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广东省2026届高考物理临考猜题卷
一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分）
1．如图所示，闭合金属框放置在磁场中，金属框平面始终与磁感线垂直，磁感应强度随时间变化的关系为。金属框中的感应电动势随时间变化的图像可能正确的是（ ）
A． B．C． D．
2．图甲是我国自主研发的军用机器狗，可实现陆上有人、无人协同作战。如图乙，质量为的机器狗静止站立在倾角为的斜坡上，若机器狗四足的足底与斜坡间的动摩擦因数均为且四足所受的摩擦力相等，重力加速度大小为，则该机器狗单足所受摩擦力的大小为（　　）
A． B． C． D．
3．用如图所示装置测量匀强磁场的磁感应强度，一开始整体处于平衡状态，当线圈通入如图所示的电流时，需在某侧增加配重，使整体再次处于平衡状态（线圈下边框呈水平状态）。下列说法中正确的是（　　）
A．配重需加在物体上 B．不增加配重，线圈将向上运动
C．要测磁感应强度需要测物体的质量
D．若通入与图中相反方向的电流瞬时，绳中拉力将变小
4．2025年10月，我国紧凑型聚变能实验装置（BEST）主机首个关键部件——杜瓦底座研制成功并顺利完成交付，该装置发生的核反应方程为，下列说法正确的是（　　）
A．X内有2个核子 B．该核反应为α衰变
C．X的比结合能比的比结合能小 D．该反应过程中一定有质量亏损
5．一束复色光射入一匀质材料制成的正方体透明砖，纵截面图如图所示。光线从上边的中点进入该砖后分为、两束单色光，分别从、两点射出，、两点与下边端点的距离均为砖边长的四分之一。下列说法正确的是（　　）
A．单色光的波长大于单色光的波长 B．单色光在砖内传播的速率比单色光大
C．单色光、在砖内的折射率之比为 D．单色光在砖内的折射率为
6．磁吸式无线充电手表的原理如图甲所示，磁吸底座线圈ab间通入图乙所示的正弦交流电后，手表内置线圈整流电路输入电压的有效值为5V，整流后对手表内的电池进行充电。不考虑过程中的漏磁和能量损失，下列说法正确的是（　　）
A．手表内置线圈电流方向每秒改变50次
B．底座线圈和手表内置线圈匝数之比为44∶1
C．底座线圈和手表内置线圈中电流之比为1∶22
D．若在c点接入一个理想二极管，则整流电路输入电压的有效值为
7．如图所示为某同学研究滑动摩擦力的装置。水平桌面上固定一个力传感器，传感器用不可伸长的水平棉线拉住物块，物块放置在粗糙的长木板上。水平向左拉木板，使其向左运动0.5 m的过程中，力传感器显示棉线拉力大小一直为2.0 N。若物块的质量为1 kg，长木板质量为2 kg，重力加速度大小g取，若对长木板施加的水平拉力的大小为10 N，桌面与长木板之间的滑动摩擦因数为0.1，则（　　）
A．物块与长木板之间的滑动摩擦因数为0.1 B．长木板的加速度大小为
C．此过程中摩擦力对小物块做的功为 D．此过程中产生的内能为
8．2025年神舟二十一号发射入轨后与空间站完成对接，神舟二十号因突发故障，乘组改乘神舟二十一号撤离空间站并安全返回地球，随后神舟二十二号飞船成功发射，中国载人航天工程首次圆满完成应急发射任务。如图所示，神舟二十二号飞船的发射过程可简化如下：飞船先进入近地圆轨道1运行，然后从A点变轨进入椭圆轨道2，运动到B点再变轨进入空间站运行的圆轨道3，与空间站保持相对静止，最终按照预定程序与空间站进行自主快速交会对接。则神舟二十二号飞船（　　）
A．在轨道3上运行的线速度小于第一宇宙速度
B．由轨道2进入轨道3需要在B点减速
C．在轨道1和轨道2上经过A点时的加速度相同
D．在轨道2上由A点运行到B点过程中飞船的引力势能逐渐减小
9．如图所示，在圆柱形空间内存在一个辐向向外分布的电场，一个可视为质点的带负电小球由P点沿与电场垂直方向水平抛出，在电场的作用下在水平面上始终做半径为R的匀速圆周运动，在竖直方向有P、Q两点，且PQ连线竖直，小球质量为m，初速度大小为。小球的运动轨迹与PQ的交点依次为PQ上的A、B、C三点，重力加速度为g，不计空气阻力，则以下说法正确的是（　　）
A．小球从P点到A点的过程中合力的冲量等于
B．小球从P点到C点的过程中电场力的冲量等于0
C．小球在A、B、C三点时所需向心力大小之比为1:4:9
D．小球运动到C点时重力的瞬时功率为
10．弹珠游戏的模型示意图如图所示，平面游戏面板与水平面成θ=30°角固定放置，面板右侧的直管道与半径为R=0.1m的细圆管轨道平滑连接，两者固定在面板上。圆管轨道的圆心为，顶端切线水平。玩家用外力压缩面板底部连接的小弹簧，将弹簧顶端的小弹珠（可视为质点）从面板底端弹出。弹珠和面板左侧挡板碰撞后，沿挡板方向速度不变，垂直于挡板方向速度大小不变、方向反向。已知弹珠质量m=100g，直管道长度l=0.4m，中奖区域AB长度为d=0.5m，其等分为五个中奖区域。不计所有摩擦和阻力，重力加速度g取10m/s2。现让弹珠从圆管轨道顶端以速度v=0.5m/s水平飞出，下列说法正确的是（　　）
A．弹珠对轨道的压力大小为0.25N，方向沿面板平面向上
B．若弹珠恰好直接落在中奖区域AB的中点（三等奖），则弹簧初始弹性势能为
C．玩家要想获得一等奖，弹簧初始的弹性势能一定为
D．玩家要想获得一等奖，弹簧初始的弹性势能可能为
二、非选择题（11题8分，12题8分，13题10分，14题12分，15题16分，共54分）
11．某实验小组测量一电阻的阻值。
(1)先用多用电表测量的阻值，用“”挡测量时，指针位置如图甲所示，则电阻值为_______。
(2)用如图乙所示电路测量该电阻，其中G为电流计，零刻度在中间位置。主要操作步骤如下：
①正确连接电路，将滑动变阻器滑片移至_______（选填“左”或“右”）端，滑动变阻器调至阻值最大；
②闭合开关S，调节滑片至某位置，调节使G示数为零；
③减小阻值，观察G的指针偏转情况，调节使G示数为零；
④重复步骤③，直到阻值减为零时，G示数为零；
⑤读出电压表示数和电流表示数。
(3)根据实验数据可得_______（用所测量物理量的符号表示）。
(4)在步骤③中，根据G的指针偏转方向判断出G中电流方向由指向，则应将阻值调_______（选填“大”或“小”），使G示数为零。
(5)小明认为，实验中电压表内阻对电阻的测量值有影响。你_______（选填“同意”或“不同意”）他的观点，理由是_______。
12．（1）在“用DIS研究温度不变时一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，第1小组同学先后两次使用如图甲所示实验装置获得多组注射器内封闭气体的体积V和压强p的测量值，并通过计算机拟合得到如图乙所示两组p-V图线。
①下列实验操作中正确的是________。
A．密封气体前，在活塞上均匀涂抹润滑油
B．推拉活塞时，用手握住注射器气体部分 C．实验时快速移动活塞
②如图乙所示，由图可知一定质量的气体，在温度保持不变的条件下，压强与体积成反比。进一步分析可知两次实验的温度大小关系为①________②（选填“<”“=”或“>”）。
（2）某物理兴趣小组的同学利用如图（a）所示的干涉仪做“用双缝干涉测量光的波长”实验，图（b）是红光产生的干涉条纹，图（c）是通过目镜观测到测量头上的A、B两条纹的位置刻度。
①实验时，要想增加从目镜中观察到的条纹个数，需将屏向________（填“靠近”或“远离”）双缝的方向移动。
②已知双缝到光屏的距离，双缝间距，则所测红光波长约为________（结果保留两位有效数字）。③如果测量头中的分划板中心刻线与干涉条纹不在同一方向上，如图（d）所示。则在这种情况下来测量干涉条纹的间距时，测量值________（选填“大于”“小于”或“等于”）实际值。
13．一种能汲取地下水的装置压水井结构如图乙所示，取水时先按下手柄同时带动皮碗向上运动，此时上单向阀门关闭。皮碗向上运动到某个位置时，下单向阀门被顶开，水流进入腔体内。设某次下压手柄前，腔体只有空气，空气的体积和压强分别为V0和p0。现缓慢下压手柄，直至下单向阀门刚被顶开的瞬间，下单向阀门到水面距离为h（），如图所示。已知大气压强为p0，水的密度为ρ，下单向阀门质量为m，（阀门的重力不可忽略）横截面积为S，重力加速度为g。
(1)简要说明缓慢下压手柄过程，腔内气体是吸热还是放热；
(2)求下单向阀门刚被顶开时，腔体内气体的体积。
14．如图所示，水平固定的金属圆环，半径为d，环内存在垂直向下的匀强磁场，长度为2d的导体棒ab通过轴承固定在O点。在外力作用下金属棒ab可绕着圆心O沿逆时针方向匀速转动，转动的角速度。转动过程中，金属棒两端与金属圆环接触良好。从圆心和圆环边缘用细导线连接足够长的两光滑平行金属导轨，导轨与水平面的夹角，导轨间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，将金属棒cd垂直导轨放置，并用卡槽固定（卡槽未画出）。已知圆环内的磁场和导轨间的磁场的磁感应强度大小均为，圆环半径为，导轨宽度和金属棒cd的长度为，金属棒cd的质量，导体棒ab的电阻为，cd棒的电阻，其余电阻不计，重力加速度大小。求：
(1)金属棒cd两端的电压；
(2)某时刻取下cd棒的卡槽，cd棒沿导轨自由下滑，且始终垂直导轨，求cd棒稳定时的速度大小；
(3)若（2）问中，当cd棒自由下滑的同时停止ab棒的旋转，经1.8s达到稳定，求此过程中cd棒上产生的焦耳热为多大？
15．如图，一竖直固定、两端开口的长直圆管内有一质量为的薄圆盘，圆盘恰好静止在距离管上端处，圆管长度为。一质量为的小球从管的上端口由静止下落，并撞在圆盘中心，圆盘向下滑动，所受滑动摩擦力与其所受重力大小相等。小球在管内运动时与管壁不接触，圆盘始终水平，小球与圆盘发生的碰撞均为弹性碰撞，碰撞时间极短，管所处的位置足够高，不计空气阻力，重力加速度大小为。求：
（1）第一次碰撞后瞬间小球和圆盘的速度大小；
（2）在第一次碰撞到第二次碰撞之间，小球与圆盘间的最远距离；
（3）第一次碰撞到第二次碰撞经历的时间。
参考答案
1．C【详解】根据可知，t=0时，B=0，穿过金属框的磁通量为0，则磁通量的变化率最大，即感应电动势最大；时，B=0，穿过金属框的磁通量也为0，则感应电动势最大。故选C。
2．A【详解】对机器狗在斜面上静止，重力向下的分力等于斜面给机器狗沿斜面向上的静摩擦力
所以每只足所受静摩擦力为。故选A。
3．B【详解】AB．根据左手定则可得安培力方向竖直向上，安培力向上使线圈侧总拉力减小，小于左侧物体的重力，因此若不增加配重，线圈将向上运动；要重新平衡，需要在右侧线框增加配重，故A错误，B正确；
C．初始平衡时，物体重力等于线圈重力
通电再次平衡后，设新增配重质量为，安培力则整理得
即，只需要测量新增配重的质量，不需要测量原物体的质量，故C错误；
D．若电流反向，安培力方向变为竖直向下，线圈对绳的拉力变为
相比原图示电流的拉力，绳中拉力变大，故D错误。故选B。
4．D【详解】A．核反应遵循电荷数守恒、质量数守恒，计算得X的电荷数
质量数可知X为氦核，因此X内有4个核子，故A错误；
B．该反应是轻核结合为质量较大的核，属于核聚变；α衰变是重核自发释放α粒子的核衰变过程，故B错误；
C．该反应释放能量，说明生成物X的原子核比反应物更稳定，而比结合能越大原子核越稳定，因此X的比结合能比大，故C错误；
D．根据爱因斯坦质能方程可知，该反应释放17.6MeV的能量，必然对应质量亏损，故D正确。故选D。
5．C【详解】A．折射率大的光，频率高、波长小，根据图知，单色光偏折更大，折射率更大，则波长更短，故A错误；
B．介质中光速 单色光折射率更大，故在砖内传播的速率更小，故B错误；
D．如图，设正方形边长为l
单色光在砖内的折射率为故D错误；
C．与D项同理，单色光在砖内的折射率为
根据D项分析知在砖内的折射率为，故，故C正确。故选C。
6．B【详解】A．周期，频率；即每秒有个周期，一个周期内电流方向改变2次，因此每秒电流方向改变次，故A错误；
B．底座线圈输入正弦交流电，由图乙得最大值
因此底座线圈电压有效值
内置线圈整流前输入电压有效值
理想变压器电压比等于匝数比，即匝数之比为，故B正确；
C．理想变压器电流比与匝数成反比，即电流之比为，故C错误；
D．接入理想二极管后，只有半个周期有电压输出，根据有效值的定义得
代入，解得，故D错误。故选B。
7．D【详解】A．物块与长木板之间是滑动摩擦力，有又有
联立可得滑动摩擦因数为，故A错误；
B．对长木板，根据牛顿第二定律，有
代入数据解得，故B错误；
C．小物块受到摩擦力，但是小物块在摩擦力方向上的位移为零，所以摩擦力对小物块做的功为零，故C错误；
D．物块与长木板间摩擦力做的功为
长木板与桌面间摩擦力做的功为
根据能量守恒，可得产生的内能为，故D正确。故选D。
8．AC【详解】A．第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是所有圆轨道卫星的最大环绕速度。根据万有引力提供向心力得线速度公式
轨道3的半径大于地球半径，因此线速度小于第一宇宙速度，故A正确；
B．飞船在椭圆轨道2的B点时，万有引力大于做圆周运动所需的向心力；要进入轨道3（圆轨道），需要加速增大所需向心力，使万有引力等于向心力，因此需要在B点加速，而非减速，故B错误；
C．加速度由万有引力提供，公式为
飞船在轨道1、轨道2经过A点时，到地心的距离相同，因此加速度相同，故C正确；
D．从A到B，飞船离地心越来越远，万有引力对飞船做负功，引力势能逐渐增大，故D错误。故选AC。
9．AB【详解】A．小球在水平方向上做匀速圆周运动，圆周运动周期为，小球在竖直方向上做自由落体运动，小球到达A点时，经历的时间为T，则有合力的冲量等于重力的冲量等于，故A正确；
B．小球在竖直方向上做自由落体运动，小球到达C点经历的时间分别为3T，则有小球从P点到C点的过程中电场力的冲量等于0，故B正确；
C．小球在水平方向上做匀速圆周运动，由电场力对小球提供向心力，则有可知，小球在A、B、C三点时所需向心力大小之比为1:1:1，故C错误；
D．小球在C点时重力的功率为，故D错误。故选AB。
10．BD【详解】A．在圆管轨道顶端，根据牛顿第二定律可得解得
方向沿面板平面向上，根据牛顿第三定律，弹珠对轨道的压力为0.25N，方向沿斜面向下，故A错误；
B．若弹珠恰好直接落在中奖区域AB的中点（三等奖），则，
联立解得
所以弹簧初始弹性势能为，故B正确；
CD．根据能量守恒可得
对类平抛运动有，联立可得
玩家获得一等奖时应满足或或
所以或或，故C错误，D正确。故选BD。
11．(1)17(2)左(3)(4)大(5) 不同意 见解析
【详解】（1）多用电表欧姆挡读数等于表盘示数乘以倍率，读数为
（2）由图乙可知，滑动变阻器采用分压式接法，测量电路接在滑片与电源负极之间。为了保护电路，闭合开关前应使测量电路两端电压为零，故滑片应移至最左端。
（3）实验步骤④中提到“直到阻值减为零时，示数为零”。当时，、两点被短接，电势相等，即。此时电压表并联在两端，测得电压为两端电压。电流表测得电流为流过的电流。根据欧姆定律可得
（4）电流计中电流方向由指向，说明点电势高于点电势，即。为了使示数为零，需要降低点电势，应将阻值调大，增大分压。
（5）[1][2]不同意，因为阻值减为零时，G示数为零，此时电压表示数就是待测电阻两端电压，而支路没有分流，所以电流表示数等于待测电阻的电流，计算没有误差，所以电压表内阻对电阻的测量值没影响。
12．(1)①A ；②< ；（2）①靠近 ；② ；③大于
【详解】（1）①A．为了保持封闭气体的质量不变，密封气体前，在活塞上均匀涂抹润滑油，故A正确；
B C．为了保持封闭气体的温度不变，推拉活塞时，应缓慢移动活塞，不能用手握住注射器气体部分，避免热传递导致温度变化，故BC错误。故选A。
②根据，对于图乙中两条等温线，取相同体积进行比较，由图可知，则两次实验的温度大小关系为①<②。
（2）①根据双缝干涉相邻条纹间距公式可知，要想增加从目镜中观察到的条纹个数，即需要减小相邻条纹的间距，即减小双缝到光屏的距离，因此需将屏向靠近双缝的方向移动。
②由图可知A条纹的位置刻度
由图可知B条纹的位置刻度
相邻条纹间距
根据双缝干涉相邻条纹间距公式解得
③由于测量方向与条纹的垂直距离方向存在夹角，测微目镜所测量的距离实际上是直角三角形的斜边，而真实条纹间距是直角边，所以测量值大于实际值。
13．(1)吸热 (2)
【详解】（1）下压手柄带动皮碗向上运动，气体体积变大对外做功。缓慢移动过程中，气体内能不变，根据热力学第一定律，则气体应吸热。
（2）设下阀门恰好要被顶开时，腔内气体压强为，体积为，则
根据玻意耳定律有联立得
14．(1)0.8V(2)(3)
【详解】（1）金属棒ob、oa上的感应电动势，解得
（2）金属棒ob上的电动势
金属棒cd上的电动势
对导体棒cd由平衡可知 得得
（3）对导体棒cd由动量定理可得
由能量关系可知 得解得
15．（1），；（2）；（3）
【详解】（1）小球释放后自由下落，下降10L，根据机械能守恒定律有解得
小球以与静止圆盘发生弹性碰撞，根据能量守恒定律和动量守恒定律分别有
解得
即小球碰后速度大小，方向竖直向上，圆盘速度大小，方向竖直向下；
（2）第一次碰后，小球做竖直上抛运动，圆盘摩擦力与重力平衡，匀速下滑，所以只要圆盘下降速度比小球快，二者间距就不断增大，当二者速度相同时，间距最大，即 解得
根据运动学公式得最大距离为
（3）第一次碰撞后圆盘匀速运动速度仍为，圆盘下落至管口时时间满足
得
此阶段小球下落位移
小球速度
此时还未发生第二次碰撞，在此后均做加速度为g的匀加速直线运动直至第二次碰撞，时间满足
得
故第一次碰撞至第二次碰撞时间为

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