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浙江省金华市婺城区金华四中2025-2026学年第二学期八年级科学作业检查
1．爱因斯坦曾说，在一个现代的物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在。这句话形象地说明了（　　）
A．磁场就是椅子 B．磁场就是磁感线
C．磁场是真实存在的一种物质 D．磁场是看得见，摸得着的
【答案】C
【知识点】磁场和磁感线
【解析】【分析】根据对磁场的认识判断。
【解答】磁场看不到摸不着，但是客观存在的，而磁感线是不存在的，是为了形象的描述磁场的分布而人为引入的，故C正确，A、B、D错误。
故选C。
2．小科暑假乘飞机旅行，起飞时天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨。起飞一段时间后，突然窗外阳光明媚，天碧蓝碧蓝的，白云竟都在她的脚下！小科对这些现象作出了如下分析，其中错误的是(　　)
A．“天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨”描述的是当天的气候特征
B．飞机起飞是利用“流体压强与流速关系”的原理
C．地面阴雨绵绵，高空却阳光灿烂，这是因为飞机进入了平流层
D．云、雨、雪等天气现象都发生在对流层
【答案】A
【知识点】大气压强与高度的关系；大气的分层；天气的概念；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】（1）天气与气候的区别：天气是指短时间内近地面的气温、湿度、气压等要素的综合状况，特点是短时间、多变；气候是指某一地区长时间内的天气平均状况，特点是长时间、稳定。
（2）流体压强与流速的关系：在流体（气体和液体）中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。飞机机翼上凸下平，飞行时机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力。
（3）大气层的分层及特点：大气层从近地面到高空依次分为对流层、平流层、中间层、暖层、外层。对流层集中了几乎全部的水汽和固体杂质，空气对流运动显著，云、雨、雪等天气现象都发生在这一层；平流层的空气以水平运动为主，气流稳定，水汽和杂质极少，天气晴朗，是飞机飞行的理想空域。
【解答】A、“天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨” 描述的是短时间内的大气状况，属于天气，而非长时间平均的气候特征，A 错误；
B、飞机机翼上凸下平，飞行时利用流体压强与流速的关系，上方流速大压强小、下方流速小压强大，从而产生向上的升力，B 正确；
C、对流层集中了几乎全部的水汽，阴雨等天气现象发生在对流层，飞机进入平流层后，空气以水平运动为主，水汽和杂质少，因此出现地面阴雨、高空阳光灿烂的现象，C 正确；
D、对流层集中了几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著，云、雨、雪等天气现象都发生在对流层，D 正确。
故答案为：A。
3．小金同学为了确定缝衣针是否具有磁性，设计了如下四个实验方案，其中不可行的是(　　)
A．与小磁针相互排斥
B．吸引无磁性大头钉
C．吸引通电螺线管
D．插入线圈后电流表指针发生偏转
【答案】C
【知识点】物体是否具有磁性的判断方法
【解析】【分析】A.根据磁极之间的相互作用规律判断；
B.所有的磁体都有吸引铁钴镍的性质；
C.根据通电螺线管本身存在磁场判断；
D.根据电磁感应的条件判断。
【解答】A. 根据磁极间的相互作用规律，同名磁极相互排斥。若缝衣针和小磁针相互排斥，说明缝衣针一定具有磁性，该方案可行，故A正确，不合题意；
B. 磁体可以吸引铁磁性材料（大头针为铁制的无磁性物体），若缝衣针能吸引无磁性大头针，说明缝衣针具有磁性，该方案可行，故B正确，不合题意；
C. 通电螺线管本身就是带有磁性的磁体，无论缝衣针是否有磁性，即使缝衣针是普通铁制针，通电螺线管也会吸引缝衣针，因此无法通过“缝衣针吸引通电螺线管”判断缝衣针是否带磁性， 故C错误，符合题意；
D. 若缝衣针有磁性，插入闭合线圈时，会切割磁感线（改变线圈内磁通量），使闭合电路产生感应电流，电流表指针偏转；若缝衣针无磁性则不会产生感应电流， 故D正确，不合题意。
故选C。
4．如图，密闭的玻璃罩内放有三个实验装置：一个是自制气压计；另一个是装满水倒置的玻璃杯：还有一个充气的氢气球。在用抽气机不断抽去罩内空气的过程中，下列判断不正确的是(　　)
A．氢气球的体积变大
B．玻璃钟罩内气压变小
C．自制气压计中细玻璃管内的液面会下降
D．玻璃杯口的塑料片会掉下来
【答案】C
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】A.外界气压减小，则气球变大；外界气压增大，则气球变小；
B.气压大小与气体质量有关，气体质量越小，气压越小；
C.根据瓶内气压等于外界气压与水柱压强之和判断；
D.当外界气压产生的托力小于水和塑料片的重力时，塑料片会下落。
【解答】A. 氢气球内部充气有气压，当外部罩内气压减小后，气球内外的压强差会让气球向外膨胀，因此氢气球体积会变大，故A正确，不合题意；
B. 当用抽气机不断抽去罩内空气时，罩内空气减少，玻璃钟罩内气压会不断减小， 故B正确，不合题意；
C. 自制气压计的原理是：瓶内气压 = 外界大气压 + 细管内水柱产生的压强。 当外界大气压减小时，瓶内气压不变，因此水柱高度会升高，不是下降，故C错误、符合题意；
D. 一开始大气压托住了塑料片和杯中水，当罩内气压减小，大气压能支撑的水柱高度降低，当大气压小于水产生的压强时，塑料片无法被托住，就会掉落，水流出 ，故D正确，不合题意。
故选C。
5．下面是四位同学根据小磁针静止时的指向，所画出的磁极和磁感线方向，其中不正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】磁场和磁感线
【解析】【分析】 知道磁感线的方向与小磁针静止时北极所指的方向一致，并且要知道磁感线从磁体的北极出来回到南极。
【解答】 A.图中磁感线方向正确，但小磁针的磁极指向反了，故A错误；
B.图中磁感线的方向和小磁针的指向都正确，故B正确；
C.图中磁感线的方向和小磁针的指向都不正确，故C错误；
D.图中磁感线方向不正确，小磁针的磁极指向正确，故D错误。
故选B。
6．小华绘制了如图所示的物质变化微观示意图，表示物质在一密闭容器内发生化学变化前后的不同微观状态，
根据图中信息进行分析，不合理的是(　　)
A．两种反应物的质量之比为14：3
B．符号△所表示的物质一定是反应的催化剂
C．该反应的类型是化合反应
D．向该容器中添加氮气，能获得更多的生成物
【答案】B
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；化合反应和分解反应；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A.参加反应的质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比
B.催化剂的质量和化学性质在反应前后保持不变；
C.化合反应的生成物只有一种；
D.根据质量守恒定律分析判断。
【解答】根据图片可知，反应前后没有反应的物质去掉，那么如下：
A.根据图片可知，反应物氮气和氢气的质量之比为：（28×1）：（2×3）=14：3，故A正确，不合题意；
B. 符号△所表示的物质的质量没有发生改变，但是它的化学性质是否改变未知，因此不一定是催化剂，故B错误，符合题意；
C.该反应的反应物由两种，生成物只有一种，则为化合反应，故C正确，不合题意；
D.根据质量守恒定律可知，反应物的质量越多，则生成物的质量越多，故D正确，不合题意。
故选B。
7．如图所示，放在U形磁铁两极之间的铝盘的下边缘浸在液态水银中，闭合开关S，铝盘会绕水平轴O转动。下列说法正确的是 (　　)
A．铝盘转动的原理与电动机的工作原理相同
B．将磁铁的磁极对调后，铝盘的转动方向不变
C．将电源的正负极对调后，铝盘的转动方向不变
D．左右移动滑动变阻器的滑片P，铝盘的转动方向改变
【答案】A
【知识点】通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】A.电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动；
BCD. 通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向都有关。
【解答】A. 电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，铝盘转动也是通电导体在磁场中受力运动，二者原理相同，故A正确；
B. 将磁铁的磁极对调，磁场方向改变，因此铝盘受到的磁场力方向改变，转动方向也会改变，故B错误；
C. 将电源正负极对调后，铝盘中的电流方向改变，因此铝盘受到的磁场力方向改变，转动方向也会改变，故C错误；
D. 左右移动滑动变阻器的滑片P，只会改变电路中电流的大小，从而改变铝盘受到的安培力大小，改变转动速度，不会改变电流方向和磁场方向，因此铝盘的转动方向不变，故D错误。
故选A。
8．对下列实验中出现的异常现象分析合理的是(　　)
选项 异常现象 分析
A 利用红磷燃烧验证质量守恒定律，发现天平不平衡 红磷用量不足
B 利用排水法收集的氧气不纯 收集氧气前集气瓶内水没有装满
C 细铁丝在氧气中燃烧时，集气瓶瓶底炸裂 用于引燃的火柴太长了
D 测定空气中氧气含量时，进入集气瓶中的水的体积偏小 燃烧匙内放置的红磷过量了
A．A B．B C．C D．D
【答案】B
【知识点】空气的成分及探究；氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A.天平不平衡，说明物质质量发生改变，应该是生成的气体逸出所致；
B.如果集气瓶内没有装满水，那么瓶内混有空气；
C.铁丝燃烧生成的熔融物温度很高；
D. 进入集气瓶中的水的体积偏小 ，说明反应后集气瓶内气压的变化量偏小，据此分析判断。
【解答】A. 若装置气密性良好，反应在密闭容器中进行验证质量守恒定律时，无论红磷用量是否不足，反应前后总质量都守恒，天平都会平衡；若天平不平衡，通常是装置漏气，有物质逸出导致的，不是红磷不足的原因，故A错误；
B. 排水法收集氧气时，如果收集前集气瓶内水没有装满，瓶内会残留空气，收集后得到的氧气就会混有空气，导致氧气不纯， 故B正确；
C. 细铁丝在氧气中燃烧，集气瓶底炸裂，是因为实验前没有在集气瓶底预留少量水或铺一层细沙，高温熔融物溅落炸裂瓶底；引燃火柴过长只会导致火柴消耗过多氧气，使铁丝不燃烧，不会造成瓶底炸裂， 故C错误；
D. 定空气中氧气含量时，红磷过量才能完全消耗集气瓶内的氧气，是实验正确操作，不会导致进水量偏小；进水量偏小通常是红磷不足、装置漏气、未冷却至室温就打开弹簧夹导致的， 故D错误。
故选B。
9．如图为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入了一段金属丝，电源和金属丝相连，当温度达到设定值时，电铃报警。下列说法不正确的是 (　　)
A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应
B．温度升高至78 ℃时，电铃报警
C．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度会降低
D．电铃工作时，电磁铁a端为 N极
【答案】D
【知识点】电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】A.电流通过导体时会产生磁场，这是电流的磁效应；
B.根据图片确定78℃电路的接通情况，根据衔铁的位置变化确定此时电铃是否发声即可；
C.根据图片分析金属丝向下调整时报警温度的变化；
D.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
【解答】A.电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故A正确；
B.温度升高到78 ℃时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧电路形成通路，电磁铁线圈中有电流通过，电磁铁有磁性，吸引衔铁，右侧电路接通，电铃发出报警信号，故B正确；
C.若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将降低，故C正确；
D.由安培定则可知，当电铃工作时，电磁铁的a端为 S极，故D错误。
故选D。
10．小科以塑料管为连接轴将两个玩具电机的转轴连接起来，并连接如图所示的电路，开关S闭合后，灯泡发光。下列哪个实验装置图与电机甲所反映的原理一致 (　　)
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】A.根据奥斯特实验的本质判断；
B.根据电磁感应现象判断；
C.根据探究影响电磁铁磁场强弱因素的实验判断；
D.根据电动机的工作原理判断。
【解答】 右边电机乙闭合开关后，通电线圈在磁场中受力转动，属于电动机原理；乙转动后带动电机甲的转轴转动，电机甲的线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，使灯泡发光，因此电机甲的本质是发电机，工作原理是电磁感应现象。
A. 该装置是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，原理是电流的磁效应， 故A不合题意；
B. 该装置探究电磁感应现象，闭合电路切割磁感线产生感应电流，装置没有外接电源，是发电机的工作原理，和电机甲的原理一致， 故B符合题意；
C.两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引的大头针数量多，那么说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故C不合题意；
D. 该装置外部接有电源，探究通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，和电机甲的原理不符，故D不合题意。
故选B。
11．建构模型是学习科学的重要方法，下列有关模型正确的是(　　)
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【知识点】空气的成分及探究；化合反应和分解反应；氧化反应；燃烧与灭火；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】A.根据空气的组成成分的知识判断；
B.根据燃烧的条件判断；
C.根据化合反应和氧化反应的定义判断；
D.纯净物只有一种物质组成，混合物由多种物质组成。
【解答】A.在空气中，氮气的体积占比为78%，氧气的体积之比为21%，其他成分占比1%，不是质量占比，故A错误；
B.燃烧的条件包括：有可燃物、与氧气接触，温度达到着火点，故B正确；
C.化合反应是多种物质生成一种物质的反应，氧化反应是有氧气参与的反应，二者之间没有必然联系，故C错误；
D.物质按照组成物质的种数分为纯净物和混合物，二者为并列关系，不是交叉关系，故D错误。
故选B。
12．“百闻不如一见，一见不如实验！”。下列实验操作中不正确的是 (　　)
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；常见实验操作；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；氧气的检验和验满
【解析】【分析】A.根据装置气密性的检查方法判断；
B.根据倾倒药品的方法判断；
C.根据氧气制取和收集的方法判断；
D.根据氧气验满的方法判断。
【解答】 A.把导管的一端浸没在水里，双手紧贴试管外壁，若导管口有气泡冒出，装置不漏气，故A正确，不合题意；
B.向试管中倾倒液体药品时，瓶塞要倒放，标签要对准手心，瓶口紧挨试管口，故B正确，不合题意；
C.实验室用二氧化锰和过氧化氢制取氧气时，反应物为固体和液体，且无需加热，则可选用固液常温型装置。氧气的密度大于空气，则用向上排空气法收集，故C正确，不合题意；
D.检验氧气是否收集满时，应将带火星的木条放在集气瓶口，不能伸入瓶中，故D错误，符合题意。
故选D。
13． 为探究绿色植物和种子的生命活动，某兴趣小组的同学设计并实施了以下实验。下列叙述正确的是 ( )
A．甲装置实验前暗处理的目的是将叶片内原有的淀粉全部储存
B．乙装置收集的气体可以使燃烧的木条熄灭
C．丙装置观察到的现象是澄清的石灰水变浑浊
D．丁装置实验现象说明萌发的种子呼吸作用产生了二氧化碳
【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系；种子萌发的过程与必要条件
【解析】【分析】（1）绿色植物的光合作用实验中，暗处理的目的是让叶片通过呼吸作用消耗原有的淀粉，避免原有淀粉对实验结果造成干扰；光合作用会产生氧气，氧气具有助燃性，可使带火星的木条复燃。
（2）种子的呼吸作用会消耗氧气、释放二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊；燃烧的木条熄灭，说明装置内氧气含量减少，可证明种子呼吸作用消耗了氧气。
【解答】A、甲装置是探究光合作用的实验，实验前暗处理的目的是让叶片通过呼吸作用消耗原有的淀粉，而不是储存淀粉，A 错误；
B、乙装置中金鱼藻在光下进行光合作用产生氧气，氧气具有助燃性，能使燃烧的木条燃烧更旺，而不是熄灭，B 错误；
C、丙装置中萌发的种子进行呼吸作用释放二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，C 正确；
D、丁装置中燃烧的木条熄灭，说明装置内氧气被消耗，证明萌发的种子呼吸作用消耗了氧气，而不是产生了二氧化碳，D 错误；
故答案为：C。
14．按如图所示进行实验，量筒中涌出柱状泡沫，被形象地称为“大象牙膏”。下列说法正确的是（ ）
A．H2O2分解生成H2O和O2 B．产生的泡沫可用于灭火
C．反应后催化剂的质量变小 D．图中催化剂只能使用二氧化锰
【答案】A
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）过氧化氢分解反应的相关知识：过氧化氢在催化剂的作用下会发生分解反应，生成水和氧气。
（2）催化剂的定义与性质：催化剂是能改变化学反应速率，而自身的质量和化学性质在化学反应前后都不发生改变的物质；能催化过氧化氢分解的催化剂不只有二氧化锰，还可以是氧化铜、氧化铁、硫酸铜等多种物质。
（3）灭火原理：灭火需要破坏燃烧的条件，常用的灭火原理有隔绝氧气、降低温度至可燃物着火点以下、清除可燃物等。
【解答】A、过氧化氢在催化剂作用下分解，生成水和氧气，A 说法正确；
B、产生的泡沫中含有大量氧气，氧气具有助燃性，不能用于灭火，B 说法错误；
C、根据催化剂的性质，反应前后催化剂的质量和化学性质都不变，C 说法错误；
D、能催化过氧化氢分解的催化剂有多种，不只有二氧化锰，D 说法错误；
故答案为：A。
15．利用数据传感技术比较块状和粉末状的碳酸钙与足量稀盐酸反应的快慢。按图1装置进行实验，倾斜锥形瓶，使10mL稀盐酸与固体充分接触，瓶内气压随时间的变化如图2所示。
下列有关说法不正确的是（　　）
A．m=1
B．图中d点溶液中溶质为CaCl2
C．对比a、c点或b、d点可知，粉末状碳酸钙反应更快
D．t秒内，粉末状碳酸钙与稀盐酸反应产生的二氧化碳更多
【答案】B
【知识点】影响化学反应速率的因素
【解析】【分析】根据粉末状药品接触面积大，反应速率比块状药品快，结合图像中各点的反应进程分析。
【解答】A、对比实验中要求变量唯一，所以m=1，不符合题意；
B、 图中d点盐酸未完全反应，溶液中溶质为CaCl2和HCl，符合题意；
C、 对比a、c点或b、d点可知，粉末状碳酸钙反应更快 ，不符合题意；
D、 由图像可知，t秒内，粉末状碳酸钙与稀盐酸反应产生的二氧化碳更多 ，不符合题意；
故选B。
16．科技节科学老师自制了一台“乒乓球机枪”，其结构如图所示。当吹风机往横管吹风时，横管内的空气流速增大，压强　 　(填“增大”或“减小”。乒乓球在　 　的作用下沿竖管向上移动，最后从横管射出。
【答案】减小；大气压
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
【解答】 当吹风机往横管吹风时，横管内空气流速增大，因此横管内的压强会减小，此时横管内 压强小于竖管下方的大气压，于是乒乓球受到向上的压强差，因此乒乓球会在大气压的作用下，被压向横管，沿竖管向上移动，最终从横管射出。
故填：减小；大气压。
17．已知某化学反应：A+2B＝2C+3D，2.3gA物质与4.8gB物质恰好完全反应生成4.4gC物质，则生成D物质的质量为　 　；若B物质的相对分子质量为32，则D物质的相对分子质量为　 　．
【答案】2.7g；12
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】解答此题需依据质量守恒定律，反应前后质量总和相等，所以参加反应的A和B的质量和等于生成物C和D的质量和，以此为突破口，找出B的质量，再根据B的相对分子质量为32以及B和D的质量关系，可以求得B的相对分子质量。
【解答】 生成B的质量为2.3g+4.8g-4.4g=2.7g。
设D的相对分子质量为D。
A+2B=2C+3D
2×32 3D
4.8g 2.7g
则，
解得D=1。
18．质量守恒定律是化学反应中的重要规律。运用此规律回答下列问题。
（1）化学反应前后一定没有变化的是　 　(填序号)。
①原子数目 ②分子数目 ③元素种类 ④物质种类
（2）CH4是优秀的燃料，补全其燃烧的化学方程式： 　 　
（3） CH4可以通过捕获( 制得，如图所示是该反应的微观示意图，则参与反应的( 与H2的质量之比为　 　(填最简整数比)。
【答案】（1）①③
（2）2H2O
（3）11：2
【知识点】有关化学式的计算和推断；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律和化学变化的本质分析判断；
（2）根据质量守恒定律可知，反应前后原子的种类和个数保持不变，据此推算横线处的化学式；
（3）根据图片确定反应的化学方程式，而参加反应的物质质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比。
【解答】（1） 化学反应的本质是分子破裂为原子，原子重新组合成新分子的过程，因此化学反应前后分子数目可能改变，而原子的数量和种类保持不变。由于分子种类改变，那么物质种类肯定改变。
故填：①③。
（2）根据方程式 可知：1C+4H+4O=1C+2O+x，解得：x=4H+2O=2H2O。
故填：2H2O。
（3） 由微观反应示意图可知，该反应是由二氧化碳与氢气在催化剂的作用下反应生成甲烷和水，化学方程式为：，则参与反应的CO2与H2的质量之比为44：（2×4）=11：2。
故填：11：2。
19．如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方时，根据　 　的原理发电，这个过程　 　能转化为电能，产生的电能储存于魔方内，魔方还能通过 USB 端口给移动设备充电，给移动备充电时，魔方相当于电路中的　 　 (选填“ 电源 ”或“用电器 ”).
【答案】电磁感应；机械能；电源
【知识点】基本电路与电路图；电磁感应
【解析】【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，据此结合能量转化的知识解答；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
【解答】（1）转动魔方时，里面的线圈切割磁感线运动而产生感应电流，根据电磁感应的原理发电，这个过程将机械能能转化为电能。
（2） 魔方给移动设备充电时，它对外提供电能，则此时魔方相当于电路中的电源。
故填：电磁感应；机械能；电源。
20．“对比实验”是科学学习中重要的思维方法。某科学学习小组在实验室做了如图所示的“对比实验”，请回答下列问题：
（1）实验 A 发现火柴头燃烧了，火柴梗未燃烧，说明可燃物燃烧的条件之一是　 　.
（2） 实验 B 盛装( 溶液的软塑料瓶变瘪的程度比盛蒸馏水的软塑料瓶变瘪程度要大的原因是　 　(用化学方程式表示)。
（3）通过实验C一系列操作，最后加碘液进行观察，发现不透光纸遮光部分不变蓝，光照部分变蓝，说明光合作用需要　 　.
【答案】（1）温度达到可燃物的着火点
（2）CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O
（3）光照
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；燃烧与灭火；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1）燃烧的条件包括：可燃物、氧气和温度达到着火点，根据描述分析哪个因素不同即可；
（2）根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的化学方程式；
（3）根据图片分析哪个因素不同，进而确定光合作用的条件即可。
【解答】（1） 实验A中，铜片导热，火柴头和火柴梗都与氧气接触，二者均为可燃物。火柴头的着火点更低，在铜片传递的热量作用下温度先达到火柴头的着火点，因此火柴头燃烧，而温度没有达到火柴梗的着火点，火柴梗不燃烧。该现象说明可燃物燃烧的条件之一是温度达到可燃物的着火点。
故填：温度达到可燃物的着火点。
（2） 实验B中，二氧化碳既能溶于水，也能和水反应，都会使瓶内气压减小；但二氧化碳还能与氢氧化钙Ca(OH)2反应，消耗更多的二氧化碳，使瓶内气压减小更多，因此装氢氧化钙溶液的塑料瓶变瘪程度更大。氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。
故填：CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。
（3） 实验C中，叶片的遮光部分和光照部分唯一的变量是光照。最后观察到：遮光部分不能进行光合作用，没有产生淀粉，因此遇碘不变蓝；光照部分可以进行光合作用产生淀粉，淀粉遇碘变蓝。该实验结果说明光合作用需要光照。故填：光照。
21．小舟和小科学习了“空气中氧气含量测定”实验后，发现用甲图装置实验误差大且生成的五氧化二磷有毒，于是他们对课本装置进行改进，见图乙。实验时先在酒精灯上加热玻璃棒，然后迅速插入瓶塞中来加热白磷，实验过程中气压变化如图丙，图丙中白磷燃烧后刚好熄灭时的气压记为点B。
提示：
①白磷燃烧所需要的最低温度是40℃，生成产物与红磷在氧气中燃烧一致。
②一个密闭的容器内，温度越高，气体气压越大：气体质量越大，气体气压越大。
根据以上实验信息，回答下列有关问题：
（1）如果按照原来方式点燃红磷，若瓶塞塞的较慢，将导致测量结果　 　(选填“偏大”、“不变”或“偏小”)，原因是　 　.
（2）图乙中，a、b、c分别表示实验中先后测定的量。a为瓶中原有水的体积：b为反应后冷却至室温，打开止水夹，集气瓶中水的体积：c为整个集气瓶的体积。若集气瓶中氧气耗尽，请写出测定的空气中氧气含量的表达式：
　 　(用a，b，c三个字母表示)。
（3）结合题目信息，简要解释丙图中AB段气压上升的原因。　 　.
【答案】（1）偏大；若瓶塞塞的较慢，就会导致瓶内气体受热逸出过多，将导致测量结果偏大
（2）x100%
（3）白磷燃烧放热，气体膨胀导致的气压增大幅度大于氧气消耗导致气压减小幅度
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）在空气中氧气含量测量实验中，利用反应结束后进入集气瓶内水的体积测量氧气体积。而水进入多少取决于反应前后集气瓶内气压的差值，根据集气瓶内气体受热后导致过多的气体逸出分析。
（2）集气瓶中空气的总体积 = 集气瓶总容积 - 瓶内原有水的体积，进入水的体积 = 反应后瓶内水的总体积 - 原有水的体积，然后二者作比即可；
（3）白磷燃烧消耗氧气使气压降低，而燃烧放热导致气压增大，根据二者对气压影响的幅度大小分析解答。
【解答】（1） 点燃红磷后，若塞瓶塞速度慢，瓶内温度升高，空气受热膨胀，部分空气会逸出集气瓶；反应结束装置冷却后，瓶内减少的气体总质量大于实际消耗氧气的质量，导致打开止水夹后进入瓶内的水偏多，最终测得的氧气体积分数偏大。
故填：偏大；若瓶塞塞的较慢，就会导致瓶内气体受热逸出过多，将导致测量结果偏大。
（2）根据题意可知， 集气瓶中空气的总体积 = 集气瓶总容积 - 瓶内原有水的体积，即空气体积=c-a。白磷燃烧消耗氧气，冷却后打开止水夹，进入集气瓶的水的体积就是消耗氧气的体积，进入水的体积 = 反应后瓶内水的总体积 - 原有水的体积，即氧气体积=b-a，因此空气中氧气的含量（体积分数）为。
故填：。
（3） B段对应白磷燃烧的过程，白磷燃烧同时发生两个影响气压的变化：①白磷燃烧消耗氧气，使瓶内气体质量减少，气压降低；②白磷燃烧放出大量热，使瓶内气体温度迅速升高，气压增大。温度升高引起的气压增大超过了消耗氧气引起的气压减小，因此瓶内总气压上升，形成AB段气压上升的趋势。
故填：白磷燃烧放热，气体膨胀导致的气压增大幅度大于氧气消耗导致气压减小幅度。
22．如图是课堂上老师做的演示实验。在原来静止的小磁针上方平行地放一根直导线。闭合开关，小磁针发生了转动。某同学看了实验后想到：小磁针转动肯定是因为受到力的作用。这个力是谁施加给它的呢 他做了如下几种猜想：
①可能是风吹：
②可能是小磁针旁磁铁的吸引：
③还可能是直导线中有电流通过时产生了磁场。
（1）为了使实验有明显现象，直导线应　 　放置(填“南北”或“东西”)。
（2）用烧杯将小磁针罩住是为了验证猜想　 　(填序号)。
（3）为了验证是“直导线中通过的电流产生的磁场使小磁针转动”这一事实，最简单的实验操作是　 　。
【答案】（1）南北
（2）①
（3）断开开关，观察小磁针是否恢复原位
【知识点】通电直导线周围的磁场
【解析】【分析】（1）在实验过程中，要使小磁针的指向发生明显的偏转变化才行，根据不同摆放方向时受力情况分析解答；
（2）用烧杯将小磁针罩住后，隔绝了空气流动，排除了风对小磁针的影响，据此分析；
（3）如果小磁针的转动由电流引起，那么切断电流后，小磁针的指向应该回到原来位置，据此设计实验解答。
【解答】（1） 磁针本身受地磁场作用，自然静止时沿南北方向指向。若直导线沿南北方向平行放置在小磁针上方，通电后导线产生的磁场方向为东西方向，会使小磁针向东西方向偏转，实验现象更明显；如果直导线东西放置，通电后导线产生的磁场沿南北方向，和小磁针原本指向一致，偏转不明显，难以观察到实验现象。 故填：南北。
（2） 猜想①认为小磁针转动是风吹导致的，用烧杯将小磁针罩住后，隔绝了空气流动，排除了风对小磁针的影响，因此该操作是为了验证猜想①。 故填：①。
（3） 验证“直导线中电流产生的磁场使小磁针转动”，可以利用断电对比实验验证：断开开关，让直导线中电流消失，观察小磁针是否回到原来的位置。如果断电后小磁针回到初始静止位置，通电后再次偏转，就可以证明是电流产生的磁场使小磁针转动。 故填：断开开关，观察小磁针是否恢复原位。
23．如图所示为探究氧气性质的实验，请据图回答下列问题。
（1）关于甲、乙两个反应的说法，正确的是____(填字母，可多选)。
A．都是氧化反应 B．都是化合反应 C．产物都是气体
（2）图乙中观察到的现象是　 　，集气瓶乙中水的作用是　 　。
（3）图丙中可观察到的现象是蜡烛自下而上地　 　，由此可知氧气具有的物理性质是　 　。
【答案】（1）A；B
（2）发出明亮的蓝紫色火焰，产生有刺激性气味的气体，放出热量；吸收二氧化硫，防止污染空气
（3）燃烧更旺；氧气的密度比空气大
【知识点】氧气的性质和利用
【解析】【分析】（1）根据化学反应特点进行分类。
（2） 硫在氧气中燃烧时，发出明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体（二氧化硫）。 二氧化硫有毒且易溶于水，集气瓶中加水可吸收二氧化硫，防止污染空气。
（3）氧气具有助燃性，且密度比空气大。
【解答】（1）A. 甲（铁在氧气中燃烧）和乙（硫在氧气中燃烧）均是与氧气发生的反应，属于氧化反应， 故A正确。 B.甲：铁 + 氧气 → 四氧化三铁（3Fe + 2O2 → Fe3O4）； 乙：硫 + 氧气 → 二氧化硫（S + O2 → SO2）。 两者均为两种物质生成一种物质的化合反应，正确。 C. 甲产物四氧化三铁是固体，乙产物二氧化硫是气体，错误。 故答案为：AB。
（2） 硫在氧气中燃烧时，发出明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体（二氧化硫）。故答案为： 明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体 。二氧化硫有毒且易溶于水，集气瓶中加水可吸收二氧化硫，防止污染空气。故答案为： 吸收二氧化硫，防止污染空气 。
（3） 蜡烛在氧气中燃烧更剧烈，火焰明亮，且因氧气密度大于空气，会先与下方蜡烛接触，故燃烧顺序为自下而上。 故答案为：燃烧更旺；氧气的密度比空气大。
24．某科学小组为探究绿色植物在维持碳——氧平衡中的作用，设计了如图一所示的密闭透明的实验装置(此实验忽略温度等因素对装置内气体体积等的影响)：将图一装置放在室外培养24小时，连接氧气检测仪，测得装置内一昼夜氧气浓度的变化曲线如图二。请据图分析作答：
（1）分析图一和图二可知，随着时间推移，红墨水滴的位置在一天中　 　时移动到最右端(填时间)。该植物在一天中积累了有机物，依据是曲线中A点低于　 　点(填图二中的字母)。
（2）继续探究温度对绿色植物光合作用和呼吸作用的影响，于是该小组选取了同一品种，生长状况和质量完全相同的甲、乙、丙、丁、戊五组蔬菜，分别放置在不同温度环境下暗处理1小时后，分别测出其质量变化：然后再同时置于光照下1小时(光照强度相同)，分别测其质量变化，记录数据如下表，请分析数据，回答问题。(实验中已排除蒸腾作用对蔬菜质量的影响)
组别 甲 乙 丙 丁 戊
温度(单位：℃) 23 24 25 26 27
暗处理1小时后质量的变化(单位：毫克)
光照后1小时与暗处理前的质量变化(单位：毫克)
a.乙组蔬菜光照1小时后合成的有机物质量为　 　毫克。
b.若图三表示丙组蔬菜一昼夜(O-K段)对二氧化碳吸收、释放量变化，则图中表示该蔬菜进行光合作用的是哪一段时间 (用字母表示)　 　。
【答案】（1）18；F
（2）6；AG 段
【知识点】光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）①氧气浓度变化反映光合作用和呼吸作用的强度关系：当光合作用强度大于呼吸作用强度时，装置内氧气增加，气压增大，红墨水滴向右移动；当光合作用强度小于呼吸作用强度时，氧气减少，气压减小，红墨水滴左移。
② 积累有机物的依据是一天结束后氧气总浓度高于初始浓度 ，根据图片确定起始浓度和结束浓度即可；
（2）① 光照后与暗处理前相比质量增加量= 1小时光合作用总合成有机物量 - 2小时呼吸作用消耗的有机物量；
②光合作用肯定会消耗二氧化碳，从而使二氧化碳浓度减小，根据图片确定二氧化碳浓度减小的时间段即可。
【解答】（1）① 氧气浓度变化反映光合作用和呼吸作用的强度关系：当光合作用强度大于呼吸作用强度时，装置内氧气增加，气压增大，红墨水滴向右移动；当光合作用强度小于呼吸作用强度时，氧气减少，气压减小，红墨水滴左移。图二中，18点之前光合作用强度始终大于呼吸作用强度，氧气持续积累，浓度持续升高，18点后光合作用强度小于呼吸作用，氧气开始减少。因此红墨水滴在18时移动到最右端。
② 因为光合作用产生的有机物总量大于呼吸作用消耗的有机物总量，有机物整体积累。曲线中A点是初始氧气浓度，F点是一天结束后的氧气浓度，A点氧气浓度低于F点，说明一天后氧气总量增加，对应有机物积累。
故填：18；F。
（2）① 暗处理1小时，植物只进行呼吸作用，质量减少量就是1小时呼吸作用消耗的有机物量：乙组暗处理后质量减少2mg，说明乙组呼吸速率是2mg/小时。
光照后与暗处理前相比质量增加+2mg，这个变化量 = 1小时光合作用总合成有机物量 - 2小时呼吸作用（暗处理1小时+光照1小时，光照时同时进行呼吸作用）消耗的有机物量。
设总合成有机物为x，则x - 2×2mg}= 2mg，解得：x=6mg。
故填：6；
② 植物光合作用需要吸收二氧化碳，而AG之间二氧化碳的释放量都有减少， 则 则图中表示该蔬菜进行光合作用的是 AG段。
故填：AG段。
25．小山利用如图甲所示的装置测量本地大气压的大小。
（1）请将下列实验步骤补充完整。
①将注射器筒的活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器末端的小孔。
②活塞通过细线与弹簧测力计相连，用水平拉力作用注射器筒上，当注射器中的活塞刚开始运动时，记下测力计示数，即等于大气对活塞的压力 F。
③用刻度尺测出注射器筒的　 　(选填“刻度部分的长度”或“全部长度”)，记为L，读出注射器筒的最大容积V。
④最后计算出此时大气压的大小 p=　 　。
（2）小海认为活塞与针筒之间的摩擦力对实验有影响，他改进了实验，如图乙所示。将注射器筒固定在水平桌面上，活塞通过水平细线及定滑轮与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯和水的重力为9.8N，然后向外缓慢抽出杯中的水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯和水的重力为5.6N，已知活塞面积为 则所测大气压的值为　 　。
【答案】（1）刻度部分的长度；
（2）1.1×105 Pa
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）③注射器的容积是活塞的横截面积与刻度部分长度的乘积；
④根据V=SL和压强公式推算大气压强的数学关系式。
（2）对注射器的活塞进行受力分析，根据平衡力的知识针对向左和向右滑动时列出平衡关系式，进而计算出大气压力，最后根据计算大气压强。
【解答】（1）③ 本实验利用二力平衡原理测量大气压：当活塞刚开始运动时，大气对活塞的压力与拉力平衡，再通计算大气压，需要先得到活塞的横截面积S。 注射器的最大容积是刻度部分容纳的体积，若测注射器筒全部长度，包含了底端无刻度的部分，计算横截面积会出现误差，因此需要用刻度尺测出注射器刻度部分的长度。
故填：刻度部分的长度。
④根据题意可知，注射器的横截面积，大气压力为F，则此时大气压强为：。
故填：。
（2） 当注射器中的活塞开始向左滑动时， 杯和水的重力 G1=9.8N，
对活塞受力分析：F+f=G1=9.8N ①；
当注射器中的活塞开始向右滑动时， 杯和水的重力 G2=5.6N，
对活塞受力分析：F-f=G2=5.6N ②；
①②两式联立解得：F=7.7N，f=2.1N；
所测大气压的值：。
故填：1.1×105 Pa。
26．某学习小组以“气体制备”为主题开展基础实验与跨学科实践，回答下列问题：
（1）实验室要制取二氧化碳，应选用装置组合　 　(选填字母A~E)。
（2）小明利用过氧化氢溶液制氧气的原理自制了家庭简易制氧机，如图F所示。
①可通过上下抽拉钢丝实现二氧化锰与过氧化氢溶液的接触与分离，这样设计的优点是　 　。
②若监测产生氧气的气流速度，需将F装置中　 　(选填“a”或“b”)端导管伸入水面下。
（3）用如图甲所示装置，该小组制备氧气时应选用的药品是____(选填字母)。
A．过氧化氢溶液 B．高锰酸钾
C．二氧化锰 D．氯酸钾
（4）该小组用如图乙所示装置测定高锰酸钾样品的纯度时，以下操作或说法正确的是____(选填字母)。
A．酒精灯加热时间过短，会导致所测高锰酸钾质量分数偏小
B．橡皮导管不伸入量筒底部，气体无法顺利进入量筒
C．橡皮导管伸入量筒底部，可使测得的氧气体积更准确
D．实验中待气泡连续均匀冒出再收集
E．实验结束后先移出导管再熄灭酒精灯
【答案】（1）BD
（2）可以控制反应的进行和停止；a
（3）B
（4）A；C；E
【知识点】制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）如果反应物固体和液体且无需加热，那么选择“固液常温型”；如果反应物为固体且需要加热，那么选择“固态加热型”。如果气体的密度大于空气，那使用向上排空气法；如果密度小于空气，那么使用向下排空气法。如果气体不易溶于水，那么可选择排水法收集。
（2）①上下抽拉钢丝可以使二氧化锰和过氧化氢溶液接触或分离，据此分析；
②实验中可以通过产生的气泡检测生成氧气的速率，这就要求导气管要伸入水中；
（3）根据A装置的特点和“有棉花”确定反应物的种类；
（4） 根据加热高锰酸钾制取氧气的操作步骤和注意事项来分析解答。
【解答】（1） 实验室制取二氧化碳，药品是大理石（或石灰石）和稀盐酸，反应为固液不加热型，因此发生装置选B；二氧化碳密度比空气大，且能溶于水，因此用向上排空气法收集，收集装置选D。
故填：BD。
（2）① 上下抽拉钢丝可以使二氧化锰和过氧化氢溶液接触或分离：当二者接触时反应发生，分离后反应停止，因此可以控制反应的发生与停止（或随开随用，随关随停）。 故填：可以控制反应的进行和停止。
② 要监测氧气的气流速度，需要将出气导管伸入水中，通过观察气泡产生的速率判断气流速度。氧气从装置内产生，从a端导管流出，因此需要将a端伸入水面下。
故填：a。
（3） 图甲装置为固固加热型气体发生装置，且试管口有棉花，适合加热高锰酸钾制取氧气，故选B。
（4） A. 酒精灯加热时间过短，高锰酸钾没有完全分解，生成氧气的体积偏小，计算得到的高锰酸钾质量偏小，因此所测高锰酸钾质量分数偏小，故A正确；
B. 生成的氧气将量筒中水排出，氧气密度比水小，橡皮导管不伸入量筒底部，气体也会从导管口进入量筒，将水压出，故B错误；
C. 橡皮导管伸入量筒底部，能够让水更完全地排入量筒，最终更准确测量排出水的体积（即氧气体积），使测得结果更准确，故C正确；
D. 本实验需要测定生成氧气的总体积来计算高锰酸钾纯度，装置中原有空气体积不影响，因为反应生成氧气，氧气的体积等于排出水的体积，不需要等气泡连续均匀冒出再收集，若一开始不收集，会导致生成的氧气部分流失，测得体积偏小，故D错误；
E. 实验结束后先熄灭酒精灯，装置内温度降低、压强减小，水会倒吸入热的试管，使试管炸裂，因此需要先移出导管再熄灭酒精灯，故E正确。
故选ACE。
27．如图所示，小柯利用磁铁、线圈等器材自制了一个玩具小车，在粗糙水平面的小车上放有一条形磁体。
（1）当开关S闭合时，发现小车向　 　方向运动，最终停止。
（2）请说出一种使小车能运动更远的方法　 　。
（3）利用本装置，只通过控制开关和滑动变阻器滑片的位置，可以探究的实验有____。(可多选)
A．电流有无对电磁铁磁场有无的影响
B．电流大小对电磁铁磁场强弱的影响
C．电流方向对电磁场方向的影响
D．线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响
【答案】（1）右
（2）增大电源电压/滑片P向左移动/减少磁铁质量/增强磁铁磁性/使桌面更光滑些等
（3）A；B
【知识点】磁极间的相互作用；影响电磁铁磁性强弱的因素；通电导体在磁场中的受力方向的判断
【解析】【分析】（1）根据安培定则判断螺线管的磁极方向，然后根据磁极之间的相互作用规律判断小车的受力方向即可；
（2） 小车运动距离的远近和排斥力大小、阻力大小有关：排斥力越大、阻力越小，小车运动越远，据此分析解答；
（3）根据各个选项中实验的过程确定需要的实验器材，然后与已有器材对照即可。
【解答】（1）根据图片可知，线圈上电流方向向上，右手握住螺线管，四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则左端为螺线管的N极，右端为螺线管的S极。根据同名磁极相互排斥可知，小车受到向右的排斥力而向右运动。故填：右。
（2） 小车运动距离的远近和排斥力大小、阻力大小有关：排斥力越大、阻力越小，小车运动越远。因此可行的方法有：①增大电源电压，滑片向左移动，使电路电流变大，电磁铁磁性变强，排斥力增大；②增加线圈匝数，增强电磁铁磁性，增大排斥力；③减小水平面的粗糙程度，减小小车受到的摩擦力阻力。
故填：增大电源电压/滑片P向左移动/减少磁铁质量/增强磁铁磁性/使桌面更光滑些等。
（3）A. 断开开关，电路中无电流，电磁铁无磁性；闭合开关，电路有电流，电磁铁有磁性。因此通过控制开关的通断，就能探究电流有无对电磁铁磁场有无的影响，故A可行；
B. 闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，可以改变电路中电流的大小，通过观察小车运动的距离，可以反映电磁铁磁场强弱，因此可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响，故B可行；
C. 要探究电流方向对电磁场（磁场）方向的影响，需要改变电流方向，本装置中没有改变电源正负极、改变电流方向的结构，仅控制开关和滑动变阻器滑片无法改变电流方向，因此无法完成该实验，故C不可行；
D. 要探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响，需要改变线圈匝数，本装置的线圈匝数固定，仅控制开关和滑动变阻器滑片无法改变匝数，因此无法完成该实验，故D不可行。
故选AB。
28．项目化学习小组在老师的指导下设计了一款湖面上的电动游船，图甲是电门踏板的工作原理示意图，图中O、E、F为变阻器的三个接线柱。他们设计如下的电路，并将电流表改装成速度表。
他们制定的产品评价表如下：
电动游船评价量表 (节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 行驶速度控制 踩下电门踏板，船速变大 踩下电门踏板，船速不变 踩下电门踏板，船速反而变小
指标二 行驶方向控制 游船能前进和后退 游船只能前进或后退 游船不能运动
（1）指标一为优秀，应将甲中　 　两个接线柱接入电路；
（2）该游船中电动机是根据什么原理制成的　 　；
（3）图乙是项目化小组设计的实现电动游船前进的电路图，开关S1、S2可以分别接①和③或者②和④。结合评价表判断该模型的“指标二”评价等级并说明理由。　 　
【答案】（1）O、E
（2）通电线圈在磁场中受力转动
（3）由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退，由产品评价表知为优秀等级。
【知识点】变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据表格可知， 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，即电流表的示数变大，根据欧姆定律分析变阻器接入阻值的变化，弄清接入电阻丝长度的变化，最终确定选择的接线柱即可；
（2）根据电动机的工作原理解答；
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向，根据图片分析开关切换时，是否能够改变流入电动机的电流方向即可。
【解答】（1） 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，说明电路中电流需要变大，滑动变阻器接入电路的电阻需要变小。
若接O、E，踩下踏板时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路电流变大，电动机功率变大，船速变大，符合优秀要求。
故填：O、E。
（2） 电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能。 故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向。分析题图电路：
当开关S1接①、S2接③时，电流流过电动机的方向为从左到右；当开关S1接②、S2接④时，电流流过电动机的方向为从右到左；两种接法改变了电动机两端的电流方向，因此电动机转动方向改变，游船可以实现前进和后退，符合指标中“优秀”的标准。
故填：优秀；由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退。
29．小金和小华两位同学为了测定实验室中氯酸钾药品是否纯净，取2.5g该药品与0.5g 二氧化锰混合。加热该混合物t1s时(假设杂质不参加反应)，冷却，称量剩余固体质量，重复以上操作，依次称得加热至t2、t3、t4s时剩余固体的质量，记录数据如表。
加热时间/s t1 t2 t3 t4
剩余固体质量/g 2.12 2.08 2.04 2.04
（1）两同学一致认为氯酸钾已经完全反应的时间为 　 　(填“t1”“t2”或“t3”)s。
（2） 小李根据质量守恒定律很快得到(2.5g+0.5g-2.04g)是 　 　(填化学式)的质量。
（3）计算2.5g该药品中氯酸钾的质量，并判断该药品是否纯净
【答案】（1）t3
（2）O2
（3）解：设2.5g该药品中含有氯酸钾的质量为x。
；
解得：
则KClO3的质量为2.45g<2.5g，不纯净。
答：2.5g该药品中氯酸钾的质量为2.45g，该药品不纯净。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）当氯酸钾分解制取氧气时，由于氧气的逸出会导致固体质量减小。当反应解释时，固体的质量保持不变。
（2）氯酸钾在二氧化锰催化、加热条件下分解生成氯化钾和氧气，由于氧气逸出导致反应后固体总质量减少，减少的质量就是生成氧气的质量。
（3）写出氯酸钾分解的化学方程式，根据生成氧气的质量计算参加反应的氯酸钾质量，最后与药品质量比较即可。
【解答】（1） 加热到剩余固体质量不再减少时，说明氯酸钾已经完全分解。观察表格数据：加热到t3时，剩余固体质量均为2.04g保持不变，说明加热到t3时，氯酸钾已经完全反应，质量不再变化。
故填：t3。
（2） 氯酸钾在二氧化锰催化、加热条件下分解生成氯化钾和氧气，由于氧气逸出导致反应后固体总质量减少，减少的质量就是生成氧气的质量。2.5g+0.5g是反应前氯酸钾和二氧化锰的总质量，2.04g是反应结束时的总质量，因此 (2.5g+0.5g-2.04g)是生成氧气的质量。故填：O2。
30．如图所示为西汉时期的熊足青铜鼎，该鼎被誉为“古代高压锅”。当鼎内装部分水、盖上鼎盖、闭合锁扣，鼎下堆放干柴燃烧，在标准大气压下，鼎内的水可在120℃沸腾。已知鼎盖面积： 鼎盖的质量为2.5kg。如表所示为水的沸点(T)与气压(p)的关系，请回答下列问题。(g取10牛/千克计算)
T/℃ 90 100 105 110 114 118 120 124 128
0.7 1.01 1.21 1.43 1.63 1.89 1.99 2.26 2.58
（1）根据表格信息可知，水的沸点跟气压大小有关，气压增大时，沸点　 　(填“升高”“降低”或“不变”)。
（2）在标准大气压下，鼎内水在 120℃沸腾时，请列式计算此时该鼎内外气体对鼎盖形成的压力差为多少
（3）若鼎内的水沸腾时的温度低于 120℃，你认为可能是什么原因造成的 　 　
【答案】（1）升高
（2）解：根据表格可知，当水的沸点为120℃时，鼎内气压为1 .99×105Pa，
则此时鼎内外气压差Δp=1 .99×105Pa-1.01×105Pa=0 .98×105Pa；
则压力差ΔF=ΔpS=0 .98×105Pa×200×10-4m2=1960N。
答：压力差为1960N。
（3）鼎盖密封性不好（或鼎内气压不足）
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据表格数据分析水的沸点随上方气压的变化规律；
（2）根据表格确定沸点为120℃时鼎内气压，然后减去标准大气压强得到内外的气压差，最后根据ΔF=ΔpS计算鼎内外的压力差。
（3） 水的沸点随气压降低而降低，若鼎内水沸腾温度低于120℃，说明鼎内气压低于1.99×105Pa，据此分析可能原因。
【解答】（1） 观察表格数据可知，随着气压逐渐增大，水的沸点逐渐升高。故填：升高。
（3） 水的沸点随气压降低而降低，若鼎内水沸腾温度低于120℃，说明鼎内气压低于1.99×105Pa，可能的原因是鼎盖密封不严，鼎内气体漏气，导致鼎内气压偏小。
故填：鼎盖密封性不好（或鼎内气压不足）。
31．在学习了二氧化碳的制取之后，学校开展项目化活动“制作简易灭火器”，同时针对该项目设计了评价表。
“自制灭火器”评价表(节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 能连续产生气体 能产生少量气体 不能产生气体
指标二 能控制反应是否进行 能控制反应是否进行 不能控制反应是否进行
小科利用饮料瓶、漏斗、铜丝、大理石碎片、稀硫酸等材料制作了图甲装置。
（1）查阅资料发现：硫酸钙微溶于水。根据评价表，该装置指标一被评为　 　。
（2）小明想测定某大理石样品中碳酸钙的质量分数。他先将10g样品放入锥形瓶中，再逐滴加入稀盐酸充分反应(如图所示)。反应过程中测得滴加稀盐酸的总质量与充分反应后锥形瓶内剩余物质总质量的数据如下表所示。(该石灰石中杂质不溶解于水，也不与酸反应)
加入稀盐酸的总质量 /g 0 10 20 30
锥形瓶内剩余物质总质量 /g 10.00 19.12 28.24 38.24
①10g该样品与稀盐酸恰好完全反应时，产生二氧化碳的总质量是 ▲ g。
②该样品中碳酸钙的质量分数为多少
③求稀盐酸的质量分数为多少
【答案】（1）合格
（2）解：①当样品完全反应时，产生二氧化碳的质量为：10g+30g-38.24g=1.76g。
②设 10g 样品中碳酸钙的质量为x。
；
解得： x = 4g。
样品中碳酸钙的质量分数为： 。
③根据表格可知，10g稀盐酸恰好完全反应时生成二氧化碳：10g+10g-19.12g=0.88g，
设此时参加反应的稀盐酸的溶质质量为y，
；
解得：y = 1.46g。
稀盐酸的质量分数为： 。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算；制取二氧化碳的原理
【解析】【分析】（1）大理石和稀硫酸反应生成的硫酸钙会附着在大理石表面，从而阻值反应的进一步进行，据此分析；
（2）①反应结束时，锥形瓶内物质总质量的减小量就是生成二氧化碳的质量；
②写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据生成二氧化碳的质量计算参加反应的碳酸钙的质量，最后与样品质量作比即可；
③根据表格数据确定10g稀盐酸完全反应生成二氧化碳的质量，写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据生成二氧化碳的质量计算参加反应的氯化氢的质量，最后与稀盐酸质量作比即可。
【解答】（1） 大理石的主要成分是碳酸钙，碳酸钙和稀硫酸反应会生成硫酸钙、水和二氧化碳。由于硫酸钙是微溶于水的物质，生成的硫酸钙会附着在大理石碎片表面，会隔绝稀硫酸和碳酸钙的接触，导致反应逐渐停止，无法持续产生大量二氧化碳，因此只能产生少量气体，根据评价表标准，该装置指标一被评为合格。 故填：合格。
32．为探究种子的萌发条件，某同学利用实验室的电磁继电器、热敏电阻 可变电阻器R 等器件设计了一个恒温箱控制电路(如图甲所示)，R1处于恒温箱内，图乙是 的阻值随温度变化的关系曲线。控制电路的电源电压U=6V，电磁继电器线圈的电阻忽略不计，当电流为20mA时，电磁继电器的衔铁被吸合。
（1）当恒温箱内的温度升高时，控制电路中电流　 　(选填“增大”、“减小”)，电磁铁的磁性增强。
（2）为了实现温度控制，恒温箱的加热器(加热器的电热丝图中未画出)应该选择连接的两个接线柱是　 　。
（3）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是 变阻器 的最大阻值至少为多少
（4）若要提高恒温箱控制的温度，合理的操作方法是　 　。(填一种方法即可)
【答案】（1）增大
（2）CD
（3）解： 由图像可知，当最高设定温度为100℃时，热敏电阻R1的阻值为30Ω；
此时的总电阻，
变阻器 的最大阻值至少为R2=R总-R1=300Ω-30Ω=270Ω。
（4）应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大或减小电源电压。
【知识点】欧姆定律及其应用；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据乙图确定温度升高时热敏电阻R1的阻值变化，根据R总=R1+R2分析总电阻变化，根据欧姆定律分析电路电流变化。
（2）根据题意可知，当温度升高到一定程度时，热敏电阻阻值减小而电流增大，据此分析电磁铁磁场强弱变化，弄清衔铁的位置变化，根据此时的工作状态确定发热电阻丝的位置。
（3）根据图乙确定100℃时热敏电阻R1的阻值，根据计算此时的总电阻，根据R2=R总-R1计算变阻器接入的最大阻值。
（4）电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变，可从电源电压和总电阻两个角度分析合理的操作方法。
【解答】（1） 由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小。控制电路中R1与R2串联，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻变小。根据欧姆定律可知，控制电路电流增大，因此电磁铁的磁性变强。故填：增大。
（2） 根据图甲可知，当温度升高到设定温度后，电流达到20mA，衔铁被吸合，加热器所在电路断开，停止加热，实现恒温控制。此时CD所在的电路被切断，AB所在电路被接通，因此恒温箱的电热器应该接在CD两个接线柱之间。故填：CD。
（4）电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变，根据欧姆定律可知，此时总电阻不变。当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，根据R总=R1+R2可知，此时变阻器R2的阻值要增大，即应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片。
电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变。当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻减小。根据U=IR可知，此时还可以减小电源电压。
故填：应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大或减小电源电压。
1 / 1浙江省金华市婺城区金华四中2025-2026学年第二学期八年级科学作业检查
1．爱因斯坦曾说，在一个现代的物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在。这句话形象地说明了（　　）
A．磁场就是椅子 B．磁场就是磁感线
C．磁场是真实存在的一种物质 D．磁场是看得见，摸得着的
2．小科暑假乘飞机旅行，起飞时天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨。起飞一段时间后，突然窗外阳光明媚，天碧蓝碧蓝的，白云竟都在她的脚下！小科对这些现象作出了如下分析，其中错误的是(　　)
A．“天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨”描述的是当天的气候特征
B．飞机起飞是利用“流体压强与流速关系”的原理
C．地面阴雨绵绵，高空却阳光灿烂，这是因为飞机进入了平流层
D．云、雨、雪等天气现象都发生在对流层
3．小金同学为了确定缝衣针是否具有磁性，设计了如下四个实验方案，其中不可行的是(　　)
A．与小磁针相互排斥
B．吸引无磁性大头钉
C．吸引通电螺线管
D．插入线圈后电流表指针发生偏转
4．如图，密闭的玻璃罩内放有三个实验装置：一个是自制气压计；另一个是装满水倒置的玻璃杯：还有一个充气的氢气球。在用抽气机不断抽去罩内空气的过程中，下列判断不正确的是(　　)
A．氢气球的体积变大
B．玻璃钟罩内气压变小
C．自制气压计中细玻璃管内的液面会下降
D．玻璃杯口的塑料片会掉下来
5．下面是四位同学根据小磁针静止时的指向，所画出的磁极和磁感线方向，其中不正确的是（　　）
A． B．
C． D．
6．小华绘制了如图所示的物质变化微观示意图，表示物质在一密闭容器内发生化学变化前后的不同微观状态，
根据图中信息进行分析，不合理的是(　　)
A．两种反应物的质量之比为14：3
B．符号△所表示的物质一定是反应的催化剂
C．该反应的类型是化合反应
D．向该容器中添加氮气，能获得更多的生成物
7．如图所示，放在U形磁铁两极之间的铝盘的下边缘浸在液态水银中，闭合开关S，铝盘会绕水平轴O转动。下列说法正确的是 (　　)
A．铝盘转动的原理与电动机的工作原理相同
B．将磁铁的磁极对调后，铝盘的转动方向不变
C．将电源的正负极对调后，铝盘的转动方向不变
D．左右移动滑动变阻器的滑片P，铝盘的转动方向改变
8．对下列实验中出现的异常现象分析合理的是(　　)
选项 异常现象 分析
A 利用红磷燃烧验证质量守恒定律，发现天平不平衡 红磷用量不足
B 利用排水法收集的氧气不纯 收集氧气前集气瓶内水没有装满
C 细铁丝在氧气中燃烧时，集气瓶瓶底炸裂 用于引燃的火柴太长了
D 测定空气中氧气含量时，进入集气瓶中的水的体积偏小 燃烧匙内放置的红磷过量了
A．A B．B C．C D．D
9．如图为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入了一段金属丝，电源和金属丝相连，当温度达到设定值时，电铃报警。下列说法不正确的是 (　　)
A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应
B．温度升高至78 ℃时，电铃报警
C．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度会降低
D．电铃工作时，电磁铁a端为 N极
10．小科以塑料管为连接轴将两个玩具电机的转轴连接起来，并连接如图所示的电路，开关S闭合后，灯泡发光。下列哪个实验装置图与电机甲所反映的原理一致 (　　)
A． B．
C． D．
11．建构模型是学习科学的重要方法，下列有关模型正确的是(　　)
A．
B．
C．
D．
12．“百闻不如一见，一见不如实验！”。下列实验操作中不正确的是 (　　)
A．
B．
C．
D．
13． 为探究绿色植物和种子的生命活动，某兴趣小组的同学设计并实施了以下实验。下列叙述正确的是 ( )
A．甲装置实验前暗处理的目的是将叶片内原有的淀粉全部储存
B．乙装置收集的气体可以使燃烧的木条熄灭
C．丙装置观察到的现象是澄清的石灰水变浑浊
D．丁装置实验现象说明萌发的种子呼吸作用产生了二氧化碳
14．按如图所示进行实验，量筒中涌出柱状泡沫，被形象地称为“大象牙膏”。下列说法正确的是（ ）
A．H2O2分解生成H2O和O2 B．产生的泡沫可用于灭火
C．反应后催化剂的质量变小 D．图中催化剂只能使用二氧化锰
15．利用数据传感技术比较块状和粉末状的碳酸钙与足量稀盐酸反应的快慢。按图1装置进行实验，倾斜锥形瓶，使10mL稀盐酸与固体充分接触，瓶内气压随时间的变化如图2所示。
下列有关说法不正确的是（　　）
A．m=1
B．图中d点溶液中溶质为CaCl2
C．对比a、c点或b、d点可知，粉末状碳酸钙反应更快
D．t秒内，粉末状碳酸钙与稀盐酸反应产生的二氧化碳更多
16．科技节科学老师自制了一台“乒乓球机枪”，其结构如图所示。当吹风机往横管吹风时，横管内的空气流速增大，压强　 　(填“增大”或“减小”。乒乓球在　 　的作用下沿竖管向上移动，最后从横管射出。
17．已知某化学反应：A+2B＝2C+3D，2.3gA物质与4.8gB物质恰好完全反应生成4.4gC物质，则生成D物质的质量为　 　；若B物质的相对分子质量为32，则D物质的相对分子质量为　 　．
18．质量守恒定律是化学反应中的重要规律。运用此规律回答下列问题。
（1）化学反应前后一定没有变化的是　 　(填序号)。
①原子数目 ②分子数目 ③元素种类 ④物质种类
（2）CH4是优秀的燃料，补全其燃烧的化学方程式： 　 　
（3） CH4可以通过捕获( 制得，如图所示是该反应的微观示意图，则参与反应的( 与H2的质量之比为　 　(填最简整数比)。
19．如图是一款能发电的魔方充电器，转动魔方时，根据　 　的原理发电，这个过程　 　能转化为电能，产生的电能储存于魔方内，魔方还能通过 USB 端口给移动设备充电，给移动备充电时，魔方相当于电路中的　 　 (选填“ 电源 ”或“用电器 ”).
20．“对比实验”是科学学习中重要的思维方法。某科学学习小组在实验室做了如图所示的“对比实验”，请回答下列问题：
（1）实验 A 发现火柴头燃烧了，火柴梗未燃烧，说明可燃物燃烧的条件之一是　 　.
（2） 实验 B 盛装( 溶液的软塑料瓶变瘪的程度比盛蒸馏水的软塑料瓶变瘪程度要大的原因是　 　(用化学方程式表示)。
（3）通过实验C一系列操作，最后加碘液进行观察，发现不透光纸遮光部分不变蓝，光照部分变蓝，说明光合作用需要　 　.
21．小舟和小科学习了“空气中氧气含量测定”实验后，发现用甲图装置实验误差大且生成的五氧化二磷有毒，于是他们对课本装置进行改进，见图乙。实验时先在酒精灯上加热玻璃棒，然后迅速插入瓶塞中来加热白磷，实验过程中气压变化如图丙，图丙中白磷燃烧后刚好熄灭时的气压记为点B。
提示：
①白磷燃烧所需要的最低温度是40℃，生成产物与红磷在氧气中燃烧一致。
②一个密闭的容器内，温度越高，气体气压越大：气体质量越大，气体气压越大。
根据以上实验信息，回答下列有关问题：
（1）如果按照原来方式点燃红磷，若瓶塞塞的较慢，将导致测量结果　 　(选填“偏大”、“不变”或“偏小”)，原因是　 　.
（2）图乙中，a、b、c分别表示实验中先后测定的量。a为瓶中原有水的体积：b为反应后冷却至室温，打开止水夹，集气瓶中水的体积：c为整个集气瓶的体积。若集气瓶中氧气耗尽，请写出测定的空气中氧气含量的表达式：
　 　(用a，b，c三个字母表示)。
（3）结合题目信息，简要解释丙图中AB段气压上升的原因。　 　.
22．如图是课堂上老师做的演示实验。在原来静止的小磁针上方平行地放一根直导线。闭合开关，小磁针发生了转动。某同学看了实验后想到：小磁针转动肯定是因为受到力的作用。这个力是谁施加给它的呢 他做了如下几种猜想：
①可能是风吹：
②可能是小磁针旁磁铁的吸引：
③还可能是直导线中有电流通过时产生了磁场。
（1）为了使实验有明显现象，直导线应　 　放置(填“南北”或“东西”)。
（2）用烧杯将小磁针罩住是为了验证猜想　 　(填序号)。
（3）为了验证是“直导线中通过的电流产生的磁场使小磁针转动”这一事实，最简单的实验操作是　 　。
23．如图所示为探究氧气性质的实验，请据图回答下列问题。
（1）关于甲、乙两个反应的说法，正确的是____(填字母，可多选)。
A．都是氧化反应 B．都是化合反应 C．产物都是气体
（2）图乙中观察到的现象是　 　，集气瓶乙中水的作用是　 　。
（3）图丙中可观察到的现象是蜡烛自下而上地　 　，由此可知氧气具有的物理性质是　 　。
24．某科学小组为探究绿色植物在维持碳——氧平衡中的作用，设计了如图一所示的密闭透明的实验装置(此实验忽略温度等因素对装置内气体体积等的影响)：将图一装置放在室外培养24小时，连接氧气检测仪，测得装置内一昼夜氧气浓度的变化曲线如图二。请据图分析作答：
（1）分析图一和图二可知，随着时间推移，红墨水滴的位置在一天中　 　时移动到最右端(填时间)。该植物在一天中积累了有机物，依据是曲线中A点低于　 　点(填图二中的字母)。
（2）继续探究温度对绿色植物光合作用和呼吸作用的影响，于是该小组选取了同一品种，生长状况和质量完全相同的甲、乙、丙、丁、戊五组蔬菜，分别放置在不同温度环境下暗处理1小时后，分别测出其质量变化：然后再同时置于光照下1小时(光照强度相同)，分别测其质量变化，记录数据如下表，请分析数据，回答问题。(实验中已排除蒸腾作用对蔬菜质量的影响)
组别 甲 乙 丙 丁 戊
温度(单位：℃) 23 24 25 26 27
暗处理1小时后质量的变化(单位：毫克)
光照后1小时与暗处理前的质量变化(单位：毫克)
a.乙组蔬菜光照1小时后合成的有机物质量为　 　毫克。
b.若图三表示丙组蔬菜一昼夜(O-K段)对二氧化碳吸收、释放量变化，则图中表示该蔬菜进行光合作用的是哪一段时间 (用字母表示)　 　。
25．小山利用如图甲所示的装置测量本地大气压的大小。
（1）请将下列实验步骤补充完整。
①将注射器筒的活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器末端的小孔。
②活塞通过细线与弹簧测力计相连，用水平拉力作用注射器筒上，当注射器中的活塞刚开始运动时，记下测力计示数，即等于大气对活塞的压力 F。
③用刻度尺测出注射器筒的　 　(选填“刻度部分的长度”或“全部长度”)，记为L，读出注射器筒的最大容积V。
④最后计算出此时大气压的大小 p=　 　。
（2）小海认为活塞与针筒之间的摩擦力对实验有影响，他改进了实验，如图乙所示。将注射器筒固定在水平桌面上，活塞通过水平细线及定滑轮与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯和水的重力为9.8N，然后向外缓慢抽出杯中的水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯和水的重力为5.6N，已知活塞面积为 则所测大气压的值为　 　。
26．某学习小组以“气体制备”为主题开展基础实验与跨学科实践，回答下列问题：
（1）实验室要制取二氧化碳，应选用装置组合　 　(选填字母A~E)。
（2）小明利用过氧化氢溶液制氧气的原理自制了家庭简易制氧机，如图F所示。
①可通过上下抽拉钢丝实现二氧化锰与过氧化氢溶液的接触与分离，这样设计的优点是　 　。
②若监测产生氧气的气流速度，需将F装置中　 　(选填“a”或“b”)端导管伸入水面下。
（3）用如图甲所示装置，该小组制备氧气时应选用的药品是____(选填字母)。
A．过氧化氢溶液 B．高锰酸钾
C．二氧化锰 D．氯酸钾
（4）该小组用如图乙所示装置测定高锰酸钾样品的纯度时，以下操作或说法正确的是____(选填字母)。
A．酒精灯加热时间过短，会导致所测高锰酸钾质量分数偏小
B．橡皮导管不伸入量筒底部，气体无法顺利进入量筒
C．橡皮导管伸入量筒底部，可使测得的氧气体积更准确
D．实验中待气泡连续均匀冒出再收集
E．实验结束后先移出导管再熄灭酒精灯
27．如图所示，小柯利用磁铁、线圈等器材自制了一个玩具小车，在粗糙水平面的小车上放有一条形磁体。
（1）当开关S闭合时，发现小车向　 　方向运动，最终停止。
（2）请说出一种使小车能运动更远的方法　 　。
（3）利用本装置，只通过控制开关和滑动变阻器滑片的位置，可以探究的实验有____。(可多选)
A．电流有无对电磁铁磁场有无的影响
B．电流大小对电磁铁磁场强弱的影响
C．电流方向对电磁场方向的影响
D．线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响
28．项目化学习小组在老师的指导下设计了一款湖面上的电动游船，图甲是电门踏板的工作原理示意图，图中O、E、F为变阻器的三个接线柱。他们设计如下的电路，并将电流表改装成速度表。
他们制定的产品评价表如下：
电动游船评价量表 (节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 行驶速度控制 踩下电门踏板，船速变大 踩下电门踏板，船速不变 踩下电门踏板，船速反而变小
指标二 行驶方向控制 游船能前进和后退 游船只能前进或后退 游船不能运动
（1）指标一为优秀，应将甲中　 　两个接线柱接入电路；
（2）该游船中电动机是根据什么原理制成的　 　；
（3）图乙是项目化小组设计的实现电动游船前进的电路图，开关S1、S2可以分别接①和③或者②和④。结合评价表判断该模型的“指标二”评价等级并说明理由。　 　
29．小金和小华两位同学为了测定实验室中氯酸钾药品是否纯净，取2.5g该药品与0.5g 二氧化锰混合。加热该混合物t1s时(假设杂质不参加反应)，冷却，称量剩余固体质量，重复以上操作，依次称得加热至t2、t3、t4s时剩余固体的质量，记录数据如表。
加热时间/s t1 t2 t3 t4
剩余固体质量/g 2.12 2.08 2.04 2.04
（1）两同学一致认为氯酸钾已经完全反应的时间为 　 　(填“t1”“t2”或“t3”)s。
（2） 小李根据质量守恒定律很快得到(2.5g+0.5g-2.04g)是 　 　(填化学式)的质量。
（3）计算2.5g该药品中氯酸钾的质量，并判断该药品是否纯净
30．如图所示为西汉时期的熊足青铜鼎，该鼎被誉为“古代高压锅”。当鼎内装部分水、盖上鼎盖、闭合锁扣，鼎下堆放干柴燃烧，在标准大气压下，鼎内的水可在120℃沸腾。已知鼎盖面积： 鼎盖的质量为2.5kg。如表所示为水的沸点(T)与气压(p)的关系，请回答下列问题。(g取10牛/千克计算)
T/℃ 90 100 105 110 114 118 120 124 128
0.7 1.01 1.21 1.43 1.63 1.89 1.99 2.26 2.58
（1）根据表格信息可知，水的沸点跟气压大小有关，气压增大时，沸点　 　(填“升高”“降低”或“不变”)。
（2）在标准大气压下，鼎内水在 120℃沸腾时，请列式计算此时该鼎内外气体对鼎盖形成的压力差为多少
（3）若鼎内的水沸腾时的温度低于 120℃，你认为可能是什么原因造成的 　 　
31．在学习了二氧化碳的制取之后，学校开展项目化活动“制作简易灭火器”，同时针对该项目设计了评价表。
“自制灭火器”评价表(节选)
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一 能连续产生气体 能产生少量气体 不能产生气体
指标二 能控制反应是否进行 能控制反应是否进行 不能控制反应是否进行
小科利用饮料瓶、漏斗、铜丝、大理石碎片、稀硫酸等材料制作了图甲装置。
（1）查阅资料发现：硫酸钙微溶于水。根据评价表，该装置指标一被评为　 　。
（2）小明想测定某大理石样品中碳酸钙的质量分数。他先将10g样品放入锥形瓶中，再逐滴加入稀盐酸充分反应(如图所示)。反应过程中测得滴加稀盐酸的总质量与充分反应后锥形瓶内剩余物质总质量的数据如下表所示。(该石灰石中杂质不溶解于水，也不与酸反应)
加入稀盐酸的总质量 /g 0 10 20 30
锥形瓶内剩余物质总质量 /g 10.00 19.12 28.24 38.24
①10g该样品与稀盐酸恰好完全反应时，产生二氧化碳的总质量是 ▲ g。
②该样品中碳酸钙的质量分数为多少
③求稀盐酸的质量分数为多少
32．为探究种子的萌发条件，某同学利用实验室的电磁继电器、热敏电阻 可变电阻器R 等器件设计了一个恒温箱控制电路(如图甲所示)，R1处于恒温箱内，图乙是 的阻值随温度变化的关系曲线。控制电路的电源电压U=6V，电磁继电器线圈的电阻忽略不计，当电流为20mA时，电磁继电器的衔铁被吸合。
（1）当恒温箱内的温度升高时，控制电路中电流　 　(选填“增大”、“减小”)，电磁铁的磁性增强。
（2）为了实现温度控制，恒温箱的加热器(加热器的电热丝图中未画出)应该选择连接的两个接线柱是　 　。
（3）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是 变阻器 的最大阻值至少为多少
（4）若要提高恒温箱控制的温度，合理的操作方法是　 　。(填一种方法即可)
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】磁场和磁感线
【解析】【分析】根据对磁场的认识判断。
【解答】磁场看不到摸不着，但是客观存在的，而磁感线是不存在的，是为了形象的描述磁场的分布而人为引入的，故C正确，A、B、D错误。
故选C。
2．【答案】A
【知识点】大气压强与高度的关系；大气的分层；天气的概念；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】（1）天气与气候的区别：天气是指短时间内近地面的气温、湿度、气压等要素的综合状况，特点是短时间、多变；气候是指某一地区长时间内的天气平均状况，特点是长时间、稳定。
（2）流体压强与流速的关系：在流体（气体和液体）中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。飞机机翼上凸下平，飞行时机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力。
（3）大气层的分层及特点：大气层从近地面到高空依次分为对流层、平流层、中间层、暖层、外层。对流层集中了几乎全部的水汽和固体杂质，空气对流运动显著，云、雨、雪等天气现象都发生在这一层；平流层的空气以水平运动为主，气流稳定，水汽和杂质极少，天气晴朗，是飞机飞行的理想空域。
【解答】A、“天阴沉沉的，下着蒙蒙细雨” 描述的是短时间内的大气状况，属于天气，而非长时间平均的气候特征，A 错误；
B、飞机机翼上凸下平，飞行时利用流体压强与流速的关系，上方流速大压强小、下方流速小压强大，从而产生向上的升力，B 正确；
C、对流层集中了几乎全部的水汽，阴雨等天气现象发生在对流层，飞机进入平流层后，空气以水平运动为主，水汽和杂质少，因此出现地面阴雨、高空阳光灿烂的现象，C 正确；
D、对流层集中了几乎全部的水汽和杂质，空气对流运动显著，云、雨、雪等天气现象都发生在对流层，D 正确。
故答案为：A。
3．【答案】C
【知识点】物体是否具有磁性的判断方法
【解析】【分析】A.根据磁极之间的相互作用规律判断；
B.所有的磁体都有吸引铁钴镍的性质；
C.根据通电螺线管本身存在磁场判断；
D.根据电磁感应的条件判断。
【解答】A. 根据磁极间的相互作用规律，同名磁极相互排斥。若缝衣针和小磁针相互排斥，说明缝衣针一定具有磁性，该方案可行，故A正确，不合题意；
B. 磁体可以吸引铁磁性材料（大头针为铁制的无磁性物体），若缝衣针能吸引无磁性大头针，说明缝衣针具有磁性，该方案可行，故B正确，不合题意；
C. 通电螺线管本身就是带有磁性的磁体，无论缝衣针是否有磁性，即使缝衣针是普通铁制针，通电螺线管也会吸引缝衣针，因此无法通过“缝衣针吸引通电螺线管”判断缝衣针是否带磁性， 故C错误，符合题意；
D. 若缝衣针有磁性，插入闭合线圈时，会切割磁感线（改变线圈内磁通量），使闭合电路产生感应电流，电流表指针偏转；若缝衣针无磁性则不会产生感应电流， 故D正确，不合题意。
故选C。
4．【答案】C
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】A.外界气压减小，则气球变大；外界气压增大，则气球变小；
B.气压大小与气体质量有关，气体质量越小，气压越小；
C.根据瓶内气压等于外界气压与水柱压强之和判断；
D.当外界气压产生的托力小于水和塑料片的重力时，塑料片会下落。
【解答】A. 氢气球内部充气有气压，当外部罩内气压减小后，气球内外的压强差会让气球向外膨胀，因此氢气球体积会变大，故A正确，不合题意；
B. 当用抽气机不断抽去罩内空气时，罩内空气减少，玻璃钟罩内气压会不断减小， 故B正确，不合题意；
C. 自制气压计的原理是：瓶内气压 = 外界大气压 + 细管内水柱产生的压强。 当外界大气压减小时，瓶内气压不变，因此水柱高度会升高，不是下降，故C错误、符合题意；
D. 一开始大气压托住了塑料片和杯中水，当罩内气压减小，大气压能支撑的水柱高度降低，当大气压小于水产生的压强时，塑料片无法被托住，就会掉落，水流出 ，故D正确，不合题意。
故选C。
5．【答案】B
【知识点】磁场和磁感线
【解析】【分析】 知道磁感线的方向与小磁针静止时北极所指的方向一致，并且要知道磁感线从磁体的北极出来回到南极。
【解答】 A.图中磁感线方向正确，但小磁针的磁极指向反了，故A错误；
B.图中磁感线的方向和小磁针的指向都正确，故B正确；
C.图中磁感线的方向和小磁针的指向都不正确，故C错误；
D.图中磁感线方向不正确，小磁针的磁极指向正确，故D错误。
故选B。
6．【答案】B
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；化合反应和分解反应；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A.参加反应的质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比
B.催化剂的质量和化学性质在反应前后保持不变；
C.化合反应的生成物只有一种；
D.根据质量守恒定律分析判断。
【解答】根据图片可知，反应前后没有反应的物质去掉，那么如下：
A.根据图片可知，反应物氮气和氢气的质量之比为：（28×1）：（2×3）=14：3，故A正确，不合题意；
B. 符号△所表示的物质的质量没有发生改变，但是它的化学性质是否改变未知，因此不一定是催化剂，故B错误，符合题意；
C.该反应的反应物由两种，生成物只有一种，则为化合反应，故C正确，不合题意；
D.根据质量守恒定律可知，反应物的质量越多，则生成物的质量越多，故D正确，不合题意。
故选B。
7．【答案】A
【知识点】通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】A.电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动；
BCD. 通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向都有关。
【解答】A. 电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，铝盘转动也是通电导体在磁场中受力运动，二者原理相同，故A正确；
B. 将磁铁的磁极对调，磁场方向改变，因此铝盘受到的磁场力方向改变，转动方向也会改变，故B错误；
C. 将电源正负极对调后，铝盘中的电流方向改变，因此铝盘受到的磁场力方向改变，转动方向也会改变，故C错误；
D. 左右移动滑动变阻器的滑片P，只会改变电路中电流的大小，从而改变铝盘受到的安培力大小，改变转动速度，不会改变电流方向和磁场方向，因此铝盘的转动方向不变，故D错误。
故选A。
8．【答案】B
【知识点】空气的成分及探究；氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A.天平不平衡，说明物质质量发生改变，应该是生成的气体逸出所致；
B.如果集气瓶内没有装满水，那么瓶内混有空气；
C.铁丝燃烧生成的熔融物温度很高；
D. 进入集气瓶中的水的体积偏小 ，说明反应后集气瓶内气压的变化量偏小，据此分析判断。
【解答】A. 若装置气密性良好，反应在密闭容器中进行验证质量守恒定律时，无论红磷用量是否不足，反应前后总质量都守恒，天平都会平衡；若天平不平衡，通常是装置漏气，有物质逸出导致的，不是红磷不足的原因，故A错误；
B. 排水法收集氧气时，如果收集前集气瓶内水没有装满，瓶内会残留空气，收集后得到的氧气就会混有空气，导致氧气不纯， 故B正确；
C. 细铁丝在氧气中燃烧，集气瓶底炸裂，是因为实验前没有在集气瓶底预留少量水或铺一层细沙，高温熔融物溅落炸裂瓶底；引燃火柴过长只会导致火柴消耗过多氧气，使铁丝不燃烧，不会造成瓶底炸裂， 故C错误；
D. 定空气中氧气含量时，红磷过量才能完全消耗集气瓶内的氧气，是实验正确操作，不会导致进水量偏小；进水量偏小通常是红磷不足、装置漏气、未冷却至室温就打开弹簧夹导致的， 故D错误。
故选B。
9．【答案】D
【知识点】电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】A.电流通过导体时会产生磁场，这是电流的磁效应；
B.根据图片确定78℃电路的接通情况，根据衔铁的位置变化确定此时电铃是否发声即可；
C.根据图片分析金属丝向下调整时报警温度的变化；
D.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
【解答】A.电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故A正确；
B.温度升高到78 ℃时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧电路形成通路，电磁铁线圈中有电流通过，电磁铁有磁性，吸引衔铁，右侧电路接通，电铃发出报警信号，故B正确；
C.若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将降低，故C正确；
D.由安培定则可知，当电铃工作时，电磁铁的a端为 S极，故D错误。
故选D。
10．【答案】B
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】A.根据奥斯特实验的本质判断；
B.根据电磁感应现象判断；
C.根据探究影响电磁铁磁场强弱因素的实验判断；
D.根据电动机的工作原理判断。
【解答】 右边电机乙闭合开关后，通电线圈在磁场中受力转动，属于电动机原理；乙转动后带动电机甲的转轴转动，电机甲的线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，使灯泡发光，因此电机甲的本质是发电机，工作原理是电磁感应现象。
A. 该装置是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，原理是电流的磁效应， 故A不合题意；
B. 该装置探究电磁感应现象，闭合电路切割磁感线产生感应电流，装置没有外接电源，是发电机的工作原理，和电机甲的原理一致， 故B符合题意；
C.两个电磁铁串联，则通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引的大头针数量多，那么说明电磁铁的磁场强弱与线圈匝数有关，故C不合题意；
D. 该装置外部接有电源，探究通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，和电机甲的原理不符，故D不合题意。
故选B。
11．【答案】B
【知识点】空气的成分及探究；化合反应和分解反应；氧化反应；燃烧与灭火；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】A.根据空气的组成成分的知识判断；
B.根据燃烧的条件判断；
C.根据化合反应和氧化反应的定义判断；
D.纯净物只有一种物质组成，混合物由多种物质组成。
【解答】A.在空气中，氮气的体积占比为78%，氧气的体积之比为21%，其他成分占比1%，不是质量占比，故A错误；
B.燃烧的条件包括：有可燃物、与氧气接触，温度达到着火点，故B正确；
C.化合反应是多种物质生成一种物质的反应，氧化反应是有氧气参与的反应，二者之间没有必然联系，故C错误；
D.物质按照组成物质的种数分为纯净物和混合物，二者为并列关系，不是交叉关系，故D错误。
故选B。
12．【答案】D
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；常见实验操作；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；氧气的检验和验满
【解析】【分析】A.根据装置气密性的检查方法判断；
B.根据倾倒药品的方法判断；
C.根据氧气制取和收集的方法判断；
D.根据氧气验满的方法判断。
【解答】 A.把导管的一端浸没在水里，双手紧贴试管外壁，若导管口有气泡冒出，装置不漏气，故A正确，不合题意；
B.向试管中倾倒液体药品时，瓶塞要倒放，标签要对准手心，瓶口紧挨试管口，故B正确，不合题意；
C.实验室用二氧化锰和过氧化氢制取氧气时，反应物为固体和液体，且无需加热，则可选用固液常温型装置。氧气的密度大于空气，则用向上排空气法收集，故C正确，不合题意；
D.检验氧气是否收集满时，应将带火星的木条放在集气瓶口，不能伸入瓶中，故D错误，符合题意。
故选D。
13．【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用的原料、条件和产物；光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系；种子萌发的过程与必要条件
【解析】【分析】（1）绿色植物的光合作用实验中，暗处理的目的是让叶片通过呼吸作用消耗原有的淀粉，避免原有淀粉对实验结果造成干扰；光合作用会产生氧气，氧气具有助燃性，可使带火星的木条复燃。
（2）种子的呼吸作用会消耗氧气、释放二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊；燃烧的木条熄灭，说明装置内氧气含量减少，可证明种子呼吸作用消耗了氧气。
【解答】A、甲装置是探究光合作用的实验，实验前暗处理的目的是让叶片通过呼吸作用消耗原有的淀粉，而不是储存淀粉，A 错误；
B、乙装置中金鱼藻在光下进行光合作用产生氧气，氧气具有助燃性，能使燃烧的木条燃烧更旺，而不是熄灭，B 错误；
C、丙装置中萌发的种子进行呼吸作用释放二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，C 正确；
D、丁装置中燃烧的木条熄灭，说明装置内氧气被消耗，证明萌发的种子呼吸作用消耗了氧气，而不是产生了二氧化碳，D 错误；
故答案为：C。
14．【答案】A
【知识点】催化剂在化学反应中的作用；燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）过氧化氢分解反应的相关知识：过氧化氢在催化剂的作用下会发生分解反应，生成水和氧气。
（2）催化剂的定义与性质：催化剂是能改变化学反应速率，而自身的质量和化学性质在化学反应前后都不发生改变的物质；能催化过氧化氢分解的催化剂不只有二氧化锰，还可以是氧化铜、氧化铁、硫酸铜等多种物质。
（3）灭火原理：灭火需要破坏燃烧的条件，常用的灭火原理有隔绝氧气、降低温度至可燃物着火点以下、清除可燃物等。
【解答】A、过氧化氢在催化剂作用下分解，生成水和氧气，A 说法正确；
B、产生的泡沫中含有大量氧气，氧气具有助燃性，不能用于灭火，B 说法错误；
C、根据催化剂的性质，反应前后催化剂的质量和化学性质都不变，C 说法错误；
D、能催化过氧化氢分解的催化剂有多种，不只有二氧化锰，D 说法错误；
故答案为：A。
15．【答案】B
【知识点】影响化学反应速率的因素
【解析】【分析】根据粉末状药品接触面积大，反应速率比块状药品快，结合图像中各点的反应进程分析。
【解答】A、对比实验中要求变量唯一，所以m=1，不符合题意；
B、 图中d点盐酸未完全反应，溶液中溶质为CaCl2和HCl，符合题意；
C、 对比a、c点或b、d点可知，粉末状碳酸钙反应更快 ，不符合题意；
D、 由图像可知，t秒内，粉末状碳酸钙与稀盐酸反应产生的二氧化碳更多 ，不符合题意；
故选B。
16．【答案】减小；大气压
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
【解答】 当吹风机往横管吹风时，横管内空气流速增大，因此横管内的压强会减小，此时横管内 压强小于竖管下方的大气压，于是乒乓球受到向上的压强差，因此乒乓球会在大气压的作用下，被压向横管，沿竖管向上移动，最终从横管射出。
故填：减小；大气压。
17．【答案】2.7g；12
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】解答此题需依据质量守恒定律，反应前后质量总和相等，所以参加反应的A和B的质量和等于生成物C和D的质量和，以此为突破口，找出B的质量，再根据B的相对分子质量为32以及B和D的质量关系，可以求得B的相对分子质量。
【解答】 生成B的质量为2.3g+4.8g-4.4g=2.7g。
设D的相对分子质量为D。
A+2B=2C+3D
2×32 3D
4.8g 2.7g
则，
解得D=1。
18．【答案】（1）①③
（2）2H2O
（3）11：2
【知识点】有关化学式的计算和推断；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律和化学变化的本质分析判断；
（2）根据质量守恒定律可知，反应前后原子的种类和个数保持不变，据此推算横线处的化学式；
（3）根据图片确定反应的化学方程式，而参加反应的物质质量之比等于相对分子质量与个数的乘积之比。
【解答】（1） 化学反应的本质是分子破裂为原子，原子重新组合成新分子的过程，因此化学反应前后分子数目可能改变，而原子的数量和种类保持不变。由于分子种类改变，那么物质种类肯定改变。
故填：①③。
（2）根据方程式 可知：1C+4H+4O=1C+2O+x，解得：x=4H+2O=2H2O。
故填：2H2O。
（3） 由微观反应示意图可知，该反应是由二氧化碳与氢气在催化剂的作用下反应生成甲烷和水，化学方程式为：，则参与反应的CO2与H2的质量之比为44：（2×4）=11：2。
故填：11：2。
19．【答案】电磁感应；机械能；电源
【知识点】基本电路与电路图；电磁感应
【解析】【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，据此结合能量转化的知识解答；
（2）用电器消耗电能，电源提供电能。
【解答】（1）转动魔方时，里面的线圈切割磁感线运动而产生感应电流，根据电磁感应的原理发电，这个过程将机械能能转化为电能。
（2） 魔方给移动设备充电时，它对外提供电能，则此时魔方相当于电路中的电源。
故填：电磁感应；机械能；电源。
20．【答案】（1）温度达到可燃物的着火点
（2）CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O
（3）光照
【知识点】光合作用的原料、条件和产物；燃烧与灭火；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1）燃烧的条件包括：可燃物、氧气和温度达到着火点，根据描述分析哪个因素不同即可；
（2）根据反应物、反应条件和生成物，确定反应的化学方程式；
（3）根据图片分析哪个因素不同，进而确定光合作用的条件即可。
【解答】（1） 实验A中，铜片导热，火柴头和火柴梗都与氧气接触，二者均为可燃物。火柴头的着火点更低，在铜片传递的热量作用下温度先达到火柴头的着火点，因此火柴头燃烧，而温度没有达到火柴梗的着火点，火柴梗不燃烧。该现象说明可燃物燃烧的条件之一是温度达到可燃物的着火点。
故填：温度达到可燃物的着火点。
（2） 实验B中，二氧化碳既能溶于水，也能和水反应，都会使瓶内气压减小；但二氧化碳还能与氢氧化钙Ca(OH)2反应，消耗更多的二氧化碳，使瓶内气压减小更多，因此装氢氧化钙溶液的塑料瓶变瘪程度更大。氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。
故填：CO2+ Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。
（3） 实验C中，叶片的遮光部分和光照部分唯一的变量是光照。最后观察到：遮光部分不能进行光合作用，没有产生淀粉，因此遇碘不变蓝；光照部分可以进行光合作用产生淀粉，淀粉遇碘变蓝。该实验结果说明光合作用需要光照。故填：光照。
21．【答案】（1）偏大；若瓶塞塞的较慢，就会导致瓶内气体受热逸出过多，将导致测量结果偏大
（2）x100%
（3）白磷燃烧放热，气体膨胀导致的气压增大幅度大于氧气消耗导致气压减小幅度
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）在空气中氧气含量测量实验中，利用反应结束后进入集气瓶内水的体积测量氧气体积。而水进入多少取决于反应前后集气瓶内气压的差值，根据集气瓶内气体受热后导致过多的气体逸出分析。
（2）集气瓶中空气的总体积 = 集气瓶总容积 - 瓶内原有水的体积，进入水的体积 = 反应后瓶内水的总体积 - 原有水的体积，然后二者作比即可；
（3）白磷燃烧消耗氧气使气压降低，而燃烧放热导致气压增大，根据二者对气压影响的幅度大小分析解答。
【解答】（1） 点燃红磷后，若塞瓶塞速度慢，瓶内温度升高，空气受热膨胀，部分空气会逸出集气瓶；反应结束装置冷却后，瓶内减少的气体总质量大于实际消耗氧气的质量，导致打开止水夹后进入瓶内的水偏多，最终测得的氧气体积分数偏大。
故填：偏大；若瓶塞塞的较慢，就会导致瓶内气体受热逸出过多，将导致测量结果偏大。
（2）根据题意可知， 集气瓶中空气的总体积 = 集气瓶总容积 - 瓶内原有水的体积，即空气体积=c-a。白磷燃烧消耗氧气，冷却后打开止水夹，进入集气瓶的水的体积就是消耗氧气的体积，进入水的体积 = 反应后瓶内水的总体积 - 原有水的体积，即氧气体积=b-a，因此空气中氧气的含量（体积分数）为。
故填：。
（3） B段对应白磷燃烧的过程，白磷燃烧同时发生两个影响气压的变化：①白磷燃烧消耗氧气，使瓶内气体质量减少，气压降低；②白磷燃烧放出大量热，使瓶内气体温度迅速升高，气压增大。温度升高引起的气压增大超过了消耗氧气引起的气压减小，因此瓶内总气压上升，形成AB段气压上升的趋势。
故填：白磷燃烧放热，气体膨胀导致的气压增大幅度大于氧气消耗导致气压减小幅度。
22．【答案】（1）南北
（2）①
（3）断开开关，观察小磁针是否恢复原位
【知识点】通电直导线周围的磁场
【解析】【分析】（1）在实验过程中，要使小磁针的指向发生明显的偏转变化才行，根据不同摆放方向时受力情况分析解答；
（2）用烧杯将小磁针罩住后，隔绝了空气流动，排除了风对小磁针的影响，据此分析；
（3）如果小磁针的转动由电流引起，那么切断电流后，小磁针的指向应该回到原来位置，据此设计实验解答。
【解答】（1） 磁针本身受地磁场作用，自然静止时沿南北方向指向。若直导线沿南北方向平行放置在小磁针上方，通电后导线产生的磁场方向为东西方向，会使小磁针向东西方向偏转，实验现象更明显；如果直导线东西放置，通电后导线产生的磁场沿南北方向，和小磁针原本指向一致，偏转不明显，难以观察到实验现象。 故填：南北。
（2） 猜想①认为小磁针转动是风吹导致的，用烧杯将小磁针罩住后，隔绝了空气流动，排除了风对小磁针的影响，因此该操作是为了验证猜想①。 故填：①。
（3） 验证“直导线中电流产生的磁场使小磁针转动”，可以利用断电对比实验验证：断开开关，让直导线中电流消失，观察小磁针是否回到原来的位置。如果断电后小磁针回到初始静止位置，通电后再次偏转，就可以证明是电流产生的磁场使小磁针转动。 故填：断开开关，观察小磁针是否恢复原位。
23．【答案】（1）A；B
（2）发出明亮的蓝紫色火焰，产生有刺激性气味的气体，放出热量；吸收二氧化硫，防止污染空气
（3）燃烧更旺；氧气的密度比空气大
【知识点】氧气的性质和利用
【解析】【分析】（1）根据化学反应特点进行分类。
（2） 硫在氧气中燃烧时，发出明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体（二氧化硫）。 二氧化硫有毒且易溶于水，集气瓶中加水可吸收二氧化硫，防止污染空气。
（3）氧气具有助燃性，且密度比空气大。
【解答】（1）A. 甲（铁在氧气中燃烧）和乙（硫在氧气中燃烧）均是与氧气发生的反应，属于氧化反应， 故A正确。 B.甲：铁 + 氧气 → 四氧化三铁（3Fe + 2O2 → Fe3O4）； 乙：硫 + 氧气 → 二氧化硫（S + O2 → SO2）。 两者均为两种物质生成一种物质的化合反应，正确。 C. 甲产物四氧化三铁是固体，乙产物二氧化硫是气体，错误。 故答案为：AB。
（2） 硫在氧气中燃烧时，发出明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体（二氧化硫）。故答案为： 明亮的蓝紫色火焰，生成有刺激性气味的气体 。二氧化硫有毒且易溶于水，集气瓶中加水可吸收二氧化硫，防止污染空气。故答案为： 吸收二氧化硫，防止污染空气 。
（3） 蜡烛在氧气中燃烧更剧烈，火焰明亮，且因氧气密度大于空气，会先与下方蜡烛接触，故燃烧顺序为自下而上。 故答案为：燃烧更旺；氧气的密度比空气大。
24．【答案】（1）18；F
（2）6；AG 段
【知识点】光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）①氧气浓度变化反映光合作用和呼吸作用的强度关系：当光合作用强度大于呼吸作用强度时，装置内氧气增加，气压增大，红墨水滴向右移动；当光合作用强度小于呼吸作用强度时，氧气减少，气压减小，红墨水滴左移。
② 积累有机物的依据是一天结束后氧气总浓度高于初始浓度 ，根据图片确定起始浓度和结束浓度即可；
（2）① 光照后与暗处理前相比质量增加量= 1小时光合作用总合成有机物量 - 2小时呼吸作用消耗的有机物量；
②光合作用肯定会消耗二氧化碳，从而使二氧化碳浓度减小，根据图片确定二氧化碳浓度减小的时间段即可。
【解答】（1）① 氧气浓度变化反映光合作用和呼吸作用的强度关系：当光合作用强度大于呼吸作用强度时，装置内氧气增加，气压增大，红墨水滴向右移动；当光合作用强度小于呼吸作用强度时，氧气减少，气压减小，红墨水滴左移。图二中，18点之前光合作用强度始终大于呼吸作用强度，氧气持续积累，浓度持续升高，18点后光合作用强度小于呼吸作用，氧气开始减少。因此红墨水滴在18时移动到最右端。
② 因为光合作用产生的有机物总量大于呼吸作用消耗的有机物总量，有机物整体积累。曲线中A点是初始氧气浓度，F点是一天结束后的氧气浓度，A点氧气浓度低于F点，说明一天后氧气总量增加，对应有机物积累。
故填：18；F。
（2）① 暗处理1小时，植物只进行呼吸作用，质量减少量就是1小时呼吸作用消耗的有机物量：乙组暗处理后质量减少2mg，说明乙组呼吸速率是2mg/小时。
光照后与暗处理前相比质量增加+2mg，这个变化量 = 1小时光合作用总合成有机物量 - 2小时呼吸作用（暗处理1小时+光照1小时，光照时同时进行呼吸作用）消耗的有机物量。
设总合成有机物为x，则x - 2×2mg}= 2mg，解得：x=6mg。
故填：6；
② 植物光合作用需要吸收二氧化碳，而AG之间二氧化碳的释放量都有减少， 则 则图中表示该蔬菜进行光合作用的是 AG段。
故填：AG段。
25．【答案】（1）刻度部分的长度；
（2）1.1×105 Pa
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）③注射器的容积是活塞的横截面积与刻度部分长度的乘积；
④根据V=SL和压强公式推算大气压强的数学关系式。
（2）对注射器的活塞进行受力分析，根据平衡力的知识针对向左和向右滑动时列出平衡关系式，进而计算出大气压力，最后根据计算大气压强。
【解答】（1）③ 本实验利用二力平衡原理测量大气压：当活塞刚开始运动时，大气对活塞的压力与拉力平衡，再通计算大气压，需要先得到活塞的横截面积S。 注射器的最大容积是刻度部分容纳的体积，若测注射器筒全部长度，包含了底端无刻度的部分，计算横截面积会出现误差，因此需要用刻度尺测出注射器刻度部分的长度。
故填：刻度部分的长度。
④根据题意可知，注射器的横截面积，大气压力为F，则此时大气压强为：。
故填：。
（2） 当注射器中的活塞开始向左滑动时， 杯和水的重力 G1=9.8N，
对活塞受力分析：F+f=G1=9.8N ①；
当注射器中的活塞开始向右滑动时， 杯和水的重力 G2=5.6N，
对活塞受力分析：F-f=G2=5.6N ②；
①②两式联立解得：F=7.7N，f=2.1N；
所测大气压的值：。
故填：1.1×105 Pa。
26．【答案】（1）BD
（2）可以控制反应的进行和停止；a
（3）B
（4）A；C；E
【知识点】制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项；制取二氧化碳的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）如果反应物固体和液体且无需加热，那么选择“固液常温型”；如果反应物为固体且需要加热，那么选择“固态加热型”。如果气体的密度大于空气，那使用向上排空气法；如果密度小于空气，那么使用向下排空气法。如果气体不易溶于水，那么可选择排水法收集。
（2）①上下抽拉钢丝可以使二氧化锰和过氧化氢溶液接触或分离，据此分析；
②实验中可以通过产生的气泡检测生成氧气的速率，这就要求导气管要伸入水中；
（3）根据A装置的特点和“有棉花”确定反应物的种类；
（4） 根据加热高锰酸钾制取氧气的操作步骤和注意事项来分析解答。
【解答】（1） 实验室制取二氧化碳，药品是大理石（或石灰石）和稀盐酸，反应为固液不加热型，因此发生装置选B；二氧化碳密度比空气大，且能溶于水，因此用向上排空气法收集，收集装置选D。
故填：BD。
（2）① 上下抽拉钢丝可以使二氧化锰和过氧化氢溶液接触或分离：当二者接触时反应发生，分离后反应停止，因此可以控制反应的发生与停止（或随开随用，随关随停）。 故填：可以控制反应的进行和停止。
② 要监测氧气的气流速度，需要将出气导管伸入水中，通过观察气泡产生的速率判断气流速度。氧气从装置内产生，从a端导管流出，因此需要将a端伸入水面下。
故填：a。
（3） 图甲装置为固固加热型气体发生装置，且试管口有棉花，适合加热高锰酸钾制取氧气，故选B。
（4） A. 酒精灯加热时间过短，高锰酸钾没有完全分解，生成氧气的体积偏小，计算得到的高锰酸钾质量偏小，因此所测高锰酸钾质量分数偏小，故A正确；
B. 生成的氧气将量筒中水排出，氧气密度比水小，橡皮导管不伸入量筒底部，气体也会从导管口进入量筒，将水压出，故B错误；
C. 橡皮导管伸入量筒底部，能够让水更完全地排入量筒，最终更准确测量排出水的体积（即氧气体积），使测得结果更准确，故C正确；
D. 本实验需要测定生成氧气的总体积来计算高锰酸钾纯度，装置中原有空气体积不影响，因为反应生成氧气，氧气的体积等于排出水的体积，不需要等气泡连续均匀冒出再收集，若一开始不收集，会导致生成的氧气部分流失，测得体积偏小，故D错误；
E. 实验结束后先熄灭酒精灯，装置内温度降低、压强减小，水会倒吸入热的试管，使试管炸裂，因此需要先移出导管再熄灭酒精灯，故E正确。
故选ACE。
27．【答案】（1）右
（2）增大电源电压/滑片P向左移动/减少磁铁质量/增强磁铁磁性/使桌面更光滑些等
（3）A；B
【知识点】磁极间的相互作用；影响电磁铁磁性强弱的因素；通电导体在磁场中的受力方向的判断
【解析】【分析】（1）根据安培定则判断螺线管的磁极方向，然后根据磁极之间的相互作用规律判断小车的受力方向即可；
（2） 小车运动距离的远近和排斥力大小、阻力大小有关：排斥力越大、阻力越小，小车运动越远，据此分析解答；
（3）根据各个选项中实验的过程确定需要的实验器材，然后与已有器材对照即可。
【解答】（1）根据图片可知，线圈上电流方向向上，右手握住螺线管，四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则左端为螺线管的N极，右端为螺线管的S极。根据同名磁极相互排斥可知，小车受到向右的排斥力而向右运动。故填：右。
（2） 小车运动距离的远近和排斥力大小、阻力大小有关：排斥力越大、阻力越小，小车运动越远。因此可行的方法有：①增大电源电压，滑片向左移动，使电路电流变大，电磁铁磁性变强，排斥力增大；②增加线圈匝数，增强电磁铁磁性，增大排斥力；③减小水平面的粗糙程度，减小小车受到的摩擦力阻力。
故填：增大电源电压/滑片P向左移动/减少磁铁质量/增强磁铁磁性/使桌面更光滑些等。
（3）A. 断开开关，电路中无电流，电磁铁无磁性；闭合开关，电路有电流，电磁铁有磁性。因此通过控制开关的通断，就能探究电流有无对电磁铁磁场有无的影响，故A可行；
B. 闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，可以改变电路中电流的大小，通过观察小车运动的距离，可以反映电磁铁磁场强弱，因此可以探究电流大小对电磁铁磁场强弱的影响，故B可行；
C. 要探究电流方向对电磁场（磁场）方向的影响，需要改变电流方向，本装置中没有改变电源正负极、改变电流方向的结构，仅控制开关和滑动变阻器滑片无法改变电流方向，因此无法完成该实验，故C不可行；
D. 要探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响，需要改变线圈匝数，本装置的线圈匝数固定，仅控制开关和滑动变阻器滑片无法改变匝数，因此无法完成该实验，故D不可行。
故选AB。
28．【答案】（1）O、E
（2）通电线圈在磁场中受力转动
（3）由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退，由产品评价表知为优秀等级。
【知识点】变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；通电导体在磁场中的受力方向的判断；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【分析】（1）根据表格可知， 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，即电流表的示数变大，根据欧姆定律分析变阻器接入阻值的变化，弄清接入电阻丝长度的变化，最终确定选择的接线柱即可；
（2）根据电动机的工作原理解答；
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向，根据图片分析开关切换时，是否能够改变流入电动机的电流方向即可。
【解答】（1） 指标一优秀要求踩下电门踏板（踏板向下转动）时船速变大，说明电路中电流需要变大，滑动变阻器接入电路的电阻需要变小。
若接O、E，踩下踏板时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，接入电阻减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路电流变大，电动机功率变大，船速变大，符合优秀要求。
故填：O、E。
（2） 电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用），将电能转化为机械能。 故填： 通电线圈在磁场中受力转动（或通电导体在磁场中受到力的作用） 。
（3） 改变电动机的转动方向，需要改变通过电动机的电流方向。分析题图电路：
当开关S1接①、S2接③时，电流流过电动机的方向为从左到右；当开关S1接②、S2接④时，电流流过电动机的方向为从右到左；两种接法改变了电动机两端的电流方向，因此电动机转动方向改变，游船可以实现前进和后退，符合指标中“优秀”的标准。
故填：优秀；由图乙可知，开关S1、S2分别接①和③与开关S1、S2分别接②和④通过电动机的电流方向相反，因为通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，所以改变电流方向，电动机的转动方向发生改变，因此该电动车能够实现前进和倒退。
29．【答案】（1）t3
（2）O2
（3）解：设2.5g该药品中含有氯酸钾的质量为x。
；
解得：
则KClO3的质量为2.45g<2.5g，不纯净。
答：2.5g该药品中氯酸钾的质量为2.45g，该药品不纯净。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）当氯酸钾分解制取氧气时，由于氧气的逸出会导致固体质量减小。当反应解释时，固体的质量保持不变。
（2）氯酸钾在二氧化锰催化、加热条件下分解生成氯化钾和氧气，由于氧气逸出导致反应后固体总质量减少，减少的质量就是生成氧气的质量。
（3）写出氯酸钾分解的化学方程式，根据生成氧气的质量计算参加反应的氯酸钾质量，最后与药品质量比较即可。
【解答】（1） 加热到剩余固体质量不再减少时，说明氯酸钾已经完全分解。观察表格数据：加热到t3时，剩余固体质量均为2.04g保持不变，说明加热到t3时，氯酸钾已经完全反应，质量不再变化。
故填：t3。
（2） 氯酸钾在二氧化锰催化、加热条件下分解生成氯化钾和氧气，由于氧气逸出导致反应后固体总质量减少，减少的质量就是生成氧气的质量。2.5g+0.5g是反应前氯酸钾和二氧化锰的总质量，2.04g是反应结束时的总质量，因此 (2.5g+0.5g-2.04g)是生成氧气的质量。故填：O2。
30．【答案】（1）升高
（2）解：根据表格可知，当水的沸点为120℃时，鼎内气压为1 .99×105Pa，
则此时鼎内外气压差Δp=1 .99×105Pa-1.01×105Pa=0 .98×105Pa；
则压力差ΔF=ΔpS=0 .98×105Pa×200×10-4m2=1960N。
答：压力差为1960N。
（3）鼎盖密封性不好（或鼎内气压不足）
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据表格数据分析水的沸点随上方气压的变化规律；
（2）根据表格确定沸点为120℃时鼎内气压，然后减去标准大气压强得到内外的气压差，最后根据ΔF=ΔpS计算鼎内外的压力差。
（3） 水的沸点随气压降低而降低，若鼎内水沸腾温度低于120℃，说明鼎内气压低于1.99×105Pa，据此分析可能原因。
【解答】（1） 观察表格数据可知，随着气压逐渐增大，水的沸点逐渐升高。故填：升高。
（3） 水的沸点随气压降低而降低，若鼎内水沸腾温度低于120℃，说明鼎内气压低于1.99×105Pa，可能的原因是鼎盖密封不严，鼎内气体漏气，导致鼎内气压偏小。
故填：鼎盖密封性不好（或鼎内气压不足）。
31．【答案】（1）合格
（2）解：①当样品完全反应时，产生二氧化碳的质量为：10g+30g-38.24g=1.76g。
②设 10g 样品中碳酸钙的质量为x。
；
解得： x = 4g。
样品中碳酸钙的质量分数为： 。
③根据表格可知，10g稀盐酸恰好完全反应时生成二氧化碳：10g+10g-19.12g=0.88g，
设此时参加反应的稀盐酸的溶质质量为y，
；
解得：y = 1.46g。
稀盐酸的质量分数为： 。
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算；制取二氧化碳的原理
【解析】【分析】（1）大理石和稀硫酸反应生成的硫酸钙会附着在大理石表面，从而阻值反应的进一步进行，据此分析；
（2）①反应结束时，锥形瓶内物质总质量的减小量就是生成二氧化碳的质量；
②写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据生成二氧化碳的质量计算参加反应的碳酸钙的质量，最后与样品质量作比即可；
③根据表格数据确定10g稀盐酸完全反应生成二氧化碳的质量，写出碳酸钙和稀盐酸反应的方程式，根据生成二氧化碳的质量计算参加反应的氯化氢的质量，最后与稀盐酸质量作比即可。
【解答】（1） 大理石的主要成分是碳酸钙，碳酸钙和稀硫酸反应会生成硫酸钙、水和二氧化碳。由于硫酸钙是微溶于水的物质，生成的硫酸钙会附着在大理石碎片表面，会隔绝稀硫酸和碳酸钙的接触，导致反应逐渐停止，无法持续产生大量二氧化碳，因此只能产生少量气体，根据评价表标准，该装置指标一被评为合格。 故填：合格。
32．【答案】（1）增大
（2）CD
（3）解： 由图像可知，当最高设定温度为100℃时，热敏电阻R1的阻值为30Ω；
此时的总电阻，
变阻器 的最大阻值至少为R2=R总-R1=300Ω-30Ω=270Ω。
（4）应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大或减小电源电压。
【知识点】欧姆定律及其应用；电阻的串联、并联
【解析】【分析】（1）根据乙图确定温度升高时热敏电阻R1的阻值变化，根据R总=R1+R2分析总电阻变化，根据欧姆定律分析电路电流变化。
（2）根据题意可知，当温度升高到一定程度时，热敏电阻阻值减小而电流增大，据此分析电磁铁磁场强弱变化，弄清衔铁的位置变化，根据此时的工作状态确定发热电阻丝的位置。
（3）根据图乙确定100℃时热敏电阻R1的阻值，根据计算此时的总电阻，根据R2=R总-R1计算变阻器接入的最大阻值。
（4）电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变，可从电源电压和总电阻两个角度分析合理的操作方法。
【解答】（1） 由图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小。控制电路中R1与R2串联，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻变小。根据欧姆定律可知，控制电路电流增大，因此电磁铁的磁性变强。故填：增大。
（2） 根据图甲可知，当温度升高到设定温度后，电流达到20mA，衔铁被吸合，加热器所在电路断开，停止加热，实现恒温控制。此时CD所在的电路被切断，AB所在电路被接通，因此恒温箱的电热器应该接在CD两个接线柱之间。故填：CD。
（4）电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变，根据欧姆定律可知，此时总电阻不变。当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，根据R总=R1+R2可知，此时变阻器R2的阻值要增大，即应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片。
电磁铁吸合时磁场强弱不变，则电流大小不变。当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻减小。根据U=IR可知，此时还可以减小电源电压。
故填：应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大或减小电源电压。
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