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2025年江苏省仪征市实验中学教育集团中考三模物理试题
1．下列估测数据中，最接近实际的是（　　）
A．一瓶普通矿泉水的质量为50kg B．人体正常体温为39℃
C．普通成人的步行速度为5m/s D．教室里课桌的高度为80cm
2．关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（　　）
A．物体被举高后，分子势能增大
B．海绵容易被压缩是因为分子间有空隙
C．原子、原子核、电子是按空间尺度由大到小排列的
D．质子、中子和电子像行星绕太阳一样绕原子核运动
3．关于物质的密度，下列说法正确的是（　　）
A．“铁比木头重”这句话是指铁块的质量一定比木块的质量大
B．压缩饼干比普通饼干的密度大，因此它的体积比普通饼干的体积小
C．乒乓球被踩瘪但没破，球内气体的质量不变，密度变大
D．将均匀正方体木块切去一半，剩余部分质量变小，密度变小
4．如图所示，是小黄同学自制的气压计，下列说法正确的是（　　）
A．为了提高测量的灵敏度，应选内径较粗的玻璃管
B．把自制气压计从扬州州带到西藏，看到玻璃管内水柱将降低
C．若将瓶内装满水，可以提高自制气压计的灵敏度
D．若将瓶内装满水，该装置可以验证“力可以使固体发生微小形变”
5．如图所示，图甲、图乙分别是近视眼和远视眼视物成像情况，晶状体相当于凸透镜。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中A'B'是放大的实像 B．图乙中A'B'是放大的虚像
C．图甲中物距大于2倍焦距 D．图乙中物距小于2倍焦距
6．许多汽车的后视镜配备了如图甲所示的加热装置，该装置有“低温”除雾和“高温”除霜功能，保持镜面清晰，确保驾驶安全。其内部电路如图乙所示，R1和R2为加热电阻。下列分析正确的是（　　）
A．除雾状态，电路中只有R1工作 B．除霜状态，电路的总功率最大
C．除雾状态，电路的总电流最大 D．除霜状态，电路中电阻最大
7．数形结合是物理学中经常使用到的一种方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系。如图所示的四幅图像中能正确反映物理现象和规律的是（　　）
A．图甲表示燃料燃烧时放出热量与燃料燃烧体积的关系
B．图乙表示条形磁铁的磁性强弱与其位置的关系
C．图丙阴影部分面积表示定值电阻消耗的电能
D．图丁表示通过定值电阻的电流与其两端电压的关系
8．小明非常好奇新买的手电筒，他来回摇动这个手电筒，电筒内的磁体就会在线圈里面来回运动，使灯泡发光。下图能反映其工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
9．用甲、乙两个滑轮组分别将两个物体在相同时间内匀速提升相同高度，拉力分别为F1、F2，此过程相关数据如图所示，则下列说法正确的是（　　）
A．F1比F2小
B．甲的机械效率更高
C．F1功率比F2的功率小
D．甲、乙装置中的两个物体重力G1比G2大
10．将新鲜度不同但体积相同的甲、乙两鸡蛋放入水中，静止时甲沉底、乙漂浮，如图所示，已知，下列说法正确的是（　　）
A．甲受到的浮力较小
B．乙的质量较小
C．向杯中加盐后，乙会下沉一些
D．向杯中加盐后，乙受到的浮力变大
11．2025年央视春晚以一场前所未有的科技盛宴，让全球观众领略了中国科技创新的无限魅力。在这场盛大的文化与科技交融的舞台上，宇树人形机器人、峰飞航空eVTOL载人飞行器、赛力斯M9汽车灯光变化以及无人机灯光秀等尖端科技轮番登场，为观众呈现了一场视觉与科技的双重盛宴。如图所示是无人机水平飞行过程中，机上悬挂小球的细线向左偏，且小球与无人机保持相对静止，不计空气阻力，则在飞行过程中
A．无人机一定是向右飞行的
B．小球的运动状态保持不变
C．小球的机械能可能减小
D．若剪断细线，小球将向左下方运动
12．小明在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图甲所示。电源电压恒为4V，电压表量程选择“0~3V”，电流表量程选择“0~0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，灯泡L标有“2V 0.8W”字样，图乙是小灯泡的电流随其电压变化的图像。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）
A．该电路的最大功率是2.4W
B．电路中电流变化的范围是0.3~0.4A
C．灯泡的最小功率是0.2W
D．滑动变阻器阻值变化的范围是0~10Ω
13．看图说理：
（1）如图所示：箭离开弓弦后仍能飞行相当远的距离是因为箭具有　 　。
（2）如图所示：两个手指感觉不同，说明力的作用效果与　 　有关。
（3）如图所示：坝体下部比上部建造得宽一些，是因为液体压强随着　 　的增加而增大。
（4）如图所示：从倒置漏斗向下吹气，乒乓球不会掉落是因为球上方空气流速大　 　的原因。
14．1909年盖革和马斯顿在卢瑟福指导下做了著名的α粒子散射实验，也称金箔实验，α粒子轰击金箔的轨迹如图所示。据所学知识可知，α粒子带　 　电；验电器可以检验物体是否带电，其工作原理是　 　。
15．小明梳理力和运动关系时，总结出如图所示的思维图，请补全思维图中的空缺。①　 　，②　 　，③　 　
16．小明发现夏天汽车从阴凉的地下车库开出后，车窗玻璃常会上雾，可以擦车窗玻璃的 　 　（选填“内侧”或“外侧”）除雾，雾是由水蒸气 　 　（填物态变化）形成的，此过程要 　 　（选填“放出”或“吸收”）热量。
17．二氧化碳（CO2）爆破技术是现代工程中非常环保的技术.起爆前高压泵将CO2压缩成高压气体，气体内能　 　（选填“增大”或“减小”），温度　 　（选填“升高”或“降低”）；液化后输入爆破筒内。如图所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破，喷出时的能量转化与内燃机的　 　冲程一致。
18．如图，工人用200N沿斜面方向的力，将重300N箱子匀速推上卡车，斜面长3m、高1.5m，重物与斜面间的摩擦力是　 　N，该斜面的机械效率为　 　。
19．如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，则物体A　 　（“可能”或“一定”）受到四个力的作用。理由：　 　。
20．如图所示，是某远洋轮船的船舷上标的“吃水线”，又称“载重线”，其中标有W的是北大西洋“载重线”，标有S的是印度洋“载重线”。若此远洋轮船在海面航行时的排水量为kg，g取10N/kg，则远洋轮船此时受到的浮力为　 　N；当该远洋轮船从北大西洋驶向印度洋时，远洋轮船在北大西洋受到的浮力F1　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”，下同）在印度洋受到的浮力F2；北大西洋的海水密度　 　印度洋的海水密度。
21．如图是现代家庭中的电子式电能表，它的示数为　 　kW·h，小明利用该电能表测某家用电器的电功率，测量前，他应该　 　，直至电能表指示灯停止闪烁再进行测量。若按正确方法测量，从指示灯第1次闪烁开始计时到第9次闪烁停止计时所用时间为1min，这个用电器的功率是　 　W。
22．以下是某科技兴趣小组同学设计的寻找“有色影子”的活动方案。用一种色光照射站在背景板前的人，会在背景板上形成影子，在影子上叠加另一种色光，能形成“有色影子”，符合要求的方案是　 　。
方案 照射光源的颜色 背景板的颜色 叠加光源的颜色
① 白 红 蓝
② 红 蓝 黄
③ 蓝 白 红
④ 绿 黄 蓝
23．如图所示电路测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：
①将电压表接在B、C两点间，闭合开关，将滑动变阻器滑片移到b端、电阻箱R调为某一阻值R1，使电压表和电流表示数为合适的值；
②断开开关，将电压表右端由C点改接到D点；
③闭合开关，反复调节R和滑动变阻器，使两表的示数与步骤①中相同，此时电阻箱的阻值为R2；
④待测电阻的阻值Rx=　 　；
⑤若操作无误，反复调节始终无法实现两表的示数与步骤①中相同，原因可能有：　 　、　 　。
24．按要求作图：
（1）如左图所示是平衡大师将易拉罐斜立在水平桌面上的简略图，此时易拉罐的重心在图中的虚线上。请在右图中作出易拉罐的受力示意图；
（2）图中，请在虚线方框内画出能矫正该眼睛视力的透镜；
（3）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入如图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮，电压表的示数变大。
25．现代家具越来越重视“人体工程学”的设计。如图所示的电脑椅，当人向后靠时就比端坐在椅子上时要舒服。下表的数据为某人使用电脑椅时的一些参数。
椅子的质量 10kg
人端坐在椅子上时的受力面积 800cm2
人端坐在椅子上时对坐垫的压力 320N
人向后靠时对坐垫的压强 2000Pa
每个轮子的受力面积（共5个轮子） 4cm2
求：(1)计算人端坐在椅子上时对坐垫的压强，并根据计算结果说明人“后靠”时比“端坐”时舒服的原因；
(2)人端坐在椅子上时椅子对水平地面的压强。
26．随着经济水平的不断提高，小汽车越来越多地走进了我市普通家庭。下表为小军家小汽车的相关数据：
总质量1600kg 额定功率 100kW
车轮接触地面的总面积 水箱容量5L
（1）汽车发动机工作时，　 　冲程将机械能转化为内能。
（2）汽车启动时，需将钥匙插入钥匙孔内并旋转（相当于闭合开关），请你用笔画线代替导线将轿车的启动原理图连接完整。
（3）当水箱装满水，水温升高20℃时，吸收的热量为多少。（c水=4.2×103J/（kg·℃））
（4）假若该车在水平路面上以40kW的功率匀速行驶10min，消耗汽油1.5 kg，求小汽车发动机的效率。（q汽油=4.6×107J/kg）
27．学校物理探究小组用如图所示装置探究影响电流热效应的因素。
（1）在A、B两烧瓶内装入初温和质量都相等的煤油，RA和RB串联是为了控制　 　和　 　相同，实验时2的温度大于1的温度可得结论：　 　；如果有秒表，利用该装置　 　（选填“可以”或“不可以”）探究电热与电流的关系；
（2）如果要用该装置来探究不同液体的吸热特点，则将对实验器材作哪些改进　 　、　 　。
28．在探究凸透镜成像规律时，小华小组将蜡烛、凸透镜和光屏按顺序装到光具座上后，点燃蜡烛。
（1）实验前要调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在　 　，目的是使像呈现在光屏的中央；
（2）小华将蜡烛、凸透镜和光屏移到如图所示的位置时，光屏上恰好呈现烛焰清晰的像（像未画出）；小华在该实验中使用的凸透镜焦距为　 　cm，实验中选择口径较　 　（选填“大”或“小”）的凸透镜成像效果较好；
（3）在（2）的基础上，保持凸透镜位置不动，将蜡烛移至刻度线处，应将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离才能再次接收到烛焰清晰的像，此成像性质与　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；光屏上成清晰的像后，若在蜡烛和凸透镜之间放置一个近视眼镜，为了再次在光屏上呈现清晰的像，需要将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当的距离；
（4）同组的小明将高度为的发光物体沿主光轴从远处向透镜的焦点靠近（已知透镜的焦距为），则下列反映像高或像距随物距变化的关系图像中正确的是_____。（填字母）
A． B．
C． D．
29．在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）如图甲是小明测定灯泡电阻的实物电路图，请用笔画线代替导线将实物电路图修改正确；
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，其读数为　 　V，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动使电压表示数为　 　V，此时电流表示数如图丙所示，则该灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω；
（3）小华打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过简单操作（开关S2接“a”、“b”各一次）来测量小灯泡正常发光时的电阻。图丁、戊是她设计的两种不同方案的电路图.则以下判断正确的是 （填字母）。
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丁方案能，戊方案不能 D．丁方案不能，戊方案能
30．小明在石材加工厂找到两个同种材质的球状石块M和正方体石块N，为确定石块的密度，他进行了如下操作：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零，然后调节平衡螺母使天平平衡；
（2）将石块M放入天平左盘，当天平右盘内所加砝码和标尺上游码所处位置如图乙所示时，天平恰好平衡，则球形石块M的质量是　 　g；
（3）接着他又用量筒测量了球形石块M体积，如图丙所示，则石块的密度为　 　g/cm3；
（4）小红还想借助现有石块探究杠杆的平衡条件，于是她又称出了石块N的质量为84g，然后分别将石块M和N挂在杠杆上（实验前己调节杠杆在水平位置平衡）的A点和B点，杠杆恰好平衡，如图丁所示：
①小红对实验数据分析后得到结论：在误差允许的范围内，动力×动力臂=阻力×阻力臂，你认为她这样就得出结论是否合理？　 　；简述理由：　 　；
②之后小红用弹簧测力计代替石块继续这个实验，当弹簧测力计竖直向下拉杠杆上的A点时，杠杆恰好在水平方向平衡，如图戊所示，测力计的示数是　 　N（g=10N/kg）；
③接下来，小红先将弹簧测力计的挂钩用细线系在杠杆上，用大小为F1的力向下拉弹簧测力计的圆环使杠杆水平平衡，如图己所示；然后她又将弹簧测力计的圆环用细线系在杠杆上，用大小为F2的力向下拉弹簧测力计的挂钩使杠杆水平平衡，如图庚所示；则F1　 　F2（>/=/<）。
31．阅读短文，回答问题。
某国产品牌新能源汽车在日常行驶中可以利用动力电池（蓄电池）给电动机供电，纯电续航里程达200km；同时该车备有容积为56L的油箱，在电力不足时（低于20%），增程器（汽油机）启动，通过发电机发电驱动电动机工作，多余的电能对蓄电池充电，油电综合续航可达1100km左右。
（1）增程器工作时，能量转化过程如图所示：图中①处为　 　能，②处能量转化是通过发电机实现的，其原理是　 　原理：汽油的热值为3.2×107J/L，此过程中1L汽油可以发电　 　kW·h。
（2）下表是动力电池的部分参数，该电动车慢充时（电池电能从20%充到90%）的平均充电功率是　 　W。
额定容量（A·h） 电压（V） 温度范围（） 充电时间
100 400 -30~55 慢充：5h（20%~90%）
（3）如图甲是模拟汽车油箱内油量的装置电路图，油量表是由电压表改装而成的，压敏电阻R的阻值与所受压力的关系如图乙，油箱质量忽略不计。当R所受压力为100N时，电压表的示数为2.4V；当R所受压力为200N时，电压表的示数为3V；当油箱装满时，电压表示数为6V，此时压敏电阻R所受的压力为　 　N，R的电功率是　 　W。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．一瓶普通矿泉水的体积一般约为500cm3，其质量大约为
A不符合题意；
B．人体温度变化很小，一般正常体温为36.5~37℃，B不符合题意；
C．普通成人的步行速度为4km/h，即
C不符合题意；
D．中学生的身高在160cm左右，桌子高度一般接近学生身高的一半，即80cm左右，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据常见物体的质量、温度、速度和长度，结合数据解答。
2．【答案】C
【知识点】内能的概念；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解答】A．物体被举高后，物体的重力势能增大，与分子势能无关，故A错误；
B．海绵容易被压缩，是因为海绵的多孔结构，与分子间隙无关，故B错误；
C．按空间尺度由大到小排列的：原子、原子核、电子，故C正确；
D．只有电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动，故D错误。
故选C。
【分析】A.重力势能与质量和高度有关；
B.根据分子之间存在空隙的实例判断；
C.根据微粒大小的知识判断；
D.根据原子构成的知识判断。
3．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】A、“铁比木头重”是指铁的密度大于木头，体积不确定时无法确定质量大小，故A错误；
B、由，质量未知，密度大不能推出体积更小，故B错误；
C、乒乓球踩瘪未破损，内部气体质量不变、体积减小，根据，气体密度变大，故C正确；
D、密度是物质固有特性，切去木块一半，质量、体积同比例减小，剩余木块密度不变，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查密度物理意义，日常俗语“轻重”代表密度，不是质量；
B、考查密度公式，体积由质量、密度共同决定；
C、考查，不变、变小则变大；
D、考查密度属性：同种物质密度不随质量、体积改变。
4．【答案】D
【知识点】力的作用效果；气压计和抽水机
【解析】【解答】A、玻璃管内径越细，液面升降变化越明显，提升灵敏度应选细玻璃管，粗管会降低灵敏度，故 A 错误；
B、西藏海拔更高，外界大气压变小，瓶内气压大于外界气压，会把水压入细管，水柱升高，故 B 错误；
C、瓶内装满水后，瓶内无密闭气体，不能利用内外气压差随大气压变化改变液面，无法当做气压计，不能提高气压计灵敏度，故 C 错误；
D、瓶内装满水，用力挤压玻璃瓶，瓶身发生微小形变容积变化，细管液面升降，可验证力能使固体发生微小形变，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查自制气压计灵敏度：细管径液面变化更显著；
B、考查大气压随海拔变化：海拔越高气压越低，瓶内气压把水柱顶高；
C、考查气压计原理：依靠瓶内密闭气体与外界大气压的压强差工作，装满水无密闭气体不能测气压；
D、考查力的作用效果：力可以使固体发生弹性形变，装满水利用液面变化显示瓶子微小形变。
5．【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、图甲是近视眼成像情况，物体通过晶状体成的是倒立、缩小的实像，并非放大的实像，故 A 错误；
B、图乙是远视眼成像情况，物体通过晶状体成的是倒立、缩小的实像，并非放大的虚像，故 B 错误；
C、图甲中，物体通过晶状体成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律，此时物距大于 2 倍焦距，故 C 正确；
D、图乙中，物体通过晶状体成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律，此时物距同样大于 2 倍焦距，故 D 错误。
故答案为：C。
【分析】A、考查近视眼的成像特点，近视眼成的是倒立、缩小的实像；
B、考查远视眼的成像特点，远视眼成的是倒立、缩小的实像；
C、考查凸透镜成像规律，成倒立、缩小实像时，物距大于 2 倍焦距；
D、考查凸透镜成像规律，成倒立、缩小实像时，物距大于 2 倍焦距。
6．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合、断开：与串联，总电阻大，由可知总功率小，为低温除雾；、都闭合，被短路，只有接入，总电阻小、总功率大，为高温除霜，
A、除雾时断开，串联，并非只有工作，故A错误；
B、除霜时只有接入，总电阻最小，电源电压不变，，总功率最大，故B正确；
C、除雾总电阻大，由，总电流更小，故C错误；
D、除霜接入电阻只有，电阻最小，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路结构，除雾两电阻串联；
B、考查电功率公式，电压不变，电阻越小功率越大，高温除霜功率最大；
C、考查欧姆定律，总电阻越大，电路总电流越小；
D、对比两种状态总电阻，除霜短路，总电阻最小。
7．【答案】D
【知识点】燃料的热值；欧姆定律及其应用；电功率的计算；磁场
【解析】【解答】A．燃料的热值一定，燃料燃烧时放出热量随消耗体积的增大而增大，故A错误；
B．磁体的不同部位磁性的强弱不同，条形磁体的中间磁性最弱，两端的磁性最强，故B错误；
C．图丙，阴影部分面积表示电压与电流的乘积，是定值电阻的电功率，故C错误；
D．在电阻一定时，通过导体的电流跟它两端的电压的成正比关系，图丁是定值电阻的电流与其两端电压的关系，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧放出的热量和消耗的质量有关；磁铁的磁性中间最弱；电流和电压的乘积是电功率；电阻一定时，电流和电压成正比。
8．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、图中有电源、电磁铁，探究电流的磁效应，和电磁感应无关，故 A 错误；
B、图中有电源，是电动机原理图，原理为通电导体在磁场中受力运动，故 B 错误；
C、图中无电源，有灵敏电流计，导体切割磁感线产生感应电流，是电磁感应现象，与手摇手电筒发电原理一致，故 C 正确；
D、图中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，属于电动机原理，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查电流的磁效应（电磁铁）；
B、考查电动机原理：通电线圈在磁场中受力转动；
C、考查电磁感应原理（发电机），手摇手电筒依靠电磁感应发电；
D、考查通电直导线在磁场中受力运动的实验。
9．【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】AD．由图可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；由图丙可知，甲、乙滑轮组的总功和额外功分别为W总甲=1200J，W额甲=500J，W总乙=800J，W额乙=200J
甲、乙滑轮组做的有用功分别为W有用甲=W总甲-W额甲=1200J-500J=700J
W有用乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J，即W有用甲>W有用乙
由于物体上升的高度相同，由W有用=Gh可知，物重G1、G2的大小关系为G1>G2
由s=nh可知，绳子自由端移动距离分别为s甲=n甲h=3h，s乙=n乙h=2h
即s甲>s乙，由W总=Fs可知，两滑轮组中，绳端拉力分别为，，即F1=F2，故A错误，D正确；
B．由于甲、乙滑轮组的机械效率分别为，，即乙的机械效率更高，故B错误；
C．根据，在相同时间内，甲做的总功较大，因此F1功率比F2的功率大，故C错误。
故答案为：D。
【分析】A、利用、对比拉力大小；
B、，分别计算甲乙效率；
C、，时间相等，总功大功率大；
D、，高度相同，有用功越大物重越大。
10．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】甲乙体积相同，甲浸没，乙漂浮，由得；
甲沉底：，乙漂浮：，故，；
加盐后液体密度变大，乙仍漂浮，不变，由，减小，乙上浮一些。
A、甲排液体积大，浮力更大，A错误；
B、乙重力小，质量更小，B正确；
C、加盐液体密度变大，乙上浮，不会下沉，C错误；
D、乙始终漂浮，浮力等于自身重力，浮力不变，D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查阿基米德原理，比较排开水的体积判断浮力；
B、结合浮沉条件：沉底、漂浮，比较重力与质量；
C、D、漂浮物体浮力恒等于自重，液体密度变大时排液体积减小、物体上浮。
11．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】细线左偏，小球受拉力与重力合力水平向右，说明小球加速度向右：无人机可向右加速、也可向左减速，
A、无人机可能向右加速，也可能向左减速，并非一定向右飞行，故 A 错误；
B、小球有加速度，运动状态发生改变，故 B 错误；
C、若无人机向左减速且竖直高度下降，小球重力势能减小、动能变化不确定，机械能可能减小，故 C 正确；
D、剪断细线，小球水平方向保持瞬时速度、竖直方向自由下落：若无人机向右加速，小球初速向右，将向右下方运动；若向左减速，初速向左才向左下，不一定向左下，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查惯性与加速 / 减速两种运动情况；
B、有加速度则运动状态改变；
C、机械能为动能 + 重力势能，高度下降时重力势能减小，机械能存在减小的可能；
D、剪断后平抛，下落方向由小球瞬时水平速度方向决定。
12．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A：灯泡的额定电流 ，电路中的最大电流由灯泡额定电流、电流表量程、滑动变阻器额定电流三者中最小值决定，故 ，电路的最大功率 ，故A错误；
B：当电路电流最大时，灯泡电压 ，滑动变阻器电压 ，
此时滑动变阻器阻值 。当滑动变阻器两端电压最大为3V时，
灯泡电压 ，由图乙知此时电流 ，故电路中电流变化范围是0.3A~0.4A，故B正确；
C：灯泡的最小功率 ，故C错误；
D：滑动变阻器的最大阻值 ，最小阻值为5Ω，故滑动变阻器阻值变化范围是5Ω~10Ω，故D错误。
故答案为：B。
【分析】A：考查电路最大功率的计算，需综合考虑灯泡、电流表、滑动变阻器的限制条件，确定最大电流；
B：考查电路电流范围的分析，需结合滑动变阻器的电压限制和灯泡的伏安特性曲线，确定电流的最大值和最小值；
C：考查灯泡最小功率的计算，需找到灯泡两端电压最小时的电流，再计算功率；
D：考查滑动变阻器阻值变化范围的计算，需根据电路的最大、最小电流，分别计算对应的滑动变阻器阻值。
13．【答案】（1）惯性
（2）受力面积
（3）深度
（4）压强小
【知识点】惯性及其现象；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；液体压强的特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）根据惯性定律可知，物体具有保持原来运动状态不变的性质，所以箭离开弓弦后，由于惯性，它会继续向前运动，直到受到空气阻力或重力等外力作用而停止。
故答案为：惯性
（2）由力的作用是相互的可知，两手指的受力的大小相同，但力的作用面积不同，两个手指感觉不同，即力的作用效果不同，说明力的作用效果与受力面积有关。
故答案为：受力面积
（3）由于液体压强随着深度的增加而增大，所以液体越深，压强越大，所以坝体下部受到的液体压强较大，故坝体下部比上部建造得宽一些。
故答案为：深度
（4）因为流体流速大的地方，压强小，所以向下吹气时，球上方空气流速大、压强小，球下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使乒乓球被“吸”住而不掉落。
故答案为：压强小
【分析】（1）本题考查惯性的概念，物体具有保持原来运动状态不变的性质，因此箭离开弓弦后能继续飞行；
（2）本题考查力的作用效果与受力面积的关系，在压力一定时，受力面积不同，力的作用效果不同；
（3）本题考查液体压强的特点，液体压强随深度的增加而增大，因此坝体下部建造得更宽；
（4）本题考查流体压强与流速的关系，流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
（1）根据惯性定律可知，物体具有保持原来运动状态不变的性质，所以箭离开弓弦后，由于惯性，它会继续向前运动，直到受到空气阻力或重力等外力作用而停止。
（2）由力的作用是相互的可知，两手指的受力的大小相同，但力的作用面积不同，两个手指感觉不同，即力的作用效果不同，说明力的作用效果与受力面积有关。
（3）由于液体压强随着深度的增加而增大，所以液体越深，压强越大，所以坝体下部受到的液体压强较大，故坝体下部比上部建造得宽一些。
（4）因为流体流速大的地方，压强小，所以向下吹气时，球上方空气流速大、压强小，球下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使乒乓球被“吸”住而不掉落。
14．【答案】正；同种电荷相互排斥
【知识点】电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；物理学方法
【解析】【解答】有原子结构知，原子核内有质子和中子，中子不带电，质子带正电，根据同种电荷像互排斥原理，由图看出α粒子偏转，带说明α粒子带带正电。
验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的。当带电体接触验电器的金属球时，电荷通过验电器的金属球、金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而张开。
故答案为：正；同种电荷相互排斥
【分析】（1）本题考查原子结构与电荷间的相互作用，α 粒子发生偏转，说明它与带正电的原子核相互排斥，因此 α 粒子带正电；
（2）本题考查验电器的工作原理，验电器是利用同种电荷相互排斥的原理来检验物体是否带电的。
15．【答案】静止状态；不受力；运动方向
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】物体运动状态不变包含①静止状态和匀速直线运动；受力不变的情况是②不受力、受力平衡；受非平衡力时运动状态改变分为速度大小改变、③运动方向改变。
答案：①静止状态；②不受力；③运动方向
【分析】(1) 运动状态不变即速度大小、方向均不变，对应静止、匀速直线运动两种状态；
(2) 物体不受力或受平衡力，合力为零，运动状态保持不变；
(3) 非平衡力改变运动状态，体现为速度大小变化或者运动方向变化。
16．【答案】外侧；液化；放出
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】夏天从阴凉的地下车库开出的汽车，玻璃温度低，外界水蒸气温度高，遇到凉玻璃，会液化形成小水珠，在玻璃的外侧，所以要擦车窗玻璃的外侧除雾；
雾是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化要放出热量。
【分析】液化形成的条件是水蒸气遇冷液化，液化要放热。
17．【答案】增大；升高；做功
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】压缩 CO2 时对气体做功，气体内能增大，温度升高；高压 CO2 喷出对外做功，内能转化为机械能，和内燃机做功冲程能量转化一致。
答案：增大；升高；做功
【分析】(1) 压缩气体属于对物体做功，机械能转化为内能，内能增大、温度升高；
(2) 高压气体喷出对外做功，内能转化为机械能；内燃机做功冲程同样是内能转化为机械能，二者能量转化相同。
18．【答案】50；75%
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】总功：，有用功：
额外功：，摩擦力
机械效率
故答案为：；
【分析】(1) 利用求总功、求提升重物的有用功，额外功为克服摩擦力做功，由计算摩擦力大小；
(2) 斜面机械效率用计算。
19．【答案】一定；若没有支持力则没有压力就没有滑动摩擦力
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】首先物体一定受重力；其次拉力F产生两个作用效果，即水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的分力平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力。
故答案为：一定；若没有支持力则没有压力就没有滑动摩擦力
【分析】本题考查受力分析与二力平衡条件：物体 A 向右做匀速直线运动，受力平衡。首先物体一定受重力；拉力 F 可分解为水平向右和竖直向上的分力，水平方向必须有摩擦力与拉力的水平分力平衡，因此一定存在摩擦力；而摩擦力的产生需要接触面间有压力，说明物体对地面有压力，因此地面对物体一定有支持力。
20．【答案】1×107；等于；大于
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理；轮船始终漂浮，浮力等于自身重力，重力不变，故等于；北大西洋吃水线浅、更小，不变，由可知大于。
答案：；等于；大于
【分析】(1) 本题考查阿基米德原理计算浮力，利用代入排水量数据求解；
(2) 漂浮条件：漂浮物体浮力始终等于物体自重，轮船自重不变，跨海域航行浮力大小不变；
(3) 由，浮力不变时，排开液体体积越小，液体密度越大。
21．【答案】1256.8；断开其它用电器的开关；150
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】如图为电子式电能表，最后一位是小数位，它的示数为1256.8kW·h。
要用该电能表测某家用电器的电功率，测量前，他应该断开其它用电器开关，直至电能表指示灯停止闪烁再进行测量。
由表盘可知，电路中的用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，1min指示灯闪烁8次，用电器消耗的电能
则这个用电器的功率是
故答案为：1256.8；断开其它用电器的开关；150
【分析】（1）本题考查电能表的读数，需注意最后一位是小数位；
（2）本题考查利用电能表测量用电器功率的操作要求，需断开其他用电器，避免影响测量结果；
（3）本题考查电功率的计算，需根据电能表的闪烁次数计算消耗的电能，再利用公式 计算功率。
22．【答案】③
【知识点】光的直线传播及其应用；物体的颜色
【解析】【解答】无论照射光源是何种颜色，背景板上都会留下一个黑色的人影，这是由于光被人挡住，在后面留下的影子；如果背景板是白色，白色反射所有的色光，此时无论叠加光源是何种颜色，都会在影子上叠加该叠加光源的颜色，能形成“有色影子”；若背景板不是白色，因不透明物体只反射与它颜色相同的光，吸收与它颜色不同的光，故当叠加光源的颜色与背景板的颜色相同时，也能形成“有色影子”，由表可知，方案①②④不符合要求，方案③符合要求。
故答案为：③
【分析】本题考查光的反射与颜色的应用，白色背景板能反射所有色光，在影子上叠加光源颜色时，会呈现叠加光源的颜色，形成 “有色影子”；非白色背景板只反射与自身颜色相同的光，吸收其他色光，只有叠加光源颜色与背景板颜色相同时，才能形成有色影子。
23．【答案】R1-R2；Rx>R1；Rx>Rp
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】步骤③中，闭合开关，电阻箱、电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测电阻箱、待测电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流：要使两表的示数与①中相同，即电流表和电压表示数均与①中相同，而电源电压不变，由欧姆定律可知此时总电阻与①中相同，根据题意可知一定要调节电阻箱的阻值，且仍然是串联电路，所以还需要调节滑动变阻器才能使总电阻不变，才能使电流表示数不变，记录此时电阻箱的阻值R2；步骤③中电流表和电压表示数与①中相同，根据欧姆定律可知
则可知
即电阻箱减少的电阻等于待测电阻Rx的阻值。
根据上面分析可知，当R1=R2+Rx
电流表和电压表示数才与①中相同，若实验时R1＜Rx（或R1的阻值太小）
则R1＜R+Rx
所以此时会造成反复调节始终无法实现两表的示数与步骤①中相同；
若实验器材中Rp＜Rx（或滑动变阻器的最大阻值太小）
则会造成调节变阻器分得的电压较小，而电阻箱、待测电阻分得的总电压较大，使得电压表的示数也不能与步骤①中相同。
故答案为：R1-R2；Rx>R1；Rx>Rp
【分析】（1）本题考查等效替代法测电阻，步骤①中电压表测电阻箱两端电压，电流为；步骤③中电压表测电阻箱与待测电阻两端的总电压，电流仍为，且电压表示数相同。根据欧姆定律求解；
（2）（3）本题考查实验操作中无法达到实验要求的原因分析，若，则为负数，电阻箱无法调节到负值；若滑动变阻器的最大阻值，则无法通过调节滑动变阻器使电流和电压表示数与步骤①相同。
24．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】（1）易拉罐斜立在水平桌面上静止，重力与支持力平衡，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；支持力作用点在易拉罐与桌面的接触点，方向垂直于水平桌面向上，所以，重力作用线经过易拉罐与桌面的接触点，重心在重力作用线与水平虚线的交点上，作图如下：
（2）图中的眼睛是由于晶状体太厚，对光的会聚能力太强，把像成在视网膜的前方，属于近视眼，要矫正这种视力，需要使光线发散一些再进入眼睛，所以方框中应该画出凹透镜，如图所示：
（3）此题要求移动滑片，灯泡变亮时电压表示数变大，则电压表应该与灯泡并联，测量灯泡两端电压，所以中间为电压表，左边为电流表，则右边为电源；根据电流方向可知，电源上端为正极，下端为负极，如图所示：
【分析】(1) 本题考查静止物体的受力示意图绘制，易拉罐静止时受重力和支持力，二力平衡，作用点均在重心（重力作用线与水平虚线的交点），重力竖直向下，支持力垂直桌面向上，且二力作用线经过接触点；
(2) 本题考查近视眼的矫正，近视眼成因是晶状体过厚，光线会聚在视网膜前方，需用凹透镜矫正，使光线发散后再进入眼睛；
(3) 本题考查电路元件的正确连接，根据电流方向和 “滑片移动时灯泡变亮、电压表示数变大” 的要求，电压表需与灯泡并联，电流表串联在电路中，电源根据电流方向判断正负极位置。
（1）易拉罐斜立在水平桌面上静止，重力与支持力平衡，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；支持力作用点在易拉罐与桌面的接触点，方向垂直于水平桌面向上，所以，重力作用线经过易拉罐与桌面的接触点，重心在重力作用线与水平虚线的交点上，作图如下：
（2）图中的眼睛是由于晶状体太厚，对光的会聚能力太强，把像成在视网膜的前方，属于近视眼，要矫正这种视力，需要使光线发散一些再进入眼睛，所以方框中应该画出凹透镜，如图所示：
（3）此题要求移动滑片，灯泡变亮时电压表示数变大，则电压表应该与灯泡并联，测量灯泡两端电压，所以中间为电压表，左边为电流表，则右边为电源；根据电流方向可知，电源上端为正极，下端为负极，如图所示：
25．【答案】(1)解：人端坐时对坐垫的压强
后靠时对坐垫的压强p后靠=2000Pa
因为p后靠答：(1)人端坐在椅子上时对坐垫的压强为3000Pa，人后靠时比端坐时舒服的原因是压强减小了；
(2)解：椅子所受的重力G椅子=mg=10kg×10N/kg=100N
人端坐时，椅子对地面的压力F椅子对地面=320N+100N=420N
而椅子与地面的接触面积S总=4×10-4m2×5=2×10-3m2
所以此时对水平地面的压强
答：(2)人端坐在椅子上时椅子对水平地面的压强为2.1×105Pa。
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查压强的计算与压强对舒适度的影响，利用公式 计算端坐时的压强，再与后靠时的压强对比，压强越小，对身体的压力效果越弱，人感觉越舒服；
(2) 本题考查固体压强的计算，先计算椅子的重力，再求出人端坐时椅子对地面的总压力（人的压力与椅子重力之和），结合总接触面积，利用 计算压强。
26．【答案】（1）在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能。
（2）解：
（3）解：水箱容量
装满水的质量
水温升高20℃时，吸收的热量为
（4）解：小汽车以40kW的功率匀速行驶10min，则牵引力所做的功
汽油的热值q汽油=4.6×107J/kg，完全燃烧1.5kg汽油放出热量
小汽车发动机的效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；热机的四个冲程；串、并联电路的设计；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 汽油机压缩冲程中，活塞向上运动压缩气缸内油气混合气，外力对气体做功，机械能转化为气体的内能。
故答案为：在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能；
(2) 电路分为控制、工作两条独立回路：钥匙孔、低压电源与电磁铁构成控制电路；电动机、高压电源组成工作电路。拧动钥匙闭合控制电路开关后，电磁铁通电产生磁性，吸合衔铁接通工作电路，电动机通电启动，如图所示：；
故答案为：；
【分析】（1）本题考查汽油机的冲程能量转化，压缩冲程中活塞对混合气体做功，将机械能转化为内能；
（2）本题考查电磁继电器的电路连接，钥匙孔与电磁铁组成控制电路，电动机与电源组成工作电路，闭合控制电路后，电磁铁吸引衔铁，接通电动机电路；
（3）本题考查吸热计算，先根据水箱容量计算水的质量，再利用公式 计算吸收的热量；
（4）本题考查热机效率的计算，先根据 计算牵引力做的功，再根据 计算汽油完全燃烧放出的热量，最后利用 计算效率。
（1）在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能。
（2）将钥匙孔、电源、电磁铁组成控制电路；将电动机、电源组成工作电路。当钥匙插入钥匙孔内并旋转（相当于闭合开关），控制电路接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，使工作电路接通，电动机工作。如图所示
（3）水箱容量
装满水的质量
水温升高20℃时，吸收的热量为
（4）小汽车以40kW的功率匀速行驶10min，则牵引力所做的功
汽油的热值q汽油=4.6×107J/kg，完全燃烧1.5kg汽油放出热量
小汽车发动机的效率
27．【答案】（1）电流；时间；在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；可以
（2）换质量相同的不同液体；换电阻一样的电热丝
【知识点】焦耳定律；电流的热效应；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）由图可知，两电阻串联， 根据串联电路电流规律可知，通过两电阻的电流相等。闭合开关，装置通电，两个电阻同时有电流通过，所以控制了时间相同。
实验时2的温度大于1的温度，B瓶中的电阻大于A瓶中的电阻，由于电流和通电时间相同，可以得出结论：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
探究电热与电流的关系，应该加热时间和控制电阻一定，改变通过电阻的电流，由图可知，通过移动滑动变阻器的滑片可以改变电路中的电流，用秒表计时，可以控制加热时间，故可以探究电热与电流的关系。
故答案为：电流；时间；在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；可以
（2）如用该装置探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，则应对器材作如下调整为使相同时间内放出的热量相同，应将两电阻丝的阻值换成相同的；探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，A、B两烧瓶内应装初温和质量相等的不同种液体。
故答案为：换质量相同的不同液体；换电阻一样的电热丝
【分析】(1) 本题考查电流热效应的实验探究，串联电路可控制电流和通电时间相同，通过对比不同电阻的温度变化，得出电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多的结论；利用滑动变阻器和秒表，可通过改变电流、控制电阻和通电时间，探究电热与电流的关系。
(2) 本题考查探究不同液体吸热特点的实验改进，需控制相同时间内放出的热量相同，因此应将两电阻丝的阻值换成相同的，并装入初温、质量相等的不同液体。
（1）[1][2]由图可知，两电阻串联， 根据串联电路电流规律可知，通过两电阻的电流相等。闭合开关，装置通电，两个电阻同时有电流通过，所以控制了时间相同。
[3]实验时2的温度大于1的温度，B瓶中的电阻大于A瓶中的电阻，由于电流和通电时间相同，可以得出结论：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
[4] 探究电热与电流的关系，应该加热时间和控制电阻一定，改变通过电阻的电流，由图可知，通过移动滑动变阻器的滑片可以改变电路中的电流，用秒表计时，可以控制加热时间，故可以探究电热与电流的关系。
（2）[1][2]如用该装置探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，则应对器材作如下调整为使相同时间内放出的热量相同，应将两电阻丝的阻值换成相同的；探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，A、B两烧瓶内应装初温和质量相等的不同种液体。
28．【答案】（1）同一高度
（2）15.0；大
（3）左；照相机；右
（4）A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）为了使烛焰的像呈现在光屏中心，应使得烛焰和光屏的中心处于凸透镜的主光轴上，具体操作为点燃蜡烛，调节蜡烛、凸透镜和光屏的高度，保证烛焰、凸透镜和光屏中心处于同一高度。
故答案为：同一高度
（2）由图可知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛所在位置为20.0cm，凸透镜所在位置为50.0cm，光屏所在位置为80.0cm，则图中的物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm
像距为v=80.0cm-50.0cm=30.0cm
由于光屏上可以得到清晰的像，且此时的物距等于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时的物距等于二倍焦距，即u=2f=30.0cm
所以凸透镜的焦距为f=15.0cm
实验中要选用口径较大的凸透镜，因为用大口径凸透镜可以会聚更多的光线，使得成像更清晰。
故答案为：15.0；大
（3）凸透镜位置不动，将蜡烛移至10.0cm刻度线处，则物距是增加的，要在光屏上得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，此时应将光屏向左移动。
此时的物距为u'=50.0cm-10.0cm=40.0cm
则物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像原理可知，此时成倒立、缩小的实像，照相机的成像成的是倒立、缩小的实像，故与照相机的成像原理相同。
近视镜片属于凹透镜，若在蜡烛和凸透镜之间放置近视眼镜片，则光线会被发散，经凸透镜后的光线会聚点会被延后，故需要将光屏向右移动才能再次接收到清晰的像。
故答案为：左；照相机右
（4）AB．根据凸透镜成实像原理可知，像的高度随着物距增加而减小，且当物距u=2f时，像的高度等于物体的高度h，故A正确，B错误；
CD．根据凸透镜成实像原理可知，像距会随着物距的增大而减小，且只有当物距u=2f时，像距才等于物距，故CD错误。
故答案为：A。
【分析】(1) 凸透镜实验基础操作：三心同高使像落在光屏中央；
(2) 时，据此求焦距；透镜口径越大进光量越多，成像清晰度越好；
(3) 实像规律：物远像近像变小；凹透镜发散光线，使像距变大；
(4) 物靠近焦点，实像高度变大，结合时物像等大的特点判断图像。
（1）为了使烛焰的像呈现在光屏中心，应使得烛焰和光屏的中心处于凸透镜的主光轴上，具体操作为点燃蜡烛，调节蜡烛、凸透镜和光屏的高度，保证烛焰、凸透镜和光屏中心处于同一高度。
（2）[1]由图可知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛所在位置为20.0cm，凸透镜所在位置为50.0cm，光屏所在位置为80.0cm，则图中的物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm
像距为v=80.0cm-50.0cm=30.0cm
由于光屏上可以得到清晰的像，且此时的物距等于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时的物距等于二倍焦距，即u=2f=30.0cm
所以凸透镜的焦距为f=15.0cm
[2]实验中要选用口径较大的凸透镜，因为用大口径凸透镜可以会聚更多的光线，使得成像更清晰。
（3）[1]凸透镜位置不动，将蜡烛移至10.0cm刻度线处，则物距是增加的，要在光屏上得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，此时应将光屏向左移动。
[2]此时的物距为u'=50.0cm-10.0cm=40.0cm
则物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像原理可知，此时成倒立、缩小的实像，照相机的成像成的是倒立、缩小的实像，故与照相机的成像原理相同。
[3]近视镜片属于凹透镜，若在蜡烛和凸透镜之间放置近视眼镜片，则光线会被发散，经凸透镜后的光线会聚点会被延后，故需要将光屏向右移动才能再次接收到清晰的像。
（4）AB．根据凸透镜成实像原理可知，像的高度随着物距增加而减小，且当物距u=2f时，像的高度等于物体的高度h，故A正确，B错误；
CD．根据凸透镜成实像原理可知，像距会随着物距的增大而减小，且只有当物距u=2f时，像距才等于物距，故CD错误。
故选A。
29．【答案】（1）
（2）1.4；A；2.5；8.3
（3）C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联。修改后的实物图如图所示：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，电压表分度值为0.1V，其读数为1.4V，小于灯的额定电压，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯的两端电压，减小变阻器的两端电压，根据串联分压原理，应减小变阻器接入电路的电阻，因此将滑片P向A端移动使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，电流表的分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，该灯泡正常发光时的电阻是
故答案为：1.4；A；2.5；8.3
（3）丁方案：R、小灯泡和滑动变阻器三者串联，单刀双掷开关S2接b时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为额定电压，小灯泡正常发光；保持滑片位置不变，再将开关S2接a，测出小灯泡和定值电阻两端的总电压，算出定值电阻两端电压，进而算出通过定值电阻的电流，即通过小灯泡的电流，即可算出小灯泡正常发光时的电阻值。
戊方案：开关S2接a时，测通过的电流；接b时，测通过灯泡的电流。但无法保证灯泡在额定电压下工作，无法确保小灯泡正常光，则无法计算正常发光电阻。因此，两种方案都不能实现测量，故C正确，ABD错误。
故答案为：C。
【分析】(1) 本题考查实物电路的改错，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联；
(2) 本题考查电表读数、滑动变阻器的调节及电阻计算，根据电压表和电流表的分度值读数，利用串联分压原理调节滑片使灯泡电压达到额定值，再用 计算电阻；
(3) 本题考查特殊方法测电阻的电路分析，丁方案可通过开关切换，先调节滑片使灯泡正常发光，再通过定值电阻计算电流，进而求出灯泡电阻；戊方案无法保证灯泡在额定电压下工作，不能测量正常发光的电阻。
（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联。修改后的实物图如图所示：
（2）[1][2][3][4]排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，电压表分度值为0.1V，其读数为1.4V，小于灯的额定电压，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯的两端电压，减小变阻器的两端电压，根据串联分压原理，应减小变阻器接入电路的电阻，因此将滑片P向A端移动使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，电流表的分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，该灯泡正常发光时的电阻是
（3）丁方案：R、小灯泡和滑动变阻器三者串联，单刀双掷开关S2接b时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为额定电压，小灯泡正常发光；保持滑片位置不变，再将开关S2接a，测出小灯泡和定值电阻两端的总电压，算出定值电阻两端电压，进而算出通过定值电阻的电流，即通过小灯泡的电流，即可算出小灯泡正常发光时的电阻值。
戊方案：开关S2接a时，测通过的电流；接b时，测通过灯泡的电流。但无法保证灯泡在额定电压下工作，无法确保小灯泡正常光，则无法计算正常发光电阻。因此，两种方案都不能实现测量，故C正确，ABD错误。
选C。
30．【答案】42；2.8；不合理；实验次数太少了，结论不可靠；0.84；>
【知识点】固体密度的测量；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）由图乙知，石块M的质量mM=20g+20g+2g=42g
故答案为：42
（3）由图丙知，量筒的分度值为1mL，水的体积为20mL，石块及水的体积为35mL，石块的体积VM=35mL-20mL=15mL=15cm3，石块的密度
故答案为：2.8
（4）①小红的结论不合理，只进行一次实验，便得出实验结论，这样的结论不具普遍性，应进行多次实验，得出更具普遍性的结论。
②石块N的重力G=mg=0.084kg×10N/kg=0.84N
图丁到图戊，石块M及其位置不变，石块N换成了测力计，但位置不变，即两个力臂不变，其中一个力不变，据杠杆的平衡条件，则另一个力也不变，所以测力计的示数为0.84N。
③由第②小题知，F1=0.84N，图庚中，将测力计的圆环用细线系在杠杆上，测力计的重力相当于钩码，设杠杆每一格的长度为L，测力计自身重力为G0，据杠杆的平衡条件可得0.042kg×10N/kg×4L=(F2+G0)×2L，解得F2=0.84N-G0，所以F1>F2。
故答案为：①不合理实验次数太少了，结论不可靠；②0.84；③>
【分析】(2) 考查天平读数：总质量=砝码质量+游码示数；
(3) 考查排水法测体积与密度公式；
(4)①探究杠杆平衡条件要多次实验避免偶然性；
②杠杆平衡条件：，力和力臂不变则拉力大小不变；
③考虑弹簧测力计自重对杠杆受力的影响，对比两次拉力大小。
31．【答案】（1）内；电磁感应；3.2
（2）5600
（3）400；3.6
【知识点】燃料的热值；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】（1）燃料发生燃烧反应的过程里，自身储存的化学能转化为内能；
发电机依托电磁感应原理工作，闭合回路的部分导体切割磁感线，电路中就会生成感应电流；
1L汽油完全燃烧释放总热量，先后经过热效率45%、发电效率80%两次能量损耗，
故答案为：内；电磁感应；3.2；
（2）先根据电功公式算出电池满电总电能：
需要补充充电的电能是总容量的70%，结合充电时长，求充电平均功率：
故答案为：5600；
（3）定值电阻与压敏电阻串联，串联电路各处电流相等。
压力100N时，、，电源电压：；
压力200N时，、，电源电压：；
联立两式解得：。
电压表示数时，压敏电阻分压，
对照图像得到此时压力为400N，压敏电阻功率：
故答案为：400；3.6；
【分析】（1）依据能量转化规律判断燃料燃烧的能的变化；依托电磁感应的定义说明发电机原理；结合两级效率依次折算，用计算发电量。
（2）先用求出电池全部电能，算出需要补齐的电量占比，再利用功率定义式求解充电功率。
（3）借助串联分压规律列两组方程，联立求出电源电压与定值电阻阻值；再根据电压表实数求出电路电流、压敏电阻阻值，查表确定压力大小，最后用计算电阻功率。
（1）[1]燃料燃烧时，将燃料的化学能转化为内能。
[2]闭合电路中的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生电流，其原理是电磁感应原理。
[3]车载增程器工作时的热效率为45%，发电机的发电效率为80%，1L汽油可以发电W=Vq×45%×80%=1L×3.2×107J/L×45%×80%=1.152×107J=3.2 kW·h
（2）电池储存的电能W=UIt=400V×100A×3600s=1.44×108J
其充电的平均功率
（3）[1][2]由图可知，两个电阻串联，当R所受压力为100N时，由乙图可知，电阻的阻值为40Ω，由串联电路的电压规律可得
当R所受压力为200N时，由乙图可知，电阻的阻值为30Ω，由串联电路的电压规律可得
解得U=12V，R0=10Ω
当电压表示数为6V时，由串联电路电压规律可知电阻R两端的电压为12V-6V=6V
电路中的电流
则电阻R的阻值
由图可知此时电阻R所受的压力为400N，由电功率公式可得R的电功率P=UI=6V×0.6A=3.6W
1 / 12025年江苏省仪征市实验中学教育集团中考三模物理试题
1．下列估测数据中，最接近实际的是（　　）
A．一瓶普通矿泉水的质量为50kg B．人体正常体温为39℃
C．普通成人的步行速度为5m/s D．教室里课桌的高度为80cm
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．一瓶普通矿泉水的体积一般约为500cm3，其质量大约为
A不符合题意；
B．人体温度变化很小，一般正常体温为36.5~37℃，B不符合题意；
C．普通成人的步行速度为4km/h，即
C不符合题意；
D．中学生的身高在160cm左右，桌子高度一般接近学生身高的一半，即80cm左右，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】根据常见物体的质量、温度、速度和长度，结合数据解答。
2．关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（　　）
A．物体被举高后，分子势能增大
B．海绵容易被压缩是因为分子间有空隙
C．原子、原子核、电子是按空间尺度由大到小排列的
D．质子、中子和电子像行星绕太阳一样绕原子核运动
【答案】C
【知识点】内能的概念；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解答】A．物体被举高后，物体的重力势能增大，与分子势能无关，故A错误；
B．海绵容易被压缩，是因为海绵的多孔结构，与分子间隙无关，故B错误；
C．按空间尺度由大到小排列的：原子、原子核、电子，故C正确；
D．只有电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动，故D错误。
故选C。
【分析】A.重力势能与质量和高度有关；
B.根据分子之间存在空隙的实例判断；
C.根据微粒大小的知识判断；
D.根据原子构成的知识判断。
3．关于物质的密度，下列说法正确的是（　　）
A．“铁比木头重”这句话是指铁块的质量一定比木块的质量大
B．压缩饼干比普通饼干的密度大，因此它的体积比普通饼干的体积小
C．乒乓球被踩瘪但没破，球内气体的质量不变，密度变大
D．将均匀正方体木块切去一半，剩余部分质量变小，密度变小
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】A、“铁比木头重”是指铁的密度大于木头，体积不确定时无法确定质量大小，故A错误；
B、由，质量未知，密度大不能推出体积更小，故B错误；
C、乒乓球踩瘪未破损，内部气体质量不变、体积减小，根据，气体密度变大，故C正确；
D、密度是物质固有特性，切去木块一半，质量、体积同比例减小，剩余木块密度不变，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查密度物理意义，日常俗语“轻重”代表密度，不是质量；
B、考查密度公式，体积由质量、密度共同决定；
C、考查，不变、变小则变大；
D、考查密度属性：同种物质密度不随质量、体积改变。
4．如图所示，是小黄同学自制的气压计，下列说法正确的是（　　）
A．为了提高测量的灵敏度，应选内径较粗的玻璃管
B．把自制气压计从扬州州带到西藏，看到玻璃管内水柱将降低
C．若将瓶内装满水，可以提高自制气压计的灵敏度
D．若将瓶内装满水，该装置可以验证“力可以使固体发生微小形变”
【答案】D
【知识点】力的作用效果；气压计和抽水机
【解析】【解答】A、玻璃管内径越细，液面升降变化越明显，提升灵敏度应选细玻璃管，粗管会降低灵敏度，故 A 错误；
B、西藏海拔更高，外界大气压变小，瓶内气压大于外界气压，会把水压入细管，水柱升高，故 B 错误；
C、瓶内装满水后，瓶内无密闭气体，不能利用内外气压差随大气压变化改变液面，无法当做气压计，不能提高气压计灵敏度，故 C 错误；
D、瓶内装满水，用力挤压玻璃瓶，瓶身发生微小形变容积变化，细管液面升降，可验证力能使固体发生微小形变，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查自制气压计灵敏度：细管径液面变化更显著；
B、考查大气压随海拔变化：海拔越高气压越低，瓶内气压把水柱顶高；
C、考查气压计原理：依靠瓶内密闭气体与外界大气压的压强差工作，装满水无密闭气体不能测气压；
D、考查力的作用效果：力可以使固体发生弹性形变，装满水利用液面变化显示瓶子微小形变。
5．如图所示，图甲、图乙分别是近视眼和远视眼视物成像情况，晶状体相当于凸透镜。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中A'B'是放大的实像 B．图乙中A'B'是放大的虚像
C．图甲中物距大于2倍焦距 D．图乙中物距小于2倍焦距
【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、图甲是近视眼成像情况，物体通过晶状体成的是倒立、缩小的实像，并非放大的实像，故 A 错误；
B、图乙是远视眼成像情况，物体通过晶状体成的是倒立、缩小的实像，并非放大的虚像，故 B 错误；
C、图甲中，物体通过晶状体成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律，此时物距大于 2 倍焦距，故 C 正确；
D、图乙中，物体通过晶状体成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律，此时物距同样大于 2 倍焦距，故 D 错误。
故答案为：C。
【分析】A、考查近视眼的成像特点，近视眼成的是倒立、缩小的实像；
B、考查远视眼的成像特点，远视眼成的是倒立、缩小的实像；
C、考查凸透镜成像规律，成倒立、缩小实像时，物距大于 2 倍焦距；
D、考查凸透镜成像规律，成倒立、缩小实像时，物距大于 2 倍焦距。
6．许多汽车的后视镜配备了如图甲所示的加热装置，该装置有“低温”除雾和“高温”除霜功能，保持镜面清晰，确保驾驶安全。其内部电路如图乙所示，R1和R2为加热电阻。下列分析正确的是（　　）
A．除雾状态，电路中只有R1工作 B．除霜状态，电路的总功率最大
C．除雾状态，电路的总电流最大 D．除霜状态，电路中电阻最大
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合、断开：与串联，总电阻大，由可知总功率小，为低温除雾；、都闭合，被短路，只有接入，总电阻小、总功率大，为高温除霜，
A、除雾时断开，串联，并非只有工作，故A错误；
B、除霜时只有接入，总电阻最小，电源电压不变，，总功率最大，故B正确；
C、除雾总电阻大，由，总电流更小，故C错误；
D、除霜接入电阻只有，电阻最小，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路结构，除雾两电阻串联；
B、考查电功率公式，电压不变，电阻越小功率越大，高温除霜功率最大；
C、考查欧姆定律，总电阻越大，电路总电流越小；
D、对比两种状态总电阻，除霜短路，总电阻最小。
7．数形结合是物理学中经常使用到的一种方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系。如图所示的四幅图像中能正确反映物理现象和规律的是（　　）
A．图甲表示燃料燃烧时放出热量与燃料燃烧体积的关系
B．图乙表示条形磁铁的磁性强弱与其位置的关系
C．图丙阴影部分面积表示定值电阻消耗的电能
D．图丁表示通过定值电阻的电流与其两端电压的关系
【答案】D
【知识点】燃料的热值；欧姆定律及其应用；电功率的计算；磁场
【解析】【解答】A．燃料的热值一定，燃料燃烧时放出热量随消耗体积的增大而增大，故A错误；
B．磁体的不同部位磁性的强弱不同，条形磁体的中间磁性最弱，两端的磁性最强，故B错误；
C．图丙，阴影部分面积表示电压与电流的乘积，是定值电阻的电功率，故C错误；
D．在电阻一定时，通过导体的电流跟它两端的电压的成正比关系，图丁是定值电阻的电流与其两端电压的关系，故D正确。
故选D。
【分析】燃料燃烧放出的热量和消耗的质量有关；磁铁的磁性中间最弱；电流和电压的乘积是电功率；电阻一定时，电流和电压成正比。
8．小明非常好奇新买的手电筒，他来回摇动这个手电筒，电筒内的磁体就会在线圈里面来回运动，使灯泡发光。下图能反映其工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A、图中有电源、电磁铁，探究电流的磁效应，和电磁感应无关，故 A 错误；
B、图中有电源，是电动机原理图，原理为通电导体在磁场中受力运动，故 B 错误；
C、图中无电源，有灵敏电流计，导体切割磁感线产生感应电流，是电磁感应现象，与手摇手电筒发电原理一致，故 C 正确；
D、图中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，属于电动机原理，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查电流的磁效应（电磁铁）；
B、考查电动机原理：通电线圈在磁场中受力转动；
C、考查电磁感应原理（发电机），手摇手电筒依靠电磁感应发电；
D、考查通电直导线在磁场中受力运动的实验。
9．用甲、乙两个滑轮组分别将两个物体在相同时间内匀速提升相同高度，拉力分别为F1、F2，此过程相关数据如图所示，则下列说法正确的是（　　）
A．F1比F2小
B．甲的机械效率更高
C．F1功率比F2的功率小
D．甲、乙装置中的两个物体重力G1比G2大
【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】AD．由图可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；由图丙可知，甲、乙滑轮组的总功和额外功分别为W总甲=1200J，W额甲=500J，W总乙=800J，W额乙=200J
甲、乙滑轮组做的有用功分别为W有用甲=W总甲-W额甲=1200J-500J=700J
W有用乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J，即W有用甲>W有用乙
由于物体上升的高度相同，由W有用=Gh可知，物重G1、G2的大小关系为G1>G2
由s=nh可知，绳子自由端移动距离分别为s甲=n甲h=3h，s乙=n乙h=2h
即s甲>s乙，由W总=Fs可知，两滑轮组中，绳端拉力分别为，，即F1=F2，故A错误，D正确；
B．由于甲、乙滑轮组的机械效率分别为，，即乙的机械效率更高，故B错误；
C．根据，在相同时间内，甲做的总功较大，因此F1功率比F2的功率大，故C错误。
故答案为：D。
【分析】A、利用、对比拉力大小；
B、，分别计算甲乙效率；
C、，时间相等，总功大功率大；
D、，高度相同，有用功越大物重越大。
10．将新鲜度不同但体积相同的甲、乙两鸡蛋放入水中，静止时甲沉底、乙漂浮，如图所示，已知，下列说法正确的是（　　）
A．甲受到的浮力较小
B．乙的质量较小
C．向杯中加盐后，乙会下沉一些
D．向杯中加盐后，乙受到的浮力变大
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】甲乙体积相同，甲浸没，乙漂浮，由得；
甲沉底：，乙漂浮：，故，；
加盐后液体密度变大，乙仍漂浮，不变，由，减小，乙上浮一些。
A、甲排液体积大，浮力更大，A错误；
B、乙重力小，质量更小，B正确；
C、加盐液体密度变大，乙上浮，不会下沉，C错误；
D、乙始终漂浮，浮力等于自身重力，浮力不变，D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查阿基米德原理，比较排开水的体积判断浮力；
B、结合浮沉条件：沉底、漂浮，比较重力与质量；
C、D、漂浮物体浮力恒等于自重，液体密度变大时排液体积减小、物体上浮。
11．2025年央视春晚以一场前所未有的科技盛宴，让全球观众领略了中国科技创新的无限魅力。在这场盛大的文化与科技交融的舞台上，宇树人形机器人、峰飞航空eVTOL载人飞行器、赛力斯M9汽车灯光变化以及无人机灯光秀等尖端科技轮番登场，为观众呈现了一场视觉与科技的双重盛宴。如图所示是无人机水平飞行过程中，机上悬挂小球的细线向左偏，且小球与无人机保持相对静止，不计空气阻力，则在飞行过程中
A．无人机一定是向右飞行的
B．小球的运动状态保持不变
C．小球的机械能可能减小
D．若剪断细线，小球将向左下方运动
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】细线左偏，小球受拉力与重力合力水平向右，说明小球加速度向右：无人机可向右加速、也可向左减速，
A、无人机可能向右加速，也可能向左减速，并非一定向右飞行，故 A 错误；
B、小球有加速度，运动状态发生改变，故 B 错误；
C、若无人机向左减速且竖直高度下降，小球重力势能减小、动能变化不确定，机械能可能减小，故 C 正确；
D、剪断细线，小球水平方向保持瞬时速度、竖直方向自由下落：若无人机向右加速，小球初速向右，将向右下方运动；若向左减速，初速向左才向左下，不一定向左下，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查惯性与加速 / 减速两种运动情况；
B、有加速度则运动状态改变；
C、机械能为动能 + 重力势能，高度下降时重力势能减小，机械能存在减小的可能；
D、剪断后平抛，下落方向由小球瞬时水平速度方向决定。
12．小明在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图甲所示。电源电压恒为4V，电压表量程选择“0~3V”，电流表量程选择“0~0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，灯泡L标有“2V 0.8W”字样，图乙是小灯泡的电流随其电压变化的图像。在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）
A．该电路的最大功率是2.4W
B．电路中电流变化的范围是0.3~0.4A
C．灯泡的最小功率是0.2W
D．滑动变阻器阻值变化的范围是0~10Ω
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A：灯泡的额定电流 ，电路中的最大电流由灯泡额定电流、电流表量程、滑动变阻器额定电流三者中最小值决定，故 ，电路的最大功率 ，故A错误；
B：当电路电流最大时，灯泡电压 ，滑动变阻器电压 ，
此时滑动变阻器阻值 。当滑动变阻器两端电压最大为3V时，
灯泡电压 ，由图乙知此时电流 ，故电路中电流变化范围是0.3A~0.4A，故B正确；
C：灯泡的最小功率 ，故C错误；
D：滑动变阻器的最大阻值 ，最小阻值为5Ω，故滑动变阻器阻值变化范围是5Ω~10Ω，故D错误。
故答案为：B。
【分析】A：考查电路最大功率的计算，需综合考虑灯泡、电流表、滑动变阻器的限制条件，确定最大电流；
B：考查电路电流范围的分析，需结合滑动变阻器的电压限制和灯泡的伏安特性曲线，确定电流的最大值和最小值；
C：考查灯泡最小功率的计算，需找到灯泡两端电压最小时的电流，再计算功率；
D：考查滑动变阻器阻值变化范围的计算，需根据电路的最大、最小电流，分别计算对应的滑动变阻器阻值。
13．看图说理：
（1）如图所示：箭离开弓弦后仍能飞行相当远的距离是因为箭具有　 　。
（2）如图所示：两个手指感觉不同，说明力的作用效果与　 　有关。
（3）如图所示：坝体下部比上部建造得宽一些，是因为液体压强随着　 　的增加而增大。
（4）如图所示：从倒置漏斗向下吹气，乒乓球不会掉落是因为球上方空气流速大　 　的原因。
【答案】（1）惯性
（2）受力面积
（3）深度
（4）压强小
【知识点】惯性及其现象；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；液体压强的特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）根据惯性定律可知，物体具有保持原来运动状态不变的性质，所以箭离开弓弦后，由于惯性，它会继续向前运动，直到受到空气阻力或重力等外力作用而停止。
故答案为：惯性
（2）由力的作用是相互的可知，两手指的受力的大小相同，但力的作用面积不同，两个手指感觉不同，即力的作用效果不同，说明力的作用效果与受力面积有关。
故答案为：受力面积
（3）由于液体压强随着深度的增加而增大，所以液体越深，压强越大，所以坝体下部受到的液体压强较大，故坝体下部比上部建造得宽一些。
故答案为：深度
（4）因为流体流速大的地方，压强小，所以向下吹气时，球上方空气流速大、压强小，球下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使乒乓球被“吸”住而不掉落。
故答案为：压强小
【分析】（1）本题考查惯性的概念，物体具有保持原来运动状态不变的性质，因此箭离开弓弦后能继续飞行；
（2）本题考查力的作用效果与受力面积的关系，在压力一定时，受力面积不同，力的作用效果不同；
（3）本题考查液体压强的特点，液体压强随深度的增加而增大，因此坝体下部建造得更宽；
（4）本题考查流体压强与流速的关系，流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
（1）根据惯性定律可知，物体具有保持原来运动状态不变的性质，所以箭离开弓弦后，由于惯性，它会继续向前运动，直到受到空气阻力或重力等外力作用而停止。
（2）由力的作用是相互的可知，两手指的受力的大小相同，但力的作用面积不同，两个手指感觉不同，即力的作用效果不同，说明力的作用效果与受力面积有关。
（3）由于液体压强随着深度的增加而增大，所以液体越深，压强越大，所以坝体下部受到的液体压强较大，故坝体下部比上部建造得宽一些。
（4）因为流体流速大的地方，压强小，所以向下吹气时，球上方空气流速大、压强小，球下方空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，使乒乓球被“吸”住而不掉落。
14．1909年盖革和马斯顿在卢瑟福指导下做了著名的α粒子散射实验，也称金箔实验，α粒子轰击金箔的轨迹如图所示。据所学知识可知，α粒子带　 　电；验电器可以检验物体是否带电，其工作原理是　 　。
【答案】正；同种电荷相互排斥
【知识点】电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用；物理学方法
【解析】【解答】有原子结构知，原子核内有质子和中子，中子不带电，质子带正电，根据同种电荷像互排斥原理，由图看出α粒子偏转，带说明α粒子带带正电。
验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的。当带电体接触验电器的金属球时，电荷通过验电器的金属球、金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带同种电荷，同种电荷相互排斥而张开。
故答案为：正；同种电荷相互排斥
【分析】（1）本题考查原子结构与电荷间的相互作用，α 粒子发生偏转，说明它与带正电的原子核相互排斥，因此 α 粒子带正电；
（2）本题考查验电器的工作原理，验电器是利用同种电荷相互排斥的原理来检验物体是否带电的。
15．小明梳理力和运动关系时，总结出如图所示的思维图，请补全思维图中的空缺。①　 　，②　 　，③　 　
【答案】静止状态；不受力；运动方向
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】物体运动状态不变包含①静止状态和匀速直线运动；受力不变的情况是②不受力、受力平衡；受非平衡力时运动状态改变分为速度大小改变、③运动方向改变。
答案：①静止状态；②不受力；③运动方向
【分析】(1) 运动状态不变即速度大小、方向均不变，对应静止、匀速直线运动两种状态；
(2) 物体不受力或受平衡力，合力为零，运动状态保持不变；
(3) 非平衡力改变运动状态，体现为速度大小变化或者运动方向变化。
16．小明发现夏天汽车从阴凉的地下车库开出后，车窗玻璃常会上雾，可以擦车窗玻璃的 　 　（选填“内侧”或“外侧”）除雾，雾是由水蒸气 　 　（填物态变化）形成的，此过程要 　 　（选填“放出”或“吸收”）热量。
【答案】外侧；液化；放出
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】夏天从阴凉的地下车库开出的汽车，玻璃温度低，外界水蒸气温度高，遇到凉玻璃，会液化形成小水珠，在玻璃的外侧，所以要擦车窗玻璃的外侧除雾；
雾是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化要放出热量。
【分析】液化形成的条件是水蒸气遇冷液化，液化要放热。
17．二氧化碳（CO2）爆破技术是现代工程中非常环保的技术.起爆前高压泵将CO2压缩成高压气体，气体内能　 　（选填“增大”或“减小”），温度　 　（选填“升高”或“降低”）；液化后输入爆破筒内。如图所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破，喷出时的能量转化与内燃机的　 　冲程一致。
【答案】增大；升高；做功
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】压缩 CO2 时对气体做功，气体内能增大，温度升高；高压 CO2 喷出对外做功，内能转化为机械能，和内燃机做功冲程能量转化一致。
答案：增大；升高；做功
【分析】(1) 压缩气体属于对物体做功，机械能转化为内能，内能增大、温度升高；
(2) 高压气体喷出对外做功，内能转化为机械能；内燃机做功冲程同样是内能转化为机械能，二者能量转化相同。
18．如图，工人用200N沿斜面方向的力，将重300N箱子匀速推上卡车，斜面长3m、高1.5m，重物与斜面间的摩擦力是　 　N，该斜面的机械效率为　 　。
【答案】50；75%
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】总功：，有用功：
额外功：，摩擦力
机械效率
故答案为：；
【分析】(1) 利用求总功、求提升重物的有用功，额外功为克服摩擦力做功，由计算摩擦力大小；
(2) 斜面机械效率用计算。
19．如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，则物体A　 　（“可能”或“一定”）受到四个力的作用。理由：　 　。
【答案】一定；若没有支持力则没有压力就没有滑动摩擦力
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】首先物体一定受重力；其次拉力F产生两个作用效果，即水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的分力平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力。
故答案为：一定；若没有支持力则没有压力就没有滑动摩擦力
【分析】本题考查受力分析与二力平衡条件：物体 A 向右做匀速直线运动，受力平衡。首先物体一定受重力；拉力 F 可分解为水平向右和竖直向上的分力，水平方向必须有摩擦力与拉力的水平分力平衡，因此一定存在摩擦力；而摩擦力的产生需要接触面间有压力，说明物体对地面有压力，因此地面对物体一定有支持力。
20．如图所示，是某远洋轮船的船舷上标的“吃水线”，又称“载重线”，其中标有W的是北大西洋“载重线”，标有S的是印度洋“载重线”。若此远洋轮船在海面航行时的排水量为kg，g取10N/kg，则远洋轮船此时受到的浮力为　 　N；当该远洋轮船从北大西洋驶向印度洋时，远洋轮船在北大西洋受到的浮力F1　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”，下同）在印度洋受到的浮力F2；北大西洋的海水密度　 　印度洋的海水密度。
【答案】1×107；等于；大于
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理；轮船始终漂浮，浮力等于自身重力，重力不变，故等于；北大西洋吃水线浅、更小，不变，由可知大于。
答案：；等于；大于
【分析】(1) 本题考查阿基米德原理计算浮力，利用代入排水量数据求解；
(2) 漂浮条件：漂浮物体浮力始终等于物体自重，轮船自重不变，跨海域航行浮力大小不变；
(3) 由，浮力不变时，排开液体体积越小，液体密度越大。
21．如图是现代家庭中的电子式电能表，它的示数为　 　kW·h，小明利用该电能表测某家用电器的电功率，测量前，他应该　 　，直至电能表指示灯停止闪烁再进行测量。若按正确方法测量，从指示灯第1次闪烁开始计时到第9次闪烁停止计时所用时间为1min，这个用电器的功率是　 　W。
【答案】1256.8；断开其它用电器的开关；150
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】如图为电子式电能表，最后一位是小数位，它的示数为1256.8kW·h。
要用该电能表测某家用电器的电功率，测量前，他应该断开其它用电器开关，直至电能表指示灯停止闪烁再进行测量。
由表盘可知，电路中的用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，1min指示灯闪烁8次，用电器消耗的电能
则这个用电器的功率是
故答案为：1256.8；断开其它用电器的开关；150
【分析】（1）本题考查电能表的读数，需注意最后一位是小数位；
（2）本题考查利用电能表测量用电器功率的操作要求，需断开其他用电器，避免影响测量结果；
（3）本题考查电功率的计算，需根据电能表的闪烁次数计算消耗的电能，再利用公式 计算功率。
22．以下是某科技兴趣小组同学设计的寻找“有色影子”的活动方案。用一种色光照射站在背景板前的人，会在背景板上形成影子，在影子上叠加另一种色光，能形成“有色影子”，符合要求的方案是　 　。
方案 照射光源的颜色 背景板的颜色 叠加光源的颜色
① 白 红 蓝
② 红 蓝 黄
③ 蓝 白 红
④ 绿 黄 蓝
【答案】③
【知识点】光的直线传播及其应用；物体的颜色
【解析】【解答】无论照射光源是何种颜色，背景板上都会留下一个黑色的人影，这是由于光被人挡住，在后面留下的影子；如果背景板是白色，白色反射所有的色光，此时无论叠加光源是何种颜色，都会在影子上叠加该叠加光源的颜色，能形成“有色影子”；若背景板不是白色，因不透明物体只反射与它颜色相同的光，吸收与它颜色不同的光，故当叠加光源的颜色与背景板的颜色相同时，也能形成“有色影子”，由表可知，方案①②④不符合要求，方案③符合要求。
故答案为：③
【分析】本题考查光的反射与颜色的应用，白色背景板能反射所有色光，在影子上叠加光源颜色时，会呈现叠加光源的颜色，形成 “有色影子”；非白色背景板只反射与自身颜色相同的光，吸收其他色光，只有叠加光源颜色与背景板颜色相同时，才能形成有色影子。
23．如图所示电路测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：
①将电压表接在B、C两点间，闭合开关，将滑动变阻器滑片移到b端、电阻箱R调为某一阻值R1，使电压表和电流表示数为合适的值；
②断开开关，将电压表右端由C点改接到D点；
③闭合开关，反复调节R和滑动变阻器，使两表的示数与步骤①中相同，此时电阻箱的阻值为R2；
④待测电阻的阻值Rx=　 　；
⑤若操作无误，反复调节始终无法实现两表的示数与步骤①中相同，原因可能有：　 　、　 　。
【答案】R1-R2；Rx>R1；Rx>Rp
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】步骤③中，闭合开关，电阻箱、电阻Rx与滑动变阻器串联，电压表测电阻箱、待测电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流：要使两表的示数与①中相同，即电流表和电压表示数均与①中相同，而电源电压不变，由欧姆定律可知此时总电阻与①中相同，根据题意可知一定要调节电阻箱的阻值，且仍然是串联电路，所以还需要调节滑动变阻器才能使总电阻不变，才能使电流表示数不变，记录此时电阻箱的阻值R2；步骤③中电流表和电压表示数与①中相同，根据欧姆定律可知
则可知
即电阻箱减少的电阻等于待测电阻Rx的阻值。
根据上面分析可知，当R1=R2+Rx
电流表和电压表示数才与①中相同，若实验时R1＜Rx（或R1的阻值太小）
则R1＜R+Rx
所以此时会造成反复调节始终无法实现两表的示数与步骤①中相同；
若实验器材中Rp＜Rx（或滑动变阻器的最大阻值太小）
则会造成调节变阻器分得的电压较小，而电阻箱、待测电阻分得的总电压较大，使得电压表的示数也不能与步骤①中相同。
故答案为：R1-R2；Rx>R1；Rx>Rp
【分析】（1）本题考查等效替代法测电阻，步骤①中电压表测电阻箱两端电压，电流为；步骤③中电压表测电阻箱与待测电阻两端的总电压，电流仍为，且电压表示数相同。根据欧姆定律求解；
（2）（3）本题考查实验操作中无法达到实验要求的原因分析，若，则为负数，电阻箱无法调节到负值；若滑动变阻器的最大阻值，则无法通过调节滑动变阻器使电流和电压表示数与步骤①相同。
24．按要求作图：
（1）如左图所示是平衡大师将易拉罐斜立在水平桌面上的简略图，此时易拉罐的重心在图中的虚线上。请在右图中作出易拉罐的受力示意图；
（2）图中，请在虚线方框内画出能矫正该眼睛视力的透镜；
（3）请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入如图电路的虚线框内，并将电路补充完整。要求：开关S闭合后，电流方向如图，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮，电压表的示数变大。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】近视眼的成因与矫正办法；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】（1）易拉罐斜立在水平桌面上静止，重力与支持力平衡，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；支持力作用点在易拉罐与桌面的接触点，方向垂直于水平桌面向上，所以，重力作用线经过易拉罐与桌面的接触点，重心在重力作用线与水平虚线的交点上，作图如下：
（2）图中的眼睛是由于晶状体太厚，对光的会聚能力太强，把像成在视网膜的前方，属于近视眼，要矫正这种视力，需要使光线发散一些再进入眼睛，所以方框中应该画出凹透镜，如图所示：
（3）此题要求移动滑片，灯泡变亮时电压表示数变大，则电压表应该与灯泡并联，测量灯泡两端电压，所以中间为电压表，左边为电流表，则右边为电源；根据电流方向可知，电源上端为正极，下端为负极，如图所示：
【分析】(1) 本题考查静止物体的受力示意图绘制，易拉罐静止时受重力和支持力，二力平衡，作用点均在重心（重力作用线与水平虚线的交点），重力竖直向下，支持力垂直桌面向上，且二力作用线经过接触点；
(2) 本题考查近视眼的矫正，近视眼成因是晶状体过厚，光线会聚在视网膜前方，需用凹透镜矫正，使光线发散后再进入眼睛；
(3) 本题考查电路元件的正确连接，根据电流方向和 “滑片移动时灯泡变亮、电压表示数变大” 的要求，电压表需与灯泡并联，电流表串联在电路中，电源根据电流方向判断正负极位置。
（1）易拉罐斜立在水平桌面上静止，重力与支持力平衡，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；支持力作用点在易拉罐与桌面的接触点，方向垂直于水平桌面向上，所以，重力作用线经过易拉罐与桌面的接触点，重心在重力作用线与水平虚线的交点上，作图如下：
（2）图中的眼睛是由于晶状体太厚，对光的会聚能力太强，把像成在视网膜的前方，属于近视眼，要矫正这种视力，需要使光线发散一些再进入眼睛，所以方框中应该画出凹透镜，如图所示：
（3）此题要求移动滑片，灯泡变亮时电压表示数变大，则电压表应该与灯泡并联，测量灯泡两端电压，所以中间为电压表，左边为电流表，则右边为电源；根据电流方向可知，电源上端为正极，下端为负极，如图所示：
25．现代家具越来越重视“人体工程学”的设计。如图所示的电脑椅，当人向后靠时就比端坐在椅子上时要舒服。下表的数据为某人使用电脑椅时的一些参数。
椅子的质量 10kg
人端坐在椅子上时的受力面积 800cm2
人端坐在椅子上时对坐垫的压力 320N
人向后靠时对坐垫的压强 2000Pa
每个轮子的受力面积（共5个轮子） 4cm2
求：(1)计算人端坐在椅子上时对坐垫的压强，并根据计算结果说明人“后靠”时比“端坐”时舒服的原因；
(2)人端坐在椅子上时椅子对水平地面的压强。
【答案】(1)解：人端坐时对坐垫的压强
后靠时对坐垫的压强p后靠=2000Pa
因为p后靠答：(1)人端坐在椅子上时对坐垫的压强为3000Pa，人后靠时比端坐时舒服的原因是压强减小了；
(2)解：椅子所受的重力G椅子=mg=10kg×10N/kg=100N
人端坐时，椅子对地面的压力F椅子对地面=320N+100N=420N
而椅子与地面的接触面积S总=4×10-4m2×5=2×10-3m2
所以此时对水平地面的压强
答：(2)人端坐在椅子上时椅子对水平地面的压强为2.1×105Pa。
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查压强的计算与压强对舒适度的影响，利用公式 计算端坐时的压强，再与后靠时的压强对比，压强越小，对身体的压力效果越弱，人感觉越舒服；
(2) 本题考查固体压强的计算，先计算椅子的重力，再求出人端坐时椅子对地面的总压力（人的压力与椅子重力之和），结合总接触面积，利用 计算压强。
26．随着经济水平的不断提高，小汽车越来越多地走进了我市普通家庭。下表为小军家小汽车的相关数据：
总质量1600kg 额定功率 100kW
车轮接触地面的总面积 水箱容量5L
（1）汽车发动机工作时，　 　冲程将机械能转化为内能。
（2）汽车启动时，需将钥匙插入钥匙孔内并旋转（相当于闭合开关），请你用笔画线代替导线将轿车的启动原理图连接完整。
（3）当水箱装满水，水温升高20℃时，吸收的热量为多少。（c水=4.2×103J/（kg·℃））
（4）假若该车在水平路面上以40kW的功率匀速行驶10min，消耗汽油1.5 kg，求小汽车发动机的效率。（q汽油=4.6×107J/kg）
【答案】（1）在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能。
（2）解：
（3）解：水箱容量
装满水的质量
水温升高20℃时，吸收的热量为
（4）解：小汽车以40kW的功率匀速行驶10min，则牵引力所做的功
汽油的热值q汽油=4.6×107J/kg，完全燃烧1.5kg汽油放出热量
小汽车发动机的效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；热机的四个冲程；串、并联电路的设计；功的计算及应用
【解析】【解答】(1) 汽油机压缩冲程中，活塞向上运动压缩气缸内油气混合气，外力对气体做功，机械能转化为气体的内能。
故答案为：在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能；
(2) 电路分为控制、工作两条独立回路：钥匙孔、低压电源与电磁铁构成控制电路；电动机、高压电源组成工作电路。拧动钥匙闭合控制电路开关后，电磁铁通电产生磁性，吸合衔铁接通工作电路，电动机通电启动，如图所示：；
故答案为：；
【分析】（1）本题考查汽油机的冲程能量转化，压缩冲程中活塞对混合气体做功，将机械能转化为内能；
（2）本题考查电磁继电器的电路连接，钥匙孔与电磁铁组成控制电路，电动机与电源组成工作电路，闭合控制电路后，电磁铁吸引衔铁，接通电动机电路；
（3）本题考查吸热计算，先根据水箱容量计算水的质量，再利用公式 计算吸收的热量；
（4）本题考查热机效率的计算，先根据 计算牵引力做的功，再根据 计算汽油完全燃烧放出的热量，最后利用 计算效率。
（1）在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气缸内的混合气体，对混合气体做功，将机械能转化为内能。
（2）将钥匙孔、电源、电磁铁组成控制电路；将电动机、电源组成工作电路。当钥匙插入钥匙孔内并旋转（相当于闭合开关），控制电路接通，电磁铁有磁性，吸引衔铁，使工作电路接通，电动机工作。如图所示
（3）水箱容量
装满水的质量
水温升高20℃时，吸收的热量为
（4）小汽车以40kW的功率匀速行驶10min，则牵引力所做的功
汽油的热值q汽油=4.6×107J/kg，完全燃烧1.5kg汽油放出热量
小汽车发动机的效率
27．学校物理探究小组用如图所示装置探究影响电流热效应的因素。
（1）在A、B两烧瓶内装入初温和质量都相等的煤油，RA和RB串联是为了控制　 　和　 　相同，实验时2的温度大于1的温度可得结论：　 　；如果有秒表，利用该装置　 　（选填“可以”或“不可以”）探究电热与电流的关系；
（2）如果要用该装置来探究不同液体的吸热特点，则将对实验器材作哪些改进　 　、　 　。
【答案】（1）电流；时间；在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；可以
（2）换质量相同的不同液体；换电阻一样的电热丝
【知识点】焦耳定律；电流的热效应；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）由图可知，两电阻串联， 根据串联电路电流规律可知，通过两电阻的电流相等。闭合开关，装置通电，两个电阻同时有电流通过，所以控制了时间相同。
实验时2的温度大于1的温度，B瓶中的电阻大于A瓶中的电阻，由于电流和通电时间相同，可以得出结论：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
探究电热与电流的关系，应该加热时间和控制电阻一定，改变通过电阻的电流，由图可知，通过移动滑动变阻器的滑片可以改变电路中的电流，用秒表计时，可以控制加热时间，故可以探究电热与电流的关系。
故答案为：电流；时间；在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；可以
（2）如用该装置探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，则应对器材作如下调整为使相同时间内放出的热量相同，应将两电阻丝的阻值换成相同的；探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，A、B两烧瓶内应装初温和质量相等的不同种液体。
故答案为：换质量相同的不同液体；换电阻一样的电热丝
【分析】(1) 本题考查电流热效应的实验探究，串联电路可控制电流和通电时间相同，通过对比不同电阻的温度变化，得出电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多的结论；利用滑动变阻器和秒表，可通过改变电流、控制电阻和通电时间，探究电热与电流的关系。
(2) 本题考查探究不同液体吸热特点的实验改进，需控制相同时间内放出的热量相同，因此应将两电阻丝的阻值换成相同的，并装入初温、质量相等的不同液体。
（1）[1][2]由图可知，两电阻串联， 根据串联电路电流规律可知，通过两电阻的电流相等。闭合开关，装置通电，两个电阻同时有电流通过，所以控制了时间相同。
[3]实验时2的温度大于1的温度，B瓶中的电阻大于A瓶中的电阻，由于电流和通电时间相同，可以得出结论：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
[4] 探究电热与电流的关系，应该加热时间和控制电阻一定，改变通过电阻的电流，由图可知，通过移动滑动变阻器的滑片可以改变电路中的电流，用秒表计时，可以控制加热时间，故可以探究电热与电流的关系。
（2）[1][2]如用该装置探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，则应对器材作如下调整为使相同时间内放出的热量相同，应将两电阻丝的阻值换成相同的；探究不同物质的吸热能力，根据控制变量法，A、B两烧瓶内应装初温和质量相等的不同种液体。
28．在探究凸透镜成像规律时，小华小组将蜡烛、凸透镜和光屏按顺序装到光具座上后，点燃蜡烛。
（1）实验前要调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在　 　，目的是使像呈现在光屏的中央；
（2）小华将蜡烛、凸透镜和光屏移到如图所示的位置时，光屏上恰好呈现烛焰清晰的像（像未画出）；小华在该实验中使用的凸透镜焦距为　 　cm，实验中选择口径较　 　（选填“大”或“小”）的凸透镜成像效果较好；
（3）在（2）的基础上，保持凸透镜位置不动，将蜡烛移至刻度线处，应将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离才能再次接收到烛焰清晰的像，此成像性质与　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；光屏上成清晰的像后，若在蜡烛和凸透镜之间放置一个近视眼镜，为了再次在光屏上呈现清晰的像，需要将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当的距离；
（4）同组的小明将高度为的发光物体沿主光轴从远处向透镜的焦点靠近（已知透镜的焦距为），则下列反映像高或像距随物距变化的关系图像中正确的是_____。（填字母）
A． B．
C． D．
【答案】（1）同一高度
（2）15.0；大
（3）左；照相机；右
（4）A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）为了使烛焰的像呈现在光屏中心，应使得烛焰和光屏的中心处于凸透镜的主光轴上，具体操作为点燃蜡烛，调节蜡烛、凸透镜和光屏的高度，保证烛焰、凸透镜和光屏中心处于同一高度。
故答案为：同一高度
（2）由图可知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛所在位置为20.0cm，凸透镜所在位置为50.0cm，光屏所在位置为80.0cm，则图中的物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm
像距为v=80.0cm-50.0cm=30.0cm
由于光屏上可以得到清晰的像，且此时的物距等于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时的物距等于二倍焦距，即u=2f=30.0cm
所以凸透镜的焦距为f=15.0cm
实验中要选用口径较大的凸透镜，因为用大口径凸透镜可以会聚更多的光线，使得成像更清晰。
故答案为：15.0；大
（3）凸透镜位置不动，将蜡烛移至10.0cm刻度线处，则物距是增加的，要在光屏上得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，此时应将光屏向左移动。
此时的物距为u'=50.0cm-10.0cm=40.0cm
则物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像原理可知，此时成倒立、缩小的实像，照相机的成像成的是倒立、缩小的实像，故与照相机的成像原理相同。
近视镜片属于凹透镜，若在蜡烛和凸透镜之间放置近视眼镜片，则光线会被发散，经凸透镜后的光线会聚点会被延后，故需要将光屏向右移动才能再次接收到清晰的像。
故答案为：左；照相机右
（4）AB．根据凸透镜成实像原理可知，像的高度随着物距增加而减小，且当物距u=2f时，像的高度等于物体的高度h，故A正确，B错误；
CD．根据凸透镜成实像原理可知，像距会随着物距的增大而减小，且只有当物距u=2f时，像距才等于物距，故CD错误。
故答案为：A。
【分析】(1) 凸透镜实验基础操作：三心同高使像落在光屏中央；
(2) 时，据此求焦距；透镜口径越大进光量越多，成像清晰度越好；
(3) 实像规律：物远像近像变小；凹透镜发散光线，使像距变大；
(4) 物靠近焦点，实像高度变大，结合时物像等大的特点判断图像。
（1）为了使烛焰的像呈现在光屏中心，应使得烛焰和光屏的中心处于凸透镜的主光轴上，具体操作为点燃蜡烛，调节蜡烛、凸透镜和光屏的高度，保证烛焰、凸透镜和光屏中心处于同一高度。
（2）[1]由图可知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛所在位置为20.0cm，凸透镜所在位置为50.0cm，光屏所在位置为80.0cm，则图中的物距为u=50.0cm-20.0cm=30.0cm
像距为v=80.0cm-50.0cm=30.0cm
由于光屏上可以得到清晰的像，且此时的物距等于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时的物距等于二倍焦距，即u=2f=30.0cm
所以凸透镜的焦距为f=15.0cm
[2]实验中要选用口径较大的凸透镜，因为用大口径凸透镜可以会聚更多的光线，使得成像更清晰。
（3）[1]凸透镜位置不动，将蜡烛移至10.0cm刻度线处，则物距是增加的，要在光屏上得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，此时应将光屏向左移动。
[2]此时的物距为u'=50.0cm-10.0cm=40.0cm
则物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像原理可知，此时成倒立、缩小的实像，照相机的成像成的是倒立、缩小的实像，故与照相机的成像原理相同。
[3]近视镜片属于凹透镜，若在蜡烛和凸透镜之间放置近视眼镜片，则光线会被发散，经凸透镜后的光线会聚点会被延后，故需要将光屏向右移动才能再次接收到清晰的像。
（4）AB．根据凸透镜成实像原理可知，像的高度随着物距增加而减小，且当物距u=2f时，像的高度等于物体的高度h，故A正确，B错误；
CD．根据凸透镜成实像原理可知，像距会随着物距的增大而减小，且只有当物距u=2f时，像距才等于物距，故CD错误。
故选A。
29．在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）如图甲是小明测定灯泡电阻的实物电路图，请用笔画线代替导线将实物电路图修改正确；
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，其读数为　 　V，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动使电压表示数为　 　V，此时电流表示数如图丙所示，则该灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω；
（3）小华打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过简单操作（开关S2接“a”、“b”各一次）来测量小灯泡正常发光时的电阻。图丁、戊是她设计的两种不同方案的电路图.则以下判断正确的是 （填字母）。
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丁方案能，戊方案不能 D．丁方案不能，戊方案能
【答案】（1）
（2）1.4；A；2.5；8.3
（3）C
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联。修改后的实物图如图所示：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，电压表分度值为0.1V，其读数为1.4V，小于灯的额定电压，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯的两端电压，减小变阻器的两端电压，根据串联分压原理，应减小变阻器接入电路的电阻，因此将滑片P向A端移动使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，电流表的分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，该灯泡正常发光时的电阻是
故答案为：1.4；A；2.5；8.3
（3）丁方案：R、小灯泡和滑动变阻器三者串联，单刀双掷开关S2接b时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为额定电压，小灯泡正常发光；保持滑片位置不变，再将开关S2接a，测出小灯泡和定值电阻两端的总电压，算出定值电阻两端电压，进而算出通过定值电阻的电流，即通过小灯泡的电流，即可算出小灯泡正常发光时的电阻值。
戊方案：开关S2接a时，测通过的电流；接b时，测通过灯泡的电流。但无法保证灯泡在额定电压下工作，无法确保小灯泡正常光，则无法计算正常发光电阻。因此，两种方案都不能实现测量，故C正确，ABD错误。
故答案为：C。
【分析】(1) 本题考查实物电路的改错，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联；
(2) 本题考查电表读数、滑动变阻器的调节及电阻计算，根据电压表和电流表的分度值读数，利用串联分压原理调节滑片使灯泡电压达到额定值，再用 计算电阻；
(3) 本题考查特殊方法测电阻的电路分析，丁方案可通过开关切换，先调节滑片使灯泡正常发光，再通过定值电阻计算电流，进而求出灯泡电阻；戊方案无法保证灯泡在额定电压下工作，不能测量正常发光的电阻。
（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联。修改后的实物图如图所示：
（2）[1][2][3][4]排除故障后，闭合开关，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，电压表分度值为0.1V，其读数为1.4V，小于灯的额定电压，为了测出小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯的两端电压，减小变阻器的两端电压，根据串联分压原理，应减小变阻器接入电路的电阻，因此将滑片P向A端移动使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，电流表的分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可得，该灯泡正常发光时的电阻是
（3）丁方案：R、小灯泡和滑动变阻器三者串联，单刀双掷开关S2接b时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为额定电压，小灯泡正常发光；保持滑片位置不变，再将开关S2接a，测出小灯泡和定值电阻两端的总电压，算出定值电阻两端电压，进而算出通过定值电阻的电流，即通过小灯泡的电流，即可算出小灯泡正常发光时的电阻值。
戊方案：开关S2接a时，测通过的电流；接b时，测通过灯泡的电流。但无法保证灯泡在额定电压下工作，无法确保小灯泡正常光，则无法计算正常发光电阻。因此，两种方案都不能实现测量，故C正确，ABD错误。
选C。
30．小明在石材加工厂找到两个同种材质的球状石块M和正方体石块N，为确定石块的密度，他进行了如下操作：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零，然后调节平衡螺母使天平平衡；
（2）将石块M放入天平左盘，当天平右盘内所加砝码和标尺上游码所处位置如图乙所示时，天平恰好平衡，则球形石块M的质量是　 　g；
（3）接着他又用量筒测量了球形石块M体积，如图丙所示，则石块的密度为　 　g/cm3；
（4）小红还想借助现有石块探究杠杆的平衡条件，于是她又称出了石块N的质量为84g，然后分别将石块M和N挂在杠杆上（实验前己调节杠杆在水平位置平衡）的A点和B点，杠杆恰好平衡，如图丁所示：
①小红对实验数据分析后得到结论：在误差允许的范围内，动力×动力臂=阻力×阻力臂，你认为她这样就得出结论是否合理？　 　；简述理由：　 　；
②之后小红用弹簧测力计代替石块继续这个实验，当弹簧测力计竖直向下拉杠杆上的A点时，杠杆恰好在水平方向平衡，如图戊所示，测力计的示数是　 　N（g=10N/kg）；
③接下来，小红先将弹簧测力计的挂钩用细线系在杠杆上，用大小为F1的力向下拉弹簧测力计的圆环使杠杆水平平衡，如图己所示；然后她又将弹簧测力计的圆环用细线系在杠杆上，用大小为F2的力向下拉弹簧测力计的挂钩使杠杆水平平衡，如图庚所示；则F1　 　F2（>/=/<）。
【答案】42；2.8；不合理；实验次数太少了，结论不可靠；0.84；>
【知识点】固体密度的测量；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）由图乙知，石块M的质量mM=20g+20g+2g=42g
故答案为：42
（3）由图丙知，量筒的分度值为1mL，水的体积为20mL，石块及水的体积为35mL，石块的体积VM=35mL-20mL=15mL=15cm3，石块的密度
故答案为：2.8
（4）①小红的结论不合理，只进行一次实验，便得出实验结论，这样的结论不具普遍性，应进行多次实验，得出更具普遍性的结论。
②石块N的重力G=mg=0.084kg×10N/kg=0.84N
图丁到图戊，石块M及其位置不变，石块N换成了测力计，但位置不变，即两个力臂不变，其中一个力不变，据杠杆的平衡条件，则另一个力也不变，所以测力计的示数为0.84N。
③由第②小题知，F1=0.84N，图庚中，将测力计的圆环用细线系在杠杆上，测力计的重力相当于钩码，设杠杆每一格的长度为L，测力计自身重力为G0，据杠杆的平衡条件可得0.042kg×10N/kg×4L=(F2+G0)×2L，解得F2=0.84N-G0，所以F1>F2。
故答案为：①不合理实验次数太少了，结论不可靠；②0.84；③>
【分析】(2) 考查天平读数：总质量=砝码质量+游码示数；
(3) 考查排水法测体积与密度公式；
(4)①探究杠杆平衡条件要多次实验避免偶然性；
②杠杆平衡条件：，力和力臂不变则拉力大小不变；
③考虑弹簧测力计自重对杠杆受力的影响，对比两次拉力大小。
31．阅读短文，回答问题。
某国产品牌新能源汽车在日常行驶中可以利用动力电池（蓄电池）给电动机供电，纯电续航里程达200km；同时该车备有容积为56L的油箱，在电力不足时（低于20%），增程器（汽油机）启动，通过发电机发电驱动电动机工作，多余的电能对蓄电池充电，油电综合续航可达1100km左右。
（1）增程器工作时，能量转化过程如图所示：图中①处为　 　能，②处能量转化是通过发电机实现的，其原理是　 　原理：汽油的热值为3.2×107J/L，此过程中1L汽油可以发电　 　kW·h。
（2）下表是动力电池的部分参数，该电动车慢充时（电池电能从20%充到90%）的平均充电功率是　 　W。
额定容量（A·h） 电压（V） 温度范围（） 充电时间
100 400 -30~55 慢充：5h（20%~90%）
（3）如图甲是模拟汽车油箱内油量的装置电路图，油量表是由电压表改装而成的，压敏电阻R的阻值与所受压力的关系如图乙，油箱质量忽略不计。当R所受压力为100N时，电压表的示数为2.4V；当R所受压力为200N时，电压表的示数为3V；当油箱装满时，电压表示数为6V，此时压敏电阻R所受的压力为　 　N，R的电功率是　 　W。
【答案】（1）内；电磁感应；3.2
（2）5600
（3）400；3.6
【知识点】燃料的热值；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；电磁感应
【解析】【解答】（1）燃料发生燃烧反应的过程里，自身储存的化学能转化为内能；
发电机依托电磁感应原理工作，闭合回路的部分导体切割磁感线，电路中就会生成感应电流；
1L汽油完全燃烧释放总热量，先后经过热效率45%、发电效率80%两次能量损耗，
故答案为：内；电磁感应；3.2；
（2）先根据电功公式算出电池满电总电能：
需要补充充电的电能是总容量的70%，结合充电时长，求充电平均功率：
故答案为：5600；
（3）定值电阻与压敏电阻串联，串联电路各处电流相等。
压力100N时，、，电源电压：；
压力200N时，、，电源电压：；
联立两式解得：。
电压表示数时，压敏电阻分压，
对照图像得到此时压力为400N，压敏电阻功率：
故答案为：400；3.6；
【分析】（1）依据能量转化规律判断燃料燃烧的能的变化；依托电磁感应的定义说明发电机原理；结合两级效率依次折算，用计算发电量。
（2）先用求出电池全部电能，算出需要补齐的电量占比，再利用功率定义式求解充电功率。
（3）借助串联分压规律列两组方程，联立求出电源电压与定值电阻阻值；再根据电压表实数求出电路电流、压敏电阻阻值，查表确定压力大小，最后用计算电阻功率。
（1）[1]燃料燃烧时，将燃料的化学能转化为内能。
[2]闭合电路中的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生电流，其原理是电磁感应原理。
[3]车载增程器工作时的热效率为45%，发电机的发电效率为80%，1L汽油可以发电W=Vq×45%×80%=1L×3.2×107J/L×45%×80%=1.152×107J=3.2 kW·h
（2）电池储存的电能W=UIt=400V×100A×3600s=1.44×108J
其充电的平均功率
（3）[1][2]由图可知，两个电阻串联，当R所受压力为100N时，由乙图可知，电阻的阻值为40Ω，由串联电路的电压规律可得
当R所受压力为200N时，由乙图可知，电阻的阻值为30Ω，由串联电路的电压规律可得
解得U=12V，R0=10Ω
当电压表示数为6V时，由串联电路电压规律可知电阻R两端的电压为12V-6V=6V
电路中的电流
则电阻R的阻值
由图可知此时电阻R所受的压力为400N，由电功率公式可得R的电功率P=UI=6V×0.6A=3.6W
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