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2026年安徽省池州十二中等校中考物理模拟试卷（三）
一、填空题：本大题共9小题，共18分。
1.笛子是我国古老的乐器。演奏时，用相同的力吹奏但手指按不同的孔，可以改变声音的 选填声音的三个特性。
2.年月日，我国举行了纪念抗战胜利周年阅兵式。在蔚蓝的天空中，八一飞行表演队架歼战斗机飞过天安门广场上空，尾部拉出五彩斑斓的彩烟。以观众为参照物，歼战机是 选填“运动”或“静止”的。
3.如图所示，打印过程一般是将固态材料在高温下变成液态材料，喷头按照图纸轨迹运动将液态材料挤出，材料 后形成立体实物的过程填物态变化的名称。
4.如图两个相互靠近的通电螺线管，通电后所产生的磁场使得两者相互吸引，则右边电源的正极是 选填“”或“”端。
5.用电吹风向下吹气，将一个乒乓球放在出风口上方，发现乒乓球就像悬浮在空中，这是因为，乒乓球的下方空气流速大，压强 ，使得乒乓球既不会被风吹走，也不会落下。
6.图甲为锻炼我们握力的握力器。我们将握力器的左边部分视为一根杠杆，如乙图，若此时，，动力，则阻力 。
7.如图甲是定值电阻与灯泡的图像，将与串联接入一个电源电压恒定的电路中，如乙图，闭合开关，电流表的示数为时，电源电压是 。
8.如图是用同一个热源加热冰块使之熔化，其温度随时间变化的图像。已知冰的质量为，则冰在熔化过程中吸热 。已知：
9.小明用如图装置验证焦耳定律，将该装置接入电路中，若在内左边容器内的电热丝产生的热量为，则右边容器内电热丝在相同时间内产生的热量为 。
二、作图题：本大题共1小题，共2分。
10.请完成一束光通过凹透镜后的折射光线。
三、单选题：本大题共7小题，共14分。
11.我国新能源汽车保有量逐年增加，小区车库里的充电桩也越来越多。关于电动汽车充电桩的安装与使用，正确的说法是( )
A. 充电桩密封性能好，可以用湿抹布擦拭接口
B. 充电的电压不高，可以不用接地
C. 充电桩一旦起火，可以泼水救火
D. 长时间不用的充电桩一定要关闭电源
12.我们知道物质是由分子组成，而分子是在永不停息地做无规则运动。以下现象能说明这个结论的是( )
A. 春天闻到花香 B. 固体相比液体形状是固定的
C. 江河奔流到海 D. 用胶水粘物体
13.年月日，神舟二十号载人飞船成功将三名航天员送入中国空间站。进入空间站后，宇航员与空间站围绕地球高速飞行，此时宇航员受到的重力大约是地球上的，那么( )
A. 宇航员的重力势能也是地球上的
B. 在空间站飞行过程中，宇航员的运动状态没有变化
C. 宇航员的惯性也只有在地球上的
D. 若宇航员随空间站加速运动时，宇航员的动能增大
14.如图是静电喷漆枪的工作过程，其中喷漆枪喷出雾状油漆，并使油漆带上负电荷，而被漆的物件带上正电荷，这样油漆就可以均匀地分布在物件表面，则在此过程中( )
A. 带电的雾状油漆在空中由于同种电荷相吸而散开
B. 电流的方向与雾状油漆运动方向相反
C. 带电的雾状油漆与物件之间相互排斥
D. 油漆带负电荷是因为失去电子
15.小明发现路边的饮料自动售卖机，可以通过扫码付款对应闭合开关购买，也可以投币对应闭合开关使得电动机工作，售卖机吐出瓶装饮料，同时指示灯发光，且指示灯损坏的时候，售卖机依然可以继续吐出饮料。下列电路的设计可以满足要求的是( )
A. B.
C. D.
16.机器人开始进入我们生活的方方面面，某停车场引入机器人帮司机停车或者挪车。即汽车司机关掉发动机，让机器人载着汽车做缓慢的匀速直线运动，将汽车送到指定位置。现将这个过程简化为如图。则下列关于两个物体的受力情况的分析，正确的是( )
A. 机器人受到的支持力与其重力是一对平衡力
B. 汽车受到的重力与汽车对机器人的压力是一对平衡力
C. 汽车没有受到来自机器人的摩擦力
D. 汽车对机器人的压力与机器人对地面的压力是相互作用力
17.如甲图电路，电源电压保持不变，小灯泡灯丝的电阻会随着温度的增加而变大，现将滑动变阻器的滑片从一端滑向另一端的过程中，电流表与电压表示数的关系如乙图。以下说法正确的是( )
A. 电路中电流增加，灯泡亮度也增加
B. 滑动变阻器的电阻增加量比灯泡灯丝电阻的减小量大
C. 电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变
D. 电压表的示数与电流表的示数之比减小
四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
18.小明用家用漏斗与橡皮膜自制了一个液体内部压强探测仪，如图甲。
该探测仪工作原理是将液体压强转化为 。
将该探测仪放入盐水与水的相同深度，如图乙与图丙，根据两幅图得出的结论是 。
19.小明将凸透镜、蜡烛和光屏依次放在光具座上，准备探究凸透镜成像的规律。
如图甲，此时在光屏上成清晰的像。为进一步探究成像规律，小明只将凸透镜移动到光具座上处，发现光屏上依然能成像，那么此时所成像的原理与 一致选填“照相机”“投影仪”和“放大镜”。
经过多次实验，小明将物距与其对应像距的倒数关系画在一个坐标系中，如乙图所示。则该凸透镜的焦距是 。
20.某实验小组准备利用如图所示的电路，探究“电压一定时电流与电阻的关系”。实验器材：电源电压恒为、电流表、电压表各一个，一个开关、若干定值电阻、、、、、、一个滑动变阻器，导线若干。
请按照电路图连接电路要求滑片向左移动时，电流表的示数变大。
连接并检查电路后，闭合开关，小组成员发现电压表没有示数，而电流表有一个较小的示数，移动滑动变阻器发现电流表的示数有变化，则该电路的故障可能是______填序号。
A.滑动变阻器断路
B.定值电阻短路
C.定值电阻断路
排除故障后，小组成员将定值电阻的两端电压调为，读出并记录电流表的示数。接着他断开开关，并将的电阻接入电路中，他的下一步操作是______。
在探究“电流与电阻的关系”时，为了保证所有定值电阻均能完成实验，实验过程中小组成员应该保证电压表的示数至少为______不变。
五、计算题：本大题共2小题，共14分。
21.某矿工从矿洞中沿倾斜的铁路，用动滑轮拉出一车矿石，如甲图；这个过程可以简化为乙图。已知斜面高，长，矿车总质量为，现矿工使用的力将矿车拉到斜面顶部。求：
这个过程中的有用功；
整个装置的机械效率。
22.如图甲，将金属块、木块分别放入一装有适量水的容器中，金属块沉入水底，木块漂浮，其下表面在水下深度为。在木块的上面加一金属块，如图乙，木块和金属块共同漂浮在水面上，木块下表面在水下深度为。如图丙，将金属块用细线悬挂在木块下面，拿去金属块，金属块在木块的浮力作用下被拉起来，此时木块下表面在水下深度为，已知，且金属块与金属块的质量相同。
乙图相比甲图，木块下表面的压强差是多少？
若木块的高度为，则木块的密度是多少？
金属块的密度是多少？
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
23.图甲是某品牌电水壶，有加热与保温两挡，内部电路简化如图乙，旋钮开关分别调至、位置，可实现挡位的调节，该电水壶的额定电压为，保温的功率为，且。
请运用你学过的物理知识分析，当开关接______选填“”“”或“”时，电水壶处于保温的状态，并说明分析的过程；
该电水壶加热的功率是多少；
若使用加热挡工作，放出的热量通过燃烧天然气来获得，则至少需要燃烧多少天然气？
答案和解析
1.答案：音调
【解析】解：音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。用手指按住不同的孔，改变了里面空气柱的长度，使空气柱振动的快慢发生了变化，从而改变了声音的音调。
故答案为：音调。
音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。
此类问题要结合音调与频率的关系分析解答。
2.答案：运动
【解析】解：以观众为参照物，歼战机相对于观众的位置发生了改变，所以是运动的。
故答案为：运动。
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
3.答案：凝固
【解析】解：液态材料挤出后形成立体实物的过程中，物质从液态变成固态，属于凝固。
故答案为：凝固。
物质由液态变为固态的过程，叫凝固，凝固放热。
本题考查了物态变化，需要知道物质变化前后的状态，再根据物态变化的定义确定物态变化的名称。
4.答案：
【解析】解：由图可知，电流从左侧螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可得左侧螺线管的左端为极，右端为极，由异名磁极相互吸引可知，右侧螺线管的左端为极，右端为极；
由安培定则可得电流从右侧螺线管的左端流入，右端流出，电流从电源正极流出、负极流入，因此电流从右侧电源的端流出，经螺线管后回到端，所以右侧电源的正极是端。
故答案为：。
首先根据安培定则确定左侧通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律确定右边通电螺线管的磁极，最后利用安培定则确定右边电源的正极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的应用，属于基础题。
5.答案：小
【解析】解：由流体压强与流速的关系可知，电吹风向下吹气，乒乓球下方空气流速大，压强小；乒乓球上方空气流速小，压强大，上下形成压强差，产生向上的压力托住乒乓球，使其悬浮在空中不落下。
故答案为：小。
流体压强与流速的关系：流体流速大的位置压强小。
本题考查了流体压强与流速的关系，属于基础题。
6.答案：
【解析】解：若此时，，动力，根据可知，
。
故答案为：。
根据杠杆平衡条件求出阻力的大小。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础题。
7.答案：
【解析】解：定值电阻与灯泡的图像，将与串联接入一个电源电压恒定的电路中，电流处处相等，因此闭合开关后，和的电流都等于电流表示数，即，
定值电阻的图像是过原点的直线，由图可得的阻值 ，
因此当时，两端电压，
从甲图图像可直接读出，当电流为时，灯泡两端电压，
串联电路总电压等于各部分电压之和，因此电源电压。
故答案为：。
和串联，电流处处相等，定值电阻的图像是过原点的直线，由欧姆定律根据图可求得的阻值；
因此当时，可求两端电压，从甲图图像可直接读出，当电流为时，灯泡两端电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，据此可求电源电压。
本题考查了串联电路的特点，从图像中获取有用的信息是关键。
8.答案：
【解析】解：同一个热源相同时间放热相同，因此冰水吸收的热量与加热时间成正比；
冰熔化过程为第到第，熔化用时，
冰熔化完成后，水从升高到用时，
升高温度，
水吸收的热量，，
水吸热，说明每分钟吸热为 ，
熔化用时，冰在熔化过程中吸热。
故答案为：。
根据冰的熔化图像判断熔化过程并结合热量公式分析计算。
此题考查了晶体和非晶体的熔化图象，要区分晶体和分晶体，关键是看是否有固定的熔化温度。同时能从图中找出晶体的熔化过程及熔点。
9.答案：
【解析】解：左侧容器内电热丝，与右侧容器内电热丝、容器外电热丝的并联部分串联。流过左侧电热丝的干路电流为，由于右侧两个并联电阻阻值相等，因此分流后，流过右侧容器内电热丝的电流为，且两侧电阻相同、通电时间相同，已知左侧热量；
则右侧容器内电热丝产生的热量：
。
故答案为：。
根据焦耳定律分析热量的大小关系。
本题考查了电流产生的热量与电流的关系，熟练应用并联电路的规律和焦耳定律是关键。
10.答案：
【解析】解：根据凹透镜三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，故如图如下：
在作凸透镜、凹透镜光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜对光的作用来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
11.答案：
【解析】解：生活用水是导体，用湿抹布擦拭充电插口易造成触电事故，故A错误；
B.充电桩必须接地，可防止漏电事故，故B错误；
C.生活用水是导体，充电桩起火可能涉及电气火灾，泼水会引发触电或火势扩大，故C错误；
D.长时间不用的充电桩一定要关闭电源，可以节约电能，更重要的是能消除长时间通电可能带来的安全隐患，故D正确。
故选：。
湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地；
充电桩起火要首先切断电源；
长时间不用的充电桩一定要关闭电源，可以节约电能，以免发生危险。
防范触电事故最重要的是要有安全用电的意识，遵守安全用电原则。
12.答案：
【解析】解：
A、春天闻到花香是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故A正确；
B、固体相比液体形状是固定的，这是因为固体分子间作用力强于液体，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C、江河奔流到海是机械运动，与分子热运动无关，故C错误；
D、用胶水粘物体是因为分子间存在引力，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。
故选：。
物质是由分子、原子组成的，分子永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力与斥力，分子很小，不能用肉眼直接观察到。
本题考查的是分子的热运动。
13.答案：
【解析】解：空间站的高度远高于地面，宇航员在空间站的高度远大于地面，因此即使重力变为，重力势能也不是地面的。故A不符合题意；
B.宇航员随空间站绕地球做圆周运动，运动方向时刻在变化，因此运动状态不断改变。故B不符合题意；
C.惯性大小只跟物体的质量大小有关，与重力、位置无关。宇航员的质量不变，因此惯性大小和在地球上完全相同。故C不符合题意；
D.宇航员随空间站加速运动时，质量不变，速度增大，因此动能增大。故D符合题意。
故选：。
重力势能的大小与物体的质量、所处的高度有关。
物体运动状态的变化包括：速度大小的改变；运动方向的改变。只要其中的一个发生了变化，我们就说物体的运动状态发生了改变。
惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
此题以选择题的形式，考查力学的多个知识点，具有较强的综合性，难度中等，属于中考常见题型，熟练掌握相关基础知识和规律是关键。
14.答案：
【解析】解：、涂料微粒在运动的过程中均匀散开，是由于涂料微粒通过喷口时带上负电荷，同种电荷相互排斥，故A错误；
B、物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，雾状的油漆带负电，电流的方向与雾状油漆运动方向相反，故B正确；
C、雾状的油漆带负电荷，被漆的物件带上正电荷，带电的雾状油漆与物件之间相互吸引，故C错误；
D、油漆带负电荷是因为得到电子，故D错误。
故选：。
电荷间相互作用：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；
物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向；
不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。
本题考查了电荷间的相互作用、电流方向和摩擦起电的实质，属于基础题。
15.答案：
【解析】解：由题意可知，正常工作时，指示灯和电动机同时工作；指示灯损坏的时候，电动机还能继续工作，即指示灯和电动机工作时互不影响，它们是并联的；同时，开关和任意一个闭合时，都能接通电路，说明两个开关能独立工作，互不影响，则两个并联后在接在干路中，故D符合要求，不符合要求。
故选：。
根据题意可知指示灯与电动机的工作关系和连接方式，以及开关的作用和连接方式，从而得出符合要求的电路设计。
本题考查电路的设计，明确各元件的连接方式是关键。
16.答案：
【解析】解：根据题意可知，地面对机器人的支持力大小等于机器人和汽车的总重力，大于机器人自身的重力，所以机器人受到的支持力与其重力不是一对平衡力，故A错误；
B.汽汽车受到的重力与汽车对机器人的压力是作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是一对平衡力，故B错误；
C.汽车和机器人一起做匀速直线运动，汽车与机器人之间没有相对运动，也没有相对运动趋势，因此汽车不受机器人的摩擦力，故C正确；
D.相互作用力是两个物体之间的相互作用，汽车对机器人的压力、机器人对地面的压力涉及三个物体，不符合相互作用力的特点，所以不是一对相互作用力，D错误。
故选：。
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势。
此题考查平衡力与相互作用力的区别、摩擦力产生的条件，难度一般。平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
17.答案：
【解析】解：甲图中，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电流表测电路总电流，电压表测两端电压；乙图中，电流随电压的增大而减小。
A.滑动变阻器的滑片从一端滑向另一端的过程中，没有明确方向，电流可能增加，也可能减小，故A错误；
B.当滑动变阻器的电阻增大时，电路中电流在减小，则此时灯泡灯丝电阻在减小，而电路中电流减小，说明电路的总电阻在增大，由此可知，滑动变阻器的电阻增加量大于灯泡灯丝电阻的减小量，故B正确；
C.电压表测电压，可表示为
因此电压表示数变化量
电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值
由于随温度变化，因此是变化的，所以电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值也变化，故C错误；
D.电压表与电流表示数之比为
若滑片从左到右滑动时，增大，因此电压表与电流表示数之比增大；若滑片从右到左滑动时，电压表与电流表示数之比减小，故D错误。
故选：。
甲图中，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电流表测电路总电流，电压表测两端电压；乙图中，电流随电压的增大而减小。
滑动变阻器的滑片从一端滑向另一端的过程中，没有明确方向，据此分析；
根据欧姆定律可知，当滑动变阻器的电阻增大时，电路中电流在减小，则此时灯泡灯丝电阻在减小，而电路中电流减小，说明电路的总电阻在增大，据此分析；
电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值，据此分析；
电压表与电流表示数之比为，据此分析。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的运用，难度适中。
18.答案：橡皮膜的形变量
深度相同时，液体的密度越大，内部的压强越大

【解析】解：该探测仪利用了转换法：液体压强作用在橡皮膜上，压强越大，橡皮膜形变程度越大，因此将不易直接观察的液体压强，转换为容易观察的橡皮膜形变程度来反映。
实验控制了探测仪所处深度相同，改变了液体密度：盐水密度大于水的密度，观察图可知盐水中橡皮膜的形变更大，说明压强更大，因此得出结论：深度相同时，液体的密度越大，液体内部压强越大。
故答案为：橡皮膜的形变量；
深度相同时，液体的密度越大，内部的压强越大。
根据题意，结合转换法分析解答。
液体压强的大小与液体的密度和深度有关，据此根据控制变量法分析得出结论。
此题考查液体压强特点的探究，重点考查了转换法和控制变量法的运用，难度不大。
19.答案：照相机

【解析】解：由图甲知，当蜡烛在刻度尺的处，，，，凸透镜成倒立放大的实像，若保持蜡烛和光屏位置不变，根据光路的可逆性，处，即移动透镜至刻度线处，光屏上能再次呈现倒立缩小实像，生活中的照相机就是依据此原理工作的；
根据凸透镜成像规律，当物距等于像距等于两倍焦距时，成倒立、等大的实像。由图乙可知当时，物距等于像距等于两倍焦距，故该凸透镜焦距为。
故答案为：照相机；。
根据光路的可逆性分析解答，当物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；
根据，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距。
凸透镜成像规律是光学内容的难点，要解决此类问题，首先要熟练掌握凸透镜成像规律，并了解其应用。
20.答案： 闭合开关，将滑片向右滑动，直到电压表的示数为，读出此时电流表的示数
【解析】解：滑动变阻器要求滑片左移时电流变大，则接入电阻变小，因此将开关接线柱连接到滑动变阻器的左下接线柱，电压表并联在定值电阻两端，保证正负接线柱正进负出即可。
电流表有较小示数，且移动滑片示数变化，说明电路是通路，排除断路故障，故AC不符合题意；
B.定值电阻短路时，电压表同时被短路，无示数，电路为通路，滑动变阻器可以改变电流，故B符合题意。
故选B。
本实验需要保持定值电阻两端电压不变；更换更大的定值电阻后，根据串联分压规律，定值电阻两端电压会升高，因此需要增大滑动变阻器接入电阻，分走多余电压，让定值电阻两端电压回到设定的，再读数记录。具体操作是闭合开关，将滑动变阻器滑片向右端移动，直到电压表示数为，读出电流表的示数。
当接入最大定值电阻，滑动变阻器接入最大电阻时，对应能完成实验的最小电压表示数。根据串联分压规律：，代入、、，解得。
故答案为：；
；
闭合开关，将滑片向右滑动，直到电压表的示数为，读出此时电流表的示数；
。
滑动变阻器要求滑片左移时电流变大，则接入电阻变小，据此确定变阻器的连接，电压表与电阻并联；
电流表有较小示数，且移动滑片示数变化，说明电路是通路；
B.定值电阻短路时，电压表同时被短路，电压表无示数，电路为通路，滑动变阻器可以改变电流；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
当接入最大定值电阻，滑动变阻器接入最大电阻时，对应能完成实验的最小电压表示数。根据串联分压规律分析。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路的连接、故障分析、操作过程、串联电路的规律及欧姆定律的和控制变量法的运用。
21.答案：这个过程中的有用功为 整个装置的机械效率为
【解析】解：矿车总重力：；
有用功是克服矿车重力做的功，则；
由图可知，动滑轮的绳子段数，则拉力移动的距离：，
拉力做的总功：，
机械效率公式为。
答：这个过程中的有用功为；
整个装置的机械效率为。
由题意得，矿车总质量根据计算矿车总重力，有用功是克服矿车重力做的功，利用求出有用功；
根据可计算拉力做的功；利用计算机械效率的大小。
本题考查了在使用斜面过程中有用功、总功、机械效率的计算等，熟练运用相关公式是解答的关键，难度不大。
22.答案：乙图相比甲图，木块下表面的压强差是 若木块的高度为，则木块的密度是 金属块的密度是
【解析】解：乙图相比甲图，木块下表面的压强差是，；
甲图中木块漂浮，浮力等于自身重力，即，根据阿基米德原理和重力公式
，
木块的密度；
乙图中、整体漂浮，总浮力等于总重力，因此，
即，
整理得 ；
丙图中、整体浮力等于总重力，总浮力为的浮力加的浮力，即，
整理得 ；
将代入得，
金属块的密度。
答：乙图相比甲图，木块下表面的压强差是；
若木块的高度为，则木块的密度是；
金属块的密度是。
乙图相比甲图，根据液体压强可求木块下表面的压强差；
甲图中木块漂浮，浮力等于自身重力，即，根据阿基米德原理和重力公式可求木块的密度；
乙图中、整体漂浮，总浮力等于总重力，因此，
丙图中、整体浮力等于总重力，总浮力为的浮力加的浮力，即，最后由密度公式可求金属块的密度。
熟练运用阿基米德原理的公式和物体的受力情况，是解答此题的关键，题目有一定难度。
23.答案：；根据公式得，当电压一定时，电阻越大，电功率越小，故当开关接时，电阻与串联，总电阻最大，总功率最小，电水壶处于保温状态 该电水壶加热的功率是 若使用加热挡工作，放出的热量通过燃烧天然气来获得，则至少需要燃烧天然气
【解析】解：电源电压保持不变，根据电功率公式，电路总电阻越大，电路总电功率越小。当接时只有接入电路，总电阻较小，功率较大，为加热状态；开关接时，与串联接入电路，总电阻最大，总功率最小，因此为保温状态；接时电路断路，不工作。因此保温状态开关接。
保温状态时，与串联，已知额定电压为，保温的功率为，
由得电路总电阻为，
已知，因此的阻值为，
加热状态只有接入电路，因此加热功率；
加热挡放出的热量，
由燃料放热公式得，需要天然气的体积。
故答案为：；根据公式得，当电压一定时，电阻越大，电功率越小，故当开关接时，电阻与串联，总电阻最大，总功率最小，电水壶处于保温状态；
该电水壶加热的功率是；
若使用加热挡工作，放出的热量通过燃烧天然气来获得，则至少需要燃烧天然气。
电源电压保持不变，根据电功率公式，电路总电阻越大，电路总电功率越小，处于保温状态，分析开关接哪个位置；
根据得到电路总电阻，根据电阻的串联得到的阻值，加热状态只有接入电路，根据电功率公式得到加热功率；
根据得到加热挡放出的热量，根据得到天然气的体积。
本题考查电功率的计算和热量的计算，属于综合题。

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