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浙江省台州市黄岩区2026年5月中考科学二模试题
1．若用大、中、小圆分别表示银河系、太阳系、地月系，下列能正确表示它们之间从属关系的是
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】银河系和宇宙
【解析】【分析】（1）本题考查天体系统的层次关系：天体系统由大到小的层次为银河系包含太阳系，太阳系包含地月系，三者是层层包含的从属关系。
（2）题目中规定用大圆表示银河系、中圆表示太阳系、小圆表示地月系，因此三者的关系应为大圆包含中圆，中圆包含小圆。
【解答】A、大圆（银河系）包含中圆（太阳系），中圆包含小圆（地月系），正确表示了三者的从属关系，A 正确；
故答案为：A。
2．指纹被誉为法庭的＂证据之首＂。指纹显影法核心反应为：，该反应的基本类型是
A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应
【答案】B
【知识点】化合反应和分解反应
【解析】【分析】本题考查初中化学中四种基本化学反应类型的定义：化合反应是两种或两种以上物质生成一种物质的反应；分解反应是一种物质生成两种或两种以上物质的反应；置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应；复分解反应是两种化合物互相交换成分，生成另外两种化合物的反应。
【解答】A、化合反应的特征是 “多变一”，该反应是 “一变多”，不符合化合反应的定义，A 错误；
B、分解反应的特征是 “一变多”，该反应由一种物质生成两种物质，符合分解反应的定义，B 正确；
C、置换反应需要有单质和化合物参与反应并生成新的单质和化合物，该反应反应物中没有单质，不符合置换反应的定义，C 错误；
D、复分解反应是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物，该反应反应物只有一种物质，不符合复分解反应的定义，D 错误。
故答案为：B。
3．具备规范的实验操作是开展科学探究的基础。下列实验操作符合规范要求的是
A．测定溶液pH
B．检查装置气密性
C．读取液体体积
D．稀释浓硫酸
【答案】B
【知识点】常见实验操作；pH值的测量及方法；浓硫酸的稀释
【解析】【分析】（1）本题考查初中科学常见化学实验的基本操作规范，包括 pH 的测定、装置气密性检查、量筒读数、浓硫酸稀释等操作的正确方法。
（2）错误的实验操作会导致实验结果不准确或引发安全事故，需根据规范逐一判断操作的正确性。
【解答】A、测定溶液 pH 时，不能将 pH 试纸直接浸入待测溶液中，会污染试剂并影响测量结果，应使用玻璃棒蘸取少量溶液滴在 pH 试纸上，A 错误；
B、检查装置气密性时，将导管一端浸入水中，用手紧握试管外壁，若导管口有气泡冒出，说明装置气密性良好，操作符合规范，B 正确；
C、读取量筒内液体体积时，视线应与液体凹液面的最低处保持水平，图中视线与凹液面的上边缘对齐，会导致读数偏大，C 错误；
D、稀释浓硫酸时，应将浓硫酸沿烧杯壁缓慢注入水中，并用玻璃棒不断搅拌，使热量及时扩散；若将水倒入浓硫酸中，浓硫酸溶于水放热会使水沸腾，引发液体飞溅，造成危险，D 错误。
故答案为：B。
4．穿山甲是国家一级保护动物，其体表覆盖鳞片，用肺呼吸，体温恒定，通过妊娠分娩产生幼仔，并以乳汁哺育后代。据此信息，穿山甲在生物分类上属于
A．两栖类 B．爬行类 C．哺乳类 D．鸟类
【答案】C
【知识点】常见的脊椎动物
【解析】【分析】（1）本题考查脊椎动物的分类及主要特征，重点考查哺乳类动物的核心特征：体表被毛（部分特化为鳞片）、用肺呼吸、体温恒定、胎生、哺乳。胎生和哺乳是哺乳类动物区别于其他脊椎动物的关键特征。
（2）两栖类、爬行类、鸟类的特征与题目中穿山甲的描述存在明显差异，可通过核心特征进行区分：两栖类为变温动物、卵生；爬行类为变温动物、卵生；鸟类体表被羽、卵生。
【解答】A、两栖类动物属于变温动物，且为卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，A 错误；
B、爬行类动物属于变温动物，且为卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，B 错误；
C、穿山甲体温恒定、通过妊娠分娩产生幼仔（胎生）、以乳汁哺育后代（哺乳），符合哺乳类动物的核心特征，C 正确；
D、鸟类体表被羽毛覆盖，卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，D 错误。
故答案为：C。
5．如图为铼元素在元素周期表中的相关信息。下列关于铼元素的说法错误的是
A．元素符号为 B．原子核内质子数为75
C．属于金属元素 D．相对原子质量为186.2克
【答案】D
【知识点】元素周期表
【解析】【分析】（1）本题考查元素周期表单元格信息的解读：单元格左上角数字为原子序数（等于质子数），右上角为元素符号，中间为元素名称，下方为相对原子质量。
（2）本题考查相对原子质量的概念：相对原子质量是一个比值，单位为 “1”，通常省略不写，不是 “克”；元素名称带 “钅” 字旁的为金属元素。
【解答】A、从元素周期表单元格右上角可知，铼的元素符号为 Re，说法正确，不符合题意；
B、原子序数等于原子核内质子数，单元格左上角数字为 75，故质子数为 75，说法正确，不符合题意；
C、铼元素名称带 “钅” 字旁，属于金属元素，说法正确，不符合题意；
D、相对原子质量的单位是 “1”，不是 “克”，单元格下方的 186.2 是相对原子质量的数值，说法错误，符合题意。
故答案为：D。
6．如图是某物质三种状态的分子微观模型。该物质从乙图状态变成丙图状态的过程叫做
A．凝固 B．熔化 C．汽化 D．液化
【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象
【解析】【分析】（1）本题考查物质三态的分子微观模型：固态分子排列紧密、有固定形状和体积；液态分子间距较大、无固定形状但有一定体积；气态分子间距很大、无固定形状和体积。
（2）本题考查物态变化的定义：物质从液态变为气态的过程叫做汽化，从气态变为液态的过程叫做液化，从液态变为固态的过程叫做凝固，从固态变为液态的过程叫做熔化。
【解答】A、凝固是物质从液态变为固态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合凝固的定义，A 错误；
B、熔化是物质从固态变为液态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合熔化的定义，B 错误；
C、乙图中分子间距较大，属于液态；丙图中分子间距很大，属于气态，物质从液态变为气态的过程叫做汽化，C 正确；
D、液化是物质从气态变为液态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合液化的定义，D 错误。
故答案为：C。
7．一叶莲是常用的鱼缸造景植物，花、果期通常在8到10月，主要依靠“叶上生叶”的方式繁殖，它可以吸收鱼缸里的氮、磷等物质，起到净化水质的作用。下列说法正确的是
A．一叶莲生活在水中是藻类植物
B．“叶上生叶”的繁殖方式属于有性生殖
C．一叶莲的果实由子房发育而来
D．一叶莲能净化水质体现环境能影响生物
【答案】C
【知识点】种子植物；孢子植物；植物的有性生殖；果实与种子的形成
【解析】【分析】（1）植物的分类：根据植物是否有根、茎、叶的分化，是否产生种子，可将植物分为藻类植物、苔藓植物、蕨类植物和种子植物。种子植物又分为裸子植物和被子植物，被子植物具有根、茎、叶、花、果实、种子六大器官，藻类植物结构简单，没有根、茎、叶的分化，也不产生花、果实、种子。
（2）生殖方式：有性生殖是指经过两性生殖细胞（精子和卵细胞）结合形成受精卵，再由受精卵发育成新个体的生殖方式；无性生殖是指不经过两性生殖细胞结合，由母体直接产生新个体的生殖方式，如营养繁殖（利用根、茎、叶等营养器官繁殖）。
（3）果实的发育：被子植物完成传粉和受精后，子房发育成果实，子房壁发育成果皮，胚珠发育成种子。
（4）生物与环境的关系：包括生物适应环境、生物影响环境和环境影响生物。生物影响环境是指生物的活动对环境产生改变，环境影响生物是指环境的变化对生物的生存和生活产生影响。
【解答】A、一叶莲能开花结果，属于被子植物，而藻类植物没有根、茎、叶的分化，也不产生花、果实、种子，因此它不是藻类植物；A 错误。
B、“叶上生叶” 是利用植物的叶进行繁殖，没有经过两性生殖细胞的结合，属于无性生殖，不属于有性生殖；B 错误。
C、一叶莲属于被子植物，其果实由子房发育而来；C 正确。
D、一叶莲能吸收鱼缸里的氮、磷等物质，起到净化水质的作用，体现了生物能影响环境，而不是环境能影响生物；D 错误。
故答案为：C。
8．柑橘适合生长在通气透水、保水保肥性良好的土壤中，下列按体积分数构建的土壤组成模型中，符合柑橘生长要求的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】土壤的性状与植物的生长；土壤的结构和类型
【解析】【分析】（1）土壤的组成：土壤由矿物质颗粒、有机物、水和空气等成分组成，其中矿物质颗粒和有机物约占土壤总体积的 50%，水和空气各占约 25%。
（2）土壤的通气透水与保水保肥性：通气透水、保水保肥性良好的土壤，需要水和空气的比例适中，既能为植物根系提供充足的水分，又能保证根系有足够的空气进行呼吸作用。若水分过多，空气不足，会导致根系缺氧；若空气过多，水分不足，会导致植物缺水。
【解答】A、图中水分占比过多，空气占比过少，会导致土壤通气性差，不符合柑橘生长对通气透水的要求；A 不符合题意。
B、图中矿物质颗粒和有机物约占 50%，水和空气各占约 25%，水和空气比例适中，土壤通气透水、保水保肥性良好，符合柑橘生长要求；B 符合题意。
C、图中空气占比过多，水分占比过少，会导致土壤保水性差，无法为柑橘生长提供充足水分；C 不符合题意。
D、图中水分占比过少，空气占比也不合理，矿物质颗粒占比过多，不符合土壤的合理组成比例，也无法满足柑橘生长对水分和空气的需求；D 不符合题意。
故答案为：B。
9．电动独轮车的工作原理如下：闭合电源开关，指示灯亮，车辆进入待机状态；人站上踏板后，压力开关自动闭合，电动机启动。下列电路图符合该工作要求的是
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】（1）电路的串并联：串联电路中电流只有一条路径，各用电器相互影响；并联电路中电流有多条路径，各用电器互不影响。
（2）开关的控制作用：干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。根据题意，电源开关
S1闭合时指示灯亮，说明指示灯始终与电源连通；压力开关S2闭合时电动机启动，说明电动机由S2单独控制，且电动机与指示灯应并联，互不影响。
【解答】A、闭合S1时，电流经S1流向指示灯，指示灯所在支路导通，灯亮；S2断开时电动机不工作，闭合S2后电动机支路导通，电动机启动，符合题目工作要求；A 符合题意。
B、闭合S1时，电流直接流向电动机，电动机工作，而指示灯不亮，不符合 “闭合S1指示灯亮” 的要求；B 不符合题意。
C、S1、S2、电动机和指示灯串联，只有两个开关同时闭合，电路才导通，灯和电动机才同时工作，不符合 “闭合S1指示灯亮，S2闭合电动机启动” 的分步控制要求；C 不符合题意。
D、S2闭合时会造成电源短路，损坏电路元件，且无论S2是否闭合，电动机和指示灯都始终串联在电路中，无法实现分步控制；D 不符合题意。
故答案为：A。
10．如图为太阳直射点的纬度年变化曲线图。从乙到丁这段时间，黄岩地区会发生的是
A．白昼变短 B．气候变暖
C．从冬至到夏至 D．正午杆影变短
【答案】A
【知识点】地球公转；冬至、夏至、春分、秋分
【解析】【分析】（1）太阳直射点的回归运动：甲为春分（3 月 21 日前后，直射赤道），乙为夏至（6 月 22 日前后，直射北回归线），丙为秋分（9 月 23 日前后，直射赤道），丁为冬至（12 月 22 日前后，直射南回归线）。从乙（夏至）到丁（冬至），太阳直射点从北回归线向南移动到南回归线。
（2）昼夜长短的变化规律：北半球地区，夏至日白昼最长，之后随着太阳直射点南移，白昼逐渐变短，到冬至日白昼最短。黄岩地区位于北半球，因此从乙到丁期间白昼逐渐变短。
（3）正午太阳高度与杆影的变化：北半球地区，夏至日正午太阳高度最大，杆影最短；冬至日正午太阳高度最小，杆影最长。从乙到丁，黄岩地区正午太阳高度逐渐变小，正午杆影逐渐变长。
（4）季节与气候：从乙（夏至）到丁（冬至），北半球经历夏、秋、冬季节，气温整体呈下降趋势，气候逐渐变冷，而非变暖。
【解答】A、从乙（夏至）到丁（冬至），太阳直射点南移，北半球黄岩地区白昼逐渐变短；A 符合题意。
B、从乙到丁，黄岩地区从夏季过渡到冬季，气温整体下降，气候逐渐变冷，而非变暖；B 不符合题意。
C、从乙到丁对应的是夏至到冬至，而非从冬至到夏至；C 不符合题意。
D、从乙到丁，黄岩地区正午太阳高度逐渐变小，正午杆影逐渐变长，而非变短；D 不符合题意。
故答案为：A。
11．在“观察小鱼尾鳍内的血液流动”的实验中，需借助显微镜观察血管类型和血流特点，下列说法错误的是
A．图甲中的b是小动脉
B．图甲中血流速度最慢的是a
C．光线较暗时，可通过调节图乙中的③增加亮度
D．应选择高倍镜观察小鱼尾鳍内的血液流动
【答案】D
【知识点】心脏和血管
【解析】【分析】（1）血管的判断与血流特点：动脉是从主干流向分支的血管，血流速度快；静脉是由分支汇集而成的血管，血流速度较慢；毛细血管是连接最小动脉和静脉的血管，只允许红细胞单行通过，血流速度最慢。
（2）显微镜的使用：光线较暗时，可通过调节反光镜（凹面镜）和遮光器（大光圈）来增加视野亮度；观察小鱼尾鳍内的血液流动时，应使用低倍镜，因为低倍镜视野亮、范围大，便于观察血管和血流情况。
【解答】A、图甲中 b 血管是从主干流向分支的血管，符合小动脉的特征；A 说法正确。
B、图甲中 a 血管是毛细血管，毛细血管的血流速度最慢；B 说法正确。
C、图乙中③是反光镜，光线较暗时，可通过调节反光镜（使用凹面镜）增加视野亮度；C 说法正确。
D、观察小鱼尾鳍内的血液流动时，应选择低倍镜，低倍镜视野亮、范围大，更适合观察，高倍镜视野较暗且范围小，不适合该实验；D 说法错误。
故答案为：D。
12．如图是利用樟脑的酒精溶液制作的密封天气瓶，当外界温度降低时，瓶内溶液中会有樟脑晶体析出，下列说法正确的是
A．该溶液中酒精属于溶质 B．溶质质量分数变小
C．溶质溶解度不变 D．溶液变为不饱和溶液
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）溶液的组成：溶液由溶质和溶剂组成，被溶解的物质是溶质，能溶解其他物质的物质是溶剂。在樟脑的酒精溶液中，樟脑是被溶解的物质，酒精是溶剂。
（2）溶解度的影响因素：固体物质的溶解度主要受温度影响，温度改变，溶解度通常会发生变化。樟脑的溶解度随温度降低而减小。
（3）溶质质量分数的计算：溶质质量分数 = 溶质质量 / 溶液质量 ×100%。当温度降低，樟脑晶体析出时，溶质质量减少，溶剂质量不变，因此溶质质量分数会变小。
（4）饱和溶液与不饱和溶液的判断：有晶体析出的溶液，说明在该温度下无法继续溶解该溶质，因此析出晶体后的溶液一定是该温度下的饱和溶液。
【解答】A、在樟脑的酒精溶液中，樟脑是溶质，酒精是溶剂；A 错误。
B、温度降低时，樟脑晶体析出，溶质质量减少，溶剂质量不变，因此溶质质量分数变小；B 正确。
C、樟脑的溶解度随温度降低而减小，温度降低时，溶质的溶解度变小；C 错误。
D、温度降低有樟脑晶体析出，说明溶液仍为该温度下的饱和溶液；D 错误。
故答案为：B。
13．在2026年机器人马拉松比赛中，机器人打破了人类半马世界纪录。下列说法错误的是
A．机器人站立时受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力
B．以奔跑的机器人为参照物，路边的广告牌是运动的
C．机器人齿轮转动摩擦发烫，属于热传递改变物体内能
D．机器人蹬地前进，说明物体间力的作用是相互的
【答案】C
【知识点】参照物及其选择；力的作用是相互的；平衡力的辨别
【解析】【分析】（1）平衡力的判断：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上的两个力是一对平衡力。
（2）运动和静止的相对性：判断物体运动还是静止，取决于所选的参照物。若物体相对于参照物的位置发生改变，则物体是运动的；若位置不变，则物体是静止的。
（3）改变物体内能的方式：包括做功和热传递两种。做功的实质是能量的转化（如摩擦生热是机械能转化为内能），热传递的实质是能量的转移。
（4）力的作用是相互的：一个物体对另一个物体施加力的同时，也会受到另一个物体对它的反作用力。
【解答】A、机器人站立时，受到的重力和地面对它的支持力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力；A 说法正确。
B、以奔跑的机器人为参照物，路边的广告牌相对于机器人的位置不断发生变化，因此广告牌是运动的；B 说法正确。
C、机器人齿轮转动摩擦发烫，是通过克服摩擦做功的方式将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，而非热传递；C 说法错误。
D、机器人蹬地前进时，脚对地面施加向后的力，同时地面对脚施加向前的反作用力，说明物体间力的作用是相互的；D 说法正确。
故答案为：C。
14．维生素是一种水溶性维生素，能促进生物生长和增强对疾病的抵抗力。高温油炸会导致食物中的维生素C变质。下列说法正确的是
A．维生素C属于氧化物
B．维生素C中碳、氢元素的质量比为1：1
C．22毫克维生素C中含有碳元素12毫克
D．维生素C变质的微观原因是其分子被破坏
【答案】D
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】（1）氧化物的定义：由两种元素组成，且其中一种元素是氧元素的化合物。维生素 C 由碳、氢、氧三种元素组成，不符合氧化物的定义。
（2）元素质量比的计算：化合物中各元素的质量比等于各元素的相对原子质量与原子个数乘积之比。维生素 C 中碳、氢元素的质量比为（12×6）：（1×8），并非 1：1。
（3）化合物中元素质量的计算：化合物中某元素的质量 = 化合物的质量 × 该元素的质量分数。维生素 C 中碳元素的质量分数为，可据此计算 22 毫克维生素 C 中碳元素的质量。
（4）化学变化的微观本质：化学变化的本质是分子分裂成原子，原子重新组合成新的分子。维生素 C 变质属于化学变化，微观上是其分子被破坏，生成了新的分子。
【解答】A、维生素 C 由碳、氢、氧三种元素组成，而氧化物只由两种元素组成，因此它不属于氧化物；A 错误。
B、维生素 C 中碳、氢元素的质量比为（12×6）：（1×8）=72：8=9：1，不是 1：1；B 错误。
C、维生素 C 中碳元素的质量分数为，
22 毫克维生素 C 中碳元素的质量为，不是 12 毫克；C 错误。
D、维生素 C 变质属于化学变化，微观上是其分子被破坏，生成了新的分子；D 正确。
故答案为：D。
15．《天工开物》中记载，我国古代煮海水制盐时，会制作四颗体积相同、密度不同的实心“浮子”，用于判断海水的浓度等级。若将四颗这样的“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，其浮沉情况如图所示。下列说法正确的是
A．①号“浮子”受到的浮力比其它三颗大
B．海水的密度大于②号“浮子”的密度
C．③号“浮子”受到的浮力大于自身重力
D．若待测海水蒸发，④号“浮子”会上浮一些
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）阿基米德原理：浸在液体中的物体所受浮力大小等于它排开液体所受的重力，公式为
。在同种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
（2）物体的浮沉条件：当物体悬浮时，物体的密度等于液体的密度，浮力等于重力；当物体漂浮时，物体的密度小于液体的密度，浮力等于重力；当物体下沉时，物体的密度大于液体的密度，浮力小于重力。
（3）漂浮物体的浮力特点：漂浮的物体始终处于平衡状态，浮力等于自身重力。若液体密度增大，根据，在浮力不变时，排开液体的体积会减小，物体将上浮一些。
【解答】A、四颗 “浮子” 体积相同，由图可知①号 “浮子” 排开海水的体积最大，根据阿基米德原理
，在同种海水中，①号受到的浮力最大；A 说法正确，但需结合后续选项综合判断。
B、②号 “浮子” 在海水中悬浮，根据物体的浮沉条件，悬浮时物体的密度等于液体的密度，因此海水的密度等于②号 “浮子” 的密度；B 说法错误。
C、③号 “浮子” 在海水中漂浮，根据物体的浮沉条件，漂浮时物体受到的浮力等于自身重力；C 说法错误。
D、若待测海水蒸发，海水的浓度升高，密度变大，④号 “浮子” 仍漂浮，浮力等于自身重力且保持不变，根据，海水密度增大时，排开海水的体积会减小，因此④号 “浮子” 会上浮一些；D 说法正确。
结合题目选项设置，最终正确选项为 D。
故答案为：D。
16． 包粽子是我国端午节的传统习俗。
（1）包粽子需要将糯米浸泡，淘米时用筛网分离糯米和水相当于实验操作中的　 　。
（2）包粽子用的粽叶是箬竹的叶子，粽叶在植物体结构层次中属于　 　。
（3）煮粽子时“粽叶飘香”，从微观角度解释煮粽子时粽叶香味更浓的原因是　 　。
【答案】（1）过滤
（2）器官
（3）温度越高，分子无规则运动越剧烈
【知识点】结构与层次；分子的热运动；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）过滤操作：过滤是将不溶于液体的固体与液体分离的一种实验操作。淘米时用筛网分离糯米和水，是将固体糯米和液体水分开，与过滤操作的原理一致。
（2）植物体的结构层次：植物体的结构层次为细胞→组织→器官→植物体。其中，器官是由不同组织按照一定次序结合在一起构成的行使一定功能的结构，绿色开花植物有根、茎、叶、花、果实、种子六大器官，粽叶（叶子）属于其中的营养器官。
（3）分子的热运动：分子在永不停息地做无规则运动，且温度越高，分子的无规则运动越剧烈，扩散现象越明显。煮粽子时温度较高，粽叶中香味分子的无规则运动更剧烈，扩散更快，因此香味更浓。
【解答】(1) 淘米时用筛网分离糯米和水，是将固体与液体分离，相当于实验操作中的过滤；
(2) 粽叶是箬竹的叶子，叶子是由保护组织、营养组织等不同组织构成的，在植物体结构层次中属于器官；
(3) 煮粽子时温度较高，粽叶香味分子的无规则运动更剧烈，扩散更快，因此香味更浓，微观原因是温度越高，分子无规则运动越剧烈。
故答案为：(1) 过滤；
(2) 器官；
(3) 温度越高，分子无规则运动越剧烈。
17．“吴越杯”足球赛在全省各地如火如荼地进行。
（1）运动员看到队友传球后迅速调整跑位，完成该反射活动的神经结构是　 　。运动时呼吸和心跳加快以满足人体对氧气的需求，氧通过血液循环最先到达心脏的　 　（填图中序号）。
（2）剧烈运动时运动员通过大量流汗增加散热，从而维持体温相对稳定，此过程中产热量　 　散热量（选填“大于”“等于”或“小于”）。
【答案】（1）反射弧；①
（2）等于
【知识点】心脏和血管；体温的控制
【解析】【分析】（1）反射的结构基础：反射活动的完成需要完整的反射弧，反射弧包括感受器、传入神经、神经中枢、传出神经、效应器五部分。运动员看到队友传球后调整跑位属于反射活动，其神经结构基础是反射弧。
（2）血液循环的途径：氧气经肺泡进入血液后，随肺循环回到心脏，最先到达左心房（图中①），之后进入左心室，再通过体循环输送到全身各处。
（3）体温调节原理：体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果。剧烈运动时，产热增加，同时通过大量流汗等方式增加散热，使产热量等于散热量，从而维持体温稳定。
【解答】(1) 运动员看到队友传球后迅速调整跑位，这一反射活动的神经结构基础是反射弧；氧气通过肺泡进入血液后，经肺循环最先到达心脏的①左心房；
(2) 剧烈运动时，运动员产热增加，同时通过大量流汗增加散热，以维持体温相对稳定，此过程中产热量等于散热量。
故答案为：(1) 反射弧；①；
(2) 等于。
18． 2026年4月20日，日本发生7.7级地震。地震发生时，震源会向四周传播弹性波：其中纵波传播速度快、破坏力较小；横波速度慢、破坏力较强
（1）日本地震频发，结合板块构造示意图分析，原因是　 　。
（2）地震预警系统可在地震发生后、横波到达前发出紧急警报。其内部传感器利用纵波使线圈与永磁体发生相对运动，线圈切割磁感线产生感应电流，从而触发预警。下列实验能揭示该工作原理的是（　　）。
A． B．
C． D．
（3）学校安全教育让同学们掌握了基本的应急避险技能。面对灾害与意外，下列做法合理的是____（可多选）。
A．台风来临时应远离广告牌
B．发生地震时乘坐电梯快速撤离
C．发生触电事故时应立即切断电源
D．对溺水者要先清除他口鼻内的污物
【答案】（1）日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带
（2）D
（3）A；C；D
【知识点】电磁感应；产生电磁感应现象的条件和规律；世界上火山地震带的分布
【解析】【分析】（1）板块构造学说：地球的岩石圈由六大板块组成，板块内部地壳较稳定，板块交界处地壳活跃，多火山、地震。日本位于亚欧板块与太平洋板块的碰撞挤压地带，地壳运动活跃，因此地震频发。
（2）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这一现象称为电磁感应，是发电机的工作原理。地震预警系统利用线圈切割磁感线产生感应电流触发预警，其原理与电磁感应一致。
（3）电与磁相关实验的区分：奥斯特实验说明电流的磁效应；通电导体在磁场中受力运动是电动机的原理；电磁铁实验探究电流的磁效应；电磁感应实验无电源，通过导体切割磁感线产生电流。
（4）安全应急避险知识：台风、地震、触电、溺水等灾害的合理应对措施，需结合实际情况判断做法的安全性与合理性。
【解答】(1) 日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带，地壳运动活跃，因此地震频发；
(2) A 是奥斯特实验，说明电流的磁效应；B 是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理；C 是电磁铁实验，探究电流的磁效应；D 是电磁感应实验，无电源，导体切割磁感线产生感应电流，与地震预警系统的工作原理一致，故 D 正确；
(3) A、台风来临时广告牌易被吹倒，应远离广告牌，做法合理；
B、发生地震时电梯易断电或变形，不能乘坐电梯撤离，做法不合理；
C、发生触电事故时应立即切断电源，防止触电伤害，做法合理；
D、对溺水者要先清除口鼻内的污物，保持呼吸道通畅，做法合理；
故合理的是 ACD。
故答案为：(1) 日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带；
(2) D；
(3) ACD。
19．某同学利用如图实验装置开展氧气相关实验。
（1）若用装置甲制取氧气，可选用　 　作为反应物。
（2）若采用排空气法收集氧气，请在装置乙的虚线框内将装置补充完整　 　。
（3）图丙为铁丝在氧气中燃烧的实验。从燃烧条件分析，铁丝用火柴引燃的原因是　 　。
【答案】（1）高锰酸钾
（2）
（3）使铁丝的温度达到着火点
【知识点】氧气的性质和利用；氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；氧气的检验和验满
【解析】【分析】（1）氧气的制取装置：装置甲为固体加热型发生装置，且试管口放有棉花，适用于加热高锰酸钾制取氧气，棉花的作用是防止加热时高锰酸钾粉末进入导管。
（2）氧气的收集方法：氧气的密度比空气大，采用向上排空气法收集时，气体应从长导管通入集气瓶底部，空气从短导管排出，因此装置乙中进气管需长，出气管需短。
（3）燃烧的条件：物质燃烧需要同时满足三个条件：①可燃物；②与氧气（或空气）接触；③温度达到可燃物的着火点。铁丝是可燃物，且与氧气接触，火柴的作用是燃烧放热，使铁丝的温度达到其着火点，从而引发铁丝燃烧。
【解答】(1) 装置甲为固体加热型发生装置，且试管口放有棉花，因此可选用高锰酸钾作为反应物制取氧气；
(2) 氧气密度比空气大，采用向上排空气法收集时，装置乙中进气管应插入集气瓶底部（长管进），出气管稍露出橡皮塞（短管出），补充后的装置为：
（注：文字描述为：长导管伸入瓶底，短导管仅露出橡皮塞，气体从长管进、短管出）
(3) 从燃烧条件分析，铁丝用火柴引燃的原因是火柴燃烧放热，使铁丝的温度达到其着火点，从而使铁丝在氧气中燃烧。
故答案为：(1) 高锰酸钾；
(2) 长导管伸入瓶底，短导管稍露出橡皮塞（气体长进短出）；
(3) 使铁丝的温度达到着火点。
20．九三阅兵中展示了我国隐身高速察打一体无人机。该无人机 1分钟可抵达15 千米外的目标，此过程中无人机的平均速度为　 　；机翼上表面凸起、下表面较平，是利用　 　的原理获得升力。无人机匀速上升过程中，机械能　 　。（选填“增大”“减小”或“不变”）
【答案】900；流速越大，压强越小；增大
【知识点】速度公式及其应用；动能和势能的大小变化
【解析】【分析】（1）平均速度的计算公式为 ，计算时需要注意路程与时间的单位统一，最终根据题目要求换算成对应的速度单位。
（2）流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。飞机机翼上凸下平的特殊形状，会使上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，从而形成向上的压强差，产生升力。
（3）机械能包括动能和势能，动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关。无人机匀速上升时，质量不变、速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，因此机械能增大。
【解答】（1）计算平均速度：已知无人机 1 分钟（即t=1min= h）飞行的路程
s=15 km，根据速度公式 ，
代入数据得
机翼上表面凸起、下表面较平，空气流过机翼上表面的流速大，压强小；流过下表面的流速小，压强大，上下表面的压强差产生了向上的升力，这利用了流速越大，压强越小的原理，因此第二空填 “流速越大，压强越小”。
无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；高度不断增加，重力势能增大。机械能等于动能与势能的总和，动能不变、重力势能增大，所以机械能增大。
故答案为：900；流速越大，压强越小；增大。
21．金属蚀刻画具有凹版画独特的艺术魅力。某同学利用废弃铁片，按打磨、防蚀、蚀刻、去膜、着色保护五步制作蚀刻画（蚀刻模型如图，胶膜不与蚀刻液反应）。
（1）打磨时用砂纸除去表面的铁锈，铁锈是铁与空气中的　 　发生反应形成的。
（2）利用铁片制作蚀刻画，下列可作为蚀刻液的是____。（可多选）
A．氢氧化钠溶液 B．硫酸铜溶液
C．氯化镁溶液 D．稀盐酸
（3）蚀刻前常用油墨进行局部防蚀。蚀刻结束后，需用的碳酸钠溶液清洗。现配制 100克的碳酸钠溶液，应取用的碳酸钠溶液　 　克加水稀释。
【答案】（1）水（水蒸气）、氧气
（2）B；D
（3）25
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；金属的化学性质；金属活动性顺序及其应用；金属的腐蚀与防护
【解析】【分析】（1）铁生锈的条件：铁与空气中的 氧气（O2）和水（水蒸气，H2O）同时接触，发生复杂的化学反应生成铁锈（主要成分是 Fe2O3 xH2O），因此打磨铁片需要除去表面因与氧气、水反应生成的铁锈。
（2）金属的化学性质：在金属活动性顺序中，位于前面的金属能把位于后面的金属从它们的盐溶液中置换出来；排在氢前面的金属能与稀盐酸、稀硫酸反应生成氢气。因此能与铁发生反应的溶液可作为蚀刻液。
（3）溶液稀释的计算：溶液稀释前后，溶质的质量不变。计算公式为：稀释前溶液质量 × 稀释前溶质质量分数 = 稀释后溶液质量 × 稀释后溶质质量分数。
【解答】（1）铁生锈的本质是铁与空气中的 氧气和水（水蒸气） 发生缓慢氧化反应，生成铁锈。因此打磨时需要用砂纸除去表面的铁锈，该空应填：水（水蒸气）、氧气。
（2）判断可作为蚀刻液的试剂：
A：氢氧化钠溶液：铁与氢氧化钠溶液不发生反应，无法蚀刻铁片，不符合题意；
B：硫酸铜溶液：在金属活动性顺序中，铁排在铜前面，铁能与硫酸铜溶液发生置换反应（Fe + CuSO4 = FeSO4 + Cu），可以蚀刻铁片，符合题意；
C：氯化镁溶液：在金属活动性顺序中，铁排在镁后面，铁不能与氯化镁溶液发生反应，无法蚀刻铁片，不符合题意；
D：稀盐酸：铁能与稀盐酸发生反应（Fe + 2HCl = FeCl2 + H2↑），可以蚀刻铁片，符合题意；
因此可作为蚀刻液的是 B、D。
（3）根据溶液稀释前后溶质质量不变计算：设需要 20% 的碳酸钠溶液的质量为x，
则100 g×5%=x×20%，
解得
x=25 g，因此应取用 20% 的碳酸钠溶液 25 克加水稀释。
故答案为：（1）水（水蒸气）、氧气；
（2）BD；
（3）25。
22．如图为某小型智能升降车，已知升降车质量为 50 kg ，车轮与地面总接触面积为。
（1）当升降车对地面的压强为时，不考虑轮胎形变的影响，该车承载货物的质量为　 　。
（2）某次作业中，升降车以1000w的功率将质量为120kg的货物举高了 1.5 m ，该过程中机械效率为，则此次搬运货物所用的时间为　 　秒。
【答案】（1）150kg
（2）3
【知识点】功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）压强公式：，水平地面上的物体对地面的压力等于总重力，即F=G总=m总 g，重力公式为G=mg。
（2）有用功公式：W有用=Gh=mgh，机械效率公式：，
功率公式：，
可推导出时间计算式。
【解答】（1）计算承载货物的质量：
① 先统一单位：接触面积
S=200cm2 =0.02 m2 ；
② 根据压强公式，
可得地面受到的总压力：
F=pS=105Pa×0.02 m2 =2000 N；
③ 水平地面上，压力等于总重力，即
G总 =F=2000 N，根据
G=mg，
总质量
；
④ 已知升降车自身质量为50 kg，则货物质量：
m货=m总 m车 =200 kg 50 kg=150 kg。
（2）计算搬运货物所用的时间：
① 先计算提升货物做的有用功：
W有用 =G货h=m货gh=120 kg×10 N/kg×1.5 m=1800 J；
② 根据机械效率公式
，
可得总功：
；
③ 根据功率公式
，
可得时间：t。
故答案为：（1）150 kg；
（2）3。
23．某同学利用如图甲装置，探究不同光学元件的成像规律。装置中“插槽”可插入不同光学元件，外筒固定，内筒可横向移动，内筒上的半透明薄膜可作为光屏。他准备了三种光学元件：①钻有小孔的遮光板②薄凸透镜③平面镜。点燃蜡烛，依次进行实验探究。
（1）探究一：插槽中放入光学元件①时，调节内筒，使半透明薄膜上呈现清晰的像，其成像原理是　 　。
（2）探究二：插槽中放入光学元件②时，当蜡烛与内、外筒处于图甲位置时，恰能在半透明薄膜上看到烛焰清晰的像，该像的性质是　 　。实验中发现：半透明薄膜上的像易受外界光干扰，清晰度不足。针对该问题提出一项具体的改进方案：　 　。
（3）探究三：插槽中放入光学元件③时，在A处能观察到蜡烛的像，但无论如何调节内筒始终无法在B处观察到蜡烛的像。请解释原因　 　。
【答案】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播
（2）倒立、放大的实像；将半透明膜安装在内筒前端/在光线较暗的环境中进行实验/换用更亮的光源/在半透明膜外侧加装一个遮光罩（合理即可）
（3）平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】（1）小孔成像的原理：光在同一均匀介质中沿直线传播，蜡烛发出的光通过小孔后，在光屏上形成倒立的实像，这是小孔成像的核心原理。
（2）凸透镜成像规律：当物距f2f，成倒立、放大的实像；半透明薄膜作为光屏，易受外界光线干扰导致成像不清晰，因此可通过减弱外界光线影响来改进实验。
（3）平面镜成像的特点：平面镜成的是虚像，虚像不是由实际光线会聚而成的，无法用光屏承接，因此不能在半透明薄膜上呈现。
【解答】（1）当插槽中放入钻有小孔的遮光板（光学元件①）时，蜡烛发出的光通过小孔后，在半透明薄膜上形成倒立的实像，这是小孔成像现象，其成像原理是光在同一均匀介质中沿直线传播。
（2）当插槽中放入薄凸透镜（光学元件②）时，蜡烛与外筒的位置关系满足f2f
，因此在半透明薄膜上成的是倒立、放大的实像；针对半透明薄膜上的像易受外界光干扰、清晰度不足的问题，可通过以下方式改进：将半透明膜安装在内筒前端，减少外界光线的影响；或在光线较暗的环境中进行实验；也可换用更亮的光源，或在半透明膜外侧加装一个遮光罩（合理即可）。
（3）当插槽中放入平面镜（光学元件③）时，平面镜对蜡烛发出的光发生反射，所成的像是虚像。虚像不是由实际光线会聚形成的，无法在半透明薄膜（光屏）上呈现，因此在 A 处能观察到蜡烛的像，但无论如何调节内筒，始终无法在 B 处观察到蜡烛的像，原因是平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现。
故答案为：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播；
（2）倒立、放大的实像；将半透明膜安装在内筒前端（或在光线较暗的环境中进行实验、换用更亮的光源、在半透明膜外侧加装一个遮光罩，合理即可）；
（3）平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现。
24．皮蛋是我国传统风味食品，某同学对皮蛋的制作及松花形成进行探究。他将含生石灰、纯碱、食盐的皮蛋粉加水调糊，裹在鸭蛋上密封保存。
（1）皮蛋富含蛋白质，蛋白质在人体消化道内最终被消化成　 　后，才能被吸收利用。
（2）该同学戴上手套将皮蛋粉加水调时感觉烫手，主要原因是　 　。
（3）该同学制作的皮蛋中未出现明显的“松花”。查阅资料得知不同离子对“松花”形成有影响（见表格）。他推测加入有利于＂松花＂的出现，请从表中找出支持该观点的证据　 　。
第1组 第2组 第3组和 第4组和
第5天 无 无 无 无
第15天 无 无 无 无
第19天 无 无 有 有
（4）皮蛋加工过程中碱液易渗入蛋内，导致食用时带有明显涩味、口感变差，请提出一种快速高效的去涩方法，以提升食用口感。　 　
【答案】（1）氨基酸
（2）生石灰与水反应放出大量的热
（3）第3组和第4组在第19天出现“松花”，而第1组和第2组未出现，第3组和第4组均含
（4）食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质）
【知识点】科学探究的基本环节；食物的消化与吸收
【解析】【分析】（1）食物的消化与吸收：蛋白质是大分子有机物，无法直接被人体吸收，必须在消化道内被蛋白酶等消化酶逐步分解为小分子的氨基酸，才能被小肠吸收进入血液，供人体利用。
（2）化学反应中的能量变化：生石灰（氧化钙，CaO）与水反应是典型的放热反应，反应方程式为
CaO+H2O=Ca(OH)2，该反应会放出大量的热，使溶液温度显著升高，因此调皮蛋粉时会感觉烫手。
（3）控制变量法的实验探究：该实验探究不同离子对 “松花” 形成的影响，变量为离子种类。对比四组实验，第 1、2 组不含Mg2+，第 3、4 组含Mg2+，其他条件相同，可通过对比有无
Mg2+的组别 “松花” 出现情况，判断Mg2+的作用。
（4）中和反应的应用：皮蛋制作过程中碱液（碱性物质）渗入蛋内导致涩味，可利用酸碱中和反应，加入酸性物质（如醋、柠檬汁）与碱性物质发生中和反应，降低碱性，从而去除涩味。
【解答】（1）蛋白质是大分子有机物，无法直接被人体吸收，在消化道内，蛋白质先在胃中被胃蛋白酶初步分解，再在小肠中被胰蛋白酶、肠蛋白酶等彻底分解为氨基酸，氨基酸是小分子物质，才能被小肠绒毛吸收进入血液，供人体利用。因此该空填：氨基酸。
（2）皮蛋粉中含有生石灰（氧化钙，CaO），当加水调糊时，生石灰会与水发生剧烈的放热反应：
CaO+H2O=Ca(OH)2，该反应会放出大量的热，使混合物温度迅速升高，因此调糊时会感觉烫手。因此该空填：生石灰与水反应放出大量的热。
（3）分析表格数据：第 1 组（含Cu2+）和第 2 组（含Zn2+）不含Mg2+，在第 19 天仍未出现 “松花”；第 3 组（含Cu2+和Mg 2+）和第 4 组（含Zn2+和Mg2+）均含有Mg2+，在第 19 天出现了 “松花”。对比可知，只有含Mg 2+的组别出现了 “松花”，说明加入MgCl2（提供Mg 2+ ）有利于 “松花” 的出现。因此该空填：第 3 组和第 4 组在第 19 天出现 “松花”，而第 1 组和第 2 组未出现，第 3 组和第 4 组均含Mg 2+ 。
（4）皮蛋的涩味是由蛋内残留的碱性物质引起的，根据酸碱中和反应的原理，可加入酸性物质中和碱性物质，快速去涩。例如：食用皮蛋时加入适量的醋（或柠檬汁等酸性物质），醋中的醋酸能与碱性物质发生中和反应，降低皮蛋的碱性，从而去除涩味，提升口感。因此该空填：食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质）。
故答案为：（1）氨基酸；
（2）生石灰与水反应放出大量的热；
（3）第 3 组和第 4 组在第 19 天出现 “松花”，而第 1 组和第 2 组未出现，第 3 组和第 4 组均含
Mg2+；
（4）食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质，合理即可）。
25．某同学利用电阻丝A、B、C探究影响导体电阻大小的因素。实验电路如图甲所示，先用电阻丝进行实验，点位置固定，为电阻丝上可以左右移动的点，MN两点间距离记为X。电路接通后，利用电压表测出MN两点
　 材料 长度 横截面积
电阻丝A 铁铬铝合金 L S
电阻丝B 铜镍合金 L S
电阻丝 铁铬铝合金 L 2S
间的电压， 得到电压U随距离X的变化关系如图丙实线Oab所示。
（1）闭合开关后，电流表的指针如图乙所示，此时电流表示数为　 　安；当N点从左向右移动的过程中，电流表示数大小　 　。
（2） 结合图丙中实线Oab的变化规律可得：电阻丝A的阻值　 　电阻丝B的阻值。（选填“大于”“等于”或“小于”）
（3）将电阻丝A更换成电阻丝C后重新进行实验，得到电压U随距离X的变化关系如图丙中虚线所示。请说明点电压低于点电压的原因：　 　。
【答案】（1）0.5；不变
（2）大于
（3）电阻的长度、材料相同，横截面积越大，电阻越小，因此C 的电阻比A小。串联电路中，电阻越小，分配到的电压越小，因此C替换A后，C分到的电压更小。
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【分析】（1）电流表读数与串联电路电流规律：电流表读数时，先确定量程，再根据分度值读取示数；串联电路中电流处处相等，电路的总电阻不变时，电路中的电流也保持不变。
（2）欧姆定律与电阻的比较：在串联电路中，电流I相同，根据U=IR，导体两端的电压与电阻成正比。当长度相同时，电压越大，说明该段导体的电阻越大。
（3）影响导体电阻大小的因素：导体的电阻和材料、长度、横截面积有关，当导体材料、长度相同时，横截面积越大，导体自身电阻越小；串联分压原理：串联电路电流恒定，各电阻分得的电压和自身电阻成正比，电阻越小，该元件两端分得的电压越小。
【解答】（1）①电流表选用的是 0~0.6A 量程，该量程的分度值为 0.02A，指针指向 0.4A 后第 5 个小格，示数为0.4 A+5×0.02 A=0.5 A；
②由图可知，电阻丝 A、B 串联在电路中，N 点移动时，电路的总电阻不变，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中的电流保持不变，因此电流表示数大小不变。
（2）当 N 点在电阻丝 A 上移动（X从 0 到L）和在电阻丝 B 上移动（X从L到2L）时，两段电阻丝的长度相同，电路中的电流I相同。根据U=IR，相同长度的电阻丝，电压的变化量ΔU
与电阻成正比。从图丙实线 Oab 可以看出，X从 0 到L（电阻丝 A 段）的电压变化量
ΔU1=U1，X从L到2L（电阻丝 B 段）的电压变化量
ΔU2 =U2 U1 ，且ΔU1 >ΔU2，
说明电阻丝 A 的阻值大于电阻丝 B 的阻值。
(3)电阻丝 A、C 材料、长度均相同，C 的横截面积是 A 的 2 倍，根据电阻影响因素，材料、长度相同时，横截面积越大电阻越小，所以RC故答案为：（1）0.5；不变；
（2）大于。
（3）电阻的长度、材料相同，横截面积越大，电阻越小，因此C 的电阻比A小。串联电路中，电阻越小，分配到的电压越小，因此C替换A后，C分到的电压更小。
26． 叶片是为植物其他器官提供有机物的“源”，果实是储存有机物的“库”。以某大棚植物为材料，研究不同库源比（果实数量与叶片数量的比值）对叶片光合作用和光合产物分配的影响，实验结果如图1。
处理 甲组
乙组
丙组
库源比 1：1 1：4 1：6
单果质量（g） 11.81 12.21 19.59
（1）叶片制造的有机物通过茎中的　 　运输到其他器官。
（2）分析图1数据，判断随着该植物库源比降低，单果质量的变化情况及原因　 　。
（3）为进一步研究叶片光合产物的分配规律，测定不同位置果实的单果质量，结果如图2。从源与库的距离分析，叶片光合产物分配给果实的特点是　 　。
（4）若单果质量10g以上为优质果，在大棚种植中，结合所学知识与上述结论，提出提高优质果产量的一种措施：　 　。
【答案】（1）筛管（韧皮部）
（2）单果质量会变大，库源比降低，叶片数量越多，叶片光合作用积累的有机物越多，提供给果实的有机物越多
（3）源与库的距离越远，分配到的有机物越少
（4）疏果/延长光照时间/适当增加大棚内二氧化碳浓度/适时施肥等（合理皆可）
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理
【解析】【分析】（1）植物茎的输导组织：植物体内的有机物由叶片通过光合作用制造，通过茎中韧皮部的筛管自上而下运输到根、果实等其他器官；水分和无机盐则通过木质部的导管自下而上运输。
（2）光合作用与有机物分配：叶片是光合作用的 “源”，果实是储存有机物的 “库”。库源比（果实数量与叶片数量的比值）降低，意味着叶片数量增多（“源” 增多），果实数量不变，叶片光合作用制造的有机物总量增加，分配到每个果实的有机物更多，因此单果质量会增大。
（3）光合产物就近运输规律：叶片合成的有机物向果实运输时，运输距离会影响有机物分配量，距离叶片（源）越近的果实（库），获得的光合有机物越多，单果重量越大；距离越远，分配得到的有机物越少，单果质量越低。
（4）农业增产应用知识点：结合实验结论，可通过调整库源比（疏果减少果实数量、保叶增加叶片数量）优化有机物分配；也可通过调控环境提升光合速率，如增施二氧化碳、延长光照、合理水肥，从而提升单果重量、增加优质果占比。
【解答】（1）植物叶片通过光合作用制造的有机物，需要通过茎中韧皮部的筛管（也可直接写 “筛管”）运输到果实、根等其他器官，供其生长发育或储存，因此该空填：筛管（韧皮部）。
（2）分析表格数据：甲组库源比 1：1，单果质量 11.81g；乙组库源比 1：4，单果质量 12.21g；丙组库源比 1：6，单果质量 19.59g。可以看出，随着库源比降低，单果质量逐渐变大。原因是：库源比降低时，果实数量不变，叶片数量增多，叶片总光合作用面积增大，制造的有机物总量增加，分配到每个果实中的有机物更多，因此单果质量增大。
(3)由题图数据可知，距离上方叶片（源）最近的第 1 个果实单果最重，越往下远离叶片的果实单果质量依次减小；说明光合产物优先就近供给近处果实，距离源（叶片）越近的库（果实），分配得到的光合有机物越多，单果质量越高，距离越远分配的有机物越少。
(4)结合实验结论，想要提高单果重量、提升优质果（单果 10g 以上）产量：①疏果处理，减少单株果树的果实数量，降低库源比，让现有叶片制造的有机物集中供给剩余果实；②适当保留功能叶片，避免过量摘叶，增加光合源；③通过增施有机肥、大棚补充二氧化碳、合理延长光照时间等方式提高叶片光合作用强度，提升有机物总产量（任选一条作答即可）。
故答案为：（1）筛管（韧皮部）；
（2）单果质量变大；库源比降低，叶片数量增多，叶片光合作用积累的有机物越多，提供给果实的有机物越多，单果质量增大。
（3）光合产物优先就近分配，果实距离叶片（源）越近，分配获得的有机物越多，单果质量越大；距离越远，分得有机物越少。
（4）适当疏果，减少果实数量（或合理保叶、大棚内适当增施二氧化碳、延长光照时间等合理答案）。
27． 某外用软膏含碳酸锌、氧化锌、甘油、水及其他物质。某同学针对该软膏中碳酸锌的含量展开探究。
【查阅资料】1.甘油易溶于水，碳酸锌、氧化锌及其他物质难溶于水且不参与反应。
2．碳酸锌受热会分解，氧化锌受热不分解。
该同学设计如图两种方案并进行实验：取一支外用软膏洗涤、过滤、干燥，得到固体混合物20克，均分为两份，分别放入图甲的试管和图乙的锥形瓶中。
（1）碳酸锌受热会分解成二氧化碳和一种金属氧化物，写出其化学方程式　 　。
（2）方案二中装置B的作用是　 　。
（3）根据方案一的实验数据，计算该支软膏中碳酸锌的质量是　 　克。
（4）对比两种方案的实验数据，根据方案二计算出碳酸锌的质量偏小，请分析可能的原因是　 　（写出一条）。
【答案】（1）
（2）吸收中的水分／干燥
（3）12.5
（4）生成的残留在装置中
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）化学方程式书写：碳酸锌受热分解，根据题意生成二氧化碳和金属氧化物（氧化锌），反应条件为加热，需遵循质量守恒定律配平并标注气体符号。
（2）气体干燥装置的作用：浓硫酸具有吸水性，在实验中可除去气体中的水蒸气，起到干燥气体的作用，防止水蒸气进入后续装置影响实验结果。
（3）根据化学方程式的计算：利用质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成二氧化碳的质量，再根据碳酸锌分解的化学方程式，结合二氧化碳的质量计算出参与反应的碳酸锌的质量，再换算成原软膏中的总质量。
（4）实验误差分析：方案二通过碱石灰吸收二氧化碳来测定质量，若生成的二氧化碳残留在装置 A、B 中，未被 C 中的碱石灰完全吸收，会导致测得的二氧化碳质量偏小，计算出的碳酸锌质量也会偏小。
【解答】（1）碳酸锌受热分解生成氧化锌和二氧化碳，根据反应事实和质量守恒定律，反应的化学方程式为：。
（2）方案二中装置 B 内装有浓硫酸，浓硫酸具有吸水性，其作用是吸收 CO2中的水分（干燥 CO2），防止水蒸气进入装置 C 中，影响二氧化碳质量的测定。
（3）方案一中，反应前后试管和固体的总质量差即为生成二氧化碳的质量：
33.6 g 31.4 g=2.2 g。
设 10g 固体混合物中含碳酸锌的质量为x，
根据化学方程式：
可得：
，
解得
x=6.25 g。
由于固体混合物被均分为两份，因此该支软膏中碳酸锌的总质量为：
6.25 g×2=12.5 g。
（4）方案二中，若生成的残留在装置 A、B 中，没有被装置 C 中的碱石灰完全吸收，会导致测得的二氧化碳质量偏小，根据化学方程式计算出的碳酸锌质量也会偏小；也可能是装置 C 右侧的碱石灰吸收了空气中的二氧化碳，或装置漏气导致部分二氧化碳逸出等（合理即可）。
故答案为：（1）；
（2）吸收中的水分（或干燥）；
（3）12.5；
（4）生成的残留在装置 A、B 中（或装置漏气，部分逸出等，合理即可）。
28． 塞罕坝机械林场是“三北”防护林建设工程的重要组成部分。经过三代建设者的努力，塞罕坝已从荒漠变为百万亩人工林海。除了种植油松、白桦等耐旱林木外，还在周边的御道口镇建设大型“牧光互补”光伏电站，实现了“板上发电，板下治沙，板间养殖”（如图1）。如今的塞罕坝物种丰富，形成稳定的森林生态系统，成为我国荒漠变绿洲的典范，图2为该生态系统中的部分生物。
（1）油松耐旱的性状由　 　决定。
（2）光伏发电过程中，主要将太阳能转化为　 　能。
（3）根据材料写出鹰获取能量最多的一条食物链：　 　。
（4）与昔日的荒漠相比，如今的塞罕坝森林生态系统稳定性更强。请结合生态系统相关知识分析原因：　 　。
【答案】（1）基因
（2）电
（3）油松→松鼠→鹰
（4）塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，结构更复杂，自动调节能力更强，所以稳定性更强。
【知识点】生态系统的成分；生物之间的食物联系（食物链、食物网）；能量流动和物质循环；生态系统的自动调节能力
【解析】【分析】（1）生物的性状是由基因控制的，油松的耐旱性这一性状由其体内的基因决定。
（2）能量转化：光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将太阳能直接转化为电能的装置。
（3）生态系统中的能量流动特点是单向流动、逐级递减，食物链越短，最高级消费者获得的能量越多。
（4）生态系统的稳定性：生态系统的生物种类越多，营养结构（食物链和食物网）越复杂，其自动调节能力就越强，生态系统的稳定性也就越高。
【解答】（1）生物的性状由基因控制，油松的耐旱性属于生物的性状，因此该性状由基因决定。（2）光伏发电过程中，太阳能电池板吸收太阳能，通过光电效应将太阳能直接转化为电能。
（3）能量沿食物链传递时逐级递减，食物链越短，鹰获取的能量越多。图中包含鹰的食物链有两条：油松→松鼠→鹰、油松→松毛虫→黑枕黄鹂→鹰，其中油松→松鼠→鹰的环节最少，因此鹰获取能量最多的食物链是：油松→松鼠→鹰。
（4）与昔日的荒漠相比，如今的塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，食物链和食物网更复杂，生态系统的自动调节能力更强，因此生态系统的稳定性更强。
故答案为：（1）基因；
（2）电；
（3）油松→松鼠→鹰；
（4）塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，结构更复杂，自动调节能力更强，所以稳定性更强。
29．为了防止鱼虾缺氧而浮头，养殖人员常采用多种方法来增加水中的溶解氧。
①物理增氧：鱼塘常用喷水式曝气机，将细小水滴喷射出去，增大水与空气的接触面积，提高溶解氧含量。
②化学增氧：向鱼塘抛洒过氧化钙，反应原理是： 。
（1）若曝气机的喷水流量为每小时，每小时从环形喷口出水的质量为　 　吨。
（2）物理增氧的同时还能增强水中微生物的　 　作用，从而加快有机物的分解。
（3）若曝气机已为鱼塘增氧0.8千克，相当于减少使用多少千克的过氧化钙？（请通过计算说明）
【答案】（1）65
（2）呼吸
（3）解：设减少使用的过氧化钙的质量为 x
解得：x=3.6kg
答：曝气机已为河道增氧 0.8 千克，其相当于减少使用 3.6 千克的过氧化钙
【知识点】密度公式的应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】分析】（1）密度公式的应用：水的密度是 ρ=1.0×103 kg/m 3 ，根据公式 ，变形可得 m=ρV，可以通过体积计算水的质量。
（2）微生物的呼吸作用：水中的微生物分解有机物需要消耗氧气，氧气含量越高，微生物的呼吸作用越强，有机物分解速度越快。
（3）根据化学方程式的计算：根据反应 ，已知生成氧气的质量，可通过化学方程式中各物质的质量比，计算出需要的过氧化钙的质量。
【解答】（1）已知水的体积 V=65m3，水的密度
ρ=1.0×103kg/m3=1 吨/m 3，
根据公式
m=ρV，可得水的质量
m=1 吨/m3×65m3=65 吨。
（2）物理增氧提高了水中的溶解氧含量，氧气是微生物进行呼吸作用分解有机物的原料，氧气含量越高，微生物的呼吸作用越强，分解有机物的速度也越快。
（3）设减少使用的过氧化钙的质量为 x。
根据质量比列方程：
解得：
x=3.6 kg
答：曝气机增氧 0.8 千克，相当于减少使用 3.6 千克的过氧化钙。
故答案为：（1）65；
（2）呼吸；
（3）3.6千克。
30．某款智能扫地机器人清扫时，前婚A点被加厚地毯边缘卡住。为了脱困，机器人启动尾部的“自救升降杆”，在后端B处来抬升机体。
（1）在湿润的地面，机器人轮子易打滑，不改变机器人质量的前提下，工程师可以通过　 　方法来增大轮子与地面之间的摩擦力。
（2）机器人长期不清理，毛刷、滚轮易滋生微生物。从预防传染病角度分析，定期清理扫地机器人的措施属于　 　。
（3）已知机器人的质量为 2.82 kg ，其重心位于 C 点， AC 水平距离为长 30 cm ，AB 与水平面夹角为。求机身刚好被顶起时， B 端坚直向上的推力至少为多少牛？
【答案】（1）增大接触面的粗糙程度/轮子上刻凹凸不平的花纹
（2）切断传播途径
（3）解：
由于
所以
【知识点】传染病及其传播；摩擦力的存在；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）摩擦力的影响因素：摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。在压力不变时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；在接触面粗糙程度不变时，增大压力可以增大摩擦力。题目中不改变机器人质量（即压力不变），因此可通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦。
（2）传染病的预防措施：传染病的预防措施包括控制传染源、切断传播途径、保护易感人群。定期清理扫地机器人，减少其表面滋生的微生物，可防止病原体通过机器人传播，属于切断传播途径。
（3）杠杆平衡条件：杠杆的平衡条件是 ，其中动力臂是支点到动力作用线的垂直距离，阻力臂是支点到阻力作用线的垂直距离。本题中 A 为支点，B 处推力 F 为动力，机器人重力 G 为阻力，需先确定动力臂和阻力臂，再利用杠杆平衡条件计算推力大小。
【解答】（1）摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关。题目中不改变机器人质量，即对地面的压力不变，因此可通过增大接触面的粗糙程度（如在轮子上刻凹凸不平的花纹、给地面铺防滑垫等）来增大轮子与地面之间的摩擦力，防止打滑。
（2）传染病的传播需要经过传染源、传播途径和易感人群三个环节。定期清理扫地机器人，清除其表面滋生的微生物，避免病原体通过机器人接触传播给人，该措施属于切断传播途径。
31． 氢能是一种清洁能源，其产业包含氢气制取与储运两大核心环节。
（1）利用太阳能电解水制氢，某电极上的变化如图1：
①“阶段一”中生成的是一种阴离子，其离子符号为　 　。
②“阶段二”中气泡在水中上浮且体积膨胀，请解释气泡体积膨胀的原因：　 　。
（2）合金贮氢与释氢过程如图2所示。从元素守恒的角度分析，释氢放出的比贮氢吸收的更多的原因是：　 　。
【答案】（1）；液体的压强随深度的减小而减小，气泡上浮时，液体压强减小，气泡内的压强大于外
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）①电解水的过程中，水分子在电极上得到电子发生还原反应，生成氢分子和氢氧根离子，氢氧根离子是带负电的阴离子；
②液体压强的特点是随深度的减小而减小，气泡上浮时，所处深度变小，外部液体压强减小，气泡内部的气体压强大于外部压强，因此气泡体积会膨胀。
（2）从元素守恒的角度分析，贮氢时与反应，中的氢元素全部转化到中；释氢时，与 HCl反应，中的氢元素和 HCl中的氢元素都会转化为，因此释氢放出的比贮氢吸收的更多。
【解答】（1）①电解水时，水分子在电极上发生反应，生成氢分子和氢氧根离子，氢氧根离子是带负电的阴离子，其离子符号为；
②气泡在水中上浮时，所处的水的深度不断减小，根据液体压强的规律，液体的压强随深度的减小而减小，因此气泡受到的外部液体压强减小，而气泡内部的气体压强不变，此时气泡内的压强大于外部压强，气体膨胀，导致气泡体积膨胀。
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多。
故答案为：（1）①；
②液体的压强随深度的减小而减小，气泡上浮时，外部液体压强减小，气泡内的压强大于外部压强，因此气泡体积膨胀；
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多。
32． 为使雏鸡孵化规模化，养殖场采用电热孵化器模拟母鸡抱窝。某电热孵化器具有保温和加热两种功能，且可调节内部温度范围，其工作原理如图所示。已知控制电路电源电压恒为为滑动变阻器，热敏电阻置于垺化器内，其阻值随温度变化规律如下表所示（线圈电阻忽略不计）。当线圈电流时，衔铁释放；业线圈电流时，衔铁吸合。工作电路电压恒为为阻值均为的加热电阻。
温度 35 36 37 38 39
电阻 200 160 120 100 80
（1）当工作电路处于加热状态时，求该状态下工作电路5分钟电流所做的功。
（2）某次工作时滑动变阻器的接入电阻为，求此时孵化器内设定的最低温度。
（3）若想提高设定的最高温度，滑动变阻器该如何移动，请说明理由。　 　
【答案】（1）纯电阻电热电路，电流做功全部转化为电热
根据公式计算

（2）解：由表格可知温度越低， 的阻值越大，电路中总电阻越大，电流会越小，因此电流取20mA
查表格可知，
答：某次工作时滑动变阻器的接入电阻为 ，此时孵化器内设定的最低温度是
（3）滑片应向右移动电磁铁吸合时的电流大小不变，则控制电路中的总电阻不变，提高设定的最高温度时，Rt电阻减小，则 R 的阻值变大，所以滑片应向右移动。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；电器的电功率
【解析】【分析】（1）电功的计算与并联电路特点：电功公式为，当工作电路处于加热状态时，衔铁吸合，R1、R2 、R3并联，总电阻最小，功率最大，需先确定总电阻，再计算电流做功。
（2）欧姆定律的应用与热敏电阻特性：控制电路中R与Rt串联，当温度最低时，Rt阻值最大，电流最小（20mA），根据欧姆定律可计算总电阻，再求出Rt的阻值，查表得到对应温度。
（3）滑动变阻器的调节与电路动态分析：电磁铁吸合电流不变，控制电路总电阻不变；温度越高，
Rt阻值越小，为保持总电阻不变，需增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片应向阻值增大的方向移动。
【解答】（3）滑片应向右移动。理由：电磁铁吸合时的电流大小不变，控制电路中的总电阻不变；提高设定的最高温度时，热敏电阻Rt 的阻值会减小，为保持总电阻不变，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑片应向阻值增大的右端移动。
故答案为：（1）6.6×104J；
（2）35 C；
（3）滑片应向右移动，电磁铁吸合电流不变，控制电路总电阻不变；提高最高温度时，Rt阻值减小，需增大滑动变阻器接入电阻，故滑片右移。
1 / 1浙江省台州市黄岩区2026年5月中考科学二模试题
1．若用大、中、小圆分别表示银河系、太阳系、地月系，下列能正确表示它们之间从属关系的是
A． B．
C． D．
2．指纹被誉为法庭的＂证据之首＂。指纹显影法核心反应为：，该反应的基本类型是
A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应
3．具备规范的实验操作是开展科学探究的基础。下列实验操作符合规范要求的是
A．测定溶液pH
B．检查装置气密性
C．读取液体体积
D．稀释浓硫酸
4．穿山甲是国家一级保护动物，其体表覆盖鳞片，用肺呼吸，体温恒定，通过妊娠分娩产生幼仔，并以乳汁哺育后代。据此信息，穿山甲在生物分类上属于
A．两栖类 B．爬行类 C．哺乳类 D．鸟类
5．如图为铼元素在元素周期表中的相关信息。下列关于铼元素的说法错误的是
A．元素符号为 B．原子核内质子数为75
C．属于金属元素 D．相对原子质量为186.2克
6．如图是某物质三种状态的分子微观模型。该物质从乙图状态变成丙图状态的过程叫做
A．凝固 B．熔化 C．汽化 D．液化
7．一叶莲是常用的鱼缸造景植物，花、果期通常在8到10月，主要依靠“叶上生叶”的方式繁殖，它可以吸收鱼缸里的氮、磷等物质，起到净化水质的作用。下列说法正确的是
A．一叶莲生活在水中是藻类植物
B．“叶上生叶”的繁殖方式属于有性生殖
C．一叶莲的果实由子房发育而来
D．一叶莲能净化水质体现环境能影响生物
8．柑橘适合生长在通气透水、保水保肥性良好的土壤中，下列按体积分数构建的土壤组成模型中，符合柑橘生长要求的是
A． B．
C． D．
9．电动独轮车的工作原理如下：闭合电源开关，指示灯亮，车辆进入待机状态；人站上踏板后，压力开关自动闭合，电动机启动。下列电路图符合该工作要求的是
A． B．
C． D．
10．如图为太阳直射点的纬度年变化曲线图。从乙到丁这段时间，黄岩地区会发生的是
A．白昼变短 B．气候变暖
C．从冬至到夏至 D．正午杆影变短
11．在“观察小鱼尾鳍内的血液流动”的实验中，需借助显微镜观察血管类型和血流特点，下列说法错误的是
A．图甲中的b是小动脉
B．图甲中血流速度最慢的是a
C．光线较暗时，可通过调节图乙中的③增加亮度
D．应选择高倍镜观察小鱼尾鳍内的血液流动
12．如图是利用樟脑的酒精溶液制作的密封天气瓶，当外界温度降低时，瓶内溶液中会有樟脑晶体析出，下列说法正确的是
A．该溶液中酒精属于溶质 B．溶质质量分数变小
C．溶质溶解度不变 D．溶液变为不饱和溶液
13．在2026年机器人马拉松比赛中，机器人打破了人类半马世界纪录。下列说法错误的是
A．机器人站立时受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力
B．以奔跑的机器人为参照物，路边的广告牌是运动的
C．机器人齿轮转动摩擦发烫，属于热传递改变物体内能
D．机器人蹬地前进，说明物体间力的作用是相互的
14．维生素是一种水溶性维生素，能促进生物生长和增强对疾病的抵抗力。高温油炸会导致食物中的维生素C变质。下列说法正确的是
A．维生素C属于氧化物
B．维生素C中碳、氢元素的质量比为1：1
C．22毫克维生素C中含有碳元素12毫克
D．维生素C变质的微观原因是其分子被破坏
15．《天工开物》中记载，我国古代煮海水制盐时，会制作四颗体积相同、密度不同的实心“浮子”，用于判断海水的浓度等级。若将四颗这样的“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，其浮沉情况如图所示。下列说法正确的是
A．①号“浮子”受到的浮力比其它三颗大
B．海水的密度大于②号“浮子”的密度
C．③号“浮子”受到的浮力大于自身重力
D．若待测海水蒸发，④号“浮子”会上浮一些
16． 包粽子是我国端午节的传统习俗。
（1）包粽子需要将糯米浸泡，淘米时用筛网分离糯米和水相当于实验操作中的　 　。
（2）包粽子用的粽叶是箬竹的叶子，粽叶在植物体结构层次中属于　 　。
（3）煮粽子时“粽叶飘香”，从微观角度解释煮粽子时粽叶香味更浓的原因是　 　。
17．“吴越杯”足球赛在全省各地如火如荼地进行。
（1）运动员看到队友传球后迅速调整跑位，完成该反射活动的神经结构是　 　。运动时呼吸和心跳加快以满足人体对氧气的需求，氧通过血液循环最先到达心脏的　 　（填图中序号）。
（2）剧烈运动时运动员通过大量流汗增加散热，从而维持体温相对稳定，此过程中产热量　 　散热量（选填“大于”“等于”或“小于”）。
18． 2026年4月20日，日本发生7.7级地震。地震发生时，震源会向四周传播弹性波：其中纵波传播速度快、破坏力较小；横波速度慢、破坏力较强
（1）日本地震频发，结合板块构造示意图分析，原因是　 　。
（2）地震预警系统可在地震发生后、横波到达前发出紧急警报。其内部传感器利用纵波使线圈与永磁体发生相对运动，线圈切割磁感线产生感应电流，从而触发预警。下列实验能揭示该工作原理的是（　　）。
A． B．
C． D．
（3）学校安全教育让同学们掌握了基本的应急避险技能。面对灾害与意外，下列做法合理的是____（可多选）。
A．台风来临时应远离广告牌
B．发生地震时乘坐电梯快速撤离
C．发生触电事故时应立即切断电源
D．对溺水者要先清除他口鼻内的污物
19．某同学利用如图实验装置开展氧气相关实验。
（1）若用装置甲制取氧气，可选用　 　作为反应物。
（2）若采用排空气法收集氧气，请在装置乙的虚线框内将装置补充完整　 　。
（3）图丙为铁丝在氧气中燃烧的实验。从燃烧条件分析，铁丝用火柴引燃的原因是　 　。
20．九三阅兵中展示了我国隐身高速察打一体无人机。该无人机 1分钟可抵达15 千米外的目标，此过程中无人机的平均速度为　 　；机翼上表面凸起、下表面较平，是利用　 　的原理获得升力。无人机匀速上升过程中，机械能　 　。（选填“增大”“减小”或“不变”）
21．金属蚀刻画具有凹版画独特的艺术魅力。某同学利用废弃铁片，按打磨、防蚀、蚀刻、去膜、着色保护五步制作蚀刻画（蚀刻模型如图，胶膜不与蚀刻液反应）。
（1）打磨时用砂纸除去表面的铁锈，铁锈是铁与空气中的　 　发生反应形成的。
（2）利用铁片制作蚀刻画，下列可作为蚀刻液的是____。（可多选）
A．氢氧化钠溶液 B．硫酸铜溶液
C．氯化镁溶液 D．稀盐酸
（3）蚀刻前常用油墨进行局部防蚀。蚀刻结束后，需用的碳酸钠溶液清洗。现配制 100克的碳酸钠溶液，应取用的碳酸钠溶液　 　克加水稀释。
22．如图为某小型智能升降车，已知升降车质量为 50 kg ，车轮与地面总接触面积为。
（1）当升降车对地面的压强为时，不考虑轮胎形变的影响，该车承载货物的质量为　 　。
（2）某次作业中，升降车以1000w的功率将质量为120kg的货物举高了 1.5 m ，该过程中机械效率为，则此次搬运货物所用的时间为　 　秒。
23．某同学利用如图甲装置，探究不同光学元件的成像规律。装置中“插槽”可插入不同光学元件，外筒固定，内筒可横向移动，内筒上的半透明薄膜可作为光屏。他准备了三种光学元件：①钻有小孔的遮光板②薄凸透镜③平面镜。点燃蜡烛，依次进行实验探究。
（1）探究一：插槽中放入光学元件①时，调节内筒，使半透明薄膜上呈现清晰的像，其成像原理是　 　。
（2）探究二：插槽中放入光学元件②时，当蜡烛与内、外筒处于图甲位置时，恰能在半透明薄膜上看到烛焰清晰的像，该像的性质是　 　。实验中发现：半透明薄膜上的像易受外界光干扰，清晰度不足。针对该问题提出一项具体的改进方案：　 　。
（3）探究三：插槽中放入光学元件③时，在A处能观察到蜡烛的像，但无论如何调节内筒始终无法在B处观察到蜡烛的像。请解释原因　 　。
24．皮蛋是我国传统风味食品，某同学对皮蛋的制作及松花形成进行探究。他将含生石灰、纯碱、食盐的皮蛋粉加水调糊，裹在鸭蛋上密封保存。
（1）皮蛋富含蛋白质，蛋白质在人体消化道内最终被消化成　 　后，才能被吸收利用。
（2）该同学戴上手套将皮蛋粉加水调时感觉烫手，主要原因是　 　。
（3）该同学制作的皮蛋中未出现明显的“松花”。查阅资料得知不同离子对“松花”形成有影响（见表格）。他推测加入有利于＂松花＂的出现，请从表中找出支持该观点的证据　 　。
第1组 第2组 第3组和 第4组和
第5天 无 无 无 无
第15天 无 无 无 无
第19天 无 无 有 有
（4）皮蛋加工过程中碱液易渗入蛋内，导致食用时带有明显涩味、口感变差，请提出一种快速高效的去涩方法，以提升食用口感。　 　
25．某同学利用电阻丝A、B、C探究影响导体电阻大小的因素。实验电路如图甲所示，先用电阻丝进行实验，点位置固定，为电阻丝上可以左右移动的点，MN两点间距离记为X。电路接通后，利用电压表测出MN两点
　 材料 长度 横截面积
电阻丝A 铁铬铝合金 L S
电阻丝B 铜镍合金 L S
电阻丝 铁铬铝合金 L 2S
间的电压， 得到电压U随距离X的变化关系如图丙实线Oab所示。
（1）闭合开关后，电流表的指针如图乙所示，此时电流表示数为　 　安；当N点从左向右移动的过程中，电流表示数大小　 　。
（2） 结合图丙中实线Oab的变化规律可得：电阻丝A的阻值　 　电阻丝B的阻值。（选填“大于”“等于”或“小于”）
（3）将电阻丝A更换成电阻丝C后重新进行实验，得到电压U随距离X的变化关系如图丙中虚线所示。请说明点电压低于点电压的原因：　 　。
26． 叶片是为植物其他器官提供有机物的“源”，果实是储存有机物的“库”。以某大棚植物为材料，研究不同库源比（果实数量与叶片数量的比值）对叶片光合作用和光合产物分配的影响，实验结果如图1。
处理 甲组
乙组
丙组
库源比 1：1 1：4 1：6
单果质量（g） 11.81 12.21 19.59
（1）叶片制造的有机物通过茎中的　 　运输到其他器官。
（2）分析图1数据，判断随着该植物库源比降低，单果质量的变化情况及原因　 　。
（3）为进一步研究叶片光合产物的分配规律，测定不同位置果实的单果质量，结果如图2。从源与库的距离分析，叶片光合产物分配给果实的特点是　 　。
（4）若单果质量10g以上为优质果，在大棚种植中，结合所学知识与上述结论，提出提高优质果产量的一种措施：　 　。
27． 某外用软膏含碳酸锌、氧化锌、甘油、水及其他物质。某同学针对该软膏中碳酸锌的含量展开探究。
【查阅资料】1.甘油易溶于水，碳酸锌、氧化锌及其他物质难溶于水且不参与反应。
2．碳酸锌受热会分解，氧化锌受热不分解。
该同学设计如图两种方案并进行实验：取一支外用软膏洗涤、过滤、干燥，得到固体混合物20克，均分为两份，分别放入图甲的试管和图乙的锥形瓶中。
（1）碳酸锌受热会分解成二氧化碳和一种金属氧化物，写出其化学方程式　 　。
（2）方案二中装置B的作用是　 　。
（3）根据方案一的实验数据，计算该支软膏中碳酸锌的质量是　 　克。
（4）对比两种方案的实验数据，根据方案二计算出碳酸锌的质量偏小，请分析可能的原因是　 　（写出一条）。
28． 塞罕坝机械林场是“三北”防护林建设工程的重要组成部分。经过三代建设者的努力，塞罕坝已从荒漠变为百万亩人工林海。除了种植油松、白桦等耐旱林木外，还在周边的御道口镇建设大型“牧光互补”光伏电站，实现了“板上发电，板下治沙，板间养殖”（如图1）。如今的塞罕坝物种丰富，形成稳定的森林生态系统，成为我国荒漠变绿洲的典范，图2为该生态系统中的部分生物。
（1）油松耐旱的性状由　 　决定。
（2）光伏发电过程中，主要将太阳能转化为　 　能。
（3）根据材料写出鹰获取能量最多的一条食物链：　 　。
（4）与昔日的荒漠相比，如今的塞罕坝森林生态系统稳定性更强。请结合生态系统相关知识分析原因：　 　。
29．为了防止鱼虾缺氧而浮头，养殖人员常采用多种方法来增加水中的溶解氧。
①物理增氧：鱼塘常用喷水式曝气机，将细小水滴喷射出去，增大水与空气的接触面积，提高溶解氧含量。
②化学增氧：向鱼塘抛洒过氧化钙，反应原理是： 。
（1）若曝气机的喷水流量为每小时，每小时从环形喷口出水的质量为　 　吨。
（2）物理增氧的同时还能增强水中微生物的　 　作用，从而加快有机物的分解。
（3）若曝气机已为鱼塘增氧0.8千克，相当于减少使用多少千克的过氧化钙？（请通过计算说明）
30．某款智能扫地机器人清扫时，前婚A点被加厚地毯边缘卡住。为了脱困，机器人启动尾部的“自救升降杆”，在后端B处来抬升机体。
（1）在湿润的地面，机器人轮子易打滑，不改变机器人质量的前提下，工程师可以通过　 　方法来增大轮子与地面之间的摩擦力。
（2）机器人长期不清理，毛刷、滚轮易滋生微生物。从预防传染病角度分析，定期清理扫地机器人的措施属于　 　。
（3）已知机器人的质量为 2.82 kg ，其重心位于 C 点， AC 水平距离为长 30 cm ，AB 与水平面夹角为。求机身刚好被顶起时， B 端坚直向上的推力至少为多少牛？
31． 氢能是一种清洁能源，其产业包含氢气制取与储运两大核心环节。
（1）利用太阳能电解水制氢，某电极上的变化如图1：
①“阶段一”中生成的是一种阴离子，其离子符号为　 　。
②“阶段二”中气泡在水中上浮且体积膨胀，请解释气泡体积膨胀的原因：　 　。
（2）合金贮氢与释氢过程如图2所示。从元素守恒的角度分析，释氢放出的比贮氢吸收的更多的原因是：　 　。
32． 为使雏鸡孵化规模化，养殖场采用电热孵化器模拟母鸡抱窝。某电热孵化器具有保温和加热两种功能，且可调节内部温度范围，其工作原理如图所示。已知控制电路电源电压恒为为滑动变阻器，热敏电阻置于垺化器内，其阻值随温度变化规律如下表所示（线圈电阻忽略不计）。当线圈电流时，衔铁释放；业线圈电流时，衔铁吸合。工作电路电压恒为为阻值均为的加热电阻。
温度 35 36 37 38 39
电阻 200 160 120 100 80
（1）当工作电路处于加热状态时，求该状态下工作电路5分钟电流所做的功。
（2）某次工作时滑动变阻器的接入电阻为，求此时孵化器内设定的最低温度。
（3）若想提高设定的最高温度，滑动变阻器该如何移动，请说明理由。　 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】银河系和宇宙
【解析】【分析】（1）本题考查天体系统的层次关系：天体系统由大到小的层次为银河系包含太阳系，太阳系包含地月系，三者是层层包含的从属关系。
（2）题目中规定用大圆表示银河系、中圆表示太阳系、小圆表示地月系，因此三者的关系应为大圆包含中圆，中圆包含小圆。
【解答】A、大圆（银河系）包含中圆（太阳系），中圆包含小圆（地月系），正确表示了三者的从属关系，A 正确；
故答案为：A。
2．【答案】B
【知识点】化合反应和分解反应
【解析】【分析】本题考查初中化学中四种基本化学反应类型的定义：化合反应是两种或两种以上物质生成一种物质的反应；分解反应是一种物质生成两种或两种以上物质的反应；置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应；复分解反应是两种化合物互相交换成分，生成另外两种化合物的反应。
【解答】A、化合反应的特征是 “多变一”，该反应是 “一变多”，不符合化合反应的定义，A 错误；
B、分解反应的特征是 “一变多”，该反应由一种物质生成两种物质，符合分解反应的定义，B 正确；
C、置换反应需要有单质和化合物参与反应并生成新的单质和化合物，该反应反应物中没有单质，不符合置换反应的定义，C 错误；
D、复分解反应是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物，该反应反应物只有一种物质，不符合复分解反应的定义，D 错误。
故答案为：B。
3．【答案】B
【知识点】常见实验操作；pH值的测量及方法；浓硫酸的稀释
【解析】【分析】（1）本题考查初中科学常见化学实验的基本操作规范，包括 pH 的测定、装置气密性检查、量筒读数、浓硫酸稀释等操作的正确方法。
（2）错误的实验操作会导致实验结果不准确或引发安全事故，需根据规范逐一判断操作的正确性。
【解答】A、测定溶液 pH 时，不能将 pH 试纸直接浸入待测溶液中，会污染试剂并影响测量结果，应使用玻璃棒蘸取少量溶液滴在 pH 试纸上，A 错误；
B、检查装置气密性时，将导管一端浸入水中，用手紧握试管外壁，若导管口有气泡冒出，说明装置气密性良好，操作符合规范，B 正确；
C、读取量筒内液体体积时，视线应与液体凹液面的最低处保持水平，图中视线与凹液面的上边缘对齐，会导致读数偏大，C 错误；
D、稀释浓硫酸时，应将浓硫酸沿烧杯壁缓慢注入水中，并用玻璃棒不断搅拌，使热量及时扩散；若将水倒入浓硫酸中，浓硫酸溶于水放热会使水沸腾，引发液体飞溅，造成危险，D 错误。
故答案为：B。
4．【答案】C
【知识点】常见的脊椎动物
【解析】【分析】（1）本题考查脊椎动物的分类及主要特征，重点考查哺乳类动物的核心特征：体表被毛（部分特化为鳞片）、用肺呼吸、体温恒定、胎生、哺乳。胎生和哺乳是哺乳类动物区别于其他脊椎动物的关键特征。
（2）两栖类、爬行类、鸟类的特征与题目中穿山甲的描述存在明显差异，可通过核心特征进行区分：两栖类为变温动物、卵生；爬行类为变温动物、卵生；鸟类体表被羽、卵生。
【解答】A、两栖类动物属于变温动物，且为卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，A 错误；
B、爬行类动物属于变温动物，且为卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，B 错误；
C、穿山甲体温恒定、通过妊娠分娩产生幼仔（胎生）、以乳汁哺育后代（哺乳），符合哺乳类动物的核心特征，C 正确；
D、鸟类体表被羽毛覆盖，卵生，不具备胎生、哺乳的特征，与穿山甲的描述不符，D 错误。
故答案为：C。
5．【答案】D
【知识点】元素周期表
【解析】【分析】（1）本题考查元素周期表单元格信息的解读：单元格左上角数字为原子序数（等于质子数），右上角为元素符号，中间为元素名称，下方为相对原子质量。
（2）本题考查相对原子质量的概念：相对原子质量是一个比值，单位为 “1”，通常省略不写，不是 “克”；元素名称带 “钅” 字旁的为金属元素。
【解答】A、从元素周期表单元格右上角可知，铼的元素符号为 Re，说法正确，不符合题意；
B、原子序数等于原子核内质子数，单元格左上角数字为 75，故质子数为 75，说法正确，不符合题意；
C、铼元素名称带 “钅” 字旁，属于金属元素，说法正确，不符合题意；
D、相对原子质量的单位是 “1”，不是 “克”，单元格下方的 186.2 是相对原子质量的数值，说法错误，符合题意。
故答案为：D。
6．【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象
【解析】【分析】（1）本题考查物质三态的分子微观模型：固态分子排列紧密、有固定形状和体积；液态分子间距较大、无固定形状但有一定体积；气态分子间距很大、无固定形状和体积。
（2）本题考查物态变化的定义：物质从液态变为气态的过程叫做汽化，从气态变为液态的过程叫做液化，从液态变为固态的过程叫做凝固，从固态变为液态的过程叫做熔化。
【解答】A、凝固是物质从液态变为固态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合凝固的定义，A 错误；
B、熔化是物质从固态变为液态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合熔化的定义，B 错误；
C、乙图中分子间距较大，属于液态；丙图中分子间距很大，属于气态，物质从液态变为气态的过程叫做汽化，C 正确；
D、液化是物质从气态变为液态的过程，而乙图为液态、丙图为气态，不符合液化的定义，D 错误。
故答案为：C。
7．【答案】C
【知识点】种子植物；孢子植物；植物的有性生殖；果实与种子的形成
【解析】【分析】（1）植物的分类：根据植物是否有根、茎、叶的分化，是否产生种子，可将植物分为藻类植物、苔藓植物、蕨类植物和种子植物。种子植物又分为裸子植物和被子植物，被子植物具有根、茎、叶、花、果实、种子六大器官，藻类植物结构简单，没有根、茎、叶的分化，也不产生花、果实、种子。
（2）生殖方式：有性生殖是指经过两性生殖细胞（精子和卵细胞）结合形成受精卵，再由受精卵发育成新个体的生殖方式；无性生殖是指不经过两性生殖细胞结合，由母体直接产生新个体的生殖方式，如营养繁殖（利用根、茎、叶等营养器官繁殖）。
（3）果实的发育：被子植物完成传粉和受精后，子房发育成果实，子房壁发育成果皮，胚珠发育成种子。
（4）生物与环境的关系：包括生物适应环境、生物影响环境和环境影响生物。生物影响环境是指生物的活动对环境产生改变，环境影响生物是指环境的变化对生物的生存和生活产生影响。
【解答】A、一叶莲能开花结果，属于被子植物，而藻类植物没有根、茎、叶的分化，也不产生花、果实、种子，因此它不是藻类植物；A 错误。
B、“叶上生叶” 是利用植物的叶进行繁殖，没有经过两性生殖细胞的结合，属于无性生殖，不属于有性生殖；B 错误。
C、一叶莲属于被子植物，其果实由子房发育而来；C 正确。
D、一叶莲能吸收鱼缸里的氮、磷等物质，起到净化水质的作用，体现了生物能影响环境，而不是环境能影响生物；D 错误。
故答案为：C。
8．【答案】B
【知识点】土壤的性状与植物的生长；土壤的结构和类型
【解析】【分析】（1）土壤的组成：土壤由矿物质颗粒、有机物、水和空气等成分组成，其中矿物质颗粒和有机物约占土壤总体积的 50%，水和空气各占约 25%。
（2）土壤的通气透水与保水保肥性：通气透水、保水保肥性良好的土壤，需要水和空气的比例适中，既能为植物根系提供充足的水分，又能保证根系有足够的空气进行呼吸作用。若水分过多，空气不足，会导致根系缺氧；若空气过多，水分不足，会导致植物缺水。
【解答】A、图中水分占比过多，空气占比过少，会导致土壤通气性差，不符合柑橘生长对通气透水的要求；A 不符合题意。
B、图中矿物质颗粒和有机物约占 50%，水和空气各占约 25%，水和空气比例适中，土壤通气透水、保水保肥性良好，符合柑橘生长要求；B 符合题意。
C、图中空气占比过多，水分占比过少，会导致土壤保水性差，无法为柑橘生长提供充足水分；C 不符合题意。
D、图中水分占比过少，空气占比也不合理，矿物质颗粒占比过多，不符合土壤的合理组成比例，也无法满足柑橘生长对水分和空气的需求；D 不符合题意。
故答案为：B。
9．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】（1）电路的串并联：串联电路中电流只有一条路径，各用电器相互影响；并联电路中电流有多条路径，各用电器互不影响。
（2）开关的控制作用：干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。根据题意，电源开关
S1闭合时指示灯亮，说明指示灯始终与电源连通；压力开关S2闭合时电动机启动，说明电动机由S2单独控制，且电动机与指示灯应并联，互不影响。
【解答】A、闭合S1时，电流经S1流向指示灯，指示灯所在支路导通，灯亮；S2断开时电动机不工作，闭合S2后电动机支路导通，电动机启动，符合题目工作要求；A 符合题意。
B、闭合S1时，电流直接流向电动机，电动机工作，而指示灯不亮，不符合 “闭合S1指示灯亮” 的要求；B 不符合题意。
C、S1、S2、电动机和指示灯串联，只有两个开关同时闭合，电路才导通，灯和电动机才同时工作，不符合 “闭合S1指示灯亮，S2闭合电动机启动” 的分步控制要求；C 不符合题意。
D、S2闭合时会造成电源短路，损坏电路元件，且无论S2是否闭合，电动机和指示灯都始终串联在电路中，无法实现分步控制；D 不符合题意。
故答案为：A。
10．【答案】A
【知识点】地球公转；冬至、夏至、春分、秋分
【解析】【分析】（1）太阳直射点的回归运动：甲为春分（3 月 21 日前后，直射赤道），乙为夏至（6 月 22 日前后，直射北回归线），丙为秋分（9 月 23 日前后，直射赤道），丁为冬至（12 月 22 日前后，直射南回归线）。从乙（夏至）到丁（冬至），太阳直射点从北回归线向南移动到南回归线。
（2）昼夜长短的变化规律：北半球地区，夏至日白昼最长，之后随着太阳直射点南移，白昼逐渐变短，到冬至日白昼最短。黄岩地区位于北半球，因此从乙到丁期间白昼逐渐变短。
（3）正午太阳高度与杆影的变化：北半球地区，夏至日正午太阳高度最大，杆影最短；冬至日正午太阳高度最小，杆影最长。从乙到丁，黄岩地区正午太阳高度逐渐变小，正午杆影逐渐变长。
（4）季节与气候：从乙（夏至）到丁（冬至），北半球经历夏、秋、冬季节，气温整体呈下降趋势，气候逐渐变冷，而非变暖。
【解答】A、从乙（夏至）到丁（冬至），太阳直射点南移，北半球黄岩地区白昼逐渐变短；A 符合题意。
B、从乙到丁，黄岩地区从夏季过渡到冬季，气温整体下降，气候逐渐变冷，而非变暖；B 不符合题意。
C、从乙到丁对应的是夏至到冬至，而非从冬至到夏至；C 不符合题意。
D、从乙到丁，黄岩地区正午太阳高度逐渐变小，正午杆影逐渐变长，而非变短；D 不符合题意。
故答案为：A。
11．【答案】D
【知识点】心脏和血管
【解析】【分析】（1）血管的判断与血流特点：动脉是从主干流向分支的血管，血流速度快；静脉是由分支汇集而成的血管，血流速度较慢；毛细血管是连接最小动脉和静脉的血管，只允许红细胞单行通过，血流速度最慢。
（2）显微镜的使用：光线较暗时，可通过调节反光镜（凹面镜）和遮光器（大光圈）来增加视野亮度；观察小鱼尾鳍内的血液流动时，应使用低倍镜，因为低倍镜视野亮、范围大，便于观察血管和血流情况。
【解答】A、图甲中 b 血管是从主干流向分支的血管，符合小动脉的特征；A 说法正确。
B、图甲中 a 血管是毛细血管，毛细血管的血流速度最慢；B 说法正确。
C、图乙中③是反光镜，光线较暗时，可通过调节反光镜（使用凹面镜）增加视野亮度；C 说法正确。
D、观察小鱼尾鳍内的血液流动时，应选择低倍镜，低倍镜视野亮、范围大，更适合观察，高倍镜视野较暗且范围小，不适合该实验；D 说法错误。
故答案为：D。
12．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）溶液的组成：溶液由溶质和溶剂组成，被溶解的物质是溶质，能溶解其他物质的物质是溶剂。在樟脑的酒精溶液中，樟脑是被溶解的物质，酒精是溶剂。
（2）溶解度的影响因素：固体物质的溶解度主要受温度影响，温度改变，溶解度通常会发生变化。樟脑的溶解度随温度降低而减小。
（3）溶质质量分数的计算：溶质质量分数 = 溶质质量 / 溶液质量 ×100%。当温度降低，樟脑晶体析出时，溶质质量减少，溶剂质量不变，因此溶质质量分数会变小。
（4）饱和溶液与不饱和溶液的判断：有晶体析出的溶液，说明在该温度下无法继续溶解该溶质，因此析出晶体后的溶液一定是该温度下的饱和溶液。
【解答】A、在樟脑的酒精溶液中，樟脑是溶质，酒精是溶剂；A 错误。
B、温度降低时，樟脑晶体析出，溶质质量减少，溶剂质量不变，因此溶质质量分数变小；B 正确。
C、樟脑的溶解度随温度降低而减小，温度降低时，溶质的溶解度变小；C 错误。
D、温度降低有樟脑晶体析出，说明溶液仍为该温度下的饱和溶液；D 错误。
故答案为：B。
13．【答案】C
【知识点】参照物及其选择；力的作用是相互的；平衡力的辨别
【解析】【分析】（1）平衡力的判断：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上的两个力是一对平衡力。
（2）运动和静止的相对性：判断物体运动还是静止，取决于所选的参照物。若物体相对于参照物的位置发生改变，则物体是运动的；若位置不变，则物体是静止的。
（3）改变物体内能的方式：包括做功和热传递两种。做功的实质是能量的转化（如摩擦生热是机械能转化为内能），热传递的实质是能量的转移。
（4）力的作用是相互的：一个物体对另一个物体施加力的同时，也会受到另一个物体对它的反作用力。
【解答】A、机器人站立时，受到的重力和地面对它的支持力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力；A 说法正确。
B、以奔跑的机器人为参照物，路边的广告牌相对于机器人的位置不断发生变化，因此广告牌是运动的；B 说法正确。
C、机器人齿轮转动摩擦发烫，是通过克服摩擦做功的方式将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，而非热传递；C 说法错误。
D、机器人蹬地前进时，脚对地面施加向后的力，同时地面对脚施加向前的反作用力，说明物体间力的作用是相互的；D 说法正确。
故答案为：C。
14．【答案】D
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】（1）氧化物的定义：由两种元素组成，且其中一种元素是氧元素的化合物。维生素 C 由碳、氢、氧三种元素组成，不符合氧化物的定义。
（2）元素质量比的计算：化合物中各元素的质量比等于各元素的相对原子质量与原子个数乘积之比。维生素 C 中碳、氢元素的质量比为（12×6）：（1×8），并非 1：1。
（3）化合物中元素质量的计算：化合物中某元素的质量 = 化合物的质量 × 该元素的质量分数。维生素 C 中碳元素的质量分数为，可据此计算 22 毫克维生素 C 中碳元素的质量。
（4）化学变化的微观本质：化学变化的本质是分子分裂成原子，原子重新组合成新的分子。维生素 C 变质属于化学变化，微观上是其分子被破坏，生成了新的分子。
【解答】A、维生素 C 由碳、氢、氧三种元素组成，而氧化物只由两种元素组成，因此它不属于氧化物；A 错误。
B、维生素 C 中碳、氢元素的质量比为（12×6）：（1×8）=72：8=9：1，不是 1：1；B 错误。
C、维生素 C 中碳元素的质量分数为，
22 毫克维生素 C 中碳元素的质量为，不是 12 毫克；C 错误。
D、维生素 C 变质属于化学变化，微观上是其分子被破坏，生成了新的分子；D 正确。
故答案为：D。
15．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）阿基米德原理：浸在液体中的物体所受浮力大小等于它排开液体所受的重力，公式为
。在同种液体中，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
（2）物体的浮沉条件：当物体悬浮时，物体的密度等于液体的密度，浮力等于重力；当物体漂浮时，物体的密度小于液体的密度，浮力等于重力；当物体下沉时，物体的密度大于液体的密度，浮力小于重力。
（3）漂浮物体的浮力特点：漂浮的物体始终处于平衡状态，浮力等于自身重力。若液体密度增大，根据，在浮力不变时，排开液体的体积会减小，物体将上浮一些。
【解答】A、四颗 “浮子” 体积相同，由图可知①号 “浮子” 排开海水的体积最大，根据阿基米德原理
，在同种海水中，①号受到的浮力最大；A 说法正确，但需结合后续选项综合判断。
B、②号 “浮子” 在海水中悬浮，根据物体的浮沉条件，悬浮时物体的密度等于液体的密度，因此海水的密度等于②号 “浮子” 的密度；B 说法错误。
C、③号 “浮子” 在海水中漂浮，根据物体的浮沉条件，漂浮时物体受到的浮力等于自身重力；C 说法错误。
D、若待测海水蒸发，海水的浓度升高，密度变大，④号 “浮子” 仍漂浮，浮力等于自身重力且保持不变，根据，海水密度增大时，排开海水的体积会减小，因此④号 “浮子” 会上浮一些；D 说法正确。
结合题目选项设置，最终正确选项为 D。
故答案为：D。
16．【答案】（1）过滤
（2）器官
（3）温度越高，分子无规则运动越剧烈
【知识点】结构与层次；分子的热运动；过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】（1）过滤操作：过滤是将不溶于液体的固体与液体分离的一种实验操作。淘米时用筛网分离糯米和水，是将固体糯米和液体水分开，与过滤操作的原理一致。
（2）植物体的结构层次：植物体的结构层次为细胞→组织→器官→植物体。其中，器官是由不同组织按照一定次序结合在一起构成的行使一定功能的结构，绿色开花植物有根、茎、叶、花、果实、种子六大器官，粽叶（叶子）属于其中的营养器官。
（3）分子的热运动：分子在永不停息地做无规则运动，且温度越高，分子的无规则运动越剧烈，扩散现象越明显。煮粽子时温度较高，粽叶中香味分子的无规则运动更剧烈，扩散更快，因此香味更浓。
【解答】(1) 淘米时用筛网分离糯米和水，是将固体与液体分离，相当于实验操作中的过滤；
(2) 粽叶是箬竹的叶子，叶子是由保护组织、营养组织等不同组织构成的，在植物体结构层次中属于器官；
(3) 煮粽子时温度较高，粽叶香味分子的无规则运动更剧烈，扩散更快，因此香味更浓，微观原因是温度越高，分子无规则运动越剧烈。
故答案为：(1) 过滤；
(2) 器官；
(3) 温度越高，分子无规则运动越剧烈。
17．【答案】（1）反射弧；①
（2）等于
【知识点】心脏和血管；体温的控制
【解析】【分析】（1）反射的结构基础：反射活动的完成需要完整的反射弧，反射弧包括感受器、传入神经、神经中枢、传出神经、效应器五部分。运动员看到队友传球后调整跑位属于反射活动，其神经结构基础是反射弧。
（2）血液循环的途径：氧气经肺泡进入血液后，随肺循环回到心脏，最先到达左心房（图中①），之后进入左心室，再通过体循环输送到全身各处。
（3）体温调节原理：体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果。剧烈运动时，产热增加，同时通过大量流汗等方式增加散热，使产热量等于散热量，从而维持体温稳定。
【解答】(1) 运动员看到队友传球后迅速调整跑位，这一反射活动的神经结构基础是反射弧；氧气通过肺泡进入血液后，经肺循环最先到达心脏的①左心房；
(2) 剧烈运动时，运动员产热增加，同时通过大量流汗增加散热，以维持体温相对稳定，此过程中产热量等于散热量。
故答案为：(1) 反射弧；①；
(2) 等于。
18．【答案】（1）日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带
（2）D
（3）A；C；D
【知识点】电磁感应；产生电磁感应现象的条件和规律；世界上火山地震带的分布
【解析】【分析】（1）板块构造学说：地球的岩石圈由六大板块组成，板块内部地壳较稳定，板块交界处地壳活跃，多火山、地震。日本位于亚欧板块与太平洋板块的碰撞挤压地带，地壳运动活跃，因此地震频发。
（2）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这一现象称为电磁感应，是发电机的工作原理。地震预警系统利用线圈切割磁感线产生感应电流触发预警，其原理与电磁感应一致。
（3）电与磁相关实验的区分：奥斯特实验说明电流的磁效应；通电导体在磁场中受力运动是电动机的原理；电磁铁实验探究电流的磁效应；电磁感应实验无电源，通过导体切割磁感线产生电流。
（4）安全应急避险知识：台风、地震、触电、溺水等灾害的合理应对措施，需结合实际情况判断做法的安全性与合理性。
【解答】(1) 日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带，地壳运动活跃，因此地震频发；
(2) A 是奥斯特实验，说明电流的磁效应；B 是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理；C 是电磁铁实验，探究电流的磁效应；D 是电磁感应实验，无电源，导体切割磁感线产生感应电流，与地震预警系统的工作原理一致，故 D 正确；
(3) A、台风来临时广告牌易被吹倒，应远离广告牌，做法合理；
B、发生地震时电梯易断电或变形，不能乘坐电梯撤离，做法不合理；
C、发生触电事故时应立即切断电源，防止触电伤害，做法合理；
D、对溺水者要先清除口鼻内的污物，保持呼吸道通畅，做法合理；
故合理的是 ACD。
故答案为：(1) 日本处于亚欧板块与太平洋板块的碰撞（挤压）地带；
(2) D；
(3) ACD。
19．【答案】（1）高锰酸钾
（2）
（3）使铁丝的温度达到着火点
【知识点】氧气的性质和利用；氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；氧气的检验和验满
【解析】【分析】（1）氧气的制取装置：装置甲为固体加热型发生装置，且试管口放有棉花，适用于加热高锰酸钾制取氧气，棉花的作用是防止加热时高锰酸钾粉末进入导管。
（2）氧气的收集方法：氧气的密度比空气大，采用向上排空气法收集时，气体应从长导管通入集气瓶底部，空气从短导管排出，因此装置乙中进气管需长，出气管需短。
（3）燃烧的条件：物质燃烧需要同时满足三个条件：①可燃物；②与氧气（或空气）接触；③温度达到可燃物的着火点。铁丝是可燃物，且与氧气接触，火柴的作用是燃烧放热，使铁丝的温度达到其着火点，从而引发铁丝燃烧。
【解答】(1) 装置甲为固体加热型发生装置，且试管口放有棉花，因此可选用高锰酸钾作为反应物制取氧气；
(2) 氧气密度比空气大，采用向上排空气法收集时，装置乙中进气管应插入集气瓶底部（长管进），出气管稍露出橡皮塞（短管出），补充后的装置为：
（注：文字描述为：长导管伸入瓶底，短导管仅露出橡皮塞，气体从长管进、短管出）
(3) 从燃烧条件分析，铁丝用火柴引燃的原因是火柴燃烧放热，使铁丝的温度达到其着火点，从而使铁丝在氧气中燃烧。
故答案为：(1) 高锰酸钾；
(2) 长导管伸入瓶底，短导管稍露出橡皮塞（气体长进短出）；
(3) 使铁丝的温度达到着火点。
20．【答案】900；流速越大，压强越小；增大
【知识点】速度公式及其应用；动能和势能的大小变化
【解析】【分析】（1）平均速度的计算公式为 ，计算时需要注意路程与时间的单位统一，最终根据题目要求换算成对应的速度单位。
（2）流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。飞机机翼上凸下平的特殊形状，会使上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，从而形成向上的压强差，产生升力。
（3）机械能包括动能和势能，动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关。无人机匀速上升时，质量不变、速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，因此机械能增大。
【解答】（1）计算平均速度：已知无人机 1 分钟（即t=1min= h）飞行的路程
s=15 km，根据速度公式 ，
代入数据得
机翼上表面凸起、下表面较平，空气流过机翼上表面的流速大，压强小；流过下表面的流速小，压强大，上下表面的压强差产生了向上的升力，这利用了流速越大，压强越小的原理，因此第二空填 “流速越大，压强越小”。
无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；高度不断增加，重力势能增大。机械能等于动能与势能的总和，动能不变、重力势能增大，所以机械能增大。
故答案为：900；流速越大，压强越小；增大。
21．【答案】（1）水（水蒸气）、氧气
（2）B；D
（3）25
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；金属的化学性质；金属活动性顺序及其应用；金属的腐蚀与防护
【解析】【分析】（1）铁生锈的条件：铁与空气中的 氧气（O2）和水（水蒸气，H2O）同时接触，发生复杂的化学反应生成铁锈（主要成分是 Fe2O3 xH2O），因此打磨铁片需要除去表面因与氧气、水反应生成的铁锈。
（2）金属的化学性质：在金属活动性顺序中，位于前面的金属能把位于后面的金属从它们的盐溶液中置换出来；排在氢前面的金属能与稀盐酸、稀硫酸反应生成氢气。因此能与铁发生反应的溶液可作为蚀刻液。
（3）溶液稀释的计算：溶液稀释前后，溶质的质量不变。计算公式为：稀释前溶液质量 × 稀释前溶质质量分数 = 稀释后溶液质量 × 稀释后溶质质量分数。
【解答】（1）铁生锈的本质是铁与空气中的 氧气和水（水蒸气） 发生缓慢氧化反应，生成铁锈。因此打磨时需要用砂纸除去表面的铁锈，该空应填：水（水蒸气）、氧气。
（2）判断可作为蚀刻液的试剂：
A：氢氧化钠溶液：铁与氢氧化钠溶液不发生反应，无法蚀刻铁片，不符合题意；
B：硫酸铜溶液：在金属活动性顺序中，铁排在铜前面，铁能与硫酸铜溶液发生置换反应（Fe + CuSO4 = FeSO4 + Cu），可以蚀刻铁片，符合题意；
C：氯化镁溶液：在金属活动性顺序中，铁排在镁后面，铁不能与氯化镁溶液发生反应，无法蚀刻铁片，不符合题意；
D：稀盐酸：铁能与稀盐酸发生反应（Fe + 2HCl = FeCl2 + H2↑），可以蚀刻铁片，符合题意；
因此可作为蚀刻液的是 B、D。
（3）根据溶液稀释前后溶质质量不变计算：设需要 20% 的碳酸钠溶液的质量为x，
则100 g×5%=x×20%，
解得
x=25 g，因此应取用 20% 的碳酸钠溶液 25 克加水稀释。
故答案为：（1）水（水蒸气）、氧气；
（2）BD；
（3）25。
22．【答案】（1）150kg
（2）3
【知识点】功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）压强公式：，水平地面上的物体对地面的压力等于总重力，即F=G总=m总 g，重力公式为G=mg。
（2）有用功公式：W有用=Gh=mgh，机械效率公式：，
功率公式：，
可推导出时间计算式。
【解答】（1）计算承载货物的质量：
① 先统一单位：接触面积
S=200cm2 =0.02 m2 ；
② 根据压强公式，
可得地面受到的总压力：
F=pS=105Pa×0.02 m2 =2000 N；
③ 水平地面上，压力等于总重力，即
G总 =F=2000 N，根据
G=mg，
总质量
；
④ 已知升降车自身质量为50 kg，则货物质量：
m货=m总 m车 =200 kg 50 kg=150 kg。
（2）计算搬运货物所用的时间：
① 先计算提升货物做的有用功：
W有用 =G货h=m货gh=120 kg×10 N/kg×1.5 m=1800 J；
② 根据机械效率公式
，
可得总功：
；
③ 根据功率公式
，
可得时间：t。
故答案为：（1）150 kg；
（2）3。
23．【答案】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播
（2）倒立、放大的实像；将半透明膜安装在内筒前端/在光线较暗的环境中进行实验/换用更亮的光源/在半透明膜外侧加装一个遮光罩（合理即可）
（3）平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【分析】（1）小孔成像的原理：光在同一均匀介质中沿直线传播，蜡烛发出的光通过小孔后，在光屏上形成倒立的实像，这是小孔成像的核心原理。
（2）凸透镜成像规律：当物距f2f，成倒立、放大的实像；半透明薄膜作为光屏，易受外界光线干扰导致成像不清晰，因此可通过减弱外界光线影响来改进实验。
（3）平面镜成像的特点：平面镜成的是虚像，虚像不是由实际光线会聚而成的，无法用光屏承接，因此不能在半透明薄膜上呈现。
【解答】（1）当插槽中放入钻有小孔的遮光板（光学元件①）时，蜡烛发出的光通过小孔后，在半透明薄膜上形成倒立的实像，这是小孔成像现象，其成像原理是光在同一均匀介质中沿直线传播。
（2）当插槽中放入薄凸透镜（光学元件②）时，蜡烛与外筒的位置关系满足f2f
，因此在半透明薄膜上成的是倒立、放大的实像；针对半透明薄膜上的像易受外界光干扰、清晰度不足的问题，可通过以下方式改进：将半透明膜安装在内筒前端，减少外界光线的影响；或在光线较暗的环境中进行实验；也可换用更亮的光源，或在半透明膜外侧加装一个遮光罩（合理即可）。
（3）当插槽中放入平面镜（光学元件③）时，平面镜对蜡烛发出的光发生反射，所成的像是虚像。虚像不是由实际光线会聚形成的，无法在半透明薄膜（光屏）上呈现，因此在 A 处能观察到蜡烛的像，但无论如何调节内筒，始终无法在 B 处观察到蜡烛的像，原因是平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现。
故答案为：（1）光在同一均匀介质中沿直线传播；
（2）倒立、放大的实像；将半透明膜安装在内筒前端（或在光线较暗的环境中进行实验、换用更亮的光源、在半透明膜外侧加装一个遮光罩，合理即可）；
（3）平面镜所成的像是虚像，无法在半透明膜上呈现。
24．【答案】（1）氨基酸
（2）生石灰与水反应放出大量的热
（3）第3组和第4组在第19天出现“松花”，而第1组和第2组未出现，第3组和第4组均含
（4）食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质）
【知识点】科学探究的基本环节；食物的消化与吸收
【解析】【分析】（1）食物的消化与吸收：蛋白质是大分子有机物，无法直接被人体吸收，必须在消化道内被蛋白酶等消化酶逐步分解为小分子的氨基酸，才能被小肠吸收进入血液，供人体利用。
（2）化学反应中的能量变化：生石灰（氧化钙，CaO）与水反应是典型的放热反应，反应方程式为
CaO+H2O=Ca(OH)2，该反应会放出大量的热，使溶液温度显著升高，因此调皮蛋粉时会感觉烫手。
（3）控制变量法的实验探究：该实验探究不同离子对 “松花” 形成的影响，变量为离子种类。对比四组实验，第 1、2 组不含Mg2+，第 3、4 组含Mg2+，其他条件相同，可通过对比有无
Mg2+的组别 “松花” 出现情况，判断Mg2+的作用。
（4）中和反应的应用：皮蛋制作过程中碱液（碱性物质）渗入蛋内导致涩味，可利用酸碱中和反应，加入酸性物质（如醋、柠檬汁）与碱性物质发生中和反应，降低碱性，从而去除涩味。
【解答】（1）蛋白质是大分子有机物，无法直接被人体吸收，在消化道内，蛋白质先在胃中被胃蛋白酶初步分解，再在小肠中被胰蛋白酶、肠蛋白酶等彻底分解为氨基酸，氨基酸是小分子物质，才能被小肠绒毛吸收进入血液，供人体利用。因此该空填：氨基酸。
（2）皮蛋粉中含有生石灰（氧化钙，CaO），当加水调糊时，生石灰会与水发生剧烈的放热反应：
CaO+H2O=Ca(OH)2，该反应会放出大量的热，使混合物温度迅速升高，因此调糊时会感觉烫手。因此该空填：生石灰与水反应放出大量的热。
（3）分析表格数据：第 1 组（含Cu2+）和第 2 组（含Zn2+）不含Mg2+，在第 19 天仍未出现 “松花”；第 3 组（含Cu2+和Mg 2+）和第 4 组（含Zn2+和Mg2+）均含有Mg2+，在第 19 天出现了 “松花”。对比可知，只有含Mg 2+的组别出现了 “松花”，说明加入MgCl2（提供Mg 2+ ）有利于 “松花” 的出现。因此该空填：第 3 组和第 4 组在第 19 天出现 “松花”，而第 1 组和第 2 组未出现，第 3 组和第 4 组均含Mg 2+ 。
（4）皮蛋的涩味是由蛋内残留的碱性物质引起的，根据酸碱中和反应的原理，可加入酸性物质中和碱性物质，快速去涩。例如：食用皮蛋时加入适量的醋（或柠檬汁等酸性物质），醋中的醋酸能与碱性物质发生中和反应，降低皮蛋的碱性，从而去除涩味，提升口感。因此该空填：食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质）。
故答案为：（1）氨基酸；
（2）生石灰与水反应放出大量的热；
（3）第 3 组和第 4 组在第 19 天出现 “松花”，而第 1 组和第 2 组未出现，第 3 组和第 4 组均含
Mg2+；
（4）食用皮蛋时加入醋（柠檬汁等酸性物质，合理即可）。
25．【答案】（1）0.5；不变
（2）大于
（3）电阻的长度、材料相同，横截面积越大，电阻越小，因此C 的电阻比A小。串联电路中，电阻越小，分配到的电压越小，因此C替换A后，C分到的电压更小。
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【分析】（1）电流表读数与串联电路电流规律：电流表读数时，先确定量程，再根据分度值读取示数；串联电路中电流处处相等，电路的总电阻不变时，电路中的电流也保持不变。
（2）欧姆定律与电阻的比较：在串联电路中，电流I相同，根据U=IR，导体两端的电压与电阻成正比。当长度相同时，电压越大，说明该段导体的电阻越大。
（3）影响导体电阻大小的因素：导体的电阻和材料、长度、横截面积有关，当导体材料、长度相同时，横截面积越大，导体自身电阻越小；串联分压原理：串联电路电流恒定，各电阻分得的电压和自身电阻成正比，电阻越小，该元件两端分得的电压越小。
【解答】（1）①电流表选用的是 0~0.6A 量程，该量程的分度值为 0.02A，指针指向 0.4A 后第 5 个小格，示数为0.4 A+5×0.02 A=0.5 A；
②由图可知，电阻丝 A、B 串联在电路中，N 点移动时，电路的总电阻不变，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中的电流保持不变，因此电流表示数大小不变。
（2）当 N 点在电阻丝 A 上移动（X从 0 到L）和在电阻丝 B 上移动（X从L到2L）时，两段电阻丝的长度相同，电路中的电流I相同。根据U=IR，相同长度的电阻丝，电压的变化量ΔU
与电阻成正比。从图丙实线 Oab 可以看出，X从 0 到L（电阻丝 A 段）的电压变化量
ΔU1=U1，X从L到2L（电阻丝 B 段）的电压变化量
ΔU2 =U2 U1 ，且ΔU1 >ΔU2，
说明电阻丝 A 的阻值大于电阻丝 B 的阻值。
(3)电阻丝 A、C 材料、长度均相同，C 的横截面积是 A 的 2 倍，根据电阻影响因素，材料、长度相同时，横截面积越大电阻越小，所以RC故答案为：（1）0.5；不变；
（2）大于。
（3）电阻的长度、材料相同，横截面积越大，电阻越小，因此C 的电阻比A小。串联电路中，电阻越小，分配到的电压越小，因此C替换A后，C分到的电压更小。
26．【答案】（1）筛管（韧皮部）
（2）单果质量会变大，库源比降低，叶片数量越多，叶片光合作用积累的有机物越多，提供给果实的有机物越多
（3）源与库的距离越远，分配到的有机物越少
（4）疏果/延长光照时间/适当增加大棚内二氧化碳浓度/适时施肥等（合理皆可）
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理
【解析】【分析】（1）植物茎的输导组织：植物体内的有机物由叶片通过光合作用制造，通过茎中韧皮部的筛管自上而下运输到根、果实等其他器官；水分和无机盐则通过木质部的导管自下而上运输。
（2）光合作用与有机物分配：叶片是光合作用的 “源”，果实是储存有机物的 “库”。库源比（果实数量与叶片数量的比值）降低，意味着叶片数量增多（“源” 增多），果实数量不变，叶片光合作用制造的有机物总量增加，分配到每个果实的有机物更多，因此单果质量会增大。
（3）光合产物就近运输规律：叶片合成的有机物向果实运输时，运输距离会影响有机物分配量，距离叶片（源）越近的果实（库），获得的光合有机物越多，单果重量越大；距离越远，分配得到的有机物越少，单果质量越低。
（4）农业增产应用知识点：结合实验结论，可通过调整库源比（疏果减少果实数量、保叶增加叶片数量）优化有机物分配；也可通过调控环境提升光合速率，如增施二氧化碳、延长光照、合理水肥，从而提升单果重量、增加优质果占比。
【解答】（1）植物叶片通过光合作用制造的有机物，需要通过茎中韧皮部的筛管（也可直接写 “筛管”）运输到果实、根等其他器官，供其生长发育或储存，因此该空填：筛管（韧皮部）。
（2）分析表格数据：甲组库源比 1：1，单果质量 11.81g；乙组库源比 1：4，单果质量 12.21g；丙组库源比 1：6，单果质量 19.59g。可以看出，随着库源比降低，单果质量逐渐变大。原因是：库源比降低时，果实数量不变，叶片数量增多，叶片总光合作用面积增大，制造的有机物总量增加，分配到每个果实中的有机物更多，因此单果质量增大。
(3)由题图数据可知，距离上方叶片（源）最近的第 1 个果实单果最重，越往下远离叶片的果实单果质量依次减小；说明光合产物优先就近供给近处果实，距离源（叶片）越近的库（果实），分配得到的光合有机物越多，单果质量越高，距离越远分配的有机物越少。
(4)结合实验结论，想要提高单果重量、提升优质果（单果 10g 以上）产量：①疏果处理，减少单株果树的果实数量，降低库源比，让现有叶片制造的有机物集中供给剩余果实；②适当保留功能叶片，避免过量摘叶，增加光合源；③通过增施有机肥、大棚补充二氧化碳、合理延长光照时间等方式提高叶片光合作用强度，提升有机物总产量（任选一条作答即可）。
故答案为：（1）筛管（韧皮部）；
（2）单果质量变大；库源比降低，叶片数量增多，叶片光合作用积累的有机物越多，提供给果实的有机物越多，单果质量增大。
（3）光合产物优先就近分配，果实距离叶片（源）越近，分配获得的有机物越多，单果质量越大；距离越远，分得有机物越少。
（4）适当疏果，减少果实数量（或合理保叶、大棚内适当增施二氧化碳、延长光照时间等合理答案）。
27．【答案】（1）
（2）吸收中的水分／干燥
（3）12.5
（4）生成的残留在装置中
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）化学方程式书写：碳酸锌受热分解，根据题意生成二氧化碳和金属氧化物（氧化锌），反应条件为加热，需遵循质量守恒定律配平并标注气体符号。
（2）气体干燥装置的作用：浓硫酸具有吸水性，在实验中可除去气体中的水蒸气，起到干燥气体的作用，防止水蒸气进入后续装置影响实验结果。
（3）根据化学方程式的计算：利用质量守恒定律，反应前后固体的质量差即为生成二氧化碳的质量，再根据碳酸锌分解的化学方程式，结合二氧化碳的质量计算出参与反应的碳酸锌的质量，再换算成原软膏中的总质量。
（4）实验误差分析：方案二通过碱石灰吸收二氧化碳来测定质量，若生成的二氧化碳残留在装置 A、B 中，未被 C 中的碱石灰完全吸收，会导致测得的二氧化碳质量偏小，计算出的碳酸锌质量也会偏小。
【解答】（1）碳酸锌受热分解生成氧化锌和二氧化碳，根据反应事实和质量守恒定律，反应的化学方程式为：。
（2）方案二中装置 B 内装有浓硫酸，浓硫酸具有吸水性，其作用是吸收 CO2中的水分（干燥 CO2），防止水蒸气进入装置 C 中，影响二氧化碳质量的测定。
（3）方案一中，反应前后试管和固体的总质量差即为生成二氧化碳的质量：
33.6 g 31.4 g=2.2 g。
设 10g 固体混合物中含碳酸锌的质量为x，
根据化学方程式：
可得：
，
解得
x=6.25 g。
由于固体混合物被均分为两份，因此该支软膏中碳酸锌的总质量为：
6.25 g×2=12.5 g。
（4）方案二中，若生成的残留在装置 A、B 中，没有被装置 C 中的碱石灰完全吸收，会导致测得的二氧化碳质量偏小，根据化学方程式计算出的碳酸锌质量也会偏小；也可能是装置 C 右侧的碱石灰吸收了空气中的二氧化碳，或装置漏气导致部分二氧化碳逸出等（合理即可）。
故答案为：（1）；
（2）吸收中的水分（或干燥）；
（3）12.5；
（4）生成的残留在装置 A、B 中（或装置漏气，部分逸出等，合理即可）。
28．【答案】（1）基因
（2）电
（3）油松→松鼠→鹰
（4）塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，结构更复杂，自动调节能力更强，所以稳定性更强。
【知识点】生态系统的成分；生物之间的食物联系（食物链、食物网）；能量流动和物质循环；生态系统的自动调节能力
【解析】【分析】（1）生物的性状是由基因控制的，油松的耐旱性这一性状由其体内的基因决定。
（2）能量转化：光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将太阳能直接转化为电能的装置。
（3）生态系统中的能量流动特点是单向流动、逐级递减，食物链越短，最高级消费者获得的能量越多。
（4）生态系统的稳定性：生态系统的生物种类越多，营养结构（食物链和食物网）越复杂，其自动调节能力就越强，生态系统的稳定性也就越高。
【解答】（1）生物的性状由基因控制，油松的耐旱性属于生物的性状，因此该性状由基因决定。（2）光伏发电过程中，太阳能电池板吸收太阳能，通过光电效应将太阳能直接转化为电能。
（3）能量沿食物链传递时逐级递减，食物链越短，鹰获取的能量越多。图中包含鹰的食物链有两条：油松→松鼠→鹰、油松→松毛虫→黑枕黄鹂→鹰，其中油松→松鼠→鹰的环节最少，因此鹰获取能量最多的食物链是：油松→松鼠→鹰。
（4）与昔日的荒漠相比，如今的塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，食物链和食物网更复杂，生态系统的自动调节能力更强，因此生态系统的稳定性更强。
故答案为：（1）基因；
（2）电；
（3）油松→松鼠→鹰；
（4）塞罕坝森林生态系统中生物种类更多，结构更复杂，自动调节能力更强，所以稳定性更强。
29．【答案】（1）65
（2）呼吸
（3）解：设减少使用的过氧化钙的质量为 x
解得：x=3.6kg
答：曝气机已为河道增氧 0.8 千克，其相当于减少使用 3.6 千克的过氧化钙
【知识点】密度公式的应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】分析】（1）密度公式的应用：水的密度是 ρ=1.0×103 kg/m 3 ，根据公式 ，变形可得 m=ρV，可以通过体积计算水的质量。
（2）微生物的呼吸作用：水中的微生物分解有机物需要消耗氧气，氧气含量越高，微生物的呼吸作用越强，有机物分解速度越快。
（3）根据化学方程式的计算：根据反应 ，已知生成氧气的质量，可通过化学方程式中各物质的质量比，计算出需要的过氧化钙的质量。
【解答】（1）已知水的体积 V=65m3，水的密度
ρ=1.0×103kg/m3=1 吨/m 3，
根据公式
m=ρV，可得水的质量
m=1 吨/m3×65m3=65 吨。
（2）物理增氧提高了水中的溶解氧含量，氧气是微生物进行呼吸作用分解有机物的原料，氧气含量越高，微生物的呼吸作用越强，分解有机物的速度也越快。
（3）设减少使用的过氧化钙的质量为 x。
根据质量比列方程：
解得：
x=3.6 kg
答：曝气机增氧 0.8 千克，相当于减少使用 3.6 千克的过氧化钙。
故答案为：（1）65；
（2）呼吸；
（3）3.6千克。
30．【答案】（1）增大接触面的粗糙程度/轮子上刻凹凸不平的花纹
（2）切断传播途径
（3）解：
由于
所以
【知识点】传染病及其传播；摩擦力的存在；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）摩擦力的影响因素：摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。在压力不变时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；在接触面粗糙程度不变时，增大压力可以增大摩擦力。题目中不改变机器人质量（即压力不变），因此可通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦。
（2）传染病的预防措施：传染病的预防措施包括控制传染源、切断传播途径、保护易感人群。定期清理扫地机器人，减少其表面滋生的微生物，可防止病原体通过机器人传播，属于切断传播途径。
（3）杠杆平衡条件：杠杆的平衡条件是 ，其中动力臂是支点到动力作用线的垂直距离，阻力臂是支点到阻力作用线的垂直距离。本题中 A 为支点，B 处推力 F 为动力，机器人重力 G 为阻力，需先确定动力臂和阻力臂，再利用杠杆平衡条件计算推力大小。
【解答】（1）摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关。题目中不改变机器人质量，即对地面的压力不变，因此可通过增大接触面的粗糙程度（如在轮子上刻凹凸不平的花纹、给地面铺防滑垫等）来增大轮子与地面之间的摩擦力，防止打滑。
（2）传染病的传播需要经过传染源、传播途径和易感人群三个环节。定期清理扫地机器人，清除其表面滋生的微生物，避免病原体通过机器人接触传播给人，该措施属于切断传播途径。
31．【答案】（1）；液体的压强随深度的减小而减小，气泡上浮时，液体压强减小，气泡内的压强大于外
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）①电解水的过程中，水分子在电极上得到电子发生还原反应，生成氢分子和氢氧根离子，氢氧根离子是带负电的阴离子；
②液体压强的特点是随深度的减小而减小，气泡上浮时，所处深度变小，外部液体压强减小，气泡内部的气体压强大于外部压强，因此气泡体积会膨胀。
（2）从元素守恒的角度分析，贮氢时与反应，中的氢元素全部转化到中；释氢时，与 HCl反应，中的氢元素和 HCl中的氢元素都会转化为，因此释氢放出的比贮氢吸收的更多。
【解答】（1）①电解水时，水分子在电极上发生反应，生成氢分子和氢氧根离子，氢氧根离子是带负电的阴离子，其离子符号为；
②气泡在水中上浮时，所处的水的深度不断减小，根据液体压强的规律，液体的压强随深度的减小而减小，因此气泡受到的外部液体压强减小，而气泡内部的气体压强不变，此时气泡内的压强大于外部压强，气体膨胀，导致气泡体积膨胀。
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多。
故答案为：（1）①；
②液体的压强随深度的减小而减小，气泡上浮时，外部液体压强减小，气泡内的压强大于外部压强，因此气泡体积膨胀；
（2）贮氢时，吸收的 全部转化到 中；释氢时， 的氢元素和 HCl 中的氢元素完全转化到 中；所以释氢放出的 比贮氢吸收的 更多。
32．【答案】（1）纯电阻电热电路，电流做功全部转化为电热
根据公式计算

（2）解：由表格可知温度越低， 的阻值越大，电路中总电阻越大，电流会越小，因此电流取20mA
查表格可知，
答：某次工作时滑动变阻器的接入电阻为 ，此时孵化器内设定的最低温度是
（3）滑片应向右移动电磁铁吸合时的电流大小不变，则控制电路中的总电阻不变，提高设定的最高温度时，Rt电阻减小，则 R 的阻值变大，所以滑片应向右移动。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用；电器的电功率
【解析】【分析】（1）电功的计算与并联电路特点：电功公式为，当工作电路处于加热状态时，衔铁吸合，R1、R2 、R3并联，总电阻最小，功率最大，需先确定总电阻，再计算电流做功。
（2）欧姆定律的应用与热敏电阻特性：控制电路中R与Rt串联，当温度最低时，Rt阻值最大，电流最小（20mA），根据欧姆定律可计算总电阻，再求出Rt的阻值，查表得到对应温度。
（3）滑动变阻器的调节与电路动态分析：电磁铁吸合电流不变，控制电路总电阻不变；温度越高，
Rt阻值越小，为保持总电阻不变，需增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片应向阻值增大的方向移动。
【解答】（3）滑片应向右移动。理由：电磁铁吸合时的电流大小不变，控制电路中的总电阻不变；提高设定的最高温度时，热敏电阻Rt 的阻值会减小，为保持总电阻不变，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑片应向阻值增大的右端移动。
故答案为：（1）6.6×104J；
（2）35 C；
（3）滑片应向右移动，电磁铁吸合电流不变，控制电路总电阻不变；提高最高温度时，Rt阻值减小，需增大滑动变阻器接入电阻，故滑片右移。
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