资源简介

2026年四川省泸化中学初中毕业班第二次适应性模考物理试题
1．关于能源、材料和信息技术，下列说法正确的是（　　）
A．太阳内部每时每刻都在发生核聚变，释放巨大的核能，属于可再生能源
B．超导体是制造LED灯的核心材料，可节能并提高灯的利用效率
C．北斗卫星导航系统是我国自主研发、独立运行的全球卫星导航系统，它是通过超声波提供定位服务的
D．光导纤维是利用激光来传递信息的，激光在光导纤维中始终沿直线传播
2．下列关于声现象的说法中，错误的是（　　）
A．美妙的音乐也有可能是噪声
B．地震波属于次声波，所以人耳无法听到
C．倒车雷达是利用超声波工作的，说明声音可以传递能量
D．可以利用声呐来测量海水深度，说明声音可以传递信息
3．成都国际非遗博览园首届非遗千灯游园会盛大开幕，数万盏彩灯点亮园区，融合了蜀绣、竹编、川剧等非遗元素，成为新春打卡新地标。下列关于灯会中光现象分析正确的是（　　）
A．灯会中用激光灯在夜空中打出“蓉城新春”的字样，利用了光的折射
B．游客在游园会湖面看到花灯的倒影，是光的反射形成的倒立虚像
C．老年人用放大镜观察彩灯上蜀绣纹样时，该成像特点与近视眼矫正原理一致
D．灯会中的彩色灯笼呈现出不同色彩，是因为不同颜色的玻璃纸只透过与自身颜色相同的色光
4．某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图甲所示，电热丝R1＝48.4，R2＝435.6。小明为测量该电热壶的实际功率，他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电热壶工作，1min内电能表（如图乙）的转盘转动了24转。下列说法不正确的是（　　）
A．电能表的示数是2018.5kW·h
B．电热壶是利用电流的热效应工作的
C．测量时电热壶的实际加热功率为1000W
D．开关S接“2”时，电热壶为“保温”挡位
5．近年来，我国在科技和工程领域取得了许多成就，下列说法正确的是 （　　）
A．神舟飞船发射升空时，火箭发动机将机械能转化为内能
B．国产芯片研制稳步推进，标志着我国超导产业逐步成熟
C．中国“人造太阳”创造运行新纪录，它是利用核聚变释放核能的
D．新能源汽车中用到的“氢能、太阳能、压缩天然气”等能源，均属于不可再生能源
6．中国日报消息：11月19日凌晨2时7分，长征三号乙运载火箭，在西昌卫星发射中心把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号系统卫星组成基本网络， 并在今年年底前向“一带一路”沿线国家和地区提供基本导航服务。以下说法正确的是（　　）
A．卫星与地面导航接收设备之间是靠超声波传递信息
B．卫星绕地球运动时，受到非平衡力的作用
C．卫星导航信息处理设备中的集成电路是用超导体材料制作
D．该型号运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，这里的“能效高”指的是比热容大
7．一只可乐瓶，其侧壁有a、b两个小孔并用塞子塞住，瓶内盛有一定质量的酒精，如图所示，把可乐瓶放入水中，当瓶内外液面相平时，拔出a、b两孔上的塞子，则（　　）
A．a、b两孔均有水流入 B．a、b两孔均有酒精流出
C．酒精从a孔流出，水从b孔流入 D．水从a孔流入，酒精从b孔流出
8．小芳想设计一个带有指示灯的台灯，要求如下：指示灯和灯泡分别为、；当只闭合开关时，指示灯发光，再闭合时，台灯发光；当只闭合开关时，灯、都不发光。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
9．老师在黑板上板书，发现小明同学在眯着眼睛看，经了解小明是患有近视眼，小明通过学习掌握了有关近视眼的知识，并佩戴了合适的近视眼镜。下列说法正确的是（　　）
A．小明眼睛的晶状体太厚，折光能力太强
B．小明佩戴的眼镜对光线有会聚作用
C．戴眼镜前物体成像在视网膜的后方
D．戴眼镜后物体在视网膜上成正立的实像
10．两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示。现在将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端，下列分析错误的是（　　）
A．甲的电阻值小于乙的电阻值
B．甲的电流大于乙的电流
C．相同时间里甲消耗的电能小于乙消耗的电能
D．甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率
11．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，下列判断正确的是（　　）
A．电压表V的示数与电流表A的示数的比值不变
B．电压表V的示数与电压表A的示数的比值变小
C．电压表V的示数变大，电路消耗的总电功率变大
D．电流表A的示数变小，电阻R1消耗的电功率变小
12．两个完全相同的烧杯放在水平桌面上，烧杯中分别盛有不同密度的液体，将同一物体先后放入甲、乙两杯中，当物体静止时，两个烧杯的液面相平，物体所处的位置如图所示，下列说法正确的有（　　）
A．甲杯中液体密度与乙杯中液体密度相等
B．甲杯液体比乙杯液体对容器底的压强小
C．物体在甲杯中与乙杯中受到的浮力相等
D．甲杯对桌面压强与乙杯对桌面压强相等
13．用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近一个不带电的轻质小球，小球会被　 　；用它去接触一个原来不带电的验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，则此时验电器带　 　电，该过程中验电器金属杆里的电流方向是　 　（选填“从金属箔片到金属球”或“从金属球到金属箔片”）。
14．一台单缸四冲程汽油机，如图所示的汽油机正处于　 　冲程；在此过程中燃气的内能　 　（选填“增加“减小”或“不变”）；若飞轮的转速为1500r/min，该汽油机每秒钟做功　 　次。
15．用水平风吹如图所示的四个模型（截面图），其中，　 　图是飞机机翼模型，空气对模型下表面的压强　 　上表面的压强（选填“大于”“等于”或“小于”）　 　图是汽车尾翼模型，有助于汽车行驶时压紧在地面上。
16．一场集竞技性、观赏性、文化性于一体的体育盛事——全国骑射巡回赛（启东站），于2025年5月17日至18日在江苏省启东市头兴港闸西南侧生态绿地举办，如图所示是比赛时选手拉弓射箭的场景。弓被拉弯，说明力可以改变物体的　 　；在一定限度内，弓被拉得越满，箭受到的弹力　 　（选填“越大”或“越小”）。运动员用手拉弓弦，感觉弓弦也在拉手，这是因为物体间力的作用是　 　的。
17．如图是某款汽车后挡风玻璃的除雾除霜装置示意图。图中较宽的线条是导电条（电阻不计），较窄的线条是电阻丝。导电条A、B两端与汽车供电电路相连，供电电压为12V，电阻丝的总电阻是1Ω。正常工作时，通过导电条A处的电流为　 　A，电阻丝工作5min产生的热量为　 　J。图中P处电阻丝断裂，其他电阻丝还能工作，则这些电阻丝是　 　（选填“串联”或“并联”）的。
18．如图所示，AB为一经凹透镜折射后的光线，F为透镜的焦点，利用平面镜使AB沿竖直方向射入杯底。请在图中画出：①光线AB的入射光线；②平面镜的位置。
19．如图所示，在括号内用“”或“”标出电源的正极或负极，标出小磁针N或S极。
20．小李探究杠杆的平衡条件，所用实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、细线和重的完全相同的钩码若干。
（1）如图甲所示，处于此位置静止的杠杆，　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态。若要使杠杆在水平位置平衡，需要将右端的平衡螺母向　 　移动。
（2）在图乙中的点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡应在点挂　 　个钩码。杠杆平衡后，若将、两点所挂的钩码同时向外移动一格，杠杆　 　侧下沉。
（3）如图丙所示，将右侧的砝码拿掉，在左侧的点用弹簧测力计竖直向上拉，使杠杆保持水平位置平衡，弹簧测力计的示数为　 　N。将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，仍使杠杆保持水平位置平衡，弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“不变”或“变小”），原因是　 　。
21．用如图甲的装置探究平面镜成像的特点。
（1）在水平桌面上铺一张足够大的白纸，将一块玻璃板竖直架在白纸的上面，再取两支　 　的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧。
（2）　 　玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3）在白纸上描出蜡烛A、玻璃板、像（蜡烛B）的位置，用直线连接物与像的位置如图，并用刻度尺分别量出物距AO和像距BO。把蜡烛A沿AB连线前后移动，同时调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样。同时观察像的大小有无变化并测量物距和像距如下表，请将表中空白处填写完整。
实验次数 物距/ cm 像距/ cm 蜡烛A的像与蜡烛A的大小关系
1 4.0 4.0 相等
2 10.0 10.0 相等
3 14.0 14.0 　 　
（4）移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上　 　（选填“会”或“不会”）呈现出蜡烛A的像。说明平面镜成的像是　 　像。
（5）检查视力时，要求：眼睛与视力表应相距约5m。若按图乙所示的方法测视力，则人离平面镜的距离应是　 　m。
22．如图所示，某同学计划利用甲图所示的器材测量小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电压是。
（1）实验中有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上画“×”并用笔划线代替导线完成电路的正确连接　 　；
（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片位置应放在　 　端（选填“A”或“B”）；
（3）实验数据如下表所示，在完成第1次实验后，若还需测量小灯泡的额定功率，需将滑动变阻器滑片向　 　端移动（选填“A”或“B”），直到电压表示数为，若此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
实验次数 电压 电流 电功率 灯泡亮暗情况
1 0.28 0.56 较暗
2 　 　 正常发光
3 0.34 0.95 较亮
（4）小明对数据分析后认为还可以得出通过灯泡的电流和灯泡两端电压成正比的结论。这种说法　 　（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
23．某同学利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态；
（2）为了方便实验，应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将杠杆左边的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（3）调节平衡后，在杠杆两侧挂不同数量的钩码，移动钩码位置，使杠杆在水平位置再次平衡，并记录相关数据。改变钩码的数量及位置多次实验，目的是为了　 　（选填“减小误差”或“寻找普遍规律”）。通过实验小明得出杠杆的平衡条件是　 　 （用公式表示）；
（4）如图乙所示，A、B 两点分别增加一个钩码，则杠杆　 　 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持平衡”）；
（5）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置，弹簧测力计的示数将　 　。
24．如图甲所示是一种家用电暖器，有“低温”“中温”和“高温”三挡，铭牌见下表(“高温”挡功率未知)。图乙为其简化电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时S自动断开，切断电源，保证安全，只闭合开关S、S1为“低温”挡。若某房间室内空气质量为60kg，空气的比热容为 ，电暖器放出热量的50%被室内空气吸收，求
(1)家用电暖器“低温”挡正常工作时的电阻；
(2)家用电暖器“高温”挡正常工作时的总电流；
(3)若该电暖器的“高温”挡正常工作20 min，此房间内空气温度升高的度数。
25．某同学在实践活动中制作液体密度计，并用于液体密度的测量。将瓶身主体为圆柱体的空塑料瓶瓶底剪掉，旋紧瓶盖并在瓶盖上用细线系上一金属块，然后将空塑料瓶和金属块一起倒放入装有适量水、足够高的玻璃容器中。当水面静止时，将塑料瓶瓶身上与水面相平的位置标记为“0”刻线，如图所示，“0”刻线以上塑料瓶瓶身是圆柱体。缓慢向空塑料瓶注入密度未知的液体，当液面刚好达到“0”刻线时停止注入，此时“0”刻线在水面以下4cm处。已知金属块的质量为58g，体积为8cm3，塑料瓶“0”刻线以上圆柱体的横截面积为20cm2，玻璃容器的内底面积为100cm2，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，忽略空塑料瓶自身的厚度和重量，向空塑料瓶注入液体的过程中金属块不触底。求：
（1）注入液体前，水面静止时细线对金属块的拉力；
（2）“0”刻线以下塑料瓶的容积；
（3）注入液体的密度和缓慢注入液体过程中金属块重力做的功。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核聚变；半导体特点及作用；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．太阳内部持续进行核聚变反应，释放大量能量。太阳能因其可不断再生，属于可再生能源，因此选项A正确。
B．LED灯的核心材料为半导体，虽然具有节能特性，但题目中该选项表述有误，故B错误。
C．电磁波具备在真空中传播的特性，因此北斗卫星导航系统能够利用电磁波在真空环境下实现定位功能，题目中该选项表述有误，故C错误。
D．光导纤维通过激光的全反射原理传输信息，题目中该选项表述有误，故D错误。
正确答案为A。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、半导体的应用：常用作发光二极管；
3、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
4、光纤通信通过光的反射传输信息。
2．【答案】C
【知识点】超声波与次声波；声与信息传递；噪声及来源
【解析】【解答】A. 美妙的音乐如果干扰了他人，也可能是噪声，故A正确；
B. 人耳的听觉范围是20Hz~20000Hz，地震波属于次声波，其频率低于20Hz，所以人耳无法听到，故B正确；
C. 倒车雷达是利用超声波工作的，说明声音可以传递信息，故C错误；
D. 利用声呐测量海水深度时，通过分析回声的时间来计算距离，说明声音可以传递信息，故D正确。
故选C。
【分析】（1）从环境保护角度看，凡是影响人们正常休息、学习和工作的声音都属于噪声；
（2） 人耳的听觉范围是20Hz~20000Hz；低于20Hz的声叫次声波，高于20000Hz的声叫超声波；
（3）声音既能传递信息，又能传递能量。
3．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；物体的颜色；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．灯会中用激光灯在夜空中打出“蓉城新春”的字样，利用了光的直线传播，故A错误；
B．游客在游园会湖面看到花灯的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的正立、等大的虚像，故B错误；
C．放大镜是凸透镜，老年人用放大镜观察彩灯上蜀绣纹样时，物距小于焦距，成的是正立、放大的虚像。近视眼应用凹透镜矫正，所以该成像特点与近视眼矫正原理不一致，故C错误；
D．灯会中的彩色灯笼呈现出不同色彩，是因为不同颜色的玻璃纸只透过与自身颜色相同的色光，故D正确。
故选D。
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）凸透镜成像规律及其应用之一：u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
（4）透明物体的颜色由其透过的色光决定。
4．【答案】C
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A．电能表的最后一个数字为小数，由图乙可知，电表的度数是2018.5kW·h，故A正确，不符合题意；
B．当电流经过电热壶时，将电能转化为内能，所以电热壶是利用电流的热效应工作的，故B正确，不符合题意；
C．根据“1200r/(kW·h)”可知，电能表的转盘转过24圈时，电热壶消耗的电能；
则电热壶的实际功率，
故C错误，符合题意；
D．根据甲图可知，当开关S接2时，R1、R2串联；当开关S接1时，只有R1单独工作。根据串联电路的特点可知，前者总电阻较大，由可知，电路的总功率最小，电热壶处于保温档，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】A.电能表的最后一个数字为小数，根据乙图读出电能表的示数；
B.电流经过导体时都会发热，这就是电流的热效应；
C.根据计算电热壶消耗的电能，根据计算它的实际功率；
D.根据公式比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态；
5．【答案】C
【知识点】热机；能源及其分类；核能；核聚变；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．神舟飞船发射升空时，火箭发动机将内能转化为机械能，故A错误；
B．国产芯片研制稳步推进，标志着我国半导体产业逐步成熟，故B错误；
C．中国“人造太阳”创造运行新纪录，它是利用核聚变释放核能的，故C正确；
D．氢能、太阳能属于可再生能源，压缩天然气属于不可再生能源，故D错误。
故选C。
【分析】（1）火箭属于热机的一种，工作时将内能转化为机械能。
（2）超导体的电阻为零，芯片是由半导体材料制成的。
（3）人造太阳是利用核聚变来释放的核能。
（4）能源从是否可再生角度划分：
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
6．【答案】B
【知识点】燃料的热值；平衡状态的判断；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．超声波不能在真空中传播，卫星依靠电磁波与地面传递信息，故A错误；
B．卫星绕地球做圆周运动时，运动方向改变，运动状态变化，受非平衡力，故B正确；
C．集成电路的主要材料是半导体，故C错误；
D．液态氢的热值大，为火箭做燃料，相同质量的燃料，液态氢可释放更多的能量，故D错误。
故选B。
【分析】卫星利用电磁波传递信息；物体运动方向改变，运动状态改变，受非平衡力；集成电路利用了半导体材料；燃料的热值越大， 消耗相同质量，放出热量多。
7．【答案】A
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】由于酒精的密度比水的密度小，根据液体压强公式p=ρgh可知，在深度相同时，酒精的压强比水的压强小，即p酒精＜p水，因此a、b两个小孔均有水流入，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据液体压强的公式p=ρgh判断小孔内外压强的大小，液体将从压强大的地方流入压强小的地方。
8．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．当仅闭合开关S2时，L1与L2串联发光，这与题目要求的"仅闭合S2时两灯均不亮"矛盾，因此A选项错误。
B．当仅闭合S2时，L2单独发光，不符合"两灯均不亮"的要求，故B选项错误。
C．分析该选项电路：仅闭合S2时，电路开路，两灯均不亮；仅闭合S1时，L1所在回路导通，指示灯L1亮；同时闭合S1和S2时，L2支路导通，台灯L2亮。因此C选项正确。
D．仅闭合S1时电路开路，L1不亮，这与"仅闭合S1时指示灯L1应亮"的要求相矛盾，故D选项错误。
综上所述，正确答案为C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
9．【答案】A
【知识点】眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AC．近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，导致成像在视网膜之前，故A正确，C错误；
B．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，故B错误；
D．眼睛的晶状体就相当于一个凸透镜，成像时物距u>2f，根据凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像，故D错误。
故选A。
【分析】近视眼的表现是看不清远处的物体，由于晶状体太厚，其折光能力太强，或眼球的前后距离方向太长，使得像成在视网膜的前方，这就是近视眼的成因；而后据凸透镜和凹透镜对光线的作用分析，即可判断用哪种透镜来矫正。
10．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AB．甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，根据并联电路电压的规律可知，甲乙两电阻两端的电压相等，都为3V，由图像可知，此时通过甲的电流为0.6A，通过乙的电流为0.3A，则通过甲的电流大于乙的电流，且根据可知，甲的电阻值小于乙的电阻值，故AB正确；
CD．根据可知，电压相等，通过甲的电流大于乙的电流，所以甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率，根据可知，相同时间内，甲消耗的电能大于乙消耗的电能，故C错误，D正确。
故选C。
【分析】已知两电阻并联，并联电路中各支路两端的电压相等，由图象可知，当电源电压为3V时，通过甲的电流为I甲=0.6A，通过乙的电流为I乙=0.3A，根据欧姆定律可求甲乙电阻的大小关系；根据P=UI可知两电阻消耗的电功率关系；根据可知两电阻消耗的电能的关系。
11．【答案】A,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，当开关S断开时，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电压规律可知，此时电压表示数小于电源电压；当开关S闭合时，R2被短路，该电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；所以当开关S由断开到闭合时，电压表示数变大，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
AB.电压表V的示数与电流表A的示数的比值为定值电阻R1的阻值，所以电压表V的示数与电流表A的示数的比值不变，故A正确，B错误；
C.电压表示数变大，根据可知，电阻R1消耗的电功率变大，故C正确；
D.电流表示数变大，电源电压不变，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选AC。
【分析】由电路图可知，当开关断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表电源电压；根据电阻的串联判断电路中电阻的变化，利用欧姆定律判断两电表示数的变化；根据判断压表V和电流表A示数的比值变化；根据判断电阻R1消耗的电功率，根据P=UI判断电路消耗的总功率。
12．【答案】B,C
【知识点】压强大小比较；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，物体在甲中悬浮，则甲中液体密度等于物体密度；物体在乙中漂浮，则乙中液体密度大于物体密度，所以甲杯中液体密度小于乙杯中液体密度，故A错误；
B．综上所述，液面相平，则液体深度一样，且甲杯中液体密度小于乙杯中液体密度，由液体压强公式可得，甲杯液体比乙杯液体对容器底的压强小，故B正确；
C．根据图片可知，物体在甲中悬浮，所受浮力等于物体重力；物体在乙中漂浮，所受浮力也等于物体重力，所以物体在甲杯中与乙杯中受到的浮力相等，故C正确；
D．物体在甲中悬浮，在乙中漂浮，则它的重力等于浮力，还等于排开液体的重力，因此现在的效果是相当于烧杯内部都是液体，没有物体。
液体的体积相同，甲的密度小，根据G=ρVg可知，液体甲的重力小于乙的重力。根据F=G+G液体可知，甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力。由可得，甲杯对桌面压强小于乙杯对桌面压强，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据浮沉条件比较液体密度；
B.根据液体压强公式比较烧杯底部受到压强大小；
C.根据浮沉条件比较物体受到浮力大小；
D.根据阿基米德原理和浮沉条件比较物体和排开液体的重力关系，根据F=G+G液体比较容器对桌面压力大小，根据公式比较容器对桌面的压强大小。
13．【答案】吸引；正；从金属球到金属箔片
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】解：（1）丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电；带正电的玻璃板会吸引不带电的轻质小球；（2）带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带正电荷，同种电荷相互排斥而张开；（3）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，即是由于缺少电子造成的，当用玻璃棒和不带电的验电器金属球接触，一部分电子会从验电器转移到玻璃棒上，由于电子所带的电荷是负电荷，所以在接触的瞬间电流方向是从金属球到金属箔片。
故答案为：吸引；正；从金属球到金属箔片。
【分析】不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚电子的本领不同，原子核束缚电子本领强的夺得电子带负电，原子核束缚电子本领弱的失去电子带正电；电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引.
规定：电流的方向为正电荷定向移动的方向.
14．【答案】压缩冲程；增加；12
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】如图所示，汽油机的进气门、排气门均关闭，且活塞向上运动，所以该汽油机正处于压缩冲程，此冲程中机械能转化为内能，燃气的内能增加。
飞轮的转速为1500r/min=25r/s，则该飞轮每秒钟转25r，所以对外做功12次。
故答案为：压缩冲程；增加；12。
【分析】（1）汽油机一个工作循环包含吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程；吸气冲程进气门打开，排气门关闭，活塞往下运动；压缩冲程，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，机械能为内能；做功冲程，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，内能转化为机械能；排气冲程进气门关闭，排气门打开，活塞往上运动；
（2）四冲程内燃机一个工作循环，活塞往复两次、飞轮转两周，完成四个冲程，对外做功一次。
15．【答案】A；大于；B
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】根据图片可知，A图上面为曲面，下面为平面，则模型上方的风速大于下方的风速，那么模型上方的压强小于模型下方的压强，于是产生向上的升力，因此A是飞机机翼模型；
B图上面为平面，下面为曲面，模型上方的风速小于下方的风速，那么忙模型上方的压强大于模型下方的压强，于是产生向下的压力，则B是汽车尾翼模型。
【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
16．【答案】形状；越大；相互
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力
【解析】【解答】 弓被拉弯说明力可以改变物体的形状；
在一定限度内，弓被拉得越满，箭受到的弹力越大；
运动员用手拉弓弦，感觉弓弦也在拉手，这是因为物体间力的作用是相互的。
故答案为：形状；越大；相互。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
（2）物体发生弹性形变可以产生弹力，在弹性限度内，形变量越大，弹力越大；
（3）物体间力的作用是相互的。
17．【答案】12；；并联
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，导电条上两端电压，电阻，则通过导电条A处的电流。
（2）综上所述，电阻丝工作5min产生的热量。
（3）图中P处电阻丝断裂，其他电阻丝还能工作，说明各电阻丝之间互不影响，所以这些电阻丝是并联的。
【分析】（1）根据欧姆定律计算通过导电条A处的电流；
（2）根据焦耳定律计算电阻丝产生的热量；
（3）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。
18．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】①根据凹透镜的三条特殊光线可知，射向另一侧虚焦点的光线，经过凹透镜后，折射光线与主轴平行。
②过入射点B点作竖直方向射入杯底的反射光线，然后作出入射光线与反射光线的角平分线，即为法线的位置，最后通过入射点作法线的垂线，这就是平面镜的位置，如图所示：
【分析】①根据凹透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线；
②在光的反射现象中，法线既是入射光线和反射光线夹角的角平分线，还是镜面的垂线。
19．【答案】
【知识点】磁感线及其特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用
【解析】【解答】根据图片可知，磁体外部的磁感线从左边出来，回到右边，则通电螺线管左端为N极，右端为S极。
右手握住螺线管，大拇指指向左端，四指指尖向上，即线圈上电流方向向上，则电流从螺线管右侧流入，从左端流出，因此电源右端为正极；
由异名磁极互相吸引可知，螺线管右侧为S极吸引小磁针的N极，因此小磁针左端为N极，右端为S极，如图
【分析】 在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极， 根据安培定则判断线圈上的电流方向，进而确定正负极方向，根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的磁极方向。
20．【答案】（1）是；左
（2）2；左
（3）0.6；变大；拉力力臂变小，拉力变大
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图甲中杠杆静止，所以是平衡状态。
如图所示杠杆左端高右端低，要使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母应该向左移动。
（2）设每个钩码重G，杠杆每格长度为L，A点挂3个钩码，，；B点力臂，设B点挂n个钩码，则，根据杠杆平衡条件可知，
解得n=2 ，所以应在B点挂2个钩码。
杠杆平衡后，若A、B两点钩码同时向外移动一格，则左侧3G×3L=9GL，右侧2G×4L=8GL，因为9GL＞8GL 杠杆不能平衡，左端下沉；
（3）由图可知，拉力F拉的力臂为5L，根据杠杆平衡条件可得：
，
解得 ，所以弹簧测力计示数为0.6N。
将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，仍使杠杆保持水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可知，阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，故弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）是；左；（2）2；左；（3）0.6；变大；阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
【分析】 （1）杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态；在调节杠杆平衡时，将平衡螺母向较高的一端调节；
（2）（3）由杠杆平衡条件进行计算；
根据杠杆平衡条件可知，阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
（1）[1]杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态，图甲中杠杆静止，所以是平衡状态。
[2]要使杠杆在水平位置平衡，按照左沉右调，右沉左调的方法调节即可，如图所示杠杆右沉，所以平衡螺母应该向左调。
（2）[1]每个钩码重G，杠杆每格长度为L，根据杠杆平衡条件，A点挂3个钩码，，；B点力臂，设B点挂n个钩码，则
代入得
解得n=2 ，所以应在B点挂2个钩码。
[2]A、B两点钩码同时向外移动一格，此时A点，；B点，，计算杠杆两边力与力臂的乘积得左边
右边
因为左边力与力臂的乘积大于右边，所以杠杆左侧下沉。
（3）[1]每个钩码重，设杠杆每格长度为L，弹簧测力计的拉力为，根据杠杆平衡条件，代入得 ，解得 ，所以弹簧测力计示数为0.6N。
[2][3]将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，阻力为钩码对杠杆的拉力，阻力和阻力臂不变；斜拉时，动力臂是从支点到拉力作用线的垂直距离，比竖直拉时的力臂短，则动力臂变小。根据杠杆平衡条件
得
由于不变，变小，所以变大，即弹簧测力计示数变大，原因是拉力的力臂变小，拉力变大。
21．【答案】（1）相同
（2）点燃
（3）相等
（4）不会；虚
（5）2.3
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）实验时需要取两支相同的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧，目的是比较像和物体的大小关系。
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3） 把蜡烛A沿AB连线前后移动，同时调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样，此时像与物完全重合，说明像与物大小相等，故表中空白处填写相等。
（4）移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上不会呈现出蜡烛A的像，说明平面镜成的像是虚像。
（5）检查视力时，要求眼睛与视力表应相距约5m，由图可知，人到视力表的距离为0.4m，则人离平面镜的距离应是：
故答案为：（1）相同；（2）点燃；（3）相等；（4）不会；虚；（5）2.3。
【分析】（1）为了比较像和物体的大小关系，实验时需要取两支相同的蜡烛；
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，探究像与物大小的关系。
（3）若蜡烛B像被点燃一样，说明像与物完全重合，说明像与物大小相等。
（4）平面镜成的像是虚像。
（5）平面镜成像特点：像到镜面的距离和物到镜面的距离相等；像和物的连线与镜面互相垂直，据此分析。
（1）为了比较像和物体的大小关系，实验时需要取两支相同的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧。
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3）调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样，此时像与物完全重合，说明像与物大小相等。
（4）[1][2]移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上不会呈现出蜡烛A的像，说明平面镜成的像是虚像。
（5）检查视力时，要求眼睛与视力表应相距约5m，按图乙所示的方法测视力，由图可知，人到视力表的距离为1.4m，则人离平面镜的距离应是
22．【答案】；B；A；0.8；错误；小灯泡工作时的电阻在变化
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电功率的方法为伏安法，电压表并联，电流表串联，所以电压表应接在小灯泡两端，如图
（2）闭合开关前滑动变阻器滑片位置应放在B端，即最大阻值处。
（3）小灯泡两端的电压为2V，需让灯泡两端的电压调为2.5V，根据串联分压可知需要减小变阻器电压，即减小其电阻，故应将滑动变阻器滑片向A滑。如图，电流表接小量程，读数为0.32A，小灯泡的额定功率为；
（4）通过计算可知，电流和电压成正比，则二者比值为定值，灯泡两端的电压与电流之比
，不是定值，故说法错误。
综上 第2空、B 第3空、A； 第4空、 0.8；第5空、错误 第6空、小灯泡工作时的电阻在变化.
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出。
23．【答案】（1）平衡
（2）左
（3）寻找普遍规律；
（4）右端下沉
（5）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于平衡状态。
（2）图甲中杠杆左端较高，所以将平衡螺母向左调节，直至杠杆水平平衡。
（3）改变钩码的数量及位置多次实验，目的是为了寻找普遍规律；
杠杆的平衡条件是动力×动力臂等于阻力×阻力臂，表达式为。
（4）假设每个钩码的重力为G，杠杆每小格的长度为L，A、B 两点分别增加一个钩码，则在B点力和力臂的乘积为：
，
在A点力和力臂的乘积为：
，
则，则杠杆向右端下沉。
（5）根据杠杆平衡条件可知，在左侧的力和对应力臂不变时，将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段，弹簧测力计施加的拉力的力臂变小，要保持杠杆平衡，则弹簧测力计施加的拉力变大。
【分析】（1）杠杆的平衡状态包括静止和匀速转动；
（2）杠杆调平的方法是“左偏右调，右偏左调”；
（3）改变钩码的数量及位置多次实验，是为了避免实验的偶然性，寻找普遍规律。杠杆的平衡条件是F1×L1=F2×L2。
（4）根据杠杆的平衡条件分析。
（5）据杠杆的平衡条件可知，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
（1）杠杆的平衡状态包括静止、匀速转动，图甲中杠杆静止，是处于平衡状态。
（2）实验前调节杠杆水平位置平衡时，可按照“左高左调、右高右调”的调节方法调节平衡螺母，图甲中杠杆左端较高，所以将平衡螺母向左调节，直至杠杆水平平衡。
（3）[1]“改变钩码的数量及位置多次实验”，就是实验中多次改变动力、阻力、动力臂、阻力臂的大小，可以找出更普遍的规律。
[2]杠杆的平衡条件是动力×动力臂等于阻力×阻力臂，公式为。
（4）假设每个钩码的重力为G，杠杆每小格的长度为x，A、B 两点分别增加一个钩码，则在B点有，在A点有，则，则杠杆向右端下沉。
（5）将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段，弹簧测力计施加的拉力的力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，在左侧的力和对应力臂不变时，要保持杠杆平衡，则弹簧测力计施加的拉力变大。
24．【答案】解：(1)根据题意知道，当闭合开关 S、S1时为 “低温”挡，此时R1单独接入 电路，由知道，“低温”挡正常工作时的电阻：
(2)由电路图可知，只闭合开关 S、S1时为“低温”挡，只闭合开关 S、S2时为“中温”挡， 当同时闭合开关 S、S1、S2时为“高温”挡，此时R1、R2并联，则电路的总功率：
由 可知，此时正常工作的电流：
(3)若电暖器的“高温”挡正常工作 20 min，则放出的热量：
根据题意可知，空气吸收的热量：
由可知，房间内的空气升高的温度：
答：(1)家用电暖器“低温”挡正常工作时的电阻是 88 Ω；
(2)家用电暖器“高温”挡 正常工作时的总电流是 7.5A；
(3)此房间内空气温度升高的度数为 15℃。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)当闭合开关 S、S1时为 “低温”挡，此时R1单独接入 电路，由知道，“低温”挡正常工作时的电阻。
(2)由电路图可知，只闭合开关 S、S1时为“低温”挡，只闭合开关 S、S2时为“中温”挡， 当同时闭合开关 S、S1、S2时为“高温”挡，此时R1、R2并联，根据求出电路的总功率；由 可知，此时正常工作的电流；
(3)若电暖器的“高温”挡正常工作 20 min，根据求出放出的热量；
根据效率公式求出空气吸收的热量，利用得出房间内的空气升高的温度。
25．【答案】（1）解：金属块在水中受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力F浮金和细线竖直向上的拉力F拉的作用，处于静止状态，受力平衡。
金属块的重力：
金属块受到的浮力：
细线对金属块的拉力：
答：注入液体前，水面静止时细线对金属块的拉力为0.50N；
（2）注入液体前，空塑料瓶和金属块整体处于漂浮状态，由于忽略空塑料瓶的重量，则细线对塑料瓶的拉力就是塑料瓶受到的浮力，根据可得“0”刻线以下塑料瓶的容积：
答：“0”刻线以下塑料瓶的容积为50cm3；
（3）注入液体后，塑料瓶、金属块和注入的液体整体处于漂浮状态，总浮力等于总重力，即注入的液体的重力等于增加的浮力，即：
注入液体的体积：
则注入液体的密度：
缓慢注入液体过程中，塑料瓶下沉，导致容器内水面上升。设塑料瓶（及金属块）相对于容器底部下沉的距离为d，水面上升的高度为。“0”刻线从与水面相平到水面以下4cm，说明塑料瓶相对于水面下沉了4cm，即
水面上升是由于塑料瓶浸入水中的体积增加引起的。增加的浸入体积为：
水面上升的的高度：
则金属块下沉的距离：
金属块重力做的功：
答：注入液体的密度和缓慢注入液体过程中金属块重力做的功为0.01856J。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理；功的计算及应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理求出金属块受到的浮力，利用力的平衡关系求出金属块受到的拉力；
（2）塑料瓶受到的浮力等于绳子对塑料瓶的拉力，据此求出塑料瓶受到的浮力，根据阿基米德原理求出塑料瓶浸入水中的体积；
（3）当加入某种液体到“0”刻度线时，装置整体受到的浮力变化量即为装置整体受到的重力变化量，据此求出液体的重力，根据密度公式求出液体的密度；根据液面的变化求出金属块向下移动的距离，利用W=Gh求出金属块重力做的功。
（1）金属块在水中受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力F浮金和细线竖直向上的拉力F拉的作用，处于静止状态，受力平衡。
金属块的重力
金属块受到的浮力
细线对金属块的拉力
（2）注入液体前，空塑料瓶和金属块整体处于漂浮状态，由于忽略空塑料瓶的重量，则细线对塑料瓶的拉力就是塑料瓶受到的浮力，根据可得“0”刻线以下塑料瓶的容积
（3）注入液体后，塑料瓶、金属块和注入的液体整体处于漂浮状态，总浮力等于总重力，即注入的液体的重力等于增加的浮力，即
注入液体的体积
则注入液体的密度
缓慢注入液体过程中，塑料瓶下沉，导致容器内水面上升。设塑料瓶（及金属块）相对于容器底部下沉的距离为d，水面上升的高度为。“0”刻线从与水面相平到水面以下4cm，说明塑料瓶相对于水面下沉了4cm，即
水面上升是由于塑料瓶浸入水中的体积增加引起的。增加的浸入体积为
水面上升的的高度
则金属块下沉的距离
金属块重力做的功
1 / 12026年四川省泸化中学初中毕业班第二次适应性模考物理试题
1．关于能源、材料和信息技术，下列说法正确的是（　　）
A．太阳内部每时每刻都在发生核聚变，释放巨大的核能，属于可再生能源
B．超导体是制造LED灯的核心材料，可节能并提高灯的利用效率
C．北斗卫星导航系统是我国自主研发、独立运行的全球卫星导航系统，它是通过超声波提供定位服务的
D．光导纤维是利用激光来传递信息的，激光在光导纤维中始终沿直线传播
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核聚变；半导体特点及作用；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．太阳内部持续进行核聚变反应，释放大量能量。太阳能因其可不断再生，属于可再生能源，因此选项A正确。
B．LED灯的核心材料为半导体，虽然具有节能特性，但题目中该选项表述有误，故B错误。
C．电磁波具备在真空中传播的特性，因此北斗卫星导航系统能够利用电磁波在真空环境下实现定位功能，题目中该选项表述有误，故C错误。
D．光导纤维通过激光的全反射原理传输信息，题目中该选项表述有误，故D错误。
正确答案为A。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、半导体的应用：常用作发光二极管；
3、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
4、光纤通信通过光的反射传输信息。
2．下列关于声现象的说法中，错误的是（　　）
A．美妙的音乐也有可能是噪声
B．地震波属于次声波，所以人耳无法听到
C．倒车雷达是利用超声波工作的，说明声音可以传递能量
D．可以利用声呐来测量海水深度，说明声音可以传递信息
【答案】C
【知识点】超声波与次声波；声与信息传递；噪声及来源
【解析】【解答】A. 美妙的音乐如果干扰了他人，也可能是噪声，故A正确；
B. 人耳的听觉范围是20Hz~20000Hz，地震波属于次声波，其频率低于20Hz，所以人耳无法听到，故B正确；
C. 倒车雷达是利用超声波工作的，说明声音可以传递信息，故C错误；
D. 利用声呐测量海水深度时，通过分析回声的时间来计算距离，说明声音可以传递信息，故D正确。
故选C。
【分析】（1）从环境保护角度看，凡是影响人们正常休息、学习和工作的声音都属于噪声；
（2） 人耳的听觉范围是20Hz~20000Hz；低于20Hz的声叫次声波，高于20000Hz的声叫超声波；
（3）声音既能传递信息，又能传递能量。
3．成都国际非遗博览园首届非遗千灯游园会盛大开幕，数万盏彩灯点亮园区，融合了蜀绣、竹编、川剧等非遗元素，成为新春打卡新地标。下列关于灯会中光现象分析正确的是（　　）
A．灯会中用激光灯在夜空中打出“蓉城新春”的字样，利用了光的折射
B．游客在游园会湖面看到花灯的倒影，是光的反射形成的倒立虚像
C．老年人用放大镜观察彩灯上蜀绣纹样时，该成像特点与近视眼矫正原理一致
D．灯会中的彩色灯笼呈现出不同色彩，是因为不同颜色的玻璃纸只透过与自身颜色相同的色光
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；物体的颜色；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A．灯会中用激光灯在夜空中打出“蓉城新春”的字样，利用了光的直线传播，故A错误；
B．游客在游园会湖面看到花灯的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的正立、等大的虚像，故B错误；
C．放大镜是凸透镜，老年人用放大镜观察彩灯上蜀绣纹样时，物距小于焦距，成的是正立、放大的虚像。近视眼应用凹透镜矫正，所以该成像特点与近视眼矫正原理不一致，故C错误；
D．灯会中的彩色灯笼呈现出不同色彩，是因为不同颜色的玻璃纸只透过与自身颜色相同的色光，故D正确。
故选D。
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播；
（2）光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）凸透镜成像规律及其应用之一：u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
（4）透明物体的颜色由其透过的色光决定。
4．某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图甲所示，电热丝R1＝48.4，R2＝435.6。小明为测量该电热壶的实际功率，他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电热壶工作，1min内电能表（如图乙）的转盘转动了24转。下列说法不正确的是（　　）
A．电能表的示数是2018.5kW·h
B．电热壶是利用电流的热效应工作的
C．测量时电热壶的实际加热功率为1000W
D．开关S接“2”时，电热壶为“保温”挡位
【答案】C
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；电流的热效应；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】A．电能表的最后一个数字为小数，由图乙可知，电表的度数是2018.5kW·h，故A正确，不符合题意；
B．当电流经过电热壶时，将电能转化为内能，所以电热壶是利用电流的热效应工作的，故B正确，不符合题意；
C．根据“1200r/(kW·h)”可知，电能表的转盘转过24圈时，电热壶消耗的电能；
则电热壶的实际功率，
故C错误，符合题意；
D．根据甲图可知，当开关S接2时，R1、R2串联；当开关S接1时，只有R1单独工作。根据串联电路的特点可知，前者总电阻较大，由可知，电路的总功率最小，电热壶处于保温档，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】A.电能表的最后一个数字为小数，根据乙图读出电能表的示数；
B.电流经过导体时都会发热，这就是电流的热效应；
C.根据计算电热壶消耗的电能，根据计算它的实际功率；
D.根据公式比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态；
5．近年来，我国在科技和工程领域取得了许多成就，下列说法正确的是 （　　）
A．神舟飞船发射升空时，火箭发动机将机械能转化为内能
B．国产芯片研制稳步推进，标志着我国超导产业逐步成熟
C．中国“人造太阳”创造运行新纪录，它是利用核聚变释放核能的
D．新能源汽车中用到的“氢能、太阳能、压缩天然气”等能源，均属于不可再生能源
【答案】C
【知识点】热机；能源及其分类；核能；核聚变；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．神舟飞船发射升空时，火箭发动机将内能转化为机械能，故A错误；
B．国产芯片研制稳步推进，标志着我国半导体产业逐步成熟，故B错误；
C．中国“人造太阳”创造运行新纪录，它是利用核聚变释放核能的，故C正确；
D．氢能、太阳能属于可再生能源，压缩天然气属于不可再生能源，故D错误。
故选C。
【分析】（1）火箭属于热机的一种，工作时将内能转化为机械能。
（2）超导体的电阻为零，芯片是由半导体材料制成的。
（3）人造太阳是利用核聚变来释放的核能。
（4）能源从是否可再生角度划分：
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
6．中国日报消息：11月19日凌晨2时7分，长征三号乙运载火箭，在西昌卫星发射中心把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号系统卫星组成基本网络， 并在今年年底前向“一带一路”沿线国家和地区提供基本导航服务。以下说法正确的是（　　）
A．卫星与地面导航接收设备之间是靠超声波传递信息
B．卫星绕地球运动时，受到非平衡力的作用
C．卫星导航信息处理设备中的集成电路是用超导体材料制作
D．该型号运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，这里的“能效高”指的是比热容大
【答案】B
【知识点】燃料的热值；平衡状态的判断；半导体特点及作用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．超声波不能在真空中传播，卫星依靠电磁波与地面传递信息，故A错误；
B．卫星绕地球做圆周运动时，运动方向改变，运动状态变化，受非平衡力，故B正确；
C．集成电路的主要材料是半导体，故C错误；
D．液态氢的热值大，为火箭做燃料，相同质量的燃料，液态氢可释放更多的能量，故D错误。
故选B。
【分析】卫星利用电磁波传递信息；物体运动方向改变，运动状态改变，受非平衡力；集成电路利用了半导体材料；燃料的热值越大， 消耗相同质量，放出热量多。
7．一只可乐瓶，其侧壁有a、b两个小孔并用塞子塞住，瓶内盛有一定质量的酒精，如图所示，把可乐瓶放入水中，当瓶内外液面相平时，拔出a、b两孔上的塞子，则（　　）
A．a、b两孔均有水流入 B．a、b两孔均有酒精流出
C．酒精从a孔流出，水从b孔流入 D．水从a孔流入，酒精从b孔流出
【答案】A
【知识点】液体压强的特点
【解析】【解答】由于酒精的密度比水的密度小，根据液体压强公式p=ρgh可知，在深度相同时，酒精的压强比水的压强小，即p酒精＜p水，因此a、b两个小孔均有水流入，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】根据液体压强的公式p=ρgh判断小孔内外压强的大小，液体将从压强大的地方流入压强小的地方。
8．小芳想设计一个带有指示灯的台灯，要求如下：指示灯和灯泡分别为、；当只闭合开关时，指示灯发光，再闭合时，台灯发光；当只闭合开关时，灯、都不发光。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．当仅闭合开关S2时，L1与L2串联发光，这与题目要求的"仅闭合S2时两灯均不亮"矛盾，因此A选项错误。
B．当仅闭合S2时，L2单独发光，不符合"两灯均不亮"的要求，故B选项错误。
C．分析该选项电路：仅闭合S2时，电路开路，两灯均不亮；仅闭合S1时，L1所在回路导通，指示灯L1亮；同时闭合S1和S2时，L2支路导通，台灯L2亮。因此C选项正确。
D．仅闭合S1时电路开路，L1不亮，这与"仅闭合S1时指示灯L1应亮"的要求相矛盾，故D选项错误。
综上所述，正确答案为C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
9．老师在黑板上板书，发现小明同学在眯着眼睛看，经了解小明是患有近视眼，小明通过学习掌握了有关近视眼的知识，并佩戴了合适的近视眼镜。下列说法正确的是（　　）
A．小明眼睛的晶状体太厚，折光能力太强
B．小明佩戴的眼镜对光线有会聚作用
C．戴眼镜前物体成像在视网膜的后方
D．戴眼镜后物体在视网膜上成正立的实像
【答案】A
【知识点】眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】AC．近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，导致成像在视网膜之前，故A正确，C错误；
B．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，故B错误；
D．眼睛的晶状体就相当于一个凸透镜，成像时物距u>2f，根据凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像，故D错误。
故选A。
【分析】近视眼的表现是看不清远处的物体，由于晶状体太厚，其折光能力太强，或眼球的前后距离方向太长，使得像成在视网膜的前方，这就是近视眼的成因；而后据凸透镜和凹透镜对光线的作用分析，即可判断用哪种透镜来矫正。
10．两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示。现在将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端，下列分析错误的是（　　）
A．甲的电阻值小于乙的电阻值
B．甲的电流大于乙的电流
C．相同时间里甲消耗的电能小于乙消耗的电能
D．甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AB．甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，根据并联电路电压的规律可知，甲乙两电阻两端的电压相等，都为3V，由图像可知，此时通过甲的电流为0.6A，通过乙的电流为0.3A，则通过甲的电流大于乙的电流，且根据可知，甲的电阻值小于乙的电阻值，故AB正确；
CD．根据可知，电压相等，通过甲的电流大于乙的电流，所以甲消耗的电功率大于乙消耗的电功率，根据可知，相同时间内，甲消耗的电能大于乙消耗的电能，故C错误，D正确。
故选C。
【分析】已知两电阻并联，并联电路中各支路两端的电压相等，由图象可知，当电源电压为3V时，通过甲的电流为I甲=0.6A，通过乙的电流为I乙=0.3A，根据欧姆定律可求甲乙电阻的大小关系；根据P=UI可知两电阻消耗的电功率关系；根据可知两电阻消耗的电能的关系。
11．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，下列判断正确的是（　　）
A．电压表V的示数与电流表A的示数的比值不变
B．电压表V的示数与电压表A的示数的比值变小
C．电压表V的示数变大，电路消耗的总电功率变大
D．电流表A的示数变小，电阻R1消耗的电功率变小
【答案】A,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，当开关S断开时，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电压规律可知，此时电压表示数小于电源电压；当开关S闭合时，R2被短路，该电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；所以当开关S由断开到闭合时，电压表示数变大，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
AB.电压表V的示数与电流表A的示数的比值为定值电阻R1的阻值，所以电压表V的示数与电流表A的示数的比值不变，故A正确，B错误；
C.电压表示数变大，根据可知，电阻R1消耗的电功率变大，故C正确；
D.电流表示数变大，电源电压不变，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选AC。
【分析】由电路图可知，当开关断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表电源电压；根据电阻的串联判断电路中电阻的变化，利用欧姆定律判断两电表示数的变化；根据判断压表V和电流表A示数的比值变化；根据判断电阻R1消耗的电功率，根据P=UI判断电路消耗的总功率。
12．两个完全相同的烧杯放在水平桌面上，烧杯中分别盛有不同密度的液体，将同一物体先后放入甲、乙两杯中，当物体静止时，两个烧杯的液面相平，物体所处的位置如图所示，下列说法正确的有（　　）
A．甲杯中液体密度与乙杯中液体密度相等
B．甲杯液体比乙杯液体对容器底的压强小
C．物体在甲杯中与乙杯中受到的浮力相等
D．甲杯对桌面压强与乙杯对桌面压强相等
【答案】B,C
【知识点】压强大小比较；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，物体在甲中悬浮，则甲中液体密度等于物体密度；物体在乙中漂浮，则乙中液体密度大于物体密度，所以甲杯中液体密度小于乙杯中液体密度，故A错误；
B．综上所述，液面相平，则液体深度一样，且甲杯中液体密度小于乙杯中液体密度，由液体压强公式可得，甲杯液体比乙杯液体对容器底的压强小，故B正确；
C．根据图片可知，物体在甲中悬浮，所受浮力等于物体重力；物体在乙中漂浮，所受浮力也等于物体重力，所以物体在甲杯中与乙杯中受到的浮力相等，故C正确；
D．物体在甲中悬浮，在乙中漂浮，则它的重力等于浮力，还等于排开液体的重力，因此现在的效果是相当于烧杯内部都是液体，没有物体。
液体的体积相同，甲的密度小，根据G=ρVg可知，液体甲的重力小于乙的重力。根据F=G+G液体可知，甲杯对桌面的压力小于乙杯对桌面的压力。由可得，甲杯对桌面压强小于乙杯对桌面压强，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据浮沉条件比较液体密度；
B.根据液体压强公式比较烧杯底部受到压强大小；
C.根据浮沉条件比较物体受到浮力大小；
D.根据阿基米德原理和浮沉条件比较物体和排开液体的重力关系，根据F=G+G液体比较容器对桌面压力大小，根据公式比较容器对桌面的压强大小。
13．用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近一个不带电的轻质小球，小球会被　 　；用它去接触一个原来不带电的验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，则此时验电器带　 　电，该过程中验电器金属杆里的电流方向是　 　（选填“从金属箔片到金属球”或“从金属球到金属箔片”）。
【答案】吸引；正；从金属球到金属箔片
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】解：（1）丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电；带正电的玻璃板会吸引不带电的轻质小球；（2）带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，电荷通过验电器的金属球传给金属杆传给两片金属箔，两片金属箔带正电荷，同种电荷相互排斥而张开；（3）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，即是由于缺少电子造成的，当用玻璃棒和不带电的验电器金属球接触，一部分电子会从验电器转移到玻璃棒上，由于电子所带的电荷是负电荷，所以在接触的瞬间电流方向是从金属球到金属箔片。
故答案为：吸引；正；从金属球到金属箔片。
【分析】不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚电子的本领不同，原子核束缚电子本领强的夺得电子带负电，原子核束缚电子本领弱的失去电子带正电；电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引.
规定：电流的方向为正电荷定向移动的方向.
14．一台单缸四冲程汽油机，如图所示的汽油机正处于　 　冲程；在此过程中燃气的内能　 　（选填“增加“减小”或“不变”）；若飞轮的转速为1500r/min，该汽油机每秒钟做功　 　次。
【答案】压缩冲程；增加；12
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】如图所示，汽油机的进气门、排气门均关闭，且活塞向上运动，所以该汽油机正处于压缩冲程，此冲程中机械能转化为内能，燃气的内能增加。
飞轮的转速为1500r/min=25r/s，则该飞轮每秒钟转25r，所以对外做功12次。
故答案为：压缩冲程；增加；12。
【分析】（1）汽油机一个工作循环包含吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程；吸气冲程进气门打开，排气门关闭，活塞往下运动；压缩冲程，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，机械能为内能；做功冲程，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，内能转化为机械能；排气冲程进气门关闭，排气门打开，活塞往上运动；
（2）四冲程内燃机一个工作循环，活塞往复两次、飞轮转两周，完成四个冲程，对外做功一次。
15．用水平风吹如图所示的四个模型（截面图），其中，　 　图是飞机机翼模型，空气对模型下表面的压强　 　上表面的压强（选填“大于”“等于”或“小于”）　 　图是汽车尾翼模型，有助于汽车行驶时压紧在地面上。
【答案】A；大于；B
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】根据图片可知，A图上面为曲面，下面为平面，则模型上方的风速大于下方的风速，那么模型上方的压强小于模型下方的压强，于是产生向上的升力，因此A是飞机机翼模型；
B图上面为平面，下面为曲面，模型上方的风速小于下方的风速，那么忙模型上方的压强大于模型下方的压强，于是产生向下的压力，则B是汽车尾翼模型。
【分析】流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
16．一场集竞技性、观赏性、文化性于一体的体育盛事——全国骑射巡回赛（启东站），于2025年5月17日至18日在江苏省启东市头兴港闸西南侧生态绿地举办，如图所示是比赛时选手拉弓射箭的场景。弓被拉弯，说明力可以改变物体的　 　；在一定限度内，弓被拉得越满，箭受到的弹力　 　（选填“越大”或“越小”）。运动员用手拉弓弦，感觉弓弦也在拉手，这是因为物体间力的作用是　 　的。
【答案】形状；越大；相互
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力
【解析】【解答】 弓被拉弯说明力可以改变物体的形状；
在一定限度内，弓被拉得越满，箭受到的弹力越大；
运动员用手拉弓弦，感觉弓弦也在拉手，这是因为物体间力的作用是相互的。
故答案为：形状；越大；相互。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
（2）物体发生弹性形变可以产生弹力，在弹性限度内，形变量越大，弹力越大；
（3）物体间力的作用是相互的。
17．如图是某款汽车后挡风玻璃的除雾除霜装置示意图。图中较宽的线条是导电条（电阻不计），较窄的线条是电阻丝。导电条A、B两端与汽车供电电路相连，供电电压为12V，电阻丝的总电阻是1Ω。正常工作时，通过导电条A处的电流为　 　A，电阻丝工作5min产生的热量为　 　J。图中P处电阻丝断裂，其他电阻丝还能工作，则这些电阻丝是　 　（选填“串联”或“并联”）的。
【答案】12；；并联
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，导电条上两端电压，电阻，则通过导电条A处的电流。
（2）综上所述，电阻丝工作5min产生的热量。
（3）图中P处电阻丝断裂，其他电阻丝还能工作，说明各电阻丝之间互不影响，所以这些电阻丝是并联的。
【分析】（1）根据欧姆定律计算通过导电条A处的电流；
（2）根据焦耳定律计算电阻丝产生的热量；
（3）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。
18．如图所示，AB为一经凹透镜折射后的光线，F为透镜的焦点，利用平面镜使AB沿竖直方向射入杯底。请在图中画出：①光线AB的入射光线；②平面镜的位置。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】①根据凹透镜的三条特殊光线可知，射向另一侧虚焦点的光线，经过凹透镜后，折射光线与主轴平行。
②过入射点B点作竖直方向射入杯底的反射光线，然后作出入射光线与反射光线的角平分线，即为法线的位置，最后通过入射点作法线的垂线，这就是平面镜的位置，如图所示：
【分析】①根据凹透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线；
②在光的反射现象中，法线既是入射光线和反射光线夹角的角平分线，还是镜面的垂线。
19．如图所示，在括号内用“”或“”标出电源的正极或负极，标出小磁针N或S极。
【答案】
【知识点】磁感线及其特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用
【解析】【解答】根据图片可知，磁体外部的磁感线从左边出来，回到右边，则通电螺线管左端为N极，右端为S极。
右手握住螺线管，大拇指指向左端，四指指尖向上，即线圈上电流方向向上，则电流从螺线管右侧流入，从左端流出，因此电源右端为正极；
由异名磁极互相吸引可知，螺线管右侧为S极吸引小磁针的N极，因此小磁针左端为N极，右端为S极，如图
【分析】 在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极， 根据安培定则判断线圈上的电流方向，进而确定正负极方向，根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的磁极方向。
20．小李探究杠杆的平衡条件，所用实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、细线和重的完全相同的钩码若干。
（1）如图甲所示，处于此位置静止的杠杆，　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态。若要使杠杆在水平位置平衡，需要将右端的平衡螺母向　 　移动。
（2）在图乙中的点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡应在点挂　 　个钩码。杠杆平衡后，若将、两点所挂的钩码同时向外移动一格，杠杆　 　侧下沉。
（3）如图丙所示，将右侧的砝码拿掉，在左侧的点用弹簧测力计竖直向上拉，使杠杆保持水平位置平衡，弹簧测力计的示数为　 　N。将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，仍使杠杆保持水平位置平衡，弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“不变”或“变小”），原因是　 　。
【答案】（1）是；左
（2）2；左
（3）0.6；变大；拉力力臂变小，拉力变大
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图甲中杠杆静止，所以是平衡状态。
如图所示杠杆左端高右端低，要使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母应该向左移动。
（2）设每个钩码重G，杠杆每格长度为L，A点挂3个钩码，，；B点力臂，设B点挂n个钩码，则，根据杠杆平衡条件可知，
解得n=2 ，所以应在B点挂2个钩码。
杠杆平衡后，若A、B两点钩码同时向外移动一格，则左侧3G×3L=9GL，右侧2G×4L=8GL，因为9GL＞8GL 杠杆不能平衡，左端下沉；
（3）由图可知，拉力F拉的力臂为5L，根据杠杆平衡条件可得：
，
解得 ，所以弹簧测力计示数为0.6N。
将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，仍使杠杆保持水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可知，阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，故弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）是；左；（2）2；左；（3）0.6；变大；阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
【分析】 （1）杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态；在调节杠杆平衡时，将平衡螺母向较高的一端调节；
（2）（3）由杠杆平衡条件进行计算；
根据杠杆平衡条件可知，阻力、阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
（1）[1]杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态，图甲中杠杆静止，所以是平衡状态。
[2]要使杠杆在水平位置平衡，按照左沉右调，右沉左调的方法调节即可，如图所示杠杆右沉，所以平衡螺母应该向左调。
（2）[1]每个钩码重G，杠杆每格长度为L，根据杠杆平衡条件，A点挂3个钩码，，；B点力臂，设B点挂n个钩码，则
代入得
解得n=2 ，所以应在B点挂2个钩码。
[2]A、B两点钩码同时向外移动一格，此时A点，；B点，，计算杠杆两边力与力臂的乘积得左边
右边
因为左边力与力臂的乘积大于右边，所以杠杆左侧下沉。
（3）[1]每个钩码重，设杠杆每格长度为L，弹簧测力计的拉力为，根据杠杆平衡条件，代入得 ，解得 ，所以弹簧测力计示数为0.6N。
[2][3]将弹簧测力计沿虚线斜向右拉，阻力为钩码对杠杆的拉力，阻力和阻力臂不变；斜拉时，动力臂是从支点到拉力作用线的垂直距离，比竖直拉时的力臂短，则动力臂变小。根据杠杆平衡条件
得
由于不变，变小，所以变大，即弹簧测力计示数变大，原因是拉力的力臂变小，拉力变大。
21．用如图甲的装置探究平面镜成像的特点。
（1）在水平桌面上铺一张足够大的白纸，将一块玻璃板竖直架在白纸的上面，再取两支　 　的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧。
（2）　 　玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3）在白纸上描出蜡烛A、玻璃板、像（蜡烛B）的位置，用直线连接物与像的位置如图，并用刻度尺分别量出物距AO和像距BO。把蜡烛A沿AB连线前后移动，同时调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样。同时观察像的大小有无变化并测量物距和像距如下表，请将表中空白处填写完整。
实验次数 物距/ cm 像距/ cm 蜡烛A的像与蜡烛A的大小关系
1 4.0 4.0 相等
2 10.0 10.0 相等
3 14.0 14.0 　 　
（4）移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上　 　（选填“会”或“不会”）呈现出蜡烛A的像。说明平面镜成的像是　 　像。
（5）检查视力时，要求：眼睛与视力表应相距约5m。若按图乙所示的方法测视力，则人离平面镜的距离应是　 　m。
【答案】（1）相同
（2）点燃
（3）相等
（4）不会；虚
（5）2.3
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）实验时需要取两支相同的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧，目的是比较像和物体的大小关系。
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3） 把蜡烛A沿AB连线前后移动，同时调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样，此时像与物完全重合，说明像与物大小相等，故表中空白处填写相等。
（4）移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上不会呈现出蜡烛A的像，说明平面镜成的像是虚像。
（5）检查视力时，要求眼睛与视力表应相距约5m，由图可知，人到视力表的距离为0.4m，则人离平面镜的距离应是：
故答案为：（1）相同；（2）点燃；（3）相等；（4）不会；虚；（5）2.3。
【分析】（1）为了比较像和物体的大小关系，实验时需要取两支相同的蜡烛；
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，探究像与物大小的关系。
（3）若蜡烛B像被点燃一样，说明像与物完全重合，说明像与物大小相等。
（4）平面镜成的像是虚像。
（5）平面镜成像特点：像到镜面的距离和物到镜面的距离相等；像和物的连线与镜面互相垂直，据此分析。
（1）为了比较像和物体的大小关系，实验时需要取两支相同的蜡烛A和B分别竖立在玻璃板前后两侧。
（2）点燃玻璃板前的蜡烛A，并移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板里的像重合，此时蜡烛B好像也被点燃了。
（3）调整玻璃板后蜡烛B的位置，每次都使蜡烛B像被点燃一样，此时像与物完全重合，说明像与物大小相等。
（4）[1][2]移走蜡烛B，将一张白纸放在像的位置上，直接观察白纸，纸上不会呈现出蜡烛A的像，说明平面镜成的像是虚像。
（5）检查视力时，要求眼睛与视力表应相距约5m，按图乙所示的方法测视力，由图可知，人到视力表的距离为1.4m，则人离平面镜的距离应是
22．如图所示，某同学计划利用甲图所示的器材测量小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电压是。
（1）实验中有一根导线连接错误，请在连接错误的导线上画“×”并用笔划线代替导线完成电路的正确连接　 　；
（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片位置应放在　 　端（选填“A”或“B”）；
（3）实验数据如下表所示，在完成第1次实验后，若还需测量小灯泡的额定功率，需将滑动变阻器滑片向　 　端移动（选填“A”或“B”），直到电压表示数为，若此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
实验次数 电压 电流 电功率 灯泡亮暗情况
1 0.28 0.56 较暗
2 　 　 正常发光
3 0.34 0.95 较亮
（4）小明对数据分析后认为还可以得出通过灯泡的电流和灯泡两端电压成正比的结论。这种说法　 　（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
【答案】；B；A；0.8；错误；小灯泡工作时的电阻在变化
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）测量小灯泡电功率的方法为伏安法，电压表并联，电流表串联，所以电压表应接在小灯泡两端，如图
（2）闭合开关前滑动变阻器滑片位置应放在B端，即最大阻值处。
（3）小灯泡两端的电压为2V，需让灯泡两端的电压调为2.5V，根据串联分压可知需要减小变阻器电压，即减小其电阻，故应将滑动变阻器滑片向A滑。如图，电流表接小量程，读数为0.32A，小灯泡的额定功率为；
（4）通过计算可知，电流和电压成正比，则二者比值为定值，灯泡两端的电压与电流之比
，不是定值，故说法错误。
综上 第2空、B 第3空、A； 第4空、 0.8；第5空、错误 第6空、小灯泡工作时的电阻在变化.
【分析】1、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析；
2、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
3、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出。
23．某同学利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态；
（2）为了方便实验，应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将杠杆左边的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（3）调节平衡后，在杠杆两侧挂不同数量的钩码，移动钩码位置，使杠杆在水平位置再次平衡，并记录相关数据。改变钩码的数量及位置多次实验，目的是为了　 　（选填“减小误差”或“寻找普遍规律”）。通过实验小明得出杠杆的平衡条件是　 　 （用公式表示）；
（4）如图乙所示，A、B 两点分别增加一个钩码，则杠杆　 　 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持平衡”）；
（5）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置，弹簧测力计的示数将　 　。
【答案】（1）平衡
（2）左
（3）寻找普遍规律；
（4）右端下沉
（5）变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于平衡状态。
（2）图甲中杠杆左端较高，所以将平衡螺母向左调节，直至杠杆水平平衡。
（3）改变钩码的数量及位置多次实验，目的是为了寻找普遍规律；
杠杆的平衡条件是动力×动力臂等于阻力×阻力臂，表达式为。
（4）假设每个钩码的重力为G，杠杆每小格的长度为L，A、B 两点分别增加一个钩码，则在B点力和力臂的乘积为：
，
在A点力和力臂的乘积为：
，
则，则杠杆向右端下沉。
（5）根据杠杆平衡条件可知，在左侧的力和对应力臂不变时，将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段，弹簧测力计施加的拉力的力臂变小，要保持杠杆平衡，则弹簧测力计施加的拉力变大。
【分析】（1）杠杆的平衡状态包括静止和匀速转动；
（2）杠杆调平的方法是“左偏右调，右偏左调”；
（3）改变钩码的数量及位置多次实验，是为了避免实验的偶然性，寻找普遍规律。杠杆的平衡条件是F1×L1=F2×L2。
（4）根据杠杆的平衡条件分析。
（5）据杠杆的平衡条件可知，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
（1）杠杆的平衡状态包括静止、匀速转动，图甲中杠杆静止，是处于平衡状态。
（2）实验前调节杠杆水平位置平衡时，可按照“左高左调、右高右调”的调节方法调节平衡螺母，图甲中杠杆左端较高，所以将平衡螺母向左调节，直至杠杆水平平衡。
（3）[1]“改变钩码的数量及位置多次实验”，就是实验中多次改变动力、阻力、动力臂、阻力臂的大小，可以找出更普遍的规律。
[2]杠杆的平衡条件是动力×动力臂等于阻力×阻力臂，公式为。
（4）假设每个钩码的重力为G，杠杆每小格的长度为x，A、B 两点分别增加一个钩码，则在B点有，在A点有，则，则杠杆向右端下沉。
（5）将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段，弹簧测力计施加的拉力的力臂变小，根据杠杆平衡条件可知，在左侧的力和对应力臂不变时，要保持杠杆平衡，则弹簧测力计施加的拉力变大。
24．如图甲所示是一种家用电暖器，有“低温”“中温”和“高温”三挡，铭牌见下表(“高温”挡功率未知)。图乙为其简化电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时S自动断开，切断电源，保证安全，只闭合开关S、S1为“低温”挡。若某房间室内空气质量为60kg，空气的比热容为 ，电暖器放出热量的50%被室内空气吸收，求
(1)家用电暖器“低温”挡正常工作时的电阻；
(2)家用电暖器“高温”挡正常工作时的总电流；
(3)若该电暖器的“高温”挡正常工作20 min，此房间内空气温度升高的度数。
【答案】解：(1)根据题意知道，当闭合开关 S、S1时为 “低温”挡，此时R1单独接入 电路，由知道，“低温”挡正常工作时的电阻：
(2)由电路图可知，只闭合开关 S、S1时为“低温”挡，只闭合开关 S、S2时为“中温”挡， 当同时闭合开关 S、S1、S2时为“高温”挡，此时R1、R2并联，则电路的总功率：
由 可知，此时正常工作的电流：
(3)若电暖器的“高温”挡正常工作 20 min，则放出的热量：
根据题意可知，空气吸收的热量：
由可知，房间内的空气升高的温度：
答：(1)家用电暖器“低温”挡正常工作时的电阻是 88 Ω；
(2)家用电暖器“高温”挡 正常工作时的总电流是 7.5A；
(3)此房间内空气温度升高的度数为 15℃。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)当闭合开关 S、S1时为 “低温”挡，此时R1单独接入 电路，由知道，“低温”挡正常工作时的电阻。
(2)由电路图可知，只闭合开关 S、S1时为“低温”挡，只闭合开关 S、S2时为“中温”挡， 当同时闭合开关 S、S1、S2时为“高温”挡，此时R1、R2并联，根据求出电路的总功率；由 可知，此时正常工作的电流；
(3)若电暖器的“高温”挡正常工作 20 min，根据求出放出的热量；
根据效率公式求出空气吸收的热量，利用得出房间内的空气升高的温度。
25．某同学在实践活动中制作液体密度计，并用于液体密度的测量。将瓶身主体为圆柱体的空塑料瓶瓶底剪掉，旋紧瓶盖并在瓶盖上用细线系上一金属块，然后将空塑料瓶和金属块一起倒放入装有适量水、足够高的玻璃容器中。当水面静止时，将塑料瓶瓶身上与水面相平的位置标记为“0”刻线，如图所示，“0”刻线以上塑料瓶瓶身是圆柱体。缓慢向空塑料瓶注入密度未知的液体，当液面刚好达到“0”刻线时停止注入，此时“0”刻线在水面以下4cm处。已知金属块的质量为58g，体积为8cm3，塑料瓶“0”刻线以上圆柱体的横截面积为20cm2，玻璃容器的内底面积为100cm2，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，忽略空塑料瓶自身的厚度和重量，向空塑料瓶注入液体的过程中金属块不触底。求：
（1）注入液体前，水面静止时细线对金属块的拉力；
（2）“0”刻线以下塑料瓶的容积；
（3）注入液体的密度和缓慢注入液体过程中金属块重力做的功。
【答案】（1）解：金属块在水中受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力F浮金和细线竖直向上的拉力F拉的作用，处于静止状态，受力平衡。
金属块的重力：
金属块受到的浮力：
细线对金属块的拉力：
答：注入液体前，水面静止时细线对金属块的拉力为0.50N；
（2）注入液体前，空塑料瓶和金属块整体处于漂浮状态，由于忽略空塑料瓶的重量，则细线对塑料瓶的拉力就是塑料瓶受到的浮力，根据可得“0”刻线以下塑料瓶的容积：
答：“0”刻线以下塑料瓶的容积为50cm3；
（3）注入液体后，塑料瓶、金属块和注入的液体整体处于漂浮状态，总浮力等于总重力，即注入的液体的重力等于增加的浮力，即：
注入液体的体积：
则注入液体的密度：
缓慢注入液体过程中，塑料瓶下沉，导致容器内水面上升。设塑料瓶（及金属块）相对于容器底部下沉的距离为d，水面上升的高度为。“0”刻线从与水面相平到水面以下4cm，说明塑料瓶相对于水面下沉了4cm，即
水面上升是由于塑料瓶浸入水中的体积增加引起的。增加的浸入体积为：
水面上升的的高度：
则金属块下沉的距离：
金属块重力做的功：
答：注入液体的密度和缓慢注入液体过程中金属块重力做的功为0.01856J。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理；功的计算及应用；压力差法测浮力
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理求出金属块受到的浮力，利用力的平衡关系求出金属块受到的拉力；
（2）塑料瓶受到的浮力等于绳子对塑料瓶的拉力，据此求出塑料瓶受到的浮力，根据阿基米德原理求出塑料瓶浸入水中的体积；
（3）当加入某种液体到“0”刻度线时，装置整体受到的浮力变化量即为装置整体受到的重力变化量，据此求出液体的重力，根据密度公式求出液体的密度；根据液面的变化求出金属块向下移动的距离，利用W=Gh求出金属块重力做的功。
（1）金属块在水中受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力F浮金和细线竖直向上的拉力F拉的作用，处于静止状态，受力平衡。
金属块的重力
金属块受到的浮力
细线对金属块的拉力
（2）注入液体前，空塑料瓶和金属块整体处于漂浮状态，由于忽略空塑料瓶的重量，则细线对塑料瓶的拉力就是塑料瓶受到的浮力，根据可得“0”刻线以下塑料瓶的容积
（3）注入液体后，塑料瓶、金属块和注入的液体整体处于漂浮状态，总浮力等于总重力，即注入的液体的重力等于增加的浮力，即
注入液体的体积
则注入液体的密度
缓慢注入液体过程中，塑料瓶下沉，导致容器内水面上升。设塑料瓶（及金属块）相对于容器底部下沉的距离为d，水面上升的高度为。“0”刻线从与水面相平到水面以下4cm，说明塑料瓶相对于水面下沉了4cm，即
水面上升是由于塑料瓶浸入水中的体积增加引起的。增加的浸入体积为
水面上升的的高度
则金属块下沉的距离
金属块重力做的功
1 / 1

展开更多......

收起↑