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2026年云南省原创定制卷（一）·物理
全卷总分：90分 考试时间：75分钟
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求.全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1.下列对物理量的估测最接近实际的是 （ ）
A.教室黑板长度约为4 m B.一张课桌的质量为50 g
C.昆明夏天教室内平均气温约为30℃ D.老师正常行走时的速度约为10 m/s
2.小明寒假去昆明滇池看红嘴鸥，抓拍到如图所示的图片，下列关于该图片的说法正确的是 （ ）
A.倒映在水中的“红嘴鸥”是实像
B.红嘴鸥在水中的像是光的反射形成的
C.在平静的水面呈现红嘴鸥的像，是由于光在水面发生了漫反射
D.当红嘴鸥远离水面飞走时，它在水中的像将越来越小
3.小明周末为父母炖了一道云南特色汤——三七炖乌鸡汤.关于炖汤过程，下列说法正确的是 （ ）
A.炖汤是通过做功的方式增大汤的内能
B.汤沸腾后继续炖煮，温度不变，含有的热量变大
C.汤沸腾后香气四溢，是分子做无规则运动的结果
D.汤沸腾后锅周围会冒出“白气”，“白气”是汽化形成的
4.2025年2月22日，中星10 R卫星搭乘长征三号乙运载火箭在中国西昌卫星发射中心成功发射升空，卫星按计划进入预定轨道.如图所示为火箭发射时的情景，下列说法正确的是 （ ）
A.火箭升空的过程中不受重力的作用
B.火箭加速升空的过程中卫星的动能不变，重力势能变小
C.火箭加速升空时处于非平衡状态
D.火箭给气体向下的力与气体给火箭向上的推力是一对平衡力
5.如图是某种柔性电池，与传统的刚性电池不同，柔性电池采用可伸缩且容易恢复的轻质材料制成.下列说法不正确的是 （ ）
A.柔性电池提供的电能是二次能源 B.柔性电池能应用到医疗可穿戴设备上
C.柔性电池充电时将化学能转化为电能 D.柔性电池使用结束后不能随意丢弃
6.立定跳远是中考体育项目之一，为避免考生犯规，需要设计一个犯规提醒电路，当有考生踏上测试垫时，开关S1、S2会自动同时闭合，电路安全；当机器感应到脚尖过线，红外感应开关S2断开，蜂鸣器发出声音提醒考生犯规，如图设计的电路图符合要求的是 （ ）
7.如图，建筑工人通过动滑轮用竖直向上的力将重为500 N的物体匀速拉到高处的平台上，动滑轮的重力为100 N.不计绳重和摩擦，下列说法正确的是 （ ）
A.使用动滑轮既可以省力又可以省距离
B.工人所用拉力为250 N
C.当绳端以0.5 m/s的速度移动5 s时，物体上升高度为1.25 m
D.物重必须大于50 N，该装置才可省力
8.“小气球，大用途”，小明用气球进行了如图所示的小实验.下列实验中相关解释正确的是 （ ）
A.图甲：与毛皮摩擦后的气球“粘”在墙壁上——说明气球经摩擦后创造了电荷
B.图乙：把气球压在紧密排列的大头针上，气球不破——增大受力面积可以减小压强
C.图丙：向气球内充入氦气，氦气球会上升——氦气密度小于空气，氦气球受到空气浮力的作用
D.图丁：向下按压气球，气球变形了——说明力可以改变物体的运动状态
9.探究通电螺线管外部磁场的方向实验中，在螺线管的两端各放一个小磁针（N、S极已标出），并在硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后轻敲纸板，铁屑分布如图，则 （ ）
A.图中A、B两点相比较，B点处磁场较强
B.若只改变螺线管中的电流方向，A、B两点处的磁场方向改变
C.若只增加通电螺线管的匝数，通电螺线管两端的小磁针会偏转
D.通电时，螺线管的左端为S极
10.如图是学校创新小组设计的一个“划船健身器”部分电路原理示意图，其中电源电压恒为12 V，保护电阻R0为10 Ω，R是一个滑动变阻器，其中ab段是导体，bc段是绝缘体，闭合开关后，滑片P从滑动变阻器R的最左端滑到最右端时，电压表示数的变化范围是0～10 V，施加在c点拉力的大小可以通过拉力显示表（用电表改装）读出，要求拉力越大，电表示数越大，则下列判断正确的是 （ ）
A.拉力显示表是用电压表改装成的
B.拉力越大，电压表与电流表示数的比值越小
C.R连入电路的阻值变化范围0～50Ω D.R0的最小功率为0.4 W
二、填空题（本大题共6小题，11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11.如图是俞伯牙弹奏《高山流水》的情景，他弹奏古琴时左、右手相互配合，左手按弦取音，右手弹弦出音.琴声是由琴弦的________产生的；弹奏时左手按压琴弦的不同位置，这是为了改变声音的________.
12.我国高铁技术处于世界领先水平，稳定性非常高.如图，在高铁的窗台上立一枚硬币，高铁平稳向东行驶时，硬币“一动不动”，描述这一过程所选的参照物是________；当硬币缓缓向东滚动时，可能是高铁在缓慢________(选填“加速”或“减速”).
13.如图是小明自制的简易吸尘器，当手按动开关时，小风扇就会转动，使扇叶附近的空气流速变快，压强变________，在________的作用下，轻小的灰尘就会被吸入瓶子里.
14.用稀硫酸和锌粒制取氢气时的场景如图，采用向下排空气法收集氢气的原因是氢气的密度________（选填“大于”“小于”或“等于”）空气的密度；近两年乘客网上购票后通过“刷身份证”配合面部识别即可顺利进站.将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生________从而识别乘客身份.
15. 小明利用如图的装置探究近视眼的矫正过程,实验中蜡烛、光屏和水透镜的位置如图所示时，光屏上恰能成清晰像(未画出),继续将蜡烛向左移动,调节光屏位置,可得到倒立、________的清晰像；用注射器给水透镜注入一部分水模拟近视眼,为了在光屏上成清晰的像，应在水透镜前放一适当度数的________(选填“凸”或“凹”)透镜.
16.国之重器歼-35A隐形战机酷炫首秀
　　2024年11月12日，万众瞩目的第十五届中国国际航空航天博览会在珠海开幕.中国第二款第五代隐形战斗机歼-35A，按原计划在金湾机场上空进行了空中飞行表演.毫无疑问，歼-35A的空中惊艳亮相，让其成为航展上最靓的“明星”.
　　飞行表演开始，歼-35A一个大仰角暴力拉升（如图），尾部喷出超音速的尾气，继续膨胀，受背压环境的压缩产生激波使尾气中残存燃料燃烧发光，形成一串美丽的马赫环（马赫环：当火焰速度超过音速，且达到了相当高的温度，气体在内外压力不一致的情况下产生膨胀、压缩的循环现象，火焰中便会出现等间距的“圆环”），展现了它强大的动力性能，伴随机翼翼尖拉出的两条白线，一个垂直转身“筋斗”动作，让观众赞叹不已！据军事专家介绍：歼-35A起飞重量可逼近30吨，最大时速为2.2马赫（马赫数指飞行器速度与音速的比值），最大作战半径约为1 350公里，从外观设计以及它采用的材料涂料等来看，雷达隐身、红外隐身、光学隐身、声学隐身等技术已达到世界领先水平.歼-35A在航展上的惊鸿一瞥，标志着中国空军正式迈入了“双隐身战机时代”，具有划时代的意义.
（1）结合材料分析，歼-35A飞行时，出现“马赫环”现象，需满足的条件有____________.（答一种即可）
（2）翼尖拉出的两条白线是机翼在空中高速划过留下湿气体旋涡流，在旋涡里由于气压的作用，湿气体的内能________（选填“增加”或“减小”）形成的；
（3）歼-35A具有强大的动力系统，最高时速可达________m/s（声音在空气中的传播速度取340 m/s）,同时具有强大的隐身功能，其中雷达隐形功能，是因为体表形状及材料能有效减弱它对________（选填“超声波”“次声波”或“电磁波”）的反射.
三、作图题（本大题共1小题，共4分）
17.（1）如图甲所示，用轻质杆将一电灯吊起，O点是支点，作出动力F1的力臂L.
（2）如图乙所示，请判断家庭电路的火线和零线并填写在括号里，在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡.
四、实验探究题（本大题共4小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
18.2025年2月9日，在哈尔滨第九届亚冬会滑雪登山女子短距离决赛中，中国选手摘得金牌.爱动脑筋的小明思考：在滑雪比赛中，如何能减小滑雪板与雪地间的摩擦力来提高运动员的成绩呢？小明猜想滑动摩擦力的大小可能与接触面所受的压力大小和接触面的粗糙程度有关.为验证猜想，小明选取了长方体木块（各表面粗糙程度相同）、弹簧测力计、砝码和粗糙程度不同的两块长木板等器材进行探究：
（1）实验中用弹簧测力计水平拉动木块，使木块沿长木板做________运动，根据________原理，此时受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计对木块的拉力大小.
（2）接着小明按照如图16甲、乙、丙所示的步骤继续实验，图甲、乙中，在其他条件不变的情况下，在木块上放置砝码是为了改变________从而探究滑动摩擦力大小与________的关系.
（3）比较图________可知，当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力________.本实验的主要研究方法是转换法和________法.
（4）小明还想知道滑雪板的面积大小是否会影响滑动摩擦力的大小.在甲实验的基础上，可以增加一个实验步骤，该操作是______________________，继续甲操作记录数据进行对比.
19.物理小组同学进行了以“水沸腾时温度变化特点”为主题的实验探究，请回答下列问题.
（1）图甲是某小组设计并组装的实验装置，硬纸板边缘处的小孔作用是____________________.
（2）下表是小组同学根据实验记录的数据，通过分析可知，水沸腾时温度________，撤去酒精灯后，温度逐渐下降，说明水沸腾时________.
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
温度/℃ 90 92 94 96 98 99 100 100 100
（3）在自由探究环节，小红和小明两位同学先后用同一装置，接取等量的自来水进行探究，根据实验数据作出的图像如图乙所示，可以发现两者记录的自来水的初温不同，你认为出现该情况可能的原因是：__________________________________.
20.实验小组想用图18甲测量标有“2.5 V”字样的小灯泡正常发光时的电功率.
(1)经检查，发现图甲有一根导线接错，请在这根导线上打“×”，并画出正确接法，且导线不交叉.
(2)电路连接完成后，在闭合开关前对电路进行检查，请你说出一个检查事项：__________________________________________.
(3)电路连接正确后，闭合开关，发现只有一个电表指针明显偏转，若电路故障只出现在小灯泡或滑动变阻器上，则电路故障可能是____________________________.
(4)排除故障后正确操作，记录每次实验测得的相关数据，如下表所示：
实验次数 电压U/V 电流I/A 电功率P/W 发光情况
1 0.5 0.16 不亮
2 1.3 0.22 暗
3 2.1 0.26 较亮
4 0.28 亮
5 2.9 0.30 很亮
①当电流表示数为0.28 A时，此时电压表示数如图乙所示为________V.
②根据实验测得的数据，可知小灯泡的额定功率为________W.
③表格中第1次实验中，小灯泡不亮的原因是：________________________________.
(5)小组成员找来家中两个外观一样、额定电压均为220 V的普通白炽灯，铭牌上已经看不清额定功率，但根据图丙中的灯丝形状（已知灯丝的材料相同），在未通电的情况下便可判断出两灯额定功率的大小.两灯中额定功率较大的是________灯；将两灯串联起来，接在220 V电路中，________灯更亮一些.(均选填“A”或“B”)
21.昆明冬天强冷空气来袭时，取暖成了大家要解决的首要问题，空调和电暖扇各有各的优点，小明认为使用电暖扇取暖更省电.现提供相同功率的空调和电暖扇.找来温度计和秒表验证小明的说法是否正确.在相同室温的同一房间内放置温度计，接下来的操作是__________________________________________________，如果出现__________________现象，则说明空调取暖更省电.
五、综合题（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
22.某种具有加热和保温功能的家用电热水壶，其发热部分的电路如图甲所示.图乙为其铭牌，其中电阻R1的阻值为100 Ω，加热挡的额定功率模糊不清.已知c水＝4.2×103 J/(kg·℃)，求：
(1)电阻R2的阻值.
(2)电热水壶加热挡的额定功率.
(3)若该电热水壶的加热效率为84%，一个标准大气压下，电热水壶加热挡正常工作多少s可以将初温为20 ℃、质量为1.5 kg的水烧开(结果仅保留整数)
23.一个边长为5 cm、重为3 N的正方体金属块A通过一根10 cm长的细线拉着一个正方体木块B（不吸水）静止在水中(如图).木块B的边长为10 cm，其中有3 cm高度露出水面.(已知木块的密度为0.6×103 kg/m3，水的密度为1.0×103 kg/m3，绳重忽略不计)求：
(1)木块B下表面受到水的压强.
(2)木块B受到的浮力.
(3)继续向容器中注入一定量的水后，恰好使金属块A对容器底部压力为零，则水面上升的高度是多少？
2026年云南省原创定制卷（一）·物理
详解详析
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求.全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1.A　
【解析】教室的宽度一般为6 m，两边各留1 m，所以教室黑板的长度约为4 m，A正确；一张课桌的质量约为8 kg，B错误；昆明夏天一般室内平均气温约为 20 ℃，很少超过30 ℃，C错误；老师正常行走时的速度约为1 m/s，D错误.故选A.
2.B　
【解析】平静的湖面相当于平面镜，平面镜的成像原理是光的反射，所以水中映出的“红嘴鸥”是虚像，A错误；红嘴鸥在水中的像是光的反射形成的，B正确；在平静的水面呈现红嘴鸥的像，是由于光在水面发生了镜面反射，C错误；当红嘴鸥远离水面飞走时，由于平面镜成像时，像的大小与物体大小相同，所以它在水中的像大小不变，D错误.故选B.
3.C　
【解析】炖汤的过程，热量先传递给锅，再传递给汤，所以是通过热传递的方式增大汤的内能，A错误；汤沸腾后继续炖煮，汤的温度保持不变，热量是一个过程量，不能说含有，B错误；汤香气四溢，是由于分子在不停地做无规则运动，C正确；汤沸腾后锅周围冒出的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，D错误.故选C.
4.C　
【解析】地球附近的物体都受到重力，所以火箭升空过程中受重力的作用，A错误；火箭加速升空的过程中卫星的质量不变，速度变大，高度变高，动能变大，重力势能变大，B错误；火箭加速升空时运动状态发生改变，处于非平衡状态，C正确；火箭给气体向下的力与气体给火箭向上的推力，两个力作用在不同物体上，不是一对平衡力，D错误.故选C.
5.C　
【解析】电能是消耗一次能源后获得的能源，属于二次能源，A正确，不符合题意；柔性电池采用可伸缩且容易恢复的轻质材料制成，可以用于医疗可穿戴设备上，B正确，不符合题意；柔性电池充电时相当于用电器，将电能转化为化学能储存在电池中，C错误，符合题意；柔性电池与普通电池一样存在安全处置和回收的问题，因此不能随意丢弃，D正确，不符合题意.故选C.
6.A　
【解析】当S1、S2同时闭合后，BC电路中蜂鸣器会发声，AD电路中蜂鸣器不会发声，但D电路中电源短路，会损坏电源，A电路中S2断开后，蜂鸣器接入电路发声，A符合题意.故选A.
7.C　
【解析】使用动滑轮提升物体时可以省力但费距离，A错误；不计绳重和摩擦，拉力F＝ (G物+G动)＝ ×(500 N+100 N)＝300 N，B错误；绳端移动的距离s＝2h，则h＝ s＝ vt＝ ×0.5 m/s×5 s＝1.25 m，C正确；在使用动滑轮时要想省力，则F8.BC　
【解析】电荷不能凭空创造，只能转移，摩擦起电的实质是发生了电荷转移，A错误；紧密排列的大头针是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，因此气球不破，B正确；氦气的密度小于空气，氦气球的重力小于空气浮力，所以氦气球会上升，C正确；气球变形了，说明力可以改变物体的形状，D错误.故选BC.
9.BD　
【解析】通电螺线管周围的磁场与条形磁体周围的磁场类似，磁体两极的磁场最强，中间磁场最弱，所以A点处磁场较强，A错误；通电螺线管的磁场方向与通过它的电流方向有关，只改变螺线管中的电流方向，A、B两点处的磁场方向会改变，B正确；只增加通电螺线管的匝数，未改变电流方向，所以通电螺线管两端的极性不会改变，故通电螺线管两端的小磁针不会偏转，C错误；已知左侧小磁针的左端为S极，则右端为N极，由磁极间的相互作用可知，螺线管的左端为S极，D正确.故选BD.
10.BCD　
【解析】由电路图可知，闭合开关后，保护电阻R0与滑动变阻器R串联，拉力越大，滑动变阻器R连入电路中的电阻越小，再根据串联电路的分压规律可知，此时电压表的示数越小，拉力显示表不是用电压表改装的，A错误；电压表与电流表示数的比值等于滑动变阻器R连入电路中的阻值，由选项A分析可知，拉力越大，滑动变阻器R连入电路中的阻值越小，电压表与电流表示数的比值越小，B正确；滑片P在滑动变阻器R的最左端时，连入电路的阻值最大，电压表示数最大，应为10 V，滑片P在滑动变阻器R的最右端时，连入电路的阻值为零，电压表示数最小，应为0 V.当电压表的示数U＝10 V时，保护电阻R0两端的电压U0＝U总-U＝12 V-10 V＝2 V，此时电路中的电流I＝ ＝ ＝0.2 A，滑动变阻器R连入电路中的最大阻值Rmax＝ ＝ ＝50 Ω，则滑动变阻器R连入电路的阻值变化范围是 0～50 Ω，C正确；当滑动变阻器R连入电路中的阻值最大时，电路中的电流最小，I＝0.2 A，由P=I2R可知，此时R0的功率最小，P0＝I2R0＝(0.2 A）2×10 Ω＝0.4 W，D正确.故选BCD.
二、填空题（本大题共6小题，11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11.振动　 音调
【解析】弹琴时琴声是由琴弦的振动产生的；按压琴弦的不同位置，弹奏时琴弦振动部分的长度不同，振动的频率不同，音调不同，可以改变声音的音调.
12.窗台(或座位等，答案合理即可)　 减速
【解析】“一动不动”描述硬币处于静止状态，所选的参照物可以是高铁本身或者是固定在高铁上的物品，如窗台等，答案合理即可；如果硬币向高铁前进的方向滚动，说明高铁的速度慢了，硬币由于惯性保持了原来的运动状态，即高铁处于减速状态.
13.小　 大气压
14.小于　 感应电流　
【解析】由于氢气的密度小于空气的密度，所以选择向下排空气法收集氢气；刷身份证为电磁感应现象，旅客将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生感应电流.
15.缩小　 凹　
【解析】由图可知，此时像距等于物距，成倒立、等大的实像，将蜡烛向左移动，物距增大，像距会减小，像变小，向左移动光屏才能在光屏上看到倒立、缩小的清晰的像；向水透镜中注水，透镜会变厚，焦距变小，会聚能力变强，光线会提前会聚，在水透镜前放一适当度数的凹透镜，可使光线延迟会聚，光屏上可再次出现清晰的像.
16.（1）超音速尾气流（或“超音速尾气流内的压力不等于环境压力”或“尾气中要有残留燃料”） （2）减小 　 （3）748　 电磁波
【解析】（1）根据材料分析，歼-35A飞行时，必须满足喷出超音速的尾气流，和外界气体互相挤压，也就是超音速的尾气流压力不等于环境压力，在压力作用下尾气残留燃料才会燃烧发光形成“马赫环”；（2）翼尖涡流的形成是由于飞机机翼上下表面的压强差导致的气流运动，特别是在翼尖处，高压气流绕过翼尖形成螺旋式的漩涡，湿气体中的水蒸气就会放热液化形成小水珠，也就是看到的“白线”，所以湿气体内能减小；（3）马赫数指飞行器速度与音速的比值，本题中所取音速为340 m/s，所以歼-35A的飞行速度为2.2×340 m/s=748 m/s；雷达发射电磁波，遇到金属目标会发生反射，一部分反射波被雷达接收，目标就被发现了，歼-35A能隐身是因为其体表形状及材料能有效减弱它对电磁波的反射.
三、作图题（本大题共1小题，共4分）
17.（1）如答图1所示 （2）如答图2所示
【解析】（1）从支点作动力F1作用线的垂线段，线段的长度即为动力臂L，具体如答图1所示.（2）开关要控制螺口灯泡，则开关与螺口灯泡串联，为了用电的安全，开关要接在火线和螺口灯泡之间，所以上端为火线;螺口灯泡接法:火线进入开关，再进入螺口灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺口灯泡的螺旋套，具体如答图2所示.
四、实验探究题（本大题共4小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
18.（1）匀速直线　 二力平衡　 （2）压力大小　 压力大小　 （3）甲、丙　 越大　 控制变量　 （4）将长方体木块分别平放、侧放、竖放
【解析】（1）实验过程中应沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块的拉力大小；（2）图甲、乙中，在其他条件不变的情况下，往木块上放置砝码是用来改变压力大小，是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；（3）由图可知，图甲和图丙压力大小相同、接触面的粗糙程度不同，即可验证滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，根据图中数据可知，当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，本实验主要的研究方法是转换法和控制变量法；（4）在图甲的基础上，探究滑动摩擦力大小与受力面积大小的关系时，可将长方体木块分别平放、侧放、竖放，然后用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，测出对应的滑动摩擦力进行对比分析.
19.（1）平衡烧杯内外气压　 （2）不变　 持续吸热　 （3）陶土网和铁圈有余热（合理即可）
【解析】（1）在实验时，硬纸板上的小孔可以使烧杯内外气压相等；（2）由表中数据可知，水沸腾时温度不变，但撤去酒精灯后，温度下降，说明水沸腾时持续吸热；（3）由于接取等质量的自来水且先后进行实验，而实验图像显示出两杯水的初温不同，且小明所用时间略短于小红，故可以分析出出现该现象的可能原因为陶土网和铁圈有余热（合理即可）.
20.(1)如答图所示　 (2)滑动变阻器的滑片是否位于阻值最大处(或电表量程选择是否合适，合理即可) 　(3)小灯泡短路或断路　 (4)①2.5　 ②0.7　 ③小灯泡的实际功率太小　 (5)A　 B
【解析】(1)根据图甲电路图可知，电路中开关与小灯泡间的导线连接错误，小灯泡应与电压表并联，正确的电路如答图3所示；(2)连接完电路，为了电路安全，需要检查滑动变阻器的滑片是否位于阻值最大处或电表量程选择是否合适，合理即可；(3)电路中只有一个电表指针明显偏转，若电压表指针出现明显偏转，电流表指针不偏转，说明与电压表并联的部分断路，即小灯泡断路；若电流表指针出现明显偏转，电压表指针不偏转，说明与电压表并联的部分短路，即小灯泡短路；(4)①电压表选择的量程是0～3 V，分度值为0.1 V，电压表示数为2.5 V；②小灯泡的额定电压为2.5 V，根据P＝UI可知小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5 V×0.28 A＝0.7 W；③小灯泡的亮度与其实际功率有关，第1次实验中，通过小灯泡的电流太小，即小灯泡的实际功率太小，所以小灯泡不亮；(5)由图丙可知，A的灯丝粗而短，B的灯丝细而长，所以A的电阻小于B的电阻，两灯的额定电压相同，根据P＝ 可知，A的额定功率大于B的额定功率；两灯串联时，通过的电流相等，根据P＝I2R，A的电功率小于B的电功率，所以B灯更亮一些.
21.分别只打开相同功率的空调与电暖扇，观察温度计升高相同温度时所用的时间（或分别只打开相同功率的空调与电暖扇，读出相同时间内温度计示数的变化量） 空调房间所用时间小于电暖扇房间所用时间（或空调房间的温度变化量大于电暖扇房间的温度变化量）
五、综合题（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
22.解：(1)当开关S1闭合，S2断开时，只有R2接入电路中，电路处于保温挡
由P＝ 得，R2＝ ＝ ＝200 Ω
(2)当开关S1、S2均闭合时，R1和R2并联，电路处于加热挡
R1的电功率P1＝ ＝ ＝484 W
加热挡的额定功率
P加＝P保+P1＝242 W+484 W＝726 W
(3)水吸收的热量
Q吸＝c水m(t2-t1)＝4.2×103 J/(kg·℃)×1.5 kg×(100 ℃-20 ℃)＝5.04×105 J
由η＝ ×100%得，电热水壶需要消耗的电能
W＝ ＝ ＝6×105 J
由W＝Pt得，需要的时间t＝ ＝ ≈826 s
23.解：(1)因为木块B下表面到水面的深度
h0＝10 cm-3 cm＝7 cm=0.07 m
所以木块B下表面受到水的压强
p＝ρ水gh0＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.07 m＝700 Pa
(2)木块B受到的浮力
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×(0.1 m×0.1 m×0.07 m)＝7 N
(3)木块B的质量
m＝ρ木V＝0.6×103 kg/m3×(0.1 m)3＝0.6 kg
木块B的重力G木＝mg＝0.6 kg×10 N/kg＝6 N
木块B和金属块A的总重力
G总＝G木+G金＝6 N+3 N＝9 N
金属块A受到的浮力
F浮A＝ρ水gV排′＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×(0.05 m)3＝1.25 N
若要使金属块A恰好对容器底的压力为零，A、B整体受到的浮力和重力刚好相等，则此时木块B受到的浮力大小
F浮B′＝G总-F浮A＝9 N-1.25 N＝7.75 N
根据阿基米德原理可得，木块B排开液体的体积
V排″＝ ＝ ＝7.75×10-4 m3
则木块B浸入水中的深度
h＝ ＝ ＝7.75 cm
水面上升的高度Δh＝h-h0＝7.75 cm-7 cm＝0.75 cm

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