资源简介

安徽师范大学附属中学2026届高三下学期考前适应性检测物理试卷
一、单选题
1．如图所示，用导线把验电器与锌板相连接，当用紫外线（频率单一）照射锌板时发生了光电效应，下列说法正确的是( )
A.有光子从锌板逸出
B.从锌板逸出的电子的动能均相同
C.验电器因带正电，指针张开一个角度
D.锌板带负电
2．某实验小组利用双缝干涉实验装置分别观察a、b两单色光的干涉条纹，发现在相同的条件下光屏上a光相邻两亮条纹的间距比b光的小。他们又将a、b光以相同的入射角由水斜射入空气，发现a光的折射角比b光的大，则( )
A.在空气中传播时，a光的波长比b光的大
B.在水中传播时，a光的速度比b光的大
C.在水中传播时，a光的频率比b光的小
D.由水射向空气时，a光的全反射临界角比b光的小
3．如图所示，N匝正方形闭合金属线圈abcd边长为L，线圈处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，绕着与磁场垂直且与线圈共面的轴以角速度ω匀速转动，ab边距轴。线圈中感应电动势的有效值为( )
A. B. C. D.
4．一定质量的理想气体，状态变化依次经历从a→b，再从b→c的过程，其压强和体积的关系如图所示，根据图像，下列说法正确的是( )
A.a→b过程，气体温度升高，放热
B.a→b过程，气体温度降低，放热
C.b→c过程，气体温度不变，放热
D.b→c过程，气体温度不变，吸热
5．已知质量为m的物体从距地心r处运动到无穷远处克服地球引力所做的功为，式中M为地球质量，G为引力常量。现将某卫星的质量记为，变轨前后稳定运行的轨道半径分别记为、，如图所示。则该卫星在进行轨道变换的过程中，发动机做的功至少为( )
A. B.
C. D.
6．在一个方向平行于纸面的匀强电场中，质量为m的带电小球从A点以水平速度v进入电场，经过一段时间到达B点，其速度竖直向下且大小为，小球的轨迹面为竖直平面。关于该带电小球的运动，下列说法正确的是( )
A.小球受到的电场力方向一定水平向左
B.小球受到的电场力大小可能是
C.小球的初动能和最小动能的比值一定是
D.小球运动的时间为
7．如图甲所示，一光滑斜面固定在水平地面上，其底端固定一轻质弹簧，将质量为m的物块从斜面顶端由静止释放，物块运动到最低点的过程中，其加速度随位移变化的规律如图乙所示，则( )
A.弹簧的劲度系数为
B.
C.弹簧的最大弹性势能为
D.物块的最大动能为
8．一个半径的金属圆环，用一根长度为的轻质绝缘丝线悬挂在O点，静置于磁感应强度的有界匀强磁场中，如图中虚线位置所示，磁场的边界到悬点的距离为。将圆环向左拉离平衡位置，此时丝线拉直并与竖直方向的夹角为60°，然后将圆环由静止释放，圆环在经过很长时间后达到稳定状态且圆环在运动过程中不形变、不翻转。已知圆环的质量，圆环的电阻（，）。圆环的圆心第一次到达磁场边界时，磁场力大小和重力大小相等。下列说法正确的是( )
A.圆环的圆心第一次到达磁场边界时，圆环的速度大小是
B.圆环的圆心第一次到达磁场边界时，绝缘丝线的拉力大小为零
C.圆环的圆心第一次到达磁场边界的过程中，圆环中产生的焦耳热是
D.圆环最终静止在磁场中的某个位置
二、多选题
9．如图所示，某同学在教室内将多把椅子依次斜搭在课桌上，形成如图甲所示的结构，可以将其简化为图乙所示模型，若该模型始终保持静止，下列关于模型说法正确的是( )
A.斜搭在最右侧边缘的椅子，所受相邻椅子的作用力方向一定竖直向上
B.斜搭在两侧最边缘的椅子，所受相邻椅子的支持力相同
C.若去掉最右侧边缘的椅子（该结构仍静止），桌面对椅子的摩擦力水平向右
D.若去掉最右侧边缘的椅子（该结构仍静止），桌面对椅子的作用力方向不变
10．如图所示，足够长的倾斜传送带倾角为，逆时针匀速运转的速度大小，传送带上有一种用特殊材料制作的可视为质点的乙物块，随传送带一起匀速运动，当乙物块运动至距传送带上端时，将也可视为质点的甲物块无初速的放到传送带上端，以后每当甲物块追上乙时，两者会发生弹性碰撞。已知甲、乙两物块质量均为，甲与传送带间的动摩擦因数，乙与传送带间的动摩擦因数，重力加速度g取，。则以下选项正确的是( )
A.乙运动的过程中受到的摩擦力大小为
B.甲刚放上传送带时加速度大小为
C.从开始放上甲物块到甲物块第一次追上乙物块所经历的时间
D.从开始放上甲物块到甲物块第二次追上乙的过程中，甲与传送带间因摩擦而产生的热量
三、实验题
11．小明同学在科技节的实验室开放期间，进入力学实验室探究影响向心力大小因素的实验：用如图甲所示的装置，已知小球在挡板A、B、C处做圆周运动的轨迹半径之比为，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种组合方式，左右每层半径之比由上至下分别为、和。回答以下问题：
(1)本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的______________________；
A.探究小车速度随时间变化规律
B.探究两个互成角度的力的合成规律
C.探究平抛运动的特点
D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系
(2)某同学把两个质量相等的钢球放在A、C位置，匀速转动手柄时，左边标尺露出1格，右边标尺露出4格，则该同学将传动皮带调至第______________________层塔轮（填“一”、“二”或“三”）；其他条件不变，若增大手柄转动的速度，两标尺示数的比值______________________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
12．学习了测量电源的电动势和内阻后，物理课外活动小组设计了如图甲所示的实验电路，电路中电源电动势E（电动势约）、内阻r，电阻箱R（电阻范围），电压表V（量程，内阻很大），电流表A（量程，内阻），开关、导线若干。
(1)若闭合电键，将单刀双掷电键掷向a，改变电阻箱R的阻值得到一系列的电压表的读数U，处理数据得到图像如图乙所示，写出关系式______________________（用题目所给字母表示）。
(2)若断开，将单刀双掷电键掷向b，改变电阻箱R的阻值得到一系列的电流表的读数I，处理数据得到图像如图丙所示，写出关系式______________________（用题目所给字母表示）。
(3)若闭合电键，将单刀双掷电键掷向，某次测量时电压表读数为，电流表读数为，则此时电阻箱接入电路中的电阻为______________________。
(4)课外小组的同学们对图像进行了误差分析，发现即使电流表内阻未知，将两个图像综合起来利用，完全可以避免由于电压表分流和电流表分压带来的系统误差。已知图像乙和丙纵轴截距分别为，斜率分别为，则电源的电动势______________________，内阻______________________。
四、计算题
13．如图所示，质量均为的物块C和B由轻质弹簧相连，初始时均静止，现将C缓慢下压一段距离后释放，C在竖直方向上做简谐运动，振动过程中，B恰好不能离开水平面。弹簧的劲度系数，运动过程中弹簧始终在弹性限度内，取重力加速度大小。
(1)求B对地面的最大压力；
(2)已知C做简谐运动的周期，以竖直向上为正方向，求C从负向位移最大处运动到弹簧恢复原长所用的最短时间。
14．如图所示，半径的四分之一光滑圆弧体B放在水平平台上，底端与平台相切并与其左端平齐，质量的小物块A（可视为质点）处于圆弧顶端P点正上方1m处，质量的小车C停在光滑水平面上，小车C紧靠平台左端，车的上表面与平台平齐。A与C、A与平台之间的动摩擦因数均为，B与平台间无摩擦.重力加速度取。开始时B锁定，将A由静止释放，最终A刚好没滑离小车，求：
(1)A滑到B底端时对B底端的压力大小；
(2)小车C的长度；
(3)若B不锁定，A刚好不能滑上小车，求B的质量。
15．如图，光滑水平桌面上有一个矩形区域abcd，bc长度为2L，cd长度为1.5L，e、f分别为ad、bc的中点.efcd区域存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B；质量为m、电荷量为+q的绝缘小球A静止在磁场中f点.abfe区域存在沿bf方向的匀强电场，电场强度为；质量为km的不带电绝缘小球P，以大小为的初速度沿bf方向运动.P与A发生弹性正碰，A的电量保持不变，P、A均可视为质点，不计两球重力.
（1）求碰撞后A球的速度大小；
（2）若A从ed边离开磁场，求k的最大值；
（3）若A从ed边中点离开磁场，求k的可能值和A在磁场中运动的最长时间.
参考答案
1．答案：C
解析：A.光电效应是指光照射在金属表面上，使金属内部的电子吸收能量逸出金属表面的现象，逸出的是电子（光电子），而不是光子，故A错误；
B.根据爱因斯坦光电效应方程
从金属表面逸出的光电子具有的最大初动能为；由于金属内部电子在逸出过程中克服阻力做功不同，逸出的电子动能介于之间，并不均相同，故B错误；
CD.锌板在紫外线照射下发生光电效应，电子从锌板表面逸出，锌板因失去电子而带正电。锌板与验电器用导线连接，验电器也带上正电，同种电荷相互排斥，指针张开一个角度，故C正确，D错误。
故选C。
2．答案：D
解析：A.根据相邻两条亮条纹的间距计算公式
由此可知
故A错误；
B.根据折射定律
a、b光以相同的入射角由水斜射入空气，a光的折射角比b光的大，则
根据光在介质中的传播速度与折射率的关系
可得在水中传播时，a光的速度比b光的小，故B错误；
C.在水中传播时，a光的折射率比b光的大，所以a光的频率比b光的大，故C错误；
D.根据临界角与折射率的关系
可得在水中传播时，a光的折射率比b光的大，a光的全反射临界角比b光的小，故D正确。
故选D。
3．答案：B
解析：交流电的最大值和两条边到转轴的距离无关，为
因此有效值为
故选B。
4．答案：C
解析：AB.根据题图可知，该理想气体状态从a→b过程为等容变化，压强p增大，根据查理定律
可知，气体温度升高，则内能增大，,因体积不变，，再根据热力学第一定律
可知，,气体吸热，故A、B错误；
CD.该理想气体从b→c过程为等温变化，温度不变，内能不变，,体积减小，则外界对气体做功，,根据热力学第一定律
ΔU＝Q＋W
可知，,气体放热，故C正确，D错误。
故选C。
5．答案：A
解析：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律有
可得卫星的动能
卫星从轨道变轨到，动能的变化量为
根据题意，卫星从轨道变轨到，克服地球引力做功为
根据功能关系，发动机做的功等于卫星动能的增加量与克服引力做功之和，即
故选A。
6．答案：C
解析：A.电场力一定有水平向左的分量，但可以同时有竖直分量，方向不一定是水平向左，故A错误。
B.将小球运动分解为水平方向和竖直方向，设水平向右为x正方向，竖直向下为y正方向，初速度，
B点速度，
设运动时间为t，加速度分量，
受力：电场力分量，
电场力大小
整理电场力大小得
由二次函数性质得电场力最小值
而，
故B错误；
C.时刻动能
整理为关于的二次函数
可得最小动能
初动能
故
故C正确；
D.只有当电场力竖直分量时，才有
即
若电场力存在竖直分量，时间不为该值，故D错误；
故选C。
7．答案：D
解析：A.由图乙可知，在过程中，物块加速度恒为，说明物块未接触弹簧，斜面光滑，由牛顿第二定律得
在处加速度为0，物块受力平衡，此时弹簧压缩量为，由平衡条件得
联立解得弹簧劲度系数，故A错误；
B.物块接触弹簧后做简谐运动，平衡位置在处。若物块在处速度为0，根据简谐运动的对称性，应有
但物块在处已经具有向下的速度，说明物块会运动到关于对称点的下方才停止，即振幅大于，所以，故B错误；
C.物块运动到最低点时，速度为0，弹簧弹性势能最大。对物块从释放到最低点的全过程应用机械能守恒定律，重力势能的减小量等于弹性势能的增加量，即
又
所以，故C错误；
D.物块向下先做匀加速运动，挤压弹簧后做加速度逐渐减小的加速运动，当位移为时，动能最大，由动能定理可知最大动能为
联立，
解得，故D正确。
故选D。
8．答案：C
解析：A.摆长为
磁场边界到悬点距离为8r。当圆环圆心第一次到达磁场边界时，圆心在竖直方向上距离悬点8r。设此时丝线与竖直方向夹角为θ，则
故
此时圆环圆心在边界线上，圆环下半部分在磁场中，切割磁感线的有效长度
圆环速度v沿切线方向，与水平方向夹角为，垂直切割磁感线的速度分量（竖直分速度）
感应电动势
感应电流
安培力
由题意可知
联立，解得，故A错误；
B.圆环圆心第一次到达磁场边界时，重力和安培力平衡，绝缘丝线的拉力提供向心力，不为零，故B错误；
C.圆环从静止释放到圆心第一次到达磁场边界的过程中，根据能量守恒定律，重力势能的减小量等于动能增加量与产生的焦耳热之和
解得，故C正确；
D.圆环在摆动过程中，只要圆环跨越磁场边界，就会产生感应电流，机械能转化为电能（焦耳热），振幅逐渐减小。当圆环的摆动幅度减小到圆环完全在磁场内部运动时，穿过圆环的磁通量不变，不再产生感应电流，安培力消失。此时圆环只受重力和拉力，机械能守恒，圆环将在磁场内做等幅摆动，而不是静止，故D错误。
故选C。
9．答案：AD
解析：A.隔离最右侧边缘椅子，它只与左侧一把椅子接触，受竖直向下重力以及相邻椅子作用力，由于结构保持静止，最右侧边缘椅子处于受力平衡状态，故合力为零，因此相邻椅子的作用力方向一定竖直向上，大小与重力相同，故A正确；
B.两侧边缘椅子对称，与相邻椅子接触面倾斜，所受支持力大小相等，但方向不同，左侧椅子受力斜向右上，右侧椅子受力斜向左上，故B错误；
C.以所有椅子为整体，去掉右侧椅子后，剩余系统仍静止，整体受重力和桌面作用力。系统重力方向竖直向下，二力平衡要求桌面作用力的合力竖直向上，即水平方向合力为零，故摩擦力必为零，故C错误；
D.去掉右侧椅子后，只要系统仍静止，总重力仍竖直向下，桌面作用力必须保持竖直向上才能平衡，方向不变，故D正确；
故选AD。
10．答案：BD
解析：A.甲放上之前，乙随传送带匀速运动，受力平衡。重力沿斜面向下的分力，由静摩擦力提供平衡，故摩擦力大小为，方向沿斜面向上。故A错误；
B.甲无初速释放，传送带以逆时针运转。甲相对传送带向上运动，滑动摩擦力沿传送带向下，大小，重力分力
合力，加速度，故B正确；
C.甲先以加速至，时间，位移
此时乙以匀速运动，初始位置在甲下方，内，乙下移，两者相距
此后甲相对传送带向下运动，受摩擦力沿斜面向上，由牛顿第二定律，故甲继续加速，乙仍匀速。
设再经追上，有，解得
总时间，故C错误；
D.甲与传送带间的滑动摩擦力大小恒为，内，甲速度小于传送带，相对传送带向上，相对位移大小
内，甲速度大于传送带，相对传送带向下，相对位移大小
第一次碰撞时，由碰撞规律，质量相等弹性碰撞，速度交换。碰后甲速度变为，乙变为
此时乙向下运动，受到滑动摩擦力，加速度，方向沿斜面向上，故乙做匀减速运动。
第二次相撞时有，解得
则相对位移大小
因此甲总相对位移
摩擦生热，故D正确；
故选BD。
11．答案：(1)D
(2)二；不变
解析：（1）A.探究影响向心力大小因素的实验，采用的核心方法是控制变量法。
探究小车速度随时间变化规律，观察单个物理量随时间的变化，无需控制变量，利用了极限思想计算小车的速度，故A错误；
B.探究两个互成角度的力的合成规律，应用的是等效替代法，故B错误；
C.探究平抛运动的特点，将曲线运动分解为两个直线运动，采用运动的合成与分解；实验中，若两球同时落地，两球在竖直方向上运动效果相同，应用了等效思想，故C错误；
D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系，先保持质量不变，研究a与F的关系；再保持力不变，研究a与m的关系，是典型的控制变量法，故D正确。
故选D。
（2）将两个质量相等的钢球分别放在A、C位置，由题干信息可得，
标尺示数反映向心力大小，左边标尺露出1格，右边露出4格，故
由向心力公式，因质量、半径均相同，有
故
塔轮通过皮带传动，左右塔轮边缘线速度大小相等，有，故
解得，故选第二层。
增大手柄转速，整个系统转速同步提升，但皮带传动，左右塔轮缘线速度大小始终相等，故角速度之比始终等于塔轮半径的反比，不随转速变化。因此，左右向心力之比不变，标尺示数比值不变。
12．答案：(1)
(2)
(3)
(4)；
解析：（1）闭合电键，将单刀双掷电键掷向a，此时电压表并联在电阻箱上，电流表断路，电压表读数为电阻箱上电压，由闭合电路欧姆定律
整理为线性关系有
（2）断开，将单刀双掷电键掷向b，此时电压表断路，电流表接入电路，电流表示数为整个回路电流，由闭合电路欧姆定律
整理为线性关系有
（3）闭合电键，将单刀双掷电键掷向b，此时电压表并联在电流表与电阻箱上，电流表与电阻箱串联，电流表示数为回路电流（忽略电压表分流），电压表为干路电压，则
解得
（4）若考虑电压表分流，电流表分压，图乙表示伏阻法测电动势及内阻的变化图线，由闭合电路欧姆定律有，
联立解得，不受电压表内阻影响，
图丙表示安阻法测电动势及内阻的变化图线，在不知道电流表内阻情况下，不受影响
故联立、可解得，
13．答案：(1)
(2)
解析：（1）初始时，C静止在弹簧上，由牛顿第二定律解得弹簧压缩量，此时为C平衡位置。
设向上为正方向，C在竖直方向上做简谐运动，最高点时物块C位移即为振幅，弹簧形变量为，此时弹簧拉伸，对B的力向上，此时B恰好不能离开水平面，即弹簧拉力等于其重力，有
解得
C在最低点时，弹簧压缩量最大，此时压缩量为，弹簧对B向下的弹力最大，有
B受力有，竖直向下重力，弹簧弹力，地面支持力，受力平衡有
由牛顿第三定律，B对地面的最大压力大小等于地面支持力为
（2）以平衡位置为原点，设振动方程。
简谐运动周期，故角频率
振幅，振动方程满足时，故
弹簧恢复原长时，C的位移
解得最小正解
14．答案：(1)50N
(2)3m
(3)0.25kg
解析：（1）A由静止释放到滑到最底端，由动能定理有
解得
由圆周运动向心力公式有
解得
据牛顿第三定律可知，A对B底端压力大小为50N。
（2）地面光滑，A与小车C构成的系统动量守恒，最终共速，有
解得
由能量守恒定律有
解得
（3）若B不锁定，设B的质量为，A由静止释放到滑到B底端这个过程，A与B构成的系统机械能守恒和在水平方向上动量守恒，有，
则有
而
A离开B底端后向左匀减速，运动到平台左端速度恰好为0。由动能定理有
联立解得
15．答案：（1）；（2）1；（3）或，
解析：（1）设P、A碰后的速度分别为和，P碰前的速度为由动量守恒定律由机械能守恒定律解得
（2）设A在磁场中运动轨迹半径为R，由牛顿第二定律得
解得
由公式可得R越大，k值越大如图
当A的轨迹与cd相切时，R为最大值
求得k的最大值为
（3）令z点为ed边的中点，分类讨论如下
（I）A球在磁场中偏转一次从z点就离开磁场，如图
有解得由可得
（II）由图可知A球能从z点离开磁场要满足
则A球在磁场中还可能经历一次半圆运动后回到电场，再被电场加速后又进入磁场，最终从z点离开
如图
由几何关系有解得或由可得或
球A在电场中克服电场力做功的最大值为当时
由于
当时
由于综合（I）、（II）可得A球能从z点离开的k的可能值为或
A球在磁场中运动周期为当时，A球在磁场中运动的最长时间
即

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