资源简介

2025年吉林省吉林松花江中学中考三模物理试题
1．日常生活中，下列估测最接近实际的是（　　）
A．唱完一首国歌的时间约为5min B．苹果的质量约为150mg
C．乒乓球的直径约为4cm D．冰箱冷冻室的温度约为2℃
2．下列现象中属于光的反射是（　　）
A．树荫下的光斑 B．池水看起来变浅
C．雨后天空的彩虹 D．树木在水中的“倒影”
3．下列四个节气对应的现象，属于凝华的是（　　）
A．惊蛰—冰化水 B．清明—雨纷飞
C．立秋—露珠凝 D．立冬—霜来降
4．以下符合安全用电做法的是（　　）
A．用湿手将吹风机插头插在电源上
B．发现用电器着火，立即切断电源
C．电水壶的电源线绝缘皮破损仍继续使用
D．多个大功率用电器在一个插排上同时使用
5．《哪吒2》跻身全球影史前六。如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，毽子是静止的
B．哪吒将毽子踢向敖丙，说明力可以改变物体的形状
C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能
D．毽子在最高点时受到了平衡力
6．某同学家的智能电动窗帘，既可通过语音开关控制，也可轻拉窗帘激活“触控”开关控制。若用表示语音开关，表示“触控”开关，下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
7．2015年5月18号我市举办了马拉松比赛。沿江两岸飘来阵阵花香，这是　 　现象，全程比赛通过电视进行了转播，这是通过　 　传递信息的，当发令枪一响，运动员奋力奔跑，这说明声音能够传递　 　，运动员到达终点后不能立刻停下来是因为运动员具有　 　。
8．五一假期，小明一家人自驾去松花湖游玩。汽车行驶过程中，以爸爸为参照物，坐在后面的小明是　 　（选填“运动”或“静止”）的；汽车行驶的平均速度约为60km/h，从家到扬州用时0.5h，家到扬州路程约为　 　km；沿途路过丰满水电站，是东北电网中的一座骨干电站，发电机利用了　 　原理发电；松花湖水域宽阔，有效调节了周围环境的温度，这是因为水的　 　大。
9．如图所示，物理实践小组的同学设计出一种滑轮组（图中没有画出），利用一个大量程弹簧测力计测量电动车的重量。电动车被匀速拉起30cm用时10s，绳子自由端移动90cm。已知动滑轮总重为100N，此过程中弹簧测力计的示数为300N，不计绳重和摩擦。
（1）滑轮组中共有　 　段绳子承担物重，弹簧测力计的拉力做功为　 　J；
（2）滑轮组的机械效率为　 　（百分号前保留一位小数），若只减小定滑轮的重力，则该滑轮组的机械效率　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
10．为实现“碳中和”目标，我国大力推动电动汽车发展。
（1）当充电桩为电动汽车的电池充电时，　 　（选填“充电桩”或“电池”）是用电器；
（2）一辆电动汽车电池的规格为“”，该汽车充满电时存储了　 　的电能；
（3）电动汽车高速行驶时，汽车上方空气流速大压强　 　。高速行驶后，汽车表面容易粘有灰尘，是因为汽车与空气摩擦　 　，从而容易吸引灰尘。
11．如图所示，美丽的吉林送花江中学人工湖上飞来一只野鸭，它漂浮在水面上。请在图中作出野鸭此时在竖直方向上所受力的示意图。（O点为其重心）
12．如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出这条入射光线的折射光线。
13．在物理考试作图时，小明画错了一个地方，他立即用橡皮轻轻的擦，却没有擦干净；然后他稍使点劲就擦干净了，这是为什么？
14．“中国传统制茶技艺及其相关习俗”已申遗成功。茶农将采摘下的茶摊开后放在通风的地方，茶青成遢软样，此工序为晒青。请用蒸发识解释晒青过程的原理。
15．如图所示，某安防机器人的质量为60kg，其轮子与水平地面接触的总面积为0.01m2。求：
（1）安防机器人的重力；（g取10N/kg）
（2）安防机器人静止时对水平地面的压强。
16．如图所示电路，电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V　1.25W”字样（电阻不变）。求小灯泡正常发光时：
（1）电路中的电流；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值。
17．两个实验小组用相同的酒精灯探究水沸腾前后温度变化的特点，所用实验装置如图甲所示，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。
（1）实验过程中，烧杯口出现的“白气”是　 　（填物态变化名称）的结果；
（2）由图像可知，水沸腾前温度不断升高，沸腾后温度　 　；
（3）进一步分析可知，　 　组所用水的质量较小；
（4）两组所测水的沸点均不是，这是由于　 　（选填“实验误差”或“当地气压”）引起的。
18．在探究“凸透镜成像规律”实验时，所选用的凸透镜的焦距为10cm。
（1）在调整器材高度时，应　 　（选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛；
（2）如图甲所示，将蜡烛和透镜的位置固定，则光屏位置（光屏图中未画出），会在光屏上得到清晰的像，此时光屏的位置大致在图中的　 　（选填“A”、“B”、“C”或“D”）；若透镜位置不动，将光屏与蜡烛的位置互换后，光屏上仍然能够得到清晰的像，此时的像与未调换之前比　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）如图乙所示，将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛放大的像，若将一不透明的光屏放在虚线处，则人眼看见蜡烛的像______。
A．会消失 B．会变暗 C．没有变化 D．成在光屏上
19．在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，实验装置如图所示。
（1）AB棒的材料应选　 　（选填“塑料”或“铜棒”或“铁棒”）；
（2）如果改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，产生的感应电流方向　 　（选填“不变”或“改变”）；
（3）该探究过程将　 　能转化成电能，生活中的　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）是根据这一原理制成的；
（4）若将此装置中的灵敏电流计换成　 　可探究电动机的工作原理。
20．图甲是明明“探究电流与电阻关系”的电路图。已知电源电压恒为4.5V，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，可供选择的定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω和25Ω。
（1）实验中，闭合开关S后，滑片置于某位置时，电压表的示数突然变为0，而电流表的指针依然有明显的偏转，产生这一现象的原因可能是定值电阻　 　（选填“短路”或“断路”）；
（2）排除故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为　 　A；再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，为保持电压表的示数不变，滑动变阻器的滑片应向　 　（选填“左”或“右”）滑动；
（3）当明明选用20Ω或25Ω电阻进行实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器　 　；
（4）在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于　 　V。
21．小致在爬山过程中发现了一块精美的石头，带回学校测量其密度。
（1）①小致将天平放在　 　桌面上，并将游码移到称量标尺的零刻度线处，发现指针如图甲所示，此时应该向　 　移动平衡螺母，使天平平衡：
②随后正确操作，测量出石头的质量如图乙，石头的质量为　 　g；
③用细线栓住石头，缓慢浸在如图丙所示的装有适量水的量筒中，液面上升到与50mL刻度相平，则石头的密度为　 　kg/m3；
（2）参加创新大赛的小明带来一个底部有传感器（与盐水绝缘）的烧杯，如图2甲所示，传感器可以直接测出其上表面所受的液体压力，传感器的厚度忽略不计。①小明将一只装有配重的底面积为S0的薄壁圆筒放入烧杯的盐水中，圆筒静止时传感器的示数为F1，如图2甲所示；②将石头轻轻放在圆筒底部，圆筒静止时传感器的示数为F2，如图2乙所示；③将石头放在烧杯中如图2丙所示位置，液面静止时传感器的示数为F3，则盐水的密度表达式为　 　（用已知物理量符号表示，石头的密度为）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A：唱完一首国歌的时间约为 46 秒，远小于 5 分钟，故 A 错误；
B：一个苹果的质量约为 150g，即 150000mg，远大于 150mg，故 B 错误；
C：乒乓球的标准直径约为 40mm，即 4cm，故 C 正确；
D：冰箱冷冻室的温度通常在 - 18℃左右，2℃属于冷藏室的温度，故 D 错误。
故答案为：C。
【分析】A：考查时间估测，国歌时长约为几十秒；
B：考查质量估测，注意质量单位换算，150mg 仅相当于几粒米的质量；
C：考查长度估测，乒乓球的直径有明确的标准；
D：考查温度估测，冰箱冷冻室的温度远低于 0℃。
2．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、树荫下光斑是小孔成像，由光沿直线传播形成，故 A 错误；
B、池水变浅是光从水中斜射入空气发生折射，故 B 错误；
C、雨后彩虹是太阳光经水珠折射、色散形成，属于光的折射，故 C 错误；
D、水中倒影是水面相当于平面镜，光发生镜面反射形成，属于光的反射，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查光的直线传播；小孔成像、影子类现象成因均为光沿直线传播；
B、考查光的折射规律；水底光线折射进入人眼，造成视深变浅；
C、考查光的色散；彩虹由光的折射色散产生；
D、考查平面镜成像原理；水面倒影依靠光的反射成像。
3．【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰化水时，固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B．雨是液体，是空气中的水蒸气遇冷变为液体，是液化形成的，故B不符合题意；
C．露是液体，是空气中的水蒸气遇冷，发生液化形成的，故C不符合题意；
D．霜是固态，是水蒸气遇冷，直接变为固体，发生凝华形成的，故D符合题意。
故选D。
【分析】固体变为液体，是熔化现象；气体变为液体，是液化现象；气体变为固体，是凝华现象。
4．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.生活用水是导体，用湿手将插头插在插座上，会使人触电，故A错误；
B.生活用水是导体，家用电器着火，不能用水浇灭，应该立即切断电源，故B正确；
C.电水壶电源线绝缘皮破损容易发生触电事故，不能继续使用，故C错误；
D.一个插排上同时使用多个大功率用电器，容易造成用电器的总功率过大，故D错误。
故选B。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识判断。
5．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；参照物及其选择
【解析】【解答】A、以地面为参照物，毽子相对地面位置不断发生变化，毽子是运动的，故 A 错误；
B、哪吒踢毽子，毽子运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，不能说明力改变物体形状，故 B 错误；
C、毽子上升时质量不变，速度减小、高度增大，动能减小、重力势能增大，动能转化为重力势能，故 C 正确；
D、毽子在最高点只受重力作用，只受一个力，不满足二力平衡条件，受力不平衡，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查参照物与运动状态判断；物体相对参照物位置改变则物体运动，毽子飞行中位置持续变化；
B、考查力的两个作用效果；运动快慢或方向改变属于运动状态变化，形变是物体外形发生改变；
C、考查动能与重力势能转化规律；质量不变，速度变小动能减少，高度变大重力势能增加；
D、考查二力平衡条件；平衡力需要大小相等、方向相反、同体共线，最高点毽子不受空气阻力时只受重力。
6．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，语音开关、触控开关，能分别控制电动机启动工作，两个开关并联，再与电动机串联，B符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，开关是并联的，再和用电器串联。
7．【答案】扩散；电磁波；信息；惯性
【知识点】惯性及其现象；声与信息传递；电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】沿江两岸飘来阵阵花香，这是花香分子在空气中不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
电磁波可以传递信息且传播不需要介质，因此电视信号通过电磁波传播，实现远距离信息传递。
声音可以传递信息和能量，发令枪声传递起跑指令，体现声音能传递信息。
运动员到达终点后不能立刻停下来是因为运动员具有惯性，要保持原有的运动状态，所以无法立即停止。
故答案为：扩散；电磁波；信息；惯性
【分析】(1) 本题考查分子热运动，花香分子在空气中做无规则运动，属于扩散现象；
(2) 本题考查电磁波的应用，电视信号通过电磁波传递信息，电磁波传播不需要介质；
(3) 本题考查声音的作用，发令枪声传递起跑指令，说明声音能够传递信息；
(4) 本题考查惯性的概念，运动员到达终点后不能立刻停下，是因为运动员具有惯性，要保持原有的运动状态。
8．【答案】静止；30；电磁感应；比热容
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；发电机的构造和原理
【解析】【解答】小明与爸爸同处于行驶的汽车中，两者相对位置未改变，因此以爸爸为参照物，小明是静止的。
根据可知，家到扬州路程约为s=vt=60km/h×0.5h=30km
水电站通过水流驱动发电机，其核心原理是闭合电路的一部分导体切割磁感线产生电流，即电磁感应。
水的特性：水的比热容较大，相同质量，吸收或释放相同热量时温度变化较小，因此能有效调节环境温度。
故答案为：静止；30；电磁感应；比热容
【分析】(1) 本题考查参照物的选择，需结合相对位置是否变化判断物体运动状态；
(2) 本题考查路程计算，需利用公式s=vt求解；
(3) 本题考查发电机的工作原理，需明确电磁感应现象的应用；
(4) 本题考查水的比热容特性，需结合比热容对温度调节的作用进行分析。
9．【答案】（1）3；270
（2）88.9%；不变
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）重物移动30cm，绳子端移动90cm，则物体移动的距离是绳子端移动距离的3倍，所以动滑轮上缠绕绳子数为3。
弹簧测力计的示数为300N，绳子移动距离为90cm，拉力做功W=Fs=300N×90cm=300N×0.9m=270J
故答案为：3；270
（2）动滑轮上缠绕绳子数为3，则滑轮组拉力
则车的重力G物=3F-G动=3×300N-100N=800N
重力做功W=Gh=800N×30cm=800N×0.3m=240J
机械效率
减小定滑轮的质量，则额外功不变，有用功不变，所以有用功占总功的比值不变，所以机械效率不变。
故答案为：88.9%；不变
【分析】(1) 本题考查滑轮组的绳子段数判断与拉力做功计算，需根据物体和绳子端移动距离的关系确定段数，再利用公式 计算拉力做功；
(2) 本题考查滑轮组机械效率的计算与影响因素分析，需先求出物体重力和有用功，再通过 计算效率，并分析定滑轮重力对效率的影响。
（1）[1]重物移动30cm，绳子端移动90cm，则物体移动的距离是绳子端移动距离的3倍，所以动滑轮上缠绕绳子数为3。
[2]弹簧测力计的示数为300N，绳子移动距离为90cm，拉力做功W=Fs=300N×90cm=300N×0.9m=270J
（2）[1]动滑轮上缠绕绳子数为3，则滑轮组拉力
则车的重力G物=3F-G动=3×300N-100N=800N
重力做功W=Gh=800N×30cm=800N×0.3m=240J
机械效率
[2]减小定滑轮的质量，则额外功不变，有用功不变，所以有用功占总功的比值不变，所以机械效率不变。
10．【答案】（1）电池
（2）20
（3）小；带电
【知识点】流体压强与流速的关系；电功的计算；摩擦起电的现象
【解析】【解答】(1)充电桩给车载蓄电池充电过程中，蓄电池持续消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，在电路里消耗电能的元件属于用电器，因此充电时电池是用电器。
故答案为：电池；
(2)依据电功公式代入已知参数计算储存电能：
故答案为：20；
(3)汽车车身上凸下平，车辆高速前进时，车体上方空气经过路程更长、空气流速更快，按照流体规律，流速大处压强小，所以车身上方气体压强小于车底压强。
汽车高速行驶过程中车身和空气不断摩擦发生摩擦起电，车体带上静电，而带电物体能够吸附灰尘这类轻小物体，因此车身容易积攒灰尘。
故答案为：小；带电；
【分析】(1)结合电源、用电器的定义，从充电时电能消耗与能量转化特点判断蓄电池的电路角色。
(2)选用电功计算公式带入电压、电流、时间数值运算，最后依照完成单位换算。
（3）依托流体压强与流速规律，对比汽车上下方空气流速大小，推导两处压强的大小关系。
利用摩擦起电原理和带电体吸引轻小物体的物理特性，解释车身沾附灰尘的现象。
（1）当充电桩为电动汽车的电池充电时，电池消耗电能，即电池为用电器。
（2）汽车充满电时存储的电能为
（3）[1]电动汽车高速行驶时，根据流体流速快的位置压强小，汽车上方空气流速大压强小。
[2]高速行驶后，汽车与空气摩擦带电，带电体具有吸引轻小物质的性质，故汽车表面容易粘有灰尘。
11．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力及其产生原因；浮力的示意图
【解析】【解答】由题意知，野鸭漂浮在水面上，处于平衡状态，因此受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，大小相等，都作用在其重心，如图所示：
【分析】本题考查漂浮物体的受力示意图绘制，需明确物体处于平衡状态时，竖直方向上受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等、方向相反，且作用在同一直线上，作用点为重心。
12．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】根据光的折射规律，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，光从空气中斜射入水中，折射角小于入射角，如图所示：
【分析】本题考查光的折射规律作图，需明确光从空气斜射入水中时，折射光线与入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，且折射角小于入射角。
13．【答案】橡皮与纸之间发生相对运动时，产生滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。
轻轻擦时，橡皮对纸的压力较小，产生的滑动摩擦力较小，因此无法擦干净；
稍用力擦时，在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大对纸的压力，增大了橡皮与纸之间的滑动摩擦力，因此能将字迹擦干净。
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】橡皮与纸之间发生相对运动时，产生滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。
轻轻擦时，橡皮对纸的压力较小，产生的滑动摩擦力较小，因此无法擦干净；
稍用力擦时，在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大对纸的压力，增大了橡皮与纸之间的滑动摩擦力，因此能将字迹擦干净。
【分析】本题考查滑动摩擦力的影响因素，需结合压力对摩擦力的作用进行分析。
14．【答案】影响液体蒸发快慢的三个因素分别是液体温度、液体表面积、液面上方空气流速；把茶青均匀摊开，能够有效增大茶叶内部水分的蒸发面积，放置在通风环境中可以加快茶叶表面空气流动速度，两项措施共同作用，加速茶叶中水分的汽化蒸发。
【知识点】蒸发及其现象；影响蒸发快慢的因素
【解析】【分析】依托影响蒸发快慢的三项因素，对应题干里摊开、通风两种操作，分别匹配增大表面积、加快空气流速两个原理，以此说明水分加速蒸发的原因。
15．【答案】（1）解：安防机器人的质量为60kg，其重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N
（2）解：安防机器人静止时对水平地面的压力等于其重力，则F=G=600N
对水平地面的压强
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查重力的计算，根据公式 ，结合已知的质量和 的取值求解；
(2) 本题考查压强的计算，机器人静止时对地面的压力等于其重力，再利用公式 计算压强。
（1）安防机器人的质量为60kg，其重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N
（2）安防机器人静止时对水平地面的压力等于其重力，则F=G=600N
对水平地面的压强
16．【答案】（1）解：灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测串联电路电流；灯泡正常发光时电压、功率均为额定数值，由功率变形公式计算额定电流：
串联电路各处电流相等，因此电路整体电流。
（2）解：依据串联分压规律，算出滑动变阻器两端电压：
再由欧姆定律求变阻器接入阻值：
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】(1)先明确串联电路电流处处相等，利用电功率推导式，代入灯泡额定参数算出额定电流，该数值就是电路工作电流。
(2)借助串联电压关系式求出变阻器分压，再套用欧姆定律公式，代入电压、电流数据求解接入电阻。
（1）开关S闭合，L与R串联，电流表测电路中电流。
根据P=UI可得，灯正常发光时的电流为
根据串联电路电流规律可知，电路中电流为0.5A。
（2）根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为U滑=U-UL=3V-2.5V=0.5V
滑动变阻器接入电路的阻值
17．【答案】液化；不变；a；当地气压
【知识点】液化及液化放热；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）水沸腾时不断汽化生成高温水蒸气，水蒸气逸出烧杯口后接触室温冷空气，温度迅速降低，气态水蒸气液化成无数细小液态小水珠，大量小水珠聚集在一起，形成肉眼所见的 “白气”。
故答案为：液化；
（2）从温度变化图像可以观察到，水温升高到 98℃后温度曲线保持水平不再上升，由此得出水沸腾的特点：沸腾过程持续吸热，但温度保持恒定不变。
故答案为：不变；
（3）两组实验使用相同加热装置，相同时间水吸收热量相同；a、b 两组水温均升高 6℃，a 组耗时更短、吸热更少，根据吸热规律，升温相同、吸热越少，液体质量越小，所以 a 组用水量更少。
故答案为：a；
（4）水的沸点随外界大气压改变，气压越小沸点越低；标准大气压下水沸点是 100℃，本次测得沸点 98℃，数值偏低是因为环境气压低于标准大气压，并非实验测量误差。
故答案为：当地气压；
【分析】（1）先区分水蒸气无色不可见，再依据液化条件，从高温气体遇冷降温的物态变化角度解释白气形成过程。
（2）聚焦图像恒温区间，结合水沸腾实验规律，依靠图像温度变化总结沸腾吸热但温度不变的核心特点。
（3）以相同热源供热均匀为前提，对比同等升温幅度的加热用时，利用吸热多少反向推导水的质量差异。
（4）紧扣沸点与大气压的对应关系，对比实测沸点与标准沸点，排除仪器误差，确定气压偏低是沸点下降的主要因素。
18．【答案】（1）点燃
（2）D；变小
（3）C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）为使像成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，因此在调整器材高度时，应点燃蜡烛。
故答案为：点燃
（2）由题意知，凸透镜的焦距为10cm，由图可知，此时物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
则f2f=20cm
且物距和像距的和应大于4f，因此光屏的位置大致在图中的D。
将光屏与蜡烛的位置互换后，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，因此此时的像与未调换之前比变小。
故答案为：D；变小
（3）将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛正立放大的虚像，因为虚像是光的折射光线反向延长得到的，所以在虚线处放置一光屏对成虚像不产生影响，所以烛焰的像不会发生变化，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】(1) 本题考查凸透镜成像实验的器材调节，调整烛焰、凸透镜、光屏三者中心在同一高度时，需先点燃蜡烛，以烛焰的中心为基准进行调节；
(2) 本题考查凸透镜成像规律及光路可逆性的应用，先根据物距和焦距判断像距范围，再结合光路可逆分析互换位置后像的变化；
(3) 本题考查虚像的特点，虚像是由光的折射光线反向延长线会聚形成的，放置光屏不影响虚像的观察。
（1）为使像成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，因此在调整器材高度时，应点燃蜡烛。
（2）[1]由题意知，凸透镜的焦距为10cm，由图可知，此时物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
则f2f=20cm
且物距和像距的和应大于4f，因此光屏的位置大致在图中的D。
[2]将光屏与蜡烛的位置互换后，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，因此此时的像与未调换之前比变小。
（3）将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛正立放大的虚像，因为虚像是光的折射光线反向延长得到的，所以在虚线处放置一光屏对成虚像不产生影响，所以烛焰的像不会发生变化，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
19．【答案】（1）铜棒
（2）不变
（3）机械；动圈式话筒
（4）电源
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体，且不能受磁体的吸引而对实验产生影响，因此这些物质中，塑料是绝缘体，铜棒、铁棒是导体，但是磁体可以吸引铁钴镍等物质，所以我们应选择铜棒。
故答案为：铜棒
（2）在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关，因此若改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，则产生的感应电流方向不变。
故答案为：不变
（3）该探究过程，消耗了机械能，产生了电能，因此是将机械能转化为电能。
动圈式话筒在工作时，声音引起鼓膜振动，鼓膜带动线圈在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是利用了电磁感应现象；扬声器在工作时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，跟电动机的原理一样；因此生活中动圈式话筒是根据这一原理制成的。
故答案为：机械；动圈式话筒
（4）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，若将此装置中灵敏电流计换成电源可进一步探究电动机的工作原理。
故答案为：电源
【分析】(1) 本题考查电磁感应实验中导体材料的选择，需保证导体为非磁性材料，避免被磁铁吸引影响实验；
(2) 本题考查感应电流方向的影响因素，感应电流方向与磁场方向和导体运动方向均有关，若两者同时改变，电流方向不变；
(3) 本题考查电磁感应现象的能量转化及应用，电磁感应过程中机械能转化为电能，动圈式话筒利用这一原理工作；
(4) 本题考查电动机与发电机实验装置的区别，探究电动机原理时需在电路中接入电源，使通电导体在磁场中受力运动。
（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体，且不能受磁体的吸引而对实验产生影响，因此这些物质中，塑料是绝缘体，铜棒、铁棒是导体，但是磁体可以吸引铁钴镍等物质，所以我们应选择铜棒。
（2）在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关，因此若改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，则产生的感应电流方向不变。
（3）[1]该探究过程，消耗了机械能，产生了电能，因此是将机械能转化为电能。
[2]动圈式话筒在工作时，声音引起鼓膜振动，鼓膜带动线圈在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是利用了电磁感应现象；扬声器在工作时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，跟电动机的原理一样；因此生活中动圈式话筒是根据这一原理制成的。
（4）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，若将此装置中灵敏电流计换成电源可进一步探究电动机的工作原理。
20．【答案】（1）短路
（2）0.4；右
（3）滑动变阻器最大阻值太小了
（4）2.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表的指针依然有明显的偏转，说明电路不存在断路，电压表的示数突然变为0，则可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
故答案为：短路
（2）由图乙知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A，根据串联电路电压的规律，再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，定值电阻两端电压变大，为保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器分担的电压，根据串联分压原理可知，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑动变阻器的滑片应向右滑动。
故答案为：0.4；右
（3）定值电阻两端的电压始终保持为UV=IR=0.4A×5Ω=2V
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V
电压表示数为变阻器分得的电压的
根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为20Ω时，定值电阻的最大阻值为R=0.8×20Ω=16Ω
定值电阻20Ω、25Ω均大于16Ω，因此论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器最大阻值太小了。
故答案为：滑动变阻器最大阻值太小了
（4）设定值电阻两端的电压始终保持为UV'，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑'=U-UV'
根据串联分压可得
当定值电阻的阻值为25Ω，滑动变阻器接入最大阻值时，则有
解得UV'=2.5V，所以在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于2.5V。
故答案为：2.5
【分析】(1) 本题考查电路故障分析，电流表有偏转说明电路通路，电压表无示数说明与电压表并联的定值电阻短路；
(2) 本题考查电流表读数和控制变量法的应用，先根据电流表量程和分度值读数，再结合串联分压原理分析滑片移动方向；
(3) 本题考查滑动变阻器对实验的影响，当定值电阻阻值过大时，滑动变阻器最大阻值不足，无法满足分压要求；
(4) 本题考查控制变量法下的电压计算，需结合串联分压原理，以最大定值电阻和滑动变阻器最大阻值为条件，求出定值电阻两端的最小电压。
（1）电流表的指针依然有明显的偏转，说明电路不存在断路，电压表的示数突然变为0，则可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
（2）[1][2]由图乙知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A，根据串联电路电压的规律，再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，定值电阻两端电压变大，为保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器分担的电压，根据串联分压原理可知，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑动变阻器的滑片应向右滑动。
（3）定值电阻两端的电压始终保持为UV=IR=0.4A×5Ω=2V
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V
电压表示数为变阻器分得的电压的
根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为20Ω时，定值电阻的最大阻值为R=0.8×20Ω=16Ω
定值电阻20Ω、25Ω均大于16Ω，因此论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器最大阻值太小了。
（4）设定值电阻两端的电压始终保持为UV'，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑'=U-UV'
根据串联分压可得
当定值电阻的阻值为25Ω，滑动变阻器接入最大阻值时，则有
解得UV'=2.5V，所以在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于2.5V。
21．【答案】（1）水平；左；54；5.4×103
（2）
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）①用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上易于操作的地方； 在调节天平平衡时，先将游码移到标尺左端的零刻度处，然后调节平衡螺母。由图1甲可知，指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右边重，所以应将平衡螺母向左调节。
②由图1乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，石头的质量等于砝码的质量加上游码的示数，所以石头的质量为m=50g+4g=54g
③由图1丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒中水的体积为40mL，石头的体积为V=50mL-40mL=10mL=10cm3
石头的密度为
故答案为：水平；左；54；5.4×103
（2）已知，圆筒静止时传感器的示数为F1，放入石头后仍漂浮，增加的浮力等于增加的重力，故石头的重力为G石=F2-F1
则石头的体积为
对比图2中甲丙两图，传感器示数增加是因为液体对石头有浮力，故石头沉到水底受到的浮力为F浮=F3-F1， 根据F浮=ρ液gV排可知
则盐水的密度为
故答案为：
【分析】(1) 本题考查天平的使用、质量与密度的计算，需结合天平调节规则、质量读数方法和密度公式进行分析；
(2) 本题考查浮力与压力传感器的综合应用，需结合漂浮条件、阿基米德原理和密度公式，通过受力分析推导盐水密度表达式。
（1）①[1][2]用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上易于操作的地方； 在调节天平平衡时，先将游码移到标尺左端的零刻度处，然后调节平衡螺母。由图1甲可知，指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右边重，所以应将平衡螺母向左调节。
②[3]由图1乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，石头的质量等于砝码的质量加上游码的示数，所以石头的质量为m=50g+4g=54g
③[4]由图1丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒中水的体积为40mL，石头的体积为V=50mL-40mL=10mL=10cm3
石头的密度为
（2）已知，圆筒静止时传感器的示数为F1，放入石头后仍漂浮，增加的浮力等于增加的重力，故石头的重力为G石=F2-F1
则石头的体积为
对比图2中甲丙两图，传感器示数增加是因为液体对石头有浮力，故石头沉到水底受到的浮力为F浮=F3-F1， 根据F浮=ρ液gV排可知
则盐水的密度为
1 / 12025年吉林省吉林松花江中学中考三模物理试题
1．日常生活中，下列估测最接近实际的是（　　）
A．唱完一首国歌的时间约为5min B．苹果的质量约为150mg
C．乒乓球的直径约为4cm D．冰箱冷冻室的温度约为2℃
【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A：唱完一首国歌的时间约为 46 秒，远小于 5 分钟，故 A 错误；
B：一个苹果的质量约为 150g，即 150000mg，远大于 150mg，故 B 错误；
C：乒乓球的标准直径约为 40mm，即 4cm，故 C 正确；
D：冰箱冷冻室的温度通常在 - 18℃左右，2℃属于冷藏室的温度，故 D 错误。
故答案为：C。
【分析】A：考查时间估测，国歌时长约为几十秒；
B：考查质量估测，注意质量单位换算，150mg 仅相当于几粒米的质量；
C：考查长度估测，乒乓球的直径有明确的标准；
D：考查温度估测，冰箱冷冻室的温度远低于 0℃。
2．下列现象中属于光的反射是（　　）
A．树荫下的光斑 B．池水看起来变浅
C．雨后天空的彩虹 D．树木在水中的“倒影”
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、树荫下光斑是小孔成像，由光沿直线传播形成，故 A 错误；
B、池水变浅是光从水中斜射入空气发生折射，故 B 错误；
C、雨后彩虹是太阳光经水珠折射、色散形成，属于光的折射，故 C 错误；
D、水中倒影是水面相当于平面镜，光发生镜面反射形成，属于光的反射，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查光的直线传播；小孔成像、影子类现象成因均为光沿直线传播；
B、考查光的折射规律；水底光线折射进入人眼，造成视深变浅；
C、考查光的色散；彩虹由光的折射色散产生；
D、考查平面镜成像原理；水面倒影依靠光的反射成像。
3．下列四个节气对应的现象，属于凝华的是（　　）
A．惊蛰—冰化水 B．清明—雨纷飞
C．立秋—露珠凝 D．立冬—霜来降
【答案】D
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰化水时，固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B．雨是液体，是空气中的水蒸气遇冷变为液体，是液化形成的，故B不符合题意；
C．露是液体，是空气中的水蒸气遇冷，发生液化形成的，故C不符合题意；
D．霜是固态，是水蒸气遇冷，直接变为固体，发生凝华形成的，故D符合题意。
故选D。
【分析】固体变为液体，是熔化现象；气体变为液体，是液化现象；气体变为固体，是凝华现象。
4．以下符合安全用电做法的是（　　）
A．用湿手将吹风机插头插在电源上
B．发现用电器着火，立即切断电源
C．电水壶的电源线绝缘皮破损仍继续使用
D．多个大功率用电器在一个插排上同时使用
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.生活用水是导体，用湿手将插头插在插座上，会使人触电，故A错误；
B.生活用水是导体，家用电器着火，不能用水浇灭，应该立即切断电源，故B正确；
C.电水壶电源线绝缘皮破损容易发生触电事故，不能继续使用，故C错误；
D.一个插排上同时使用多个大功率用电器，容易造成用电器的总功率过大，故D错误。
故选B。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识判断。
5．《哪吒2》跻身全球影史前六。如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　）
A．以地面为参照物，毽子是静止的
B．哪吒将毽子踢向敖丙，说明力可以改变物体的形状
C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能
D．毽子在最高点时受到了平衡力
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；参照物及其选择
【解析】【解答】A、以地面为参照物，毽子相对地面位置不断发生变化，毽子是运动的，故 A 错误；
B、哪吒踢毽子，毽子运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，不能说明力改变物体形状，故 B 错误；
C、毽子上升时质量不变，速度减小、高度增大，动能减小、重力势能增大，动能转化为重力势能，故 C 正确；
D、毽子在最高点只受重力作用，只受一个力，不满足二力平衡条件，受力不平衡，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查参照物与运动状态判断；物体相对参照物位置改变则物体运动，毽子飞行中位置持续变化；
B、考查力的两个作用效果；运动快慢或方向改变属于运动状态变化，形变是物体外形发生改变；
C、考查动能与重力势能转化规律；质量不变，速度变小动能减少，高度变大重力势能增加；
D、考查二力平衡条件；平衡力需要大小相等、方向相反、同体共线，最高点毽子不受空气阻力时只受重力。
6．某同学家的智能电动窗帘，既可通过语音开关控制，也可轻拉窗帘激活“触控”开关控制。若用表示语音开关，表示“触控”开关，下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，语音开关、触控开关，能分别控制电动机启动工作，两个开关并联，再与电动机串联，B符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，开关是并联的，再和用电器串联。
7．2015年5月18号我市举办了马拉松比赛。沿江两岸飘来阵阵花香，这是　 　现象，全程比赛通过电视进行了转播，这是通过　 　传递信息的，当发令枪一响，运动员奋力奔跑，这说明声音能够传递　 　，运动员到达终点后不能立刻停下来是因为运动员具有　 　。
【答案】扩散；电磁波；信息；惯性
【知识点】惯性及其现象；声与信息传递；电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】沿江两岸飘来阵阵花香，这是花香分子在空气中不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
电磁波可以传递信息且传播不需要介质，因此电视信号通过电磁波传播，实现远距离信息传递。
声音可以传递信息和能量，发令枪声传递起跑指令，体现声音能传递信息。
运动员到达终点后不能立刻停下来是因为运动员具有惯性，要保持原有的运动状态，所以无法立即停止。
故答案为：扩散；电磁波；信息；惯性
【分析】(1) 本题考查分子热运动，花香分子在空气中做无规则运动，属于扩散现象；
(2) 本题考查电磁波的应用，电视信号通过电磁波传递信息，电磁波传播不需要介质；
(3) 本题考查声音的作用，发令枪声传递起跑指令，说明声音能够传递信息；
(4) 本题考查惯性的概念，运动员到达终点后不能立刻停下，是因为运动员具有惯性，要保持原有的运动状态。
8．五一假期，小明一家人自驾去松花湖游玩。汽车行驶过程中，以爸爸为参照物，坐在后面的小明是　 　（选填“运动”或“静止”）的；汽车行驶的平均速度约为60km/h，从家到扬州用时0.5h，家到扬州路程约为　 　km；沿途路过丰满水电站，是东北电网中的一座骨干电站，发电机利用了　 　原理发电；松花湖水域宽阔，有效调节了周围环境的温度，这是因为水的　 　大。
【答案】静止；30；电磁感应；比热容
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；发电机的构造和原理
【解析】【解答】小明与爸爸同处于行驶的汽车中，两者相对位置未改变，因此以爸爸为参照物，小明是静止的。
根据可知，家到扬州路程约为s=vt=60km/h×0.5h=30km
水电站通过水流驱动发电机，其核心原理是闭合电路的一部分导体切割磁感线产生电流，即电磁感应。
水的特性：水的比热容较大，相同质量，吸收或释放相同热量时温度变化较小，因此能有效调节环境温度。
故答案为：静止；30；电磁感应；比热容
【分析】(1) 本题考查参照物的选择，需结合相对位置是否变化判断物体运动状态；
(2) 本题考查路程计算，需利用公式s=vt求解；
(3) 本题考查发电机的工作原理，需明确电磁感应现象的应用；
(4) 本题考查水的比热容特性，需结合比热容对温度调节的作用进行分析。
9．如图所示，物理实践小组的同学设计出一种滑轮组（图中没有画出），利用一个大量程弹簧测力计测量电动车的重量。电动车被匀速拉起30cm用时10s，绳子自由端移动90cm。已知动滑轮总重为100N，此过程中弹簧测力计的示数为300N，不计绳重和摩擦。
（1）滑轮组中共有　 　段绳子承担物重，弹簧测力计的拉力做功为　 　J；
（2）滑轮组的机械效率为　 　（百分号前保留一位小数），若只减小定滑轮的重力，则该滑轮组的机械效率　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）3；270
（2）88.9%；不变
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）重物移动30cm，绳子端移动90cm，则物体移动的距离是绳子端移动距离的3倍，所以动滑轮上缠绕绳子数为3。
弹簧测力计的示数为300N，绳子移动距离为90cm，拉力做功W=Fs=300N×90cm=300N×0.9m=270J
故答案为：3；270
（2）动滑轮上缠绕绳子数为3，则滑轮组拉力
则车的重力G物=3F-G动=3×300N-100N=800N
重力做功W=Gh=800N×30cm=800N×0.3m=240J
机械效率
减小定滑轮的质量，则额外功不变，有用功不变，所以有用功占总功的比值不变，所以机械效率不变。
故答案为：88.9%；不变
【分析】(1) 本题考查滑轮组的绳子段数判断与拉力做功计算，需根据物体和绳子端移动距离的关系确定段数，再利用公式 计算拉力做功；
(2) 本题考查滑轮组机械效率的计算与影响因素分析，需先求出物体重力和有用功，再通过 计算效率，并分析定滑轮重力对效率的影响。
（1）[1]重物移动30cm，绳子端移动90cm，则物体移动的距离是绳子端移动距离的3倍，所以动滑轮上缠绕绳子数为3。
[2]弹簧测力计的示数为300N，绳子移动距离为90cm，拉力做功W=Fs=300N×90cm=300N×0.9m=270J
（2）[1]动滑轮上缠绕绳子数为3，则滑轮组拉力
则车的重力G物=3F-G动=3×300N-100N=800N
重力做功W=Gh=800N×30cm=800N×0.3m=240J
机械效率
[2]减小定滑轮的质量，则额外功不变，有用功不变，所以有用功占总功的比值不变，所以机械效率不变。
10．为实现“碳中和”目标，我国大力推动电动汽车发展。
（1）当充电桩为电动汽车的电池充电时，　 　（选填“充电桩”或“电池”）是用电器；
（2）一辆电动汽车电池的规格为“”，该汽车充满电时存储了　 　的电能；
（3）电动汽车高速行驶时，汽车上方空气流速大压强　 　。高速行驶后，汽车表面容易粘有灰尘，是因为汽车与空气摩擦　 　，从而容易吸引灰尘。
【答案】（1）电池
（2）20
（3）小；带电
【知识点】流体压强与流速的关系；电功的计算；摩擦起电的现象
【解析】【解答】(1)充电桩给车载蓄电池充电过程中，蓄电池持续消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，在电路里消耗电能的元件属于用电器，因此充电时电池是用电器。
故答案为：电池；
(2)依据电功公式代入已知参数计算储存电能：
故答案为：20；
(3)汽车车身上凸下平，车辆高速前进时，车体上方空气经过路程更长、空气流速更快，按照流体规律，流速大处压强小，所以车身上方气体压强小于车底压强。
汽车高速行驶过程中车身和空气不断摩擦发生摩擦起电，车体带上静电，而带电物体能够吸附灰尘这类轻小物体，因此车身容易积攒灰尘。
故答案为：小；带电；
【分析】(1)结合电源、用电器的定义，从充电时电能消耗与能量转化特点判断蓄电池的电路角色。
(2)选用电功计算公式带入电压、电流、时间数值运算，最后依照完成单位换算。
（3）依托流体压强与流速规律，对比汽车上下方空气流速大小，推导两处压强的大小关系。
利用摩擦起电原理和带电体吸引轻小物体的物理特性，解释车身沾附灰尘的现象。
（1）当充电桩为电动汽车的电池充电时，电池消耗电能，即电池为用电器。
（2）汽车充满电时存储的电能为
（3）[1]电动汽车高速行驶时，根据流体流速快的位置压强小，汽车上方空气流速大压强小。
[2]高速行驶后，汽车与空气摩擦带电，带电体具有吸引轻小物质的性质，故汽车表面容易粘有灰尘。
11．如图所示，美丽的吉林送花江中学人工湖上飞来一只野鸭，它漂浮在水面上。请在图中作出野鸭此时在竖直方向上所受力的示意图。（O点为其重心）
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力及其产生原因；浮力的示意图
【解析】【解答】由题意知，野鸭漂浮在水面上，处于平衡状态，因此受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，大小相等，都作用在其重心，如图所示：
【分析】本题考查漂浮物体的受力示意图绘制，需明确物体处于平衡状态时，竖直方向上受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等、方向相反，且作用在同一直线上，作用点为重心。
12．如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出这条入射光线的折射光线。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】根据光的折射规律，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，光从空气中斜射入水中，折射角小于入射角，如图所示：
【分析】本题考查光的折射规律作图，需明确光从空气斜射入水中时，折射光线与入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，且折射角小于入射角。
13．在物理考试作图时，小明画错了一个地方，他立即用橡皮轻轻的擦，却没有擦干净；然后他稍使点劲就擦干净了，这是为什么？
【答案】橡皮与纸之间发生相对运动时，产生滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。
轻轻擦时，橡皮对纸的压力较小，产生的滑动摩擦力较小，因此无法擦干净；
稍用力擦时，在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大对纸的压力，增大了橡皮与纸之间的滑动摩擦力，因此能将字迹擦干净。
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】橡皮与纸之间发生相对运动时，产生滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。
轻轻擦时，橡皮对纸的压力较小，产生的滑动摩擦力较小，因此无法擦干净；
稍用力擦时，在接触面粗糙程度不变的情况下，通过增大对纸的压力，增大了橡皮与纸之间的滑动摩擦力，因此能将字迹擦干净。
【分析】本题考查滑动摩擦力的影响因素，需结合压力对摩擦力的作用进行分析。
14．“中国传统制茶技艺及其相关习俗”已申遗成功。茶农将采摘下的茶摊开后放在通风的地方，茶青成遢软样，此工序为晒青。请用蒸发识解释晒青过程的原理。
【答案】影响液体蒸发快慢的三个因素分别是液体温度、液体表面积、液面上方空气流速；把茶青均匀摊开，能够有效增大茶叶内部水分的蒸发面积，放置在通风环境中可以加快茶叶表面空气流动速度，两项措施共同作用，加速茶叶中水分的汽化蒸发。
【知识点】蒸发及其现象；影响蒸发快慢的因素
【解析】【分析】依托影响蒸发快慢的三项因素，对应题干里摊开、通风两种操作，分别匹配增大表面积、加快空气流速两个原理，以此说明水分加速蒸发的原因。
15．如图所示，某安防机器人的质量为60kg，其轮子与水平地面接触的总面积为0.01m2。求：
（1）安防机器人的重力；（g取10N/kg）
（2）安防机器人静止时对水平地面的压强。
【答案】（1）解：安防机器人的质量为60kg，其重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N
（2）解：安防机器人静止时对水平地面的压力等于其重力，则F=G=600N
对水平地面的压强
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查重力的计算，根据公式 ，结合已知的质量和 的取值求解；
(2) 本题考查压强的计算，机器人静止时对地面的压力等于其重力，再利用公式 计算压强。
（1）安防机器人的质量为60kg，其重力为G=mg=60kg×10N/kg=600N
（2）安防机器人静止时对水平地面的压力等于其重力，则F=G=600N
对水平地面的压强
16．如图所示电路，电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V　1.25W”字样（电阻不变）。求小灯泡正常发光时：
（1）电路中的电流；
（2）滑动变阻器接入电路的阻值。
【答案】（1）解：灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测串联电路电流；灯泡正常发光时电压、功率均为额定数值，由功率变形公式计算额定电流：
串联电路各处电流相等，因此电路整体电流。
（2）解：依据串联分压规律，算出滑动变阻器两端电压：
再由欧姆定律求变阻器接入阻值：
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】(1)先明确串联电路电流处处相等，利用电功率推导式，代入灯泡额定参数算出额定电流，该数值就是电路工作电流。
(2)借助串联电压关系式求出变阻器分压，再套用欧姆定律公式，代入电压、电流数据求解接入电阻。
（1）开关S闭合，L与R串联，电流表测电路中电流。
根据P=UI可得，灯正常发光时的电流为
根据串联电路电流规律可知，电路中电流为0.5A。
（2）根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为U滑=U-UL=3V-2.5V=0.5V
滑动变阻器接入电路的阻值
17．两个实验小组用相同的酒精灯探究水沸腾前后温度变化的特点，所用实验装置如图甲所示，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。
（1）实验过程中，烧杯口出现的“白气”是　 　（填物态变化名称）的结果；
（2）由图像可知，水沸腾前温度不断升高，沸腾后温度　 　；
（3）进一步分析可知，　 　组所用水的质量较小；
（4）两组所测水的沸点均不是，这是由于　 　（选填“实验误差”或“当地气压”）引起的。
【答案】液化；不变；a；当地气压
【知识点】液化及液化放热；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）水沸腾时不断汽化生成高温水蒸气，水蒸气逸出烧杯口后接触室温冷空气，温度迅速降低，气态水蒸气液化成无数细小液态小水珠，大量小水珠聚集在一起，形成肉眼所见的 “白气”。
故答案为：液化；
（2）从温度变化图像可以观察到，水温升高到 98℃后温度曲线保持水平不再上升，由此得出水沸腾的特点：沸腾过程持续吸热，但温度保持恒定不变。
故答案为：不变；
（3）两组实验使用相同加热装置，相同时间水吸收热量相同；a、b 两组水温均升高 6℃，a 组耗时更短、吸热更少，根据吸热规律，升温相同、吸热越少，液体质量越小，所以 a 组用水量更少。
故答案为：a；
（4）水的沸点随外界大气压改变，气压越小沸点越低；标准大气压下水沸点是 100℃，本次测得沸点 98℃，数值偏低是因为环境气压低于标准大气压，并非实验测量误差。
故答案为：当地气压；
【分析】（1）先区分水蒸气无色不可见，再依据液化条件，从高温气体遇冷降温的物态变化角度解释白气形成过程。
（2）聚焦图像恒温区间，结合水沸腾实验规律，依靠图像温度变化总结沸腾吸热但温度不变的核心特点。
（3）以相同热源供热均匀为前提，对比同等升温幅度的加热用时，利用吸热多少反向推导水的质量差异。
（4）紧扣沸点与大气压的对应关系，对比实测沸点与标准沸点，排除仪器误差，确定气压偏低是沸点下降的主要因素。
18．在探究“凸透镜成像规律”实验时，所选用的凸透镜的焦距为10cm。
（1）在调整器材高度时，应　 　（选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛；
（2）如图甲所示，将蜡烛和透镜的位置固定，则光屏位置（光屏图中未画出），会在光屏上得到清晰的像，此时光屏的位置大致在图中的　 　（选填“A”、“B”、“C”或“D”）；若透镜位置不动，将光屏与蜡烛的位置互换后，光屏上仍然能够得到清晰的像，此时的像与未调换之前比　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）如图乙所示，将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛放大的像，若将一不透明的光屏放在虚线处，则人眼看见蜡烛的像______。
A．会消失 B．会变暗 C．没有变化 D．成在光屏上
【答案】（1）点燃
（2）D；变小
（3）C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）为使像成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，因此在调整器材高度时，应点燃蜡烛。
故答案为：点燃
（2）由题意知，凸透镜的焦距为10cm，由图可知，此时物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
则f2f=20cm
且物距和像距的和应大于4f，因此光屏的位置大致在图中的D。
将光屏与蜡烛的位置互换后，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，因此此时的像与未调换之前比变小。
故答案为：D；变小
（3）将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛正立放大的虚像，因为虚像是光的折射光线反向延长得到的，所以在虚线处放置一光屏对成虚像不产生影响，所以烛焰的像不会发生变化，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】(1) 本题考查凸透镜成像实验的器材调节，调整烛焰、凸透镜、光屏三者中心在同一高度时，需先点燃蜡烛，以烛焰的中心为基准进行调节；
(2) 本题考查凸透镜成像规律及光路可逆性的应用，先根据物距和焦距判断像距范围，再结合光路可逆分析互换位置后像的变化；
(3) 本题考查虚像的特点，虚像是由光的折射光线反向延长线会聚形成的，放置光屏不影响虚像的观察。
（1）为使像成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，因此在调整器材高度时，应点燃蜡烛。
（2）[1]由题意知，凸透镜的焦距为10cm，由图可知，此时物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm
则f2f=20cm
且物距和像距的和应大于4f，因此光屏的位置大致在图中的D。
[2]将光屏与蜡烛的位置互换后，此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，因此此时的像与未调换之前比变小。
（3）将蜡烛放在凸透镜一倍焦距以内，在透镜另一侧可以看到蜡烛正立放大的虚像，因为虚像是光的折射光线反向延长得到的，所以在虚线处放置一光屏对成虚像不产生影响，所以烛焰的像不会发生变化，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
19．在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，实验装置如图所示。
（1）AB棒的材料应选　 　（选填“塑料”或“铜棒”或“铁棒”）；
（2）如果改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，产生的感应电流方向　 　（选填“不变”或“改变”）；
（3）该探究过程将　 　能转化成电能，生活中的　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）是根据这一原理制成的；
（4）若将此装置中的灵敏电流计换成　 　可探究电动机的工作原理。
【答案】（1）铜棒
（2）不变
（3）机械；动圈式话筒
（4）电源
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体，且不能受磁体的吸引而对实验产生影响，因此这些物质中，塑料是绝缘体，铜棒、铁棒是导体，但是磁体可以吸引铁钴镍等物质，所以我们应选择铜棒。
故答案为：铜棒
（2）在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关，因此若改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，则产生的感应电流方向不变。
故答案为：不变
（3）该探究过程，消耗了机械能，产生了电能，因此是将机械能转化为电能。
动圈式话筒在工作时，声音引起鼓膜振动，鼓膜带动线圈在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是利用了电磁感应现象；扬声器在工作时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，跟电动机的原理一样；因此生活中动圈式话筒是根据这一原理制成的。
故答案为：机械；动圈式话筒
（4）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，若将此装置中灵敏电流计换成电源可进一步探究电动机的工作原理。
故答案为：电源
【分析】(1) 本题考查电磁感应实验中导体材料的选择，需保证导体为非磁性材料，避免被磁铁吸引影响实验；
(2) 本题考查感应电流方向的影响因素，感应电流方向与磁场方向和导体运动方向均有关，若两者同时改变，电流方向不变；
(3) 本题考查电磁感应现象的能量转化及应用，电磁感应过程中机械能转化为电能，动圈式话筒利用这一原理工作；
(4) 本题考查电动机与发电机实验装置的区别，探究电动机原理时需在电路中接入电源，使通电导体在磁场中受力运动。
（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体，且不能受磁体的吸引而对实验产生影响，因此这些物质中，塑料是绝缘体，铜棒、铁棒是导体，但是磁体可以吸引铁钴镍等物质，所以我们应选择铜棒。
（2）在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动方向有关，因此若改变导体AB切割磁感线运动的方向同时将磁体N、S极对调，则产生的感应电流方向不变。
（3）[1]该探究过程，消耗了机械能，产生了电能，因此是将机械能转化为电能。
[2]动圈式话筒在工作时，声音引起鼓膜振动，鼓膜带动线圈在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是利用了电磁感应现象；扬声器在工作时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，跟电动机的原理一样；因此生活中动圈式话筒是根据这一原理制成的。
（4）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，若将此装置中灵敏电流计换成电源可进一步探究电动机的工作原理。
20．图甲是明明“探究电流与电阻关系”的电路图。已知电源电压恒为4.5V，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，可供选择的定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω和25Ω。
（1）实验中，闭合开关S后，滑片置于某位置时，电压表的示数突然变为0，而电流表的指针依然有明显的偏转，产生这一现象的原因可能是定值电阻　 　（选填“短路”或“断路”）；
（2）排除故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为　 　A；再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，为保持电压表的示数不变，滑动变阻器的滑片应向　 　（选填“左”或“右”）滑动；
（3）当明明选用20Ω或25Ω电阻进行实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器　 　；
（4）在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于　 　V。
【答案】（1）短路
（2）0.4；右
（3）滑动变阻器最大阻值太小了
（4）2.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表的指针依然有明显的偏转，说明电路不存在断路，电压表的示数突然变为0，则可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
故答案为：短路
（2）由图乙知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A，根据串联电路电压的规律，再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，定值电阻两端电压变大，为保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器分担的电压，根据串联分压原理可知，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑动变阻器的滑片应向右滑动。
故答案为：0.4；右
（3）定值电阻两端的电压始终保持为UV=IR=0.4A×5Ω=2V
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V
电压表示数为变阻器分得的电压的
根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为20Ω时，定值电阻的最大阻值为R=0.8×20Ω=16Ω
定值电阻20Ω、25Ω均大于16Ω，因此论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器最大阻值太小了。
故答案为：滑动变阻器最大阻值太小了
（4）设定值电阻两端的电压始终保持为UV'，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑'=U-UV'
根据串联分压可得
当定值电阻的阻值为25Ω，滑动变阻器接入最大阻值时，则有
解得UV'=2.5V，所以在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于2.5V。
故答案为：2.5
【分析】(1) 本题考查电路故障分析，电流表有偏转说明电路通路，电压表无示数说明与电压表并联的定值电阻短路；
(2) 本题考查电流表读数和控制变量法的应用，先根据电流表量程和分度值读数，再结合串联分压原理分析滑片移动方向；
(3) 本题考查滑动变阻器对实验的影响，当定值电阻阻值过大时，滑动变阻器最大阻值不足，无法满足分压要求；
(4) 本题考查控制变量法下的电压计算，需结合串联分压原理，以最大定值电阻和滑动变阻器最大阻值为条件，求出定值电阻两端的最小电压。
（1）电流表的指针依然有明显的偏转，说明电路不存在断路，电压表的示数突然变为0，则可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
（2）[1][2]由图乙知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A，根据串联电路电压的规律，再将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻进行实验，定值电阻两端电压变大，为保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器分担的电压，根据串联分压原理可知，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑动变阻器的滑片应向右滑动。
（3）定值电阻两端的电压始终保持为UV=IR=0.4A×5Ω=2V
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=U-UV=4.5V-2V=2.5V
电压表示数为变阻器分得的电压的
根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为20Ω时，定值电阻的最大阻值为R=0.8×20Ω=16Ω
定值电阻20Ω、25Ω均大于16Ω，因此论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表都无法与原来相同，原因可能是滑动变阻器最大阻值太小了。
（4）设定值电阻两端的电压始终保持为UV'，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑'=U-UV'
根据串联分压可得
当定值电阻的阻值为25Ω，滑动变阻器接入最大阻值时，则有
解得UV'=2.5V，所以在不改变器材的基础上，为使所有的电阻都能单独完成实验，实验中定值电阻两端的电压应不小于2.5V。
21．小致在爬山过程中发现了一块精美的石头，带回学校测量其密度。
（1）①小致将天平放在　 　桌面上，并将游码移到称量标尺的零刻度线处，发现指针如图甲所示，此时应该向　 　移动平衡螺母，使天平平衡：
②随后正确操作，测量出石头的质量如图乙，石头的质量为　 　g；
③用细线栓住石头，缓慢浸在如图丙所示的装有适量水的量筒中，液面上升到与50mL刻度相平，则石头的密度为　 　kg/m3；
（2）参加创新大赛的小明带来一个底部有传感器（与盐水绝缘）的烧杯，如图2甲所示，传感器可以直接测出其上表面所受的液体压力，传感器的厚度忽略不计。①小明将一只装有配重的底面积为S0的薄壁圆筒放入烧杯的盐水中，圆筒静止时传感器的示数为F1，如图2甲所示；②将石头轻轻放在圆筒底部，圆筒静止时传感器的示数为F2，如图2乙所示；③将石头放在烧杯中如图2丙所示位置，液面静止时传感器的示数为F3，则盐水的密度表达式为　 　（用已知物理量符号表示，石头的密度为）。
【答案】（1）水平；左；54；5.4×103
（2）
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）①用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上易于操作的地方； 在调节天平平衡时，先将游码移到标尺左端的零刻度处，然后调节平衡螺母。由图1甲可知，指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右边重，所以应将平衡螺母向左调节。
②由图1乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，石头的质量等于砝码的质量加上游码的示数，所以石头的质量为m=50g+4g=54g
③由图1丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒中水的体积为40mL，石头的体积为V=50mL-40mL=10mL=10cm3
石头的密度为
故答案为：水平；左；54；5.4×103
（2）已知，圆筒静止时传感器的示数为F1，放入石头后仍漂浮，增加的浮力等于增加的重力，故石头的重力为G石=F2-F1
则石头的体积为
对比图2中甲丙两图，传感器示数增加是因为液体对石头有浮力，故石头沉到水底受到的浮力为F浮=F3-F1， 根据F浮=ρ液gV排可知
则盐水的密度为
故答案为：
【分析】(1) 本题考查天平的使用、质量与密度的计算，需结合天平调节规则、质量读数方法和密度公式进行分析；
(2) 本题考查浮力与压力传感器的综合应用，需结合漂浮条件、阿基米德原理和密度公式，通过受力分析推导盐水密度表达式。
（1）①[1][2]用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上易于操作的地方； 在调节天平平衡时，先将游码移到标尺左端的零刻度处，然后调节平衡螺母。由图1甲可知，指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，说明右边重，所以应将平衡螺母向左调节。
②[3]由图1乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，石头的质量等于砝码的质量加上游码的示数，所以石头的质量为m=50g+4g=54g
③[4]由图1丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒中水的体积为40mL，石头的体积为V=50mL-40mL=10mL=10cm3
石头的密度为
（2）已知，圆筒静止时传感器的示数为F1，放入石头后仍漂浮，增加的浮力等于增加的重力，故石头的重力为G石=F2-F1
则石头的体积为
对比图2中甲丙两图，传感器示数增加是因为液体对石头有浮力，故石头沉到水底受到的浮力为F浮=F3-F1， 根据F浮=ρ液gV排可知
则盐水的密度为
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