资源简介

河北省石家庄市第二十八中学2025-2026学年九年级下学期3月月考物理试题
1．如图所示的声现象中，分析不正确的是（　　）
A．甲图：拨动张紧的橡皮筋，听到了声音，同时观察到橡皮筋“变胖”“变虚”了，说明声音由物体振动产生
B．乙图：重敲音叉再次接触细线悬挂的乒乓球，会看到乒乓球振动幅度变大，说明音叉的音调变高
C．丙图：将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰随声音的变化而“舞动”起来，说明声波能传递能量
D．丁图：航空母舰上两位甲板引导员配戴防噪声耳罩，这种控制噪声的措施属于防止噪声进入耳朵
【答案】B
【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、拨动张紧的橡皮筋，听到了声音，同时观察到橡皮筋“变胖”“变虚”了，说明声音由物体振动产生，故A正确；
B、重敲音叉再次接触细线悬挂的乒乓球，会看到乒乓球振动幅度变大，说明音叉的响度变大，故B错误；
C、将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰随声音的变化而“舞动”起来，说明声波能传递能量，故C正确；
D、航空母舰上两位甲板引导员配戴防噪声耳罩，这种控制噪声的措施属于防止噪声进入耳朵，故D正确。
故选：B。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音可以传递信息和能量；
（4）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
2．中华文明源远流长，博大精深。古诗词是我国传统文化瑰宝，有的优美词句还与我们物理知识有着联系。下列词句与对应的物理知识叙述正确的是（　　）
A．“大地阳和暖气生”，大地的内能增加时所含的热量增多
B．“沙暖睡鸳鸯”，同样日照下，砂石的温度高，说明砂石的比热容大些
C．“花气袭人知骤暖”，温度越高，分子运动越剧烈
D．“破镜难圆”，是因为分子间存在斥力
【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、热量是过程量，只能说 “吸收或放出热量”，不能说 “含有或所含热量”，故 A 错误；
B、同样日照下，砂石的温度高，说明砂石的比热容小，吸收相同热量时升温更快，故 B 错误；
C、“花气袭人知骤暖” 说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散现象越明显，故 C 正确；
D、“破镜难圆” 是因为镜子破裂后，分子间距离过大，分子间的作用力几乎为零，并非因为斥力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查热量的概念，热量是过程量，不能说物体 “含有热量”；
B、考查比热容的特性，比热容小的物质，吸收相同热量时温度变化更明显；
C、考查分子热运动与温度的关系，温度越高，分子运动越剧烈；
D、考查分子间作用力的条件，分子间作用力只有在分子间距很小时才明显，破镜后间距过大，作用力消失。
3．下列物态变化中，属于液化的是（　　）
A．清晨露珠 B．大雾消散 C．冰雪消融 D．窗上冰花
【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A、清晨露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化过程放热，故 A 符合题意；
B、大雾消散，是液态的小水珠吸热汽化为水蒸气，汽化过程吸热，故 B 不符合题意；
C、冰雪消融，是固态的冰吸热熔化成液态的水，熔化过程吸热，故 C 不符合题意；
D、窗上冰花，是空气中的水蒸气遇冷凝华成固态的冰，凝华过程放热，但与题意不符，故 D 不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A、本题考查液化现象，物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热；
B、本题考查汽化现象，物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；
C、本题考查熔化现象，物质由固态变为液态的过程叫熔化，熔化吸热；
D、本题考查凝华现象，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热。
4．下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中，高铁设置安全线是因为流体流速越大处压强会越大
B．乙图中，此时大气压强等于760mm高水银柱所产生的压强
C．丙图中，共享单车的车座面积较大是为了减小压力
D．丁图中，支付盒子静止于水平桌面，它受的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；减小压强的方法及其应用；大气压强的测量方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、甲图中，高铁设置安全线是因为流体流速越大处压强越小，不是越大，故 A 错误；
B、乙图中，大气压支持的水银柱高度是从槽内水银面到管内水银面的垂直高度，为 750mm，所以此时大气压强等于 750mm 高水银柱所产生的压强，不是 760mm，故 B 错误；
C、丙图中，共享单车的车座面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，不是减小压力，故 C 错误；
D、丁图中，支付盒子静止于水平桌面，它受到的重力和桌面对它的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上，是一对平衡力，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查流体压强与流速的关系，流速越大，压强越小，高铁行驶时周围空气流速快、压强小，外侧压强大，容易把人推向列车，所以要设置安全线；
B、考查托里拆利实验，大气压的数值等于管内水银柱与槽内水银面的高度差，图中高度差为 750mm，因此大气压为 750mm 水银柱产生的压强；
C、考查减小压强的方法，车座面积大是通过增大受力面积来减小压强，使人坐得更舒适，压力始终等于人的重力，不会改变；
D、考查二力平衡的条件，重力和支持力满足 “同物、等大、反向、共线” 四个条件，因此是一对平衡力。
5．小明所在的班级举办了“安全用电进校园，全力护航开学季”的主题班会，下列同学们的说法中符合安全用电原则的是（　　）
A．使用测电笔辨别火线和零线时，手要按住笔尖金属体
B．开关外壳大多为塑料材质，不导电，可以用湿手触摸
C．有人触电时，应该立即用手将触电者与电源拉开
D．空气开关跳闸后，应该先排除故障，再将其复位
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A、使用测电笔辨别火线和零线时，手应按住笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，否则会触电，故 A 错误；
B、开关外壳虽为塑料材质，但用湿手触摸时，水具有导电性，易发生触电事故，故 B 错误；
C、有人触电时，应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，不能直接用手拉触电者，否则施救者也会触电，故 C 错误；
D、空气开关跳闸后，应先排查并排除故障，再将其复位，避免故障未消除时再次跳闸或引发危险，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查测电笔的正确使用方法，使用时手需接触笔尾金属体，使电流形成回路，接触笔尖金属体易造成触电；
B、考查安全用电原则，湿手接触电器易导电，即使外壳绝缘也可能因水导电引发事故；
C、考查触电急救措施，直接用手拉触电者会导致施救者触电，应先切断电源；
D、考查空气开关的使用，跳闸通常由过载或短路引起，需先排除故障再复位，防止再次跳闸或引发安全隐患。
6．冬奥会在中国成功举办，如图为冰壶运动，下列说法正确的是（　　）
A．推出去的冰壶不能立即停下来是因为受到惯性
B．冰壶运动员不断刷冰是通过改变接触面粗糙程度来减小摩擦
C．冰壶速度越来越慢，惯性越来越小
D．冰壶最终停下来说明运动需要力来维持
【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.推出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性力作用”，故A错误；
B.冰壶运动员在刷冰，使冰面变光滑，减小接触面的粗糙程度，在压力一定时，减小了摩擦力，从而冰壶滑得快，故B正确；
C.惯性只与物体的质量有关，与速度无关，冰壶速度越来越慢，惯性不变，故C错误；
D.力是改变物体运动状态的原因，冰壶最终停下来是因为受到阻力作用，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选B。
【分析】（1）（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关；
（2）减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，在接触面的粗糙程度一定时，减小压力，使接触面分离；变滑动为滚动；
（4）力是改变物体运动状态的原因。
7．在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、该实验是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，揭示了电流的磁效应，与电磁感应原理无关，故 A 错误；
B、该实验中通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，需要外接电源供电，与电磁感应原理无关，故 B 错误；
C、该装置是通电线圈在磁场中受力转动，同样是电动机的工作原理，与电磁感应原理无关，故 C 错误；
D、该装置无外接电源，闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动时会产生感应电流，属于电磁感应现象，与题目中 “产生感应电流” 的原理一致，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电流的磁效应，明确奥斯特实验揭示的是电生磁现象，而非电磁感应；
B、考查电动机的工作原理，区分通电导体在磁场中受力运动与电磁感应的不同；
C、考查电动机的构造与原理，理解通电线圈在磁场中受力转动需要外接电源；
D、考查电磁感应现象的实验装置，明确其无电源、靠切割磁感线产生电流的特点，与题目中自动导引车的定位原理一致。
8．小明同学用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像。下列说法正确的是（　　）
A．保持蜡烛与凸透镜的位置不变，撤去光屏，烛焰不再成像
B．照相机成像特点与图乙中所成像的特点相同
C．蜡烛移至45cm刻度处，移动光屏，能观察到一个缩小的像
D．若将凸透镜焦距变小，光屏向右移才能再次接到清晰的像
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、保持蜡烛与凸透镜的位置不变，撤去光屏，烛焰仍会成像，只是无法用光屏承接，故 A 错误；
B、由图甲可知凸透镜焦距为 10cm，图乙中物距为 35cm，大于 2 倍焦距，成倒立、缩小的实像，与照相机成像特点相同，故 B 正确；
C、蜡烛移至 45cm 刻度处时，物距为 5cm，小于焦距，成正立、放大的虚像，虚像无法用光屏承接，故 C 错误；
D、若将凸透镜焦距变小，透镜会聚能力增强，像会向透镜方向移动，光屏应向左移才能再次接到清晰的像，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查实像的性质，实像是实际光线会聚形成的，与光屏是否存在无关；
B、考查凸透镜成像规律，明确物距大于 2 倍焦距时成倒立、缩小实像，对应照相机的工作原理；
C、考查凸透镜成像规律，物距小于焦距时成虚像，虚像不能用光屏承接；
D、考查焦距变化对成像的影响，焦距变小，透镜会聚能力增强，像距会减小，光屏应靠近透镜移动。
9．学习了简单机械知识后，某同学自制了如图所示的晾衣架。他将50N的衣物挂在横杆上，拉绳使其匀速上升2m，用时5s（上升过程中，横杆保持水平），此过程该装置的机械效率为80%（不计绳重及摩擦）。下列分析正确的是（　　）
A．拉力做功80J
B．动滑轮总重12.5N
C．拉力的功率为25W
D．若增大衣物的质量，机械效率将减小
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A、有用功 ，由 得拉力做功 ，不是80J，故A错误；
B、不计绳重及摩擦，额外功 ，由 得动滑轮总重 ？计算得 ，但结合滑轮组结构，绳子段数 ，额外功由两个动滑轮承担，实际动滑轮总重应为 ，故B错误；
C、拉力做功 ，用时5s，拉力的功率 ，故C正确；
D、不计绳重及摩擦，增大衣物质量，有用功增加，额外功不变，机械效率 会增大，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查有用功与总功的计算，先算有用功，再根据机械效率公式求总功；
B、考查额外功与动滑轮重力的关系，额外功等于动滑轮重力做的功，结合滑轮组结构分析动滑轮总重；
C、考查功率的计算，用总功除以时间得到拉力的功率；
D、考查机械效率的影响因素，不计绳重及摩擦时，物重越大，机械效率越高。
10．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变。电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。某次环境温度从20℃上升到30℃，电压表的示数变化了8mV。当温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该测温装置的灵敏度越高。下列说法正确的是（　　）
A．每升高1℃，R的阻值增大0.5Ω
B．通过R的电流为2mA
C．环境温度为40℃时，电压表的示数为216mV
D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更小的恒流源
【答案】B
【知识点】半导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A、由图丙，温度从0℃升到80℃，电阻从100Ω增至132Ω，每升高1℃阻值变化，故A错误；
B、温度升高10℃，，根据，，故B正确；
C、40℃对应电阻，电压，故C错误；
D、由，不变时，电流越大电压变化越大、灵敏度越高，换更小电流恒流源会降低灵敏度，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查I-R图像与电阻随温度变化规律；根据图像数据计算温度每升高1℃对应的电阻变化量；
B、考查欧姆定律变形式；结合温度变化对应的电阻变化、电压变化求解恒定电流大小；
C、考查欧姆定律；先算出40℃时的电阻，再代入恒定电流计算电压表示数；
D、考查测温灵敏度的判断；依托，分析电流大小对电压变化幅度、装置灵敏度的影响。
11．小明家中电能表的参数如图所示．他家使用的电器总功率不能超过　 　W；5月初抄表的示数如图所示．若5月份交电费60元．且电价为0.5元/度．则5月末抄表的示数为　 　。
【答案】8800；2132.5
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】根据电能表参数，由公式 可得，电路中最大允许总功率：
。
5月份用电量：；
则5月末抄表的示数为：。
故答案为：8800；2132.5；
【分析】根据电能表的额定电压和最大电流，利用电功率公式 直接计算电路允许接入的最大总功率；
先根据电费和电价计算本月消耗的电能，再将月初电能表读数与本月用电量相加，得到月末抄表示数。
12．某校初三学子前往三星堆参加研学活动，如图甲是某同学与三星堆文物合照打卡的照片，该学生仿佛戴着展出的面具，这是利用了玻璃展柜对于光的反射成　 　（选填“实”或“虚”）像的原理，拍出的有趣场景。图乙中S代表展品，P点为相机位置，为展柜玻璃板。请利用平面镜成像原理，在图乙中画出S发出的光线经反射到P点相机位置的光路图　 　。
【答案】虚；
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】玻璃展柜的玻璃板相当于平面镜，其成像原理是光的反射；平面镜所成的像为虚像，无法被光屏承接。
根据平面镜成像 “像与物关于镜面对称” 的特点，先画出点光源 S 的像 S'；再连接 S' 与 P 点，该连线与平面镜的交点即为入射点；最后连接 S 与入射点得到入射光线，连接入射点与 P 点得到反射光线，完成光路作图。
故答案为：虚；
【分析】玻璃展柜的玻璃板符合平面镜的成像条件，成像原理为光的反射，平面镜成像的核心特点之一是成虚像，无法用光屏承接。
利用平面镜成像的对称性，先确定像点位置，再通过像点与目标点 P 确定入射点，最后画出入射光线和反射光线，这是解决平面镜反射光路作图的常用方法。
13．篮球从A点抛出，飞过最高点C到达D点过程中，被频闪照相机以每隔相等时间曝光一次的形式记录下来，如图甲所示。在不同位置篮球的动能和重力势能的大小用柱状图表示，如图乙所示。分析可知篮球在B点的速度　 　在D点的速度（选填“=”、“>”或“<”）；从C点运动到D点，篮球的机械能　 　（选填“不变”“变小”或“变大”）。
【答案】>；变小
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】动能的大小与物体的质量和速度有关。由图乙柱状图可知，B 点的动能柱高于 D 点，说明 B 点动能大于 D 点动能；篮球质量不变，动能越大，速度越大，因此 B 点的速度大于 D 点的速度。
由图乙可知，B 点和 D 点的重力势能相等（白色柱高度相同），说明两点高度相同；B 点动能大于 D 点动能，因此 B 点的总机械能大于 D 点的总机械能。篮球从 B 点运动到 D 点的过程中，机械能因空气阻力持续损失，因此从 C 点运动到 D 点时，篮球的机械能变小。
故答案为：>；变小；
【分析】根据动能的影响因素（质量、速度），结合柱状图中 B、D 两点的动能大小，利用 “质量不变时，动能与速度正相关” 的关系，判断速度大小。
先通过重力势能相等判断 B、D 两点高度相同，再结合动能大小得出 B 点机械能更大；结合篮球运动过程中受空气阻力、机械能不断损失的特点，分析从 C 到 D 的机械能变化趋势。
14．安装了太阳能板的无人机可以大大提高续航能力，前景广阔。遥控无人机精准飞行作业，是利用　 　（选填“超声波”或“电磁波”）来传递信息的。太阳能作为可再生能源，内部时刻发生着核　 　（选填“聚变”或“裂变”）。
【答案】电磁波；聚变
【知识点】太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，遥控无人机精准飞行作业，是利用电磁波来传递信息的。
（2）太阳能就来自太阳内部的核聚变所释放出来的能量。
【分析】（1）电磁波被广泛的应用于实际生活之中，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
（2）根据太阳能量的来源分析解答。
15．如图所示，丁烷卡式炉经常出现在餐桌上。若将一锅2kg的水从20℃加热升温至65℃，消耗丁烷21g，则该卡式炉的加热效率为　 　，剩余丁烷的热值　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。（丁烷的热值为，）
【答案】40%；不变
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】首先计算水的温度变化量：
接着根据吸热公式计算水吸收的热量：
再计算丁烷燃烧放出的热量：
最后计算卡式炉的加热效率：
热值是燃料的固有特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况无关，因此剩余丁烷的热值不变。
故答案为：40%；不变；
【分析】为热效率计算，解题时先通过温度变化和吸热公式求出水吸收的有用热量，再利用热值公式求出燃料完全燃烧放出的总热量，最后根据效率公式计算加热效率。
考查热值的概念，需明确热值是燃料的特性，仅由燃料种类决定，与质量、燃烧状态等因素无关。
16．在“探究液体压强与哪些因素有关”时，同学们根据生活经验，提出如下猜想：
①可能与深度有关；②可能与方向有关；③可能与液体密度有关。
（1）为了验证猜想，他们利用如图所示的装置进行实验，图中的U形管液体压强计　 　（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）比较图中甲、乙两次实验可得出结论：　 　；
（3）为使U形管两侧液面高度差更明显，可将U形管中的液体换成密度更　 　（选填“大”或“小”）的液体。
（4）在“观察碘升华”的实验中，已知碘的熔点是114℃，沸点是184℃；水的沸点是100℃，酒精灯火焰温度约为400℃。有如图a、b两种加热方式，都会出现碘蒸气，应使用　 　（选填“a”或“b”）种加热方式，请举出生活中与此过程中发生相同物态变化的实例　 　。
【答案】（1）不是
（2）在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大
（3）小
（4）a；衣柜里的樟脑丸会逐渐变小消失
【知识点】升华及升华吸热；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）连通器的定义是上端开口、底部互相连通的容器。图中的U形管压强计一端连接密闭探头，不满足“上端开口”的条件，因此它不是连通器。
故答案为：不是；
（2）甲、乙两次实验中，液体均为水（密度相同），压强计探头方向相同，但乙图中探头深度大于甲图；实验现象为乙图U形管液面高度差更大，说明探头处压强更大，由此得出结论：同种液体中，深度越深，液体内部压强越大。
故答案为：在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大；
（3）液体压强计通过U形管液面高度差反映探头处压强，根据公式 ，当探头处压强 一定时，要增大液面高度差 ，需减小U形管内液体的密度 ，因此应换用密度更小的液体。
故答案为：小；
（4）升华是物质由固态直接变为气态的过程。方式a为水浴加热，水的沸点100℃低于碘的熔点114℃，碘不会熔化，可直接升华；方式b用酒精灯直接加热，火焰温度约400℃，高于碘的熔点和沸点，碘会先熔化再汽化，无法观察到纯升华现象，因此应选择方式a。
生活中升华的例子有：衣柜里的樟脑丸（萘）逐渐变小消失、冬天冰冻的衣服直接变干等。
故答案为：a；衣柜里的樟脑丸会逐渐变小消失；
【分析】（1）根据连通器的定义（上端开口、底部连通），对照U形管压强计的结构特点，判断其是否满足连通器的条件。
（2）控制变量法，保持液体密度和探头方向不变，改变探头深度，通过U形管液面高度差的变化，分析液体内部压强与深度的关系。
（3）根据液体压强公式 ，分析探头压强、U形管内液体密度与液面高度差的关系，确定增大高度差的方法。
（4）结合碘的熔点、沸点与两种加热方式的温度，分析碘在不同条件下的物态变化，判断哪种方式能观察到纯升华现象；
回忆生活中固态物质直接变为气态的实例，列举升华现象的例子。
（1） 连通器是指上端开口、底部互相连通的容器。图中的U形管压强计，其一端连接着密闭的探头，不满足“上端开口”的条件，因此它不是连通器。
（2）在甲、乙两次实验中，液体都是水（密度相同），压强计探头的方向也相同，但乙图中的深度大于甲图。实验现象显示，乙图中U形管两侧液面的高度差大于甲图。由于U形管液面高度差反映了探头所受压强的大小，所以可以得出结论：在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大。
（3）液体压强计的工作原理是利用U形管两侧液面的高度差来显示探头处的压强大小。根据液体压强公式 ，其中 是探头处的压强，当其一定时，要使高度差更大，就需要减小U形管内液体的密度。因此，应换成密度更小的液体。
（4）[1]升华是物质由固态直接变为气态的过程。方式a是水浴加热，水的沸点是100℃，低于碘的熔点114℃。因此，碘在100℃的环境下不会熔化，而是直接从固态变为气态，发生升华。方式b是用酒精灯直接加热，火焰温度约400℃，远高于碘的熔点和沸点，碘会先熔化成液态，再汽化成气态，无法单纯观察到升华现象。所以为了更好地观察升华，应选择a方式。
[2]升华是固态直接变为气态。生活中的例子有衣柜里的樟脑丸（萘）会逐渐变小消失等。
17．在“测金属块的密度”的实验中：
（1）调节托盘天平。将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺的　 　处，发现指针的位置如图甲所示，要使横梁水平平衡，应把平衡螺母向　 　调节。
（2）用调节好的天平称金属块的质量，天平平衡后，右盘砝码数和游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块的质量为　 　g。
（3）用细线吊着金属块将其放入盛水的量筒中，量筒前后液面如图丙所示，则金属块的密度是　 　。
（4）若实验中所用的线较粗，则测量密度值结果与实际相比会偏　 　（填“大”或“小”）。
【拓展】
（5）完成上述实验过程后，小明又用下面的方法测出了金属块密度。
①将玻璃杯漂浮在盛有水的水槽中，如图A所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
②将金属块轻轻放入玻璃杯中，如图B所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
③将金属块从玻璃杯中取出，放入水槽中如图C所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
④已知水的密度为，则金属块的密度表达式为　 　。（用测量量和已知的物理量表示）。
【答案】零刻度线；左；89；；小；
【知识点】固体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）调节天平平衡前，需先将游码移至标尺的零刻度线处。
指针偏向分度盘右侧，说明天平右侧偏重，根据“右偏左调”原则，应将平衡螺母向左调节，直至指针指向分度盘中央，使横梁水平平衡。
故答案为：零刻度线；左；
（2）由图乙可知，天平标尺的分度值为0.2g，金属块的质量：
故答案为：89；
（3）由图丙可知，量筒的分度值为2mL，初始水的体积 ；放入金属块后总体积 ；金属块的体积：
金属块的密度：
故答案为：；
（4）若所用细线较粗，测量的体积会包含金属块和细线的总体积，即 ，导致体积测量值偏大。根据密度公式 ，在质量 测量准确的情况下，体积 偏大，会使计算出的密度值偏小。
故答案为：小；
（5）从图A到图B，金属块放入玻璃杯后整体仍漂浮，增加的重力等于增加的浮力。根据阿基米德原理，增加的浮力：
因此金属块的重力 ，质量：
从图A到图C，金属块直接放入水中，排开水的体积等于其体积，即 ；金属块的密度：
故答案为：；
【分析】（1）考查天平的调节方法，先将游码归零，再根据指针偏转方向调节平衡螺母，遵循“右偏左调、左偏右调”的原则。
（2）天平读数时，质量为砝码质量与游码对应刻度值之和，需注意标尺的分度值。
（3）利用排水法测量金属块体积，再根据密度公式 计算密度，注意单位换算。
（4）分析细线体积对测量结果的影响，结合密度公式，判断体积偏大时密度的变化趋势。
（5）结合漂浮条件和阿基米德原理，通过液面高度变化计算金属块的质量和体积，再推导其密度表达式。
18．某实验小组设计了多功能实验电路装置，恒压电源（电压为1.5V的整数倍），滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，额定电压未知的小灯泡L、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
（1）实验小组要进行“探究电流与电阻的关系”实验，将电路连接成图甲所示，把阻值为5Ω的定值电阻接入MN之间。请按照图甲的连接方式用笔画线代替导线将图乙的实物图连接完整。
（2）连接好电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在和R上，则电路故障是________，排除故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值。
（3）断开开关，没有移动滑片P的位置，如图甲所示，直接用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，发现电压表示数________2.5V（选填“大于”、“等于”或者“小于”）；这次记录数据时，滑片P的位置应在图甲所示位置的________（选填“左”或“右”）侧才能达到实验要求。
（4）实验小组再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入MN之间，正确实验，根据实验所得的五组数据绘制出图像，如图丙所示，由图象可得出的结论是：________。
【拓展】
（5）实验小组继续将额定电压未知的小灯泡L接入MN之间，电压表可能重新连接（即可能并联在小灯泡两端，也可能在滑动变阻器两端）。然后，把滑动变阻器滑片P移至阻值最大处，闭合开关时观察到电流表示数为0.2A。然后，又将变阻器的滑片移动至中点位置时，小灯恰好正常发光，并记下此时电压表的示数为1.5V，则电压表并联在________（选填“灯泡”或“滑动变阻器”）两端，该小灯泡正常发光的电阻为________Ω。
【答案】(1)
(2)断路
(3) 大于 右
(4) 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
(5) 灯泡 5
【知识点】电路故障的判断；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据电流方向，电流依次经过开关、电流表、滑动变阻器、定值电阻，回到电源负极；电压表并联在定值电阻 两端，据此完成电路连接，如图所示：
；
故答案为：
；
（2）闭合开关后电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表两端能连通电源两极，因此故障为 断路。
故答案为：断路；
（3）断开开关，用10Ω电阻替换5Ω电阻，根据串联电路分压规律 ，定值电阻增大时其分压变大，电压表示数超过2.5V。
为保持定值电阻两端电压为2.5V不变，根据欧姆定律 ，需减小电路电流、增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片应向图甲所示位置的右侧移动。
故答案为：大于；右；
（4）由图丙可知，定值电阻两端电压 保持不变，因此可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（5）滑动变阻器滑片移至最大阻值处（）时，电流 ，电源电压 ；滑片移至中点时，若电压表测滑动变阻器电压，电流 ，电源电压 。由于电源电压不变，对比两式可知电压表接在灯泡两端。滑动变阻器阻值最大时，两端电压 ，电源电压 ；滑片移至中点时灯泡正常发光，电压为1.5V，结合电源电压为1.5V的整数倍，可得电源电压 。此时滑动变阻器两端电压 ，电流 ，灯泡额定电阻 。
故答案为：灯泡；5；
【分析】（1）根据电流流向法确定串联元件的连接顺序，再依据电压表的测量对象，将其并联在定值电阻两端，完成电路连接。
（2）电流表无示数，说明电路存在断路故障；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源两极的电路是通路，因此故障为与电压表并联的定值电阻 断路。
（3）根据串联分压公式 ，当定值电阻 增大时，其分压 增大，因此电压表示数超过2.5V；
为保持定值电阻两端电压不变，需根据欧姆定律 减小电路电流，即增大滑动变阻器接入电阻，滑片应向接入电阻增大的方向移动。
（4）根据欧姆定律 ，由多组数据计算可知 始终为2.5V，保持不变，因此可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（5）根据串联电路电压规律 ，列两次滑片位置的电源电压表达式 和 ，对比推断电压表的测量对象；
结合电源电压为1.5V的整数倍条件，确定 ，再根据串联电路电压规律 计算滑动变阻器电压，利用欧姆定律 计算电流，最后由 求出灯泡额定电阻。
19．如图甲所示是一款大型越野汽车，该车车长5.89m，轴距3.2m，整车质量2.8t，最大承载量1200kg，车轮与路面的总接触面积为。（g取10N/kg）
（1）该车满载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强是多少？
（2）当该车在水平公路上匀速直线行驶2km时，受到的阻力恒为4000N，求此过程牵引力做的功；
（3）当该车空载在水平路面上时，若重力作用线到前轮轴的距离为1.2m，假设重心位于整车左、右两侧中轴线上，如图乙所示，求后车轮对路面的压力？（不计驾驶员的重力）
【答案】（1）解：满载总质量：
车对地面的压力等于总重力：
车对水平地面的压强：
（2）解：车匀速行驶，牵引力与阻力平衡：
行驶路程：
牵引力做的功：
（3）解：空载车的重力：
根据杠杆平衡条件 ，地面对后轮的支持力：
根据力的作用是相互的，后轮对路面的压力：
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）先计算总质量，再根据 得到总重力，水平地面上压力等于重力，最后利用 计算压强。
（2）匀速直线运动时牵引力与阻力平衡，大小相等；利用 计算牵引力做功，注意路程单位换算。
（3）将汽车视为杠杆，根据杠杆平衡条件 计算地面对后轮的支持力，再利用力的相互性得到后轮对路面的压力。
（1）满载总质量
该车静止在水平地面，对地面压力等于总重力
该车满载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强
（2）该车匀速直线行驶，牵引力与阻力平衡，大小相等，即
单位换算行驶路程
此过程牵引力做的功
（3）将汽车视为杠杆，以前轮轴为支点，地面对后轮的支持力为动力，车的重力为阻力。空载车重力
动力臂为轴距，阻力臂为重力到前轮轴的距离
地面对后轮的支持力
根据力的作用是相互的，后轮对路面的压力等于地面对后轮的支持力
20．如图甲所示电路，电源电压小于15V且可调，滑动变阻器R是“20Ω　2A”和“5Ω　3A”中的一个，电流表测量范围为0-0.6A。
（1）若在A、B间接入规格为“6V　3W”的灯泡L，闭合开关，当变阻器连入电路的阻值为4Ω时，灯泡正常发光，求灯泡L正常工作时电阻以及此时的电源电压。
（2）若在A、B间接入定值电阻，在电路中正确连入两个电压表，将滑动变阻器滑片置于中点位置，闭合开关，电流表指针指到满偏刻度的二分之一，两个电压表的示数分别如图乙所示。①通过计算，判断滑动变阻器的规格；②求满足题目要求的的取值。
【答案】（1）解：灯泡正常发光时，额定电压 ，额定功率 。
灯泡的额定电流：
灯泡的电阻：
电路电流等于灯泡额定电流 ，滑动变阻器两端电压：
电源电压：
（2）解：①电流表量程为0~0.6A，指针在满偏刻度的处，电路电流：
若滑动变阻器为“20Ω 2A”，滑片在中点，接入电阻：
滑动变阻器两端电压：
若滑动变阻器为“5Ω 3A”，滑片在中点，接入电阻：
滑动变阻器两端电压：
根据电压表表盘读数（3V或15V；2.4V或12V），结合电源电压小于15V，排除15V，3V符合题意，因此滑动变阻器规格为“20Ω 2A”。
②此时a电压表测滑动变阻器电压为3V，b电压表测电压或电源电压：
若b电压表示数为2.4V，b电压表测电压，电源电压为，的阻值：
若b电压表示数为12V，b电压表测电源电压，两端电压：
的阻值：
故的取值为8Ω或30Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）先根据 求出灯泡额定电流，再用 计算灯泡电阻；串联电路电流处处相等，根据 求出滑动变阻器电压，最后由串联电路电压规律 得到电源电压。
（2）①先根据电流表指针位置确定电路电流，再分别计算两种滑动变阻器在中点时的电压，结合电压表量程和电源电压条件，确定滑动变阻器规格；②分两种情况讨论b电压表的测量对象，利用串联电路电压规律和欧姆定律 计算的阻值。
（1）由题意得，灯泡正常发光时，额定电压，额定功率，灯泡的额定电流为
灯泡正常工作电阻为
电路电流等于灯泡额定电流
滑动变阻器两端电压
则电源电压：
（2）①电流表量程为，指针在满偏刻度的处，因此电路电流
若滑动变阻器为“”，滑片在中点，接入电阻，滑动变阻器两端电压：
若滑动变阻器为“”，滑片在中点，接入电阻，滑动变阻器两端电压：
根据电压表表盘，指针对应的读数为：或；或，已知电源电压小于，排除。符合题意，因此滑动变阻器规格为。
②此时a电压表测量滑动变阻器电压，为3V，b电压表测量R0电压或电源电压。
若b电压表示数为2.4V，b电压表只能是测量R0电压，此时电源电压为5.4V，R0的阻值为
若b电压表示数为12V，已知电源电压小于，滑动变阻器电压为3V，故b电压表只能是测量电源电压，R0的阻值为
故满足题目要求的的取值为或。
1 / 1河北省石家庄市第二十八中学2025-2026学年九年级下学期3月月考物理试题
1．如图所示的声现象中，分析不正确的是（　　）
A．甲图：拨动张紧的橡皮筋，听到了声音，同时观察到橡皮筋“变胖”“变虚”了，说明声音由物体振动产生
B．乙图：重敲音叉再次接触细线悬挂的乒乓球，会看到乒乓球振动幅度变大，说明音叉的音调变高
C．丙图：将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰随声音的变化而“舞动”起来，说明声波能传递能量
D．丁图：航空母舰上两位甲板引导员配戴防噪声耳罩，这种控制噪声的措施属于防止噪声进入耳朵
2．中华文明源远流长，博大精深。古诗词是我国传统文化瑰宝，有的优美词句还与我们物理知识有着联系。下列词句与对应的物理知识叙述正确的是（　　）
A．“大地阳和暖气生”，大地的内能增加时所含的热量增多
B．“沙暖睡鸳鸯”，同样日照下，砂石的温度高，说明砂石的比热容大些
C．“花气袭人知骤暖”，温度越高，分子运动越剧烈
D．“破镜难圆”，是因为分子间存在斥力
3．下列物态变化中，属于液化的是（　　）
A．清晨露珠 B．大雾消散 C．冰雪消融 D．窗上冰花
4．下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中，高铁设置安全线是因为流体流速越大处压强会越大
B．乙图中，此时大气压强等于760mm高水银柱所产生的压强
C．丙图中，共享单车的车座面积较大是为了减小压力
D．丁图中，支付盒子静止于水平桌面，它受的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力
5．小明所在的班级举办了“安全用电进校园，全力护航开学季”的主题班会，下列同学们的说法中符合安全用电原则的是（　　）
A．使用测电笔辨别火线和零线时，手要按住笔尖金属体
B．开关外壳大多为塑料材质，不导电，可以用湿手触摸
C．有人触电时，应该立即用手将触电者与电源拉开
D．空气开关跳闸后，应该先排除故障，再将其复位
6．冬奥会在中国成功举办，如图为冰壶运动，下列说法正确的是（　　）
A．推出去的冰壶不能立即停下来是因为受到惯性
B．冰壶运动员不断刷冰是通过改变接触面粗糙程度来减小摩擦
C．冰壶速度越来越慢，惯性越来越小
D．冰壶最终停下来说明运动需要力来维持
7．在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　）
A． B．
C． D．
8．小明同学用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像。下列说法正确的是（　　）
A．保持蜡烛与凸透镜的位置不变，撤去光屏，烛焰不再成像
B．照相机成像特点与图乙中所成像的特点相同
C．蜡烛移至45cm刻度处，移动光屏，能观察到一个缩小的像
D．若将凸透镜焦距变小，光屏向右移才能再次接到清晰的像
9．学习了简单机械知识后，某同学自制了如图所示的晾衣架。他将50N的衣物挂在横杆上，拉绳使其匀速上升2m，用时5s（上升过程中，横杆保持水平），此过程该装置的机械效率为80%（不计绳重及摩擦）。下列分析正确的是（　　）
A．拉力做功80J
B．动滑轮总重12.5N
C．拉力的功率为25W
D．若增大衣物的质量，机械效率将减小
10．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变。电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。某次环境温度从20℃上升到30℃，电压表的示数变化了8mV。当温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该测温装置的灵敏度越高。下列说法正确的是（　　）
A．每升高1℃，R的阻值增大0.5Ω
B．通过R的电流为2mA
C．环境温度为40℃时，电压表的示数为216mV
D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更小的恒流源
11．小明家中电能表的参数如图所示．他家使用的电器总功率不能超过　 　W；5月初抄表的示数如图所示．若5月份交电费60元．且电价为0.5元/度．则5月末抄表的示数为　 　。
12．某校初三学子前往三星堆参加研学活动，如图甲是某同学与三星堆文物合照打卡的照片，该学生仿佛戴着展出的面具，这是利用了玻璃展柜对于光的反射成　 　（选填“实”或“虚”）像的原理，拍出的有趣场景。图乙中S代表展品，P点为相机位置，为展柜玻璃板。请利用平面镜成像原理，在图乙中画出S发出的光线经反射到P点相机位置的光路图　 　。
13．篮球从A点抛出，飞过最高点C到达D点过程中，被频闪照相机以每隔相等时间曝光一次的形式记录下来，如图甲所示。在不同位置篮球的动能和重力势能的大小用柱状图表示，如图乙所示。分析可知篮球在B点的速度　 　在D点的速度（选填“=”、“>”或“<”）；从C点运动到D点，篮球的机械能　 　（选填“不变”“变小”或“变大”）。
14．安装了太阳能板的无人机可以大大提高续航能力，前景广阔。遥控无人机精准飞行作业，是利用　 　（选填“超声波”或“电磁波”）来传递信息的。太阳能作为可再生能源，内部时刻发生着核　 　（选填“聚变”或“裂变”）。
15．如图所示，丁烷卡式炉经常出现在餐桌上。若将一锅2kg的水从20℃加热升温至65℃，消耗丁烷21g，则该卡式炉的加热效率为　 　，剩余丁烷的热值　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。（丁烷的热值为，）
16．在“探究液体压强与哪些因素有关”时，同学们根据生活经验，提出如下猜想：
①可能与深度有关；②可能与方向有关；③可能与液体密度有关。
（1）为了验证猜想，他们利用如图所示的装置进行实验，图中的U形管液体压强计　 　（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）比较图中甲、乙两次实验可得出结论：　 　；
（3）为使U形管两侧液面高度差更明显，可将U形管中的液体换成密度更　 　（选填“大”或“小”）的液体。
（4）在“观察碘升华”的实验中，已知碘的熔点是114℃，沸点是184℃；水的沸点是100℃，酒精灯火焰温度约为400℃。有如图a、b两种加热方式，都会出现碘蒸气，应使用　 　（选填“a”或“b”）种加热方式，请举出生活中与此过程中发生相同物态变化的实例　 　。
17．在“测金属块的密度”的实验中：
（1）调节托盘天平。将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺的　 　处，发现指针的位置如图甲所示，要使横梁水平平衡，应把平衡螺母向　 　调节。
（2）用调节好的天平称金属块的质量，天平平衡后，右盘砝码数和游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块的质量为　 　g。
（3）用细线吊着金属块将其放入盛水的量筒中，量筒前后液面如图丙所示，则金属块的密度是　 　。
（4）若实验中所用的线较粗，则测量密度值结果与实际相比会偏　 　（填“大”或“小”）。
【拓展】
（5）完成上述实验过程后，小明又用下面的方法测出了金属块密度。
①将玻璃杯漂浮在盛有水的水槽中，如图A所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
②将金属块轻轻放入玻璃杯中，如图B所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
③将金属块从玻璃杯中取出，放入水槽中如图C所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为；
④已知水的密度为，则金属块的密度表达式为　 　。（用测量量和已知的物理量表示）。
18．某实验小组设计了多功能实验电路装置，恒压电源（电压为1.5V的整数倍），滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，额定电压未知的小灯泡L、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
（1）实验小组要进行“探究电流与电阻的关系”实验，将电路连接成图甲所示，把阻值为5Ω的定值电阻接入MN之间。请按照图甲的连接方式用笔画线代替导线将图乙的实物图连接完整。
（2）连接好电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在和R上，则电路故障是________，排除故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值。
（3）断开开关，没有移动滑片P的位置，如图甲所示，直接用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，发现电压表示数________2.5V（选填“大于”、“等于”或者“小于”）；这次记录数据时，滑片P的位置应在图甲所示位置的________（选填“左”或“右”）侧才能达到实验要求。
（4）实验小组再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入MN之间，正确实验，根据实验所得的五组数据绘制出图像，如图丙所示，由图象可得出的结论是：________。
【拓展】
（5）实验小组继续将额定电压未知的小灯泡L接入MN之间，电压表可能重新连接（即可能并联在小灯泡两端，也可能在滑动变阻器两端）。然后，把滑动变阻器滑片P移至阻值最大处，闭合开关时观察到电流表示数为0.2A。然后，又将变阻器的滑片移动至中点位置时，小灯恰好正常发光，并记下此时电压表的示数为1.5V，则电压表并联在________（选填“灯泡”或“滑动变阻器”）两端，该小灯泡正常发光的电阻为________Ω。
19．如图甲所示是一款大型越野汽车，该车车长5.89m，轴距3.2m，整车质量2.8t，最大承载量1200kg，车轮与路面的总接触面积为。（g取10N/kg）
（1）该车满载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强是多少？
（2）当该车在水平公路上匀速直线行驶2km时，受到的阻力恒为4000N，求此过程牵引力做的功；
（3）当该车空载在水平路面上时，若重力作用线到前轮轴的距离为1.2m，假设重心位于整车左、右两侧中轴线上，如图乙所示，求后车轮对路面的压力？（不计驾驶员的重力）
20．如图甲所示电路，电源电压小于15V且可调，滑动变阻器R是“20Ω　2A”和“5Ω　3A”中的一个，电流表测量范围为0-0.6A。
（1）若在A、B间接入规格为“6V　3W”的灯泡L，闭合开关，当变阻器连入电路的阻值为4Ω时，灯泡正常发光，求灯泡L正常工作时电阻以及此时的电源电压。
（2）若在A、B间接入定值电阻，在电路中正确连入两个电压表，将滑动变阻器滑片置于中点位置，闭合开关，电流表指针指到满偏刻度的二分之一，两个电压表的示数分别如图乙所示。①通过计算，判断滑动变阻器的规格；②求满足题目要求的的取值。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、拨动张紧的橡皮筋，听到了声音，同时观察到橡皮筋“变胖”“变虚”了，说明声音由物体振动产生，故A正确；
B、重敲音叉再次接触细线悬挂的乒乓球，会看到乒乓球振动幅度变大，说明音叉的响度变大，故B错误；
C、将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰随声音的变化而“舞动”起来，说明声波能传递能量，故C正确；
D、航空母舰上两位甲板引导员配戴防噪声耳罩，这种控制噪声的措施属于防止噪声进入耳朵，故D正确。
故选：B。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音可以传递信息和能量；
（4）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
2．【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、热量是过程量，只能说 “吸收或放出热量”，不能说 “含有或所含热量”，故 A 错误；
B、同样日照下，砂石的温度高，说明砂石的比热容小，吸收相同热量时升温更快，故 B 错误；
C、“花气袭人知骤暖” 说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散现象越明显，故 C 正确；
D、“破镜难圆” 是因为镜子破裂后，分子间距离过大，分子间的作用力几乎为零，并非因为斥力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查热量的概念，热量是过程量，不能说物体 “含有热量”；
B、考查比热容的特性，比热容小的物质，吸收相同热量时温度变化更明显；
C、考查分子热运动与温度的关系，温度越高，分子运动越剧烈；
D、考查分子间作用力的条件，分子间作用力只有在分子间距很小时才明显，破镜后间距过大，作用力消失。
3．【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A、清晨露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化过程放热，故 A 符合题意；
B、大雾消散，是液态的小水珠吸热汽化为水蒸气，汽化过程吸热，故 B 不符合题意；
C、冰雪消融，是固态的冰吸热熔化成液态的水，熔化过程吸热，故 C 不符合题意；
D、窗上冰花，是空气中的水蒸气遇冷凝华成固态的冰，凝华过程放热，但与题意不符，故 D 不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A、本题考查液化现象，物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热；
B、本题考查汽化现象，物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；
C、本题考查熔化现象，物质由固态变为液态的过程叫熔化，熔化吸热；
D、本题考查凝华现象，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热。
4．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；减小压强的方法及其应用；大气压强的测量方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、甲图中，高铁设置安全线是因为流体流速越大处压强越小，不是越大，故 A 错误；
B、乙图中，大气压支持的水银柱高度是从槽内水银面到管内水银面的垂直高度，为 750mm，所以此时大气压强等于 750mm 高水银柱所产生的压强，不是 760mm，故 B 错误；
C、丙图中，共享单车的车座面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，不是减小压力，故 C 错误；
D、丁图中，支付盒子静止于水平桌面，它受到的重力和桌面对它的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上，是一对平衡力，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查流体压强与流速的关系，流速越大，压强越小，高铁行驶时周围空气流速快、压强小，外侧压强大，容易把人推向列车，所以要设置安全线；
B、考查托里拆利实验，大气压的数值等于管内水银柱与槽内水银面的高度差，图中高度差为 750mm，因此大气压为 750mm 水银柱产生的压强；
C、考查减小压强的方法，车座面积大是通过增大受力面积来减小压强，使人坐得更舒适，压力始终等于人的重力，不会改变；
D、考查二力平衡的条件，重力和支持力满足 “同物、等大、反向、共线” 四个条件，因此是一对平衡力。
5．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A、使用测电笔辨别火线和零线时，手应按住笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，否则会触电，故 A 错误；
B、开关外壳虽为塑料材质，但用湿手触摸时，水具有导电性，易发生触电事故，故 B 错误；
C、有人触电时，应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，不能直接用手拉触电者，否则施救者也会触电，故 C 错误；
D、空气开关跳闸后，应先排查并排除故障，再将其复位，避免故障未消除时再次跳闸或引发危险，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查测电笔的正确使用方法，使用时手需接触笔尾金属体，使电流形成回路，接触笔尖金属体易造成触电；
B、考查安全用电原则，湿手接触电器易导电，即使外壳绝缘也可能因水导电引发事故；
C、考查触电急救措施，直接用手拉触电者会导致施救者触电，应先切断电源；
D、考查空气开关的使用，跳闸通常由过载或短路引起，需先排除故障再复位，防止再次跳闸或引发安全隐患。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.推出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说“受到惯性力作用”，故A错误；
B.冰壶运动员在刷冰，使冰面变光滑，减小接触面的粗糙程度，在压力一定时，减小了摩擦力，从而冰壶滑得快，故B正确；
C.惯性只与物体的质量有关，与速度无关，冰壶速度越来越慢，惯性不变，故C错误；
D.力是改变物体运动状态的原因，冰壶最终停下来是因为受到阻力作用，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选B。
【分析】（1）（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关；
（2）减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，在接触面的粗糙程度一定时，减小压力，使接触面分离；变滑动为滚动；
（4）力是改变物体运动状态的原因。
7．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、该实验是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，揭示了电流的磁效应，与电磁感应原理无关，故 A 错误；
B、该实验中通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，需要外接电源供电，与电磁感应原理无关，故 B 错误；
C、该装置是通电线圈在磁场中受力转动，同样是电动机的工作原理，与电磁感应原理无关，故 C 错误；
D、该装置无外接电源，闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动时会产生感应电流，属于电磁感应现象，与题目中 “产生感应电流” 的原理一致，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电流的磁效应，明确奥斯特实验揭示的是电生磁现象，而非电磁感应；
B、考查电动机的工作原理，区分通电导体在磁场中受力运动与电磁感应的不同；
C、考查电动机的构造与原理，理解通电线圈在磁场中受力转动需要外接电源；
D、考查电磁感应现象的实验装置，明确其无电源、靠切割磁感线产生电流的特点，与题目中自动导引车的定位原理一致。
8．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A、保持蜡烛与凸透镜的位置不变，撤去光屏，烛焰仍会成像，只是无法用光屏承接，故 A 错误；
B、由图甲可知凸透镜焦距为 10cm，图乙中物距为 35cm，大于 2 倍焦距，成倒立、缩小的实像，与照相机成像特点相同，故 B 正确；
C、蜡烛移至 45cm 刻度处时，物距为 5cm，小于焦距，成正立、放大的虚像，虚像无法用光屏承接，故 C 错误；
D、若将凸透镜焦距变小，透镜会聚能力增强，像会向透镜方向移动，光屏应向左移才能再次接到清晰的像，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查实像的性质，实像是实际光线会聚形成的，与光屏是否存在无关；
B、考查凸透镜成像规律，明确物距大于 2 倍焦距时成倒立、缩小实像，对应照相机的工作原理；
C、考查凸透镜成像规律，物距小于焦距时成虚像，虚像不能用光屏承接；
D、考查焦距变化对成像的影响，焦距变小，透镜会聚能力增强，像距会减小，光屏应靠近透镜移动。
9．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A、有用功 ，由 得拉力做功 ，不是80J，故A错误；
B、不计绳重及摩擦，额外功 ，由 得动滑轮总重 ？计算得 ，但结合滑轮组结构，绳子段数 ，额外功由两个动滑轮承担，实际动滑轮总重应为 ，故B错误；
C、拉力做功 ，用时5s，拉力的功率 ，故C正确；
D、不计绳重及摩擦，增大衣物质量，有用功增加，额外功不变，机械效率 会增大，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查有用功与总功的计算，先算有用功，再根据机械效率公式求总功；
B、考查额外功与动滑轮重力的关系，额外功等于动滑轮重力做的功，结合滑轮组结构分析动滑轮总重；
C、考查功率的计算，用总功除以时间得到拉力的功率；
D、考查机械效率的影响因素，不计绳重及摩擦时，物重越大，机械效率越高。
10．【答案】B
【知识点】半导体特点及作用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A、由图丙，温度从0℃升到80℃，电阻从100Ω增至132Ω，每升高1℃阻值变化，故A错误；
B、温度升高10℃，，根据，，故B正确；
C、40℃对应电阻，电压，故C错误；
D、由，不变时，电流越大电压变化越大、灵敏度越高，换更小电流恒流源会降低灵敏度，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查I-R图像与电阻随温度变化规律；根据图像数据计算温度每升高1℃对应的电阻变化量；
B、考查欧姆定律变形式；结合温度变化对应的电阻变化、电压变化求解恒定电流大小；
C、考查欧姆定律；先算出40℃时的电阻，再代入恒定电流计算电压表示数；
D、考查测温灵敏度的判断；依托，分析电流大小对电压变化幅度、装置灵敏度的影响。
11．【答案】8800；2132.5
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】根据电能表参数，由公式 可得，电路中最大允许总功率：
。
5月份用电量：；
则5月末抄表的示数为：。
故答案为：8800；2132.5；
【分析】根据电能表的额定电压和最大电流，利用电功率公式 直接计算电路允许接入的最大总功率；
先根据电费和电价计算本月消耗的电能，再将月初电能表读数与本月用电量相加，得到月末抄表示数。
12．【答案】虚；
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】玻璃展柜的玻璃板相当于平面镜，其成像原理是光的反射；平面镜所成的像为虚像，无法被光屏承接。
根据平面镜成像 “像与物关于镜面对称” 的特点，先画出点光源 S 的像 S'；再连接 S' 与 P 点，该连线与平面镜的交点即为入射点；最后连接 S 与入射点得到入射光线，连接入射点与 P 点得到反射光线，完成光路作图。
故答案为：虚；
【分析】玻璃展柜的玻璃板符合平面镜的成像条件，成像原理为光的反射，平面镜成像的核心特点之一是成虚像，无法用光屏承接。
利用平面镜成像的对称性，先确定像点位置，再通过像点与目标点 P 确定入射点，最后画出入射光线和反射光线，这是解决平面镜反射光路作图的常用方法。
13．【答案】>；变小
【知识点】动能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】动能的大小与物体的质量和速度有关。由图乙柱状图可知，B 点的动能柱高于 D 点，说明 B 点动能大于 D 点动能；篮球质量不变，动能越大，速度越大，因此 B 点的速度大于 D 点的速度。
由图乙可知，B 点和 D 点的重力势能相等（白色柱高度相同），说明两点高度相同；B 点动能大于 D 点动能，因此 B 点的总机械能大于 D 点的总机械能。篮球从 B 点运动到 D 点的过程中，机械能因空气阻力持续损失，因此从 C 点运动到 D 点时，篮球的机械能变小。
故答案为：>；变小；
【分析】根据动能的影响因素（质量、速度），结合柱状图中 B、D 两点的动能大小，利用 “质量不变时，动能与速度正相关” 的关系，判断速度大小。
先通过重力势能相等判断 B、D 两点高度相同，再结合动能大小得出 B 点机械能更大；结合篮球运动过程中受空气阻力、机械能不断损失的特点，分析从 C 到 D 的机械能变化趋势。
14．【答案】电磁波；聚变
【知识点】太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，遥控无人机精准飞行作业，是利用电磁波来传递信息的。
（2）太阳能就来自太阳内部的核聚变所释放出来的能量。
【分析】（1）电磁波被广泛的应用于实际生活之中，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
（2）根据太阳能量的来源分析解答。
15．【答案】40%；不变
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】首先计算水的温度变化量：
接着根据吸热公式计算水吸收的热量：
再计算丁烷燃烧放出的热量：
最后计算卡式炉的加热效率：
热值是燃料的固有特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况无关，因此剩余丁烷的热值不变。
故答案为：40%；不变；
【分析】为热效率计算，解题时先通过温度变化和吸热公式求出水吸收的有用热量，再利用热值公式求出燃料完全燃烧放出的总热量，最后根据效率公式计算加热效率。
考查热值的概念，需明确热值是燃料的特性，仅由燃料种类决定，与质量、燃烧状态等因素无关。
16．【答案】（1）不是
（2）在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大
（3）小
（4）a；衣柜里的樟脑丸会逐渐变小消失
【知识点】升华及升华吸热；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）连通器的定义是上端开口、底部互相连通的容器。图中的U形管压强计一端连接密闭探头，不满足“上端开口”的条件，因此它不是连通器。
故答案为：不是；
（2）甲、乙两次实验中，液体均为水（密度相同），压强计探头方向相同，但乙图中探头深度大于甲图；实验现象为乙图U形管液面高度差更大，说明探头处压强更大，由此得出结论：同种液体中，深度越深，液体内部压强越大。
故答案为：在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大；
（3）液体压强计通过U形管液面高度差反映探头处压强，根据公式 ，当探头处压强 一定时，要增大液面高度差 ，需减小U形管内液体的密度 ，因此应换用密度更小的液体。
故答案为：小；
（4）升华是物质由固态直接变为气态的过程。方式a为水浴加热，水的沸点100℃低于碘的熔点114℃，碘不会熔化，可直接升华；方式b用酒精灯直接加热，火焰温度约400℃，高于碘的熔点和沸点，碘会先熔化再汽化，无法观察到纯升华现象，因此应选择方式a。
生活中升华的例子有：衣柜里的樟脑丸（萘）逐渐变小消失、冬天冰冻的衣服直接变干等。
故答案为：a；衣柜里的樟脑丸会逐渐变小消失；
【分析】（1）根据连通器的定义（上端开口、底部连通），对照U形管压强计的结构特点，判断其是否满足连通器的条件。
（2）控制变量法，保持液体密度和探头方向不变，改变探头深度，通过U形管液面高度差的变化，分析液体内部压强与深度的关系。
（3）根据液体压强公式 ，分析探头压强、U形管内液体密度与液面高度差的关系，确定增大高度差的方法。
（4）结合碘的熔点、沸点与两种加热方式的温度，分析碘在不同条件下的物态变化，判断哪种方式能观察到纯升华现象；
回忆生活中固态物质直接变为气态的实例，列举升华现象的例子。
（1） 连通器是指上端开口、底部互相连通的容器。图中的U形管压强计，其一端连接着密闭的探头，不满足“上端开口”的条件，因此它不是连通器。
（2）在甲、乙两次实验中，液体都是水（密度相同），压强计探头的方向也相同，但乙图中的深度大于甲图。实验现象显示，乙图中U形管两侧液面的高度差大于甲图。由于U形管液面高度差反映了探头所受压强的大小，所以可以得出结论：在同种液体中，深度越深，液体内部的压强越大。
（3）液体压强计的工作原理是利用U形管两侧液面的高度差来显示探头处的压强大小。根据液体压强公式 ，其中 是探头处的压强，当其一定时，要使高度差更大，就需要减小U形管内液体的密度。因此，应换成密度更小的液体。
（4）[1]升华是物质由固态直接变为气态的过程。方式a是水浴加热，水的沸点是100℃，低于碘的熔点114℃。因此，碘在100℃的环境下不会熔化，而是直接从固态变为气态，发生升华。方式b是用酒精灯直接加热，火焰温度约400℃，远高于碘的熔点和沸点，碘会先熔化成液态，再汽化成气态，无法单纯观察到升华现象。所以为了更好地观察升华，应选择a方式。
[2]升华是固态直接变为气态。生活中的例子有衣柜里的樟脑丸（萘）会逐渐变小消失等。
17．【答案】零刻度线；左；89；；小；
【知识点】固体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）调节天平平衡前，需先将游码移至标尺的零刻度线处。
指针偏向分度盘右侧，说明天平右侧偏重，根据“右偏左调”原则，应将平衡螺母向左调节，直至指针指向分度盘中央，使横梁水平平衡。
故答案为：零刻度线；左；
（2）由图乙可知，天平标尺的分度值为0.2g，金属块的质量：
故答案为：89；
（3）由图丙可知，量筒的分度值为2mL，初始水的体积 ；放入金属块后总体积 ；金属块的体积：
金属块的密度：
故答案为：；
（4）若所用细线较粗，测量的体积会包含金属块和细线的总体积，即 ，导致体积测量值偏大。根据密度公式 ，在质量 测量准确的情况下，体积 偏大，会使计算出的密度值偏小。
故答案为：小；
（5）从图A到图B，金属块放入玻璃杯后整体仍漂浮，增加的重力等于增加的浮力。根据阿基米德原理，增加的浮力：
因此金属块的重力 ，质量：
从图A到图C，金属块直接放入水中，排开水的体积等于其体积，即 ；金属块的密度：
故答案为：；
【分析】（1）考查天平的调节方法，先将游码归零，再根据指针偏转方向调节平衡螺母，遵循“右偏左调、左偏右调”的原则。
（2）天平读数时，质量为砝码质量与游码对应刻度值之和，需注意标尺的分度值。
（3）利用排水法测量金属块体积，再根据密度公式 计算密度，注意单位换算。
（4）分析细线体积对测量结果的影响，结合密度公式，判断体积偏大时密度的变化趋势。
（5）结合漂浮条件和阿基米德原理，通过液面高度变化计算金属块的质量和体积，再推导其密度表达式。
18．【答案】(1)
(2)断路
(3) 大于 右
(4) 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
(5) 灯泡 5
【知识点】电路故障的判断；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据电流方向，电流依次经过开关、电流表、滑动变阻器、定值电阻，回到电源负极；电压表并联在定值电阻 两端，据此完成电路连接，如图所示：
；
故答案为：
；
（2）闭合开关后电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表两端能连通电源两极，因此故障为 断路。
故答案为：断路；
（3）断开开关，用10Ω电阻替换5Ω电阻，根据串联电路分压规律 ，定值电阻增大时其分压变大，电压表示数超过2.5V。
为保持定值电阻两端电压为2.5V不变，根据欧姆定律 ，需减小电路电流、增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片应向图甲所示位置的右侧移动。
故答案为：大于；右；
（4）由图丙可知，定值电阻两端电压 保持不变，因此可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（5）滑动变阻器滑片移至最大阻值处（）时，电流 ，电源电压 ；滑片移至中点时，若电压表测滑动变阻器电压，电流 ，电源电压 。由于电源电压不变，对比两式可知电压表接在灯泡两端。滑动变阻器阻值最大时，两端电压 ，电源电压 ；滑片移至中点时灯泡正常发光，电压为1.5V，结合电源电压为1.5V的整数倍，可得电源电压 。此时滑动变阻器两端电压 ，电流 ，灯泡额定电阻 。
故答案为：灯泡；5；
【分析】（1）根据电流流向法确定串联元件的连接顺序，再依据电压表的测量对象，将其并联在定值电阻两端，完成电路连接。
（2）电流表无示数，说明电路存在断路故障；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源两极的电路是通路，因此故障为与电压表并联的定值电阻 断路。
（3）根据串联分压公式 ，当定值电阻 增大时，其分压 增大，因此电压表示数超过2.5V；
为保持定值电阻两端电压不变，需根据欧姆定律 减小电路电流，即增大滑动变阻器接入电阻，滑片应向接入电阻增大的方向移动。
（4）根据欧姆定律 ，由多组数据计算可知 始终为2.5V，保持不变，因此可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（5）根据串联电路电压规律 ，列两次滑片位置的电源电压表达式 和 ，对比推断电压表的测量对象；
结合电源电压为1.5V的整数倍条件，确定 ，再根据串联电路电压规律 计算滑动变阻器电压，利用欧姆定律 计算电流，最后由 求出灯泡额定电阻。
19．【答案】（1）解：满载总质量：
车对地面的压力等于总重力：
车对水平地面的压强：
（2）解：车匀速行驶，牵引力与阻力平衡：
行驶路程：
牵引力做的功：
（3）解：空载车的重力：
根据杠杆平衡条件 ，地面对后轮的支持力：
根据力的作用是相互的，后轮对路面的压力：
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）先计算总质量，再根据 得到总重力，水平地面上压力等于重力，最后利用 计算压强。
（2）匀速直线运动时牵引力与阻力平衡，大小相等；利用 计算牵引力做功，注意路程单位换算。
（3）将汽车视为杠杆，根据杠杆平衡条件 计算地面对后轮的支持力，再利用力的相互性得到后轮对路面的压力。
（1）满载总质量
该车静止在水平地面，对地面压力等于总重力
该车满载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强
（2）该车匀速直线行驶，牵引力与阻力平衡，大小相等，即
单位换算行驶路程
此过程牵引力做的功
（3）将汽车视为杠杆，以前轮轴为支点，地面对后轮的支持力为动力，车的重力为阻力。空载车重力
动力臂为轴距，阻力臂为重力到前轮轴的距离
地面对后轮的支持力
根据力的作用是相互的，后轮对路面的压力等于地面对后轮的支持力
20．【答案】（1）解：灯泡正常发光时，额定电压 ，额定功率 。
灯泡的额定电流：
灯泡的电阻：
电路电流等于灯泡额定电流 ，滑动变阻器两端电压：
电源电压：
（2）解：①电流表量程为0~0.6A，指针在满偏刻度的处，电路电流：
若滑动变阻器为“20Ω 2A”，滑片在中点，接入电阻：
滑动变阻器两端电压：
若滑动变阻器为“5Ω 3A”，滑片在中点，接入电阻：
滑动变阻器两端电压：
根据电压表表盘读数（3V或15V；2.4V或12V），结合电源电压小于15V，排除15V，3V符合题意，因此滑动变阻器规格为“20Ω 2A”。
②此时a电压表测滑动变阻器电压为3V，b电压表测电压或电源电压：
若b电压表示数为2.4V，b电压表测电压，电源电压为，的阻值：
若b电压表示数为12V，b电压表测电源电压，两端电压：
的阻值：
故的取值为8Ω或30Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）先根据 求出灯泡额定电流，再用 计算灯泡电阻；串联电路电流处处相等，根据 求出滑动变阻器电压，最后由串联电路电压规律 得到电源电压。
（2）①先根据电流表指针位置确定电路电流，再分别计算两种滑动变阻器在中点时的电压，结合电压表量程和电源电压条件，确定滑动变阻器规格；②分两种情况讨论b电压表的测量对象，利用串联电路电压规律和欧姆定律 计算的阻值。
（1）由题意得，灯泡正常发光时，额定电压，额定功率，灯泡的额定电流为
灯泡正常工作电阻为
电路电流等于灯泡额定电流
滑动变阻器两端电压
则电源电压：
（2）①电流表量程为，指针在满偏刻度的处，因此电路电流
若滑动变阻器为“”，滑片在中点，接入电阻，滑动变阻器两端电压：
若滑动变阻器为“”，滑片在中点，接入电阻，滑动变阻器两端电压：
根据电压表表盘，指针对应的读数为：或；或，已知电源电压小于，排除。符合题意，因此滑动变阻器规格为。
②此时a电压表测量滑动变阻器电压，为3V，b电压表测量R0电压或电源电压。
若b电压表示数为2.4V，b电压表只能是测量R0电压，此时电源电压为5.4V，R0的阻值为
若b电压表示数为12V，已知电源电压小于，滑动变阻器电压为3V，故b电压表只能是测量电源电压，R0的阻值为
故满足题目要求的的取值为或。
1 / 1

展开更多......

收起↑