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人教版初中物理八年级下学期期末模拟测试卷A卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．将圆珠笔笔芯立在桌面上，用手指压笔芯头，它就弯曲了（如图），这个现象说明了（　　）
A．力可以改变物体的运动状态
B．力可以改变物体的形状
C．物体间力的作用是相互的
D．手指对笔芯的力小于笔芯对手指的力
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】当用手指按压笔芯的头部时，可以观察到笔芯发生弯曲，这个现象体现了力的作用效果：力可以改变物体的形状。
故选B。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
2．如图，弹簧测力计的两侧沿水平方向各用力F拉弹簧测力计并使其保持静止，此时弹簧测力计的示数如图所示，则拉力F 的大小为（　　）
A．8N B．4N C．2N D．0N
【答案】B
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】弹簧测力计的示数与挂钩上所受的拉力大小相等；图中，弹簧测力计的分度值是0.2N，读数为4N，则拉力大小为4N，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据测力计的分度值，结合指针位置，测量拉力大小。
3．日常生活与物理知识紧密联系，生活中有很多工具运用了物理知识。下列说法错误的是（　　）
A．用吸管“吸”饮料是利用大气压强将饮料“压”入口中
B．汽车安全带及头枕的设计是为了防止惯性带来的危害
C．高压锅运用了气压增大、水的沸点升高的原理
D．用铅垂线来检查墙壁是否竖直，运用了重力的方向总是垂直向下的原理
【答案】D
【知识点】重力的方向；惯性及其现象；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．当我们用吸管吸饮料时，会把吸管内的空气吸走，使得吸管内部气压低于外界大气压，饮料就是在大气压的作用下被压入我们口中的，故A正确；
B．汽车急刹车时，乘客的身体会因为惯性向前倾倒，发生追尾事故时，乘客的身体会因为惯性向后仰，安全带和头枕都能起到缓冲保护作用，都是为了避免惯性给人体带来伤害，故B正确；
C．液体的沸点会随着气压的增大而升高，使用高压锅煮饭时，能够升高锅内的气压，进而抬升水的沸点，让食物更快煮熟，故C正确；
D．用铅垂线检查墙壁是否竖直，利用的物理原理就是重力的方向始终是竖直向下的，故D错误。
故选D。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
4、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小。
4．踢毽子起源于汉代，高承《事物纪原》记：“今时小儿以铅锡为钱，装以鸡羽，呼为毽子。三五成群走踢……”。如图为两个小孩正在踢毽子的情景，下列说法正确的是
A．毽子上的羽毛没有惯性
B．踢出去的毽子继续上升是因为毽子具有惯性
C．毽子加速下落时的运动状态不变
D．小孩将下落的毽子踢起来，说明力可以改变物体的形状
【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】A：一切物体都具有惯性，毽子上的羽毛也具有惯性，故 A 错误；
B：踢出去的毽子继续上升，是因为毽子具有惯性，要保持原来的运动状态，故 B 正确；
C：毽子加速下落时，速度大小发生变化，因此运动状态发生改变，故 C 错误；
D：小孩将下落的毽子踢起来，说明力可以改变物体的运动状态，而非改变物体的形状，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查惯性的普遍性，明确一切物体都具有惯性；
B：考查惯性的应用，理解物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
C：考查运动状态的改变，运动状态包括速度大小和运动方向，加速下落时速度大小改变，运动状态改变；
D：考查力的作用效果，力可以改变物体的形状或运动状态，踢毽子是改变了运动状态。
5．如图所示，用弹簧测力计和相同的弹簧分别进行多次实验，其中力F可以作为F1、F2合力的是（　　）
A．只有② B．只有③ C．①② D．①③
【答案】B
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】 根据合力的概念可知，一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，则这个力叫做两个力的合力，即是等效的，图中采用弹簧的伸长显示力的作用效果，当两次弹簧的伸长量相同且伸长的方向都相同时，则说明力F可以作为F1、F2的合力，故③正确。
故选：B。
【分析】根据合力的作用效果与两个分力的作用效果相同分析。
6．生活中蕴含着许多物理知识，下列事例分析正确的是（　　）
A．跳远运动员助跑后起跳是为了增大惯性
B．正在水中下沉的石头一定受到浮力的作用
C．踢出去的足球没有受到力
D．汽车关闭发动机后不一会儿就停下来，是因为汽车没有受到牵引力了
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；摩擦力产生的条件；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A、惯性的大小仅由物体的质量决定，运动员的质量没有发生改变，因此惯性大小也保持不变。助跑的作用是借助惯性获得更大的起跳速度，并不是增大惯性，故A错误；
B、即使是正在下沉的石块，它的上下表面仍然存在压力差，所以下沉的石块依然受到浮力作用；石块下沉的原因是它受到的浮力小于自身的重力，并非不受浮力，故B正确；
C、地球附近的所有物体都受到重力作用，所以被踢出去的足球，一定受到重力的作用，故C错误；
D、汽车关闭发动机后会逐渐停下，是因为汽车受到地面摩擦力的作用，摩擦力改变了汽车的运动状态，让汽车减速直至停下，并不是因为汽车失去牵引力，故D错误。
故选B。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、摩擦力会阻碍物体运动。
7．如图，金鱼吐出的某个气泡在温度恒定的水中上升过程的示意图。该过程中气泡受到水的压强、浮力的变化情况，叙述正确的是（　　）
A．压强变小，浮力变大 B．压强变小，浮力变小
C．压强变大，浮力不变 D．压强不变，浮力不变
【答案】A
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】根据液体压强公式分析气泡受到的压强：气泡从水底向水面上升的过程中，浸入水中的深度h不断减小，而水的密度ρ、重力加速度g都保持不变，因此可以得出气泡受到的水的压强不断减小。压强减小后，气泡的体积就会逐渐膨胀变大，因此气泡排开水的体积也随之变大；再结合阿基米德原理浮力公式分析浮力：水的密度和g都不变，排开水的体积变大，因此气泡受到的浮力会变大。
，故选A。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
8．如图甲是托里拆利实验装置，如图乙是自制气压计。下列有关说法正确的是
A．图甲：玻璃管中混入少量空气，所测大气压值比真实值偏大
B．图甲：管口不离开水银面的情况下，将玻璃管倾斜，玻璃管内外水银面的高度差会变大
C．图乙：将瓶中水完全装满。该气压计仍能正常使用
D．图乙：将该气压计从山顶拿到山脚(不计温度变化)，玻璃管中的水柱高度会下降
【答案】D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】A：图甲中，玻璃管内混入少量空气，空气会产生向下的压强，导致水银柱高度降低，所测大气压值比真实值偏小，故A错误；
B：图甲中，管口不离开水银面时，将玻璃管倾斜，大气压不变，水银柱的垂直高度不变，只是长度变长，故B错误；
C：图乙中，若瓶中水完全装满，瓶内没有空气，无法形成内外气压差，水柱无法随外界气压变化而升降，气压计不能正常使用，故C错误；
D：图乙中，从山顶到山脚，外界大气压增大，瓶内气压大于外界大气压的差值减小，玻璃管中的水柱高度会下降，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查托里拆利实验误差分析，混入空气会使测量结果偏小；
B：考查托里拆利实验的特点，玻璃管倾斜不影响水银柱的垂直高度；
C：考查自制气压计的工作原理，需要瓶内留有空气，利用内外气压差使水柱升降；
D：考查大气压与高度的关系，高度越低，大气压越高，瓶内气压将水柱压得更低。
9．如图，3N的小球被线拉住静止在水中，若小球受到浮力4.9N，则线对小球拉力是（　　）
A．7.9N B．4.9N C．1.9N D．0N
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；浮力大小的计算
【解析】【解答】图中小球在竖直向上的浮力，竖直向下的重力和拉力的作用下处于静止状态，根据平衡力的关系可知，线对小球的拉力为：
故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】对静止在水中的小球进行受力分析，根据平衡力的关系求出线对小球的拉力。
10．如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B 点上升到C点，之后来回摆动多次后静止在 B点。下列说法正确的是
A．小球摆到C点时速度最大
B．小球在 B 点只受重力的作用
C．小球从A 点摆动到C点过程中，机械能守恒
D．小球从A 点下落到B点过程中，重力势能转化为动能
【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A.根据图片可知，小球从B点到C点的过程中，高度增大，则重力势能增大；速度减小，则动能减小，即将动能转化为重力势能。C点时重力势能达到最大，此时动能为0，即速度最小为0，故A错误；
B. 小球在B点只受重力的作用，还受到细线的拉力作用，故B错误；
C. 小球从A 点摆动到C点过程中， 由于与空气摩擦，则部分机械能会转化为内能，因此机械能不守恒，故C错误；
D. 小球从A 点下落到B点过程中， 质量不变，高度减小，则重力势能减小；速度增大，则动能增大，那么将重力势能转化为动能，故D正确。
故选D。
【分析】A.动能与质量和速度大小有关，结合重力势能和动能的转化分析；
B.对B点时小球进行受力分析；
C.注意小球受到空气阻力出现机械能的损耗；
D.分析动能和重力势能大小，从而确定能量的转化过程。
二、多选题（每题4分，共8分）
11．如图所示，在一水平地面上，木箱重400N，受到的摩擦力为200N，用力F拉动木箱使它在2s内匀速直线运动了3m，不计滑轮重量及绳与滑轮间的摩擦。下列说法不正确的是（　　）
A．拉力F的大小为400N B．拉力 F 的移动速度为1.5m/s
C．A是动滑轮，B是定滑轮 D．绳子自由端移动了6m
【答案】A,B
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 A、由图可知，滑轮组中承担拉力的绳子段数n=2。木箱匀速直线运动，拉力与摩擦力平衡，动滑轮对木箱的拉力 F拉箱=f=200N。不计滑轮重及摩擦，自由端拉力，不是400N，故A符合题意。
B、物体移动速度。拉力移动速度，不是 1.5m/s，故B符合题意。
C、滑轮A随木箱一起运动，是动滑轮；滑轮B固定在墙面，不随物体运动，是定滑轮，故C不符合题意。
D、绳子自由端移动距离s=ns物=2×3m=6m，该描述正确，故D不符合题意。
故选：AB。
【分析】 （1）滑轮组绕线决定省力情况，拉力计算需结合绳子段数。
（2）拉力移动速度与物体移动速度满足滑轮组绳速关系。
（3）根据滑轮是否随物体运动，可判断动滑轮与定滑轮。
（4）绳子自由端移动距离与物体移动距离满足滑轮组距离关系。
12． 如图所示，科考船“深海一号”携“蛟龙”号载人潜水器于 2025年 7月 15日从青岛起航，成功完成我国首次北极冰区载人深潜。下列说法正确的是(g取10N/kg.
A．“深海一号”从青岛起航到北极冰区的过程中所受浮力变大
B．“深海一号”的排水量为4500t，此时所受浮力为
C．“蛟龙”号是通过改变自身重力实现下潜的
D．“蛟龙”号在水下携带岩石上浮到水面之前，浮力逐渐变大
【答案】B,C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：“深海一号”始终漂浮在水面上，浮力始终等于自身重力，从青岛到北极冰区过程中重力不变，因此浮力不变，故A错误；
B：根据阿基米德原理，浮力等于排开水的重力，排水量为，
则浮力，故B正确；
C：“蛟龙”号潜水器是通过向水舱中充水或排水，改变自身重力，从而实现下潜和上浮的，故C正确；
D：“蛟龙”号在水下携带岩石上浮到水面之前，排开水的体积不变，海水密度不变，根据，浮力大小不变，故D错误；
故答案为：BC。
【分析】A：考查漂浮条件，漂浮物体所受浮力始终等于自身重力；
B：考查阿基米德原理的应用，浮力等于排开液体的重力；
C：考查潜水器的工作原理，通过改变自身重力实现浮沉；
D：考查浮力的影响因素，浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关。
三、填空题（每空1分，共20分）
13．三峡大坝是举世瞩目的跨世纪工程，上下游水位差最高达113米，为了确保航运通畅，利用　 　原理修建了巨大的船闸，示意图如图所示，此时闸门A、B、阀门D均关闭，阀门C打开，闸室与上游水位相平，根据液体压强公式　 　，相同深度的液体压强相等，此时水对闸门A两侧的压力　 　。
【答案】连通器；；相等
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）船闸是利用连通器原理工作的：当阀门C或阀门D打开时，闸室与上游或下游水道构成连通器，通过控制水流进出，使闸室水位与上游或下游水位相平，船只即可安全通行。
根据液体压强公式 ，当阀门A两侧水位相平时，同一深度 处水产生的压强 相等；又因阀门A两侧受力面积 相同，由压力公式 可知，作用在阀门A两侧的压力大小相等。
故答案为：连通器；；相等；
【分析】（1）结合连通器的定义和特点，解释船闸的工作原理；关键知识点为连通器原理及其在船闸中的应用。
先利用液体压强公式分析阀门A两侧的压强关系，再通过压力公式推导两侧的压力关系；关键知识点为液体压强公式 和压力公式 的综合应用。
14．如图所示，是某拦河大坝的截面示意图。拦河大坝设计成“上窄下宽”是因为水的压强随着深度的增大而　 　；图中A点受到水的压强大小为　 　Pa。（，g取10N/kg）
【答案】增大；
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】在同种液体中，液体压强随深度的增大而增大。拦河大坝下方的深度更大，受到的水的压强也更大，因此大坝设计成上窄下宽的形状，以承受更大的水压。
由图可知，A点的深度：
根据液体压强公式，A点受到水的压强：
故答案为：增大；；
【分析】考查液体压强的特点，解题关键是明确液体压强随深度增大而增大，大坝下方水深大、压强大，因此设计成上窄下宽来抵御更大的水压。
考查液体压强的计算，解题关键是先根据图中数据算出A点的深度，再代入公式 计算压强。
15．“嫦娥六号”从月球背面采集的月壤质量为1932 g，返回地球后，月壤的质量为　 　g；若月球对其表面附近物体的引力为地球的，则这些月壤在月球上所受的重力为　 　N；在月球上　 　（选填“能”或“不能”）用弹簧测力计测量这些月壤所受的重力。（取10 N/kg）
【答案】1932；3.22；能
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】质量不随着的位置的改变而改变，所以月壤在月球和地球的质量相同，即1932g，结合重力公式计算可知月壤在月球上所受的重力G=，测量物体重力常用方法为使用弹簧测力计，所以在月球上可以用弹簧测力计测量月壤的重力。
【分析】质量是物体的基本属性，和位置、形状、状态无关；
重力的计算：公式为G=mg。
16．长沙的很多餐馆用智能机器人替代人工送餐，如图所示。该机器人水平匀速前进30m，将重10N的菜盘送到客人桌前，用时20s，若机器人工作时牵引力恒为20N，完成本次送菜，牵引力做功　 　J，牵引力做功的功率为　 　W，此过程中机器人对菜盘做功为　 　J。
【答案】600；30；0
【知识点】功率的计算；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】牵引力做功为W=Fs=20N×30m=600J，则牵引力做功的功率为此过程中机器人对菜盘的力向上，菜盘没有在机器人手的支持力的方向上移动距离，所以机器人对菜盘做功为0J。
【分析】根据W=Fs得到牵引力做的功；根据P=得到牵引力做功的功率；做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
17．如图甲所示，木块放在粗糙的水平桌面上，推力水平向右且方向不变，推力F的大小随时间变化如图乙所示，物体的运动速度随时间变化如图丙，由图可知：在0 2s内，物体所受的摩擦力为　 　N；t＝3s时，物体所受的摩擦力为　 　N。2~4s木块的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】2；4；不变
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；摩擦力的大小
【解析】【解答】在0 2s内，物体静止，所受的摩擦力等于拉力等于2N，在4 6s内，物体做匀速直线运动，摩擦力等于拉力等于4N，物体在3s，物体运动，受到的压力和接触面粗糙程度不变，所以摩擦力不变等于4N，2-4s物体的质量不变，惯性不变。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力
滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
18．如图的托里拆利实验，玻璃管顶端的真空中　 　（选填“有”或“没有”）气压，测得大气压强等于　 　mm水银柱产生的压强。若换用同等长度但直径较细的玻璃管来做实验，所测得的数值将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】没有；760；不变
【知识点】液体压强的特点；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）在托里拆利实验中，玻璃管内灌满水银，即不存在空气，因此玻璃管顶端是真空，所以不会对水银柱产生压强。
（2）在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面的高度差产生的压强。根据图片可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度为760mm，即当时的大气压强等于760mm高水银柱产生的压强.
（3）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体压强大小只与液体密度和高度有关，与横截面积无关。若换用较粗或较细的玻璃管进行实验，管外大气压不变，水银柱的高度h不变，则所测得的数值将不变，即实验结果与玻璃管粗细无关。
【分析】（1）根据“玻璃管内灌满水银”分析；
（2）在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面的高度差产生的压强。
（3）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体压强大小只与液体密度和高度有关，与横截面积无关。
19．如题图所示，是某运动员在冬奥会自由式滑雪决赛滑行轨迹.她从a点滑到b点，其动能增大，重力势能　 　(选填“增大”“减小”或“不变”)；滑行过程中，运动员在b点的动能　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)c点的动能；运动员落至e点后不能立刻停下来，是由于运动员具有　 　.
【答案】减小；大于；惯性
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；惯性及其现象
【解析】【解答】a到b，高度下降，所以重力势能减小，b到c高度增加，速度减小，所以动能减小， 运动员落至e点后 由于惯性，不 能立刻停下来 。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
四、作图题（共2题，共6分）
20．物体放在静止的传送带上，没有发生相对滑动，请画出物体的受力情况。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】物体放在静止的传送带上，受到重力（方向竖直向下，作用于物体重心），受到支持力，方向垂直皮向上，作用于物体重心，受到摩擦力，方向沿着皮带向上，据此作图：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
支持力垂直斜面向上，作用于物体重心。
摩擦力和物体相对运动趋势相反，作用于物体重心。
21．如图所示，重力不计的杠杆OAB，可绕O点在竖直平面内转动。请在图中画出使杠杆保持平衡的最小动力F及其力臂l的示意图。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂固定时，动力臂越长，所需动力越小。分析图示可知，连接OB形成的线段是最长的动力臂l，对应的动力F最小。由于阻力使杠杆顺时针旋转，因此动力需使杠杆逆时针旋转。因此，动力方向应斜向上，并通过B点作OB的垂线来确定动力F的作用方向。
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
最小动力对应最长力臂，力臂最长为OB。
五、实验探究题（共3题，共16分）
22．压强有关实验：
（1）在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小邹同学用一块海绵和两块规格相同的长方体砖块做了如图所示的一系列实验，请仔细观察，并分析回答下列问题：
1 分析比较图　 　的实验现象，可得出结论：当受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；
②分析比较图乙和丙的实验现象，可以得出的结论：压力一定时，　 　，压力的作用效果越明显。
2 该实验中用到的实验方法有　 　（任填一个）。
（2）小明探究液体压强与哪些因素有关，实验时的情景如图1所示。
①如图1甲所示，实验前用手指按压探头上的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；
②通过比较　 　两图，可初步说明：同种液体内部的压强随深度的增加而增大；
③聪明的小林想知道实验中所用的盐水密度是多少，于是设计了如图戊所示的实验装置。内外两个容器紧密粘合在一起，内部小容器的底部为一张弹性很好的橡皮膜（橡皮膜的质量和体积忽略不计），小林进行了如下操作：
Ⅰ.在内部小容器内装入适量待测盐水，发现橡皮膜向下突出；
Ⅱ.在外部大容器内装入清水，直到橡皮膜变平，测出盐水深度h以及清水与盐水的液面高度差△h，请你写出此盐水的密度表达式：ρ盐水＝　 　（用含有h、△h和ρ水的式子表示）。
【答案】（1）乙、丁；受力面积越小；控制变量法
（2）不漏气；乙、丙；
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】(1)要得出受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显，需要控制受力面积相同、改变压力大小，图乙和丁满足条件，都为平放，受力面积相同丁压力更大。
图乙和丙中，压力相同，都是一块砖，受力面积不同，因此可得结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
压力的作用效果与压力大小和受力面积有关，应用控制变量法分析：同时通过海绵的凹陷程度反映压力作用效果，用到了转换法。
(2)按压压强计橡皮膜，U形管液面升降灵活，说明装置气密性良好，不漏气；若装置漏气，液面不会灵活升降。
要验证“同种液体内部压强随深度增加而增大”，需要控制液体种类相同、改变探头深度，乙、丙两图符合要求。
橡皮膜变平时，盐水对橡皮膜向下的压强等于清水对橡皮膜向上的压强，即，代入公式，解得ρ盐水=。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
4、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
5、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小.
23．小明用如图甲、乙、丙、丁所示的装置来完成探究“二力平衡的条件”的实验，则：
（1）为了减小实验误差，小明设计并按照甲乙丙的实验顺序进行，这样做的目的是减小　 　对实验的影响；
（2）在探究“二力的大小”对“二力平衡的条件”的影响时，小明没有用弹簧测力计测量物体在水平方向所受力的大小，而是通过用　 　来比较水平方向所受二力大小的；
（3）在探究“二力是否在同一直线上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将乙图中的小车扭转一个角度后松手，小车不再平衡，从而得出：只有作用在　 　（选填“同一直线”或“不同直线”）上的两个力，才能够平衡；
（4）在探究“二力是否作用在同一物体上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，此时卡片　 　（选填“能”或“不能”）平衡，从而得出结论。
【答案】（1）摩擦力
（2）钩码的数目
（3）同一直线
（4）不能
【知识点】力的合成与应用；探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）为了减小实验误差，小明设计了甲乙丙三个实验步骤并按顺序进行。在甲步骤中，木块运动时与桌面之间是滑动摩擦；乙步骤中，小车运动时与桌面之间是滚动摩擦；丙步骤中，小车不受摩擦力作用。这样设计的目的是为了尽可能减小摩擦力对实验结果的影响。
（2）在研究"二力的大小"对"二力平衡条件"的影响时，小明没有使用弹簧测力计直接测量水平方向受力大小，而是通过钩码数量来间接比较水平方向所受二力的大小，因为小车所受拉力等于钩码的重力。
（3）在研究"二力是否在同一直线上"对"二力平衡条件"的影响时，小明将乙图中的小车扭转一定角度后释放，此时小车受到的两个力不在同一直线上，结果小车不再保持平衡状态。由此得出结论：只有作用在同一直线上的两个力才能达到平衡。
（4）在研究"力是否作用在同一物体上"对"二力平衡条件"的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，结果两半卡片分别向相反方向加速运动，无法保持平衡状态。通过这个实验现象得出结论。
【分析】1、探究二力平衡试验仪器，砝码、纸片、铁支架，选择卡片可以不考虑物体重力，不选择木块是可以减少摩擦力的影响，避免影响两侧砝码质量不同，带来错误结论；
2、实验步骤： 在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个力方向 相反，调整砝码数量改变拉力大小， 为了探究平衡力是否在同一直线上，进行如下操作：当小卡片平衡后，小华将卡片 旋转 为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡 ，将卡片 一剪为二；
二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）为了减小实验误差，小明设计并按照甲乙丙的实验顺序进行，甲中木块运动时，木块与桌面之间是滑动摩擦，乙中小车运动时，小车与桌面之间是滚动摩擦，丙图中小车不受摩擦力作用，这样做的目的是为了减小摩擦力对实验的影响。
（2）在探究“二力的大小”对“二力平衡的条件”的影响时，小明没有用弹簧测力计测量物体在水平方向所受力的大小，但小车受到的拉力等于钩码的重力，可以通过用钩码数量来比较水平方向所受二力大小的。
（3）在探究“二力是否在同一直线上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将乙图中的小车扭转一个角度后松手，小车受到的两个力不在同一直线上，小车不再平衡，从而得出：只有作用在同一直线上的两个力，才能够平衡。
（4）在探究“力是否作用在同一物体上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，两卡片分别向相反方向加速运动，此时卡片不能平衡，从而得出结论。
24．小明利用如图器材完成了杠杆的动力大小与动力臂的关系实验探究。
（1）实验前和实验时为了便于测量力臂，都要保持杠杆在　 　位置平衡。
（2）如图甲，小明用斜向下的力F使杠杆保持平衡，请画出F的力臂L　 　。
（3）如图乙，在杠杆左端某一固定位置挂一个重 1.5N的物体，在杠杆右端不同位置施加竖直向下的动力F1使得杠杆保持平衡，记录的数据如下表。(杠杆上每一小格长度为1cm)
实验 第1次 第2次 第3次 第4次 第5次
动力 6.0 3.0 2.0 1.5 1
动力臂 L1/ cm 1.0 2.0 3.0 4.0 6.0
分析表中数据：杠杆平衡时，阻力和阻力臂保持不变时， 与 成　 　比。
（4）小明进一步分析数据发现F1和L1的乘积与阻力和阻力臂的乘积相等，为了得出杠杆的平衡条件，请你为小明接下来的操作提供合理的建议：　 　。
【答案】（1）水平
（2）
（3）反
（4）改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验）
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1) 实验前和实验时为了便于测量力臂，都要保持杠杆在水平位置平衡。
故答案为： 水平
(2) 力臂的画法：过支点O作力F作用线的垂线，垂线段的长度即为力F的力臂L，如下图所示：
故答案为：
(3) 分析表中数据：杠杆平衡时，阻力和阻力臂保持不变时，与成反比。
故答案为：反
(4) 为了得出杠杆的平衡条件，接下来的合理建议：改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验，或保持阻力和阻力臂不变，改变动力和动力臂，多次实验）。
故答案为：改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验）
【分析】(1) 本题考查杠杆的调节，杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆重合，便于直接测量力臂；
(2) 本题考查力臂的画法，力臂是支点到力的作用线的垂直距离，作图时需从支点向力的作用线作垂线；
(3) 本题考查杠杆平衡条件的应用，根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比；
(4) 本题考查实验探究的注意事项，为了得出普遍规律，需要改变阻力、阻力臂、动力、动力臂，进行多次实验，避免实验结论的偶然性。
六、计算题（共2题，共20分）
25．如图，龙门吊上的起重机通过滑轮组在10s内，将重为( 的货物沿竖直方向匀速提升 4m，滑轮组的机械效率为60%. g取 10N/kg.求
（1）货物的质量；
（2）滑轮组的有用功；
（3）拉力F的功率；
（4）拉力F的大小.
【答案】（1）
（2）
（3）
（4）解：s= nh=3×4m=12m
【知识点】功率的计算；重力及其大小的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据重力变形公式得出重为9×103N的货物的质量；
（2）根据W=Gh得出滑轮组做的有用功；
（3）根据得出拉力F的功率；
（4）求出拉力移动的距离，结合W=FS求解拉力F的大小。
26．如图所示，水平桌面上的平底薄壁容器（重力忽略不计）底面积为，容器内盛有质量为4kg的水。一实心正方体木块漂浮在水面上，木块的质量为0.6kg，体积为。g取10N/kg，求：
（1）木块的重力；
（2）木块受到的浮力；
（3）水对木块底面的压强；
（4）容器对水平桌面的压强。
【答案】（1）解：根据题意可知，木块的质量为0.6kg，则木块受到的重力为。
（2）解：根据漂浮条件可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，
即。
（3）解：根据F浮力=F下-F上可知，水对木块底面的压力；
根据V=a3得到：；
解得：a=0.1m；
那么木块的底面积S=a2=（0.1m）2=0.01m2；
水对木块底面的压强。
（4）解：容器对水平桌面的压力等于容器、水和木块的总重力，
即F=G总=G+G木块=6N+4kg×10N/kg=46N；
此时容器对水平桌面的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算木块的重力；
（2）木块漂浮时，其受到的浮力等于自身的重力；
（3）由浮力产生的原因可知水对木块底面的压力，然后根据体积公式V=a3可求出其边长，根据S=a2求出木块的底面积，再根据计算水对木块底面的压强；（4）容器对水平桌面的压力等于容器中水和木块的总重力，根据计算容器对水平桌面的压强。
（1）木块受到的重力为
（2）根据题意可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，即
（3）根据浮力产生的原因可知，水对木块底面的压力
木块的边长为
水对木块底面的压强
（4）根据可知，此时容器对水平桌面的压强为
1 / 1人教版初中物理八年级下学期期末模拟测试卷A卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．将圆珠笔笔芯立在桌面上，用手指压笔芯头，它就弯曲了（如图），这个现象说明了（　　）
A．力可以改变物体的运动状态
B．力可以改变物体的形状
C．物体间力的作用是相互的
D．手指对笔芯的力小于笔芯对手指的力
2．如图，弹簧测力计的两侧沿水平方向各用力F拉弹簧测力计并使其保持静止，此时弹簧测力计的示数如图所示，则拉力F 的大小为（　　）
A．8N B．4N C．2N D．0N
3．日常生活与物理知识紧密联系，生活中有很多工具运用了物理知识。下列说法错误的是（　　）
A．用吸管“吸”饮料是利用大气压强将饮料“压”入口中
B．汽车安全带及头枕的设计是为了防止惯性带来的危害
C．高压锅运用了气压增大、水的沸点升高的原理
D．用铅垂线来检查墙壁是否竖直，运用了重力的方向总是垂直向下的原理
4．踢毽子起源于汉代，高承《事物纪原》记：“今时小儿以铅锡为钱，装以鸡羽，呼为毽子。三五成群走踢……”。如图为两个小孩正在踢毽子的情景，下列说法正确的是
A．毽子上的羽毛没有惯性
B．踢出去的毽子继续上升是因为毽子具有惯性
C．毽子加速下落时的运动状态不变
D．小孩将下落的毽子踢起来，说明力可以改变物体的形状
5．如图所示，用弹簧测力计和相同的弹簧分别进行多次实验，其中力F可以作为F1、F2合力的是（　　）
A．只有② B．只有③ C．①② D．①③
6．生活中蕴含着许多物理知识，下列事例分析正确的是（　　）
A．跳远运动员助跑后起跳是为了增大惯性
B．正在水中下沉的石头一定受到浮力的作用
C．踢出去的足球没有受到力
D．汽车关闭发动机后不一会儿就停下来，是因为汽车没有受到牵引力了
7．如图，金鱼吐出的某个气泡在温度恒定的水中上升过程的示意图。该过程中气泡受到水的压强、浮力的变化情况，叙述正确的是（　　）
A．压强变小，浮力变大 B．压强变小，浮力变小
C．压强变大，浮力不变 D．压强不变，浮力不变
8．如图甲是托里拆利实验装置，如图乙是自制气压计。下列有关说法正确的是
A．图甲：玻璃管中混入少量空气，所测大气压值比真实值偏大
B．图甲：管口不离开水银面的情况下，将玻璃管倾斜，玻璃管内外水银面的高度差会变大
C．图乙：将瓶中水完全装满。该气压计仍能正常使用
D．图乙：将该气压计从山顶拿到山脚(不计温度变化)，玻璃管中的水柱高度会下降
9．如图，3N的小球被线拉住静止在水中，若小球受到浮力4.9N，则线对小球拉力是（　　）
A．7.9N B．4.9N C．1.9N D．0N
10．如图所示，将小球拉到A点后松手，小球从A点下落到B点，又从B 点上升到C点，之后来回摆动多次后静止在 B点。下列说法正确的是
A．小球摆到C点时速度最大
B．小球在 B 点只受重力的作用
C．小球从A 点摆动到C点过程中，机械能守恒
D．小球从A 点下落到B点过程中，重力势能转化为动能
二、多选题（每题4分，共8分）
11．如图所示，在一水平地面上，木箱重400N，受到的摩擦力为200N，用力F拉动木箱使它在2s内匀速直线运动了3m，不计滑轮重量及绳与滑轮间的摩擦。下列说法不正确的是（　　）
A．拉力F的大小为400N B．拉力 F 的移动速度为1.5m/s
C．A是动滑轮，B是定滑轮 D．绳子自由端移动了6m
12． 如图所示，科考船“深海一号”携“蛟龙”号载人潜水器于 2025年 7月 15日从青岛起航，成功完成我国首次北极冰区载人深潜。下列说法正确的是(g取10N/kg.
A．“深海一号”从青岛起航到北极冰区的过程中所受浮力变大
B．“深海一号”的排水量为4500t，此时所受浮力为
C．“蛟龙”号是通过改变自身重力实现下潜的
D．“蛟龙”号在水下携带岩石上浮到水面之前，浮力逐渐变大
三、填空题（每空1分，共20分）
13．三峡大坝是举世瞩目的跨世纪工程，上下游水位差最高达113米，为了确保航运通畅，利用　 　原理修建了巨大的船闸，示意图如图所示，此时闸门A、B、阀门D均关闭，阀门C打开，闸室与上游水位相平，根据液体压强公式　 　，相同深度的液体压强相等，此时水对闸门A两侧的压力　 　。
14．如图所示，是某拦河大坝的截面示意图。拦河大坝设计成“上窄下宽”是因为水的压强随着深度的增大而　 　；图中A点受到水的压强大小为　 　Pa。（，g取10N/kg）
15．“嫦娥六号”从月球背面采集的月壤质量为1932 g，返回地球后，月壤的质量为　 　g；若月球对其表面附近物体的引力为地球的，则这些月壤在月球上所受的重力为　 　N；在月球上　 　（选填“能”或“不能”）用弹簧测力计测量这些月壤所受的重力。（取10 N/kg）
16．长沙的很多餐馆用智能机器人替代人工送餐，如图所示。该机器人水平匀速前进30m，将重10N的菜盘送到客人桌前，用时20s，若机器人工作时牵引力恒为20N，完成本次送菜，牵引力做功　 　J，牵引力做功的功率为　 　W，此过程中机器人对菜盘做功为　 　J。
17．如图甲所示，木块放在粗糙的水平桌面上，推力水平向右且方向不变，推力F的大小随时间变化如图乙所示，物体的运动速度随时间变化如图丙，由图可知：在0 2s内，物体所受的摩擦力为　 　N；t＝3s时，物体所受的摩擦力为　 　N。2~4s木块的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
18．如图的托里拆利实验，玻璃管顶端的真空中　 　（选填“有”或“没有”）气压，测得大气压强等于　 　mm水银柱产生的压强。若换用同等长度但直径较细的玻璃管来做实验，所测得的数值将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
19．如题图所示，是某运动员在冬奥会自由式滑雪决赛滑行轨迹.她从a点滑到b点，其动能增大，重力势能　 　(选填“增大”“减小”或“不变”)；滑行过程中，运动员在b点的动能　 　(选填“大于”“小于”或“等于”)c点的动能；运动员落至e点后不能立刻停下来，是由于运动员具有　 　.
四、作图题（共2题，共6分）
20．物体放在静止的传送带上，没有发生相对滑动，请画出物体的受力情况。
21．如图所示，重力不计的杠杆OAB，可绕O点在竖直平面内转动。请在图中画出使杠杆保持平衡的最小动力F及其力臂l的示意图。
五、实验探究题（共3题，共16分）
22．压强有关实验：
（1）在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小邹同学用一块海绵和两块规格相同的长方体砖块做了如图所示的一系列实验，请仔细观察，并分析回答下列问题：
1 分析比较图　 　的实验现象，可得出结论：当受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；
②分析比较图乙和丙的实验现象，可以得出的结论：压力一定时，　 　，压力的作用效果越明显。
2 该实验中用到的实验方法有　 　（任填一个）。
（2）小明探究液体压强与哪些因素有关，实验时的情景如图1所示。
①如图1甲所示，实验前用手指按压探头上的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）；
②通过比较　 　两图，可初步说明：同种液体内部的压强随深度的增加而增大；
③聪明的小林想知道实验中所用的盐水密度是多少，于是设计了如图戊所示的实验装置。内外两个容器紧密粘合在一起，内部小容器的底部为一张弹性很好的橡皮膜（橡皮膜的质量和体积忽略不计），小林进行了如下操作：
Ⅰ.在内部小容器内装入适量待测盐水，发现橡皮膜向下突出；
Ⅱ.在外部大容器内装入清水，直到橡皮膜变平，测出盐水深度h以及清水与盐水的液面高度差△h，请你写出此盐水的密度表达式：ρ盐水＝　 　（用含有h、△h和ρ水的式子表示）。
23．小明用如图甲、乙、丙、丁所示的装置来完成探究“二力平衡的条件”的实验，则：
（1）为了减小实验误差，小明设计并按照甲乙丙的实验顺序进行，这样做的目的是减小　 　对实验的影响；
（2）在探究“二力的大小”对“二力平衡的条件”的影响时，小明没有用弹簧测力计测量物体在水平方向所受力的大小，而是通过用　 　来比较水平方向所受二力大小的；
（3）在探究“二力是否在同一直线上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将乙图中的小车扭转一个角度后松手，小车不再平衡，从而得出：只有作用在　 　（选填“同一直线”或“不同直线”）上的两个力，才能够平衡；
（4）在探究“二力是否作用在同一物体上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，此时卡片　 　（选填“能”或“不能”）平衡，从而得出结论。
24．小明利用如图器材完成了杠杆的动力大小与动力臂的关系实验探究。
（1）实验前和实验时为了便于测量力臂，都要保持杠杆在　 　位置平衡。
（2）如图甲，小明用斜向下的力F使杠杆保持平衡，请画出F的力臂L　 　。
（3）如图乙，在杠杆左端某一固定位置挂一个重 1.5N的物体，在杠杆右端不同位置施加竖直向下的动力F1使得杠杆保持平衡，记录的数据如下表。(杠杆上每一小格长度为1cm)
实验 第1次 第2次 第3次 第4次 第5次
动力 6.0 3.0 2.0 1.5 1
动力臂 L1/ cm 1.0 2.0 3.0 4.0 6.0
分析表中数据：杠杆平衡时，阻力和阻力臂保持不变时， 与 成　 　比。
（4）小明进一步分析数据发现F1和L1的乘积与阻力和阻力臂的乘积相等，为了得出杠杆的平衡条件，请你为小明接下来的操作提供合理的建议：　 　。
六、计算题（共2题，共20分）
25．如图，龙门吊上的起重机通过滑轮组在10s内，将重为( 的货物沿竖直方向匀速提升 4m，滑轮组的机械效率为60%. g取 10N/kg.求
（1）货物的质量；
（2）滑轮组的有用功；
（3）拉力F的功率；
（4）拉力F的大小.
26．如图所示，水平桌面上的平底薄壁容器（重力忽略不计）底面积为，容器内盛有质量为4kg的水。一实心正方体木块漂浮在水面上，木块的质量为0.6kg，体积为。g取10N/kg，求：
（1）木块的重力；
（2）木块受到的浮力；
（3）水对木块底面的压强；
（4）容器对水平桌面的压强。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】当用手指按压笔芯的头部时，可以观察到笔芯发生弯曲，这个现象体现了力的作用效果：力可以改变物体的形状。
故选B。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
2．【答案】B
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】弹簧测力计的示数与挂钩上所受的拉力大小相等；图中，弹簧测力计的分度值是0.2N，读数为4N，则拉力大小为4N，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据测力计的分度值，结合指针位置，测量拉力大小。
3．【答案】D
【知识点】重力的方向；惯性及其现象；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．当我们用吸管吸饮料时，会把吸管内的空气吸走，使得吸管内部气压低于外界大气压，饮料就是在大气压的作用下被压入我们口中的，故A正确；
B．汽车急刹车时，乘客的身体会因为惯性向前倾倒，发生追尾事故时，乘客的身体会因为惯性向后仰，安全带和头枕都能起到缓冲保护作用，都是为了避免惯性给人体带来伤害，故B正确；
C．液体的沸点会随着气压的增大而升高，使用高压锅煮饭时，能够升高锅内的气压，进而抬升水的沸点，让食物更快煮熟，故C正确；
D．用铅垂线检查墙壁是否竖直，利用的物理原理就是重力的方向始终是竖直向下的，故D错误。
故选D。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
4、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小。
4．【答案】B
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】A：一切物体都具有惯性，毽子上的羽毛也具有惯性，故 A 错误；
B：踢出去的毽子继续上升，是因为毽子具有惯性，要保持原来的运动状态，故 B 正确；
C：毽子加速下落时，速度大小发生变化，因此运动状态发生改变，故 C 错误；
D：小孩将下落的毽子踢起来，说明力可以改变物体的运动状态，而非改变物体的形状，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查惯性的普遍性，明确一切物体都具有惯性；
B：考查惯性的应用，理解物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
C：考查运动状态的改变，运动状态包括速度大小和运动方向，加速下落时速度大小改变，运动状态改变；
D：考查力的作用效果，力可以改变物体的形状或运动状态，踢毽子是改变了运动状态。
5．【答案】B
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】 根据合力的概念可知，一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，则这个力叫做两个力的合力，即是等效的，图中采用弹簧的伸长显示力的作用效果，当两次弹簧的伸长量相同且伸长的方向都相同时，则说明力F可以作为F1、F2的合力，故③正确。
故选：B。
【分析】根据合力的作用效果与两个分力的作用效果相同分析。
6．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；摩擦力产生的条件；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A、惯性的大小仅由物体的质量决定，运动员的质量没有发生改变，因此惯性大小也保持不变。助跑的作用是借助惯性获得更大的起跳速度，并不是增大惯性，故A错误；
B、即使是正在下沉的石块，它的上下表面仍然存在压力差，所以下沉的石块依然受到浮力作用；石块下沉的原因是它受到的浮力小于自身的重力，并非不受浮力，故B正确；
C、地球附近的所有物体都受到重力作用，所以被踢出去的足球，一定受到重力的作用，故C错误；
D、汽车关闭发动机后会逐渐停下，是因为汽车受到地面摩擦力的作用，摩擦力改变了汽车的运动状态，让汽车减速直至停下，并不是因为汽车失去牵引力，故D错误。
故选B。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、摩擦力会阻碍物体运动。
7．【答案】A
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】根据液体压强公式分析气泡受到的压强：气泡从水底向水面上升的过程中，浸入水中的深度h不断减小，而水的密度ρ、重力加速度g都保持不变，因此可以得出气泡受到的水的压强不断减小。压强减小后，气泡的体积就会逐渐膨胀变大，因此气泡排开水的体积也随之变大；再结合阿基米德原理浮力公式分析浮力：水的密度和g都不变，排开水的体积变大，因此气泡受到的浮力会变大。
，故选A。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
8．【答案】D
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；气压计和抽水机
【解析】【解答】A：图甲中，玻璃管内混入少量空气，空气会产生向下的压强，导致水银柱高度降低，所测大气压值比真实值偏小，故A错误；
B：图甲中，管口不离开水银面时，将玻璃管倾斜，大气压不变，水银柱的垂直高度不变，只是长度变长，故B错误；
C：图乙中，若瓶中水完全装满，瓶内没有空气，无法形成内外气压差，水柱无法随外界气压变化而升降，气压计不能正常使用，故C错误；
D：图乙中，从山顶到山脚，外界大气压增大，瓶内气压大于外界大气压的差值减小，玻璃管中的水柱高度会下降，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查托里拆利实验误差分析，混入空气会使测量结果偏小；
B：考查托里拆利实验的特点，玻璃管倾斜不影响水银柱的垂直高度；
C：考查自制气压计的工作原理，需要瓶内留有空气，利用内外气压差使水柱升降；
D：考查大气压与高度的关系，高度越低，大气压越高，瓶内气压将水柱压得更低。
9．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；浮力大小的计算
【解析】【解答】图中小球在竖直向上的浮力，竖直向下的重力和拉力的作用下处于静止状态，根据平衡力的关系可知，线对小球的拉力为：
故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】对静止在水中的小球进行受力分析，根据平衡力的关系求出线对小球的拉力。
10．【答案】D
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A.根据图片可知，小球从B点到C点的过程中，高度增大，则重力势能增大；速度减小，则动能减小，即将动能转化为重力势能。C点时重力势能达到最大，此时动能为0，即速度最小为0，故A错误；
B. 小球在B点只受重力的作用，还受到细线的拉力作用，故B错误；
C. 小球从A 点摆动到C点过程中， 由于与空气摩擦，则部分机械能会转化为内能，因此机械能不守恒，故C错误；
D. 小球从A 点下落到B点过程中， 质量不变，高度减小，则重力势能减小；速度增大，则动能增大，那么将重力势能转化为动能，故D正确。
故选D。
【分析】A.动能与质量和速度大小有关，结合重力势能和动能的转化分析；
B.对B点时小球进行受力分析；
C.注意小球受到空气阻力出现机械能的损耗；
D.分析动能和重力势能大小，从而确定能量的转化过程。
11．【答案】A,B
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 A、由图可知，滑轮组中承担拉力的绳子段数n=2。木箱匀速直线运动，拉力与摩擦力平衡，动滑轮对木箱的拉力 F拉箱=f=200N。不计滑轮重及摩擦，自由端拉力，不是400N，故A符合题意。
B、物体移动速度。拉力移动速度，不是 1.5m/s，故B符合题意。
C、滑轮A随木箱一起运动，是动滑轮；滑轮B固定在墙面，不随物体运动，是定滑轮，故C不符合题意。
D、绳子自由端移动距离s=ns物=2×3m=6m，该描述正确，故D不符合题意。
故选：AB。
【分析】 （1）滑轮组绕线决定省力情况，拉力计算需结合绳子段数。
（2）拉力移动速度与物体移动速度满足滑轮组绳速关系。
（3）根据滑轮是否随物体运动，可判断动滑轮与定滑轮。
（4）绳子自由端移动距离与物体移动距离满足滑轮组距离关系。
12．【答案】B,C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：“深海一号”始终漂浮在水面上，浮力始终等于自身重力，从青岛到北极冰区过程中重力不变，因此浮力不变，故A错误；
B：根据阿基米德原理，浮力等于排开水的重力，排水量为，
则浮力，故B正确；
C：“蛟龙”号潜水器是通过向水舱中充水或排水，改变自身重力，从而实现下潜和上浮的，故C正确；
D：“蛟龙”号在水下携带岩石上浮到水面之前，排开水的体积不变，海水密度不变，根据，浮力大小不变，故D错误；
故答案为：BC。
【分析】A：考查漂浮条件，漂浮物体所受浮力始终等于自身重力；
B：考查阿基米德原理的应用，浮力等于排开液体的重力；
C：考查潜水器的工作原理，通过改变自身重力实现浮沉；
D：考查浮力的影响因素，浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关。
13．【答案】连通器；；相等
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）船闸是利用连通器原理工作的：当阀门C或阀门D打开时，闸室与上游或下游水道构成连通器，通过控制水流进出，使闸室水位与上游或下游水位相平，船只即可安全通行。
根据液体压强公式 ，当阀门A两侧水位相平时，同一深度 处水产生的压强 相等；又因阀门A两侧受力面积 相同，由压力公式 可知，作用在阀门A两侧的压力大小相等。
故答案为：连通器；；相等；
【分析】（1）结合连通器的定义和特点，解释船闸的工作原理；关键知识点为连通器原理及其在船闸中的应用。
先利用液体压强公式分析阀门A两侧的压强关系，再通过压力公式推导两侧的压力关系；关键知识点为液体压强公式 和压力公式 的综合应用。
14．【答案】增大；
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】在同种液体中，液体压强随深度的增大而增大。拦河大坝下方的深度更大，受到的水的压强也更大，因此大坝设计成上窄下宽的形状，以承受更大的水压。
由图可知，A点的深度：
根据液体压强公式，A点受到水的压强：
故答案为：增大；；
【分析】考查液体压强的特点，解题关键是明确液体压强随深度增大而增大，大坝下方水深大、压强大，因此设计成上窄下宽来抵御更大的水压。
考查液体压强的计算，解题关键是先根据图中数据算出A点的深度，再代入公式 计算压强。
15．【答案】1932；3.22；能
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】质量不随着的位置的改变而改变，所以月壤在月球和地球的质量相同，即1932g，结合重力公式计算可知月壤在月球上所受的重力G=，测量物体重力常用方法为使用弹簧测力计，所以在月球上可以用弹簧测力计测量月壤的重力。
【分析】质量是物体的基本属性，和位置、形状、状态无关；
重力的计算：公式为G=mg。
16．【答案】600；30；0
【知识点】功率的计算；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】牵引力做功为W=Fs=20N×30m=600J，则牵引力做功的功率为此过程中机器人对菜盘的力向上，菜盘没有在机器人手的支持力的方向上移动距离，所以机器人对菜盘做功为0J。
【分析】根据W=Fs得到牵引力做的功；根据P=得到牵引力做功的功率；做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
17．【答案】2；4；不变
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；摩擦力的大小
【解析】【解答】在0 2s内，物体静止，所受的摩擦力等于拉力等于2N，在4 6s内，物体做匀速直线运动，摩擦力等于拉力等于4N，物体在3s，物体运动，受到的压力和接触面粗糙程度不变，所以摩擦力不变等于4N，2-4s物体的质量不变，惯性不变。
【分析】力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以推力等于摩擦力
滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
18．【答案】没有；760；不变
【知识点】液体压强的特点；大气压强的测量方法
【解析】【解答】（1）在托里拆利实验中，玻璃管内灌满水银，即不存在空气，因此玻璃管顶端是真空，所以不会对水银柱产生压强。
（2）在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面的高度差产生的压强。根据图片可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的竖直高度为760mm，即当时的大气压强等于760mm高水银柱产生的压强.
（3）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体压强大小只与液体密度和高度有关，与横截面积无关。若换用较粗或较细的玻璃管进行实验，管外大气压不变，水银柱的高度h不变，则所测得的数值将不变，即实验结果与玻璃管粗细无关。
【分析】（1）根据“玻璃管内灌满水银”分析；
（2）在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面的高度差产生的压强。
（3）根据液体压强公式p=ρ液gh可知，液体压强大小只与液体密度和高度有关，与横截面积无关。
19．【答案】减小；大于；惯性
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；惯性及其现象
【解析】【解答】a到b，高度下降，所以重力势能减小，b到c高度增加，速度减小，所以动能减小， 运动员落至e点后 由于惯性，不 能立刻停下来 。
【分析】机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
20．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】物体放在静止的传送带上，受到重力（方向竖直向下，作用于物体重心），受到支持力，方向垂直皮向上，作用于物体重心，受到摩擦力，方向沿着皮带向上，据此作图：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
支持力垂直斜面向上，作用于物体重心。
摩擦力和物体相对运动趋势相反，作用于物体重心。
21．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂固定时，动力臂越长，所需动力越小。分析图示可知，连接OB形成的线段是最长的动力臂l，对应的动力F最小。由于阻力使杠杆顺时针旋转，因此动力需使杠杆逆时针旋转。因此，动力方向应斜向上，并通过B点作OB的垂线来确定动力F的作用方向。
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
最小动力对应最长力臂，力臂最长为OB。
22．【答案】（1）乙、丁；受力面积越小；控制变量法
（2）不漏气；乙、丙；
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】(1)要得出受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显，需要控制受力面积相同、改变压力大小，图乙和丁满足条件，都为平放，受力面积相同丁压力更大。
图乙和丙中，压力相同，都是一块砖，受力面积不同，因此可得结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
压力的作用效果与压力大小和受力面积有关，应用控制变量法分析：同时通过海绵的凹陷程度反映压力作用效果，用到了转换法。
(2)按压压强计橡皮膜，U形管液面升降灵活，说明装置气密性良好，不漏气；若装置漏气，液面不会灵活升降。
要验证“同种液体内部压强随深度增加而增大”，需要控制液体种类相同、改变探头深度，乙、丙两图符合要求。
橡皮膜变平时，盐水对橡皮膜向下的压强等于清水对橡皮膜向上的压强，即，代入公式，解得ρ盐水=。
【分析】1、转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中 压力作用效果 难以直接测量，所以需要通过海绵的凹陷程度进行测量；
2、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
4、液体压强影响因素的试验：仪器有压强计、不同密度的液体，U型管；试验步骤：检查装置的气密性，方法为 按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化 明显，则气密性良好；使用控制变量法，探究压强和深度关系时，需要控制液体密度不变；
5、转换法：转换法：在物理实验中，某些物理量（动能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如用通过观察U型管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小.
23．【答案】（1）摩擦力
（2）钩码的数目
（3）同一直线
（4）不能
【知识点】力的合成与应用；探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）为了减小实验误差，小明设计了甲乙丙三个实验步骤并按顺序进行。在甲步骤中，木块运动时与桌面之间是滑动摩擦；乙步骤中，小车运动时与桌面之间是滚动摩擦；丙步骤中，小车不受摩擦力作用。这样设计的目的是为了尽可能减小摩擦力对实验结果的影响。
（2）在研究"二力的大小"对"二力平衡条件"的影响时，小明没有使用弹簧测力计直接测量水平方向受力大小，而是通过钩码数量来间接比较水平方向所受二力的大小，因为小车所受拉力等于钩码的重力。
（3）在研究"二力是否在同一直线上"对"二力平衡条件"的影响时，小明将乙图中的小车扭转一定角度后释放，此时小车受到的两个力不在同一直线上，结果小车不再保持平衡状态。由此得出结论：只有作用在同一直线上的两个力才能达到平衡。
（4）在研究"力是否作用在同一物体上"对"二力平衡条件"的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，结果两半卡片分别向相反方向加速运动，无法保持平衡状态。通过这个实验现象得出结论。
【分析】1、探究二力平衡试验仪器，砝码、纸片、铁支架，选择卡片可以不考虑物体重力，不选择木块是可以减少摩擦力的影响，避免影响两侧砝码质量不同，带来错误结论；
2、实验步骤： 在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个力方向 相反，调整砝码数量改变拉力大小， 为了探究平衡力是否在同一直线上，进行如下操作：当小卡片平衡后，小华将卡片 旋转 为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡 ，将卡片 一剪为二；
二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。
（1）为了减小实验误差，小明设计并按照甲乙丙的实验顺序进行，甲中木块运动时，木块与桌面之间是滑动摩擦，乙中小车运动时，小车与桌面之间是滚动摩擦，丙图中小车不受摩擦力作用，这样做的目的是为了减小摩擦力对实验的影响。
（2）在探究“二力的大小”对“二力平衡的条件”的影响时，小明没有用弹簧测力计测量物体在水平方向所受力的大小，但小车受到的拉力等于钩码的重力，可以通过用钩码数量来比较水平方向所受二力大小的。
（3）在探究“二力是否在同一直线上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将乙图中的小车扭转一个角度后松手，小车受到的两个力不在同一直线上，小车不再平衡，从而得出：只有作用在同一直线上的两个力，才能够平衡。
（4）在探究“力是否作用在同一物体上”对“二力平衡的条件”的影响时，小明将丁图中的卡片剪成两半，两卡片分别向相反方向加速运动，此时卡片不能平衡，从而得出结论。
24．【答案】（1）水平
（2）
（3）反
（4）改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验）
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1) 实验前和实验时为了便于测量力臂，都要保持杠杆在水平位置平衡。
故答案为： 水平
(2) 力臂的画法：过支点O作力F作用线的垂线，垂线段的长度即为力F的力臂L，如下图所示：
故答案为：
(3) 分析表中数据：杠杆平衡时，阻力和阻力臂保持不变时，与成反比。
故答案为：反
(4) 为了得出杠杆的平衡条件，接下来的合理建议：改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验，或保持阻力和阻力臂不变，改变动力和动力臂，多次实验）。
故答案为：改变阻力和阻力臂，多次进行实验，验证结论的普遍性（或保持动力和动力臂不变，改变阻力并调节阻力臂大小，再做几次实验）
【分析】(1) 本题考查杠杆的调节，杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆重合，便于直接测量力臂；
(2) 本题考查力臂的画法，力臂是支点到力的作用线的垂直距离，作图时需从支点向力的作用线作垂线；
(3) 本题考查杠杆平衡条件的应用，根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比；
(4) 本题考查实验探究的注意事项，为了得出普遍规律，需要改变阻力、阻力臂、动力、动力臂，进行多次实验，避免实验结论的偶然性。
25．【答案】（1）
（2）
（3）
（4）解：s= nh=3×4m=12m
【知识点】功率的计算；重力及其大小的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据重力变形公式得出重为9×103N的货物的质量；
（2）根据W=Gh得出滑轮组做的有用功；
（3）根据得出拉力F的功率；
（4）求出拉力移动的距离，结合W=FS求解拉力F的大小。
26．【答案】（1）解：根据题意可知，木块的质量为0.6kg，则木块受到的重力为。
（2）解：根据漂浮条件可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，
即。
（3）解：根据F浮力=F下-F上可知，水对木块底面的压力；
根据V=a3得到：；
解得：a=0.1m；
那么木块的底面积S=a2=（0.1m）2=0.01m2；
水对木块底面的压强。
（4）解：容器对水平桌面的压力等于容器、水和木块的总重力，
即F=G总=G+G木块=6N+4kg×10N/kg=46N；
此时容器对水平桌面的压强为。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；物体的浮沉条件及其应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算木块的重力；
（2）木块漂浮时，其受到的浮力等于自身的重力；
（3）由浮力产生的原因可知水对木块底面的压力，然后根据体积公式V=a3可求出其边长，根据S=a2求出木块的底面积，再根据计算水对木块底面的压强；（4）容器对水平桌面的压力等于容器中水和木块的总重力，根据计算容器对水平桌面的压强。
（1）木块受到的重力为
（2）根据题意可知，实心木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力等于木块的重力，即
（3）根据浮力产生的原因可知，水对木块底面的压力
木块的边长为
水对木块底面的压强
（4）根据可知，此时容器对水平桌面的压强为
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