大小相等，f=0.04G=0.04104N=400N，，F拉=400N+5000N=5400N，故答案为：5400。
23．实验室制取气体时，有如图所示的仪器可供选用。
（1）为了制取较多体积的干燥二氧化碳，且能便于多次添加稀盐酸。需要用到的仪器是　 　（填字母代号）。
（2）甲同学将刚制备的慢慢倒入装有两支高低不同燃着蜡烛的烧杯中（图 1），观察到低的蜡烛先熄灭，说明具有的性质是既不燃烧，也不支持燃烧，且　 　
（3）接着甲同学又做了另一个实验：将一个烧杯罩在两支高低不同的燃着蜡烛上方（图2），观察到高的蜡烛先熄灭。高的蜡烛先熄灭的原因是什么呢？甲同学认为：可能是二氧化碳受热上升导致上方二氧化碳浓度过大引起的。随后甲同学针对自己的猜想设计了如下实验进行探究。
实验步骤 现象 结论
如图3所示，分别用装有等量澄清石灰水的
抽取10mL气体，观察实验现象 　 　（选填“a”或“b”
更浑浊 高的蜡烛先熄灭
有关。
（4）乙同学对甲同学的结论表示怀疑，于是他利用气体浓度传感器测定烧杯c处蜡烛从点燃到熄灭过程中气体浓度（体积分数）的变化，结果如图4所示。再用集气瓶收集一瓶含的混合气体，将燃着的蜡烛伸入集气瓶中，观察到蜡烛能在混合气体中继续燃烧。根据上述实验现象，你能得出的结论是　 　。
【答案】（1）ABFG
（2）密度比空气大
（3）a
（4）高的蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度过高引起的（或由氧气浓度过低引起的）
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；二氧化碳的物理性质及用途；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项；二氧化碳的检验和验满；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）制取二氧化碳用大理石（或石灰石）和稀盐酸，属于固液不加热型反应；
（2）二氧化碳不燃烧也不支持燃烧，密度比空气大，要沉入空气底部；
（3）甲同学猜想是二氧化碳受热上升，烧杯上方二氧化碳浓度更大，若猜想正确，则高处浓度更高，二氧化碳能澄清石灰水变浑浊；
（4）根据图4中信息可知，蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度更高，是因为氧气浓度低。
【解答】（1）由题知制取较多体积、干燥二氧化碳，便于多次添加稀盐酸，较多体积的反应容器选择锥形瓶，便于多次添加稀盐酸，需要长颈漏斗，干燥二氧化碳需要用双孔橡皮塞连接导气管，将气体通入干燥装置，最后用集气瓶收集干燥的二氧化碳，故答案为为：ABFG；
（2）低处蜡烛先熄灭，二氧化碳先聚集在烧杯底部，说明二氧化碳的密度比空气大，故答案为：密度比空气大；
（3）实验中a是在高处抽取气体，b是在低处抽取气体，根据结论高的蜡烛先熄灭，说明a处二氧化碳含量更高，故答案为：a；
（4）蜡烛熄灭时，烧杯内二氧化碳浓度已经达到了图4中的对应浓度，远低于80%；而蜡烛在80%二氧化碳、20%氧气的混合气体中还能继续燃烧，说明蜡烛熄灭不是因为烧杯内二氧化碳浓度过高导致的，故答案为：高的蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度过高引起的（或由氧气浓度过低引起的）。
24．实验小组利用气压式喷雾器、数字式温度计、小叶轮等仪器，探究了“做功与物体内能变化间的关系”。
①将温度计的探头放入气压式喷雾器内，测得喷雾器内气体的温度如图甲所示。
②关闭喷嘴处的阀门，接着用手向下快速按压活塞，喷雾器内气体的温度如图乙所示。
③打开喷嘴处的阀门，迅速放出喷雾器内部分气体时，喷雾器前的小叶轮转动，喷雾器内气体的温度如图丙所示。
（1）该实验是通过　 　的变化来反映气体内能的变化。
（2）比较　 　两图可知，外界对气体做功，气体的内能增大。
（3）图丙实验中，气体的内能转化为小叶轮的　 　能。
（4）小科受到上述实验的启发，组装了一个图丁所示的汽轮机模型。实验时，向烧瓶内注入适量水，用酒精灯将水加热，一段时间后叶轮才开始转动，原因是　 　。
【答案】（1）喷雾器内气体的温度
（2）甲和乙
（3）机械能或动能
（4）刚开始加热时，产生的水蒸气量不足
【知识点】实验探究的其他思想方法；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）内能的变化无法直接观察测量，可以通过转换法转换成容易观察的；
（2）探究“外界对气体做功，气体内能增大”，需要控制其他变量，只改变做功情况；
（3）打开阀门后，气体对外喷出，推动小叶轮转动，小叶轮具有机械能；
（4）酒精灯加热水时，水先吸热升温，达到沸点后汽化产生水蒸气，随着加热进行，水蒸气不断增多，内能和压强不断增大，当水蒸气的内能足够大，压强足够推动叶轮时，叶轮才会开始转动。
【解答】（1）本实验中，气体内能改变后，温度会随之发生改变，实验通过温度计测量气体温度的变化来反映气体内能的变化，这是转换法的应用，故答案为：喷雾器内气体的温度。
（2）根据题中信息，（甲图）是初始状态，测得未做功时气体的温度；其他条件不变，关闭阀门按压活塞，外界对喷雾器内气体做功，对比甲、乙两图的温度，乙图温度更高，说明气体内能增大，因此选甲、乙两图对比，故答案为：甲和乙。
（3）打开阀门后，气体对外喷出，推动小叶轮转动，小叶轮获得了机械能，这个过程中气体的内能转化为小叶轮的机械能，故答案为：机械能或动能。
（4）需要先加热水产生足够的水蒸气，水蒸气内能增大到足够程度，才能推动叶轮转动，故答案为：刚开始加热时，产生的水蒸气量不足。
25．薄荷是传统草药，其产生的化学物质LE会影响其他植物生长。兴趣小组开展了“不同浓度LE溶液对拟南芥幼苗根生长影响”的探究活动。
选择生长状况相似的拟南芥幼苗 80 株，均分为 4 组后分别放在浓度分别为 、 的等量 LE 溶液中培养，定期记录根的生长情况如图所示。
（1）本实验的变量是　 　。
（2）实验中是将　 　作为拟南芥幼苗根生长状态的检测指标。
（3）由实验结果可知，在一定范围内，随着LE溶液浓度的升高，拟南芥幼苗主根平均长度变　 　（选填“长”或“短”）。
（4）有人提出，可以将化学物质LE制成除草剂在农田中大量喷施，你是否认同？并说明理由。　 　
【答案】（1）LE溶液的浓度
（2）平均主根长度（或平均侧根数量）
（3）短
（4）不认同，大量喷施会影响农作物生长（造成减产）
【知识点】控制变量法；植物的根系及其结构与功能
【解析】【分析】（1）控制变量法：当一个物理量或实验现象受多个因素影响时，只改变其中一个因素，保持其他因素不变，来研究该因素对研究对象的影响的方法；
（2）根据题图横坐标是LE溶液浓度，纵坐标是“主根平均长度”进行分析；
（3）根据图中柱状长短进行分析；
（4） LE是化学物质，大量喷施会污染土壤、水源，破坏农田生态环境。
【解答】（1）实验目的是探究“不同浓度LE溶液对拟南芥幼苗根生长影响”，实验中除LE溶液浓度不同外，其余条件（幼苗生长状况、LE溶液体积、培养条件等）都保持相同且适宜，因此唯一改变的量就是实验变量，故答案为：LE溶液的浓度。
（2）从题图横坐标是LE溶液浓度，纵坐标是“主根平均长度”可知，实验通过测量不同LE浓度下拟南芥幼苗的主根平均长度，来反映根的生长情况，因此检测指标是主根平均长度，故答案为：平均主根长度（或平均侧根数量）。
（3）根据图像信息可知LE溶液浓度为0时主根平均长度最长，随着LE溶液浓度从0升高到80μmol/L，拟南芥幼苗主根平均长度逐渐减小，因此随着LE浓度升高，主根平均长度变短，故答案为：短。
（4）LE是化学物质，大量喷施会污染土壤、水源，破坏农田生态环境；同时LE会抑制杂草生长的同时，也会影响农田作物的根生长，影响作物产量，因此不认同，故答案为：不认同，大量喷施会影响农作物生长（造成减产）。
26．小科对酸、碱之间发生反应后得到溶液的溶质组成进行了探究。
（1）小科将稀盐酸滴入氢氧化钠溶液中（如图所示）。实验所得的溶液中溶质组成有　 　种可能情况，且一定含有的溶质是　 　。
（2）小科向反应后的烧杯中滴加碳酸钠溶液，观察到溶液有气泡产生说明原反应所得溶液的溶质为　 　。
（3）小明认为，在上述反应后的溶液中滴加无色酚酞试液，也能确定所得溶液的溶质成分。请对小明的说法作出评价。　 　
【答案】（1）三；
（2）和
（3）说法不正确，如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分。
【知识点】酸与碱的反应及用途；酸、碱、盐的鉴别
【解析】【分析】（1）稀盐酸与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，根据反应物是否过量分析生成物的种类；
（2）碳酸钠能与盐酸反应生成二氧化碳气体；
（3）酚酞试液的变色规律是：遇碱性溶液变红，遇中性、酸性溶液都不变色。
【解答】（1）将稀盐酸滴入氢氧化钠溶液中发生的反应是，当量不足时，有剩余，还有生成的，即溶质有、；当和恰好完全反应时，溶质有，当过量时，溶质有、；因此溶质可能存在以下三种和、、和，且一定含有的是，故答案为：三；；
（2）反应后的烧杯中滴加碳酸钠溶液，观察到溶液有气泡产生，说明溶液中含有过量的，故答案为：和；
（3）如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分，故答案为：说法不正确，如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分。
27．实验小组连接了图甲所示的电路，用于测量额定电压为2.5V的灯泡正常发光时的功率。滑动变阻器的规格为＂＂，所用电源为可调式电源（有、12V四个电压挡位）。
（1）连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表读数为2.5伏时，电流表的读数如图乙所示。小灯泡正常发光时的电功率为　 　W。
（2）小科将小灯泡替换为额定电压 4.8 V 的小灯泡，调节电源电压到某个挡位，闭合开关，多次移动滑动变阻器滑片，根据实验数据，在图丙中绘制出通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像。
①通过小灯泡 的电流与其两端电压不成正比的原因是　 　。
②本次实验中电源电压的挡位为　 　V。
（3）小科还发现，当灯泡和两端电压均为 2.5 V 时，灯亮度明显低于灯泡的亮度。结合实验现象，对“灯泡亮度只由实际功率决定”这一结论作出评价：　 　。
【答案】（1）0.65
（2）灯泡 L1的阻值不恒定，会随温度的改变成改变；6
（3）灯泡的亮度不只是取决于实际功率（还与灯泡把电能转化为光能的效率有关）
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据计算小灯泡的额定功率；
（2）小灯泡灯丝的电阻随温度升高而增大；根据图像进行分析，电源电压太高，即使滑动变阻器阻值调到最大，灯泡电压仍会超过额定电压，无法调节到合适范围；
（3）根据电功率公式P=UI进行分析。
【解答】（1）由题知小灯泡的额定电压U=2.5V，根据图乙读出I=0.26A，
P=UI=2.5V0.26A=0.65W。
（2）①根据欧姆定律， 通过灯泡的电流与两端电压不成正比，说明小灯泡电阻不是定值，因此得出小灯泡灯丝的电阻随温度升高而增大，故答案为：灯泡 L1的阻值不恒定，会随温度的改变成改变。
②根据题意可知，滑动变阻器串联在电路中，最大阻值为30，当电阻最大时，电流最小，由丙读出此时电流为0.2A，小灯泡电压为1V，根据U=IR，滑动变阻器的电压为U=IR=0.2A30=6V，小灯泡和滑动变阻器串联，因此总电压为6V+1V=7V，若电压选择8V，则接入电路的阻值最大电流就会大于0.2A，灯泡电压就会小于1V，因此要选择6V档位，故答案为：6。
（3）当灯泡电压均为2.5V时，根据图丙L2的I=0.3A，P实=UI=2.5V0.3A=0.75W，L1的电功率为0.65W，比L2小，而L2的亮度明显低于灯泡L1的亮度，由此说明灯泡的亮度不只是取决于实际功率，故答案为：灯泡的亮度不只是取决于实际功率（还与灯泡把电能转化为光能的效率有关）。
28．稻蟹综合种养模式是指在田中种稻、水中养蟹。河蟹以稻田中的杂草、害虫为食；河蟹在爬行的同时也能松动土壤，其排泄物是非常好的天然肥料。右图表示稻蟹综合种养模式中部分生物之间的关系。
河蟹放养密度（只/亩） 100 150 200 250 300
河蟹产量（千克/亩） 32.2 45.2 47.9 42.8 35.5
获得利润（元/亩） 419 588 623 556 462
（1）图中属于生产者的生物是　 　。（写出一种即可）
（2）“河蟹在爬行的同时也能松动土壤，其排泄物是非常好的天然肥料”这一实例说明生物能　 　环境（选填“适应”或“影响”）。
（3）根据图中的生物，写出一条食物链　 　。
（4）稻田中河蟹的放养量会影响水稻和河蟹的产量，科研小组记录不同河蟹放养密度下的相关数据如右表。分析表中数据，在实验范围内，河蟹的最适放养密度是　 　。（要说明理由）
【答案】（1）杂草（水稻）
（2）影响
（3）水稻→害虫→河蟹→人（合理即可）
（4）200只/亩，在实验范围内，这一放养密度时，河蟹产量（获取利润最高）
【知识点】观察结果的记录与分析；生态系统及其多样性；生态系统的成分；生物之间的食物联系（食物链、食物网）
【解析】【分析】（1）在生态系统中，生产者是能进行光合作用制造有机物的生物，为自身和其他生物提供物质和能量；
（2）生物与环境的关系中，适应是指生物为了生存而在形态、结构、生理功能等方面做出和环境相匹配的改变，影响是指生物的生命活动会改变周围环境；
（3）食物链反映的是生产者与消费者之间吃与被吃的关系，起点是生产者，终点是最高级消费者，不包含非生物部分和分解者。
（4）从表格数据可以看出，在河蟹放养密度从100只/亩逐步增加到200只/亩时，河蟹产量和获得利润都逐渐升高；当放养密度超过200只/亩后，河蟹产量和利润都逐渐下降。
【解答】（1）该稻田生态系统中，水稻和杂草都可以进行光合作用合成有机物，都属于生产者，故答案为：杂草（水稻）。
（2）河蟹爬行松动土壤、排泄物给土壤提供肥料，改变了土壤的环境状态，因此这个实例说明生物能影响环境，故答案为：影响。
（3）结合图中生物，起点是生产者，终点是最高级消费者，不包含非生物部分和分解者，故答案为： 水稻→害虫→河蟹→人（合理即可）。
（4）放养密度为200只/亩时，河蟹产量最高，且每亩获得的利润最高，因此最适放养密度是200只/亩，故答案为：200只/亩，在实验范围内，这一放养密度时，河蟹产量（获取利润最高）。
29．火力发电厂常使用石灰石进行燃煤烟气脱硫，产生的硫酸钙可用作建筑材料。
（1）二氧化硫溶于雨水会生成亚硫酸（），亚硫酸中硫元素的化合价为　 　。
（2）＂吸收塔＂（如图 1）内采用气液逆流接触吸收的方式，含烟气从吸收塔下方鼓入，石灰石浆液从吸收塔顶部喷淋，其目的是　 　。
（3）＂吸收塔＂内发生的反应：，部分物质质量变化如图2。
①图2 中代表质量变化的曲线是（选填“a”或“b”） 。
②时，吸收塔吸收二氧化硫的质量为多少克？
【答案】（1）+4
（2）增大反应物接触面积（使反应快速、充分）
（3）②由图2可知t3时的质量是272g，
设： 吸收塔吸收二氧化硫的质量为x。
，
，解得x=128g
答： 吸收塔吸收二氧化硫的质量为128g。
【知识点】根据化学反应方程式的计算；常见元素与原子团的化合价
【解析】【分析】（1）化合物中各元素的化合价代数和为零；
（2）含烟气从塔下鼓入，会向塔顶流动，石灰石浆液从顶部向下喷淋；
（3）根据化学反应方程式分析，碳酸钙、二氧化硫和氧气是反应物，生成物是硫酸钙和二氧化碳；
【解答】（1）化合物中氢元素的化合价+1，氧元素的化合价-2，设硫元素的化合价为x，即（+1）2+x1+（-2）3=0，
解得x=+4，故答案为：+4。
（2）烟气和浆液逆向流动，可以增大二氧化硫与石灰石浆液的接触面积，让反应物充分接触，提高二氧化硫的吸收效率，使脱硫更充分，故答案为：增大反应物接触面积（使反应快速、充分）。
（3）①反应开始时生成物硫酸钙的质量为0，随着反应进行，生成物质量逐渐增加，反应结束后质量不再变化。因此质量从0开始增加的曲线a，故答案为a。
30．图甲是某型号空气净化器，其内部的工作过程如图乙所示。
脏空气进入净化器时，灰尘接触正电钨丝后带上电，流到负电格栅板时，带电灰尘被吸附。再经过活性炭层时，有毒化学气体被吸附，排出空气的污染物浓度大幅降低，多次循环后变成洁净空气。下表是该空气净化器在不同挡位工作时的参数。
工作挡位 待机 11挡 2挡 3挡
工作电压/v 220
功率/W 0.9 44 75 103
每小时净化空气
体积 　 240 360 500
（1）该空气净化器中负电格栅板吸附灰尘的原理是　 　。
（2）该空气净化器接在家庭电路中，在2挡正常工作3小时，消耗的电能为多少焦？
（3）图丙为净化器内的空气质量监测电路，其电源电压为28V，定值电阻；图丁为气敏电阻的阻值随空气中污染物浓度变化的曲线。若某次空气净化器启动时，空气中污染物的浓度是，此时监测电路的电功率为多少瓦？
【答案】（1）异种电荷相互吸引
（2）解：由题意知在2档时，P=75W，t=3h=10800s，
答： 消耗的电能为。
（3）解： 空气中污染物的浓度是 ，查图得，
伏 欧 +30 欧 安
答： 此时监测电路的电功率为 19.6w。
【知识点】电荷间的相互作用规律；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）电荷能吸引轻小物体，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）根据W=Pt进行计算；
（3）首先根据图丁得到污染物浓度对应气敏电阻的阻值，再结合串联电路规律计算总电阻，最后用公式算电路总功率。
【解答】（1）灰尘接触正电钨丝后会带上正电荷，负电格栅板带负电，根据异种电荷相互吸引的原理，带正电的灰尘会被负电格栅板吸附，故答案为：异种电荷相互吸引 。
31．生活中常会用果蔬洗盐清洗蔬菜和水果，某品牌的果蔬洗盐由氯化钠、碳酸钠、碳酸氢钠组成。已知： NaCl 和受热不分解；受热易分解，反应的化学方程式为：。
（1）取少量该“果蔬洗盐”溶于水，滴加无色酚酞试液，观察到溶液变成　 　色，说明该“果蔬洗盐”溶于水呈碱性。
（2）果蔬洗盐杀菌原理：当环境中盐水浓度　 　（选填“高于”或“低于”）细胞液的浓度时，水会通过细胞膜和细胞壁从细胞内流出，致使细菌脱水而死。
（3）为定量探究果蔬洗盐组成，小组同学完成了以下实验（装置C、D中试剂足量）。反应前装置B中放有10g“果蔬洗盐”样品，完全反应后测得装置D增重0.33g。
①装置C的作用是▲。
②熄灭酒精灯后，仍要鼓入空气一段时间，其作用是__▲__。
③该＂果蔬洗盐＂样品中的质量分数为多少？
【答案】（1）红色
（2）高于
（3）①除去 气体中的水蒸气
②使反应生成的 气体全部被装置 D 中的氢氧化钠溶液吸收
③解：设的质量为x。
，解得
答： 样品中的质量分数为 12.6%。
【知识点】物质除杂或净化；根据化学反应方程式的计算；酸碱指示剂及其性质
【解析】【分析】（1）无色酚酞试液的变色规律是遇碱性溶液变红，遇酸性或中性溶液不变色；
（2）渗透作用中，水分会从低浓度一侧向高浓度一侧扩散；
（3）浓硫酸具有吸水性，用氢氧化钠吸收二氧化碳测出产生二氧化碳的质量，再根据化学反应方程式进行计算。
【解答】（1）已知该果蔬洗盐溶于水呈碱性，因此滴加无色酚酞后溶液会变为红色，故答案为：红色。
（2）当盐水浓度高于细菌细胞液浓度时，细胞内的水分会向外渗出，细菌失水死亡，从而达到杀菌效果，故答案为：高于。
（3）①碳酸氢钠受热分解生成二氧化碳和水，装置D的作用是吸收反应生成的二氧化碳来定量计算，如果水蒸气进入D会导致D的增重偏大，结果误差，因此C中一般盛放浓硫酸等干燥剂，作用是除去水蒸气，避免水蒸气进入D干扰测定，故答案为：除去 气体中的水蒸气。
②将装置B、C中残留的二氧化碳全部赶入D中，使生成的二氧化碳被完全吸收，保证测定结果准确，故答案为：使反应生成的 气体全部被装置 D 中的氢氧化钠溶液吸收。
32．我国“十五五”重大工程项目一—长江隧道正在加紧施工，世界最大直径盾构机在长江水底以下89米处掘进（如图所示）。它能在开挖的同时对隧道壁进行支护，有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业。
（1）长江隧道建设过程中使用盾构机的主要优势是____。
A．降低隧道掘进效率 B．水下施工安全性高
C．干扰江面正常航运 D．对地面扰动较大
（2）盾构机的钻头由金刚石微粉与硬质钨合金制成，从物质类别来看，钨合金属于　 　（选填“混合物”“单质”或“化合物”）。施工过程中为防止隧道渗水，可用液氮填充某些地质区域，使其结冰后再开凿。氮气转化为液氮的微观实质是分子间的空隙　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）盾构机是一种隧道掘进的专用工程机械，为保证隧道方向不出偏差，工程师们用激光束来引导盾构机沿直线掘进，应用到的光学原理是　 　。
（4）某盾构机满负荷工作时，以最大推进力工作，在 25 s 内向前推进 0.05 m 。盾构机中安装的某个管片有效承压面积是，管片可承受的最大压强是。
①这一过程中，盾构机的推进速度为　 　米/秒；推进力做功　 　。
②该管片能承受的最大压力F为多少牛？　 　
【答案】（1）B
（2）混合物；变小
（3）光在同一均匀介质中沿直线传播
（4）0.002； ；解：由题知，S=5m2，帕米牛答： 该管片能承受的最大压力F为 109N。
【知识点】分子之间存在空隙；光的直线传播及应用；压强的大小及其计算；功的计算公式的应用；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】（1）盾构机能在开挖的同时对隧道壁进行支护，有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业；
（2）单质是指由一种元素组成的纯净物，化合物是指由2种或2种以上的元素组成的纯净物；纯净物是指由一种物质组成，混合物是指由2种或2种以上物质组成；氮气转化为液氮是物质的液化过程；
（3）光在同一种均匀的介质中沿直线传播；
（4）根据算出盾构机的推进速度；根据算出做功的多少；根据，算出最大承受压力。
【解答】（1）根据题干信息“盾构机能有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业”，可知盾构机用于水下施工时安全性高，故ACD选项不符合题意，B选项符合题意，故答案为：B。
（2）合金是由一种金属和其他金属（或非金属）熔合形成的混合物，因此钨合金属于混合物；物质由气态变为液态，分子本身不变，微观实质是分子间的空隙变小；故答案为：混合物；变小。
（3）激光引导盾构机沿直线掘进，利用的光学原理是光在同种均匀介质中沿直线传播，故答案为：光在同一均匀介质中沿直线传播。
（4）①由题中信息得在25s内向前推进0.05m，根据，盾构机最大推进力为，根据
，故答案为：0.002米/秒；。
1 / 1浙江省绍兴市嵊州市2026年中考二模调测 科学试卷
1．秋海棠的叶能生芽，这些芽能长成新的植株，这说明生物所具有的特征是
A．生物的生活需要营养 B．生物有遗传和变异现象
C．生物能生长、发育和繁殖 D．生物能对外界刺激作出反应
2．同学们设计了一款如图所示的简易海水淡化器，对该装置淡化海水的认识错误的是
A．获取淡水的过程涉及汽化和液化
B．获取淡水的快慢与容器底面积大小无关
C．一段时间后杯内海水中可能会析出晶体
D．小石块将塑料膜下压，有利于汇聚冷凝水
3．放在教室窗台的两盆植物都不约而同地将“头”探向窗外（如图），造成两盆植物向窗外弯曲生长的主要环境因素是
A．空气 B．温度 C．水分 D．光照
4．图甲为古代“暖宝宝”--手炉，其外层为漆有彩图的木胎，暖手时手捂木胎。图乙为手炉
剖面结构示意图。下列说法错误的是
A．木胎不仅美观，还起到隔热和防烫的作用
B．木炭燃烧提供暖手的热量，是利用其比热容大
C．中空层通过空气隔离减少热传递，有保温作用
D．镂空铜网有利于通风换气，为木炭燃烧提供氧气
5．从科学的角度分析，下列说法正确的是
A．汤姆逊发现电子后，人们认识到原子不是构成物质的最小微粒
B．太阳系、银河系、质子、原子核是按空间尺度由大到小排序的
C．太阳是太阳系的中心，它永远是恒定不动的
D．熊猫、鳄鱼、青蛙在分类上都属于哺乳动物
6．如图所示，在天平两端的托盘上各放置一个盛水的烧杯（水面上方加入一层石蜡防止水分蒸发），烧杯内都插着一根树枝，左边树枝上的叶片数目比右边的多。开始时天平两边平衡，然后将此装置移到阳光下，一段时间后，天平右边会下降，其主要原因是
A．两边烧杯内水分蒸发量不相等
B．两边树叶蒸腾作用散失的水量不相等
C．两边树叶呼吸作用的强度不相等
D．两边树叶光合作用积累的有机物不等量
7．兴趣小组同学为了探究水土流失的主要原因，在同等条件下进行了四组实验（模拟植被）。根据实验结果推测，不利于水土保持的是
A．退耕还林、还草
B．过度放牧的地区减少牲畜数量
C．陡坡地区大力开垦种植蔬菜
D．山坡坡脚处修建挡土坝、护坡等
8．在“探究平面镜成像”的实验中，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察（如图所示）。下列说法正确的是
A．为更清楚看到A的像，需在较亮的环境中做该实验
B．实验中要用到刻度尺，是为了比较像与物的大小关系
C．将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，它所成的像会逐渐变小
D．在玻璃板与蜡烛B之间放一个光屏，可检验所成像为虚像
9．科学的发展需要不断地创新。下列关于实验的说法正确的是
A．实验A不能证明二氧化碳能与氢氧化钠溶液反应
B．装置B.中玻璃导管内水柱上升，说明此装置漏气
C．对比实验 C 中的，可得出燃烧需要可燃物温度达到着火点
D．实验D可观察到左侧玻璃管内水面先下降后上升至“4”刻度处
10．如图是古人切割玉石的情景，两个人来回拉扯像锯子一样的工具，并利用上方壶中流出的水来除尘和降温。下列说法中正确的是
A．滴在切割处的水汽化要吸热，起到降温作用
B．壶中水流出后，壶（含水）的重力势能不变
C．切割用的锯条应选用弹性好、易磨损的材料
D．飘荡的粉尘说明分子在不停地做无规则运动
11．如图为机器人在水平匀速向前搬运货物的情景。下列说法正确的是
A．货物对机器人的压力和货物受到的重力是一对平衡力
B．机器人对货物的支持力和货物受到的重力是一对平衡力
C．机器人对货物的支持力和机器人受到的重力是一对相互作用力
D．货物对机器人的压力和地面对机器人的支持力是一对相互作用力
12．为模拟人体血液循环，同学们利用塑料管、水、单向阀、四个塑料瓶（左右各两个，上
下连通）、肺泡模型、组织细胞模型等制作了如图所示模型（打开水泵①②后，瓶③④为“血液”运输提供动力，箭头表示血流方向）。下列叙述正确的是
A．水泵模拟的是心脏，在演示该血液循环模型时，应先后启动两个水泵
B．若人体内完成从瓶④流回到瓶①的循环路径，血液由动脉血变为静脉血
C．该模型模拟静脉点滴过程，将药液输入手背静脉后，药液首先进入瓶①
D．上下相连的瓶子之间安装“单向阀”的目的是模拟房室瓣，以防止血液倒流
13．农业生产中可利用溶质的质量分数为的氯化钠溶液选种。实验室配制的氯化钠溶液的部分操作如图所示（5g以下用游码）。下列说法正确的是
A．操作①时，若天平指针偏右，应继续加氯化钠至天平平衡
B．量取水体积时，仰视读数会使所配溶液的溶质质量分数偏大
C．操作④用玻璃棒搅拌可增大氯化钠的溶解度，加速氯化钠溶解
D．若用粗盐替代氯化钠，对配制得到溶液的溶质质量分数无影响
14．以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》。下列说法正确的是
A．图“轧蔗取浆”中，牛拉“犁担”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
B．图“南丹水锡”中，水由高处流下是因为水具有惯性
C．图“淘洗铁砂”中，扁担做成扁平状是为了增大对人体的压强
D．图“六桨客船”中，客船从河水进入海水，浮力不变，船体会上浮一些
15．如图甲所示，为保护视力，很多电子产品都增加了“屏幕提醒”功能。其原理如图乙所示，为定值电阻，为距离传感器，眼睛与电子屏幕的距离越近，其阻值越小，当电压表示数大于设定值时，会进行提示。下列分析正确的是
A．眼睛距离屏幕越近，通过R的电流越小
B．眼睛距离屏幕越远，R两端的电压越小
C．眼睛距离屏幕越远，电压表示数越小
D．眼睛距离屏幕越远，电路消耗的电功率越大
16．二十四节气是我国古代劳动人民智慧的结晶。
（1）“须知五月中，火助太阳宫”，是唐诗《夏至五月中》所描述的区域“五月中”气温高这一自然现象（注：五月为农历，此时阳历为六月），原因是此时太阳直射点在北半球，该区域获得的太阳光热　 　。（选填“较多”或“较少”）
（2）我国民间有“吃过夏至面，一天短一线”的说法。意思是指：过了夏至，太阳直射点逐渐南移，北半球　 　（选填“白昼”或“夜晚”）的时长慢慢变短。
17．在校园科技节活动中，同学们制作并展示了动植物细胞模型。
（1）小科利用彩泥制作了如图所示的细胞模型。由图推测，小科制作的是　 　（选填“动物”或“植物”）细胞模型。
（2）小科想进一步改善模型，他在细胞膜上戳了一些小孔，用来模拟细胞膜具有　 　的功能。
（3）小科用小型太阳能电池板替换图中模拟叶绿体的橡皮泥，他认为这一替换更能体现叶绿体的功能，理由是　 　。
18．实验小组对某品牌发热剂进行了探究（发热剂中含有铁粉和活性炭，活性炭不与酸发生反应）。取20g发热剂样品于烧杯中，加入稀硫酸，实验测得相关数据如图甲所示。
（1）发热剂的发热原理是铁粉与空气中的　 　发生化学反应会放出热量。
（2）实验中生成氢气的质量为　 　克。
（3）小科取少量发热剂放在燃烧匙中进行图乙所示操作。实验中“烧杯内壁澄清石灰水变浑浊”这一现象　 　（选填“可以”或“不可以”）作为“发热剂中含有活性炭”的证据。
19．为研究跳绳方式对学生心肺功能相关项目测试成绩的影响，某研究团队选取了20名七年级男生，随机分成两组，实验组进行每周3次、每次15分钟的高强度间歇跳绳训练；对照组进行同样频次的常规训练。某同学在某次跳绳前后肺容量的变化如图甲甲所示。实验进行12周后，对两组学生进行测试，部分项目成绩如图乙所示。
（1）由图甲可知，随着跳绳运动的开始，呼吸变　 　（选填“急促”或“平缓”）。
（2）图甲中B点处于　 　（选填“吸气”或“呼气”）阶段结束。
（3）根据图乙所示结果可知，与常规训练相比，高强度间歇跳绳训练对提高学生心肺功能相关测试项目的成绩　 　（选填“有利”“不利”或“无关”）。
20．金属在人类文明史上有着重要的意义，兴趣小组以金属为主题开展项目式学习。
（1）【任务一】认识金属材料
长江流域发现的青铜器一青铜镞(箭头)，距今约4500年。青铜(铜锡合金)制镞，主要利用其____的性质。
A．密度大 B．硬度比纯铜大
C．导电性好 D．化学性质稳定
（2）【任务二】探究金属的活动性顺序
兴趣小组设计了三组实验来探究铝、铜、银的金属活动性顺序。
①a实验的实验现象为　 　。
②要验证铝、铜、银的活动性顺序，实验　 　可以省去不做。
21．液体压强与深度和密度之间存在怎样的关系？小科利用下图装置进行了实验探究。
、
（1）组装器材时，将相同的小球放在两种橡皮膜上时，形变程度如图甲所示，为了能更好反映压强的细微差别，小科应该选用橡皮膜　 　（选填“A”或“B”）
（2）保持图丙中金属盒的位置不变，并将一些清水倒入烧杯中搅匀后（液体未溢出），U形管两侧的液面的高度差　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）（3）小科自制了一个图丁所示的简易压强计，将该压强计浸入水中，橡皮膜会向内凹；增加简易压强计在水中的深度，细玻璃管中的液柱会　 　（选填“上升”或“下降”）。
22．简单机械在我国古代被广泛应用于生活和生产，如杠杆、滑轮等。
（1）甲、乙是用两个相同的滑轮组成的不同的滑轮组（不计绳重及摩擦）。若用它们分别将同一物体匀速提升到相同的高度，绳子自由端移动的距离分别为s甲和，则绳子自由端的拉力大小关系为　 　（选填＂＂＂＂或＂＂）；　 　。
（2）斜面也是一种简单机械，如图为道路救援车拖移故障车辆时的简化模型图。将重为牛的小车 A 从倾角的斜面底端沿斜面匀速拉至顶端时（不计钢绳重和钢绳与滑轮间的摩擦），小车受到斜面的摩擦阻力为车重的0.04倍，则钢绳对小车A施加平行斜面向上的拉力F为　 　牛。
23．实验室制取气体时，有如图所示的仪器可供选用。
（1）为了制取较多体积的干燥二氧化碳，且能便于多次添加稀盐酸。需要用到的仪器是　 　（填字母代号）。
（2）甲同学将刚制备的慢慢倒入装有两支高低不同燃着蜡烛的烧杯中（图 1），观察到低的蜡烛先熄灭，说明具有的性质是既不燃烧，也不支持燃烧，且　 　
（3）接着甲同学又做了另一个实验：将一个烧杯罩在两支高低不同的燃着蜡烛上方（图2），观察到高的蜡烛先熄灭。高的蜡烛先熄灭的原因是什么呢？甲同学认为：可能是二氧化碳受热上升导致上方二氧化碳浓度过大引起的。随后甲同学针对自己的猜想设计了如下实验进行探究。
实验步骤 现象 结论
如图3所示，分别用装有等量澄清石灰水的
抽取10mL气体，观察实验现象 　 　（选填“a”或“b”
更浑浊 高的蜡烛先熄灭
有关。
（4）乙同学对甲同学的结论表示怀疑，于是他利用气体浓度传感器测定烧杯c处蜡烛从点燃到熄灭过程中气体浓度（体积分数）的变化，结果如图4所示。再用集气瓶收集一瓶含的混合气体，将燃着的蜡烛伸入集气瓶中，观察到蜡烛能在混合气体中继续燃烧。根据上述实验现象，你能得出的结论是　 　。
24．实验小组利用气压式喷雾器、数字式温度计、小叶轮等仪器，探究了“做功与物体内能变化间的关系”。
①将温度计的探头放入气压式喷雾器内，测得喷雾器内气体的温度如图甲所示。
②关闭喷嘴处的阀门，接着用手向下快速按压活塞，喷雾器内气体的温度如图乙所示。
③打开喷嘴处的阀门，迅速放出喷雾器内部分气体时，喷雾器前的小叶轮转动，喷雾器内气体的温度如图丙所示。
（1）该实验是通过　 　的变化来反映气体内能的变化。
（2）比较　 　两图可知，外界对气体做功，气体的内能增大。
（3）图丙实验中，气体的内能转化为小叶轮的　 　能。
（4）小科受到上述实验的启发，组装了一个图丁所示的汽轮机模型。实验时，向烧瓶内注入适量水，用酒精灯将水加热，一段时间后叶轮才开始转动，原因是　 　。
25．薄荷是传统草药，其产生的化学物质LE会影响其他植物生长。兴趣小组开展了“不同浓度LE溶液对拟南芥幼苗根生长影响”的探究活动。
选择生长状况相似的拟南芥幼苗 80 株，均分为 4 组后分别放在浓度分别为 、 的等量 LE 溶液中培养，定期记录根的生长情况如图所示。
（1）本实验的变量是　 　。
（2）实验中是将　 　作为拟南芥幼苗根生长状态的检测指标。
（3）由实验结果可知，在一定范围内，随着LE溶液浓度的升高，拟南芥幼苗主根平均长度变　 　（选填“长”或“短”）。
（4）有人提出，可以将化学物质LE制成除草剂在农田中大量喷施，你是否认同？并说明理由。　 　
26．小科对酸、碱之间发生反应后得到溶液的溶质组成进行了探究。
（1）小科将稀盐酸滴入氢氧化钠溶液中（如图所示）。实验所得的溶液中溶质组成有　 　种可能情况，且一定含有的溶质是　 　。
（2）小科向反应后的烧杯中滴加碳酸钠溶液，观察到溶液有气泡产生说明原反应所得溶液的溶质为　 　。
（3）小明认为，在上述反应后的溶液中滴加无色酚酞试液，也能确定所得溶液的溶质成分。请对小明的说法作出评价。　 　
27．实验小组连接了图甲所示的电路，用于测量额定电压为2.5V的灯泡正常发光时的功率。滑动变阻器的规格为＂＂，所用电源为可调式电源（有、12V四个电压挡位）。
（1）连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表读数为2.5伏时，电流表的读数如图乙所示。小灯泡正常发光时的电功率为　 　W。
（2）小科将小灯泡替换为额定电压 4.8 V 的小灯泡，调节电源电压到某个挡位，闭合开关，多次移动滑动变阻器滑片，根据实验数据，在图丙中绘制出通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像。
①通过小灯泡 的电流与其两端电压不成正比的原因是　 　。
②本次实验中电源电压的挡位为　 　V。
（3）小科还发现，当灯泡和两端电压均为 2.5 V 时，灯亮度明显低于灯泡的亮度。结合实验现象，对“灯泡亮度只由实际功率决定”这一结论作出评价：　 　。
28．稻蟹综合种养模式是指在田中种稻、水中养蟹。河蟹以稻田中的杂草、害虫为食；河蟹在爬行的同时也能松动土壤，其排泄物是非常好的天然肥料。右图表示稻蟹综合种养模式中部分生物之间的关系。
河蟹放养密度（只/亩） 100 150 200 250 300
河蟹产量（千克/亩） 32.2 45.2 47.9 42.8 35.5
获得利润（元/亩） 419 588 623 556 462
（1）图中属于生产者的生物是　 　。（写出一种即可）
（2）“河蟹在爬行的同时也能松动土壤，其排泄物是非常好的天然肥料”这一实例说明生物能　 　环境（选填“适应”或“影响”）。
（3）根据图中的生物，写出一条食物链　 　。
（4）稻田中河蟹的放养量会影响水稻和河蟹的产量，科研小组记录不同河蟹放养密度下的相关数据如右表。分析表中数据，在实验范围内，河蟹的最适放养密度是　 　。（要说明理由）
29．火力发电厂常使用石灰石进行燃煤烟气脱硫，产生的硫酸钙可用作建筑材料。
（1）二氧化硫溶于雨水会生成亚硫酸（），亚硫酸中硫元素的化合价为　 　。
（2）＂吸收塔＂（如图 1）内采用气液逆流接触吸收的方式，含烟气从吸收塔下方鼓入，石灰石浆液从吸收塔顶部喷淋，其目的是　 　。
（3）＂吸收塔＂内发生的反应：，部分物质质量变化如图2。
①图2 中代表质量变化的曲线是（选填“a”或“b”） 。
②时，吸收塔吸收二氧化硫的质量为多少克？
30．图甲是某型号空气净化器，其内部的工作过程如图乙所示。
脏空气进入净化器时，灰尘接触正电钨丝后带上电，流到负电格栅板时，带电灰尘被吸附。再经过活性炭层时，有毒化学气体被吸附，排出空气的污染物浓度大幅降低，多次循环后变成洁净空气。下表是该空气净化器在不同挡位工作时的参数。
工作挡位 待机 11挡 2挡 3挡
工作电压/v 220
功率/W 0.9 44 75 103
每小时净化空气
体积 　 240 360 500
（1）该空气净化器中负电格栅板吸附灰尘的原理是　 　。
（2）该空气净化器接在家庭电路中，在2挡正常工作3小时，消耗的电能为多少焦？
（3）图丙为净化器内的空气质量监测电路，其电源电压为28V，定值电阻；图丁为气敏电阻的阻值随空气中污染物浓度变化的曲线。若某次空气净化器启动时，空气中污染物的浓度是，此时监测电路的电功率为多少瓦？
31．生活中常会用果蔬洗盐清洗蔬菜和水果，某品牌的果蔬洗盐由氯化钠、碳酸钠、碳酸氢钠组成。已知： NaCl 和受热不分解；受热易分解，反应的化学方程式为：。
（1）取少量该“果蔬洗盐”溶于水，滴加无色酚酞试液，观察到溶液变成　 　色，说明该“果蔬洗盐”溶于水呈碱性。
（2）果蔬洗盐杀菌原理：当环境中盐水浓度　 　（选填“高于”或“低于”）细胞液的浓度时，水会通过细胞膜和细胞壁从细胞内流出，致使细菌脱水而死。
（3）为定量探究果蔬洗盐组成，小组同学完成了以下实验（装置C、D中试剂足量）。反应前装置B中放有10g“果蔬洗盐”样品，完全反应后测得装置D增重0.33g。
①装置C的作用是▲。
②熄灭酒精灯后，仍要鼓入空气一段时间，其作用是__▲__。
③该＂果蔬洗盐＂样品中的质量分数为多少？
32．我国“十五五”重大工程项目一—长江隧道正在加紧施工，世界最大直径盾构机在长江水底以下89米处掘进（如图所示）。它能在开挖的同时对隧道壁进行支护，有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业。
（1）长江隧道建设过程中使用盾构机的主要优势是____。
A．降低隧道掘进效率 B．水下施工安全性高
C．干扰江面正常航运 D．对地面扰动较大
（2）盾构机的钻头由金刚石微粉与硬质钨合金制成，从物质类别来看，钨合金属于　 　（选填“混合物”“单质”或“化合物”）。施工过程中为防止隧道渗水，可用液氮填充某些地质区域，使其结冰后再开凿。氮气转化为液氮的微观实质是分子间的空隙　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）盾构机是一种隧道掘进的专用工程机械，为保证隧道方向不出偏差，工程师们用激光束来引导盾构机沿直线掘进，应用到的光学原理是　 　。
（4）某盾构机满负荷工作时，以最大推进力工作，在 25 s 内向前推进 0.05 m 。盾构机中安装的某个管片有效承压面积是，管片可承受的最大压强是。
①这一过程中，盾构机的推进速度为　 　米/秒；推进力做功　 　。
②该管片能承受的最大压力F为多少牛？　 　
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】生物的基本特征
【解析】【分析】生物的基本特征：①生物的生活需要营养，②生物能进行呼吸，③生物能进行新陈代谢，④生物能对外界的刺激做出反应，⑤生物能生长繁殖，⑥生物有遗传和变异的特性，⑦除病毒外生物有细胞结构。
【解答】A、生物的生活需要营养描述的是生物需要从外界获取营养物质维持生命活动，题中叶芽发育成新植株没有体现获取营养的特征，故A选项不符合题意；
B、遗传指亲子代间的相似性，变异指亲子代或子代个体间的差异，题中过程没有体现遗传和变异的特点，故B选项不符合题意；
C、秋海棠叶片产生的芽发育为新个体，芽是生长发育的过程，形成新植株实现了生物的繁殖，完全符合“生物能生长、发育和繁殖”的特征，故C选项符合题意；
D、生物能对外界刺激作出反应是指生物对环境刺激做出应答，题中没有涉及外界刺激的相关内容，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
2．【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）海水淡化器的原理是指海水在太阳光的照射下受热蒸发成水蒸气，水蒸气上升遇冷液化成小液滴，由于重力作用，小液滴顺着塑料膜流下滴入水杯中；
（2）蒸发是缓慢汽化的方式，在任何温度下都能进行，速度受到液体种类、表面积大小、温度的高低、空气流速的影响；
（3）海水加热后，溶剂（水）会蒸发，析出溶解度受温度影响较小的固体溶质（氯化钠）；
（4）小石块将塑料膜下压，使塑料膜呈中间低四周高的形状，有利于水在中间汇聚。
【解答】A、海水淡化时，海水中的水先吸热蒸发变成水蒸气，水蒸气遇到温度较低的塑料膜后液化成小水滴，小水滴汇集后流入收集杯得到淡水，整个过程确实涉及汽化和液化，故A选项正确，不符合题意；
B、蒸发的快慢和液体的表面积有关：容器底面积越大，海水的表面积就越大，相同条件下单位时间内蒸发的水更多，获取淡水的速度更快，故B选项错误，符合题意；
C、海水淡化过程中，不断有水被蒸发分离出去，海水中的盐类溶质质量不变，溶剂水不断减少，当溶液达到饱和后，继续蒸发水就会有盐类晶体析出，因此一段时间后杯内海水中可能析出晶体，故C选项正确，不符合题意；
D、小石块将塑料膜下压，使塑料膜呈中间低四周高的形状，液化后的小水滴会在重力作用下向中间凹陷处汇聚，刚好流入下方收集淡水的杯子，有利于冷凝水汇集收集，故D选项正确，不符合题意。
故答案为：B。
3．【答案】D
【知识点】环境对生物的影响；植物的感应性
【解析】【分析】本题考查生物对外界环境刺激作出的反应（植物的向光性）， 植物受到单侧光的照射时，会朝向光源方向生长，因为在单侧光的照射下使植物体内生长素在背光侧分布多，向光侧分布少，背光侧细胞生长更快，植株弯向光源。
【解答】放在教室窗台的两盆植物都不约而同地将“头”探向窗外，造成两盆植物向窗外弯曲生长，因为窗外一侧的光照更充足，光照会使植物体内生长素在背光侧分布多，向光侧分布少，背光侧细胞生长更快，植株弯向光源，这种特性是植物对光照这一环境因素作出的反应，和空气、温度、水分无关，故ABC选项不符合题意，D选项符合题意。
故答案为：D。
4．【答案】B
【知识点】比热容；燃烧与灭火
【解析】【分析】A、木材是热的不良导体，能减少热量向外传导，同时减缓热量散失；
B、木炭燃烧是与空气中的氧气反应，放出大量的热，是利用了木炭的可燃性；
C、空气是热的不良导体；
D、燃烧的条件：①可燃烧，②有充足的助燃剂（氧气），③温度达到可燃物的着火点。
【解答】A、木胎是热的不良导体，除了外层漆彩图实现美观效果外，还可以减慢热量散失，同时避免内部高温直接传递到手上，起到隔热防烫的作用，故A选项正确，不符合题意；
B、木炭燃烧暖手，是利用木炭燃烧发生化学变化，释放化学能转化为内能来提供热量，并不是利用木炭比热容大的特性，故B选项错误，符合题意；
C、中空层充满空气，空气是热的不良导体，能减少热传导、对流等热传递过程，减慢内部热量向外散失，起到保温作用，故C选项正确，不符合题意；
D、木炭燃烧需要消耗氧气，镂空铜网的孔隙可以让空气进入，为木炭燃烧持续提供氧气，故D选项正确，不符合题意。
故答案为：B。
5．【答案】A
【知识点】常见的脊椎动物；原子的构成；太阳系的组成；银河系和宇宙
【解析】【分析】A、电子的发现使人们发现原子是可分的；
B、按空间尺度由大到小排序，正确顺序应为：银河系＞太阳系＞原子核＞质子；
C、宇宙中所有天体都在不停地运动；
D、哺乳动物主要特征是体表被毛、胎生哺乳、体温恒定。
【解答】A、汤姆逊发现了电子，电子的发现打破了原子是不可再分的最小微粒的传统观点，让人们认识到原子也可以再分，不是构成物质的最小微粒，故A选项正确，符合题意；
B、按空间尺度由大到小排序，原子核内含有质子和中子，因此质子排在原子核后面，太阳系排在银河系后面，故B选项错误，不符合题意；
C、太阳作为太阳系的中心天体，也在围绕银河系中心运动，并不是恒定不动的，故C选项错误，不符合题意；
D、熊猫胎生哺乳，属于哺乳动物；鳄鱼体表覆盖角质鳞片、在陆地产卵，属于爬行动物；青蛙幼体用鳃呼吸、成体用肺兼皮肤呼吸，属于两栖动物，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
6．【答案】B
【知识点】控制变量法；蒸腾作用
【解析】【分析】蒸腾作用是指植物体内的水分以水蒸气的形式，通过叶片气孔散失到大气中的过程；蒸腾作用受到叶片的数量及面积、光照、温度、空气湿度、风速等因素的影响。
【解答】A、装置水面加石蜡已经隔绝了水与空气的接触，阻止了水分直接蒸发，故A选项不符合题意；
B、蒸腾作用是植物体内的水分通过叶片气孔以水蒸气形式散失到大气中的过程，叶片是蒸腾作用的主要器官，左侧叶片数目更多，因此左侧树叶的蒸腾作用更强，散失的水分更多，一段时间后左侧烧杯总质量减少更多，因此天平右侧下降，故B选项符合题意；
C、呼吸作用消耗有机物释放二氧化碳，虽然叶片更多呼吸作用强度更大，但呼吸作用消耗有机物产生的是气体，整体质量变化非常微小，不是天平不平衡的主要原因，故C选项不符合题意；
D、光合作用吸收二氧化碳合成有机物，质量变化很小，不会导致天平右侧明显下降，故D选项不符合题意。
故答案为：B。
7．【答案】C
【知识点】土壤的污染与保护
【解析】【分析】a组实验：实验对比了陡坡和缓坡，陡坡水流速度快，冲刷力强；
b组实验：实验对比了黏土和沙土，沙土土质疏松，更容易被水冲走；
c组实验：实验对比了小雨和大雨，雨量越大，地表径流的动能就越大，冲刷的泥沙就越多；
d组实验：实验对比了植被的疏密，植被具有截留雨水，固定土壤的作用。
【解答】A、退耕还林、还草可以增加植被覆盖率，植被的根系可以固定土壤，截留降水，能有效保持水土，故A选项不符合题意；
B、过度放牧会破坏草场植被，减少牲畜数量可以让草场植被恢复，有利于保护植被、保持水土，故B选项不符合题意；
C、陡坡本身地势起伏大，水土流失风险高，大力开垦种植会破坏原有植被，植被对土壤的保护作用消失，在降水冲刷时极易发生水土流失，不利于水土保持，故C选项符合题意；
D、坡脚修建挡土坝、护坡等工程措施，可以阻挡坡面流失的泥沙，减少水土流失，有利于水土保持，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
8．【答案】D
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】（1）探究平面镜成像实验时，成像的物体和环境对比度越大，成像物体越亮，像越清晰；
（2）实验中刻度尺的作用是测量物体和像到玻璃板的距离；
（3）平面镜成像的特点是：像与物体的大小始终相等；
（4）平面镜成像是光的反射原理，是虚像，不能被光屏承接。
【解答】A、在较亮的环境中，环境光线会和蜡烛像的亮度差变小，像会更不清晰；该实验适合在较暗环境进行，让蜡烛的像更清晰，故A选项错误，不符合题意；
B、实验中用刻度尺测量物体和像到玻璃板的距离，用来比较像与物到平面镜的距离关系，比较像与物的大小关系是通过两段完全相同的蜡烛实现的，故B选项错误，不符合题意；
C、当蜡烛A逐渐远离玻璃板时，人的视觉会感觉像变小，但实际上像的大小和物体大小始终相等，不会变化，故C选项错误，不符合题意；
D、虚像不能在光屏上呈现，实像可以，因此在玻璃板和蜡烛B之间放光屏，能承接像就是实像，不能承接就是虚像，这个操作可以检验平面镜成的是虚像，故D选项正确，符合题意。
故答案为：D。
9．【答案】A
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；空气的成分及探究；燃烧与灭火；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）易溶于水且能与水反应生成；
（2）手捂住烧瓶，由于手有温度会使瓶中气体受热膨胀，瓶内气压变大，将液体压入玻璃管；
（3）燃烧的条件：①可燃烧，②有充足的助燃剂（氧气），③温度达到可燃物的着火点；
（4）白磷燃烧放出大量的热，气体受热膨胀，同时消耗了管中的氧气，导致管内气体体积变小。
【解答】A、两个塑料瓶都变瘪，装氢氧化钠溶液的瓶子变瘪程度更大，但由于氢氧化钠溶液中本身含有水，二氧化碳也能溶于水且能与水反应，无法确定变瘪是二氧化碳和水反应还是和氢氧化钠反应导致的，故A选项正确，符合题意；
B、检查装置气密性时，若装置气密性良好，手捂住烧瓶，由于手有温度会使瓶中气体受热膨胀，瓶内气压变大，将液体压入玻璃管，使水柱上升，因此水柱上升说明装置气密性良好，不漏气，故B选项错误，不符合题意；
C、实验C中，b是红磷，c是白磷，可燃物种类不同，c淹没在热水中隔绝了氧气，b有充足的氧气，该实验存在多个变量，不能得出燃烧需要可燃物的温度达到着火点，故C选项错误，不符合题意；
D、白磷燃烧释放出大量热量，管内气体受热膨胀，气压变大，液面下降，同时燃烧消耗了氧气，空气中氧气的体积分数是20%，管内气体体积减少，冷却后液面上升至1处，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
10．【答案】A
【知识点】分子的热运动；汽化及汽化吸热的特点；势能的影响因素
【解析】【分析】（1）水从液态变为气态水蒸气的过程叫汽化，汽化需要吸收热量；
（2）物体由于被举高而具有的能量叫势能，根据，势能的大小跟物体的质量和高度有关；
（3）用工具摩擦切割玉石，锯条易磨损，磨损的锯条就不能再切割玉石了；
（4）自然界的分子都在不停的做无规则运动。
【解答】A、切割玉石时工具和玉石摩擦会产生热量，水滴在切割处汽化吸热，能够带走热量，起到降温作用，故A选项正确，符合题意；
B、壶中的水流出后，总质量减小，根据，物体的重力势能减小，故B选项错误，不符合题意；
C、切割玉石需要锯条耐磨才能完成加工，若锯条易磨损，无法正常切割玉石，因此锯条应选用弹性好、不易磨损的材料，故C选项错误，不符合题意；
D、飘荡的粉尘不是分子，故D选项错误，不符合题意。
故答案为：A。
11．【答案】B
【知识点】力的作用是相互的；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【分析】（1）平衡力：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（2）相互作用力：作用在两个不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】A、货物对机器人的压力，受力物体是机器人；货物受到的重力，受力物体是货物，两个力没有作用在同一物体上，不满足平衡力的条件，故A选项错误，不符合题意；
B、机器人对货物的支持力，受力物体是货物，方向竖直向上；货物受到的重力，受力物体也是货物，方向竖直向下，两个力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合平衡力的条件，故B选项正确，符合题意；
C、机器人对货物的支持力，受力物体是货物，机器人受到的重力，受力物体是机器人，两个不同的物体，机器人对货物的支持力大小等于货物的重力与机器人受到的重力大小不相等，不满足相互作用力的条件，故C选项错误，不符合题意；
D、货物对机器人的压力受力物体是机器人，地面对机器人的支持力受力物体也是机器人，两个力作用在同一物体上，不满足相互作用力的条件，故D选项错误，不符合题意；
故答案为：B。
12．【答案】D
【知识点】心脏和血管；血液循环
【解析】【分析】（1）体循环：左心室→主动脉→全身各处动脉→毛细血管→上下腔静脉→右心房；肺循环：右心室→肺动脉→肺部毛细血管→肺静脉→左心房；心脏为血液循环提供动力；
（2）肺循环时血液由静脉血变成动脉血，体循环时血液由动脉血变成静脉血；
（3）心脏中房室之间有房室瓣，防止血液回流，促使血液单向流动。
【解答】A、心脏左右心室是同时收缩为血液循环提供动力，水泵模拟的是心脏，演示时应同时启动两个水泵，故A选项不符合题意；
B、若人体内完成从瓶④流回到瓶①的循环路径，由模型中可以看出经过肺泡模型，因此是肺循环，血液流经肺部毛细血管后从静脉血变成动脉血，故B选项不符合题意；
C、根据体循环路径，血液由静脉进入上下腔静脉到达右心房，因此药液输入手背静脉后，首先进入右心房，即模型中的瓶②，故C选项不符合题意；
D、上下相连的瓶子之间安装单向阀的目的是模拟房室瓣，防止血液从心室流回到心房，故D选项符合题意。
故答案为：D。
13．【答案】A
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）使用天平做已知量称量时，先设置好砝码和游码后，在左盘增减物体，使天平平衡；
（2）在使用量筒做已知量量取液体时，仰视会使量取的液体偏多；
（3）玻璃棒搅拌只能增快氯化钠的溶解速度，其溶解度受温度的影响；
（4）粗盐当中有杂质，因此会导致氯化钠的质量偏小。
【解答】A、配制溶液称量氯化钠固体时，左盘放药品，右盘放砝码，天平指针偏右，说明左盘药品质量小于所需质量，此时应当继续向左盘添加氯化钠，直至天平平衡，故A选项符合题意；
B、量取水时仰视读数，会导致实际量取的水的体积偏大，即溶剂质量偏大，最终配得溶液的溶质质量分数偏小，故B选项不符合题意；
C、搅拌只能加快氯化钠的溶解速率，溶解度是一定温度下，100g溶剂中达到饱和时溶解的溶质质量，温度不变，氯化钠的溶解度不会改变，故C选项不符合题意；
D、粗盐中含有杂质，如果用粗盐代替氯化钠，纯氯化钠的实际质量会偏小，根据溶质质量分数公式，最终配制得到的溶液溶质质量分数会偏小，故D选项不符合题意。
故答案为：A。
14．【答案】D
【知识点】速度与物体运动；惯性；增大或减小压强的方法；浮力的变化
【解析】【分析】（1）物体运动状态不变的条件是速度大小和方向都保持不变；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这个性质叫惯性；
（3）根据，压强的大小与压力大小和受力面积大小有关；
（4）根据沉浮条件得漂浮状态时，浮力等于重力，根据阿基米德原理分析。
【解答】A、牛拉“犁担”匀速转动的过程中，虽然速度大小不变，但运动方向不断改变，因此运动状态发生了改变，故A选项错误，不符合题意；
B、水由高处流下，是因为水受到重力作用，重力方向竖直向下，使水向下运动，和惯性无关，故B选项错误，不符合题意；
C、压强大小和压力、受力面积有关，压力一定时，增大受力面积可以减小压强，扁担做成扁平状，是在压力不变的情况下，增大了扁担与肩膀的受力面积，从而减小对人体的压强，不是增大压强，故C选项错误，不符合题意；
D、客船从河水进入海水，仍然是漂浮状态，故浮力大小不变，但液体从河水变成海水，即变大，根据阿基米德原理，浮力不变，变大，变小，客船会上浮一些，故D选项正确，符合题意。
故答案为：D。
15．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】由图乙可知，该电路是串联电路，距离传感器R和定值电阻R0串联在电路中，电压表测R0电压；当眼睛和屏幕距离越近时，R的阻值越小，当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大。
【解答】A、当眼睛和屏幕距离越近时，R的阻值越小，串联电路中总电阻等于R和R0的阻值之和，即总电阻变小，电压为电源电压不变，总电流变大，串联电路中电流处处相等，即R电流变大，故A选项不符合题意；
B、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，R两端的电压变大，故B选项不符合题意；
C、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，R两端的电压变大，串联电路总电压等于各部分电压之和，总电压等于电源电压不变，即R0电压变小，电压表示数变小，故C选项符合题意；
D、当眼睛和屏幕距离越远时，R的阻值越大，串联电路中总电阻等于R和R0的阻值之和，即总电阻变大，根据，总电压等于电源电压不变，总电阻变大，即P变小，故D选项不符合题意。
故答案为：C。
16．【答案】（1）较多
（2）白昼
【知识点】地球公转；正午太阳高度变化；昼夜长短变化；阳历和地球公转的关系；冬至、夏至、春分、秋分
【解析】【分析】地球以倾斜姿态绕太阳公转，太阳直射点在南北回归线之间移动；当太阳直射点在北回归线时为夏至日，当太阳直射点在赤道并向南半球移动时为秋分日，当太阳直射点在南回归线时为冬至日，当太阳直射点在赤道并向北半球移动时为春分日；夏至日时白昼时间最长，冬至日时白昼时间最短。
【解答】（1）诗句中所描述的五月中（注：五月为农历，此时阳历为六月）为夏至日前后，此时太阳直射点位于北半球北回归线附近，此时北半球的正午太阳高度更大，相同面积的地表接收的太阳辐射更多，因此获得的太阳光热较多，气温更高，故答案为：较多；
（2）夏至是北半球一年中白昼最长、夜晚最短的一天，夏至过后太阳直射点逐渐南移，北半球的白昼长度会逐渐缩短，夜晚长度逐渐变长，因此“一天短一线”描述的是白昼时长慢慢变短，故答案为：白昼。
17．【答案】（1）植物
（2）控制物质进出细胞
（3）两者都能将太阳能转化为其他形式的能（在能量转化方面具有相似性）
【知识点】细胞的结构；细胞模型
【解析】【分析】（1）植物细胞结构有细胞壁、细胞膜、细胞质、叶绿体、液泡、细胞核等；动物细胞结构有细胞膜、细胞质、细胞核等；
（2）细胞膜具有控制物质进出细胞的功能；
（3）叶绿体是植物光合作用的场所，光合作用的能量来源是光能，叶绿体可以将光能转化为化学能储存起来。
【解答】（1）从题中的细胞模型可以看出，该模型具有植物细胞特有的结构细胞壁、叶绿体，因此可以判断该模型是植物细胞模型，故答案为：植物；
（2）细胞膜的核心功能是控制物质进出细胞，允许部分物质进出细胞，小科在细胞膜上戳了一些小孔，用来模拟细胞膜具有的功能，故答案为：控制物质进出细胞；
（3）太阳能电池板可以吸收太阳能，并将光能转化为电能，和叶绿体能量转换的功能特点相似，因此用太阳能电池板替换更能体现叶绿体的功能，故答案为：两者都能将太阳能转化为其他形式的能（在能量转化方面具有相似性）。
18．【答案】（1）氧气和水
（2）0.4
（3）不可以
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）铁在空气中能跟空气中的氧气和水发生缓慢反应生成铁锈；
（2）根据质量守恒定律化学反应前后物质总质量、元素种类、元素质量、原子种类、原子个数、原子质量不变；
（3）酒精燃烧生成生成二氧化碳和水。
【解答】（1）铁生锈发生缓慢氧化是发热剂的发热原理，该过程需要铁粉同时与空气中的氧气和水接触反应，反应过程放出热量，故答案为：氧气和水；
（2）反应前反应物有发热剂20g和加入的稀硫酸100g，反应后烧杯内剩余物质的总质量为119.6g，其中减少的0.4g即为产生氢气的质量，故答案为：0.4g；
（3）该实验中，酒精燃烧也会生成二氧化碳，二氧化碳也能使澄清石灰水变浑浊，因此无法证明使石灰水变浑浊的二氧化碳来自活性炭的燃烧，所以该现象不可以作为发热剂中含有活性炭的证据，故答案为：不可以。
19．【答案】（1）急促
（2）吸气
（3）有利
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体进行有氧呼吸和无氧呼吸两种方式分解有机物释放能量，供给人体运动，有氧呼吸需要氧气；
（2）吸气时肋间肌和膈肌收缩，胸腔容积扩大，肺随之扩张，肺容量增大；呼气时肋间肌和膈肌舒张，胸腔容积缩小，肺容量减小；
（3）根据图乙柱状图进行分析，实验组的肺活量高于对照组。
【解答】（1）当人体开始跳绳运动后，运动量增大，需要消耗更多的能量，呼吸作用需要提供更多氧气，因此呼吸频率会加快，变为急促，故答案为：急促；
（2）根据图甲可知，到B点时肺容量达到峰值，说明B点是吸气阶段的结束，之后肺容量开始下降，进入呼气过程，故答案为：吸气；
（3）观察图乙，高强度间歇跳绳训练的实验组，在肺活量、1000米跑成绩这些心肺功能相关项目上，成绩都优于对照组的常规训练，因此说明高强度间歇跳绳训练对提高学生心肺功能相关测试项目的成绩是有利的，故答案为：有利。
20．【答案】（1）B
（2）铜丝表面有银白色固体生成，溶液变蓝色；c
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】（1）合金相对于组成它的纯金属有着硬度大、熔点低、更容易铸造、抗腐蚀能力强、强度高耐用等优点；
（2）活泼性强的金属能把活泼性弱的金属从它的盐溶液中置换出来；
【解答】（1）青铜是铜锡合金，合金相对于组成它的纯金属，硬度更大、熔点更低，制作箭头需要材料硬度足够大才能具备杀伤力，因此用青铜制箭头主要利用其硬度比纯铜大的性质；而密度大、导电性好、化学性质稳定都不是制作箭头的主要利用性质，故ACD选项不符合题意，B选项符合题意，故答案为：B；
（2）①a实验是铜丝浸入硝酸银溶液中，铜的金属活动性比银强，铜会和硝酸银发生置换反应，生成银和硝酸铜，因此实验现象为铜丝表面析出银白色固体，溶液由无色逐渐变为蓝色，故答案为：铜丝表面有银白色固体生成，溶液变蓝色；
②a实验中铜能置换出硝酸银中的银，说明活动性，b实验中铝能置换出硫酸铜中的铜，说明活动性，结合a、b已经可以得出活动性顺序，即c实验可以不用做，故答案为：c。
21．【答案】（1）A
（2）变大
（3）上升
【知识点】影响液体压强大小的因素；探究液体压强的特点实验
【解析】【分析】（1）压强相同的情况下，橡皮膜越容易发生形变（相同压力下形变程度更大），越容易反映压强的细微差别；
（2）保持图丙中金属盒的位置不变，并将一些清水倒入烧杯中搅匀后（液体未溢出），液体密度变小，液体深度变大根据没法推出，假设金属盒在容器底，加入清水后容器中液体总质量增大，容器底面积不变，根据进行推导分析；
（3）根据，在密度相同的液体中，深度越深压强越大；
【解答】（1）由图可知，相同压力下A橡皮膜的形变程度更大，B橡皮膜形变程度更小，因此为了更好区分压强的微小变化，应该选择形变更明显的A橡皮膜，故答案为：A；
（2）向丙的盐水中加清水后，液体密度变小，但是液体的重力变大，对容器底的压力变大，根据液体对容器底的压强变大，金属盒位置不变，加入清水后压强变大，因此U形管两侧的液面的高度差变大，故答案为：变大；
（3）增加简易压强计在水中的深度，根据液体压强规律，水对橡皮膜的压强随深度增加而增大，更多水会挤压橡皮膜，推动瓶内空气，将瓶内空气压入细玻璃管，因此细玻璃管中的液柱会上升，故答案为：上升。
22．【答案】（1）；2：3
（2）5400
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算；斜面及其工作特点
【解析】【分析】（1）如图甲乙两个相同的滑轮组成的不同的滑轮组，分别将同一物体匀速提升到相同的高度，由图可知n甲=2，n乙=3，根据公式可算绳子自由端的拉力大小，根据S=nh可算绳子自由端的移动距离；
（2）由题知将小车匀速拉至顶端，小车受力平衡，根据二力平衡的条件和受力分析，F拉=f+小车重力在平行斜面向下的分力。
【解答】（1）由题知道n甲=2，n乙=3，，，；，；S甲：S乙=2：3，故答案为：；2：3；
（2）由题知将小车匀速拉至顶端，小车受力平衡，小车沿斜面向上的拉力与小车受斜面摩擦力和小车重力沿斜面向下分力的合力大小相等，f=0.04G=0.04104N=400N，，F拉=400N+5000N=5400N，故答案为：5400。
23．【答案】（1）ABFG
（2）密度比空气大
（3）a
（4）高的蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度过高引起的（或由氧气浓度过低引起的）
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；二氧化碳的物理性质及用途；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项；二氧化碳的检验和验满；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）制取二氧化碳用大理石（或石灰石）和稀盐酸，属于固液不加热型反应；
（2）二氧化碳不燃烧也不支持燃烧，密度比空气大，要沉入空气底部；
（3）甲同学猜想是二氧化碳受热上升，烧杯上方二氧化碳浓度更大，若猜想正确，则高处浓度更高，二氧化碳能澄清石灰水变浑浊；
（4）根据图4中信息可知，蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度更高，是因为氧气浓度低。
【解答】（1）由题知制取较多体积、干燥二氧化碳，便于多次添加稀盐酸，较多体积的反应容器选择锥形瓶，便于多次添加稀盐酸，需要长颈漏斗，干燥二氧化碳需要用双孔橡皮塞连接导气管，将气体通入干燥装置，最后用集气瓶收集干燥的二氧化碳，故答案为为：ABFG；
（2）低处蜡烛先熄灭，二氧化碳先聚集在烧杯底部，说明二氧化碳的密度比空气大，故答案为：密度比空气大；
（3）实验中a是在高处抽取气体，b是在低处抽取气体，根据结论高的蜡烛先熄灭，说明a处二氧化碳含量更高，故答案为：a；
（4）蜡烛熄灭时，烧杯内二氧化碳浓度已经达到了图4中的对应浓度，远低于80%；而蜡烛在80%二氧化碳、20%氧气的混合气体中还能继续燃烧，说明蜡烛熄灭不是因为烧杯内二氧化碳浓度过高导致的，故答案为：高的蜡烛熄灭不是因为二氧化碳浓度过高引起的（或由氧气浓度过低引起的）。
24．【答案】（1）喷雾器内气体的温度
（2）甲和乙
（3）机械能或动能
（4）刚开始加热时，产生的水蒸气量不足
【知识点】实验探究的其他思想方法；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）内能的变化无法直接观察测量，可以通过转换法转换成容易观察的；
（2）探究“外界对气体做功，气体内能增大”，需要控制其他变量，只改变做功情况；
（3）打开阀门后，气体对外喷出，推动小叶轮转动，小叶轮具有机械能；
（4）酒精灯加热水时，水先吸热升温，达到沸点后汽化产生水蒸气，随着加热进行，水蒸气不断增多，内能和压强不断增大，当水蒸气的内能足够大，压强足够推动叶轮时，叶轮才会开始转动。
【解答】（1）本实验中，气体内能改变后，温度会随之发生改变，实验通过温度计测量气体温度的变化来反映气体内能的变化，这是转换法的应用，故答案为：喷雾器内气体的温度。
（2）根据题中信息，（甲图）是初始状态，测得未做功时气体的温度；其他条件不变，关闭阀门按压活塞，外界对喷雾器内气体做功，对比甲、乙两图的温度，乙图温度更高，说明气体内能增大，因此选甲、乙两图对比，故答案为：甲和乙。
（3）打开阀门后，气体对外喷出，推动小叶轮转动，小叶轮获得了机械能，这个过程中气体的内能转化为小叶轮的机械能，故答案为：机械能或动能。
（4）需要先加热水产生足够的水蒸气，水蒸气内能增大到足够程度，才能推动叶轮转动，故答案为：刚开始加热时，产生的水蒸气量不足。
25．【答案】（1）LE溶液的浓度
（2）平均主根长度（或平均侧根数量）
（3）短
（4）不认同，大量喷施会影响农作物生长（造成减产）
【知识点】控制变量法；植物的根系及其结构与功能
【解析】【分析】（1）控制变量法：当一个物理量或实验现象受多个因素影响时，只改变其中一个因素，保持其他因素不变，来研究该因素对研究对象的影响的方法；
（2）根据题图横坐标是LE溶液浓度，纵坐标是“主根平均长度”进行分析；
（3）根据图中柱状长短进行分析；
（4） LE是化学物质，大量喷施会污染土壤、水源，破坏农田生态环境。
【解答】（1）实验目的是探究“不同浓度LE溶液对拟南芥幼苗根生长影响”，实验中除LE溶液浓度不同外，其余条件（幼苗生长状况、LE溶液体积、培养条件等）都保持相同且适宜，因此唯一改变的量就是实验变量，故答案为：LE溶液的浓度。
（2）从题图横坐标是LE溶液浓度，纵坐标是“主根平均长度”可知，实验通过测量不同LE浓度下拟南芥幼苗的主根平均长度，来反映根的生长情况，因此检测指标是主根平均长度，故答案为：平均主根长度（或平均侧根数量）。
（3）根据图像信息可知LE溶液浓度为0时主根平均长度最长，随着LE溶液浓度从0升高到80μmol/L，拟南芥幼苗主根平均长度逐渐减小，因此随着LE浓度升高，主根平均长度变短，故答案为：短。
（4）LE是化学物质，大量喷施会污染土壤、水源，破坏农田生态环境；同时LE会抑制杂草生长的同时，也会影响农田作物的根生长，影响作物产量，因此不认同，故答案为：不认同，大量喷施会影响农作物生长（造成减产）。
26．【答案】（1）三；
（2）和
（3）说法不正确，如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分。
【知识点】酸与碱的反应及用途；酸、碱、盐的鉴别
【解析】【分析】（1）稀盐酸与氢氧化钠反应生成氯化钠和水，根据反应物是否过量分析生成物的种类；
（2）碳酸钠能与盐酸反应生成二氧化碳气体；
（3）酚酞试液的变色规律是：遇碱性溶液变红，遇中性、酸性溶液都不变色。
【解答】（1）将稀盐酸滴入氢氧化钠溶液中发生的反应是，当量不足时，有剩余，还有生成的，即溶质有、；当和恰好完全反应时，溶质有，当过量时，溶质有、；因此溶质可能存在以下三种和、、和，且一定含有的是，故答案为：三；；
（2）反应后的烧杯中滴加碳酸钠溶液，观察到溶液有气泡产生，说明溶液中含有过量的，故答案为：和；
（3）如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分，故答案为：说法不正确，如果酚酞不变色，溶液可能是恰好完全反应的中性溶液，也可能是稀盐酸过量的酸性溶液，无法确定溶质成分。
27．【答案】（1）0.65
（2）灯泡 L1的阻值不恒定，会随温度的改变成改变；6
（3）灯泡的亮度不只是取决于实际功率（还与灯泡把电能转化为光能的效率有关）
【知识点】测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）根据计算小灯泡的额定功率；
（2）小灯泡灯丝的电阻随温度升高而增大；根据图像进行分析，电源电压太高，即使滑动变阻器阻值调到最大，灯泡电压仍会超过额定电压，无法调节到合适范围；
（3）根据电功率公式P=UI进行分析。
【解答】（1）由题知小灯泡的额定电压U=2.5V，根据图乙读出I=0.26A，
P=UI=2.5V0.26A=0.65W。
（2）①根据欧姆定律， 通过灯泡的电流与两端电压不成正比，说明小灯泡电阻不是定值，因此得出小灯泡灯丝的电阻随温度升高而增大，故答案为：灯泡 L1的阻值不恒定，会随温度的改变成改变。
②根据题意可知，滑动变阻器串联在电路中，最大阻值为30，当电阻最大时，电流最小，由丙读出此时电流为0.2A，小灯泡电压为1V，根据U=IR，滑动变阻器的电压为U=IR=0.2A30=6V，小灯泡和滑动变阻器串联，因此总电压为6V+1V=7V，若电压选择8V，则接入电路的阻值最大电流就会大于0.2A，灯泡电压就会小于1V，因此要选择6V档位，故答案为：6。
（3）当灯泡电压均为2.5V时，根据图丙L2的I=0.3A，P实=UI=2.5V0.3A=0.75W，L1的电功率为0.65W，比L2小，而L2的亮度明显低于灯泡L1的亮度，由此说明灯泡的亮度不只是取决于实际功率，故答案为：灯泡的亮度不只是取决于实际功率（还与灯泡把电能转化为光能的效率有关）。
28．【答案】（1）杂草（水稻）
（2）影响
（3）水稻→害虫→河蟹→人（合理即可）
（4）200只/亩，在实验范围内，这一放养密度时，河蟹产量（获取利润最高）
【知识点】观察结果的记录与分析；生态系统及其多样性；生态系统的成分；生物之间的食物联系（食物链、食物网）
【解析】【分析】（1）在生态系统中，生产者是能进行光合作用制造有机物的生物，为自身和其他生物提供物质和能量；
（2）生物与环境的关系中，适应是指生物为了生存而在形态、结构、生理功能等方面做出和环境相匹配的改变，影响是指生物的生命活动会改变周围环境；
（3）食物链反映的是生产者与消费者之间吃与被吃的关系，起点是生产者，终点是最高级消费者，不包含非生物部分和分解者。
（4）从表格数据可以看出，在河蟹放养密度从100只/亩逐步增加到200只/亩时，河蟹产量和获得利润都逐渐升高；当放养密度超过200只/亩后，河蟹产量和利润都逐渐下降。
【解答】（1）该稻田生态系统中，水稻和杂草都可以进行光合作用合成有机物，都属于生产者，故答案为：杂草（水稻）。
（2）河蟹爬行松动土壤、排泄物给土壤提供肥料，改变了土壤的环境状态，因此这个实例说明生物能影响环境，故答案为：影响。
（3）结合图中生物，起点是生产者，终点是最高级消费者，不包含非生物部分和分解者，故答案为： 水稻→害虫→河蟹→人（合理即可）。
（4）放养密度为200只/亩时，河蟹产量最高，且每亩获得的利润最高，因此最适放养密度是200只/亩，故答案为：200只/亩，在实验范围内，这一放养密度时，河蟹产量（获取利润最高）。
29．【答案】（1）+4
（2）增大反应物接触面积（使反应快速、充分）
（3）②由图2可知t3时的质量是272g，
设： 吸收塔吸收二氧化硫的质量为x。
，
，解得x=128g
答： 吸收塔吸收二氧化硫的质量为128g。
【知识点】根据化学反应方程式的计算；常见元素与原子团的化合价
【解析】【分析】（1）化合物中各元素的化合价代数和为零；
（2）含烟气从塔下鼓入，会向塔顶流动，石灰石浆液从顶部向下喷淋；
（3）根据化学反应方程式分析，碳酸钙、二氧化硫和氧气是反应物，生成物是硫酸钙和二氧化碳；
【解答】（1）化合物中氢元素的化合价+1，氧元素的化合价-2，设硫元素的化合价为x，即（+1）2+x1+（-2）3=0，
解得x=+4，故答案为：+4。
（2）烟气和浆液逆向流动，可以增大二氧化硫与石灰石浆液的接触面积，让反应物充分接触，提高二氧化硫的吸收效率，使脱硫更充分，故答案为：增大反应物接触面积（使反应快速、充分）。
（3）①反应开始时生成物硫酸钙的质量为0，随着反应进行，生成物质量逐渐增加，反应结束后质量不再变化。因此质量从0开始增加的曲线a，故答案为a。
30．【答案】（1）异种电荷相互吸引
（2）解：由题意知在2档时，P=75W，t=3h=10800s，
答： 消耗的电能为。
（3）解： 空气中污染物的浓度是 ，查图得，
伏 欧 +30 欧 安
答： 此时监测电路的电功率为 19.6w。
【知识点】电荷间的相互作用规律；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）电荷能吸引轻小物体，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）根据W=Pt进行计算；
（3）首先根据图丁得到污染物浓度对应气敏电阻的阻值，再结合串联电路规律计算总电阻，最后用公式算电路总功率。
【解答】（1）灰尘接触正电钨丝后会带上正电荷，负电格栅板带负电，根据异种电荷相互吸引的原理，带正电的灰尘会被负电格栅板吸附，故答案为：异种电荷相互吸引 。
31．【答案】（1）红色
（2）高于
（3）①除去 气体中的水蒸气
②使反应生成的 气体全部被装置 D 中的氢氧化钠溶液吸收
③解：设的质量为x。
，解得
答： 样品中的质量分数为 12.6%。
【知识点】物质除杂或净化；根据化学反应方程式的计算；酸碱指示剂及其性质
【解析】【分析】（1）无色酚酞试液的变色规律是遇碱性溶液变红，遇酸性或中性溶液不变色；
（2）渗透作用中，水分会从低浓度一侧向高浓度一侧扩散；
（3）浓硫酸具有吸水性，用氢氧化钠吸收二氧化碳测出产生二氧化碳的质量，再根据化学反应方程式进行计算。
【解答】（1）已知该果蔬洗盐溶于水呈碱性，因此滴加无色酚酞后溶液会变为红色，故答案为：红色。
（2）当盐水浓度高于细菌细胞液浓度时，细胞内的水分会向外渗出，细菌失水死亡，从而达到杀菌效果，故答案为：高于。
（3）①碳酸氢钠受热分解生成二氧化碳和水，装置D的作用是吸收反应生成的二氧化碳来定量计算，如果水蒸气进入D会导致D的增重偏大，结果误差，因此C中一般盛放浓硫酸等干燥剂，作用是除去水蒸气，避免水蒸气进入D干扰测定，故答案为：除去 气体中的水蒸气。
②将装置B、C中残留的二氧化碳全部赶入D中，使生成的二氧化碳被完全吸收，保证测定结果准确，故答案为：使反应生成的 气体全部被装置 D 中的氢氧化钠溶液吸收。
32．【答案】（1）B
（2）混合物；变小
（3）光在同一均匀介质中沿直线传播
（4）0.002； ；解：由题知，S=5m2，帕米牛答： 该管片能承受的最大压力F为 109N。
【知识点】分子之间存在空隙；光的直线传播及应用；压强的大小及其计算；功的计算公式的应用；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】（1）盾构机能在开挖的同时对隧道壁进行支护，有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业；
（2）单质是指由一种元素组成的纯净物，化合物是指由2种或2种以上的元素组成的纯净物；纯净物是指由一种物质组成，混合物是指由2种或2种以上物质组成；氮气转化为液氮是物质的液化过程；
（3）光在同一种均匀的介质中沿直线传播；
（4）根据算出盾构机的推进速度；根据算出做功的多少；根据，算出最大承受压力。
【解答】（1）根据题干信息“盾构机能有效防止坍塌、渗水等事故，适合于水下隧道作业”，可知盾构机用于水下施工时安全性高，故ACD选项不符合题意，B选项符合题意，故答案为：B。
（2）合金是由一种金属和其他金属（或非金属）熔合形成的混合物，因此钨合金属于混合物；物质由气态变为液态，分子本身不变，微观实质是分子间的空隙变小；故答案为：混合物；变小。
（3）激光引导盾构机沿直线掘进，利用的光学原理是光在同种均匀介质中沿直线传播，故答案为：光在同一均匀介质中沿直线传播。
（4）①由题中信息得在25s内向前推进0.05m，根据，盾构机最大推进力为，根据
，故答案为：0.002米/秒；。
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