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山东省临沂市河东区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
1．下列微观粒子中，尺度最小的是（　　）
A．原子 B．原子核 C．电子 D．分子
【答案】C
【知识点】原子结构
【解析】【解答】微粒从大到小排序为：分子＞原子＞原子核＞电子，电子是四项里尺度最小的粒子，故 C 正确；
故答案为：C。
【分析】考查微粒从大到小排序；牢记分子、原子、原子核、电子的常规尺寸顺序；
2．下图所示的四个实例，为了增大压强的是（　　）
A．吸管斜口 B．铁轨枕木
C．载重车轮 D．宽大滑板
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A：吸管斜口通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B：铁轨枕木通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C：载重车轮通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D：宽大滑板通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故答案为：A。
【分析】A：压强公式为 ，当压力一定时，减小受力面积可以增大压强，吸管斜口设计通过减小接触面积，增大了对物体的压强，方便插入。
B：铁轨枕木通过增大与地面的接触面积，在压力不变时减小了对地面的压强，防止铁轨下陷。
C：载重车轮通过增多车轮、增大接触面积，减小了车辆对路面的压强，保护路面不受损坏。
D：宽大滑板通过增大与雪地的接触面积，减小了人对雪地的压强，避免陷入雪中。
3．下图所示的情景，人对物体做功的是（　　）
A．推着车前行
B．举着杠铃不动
C．背着书包匀速步行
D．脱手后的冰壶
【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A：推着车在水平地面上行，人对车施加了向前的作用力，车在力的方向上移动了一段距离，力对车做了功，故A正确；
B：举着杠铃原地不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃静止，没有在力的方向上移动一段距离，力对杠铃没有做功，故B错误；
C：背着书包匀速步行，人给书包一个向上的力，书包在水平方向移动，没有在力的方向上移动一段距离，力对书包没有做功，故C错误；
D：脱手后的冰壶，不再受到人的推力作用，人对冰壶没有做功，故D错误。
故答案为：A。
【分析】判断人对物体是否做功，需同时满足两个条件：① 对物体施加了力；② 物体在力的方向上移动了一段距离。
A：推力和沿推力方向的位移同时存在，因此人对物体做了功；
B：杠铃静止，没有在力的方向上移动距离，因此不做功；
C：书包的移动方向与受力方向垂直，没有在力的方向上移动距离，因此不做功；
D：冰壶脱手后不受人的推力，因此人不做功。
4．2025年5月31日，临沂第14届沂河锦绣兰山龙舟赛在沂河举办，运动员划桨时的船桨是一个杠杆。下列生活用具，与船桨属于同一类杠杆的是（　　）
A．羊角锤 B．镊子
C．起瓶器 D．钢丝钳
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】船桨在使用过程中，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，
A：羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B：镊子在使用时，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，与船桨是同一类杠杆，故B正确；
C：起瓶器在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D：钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D错误。
故答案为：B。
【分析】省力杠杆：动力臂 > 阻力臂（如羊角锤、起瓶器、钢丝钳），省力但费距离；
费力杠杆：动力臂 < 阻力臂（如船桨、镊子），费力但省距离；
等臂杠杆：动力臂 = 阻力臂（如天平），不省力也不费力。
5．做家务劳动时，小明用的水平推力推重的冰箱，但没推动。此过程中，冰箱受到的摩擦力（　　）
A．大于 B．大于 C．等于 D．等于
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】小明用的水平推力推重的冰箱，但没有推动，即此时冰箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等，所以摩擦力是100N，故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查二力平衡条件的实际应用，冰箱在水平方向受到推力和静摩擦力，由于冰箱保持静止（平衡状态），因此这两个力属于一对平衡力，满足大小相等、方向相反的条件，与冰箱的重力大小无关。
6．一辆轿车在水平平直公路上高速行驶，如图所示( )
A．轿车上表面空气流速小、压强大
B．轿车上表面空气流速大、压强小
C．轿车对地面的压力等于重力
D．轿车对地面的压力大于重力
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，汽车在水平平直公路上高速行驶，轿车的上方凸起，导致上方空气流速大于下方空气流速，即轿车上表面空气流速大，压强小，产生压力差竖直向上，使轿车对地面的压力小于重力。
故答案为：B．
【分析】本题考查流体压强与流速关系的实际应用，轿车行驶时，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，形成向上的压力差，从而减小了轿车对地面的压力。
7．下图是《天工开物》中记载的“湿田击稻”场景：人挥动稻秆撞击木板，稻粒就脱离稻秆落到地面。这是因为稻粒（　　）
A．具有惯性 B．受到惯性力 C．受到重力 D．惯性增大
【答案】A
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A：人挥动稻秆撞击木板时，稻秆受撞击停止运动，而稻粒由于惯性保持原来的运动状态继续向前运动，从而脱离稻秆落到地面，故A正确；B：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力，不能用 “惯性力” 来描述，故B错误；
C：稻秆未撞击木板时，稻粒同样受到重力，但并未脱离稻秆，因此重力不是稻粒脱离的原因，故C错误；
D：惯性的大小仅与物体的质量有关，稻粒的质量不变，其惯性大小也不变，故D错误。
故答案为：A。
【分析】A：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，撞击时稻秆突然停止，而稻粒因惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，因此脱离稻秆；
B：惯性是物体的固有属性，不是一种力，不能表述为 “受到惯性力”；
C：重力始终存在，无论是否撞击木板，稻粒都受重力，但只有撞击时才会脱离，因此重力不是脱离的直接原因；
D：惯性大小只与物体的质量有关，稻粒的质量不变，其惯性大小也不会改变。
8．2025年4月24日，神舟二十号飞船在酒泉卫星发射中心发射成功。发射过程中，随火箭加速上升的飞船（　　）
A．动能不变，重力势能增大 B．动能增大，机械能不变
C．重力势能转化为动能 D．动能增大，机械能增大
【答案】D
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】随火箭加速上升的飞船，质量保持不变，速度不断增大，因此动能增大；同时飞船的高度持续升高，重力势能也随之增大，而机械能是动能与重力势能的总和，所以飞船的机械能增大，故ABC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】本题考查动能、重力势能与机械能的变化规律，飞船加速上升时，质量不变，速度增大使动能增大，高度增大使重力势能增大，两者同时增大，因此机械能总量增大，并非单一能量间的转化。
9．2025年4月，中国人民解放军东部战区组织陆海空火等兵力开展联合演训。当战斗机从航空母舰上起飞后，舰体（　　）
A．略上浮，所受浮力变小 B．略上浮，所受浮力不变
C．略下沉，所受浮力不变 D．略下沉，所受浮力变大
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】舰体始终漂浮在水面上，故浮力始终等于舰的总重，当战斗机从航空母舰上起飞后，舰体所受的重力变小，故舰体所受的浮力变小，根据可知，排开液体的体积变小，故舰体略上浮，故A正确；BCD错误。
故答案为：A。
【分析】本题考查漂浮条件与阿基米德原理的综合应用。航母漂浮时浮力等于总重力，战机起飞后总重力减小，浮力随之减小；再由阿基米德原理可知，浮力减小会导致排开液体的体积减小，舰体因此会上浮。
10．如图所示，将系在细线下的小球推至点后由静止释放，小球将在两点间往复摆动。若小球摆至点时，细线突然断裂，小球（　　）
A．所受合力为零 B．匀速直线运动
C．竖直下落 D．斜向右上方飞出
【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用
【解析】【解答】当小球摆至 C 点时，小球的瞬时速度为零，此时若细线突然断裂，小球将不再受拉力作用，只受重力影响，会沿竖直方向下落。因此选项 A（所受合力为零）、B（匀速直线运动）、D（斜向右上方飞出），故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查力与运动的关系。小球摆至 C 点时处于摆动的最高点，此时速度为零；细线断裂后，小球仅受重力作用，在重力的作用下会竖直向下运动，不会保持匀速直线运动或斜向飞出，也不存在合力为零的情况。
11．一个普通中学生双脚站立在水平地面上，他对水平地面的压强接近于（　　）
A．103Pa B．104Pa C．105Pa D．106Pa
【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】中学生的体重约为500N，双脚站立时与水平地面的接触面积约为0.05m2，双脚对水平地面的压强
故答案为：C。
【分析】根据压力和受力面积的比值计算压强的大小。
12．如图所示，质量不同的甲、乙、丙三个物体在相等的拉力作用下，分别通过了相等的距离，在三种情况下拉力所做的功（　　）
A．甲最大 B．乙最大 C．丙最大 D．一样大
【答案】D
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】三个物体在大小相等的拉力作用下，沿力的方向移动了相同的距离。根据功的计算公式，拉力和距离均相同，因此三种情况下拉力做的功相等，与物体的质量无关，故选项A、B、C不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】本题考查功的计算。功的大小只与力的大小和物体在力的方向上移动的距离有关，公式为。本题中拉力相等、移动距离相等，因此拉力所做的功一样大，与物体质量、运动路径无关。
13．如图所示，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，在隔板两侧分别装入两种不同的液体，不能比较出左右两侧液体密度大小关系的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】A：左侧液面低但橡皮膜向左凸起，说明右侧液体压强更大；由于右侧液面更高，无法确定是液面高度大，还是密度大导致压强大，故无法比较密度大小，故A符合题意；
B：左侧液面低且橡皮膜向右凸起，说明左侧液体压强更大；由于左侧液面更低，却能产生更大压强，可确定左侧液体密度更大，故B不符合题意；
C：液面相平但橡皮膜向右凸起，说明左侧液体压强更大。根据，在相同深度下，左侧压强大，则密度必然更大，故C不符合题意；
D：左侧液面低但橡皮膜平整，说明两侧压强相等。根据液体压强公式，较低液面能产生相同压强，说明左侧液体密度更大，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】液体压强公式为 ，压强由液体密度和深度共同决定。
A：右侧压强大，同时液面更高，无法区分压强增大是因为深度更大还是密度更大，因此无法比较密度；
B：左侧压强大，同时液面更低（深度更小），说明密度一定更大；
C：深度相同，左侧压强大，说明密度一定更大；
D：压强相同，左侧深度更小，说明密度一定更大。
14．如图所示，用动滑轮把重的物体，在内匀速提升了，作用在绳子自由端的拉力为，方向竖直向上。这一过程中（　　）
A．绳子自由端的速度为 B．所做有用功为
C．拉力的功率为 D．动滑轮的机械效率为
【答案】D
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A：由图可知，承担物重的绳子段数。物体上升高度，绳子自由端移动距离，绳子自由端移动速度，故A不符合题意；
B：有用功，故B不符合题意；
C：拉力做的总功，拉力的功率，故C不符合题意；
D：该动滑轮的机械效率，故D符合题意。
故答案为：D。
【分析】A：动滑轮绳子段数，绳子自由端移动距离是物体上升高度的2倍，再根据计算速度。
B：有用功是克服物体重力做的功，公式为。
C：总功是拉力做的功，公式为；功率公式为。
D：机械效率是有用功与总功的比值，公式为。
15．如图所示容器隔板的两边分别装有淡水和盐水（ρ淡水<ρ盐水），甲、乙实心球体积相同，甲、乙所受的重力和排开液体所受的重力如表，则两球静止在液体中时的情形可能是（　　）
实心球 实心球所受的重力/N 排开液体所受的重力/N
甲 7 5
乙 5 5
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由阿基米德原理：
甲：，，，甲下沉、浸没；
乙：，，，乙漂浮或悬浮；
两球体积相等：，甲完全浸没则，乙；
又，相同时，液体密度越大越小，因此乙在盐水中，甲在淡水中下沉浸没。
A、乙浸没在盐水，，与乙漂浮/悬浮、矛盾，A错误；
B、甲在淡水全浸没下沉，乙在盐水漂浮，满足全部条件，B正确；
C、甲在淡水漂浮，，与矛盾，C错误；
D、乙一部分浸入盐水但未漂浮，但排布不合理，D错误；
故答案：B；
【分析】本题考查阿基米德原理、物体浮沉条件、浮力公式、液体密度对排液体积的影响；先依据确定浮力大小，对比重力判断两球浮沉状态，锁定甲完全浸没、乙漂浮或悬浮；再结合两球体积相等与，根据浮力不变时液体密度越大排开体积越小，确定乙处在盐水侧、甲处在淡水侧，结合浸入体积筛选对应图示。
16．2024年11月12日的珠海上空，万众期待的歼-35A战机正式亮相（如图），这也意味着中国成为全球第二个同时装备两款隐身战机的国家。歼-35A起飞时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速　 　（选填“大于”或“小于”）机翼下方空气流速。展演过程中，歼-35A向后喷出高温马赫环加速运动，说明物体间力的作用是　 　。
【答案】大于；相互的
【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】歼-35A 起飞时，机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方压强，从而产生向上的升力；
歼-35A向后喷出高温气体时，气体对战机施加向前的反作用力，使战机加速运动，说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：大于；相互的
【分析】(1) 根据流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。战机机翼上凸下平的结构，会使空气流经上方时流速更快，从而形成上下的压强差，产生升力；
(2) 物体间力的作用是相互的：当一个物体对另一个物体施加力时，也会受到对方施加的反作用力，喷气式战机正是利用这一原理获得向前的推力。
17．某游轮过三峡船闸时，吃水深度为，其底部受到水的压强为　 　（取）；三峡船闸利用了　 　原理。
【答案】；连通器
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】根据液体压强公式可得
船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以三峡船闸利用了连通器原理。
故答案为：；连通器
【分析】(1) 液体压强的计算公式为 ，已知水的密度 ，，吃水深度 ，代入公式即可求出底部受到的水的压强；
(2) 连通器的定义是“上端开口、底部相连通的容器，当内部装有同种液体且液体不流动时，各容器液面保持相平”，三峡船闸正是利用这一原理，通过闸门控制闸室与上下游的连通，实现船只的顺利通行。
18．2025年5月25日，孙颖莎在多哈世乒赛女单决赛中卫冕冠军。她用球拍击打乒乓球时，乒乓球受到的弹力是由于　 　（选填“球拍”或“乒乓球”）的弹性形变而产生的。乒乓球离开球拍后仍能向前运动是因为乒乓球具有　 　；在空中运动到最高点的乒乓球处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态。
【答案】球拍；惯性；非平衡
【知识点】弹力；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】用球拍击打乒乓球时，球拍发生弹性形变，从而对乒乓球产生弹力，因此乒乓球受到的弹力是由于球拍的弹性形变而产生的；
乒乓球离开球拍后，不再受到球拍的作用力，但由于惯性，它仍要保持原来的运动状态，所以能继续向前运动；
乒乓球在空中运动到最高点时，只受到竖直向下的重力作用，受力不平衡，因此处于非平衡状态。
故答案为：球拍；惯性；非平衡
【分析】(1) 弹力是物体发生弹性形变时，对使它形变的物体产生的力，施力物体是发生形变的物体；
(2) 惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；
(3) 物体处于平衡状态的条件是不受力或受平衡力（合力为零），若受力不平衡，则处于非平衡状态。
19．在跨学科实践活动中，小明将铅笔的下端粘上橡皮泥制成一个简易密度计。该密度计在甲、乙两种液体中静止时，两烧杯液面相平，如图所示。则该密度计在甲液体中所受浮力　 　在乙液体中所受浮力；甲液体对烧杯底部的压强　 　乙液体对烧杯底部的压强（均选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】等于；小于
【知识点】压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】该密度计在甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件，浮力等于重力（），由于密度计重力不变，所以它在甲液体中所受浮力等于在乙液体中所受浮力；
由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积 大于在乙液体中排开液体的体积 。根据阿基米德原理 ，且 ，可得 。两烧杯液面相平，即液体深度 相同，根据液体压强公式 ，因为 ，所以甲液体对烧杯底部的压强小于乙液体对烧杯底部的压强。
故答案为：等于；小于。
【分析】(1) 漂浮物体所受浮力等于自身重力，密度计重力不变，因此在不同液体中所受浮力相等；
(2) 根据阿基米德原理 ，浮力相等时，排开液体体积越大，液体密度越小；再结合液体压强公式 ，在深度相同时，液体密度越小，对容器底部的压强越小。
20．下图所示的警用弓弩，弓两端的滑轮组可将弩弦拴绕在弓上。弓弩中滑轮组的作用是　 　（选填“省力”“省距离”或“提高机械效率”）。用弩将箭水平射出时，弩弦的　 　能转化为箭的动能。
【答案】省力；弹性势
【知识点】机械能及其转化；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】弓弩中的滑轮组作用是省力，这样能更轻松地将弩弦拴绕在弓上，为射箭提供足够的动力；用弩将箭水平射出时，弩弦的弹性势能转化为箭的动能，使箭获得速度射出。
故答案为：省力；弹性势
【分析】(1) 滑轮组的特点是可以省力，警用弓弩中使用滑轮组，目的是为了更轻松地将弩弦拴绕在弓上，因此作用是省力；
(2) 物体发生弹性形变时具有弹性势能，弩弦被拉开时发生弹性形变，储存了弹性势能，释放时弹性势能转化为箭的动能。
21．周末，小明为家人准备丰盛的晚餐。
（1）使用如图甲所示的工具压饺子皮时，该工具是一个杠杆，其简化示意图如图乙所示，为支点，是压杆上点在下压时受到的阻力。请在图乙中画出阻力臂和作用在杠杆点的最小动力；
（2）洗菜时，体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，则土豆受到的浮力　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）西红柿受到的浮力。
【答案】（1）
（2）大于
【知识点】阿基米德原理；力臂的画法
【解析】【解答】（1）反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度为阻力臂l2；由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
（2）体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，土豆排开水的体积较大，根据可知，土豆受到的浮力大于西红柿受到的浮力。
故答案为：大于
【分析】(1) 杠杆作图需明确阻力臂的画法，以及最小动力的判断方法：
阻力臂：从支点向阻力作用线作垂线，垂线段的长度即为阻力臂；
最小动力：根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，因此以支点到动力作用点的距离为动力臂时，动力最小，动力方向需与动力臂垂直。
(2) 浮力大小可根据阿基米德原理判断：浸在液体中的物体所受浮力等于排开液体的重力，即 ，在同种液体中，排开液体的体积越大，浮力越大。
（1）反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度为阻力臂l2；由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
（2）体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，土豆排开水的体积较大，根据F浮=ρ液gV排可知，土豆受到的浮力大于西红柿受到的浮力。
22．骑车上学的小明发现，不踩脚踏板，运动中的自行车也能继续向前滑行一段距离。在不同的路面上多次尝试后，他提出猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度以及开始滑行时的初始速度有关。为探究其中的奥秘，他设计了如图甲所示的探究实验：在水平桌面上搭成一个斜面，用小球代替自行车做实验，用毛巾、棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系：应先后三次将小球从斜面的　 　（选填“同一”或“不同”）高度处释放，比较小球在　 　（选填“同一”或“不同”）粗糙面上滚动的路程。
（2）为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系：先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是　 　。三次实验结果如图所示，则小球在　 　表面上运动时，速度改变得最慢。通过本实验还可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将　 　。
（3）为了模拟汽车超速带来的安全隐患，小明将、两个小球先后从同一斜面的不同高度处滚下，分别推动同一木块运动一段距离，如图乙所示。同组的小红认为他的实验不正确，理由是　 　。
【答案】（1）不同；同一
（2）控制小球在水平面上滚动的初始速度相同；木板；匀速直线运动
（3）没有控制小球的质量相同
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系，应改变小球的初始速度，所以应先后三次将小球从斜面的不同高度处释放（高度不同，小球到达水平面时的初始速度不同）。
要探究初始速度对滚动距离的影响，需控制水平面的粗糙程度相同，所以比较小球在同一粗糙面上滚动的路程。
故答案为：不同；同一
（2）为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系，应控制小球到达水平面时的初始速度相同，所以先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是控制小球在水平面上滚动的初始速度相同。
由图甲可知，木板表面最光滑，小球受到的阻力最小，所以小球在木板表面上运动时，速度改变得最慢。
通过本实验可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将以恒定不变的速度永远运动下去，即做匀速直线运动。
故答案为：控制小球在水平面上滚动的初始速度相同；木板；匀速直线运动
（3）小明要模拟汽车超速带来的安全隐患，应控制小球的质量相同，改变小球的初始速度（从不同高度释放）。但他实验中mA>mB，即小球的质量不同，没有控制小球的质量相同，所以实验不正确。
故答案为：没有控制小球的质量相同
【分析】(1) 探究小球滚动距离与初始速度的关系时，需改变初始速度、控制接触面粗糙程度相同，采用控制变量法；
(2) 探究小球滚动距离与接触面粗糙程度的关系时，需控制初始速度相同、改变接触面粗糙程度，再通过实验推理得出牛顿第一定律；
(3) 模拟超速实验时，需控制小球质量相同、改变初始速度，小明的实验未控制质量相同，变量不唯一。
（1）[1]为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系，应改变小球的初始速度，所以应先后三次将小球从斜面的不同高度处释放（高度不同，小球到达水平面时的初始速度不同）。
[2]要探究初始速度对滚动距离的影响，需控制水平面的粗糙程度相同，所以比较小球在同一粗糙面上滚动的路程。
（2）[1]为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系，应控制小球到达水平面时的初始速度相同，所以先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是控制小球在水平面上滚动的初始速度相同。
[2]由图甲可知，木板表面最光滑，小球受到的阻力最小，所以小球在木板表面上运动时，速度改变得最慢。
[3]通过本实验可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将以恒定不变的速度永远运动下去，即做匀速直线运动。
（3）小明要模拟汽车超速带来的安全隐患，应控制小球的质量相同，改变小球的初始速度（从不同高度释放）。但他实验中mA>mB，即小球的质量不同，没有控制小球的质量相同，所以实验不正确。
23．用U形管压强计探究影响液体内部压强因素。
（1）对于图甲所示压强计出现的问题，应___________（选填序号）；
A．将U形管中的液体倒出一部分
B．更换U形管中液体
C．检查压强计的气密性
（2）实验中，通过比较U形管左右两液面的　 　比较液体压强的大小；下面实验，与此研究方法不相同的是　 　；
A.在同一高度释放不同质量的物体，探究重力势能与质量的关系
B.用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小
C.用海绵的形变程度，探究压力的作用效果与受力面积的关系
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，可得出结论：　 　；
（4）探究液体压强与液体密度的关系时，小明认为两烧杯中的液面必须相平。他的观点　 　（选填“正确”或“不正确”），理由是　 　；
（5）小明利用如图所示装置测量盐水的密度。把探头浸入水中后在U形管上做标记A，用刻度尺测出探头在水中深度为；取出探头浸入盐水中，观察U形管液面达到A处时，测出探头在盐水中深度为，盐水的密度　 　（用、、表示）。
【答案】（1）C
（2）高度差；A
（3）在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等
（4）不正确；只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可
（5）
【知识点】密度公式及其应用；液体压强的特点；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）如图甲所示探头深入液体中，此时U形管左右两液面没有出现高度差，可能是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。若漏气则U形管形成连通器，这时将U形管中的液体倒出一部分或更换U形管中液体，U形管左右两液面仍没有高度差，综上分析知，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）用压强计测量液体内部压强，运用转换法，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小。
A．在同一高度释放不同质量的物体，控制高度相同，改变质量，故探究重力势能与质量的关系，应用控制变量法，故A符合题意；
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小，应用转换法，故B不符合题意；
C．用海绵的形变程度来反映压力效果，探究压力的作用效果与受力面积的关系应用转换法，故C不符合题意。
故答案为：高度差；A。
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，探头在同种液体内部的同一深度，探头的朝向不同，U形管内的液面高度差相同，即压强相等，故可得出结论：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
故答案为：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等
（4）探究液体压强与液体密度的关系时，应控制液体的深度相同时，只改变液体密度，故小明认为两烧杯中的液面必须相平，他的观点不正确，理由是只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可。
故答案为：不正确；只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可
（5）当液面的高度差相同时，盐水与水对橡皮膜的压强相等。即p盐水=p水，所以。由此可以求得盐水的密度。
故答案为：
【分析】(1) 图甲中 U 形管液面无高度差，说明装置漏气，需检查气密性；
(2) 液体压强通过 U 形管液面高度差反映（转换法），需区分转换法与控制变量法；
(3) 乙、丙、丁实验中，同种液体、同一深度、不同朝向，液面差相同，说明各方向压强相等；
(4) 探究压强与密度的关系时，只需控制橡皮膜深度相同，无需液面平齐；
(5) 两次实验液面高度差相同，压强相等，由p= ρgh列等式求解盐水密度。
（1）如图甲所示探头深入液体中，此时U形管左右两液面没有出现高度差，可能是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。若漏气则U形管形成连通器，这时将U形管中的液体倒出一部分或更换U形管中液体，U形管左右两液面仍没有高度差，综上分析知，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[1]用压强计测量液体内部压强，运用转换法，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小。
[2]A．在同一高度释放不同质量的物体，控制高度相同，改变质量，故探究重力势能与质量的关系，应用控制变量法，故A符合题意；
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小，应用转换法，故B不符合题意；
C．用海绵的形变程度来反映压力效果，探究压力的作用效果与受力面积的关系应用转换法，故C不符合题意。
故选A。
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，探头在同种液体内部的同一深度，探头的朝向不同，U形管内的液面高度差相同，即压强相等，故可得出结论：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
（4）[1][2]探究液体压强与液体密度的关系时，应控制液体的深度相同时，只改变液体密度，故小明认为两烧杯中的液面必须相平，他的观点不正确，理由是只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可。
（5）当液面的高度差相同时，盐水与水对橡皮膜的压强相等。即p盐水=p水，所以ρ盐水gh2=ρ水gh1。由此可以求得盐水的密度。
24．在探究浮力的大小与哪些因素有关时：
（1）如图所示，把物体慢慢浸入液体中，弹簧测力计的示数变小，说明物体在液体中受到浮力且浮力的方向　 　；
（2）把物体分别浸入到盛有水和酒精的溢水杯中，采集到的实验数据如表一所示。分析实验序号为　 　的数据，可知：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；分析实验序号1、4（或2、5或3、6）可知：物体排开液体的体积相同时，浮力大小跟　 　有关；
表一
实验序号 液体的密度 物体排开液体的体积 物体的重力 测力计的示数 浮力
1 40 2 1.7 0.3
2 50 2 1.6 0.4
3 60 2 1.5 0.5
4 40 2 1.6 0.4
5 50 2 1.5 0.5
6 60 2 1.4 0.6
（3）小明还想探究浮力大小与物体的形状是否有关，请你简述实验方法（可自选一种器材）；　 　
（4）小明和小强交流时发现：在不同液体中，即使排开液体的体积不同，物体也能受到一样大的浮力。他们根据测量数据，又计算出物体排开液体的重力，与物体受到的浮力大小进行比较，如表二所示。对比数据可知：物体所受的浮力大小跟　 　相等；
表二
实验序号 1 2 3 4
物体排开液体的重力 0.3 0.4 0.48 0.62
浮力 0.3 0.4 0.5 0.6
（5）小刚指出，表二中3、4两次数据与上述结论并不相符。他与小明、小强讨论后认为：这是由于实验误差引起的，不影响结论的正确性。表三是小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，可能的原因是　 　。
表三
实验序号 1 2 3 4
物体排开液体的重力 0.28 0.4 0.48 0.6
浮力 0.3 0.42 0.5 0.62
【答案】（1）竖直向上
（2）1、2、3；液体密度
（3）用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）物体排开液体的重力
（5）溢水杯中事先没有装满水
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）把物体慢慢浸入液体中时，弹簧测力计的示数变小，即拉力变小，说明该物体在液体中受到向上托的力，即竖直向上的浮力作用。
故答案为：竖直向上
（2）在探究浮力的大小与排开液体的体积关系时，应控制液体的密度不变，改变排开液体的体积，所以，分析实验序号为1、2、3或4、5、6的实验数据，可以得出的实验结论是：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
对比实验序号1、4 （或2、5或3、6数据），排开液体的体积保持不变，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，即浮力不同，水的密度比酒精大，在水中弹簧测力计示数较小，即浮力较大，所以得出：在排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大，即浮力大小跟液体密度有关。
故答案为：1、2、3；液体密度
（3）想探究浮力大小与物体形状是否有关，需要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体的形状。方法：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
故答案为：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）纵向比较表二中物体排开液体的重力与浮力的大小，得出的结论是：物体所受的浮力大小跟物体排开液体的重力相等。
故答案为：物体排开液体的重力
（5）小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，说明这不是误差引起的，可能的原因是浮力测大了，或排开液体的重力测小了，如测量物体浸在液体中的拉力时，物体碰到杯底，使拉力偏小，浮力偏大，或者溢水杯中事先没有装满水，排出液体少了，使测得的G排偏小。
故答案为：溢水杯中事先没有装满水
【分析】(1) 物体浸入液体时弹簧测力计示数变小，说明受到向上的浮力，浮力方向竖直向上；
(2) 探究浮力与排开液体体积的关系，需控制液体密度不变，分析实验 1、2、3；探究浮力与液体密度的关系，需控制排开体积不变，分析 1、4 或 2、5 或 3、6；
(3) 探究浮力与物体形状的关系，需控制液体密度、排开体积不变，改变物体形状，可采用橡皮泥实验；
(4) 对比浮力与排开液体的重力，得出阿基米德原理；
(5) 浮力大于排开液体重力，说明排开液体重力测量偏小，可能是溢水杯未装满水。
（1）把物体慢慢浸入液体中时，弹簧测力计的示数变小，即拉力变小，说明该物体在液体中受到向上托的力，即竖直向上的浮力作用。
（2）[1]在探究浮力的大小与排开液体的体积关系时，应控制液体的密度不变，改变排开液体的体积，所以，分析实验序号为1、2、3或4、5、6的实验数据，可以得出的实验结论是：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
[2]对比实验序号1、4 （或2、5或3、6数据），排开液体的体积保持不变，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，即浮力不同，水的密度比酒精大，在水中弹簧测力计示数较小，即浮力较大，所以得出：在排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大，即浮力大小跟液体密度有关。
（3）想探究浮力大小与物体形状是否有关，需要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体的形状。方法：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）纵向比较表二中物体排开液体的重力与浮力的大小，得出的结论是：物体所受的浮力大小跟物体排开液体的重力相等。
（5）小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，说明这不是误差引起的，可能的原因是浮力测大了，或排开液体的重力测小了，如测量物体浸在液体中的拉力时，物体碰到杯底，使拉力偏小，浮力偏大，或者溢水杯中事先没有装满水，排出液体少了，使测得的G排偏小。
25．图甲是某人分别用两种方式挑着同一物体行走时的情景。小明看后思考：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂之间有什么关系？他通过实验来研究。
（1）实验前，杠杆处于如图乙所示的状态，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）端调节，这样做是为了　 　。
（2）实验时，保持动力臂和阻力不变。将重物悬挂在杠杆右侧，将弹簧测力计悬挂在左侧并竖直向下拉杠杆，使其重新在水平位置平衡，如图丙所示。将阻力臂和动力记录下来。接着，需移动　 　（选填“弹簧测力计”或者“重物”）的位置，多次重复前面的实验，并把相应的数据记录下来。
（3）实验数据如下表所示。分析表中数据，可以得出结论：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成　 　。因此，图甲中左边人手施加的动力　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）右边人手施加的动力。
探究：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂之间的关系
实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1 0.5 0.2 1 0.1
2 1 0.2 1 0.2
3 1.5 0.2 1 0.3
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，仍保持杠杆水平平衡，与竖直拉动相比，弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）如图戊所示，以刻度尺的中点为支点，将两个质量不同的玩具小车放到刻度尺上，并调节小车的位置使刻度尺在水平位置平衡，可知　 　侧小车的质量较大。若将两小车向支点移动相同的距离，刻度尺会　 　（选填“保持平衡”“左端下降”或“右端下降”）。
【答案】（1）是；右；便于测量力臂大小
（2）重物
（3）正比；小于
（4）变大
（5）左；右端下降
【知识点】杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动时就处于平衡状态，图乙中杠杆静止，所以处于平衡状态。
杠杆右端上翘，说明杠杆的左端较沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
当杠杆在水平位置平衡时，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
故答案为：是；右；便于测量力臂大小
（2）实验时要探究动力与阻力臂的关系，保持动力臂l1 和阻力F2 不变，应移动重物的位置来改变阻力臂l2 ，多次重复实验。
故答案为：重物
（3）由表中数据，计算动力与阻力臂的比值，如 0.5N/0.1m=5N/m ， 1N/0.2m=5N/m ， 1.5N/0.3m=5N/m ，可发现动力与阻力臂的比值不变，即杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成正比。
图甲中左边的阻力臂小，根据杠杆平衡条件，阻力和动力臂一定时，阻力臂越小，动力越小，所以左边人手施加的动力小于右边人手施加的动力。
故答案为：正比；小于
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，此时动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，要保持杠杆水平平衡，动力F1 应变大，即弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：变大
（5）根据杠杆平衡条件，左边力臂小，右边力臂大，要使杠杆平衡，左边的力大，即左侧小车的重力较大，质量较大。
若将两小车向支点移动相同的距离，左边力与力臂的乘积减小的多，右边力与力臂的乘积减小的少，所以杠杆右端下降。
故答案为：左；右端下降
【分析】(1) 杠杆静止时处于平衡状态；图乙中杠杆右端上翘，平衡螺母应向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于直接测量力臂；
(2) 探究动力与阻力臂的关系时，保持动力臂和阻力不变，应移动重物的位置改变阻力臂；
(3) 由实验数据可知，阻力和动力臂一定时，动力与阻力臂成正比；图甲中左边阻力臂更小，因此动力更小；
(4) 斜向下拉弹簧测力计时，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，动力变大；
(5) 由杠杆平衡条件，左侧力臂短，故左侧小车质量大；两小车向支点移动相同距离后，右侧力与力臂的乘积更大，杠杆右端下降。
（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动时就处于平衡状态，图乙中杠杆静止，所以处于平衡状态。
[2]杠杆右端上翘，说明杠杆的左端较沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
[3]当杠杆在水平位置平衡时，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
（2）实验时要探究动力与阻力臂的关系，保持动力臂l1 和阻力F2 不变，应移动重物的位置来改变阻力臂l2 ，多次重复实验。
（3）[1]由表中数据，计算动力与阻力臂的比值，如 0.5N/0.1m=5N/m ， 1N/0.2m=5N/m ， 1.5N/0.3m=5N/m ，可发现动力与阻力臂的比值不变，即杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成正比。
[2]图甲中左边的阻力臂小，根据杠杆平衡条件，阻力和动力臂一定时，阻力臂越小，动力越小，所以左边人手施加的动力小于右边人手施加的动力。
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，此时动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件F1 l1 =F2 l2 ，要保持杠杆水平平衡，动力F1 应变大，即弹簧测力计的示数将变大。
（5）[1]根据杠杆平衡条件F1 l1 =F2 l2 ，左边力臂小，右边力臂大，要使杠杆平衡，左边的力大，即左侧小车的重力较大，质量较大。
[2]若将两小车向支点移动相同的距离，左边力与力臂的乘积减小的多，右边力与力臂的乘积减小的少，所以杠杆右端下降。
26．2025年2月28日，大型水陆两栖飞机AG600鲲龙圆满完成取证前全部试飞科目。鲲龙水陆两栖飞机的最大起飞质量为，正常的巡航速度为。在某次测试中，该飞机在水面上以的速度沿直线匀速运动，水平动力的功率为。取，求该飞机：
（1）在水面上匀速行驶10s水平动力所做的功。
（2）以最大起飞质量漂浮在水面上时所受的浮力。
【答案】（1）解：飞机在水面上匀速行驶10s，水平动力所做的功
（2）解：飞机漂浮在水面时受到的浮力
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 已知水平动力的功率和时间，利用公式 W=Pt 直接计算功；
(2) 飞机漂浮在水面上时，浮力等于重力，先根据 G=mg计算重力，再得到浮力。
（1）飞机在水面上匀速行驶10s，水平动力所做的功
（2）飞机漂浮在水面时受到的浮力
27．物流机器人的出现，极大地提高了生产效率，助力了临沂物流的产业升级。如图所示机器人的质量为，它与地面的有效接触面积为。在平直道路上匀速行驶用时，受到的阻力为，g取，求该机器人：
（1）静止在水平地面上时对地面的压强；
（2）沿直线匀速行驶牵引力所做的功和功率。
【答案】（1）解：机器人对地面的压力
机器人对地面的压强
（2）解：机器人做匀速直线运动，所以机器人在行驶过程中的牵引力
牵引力做的功
机器人在沿直线匀速行驶中牵引力做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 静止时，机器人对地面的压力等于其重力，再用压强公式 计算压强；
(2) 匀速行驶时，牵引力与阻力大小相等，先由 计算功，再用 计算功率。
（1）机器人对地面的压力
机器人对地面的压强
（2）机器人做匀速直线运动，所以机器人在行驶过程中的牵引力
牵引力做的功
机器人在沿直线匀速行驶中牵引力做功的功率
28．如图甲所示的桔槔俗称“吊杆”，是一种原始的汲水工具。桔槔横长杆的中间由竖木支撑或悬吊起来，相当于支点。横杆的一端用绳子与汲器（提水的容器）相连，另一端绑上或悬挂一块重石头（配重）。当要提水时，人用力向下拉绳子使汲器下降到水面以下并让水流入汲器，与此同时另一端石头的位置则上升。当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升。这种提水工具，是中国古代社会的一种重要灌溉机械。在我国南方一些地区，至今仍然保留了用桔槔汲水的做法。
（1）人用力向下拉绳子时，桔槔相当于一个　 　杠杆。
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，受到的浮力　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，它的机械能变　 　。
（4）桔槔的简化模型如图乙所示，为支点，长，长。若空水桶重，石头重200N，水桶最大装水量为，不计横杆和细绳的重力。人用这个桔槔沿竖直方向提起一满桶水，并使杠杆保持水平位置平衡时，人施加的力为　 　N。
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，应　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）桔槔的配重。
【答案】（1）省力
（2）不变
（3）大
（4）80
（5）增大
【知识点】机械能及其转化；阿基米德原理；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）人用力向下拉绳子，动力臂为OA，阻力臂为OB，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，桔槔相当于一个省力杠杆。
故答案为：省力
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，排开液体体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，受到的浮力不变。
故答案为：不变
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，质量保持不变，高度增大，重力势能增大，速度不变，动能不变，因此它的机械能变大。
故答案为：大
（4）当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升，因此要使桔槔保持水平位置平衡，人需用力向下拉绳子，根据杠杆平衡条件
可得
故答案为：80
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，根据杠杆平衡条件
应增大F2，即增大桔槔的配重。
故答案为：增大
【分析】(1) 桔槔的动力臂 OA 大于阻力臂 OB，属于省力杠杆；
(2) 汲器露出水面前，排开液体体积不变，根据阿基米德原理，浮力不变；
(3) 汲器匀速上升时，动能不变、重力势能增大，机械能增大；
(4) 利用杠杆平衡条件计算人施加的力；
(5) 为提升更大水桶，需增大阻力（配重），使杠杆平衡。
（1）人用力向下拉绳子，动力臂为OA，阻力臂为OB，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，桔槔相当于一个省力杠杆。
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，排开液体体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，受到的浮力不变。
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，质量保持不变，高度增大，重力势能增大，速度不变，动能不变，因此它的机械能变大。
（4）当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升，因此要使桔槔保持水平位置平衡，人需用力向下拉绳子，根据杠杆平衡条件
可得
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，根据杠杆平衡条件
应增大F2，即增大桔槔的配重。
1 / 1山东省临沂市河东区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
1．下列微观粒子中，尺度最小的是（　　）
A．原子 B．原子核 C．电子 D．分子
2．下图所示的四个实例，为了增大压强的是（　　）
A．吸管斜口 B．铁轨枕木
C．载重车轮 D．宽大滑板
3．下图所示的情景，人对物体做功的是（　　）
A．推着车前行
B．举着杠铃不动
C．背着书包匀速步行
D．脱手后的冰壶
4．2025年5月31日，临沂第14届沂河锦绣兰山龙舟赛在沂河举办，运动员划桨时的船桨是一个杠杆。下列生活用具，与船桨属于同一类杠杆的是（　　）
A．羊角锤 B．镊子
C．起瓶器 D．钢丝钳
5．做家务劳动时，小明用的水平推力推重的冰箱，但没推动。此过程中，冰箱受到的摩擦力（　　）
A．大于 B．大于 C．等于 D．等于
6．一辆轿车在水平平直公路上高速行驶，如图所示( )
A．轿车上表面空气流速小、压强大
B．轿车上表面空气流速大、压强小
C．轿车对地面的压力等于重力
D．轿车对地面的压力大于重力
7．下图是《天工开物》中记载的“湿田击稻”场景：人挥动稻秆撞击木板，稻粒就脱离稻秆落到地面。这是因为稻粒（　　）
A．具有惯性 B．受到惯性力 C．受到重力 D．惯性增大
8．2025年4月24日，神舟二十号飞船在酒泉卫星发射中心发射成功。发射过程中，随火箭加速上升的飞船（　　）
A．动能不变，重力势能增大 B．动能增大，机械能不变
C．重力势能转化为动能 D．动能增大，机械能增大
9．2025年4月，中国人民解放军东部战区组织陆海空火等兵力开展联合演训。当战斗机从航空母舰上起飞后，舰体（　　）
A．略上浮，所受浮力变小 B．略上浮，所受浮力不变
C．略下沉，所受浮力不变 D．略下沉，所受浮力变大
10．如图所示，将系在细线下的小球推至点后由静止释放，小球将在两点间往复摆动。若小球摆至点时，细线突然断裂，小球（　　）
A．所受合力为零 B．匀速直线运动
C．竖直下落 D．斜向右上方飞出
11．一个普通中学生双脚站立在水平地面上，他对水平地面的压强接近于（　　）
A．103Pa B．104Pa C．105Pa D．106Pa
12．如图所示，质量不同的甲、乙、丙三个物体在相等的拉力作用下，分别通过了相等的距离，在三种情况下拉力所做的功（　　）
A．甲最大 B．乙最大 C．丙最大 D．一样大
13．如图所示，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，在隔板两侧分别装入两种不同的液体，不能比较出左右两侧液体密度大小关系的是（　　）
A． B．
C． D．
14．如图所示，用动滑轮把重的物体，在内匀速提升了，作用在绳子自由端的拉力为，方向竖直向上。这一过程中（　　）
A．绳子自由端的速度为 B．所做有用功为
C．拉力的功率为 D．动滑轮的机械效率为
15．如图所示容器隔板的两边分别装有淡水和盐水（ρ淡水<ρ盐水），甲、乙实心球体积相同，甲、乙所受的重力和排开液体所受的重力如表，则两球静止在液体中时的情形可能是（　　）
实心球 实心球所受的重力/N 排开液体所受的重力/N
甲 7 5
乙 5 5
A． B．
C． D．
16．2024年11月12日的珠海上空，万众期待的歼-35A战机正式亮相（如图），这也意味着中国成为全球第二个同时装备两款隐身战机的国家。歼-35A起飞时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速　 　（选填“大于”或“小于”）机翼下方空气流速。展演过程中，歼-35A向后喷出高温马赫环加速运动，说明物体间力的作用是　 　。
17．某游轮过三峡船闸时，吃水深度为，其底部受到水的压强为　 　（取）；三峡船闸利用了　 　原理。
18．2025年5月25日，孙颖莎在多哈世乒赛女单决赛中卫冕冠军。她用球拍击打乒乓球时，乒乓球受到的弹力是由于　 　（选填“球拍”或“乒乓球”）的弹性形变而产生的。乒乓球离开球拍后仍能向前运动是因为乒乓球具有　 　；在空中运动到最高点的乒乓球处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态。
19．在跨学科实践活动中，小明将铅笔的下端粘上橡皮泥制成一个简易密度计。该密度计在甲、乙两种液体中静止时，两烧杯液面相平，如图所示。则该密度计在甲液体中所受浮力　 　在乙液体中所受浮力；甲液体对烧杯底部的压强　 　乙液体对烧杯底部的压强（均选填“大于”“小于”或“等于”）。
20．下图所示的警用弓弩，弓两端的滑轮组可将弩弦拴绕在弓上。弓弩中滑轮组的作用是　 　（选填“省力”“省距离”或“提高机械效率”）。用弩将箭水平射出时，弩弦的　 　能转化为箭的动能。
21．周末，小明为家人准备丰盛的晚餐。
（1）使用如图甲所示的工具压饺子皮时，该工具是一个杠杆，其简化示意图如图乙所示，为支点，是压杆上点在下压时受到的阻力。请在图乙中画出阻力臂和作用在杠杆点的最小动力；
（2）洗菜时，体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，则土豆受到的浮力　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）西红柿受到的浮力。
22．骑车上学的小明发现，不踩脚踏板，运动中的自行车也能继续向前滑行一段距离。在不同的路面上多次尝试后，他提出猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度以及开始滑行时的初始速度有关。为探究其中的奥秘，他设计了如图甲所示的探究实验：在水平桌面上搭成一个斜面，用小球代替自行车做实验，用毛巾、棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系：应先后三次将小球从斜面的　 　（选填“同一”或“不同”）高度处释放，比较小球在　 　（选填“同一”或“不同”）粗糙面上滚动的路程。
（2）为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系：先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是　 　。三次实验结果如图所示，则小球在　 　表面上运动时，速度改变得最慢。通过本实验还可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将　 　。
（3）为了模拟汽车超速带来的安全隐患，小明将、两个小球先后从同一斜面的不同高度处滚下，分别推动同一木块运动一段距离，如图乙所示。同组的小红认为他的实验不正确，理由是　 　。
23．用U形管压强计探究影响液体内部压强因素。
（1）对于图甲所示压强计出现的问题，应___________（选填序号）；
A．将U形管中的液体倒出一部分
B．更换U形管中液体
C．检查压强计的气密性
（2）实验中，通过比较U形管左右两液面的　 　比较液体压强的大小；下面实验，与此研究方法不相同的是　 　；
A.在同一高度释放不同质量的物体，探究重力势能与质量的关系
B.用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小
C.用海绵的形变程度，探究压力的作用效果与受力面积的关系
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，可得出结论：　 　；
（4）探究液体压强与液体密度的关系时，小明认为两烧杯中的液面必须相平。他的观点　 　（选填“正确”或“不正确”），理由是　 　；
（5）小明利用如图所示装置测量盐水的密度。把探头浸入水中后在U形管上做标记A，用刻度尺测出探头在水中深度为；取出探头浸入盐水中，观察U形管液面达到A处时，测出探头在盐水中深度为，盐水的密度　 　（用、、表示）。
24．在探究浮力的大小与哪些因素有关时：
（1）如图所示，把物体慢慢浸入液体中，弹簧测力计的示数变小，说明物体在液体中受到浮力且浮力的方向　 　；
（2）把物体分别浸入到盛有水和酒精的溢水杯中，采集到的实验数据如表一所示。分析实验序号为　 　的数据，可知：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；分析实验序号1、4（或2、5或3、6）可知：物体排开液体的体积相同时，浮力大小跟　 　有关；
表一
实验序号 液体的密度 物体排开液体的体积 物体的重力 测力计的示数 浮力
1 40 2 1.7 0.3
2 50 2 1.6 0.4
3 60 2 1.5 0.5
4 40 2 1.6 0.4
5 50 2 1.5 0.5
6 60 2 1.4 0.6
（3）小明还想探究浮力大小与物体的形状是否有关，请你简述实验方法（可自选一种器材）；　 　
（4）小明和小强交流时发现：在不同液体中，即使排开液体的体积不同，物体也能受到一样大的浮力。他们根据测量数据，又计算出物体排开液体的重力，与物体受到的浮力大小进行比较，如表二所示。对比数据可知：物体所受的浮力大小跟　 　相等；
表二
实验序号 1 2 3 4
物体排开液体的重力 0.3 0.4 0.48 0.62
浮力 0.3 0.4 0.5 0.6
（5）小刚指出，表二中3、4两次数据与上述结论并不相符。他与小明、小强讨论后认为：这是由于实验误差引起的，不影响结论的正确性。表三是小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，可能的原因是　 　。
表三
实验序号 1 2 3 4
物体排开液体的重力 0.28 0.4 0.48 0.6
浮力 0.3 0.42 0.5 0.62
25．图甲是某人分别用两种方式挑着同一物体行走时的情景。小明看后思考：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂之间有什么关系？他通过实验来研究。
（1）实验前，杠杆处于如图乙所示的状态，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）端调节，这样做是为了　 　。
（2）实验时，保持动力臂和阻力不变。将重物悬挂在杠杆右侧，将弹簧测力计悬挂在左侧并竖直向下拉杠杆，使其重新在水平位置平衡，如图丙所示。将阻力臂和动力记录下来。接着，需移动　 　（选填“弹簧测力计”或者“重物”）的位置，多次重复前面的实验，并把相应的数据记录下来。
（3）实验数据如下表所示。分析表中数据，可以得出结论：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成　 　。因此，图甲中左边人手施加的动力　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）右边人手施加的动力。
探究：杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂之间的关系
实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1 0.5 0.2 1 0.1
2 1 0.2 1 0.2
3 1.5 0.2 1 0.3
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，仍保持杠杆水平平衡，与竖直拉动相比，弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）如图戊所示，以刻度尺的中点为支点，将两个质量不同的玩具小车放到刻度尺上，并调节小车的位置使刻度尺在水平位置平衡，可知　 　侧小车的质量较大。若将两小车向支点移动相同的距离，刻度尺会　 　（选填“保持平衡”“左端下降”或“右端下降”）。
26．2025年2月28日，大型水陆两栖飞机AG600鲲龙圆满完成取证前全部试飞科目。鲲龙水陆两栖飞机的最大起飞质量为，正常的巡航速度为。在某次测试中，该飞机在水面上以的速度沿直线匀速运动，水平动力的功率为。取，求该飞机：
（1）在水面上匀速行驶10s水平动力所做的功。
（2）以最大起飞质量漂浮在水面上时所受的浮力。
27．物流机器人的出现，极大地提高了生产效率，助力了临沂物流的产业升级。如图所示机器人的质量为，它与地面的有效接触面积为。在平直道路上匀速行驶用时，受到的阻力为，g取，求该机器人：
（1）静止在水平地面上时对地面的压强；
（2）沿直线匀速行驶牵引力所做的功和功率。
28．如图甲所示的桔槔俗称“吊杆”，是一种原始的汲水工具。桔槔横长杆的中间由竖木支撑或悬吊起来，相当于支点。横杆的一端用绳子与汲器（提水的容器）相连，另一端绑上或悬挂一块重石头（配重）。当要提水时，人用力向下拉绳子使汲器下降到水面以下并让水流入汲器，与此同时另一端石头的位置则上升。当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升。这种提水工具，是中国古代社会的一种重要灌溉机械。在我国南方一些地区，至今仍然保留了用桔槔汲水的做法。
（1）人用力向下拉绳子时，桔槔相当于一个　 　杠杆。
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，受到的浮力　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，它的机械能变　 　。
（4）桔槔的简化模型如图乙所示，为支点，长，长。若空水桶重，石头重200N，水桶最大装水量为，不计横杆和细绳的重力。人用这个桔槔沿竖直方向提起一满桶水，并使杠杆保持水平位置平衡时，人施加的力为　 　N。
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，应　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）桔槔的配重。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】原子结构
【解析】【解答】微粒从大到小排序为：分子＞原子＞原子核＞电子，电子是四项里尺度最小的粒子，故 C 正确；
故答案为：C。
【分析】考查微粒从大到小排序；牢记分子、原子、原子核、电子的常规尺寸顺序；
2．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A：吸管斜口通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B：铁轨枕木通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C：载重车轮通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D：宽大滑板通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故答案为：A。
【分析】A：压强公式为 ，当压力一定时，减小受力面积可以增大压强，吸管斜口设计通过减小接触面积，增大了对物体的压强，方便插入。
B：铁轨枕木通过增大与地面的接触面积，在压力不变时减小了对地面的压强，防止铁轨下陷。
C：载重车轮通过增多车轮、增大接触面积，减小了车辆对路面的压强，保护路面不受损坏。
D：宽大滑板通过增大与雪地的接触面积，减小了人对雪地的压强，避免陷入雪中。
3．【答案】A
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A：推着车在水平地面上行，人对车施加了向前的作用力，车在力的方向上移动了一段距离，力对车做了功，故A正确；
B：举着杠铃原地不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃静止，没有在力的方向上移动一段距离，力对杠铃没有做功，故B错误；
C：背着书包匀速步行，人给书包一个向上的力，书包在水平方向移动，没有在力的方向上移动一段距离，力对书包没有做功，故C错误；
D：脱手后的冰壶，不再受到人的推力作用，人对冰壶没有做功，故D错误。
故答案为：A。
【分析】判断人对物体是否做功，需同时满足两个条件：① 对物体施加了力；② 物体在力的方向上移动了一段距离。
A：推力和沿推力方向的位移同时存在，因此人对物体做了功；
B：杠铃静止，没有在力的方向上移动距离，因此不做功；
C：书包的移动方向与受力方向垂直，没有在力的方向上移动距离，因此不做功；
D：冰壶脱手后不受人的推力，因此人不做功。
4．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】船桨在使用过程中，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，
A：羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B：镊子在使用时，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，与船桨是同一类杠杆，故B正确；
C：起瓶器在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D：钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D错误。
故答案为：B。
【分析】省力杠杆：动力臂 > 阻力臂（如羊角锤、起瓶器、钢丝钳），省力但费距离；
费力杠杆：动力臂 < 阻力臂（如船桨、镊子），费力但省距离；
等臂杠杆：动力臂 = 阻力臂（如天平），不省力也不费力。
5．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】小明用的水平推力推重的冰箱，但没有推动，即此时冰箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等，所以摩擦力是100N，故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查二力平衡条件的实际应用，冰箱在水平方向受到推力和静摩擦力，由于冰箱保持静止（平衡状态），因此这两个力属于一对平衡力，满足大小相等、方向相反的条件，与冰箱的重力大小无关。
6．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，汽车在水平平直公路上高速行驶，轿车的上方凸起，导致上方空气流速大于下方空气流速，即轿车上表面空气流速大，压强小，产生压力差竖直向上，使轿车对地面的压力小于重力。
故答案为：B．
【分析】本题考查流体压强与流速关系的实际应用，轿车行驶时，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，形成向上的压力差，从而减小了轿车对地面的压力。
7．【答案】A
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A：人挥动稻秆撞击木板时，稻秆受撞击停止运动，而稻粒由于惯性保持原来的运动状态继续向前运动，从而脱离稻秆落到地面，故A正确；B：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力，不能用 “惯性力” 来描述，故B错误；
C：稻秆未撞击木板时，稻粒同样受到重力，但并未脱离稻秆，因此重力不是稻粒脱离的原因，故C错误；
D：惯性的大小仅与物体的质量有关，稻粒的质量不变，其惯性大小也不变，故D错误。
故答案为：A。
【分析】A：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，撞击时稻秆突然停止，而稻粒因惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，因此脱离稻秆；
B：惯性是物体的固有属性，不是一种力，不能表述为 “受到惯性力”；
C：重力始终存在，无论是否撞击木板，稻粒都受重力，但只有撞击时才会脱离，因此重力不是脱离的直接原因；
D：惯性大小只与物体的质量有关，稻粒的质量不变，其惯性大小也不会改变。
8．【答案】D
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】随火箭加速上升的飞船，质量保持不变，速度不断增大，因此动能增大；同时飞船的高度持续升高，重力势能也随之增大，而机械能是动能与重力势能的总和，所以飞船的机械能增大，故ABC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】本题考查动能、重力势能与机械能的变化规律，飞船加速上升时，质量不变，速度增大使动能增大，高度增大使重力势能增大，两者同时增大，因此机械能总量增大，并非单一能量间的转化。
9．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】舰体始终漂浮在水面上，故浮力始终等于舰的总重，当战斗机从航空母舰上起飞后，舰体所受的重力变小，故舰体所受的浮力变小，根据可知，排开液体的体积变小，故舰体略上浮，故A正确；BCD错误。
故答案为：A。
【分析】本题考查漂浮条件与阿基米德原理的综合应用。航母漂浮时浮力等于总重力，战机起飞后总重力减小，浮力随之减小；再由阿基米德原理可知，浮力减小会导致排开液体的体积减小，舰体因此会上浮。
10．【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用
【解析】【解答】当小球摆至 C 点时，小球的瞬时速度为零，此时若细线突然断裂，小球将不再受拉力作用，只受重力影响，会沿竖直方向下落。因此选项 A（所受合力为零）、B（匀速直线运动）、D（斜向右上方飞出），故ABD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查力与运动的关系。小球摆至 C 点时处于摆动的最高点，此时速度为零；细线断裂后，小球仅受重力作用，在重力的作用下会竖直向下运动，不会保持匀速直线运动或斜向飞出，也不存在合力为零的情况。
11．【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】中学生的体重约为500N，双脚站立时与水平地面的接触面积约为0.05m2，双脚对水平地面的压强
故答案为：C。
【分析】根据压力和受力面积的比值计算压强的大小。
12．【答案】D
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】三个物体在大小相等的拉力作用下，沿力的方向移动了相同的距离。根据功的计算公式，拉力和距离均相同，因此三种情况下拉力做的功相等，与物体的质量无关，故选项A、B、C不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】本题考查功的计算。功的大小只与力的大小和物体在力的方向上移动的距离有关，公式为。本题中拉力相等、移动距离相等，因此拉力所做的功一样大，与物体质量、运动路径无关。
13．【答案】A
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】A：左侧液面低但橡皮膜向左凸起，说明右侧液体压强更大；由于右侧液面更高，无法确定是液面高度大，还是密度大导致压强大，故无法比较密度大小，故A符合题意；
B：左侧液面低且橡皮膜向右凸起，说明左侧液体压强更大；由于左侧液面更低，却能产生更大压强，可确定左侧液体密度更大，故B不符合题意；
C：液面相平但橡皮膜向右凸起，说明左侧液体压强更大。根据，在相同深度下，左侧压强大，则密度必然更大，故C不符合题意；
D：左侧液面低但橡皮膜平整，说明两侧压强相等。根据液体压强公式，较低液面能产生相同压强，说明左侧液体密度更大，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】液体压强公式为 ，压强由液体密度和深度共同决定。
A：右侧压强大，同时液面更高，无法区分压强增大是因为深度更大还是密度更大，因此无法比较密度；
B：左侧压强大，同时液面更低（深度更小），说明密度一定更大；
C：深度相同，左侧压强大，说明密度一定更大；
D：压强相同，左侧深度更小，说明密度一定更大。
14．【答案】D
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A：由图可知，承担物重的绳子段数。物体上升高度，绳子自由端移动距离，绳子自由端移动速度，故A不符合题意；
B：有用功，故B不符合题意；
C：拉力做的总功，拉力的功率，故C不符合题意；
D：该动滑轮的机械效率，故D符合题意。
故答案为：D。
【分析】A：动滑轮绳子段数，绳子自由端移动距离是物体上升高度的2倍，再根据计算速度。
B：有用功是克服物体重力做的功，公式为。
C：总功是拉力做的功，公式为；功率公式为。
D：机械效率是有用功与总功的比值，公式为。
15．【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由阿基米德原理：
甲：，，，甲下沉、浸没；
乙：，，，乙漂浮或悬浮；
两球体积相等：，甲完全浸没则，乙；
又，相同时，液体密度越大越小，因此乙在盐水中，甲在淡水中下沉浸没。
A、乙浸没在盐水，，与乙漂浮/悬浮、矛盾，A错误；
B、甲在淡水全浸没下沉，乙在盐水漂浮，满足全部条件，B正确；
C、甲在淡水漂浮，，与矛盾，C错误；
D、乙一部分浸入盐水但未漂浮，但排布不合理，D错误；
故答案：B；
【分析】本题考查阿基米德原理、物体浮沉条件、浮力公式、液体密度对排液体积的影响；先依据确定浮力大小，对比重力判断两球浮沉状态，锁定甲完全浸没、乙漂浮或悬浮；再结合两球体积相等与，根据浮力不变时液体密度越大排开体积越小，确定乙处在盐水侧、甲处在淡水侧，结合浸入体积筛选对应图示。
16．【答案】大于；相互的
【知识点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】歼-35A 起飞时，机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方压强，从而产生向上的升力；
歼-35A向后喷出高温气体时，气体对战机施加向前的反作用力，使战机加速运动，说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：大于；相互的
【分析】(1) 根据流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。战机机翼上凸下平的结构，会使空气流经上方时流速更快，从而形成上下的压强差，产生升力；
(2) 物体间力的作用是相互的：当一个物体对另一个物体施加力时，也会受到对方施加的反作用力，喷气式战机正是利用这一原理获得向前的推力。
17．【答案】；连通器
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】根据液体压强公式可得
船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以三峡船闸利用了连通器原理。
故答案为：；连通器
【分析】(1) 液体压强的计算公式为 ，已知水的密度 ，，吃水深度 ，代入公式即可求出底部受到的水的压强；
(2) 连通器的定义是“上端开口、底部相连通的容器，当内部装有同种液体且液体不流动时，各容器液面保持相平”，三峡船闸正是利用这一原理，通过闸门控制闸室与上下游的连通，实现船只的顺利通行。
18．【答案】球拍；惯性；非平衡
【知识点】弹力；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】用球拍击打乒乓球时，球拍发生弹性形变，从而对乒乓球产生弹力，因此乒乓球受到的弹力是由于球拍的弹性形变而产生的；
乒乓球离开球拍后，不再受到球拍的作用力，但由于惯性，它仍要保持原来的运动状态，所以能继续向前运动；
乒乓球在空中运动到最高点时，只受到竖直向下的重力作用，受力不平衡，因此处于非平衡状态。
故答案为：球拍；惯性；非平衡
【分析】(1) 弹力是物体发生弹性形变时，对使它形变的物体产生的力，施力物体是发生形变的物体；
(2) 惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性；
(3) 物体处于平衡状态的条件是不受力或受平衡力（合力为零），若受力不平衡，则处于非平衡状态。
19．【答案】等于；小于
【知识点】压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】该密度计在甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件，浮力等于重力（），由于密度计重力不变，所以它在甲液体中所受浮力等于在乙液体中所受浮力；
由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积 大于在乙液体中排开液体的体积 。根据阿基米德原理 ，且 ，可得 。两烧杯液面相平，即液体深度 相同，根据液体压强公式 ，因为 ，所以甲液体对烧杯底部的压强小于乙液体对烧杯底部的压强。
故答案为：等于；小于。
【分析】(1) 漂浮物体所受浮力等于自身重力，密度计重力不变，因此在不同液体中所受浮力相等；
(2) 根据阿基米德原理 ，浮力相等时，排开液体体积越大，液体密度越小；再结合液体压强公式 ，在深度相同时，液体密度越小，对容器底部的压强越小。
20．【答案】省力；弹性势
【知识点】机械能及其转化；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】弓弩中的滑轮组作用是省力，这样能更轻松地将弩弦拴绕在弓上，为射箭提供足够的动力；用弩将箭水平射出时，弩弦的弹性势能转化为箭的动能，使箭获得速度射出。
故答案为：省力；弹性势
【分析】(1) 滑轮组的特点是可以省力，警用弓弩中使用滑轮组，目的是为了更轻松地将弩弦拴绕在弓上，因此作用是省力；
(2) 物体发生弹性形变时具有弹性势能，弩弦被拉开时发生弹性形变，储存了弹性势能，释放时弹性势能转化为箭的动能。
21．【答案】（1）
（2）大于
【知识点】阿基米德原理；力臂的画法
【解析】【解答】（1）反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度为阻力臂l2；由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
（2）体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，土豆排开水的体积较大，根据可知，土豆受到的浮力大于西红柿受到的浮力。
故答案为：大于
【分析】(1) 杠杆作图需明确阻力臂的画法，以及最小动力的判断方法：
阻力臂：从支点向阻力作用线作垂线，垂线段的长度即为阻力臂；
最小动力：根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，因此以支点到动力作用点的距离为动力臂时，动力最小，动力方向需与动力臂垂直。
(2) 浮力大小可根据阿基米德原理判断：浸在液体中的物体所受浮力等于排开液体的重力，即 ，在同种液体中，排开液体的体积越大，浮力越大。
（1）反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度为阻力臂l2；由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
（2）体积较大的土豆沉入水底，体积较小的西红柿浮于水面，土豆排开水的体积较大，根据F浮=ρ液gV排可知，土豆受到的浮力大于西红柿受到的浮力。
22．【答案】（1）不同；同一
（2）控制小球在水平面上滚动的初始速度相同；木板；匀速直线运动
（3）没有控制小球的质量相同
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系，应改变小球的初始速度，所以应先后三次将小球从斜面的不同高度处释放（高度不同，小球到达水平面时的初始速度不同）。
要探究初始速度对滚动距离的影响，需控制水平面的粗糙程度相同，所以比较小球在同一粗糙面上滚动的路程。
故答案为：不同；同一
（2）为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系，应控制小球到达水平面时的初始速度相同，所以先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是控制小球在水平面上滚动的初始速度相同。
由图甲可知，木板表面最光滑，小球受到的阻力最小，所以小球在木板表面上运动时，速度改变得最慢。
通过本实验可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将以恒定不变的速度永远运动下去，即做匀速直线运动。
故答案为：控制小球在水平面上滚动的初始速度相同；木板；匀速直线运动
（3）小明要模拟汽车超速带来的安全隐患，应控制小球的质量相同，改变小球的初始速度（从不同高度释放）。但他实验中mA>mB，即小球的质量不同，没有控制小球的质量相同，所以实验不正确。
故答案为：没有控制小球的质量相同
【分析】(1) 探究小球滚动距离与初始速度的关系时，需改变初始速度、控制接触面粗糙程度相同，采用控制变量法；
(2) 探究小球滚动距离与接触面粗糙程度的关系时，需控制初始速度相同、改变接触面粗糙程度，再通过实验推理得出牛顿第一定律；
(3) 模拟超速实验时，需控制小球质量相同、改变初始速度，小明的实验未控制质量相同，变量不唯一。
（1）[1]为了探究小球在水平面上滚动的距离与开始滚动时初始速度的关系，应改变小球的初始速度，所以应先后三次将小球从斜面的不同高度处释放（高度不同，小球到达水平面时的初始速度不同）。
[2]要探究初始速度对滚动距离的影响，需控制水平面的粗糙程度相同，所以比较小球在同一粗糙面上滚动的路程。
（2）[1]为探究小球滚动的距离与水平面粗糙程度的关系，应控制小球到达水平面时的初始速度相同，所以先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，目的是控制小球在水平面上滚动的初始速度相同。
[2]由图甲可知，木板表面最光滑，小球受到的阻力最小，所以小球在木板表面上运动时，速度改变得最慢。
[3]通过本实验可进一步推理：水平面上运动的物体，如果不受阻力作用，将以恒定不变的速度永远运动下去，即做匀速直线运动。
（3）小明要模拟汽车超速带来的安全隐患，应控制小球的质量相同，改变小球的初始速度（从不同高度释放）。但他实验中mA>mB，即小球的质量不同，没有控制小球的质量相同，所以实验不正确。
23．【答案】（1）C
（2）高度差；A
（3）在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等
（4）不正确；只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可
（5）
【知识点】密度公式及其应用；液体压强的特点；探究液体压强的特点实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）如图甲所示探头深入液体中，此时U形管左右两液面没有出现高度差，可能是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。若漏气则U形管形成连通器，这时将U形管中的液体倒出一部分或更换U形管中液体，U形管左右两液面仍没有高度差，综上分析知，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）用压强计测量液体内部压强，运用转换法，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小。
A．在同一高度释放不同质量的物体，控制高度相同，改变质量，故探究重力势能与质量的关系，应用控制变量法，故A符合题意；
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小，应用转换法，故B不符合题意；
C．用海绵的形变程度来反映压力效果，探究压力的作用效果与受力面积的关系应用转换法，故C不符合题意。
故答案为：高度差；A。
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，探头在同种液体内部的同一深度，探头的朝向不同，U形管内的液面高度差相同，即压强相等，故可得出结论：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
故答案为：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等
（4）探究液体压强与液体密度的关系时，应控制液体的深度相同时，只改变液体密度，故小明认为两烧杯中的液面必须相平，他的观点不正确，理由是只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可。
故答案为：不正确；只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可
（5）当液面的高度差相同时，盐水与水对橡皮膜的压强相等。即p盐水=p水，所以。由此可以求得盐水的密度。
故答案为：
【分析】(1) 图甲中 U 形管液面无高度差，说明装置漏气，需检查气密性；
(2) 液体压强通过 U 形管液面高度差反映（转换法），需区分转换法与控制变量法；
(3) 乙、丙、丁实验中，同种液体、同一深度、不同朝向，液面差相同，说明各方向压强相等；
(4) 探究压强与密度的关系时，只需控制橡皮膜深度相同，无需液面平齐；
(5) 两次实验液面高度差相同，压强相等，由p= ρgh列等式求解盐水密度。
（1）如图甲所示探头深入液体中，此时U形管左右两液面没有出现高度差，可能是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。若漏气则U形管形成连通器，这时将U形管中的液体倒出一部分或更换U形管中液体，U形管左右两液面仍没有高度差，综上分析知，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[1]用压强计测量液体内部压强，运用转换法，通过U形管左右液面出现高度差来反映压强的大小。
[2]A．在同一高度释放不同质量的物体，控制高度相同，改变质量，故探究重力势能与质量的关系，应用控制变量法，故A符合题意；
B．用木块被小车撞击后移动的距离来反映动能的大小，应用转换法，故B不符合题意；
C．用海绵的形变程度来反映压力效果，探究压力的作用效果与受力面积的关系应用转换法，故C不符合题意。
故选A。
（3）比较图乙、丙、丁三次实验，探头在同种液体内部的同一深度，探头的朝向不同，U形管内的液面高度差相同，即压强相等，故可得出结论：在同种液体内部的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
（4）[1][2]探究液体压强与液体密度的关系时，应控制液体的深度相同时，只改变液体密度，故小明认为两烧杯中的液面必须相平，他的观点不正确，理由是只要保证橡皮膜在两种液体中的深度相同即可。
（5）当液面的高度差相同时，盐水与水对橡皮膜的压强相等。即p盐水=p水，所以ρ盐水gh2=ρ水gh1。由此可以求得盐水的密度。
24．【答案】（1）竖直向上
（2）1、2、3；液体密度
（3）用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）物体排开液体的重力
（5）溢水杯中事先没有装满水
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）把物体慢慢浸入液体中时，弹簧测力计的示数变小，即拉力变小，说明该物体在液体中受到向上托的力，即竖直向上的浮力作用。
故答案为：竖直向上
（2）在探究浮力的大小与排开液体的体积关系时，应控制液体的密度不变，改变排开液体的体积，所以，分析实验序号为1、2、3或4、5、6的实验数据，可以得出的实验结论是：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
对比实验序号1、4 （或2、5或3、6数据），排开液体的体积保持不变，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，即浮力不同，水的密度比酒精大，在水中弹簧测力计示数较小，即浮力较大，所以得出：在排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大，即浮力大小跟液体密度有关。
故答案为：1、2、3；液体密度
（3）想探究浮力大小与物体形状是否有关，需要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体的形状。方法：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
故答案为：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）纵向比较表二中物体排开液体的重力与浮力的大小，得出的结论是：物体所受的浮力大小跟物体排开液体的重力相等。
故答案为：物体排开液体的重力
（5）小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，说明这不是误差引起的，可能的原因是浮力测大了，或排开液体的重力测小了，如测量物体浸在液体中的拉力时，物体碰到杯底，使拉力偏小，浮力偏大，或者溢水杯中事先没有装满水，排出液体少了，使测得的G排偏小。
故答案为：溢水杯中事先没有装满水
【分析】(1) 物体浸入液体时弹簧测力计示数变小，说明受到向上的浮力，浮力方向竖直向上；
(2) 探究浮力与排开液体体积的关系，需控制液体密度不变，分析实验 1、2、3；探究浮力与液体密度的关系，需控制排开体积不变，分析 1、4 或 2、5 或 3、6；
(3) 探究浮力与物体形状的关系，需控制液体密度、排开体积不变，改变物体形状，可采用橡皮泥实验；
(4) 对比浮力与排开液体的重力，得出阿基米德原理；
(5) 浮力大于排开液体重力，说明排开液体重力测量偏小，可能是溢水杯未装满水。
（1）把物体慢慢浸入液体中时，弹簧测力计的示数变小，即拉力变小，说明该物体在液体中受到向上托的力，即竖直向上的浮力作用。
（2）[1]在探究浮力的大小与排开液体的体积关系时，应控制液体的密度不变，改变排开液体的体积，所以，分析实验序号为1、2、3或4、5、6的实验数据，可以得出的实验结论是：在同一种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
[2]对比实验序号1、4 （或2、5或3、6数据），排开液体的体积保持不变，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，即浮力不同，水的密度比酒精大，在水中弹簧测力计示数较小，即浮力较大，所以得出：在排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大，即浮力大小跟液体密度有关。
（3）想探究浮力大小与物体形状是否有关，需要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体的形状。方法：用弹簧测力计测出一块橡皮泥的物重G，然后将橡皮泥捏成两种不同的形状，先后浸没于同一杯水中，测出两次弹簧测力计的示数F1、F2，然后比较，若示数相同，则与形状无关，若示数不同，则与形状有关。
（4）纵向比较表二中物体排开液体的重力与浮力的大小，得出的结论是：物体所受的浮力大小跟物体排开液体的重力相等。
（5）小芳的实验数据，每次均是浮力比物体排开液体的重力大，说明这不是误差引起的，可能的原因是浮力测大了，或排开液体的重力测小了，如测量物体浸在液体中的拉力时，物体碰到杯底，使拉力偏小，浮力偏大，或者溢水杯中事先没有装满水，排出液体少了，使测得的G排偏小。
25．【答案】（1）是；右；便于测量力臂大小
（2）重物
（3）正比；小于
（4）变大
（5）左；右端下降
【知识点】杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动时就处于平衡状态，图乙中杠杆静止，所以处于平衡状态。
杠杆右端上翘，说明杠杆的左端较沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
当杠杆在水平位置平衡时，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
故答案为：是；右；便于测量力臂大小
（2）实验时要探究动力与阻力臂的关系，保持动力臂l1 和阻力F2 不变，应移动重物的位置来改变阻力臂l2 ，多次重复实验。
故答案为：重物
（3）由表中数据，计算动力与阻力臂的比值，如 0.5N/0.1m=5N/m ， 1N/0.2m=5N/m ， 1.5N/0.3m=5N/m ，可发现动力与阻力臂的比值不变，即杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成正比。
图甲中左边的阻力臂小，根据杠杆平衡条件，阻力和动力臂一定时，阻力臂越小，动力越小，所以左边人手施加的动力小于右边人手施加的动力。
故答案为：正比；小于
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，此时动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，要保持杠杆水平平衡，动力F1 应变大，即弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：变大
（5）根据杠杆平衡条件，左边力臂小，右边力臂大，要使杠杆平衡，左边的力大，即左侧小车的重力较大，质量较大。
若将两小车向支点移动相同的距离，左边力与力臂的乘积减小的多，右边力与力臂的乘积减小的少，所以杠杆右端下降。
故答案为：左；右端下降
【分析】(1) 杠杆静止时处于平衡状态；图乙中杠杆右端上翘，平衡螺母应向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于直接测量力臂；
(2) 探究动力与阻力臂的关系时，保持动力臂和阻力不变，应移动重物的位置改变阻力臂；
(3) 由实验数据可知，阻力和动力臂一定时，动力与阻力臂成正比；图甲中左边阻力臂更小，因此动力更小；
(4) 斜向下拉弹簧测力计时，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，动力变大；
(5) 由杠杆平衡条件，左侧力臂短，故左侧小车质量大；两小车向支点移动相同距离后，右侧力与力臂的乘积更大，杠杆右端下降。
（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动时就处于平衡状态，图乙中杠杆静止，所以处于平衡状态。
[2]杠杆右端上翘，说明杠杆的左端较沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
[3]当杠杆在水平位置平衡时，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
（2）实验时要探究动力与阻力臂的关系，保持动力臂l1 和阻力F2 不变，应移动重物的位置来改变阻力臂l2 ，多次重复实验。
（3）[1]由表中数据，计算动力与阻力臂的比值，如 0.5N/0.1m=5N/m ， 1N/0.2m=5N/m ， 1.5N/0.3m=5N/m ，可发现动力与阻力臂的比值不变，即杠杆平衡时，阻力和动力臂一定，动力与阻力臂成正比。
[2]图甲中左边的阻力臂小，根据杠杆平衡条件，阻力和动力臂一定时，阻力臂越小，动力越小，所以左边人手施加的动力小于右边人手施加的动力。
（4）若在第一次实验时斜向下拉弹簧测力计，此时动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件F1 l1 =F2 l2 ，要保持杠杆水平平衡，动力F1 应变大，即弹簧测力计的示数将变大。
（5）[1]根据杠杆平衡条件F1 l1 =F2 l2 ，左边力臂小，右边力臂大，要使杠杆平衡，左边的力大，即左侧小车的重力较大，质量较大。
[2]若将两小车向支点移动相同的距离，左边力与力臂的乘积减小的多，右边力与力臂的乘积减小的少，所以杠杆右端下降。
26．【答案】（1）解：飞机在水面上匀速行驶10s，水平动力所做的功
（2）解：飞机漂浮在水面时受到的浮力
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 已知水平动力的功率和时间，利用公式 W=Pt 直接计算功；
(2) 飞机漂浮在水面上时，浮力等于重力，先根据 G=mg计算重力，再得到浮力。
（1）飞机在水面上匀速行驶10s，水平动力所做的功
（2）飞机漂浮在水面时受到的浮力
27．【答案】（1）解：机器人对地面的压力
机器人对地面的压强
（2）解：机器人做匀速直线运动，所以机器人在行驶过程中的牵引力
牵引力做的功
机器人在沿直线匀速行驶中牵引力做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 静止时，机器人对地面的压力等于其重力，再用压强公式 计算压强；
(2) 匀速行驶时，牵引力与阻力大小相等，先由 计算功，再用 计算功率。
（1）机器人对地面的压力
机器人对地面的压强
（2）机器人做匀速直线运动，所以机器人在行驶过程中的牵引力
牵引力做的功
机器人在沿直线匀速行驶中牵引力做功的功率
28．【答案】（1）省力
（2）不变
（3）大
（4）80
（5）增大
【知识点】机械能及其转化；阿基米德原理；杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）人用力向下拉绳子，动力臂为OA，阻力臂为OB，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，桔槔相当于一个省力杠杆。
故答案为：省力
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，排开液体体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，受到的浮力不变。
故答案为：不变
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，质量保持不变，高度增大，重力势能增大，速度不变，动能不变，因此它的机械能变大。
故答案为：大
（4）当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升，因此要使桔槔保持水平位置平衡，人需用力向下拉绳子，根据杠杆平衡条件
可得
故答案为：80
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，根据杠杆平衡条件
应增大F2，即增大桔槔的配重。
故答案为：增大
【分析】(1) 桔槔的动力臂 OA 大于阻力臂 OB，属于省力杠杆；
(2) 汲器露出水面前，排开液体体积不变，根据阿基米德原理，浮力不变；
(3) 汲器匀速上升时，动能不变、重力势能增大，机械能增大；
(4) 利用杠杆平衡条件计算人施加的力；
(5) 为提升更大水桶，需增大阻力（配重），使杠杆平衡。
（1）人用力向下拉绳子，动力臂为OA，阻力臂为OB，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件，桔槔相当于一个省力杠杆。
（2）汲器在露出水面之前上升的过程中，排开液体体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，受到的浮力不变。
（3）装满水的汲器在空中匀速上升时，质量保持不变，高度增大，重力势能增大，速度不变，动能不变，因此它的机械能变大。
（4）当汲器装满水后，人缓缓放开绳子，通过另一端石头的下降就可将汲器提升，因此要使桔槔保持水平位置平衡，人需用力向下拉绳子，根据杠杆平衡条件
可得
（5）为使用更大的水桶一次打取更多的水，根据杠杆平衡条件
应增大F2，即增大桔槔的配重。
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