资源简介

广东省茂名市2026年中考二模物理试题
1．能源危机已成为国际性问题，世界各国越来越重视可再生能源的开发利用。下列属于可再生能源的是(　　)
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．核能
2．如图，地磁的两极与地理的两极连线存在一个夹角叫地磁偏角，世界上最早发现这一现象的是我国学者(　　)
A．张衡 B．祖冲之 C．沈括 D．曹冲
3．又到荔枝成熟时。清晨，小茂在荔枝园看到枝头上的荔枝有晶莹的露珠，如图所示，露珠形成所发生的物态变化是(　　)
A．液化 B．凝固 C．升华 D．凝华
4．如图是我国传统玩具走马灯，灯内蜡烛燃烧产生的热空气推动叶轮转动，从能量转化的角度，此过程与汽油机的哪个冲程类似(　　)
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
5．如图所示，这是一款不需要电池的自发电门铃。当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，使门铃发出声音。这种门铃的工作原理是（　　）
A．电流的磁效应 B．电流的热效应
C．摩擦起电 D．电磁感应现象
6．如图为电白架海灯塔，在涨潮时，海水慢慢上升到塔身位置的过程中，该灯塔所受到的浮力大小是(　　)
A．随水位上升逐渐变大 B．随水位上升逐渐变小
C．始终为零 D．等于灯塔的总重力
7．如图是生物课上小明用放大镜贴着七星瓢虫观察的情况，将放大镜逐渐远离瓢虫时，小明观察到的成像情况发生了变化，如图乙，像的变化情况排序正确的是(　　)
A． B． C． D．
8．如图描绘了古诗所见中的田园意境。“牧童骑黄牛，歌声振林樾”中，歌声是由牧童的声带　 　产生的；“振林樾”说明歌声的　 　选填“响度大”“音调高”或“音色好”。牧童午间小憩时感觉蝉鸣扰人，他用双手捂住耳朵，这是在　 　处减弱噪声。
9．“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头。”蜻蜓在水中的像是由光的　 　形成的。如图，一只蜻蜓停留在距水面高的处莲蓬上，若水深为，则蜻蜓与它在水中的像的距离是　 　。当蜻蜓从处飞到处，蜻蜓在水中所成像的大小　 　选填“变大”“变小”或“不变”。
10．早上，一份“白粥捞粉”端到面前，韭菜油香飘四溢，这说明分子在做　 　运动；一勺热气腾腾的白粥进入口中，舌尖的温度升高，舌尖的内能　 　选填“增大”“减小”或“不变”，这是通过　 　改变了舌尖的内能。
11．如图是全运会期间广州塔附近无人机灯光秀的场景，无人机悬停在空中组成固定图案，此时升力与自身受到的　 　是一对平衡力，升力的施力物体是　 　，无人机所受合力的大小为　 　。
12．近日，运如图亮相执行本年度在韩志愿军烈士遗骸迎回任务。运飞行时机翼上表面的空气流速　 　，压强　 　两空均选填“大”或“小”，在机翼的上下表面形成压力差，使飞机获得　 　选填“升力”或“浮力”。
13．如图是小明提升重物的装置，小明把的重物提升时，拉力做功，则额外功是　 　，机械效率是　 　。用同一机械提升的重物时，机械效率　 　选填“变大”“变小”或“不变”。
14．图甲是小灯泡和电阻的关系图像，将小灯泡和电阻接入图乙所示的电路中，电源电压保持不变。只闭合时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数为，则小灯泡的额定功率是　 　；再闭合开关，小灯泡两端的电压　 　选填“变大”“变小”或“不变”，电流表的示数变为　 　。
15．
（1）如图所示，某同学在游乐场游玩时从滑梯上滑下，请画出他所受的重力和支持力的示意图。
（2）根据图中的折射光线，分别作出相应的入射光线。
（3）小亮同学利用变阻器帮爷爷制作了一个简易调光台灯，请将图中的变阻器和灯泡接入家庭电路，要求符合安全用电要求，且变阻器的滑片顺时针转动时，台灯变暗。
16．
（1）图甲中树叶的长度为　 　，图乙是实验室用温度计的一部分，图中所示示数为　 　；
（2）小华用图甲所示的装置“探究水在沸腾前后气泡变化的特点”，电热水壶内水沸腾时气泡的情况与图乙中的　 　选填“”或“”相同，气泡内主要是　 　选填“空气”或“水蒸气”；
（3）如图所示，将一根通电导体放在小磁针的正上方，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在　 　；改变导线中的电流方向，小磁针偏转方向也改变，说明该磁场的方向与　 　方向有关；断电后小磁针会回到原来位置，是因为小磁针受到　 　的作用。
17．小茂想知道荔枝品质和密度是否有关，于是他选取新鲜的“桂味”和“仙进奉”各一颗进行探究。
（1）天平是利用杠杆平衡条件来工作的，它属于　 　选填“省力”“费力”或“等臂”杠杆。
（2）他将天平放在水平桌面上，如图甲所示，调节游码至　 　处；此时天平的指针如图乙所示，他应该向　 　旋动平衡螺母，直到天平平衡。
（3）测桂味质量时，当右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，天平平衡，则桂味的质量为　 　。
（4）用量筒和水测得的桂味的体积为，则荔枝的密度为　 　
（5）小茂在测量仙进奉时发现其体积过大，无法放入量筒。于是找来了溢水杯和烧杯各一个和足够多的水已知水的密度为水，进行了如下实验：
用天平测出仙进奉的质量，记为；
倒掉烧杯中水，测出空烧杯的质量；
将溢水杯装满水，把烧杯放在溢水杯出水口下方；将仙进奉缓慢放入装满水的溢水杯中，仙进奉完全浸没，让溢出的水流入烧杯；
用天平测出烧杯和溢出水的总质量。
由此可以推算出仙进奉荔枝的密度为　 　。
（6）仙进奉放进溢水杯中时，有水溅到桌面，则测得仙进奉的密度会　 　。选填“偏小”“偏大”或“不受影响”
18．某实验小组用图甲中的器材测量小灯泡的电阻，所用电源电压为，小灯泡的额定电压为。
（1）请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向左移动时，灯泡变亮。　 　
（2）小明连接好最后一根导线时灯泡就亮了，他在操作中存在的不规范之处是　 　。
（3）实验中当滑动变阻器的滑片移至某一位置时，电流表的示数为，电压表的示数如图乙所示为　 　，小灯泡的电阻为　 　，若要使小灯泡正常发光，应将滑片向　 　选填“左”或“右”移动。
（4）经过多次实验，测量并记录多组数据，得到小灯泡的图像如图丙所示，该图像不是一条直线，其原因是　 　。
19．在年央视春晚武节目中，质量为人形机器人在舞台进行武术表演。节目开始时，人形机器人从起点匀速跑到远的舞台表演点的过程中，受到的阻力恒为其重力的倍。求：取
（1）机器人受到的重力；
（2）若机器人双脚与水平舞台的总接触面积为，求机器人静止站立时对舞台的压强；
（3）跑动过程中牵引力对机器人做的功。
20．图甲是某款便携加热杯垫，额定电压为。该杯垫通过智能系统实现加热、保温挡位自动切换，其简化工作电路如图乙所示。当开关闭合时为加热挡，已知，图丙为该杯垫正常工作功率的变化情况，不考虑温度对电阻的影响，求：
（1）杯垫处于加热挡时通过的电流和加热挡功率；
（2）杯垫加热阶段消耗的电能；
（3）电阻的阻值。
21．小明注意到爸爸为自己家汽车的车窗贴上了太阳膜，以达到隔热目的。已知阳光中的红外线是造成车内温度升高的主要因素，小明利用如图装置对市场上、两个品牌太阳膜两张太阳膜的面积相同、厚度相同的隔热性能进行如下探究：
下表是在暗室中进行三次实验的数据：
材料类型
未贴膜对照组
太阳膜
太阳膜
（1）本实验需要的测量工具有数字温度计和　 　；
（2）分析表格数据可发现，　 　太阳膜的隔热性能更好；
（3）从光学角度分析，红外线属于　 　选填“可见光”或“不可见光”。
（4）若将实验装置从暗室移至室外阳光下重复实验，发现各组温度上升　 　选填“变快”“变慢”或“不变”；
（5）请从热传递角度分析，太阳膜隔热是通过阻碍　 　选填“热对流”或“热辐射”减少车内吸热；
（6）为了使本实验的结果更可靠，还需要改变哪些物理量进行多次实验？　 　。写出一种即可
22．阅读短文，回答问题。
新能源汽车领先技术
我国新能源汽车年产销量连续年位居全球第一，产品出口到多个国家和地区，成为中国制造的一张“亮丽名片”。中国新能源汽车产业的飞速发展，离不开技术的自主领先。以下是我国某款新能源汽车的三项领先技术：
一智能驾驶技术：智能驾驶汽车依靠车载传感器如超声波雷达、摄像头、激光雷达等感知周围环境，并通过内置芯片分析数据，自动完成加减速、转向、制动等操作。
二应急浮水技术：当车辆进入深水区水深超过时，系统自动触发应急浮水模式，使车辆汽车可以漂浮在水面上以约的速度在水中平稳前行，实现前进、转向等操控，该技术在极端情况下能承受水下米深处的压强长达分钟，为车内人员争取宝贵的黄金逃生时间。
三闪充技术：闪充技术是一个由电池、整车、充电桩及储能系统协同构建的系统工程该技术主要是通过降低电池内阻，改进热管理系统，使充电可以在高功率下进行，从而缩短充电时间。该技术常温下充电，电量从充至仅需分钟。
请回答以下问题：
（1）超声波雷达利用超声波测距离，说明声波可以传递　 　选填“信息”或“能量”，内置芯片的主要材料是由　 　选填“导体”“半导体”或“绝缘体”制造而成，激光雷达，主要是通过　 　选填“超声波”或“电磁波”感知周围环境。
（2）某款汽车质量约，车辆漂浮在水面时受到的浮力约为　 　，该车在分钟内承受的最大压强为　 　 水。
（3）若该款汽车电池常温下闪充功率，请估算该汽车电池的电池容量　 　保留一位小数。
23．小明利用体脂秤如图甲来监测体脂率体内脂肪质量占人体总质量的百分比和指导科学锻炼。体脂秤体重测量部分的原理简化图如图乙所示，电源电压为，数字式仪表的电阻可忽略不计。压敏电阻的阻值随压力变化关系如图丙所示。
（1）数字式仪表是由　 　选填“电压表”或“电流表”改装成的，在电路中的作用是　 　。
（2）不考虑踏板自身的重力，当踏板上不站人时，压敏电阻　 　；若此时为，则压敏电阻两端的电压为　 　。
（3）若为，小明对体脂秤的压力为，则图乙电路的总功率　 　。
（4）小明通过调整饮食和科学锻炼后，显示体重从降为，体脂率从降为，则小明增加的肌肉体积为　 　锻炼前后只考虑肌肉和脂肪的变化，设肌肉的密度为
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A：石油属于化石能源，不可再生，故错误；
B：太阳能是可再生能源，故正确；
C：煤炭属于化石能源，不可再生，故错误；
D：核能（核燃料）不可再生，故错误；
故答案选 B。
【分析】可再生能源：太阳能、风能、水能、地热能、生物质能等，可自然再生。
不可再生能源：煤、石油、天然气、核能等，储量有限，用后短期内无法恢复。
2．【答案】C
【知识点】地磁场；科学家及其贡献
【解析】【解答】A：张衡——发明地动仪、浑天仪，不是发现地磁偏角，故错误；
B：祖冲之——数学家、天文学家，计算圆周率，故错误；
C：沈括——在《梦溪笔谈》中最早记录地磁偏角，故正确；
D：曹冲——曹操之子，以“曹冲称象”闻名，故错误；
故答案选 C。
【分析】地磁偏角：地磁北极与地理北极之间的夹角。
历史人物与成就：沈括（北宋）《梦溪笔谈》中记载了磁偏角现象，比西方早约400年。
3．【答案】A
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】露珠是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，清晨温度较低，空气中的水蒸气就会在荔枝表面液化成晶莹的露珠，属于液化现象。
故答案选 A。
【分析】液化：气态变成液态，放热。常见例子：露珠、雾、“白气”等。
凝固：液态变成固态；升华：固态变成气态；凝华：气态变成固态。
4．【答案】C
【知识点】热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】走马灯中，蜡烛燃烧产生的热空气推动叶轮转动，是内能转化为机械能。汽油机的做功冲程中，燃气膨胀对外做功，也是内能转化为机械能，因此两者能量转化相同。
故答案选 C。
【分析】热机（汽油机）的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气。其中做功冲程将内能转化为机械能，其他冲程消耗机械能。
走马灯的工作原理：热空气上升，带动叶轮转动，内能转化为机械能。
5．【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】ABCD．门铃是通过磁体运动产生电流，本质为电磁感应原理，通过切割磁感线是的产生感应电流，不是电流的磁效应，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
6．【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】灯塔固定在海底，海水无法进入灯塔底部，因此灯塔下表面不受液体向上的压力，没有压力差，浮力始终为零。故C正确。
故答案选 C。
【分析】浮力产生的原因：浸在液体中的物体上下表面存在压力差。若物体底部与容器底（或海底）紧密接触，液体无法进入底部，则下表面不受向上的压力，浮力为零。
本题中，灯塔是固定在海床上的建筑，底部与海底接触，涨潮时海水仅从侧面接触，底部没有水，因此不受浮力。
7．【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】当放大镜逐渐远离瓢虫时，物距逐渐增大。在物距小于焦距范围内，成正立放大的虚像，且像随物距增大而增大，因此像由小变大；当物距超过焦距后，成倒立缩小的实像，像变小且倒立。根据图示，像的变化排序应为②→③→①，即先由小变大（②到③），再变为倒立缩小的实像（①），故正确选项为D（②③①）。
故答案选 D。
【分析】凸透镜成像规律：u < f，成正立放大的虚像，物距越大像越大；u > f，成倒立实像，物距越大像越小。
本题中，放大镜从紧贴物体到逐渐远离，经历了从虚像到实像的过程，像先变大后变小，且由正立变为倒立。
8．【答案】振动；响度大；人耳
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】歌声是由牧童的声带振动产生的；“振林樾”说明歌声的响度大；牧童用双手捂住耳朵，是在人耳处减弱噪声。
故答案：振动；响度大；人耳。
【分析】声音的产生：一切发声的物体都在振动。
声音的特性：响度表示声音的大小，与振幅有关；“振林樾”描述声音响亮，故为响度大。
减弱噪声的途径：在声源处、传播过程中、人耳处。捂住耳朵属于在人耳处减弱噪声。
9．【答案】反射；1.6；不变
【知识点】光的反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）水面非常光滑，可以视为平面镜，会发生镜面反射，所以蜻蜓在水中的像是由光的反射形成的。
（2）蜻蜓距水面0.8 m，根据平面镜成像特点，像到水面的距离也为0.8 m，因此蜻蜓与它的像之间的距离为0.8m+0.8m=1.6m（水深2 m是无关条件，不影响计算）。
（3）平面镜成像时，像的大小始终等于物体的大小，与物体到镜面的距离无关，因此当蜻蜓从A处飞到C处，像的大小不变。
故答案：反射；1.6；不变。
【分析】光的反射：平面镜成像原理，光线遇到水面发生反射，进入人眼形成虚像。
平面镜成像特点：像与物关于镜面对称，像与物到镜面的距离相等，像与物大小相等，像为虚像。
本题中，水深2 m为多余条件，因为水面是平面镜，水深不影响像距和像的大小。计算距离时，只需要物距（蜻蜓到水面的距离）即可。
10．【答案】无规则；增大；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】韭菜油香飘四溢，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
一勺热气腾腾的白粥进入口中，舌尖温度升高，内能增大；
这是通过热传递的方式改变了舌尖的内能。
故答案：无规则；增大；热传递。
【分析】分子动理论：一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，扩散现象（如闻到香味）是其证据。
内能：物体内部分子动能和势能的总和，同一物体温度越高，分子热运动越剧烈，内能越大。
改变内能的方式：做功和热传递。白粥与舌尖直接接触，热量从白粥传给舌尖，属于热传递。
11．【答案】力；空气；0
【知识点】平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】无人机悬停在空中，处于静止状态，因此受到平衡力的作用。在竖直方向上，无人机只受到两个力：向上的升力和向下的重力。由于平衡，升力与重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力。升力是螺旋桨旋转时向下推动空气，空气对螺旋桨产生向上的反作用力，因此升力的施力物体是空气。处于平衡状态的物体，所受合力为零，故无人机所受合力大小为0 N。
答案第一空：重力；第二空：空气；第三空：0。
【分析】平衡状态：物体保持静止或匀速直线运动时，所受合外力为零。
二力平衡条件：同物、等大、反向、共线。
力的作用是相互的：无人机向下推空气，空气向上推无人机，升力的施力物体是空气。
合力计算：平衡状态下合力为0。
12．【答案】大；小；升力
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】飞机机翼的上表面设计成凸起形状，下表面较平。当飞机向前飞行时，空气流过机翼上表面的路程较长、速度较快，流过下表面的路程较短、速度较慢。根据流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。因此，机翼上表面空气流速大，压强小；下表面空气流速小，压强大。上下表面存在压力差，方向向上，这个压力差就是飞机获得的升力，使飞机能够克服重力升空。
故答案第一空：大；第二空：小；第三空：升力。
【分析】流体压强与流速的关系：伯努利原理，即流体流速越大的位置压强越小。
机翼升力的产生：机翼上凸下平，上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，形成向上的压力差，即升力。
飞机获得的不是浮力，浮力是物体在流体中受到的上下表面压力差，但通常指静止流体中，而飞机升力是相对运动产生的。
13．【答案】50；75；变大
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】有用功 ，根据题意总功，
则额外功 ；
机械效率；
用同一机械提升更重的物体时，有用功增大，而额外功（如动滑轮重、摩擦等）基本不变，因此机械效率变大。
故答案：50；75；变大。
【分析】机械效率公式：，其中有用功，总功为拉力做的功。
额外功：总功减去有用功，来源于克服动滑轮重力、摩擦等。
同一机械，当提升的物重增加时，有用功所占比例增大，机械效率提高。
14．【答案】2；不变；0.7
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合S1时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.5A。由图甲可知，当通过小灯泡的电流为0.5A 时，对应的电压为4V，则小灯泡的额定功率。故第一空填 2；
再闭合开关 S2，电阻 R 与小灯泡并联，电源电压不变，因此小灯泡 L 两端的电压不变。故第二空填“不变”；
此时小灯泡两端电压仍为4V，从图甲中可读出电阻 R 在该电压下的电流为0.2A，则干路电流 I=IL+ IR =0.5A+0.2A= 0.7A。故第三空填 0.7。
故答案为：2；不变；0.7。
【分析】小灯泡正常发光时，其实际功率等于额定功率，计算公式P=UI，其中 U、I 从图像中读取对应值。
并联电路各支路两端电压相等，且等于电源电压，所以再闭合 S2 后灯泡两端电压不变。
干路电流等于各支路电流之和，从图像中读取电阻 R 在该电压下的电流，与灯泡电流相加即可。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；力臂的画法；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）重力G的作用点画在重心（一般位于几何中心），方向竖直向下；支持力F的作用点画在重心，方向垂直于滑梯面向上。注意：滑梯是斜面，支持力与斜面垂直，重力竖直向下。
（2）① 对于凸透镜：若折射光线平行于主光轴，则入射光线过焦点；若折射光线过焦点，则入射光线平行于主光轴；若折射光线过光心，则入射光线也过光心且方向不变。
② 对于凹透镜：若折射光线平行于主光轴，则入射光线的延长线过另一侧的焦点；若折射光线反向延长线过焦点，则入射光线平行于主光轴；若折射光线过光心，则入射光线也过光心且方向不变。
根据图中折射光线的方向，分别画出对应的入射光线，并标上箭头。
（3）家庭电路中，火线（通常为红色或棕色）应接开关（变阻器），再经变阻器接灯泡，最后接零线。变阻器的滑片顺时针转动时台灯变暗，说明电阻增大，因此滑片顺时针转动时应使接入电路的电阻丝长度增加。对于常见的滑动变阻器（如碳膜电阻），接线柱一般有A、B、C，其中A、B为电阻丝两端，C为滑片。要使滑片顺时针转动电阻变大，应选择一端的接线柱和滑片接入电路，具体接法：将火线接变阻器的一个固定端（如A），滑片C接灯泡一端，灯泡另一端接零线；且当滑片顺时针转动时，滑片向另一端（如B）移动，接入电阻丝变长。另一种接法：火线接滑片，固定端接灯泡，同样需保证顺时针转动时电阻变大。注意：变阻器应串联在火线上，不能接零线。
【分析】（1）力的示意图：重力方向总是竖直向下，支持力方向垂直于接触面。作用点通常画在重心。
（2）透镜的三条特殊光线是光路作图的基础，需熟记凸透镜和凹透镜对光线的作用规律，并能根据折射光线反向推进入射光线。
（3）家庭电路安全用电要求：开关（包括变阻器）必须接在火线上，灯泡的螺旋套接零线，金属外壳接地。变阻器通过改变接入电路的电阻丝长度来改变电阻，滑片移动方向与电阻变化的关系取决于接线方式。
16．【答案】（1）4.85；-22
（2）B；水蒸气
（3）磁场；电流；地磁场
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验；刻度尺的使用；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】（1）图甲中刻度尺的分度值为1mm，起始端从2.00cm开始，末端在6.85cm处，则树叶长度为6.85cm-2.00cm=4.85cm。图乙中温度计示数在0℃以下，分度值为1℃，液柱下端对应-22℃刻度线，读数为-22℃。
故第一空：4.85；第二空：-22。
（2）水沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面破裂，因此图乙中 B 图符合；气泡内主要是水蒸气（不是空气）。
故第一空：B；第二空：水蒸气。
（3）将通电导体放在小磁针上方，小磁针偏转，说明通电导线周围存在磁场；改变电流方向，小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与电流方向有关；断电后小磁针会回到原来位置，是因为小磁针受到地磁场的作用。
故第一空：磁场；第二空：电流；第三空：地磁场。
【分析】（1）刻度尺读数需估读到分度值的下一位；温度计读数注意零下温度，液面在零刻度线以下，数值为负。
（2）水沸腾前气泡上升变小，沸腾时气泡上升变大；气泡内是水蒸气，不是空气。
（3）奥斯特实验证明电流周围存在磁场；磁场方向与电流方向有关；地磁场使小磁针静止时指向南北。
17．【答案】（1）等臂
（2）标尺左端的零刻度线；右
（3）22
（4）1.1
（5）
（6）偏大
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）天平是等臂杠杆，因为其支点在横梁中央，左右力臂相等，不省力也不费力。
（2）使用天平时，游码应拨至标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母。图乙中指针左偏，说明左盘较重，应将平衡螺母向右旋动，使指针指在分度盘中央。
（3）图丙中砝码为20g，游码示数为2g（游码标尺分度值0.2g，指针在2g刻度线），故桂味质量=20g+2g=22g。
（4）已知体积V=20cm3，质量m=22g，由密度公式得 。
（5）仙进奉的体积等于溢出水的体积。溢出水的质量 m水=m2-m1，由得。仙进奉质量 m，故其密度。
（6）若水溅到桌面，则收集到的溢出水的质量m2-m1偏小，导致计算出的体积 V 偏小，而质量m准确，因此由知密度测量值偏大。
【分析】（1）杠杆分类：等臂杠杆（天平）、省力杠杆（起子）、费力杠杆（筷子）。
（2）天平使用规范：游码归零，平衡螺母调节原则“左偏右调，右偏左调”。
（3）天平读数：物体质量 = 砝码质量 + 游码示数，游码读左侧边缘。
（4）密度计算：，注意单位换算（1 g/cm3= 103kg/m3）。
（5）排水法测体积：利用阿基米德原理，物体浸没时排开水的体积等于物体体积，通过测溢出水的质量求体积，公式 。
（6）误差分析：测量值偏大或偏小取决于各物理量的测量值与真实值的关系。
18．【答案】（1）
（2）连接电路时开关没断开
（3）2.2；10；左
（4）灯泡电阻受温度影响
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据电路图连接实物图。要求滑片P向左移动时灯泡变亮，说明滑动变阻器接入电路的电阻减小，因此应将滑动变阻器的左下接线柱（通常标有A）与灯泡右端相连，再将滑动变阻器的右上接线柱（或左上，但必须“一上一下”）与电源正极相连。电压表并联在灯泡两端，电流表串联在干路中。具体连线如图所示。
（2）小明连接好最后一根导线时灯泡就亮了，说明在连接电路过程中开关没有断开，这是不规范的操作。
（3）图乙中电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，指针指在2.2V刻度线，故电压表示数为2.2V。此时电流表示数为0.22A，根据欧姆定律，小灯泡的电阻。小灯泡的额定电压为2.5V，当前电压为2.2V，小于额定电压，要使灯泡正常发光，需增大灯泡两端电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，即滑片P向左移动。
（4）小灯泡的U-I图像不是一条直线，是因为灯丝的电阻随温度升高而增大，电流不同时灯丝温度不同，电阻不同，因此图像弯曲。
【分析】（1）滑动变阻器的正确连接：采用“一上一下”接法，滑片移动方向与电阻变化的关系取决于下接线柱。本题要求左移灯变亮，即电阻减小，故下接线柱应接左端。电压表应并联在被测元件两端，电流表串联，注意量程选择和正负接线柱。
（2）实验操作规范：连接电路时开关应断开，防止损坏元件或造成短路。
（3）电压表读数：先确认量程和分度值，再根据指针位置读数。欧姆定律适用于纯电阻电路。串联电路中，滑动变阻器阻值减小，其分压减小，则灯泡分压增大，故滑片向左移可使灯泡电压升高至额定电压。
（4）灯丝电阻的温度特性：金属导体的电阻随温度升高而增大。小灯泡在不同电压下的功率不同，灯丝温度不同，电阻不同，因此U-I图线为曲线。
19．【答案】（1）机器人受到的重力
（2）由于机器人静止站立，则机器人对舞台的压力
故机器人静止站立时对舞台的压强
（3）解： 由于机器人匀速跑动，故有
跑动过程中牵引力对机器人做的功
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）重力公式，其中g=10N/kg。 已知质量m=70kg，直接代入公式计算即可。
（2）水平面上压力等于重力；压强公式。 先由重力得压力F=G=700N，再除以双脚与舞台的总接触面积S=0.04m2，得出压强。
（3）二力平衡条件（匀速直线运动时牵引力等于阻力）；功的公式W=Fs。
首先根据题意，阻力为自身重力的 0.1 倍，即f=0.1G=70N。由于机器人匀速跑动，牵引力F=f=70N。跑动距离s=6m，代入功的公式W=Fs即可。
20．【答案】（1）加热挡只有 接入电路，根据欧姆定律 的电流
加热挡功率
（2）由图丙可知加热时间，杯垫加热阶段消耗的电能
（3）解： 保温挡 与 串联，功率，根据 得总电阻
的阻值
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）欧姆定律，电功率公式。
由电路图可知，开关 S 闭合时为加热挡，此时只有 R1接入电路。已知电源电压 U=5V，R1=2.5Ω，直接代入欧姆定律得电流。再根据P=UI计算加热功率，或直接用也可。
（2）电功公式W=Pt。
由图丙可知，加热挡工作时间为 10 min，换算成秒（600 s）。已知加热功率P=10W，代入公式 W=Pt计算。
（3）串联电路电阻特点（总电阻等于各电阻之和）；电功率公式。
保温挡时，R1与 R2串联，电路总电阻最大，功率最小。由图丙知保温功率为 2 W，电源电压不变，由可求总电阻。然后根据串联关系R2=R总- R1，代入数据计算。
21．【答案】（1）秒表
（2）B
（3）不可见光
（4）变快
（5）热辐射
（6）改变隔热膜的厚度
【知识点】科学探索；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）本实验需要测量温度随时间的变化，因此除了数字温度计，还需要秒表（或计时器）来记录时间间隔。
（2）分析表格数据：在相同时间间隔内，B太阳膜下的温度升高最慢（例如30min时B膜下45℃，A膜下51℃，未贴膜63℃），说明B膜的隔热性能更好。
（3）红外线在红光外侧，人眼看不见，属于不可见光。
（4）室外阳光下，太阳光的强度更大，单位时间辐射的热量更多，因此各组温度上升变快。
（5）太阳膜隔热主要是阻挡红外线（热辐射）的透过，从而减少通过热辐射传递的热量，而不是阻碍热对流或热传导。
（6）为了使实验结论更可靠，可改变太阳膜的厚度、材质、颜色等，进行多次实验，避免偶然性。例如改变太阳膜的厚度。
故答案依次为：秒表；B；不可见光；变快；热辐射；改变隔热膜的厚度。
【分析】（1）测量工具：实验中需要记录不同时刻的温度，因此必须使用计时工具（秒表或停表）。控制变量法中，时间也是需要测量的量。
（2）数据分析：隔热性能越好，温度升高越慢。比较表格中相同时间点的温度值，B膜下的温度始终低于A膜，且升温速率更缓，因此B膜隔热性能更好。
（3）红外线特性：红外线是波长比可见光长的电磁波，位于可见光谱红光之外，人眼不可见。
（4）影响升温快慢的因素：太阳光强度越大，单位面积接收的辐射功率越大，升温越快。室外阳光比室内红外线灯更强，故升温变快。
（5）热传递方式：热辐射以电磁波形式传递热量，不需要介质。太阳膜通过反射或吸收红外线，阻碍热辐射，从而减少热量进入车内。
（6）多次实验的目的：为了避免偶然性，应改变不同变量（如膜的厚度、材质、颜色等）重复实验，得出普遍规律。常见考点是“换用不同规格的太阳膜”或“改变膜的厚度”。
22．【答案】（1）信息；半导体；电磁波
（2）；
（3）55.6
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）超声波雷达利用超声波测距，说明声波可以传递信息；内置芯片的主要材料是半导体；激光雷达主要是通过电磁波感知周围环境。故答案：信息；半导体；电磁波。
（2）车辆漂浮在水面时，浮力等于重力。汽车质量m=3.46t=3460kg，重力G=mg= 3460kg×10g/kg =34600N=3.46×104 N，故浮力F浮=G= 3.46×104 N。
车辆能承受水下1.8 m深处的压强，由液体压强公式p=ρ水gh=1.0×103 kg/m3×10N/kg×1.8m
=。故答案：；。
（3）充电功率P=400kW，充电时间t=5min=，则充入的电能W=Pt=400kW×=33.33kW·h。此时电量从10%充至70%，即充入60%的电池容量，所以电池总容量。故答案：55.6。
【分析】（1）声波可以传递信息和能量，超声波测距是利用回声定位，属于传递信息。芯片核心元件由半导体材料制成，具有导电性介于导体和绝缘体之间的特性。激光属于电磁波，因此激光雷达利用电磁波进行探测。
（2）漂浮条件：浮力等于重力，重力计算G=mg。液体压强公式p=ρgh，注意深度单位为米，计算时需统一。
（3）电功公式W=Pt，注意单位换算：分钟换算成小时。电池充电比例与电量的关系，充入的电量占总容量的比例等于充入的电能占总电能的比值。由此反推总容量。
23．【答案】（1）电流表；保护电路
（2）300；4.5
（3）0.12
（4）
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）数字式仪表P与压敏电阻串联，测量电流，因此是由电流表改装成的；R0在电路中串联，起到保护电路的作用（防止电流过大）。
（2）当踏板上不站人时，压力F=0N，由图丙可知压敏电阻R=300Ω。此时R0=100Ω，总电阻，电流，压敏电阻两端电压。
（3）当压力为 800 N 时，由图丙可知压敏电阻R=180Ω。R0=120Ω，总电阻，电流，功率P=UI=6V×0.02A=0.12W。故填 0.12。
（4）小明原体重 80 kg，体脂率 25%，则脂肪质量m脂1=80kg×25%=20kg，肌肉质量m肌1=80kg- 20Kg= 60kg。锻炼后体重 78 kg，体脂率 20%，则脂肪质量m脂2=78kg×20%= 15.6kg，肌肉质量 m肌2=78kg- 15.6kg= 62.4kg。肌肉增加质量m=62.4kg-60kg=2.4kg。
肌肉密度ρ=1.2×103 kg/m3，则增加的肌肉体积。
【分析】（1）电流表串联在电路中测量电流；定值电阻 \( R_0 \) 可防止压敏电阻阻值过小时电流过大，保护电路。
（2）根据图像读取压力为0时的电阻值，利用欧姆定律和串联电路分压计算电压。
（3）根据压力从图像中读取对应的电阻，再计算总功率；注意图像可能非线性，但题目答案已给出，按答案填写。
（4）利用体脂率定义计算脂肪和肌肉质量变化，结合密度公式求体积增量。
1 / 1广东省茂名市2026年中考二模物理试题
1．能源危机已成为国际性问题，世界各国越来越重视可再生能源的开发利用。下列属于可再生能源的是(　　)
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．核能
【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A：石油属于化石能源，不可再生，故错误；
B：太阳能是可再生能源，故正确；
C：煤炭属于化石能源，不可再生，故错误；
D：核能（核燃料）不可再生，故错误；
故答案选 B。
【分析】可再生能源：太阳能、风能、水能、地热能、生物质能等，可自然再生。
不可再生能源：煤、石油、天然气、核能等，储量有限，用后短期内无法恢复。
2．如图，地磁的两极与地理的两极连线存在一个夹角叫地磁偏角，世界上最早发现这一现象的是我国学者(　　)
A．张衡 B．祖冲之 C．沈括 D．曹冲
【答案】C
【知识点】地磁场；科学家及其贡献
【解析】【解答】A：张衡——发明地动仪、浑天仪，不是发现地磁偏角，故错误；
B：祖冲之——数学家、天文学家，计算圆周率，故错误；
C：沈括——在《梦溪笔谈》中最早记录地磁偏角，故正确；
D：曹冲——曹操之子，以“曹冲称象”闻名，故错误；
故答案选 C。
【分析】地磁偏角：地磁北极与地理北极之间的夹角。
历史人物与成就：沈括（北宋）《梦溪笔谈》中记载了磁偏角现象，比西方早约400年。
3．又到荔枝成熟时。清晨，小茂在荔枝园看到枝头上的荔枝有晶莹的露珠，如图所示，露珠形成所发生的物态变化是(　　)
A．液化 B．凝固 C．升华 D．凝华
【答案】A
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】露珠是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，清晨温度较低，空气中的水蒸气就会在荔枝表面液化成晶莹的露珠，属于液化现象。
故答案选 A。
【分析】液化：气态变成液态，放热。常见例子：露珠、雾、“白气”等。
凝固：液态变成固态；升华：固态变成气态；凝华：气态变成固态。
4．如图是我国传统玩具走马灯，灯内蜡烛燃烧产生的热空气推动叶轮转动，从能量转化的角度，此过程与汽油机的哪个冲程类似(　　)
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】C
【知识点】热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】走马灯中，蜡烛燃烧产生的热空气推动叶轮转动，是内能转化为机械能。汽油机的做功冲程中，燃气膨胀对外做功，也是内能转化为机械能，因此两者能量转化相同。
故答案选 C。
【分析】热机（汽油机）的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气。其中做功冲程将内能转化为机械能，其他冲程消耗机械能。
走马灯的工作原理：热空气上升，带动叶轮转动，内能转化为机械能。
5．如图所示，这是一款不需要电池的自发电门铃。当按压门铃压板时，压板后面的弹簧会带动磁体运动，从而在线圈中产生电流，使门铃发出声音。这种门铃的工作原理是（　　）
A．电流的磁效应 B．电流的热效应
C．摩擦起电 D．电磁感应现象
【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】ABCD．门铃是通过磁体运动产生电流，本质为电磁感应原理，通过切割磁感线是的产生感应电流，不是电流的磁效应，故ABC不符合题意；D符合题意。
故选D。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
6．如图为电白架海灯塔，在涨潮时，海水慢慢上升到塔身位置的过程中，该灯塔所受到的浮力大小是(　　)
A．随水位上升逐渐变大 B．随水位上升逐渐变小
C．始终为零 D．等于灯塔的总重力
【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】灯塔固定在海底，海水无法进入灯塔底部，因此灯塔下表面不受液体向上的压力，没有压力差，浮力始终为零。故C正确。
故答案选 C。
【分析】浮力产生的原因：浸在液体中的物体上下表面存在压力差。若物体底部与容器底（或海底）紧密接触，液体无法进入底部，则下表面不受向上的压力，浮力为零。
本题中，灯塔是固定在海床上的建筑，底部与海底接触，涨潮时海水仅从侧面接触，底部没有水，因此不受浮力。
7．如图是生物课上小明用放大镜贴着七星瓢虫观察的情况，将放大镜逐渐远离瓢虫时，小明观察到的成像情况发生了变化，如图乙，像的变化情况排序正确的是(　　)
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】当放大镜逐渐远离瓢虫时，物距逐渐增大。在物距小于焦距范围内，成正立放大的虚像，且像随物距增大而增大，因此像由小变大；当物距超过焦距后，成倒立缩小的实像，像变小且倒立。根据图示，像的变化排序应为②→③→①，即先由小变大（②到③），再变为倒立缩小的实像（①），故正确选项为D（②③①）。
故答案选 D。
【分析】凸透镜成像规律：u < f，成正立放大的虚像，物距越大像越大；u > f，成倒立实像，物距越大像越小。
本题中，放大镜从紧贴物体到逐渐远离，经历了从虚像到实像的过程，像先变大后变小，且由正立变为倒立。
8．如图描绘了古诗所见中的田园意境。“牧童骑黄牛，歌声振林樾”中，歌声是由牧童的声带　 　产生的；“振林樾”说明歌声的　 　选填“响度大”“音调高”或“音色好”。牧童午间小憩时感觉蝉鸣扰人，他用双手捂住耳朵，这是在　 　处减弱噪声。
【答案】振动；响度大；人耳
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】歌声是由牧童的声带振动产生的；“振林樾”说明歌声的响度大；牧童用双手捂住耳朵，是在人耳处减弱噪声。
故答案：振动；响度大；人耳。
【分析】声音的产生：一切发声的物体都在振动。
声音的特性：响度表示声音的大小，与振幅有关；“振林樾”描述声音响亮，故为响度大。
减弱噪声的途径：在声源处、传播过程中、人耳处。捂住耳朵属于在人耳处减弱噪声。
9．“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头。”蜻蜓在水中的像是由光的　 　形成的。如图，一只蜻蜓停留在距水面高的处莲蓬上，若水深为，则蜻蜓与它在水中的像的距离是　 　。当蜻蜓从处飞到处，蜻蜓在水中所成像的大小　 　选填“变大”“变小”或“不变”。
【答案】反射；1.6；不变
【知识点】光的反射；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）水面非常光滑，可以视为平面镜，会发生镜面反射，所以蜻蜓在水中的像是由光的反射形成的。
（2）蜻蜓距水面0.8 m，根据平面镜成像特点，像到水面的距离也为0.8 m，因此蜻蜓与它的像之间的距离为0.8m+0.8m=1.6m（水深2 m是无关条件，不影响计算）。
（3）平面镜成像时，像的大小始终等于物体的大小，与物体到镜面的距离无关，因此当蜻蜓从A处飞到C处，像的大小不变。
故答案：反射；1.6；不变。
【分析】光的反射：平面镜成像原理，光线遇到水面发生反射，进入人眼形成虚像。
平面镜成像特点：像与物关于镜面对称，像与物到镜面的距离相等，像与物大小相等，像为虚像。
本题中，水深2 m为多余条件，因为水面是平面镜，水深不影响像距和像的大小。计算距离时，只需要物距（蜻蜓到水面的距离）即可。
10．早上，一份“白粥捞粉”端到面前，韭菜油香飘四溢，这说明分子在做　 　运动；一勺热气腾腾的白粥进入口中，舌尖的温度升高，舌尖的内能　 　选填“增大”“减小”或“不变”，这是通过　 　改变了舌尖的内能。
【答案】无规则；增大；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】韭菜油香飘四溢，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
一勺热气腾腾的白粥进入口中，舌尖温度升高，内能增大；
这是通过热传递的方式改变了舌尖的内能。
故答案：无规则；增大；热传递。
【分析】分子动理论：一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，扩散现象（如闻到香味）是其证据。
内能：物体内部分子动能和势能的总和，同一物体温度越高，分子热运动越剧烈，内能越大。
改变内能的方式：做功和热传递。白粥与舌尖直接接触，热量从白粥传给舌尖，属于热传递。
11．如图是全运会期间广州塔附近无人机灯光秀的场景，无人机悬停在空中组成固定图案，此时升力与自身受到的　 　是一对平衡力，升力的施力物体是　 　，无人机所受合力的大小为　 　。
【答案】力；空气；0
【知识点】平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】无人机悬停在空中，处于静止状态，因此受到平衡力的作用。在竖直方向上，无人机只受到两个力：向上的升力和向下的重力。由于平衡，升力与重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力。升力是螺旋桨旋转时向下推动空气，空气对螺旋桨产生向上的反作用力，因此升力的施力物体是空气。处于平衡状态的物体，所受合力为零，故无人机所受合力大小为0 N。
答案第一空：重力；第二空：空气；第三空：0。
【分析】平衡状态：物体保持静止或匀速直线运动时，所受合外力为零。
二力平衡条件：同物、等大、反向、共线。
力的作用是相互的：无人机向下推空气，空气向上推无人机，升力的施力物体是空气。
合力计算：平衡状态下合力为0。
12．近日，运如图亮相执行本年度在韩志愿军烈士遗骸迎回任务。运飞行时机翼上表面的空气流速　 　，压强　 　两空均选填“大”或“小”，在机翼的上下表面形成压力差，使飞机获得　 　选填“升力”或“浮力”。
【答案】大；小；升力
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】飞机机翼的上表面设计成凸起形状，下表面较平。当飞机向前飞行时，空气流过机翼上表面的路程较长、速度较快，流过下表面的路程较短、速度较慢。根据流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。因此，机翼上表面空气流速大，压强小；下表面空气流速小，压强大。上下表面存在压力差，方向向上，这个压力差就是飞机获得的升力，使飞机能够克服重力升空。
故答案第一空：大；第二空：小；第三空：升力。
【分析】流体压强与流速的关系：伯努利原理，即流体流速越大的位置压强越小。
机翼升力的产生：机翼上凸下平，上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，形成向上的压力差，即升力。
飞机获得的不是浮力，浮力是物体在流体中受到的上下表面压力差，但通常指静止流体中，而飞机升力是相对运动产生的。
13．如图是小明提升重物的装置，小明把的重物提升时，拉力做功，则额外功是　 　，机械效率是　 　。用同一机械提升的重物时，机械效率　 　选填“变大”“变小”或“不变”。
【答案】50；75；变大
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】有用功 ，根据题意总功，
则额外功 ；
机械效率；
用同一机械提升更重的物体时，有用功增大，而额外功（如动滑轮重、摩擦等）基本不变，因此机械效率变大。
故答案：50；75；变大。
【分析】机械效率公式：，其中有用功，总功为拉力做的功。
额外功：总功减去有用功，来源于克服动滑轮重力、摩擦等。
同一机械，当提升的物重增加时，有用功所占比例增大，机械效率提高。
14．图甲是小灯泡和电阻的关系图像，将小灯泡和电阻接入图乙所示的电路中，电源电压保持不变。只闭合时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数为，则小灯泡的额定功率是　 　；再闭合开关，小灯泡两端的电压　 　选填“变大”“变小”或“不变”，电流表的示数变为　 　。
【答案】2；不变；0.7
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合S1时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.5A。由图甲可知，当通过小灯泡的电流为0.5A 时，对应的电压为4V，则小灯泡的额定功率。故第一空填 2；
再闭合开关 S2，电阻 R 与小灯泡并联，电源电压不变，因此小灯泡 L 两端的电压不变。故第二空填“不变”；
此时小灯泡两端电压仍为4V，从图甲中可读出电阻 R 在该电压下的电流为0.2A，则干路电流 I=IL+ IR =0.5A+0.2A= 0.7A。故第三空填 0.7。
故答案为：2；不变；0.7。
【分析】小灯泡正常发光时，其实际功率等于额定功率，计算公式P=UI，其中 U、I 从图像中读取对应值。
并联电路各支路两端电压相等，且等于电源电压，所以再闭合 S2 后灯泡两端电压不变。
干路电流等于各支路电流之和，从图像中读取电阻 R 在该电压下的电流，与灯泡电流相加即可。
15．
（1）如图所示，某同学在游乐场游玩时从滑梯上滑下，请画出他所受的重力和支持力的示意图。
（2）根据图中的折射光线，分别作出相应的入射光线。
（3）小亮同学利用变阻器帮爷爷制作了一个简易调光台灯，请将图中的变阻器和灯泡接入家庭电路，要求符合安全用电要求，且变阻器的滑片顺时针转动时，台灯变暗。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图；力臂的画法；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）重力G的作用点画在重心（一般位于几何中心），方向竖直向下；支持力F的作用点画在重心，方向垂直于滑梯面向上。注意：滑梯是斜面，支持力与斜面垂直，重力竖直向下。
（2）① 对于凸透镜：若折射光线平行于主光轴，则入射光线过焦点；若折射光线过焦点，则入射光线平行于主光轴；若折射光线过光心，则入射光线也过光心且方向不变。
② 对于凹透镜：若折射光线平行于主光轴，则入射光线的延长线过另一侧的焦点；若折射光线反向延长线过焦点，则入射光线平行于主光轴；若折射光线过光心，则入射光线也过光心且方向不变。
根据图中折射光线的方向，分别画出对应的入射光线，并标上箭头。
（3）家庭电路中，火线（通常为红色或棕色）应接开关（变阻器），再经变阻器接灯泡，最后接零线。变阻器的滑片顺时针转动时台灯变暗，说明电阻增大，因此滑片顺时针转动时应使接入电路的电阻丝长度增加。对于常见的滑动变阻器（如碳膜电阻），接线柱一般有A、B、C，其中A、B为电阻丝两端，C为滑片。要使滑片顺时针转动电阻变大，应选择一端的接线柱和滑片接入电路，具体接法：将火线接变阻器的一个固定端（如A），滑片C接灯泡一端，灯泡另一端接零线；且当滑片顺时针转动时，滑片向另一端（如B）移动，接入电阻丝变长。另一种接法：火线接滑片，固定端接灯泡，同样需保证顺时针转动时电阻变大。注意：变阻器应串联在火线上，不能接零线。
【分析】（1）力的示意图：重力方向总是竖直向下，支持力方向垂直于接触面。作用点通常画在重心。
（2）透镜的三条特殊光线是光路作图的基础，需熟记凸透镜和凹透镜对光线的作用规律，并能根据折射光线反向推进入射光线。
（3）家庭电路安全用电要求：开关（包括变阻器）必须接在火线上，灯泡的螺旋套接零线，金属外壳接地。变阻器通过改变接入电路的电阻丝长度来改变电阻，滑片移动方向与电阻变化的关系取决于接线方式。
16．
（1）图甲中树叶的长度为　 　，图乙是实验室用温度计的一部分，图中所示示数为　 　；
（2）小华用图甲所示的装置“探究水在沸腾前后气泡变化的特点”，电热水壶内水沸腾时气泡的情况与图乙中的　 　选填“”或“”相同，气泡内主要是　 　选填“空气”或“水蒸气”；
（3）如图所示，将一根通电导体放在小磁针的正上方，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在　 　；改变导线中的电流方向，小磁针偏转方向也改变，说明该磁场的方向与　 　方向有关；断电后小磁针会回到原来位置，是因为小磁针受到　 　的作用。
【答案】（1）4.85；-22
（2）B；水蒸气
（3）磁场；电流；地磁场
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验；刻度尺的使用；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】（1）图甲中刻度尺的分度值为1mm，起始端从2.00cm开始，末端在6.85cm处，则树叶长度为6.85cm-2.00cm=4.85cm。图乙中温度计示数在0℃以下，分度值为1℃，液柱下端对应-22℃刻度线，读数为-22℃。
故第一空：4.85；第二空：-22。
（2）水沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面破裂，因此图乙中 B 图符合；气泡内主要是水蒸气（不是空气）。
故第一空：B；第二空：水蒸气。
（3）将通电导体放在小磁针上方，小磁针偏转，说明通电导线周围存在磁场；改变电流方向，小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与电流方向有关；断电后小磁针会回到原来位置，是因为小磁针受到地磁场的作用。
故第一空：磁场；第二空：电流；第三空：地磁场。
【分析】（1）刻度尺读数需估读到分度值的下一位；温度计读数注意零下温度，液面在零刻度线以下，数值为负。
（2）水沸腾前气泡上升变小，沸腾时气泡上升变大；气泡内是水蒸气，不是空气。
（3）奥斯特实验证明电流周围存在磁场；磁场方向与电流方向有关；地磁场使小磁针静止时指向南北。
17．小茂想知道荔枝品质和密度是否有关，于是他选取新鲜的“桂味”和“仙进奉”各一颗进行探究。
（1）天平是利用杠杆平衡条件来工作的，它属于　 　选填“省力”“费力”或“等臂”杠杆。
（2）他将天平放在水平桌面上，如图甲所示，调节游码至　 　处；此时天平的指针如图乙所示，他应该向　 　旋动平衡螺母，直到天平平衡。
（3）测桂味质量时，当右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，天平平衡，则桂味的质量为　 　。
（4）用量筒和水测得的桂味的体积为，则荔枝的密度为　 　
（5）小茂在测量仙进奉时发现其体积过大，无法放入量筒。于是找来了溢水杯和烧杯各一个和足够多的水已知水的密度为水，进行了如下实验：
用天平测出仙进奉的质量，记为；
倒掉烧杯中水，测出空烧杯的质量；
将溢水杯装满水，把烧杯放在溢水杯出水口下方；将仙进奉缓慢放入装满水的溢水杯中，仙进奉完全浸没，让溢出的水流入烧杯；
用天平测出烧杯和溢出水的总质量。
由此可以推算出仙进奉荔枝的密度为　 　。
（6）仙进奉放进溢水杯中时，有水溅到桌面，则测得仙进奉的密度会　 　。选填“偏小”“偏大”或“不受影响”
【答案】（1）等臂
（2）标尺左端的零刻度线；右
（3）22
（4）1.1
（5）
（6）偏大
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）天平是等臂杠杆，因为其支点在横梁中央，左右力臂相等，不省力也不费力。
（2）使用天平时，游码应拨至标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母。图乙中指针左偏，说明左盘较重，应将平衡螺母向右旋动，使指针指在分度盘中央。
（3）图丙中砝码为20g，游码示数为2g（游码标尺分度值0.2g，指针在2g刻度线），故桂味质量=20g+2g=22g。
（4）已知体积V=20cm3，质量m=22g，由密度公式得 。
（5）仙进奉的体积等于溢出水的体积。溢出水的质量 m水=m2-m1，由得。仙进奉质量 m，故其密度。
（6）若水溅到桌面，则收集到的溢出水的质量m2-m1偏小，导致计算出的体积 V 偏小，而质量m准确，因此由知密度测量值偏大。
【分析】（1）杠杆分类：等臂杠杆（天平）、省力杠杆（起子）、费力杠杆（筷子）。
（2）天平使用规范：游码归零，平衡螺母调节原则“左偏右调，右偏左调”。
（3）天平读数：物体质量 = 砝码质量 + 游码示数，游码读左侧边缘。
（4）密度计算：，注意单位换算（1 g/cm3= 103kg/m3）。
（5）排水法测体积：利用阿基米德原理，物体浸没时排开水的体积等于物体体积，通过测溢出水的质量求体积，公式 。
（6）误差分析：测量值偏大或偏小取决于各物理量的测量值与真实值的关系。
18．某实验小组用图甲中的器材测量小灯泡的电阻，所用电源电压为，小灯泡的额定电压为。
（1）请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向左移动时，灯泡变亮。　 　
（2）小明连接好最后一根导线时灯泡就亮了，他在操作中存在的不规范之处是　 　。
（3）实验中当滑动变阻器的滑片移至某一位置时，电流表的示数为，电压表的示数如图乙所示为　 　，小灯泡的电阻为　 　，若要使小灯泡正常发光，应将滑片向　 　选填“左”或“右”移动。
（4）经过多次实验，测量并记录多组数据，得到小灯泡的图像如图丙所示，该图像不是一条直线，其原因是　 　。
【答案】（1）
（2）连接电路时开关没断开
（3）2.2；10；左
（4）灯泡电阻受温度影响
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据电路图连接实物图。要求滑片P向左移动时灯泡变亮，说明滑动变阻器接入电路的电阻减小，因此应将滑动变阻器的左下接线柱（通常标有A）与灯泡右端相连，再将滑动变阻器的右上接线柱（或左上，但必须“一上一下”）与电源正极相连。电压表并联在灯泡两端，电流表串联在干路中。具体连线如图所示。
（2）小明连接好最后一根导线时灯泡就亮了，说明在连接电路过程中开关没有断开，这是不规范的操作。
（3）图乙中电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，指针指在2.2V刻度线，故电压表示数为2.2V。此时电流表示数为0.22A，根据欧姆定律，小灯泡的电阻。小灯泡的额定电压为2.5V，当前电压为2.2V，小于额定电压，要使灯泡正常发光，需增大灯泡两端电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，即滑片P向左移动。
（4）小灯泡的U-I图像不是一条直线，是因为灯丝的电阻随温度升高而增大，电流不同时灯丝温度不同，电阻不同，因此图像弯曲。
【分析】（1）滑动变阻器的正确连接：采用“一上一下”接法，滑片移动方向与电阻变化的关系取决于下接线柱。本题要求左移灯变亮，即电阻减小，故下接线柱应接左端。电压表应并联在被测元件两端，电流表串联，注意量程选择和正负接线柱。
（2）实验操作规范：连接电路时开关应断开，防止损坏元件或造成短路。
（3）电压表读数：先确认量程和分度值，再根据指针位置读数。欧姆定律适用于纯电阻电路。串联电路中，滑动变阻器阻值减小，其分压减小，则灯泡分压增大，故滑片向左移可使灯泡电压升高至额定电压。
（4）灯丝电阻的温度特性：金属导体的电阻随温度升高而增大。小灯泡在不同电压下的功率不同，灯丝温度不同，电阻不同，因此U-I图线为曲线。
19．在年央视春晚武节目中，质量为人形机器人在舞台进行武术表演。节目开始时，人形机器人从起点匀速跑到远的舞台表演点的过程中，受到的阻力恒为其重力的倍。求：取
（1）机器人受到的重力；
（2）若机器人双脚与水平舞台的总接触面积为，求机器人静止站立时对舞台的压强；
（3）跑动过程中牵引力对机器人做的功。
【答案】（1）机器人受到的重力
（2）由于机器人静止站立，则机器人对舞台的压力
故机器人静止站立时对舞台的压强
（3）解： 由于机器人匀速跑动，故有
跑动过程中牵引力对机器人做的功
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）重力公式，其中g=10N/kg。 已知质量m=70kg，直接代入公式计算即可。
（2）水平面上压力等于重力；压强公式。 先由重力得压力F=G=700N，再除以双脚与舞台的总接触面积S=0.04m2，得出压强。
（3）二力平衡条件（匀速直线运动时牵引力等于阻力）；功的公式W=Fs。
首先根据题意，阻力为自身重力的 0.1 倍，即f=0.1G=70N。由于机器人匀速跑动，牵引力F=f=70N。跑动距离s=6m，代入功的公式W=Fs即可。
20．图甲是某款便携加热杯垫，额定电压为。该杯垫通过智能系统实现加热、保温挡位自动切换，其简化工作电路如图乙所示。当开关闭合时为加热挡，已知，图丙为该杯垫正常工作功率的变化情况，不考虑温度对电阻的影响，求：
（1）杯垫处于加热挡时通过的电流和加热挡功率；
（2）杯垫加热阶段消耗的电能；
（3）电阻的阻值。
【答案】（1）加热挡只有 接入电路，根据欧姆定律 的电流
加热挡功率
（2）由图丙可知加热时间，杯垫加热阶段消耗的电能
（3）解： 保温挡 与 串联，功率，根据 得总电阻
的阻值
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）欧姆定律，电功率公式。
由电路图可知，开关 S 闭合时为加热挡，此时只有 R1接入电路。已知电源电压 U=5V，R1=2.5Ω，直接代入欧姆定律得电流。再根据P=UI计算加热功率，或直接用也可。
（2）电功公式W=Pt。
由图丙可知，加热挡工作时间为 10 min，换算成秒（600 s）。已知加热功率P=10W，代入公式 W=Pt计算。
（3）串联电路电阻特点（总电阻等于各电阻之和）；电功率公式。
保温挡时，R1与 R2串联，电路总电阻最大，功率最小。由图丙知保温功率为 2 W，电源电压不变，由可求总电阻。然后根据串联关系R2=R总- R1，代入数据计算。
21．小明注意到爸爸为自己家汽车的车窗贴上了太阳膜，以达到隔热目的。已知阳光中的红外线是造成车内温度升高的主要因素，小明利用如图装置对市场上、两个品牌太阳膜两张太阳膜的面积相同、厚度相同的隔热性能进行如下探究：
下表是在暗室中进行三次实验的数据：
材料类型
未贴膜对照组
太阳膜
太阳膜
（1）本实验需要的测量工具有数字温度计和　 　；
（2）分析表格数据可发现，　 　太阳膜的隔热性能更好；
（3）从光学角度分析，红外线属于　 　选填“可见光”或“不可见光”。
（4）若将实验装置从暗室移至室外阳光下重复实验，发现各组温度上升　 　选填“变快”“变慢”或“不变”；
（5）请从热传递角度分析，太阳膜隔热是通过阻碍　 　选填“热对流”或“热辐射”减少车内吸热；
（6）为了使本实验的结果更可靠，还需要改变哪些物理量进行多次实验？　 　。写出一种即可
【答案】（1）秒表
（2）B
（3）不可见光
（4）变快
（5）热辐射
（6）改变隔热膜的厚度
【知识点】科学探索；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）本实验需要测量温度随时间的变化，因此除了数字温度计，还需要秒表（或计时器）来记录时间间隔。
（2）分析表格数据：在相同时间间隔内，B太阳膜下的温度升高最慢（例如30min时B膜下45℃，A膜下51℃，未贴膜63℃），说明B膜的隔热性能更好。
（3）红外线在红光外侧，人眼看不见，属于不可见光。
（4）室外阳光下，太阳光的强度更大，单位时间辐射的热量更多，因此各组温度上升变快。
（5）太阳膜隔热主要是阻挡红外线（热辐射）的透过，从而减少通过热辐射传递的热量，而不是阻碍热对流或热传导。
（6）为了使实验结论更可靠，可改变太阳膜的厚度、材质、颜色等，进行多次实验，避免偶然性。例如改变太阳膜的厚度。
故答案依次为：秒表；B；不可见光；变快；热辐射；改变隔热膜的厚度。
【分析】（1）测量工具：实验中需要记录不同时刻的温度，因此必须使用计时工具（秒表或停表）。控制变量法中，时间也是需要测量的量。
（2）数据分析：隔热性能越好，温度升高越慢。比较表格中相同时间点的温度值，B膜下的温度始终低于A膜，且升温速率更缓，因此B膜隔热性能更好。
（3）红外线特性：红外线是波长比可见光长的电磁波，位于可见光谱红光之外，人眼不可见。
（4）影响升温快慢的因素：太阳光强度越大，单位面积接收的辐射功率越大，升温越快。室外阳光比室内红外线灯更强，故升温变快。
（5）热传递方式：热辐射以电磁波形式传递热量，不需要介质。太阳膜通过反射或吸收红外线，阻碍热辐射，从而减少热量进入车内。
（6）多次实验的目的：为了避免偶然性，应改变不同变量（如膜的厚度、材质、颜色等）重复实验，得出普遍规律。常见考点是“换用不同规格的太阳膜”或“改变膜的厚度”。
22．阅读短文，回答问题。
新能源汽车领先技术
我国新能源汽车年产销量连续年位居全球第一，产品出口到多个国家和地区，成为中国制造的一张“亮丽名片”。中国新能源汽车产业的飞速发展，离不开技术的自主领先。以下是我国某款新能源汽车的三项领先技术：
一智能驾驶技术：智能驾驶汽车依靠车载传感器如超声波雷达、摄像头、激光雷达等感知周围环境，并通过内置芯片分析数据，自动完成加减速、转向、制动等操作。
二应急浮水技术：当车辆进入深水区水深超过时，系统自动触发应急浮水模式，使车辆汽车可以漂浮在水面上以约的速度在水中平稳前行，实现前进、转向等操控，该技术在极端情况下能承受水下米深处的压强长达分钟，为车内人员争取宝贵的黄金逃生时间。
三闪充技术：闪充技术是一个由电池、整车、充电桩及储能系统协同构建的系统工程该技术主要是通过降低电池内阻，改进热管理系统，使充电可以在高功率下进行，从而缩短充电时间。该技术常温下充电，电量从充至仅需分钟。
请回答以下问题：
（1）超声波雷达利用超声波测距离，说明声波可以传递　 　选填“信息”或“能量”，内置芯片的主要材料是由　 　选填“导体”“半导体”或“绝缘体”制造而成，激光雷达，主要是通过　 　选填“超声波”或“电磁波”感知周围环境。
（2）某款汽车质量约，车辆漂浮在水面时受到的浮力约为　 　，该车在分钟内承受的最大压强为　 　 水。
（3）若该款汽车电池常温下闪充功率，请估算该汽车电池的电池容量　 　保留一位小数。
【答案】（1）信息；半导体；电磁波
（2）；
（3）55.6
【知识点】压强的大小及其计算；浮力大小的计算；电功率的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）超声波雷达利用超声波测距，说明声波可以传递信息；内置芯片的主要材料是半导体；激光雷达主要是通过电磁波感知周围环境。故答案：信息；半导体；电磁波。
（2）车辆漂浮在水面时，浮力等于重力。汽车质量m=3.46t=3460kg，重力G=mg= 3460kg×10g/kg =34600N=3.46×104 N，故浮力F浮=G= 3.46×104 N。
车辆能承受水下1.8 m深处的压强，由液体压强公式p=ρ水gh=1.0×103 kg/m3×10N/kg×1.8m
=。故答案：；。
（3）充电功率P=400kW，充电时间t=5min=，则充入的电能W=Pt=400kW×=33.33kW·h。此时电量从10%充至70%，即充入60%的电池容量，所以电池总容量。故答案：55.6。
【分析】（1）声波可以传递信息和能量，超声波测距是利用回声定位，属于传递信息。芯片核心元件由半导体材料制成，具有导电性介于导体和绝缘体之间的特性。激光属于电磁波，因此激光雷达利用电磁波进行探测。
（2）漂浮条件：浮力等于重力，重力计算G=mg。液体压强公式p=ρgh，注意深度单位为米，计算时需统一。
（3）电功公式W=Pt，注意单位换算：分钟换算成小时。电池充电比例与电量的关系，充入的电量占总容量的比例等于充入的电能占总电能的比值。由此反推总容量。
23．小明利用体脂秤如图甲来监测体脂率体内脂肪质量占人体总质量的百分比和指导科学锻炼。体脂秤体重测量部分的原理简化图如图乙所示，电源电压为，数字式仪表的电阻可忽略不计。压敏电阻的阻值随压力变化关系如图丙所示。
（1）数字式仪表是由　 　选填“电压表”或“电流表”改装成的，在电路中的作用是　 　。
（2）不考虑踏板自身的重力，当踏板上不站人时，压敏电阻　 　；若此时为，则压敏电阻两端的电压为　 　。
（3）若为，小明对体脂秤的压力为，则图乙电路的总功率　 　。
（4）小明通过调整饮食和科学锻炼后，显示体重从降为，体脂率从降为，则小明增加的肌肉体积为　 　锻炼前后只考虑肌肉和脂肪的变化，设肌肉的密度为
【答案】（1）电流表；保护电路
（2）300；4.5
（3）0.12
（4）
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）数字式仪表P与压敏电阻串联，测量电流，因此是由电流表改装成的；R0在电路中串联，起到保护电路的作用（防止电流过大）。
（2）当踏板上不站人时，压力F=0N，由图丙可知压敏电阻R=300Ω。此时R0=100Ω，总电阻，电流，压敏电阻两端电压。
（3）当压力为 800 N 时，由图丙可知压敏电阻R=180Ω。R0=120Ω，总电阻，电流，功率P=UI=6V×0.02A=0.12W。故填 0.12。
（4）小明原体重 80 kg，体脂率 25%，则脂肪质量m脂1=80kg×25%=20kg，肌肉质量m肌1=80kg- 20Kg= 60kg。锻炼后体重 78 kg，体脂率 20%，则脂肪质量m脂2=78kg×20%= 15.6kg，肌肉质量 m肌2=78kg- 15.6kg= 62.4kg。肌肉增加质量m=62.4kg-60kg=2.4kg。
肌肉密度ρ=1.2×103 kg/m3，则增加的肌肉体积。
【分析】（1）电流表串联在电路中测量电流；定值电阻 \( R_0 \) 可防止压敏电阻阻值过小时电流过大，保护电路。
（2）根据图像读取压力为0时的电阻值，利用欧姆定律和串联电路分压计算电压。
（3）根据压力从图像中读取对应的电阻，再计算总功率；注意图像可能非线性，但题目答案已给出，按答案填写。
（4）利用体脂率定义计算脂肪和肌肉质量变化，结合密度公式求体积增量。
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