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【浙教版】（新教材）初中科学 八年级下册期末优生拔高训练系列卷C
一、选择题
1．某密闭容器中加入甲、乙、丙三种物质，测得反应前、后各物质的质量如下表。下列说法正确的是(　　)
实验序号 甲的质量/g 乙的质量/g 丙的质量/g
反应前 5.4 1.6 9.4
反应后 9.6 4.8 M
A．M的值为2.2
B．该反应中丙是生成物
C．反应后生成甲和乙的质量总和为 4.2g
D．参加反应的甲、乙物质的质量比为21：16
2．如图为验证动物需要呼吸的实验装置，关于该实验的下列有关说法不正确的是(　　)
A．在实验前应该检验装置的气密性
B．为了使实验现象更明显，可增加昆虫数量
C．相同时间内，装置A中红色水滴移动距离比装置B更短
D．为更好地控制变量，可在B试管内放入等数量的同种灭菌死昆虫
3．如图表示夏季晴天植物一天中光合作用和呼吸作用强度随时间变化的曲线。下列叙述正确的是 (　　)
A．由图可知，光照越强，光合作用的强度越强
B．f点植物体内积累的有机物最多
C．夏季清晨 (b点前)空气最清新，适合在树林中晨练
D．提高曲线Ⅱ的整体强度，有利于有机物的积累
4．在化学反应A2＋BC=B＋A2C中，反应物BC与生成物B的质量关系如图所示。若2g A2与80g BC恰好完全反应，则生成物A2C的质量是( )
A．8g B．80g C．28g D．18g
5．叶面积指数是指单位土地面积上植物的总叶面积，叶面积指数越大，叶片父错重叠程度越大。如图表示叶面积指数与光合作用和呼吸作用两个生理过程的关系。下列叙述中错误的是 (　　)
A．A点时，光合作用和呼吸作用强度相等
B．两条曲线围成的部分代表有机物的积累量
C．叶面积指数大约为5时，对农作物增产最有利
D．叶面积指数超过7时，农作物将不能正常生长
6．实验室要收集一瓶约含四分之一空气的氧气，下列操作正确的是(　　)
A．集气瓶中灌 的水
B．集气瓶中灌 的水
C．导管伸入到集气瓶约 处
D．导管伸入到集气瓶约
7．在某“荒野求生”节目中，出现用塑料袋煮鱼汤的片段(如图所示)，待鱼汤煮好后塑料袋未燃烧的原因是(　　)
A．空气不充足，不能支持塑料袋燃烧
B．塑料袋不是可燃物，所以不能被点燃
C．塑料袋中有水 降低了塑料袋的着火点
D．水沸腾吸热，温度不变，且低于塑料袋着火点
8．实验室利用氯酸钾和二氧化锰混合制取氧气直至完全反应，下列各物质的质量随反应时间变化的关系图证确的是(　　)
A． B．
C． D．
9．在学校开展的“培育玉米”项目中，小组同学经历了玉米的育苗、移栽、除草施肥、搭架子等活动，收获了鲜甜多汁的玉米，玉米的鲜甜程度与有机物积累量有关：有机物积累越多，玉米越鲜甜。以下是不同的玉米植株结果时在白天的呼吸作用和光合作用活动强度的变化曲线，其中能结出最鲜甜玉米的植株是 (　　)
A． B．
C． D．
10．某学习小组用实验验证质量守恒定律，下列说法正确的是
A.可以验证质量守恒定律 B.若实验中装置漏气，天平最后不平衡 C.实验容器敞口，不能验证质量守恒定律 D.实验生成物的质量等于参加反应的镁条质量
A．A B．B C．C D．D
11．小科在用显微镜做实验的过程中，下列相关分析正确的是(　　)
A．甲：观察到视野中有一个大气泡，可向右上方移动装片，使气泡从视野的右上方移出
B．乙：观察黑藻叶片细胞中叶绿体逆时针流动，则叶绿体实际流动方向是逆时针
C．丙：观察植物叶表皮的气孔后，绘制了叶表皮气孔示意图，则②表示的是气孔
D．丁：观察金鱼尾鳍内血液的流动，④与通常看到的人体皮下“青筋”属于同一类血管
12．小科同学利用如图1装置，进行“质量守恒定律”的验证过程中，锥形瓶中固态物质的质量随时间t的变化关系正确的是 （　　）
A． B．
C． D．
13．在测量空气中氧气体积分数实验时，无法直接测量氧气体积，转而通过倒吸的水的体积获得氧气的体积，下列实验中与此研究方法相同的是 (　　)
A．探究燃烧的条件
B．通过同一灯泡的亮度来比较电流大小
C．气压对液体沸点的影响
D．通过木炭在氧气中燃烧获得氧气的性质
14．科技人员成功研制出一种新型催化剂，可将二氧化碳转化成液体燃料，反应的微观示意图如下，有关该反应的说法正确的是 (　　)
A．参加反应的两物质的分子数比为1：3
B．该反应属于化合反应
C．反应前后分子数没有发生改变
D．反应前后原子种类发生了变化
15．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环(如图)。分析两种循环，其中正确的是 (　　)
A．途径①会增加空气中二氧化碳含量，加剧温室效应
B．氧气只有通过燃烧才能参与碳循环
C．两种循环各自独立，彼此之间无联系
D．只有氧循环产生氧气对人类是有益的
16．某科学兴趣小组制作了小肠模型，关于此模型的叙述错误的是（ ）
A．折成锯齿状的纸板模拟小肠皱襞
B．粘在纸板上的毛线模拟小肠绒毛
C．液体胶水模拟小肠内的多种消化液
D．该模型能完整模拟小肠的吸收过程
17．小科制作了人体血液循环模型(如图所示)，其中矿泉水瓶①②③④分别模拟心脏的四个腔，甲为肺泡模型，乙为组织细胞模型， ②中装有小水泵，小水泵一端连着单向阀A，另一端和水管a相连。下列说法正确的是（　　）
A．水管a可模拟主动脉，内流静脉血
B．单向阀A能防止液体从②倒流回①
C．上肢静脉注射的药物首先到达图中的④
D．b处破损模拟血管破裂，可关闭阀门K2止血
18．逻辑推理是一种重要的化学思维方法，关于燃烧的逻辑推理合理的是 （　　）
A．因为氧气能支持燃烧，所以有氧气参与的反应一定是燃烧
B．因为燃烧一定发光放热，所以发光放热的变化一定是燃烧
C．因为剧烈燃烧会引起爆炸，所以爆炸一定是化学变化
D．因为燃烧需要同时满足三个条件，所以只要破坏其中一个条件就能灭火
19．下列四个有关气压的现象，分析正确的是（　　）
A．图甲，“拔罐”时火罐不掉下来是因为人体内部有压强
B．图乙，用注射器给病人注射药物是利用了大气压强
C．图丙，抽尽空气后拉开不同半径的马德堡半球所用的力相同
D．图丁，导气管利用管口流速大压强小的原理将住户下水道的浊气排出
20．“氧循环”和“碳循环”是自然界存在的重要循环。结合图示分析，下列关于碳、氧循环的认识不正确的是（　　）
A．变化观：每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素
B．微粒观：化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数减少
C．平衡观：碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定
D．守恒观：碳、氧循环过程中各元素质量守恒
二、填空题
21．从神舟飞船到空间站建设，我国的航天技术领跑全球，试回答下列问题：
（1）偏二甲肼（C2H8N2）是火箭的推进剂，其燃烧时反应方程式为：，则X为　 　。
（2）航天员呼吸产生的CO2，可采用氢氧化锂吸收的方式处理。结合图1分析，吸收CO2选用氢氧化锂而不用氢氧化钠的原因是　 　。
（3）航天员在空间站生活期间，需要充足的氧气补给。图2是水气整合系统，其中“氧气生成模块”的原理是电解水，再通过“废气处理模块”内部提供的高温、高压和催化剂等条件处理宇航员呼出的CO2，请写出“废气处理模块”内部反应的化学方程式　 　。
22．液态二氧化碳灭火器是生活中常见的灭火器之一，它可以用来扑灭图书档案，贵重设备、精密仪器等火灾，因为液态二氧化碳在空气中完全挥发成气体，所以它不会留下任何痕迹而使物体污损。
（1）常温常压下，二氧化碳以气体形式存在，而在此灭火器中以液态形式存在，这是因为在钢瓶内气压较高，二氧化碳的沸点　 　（填“升高”或“降低”或“不变”）。
（2）使用时，液态二氧化碳喷出，迅速　 　（填物态变化名称），吸收热量，有助于灭火。
（3）结合物态变化和二氧化碳的性质，请说说液体二氧化碳灭火的原理：　 　。
23．空气是一种用途很多的自然资源，可用于工业上制取氧气，其流程如图所示。
（1）①所采取的方法是 　 　(选填“升温”或“降温”)。
（2）液态空气分离过程中，　 　先被分离出来，分离的依据是各物质的沸点不同。
（3）贮存在蓝色钢瓶中氧气的用途是 　 　(选填字母，多选)。
a.气体肥料 b.医疗急救 c.气割气焊
24． 甲图是按压式手动取水器，内部结构如乙图，其中A、B是只能朝一个方向打开的阀门，当按压气囊时，A阀门关闭，B阀门打开，就可连续不断出水。
（1）气囊弹回时，A、B阀门的开闭状态是　 　。
（2）使用时发现，松开气囊，因水桶内气压不能立刻减小，无法立即停止出水，造成浪费。某同学提出只需在取水器上加装一个阀门，需要出水时关闭阀门，需要停止出水时打开阀门即可。为实现上述功能，可在图丙中　 　(选填“①”或“②”)处合适位置安装阀门。
25．某商场里的手扶电梯不载人时电梯运行的速度较慢，当有人站上去后，电梯的运行速度会加快，这种电梯的简易控制电路如图所示，R1为普通电阻，R为压敏电阻。请回答：
（1）人站在电梯上，当电梯向上运动时，人相对于地面处于　 　状态(选填“运动”或“静止”)。
（2）电梯运行较慢时，衔铁与触点　 　接触(选填“1”或“2”)。
（3）为实现自动控制，压敏电阻R应随压力的增大而　 　(选填“增大”或“减小”)。
26． 如图所示： A地海拔200米， B、C两地海拔2200米。则：
（1）B和C两地相比较，降水较多的是　 　地。
（2）影响A、B两地气候差异的主要因素是　 　
（3）小金同学拿着自制气压计(图乙)从A地到B地时，发现玻璃管内水柱高度h　 　(选填“增大”“减小”或“不变”)。
27．小滨为了验证二氧化碳是否是温室气体，进行了以下活动：
（1）①实验装置中玻璃瓶的外形和体积相同，光照前水柱位于玻璃管的中间.
②把装置甲置于阳光下，如果二氧化碳是温室气体，则一段时间后水柱将向　 　(填“左边”或“右边”)移动。
（2）图乙是地球表面温度和二氧化碳浓度的变化趋势。你是否认同“二氧化碳为温室气体”的结论，理由是　 　.
28．图甲为某市 2025 年 5月 2 日—14 日空气质量指数(AQI)趋势图，图乙为空气质量等级分类标准。请回答：
（1）5月 2日—8日，该市的空气质量以　 　(填空气质量等级)为主。
（2）可吸入颗粒物已成为各大城市的首要污染物，为改善空气质量，请提出一项可行的措施：　 　。
29．如图甲是小安自制的简易气压计，请回答相关问题。
（1）检验装置的气密性：小安向玻璃管内吹气，发现玻璃管下端的液体内有大量气泡产生。停止吹气并静置一段时间，观察到　 　 ，说明装置的气密性良好。
（2）小安携带该简易气压计至顶楼，发现液面高度无明显变化。为使实验现象更明显，小科应选择的改进方法是：换用　 　（选填“更细的玻璃管”或“密度更小的液体”）。
（3）小安将装置倒置，仅有少量水流出，管内仍有液柱，如图乙所示。此时瓶内气压　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。把乙装置从山脚带到山顶，观察到玻璃管内液面　 　（选填“上升”或“下降”），这是因为随着海拔的升高，气压减小。
30．某科学学习小组设计了一款蒸发型加湿器(如图甲)。它是采用蒸发原理加湿的，其内部结构如图乙所示。加湿器上部有一个小型风扇，还有电源、时间、风速、湿度设定等按键。加湿器下部有三部分装置，分别是加湿滤网、滤网架(含浮筒)和水箱。加湿滤网安装在滤网架上，加湿滤网呈蜂窝状，放入水箱后，水会布满整个滤网。
当感知水箱中的水量不足时，蒸发型加湿器的风扇停止转动。如图丙所示是一个自动开关，浮筒是一个轻质塑料件，由两部分组成，下半部分是底面积为S的圆柱体，上半部分是圆柱体，M是小型风扇。
（1）小型风扇有一个小电机，其工作原理是____(填字母)
A．电磁感应
B．电流周围存在磁场
C．通电导体在磁场中受到力的作用
（2）小型风扇工作时可以通过　 　的方式加快水的蒸发；
（3）加湿器工作一段时间后会自动停止，请简要说出其原理：　 　；
31． 新农村现代化建设，助力乡村振兴与共同富裕。建造塑料大棚生产有机农产品，可以有效促进农民增收。图甲是叶片进行的三项生理过程 A、B、C， 图乙是晴朗的夏季光合作用和呼吸作用的强度随时间变化曲线，图丙是大棚内二氧化碳含量的变化曲线。请你联系教材内容学以致用。
（1） 图乙中，能表示图甲 C 过程的曲线为　 　(填标号)。
（2） 图丙中，植物有机物积累最多的点是　 　(填字母)。
（3） 为提高农作物的产量，请你为种植户提一条建议：　 　。
32．观察下面的图像，并回答相关问题。
（1）图甲，如果在C处加热，则回形管中的红墨水将向　 　（填“左”或“右”）运动。由此推测，夏天的房间内安装空调时，应将空调按在房间的　 　（填“上端”或“下端”）。
（2）图乙，天气现象主要发生大气的　 　层。（填序号）
33．“富氧空气”是指氧气含量显著高于普通空气的气体混合物，在工业生产中有着重要应用。小乐对“富氧空气”开展了如下研究。请回答：
（1）如图甲所示为“沸石分子筛”制氧机，分子筛可吸附空气中的氮气，通过调节旋钮可获得不同浓度的“富氧空气”。据图甲分析，“”变少，另一种气体变多，“”代表的是　 　分子。用如图乙装置和药品测定(1)中获得的“富氧空气”中氧气的体积分数，集气瓶中“富氧空气”体积为200mL，燃烧匙内白磷足量，量筒内盛有 100mL 水。操作如下：
①用放大镜聚焦点燃白磷，待其充分反应后，将装置冷却至室温；
②打开止水夹，待右侧量筒内液面不再变化时，排出气球中的气体，调节两边液面在同一水平面上，读出量筒内水的体积为20 mL。
（2）则实验测得“富氧空气”中氧气的体积分数为　 　%。
34．技术人员对葡萄的种植进行了相关的研究，从而帮助果农提高葡萄的产量。图甲中①②③分别表示葡萄叶片进行的三大生理作用，图乙表示夏季晴天某葡萄大棚一天24小时内测得的二氧化碳浓度的变化情况（密闭状态测定）。
请据图回答下列问题：
（1）图甲中③表示葡萄叶片进行的生理作用是　 　 。
（2）根据图乙曲线判断植物一天内有机物积累最多的是图乙曲线中的　 　点（填字母）。
（3）为提高葡萄的产量，请你为葡萄种植户提一条建议：　 　。
三、实验与探究题
35．小科设计如图所示的实验装置来同时完成燃烧条件的探究和空气中氧气含量的测定。装置中注射器活塞与内壁摩擦忽a略不计。
【查阅资料】：①白磷的着火点是，当容器内的氧气浓度低于一定值时，白磷无法继续燃烧；②“暖宝宝”能耗尽容器中少量的热水的氧气。
【实验操作】：①拉动注射器，检查装置气密性；②将盛有足量白磷的燃烧匙放入空集气瓶中，塞紧塞子，白磷不燃烧；③打开集气瓶塞子，往瓶中倒满的热水，并塞紧塞子，白磷仍然不能燃烧；④打开和，通过注射器从 b 管抽水，当注射器中水量达到毫升时，瓶中液面低于燃烧匙底部，此时立即关闭，发现瓶中白磷燃烧；⑤待整个装置冷却至室温时，打开发现注射器中的水剩余毫升。
（1）写出白磷燃烧的化学方程式　 　
（2）实验中用到的热水的作用是　 　
（3）结合步骤　 　（填序号），说明白磷燃烧需要氧气。
（4）该实验得出空气中氧气的体积分数为　 　（用含有的公式来表示）。
36．“飞机迷”小王学习了流体压强知识后，他想探究飞机升力大小与哪些因素有关。他猜想：升力大小与机翼形状、飞机飞行速度和飞机的迎角(机翼轴线与水平气流方向的夹角)有关。
（1）小王制作了如图甲所示的飞机机翼模型，机翼做成该形状是利用了　 　原理；.
（2）他利用如图乙和丙的电风扇、升力测力计、飞机模型进行实验探究。在探究升力与迎角的关系时，按以下步骤进行：
①调节使风扇风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数，多次实验求平均值；
②改变　 　，重复步骤①并计算升力平均值；
③得到“升力与迎角的关系”的图像如图丁。由图像可知：飞机速度一定时，迎角增大，升力会　 　(填序号)；
A.逐渐变大 B.逐渐变小 C.先增大后减小 D.先减小后增大
（3）资料显示：本实验结论与实际相符，若某飞机以80km/h做水平匀速直线飞行，迎角为θ1，后来以500km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2(θ1、θ2在15°和20°之间)，则迎角θ1　 　θ2(选填“>”“<”或“=”)。
37．小欢和小乐利用如图甲所示装置探究“导体在磁场中产生感应电流的条件”，相关步骤及结果如表所示。
序号 开关 AB 棒运动情况 灵敏电流计的指针偏转情况
① 断开 左右运动 不偏转
② 闭合 左右运动 偏转
③ 闭合 上下运动 不偏转
（1）装置中，AB棒可能是　 　(选填“铁棒”“铝棒”或“塑料棒”)。
（2）对比①和②可知，产生感应电流的条件之一是　 　。
（3）对比②和③，小欢认为产生感应电流的条件之一是电路中的部分导体必须左右运动；小乐则认为不一定要左右运动。为了验证小乐的观点是正确的，小乐通过　 　(填写实验操作)，让AB棒上下运动也产生了感应电流。
（4）依据探究结论，在如图乙所示的“摇绳发电”活动中，小欢和小乐利用地磁场发电，应沿　 　(选填“东西”或“南北”)方向站立并摇绳。
四、综合题
38．项目化学习小组在老师的指导下设计了一款湖面上的电动游船，图甲是电门踏板的工作原理示意图，图中O、E、F为变阻器的三个接线柱。他们设计如下的电路，并将电流表改装成速度表。
他们制定的产品评价表如下：
电动游船评价量表 (节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 行驶速度控制 踩下电门踏板，船速变大 踩下电门踏板，船速不变 踩下电门踏板，船速反而变小
指标二 行驶方向控制 游船能前进和后退 游船只能前进或后退 游船不能运动
（1）指标一为优秀，应将甲中　 　两个接线柱接入电路；
（2）该游船中电动机是根据什么原理制成的　 　；
（3）图乙是项目化小组设计的实现电动游船前进的电路图，开关S1、S2可以分别接①和③或者②和④。结合评价表判断该模型的“指标二”评价等级并说明理由。　 　
39．实验室有一瓶含杂质的氯酸钾。某兴趣小组利用该药品和二氧化锰制取氧气（杂质既不参加反应，也不溶于水）。反应方程式为：2KClO32KCl+3O2↑，实验数据记录如图：
请回答下列问题：
（1）a＝　 　 。
（2）计算受热分解的氯酸钾的质量（精确到0.01g）。
（3）计算滤液中氯化钾溶质的质量分数（计算结果精确到0.01%）。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】考查了质量守恒定律：反应前后物质总质量不变，以及根据质量变化判断反应物和生成物。
【解答】A、由质量守恒定律，，故A选项错误。
B、甲乙的质量增加，为生成物，丙的质量减少，为反应物，故B选项错误。
C、反应生成了甲的质量为：，生成了乙的质量为：，生成的甲和乙的质量总和为7.4g，故C选项错误。
D、生成甲的质量为4.2g，生成乙的质量为3.2g，因此甲和乙的质量比为21：16，故D选项正确。
故答案为：D
2．【答案】C
【知识点】动物的呼吸作用
【解析】【分析】A.只要是有气体生成且需要测量气体体积的实验，都要检验装置的气密性；
B.红色水滴移动的距离取决于装置内气体体积的变化大小；
C.根据昆虫呼吸产生二氧化碳，二氧化碳能够被碱石灰吸收分析；
D.根据控制变量法的要求分析。
【解答】A. 该实验是通过装置内气压变化使红色水滴移动，来验证动物的呼吸作用，若装置漏气，气压变化不明显，会影响实验结果，因此实验前必须检验装置的气密性， 故A正确，不合题意；
B. 昆虫呼吸会消耗更多氧气，实验现象更明显，因此增加昆虫的数量，呼吸消耗氧气更多，气压变化更大，红色水滴移动更明显， 故B正确，不合题意；
C. 装置A中活昆虫呼吸作用消耗氧气，产生的二氧化碳被碱石灰吸收，装置内气压减小；装置B中无活昆虫，气压几乎不变化。因此相同时间内，装置A中红色水滴移动距离比装置B更长， 故C错误，符合题意；
D. 本实验的变量是昆虫的活性，为控制单一变量，可在B试管内放入等数量的同种灭菌死昆虫，排除其他因素干扰，故D正确，不合题意。
故选C。
3．【答案】B
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】A、正午光照强度大，光合作用强度减弱的原因是，防止蒸腾作用过强，气孔关闭，二氧化碳吸收量减少。
B、光合作用强，积累有机物，呼吸作用强，消耗有机物，据此进行分析。
C、呼吸作用消耗氧气，释放二氧化碳，光合作用消耗二氧化碳，释放氧气。
D、呼吸作用24小时均在进行，光合作用在光照条件下进行。
【解答】A、中午12点左右光强最强，但图中显示光合作用强度在减弱，可知并不是光照越强，光合作用强度越强，故A错误；
B、f点光合作用与呼吸作用强度相同，f之前光合作用更强，植物积累有机物，f之后呼吸作用更强，植物消耗有机物，可知f点植物体内积累的有机物最多，故B正确；
C、b点之前，呼吸作用强度更强，消耗氧气，释放二氧化碳，可知此时空气不清新，故C错误；
D、曲线Ⅱ24小时都在进行，为呼吸作用，消耗有机物，提高呼吸作用强度，消耗有机物变多，不利于有机物的积累，故D错误。
故答案为：B。
4．【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）质量守恒定律的应用：参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和，即反应前后物质的总质量不变。
（2）根据图像确定物质的质量比：通过图像中 BC 的质量与生成 B 的质量的对应关系，可得出反应中 BC 与 B 的质量比，进而计算出参与反应的 B 的质量。
【解答】根据图象可知，该反应中BC与B的质量比为10：8；所以80gBC完全反应生成B的质量是：8×80g÷10=64g，根据质量守恒定律，生成A2C的质量是2g+80g-64g=18g。
故答案为：D。
5．【答案】D
【知识点】光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）光合作用与呼吸作用的关系：光合作用是绿色植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物并释放氧气的过程，积累有机物；呼吸作用是细胞利用氧将有机物分解为二氧化碳和水，并释放能量的过程，消耗有机物。植物生长的优劣取决于有机物的积累量，即光合作用强度与呼吸作用强度的差值。
（2）叶面积指数的意义：叶面积指数是单位土地面积上植物叶片总面积占土地面积的倍数。叶面积指数过小，叶片捕获的太阳能少，光合作用总强度低；叶面积指数过大，叶片相互遮挡，光照不足，且呼吸作用消耗剧增，导致有机物积累量下降。
（3）有机物积累量的判断：两条曲线围成的面积代表光合作用制造的有机物与呼吸作用消耗的有机物的差值，即有机物的积累量。
（4）作物增产的最佳叶面积指数：作物增产的关键是最大化有机物积累量，此时通常是光合作用强度与呼吸作用强度差值最大的时候，对应图像中两条曲线竖直距离最大的点。
【解答】A、A 点是光合作用曲线与呼吸作用曲线的交点，此时光合作用强度与呼吸作用强度的数值相等，A 正确；
B、两条曲线围成的部分表示光合作用制造的有机物减去呼吸作用消耗的有机物的剩余部分，即有机物的积累量，B 正确；
C、叶面积指数大约为 5 时，光合作用与呼吸作用的差值最大，有机物积累量最多，此时对农作物增产最有利，C 正确；
D、叶面积指数超过 7 时，呼吸作用强度仍在增加，但光合作用强度增长变缓甚至趋于稳定，有机物积累量减少，并不代表农作物不能正常生长，只是产量会下降，D 错误。
故答案为：D。
6．【答案】B
【知识点】制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】要收集指定体积比例的气体，应采用排水法，因为氧气和空气均无色，不能确定比例关系，集气瓶内水的体积等于收集的氧气的体积。
【解答】A、氧气瓶内灌四分之一水，空气占四分之三，收集到的是含四分之三空气的氧气，故A错误；
B、氧气瓶内灌四分之三水，空气占四分之一，收集到的是含四分之一空气的氧气，故B正确；
CD、氧气和空气均无色，不能确定空气和氧气的比例，故CD错误。
故答案为：B。
7．【答案】D
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】根据燃烧的条件进行分析--有可燃物、充足的助燃剂、温度达到着火点，缺一不可，着火点是可燃物的属性，不会改变。
【解答】A、塑料袋暴露在空气中，与空气充分接触，可知没有燃烧不是由于空气不足导致的，故A错误；
B、塑料袋可以燃烧，属于可燃物，没有燃烧，是因为没有达到燃烧的条件，故B错误；
C、塑料袋的着火点是塑料袋的属性，水不会降低塑料袋的着火点，故C错误；
D、水沸腾时吸热，但温度不变，此时塑料袋的温度低于着火点，所以没有燃烧，故D正确。
故答案为：D。
8．【答案】A
【知识点】制取氧气的原理
【解析】【分析】AB、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下分解成氯化钾和氧气，反应前没有氯化钾和氧气，可知两种物质的质量均从零开始增加，直至反应结束，之和保持不变。
C、催化剂在反应前后质量和化学性质保持不变。
D、氯酸钾是反应物，不断被消耗，质量减小，直至为零。
【解答】A、氧气是生成物，由零开始增多，反应结束后保持不变，故A正确；
B、氯化钾是生成物，由零开始增多，反应结束后保持不变，由图可知，氯化钾的质量不从零开始，故B错误；
C、二氧化锰是反应的催化剂，在反应前后质量不变，图像应是一条与横坐标相平行的直线，故C错误；
D、氯酸钾是反应物，随着反应进行质量逐渐减小至零，图中氯酸钾的质量没有减为零，故D错误。
故答案为：A。
9．【答案】A
【知识点】光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】根据光合作用合成有机物，呼吸作用分解有机物和有机物积累越多，玉米越甜进行分析。
【解答】要结出最鲜甜玉米，则积累的糖类等有机物更多，光合作用合成有机物，呼吸作用分解有机物，要使有机物积累更多，则光合作用强度应远大于呼吸作用强度，图A符合题意。
故答案为：A。
10．【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】质量守恒定律定义是指参加化学反应的各物质的质量总和，等于反应后生成的各物质的质量总和。若化学反应中有气体参与或生成，需在密闭容器中进行实验，才能准确验证质量守恒定律；敞口容器中气体逸出或进入，会导致天平不平衡，无法验证。质量守恒定律只适用于化学变化，不适用于物理变化。
【解答】A：酒精和水混合属于物理变化，没有发生化学反应，不能验证质量守恒定律，故A错误，不符合题意；
B：铁粉与稀硫酸反应生成氢气，若装置漏气，氢气会逸出，导致反应后左盘总质量减小，天平最后不平衡，故B正确，符合题意；
C：硫酸铜溶液与氢氧化钠溶液反应，没有气体参与或生成，敞口容器中反应前后总质量不变，可以验证质量守恒定律，故C错误，不符合题意；
D：镁条燃烧是镁与氧气反应生成氧化镁，根据质量守恒定律，生成物氧化镁的质量等于参加反应的镁条质量与氧气质量之和，故D错误，不符合题意；
故答案为B。
11．【答案】B
【知识点】显微镜的使用；叶的形态结构；心脏和血管
【解析】【分析】AB显微镜成的是倒立的像，要让像移至视野中央，则像在什么方位，就将装片向什么方位移动；视野中物体转动方向与实际转动方向相同。
C、半月形保卫细胞中间的空隙为气孔，结合图像进行分析。
D、④中血液由主干道向分支流动，是动脉血管，⑤红细胞排成单行通过，为毛细血管，⑥中血液由分支向主干道流动，为静脉血管。
【解答】A、显微镜成的是倒立的像，气泡在视野的右上角，其实际位置在左下角，若将装片向右上角移动，将会使气泡移至视野中央，故A错误；
B、显微镜成的是倒立的像，上下左右都相反，视野中叶绿体沿逆时针方向转动，其实际流动方向也为逆时针，故B正确；
C、由图可知，②表示的是半月形的保卫细胞，其中间的孔洞，即③表示的是气孔，故C错误；
D、 ④中血液由主干道向分支流动，可知为动脉血管， 通常看到的人体皮下“青筋”属于静脉血管，故D错误。
故答案为：B。
12．【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】白磷燃烧，产生五氧化二磷，根据固体的成分进行分析。
【解答】锥形瓶内的固体成分由白磷变为五氧化二磷，故固体的质量在逐渐变大，等到白磷恰好消耗完装置内的氧气的时候，瓶内固体的质量便不再改变，故C正确，ABD错误。
故选：C。
13．【答案】B
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；电流和电流的单位换算；氧气的性质和利用；燃烧与灭火
【解析】【分析】无法直接测量氧气的体积，转而通过测量倒吸的水的体积来间接获得氧气的体积，这是一个转换法。
【解答】A、图像显示的是一个对比实验，探究燃烧需要温度达到着火点，用的是控制变量法，故A错误；
B、电流的大小无法直接观察，但可以通过灯泡的亮度间接反映电流的大小，这是转换法，故B正确；
C、图片显示的是研究气压对液体沸点的影响，实验是直接测量沸点与气压的关系， 没有转换法，故C错误；
D、图片显示的是木炭在氧气中燃烧，这是通过化学反应直接观察氧气的性质，没有用到转换法，故D错误。
故选：B。
14．【答案】B
【知识点】化合反应和分解反应；化学方程式的概念、读法和含义
【解析】【分析】A.根据图片写出反应的方程式，而化学式前面的数字就是参加反应的分子个数；
B.如果生成物只有一种，那么为化合反应；
C.根据方程式确定反应前后分子数是否改变；
D.根据方程式确定反应前后原子种类是否改变。
【解答】根据图片可知，反应前后共有的，则是没有参加反应的，那么得到下图；
即。
A. 根据方程式可知，参加反应的两物质的分子数比为1：1，故A错误；
B.反应物有2种，生成物只有1种，那么为化合反应，故B正确；
C.反应前有2个分子，反应后有1个分子，故C错误；
D.反应前后原子种类都是3种，故D错误。
故选B。
15．【答案】A
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环
【解析】【分析】A.根据化石燃料燃烧产生二氧化碳判断；
B.氧循环的方法：燃烧和呼吸作用；
CD.根据碳氧循环对人类的作用判断。
【解答】 A.途径①化石燃料的燃烧会增加空气中二氧化碳含量，从而加剧温室效应，故A正确；
B.氧气还能通过生物的呼吸作用参与碳循环，故B错误；
C.植物光合作用吸收二氧化碳释放氧气，呼吸作用吸收氧气释放二氧化碳。碳循环与氧循环通过光合作用、呼吸作用等过程相互关联，故C错误；
D.氧循环是指氧元素在不同物质形态之间的循环，碳循环是指碳在生物群落和无机环境之间的循环，氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定（碳氧平衡），故D错误。
故选A。
16．【答案】D
【知识点】消化系统的组成
【解析】【分析】
【解答】A、小肠皱襞是小肠内壁的环形皱褶，可以增加小肠的表面积。将纸板折成锯齿状可以模拟这种皱襞结构，增加模型的表面积，故A正确，不符合题意；
B、小肠绒毛是小肠皱襞表面的微小指状突起，进一步增加吸收面积。毛线粘在纸板上可以模拟绒毛的结构，故B正确，不符合题意；
C、小肠内有多种消化液（如肠液、胰液、胆汁等），用于消化食物。液体胶水的流动性可以模拟消化液的液态特性，故C正确，不符合题意；
D、小肠的吸收过程是一个复杂的生理过程，涉及绒毛内的毛细血管和淋巴管对营养物质的吸收。该模型仅模拟了小肠的物理结构（皱襞和绒毛），但无法模拟吸收过程中物质的主动运输、扩散等生理机制，故D错误，符合题意。
故答案为：D。
17．【答案】B
【知识点】血液循环
【解析】【分析】根据人体的肺循环和体循环的知识，结合图片分析判断即可。
【解答】A. 水管a连接②（左心室），左心室连接的是肺动脉，不是主动脉。肺动脉内流的是静脉血，但水管a模拟的是肺动脉，故A错误；
B. 单向阀A位于①和②之间，模拟的是房室瓣（三尖瓣）。 房室瓣的作用是防止②左心室中的血液倒流会左心房（①），故B正确；
C. 上肢静脉注射的药物流向：上肢静脉 → 上腔静脉 → 右心房（①） → 右心室（②） → 肺动脉 → 肺部 → 肺静脉 → 左心房（③） → 左心室（④）。 因此药物首先到达的是①（右心房），不是④（左心室），故C错误；
D.b处为体动脉，血液从K1下方流向K2，此时关闭上端的K1可以止血，故D错误。
故选B。
18．【答案】D
【知识点】化学变化与物理变化的判别；燃烧与灭火
【解析】【分析】A、缓慢氧化也需要氧气的参与，但不属于燃烧，利于呼吸作用、铁生锈等。
B、燃烧是一种剧烈的氧化反应，通常伴随着发光、放热的现象，但发光放热的变化不一定是燃烧。
C、爆炸不一定是燃烧，例如由于存在过大的压强差而发生的爆炸，就不属于燃烧。
D、燃烧需同时具备三个条件，缺一不可--可燃物、氧气、温度达到着火点。
【解答】A、有氧气参与的反应不一定是燃烧，例如呼吸作用就有氧气参与，但物质没有燃烧，故A错误；
B、燃烧一定发光放热，但发光放热的变化不一定是燃烧，例如灯泡发光也伴随着发光发热，并不属于燃烧，故B错误；
C、剧烈燃烧会引起爆炸，但爆炸不一定是化学变化，例如气球爆炸，就不属于化学变化，故C错误；
D、燃烧的三个条件任意一个不满足，燃烧不再持续，即可以灭火，故D正确。
故答案为：D。
19．【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；大气压强的存在
【解析】【分析】（1）拔火罐说明大气压的存在；
（2）注射时通过手的推力产生较大的压强；
（3）马德堡半球实验，选用不同直径的半球时，根据F=pS，拉开半球所用的力不同；
（4）流体的压强与流速的关系是：流体的流速越大，其压强越小；流体的流速越小，其压强越大。
【解答】A、罐子会吸附在皮肤上，是因为罐内气压小于外界的大气压，不能说明人体内部有压强，故A错误。
B、医生用注射器给病人注射药物，是利用了手对活塞的压强，故B错误；
C、进行马德堡半球实验时，选用不同的直径的半球时，拉开半球所用的力不同，因为F=pS，压强一定时，受力面积不同，大气压对半球的压力不同，拉开半球所用的力也就不同，故C错误；
D、空气是流体，据流体的压强与流速的关系可知，导气管上端的空气流速大，其压强小，导气管下方的空气流速小，即压强大，即利用上述原理将污气压出导气管，故D正确。
故答案为：D。
20．【答案】B
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环
【解析】【分析】A.根据物质是由元素组成的进行分析；
B.根据化学反应前后，原子个数不变进行分析；
C.根据碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定进行分析；
D.根据化学反应前后，元素质量不变进行分析。
【解答】 A.物质是由元素组成的，每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素，故A正确不合题意；
B.化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数不变，故B错误符合题意；
C.碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定，故C正确不合题意；
D.化学反应前后，元素质量不变，所以碳、氧循环过程中各元素质量守恒，故D正确不合题意。
故选B。
21．【答案】（1）N2
（2）等质量的氢氧化锂吸收二氧化碳的质量更多
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律化学反应前后元素种类、原子种类、原子个数不变，以及化学反应方程式的书写进行分析；
（2）根据图一信息得出吸收等质量的所需氢氧化锂和氢氧化钠的质量进行比较；
（3）根据化学反应方程式的书写方法和质量守恒定律的元素种类、原子个数守恒进行分析。
【解答】（1）反应前反应物中有2个、8个、6个和8个，反应后生成物中2个、8个、8个，因此还缺少6个，X前面的系数是3，则X为2个构成的分子，故答案为：；
（2）根据图1可知，吸收等质量的，所需氢氧化锂的质量比氢氧化钠的质量更少，因此选用氢氧化锂而不用氢氧化钠，故答案为：等质量的氢氧化锂吸收二氧化碳的质量更多；
（3）根据题意反应物是和，生成物是和，反应条件是高温、高压和催化剂写出化学反应方程式并配平， 故答案为：。
22．【答案】（1）升高
（2）汽化
（3）液态二氧化碳汽化时吸收大量的热，使温度降低到可燃物的着火点以下，二氧化碳的密度比空气的密度大，笼置在可燃物的表面，使可燃物与空气隔绝
【知识点】燃烧与灭火；二氧化碳的物理性质及用途
【解析】【分析】（1）根据液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低分析。
（2）物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化时要吸收热量。
（3）根据液态二氧化碳汽化需要吸收热量和二氧化碳密度大于空气密度，并且不支持燃烧分析。
【解答】（1）液体的沸点随气压的升高而升高，因此钢瓶内气压较高，二氧化碳的沸点升高。
（2）液态二氧化碳喷出时变为气体，所以物态变化的名称为汽化。
（3）液态二氧化碳汽化时吸收大量的热，使温度降低到可燃物的着火点以下。
二氧化碳的密度比空气的密度大，笼置在可燃物的表面，使可燃物与空气（或氧气）隔绝，从而达到灭火的目的。
23．【答案】（1）降温
（2）氮气
（3）b c
【知识点】空气的利用；氧气的性质和利用
【解析】【分析】（1）液化的常见方式：加压和降温。
（2）根据图像进行分析，可知先汽化的是氮气，氮气的沸点低于氧气。
（3）根据氧气可以供给呼吸和具有助燃性进行分析，气体肥料一般指的是二氧化碳，用于植物的光合作用。
【解答】（1）要使空气液化，液化放热，应加压和降低温度。
（2）由图可知，液态空气升温时，氮气先逸出与液氧分离。
（3）氧气可以供给呼吸，所以可用于医疗急救（b）；氧气具有助燃性，可用于气割气焊（c）。
24．【答案】（1）A阀门打开，B阀门关闭
（2）②
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）压强差会将物体从压强大的一侧压向压强小的一侧，松手后气囊内压强减小，桶内气体将B关闭，大气压将A打开，空气进入。
（2）根据水继续流出是因为桶内气压过大进行分析，可知可通过减小桶内压强来防止水继续流出，在②处安装阀门，打开后桶与空气相连，压强减小。
【解答】（1）回弹时，气囊体积变大，压强减小，小于桶内压强，筒内气体将B关闭，外界大气压大于桶内压强，将A打开，空气进入气囊，可知气囊回弹时， A阀门打开，B阀门关闭 。
（2）送开气囊，仍在出水，说明筒内压强大于外界大气压，为了使水不再流出，应使桶内压强与外界大气压相等，由图可知， ②在桶内，若将阀门安装在②，打开②，桶与外界相连，内外压强相同，水不再流出，可知应将阀门安装在②处。
25．【答案】（1）运动
（2）1
（3）减小
【知识点】参照物及其选择；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）电源电压一定时，电路中电阻越大，电流越小，电动机运行速度越慢。
（3）电磁铁磁性强弱与电流大小及线圈匝数有关，电流越大，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。
【解答】（1）人和电梯一起向上运动，人与地面之间的空间位置发生改变，可知以地面为参照物，人是运动的。
（2）由图可知，衔铁与1接触时，工作电路中定值电阻与电动机串联，电路中电阻较大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，所以电动机运行较慢。
（3）人站在电梯上，压力增大，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流变大，电磁铁对衔铁的吸引力增强，衔铁与2接触，工作电路中电流较大，电动机运行速度快。
26．【答案】（1）B
（2）地形
（3）增大
【知识点】大气压强与高度的关系；影响气候的因素
【解析】【分析】（1）根据图像进行分析，迎风坡降水较多。
（2）结合图像进行分析，结合海拔越高，温度越低进行分析。
（3）根据海拔越高，大气压越小进行分析。
【解答】（1）由图可知，B地位于山地的迎风坡（气流从A地上升至B地），而C地位于背风坡。因此，B地降水较多，C地降水较少。
（2） B地海拔2200米，两地海拔相差2000米。海拔升高会导致气温降低（通常每升高100米，气温下降约0.6℃），因此B地气温显著低于A地，因此影响A、B两地气候差异的主要因素是地形。
（3）从A到B，海拔变高，大气压强减小，瓶内压强大于外界大气压，将液体向外压，玻璃管中水面将上升，即h将增大。
27．【答案】（1）左边
（2）认同，随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度也呈现出同步上升的趋势 不认同，部分年份大气中二氧化碳浓度在下降，但地球表面温度在上升（言之有理即可）
【知识点】二氧化碳的物理性质及用途；全球性大气环境问题（酸雨、温室效应、臭氧空洞）
【解析】【分析】（1）温室效应的原理：二氧化碳是常见的温室气体，它能吸收地面反射的长波辐射，减少热量向外散失，使环境温度升高。在相同光照条件下，含二氧化碳的密闭容器内温度上升更快，气体受热膨胀更明显，内部压强会大于仅含空气的容器，从而推动红墨水柱向空气一侧移动。
（2）科学探究中的证据分析：判断二氧化碳是否为温室气体，需结合二氧化碳浓度与地球表面温度的变化趋势分析。若二者整体呈现同步上升的趋势，可支持 “二氧化碳浓度升高导致温室效应加剧、温度上升” 的结论；若存在局部年份二氧化碳浓度下降但温度仍上升的情况，则可提出反对观点，说明温度变化还受其他因素（如太阳活动、火山活动等）影响。
【解答】（1）实验甲中，右侧玻璃瓶内是空气和二氧化碳的混合气体，左侧玻璃瓶内是空气。若二氧化碳是温室气体，在阳光照射下，右侧瓶内的热量更难散失，温度会比左侧瓶内更高。
右侧瓶内温度升高，气体受热膨胀，内部压强会大于左侧瓶内的压强，因此红墨水柱会被压向压强较小的左侧，即水柱向左边移动。
（2）对于实验乙，若认同 “二氧化碳为温室气体” 的结论，可观察到随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度整体呈现出同步上升的趋势，二者变化趋势高度一致，说明二氧化碳浓度升高可能导致温室效应加剧，使温度上升。
若不认同该结论，可指出图中部分年份大气中二氧化碳浓度下降，但地球表面温度仍在上升，说明温度变化并非仅由二氧化碳浓度决定，还可能受其他因素影响，因此不能仅凭该趋势直接认定二氧化碳是温室气体。
故答案为：（1）左边；
（2）认同，随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度也呈现出同步上升的趋势（或不认同，部分年份大气中二氧化碳浓度在下降，但地球表面温度在上升，言之有理即可）。
28．【答案】（1）良
（2）城市道路定时洒水、多植树、加强城市污染气体排放管控等
【知识点】空气污染与保护
【解析】【分析】（1） 空气污染指数指空气被污染的程度，空气污染指数是衡量一个地区空气质量的一个重要指标，指数越小空气质量越好，指数越大，空气污染越严重；
（2） 可吸入颗粒物是直径在10微米以下的颗粒，可能对呼吸系统、循环系统造成伤害。
【解答】（1）当空气污染指数在50-100之间时，空气质量状况是良。根据甲图可知空气质量指数的范围是50～100，空气质量以良为主。
（2）城市道路定时洒水、加强建筑工地扬尘控制，可改善空气质量。
29．【答案】（1）玻璃罐内形成一段稳定的水柱/水沿玻璃管上升一定高度后稳定不下降
（2）密度更小的液体
（3）等于；下降
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【分析】 检验装置的气密性：小安向玻璃管内吹气，发现玻璃管下端的液体内有大量气泡产生。停止吹气并静置一段时间，观察到（这里是填空位），说明装置的气密性良好。
【解答】（1） 气密性良好的装置在停止吹气后，内部的气压应能保持稳定，不会因为漏气而迅速变化。 吹气时，气体通过液体产生气泡；停止吹气后，如果装置气密性良好，液体会因为内部气压的作用而保持一定高度，不会迅速回落。 停止吹气后，液面会上升到一定高度并保持稳定，不再下降。故答案为： 玻璃罐内形成一段稳定的水柱/水沿玻璃管上升一定高度后稳定不下降。
（2） 简易气压计通过液柱高度反映气压变化。气压变化时，液柱高度会相应变化。 液面高度变化不明显，可能是因为液体的密度较大或玻璃管较粗，导致液柱高度对气压变化的敏感度不足。 可以放大液柱高度的变化，但题目中液面高度变化不明显的原因更多与液体密度有关。 密度小的液体在相同气压变化下，液柱高度变化更明。故答案为：密度更小的液体。
（3） 倒置后，仅有少量水流出，管内仍有液柱，说明瓶内气压支撑了液柱的重量。液柱能够保持，是因为瓶内气压加上液柱的压强 等于外界大气压，故答案为：等于。海拔升高，外界气压减小，所以液面下降，故答案为：下降。
30．【答案】（1）C
（2）加快空气流速
（3）当水箱水量不足时，浮筒下降，触发自动开关断开电路，风扇停止工作
【知识点】影响蒸发快慢的因素；电路的动态分析；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）电磁感应是发电机的原理；电流周围存在磁场，小磁针在导线周围受力转动。
（2）根据影响水蒸发速度的因素进行分析--空气流速、温度、表面积等。
（3）结合图丙进行分析，可知浮筒向下运动，会导致触点分离，电路断开。
【解答】（1）电动机将电能转化为机械能，原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
故答案为：C。
（2）风扇工作时，加快了周围空气流速，从而加快水分蒸发的速度。
（3）由图丙可知，当水量减少到一定值时，浮筒总重力减小，会向下运动，导致触点开关断开，电路处于断路状态，加湿器停止工作。
31．【答案】（1）Ⅱ
（2）d
（3）白天适当增加二氧化碳浓度
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）植物的光合作用是吸收二氧化碳、释放氧气的过程，只在有光的条件下进行；呼吸作用是吸收氧气、释放二氧化碳的过程，全天都能进行。
图乙中曲线 Ⅰ 在白天强度高、夜晚降为零，代表光合作用，曲线 Ⅱ 全天都有活动，代表呼吸作用。
（2）大棚内二氧化碳含量变化反映了光合作用与呼吸作用的强弱关系：二氧化碳含量下降时，光合作用强度大于呼吸作用强度，有机物持续积累；二氧化碳含量最低点对应的时刻，是光合作用等于呼吸作用的最后时刻，此时有机物积累量达到一天中的最大值。
（3）提高农作物产量的核心思路是：增强光合作用，抑制呼吸作用，从而增加有机物的净积累量。可以从光照、二氧化碳浓度、温度、水肥管理等角度提出措施。
【解答】（1）图甲中 C 过程是吸收氧气、释放二氧化碳的呼吸作用，只在有光条件下进行；曲线 Ⅱ 全天都有活动，代表呼吸作用。
（2）图丙中，从 b 点（6 时）到 d 点（18 时），大棚内二氧化碳含量持续下降，说明光合作用强度大于呼吸作用强度，有机物一直在积累；d 点之后二氧化碳含量开始上升，说明呼吸作用强度大于光合作用强度，有机物开始消耗。因此植物有机物积累最多的点是 d。
（3）为提高农作物的产量，可以采取以下建议：白天适当增加大棚内的二氧化碳浓度（如增施有机肥），增强光合作用；夜晚适当降低大棚温度，减弱呼吸作用，减少有机物消耗；或合理密植、延长光照时间等（合理即可）。
故答案为：（1）Ⅱ；
（2）d；
（3）白天适当增加二氧化碳浓度（或夜晚适当降低温度、合理密植等，合理即可）。
32．【答案】（1）右；上端
（2）③
【知识点】大气的温度；大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】 空气对流运动的规律是：热 空气密度 （低），向（上）运动；而上方空气温度低（就是冷空气），密度（高）下沉，形成对流。 ③是对流层，②是平流层，①是中间层，之外的是高层大气；
【解答】（1）暖空气，密度小，上升，冷空气密度大，下沉；图甲，如果在C处加热，则回形管中的红墨水将向右移动， 由此推测，夏天的房间内安装空调时，应将空调按在房间的上端；
（2） 图乙，天气现象主要发生大气的③对流层，因为对流层集中了地球3/4的大气和几乎全部的水汽，并且下面的温度高，上面的温度低，有利于空气的对流。
故答案为：（1）右，上端（2）③
33．【答案】（1）氮气
（2）40
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）结合图甲和题干信息进行分析，可知减少的气体为氮气。
（2）白磷燃烧消耗氧气，装置内压强减小，水压入集气瓶，进入瓶内水的体积等于消耗氧气的体积。
【解答】（1）由“ 分子筛可吸附空气中的氮气 ”和““”变少”可知，“”表示的是氮气分子。
（2）剩余水的体积为20mL，可知进入集气瓶内的水的体积为100mL-20mL=80mL，即氧气的体积为80mL，则氧气的体积分数为。
34．【答案】（1）呼吸作用
（2）D
（3）白天适当增加二氧化碳浓度、晚上适当降低温度（从提升白天的光合作用强度或降低夜间的呼吸作用强度考虑均可）
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】 图甲中展示了葡萄叶片进行的三大生理作用，通常植物叶片的三大生理作用包括： 1. 光合作用：植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物和氧气。 2. 呼吸作用：植物分解有机物释放能量，产生二氧化碳和水。 3. 蒸腾作用：植物通过叶片气孔散失水分，调节体内水分和温度。
【解答】（1） 吸入氧气呼出二氧化碳的过程是典型的呼吸作用中的气体交换，故答案为：呼吸作用。（2）二氧化碳浓度最低时是有机物积累最多的时间点，故答案为：D。
（3）可以从提高光合作用和降低呼吸作用两个方向考虑。故答案为：白天适当增加二氧化碳浓度、晚上适当降低温度（从提升白天的光合作用强度或降低夜间的呼吸作用强度考虑均可）。
35．【答案】（1）
（2）使温度达到白磷的着火点；隔绝空气（写出一点即给分）
（3）③④
（4）
【知识点】空气的成分及探究；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）红磷在氧气里剧烈燃烧，生成大量的白烟（即五氧化二磷），发出白光（在空气中燃烧产生黄色火焰），而白磷可以与空气中氧气的发生缓慢氧化，达到着火点（40℃）时，引起自燃，
（2）水可以隔绝空气，热水还可以使物体温度达到着火点；
（3）水中的白磷没有接触氧气， 瓶中液面低于燃烧匙底部， 此时白磷可以接触空气中的氧气；
（4）白磷燃烧消耗的氧气的体积除以集气瓶内空气的体积等于空气中氧气的体积分数。
【解答】（1）白磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式为：；
（2）本实验中使用80℃热水的作用是提供热量提升温度以及隔绝氧气方便探究燃烧是否需要空气；
（3）在实验中，白磷的温度达到了着火点，步骤③中的白磷没有与氧气接触，所以没有燃烧；步骤④中的白磷与氧气接触，发生了燃烧。结合步骤③、④，说明白磷燃烧需要的条件是燃烧需要氧气；
（4）步骤④中，注射器内的水的体积即为集气瓶内空气的体积，实验结束后，待整个装置冷却至室温时，打开K2发现注射器中的水剩余V2毫升，注射器内的水减少了（V1-V2）mL，这是白磷燃烧消耗的氧气的体积，所以由此实验得出空气中氧气的含量为：
36．【答案】（1）流体在流速大的地方压强小
（2）迎角大小；C
（3）<
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】（1）根据流体压强和流速的关系分析机翼的升力产生原因；
（2）①根据实验目的“要探究升力与迎角大小的关系”确定步骤②的内容；
②根据丁图分析升力随仰角变化的关系。
（3） 飞机在水平匀速直线飞行时受力平衡，升力一定，速度越大，仰角越小。
【解答】 （1）根据甲图可知，机翼的上表面为曲面，下表面为平面，则机翼做成该形状的原因是流体流速越大，压强越小，从而获得向上的升力；
故填：流体在流速大的地方压强小。
（2）②根据实验目的可知，实验要探究升力与迎角大小的关系，则步骤②的内容为：改变迎角大小，重复步骤①并计算升力平均值；
故填：迎角大小。
③根据丁图可知，飞机速度一定时，迎角在小于15°时，升力增大，大于15°时，升力减小，所以升力会先增大后减小。
故选C。
（3）根据题意可知，θ1、θ2在15°和20°之间时，速度小时，产生的升力小，需要角度接近15°来获取更大的升力使得等于飞机重力；速度大时，产生的升力大，需要角度大于15°来获取比之前小一点的升力，使升力等于飞机重力，所以可知飞机的升力一定时，速度较小，仰角应较小，则θ1＜θ2。故填：＜。
37．【答案】（1）铝棒
（2）闭合电路或通路
（3）将磁体两极水平放置
（4）东西
【知识点】产生电磁感应现象的条件和规律；探究电磁感应现象的实验
【解析】【分析】本题考查电磁感应现象，核心是感应电流产生的条件：电路闭合、部分导体做切割磁感线运动。解题需结合实验现象分析条件，并通过改进实验验证 “切割磁感线” 而非 “左右运动” 是关键。
【解答】(1) 感应电流产生需要导体导电，且铁棒易被磁化，会影响磁场分布，因此 AB 棒应选用铝棒（塑料棒不导电，铁棒易磁化，均不适合）。
(2) ①开关断开，AB 棒运动，指针不偏转；②开关闭合，AB 棒运动，指针偏转。对比可知，产生感应电流的条件之一是电路闭合。
(3) 要验证 “不一定要左右运动也能产生感应电流”，需让导体上下运动时仍切割磁感线。原装置中磁感线方向为竖直方向，上下运动不切割；若将磁体上下翻转（改变磁感线方向为水平方向），AB 棒上下运动时就会切割磁感线，从而产生感应电流，证明小乐的观点正确。
38．【答案】（1）O、E
（2）通电线圈在磁场中受力转动
（3）由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退，由产品评价表知为优秀等级。
【知识点】变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据表格可知， 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，即电流表的示数变大，根据欧姆定律分析变阻器接入阻值的变化，弄清接入电阻丝长度的变化，最终确定选择的接线柱即可；
（2）根据电动机的工作原理解答；
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向，根据图片分析开关切换时，是否能够改变流入电动机的电流方向即可。
【解答】（1） 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，说明电路中电流需要变大，滑动变阻器接入电路的电阻需要变小。
若接O、E，踩下踏板时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路电流变大，电动机功率变大，船速变大，符合优秀要求。
故填：O、E。
（2） 电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能。 故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向。分析题图电路：
当开关S1接①、S2接③时，电流流过电动机的方向为从左到右；当开关S1接②、S2接④时，电流流过电动机的方向为从右到左；两种接法改变了电动机两端的电流方向，因此电动机转动方向改变，游船可以实现前进和后退，符合指标中“优秀”的标准。
故填：优秀；由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退。
39．【答案】（1）4.5g
（2）解：由题知，设参加反应的氯酸钾的质量为x。
，解得x=12.25g
答： 受热分解的氯酸钾的质量为12.25g。
（3）解：设生成的质量为y。
，解得y=7.45g；
反应后滤液的质量为100g，
，
答：滤液中氯化钾溶质的质量分数为7.45%。
【知识点】制取氧气的原理；质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律化学反应前后物质总质量不变；
（2）根据化学反应方程式计算参加反应的氯酸钾的质量；
（3）根据进行计算。
【解答】（1）反应前物质的总质量是氯酸钾样品的质量和二氧化锰的质量之和，即18.5g+ag；反应后物质的总质量是剩余固体的质量和生成氧气的质量之和，即18.2g+4.8g=23g，根据质量守恒定律反应前后物质总质量不变，即18.5g+ag=23g，解得a=4.5g，故答案为：4.5g。
1 / 1【浙教版】（新教材）初中科学 八年级下册期末优生拔高训练系列卷C
一、选择题
1．某密闭容器中加入甲、乙、丙三种物质，测得反应前、后各物质的质量如下表。下列说法正确的是(　　)
实验序号 甲的质量/g 乙的质量/g 丙的质量/g
反应前 5.4 1.6 9.4
反应后 9.6 4.8 M
A．M的值为2.2
B．该反应中丙是生成物
C．反应后生成甲和乙的质量总和为 4.2g
D．参加反应的甲、乙物质的质量比为21：16
【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】考查了质量守恒定律：反应前后物质总质量不变，以及根据质量变化判断反应物和生成物。
【解答】A、由质量守恒定律，，故A选项错误。
B、甲乙的质量增加，为生成物，丙的质量减少，为反应物，故B选项错误。
C、反应生成了甲的质量为：，生成了乙的质量为：，生成的甲和乙的质量总和为7.4g，故C选项错误。
D、生成甲的质量为4.2g，生成乙的质量为3.2g，因此甲和乙的质量比为21：16，故D选项正确。
故答案为：D
2．如图为验证动物需要呼吸的实验装置，关于该实验的下列有关说法不正确的是(　　)
A．在实验前应该检验装置的气密性
B．为了使实验现象更明显，可增加昆虫数量
C．相同时间内，装置A中红色水滴移动距离比装置B更短
D．为更好地控制变量，可在B试管内放入等数量的同种灭菌死昆虫
【答案】C
【知识点】动物的呼吸作用
【解析】【分析】A.只要是有气体生成且需要测量气体体积的实验，都要检验装置的气密性；
B.红色水滴移动的距离取决于装置内气体体积的变化大小；
C.根据昆虫呼吸产生二氧化碳，二氧化碳能够被碱石灰吸收分析；
D.根据控制变量法的要求分析。
【解答】A. 该实验是通过装置内气压变化使红色水滴移动，来验证动物的呼吸作用，若装置漏气，气压变化不明显，会影响实验结果，因此实验前必须检验装置的气密性， 故A正确，不合题意；
B. 昆虫呼吸会消耗更多氧气，实验现象更明显，因此增加昆虫的数量，呼吸消耗氧气更多，气压变化更大，红色水滴移动更明显， 故B正确，不合题意；
C. 装置A中活昆虫呼吸作用消耗氧气，产生的二氧化碳被碱石灰吸收，装置内气压减小；装置B中无活昆虫，气压几乎不变化。因此相同时间内，装置A中红色水滴移动距离比装置B更长， 故C错误，符合题意；
D. 本实验的变量是昆虫的活性，为控制单一变量，可在B试管内放入等数量的同种灭菌死昆虫，排除其他因素干扰，故D正确，不合题意。
故选C。
3．如图表示夏季晴天植物一天中光合作用和呼吸作用强度随时间变化的曲线。下列叙述正确的是 (　　)
A．由图可知，光照越强，光合作用的强度越强
B．f点植物体内积累的有机物最多
C．夏季清晨 (b点前)空气最清新，适合在树林中晨练
D．提高曲线Ⅱ的整体强度，有利于有机物的积累
【答案】B
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】A、正午光照强度大，光合作用强度减弱的原因是，防止蒸腾作用过强，气孔关闭，二氧化碳吸收量减少。
B、光合作用强，积累有机物，呼吸作用强，消耗有机物，据此进行分析。
C、呼吸作用消耗氧气，释放二氧化碳，光合作用消耗二氧化碳，释放氧气。
D、呼吸作用24小时均在进行，光合作用在光照条件下进行。
【解答】A、中午12点左右光强最强，但图中显示光合作用强度在减弱，可知并不是光照越强，光合作用强度越强，故A错误；
B、f点光合作用与呼吸作用强度相同，f之前光合作用更强，植物积累有机物，f之后呼吸作用更强，植物消耗有机物，可知f点植物体内积累的有机物最多，故B正确；
C、b点之前，呼吸作用强度更强，消耗氧气，释放二氧化碳，可知此时空气不清新，故C错误；
D、曲线Ⅱ24小时都在进行，为呼吸作用，消耗有机物，提高呼吸作用强度，消耗有机物变多，不利于有机物的积累，故D错误。
故答案为：B。
4．在化学反应A2＋BC=B＋A2C中，反应物BC与生成物B的质量关系如图所示。若2g A2与80g BC恰好完全反应，则生成物A2C的质量是( )
A．8g B．80g C．28g D．18g
【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）质量守恒定律的应用：参加化学反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和，即反应前后物质的总质量不变。
（2）根据图像确定物质的质量比：通过图像中 BC 的质量与生成 B 的质量的对应关系，可得出反应中 BC 与 B 的质量比，进而计算出参与反应的 B 的质量。
【解答】根据图象可知，该反应中BC与B的质量比为10：8；所以80gBC完全反应生成B的质量是：8×80g÷10=64g，根据质量守恒定律，生成A2C的质量是2g+80g-64g=18g。
故答案为：D。
5．叶面积指数是指单位土地面积上植物的总叶面积，叶面积指数越大，叶片父错重叠程度越大。如图表示叶面积指数与光合作用和呼吸作用两个生理过程的关系。下列叙述中错误的是 (　　)
A．A点时，光合作用和呼吸作用强度相等
B．两条曲线围成的部分代表有机物的积累量
C．叶面积指数大约为5时，对农作物增产最有利
D．叶面积指数超过7时，农作物将不能正常生长
【答案】D
【知识点】光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）光合作用与呼吸作用的关系：光合作用是绿色植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物并释放氧气的过程，积累有机物；呼吸作用是细胞利用氧将有机物分解为二氧化碳和水，并释放能量的过程，消耗有机物。植物生长的优劣取决于有机物的积累量，即光合作用强度与呼吸作用强度的差值。
（2）叶面积指数的意义：叶面积指数是单位土地面积上植物叶片总面积占土地面积的倍数。叶面积指数过小，叶片捕获的太阳能少，光合作用总强度低；叶面积指数过大，叶片相互遮挡，光照不足，且呼吸作用消耗剧增，导致有机物积累量下降。
（3）有机物积累量的判断：两条曲线围成的面积代表光合作用制造的有机物与呼吸作用消耗的有机物的差值，即有机物的积累量。
（4）作物增产的最佳叶面积指数：作物增产的关键是最大化有机物积累量，此时通常是光合作用强度与呼吸作用强度差值最大的时候，对应图像中两条曲线竖直距离最大的点。
【解答】A、A 点是光合作用曲线与呼吸作用曲线的交点，此时光合作用强度与呼吸作用强度的数值相等，A 正确；
B、两条曲线围成的部分表示光合作用制造的有机物减去呼吸作用消耗的有机物的剩余部分，即有机物的积累量，B 正确；
C、叶面积指数大约为 5 时，光合作用与呼吸作用的差值最大，有机物积累量最多，此时对农作物增产最有利，C 正确；
D、叶面积指数超过 7 时，呼吸作用强度仍在增加，但光合作用强度增长变缓甚至趋于稳定，有机物积累量减少，并不代表农作物不能正常生长，只是产量会下降，D 错误。
故答案为：D。
6．实验室要收集一瓶约含四分之一空气的氧气，下列操作正确的是(　　)
A．集气瓶中灌 的水
B．集气瓶中灌 的水
C．导管伸入到集气瓶约 处
D．导管伸入到集气瓶约
【答案】B
【知识点】制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】要收集指定体积比例的气体，应采用排水法，因为氧气和空气均无色，不能确定比例关系，集气瓶内水的体积等于收集的氧气的体积。
【解答】A、氧气瓶内灌四分之一水，空气占四分之三，收集到的是含四分之三空气的氧气，故A错误；
B、氧气瓶内灌四分之三水，空气占四分之一，收集到的是含四分之一空气的氧气，故B正确；
CD、氧气和空气均无色，不能确定空气和氧气的比例，故CD错误。
故答案为：B。
7．在某“荒野求生”节目中，出现用塑料袋煮鱼汤的片段(如图所示)，待鱼汤煮好后塑料袋未燃烧的原因是(　　)
A．空气不充足，不能支持塑料袋燃烧
B．塑料袋不是可燃物，所以不能被点燃
C．塑料袋中有水 降低了塑料袋的着火点
D．水沸腾吸热，温度不变，且低于塑料袋着火点
【答案】D
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】根据燃烧的条件进行分析--有可燃物、充足的助燃剂、温度达到着火点，缺一不可，着火点是可燃物的属性，不会改变。
【解答】A、塑料袋暴露在空气中，与空气充分接触，可知没有燃烧不是由于空气不足导致的，故A错误；
B、塑料袋可以燃烧，属于可燃物，没有燃烧，是因为没有达到燃烧的条件，故B错误；
C、塑料袋的着火点是塑料袋的属性，水不会降低塑料袋的着火点，故C错误；
D、水沸腾时吸热，但温度不变，此时塑料袋的温度低于着火点，所以没有燃烧，故D正确。
故答案为：D。
8．实验室利用氯酸钾和二氧化锰混合制取氧气直至完全反应，下列各物质的质量随反应时间变化的关系图证确的是(　　)
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】制取氧气的原理
【解析】【分析】AB、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下分解成氯化钾和氧气，反应前没有氯化钾和氧气，可知两种物质的质量均从零开始增加，直至反应结束，之和保持不变。
C、催化剂在反应前后质量和化学性质保持不变。
D、氯酸钾是反应物，不断被消耗，质量减小，直至为零。
【解答】A、氧气是生成物，由零开始增多，反应结束后保持不变，故A正确；
B、氯化钾是生成物，由零开始增多，反应结束后保持不变，由图可知，氯化钾的质量不从零开始，故B错误；
C、二氧化锰是反应的催化剂，在反应前后质量不变，图像应是一条与横坐标相平行的直线，故C错误；
D、氯酸钾是反应物，随着反应进行质量逐渐减小至零，图中氯酸钾的质量没有减为零，故D错误。
故答案为：A。
9．在学校开展的“培育玉米”项目中，小组同学经历了玉米的育苗、移栽、除草施肥、搭架子等活动，收获了鲜甜多汁的玉米，玉米的鲜甜程度与有机物积累量有关：有机物积累越多，玉米越鲜甜。以下是不同的玉米植株结果时在白天的呼吸作用和光合作用活动强度的变化曲线，其中能结出最鲜甜玉米的植株是 (　　)
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】根据光合作用合成有机物，呼吸作用分解有机物和有机物积累越多，玉米越甜进行分析。
【解答】要结出最鲜甜玉米，则积累的糖类等有机物更多，光合作用合成有机物，呼吸作用分解有机物，要使有机物积累更多，则光合作用强度应远大于呼吸作用强度，图A符合题意。
故答案为：A。
10．某学习小组用实验验证质量守恒定律，下列说法正确的是
A.可以验证质量守恒定律 B.若实验中装置漏气，天平最后不平衡 C.实验容器敞口，不能验证质量守恒定律 D.实验生成物的质量等于参加反应的镁条质量
A．A B．B C．C D．D
【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】质量守恒定律定义是指参加化学反应的各物质的质量总和，等于反应后生成的各物质的质量总和。若化学反应中有气体参与或生成，需在密闭容器中进行实验，才能准确验证质量守恒定律；敞口容器中气体逸出或进入，会导致天平不平衡，无法验证。质量守恒定律只适用于化学变化，不适用于物理变化。
【解答】A：酒精和水混合属于物理变化，没有发生化学反应，不能验证质量守恒定律，故A错误，不符合题意；
B：铁粉与稀硫酸反应生成氢气，若装置漏气，氢气会逸出，导致反应后左盘总质量减小，天平最后不平衡，故B正确，符合题意；
C：硫酸铜溶液与氢氧化钠溶液反应，没有气体参与或生成，敞口容器中反应前后总质量不变，可以验证质量守恒定律，故C错误，不符合题意；
D：镁条燃烧是镁与氧气反应生成氧化镁，根据质量守恒定律，生成物氧化镁的质量等于参加反应的镁条质量与氧气质量之和，故D错误，不符合题意；
故答案为B。
11．小科在用显微镜做实验的过程中，下列相关分析正确的是(　　)
A．甲：观察到视野中有一个大气泡，可向右上方移动装片，使气泡从视野的右上方移出
B．乙：观察黑藻叶片细胞中叶绿体逆时针流动，则叶绿体实际流动方向是逆时针
C．丙：观察植物叶表皮的气孔后，绘制了叶表皮气孔示意图，则②表示的是气孔
D．丁：观察金鱼尾鳍内血液的流动，④与通常看到的人体皮下“青筋”属于同一类血管
【答案】B
【知识点】显微镜的使用；叶的形态结构；心脏和血管
【解析】【分析】AB显微镜成的是倒立的像，要让像移至视野中央，则像在什么方位，就将装片向什么方位移动；视野中物体转动方向与实际转动方向相同。
C、半月形保卫细胞中间的空隙为气孔，结合图像进行分析。
D、④中血液由主干道向分支流动，是动脉血管，⑤红细胞排成单行通过，为毛细血管，⑥中血液由分支向主干道流动，为静脉血管。
【解答】A、显微镜成的是倒立的像，气泡在视野的右上角，其实际位置在左下角，若将装片向右上角移动，将会使气泡移至视野中央，故A错误；
B、显微镜成的是倒立的像，上下左右都相反，视野中叶绿体沿逆时针方向转动，其实际流动方向也为逆时针，故B正确；
C、由图可知，②表示的是半月形的保卫细胞，其中间的孔洞，即③表示的是气孔，故C错误；
D、 ④中血液由主干道向分支流动，可知为动脉血管， 通常看到的人体皮下“青筋”属于静脉血管，故D错误。
故答案为：B。
12．小科同学利用如图1装置，进行“质量守恒定律”的验证过程中，锥形瓶中固态物质的质量随时间t的变化关系正确的是 （　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】白磷燃烧，产生五氧化二磷，根据固体的成分进行分析。
【解答】锥形瓶内的固体成分由白磷变为五氧化二磷，故固体的质量在逐渐变大，等到白磷恰好消耗完装置内的氧气的时候，瓶内固体的质量便不再改变，故C正确，ABD错误。
故选：C。
13．在测量空气中氧气体积分数实验时，无法直接测量氧气体积，转而通过倒吸的水的体积获得氧气的体积，下列实验中与此研究方法相同的是 (　　)
A．探究燃烧的条件
B．通过同一灯泡的亮度来比较电流大小
C．气压对液体沸点的影响
D．通过木炭在氧气中燃烧获得氧气的性质
【答案】B
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；电流和电流的单位换算；氧气的性质和利用；燃烧与灭火
【解析】【分析】无法直接测量氧气的体积，转而通过测量倒吸的水的体积来间接获得氧气的体积，这是一个转换法。
【解答】A、图像显示的是一个对比实验，探究燃烧需要温度达到着火点，用的是控制变量法，故A错误；
B、电流的大小无法直接观察，但可以通过灯泡的亮度间接反映电流的大小，这是转换法，故B正确；
C、图片显示的是研究气压对液体沸点的影响，实验是直接测量沸点与气压的关系， 没有转换法，故C错误；
D、图片显示的是木炭在氧气中燃烧，这是通过化学反应直接观察氧气的性质，没有用到转换法，故D错误。
故选：B。
14．科技人员成功研制出一种新型催化剂，可将二氧化碳转化成液体燃料，反应的微观示意图如下，有关该反应的说法正确的是 (　　)
A．参加反应的两物质的分子数比为1：3
B．该反应属于化合反应
C．反应前后分子数没有发生改变
D．反应前后原子种类发生了变化
【答案】B
【知识点】化合反应和分解反应；化学方程式的概念、读法和含义
【解析】【分析】A.根据图片写出反应的方程式，而化学式前面的数字就是参加反应的分子个数；
B.如果生成物只有一种，那么为化合反应；
C.根据方程式确定反应前后分子数是否改变；
D.根据方程式确定反应前后原子种类是否改变。
【解答】根据图片可知，反应前后共有的，则是没有参加反应的，那么得到下图；
即。
A. 根据方程式可知，参加反应的两物质的分子数比为1：1，故A错误；
B.反应物有2种，生成物只有1种，那么为化合反应，故B正确；
C.反应前有2个分子，反应后有1个分子，故C错误；
D.反应前后原子种类都是3种，故D错误。
故选B。
15．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环(如图)。分析两种循环，其中正确的是 (　　)
A．途径①会增加空气中二氧化碳含量，加剧温室效应
B．氧气只有通过燃烧才能参与碳循环
C．两种循环各自独立，彼此之间无联系
D．只有氧循环产生氧气对人类是有益的
【答案】A
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环
【解析】【分析】A.根据化石燃料燃烧产生二氧化碳判断；
B.氧循环的方法：燃烧和呼吸作用；
CD.根据碳氧循环对人类的作用判断。
【解答】 A.途径①化石燃料的燃烧会增加空气中二氧化碳含量，从而加剧温室效应，故A正确；
B.氧气还能通过生物的呼吸作用参与碳循环，故B错误；
C.植物光合作用吸收二氧化碳释放氧气，呼吸作用吸收氧气释放二氧化碳。碳循环与氧循环通过光合作用、呼吸作用等过程相互关联，故C错误；
D.氧循环是指氧元素在不同物质形态之间的循环，碳循环是指碳在生物群落和无机环境之间的循环，氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定（碳氧平衡），故D错误。
故选A。
16．某科学兴趣小组制作了小肠模型，关于此模型的叙述错误的是（ ）
A．折成锯齿状的纸板模拟小肠皱襞
B．粘在纸板上的毛线模拟小肠绒毛
C．液体胶水模拟小肠内的多种消化液
D．该模型能完整模拟小肠的吸收过程
【答案】D
【知识点】消化系统的组成
【解析】【分析】
【解答】A、小肠皱襞是小肠内壁的环形皱褶，可以增加小肠的表面积。将纸板折成锯齿状可以模拟这种皱襞结构，增加模型的表面积，故A正确，不符合题意；
B、小肠绒毛是小肠皱襞表面的微小指状突起，进一步增加吸收面积。毛线粘在纸板上可以模拟绒毛的结构，故B正确，不符合题意；
C、小肠内有多种消化液（如肠液、胰液、胆汁等），用于消化食物。液体胶水的流动性可以模拟消化液的液态特性，故C正确，不符合题意；
D、小肠的吸收过程是一个复杂的生理过程，涉及绒毛内的毛细血管和淋巴管对营养物质的吸收。该模型仅模拟了小肠的物理结构（皱襞和绒毛），但无法模拟吸收过程中物质的主动运输、扩散等生理机制，故D错误，符合题意。
故答案为：D。
17．小科制作了人体血液循环模型(如图所示)，其中矿泉水瓶①②③④分别模拟心脏的四个腔，甲为肺泡模型，乙为组织细胞模型， ②中装有小水泵，小水泵一端连着单向阀A，另一端和水管a相连。下列说法正确的是（　　）
A．水管a可模拟主动脉，内流静脉血
B．单向阀A能防止液体从②倒流回①
C．上肢静脉注射的药物首先到达图中的④
D．b处破损模拟血管破裂，可关闭阀门K2止血
【答案】B
【知识点】血液循环
【解析】【分析】根据人体的肺循环和体循环的知识，结合图片分析判断即可。
【解答】A. 水管a连接②（左心室），左心室连接的是肺动脉，不是主动脉。肺动脉内流的是静脉血，但水管a模拟的是肺动脉，故A错误；
B. 单向阀A位于①和②之间，模拟的是房室瓣（三尖瓣）。 房室瓣的作用是防止②左心室中的血液倒流会左心房（①），故B正确；
C. 上肢静脉注射的药物流向：上肢静脉 → 上腔静脉 → 右心房（①） → 右心室（②） → 肺动脉 → 肺部 → 肺静脉 → 左心房（③） → 左心室（④）。 因此药物首先到达的是①（右心房），不是④（左心室），故C错误；
D.b处为体动脉，血液从K1下方流向K2，此时关闭上端的K1可以止血，故D错误。
故选B。
18．逻辑推理是一种重要的化学思维方法，关于燃烧的逻辑推理合理的是 （　　）
A．因为氧气能支持燃烧，所以有氧气参与的反应一定是燃烧
B．因为燃烧一定发光放热，所以发光放热的变化一定是燃烧
C．因为剧烈燃烧会引起爆炸，所以爆炸一定是化学变化
D．因为燃烧需要同时满足三个条件，所以只要破坏其中一个条件就能灭火
【答案】D
【知识点】化学变化与物理变化的判别；燃烧与灭火
【解析】【分析】A、缓慢氧化也需要氧气的参与，但不属于燃烧，利于呼吸作用、铁生锈等。
B、燃烧是一种剧烈的氧化反应，通常伴随着发光、放热的现象，但发光放热的变化不一定是燃烧。
C、爆炸不一定是燃烧，例如由于存在过大的压强差而发生的爆炸，就不属于燃烧。
D、燃烧需同时具备三个条件，缺一不可--可燃物、氧气、温度达到着火点。
【解答】A、有氧气参与的反应不一定是燃烧，例如呼吸作用就有氧气参与，但物质没有燃烧，故A错误；
B、燃烧一定发光放热，但发光放热的变化不一定是燃烧，例如灯泡发光也伴随着发光发热，并不属于燃烧，故B错误；
C、剧烈燃烧会引起爆炸，但爆炸不一定是化学变化，例如气球爆炸，就不属于化学变化，故C错误；
D、燃烧的三个条件任意一个不满足，燃烧不再持续，即可以灭火，故D正确。
故答案为：D。
19．下列四个有关气压的现象，分析正确的是（　　）
A．图甲，“拔罐”时火罐不掉下来是因为人体内部有压强
B．图乙，用注射器给病人注射药物是利用了大气压强
C．图丙，抽尽空气后拉开不同半径的马德堡半球所用的力相同
D．图丁，导气管利用管口流速大压强小的原理将住户下水道的浊气排出
【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；大气压强的存在
【解析】【分析】（1）拔火罐说明大气压的存在；
（2）注射时通过手的推力产生较大的压强；
（3）马德堡半球实验，选用不同直径的半球时，根据F=pS，拉开半球所用的力不同；
（4）流体的压强与流速的关系是：流体的流速越大，其压强越小；流体的流速越小，其压强越大。
【解答】A、罐子会吸附在皮肤上，是因为罐内气压小于外界的大气压，不能说明人体内部有压强，故A错误。
B、医生用注射器给病人注射药物，是利用了手对活塞的压强，故B错误；
C、进行马德堡半球实验时，选用不同的直径的半球时，拉开半球所用的力不同，因为F=pS，压强一定时，受力面积不同，大气压对半球的压力不同，拉开半球所用的力也就不同，故C错误；
D、空气是流体，据流体的压强与流速的关系可知，导气管上端的空气流速大，其压强小，导气管下方的空气流速小，即压强大，即利用上述原理将污气压出导气管，故D正确。
故答案为：D。
20．“氧循环”和“碳循环”是自然界存在的重要循环。结合图示分析，下列关于碳、氧循环的认识不正确的是（　　）
A．变化观：每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素
B．微粒观：化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数减少
C．平衡观：碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定
D．守恒观：碳、氧循环过程中各元素质量守恒
【答案】B
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环
【解析】【分析】A.根据物质是由元素组成的进行分析；
B.根据化学反应前后，原子个数不变进行分析；
C.根据碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定进行分析；
D.根据化学反应前后，元素质量不变进行分析。
【解答】 A.物质是由元素组成的，每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素，故A正确不合题意；
B.化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数不变，故B错误符合题意；
C.碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定，故C正确不合题意；
D.化学反应前后，元素质量不变，所以碳、氧循环过程中各元素质量守恒，故D正确不合题意。
故选B。
二、填空题
21．从神舟飞船到空间站建设，我国的航天技术领跑全球，试回答下列问题：
（1）偏二甲肼（C2H8N2）是火箭的推进剂，其燃烧时反应方程式为：，则X为　 　。
（2）航天员呼吸产生的CO2，可采用氢氧化锂吸收的方式处理。结合图1分析，吸收CO2选用氢氧化锂而不用氢氧化钠的原因是　 　。
（3）航天员在空间站生活期间，需要充足的氧气补给。图2是水气整合系统，其中“氧气生成模块”的原理是电解水，再通过“废气处理模块”内部提供的高温、高压和催化剂等条件处理宇航员呼出的CO2，请写出“废气处理模块”内部反应的化学方程式　 　。
【答案】（1）N2
（2）等质量的氢氧化锂吸收二氧化碳的质量更多
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律化学反应前后元素种类、原子种类、原子个数不变，以及化学反应方程式的书写进行分析；
（2）根据图一信息得出吸收等质量的所需氢氧化锂和氢氧化钠的质量进行比较；
（3）根据化学反应方程式的书写方法和质量守恒定律的元素种类、原子个数守恒进行分析。
【解答】（1）反应前反应物中有2个、8个、6个和8个，反应后生成物中2个、8个、8个，因此还缺少6个，X前面的系数是3，则X为2个构成的分子，故答案为：；
（2）根据图1可知，吸收等质量的，所需氢氧化锂的质量比氢氧化钠的质量更少，因此选用氢氧化锂而不用氢氧化钠，故答案为：等质量的氢氧化锂吸收二氧化碳的质量更多；
（3）根据题意反应物是和，生成物是和，反应条件是高温、高压和催化剂写出化学反应方程式并配平， 故答案为：。
22．液态二氧化碳灭火器是生活中常见的灭火器之一，它可以用来扑灭图书档案，贵重设备、精密仪器等火灾，因为液态二氧化碳在空气中完全挥发成气体，所以它不会留下任何痕迹而使物体污损。
（1）常温常压下，二氧化碳以气体形式存在，而在此灭火器中以液态形式存在，这是因为在钢瓶内气压较高，二氧化碳的沸点　 　（填“升高”或“降低”或“不变”）。
（2）使用时，液态二氧化碳喷出，迅速　 　（填物态变化名称），吸收热量，有助于灭火。
（3）结合物态变化和二氧化碳的性质，请说说液体二氧化碳灭火的原理：　 　。
【答案】（1）升高
（2）汽化
（3）液态二氧化碳汽化时吸收大量的热，使温度降低到可燃物的着火点以下，二氧化碳的密度比空气的密度大，笼置在可燃物的表面，使可燃物与空气隔绝
【知识点】燃烧与灭火；二氧化碳的物理性质及用途
【解析】【分析】（1）根据液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低分析。
（2）物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化时要吸收热量。
（3）根据液态二氧化碳汽化需要吸收热量和二氧化碳密度大于空气密度，并且不支持燃烧分析。
【解答】（1）液体的沸点随气压的升高而升高，因此钢瓶内气压较高，二氧化碳的沸点升高。
（2）液态二氧化碳喷出时变为气体，所以物态变化的名称为汽化。
（3）液态二氧化碳汽化时吸收大量的热，使温度降低到可燃物的着火点以下。
二氧化碳的密度比空气的密度大，笼置在可燃物的表面，使可燃物与空气（或氧气）隔绝，从而达到灭火的目的。
23．空气是一种用途很多的自然资源，可用于工业上制取氧气，其流程如图所示。
（1）①所采取的方法是 　 　(选填“升温”或“降温”)。
（2）液态空气分离过程中，　 　先被分离出来，分离的依据是各物质的沸点不同。
（3）贮存在蓝色钢瓶中氧气的用途是 　 　(选填字母，多选)。
a.气体肥料 b.医疗急救 c.气割气焊
【答案】（1）降温
（2）氮气
（3）b c
【知识点】空气的利用；氧气的性质和利用
【解析】【分析】（1）液化的常见方式：加压和降温。
（2）根据图像进行分析，可知先汽化的是氮气，氮气的沸点低于氧气。
（3）根据氧气可以供给呼吸和具有助燃性进行分析，气体肥料一般指的是二氧化碳，用于植物的光合作用。
【解答】（1）要使空气液化，液化放热，应加压和降低温度。
（2）由图可知，液态空气升温时，氮气先逸出与液氧分离。
（3）氧气可以供给呼吸，所以可用于医疗急救（b）；氧气具有助燃性，可用于气割气焊（c）。
24． 甲图是按压式手动取水器，内部结构如乙图，其中A、B是只能朝一个方向打开的阀门，当按压气囊时，A阀门关闭，B阀门打开，就可连续不断出水。
（1）气囊弹回时，A、B阀门的开闭状态是　 　。
（2）使用时发现，松开气囊，因水桶内气压不能立刻减小，无法立即停止出水，造成浪费。某同学提出只需在取水器上加装一个阀门，需要出水时关闭阀门，需要停止出水时打开阀门即可。为实现上述功能，可在图丙中　 　(选填“①”或“②”)处合适位置安装阀门。
【答案】（1）A阀门打开，B阀门关闭
（2）②
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）压强差会将物体从压强大的一侧压向压强小的一侧，松手后气囊内压强减小，桶内气体将B关闭，大气压将A打开，空气进入。
（2）根据水继续流出是因为桶内气压过大进行分析，可知可通过减小桶内压强来防止水继续流出，在②处安装阀门，打开后桶与空气相连，压强减小。
【解答】（1）回弹时，气囊体积变大，压强减小，小于桶内压强，筒内气体将B关闭，外界大气压大于桶内压强，将A打开，空气进入气囊，可知气囊回弹时， A阀门打开，B阀门关闭 。
（2）送开气囊，仍在出水，说明筒内压强大于外界大气压，为了使水不再流出，应使桶内压强与外界大气压相等，由图可知， ②在桶内，若将阀门安装在②，打开②，桶与外界相连，内外压强相同，水不再流出，可知应将阀门安装在②处。
25．某商场里的手扶电梯不载人时电梯运行的速度较慢，当有人站上去后，电梯的运行速度会加快，这种电梯的简易控制电路如图所示，R1为普通电阻，R为压敏电阻。请回答：
（1）人站在电梯上，当电梯向上运动时，人相对于地面处于　 　状态(选填“运动”或“静止”)。
（2）电梯运行较慢时，衔铁与触点　 　接触(选填“1”或“2”)。
（3）为实现自动控制，压敏电阻R应随压力的增大而　 　(选填“增大”或“减小”)。
【答案】（1）运动
（2）1
（3）减小
【知识点】参照物及其选择；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）电源电压一定时，电路中电阻越大，电流越小，电动机运行速度越慢。
（3）电磁铁磁性强弱与电流大小及线圈匝数有关，电流越大，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。
【解答】（1）人和电梯一起向上运动，人与地面之间的空间位置发生改变，可知以地面为参照物，人是运动的。
（2）由图可知，衔铁与1接触时，工作电路中定值电阻与电动机串联，电路中电阻较大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，所以电动机运行较慢。
（3）人站在电梯上，压力增大，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流变大，电磁铁对衔铁的吸引力增强，衔铁与2接触，工作电路中电流较大，电动机运行速度快。
26． 如图所示： A地海拔200米， B、C两地海拔2200米。则：
（1）B和C两地相比较，降水较多的是　 　地。
（2）影响A、B两地气候差异的主要因素是　 　
（3）小金同学拿着自制气压计(图乙)从A地到B地时，发现玻璃管内水柱高度h　 　(选填“增大”“减小”或“不变”)。
【答案】（1）B
（2）地形
（3）增大
【知识点】大气压强与高度的关系；影响气候的因素
【解析】【分析】（1）根据图像进行分析，迎风坡降水较多。
（2）结合图像进行分析，结合海拔越高，温度越低进行分析。
（3）根据海拔越高，大气压越小进行分析。
【解答】（1）由图可知，B地位于山地的迎风坡（气流从A地上升至B地），而C地位于背风坡。因此，B地降水较多，C地降水较少。
（2） B地海拔2200米，两地海拔相差2000米。海拔升高会导致气温降低（通常每升高100米，气温下降约0.6℃），因此B地气温显著低于A地，因此影响A、B两地气候差异的主要因素是地形。
（3）从A到B，海拔变高，大气压强减小，瓶内压强大于外界大气压，将液体向外压，玻璃管中水面将上升，即h将增大。
27．小滨为了验证二氧化碳是否是温室气体，进行了以下活动：
（1）①实验装置中玻璃瓶的外形和体积相同，光照前水柱位于玻璃管的中间.
②把装置甲置于阳光下，如果二氧化碳是温室气体，则一段时间后水柱将向　 　(填“左边”或“右边”)移动。
（2）图乙是地球表面温度和二氧化碳浓度的变化趋势。你是否认同“二氧化碳为温室气体”的结论，理由是　 　.
【答案】（1）左边
（2）认同，随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度也呈现出同步上升的趋势 不认同，部分年份大气中二氧化碳浓度在下降，但地球表面温度在上升（言之有理即可）
【知识点】二氧化碳的物理性质及用途；全球性大气环境问题（酸雨、温室效应、臭氧空洞）
【解析】【分析】（1）温室效应的原理：二氧化碳是常见的温室气体，它能吸收地面反射的长波辐射，减少热量向外散失，使环境温度升高。在相同光照条件下，含二氧化碳的密闭容器内温度上升更快，气体受热膨胀更明显，内部压强会大于仅含空气的容器，从而推动红墨水柱向空气一侧移动。
（2）科学探究中的证据分析：判断二氧化碳是否为温室气体，需结合二氧化碳浓度与地球表面温度的变化趋势分析。若二者整体呈现同步上升的趋势，可支持 “二氧化碳浓度升高导致温室效应加剧、温度上升” 的结论；若存在局部年份二氧化碳浓度下降但温度仍上升的情况，则可提出反对观点，说明温度变化还受其他因素（如太阳活动、火山活动等）影响。
【解答】（1）实验甲中，右侧玻璃瓶内是空气和二氧化碳的混合气体，左侧玻璃瓶内是空气。若二氧化碳是温室气体，在阳光照射下，右侧瓶内的热量更难散失，温度会比左侧瓶内更高。
右侧瓶内温度升高，气体受热膨胀，内部压强会大于左侧瓶内的压强，因此红墨水柱会被压向压强较小的左侧，即水柱向左边移动。
（2）对于实验乙，若认同 “二氧化碳为温室气体” 的结论，可观察到随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度整体呈现出同步上升的趋势，二者变化趋势高度一致，说明二氧化碳浓度升高可能导致温室效应加剧，使温度上升。
若不认同该结论，可指出图中部分年份大气中二氧化碳浓度下降，但地球表面温度仍在上升，说明温度变化并非仅由二氧化碳浓度决定，还可能受其他因素影响，因此不能仅凭该趋势直接认定二氧化碳是温室气体。
故答案为：（1）左边；
（2）认同，随着大气中二氧化碳浓度的升高，地球表面温度也呈现出同步上升的趋势（或不认同，部分年份大气中二氧化碳浓度在下降，但地球表面温度在上升，言之有理即可）。
28．图甲为某市 2025 年 5月 2 日—14 日空气质量指数(AQI)趋势图，图乙为空气质量等级分类标准。请回答：
（1）5月 2日—8日，该市的空气质量以　 　(填空气质量等级)为主。
（2）可吸入颗粒物已成为各大城市的首要污染物，为改善空气质量，请提出一项可行的措施：　 　。
【答案】（1）良
（2）城市道路定时洒水、多植树、加强城市污染气体排放管控等
【知识点】空气污染与保护
【解析】【分析】（1） 空气污染指数指空气被污染的程度，空气污染指数是衡量一个地区空气质量的一个重要指标，指数越小空气质量越好，指数越大，空气污染越严重；
（2） 可吸入颗粒物是直径在10微米以下的颗粒，可能对呼吸系统、循环系统造成伤害。
【解答】（1）当空气污染指数在50-100之间时，空气质量状况是良。根据甲图可知空气质量指数的范围是50～100，空气质量以良为主。
（2）城市道路定时洒水、加强建筑工地扬尘控制，可改善空气质量。
29．如图甲是小安自制的简易气压计，请回答相关问题。
（1）检验装置的气密性：小安向玻璃管内吹气，发现玻璃管下端的液体内有大量气泡产生。停止吹气并静置一段时间，观察到　 　 ，说明装置的气密性良好。
（2）小安携带该简易气压计至顶楼，发现液面高度无明显变化。为使实验现象更明显，小科应选择的改进方法是：换用　 　（选填“更细的玻璃管”或“密度更小的液体”）。
（3）小安将装置倒置，仅有少量水流出，管内仍有液柱，如图乙所示。此时瓶内气压　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。把乙装置从山脚带到山顶，观察到玻璃管内液面　 　（选填“上升”或“下降”），这是因为随着海拔的升高，气压减小。
【答案】（1）玻璃罐内形成一段稳定的水柱/水沿玻璃管上升一定高度后稳定不下降
（2）密度更小的液体
（3）等于；下降
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【分析】 检验装置的气密性：小安向玻璃管内吹气，发现玻璃管下端的液体内有大量气泡产生。停止吹气并静置一段时间，观察到（这里是填空位），说明装置的气密性良好。
【解答】（1） 气密性良好的装置在停止吹气后，内部的气压应能保持稳定，不会因为漏气而迅速变化。 吹气时，气体通过液体产生气泡；停止吹气后，如果装置气密性良好，液体会因为内部气压的作用而保持一定高度，不会迅速回落。 停止吹气后，液面会上升到一定高度并保持稳定，不再下降。故答案为： 玻璃罐内形成一段稳定的水柱/水沿玻璃管上升一定高度后稳定不下降。
（2） 简易气压计通过液柱高度反映气压变化。气压变化时，液柱高度会相应变化。 液面高度变化不明显，可能是因为液体的密度较大或玻璃管较粗，导致液柱高度对气压变化的敏感度不足。 可以放大液柱高度的变化，但题目中液面高度变化不明显的原因更多与液体密度有关。 密度小的液体在相同气压变化下，液柱高度变化更明。故答案为：密度更小的液体。
（3） 倒置后，仅有少量水流出，管内仍有液柱，说明瓶内气压支撑了液柱的重量。液柱能够保持，是因为瓶内气压加上液柱的压强 等于外界大气压，故答案为：等于。海拔升高，外界气压减小，所以液面下降，故答案为：下降。
30．某科学学习小组设计了一款蒸发型加湿器(如图甲)。它是采用蒸发原理加湿的，其内部结构如图乙所示。加湿器上部有一个小型风扇，还有电源、时间、风速、湿度设定等按键。加湿器下部有三部分装置，分别是加湿滤网、滤网架(含浮筒)和水箱。加湿滤网安装在滤网架上，加湿滤网呈蜂窝状，放入水箱后，水会布满整个滤网。
当感知水箱中的水量不足时，蒸发型加湿器的风扇停止转动。如图丙所示是一个自动开关，浮筒是一个轻质塑料件，由两部分组成，下半部分是底面积为S的圆柱体，上半部分是圆柱体，M是小型风扇。
（1）小型风扇有一个小电机，其工作原理是____(填字母)
A．电磁感应
B．电流周围存在磁场
C．通电导体在磁场中受到力的作用
（2）小型风扇工作时可以通过　 　的方式加快水的蒸发；
（3）加湿器工作一段时间后会自动停止，请简要说出其原理：　 　；
【答案】（1）C
（2）加快空气流速
（3）当水箱水量不足时，浮筒下降，触发自动开关断开电路，风扇停止工作
【知识点】影响蒸发快慢的因素；电路的动态分析；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）电磁感应是发电机的原理；电流周围存在磁场，小磁针在导线周围受力转动。
（2）根据影响水蒸发速度的因素进行分析--空气流速、温度、表面积等。
（3）结合图丙进行分析，可知浮筒向下运动，会导致触点分离，电路断开。
【解答】（1）电动机将电能转化为机械能，原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
故答案为：C。
（2）风扇工作时，加快了周围空气流速，从而加快水分蒸发的速度。
（3）由图丙可知，当水量减少到一定值时，浮筒总重力减小，会向下运动，导致触点开关断开，电路处于断路状态，加湿器停止工作。
31． 新农村现代化建设，助力乡村振兴与共同富裕。建造塑料大棚生产有机农产品，可以有效促进农民增收。图甲是叶片进行的三项生理过程 A、B、C， 图乙是晴朗的夏季光合作用和呼吸作用的强度随时间变化曲线，图丙是大棚内二氧化碳含量的变化曲线。请你联系教材内容学以致用。
（1） 图乙中，能表示图甲 C 过程的曲线为　 　(填标号)。
（2） 图丙中，植物有机物积累最多的点是　 　(填字母)。
（3） 为提高农作物的产量，请你为种植户提一条建议：　 　。
【答案】（1）Ⅱ
（2）d
（3）白天适当增加二氧化碳浓度
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）植物的光合作用是吸收二氧化碳、释放氧气的过程，只在有光的条件下进行；呼吸作用是吸收氧气、释放二氧化碳的过程，全天都能进行。
图乙中曲线 Ⅰ 在白天强度高、夜晚降为零，代表光合作用，曲线 Ⅱ 全天都有活动，代表呼吸作用。
（2）大棚内二氧化碳含量变化反映了光合作用与呼吸作用的强弱关系：二氧化碳含量下降时，光合作用强度大于呼吸作用强度，有机物持续积累；二氧化碳含量最低点对应的时刻，是光合作用等于呼吸作用的最后时刻，此时有机物积累量达到一天中的最大值。
（3）提高农作物产量的核心思路是：增强光合作用，抑制呼吸作用，从而增加有机物的净积累量。可以从光照、二氧化碳浓度、温度、水肥管理等角度提出措施。
【解答】（1）图甲中 C 过程是吸收氧气、释放二氧化碳的呼吸作用，只在有光条件下进行；曲线 Ⅱ 全天都有活动，代表呼吸作用。
（2）图丙中，从 b 点（6 时）到 d 点（18 时），大棚内二氧化碳含量持续下降，说明光合作用强度大于呼吸作用强度，有机物一直在积累；d 点之后二氧化碳含量开始上升，说明呼吸作用强度大于光合作用强度，有机物开始消耗。因此植物有机物积累最多的点是 d。
（3）为提高农作物的产量，可以采取以下建议：白天适当增加大棚内的二氧化碳浓度（如增施有机肥），增强光合作用；夜晚适当降低大棚温度，减弱呼吸作用，减少有机物消耗；或合理密植、延长光照时间等（合理即可）。
故答案为：（1）Ⅱ；
（2）d；
（3）白天适当增加二氧化碳浓度（或夜晚适当降低温度、合理密植等，合理即可）。
32．观察下面的图像，并回答相关问题。
（1）图甲，如果在C处加热，则回形管中的红墨水将向　 　（填“左”或“右”）运动。由此推测，夏天的房间内安装空调时，应将空调按在房间的　 　（填“上端”或“下端”）。
（2）图乙，天气现象主要发生大气的　 　层。（填序号）
【答案】（1）右；上端
（2）③
【知识点】大气的温度；大气的分层；大气层的作用
【解析】【分析】 空气对流运动的规律是：热 空气密度 （低），向（上）运动；而上方空气温度低（就是冷空气），密度（高）下沉，形成对流。 ③是对流层，②是平流层，①是中间层，之外的是高层大气；
【解答】（1）暖空气，密度小，上升，冷空气密度大，下沉；图甲，如果在C处加热，则回形管中的红墨水将向右移动， 由此推测，夏天的房间内安装空调时，应将空调按在房间的上端；
（2） 图乙，天气现象主要发生大气的③对流层，因为对流层集中了地球3/4的大气和几乎全部的水汽，并且下面的温度高，上面的温度低，有利于空气的对流。
故答案为：（1）右，上端（2）③
33．“富氧空气”是指氧气含量显著高于普通空气的气体混合物，在工业生产中有着重要应用。小乐对“富氧空气”开展了如下研究。请回答：
（1）如图甲所示为“沸石分子筛”制氧机，分子筛可吸附空气中的氮气，通过调节旋钮可获得不同浓度的“富氧空气”。据图甲分析，“”变少，另一种气体变多，“”代表的是　 　分子。用如图乙装置和药品测定(1)中获得的“富氧空气”中氧气的体积分数，集气瓶中“富氧空气”体积为200mL，燃烧匙内白磷足量，量筒内盛有 100mL 水。操作如下：
①用放大镜聚焦点燃白磷，待其充分反应后，将装置冷却至室温；
②打开止水夹，待右侧量筒内液面不再变化时，排出气球中的气体，调节两边液面在同一水平面上，读出量筒内水的体积为20 mL。
（2）则实验测得“富氧空气”中氧气的体积分数为　 　%。
【答案】（1）氮气
（2）40
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）结合图甲和题干信息进行分析，可知减少的气体为氮气。
（2）白磷燃烧消耗氧气，装置内压强减小，水压入集气瓶，进入瓶内水的体积等于消耗氧气的体积。
【解答】（1）由“ 分子筛可吸附空气中的氮气 ”和““”变少”可知，“”表示的是氮气分子。
（2）剩余水的体积为20mL，可知进入集气瓶内的水的体积为100mL-20mL=80mL，即氧气的体积为80mL，则氧气的体积分数为。
34．技术人员对葡萄的种植进行了相关的研究，从而帮助果农提高葡萄的产量。图甲中①②③分别表示葡萄叶片进行的三大生理作用，图乙表示夏季晴天某葡萄大棚一天24小时内测得的二氧化碳浓度的变化情况（密闭状态测定）。
请据图回答下列问题：
（1）图甲中③表示葡萄叶片进行的生理作用是　 　 。
（2）根据图乙曲线判断植物一天内有机物积累最多的是图乙曲线中的　 　点（填字母）。
（3）为提高葡萄的产量，请你为葡萄种植户提一条建议：　 　。
【答案】（1）呼吸作用
（2）D
（3）白天适当增加二氧化碳浓度、晚上适当降低温度（从提升白天的光合作用强度或降低夜间的呼吸作用强度考虑均可）
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】 图甲中展示了葡萄叶片进行的三大生理作用，通常植物叶片的三大生理作用包括： 1. 光合作用：植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物和氧气。 2. 呼吸作用：植物分解有机物释放能量，产生二氧化碳和水。 3. 蒸腾作用：植物通过叶片气孔散失水分，调节体内水分和温度。
【解答】（1） 吸入氧气呼出二氧化碳的过程是典型的呼吸作用中的气体交换，故答案为：呼吸作用。（2）二氧化碳浓度最低时是有机物积累最多的时间点，故答案为：D。
（3）可以从提高光合作用和降低呼吸作用两个方向考虑。故答案为：白天适当增加二氧化碳浓度、晚上适当降低温度（从提升白天的光合作用强度或降低夜间的呼吸作用强度考虑均可）。
三、实验与探究题
35．小科设计如图所示的实验装置来同时完成燃烧条件的探究和空气中氧气含量的测定。装置中注射器活塞与内壁摩擦忽a略不计。
【查阅资料】：①白磷的着火点是，当容器内的氧气浓度低于一定值时，白磷无法继续燃烧；②“暖宝宝”能耗尽容器中少量的热水的氧气。
【实验操作】：①拉动注射器，检查装置气密性；②将盛有足量白磷的燃烧匙放入空集气瓶中，塞紧塞子，白磷不燃烧；③打开集气瓶塞子，往瓶中倒满的热水，并塞紧塞子，白磷仍然不能燃烧；④打开和，通过注射器从 b 管抽水，当注射器中水量达到毫升时，瓶中液面低于燃烧匙底部，此时立即关闭，发现瓶中白磷燃烧；⑤待整个装置冷却至室温时，打开发现注射器中的水剩余毫升。
（1）写出白磷燃烧的化学方程式　 　
（2）实验中用到的热水的作用是　 　
（3）结合步骤　 　（填序号），说明白磷燃烧需要氧气。
（4）该实验得出空气中氧气的体积分数为　 　（用含有的公式来表示）。
【答案】（1）
（2）使温度达到白磷的着火点；隔绝空气（写出一点即给分）
（3）③④
（4）
【知识点】空气的成分及探究；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）红磷在氧气里剧烈燃烧，生成大量的白烟（即五氧化二磷），发出白光（在空气中燃烧产生黄色火焰），而白磷可以与空气中氧气的发生缓慢氧化，达到着火点（40℃）时，引起自燃，
（2）水可以隔绝空气，热水还可以使物体温度达到着火点；
（3）水中的白磷没有接触氧气， 瓶中液面低于燃烧匙底部， 此时白磷可以接触空气中的氧气；
（4）白磷燃烧消耗的氧气的体积除以集气瓶内空气的体积等于空气中氧气的体积分数。
【解答】（1）白磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式为：；
（2）本实验中使用80℃热水的作用是提供热量提升温度以及隔绝氧气方便探究燃烧是否需要空气；
（3）在实验中，白磷的温度达到了着火点，步骤③中的白磷没有与氧气接触，所以没有燃烧；步骤④中的白磷与氧气接触，发生了燃烧。结合步骤③、④，说明白磷燃烧需要的条件是燃烧需要氧气；
（4）步骤④中，注射器内的水的体积即为集气瓶内空气的体积，实验结束后，待整个装置冷却至室温时，打开K2发现注射器中的水剩余V2毫升，注射器内的水减少了（V1-V2）mL，这是白磷燃烧消耗的氧气的体积，所以由此实验得出空气中氧气的含量为：
36．“飞机迷”小王学习了流体压强知识后，他想探究飞机升力大小与哪些因素有关。他猜想：升力大小与机翼形状、飞机飞行速度和飞机的迎角(机翼轴线与水平气流方向的夹角)有关。
（1）小王制作了如图甲所示的飞机机翼模型，机翼做成该形状是利用了　 　原理；.
（2）他利用如图乙和丙的电风扇、升力测力计、飞机模型进行实验探究。在探究升力与迎角的关系时，按以下步骤进行：
①调节使风扇风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数，多次实验求平均值；
②改变　 　，重复步骤①并计算升力平均值；
③得到“升力与迎角的关系”的图像如图丁。由图像可知：飞机速度一定时，迎角增大，升力会　 　(填序号)；
A.逐渐变大 B.逐渐变小 C.先增大后减小 D.先减小后增大
（3）资料显示：本实验结论与实际相符，若某飞机以80km/h做水平匀速直线飞行，迎角为θ1，后来以500km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2(θ1、θ2在15°和20°之间)，则迎角θ1　 　θ2(选填“>”“<”或“=”)。
【答案】（1）流体在流速大的地方压强小
（2）迎角大小；C
（3）<
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】（1）根据流体压强和流速的关系分析机翼的升力产生原因；
（2）①根据实验目的“要探究升力与迎角大小的关系”确定步骤②的内容；
②根据丁图分析升力随仰角变化的关系。
（3） 飞机在水平匀速直线飞行时受力平衡，升力一定，速度越大，仰角越小。
【解答】 （1）根据甲图可知，机翼的上表面为曲面，下表面为平面，则机翼做成该形状的原因是流体流速越大，压强越小，从而获得向上的升力；
故填：流体在流速大的地方压强小。
（2）②根据实验目的可知，实验要探究升力与迎角大小的关系，则步骤②的内容为：改变迎角大小，重复步骤①并计算升力平均值；
故填：迎角大小。
③根据丁图可知，飞机速度一定时，迎角在小于15°时，升力增大，大于15°时，升力减小，所以升力会先增大后减小。
故选C。
（3）根据题意可知，θ1、θ2在15°和20°之间时，速度小时，产生的升力小，需要角度接近15°来获取更大的升力使得等于飞机重力；速度大时，产生的升力大，需要角度大于15°来获取比之前小一点的升力，使升力等于飞机重力，所以可知飞机的升力一定时，速度较小，仰角应较小，则θ1＜θ2。故填：＜。
37．小欢和小乐利用如图甲所示装置探究“导体在磁场中产生感应电流的条件”，相关步骤及结果如表所示。
序号 开关 AB 棒运动情况 灵敏电流计的指针偏转情况
① 断开 左右运动 不偏转
② 闭合 左右运动 偏转
③ 闭合 上下运动 不偏转
（1）装置中，AB棒可能是　 　(选填“铁棒”“铝棒”或“塑料棒”)。
（2）对比①和②可知，产生感应电流的条件之一是　 　。
（3）对比②和③，小欢认为产生感应电流的条件之一是电路中的部分导体必须左右运动；小乐则认为不一定要左右运动。为了验证小乐的观点是正确的，小乐通过　 　(填写实验操作)，让AB棒上下运动也产生了感应电流。
（4）依据探究结论，在如图乙所示的“摇绳发电”活动中，小欢和小乐利用地磁场发电，应沿　 　(选填“东西”或“南北”)方向站立并摇绳。
【答案】（1）铝棒
（2）闭合电路或通路
（3）将磁体两极水平放置
（4）东西
【知识点】产生电磁感应现象的条件和规律；探究电磁感应现象的实验
【解析】【分析】本题考查电磁感应现象，核心是感应电流产生的条件：电路闭合、部分导体做切割磁感线运动。解题需结合实验现象分析条件，并通过改进实验验证 “切割磁感线” 而非 “左右运动” 是关键。
【解答】(1) 感应电流产生需要导体导电，且铁棒易被磁化，会影响磁场分布，因此 AB 棒应选用铝棒（塑料棒不导电，铁棒易磁化，均不适合）。
(2) ①开关断开，AB 棒运动，指针不偏转；②开关闭合，AB 棒运动，指针偏转。对比可知，产生感应电流的条件之一是电路闭合。
(3) 要验证 “不一定要左右运动也能产生感应电流”，需让导体上下运动时仍切割磁感线。原装置中磁感线方向为竖直方向，上下运动不切割；若将磁体上下翻转（改变磁感线方向为水平方向），AB 棒上下运动时就会切割磁感线，从而产生感应电流，证明小乐的观点正确。
四、综合题
38．项目化学习小组在老师的指导下设计了一款湖面上的电动游船，图甲是电门踏板的工作原理示意图，图中O、E、F为变阻器的三个接线柱。他们设计如下的电路，并将电流表改装成速度表。
他们制定的产品评价表如下：
电动游船评价量表 (节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 行驶速度控制 踩下电门踏板，船速变大 踩下电门踏板，船速不变 踩下电门踏板，船速反而变小
指标二 行驶方向控制 游船能前进和后退 游船只能前进或后退 游船不能运动
（1）指标一为优秀，应将甲中　 　两个接线柱接入电路；
（2）该游船中电动机是根据什么原理制成的　 　；
（3）图乙是项目化小组设计的实现电动游船前进的电路图，开关S1、S2可以分别接①和③或者②和④。结合评价表判断该模型的“指标二”评价等级并说明理由。　 　
【答案】（1）O、E
（2）通电线圈在磁场中受力转动
（3）由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退，由产品评价表知为优秀等级。
【知识点】变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据表格可知， 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，即电流表的示数变大，根据欧姆定律分析变阻器接入阻值的变化，弄清接入电阻丝长度的变化，最终确定选择的接线柱即可；
（2）根据电动机的工作原理解答；
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向，根据图片分析开关切换时，是否能够改变流入电动机的电流方向即可。
【解答】（1） 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，说明电路中电流需要变大，滑动变阻器接入电路的电阻需要变小。
若接O、E，踩下踏板时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路电流变大，电动机功率变大，船速变大，符合优秀要求。
故填：O、E。
（2） 电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能。 故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向。分析题图电路：
当开关S1接①、S2接③时，电流流过电动机的方向为从左到右；当开关S1接②、S2接④时，电流流过电动机的方向为从右到左；两种接法改变了电动机两端的电流方向，因此电动机转动方向改变，游船可以实现前进和后退，符合指标中“优秀”的标准。
故填：优秀；由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退。
39．实验室有一瓶含杂质的氯酸钾。某兴趣小组利用该药品和二氧化锰制取氧气（杂质既不参加反应，也不溶于水）。反应方程式为：2KClO32KCl+3O2↑，实验数据记录如图：
请回答下列问题：
（1）a＝　 　 。
（2）计算受热分解的氯酸钾的质量（精确到0.01g）。
（3）计算滤液中氯化钾溶质的质量分数（计算结果精确到0.01%）。
【答案】（1）4.5g
（2）解：由题知，设参加反应的氯酸钾的质量为x。
，解得x=12.25g
答： 受热分解的氯酸钾的质量为12.25g。
（3）解：设生成的质量为y。
，解得y=7.45g；
反应后滤液的质量为100g，
，
答：滤液中氯化钾溶质的质量分数为7.45%。
【知识点】制取氧气的原理；质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律化学反应前后物质总质量不变；
（2）根据化学反应方程式计算参加反应的氯酸钾的质量；
（3）根据进行计算。
【解答】（1）反应前物质的总质量是氯酸钾样品的质量和二氧化锰的质量之和，即18.5g+ag；反应后物质的总质量是剩余固体的质量和生成氧气的质量之和，即18.2g+4.8g=23g，根据质量守恒定律反应前后物质总质量不变，即18.5g+ag=23g，解得a=4.5g，故答案为：4.5g。
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