资源简介

人教版初中物理九年级下册期末考试模拟测验卷A卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．2026年1月5日，第42届哈尔滨国际冰雪节开幕，关于冰雪节上的冰雕作品，下列说法正确的是（　　）
A．水制成冰的过程中，需要吸收热量
B．水制成冰后，密度不会变化
C．在0℃以下的环境中，冰雕变小了，这是升华现象
D．冰雕的温度很低，内能为零
2．题图为四冲程内燃机的做功冲程示意图，此冲程中气缸内的气体(　　)
A．体积变大，内能转化为机械能 B．体积变大，机械能转化为内能
C．体积变小，内能转化为机械能 D．体积变小，机械能转化为内能
3．小齐把一根塑料棒在衣袖上摩擦后，靠近(但不要接触)水管中竖直向下流出的细小水流，发现水流偏向塑料棒流动，如右图所示。关于摩擦后的塑料棒，下列说法正确的是
A．带电是创造了电荷 B．因为带电而吸引细小水流
C．一定是失去电子带负电 D．与水流带同种电荷
4．如题图所示为导体甲和乙的U-I图像，下列说法正确的是( )
A．导体甲的阻值为0.1Ω
B．导体乙的电阻随着电流的增大而减小
C．当导体乙两端的电压为2V 时，其实际功率为0.8W
D．当导体甲两端的电压为0时，其电阻也为0
5．用伏安法测量定值电阻时，电压表和电流表有如图所示的两种接法。下列说法中正确的是（　　）
A．甲图测量出的电阻值比真实值小
B．乙图测量出的电阻值比真实值大
C．为了减小误差，测量大电阻时宜采用甲图
D．为了减小误差，测量小电阻时宜采用甲图
6．如图所示是齐齐家的部分配电系统图，下列说法正确的是（　　）
A．如图所示的电能表的读数为20264 kW·h
B．家庭电路中老化的电源线只要不破损，就可以一直使用下去
C．若空气开关跳闸，一定是家庭电路中用电器总功率过大造成的
D．将其他用电器全部关闭，仅将一台空调打开工作36 s，发现电能表的脉冲指示灯闪烁了54次，则该空调的电功率为1500 W
7．如图所示，小明利用铝箔纸作为导线，与电池、铅笔芯串联制成一盏“笔芯电灯”，接通一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎热，产生这种现象的原因是(　　)
A．铅笔芯的电阻大 B．铅笔芯的电功率小
C．通过铅笔芯的电流大 D．铅笔芯的通电时间长
8．图为“门禁”上的电磁锁的结构图，A是电磁铁，B是铁块。A通电时，与B相互吸引，门被锁住；A断电时，A、B互不吸引，门可以被推开。下列说法中正确的是(　　)
A．B也可以由铜制成
B．闭合开关S后，滑片 P 左右移动，A的磁性强弱不变
C．闭合开关S后，A右端为N极
D．若电源正负极对调，该电磁锁将不能正常工作
9．对于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（　　）
A．图中蹄形磁体两极的磁性最弱，且它的周围存在的磁感线分布与地磁场的磁感线分布相似
B．科学家根据该实验装置探究得到的结论制造出了电动机
C．该实验装置可以用来探究感应电流产生的条件
D．导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，灵敏电流计的指针不会发生偏转
10．如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。电源为稳压电源，下列说法正确的是（　　）
A．小灯泡L正常发光时的电阻为8Ω
B．两个开关均闭合时，干路电流为0.5A
C．若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在图乙中电源两端，通过小灯泡L的电流更大
D．仅将图乙中定值电阻R更换为定值电阻R1，两个开关均闭合，电流表的示数与未更换电阻且两开关均闭合时的示数相比减小了0.1A，则R1的阻值为10Ω
二、多选题（每题4分，共16分）
11．近年来，我国科技突飞猛进。下列对科技发展中呈现的四款车的说法正确的是（　　）
A．图甲：5G+北斗汽车与北斗卫星之间是通过电磁波传递信息的
B．图乙：多功能抑尘车喷出的水雾增加空气中的水蒸气，是汽化现象
C．图丙：公交车使用的氢燃料，利用了它热值大、清洁环保无污染的特点
D．图丁：玉兔月球车有六个轮子与月球表面接触，是为了增大对月球的压强
12． 如图甲所示电路，电源电压不变，定值电阻 R2 的阻值为 20 Ω，小灯泡额定电压为 4 V，其电流 －电压关系图像如图乙所示。闭合开关 S1 和 S3 ，单刀双掷开关 S4 接 A，滑动变阻器 R1 的滑片位于中点时，灯 L 正常发光，闭合开关 S2 和 S3 ，开关 S4 接 A，电压表示数为 2 V，闭合开关 S1 和 S3 ，开关 S4 接 B ，调节滑动变阻器 R1 的滑片，使电路总功率 P 达到最小值。闭合所有开关，开关 S4 接 B，调节滑动变阻器 R1 的滑片，可使电流表示数 I 达到最大值或最小值。关于该电路下列说法正确的是 ( )
A．电源电压为 10 V B．R1 最大阻值为 10 Ω
C．P 的最小值为 5 W D．I 的最大值为 1 A
13．如图甲所示是同学们为生物实验制作的恒温补光装置的电路原理图，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5 W.调试电路时，在保证电路各元件安全的前提下，断开开关 (温控开关)，闭合开关S、S1(光控开关)，将滑片 P 从滑动变阻器 的最右端向左移动到a点时，小灯泡正常发光，此过程中电流表与电压表示数的关系图像如图乙所示.断开开关： 闭合开关S、 滑片P在a点保持不动，电流表示数为0.3A.下列说法正确的是(　　)
A．小灯泡的额定电压为6 V
B．电源电压为12 V
C．只闭合开关 ，滑片P 移到 a点时， 在5s 内产生的热量为3.6J
D．只闭合开关 调试过程中滑动变阻器， 接入电路的最大阻值为35Ω
14．某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为 假设燃油完全燃烧.通过计算可知，下列结果正确的是 (　　)
A．汽车行驶速度是20km/h
B．消耗的燃油完全燃烧放出的热量是
C．汽车牵引力做功的功率是30kW
D．汽车发动机的效率是20%
三、填空题（每空1分，共18分）
15．同学们研学时的野炊活动中，烧烤食物时主要是通过　 　(选填“做功”或“热传递”)的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于　 　现象，表明分子在不停地做无规则的运动；活动结束，还没有使用的剩余燃料的热值　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)．
16．小明用充电宝给手机电池充电时，手机电池相当于　 　（选填“用电器”或“电源”），充电宝上有三个接口（如图所示），可同时给三部手机充电，这三个接口之间是　 　（选填“串联”或“并联”）；小明将两只相同的气球在自己的头发上摩擦后，就可以让一只气球悬在另一只气球的上空（如图所示），这是因为摩擦后的两个气球带上　 　（选填“同种”或“异种”）电荷而相互排斥。
17．如图所示是一种测定油箱内油量的装置，其中油量表是由　 　改装成的（填“电压表”、“电流表”）；当油箱中的油量增加时，滑动变阻器的阻值　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），电阻R0的作用是当油箱中油量较　 　（选填“多”或“少”）时保护电路。
18．题图所示是小明制作的简易水位报警器.水位上涨到金属块A时，控制电路接通，电磁铁产生磁性，这是利用了电流的　 　效应，此时　 　灯亮，若电磁铁的上方为N极，则电源1的右端为　 　(选填“正”或“负”)极.
19．太阳能是太阳内部发生核　 　(选填“裂变”或“聚变”)产生的，属于　 　(选填“可”或“不可”)再生能源；请举出其一个优点：　 　．
20．用如图所示的装置可以探究电流通过用电器产生的热量与　 　(选填“电流”或“电阻”)的关系：若通过R1的电流为2A，则通电2分钟，R1的产生的热量为　 　J；若将R3更换为10Ω的电阻，　 　(选填“仍能”或“不能”)完成该实验探究。
四、作图题（共2题，共6分）
21．
（1）请用笔画线表示导线， 将图中的电灯和开关正确接入家庭电路中。
（2）如图所示是小红制作的泡沫指南针，闭合开关后，放在水面上，轻轻拨动塑料板，静止后，箭头总是指向南方。请你在虚线框内画出电源的符号及通电螺线管外部的磁感线方向。
22．根据如图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
五、实验探究题（共3题，共17分）
23．某中学九年级物理社团开展“探究小灯泡电阻特性”的活动，成员们发现：日常使用的灯泡，在开灯瞬间容易烧坏，这和灯丝温度变化导致电阻改变有关。为了深入研究，他们选用额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的实验电路图，同时测出小灯泡在不同电压下的电流值，绘制出如图乙所示的[-U关系图像。请根据实验情景和图像回答下列问题：
（1）该实验原理是　 　。
（2）当电压表示数为1.5V时，为使小灯泡正常发光，滑片P应向　 　（选填“左”或“右”)移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流为　 　A，此时小灯泡的电阻为　 　Ω，分析I-U图像可知，小灯泡的电阻随电压的升高而　 　（选填“变大”或“变小”）。
（4）本实验测量了多组数据，下列实验中多次测量的目的与本实验不相同的是____。
A．测量物体的长度
B．探究杠杆的平衡条件
C．探究液体压强与深度的关系
24．利用如图所示的装置探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关。
（1）实验中通过观察U形管中液面的　 　来反映电阻丝产生热量的多少。
（2）图甲装置是为了探究电流产生的热量与　 　大小的关系；
（3）图乙中与并联，目的是使通过与的　 　不同；该装置通电一段时间，　 　（选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量多。
（4）生活中我们发现：电炉丝通过导线接到电路中，电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热。其中图　 　（选填“甲”或“乙”）装置能够解释这一现象。
25．按要求完成下列实验题；
（1）如图甲所示，悬挂在水平放置蹄形磁体两极间的导体与灵敏电流计构成闭合回路。当磁体不动，导体竖直向上运动时，电流计指针　 　（选填“偏转”或“不偏转”）；当导体不动，磁体向右运动时，闭合电路中　 　（选填“能”或“不能”）产生感应电流；该实验装置涉及的物理学原理是由　 　（选填“奥斯特”或“法拉第”）发现的；若将图中灵敏电流计换成　 　，还可以探究电动机原理。
（2）如图乙所示是探究“影响电磁铁磁性强弱因素”的实验，该实验通过电磁铁吸引大头针数量的多少反映电磁铁的磁性强弱，这种研究方法称为　 　（选填“转换法”或“控制变量法”）；闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移，铁钉吸起大头针的数量更　 　（选填“多”或“少”）。
六、计算题（共2题，共13分）
26．在深圳，智能外卖取餐柜已深入社区、医院等场所。为保障热餐外卖的品质，部分新型取餐柜配备了保温和加热功能。实现该功能的简化电路如图所示，电源电压恒为，定值电阻和都是发热体，阻值为，加热时，电路总电流为。求：
（1）闭合时，通过的电流；
（2）保温时的电功率；
（3）加热，电路消耗的电能。
27．图甲为智能快递分拣机器人，快递分拣电路的简化示意图如图乙所示，其中 分别为光敏电阻和力敏电阻，当机器人扫描条形码后，机器人根据 和 反映的信息识别快件需要运送的区域。
电路中，电源电压为 6V，扫码前光敏电阻 为 10Ω，扫码后 的阻值发生变化，其变化后的阻值对应的送件区域如下表所示，力敏电阻 的阻值随压力变化关系如图丙所示。求：
送件区域 A B C D
光敏电阻 12 15 18 20
（1）快件扫码前通过 的电流；
（2）运送某快件到B区域时，电流表的示数为0.5A， 的阻值及快件的重力。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；密度的应用与物质鉴别；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、水制成冰是凝固过程，需要放出热量，故 A 错误；
B、水的密度大于冰的密度，水制成冰后密度变小，故 B 错误；
C、在 0℃以下的环境中，冰雕变小是固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故 C 正确；
D、一切物体在任何温度下都有内能，冰雕的温度虽然很低，但内能不为零，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凝固过程的吸放热情况，凝固放热；
B、考查水和冰的密度差异，水的密度大于冰；
C、考查升华现象的判断，物质由固态直接变为气态；
D、考查内能的概念，一切物体都有内能，内能不为零。
2．【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】据图可知，火花塞点燃，活塞下移，所以内能转化为机械能，为做功冲程，故A正确；BCD错误；
故选A.
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
3．【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】A、 塑料棒在衣袖上摩擦后，发生电子的转移，故A错误；
B、物体带电后，具有吸引轻小物体的性质，所以 水流偏向塑料棒流动 ，故B正确；
C、失去电子带正电，故C错误；
D、水流不带电，故D错误。
故选B。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质，
两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电，
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）。
4．【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A、结合图像数据可知，导体甲的阻值，故A错误；
B、据图可知，乙电阻电压的增加量大于电流的增加量，所以乙电阻随着电流的增加而增加，故B错误；
C、导体乙两端的电压为2V 时，电流为0.4A，所以实际功率P=UI=2V×0.4A=0.8W，故C正确；
D、电阻是物体基本属性，和电压无关，故D错误。
故选C。
【分析】电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
电功率的计算：公式为P=UI。
5．【答案】C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：甲电路中：电流表是内接法，乙电路中：电流表是外接法；
A、甲图中：电压表测得的电压是待测电阻两端的电压与电流表上的电压之和，即电阻两端的电压测量值为：U测=UR+UA，而通过电阻R的电流测量准确，由可得，甲图中电阻测量值：，即测量出的电阻值比真实值大；故A错误；
B、乙图中：电流表测得的电流是通过待测电阻的电流与通过电压表的电流之和，通过电阻R的电流测量值：I测=IR+IA，而电阻两端的电压测量准确，由可得，乙图中电阻测量值：；即测量出的电阻值比真实值小；故B错误；
C、测量较大阻值的电阻时，采用甲图，电流变分压很小，误差较小；故C正确；
D、测量较小阻值的电阻时，采用乙图，电压表分流很小，误差较小，故D错误。
故选：C。
【分析】 用伏安法测电阻时，甲图属于内接法，通过电阻R的电流测量准确，电阻两端的电压测量值偏大；乙图属于外接法，电阻两端的电压测量准确，通过电阻R的电流测量值偏大，据此分析判断。
6．【答案】D
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A、电能表读数的最后一位是小数位，单位为，所以图示电能表的读数为，故A错误；
B、老化的电源线绝缘层会变脆开裂，存在安全隐患，即使不破损也应及时更换，故B错误；
C、空气开关跳闸的原因有两种：一是电路中用电器总功率过大，二是电路发生短路，故C错误；
D、根据电能表参数“”，指示灯闪烁次消耗的电能，工作时间，根据公式，空调的电功率，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、电能表读数最后一位为小数位，读数应为。
B、老化电源线绝缘层易开裂，存在安全隐患，需及时更换。
C、空气开关跳闸的原因包括用电器总功率过大或电路短路两种情况。
D、先根据电能表参数算出消耗的电能，再用公式算出电功率为，计算正确。
7．【答案】A
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A、铅笔芯和铝箔纸串联，所以通过它们的电流相等、通电时间相同。根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。铅笔芯热得发光，铝箔纸不怎么热，说明铅笔芯的电阻远大于铝箔纸，故A正确。
B、铅笔芯发热多，电功率更大，故B错误。
C、串联电路中各处电流相等，故C错误。
D、同一电路两者通电时间相同，故D错误。
故选：A。
【分析】铅笔芯和铝箔纸串联，所以通过它们的电流相等、通电时间相同。根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。
8．【答案】C
【知识点】安培定则；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、铜是非磁材料，不能被电磁铁吸引，所以金属块 B 不能选用铜块，故A错误；
B、电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，闭合开关S后，滑片P左右移动，电路中的电流大小变化，A的磁性强弱变化，故B错误；
C、根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向（电源正极出发经螺线管回到负极），大拇指指向电磁铁A的右端为N极，左端为 S 极，故C正确；
D、若电源正负极对调，电磁铁的磁极发生改变，但电磁铁仍然能够吸引铁块B，故D错误。
故选：C。
【分析】铁、钴、镍等物质容易被磁化，可作为电磁铁吸引的对象；电磁铁磁性强弱与电流大小、线圈匝数等有关，在匝数等其他条件不变时，电流越大，磁性越强；安培定则：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极；电磁铁的磁性有无可通过电流的通断来控制；
9．【答案】C
【知识点】磁感线及其特点；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、蹄形磁体两极的磁性最强，并非最弱，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似，与蹄形磁体不同，故 A 错误；
B、该实验装置探究的是电磁感应现象，根据此原理制造的是发电机，而非电动机，故 B 错误；
C、该实验装置没有电源，通过导体切割磁感线产生感应电流，可以用来探究感应电流产生的条件，故 C 正确；
D、导体 ab 固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，导体 ab 相对于磁体向右运动，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计的指针会发生偏转，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查磁体的性质，磁体两极磁性最强，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似；
B、考查电磁感应现象的应用，电磁感应是发电机的工作原理；
C、考查感应电流产生的条件，该装置通过导体切割磁感线产生感应电流，可探究其产生条件；
D、考查相对运动与电磁感应，导体与磁体发生相对切割磁感线运动时，会产生感应电流。
10．【答案】A
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、只闭合开关时，电路为小灯泡的简单电路，电流表的示数为，此时小灯泡正常发光。由图甲可知，此时小灯泡两端的电压为，根据欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻，故A正确；
B、两个开关均闭合时，小灯泡与电阻并联，电源电压为。由图甲可知，当电压为时，通过电阻的电流为，根据并联电路电流规律，干路电流，故B错误；
C、若将小灯泡和定值电阻串联后接在电源两端，总电压为，根据串联电路电压规律，两者电压之和为，电流相同。此时电路电流小于，而原来小灯泡单独工作时电流为，因此串联后通过小灯泡的电流更小，故C错误；
D、原电路中，两开关均闭合时干路电流为，更换电阻后，电流减小，则新的干路电流为，故D错误；
故答案为：A。
【分析】本题考查了欧姆定律的应用，解题关键是结合I-U图像分析电路状态。首先根据只闭合时的电流和小灯泡正常发光的条件，从图像中读出电压，利用公式计算小灯泡的电阻；再分析并联电路中电阻的电流，利用并联电路电流规律得到干路电流；对于串联电路，根据串联电路电压规律判断电流变化；最后分析更换电阻后的电流变化情况。
11．【答案】A,B,C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；燃料的热值；减小压强的方法及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、5G+北斗汽车与北斗卫星之间通过电磁波传递信息，因为电磁波可以在真空中传播，适用于卫星通信，故A正确；
B、抑尘车喷出的水雾（液态小水滴）会汽化为水蒸气，增加空气中的水蒸气含量，属于汽化现象，故B正确；
C、氢燃料的热值大，相同质量下能释放更多能量，且燃烧产物为水，清洁环保无污染，适合作为公交车燃料，故C正确；
D、玉兔月球车的六个轮子增大了与月球表面的接触面积，根据压强公式 ，在压力不变时，接触面积增大，压强减小，而非增大压强，故D错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查电磁波的应用，卫星通信依赖电磁波传递信息，电磁波可在真空中传播，因此汽车与北斗卫星通过电磁波通信；
B、考查汽化现象，液态水雾汽化为气态水蒸气，属于汽化（蒸发）过程，能增加空气湿度；
C、考查氢燃料的特性，氢燃料具有热值高、无污染的特点，是理想的清洁能源；
D、考查压强的影响因素，增大接触面积可以减小压强，月球车多轮子设计是为了减小对月球表面的压强，避免陷入月壤。
12．【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A、由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，示数为2V，由乙图可知，此时电路中的电流为0.4A，则电源电压为：U=UR1+U1=0.4A×20Ω+2V=10V，故A正确；
B、只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯L正常发光，此时电路中的电流为0.6A，电压表示数为4V，则滑动变阻器接入电路的电压：，所以滑动变阻器的电阻为：R1=2R中=2×10Ω=20Ω，故B错误；
C、只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，调节滑动变阻器R1的滑片，使电路总功率P达到最小值，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，即，故C正确；
D、闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，调节滑动变阻器R1的滑片，可使电流表示数达到最小值为：，故D错误；
【分析】A.由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路中电压的关系求解电源电压。
B.只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路的特点以及欧姆定律求解电阻。
C.只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，根据，求电功率。
D.闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，再结合并联电路的电流特点进行分析判断。
13．【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：AB．断开开关S2，闭合开关S、S1，小灯泡和R1串联，R2断路，电压表测R1左半部分电阻两端电压，滑片在a点时，小灯泡正常发光，由图乙可知电路电流为0.5A，则小灯泡两端电压为，所以小灯泡额定电压为10V，由图乙知电压表示数为2V，电源电压为U总=U+U滑=10V+2V=12V，故A错误，B正确；
CD．断开开关S2，闭合开关S、S1，小灯泡和R1串联，R2断路，滑片在最右端时，接入电路电阻最大，由图乙知此时电压表示数为8V，电流表示数为0.25A，则滑动变阻器最大阻值为，
只闭合开关S、S2，两个电阻串联，滑片P移到a点时，电流表示数为0.3A，电路总电阻为，
结合串联电路的电阻关系可知R2的电阻为R2=R-R滑大=40Ω-32Ω=8Ω，
结合焦耳定律可知R2在5s内产生的热量为，故C正确，D错误。
故选：BC。
【分析】 （1）只闭合开关S、S1，R1与L串联，电流表测电路中电流，电压表测P左侧部分电压，分析滑片移动时，电流表和电压变化从而判断其图象；
保证电路元件安全，根据串联电路电流特点和电流表量程，由图乙判断灯泡的正常发光电流，由P=UI计算灯泡的额定电压；由欧姆定律计算P左侧部分电压，从而计算电源电压，R1连入电路的最小和最大值；
（2）由串联电路特点和欧姆定律计算闭合开关S、S2，将滑片P在a点时，R2两端电压，由Q=W=UIt计算定值电阻R2的5s产生的热量。
14．【答案】B,D
【知识点】速度公式及其应用；机械效率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】A.汽车行驶速度 故A错误；
B.消耗的燃油完全燃烧放出的热量 故B正确；
C.匀速行驶时汽车受到的牵引力与阻力是平衡力，
所以汽车牵引力做功的功率P= Fv=2000N×20m/s=40000W=40kW，
故C错误；
D.汽车发动机做的功W= Fs=2000N×6.9×103m=1.38×107J，
汽车发动机的效率
故D正确。
故选BD。
【分析】 A.利用可求出汽车的速度；
B.利用Q放=qm可求出燃油完全燃烧放出的热量；
C.已知汽车的速度和牵引力，利用P=Fv可求出汽车牵引力做功的功率；
D.已知汽车做功的功率和行驶时间，利用W=Pt可求出汽车牵引力做的功；再根求出汽车发动机的效率。
15．【答案】热传递；扩散；不变
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值；分子热运动
【解析】【解答】烧烤食物时，火焰的温度高，所以通过热传递改变物体的内能，闻到香味属于扩散作用，本质为分子热运动，热值物体的基本属性，和燃烧程度无关。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
16．【答案】用电器；并联；同种
【知识点】电荷间的相互作用规律；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】给手机充电时，手机电池消耗电能，将其转化为化学能储存起来，因此此时手机电池属于电路中的用电器。
充电宝为三部手机充电时，各手机之间的工作互不影响，因此三部手机是并联接入充电宝的，充电宝的三个接口属于并联连接。
摩擦后的两只气球带上了同种电荷，根据 “同种电荷相互排斥” 的原理，两只气球会相互排斥，从而出现悬空分开的现象。
故答案为：用电器；并联；同种；
【分析】根据用电器的定义（消耗电能的装置），分析充电时手机电池的能量转化形式；关键知识点为电路中用电器的定义及能量转化。
根据串、并联电路的工作特点（并联电路中各支路用电器互不影响），判断充电宝接口的连接方式；关键知识点为串、并联电路的特点。
结合摩擦起电现象和电荷间的相互作用规律，解释气球相互排斥的现象；关键知识点为同种电荷相互排斥的原理。
17．【答案】电流表；变小；多
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】图中，油量表串联，是电流表改装成的；、滑动变阻器串联，当油量增加时，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻变小。
当油面上升到一定程度，滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，若电路中没有，电源会短路，电阻起到保护电路的作用。
【分析】电流表和所测量的位置串联；根据图像，结合滑片的移动，判断电阻变化；有滑动变阻器的电路中，定值电阻有保护电路的作用。
18．【答案】磁；红；正
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】 控制电路接通，电磁铁产生磁性 ，原理为电流的磁效应，此时衔铁被吸引，红灯变亮，结合安培定则，和 电磁铁的上方为N极，所以 则电源1的右端为 N极。
【分析】通电螺线管：原理为电流的磁效应，由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
19．【答案】聚变；可；无污染
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】太阳内部发生核聚变，核能属于不可再生能源，使用后不能源源再生，核能属于清洁能源，不会污染大气；
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
20．【答案】电流；600；能
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】该实验的变量为经过电阻的电流，所以探究热量和电流的关系， 通过R1的电流为2A ，结合并联电路电流规律计算可知通过R2的电流1A，结合焦耳定律计算可知Q=I2Rt=（1A）2×5Ω×2×60s=600J，将R3更换10Ω，仍然起到分流作用，所以能完成该实验。
【分析】探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
换法：在物理实验中，某些物理量（内能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中热能的大小难以直接测量，所以需要通过 液面高度差的变化进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的发热量可能与导体的电流的关系时，需要电阻相同。
21．【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则；磁感线及其特点；地磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）连接逻辑：家庭电路中，开关需与所控制的用电器串联，且必须接在火线上。
具体接法：火线先接入开关，再从开关引出连接到灯泡顶端的金属点；零线直接连接到灯泡的螺旋套。
接法原因：开关接火线时，断开开关后灯泡与火线断开，不带电，可避免检修或更换灯泡时发生触电事故。
（2）判断螺线管磁极：泡沫指南针静止后箭头指向南方，说明螺线管右端为S极，左端为N极（异名磁极相互吸引，指南针箭头指向螺线管S极）。
判断电源正负极：运用安培定则（右手螺旋定则），右手握住螺线管，大拇指指向N极（左端），四指弯曲方向为电流方向，由此判断电流从螺线管下端流入、上端流出，因此电源下端为正极，上端为负极。
绘制磁感线方向：在通电螺线管外部，磁感线的方向是从N极出发，回到S极，即磁感线从螺线管左端向右端绘制，箭头指向右端。
故答案为：（1）；（2）。
【分析】1、家庭电路连接规则：开关与用电器串联，且开关必须接在火线上；灯泡的顶端金属点接火线，螺旋套接零线。
2、安全用电原则：开关控制火线，可防止用电器带电引发触电风险。
3、安培定则（右手螺旋定则）：右手握住通电螺线管，大拇指指向N极，四指弯曲方向为电流的环绕方向，用于判断螺线管磁极与电流方向的对应关系。
4、地磁场与磁极相互作用：地磁北极靠近地理南极，异名磁极相互吸引；指南针的指向可反映磁体的磁极分布。
5、磁感线的特点：在磁体（含通电螺线管）外部，磁感线总是从N极出发，最终回到S极，磁感线的箭头方向表示磁场的方向。
22．【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】图中，两灯在不同支路上，电路并联，开关S3在干路上，灯L2和S2串联，开关S1、灯L1在一条支路，画出电路图为
。
【分析】各用电器分别连接在电源两端，是并联电路，根据开关位置，画出电路图。
23．【答案】（1）
（2）右
（3）0.25；10；变大
（4）A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）该实验是“探究小灯泡电阻特性”的实验，通过电压表和电流表分别测量小灯泡的电压和电流， 从而测量小灯泡的电阻大小，所以实验原理是；
（2）小灯泡额定电压为2.5V，当前电压表示数为1.5V，低于额定电压，那么根据串联电路分压原 理和分压规律可知，要增大灯泡两端电压，就需 要减小滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片P应向右移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电压为2.5V时，电流为0.25A。 根据可得此时小灯泡的电阻为：
；
分析I-U图像可知，随着电压升高，图像的倾斜程度逐渐变小，说明小灯泡的电阻随电压的升高而变大。
（4） 本实验多次测量是为了寻找普遍规律；
A.在测量物体的长度的实验中，多次测量是为了减小误差，与本实验不相同，故A符合题意；
B.在探究杠杆的平衡条件实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验相同，故B不符合题意；
C.在探究液体压强与深度的关系的实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验不同，故C不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.25；10；变大；（4）A。
【分析】（1）测灯泡正常工作时电阻的实验原理是；
（2） 根据电压表的示数，与灯泡的额定电压相比较，根据串联电路的分压特点判断接入电路中的电阻变化，进一步判断滑片移动的方向；
（3）根据灯泡的额定电压和图象读出灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；灯丝的电阻与温度有关，且温度越高阻值越大；
（4） 本实验中为了研究灯丝的电阻随着温度的变化规律：
测物体的长度的实验中，多次测量的目的是为了求平均值以减小误差；
探究杠杆的平衡条件和液体压强与深度的关系时，多次测量的目的是寻找普遍规律。
24．【答案】（1）高度差
（2）电阻
（3）电流；左瓶
（4）甲
【知识点】焦耳定律；电流的热效应；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据转换法思想可知，由于不能直接观察电流通过导体产生热量的多少，所以可以通过观察温度的变化使U形管内液柱出现的高度差，来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）由图甲可知，两电阻分别为5和10且串联在电路中，由于串联电路电流和通电时间均相同，只有电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系。
（3）第1空，为了使通过R1与R2的电流不同，故将R3与R2并联，由并联分流的原理可知，使通过R1的电流大于通过R2的电流。
第2空，由于R1、R2阻值和通电时间均相同，由实验装置中左侧U型管液面高度差更大，可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多。
（4）在电路中，电炉丝与导线串联，由串联电路规律可知，电流和通电时间相同，由于电炉丝电阻远大于导线电阻，根据Q=I2Rt，电阻越大，产生热量越多，故对应的是图甲装置。
故答案为：（1）高度差/高度变化；（2）电阻；（3）电流；左瓶；（4）甲。【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，运用转换法，可以通过观察U形管中液面高度变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同。
（3）图乙中R3与R2并联，会分流，使通过R1的电流大于通过R2的电流。R1、R2阻值相同、通电时间相同，由U型管液面高度差分析判断产生热量的多少。
（4）电炉丝与导线串联，电流和通电时间相同，电炉丝电阻远大于导线电阻，根据Q=I2Rt，电阻越大，产生热量越多。
（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但温度的变化可以使空气膨胀，推动U形管内液体运动，即可以通过观察U形管中液面高度变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系。
（3）[1]图乙中与并联，会分流，使通过的电流大于通过的电流，目的是使通过与的电流不同。
[2]、阻值相同、通电时间相同，根据焦耳定律，电流越大，产生热量越多，左瓶中的电流更大，因此左瓶内的电阻丝产生的热量多。
（4）电炉丝与导线串联，电流和通电时间相同，电炉丝电阻远大于导线电阻，根据，电阻越大，产生热量越多，对应图甲装置。
25．【答案】（1）不偏转；能；法拉第；电源
（2）转换法；多
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此无感应电流，电流计指针不偏转。磁体向右运动时，导体相对于磁体做切割磁感线运动，且电路闭合，满足感应电流产生的条件，因此能产生感应电流。
电磁感应现象（磁生电）由英国物理学家法拉第发现，奥斯特发现的是电流的磁效应，因此填法拉第。电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源为导体提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（或电池组），即可探究电动机原理。结论：电源（或电池组）（正确）
(2) 将不可直接观察的磁性强弱，转换为可直接观察的大头针吸引数量，这种研究方法是转换法。滑片左移，滑动变阻器接入电阻减小，电路电流增大；电磁铁磁性强弱与电流大小正相关，电流越大磁性越强，因此吸引大头针数量更多
故答案为：（1）不偏转；能；法拉第；电源；（2）转换法；多。
【分析】(1)蹄形磁体的磁场方向是竖直方向（N 极在上、S 极在下），导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不满足电磁感应的条件，因此不会产生感应电流，电流计指针不偏转。
导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，且电路是闭合回路，满足电磁感应的条件，因此能产生感应电流。
电磁感应现象是由法拉第发现的，奥斯特发现的是电流的磁效应（电生磁），因此该原理由法拉第发现。
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（电池组），就可以探究电动机原理。
(2) 电磁铁的磁性强弱无法直接观察，通过吸引大头针的数量来间接反映磁性强弱，这种将不易观察的物理量转换为易观察的物理量的方法，称为转换法；控制变量法是控制其他变量不变，研究某一变量的影响，此处不适用。
滑动变阻器滑片向左移，接入电路的电阻变小，电路中电流变大；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流越大，磁性越强，因此吸引的大头针数量更多。
（1）[1][2][3]产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此没有感应电流，电流计指针不偏转；导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，满足产生感应电流的条件，因此能产生感应电流；电磁感应现象是法拉第发现的。
[4]电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，电路需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源，就可以探究电动机原理。
（2）[1]将不易直接测量的磁性强弱，转换为容易观察的吸引大头针的数量来反映，这种研究方法是转换法。
[2]滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路的电阻减小，电路电流增大，电磁铁磁性增强，因此吸起大头针的数量更多。
26．【答案】（1）解：由电路图可知，仅闭合时，只有接入电路，电阻较大，由 可知，电功率较小，为保温挡；、都闭合时，与并联，电阻最小，电功率最大，为加热挡。闭合后，两端电压等于电源电压，即
的电流
（2）解：保温时只有接入电路，此时电功率
（3）解： 加热时总电流为，加热时间
加热电路消耗的电能
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）分析电路结构可知，只闭合对应开关时，只有单个电阻接入电路，电路总电阻偏大。根据电功率公式能够判断此时电路功率偏小，处于保温挡位；两个开关同时闭合时，两电阻形成并联电路，总电阻达到最小，电路功率最大，此时为加热挡位。开关闭合后，电阻两端电压与电源电压相等，据此可算出通过该电阻的电流。
（2）设备处于保温状态时，仅有单一电阻接入电路工作，代入公式即可求出保温状态下的电功率。
（3）加热工作状态下得出电路总电流，结合已知加热时长，利用电能计算公式，求出加热过程中电路消耗的总电能。
27．【答案】（1）由图乙可知，光敏电阻和力敏电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等：
快件扫码前通过R1的电流：
（2）由表格可知，运送快件到B区域某位置时，光敏电阻的阻值为15Ω，干路电流为0.5A
此时通过光敏电阻的电流：
通过力敏电阻的电流： I2=I-I1B=0.5A-0.4A=0.1A
力敏电阻的阻值：
由图丙可知此时力敏电阻受到的压力：F 压=15N
快件的重力：
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】1、并联电路的特点：各支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
欧姆定律公式，表示导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。可变形为U=IR、用于计算电压或电阻。
2、敏感电阻的应用
光敏电阻R1的阻值随光照强度变化，力敏电阻R2的阻值随压力变化。本题中通过读取表格和图像数据，结合电路规律解决实际问题。
受力平衡：快件静止在力敏电阻上时，压力与重力大小相等，因此可通过压力值得到重力值。
1 / 1人教版初中物理九年级下册期末考试模拟测验卷A卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．2026年1月5日，第42届哈尔滨国际冰雪节开幕，关于冰雪节上的冰雕作品，下列说法正确的是（　　）
A．水制成冰的过程中，需要吸收热量
B．水制成冰后，密度不会变化
C．在0℃以下的环境中，冰雕变小了，这是升华现象
D．冰雕的温度很低，内能为零
【答案】C
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；密度的应用与物质鉴别；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、水制成冰是凝固过程，需要放出热量，故 A 错误；
B、水的密度大于冰的密度，水制成冰后密度变小，故 B 错误；
C、在 0℃以下的环境中，冰雕变小是固态的冰直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故 C 正确；
D、一切物体在任何温度下都有内能，冰雕的温度虽然很低，但内能不为零，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凝固过程的吸放热情况，凝固放热；
B、考查水和冰的密度差异，水的密度大于冰；
C、考查升华现象的判断，物质由固态直接变为气态；
D、考查内能的概念，一切物体都有内能，内能不为零。
2．题图为四冲程内燃机的做功冲程示意图，此冲程中气缸内的气体(　　)
A．体积变大，内能转化为机械能 B．体积变大，机械能转化为内能
C．体积变小，内能转化为机械能 D．体积变小，机械能转化为内能
【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】据图可知，火花塞点燃，活塞下移，所以内能转化为机械能，为做功冲程，故A正确；BCD错误；
故选A.
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
3．小齐把一根塑料棒在衣袖上摩擦后，靠近(但不要接触)水管中竖直向下流出的细小水流，发现水流偏向塑料棒流动，如右图所示。关于摩擦后的塑料棒，下列说法正确的是
A．带电是创造了电荷 B．因为带电而吸引细小水流
C．一定是失去电子带负电 D．与水流带同种电荷
【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】A、 塑料棒在衣袖上摩擦后，发生电子的转移，故A错误；
B、物体带电后，具有吸引轻小物体的性质，所以 水流偏向塑料棒流动 ，故B正确；
C、失去电子带正电，故C错误；
D、水流不带电，故D错误。
故选B。
【分析】两种电荷：电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质，
两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电，
摩擦起电的实质为电子的转移，物体失去电子带正电，物体得到电子带负电，如两种电荷：丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带正电（失去电子）；橡胶棒摩擦毛皮，橡胶棒带负电（得到电子）。
4．如题图所示为导体甲和乙的U-I图像，下列说法正确的是( )
A．导体甲的阻值为0.1Ω
B．导体乙的电阻随着电流的增大而减小
C．当导体乙两端的电压为2V 时，其实际功率为0.8W
D．当导体甲两端的电压为0时，其电阻也为0
【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A、结合图像数据可知，导体甲的阻值，故A错误；
B、据图可知，乙电阻电压的增加量大于电流的增加量，所以乙电阻随着电流的增加而增加，故B错误；
C、导体乙两端的电压为2V 时，电流为0.4A，所以实际功率P=UI=2V×0.4A=0.8W，故C正确；
D、电阻是物体基本属性，和电压无关，故D错误。
故选C。
【分析】电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义R=U/I只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
电功率的计算：公式为P=UI。
5．用伏安法测量定值电阻时，电压表和电流表有如图所示的两种接法。下列说法中正确的是（　　）
A．甲图测量出的电阻值比真实值小
B．乙图测量出的电阻值比真实值大
C．为了减小误差，测量大电阻时宜采用甲图
D．为了减小误差，测量小电阻时宜采用甲图
【答案】C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：甲电路中：电流表是内接法，乙电路中：电流表是外接法；
A、甲图中：电压表测得的电压是待测电阻两端的电压与电流表上的电压之和，即电阻两端的电压测量值为：U测=UR+UA，而通过电阻R的电流测量准确，由可得，甲图中电阻测量值：，即测量出的电阻值比真实值大；故A错误；
B、乙图中：电流表测得的电流是通过待测电阻的电流与通过电压表的电流之和，通过电阻R的电流测量值：I测=IR+IA，而电阻两端的电压测量准确，由可得，乙图中电阻测量值：；即测量出的电阻值比真实值小；故B错误；
C、测量较大阻值的电阻时，采用甲图，电流变分压很小，误差较小；故C正确；
D、测量较小阻值的电阻时，采用乙图，电压表分流很小，误差较小，故D错误。
故选：C。
【分析】 用伏安法测电阻时，甲图属于内接法，通过电阻R的电流测量准确，电阻两端的电压测量值偏大；乙图属于外接法，电阻两端的电压测量准确，通过电阻R的电流测量值偏大，据此分析判断。
6．如图所示是齐齐家的部分配电系统图，下列说法正确的是（　　）
A．如图所示的电能表的读数为20264 kW·h
B．家庭电路中老化的电源线只要不破损，就可以一直使用下去
C．若空气开关跳闸，一定是家庭电路中用电器总功率过大造成的
D．将其他用电器全部关闭，仅将一台空调打开工作36 s，发现电能表的脉冲指示灯闪烁了54次，则该空调的电功率为1500 W
【答案】D
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A、电能表读数的最后一位是小数位，单位为，所以图示电能表的读数为，故A错误；
B、老化的电源线绝缘层会变脆开裂，存在安全隐患，即使不破损也应及时更换，故B错误；
C、空气开关跳闸的原因有两种：一是电路中用电器总功率过大，二是电路发生短路，故C错误；
D、根据电能表参数“”，指示灯闪烁次消耗的电能，工作时间，根据公式，空调的电功率，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、电能表读数最后一位为小数位，读数应为。
B、老化电源线绝缘层易开裂，存在安全隐患，需及时更换。
C、空气开关跳闸的原因包括用电器总功率过大或电路短路两种情况。
D、先根据电能表参数算出消耗的电能，再用公式算出电功率为，计算正确。
7．如图所示，小明利用铝箔纸作为导线，与电池、铅笔芯串联制成一盏“笔芯电灯”，接通一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎热，产生这种现象的原因是(　　)
A．铅笔芯的电阻大 B．铅笔芯的电功率小
C．通过铅笔芯的电流大 D．铅笔芯的通电时间长
【答案】A
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A、铅笔芯和铝箔纸串联，所以通过它们的电流相等、通电时间相同。根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。铅笔芯热得发光，铝箔纸不怎么热，说明铅笔芯的电阻远大于铝箔纸，故A正确。
B、铅笔芯发热多，电功率更大，故B错误。
C、串联电路中各处电流相等，故C错误。
D、同一电路两者通电时间相同，故D错误。
故选：A。
【分析】铅笔芯和铝箔纸串联，所以通过它们的电流相等、通电时间相同。根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。
8．图为“门禁”上的电磁锁的结构图，A是电磁铁，B是铁块。A通电时，与B相互吸引，门被锁住；A断电时，A、B互不吸引，门可以被推开。下列说法中正确的是(　　)
A．B也可以由铜制成
B．闭合开关S后，滑片 P 左右移动，A的磁性强弱不变
C．闭合开关S后，A右端为N极
D．若电源正负极对调，该电磁锁将不能正常工作
【答案】C
【知识点】安培定则；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、铜是非磁材料，不能被电磁铁吸引，所以金属块 B 不能选用铜块，故A错误；
B、电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，闭合开关S后，滑片P左右移动，电路中的电流大小变化，A的磁性强弱变化，故B错误；
C、根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向（电源正极出发经螺线管回到负极），大拇指指向电磁铁A的右端为N极，左端为 S 极，故C正确；
D、若电源正负极对调，电磁铁的磁极发生改变，但电磁铁仍然能够吸引铁块B，故D错误。
故选：C。
【分析】铁、钴、镍等物质容易被磁化，可作为电磁铁吸引的对象；电磁铁磁性强弱与电流大小、线圈匝数等有关，在匝数等其他条件不变时，电流越大，磁性越强；安培定则：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极；电磁铁的磁性有无可通过电流的通断来控制；
9．对于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（　　）
A．图中蹄形磁体两极的磁性最弱，且它的周围存在的磁感线分布与地磁场的磁感线分布相似
B．科学家根据该实验装置探究得到的结论制造出了电动机
C．该实验装置可以用来探究感应电流产生的条件
D．导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，灵敏电流计的指针不会发生偏转
【答案】C
【知识点】磁感线及其特点；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、蹄形磁体两极的磁性最强，并非最弱，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似，与蹄形磁体不同，故 A 错误；
B、该实验装置探究的是电磁感应现象，根据此原理制造的是发电机，而非电动机，故 B 错误；
C、该实验装置没有电源，通过导体切割磁感线产生感应电流，可以用来探究感应电流产生的条件，故 C 正确；
D、导体 ab 固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，导体 ab 相对于磁体向右运动，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计的指针会发生偏转，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查磁体的性质，磁体两极磁性最强，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似；
B、考查电磁感应现象的应用，电磁感应是发电机的工作原理；
C、考查感应电流产生的条件，该装置通过导体切割磁感线产生感应电流，可探究其产生条件；
D、考查相对运动与电磁感应，导体与磁体发生相对切割磁感线运动时，会产生感应电流。
10．如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。电源为稳压电源，下列说法正确的是（　　）
A．小灯泡L正常发光时的电阻为8Ω
B．两个开关均闭合时，干路电流为0.5A
C．若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在图乙中电源两端，通过小灯泡L的电流更大
D．仅将图乙中定值电阻R更换为定值电阻R1，两个开关均闭合，电流表的示数与未更换电阻且两开关均闭合时的示数相比减小了0.1A，则R1的阻值为10Ω
【答案】A
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A、只闭合开关时，电路为小灯泡的简单电路，电流表的示数为，此时小灯泡正常发光。由图甲可知，此时小灯泡两端的电压为，根据欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻，故A正确；
B、两个开关均闭合时，小灯泡与电阻并联，电源电压为。由图甲可知，当电压为时，通过电阻的电流为，根据并联电路电流规律，干路电流，故B错误；
C、若将小灯泡和定值电阻串联后接在电源两端，总电压为，根据串联电路电压规律，两者电压之和为，电流相同。此时电路电流小于，而原来小灯泡单独工作时电流为，因此串联后通过小灯泡的电流更小，故C错误；
D、原电路中，两开关均闭合时干路电流为，更换电阻后，电流减小，则新的干路电流为，故D错误；
故答案为：A。
【分析】本题考查了欧姆定律的应用，解题关键是结合I-U图像分析电路状态。首先根据只闭合时的电流和小灯泡正常发光的条件，从图像中读出电压，利用公式计算小灯泡的电阻；再分析并联电路中电阻的电流，利用并联电路电流规律得到干路电流；对于串联电路，根据串联电路电压规律判断电流变化；最后分析更换电阻后的电流变化情况。
二、多选题（每题4分，共16分）
11．近年来，我国科技突飞猛进。下列对科技发展中呈现的四款车的说法正确的是（　　）
A．图甲：5G+北斗汽车与北斗卫星之间是通过电磁波传递信息的
B．图乙：多功能抑尘车喷出的水雾增加空气中的水蒸气，是汽化现象
C．图丙：公交车使用的氢燃料，利用了它热值大、清洁环保无污染的特点
D．图丁：玉兔月球车有六个轮子与月球表面接触，是为了增大对月球的压强
【答案】A,B,C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；燃料的热值；减小压强的方法及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、5G+北斗汽车与北斗卫星之间通过电磁波传递信息，因为电磁波可以在真空中传播，适用于卫星通信，故A正确；
B、抑尘车喷出的水雾（液态小水滴）会汽化为水蒸气，增加空气中的水蒸气含量，属于汽化现象，故B正确；
C、氢燃料的热值大，相同质量下能释放更多能量，且燃烧产物为水，清洁环保无污染，适合作为公交车燃料，故C正确；
D、玉兔月球车的六个轮子增大了与月球表面的接触面积，根据压强公式 ，在压力不变时，接触面积增大，压强减小，而非增大压强，故D错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查电磁波的应用，卫星通信依赖电磁波传递信息，电磁波可在真空中传播，因此汽车与北斗卫星通过电磁波通信；
B、考查汽化现象，液态水雾汽化为气态水蒸气，属于汽化（蒸发）过程，能增加空气湿度；
C、考查氢燃料的特性，氢燃料具有热值高、无污染的特点，是理想的清洁能源；
D、考查压强的影响因素，增大接触面积可以减小压强，月球车多轮子设计是为了减小对月球表面的压强，避免陷入月壤。
12． 如图甲所示电路，电源电压不变，定值电阻 R2 的阻值为 20 Ω，小灯泡额定电压为 4 V，其电流 －电压关系图像如图乙所示。闭合开关 S1 和 S3 ，单刀双掷开关 S4 接 A，滑动变阻器 R1 的滑片位于中点时，灯 L 正常发光，闭合开关 S2 和 S3 ，开关 S4 接 A，电压表示数为 2 V，闭合开关 S1 和 S3 ，开关 S4 接 B ，调节滑动变阻器 R1 的滑片，使电路总功率 P 达到最小值。闭合所有开关，开关 S4 接 B，调节滑动变阻器 R1 的滑片，可使电流表示数 I 达到最大值或最小值。关于该电路下列说法正确的是 ( )
A．电源电压为 10 V B．R1 最大阻值为 10 Ω
C．P 的最小值为 5 W D．I 的最大值为 1 A
【答案】A,C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A、由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，示数为2V，由乙图可知，此时电路中的电流为0.4A，则电源电压为：U=UR1+U1=0.4A×20Ω+2V=10V，故A正确；
B、只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，滑动变阻器R1的滑片位于中点时，灯L正常发光，此时电路中的电流为0.6A，电压表示数为4V，则滑动变阻器接入电路的电压：，所以滑动变阻器的电阻为：R1=2R中=2×10Ω=20Ω，故B错误；
C、只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，调节滑动变阻器R1的滑片，使电路总功率P达到最小值，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，即，故C正确；
D、闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，调节滑动变阻器R1的滑片，可使电流表示数达到最小值为：，故D错误；
【分析】A.由甲图可知，只闭合开关S2和S3，开关S4接A时，电路为电阻R2与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路中电压的关系求解电源电压。
B.只闭合开关S1和S3，单刀双掷开关S4接A，电路为滑动变阻器R1与灯泡的串联，电压表测灯泡两端的电压，根据串联电路的特点以及欧姆定律求解电阻。
C.只闭合开关S1和S3，开关S4接B，灯泡被短路，电路只有滑动变阻器接入电路，根据，求电功率。
D.闭合所有开关，开关S4接B，电路为两电阻的并联，电流表测干路电流，再结合并联电路的电流特点进行分析判断。
13．如图甲所示是同学们为生物实验制作的恒温补光装置的电路原理图，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5 W.调试电路时，在保证电路各元件安全的前提下，断开开关 (温控开关)，闭合开关S、S1(光控开关)，将滑片 P 从滑动变阻器 的最右端向左移动到a点时，小灯泡正常发光，此过程中电流表与电压表示数的关系图像如图乙所示.断开开关： 闭合开关S、 滑片P在a点保持不动，电流表示数为0.3A.下列说法正确的是(　　)
A．小灯泡的额定电压为6 V
B．电源电压为12 V
C．只闭合开关 ，滑片P 移到 a点时， 在5s 内产生的热量为3.6J
D．只闭合开关 调试过程中滑动变阻器， 接入电路的最大阻值为35Ω
【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电流的热效应；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：AB．断开开关S2，闭合开关S、S1，小灯泡和R1串联，R2断路，电压表测R1左半部分电阻两端电压，滑片在a点时，小灯泡正常发光，由图乙可知电路电流为0.5A，则小灯泡两端电压为，所以小灯泡额定电压为10V，由图乙知电压表示数为2V，电源电压为U总=U+U滑=10V+2V=12V，故A错误，B正确；
CD．断开开关S2，闭合开关S、S1，小灯泡和R1串联，R2断路，滑片在最右端时，接入电路电阻最大，由图乙知此时电压表示数为8V，电流表示数为0.25A，则滑动变阻器最大阻值为，
只闭合开关S、S2，两个电阻串联，滑片P移到a点时，电流表示数为0.3A，电路总电阻为，
结合串联电路的电阻关系可知R2的电阻为R2=R-R滑大=40Ω-32Ω=8Ω，
结合焦耳定律可知R2在5s内产生的热量为，故C正确，D错误。
故选：BC。
【分析】 （1）只闭合开关S、S1，R1与L串联，电流表测电路中电流，电压表测P左侧部分电压，分析滑片移动时，电流表和电压变化从而判断其图象；
保证电路元件安全，根据串联电路电流特点和电流表量程，由图乙判断灯泡的正常发光电流，由P=UI计算灯泡的额定电压；由欧姆定律计算P左侧部分电压，从而计算电源电压，R1连入电路的最小和最大值；
（2）由串联电路特点和欧姆定律计算闭合开关S、S2，将滑片P在a点时，R2两端电压，由Q=W=UIt计算定值电阻R2的5s产生的热量。
14．某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为 假设燃油完全燃烧.通过计算可知，下列结果正确的是 (　　)
A．汽车行驶速度是20km/h
B．消耗的燃油完全燃烧放出的热量是
C．汽车牵引力做功的功率是30kW
D．汽车发动机的效率是20%
【答案】B,D
【知识点】速度公式及其应用；机械效率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】A.汽车行驶速度 故A错误；
B.消耗的燃油完全燃烧放出的热量 故B正确；
C.匀速行驶时汽车受到的牵引力与阻力是平衡力，
所以汽车牵引力做功的功率P= Fv=2000N×20m/s=40000W=40kW，
故C错误；
D.汽车发动机做的功W= Fs=2000N×6.9×103m=1.38×107J，
汽车发动机的效率
故D正确。
故选BD。
【分析】 A.利用可求出汽车的速度；
B.利用Q放=qm可求出燃油完全燃烧放出的热量；
C.已知汽车的速度和牵引力，利用P=Fv可求出汽车牵引力做功的功率；
D.已知汽车做功的功率和行驶时间，利用W=Pt可求出汽车牵引力做的功；再根求出汽车发动机的效率。
三、填空题（每空1分，共18分）
15．同学们研学时的野炊活动中，烧烤食物时主要是通过　 　(选填“做功”或“热传递”)的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于　 　现象，表明分子在不停地做无规则的运动；活动结束，还没有使用的剩余燃料的热值　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)．
【答案】热传递；扩散；不变
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值；分子热运动
【解析】【解答】烧烤食物时，火焰的温度高，所以通过热传递改变物体的内能，闻到香味属于扩散作用，本质为分子热运动，热值物体的基本属性，和燃烧程度无关。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
3、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
16．小明用充电宝给手机电池充电时，手机电池相当于　 　（选填“用电器”或“电源”），充电宝上有三个接口（如图所示），可同时给三部手机充电，这三个接口之间是　 　（选填“串联”或“并联”）；小明将两只相同的气球在自己的头发上摩擦后，就可以让一只气球悬在另一只气球的上空（如图所示），这是因为摩擦后的两个气球带上　 　（选填“同种”或“异种”）电荷而相互排斥。
【答案】用电器；并联；同种
【知识点】电荷间的相互作用规律；电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】给手机充电时，手机电池消耗电能，将其转化为化学能储存起来，因此此时手机电池属于电路中的用电器。
充电宝为三部手机充电时，各手机之间的工作互不影响，因此三部手机是并联接入充电宝的，充电宝的三个接口属于并联连接。
摩擦后的两只气球带上了同种电荷，根据 “同种电荷相互排斥” 的原理，两只气球会相互排斥，从而出现悬空分开的现象。
故答案为：用电器；并联；同种；
【分析】根据用电器的定义（消耗电能的装置），分析充电时手机电池的能量转化形式；关键知识点为电路中用电器的定义及能量转化。
根据串、并联电路的工作特点（并联电路中各支路用电器互不影响），判断充电宝接口的连接方式；关键知识点为串、并联电路的特点。
结合摩擦起电现象和电荷间的相互作用规律，解释气球相互排斥的现象；关键知识点为同种电荷相互排斥的原理。
17．如图所示是一种测定油箱内油量的装置，其中油量表是由　 　改装成的（填“电压表”、“电流表”）；当油箱中的油量增加时，滑动变阻器的阻值　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），电阻R0的作用是当油箱中油量较　 　（选填“多”或“少”）时保护电路。
【答案】电流表；变小；多
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】图中，油量表串联，是电流表改装成的；、滑动变阻器串联，当油量增加时，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻变小。
当油面上升到一定程度，滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，若电路中没有，电源会短路，电阻起到保护电路的作用。
【分析】电流表和所测量的位置串联；根据图像，结合滑片的移动，判断电阻变化；有滑动变阻器的电路中，定值电阻有保护电路的作用。
18．题图所示是小明制作的简易水位报警器.水位上涨到金属块A时，控制电路接通，电磁铁产生磁性，这是利用了电流的　 　效应，此时　 　灯亮，若电磁铁的上方为N极，则电源1的右端为　 　(选填“正”或“负”)极.
【答案】磁；红；正
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】 控制电路接通，电磁铁产生磁性 ，原理为电流的磁效应，此时衔铁被吸引，红灯变亮，结合安培定则，和 电磁铁的上方为N极，所以 则电源1的右端为 N极。
【分析】通电螺线管：原理为电流的磁效应，由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
19．太阳能是太阳内部发生核　 　(选填“裂变”或“聚变”)产生的，属于　 　(选填“可”或“不可”)再生能源；请举出其一个优点：　 　．
【答案】聚变；可；无污染
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】太阳内部发生核聚变，核能属于不可再生能源，使用后不能源源再生，核能属于清洁能源，不会污染大气；
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
20．用如图所示的装置可以探究电流通过用电器产生的热量与　 　(选填“电流”或“电阻”)的关系：若通过R1的电流为2A，则通电2分钟，R1的产生的热量为　 　J；若将R3更换为10Ω的电阻，　 　(选填“仍能”或“不能”)完成该实验探究。
【答案】电流；600；能
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】该实验的变量为经过电阻的电流，所以探究热量和电流的关系， 通过R1的电流为2A ，结合并联电路电流规律计算可知通过R2的电流1A，结合焦耳定律计算可知Q=I2Rt=（1A）2×5Ω×2×60s=600J，将R3更换10Ω，仍然起到分流作用，所以能完成该实验。
【分析】探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
换法：在物理实验中，某些物理量（内能、电能）难以直接观察，需要转换成容易观察的指标进行测量，如本题中热能的大小难以直接测量，所以需要通过 液面高度差的变化进行测量；控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的发热量可能与导体的电流的关系时，需要电阻相同。
四、作图题（共2题，共6分）
21．
（1）请用笔画线表示导线， 将图中的电灯和开关正确接入家庭电路中。
（2）如图所示是小红制作的泡沫指南针，闭合开关后，放在水面上，轻轻拨动塑料板，静止后，箭头总是指向南方。请你在虚线框内画出电源的符号及通电螺线管外部的磁感线方向。
【答案】（1）
（2）
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则；磁感线及其特点；地磁场；安培定则
【解析】【解答】（1）连接逻辑：家庭电路中，开关需与所控制的用电器串联，且必须接在火线上。
具体接法：火线先接入开关，再从开关引出连接到灯泡顶端的金属点；零线直接连接到灯泡的螺旋套。
接法原因：开关接火线时，断开开关后灯泡与火线断开，不带电，可避免检修或更换灯泡时发生触电事故。
（2）判断螺线管磁极：泡沫指南针静止后箭头指向南方，说明螺线管右端为S极，左端为N极（异名磁极相互吸引，指南针箭头指向螺线管S极）。
判断电源正负极：运用安培定则（右手螺旋定则），右手握住螺线管，大拇指指向N极（左端），四指弯曲方向为电流方向，由此判断电流从螺线管下端流入、上端流出，因此电源下端为正极，上端为负极。
绘制磁感线方向：在通电螺线管外部，磁感线的方向是从N极出发，回到S极，即磁感线从螺线管左端向右端绘制，箭头指向右端。
故答案为：（1）；（2）。
【分析】1、家庭电路连接规则：开关与用电器串联，且开关必须接在火线上；灯泡的顶端金属点接火线，螺旋套接零线。
2、安全用电原则：开关控制火线，可防止用电器带电引发触电风险。
3、安培定则（右手螺旋定则）：右手握住通电螺线管，大拇指指向N极，四指弯曲方向为电流的环绕方向，用于判断螺线管磁极与电流方向的对应关系。
4、地磁场与磁极相互作用：地磁北极靠近地理南极，异名磁极相互吸引；指南针的指向可反映磁体的磁极分布。
5、磁感线的特点：在磁体（含通电螺线管）外部，磁感线总是从N极出发，最终回到S极，磁感线的箭头方向表示磁场的方向。
22．根据如图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】图中，两灯在不同支路上，电路并联，开关S3在干路上，灯L2和S2串联，开关S1、灯L1在一条支路，画出电路图为
。
【分析】各用电器分别连接在电源两端，是并联电路，根据开关位置，画出电路图。
五、实验探究题（共3题，共17分）
23．某中学九年级物理社团开展“探究小灯泡电阻特性”的活动，成员们发现：日常使用的灯泡，在开灯瞬间容易烧坏，这和灯丝温度变化导致电阻改变有关。为了深入研究，他们选用额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的实验电路图，同时测出小灯泡在不同电压下的电流值，绘制出如图乙所示的[-U关系图像。请根据实验情景和图像回答下列问题：
（1）该实验原理是　 　。
（2）当电压表示数为1.5V时，为使小灯泡正常发光，滑片P应向　 　（选填“左”或“右”)移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流为　 　A，此时小灯泡的电阻为　 　Ω，分析I-U图像可知，小灯泡的电阻随电压的升高而　 　（选填“变大”或“变小”）。
（4）本实验测量了多组数据，下列实验中多次测量的目的与本实验不相同的是____。
A．测量物体的长度
B．探究杠杆的平衡条件
C．探究液体压强与深度的关系
【答案】（1）
（2）右
（3）0.25；10；变大
（4）A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）该实验是“探究小灯泡电阻特性”的实验，通过电压表和电流表分别测量小灯泡的电压和电流， 从而测量小灯泡的电阻大小，所以实验原理是；
（2）小灯泡额定电压为2.5V，当前电压表示数为1.5V，低于额定电压，那么根据串联电路分压原 理和分压规律可知，要增大灯泡两端电压，就需 要减小滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片P应向右移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电压为2.5V时，电流为0.25A。 根据可得此时小灯泡的电阻为：
；
分析I-U图像可知，随着电压升高，图像的倾斜程度逐渐变小，说明小灯泡的电阻随电压的升高而变大。
（4） 本实验多次测量是为了寻找普遍规律；
A.在测量物体的长度的实验中，多次测量是为了减小误差，与本实验不相同，故A符合题意；
B.在探究杠杆的平衡条件实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验相同，故B不符合题意；
C.在探究液体压强与深度的关系的实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验不同，故C不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.25；10；变大；（4）A。
【分析】（1）测灯泡正常工作时电阻的实验原理是；
（2） 根据电压表的示数，与灯泡的额定电压相比较，根据串联电路的分压特点判断接入电路中的电阻变化，进一步判断滑片移动的方向；
（3）根据灯泡的额定电压和图象读出灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；灯丝的电阻与温度有关，且温度越高阻值越大；
（4） 本实验中为了研究灯丝的电阻随着温度的变化规律：
测物体的长度的实验中，多次测量的目的是为了求平均值以减小误差；
探究杠杆的平衡条件和液体压强与深度的关系时，多次测量的目的是寻找普遍规律。
24．利用如图所示的装置探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关。
（1）实验中通过观察U形管中液面的　 　来反映电阻丝产生热量的多少。
（2）图甲装置是为了探究电流产生的热量与　 　大小的关系；
（3）图乙中与并联，目的是使通过与的　 　不同；该装置通电一段时间，　 　（选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量多。
（4）生活中我们发现：电炉丝通过导线接到电路中，电炉丝热得发红，而导线却几乎不发热。其中图　 　（选填“甲”或“乙”）装置能够解释这一现象。
【答案】（1）高度差
（2）电阻
（3）电流；左瓶
（4）甲
【知识点】焦耳定律；电流的热效应；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据转换法思想可知，由于不能直接观察电流通过导体产生热量的多少，所以可以通过观察温度的变化使U形管内液柱出现的高度差，来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）由图甲可知，两电阻分别为5和10且串联在电路中，由于串联电路电流和通电时间均相同，只有电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系。
（3）第1空，为了使通过R1与R2的电流不同，故将R3与R2并联，由并联分流的原理可知，使通过R1的电流大于通过R2的电流。
第2空，由于R1、R2阻值和通电时间均相同，由实验装置中左侧U型管液面高度差更大，可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多。
（4）在电路中，电炉丝与导线串联，由串联电路规律可知，电流和通电时间相同，由于电炉丝电阻远大于导线电阻，根据Q=I2Rt，电阻越大，产生热量越多，故对应的是图甲装置。
故答案为：（1）高度差/高度变化；（2）电阻；（3）电流；左瓶；（4）甲。【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，运用转换法，可以通过观察U形管中液面高度变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同。
（3）图乙中R3与R2并联，会分流，使通过R1的电流大于通过R2的电流。R1、R2阻值相同、通电时间相同，由U型管液面高度差分析判断产生热量的多少。
（4）电炉丝与导线串联，电流和通电时间相同，电炉丝电阻远大于导线电阻，根据Q=I2Rt，电阻越大，产生热量越多。
（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但温度的变化可以使空气膨胀，推动U形管内液体运动，即可以通过观察U形管中液面高度变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系。
（3）[1]图乙中与并联，会分流，使通过的电流大于通过的电流，目的是使通过与的电流不同。
[2]、阻值相同、通电时间相同，根据焦耳定律，电流越大，产生热量越多，左瓶中的电流更大，因此左瓶内的电阻丝产生的热量多。
（4）电炉丝与导线串联，电流和通电时间相同，电炉丝电阻远大于导线电阻，根据，电阻越大，产生热量越多，对应图甲装置。
25．按要求完成下列实验题；
（1）如图甲所示，悬挂在水平放置蹄形磁体两极间的导体与灵敏电流计构成闭合回路。当磁体不动，导体竖直向上运动时，电流计指针　 　（选填“偏转”或“不偏转”）；当导体不动，磁体向右运动时，闭合电路中　 　（选填“能”或“不能”）产生感应电流；该实验装置涉及的物理学原理是由　 　（选填“奥斯特”或“法拉第”）发现的；若将图中灵敏电流计换成　 　，还可以探究电动机原理。
（2）如图乙所示是探究“影响电磁铁磁性强弱因素”的实验，该实验通过电磁铁吸引大头针数量的多少反映电磁铁的磁性强弱，这种研究方法称为　 　（选填“转换法”或“控制变量法”）；闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移，铁钉吸起大头针的数量更　 　（选填“多”或“少”）。
【答案】（1）不偏转；能；法拉第；电源
（2）转换法；多
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此无感应电流，电流计指针不偏转。磁体向右运动时，导体相对于磁体做切割磁感线运动，且电路闭合，满足感应电流产生的条件，因此能产生感应电流。
电磁感应现象（磁生电）由英国物理学家法拉第发现，奥斯特发现的是电流的磁效应，因此填法拉第。电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源为导体提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（或电池组），即可探究电动机原理。结论：电源（或电池组）（正确）
(2) 将不可直接观察的磁性强弱，转换为可直接观察的大头针吸引数量，这种研究方法是转换法。滑片左移，滑动变阻器接入电阻减小，电路电流增大；电磁铁磁性强弱与电流大小正相关，电流越大磁性越强，因此吸引大头针数量更多
故答案为：（1）不偏转；能；法拉第；电源；（2）转换法；多。
【分析】(1)蹄形磁体的磁场方向是竖直方向（N 极在上、S 极在下），导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不满足电磁感应的条件，因此不会产生感应电流，电流计指针不偏转。
导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，且电路是闭合回路，满足电磁感应的条件，因此能产生感应电流。
电磁感应现象是由法拉第发现的，奥斯特发现的是电流的磁效应（电生磁），因此该原理由法拉第发现。
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源（电池组），就可以探究电动机原理。
(2) 电磁铁的磁性强弱无法直接观察，通过吸引大头针的数量来间接反映磁性强弱，这种将不易观察的物理量转换为易观察的物理量的方法，称为转换法；控制变量法是控制其他变量不变，研究某一变量的影响，此处不适用。
滑动变阻器滑片向左移，接入电路的电阻变小，电路中电流变大；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流越大，磁性越强，因此吸引的大头针数量更多。
（1）[1][2][3]产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。蹄形磁体的磁感线沿竖直方向，导体竖直向上运动时，运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，因此没有感应电流，电流计指针不偏转；导体不动，磁体向右运动时，导体相对磁体做切割磁感线运动，满足产生感应电流的条件，因此能产生感应电流；电磁感应现象是法拉第发现的。
[4]电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，电路需要电源提供电流，因此将灵敏电流计换成电源，就可以探究电动机原理。
（2）[1]将不易直接测量的磁性强弱，转换为容易观察的吸引大头针的数量来反映，这种研究方法是转换法。
[2]滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路的电阻减小，电路电流增大，电磁铁磁性增强，因此吸起大头针的数量更多。
六、计算题（共2题，共13分）
26．在深圳，智能外卖取餐柜已深入社区、医院等场所。为保障热餐外卖的品质，部分新型取餐柜配备了保温和加热功能。实现该功能的简化电路如图所示，电源电压恒为，定值电阻和都是发热体，阻值为，加热时，电路总电流为。求：
（1）闭合时，通过的电流；
（2）保温时的电功率；
（3）加热，电路消耗的电能。
【答案】（1）解：由电路图可知，仅闭合时，只有接入电路，电阻较大，由 可知，电功率较小，为保温挡；、都闭合时，与并联，电阻最小，电功率最大，为加热挡。闭合后，两端电压等于电源电压，即
的电流
（2）解：保温时只有接入电路，此时电功率
（3）解： 加热时总电流为，加热时间
加热电路消耗的电能
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）分析电路结构可知，只闭合对应开关时，只有单个电阻接入电路，电路总电阻偏大。根据电功率公式能够判断此时电路功率偏小，处于保温挡位；两个开关同时闭合时，两电阻形成并联电路，总电阻达到最小，电路功率最大，此时为加热挡位。开关闭合后，电阻两端电压与电源电压相等，据此可算出通过该电阻的电流。
（2）设备处于保温状态时，仅有单一电阻接入电路工作，代入公式即可求出保温状态下的电功率。
（3）加热工作状态下得出电路总电流，结合已知加热时长，利用电能计算公式，求出加热过程中电路消耗的总电能。
27．图甲为智能快递分拣机器人，快递分拣电路的简化示意图如图乙所示，其中 分别为光敏电阻和力敏电阻，当机器人扫描条形码后，机器人根据 和 反映的信息识别快件需要运送的区域。
电路中，电源电压为 6V，扫码前光敏电阻 为 10Ω，扫码后 的阻值发生变化，其变化后的阻值对应的送件区域如下表所示，力敏电阻 的阻值随压力变化关系如图丙所示。求：
送件区域 A B C D
光敏电阻 12 15 18 20
（1）快件扫码前通过 的电流；
（2）运送某快件到B区域时，电流表的示数为0.5A， 的阻值及快件的重力。
【答案】（1）由图乙可知，光敏电阻和力敏电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等：
快件扫码前通过R1的电流：
（2）由表格可知，运送快件到B区域某位置时，光敏电阻的阻值为15Ω，干路电流为0.5A
此时通过光敏电阻的电流：
通过力敏电阻的电流： I2=I-I1B=0.5A-0.4A=0.1A
力敏电阻的阻值：
由图丙可知此时力敏电阻受到的压力：F 压=15N
快件的重力：
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】1、并联电路的特点：各支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
欧姆定律公式，表示导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。可变形为U=IR、用于计算电压或电阻。
2、敏感电阻的应用
光敏电阻R1的阻值随光照强度变化，力敏电阻R2的阻值随压力变化。本题中通过读取表格和图像数据，结合电路规律解决实际问题。
受力平衡：快件静止在力敏电阻上时，压力与重力大小相等，因此可通过压力值得到重力值。
1 / 1

展开更多......

收起↑