资源简介

四川省达州市达州中学2026年4月期中测试九年级物理试题
1．物理学历史上第一个用实验测出大气压强值的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．伽利略
C．托里拆利 D．马德堡市市长
2．下列与声现象有关的说法中正确的是（　　）
A．高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生
B．汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的
C．医生用听诊器检查病情时，提高了声音的音调
D．太空中的宇航员能对话，表明声音能够在真空中传播
3．下列说法中正确的是（　　）
A．近视眼镜、放大镜和照相机镜头都是凸透镜
B．阳光下大树的影子是由光的折射现象形成的
C．光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律
D．猴子捞“月亮”时，水中的“月亮”到水面的距离等于水的深度
4．下列有关热和能的说法中，正确的是（　　）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．一块 0℃的冰熔化成 0℃的水后，温度不变，内能变大
C．内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能
D．夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质
5．下列列关于力说法正确的是( )
A．空中自由下落的小球速度越来越快，小球的惯性力越来越大
B．踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是一对平衡力
C．力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果
D．物体的重心一定在物体上
6．体积和质量都相同的铁球、铜球和铅球各一个，已知ρ铁=7.8×103kg/m3、ρ铜=8.9×103kg/m3、ρ铅=11.3×103kg/m3，那么下列叙述中正确的是（　　）
A．可能铁球是实心的，铜球和铅球是空心的
B．可能铜球是实心的，铁球和铅球是空心的
C．可能铅球是实心的，铜球和铁球是空心的
D．三个球一定都是空心的
7．盲道是为盲人提供行路方便和安全的道路设施，是由凹凸刻纹的地板砖铺成，盲人在盲道上也能像正常人一样行走，是因为盲人走在上面时（　　）
A．增大了脚底的摩擦，使脚底产生感觉
B．增大了脚底的压强，使脚底产生感觉
C．增大了脚底的压力，使脚底产生感觉
D．减小了脚底的压强，使脚底产生感觉
8．如图所示的电路，闭合开关S，灯L不发光，电流表有示数，电压表无示数，则电路故障可能是（　　）
A．电阻R被短接 B．灯L被短接
C．灯L的灯丝断了 D．电阻R的接线柱接触不良
9．小明在水平地面上推如图所示的一只圆柱形油桶，油桶高40cm，底部直径为30cm，装满油后总重2000N．下列说法中正确的是（　　）
A．要使底部C稍稍离开地面，他至少应对油桶施加600N的力
B．他用水平力虽没推动油桶，但他用了力，所以他对油桶做了功
C．他用水平力没推动油桶，是因为推力小于摩擦力
D．油桶匀速运动时，地面对油桶的支持力和油桶对地面的压力是平衡力
10．如图所示，两个相同的烧杯中分别装满了两种不同的液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，两球最后均沉至杯底。已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等，则下列说法正确的是（　　）
A．甲所受浮力更大
B．乙所受浮力更大
C．甲、乙两球所受浮力大小相等
D．甲所在的容器中的液体密度等于乙所在的容器中的液体密度
11．图是探究“通电螺线管的磁场方向”的实验示意图。对该实验的操作和分析，下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关前，小磁针的S极指向地理的北极
B．闭合开关小磁针静止时，S极的指向为该点的磁场方向
C．改变图中螺线管电流方向，小磁针N极所指方向水平向右
D．若没有小磁针，通电螺线管周围就没有磁场
12．如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S，标有“3V 1.5W”的灯泡L1正常发光，标有“6V 3W”的灯泡L2发光较暗．若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是
A．电表a为电流表，且示数为1A
B．电表b为电压表，且示数为3V
C．电表c为电流表，且示数为0.25A
D．闭合开关S，电路消耗的总功率为2.25W
13．重为40N的物体放在水平地面上，在15N水平拉力作用下做匀速直线运动，物体受到的摩擦力为　 　N，当拉力增大为20N时，该物体受到的摩擦力为　 　N．
14．为提倡节能环保，攀枝花市引进大量新能源电动公交车。为新能源公交车充电的导线较粗是为了减小导线的　 　。若充电过程中充电电流为100A，充电电压为380V，则新能源电动公交车充电2h消耗的电能为　 　kW h。
15．如图是德州市安装的一种太阳能路灯，太阳能电池将太阳能转化为　 　能提供给路灯，太阳能属于　 　(选填“可再生”或“不可再生”)能源．
16．如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了　 　的原理。
17．小徐用如图所示的装置将重为600 N的木箱A，以的速度从斜面底端匀速拉到顶端。拉力，斜面长，高，滑轮重、绳重、滑轮与绳之间的摩擦均不计，此装置的机械效率是　 　，木箱A与斜面间的摩擦力是　 　N。
18．如图所示，电源电压9V保持不变，S1始终保持闭合状态。当断开S2时，电压表示数为5.4V，电流表示数为0.6A，则R1=　 　Ω；闭合S2时电路总功率为　 　W。
19．将一盏灯接在电源电压不变的电路中使用时，它的电功率是40W。如果将灯L跟电阻R串联后接到同一电源上，电阻R在10s内电流做了36J的功，此时灯的功率是　 　W。（RL>R）
20．如图，轻质杠杆OA可绕O点在竖直面内旋转，请在图中画出物体所受重力和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图。
21．为节约电能，在居民楼的楼道中装有声、光控灯，只有黑暗且有声音时灯才亮，请将如图中的器材连成符合要求的电路．
22．小华学习了热学知识后，为了对比热容、热值的理解，设计如下实验，可完成吸热能力实验和热值实验。甲、乙、丙三个装置，燃料和液体除种类不同之外，质量完全相同，其他装置完全相同。
（1）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中　 　（甲/乙/丙）两幅图进行实验，根据数据做出了两种液体的温度随时间变化的关系图，如图2所示；
①实验中不同物质的吸热多少是通过　 　来反映比较的（温度计示数变化/加热时间）；
②已知b液体的比热容是，则a液体的比热容是　 　；
（2）为了研究不同燃料的热值，正确选择其中　 　（甲/乙/丙）两幅图进行实验。在实验前用天平测出了两烧杯中液体的质量相同、燃料的质量相同，这样可以通过　 　（温度计示数变化/加热时间）直观感知哪种燃料的热值大。若a、b液体的比热容已知，记录相关数据，可以计算出吸收热量和燃料放出的热量，从而计算燃料热值。但此方法计算的热值与实际燃料热值相比　 　（偏大/偏小/不变）。
23．在测量小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片P向右滑动时电流表示数减小；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数均较小，接下来的操作是　 　；
（3）多次改变小灯泡两端的电压，记录电压表、电流表的示数，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）本次实验所选用的滑动变阻器的规格是_____；
A．10 Ω；2 A B．20 Ω；2 A C．50 Ω；1.5 A
（5）小红还想测出另一个额定电压为的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了如图丁所示的电路（电源电压恒定大于且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为）。请将实验步骤补充完整：
①闭合S、，断开，移动滑片P使电压表示数为　 　；
②闭合S、，断开，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为；
③闭合S、，断开，滑片移到最左端，读出电压表的示数为；
④小灯泡正常发光时的电阻　 　（用、、、表示）。
24．如图甲所示，A、B为不同材料制成的体积相同的实心正方体，浸没在水中。现在沿竖直方向匀速向上拉动绳子，开始时刻，A的上表面刚好与水面相平，A、B之间的绳子绷直，B在容器底部（未与容器底部接触），A上端绳子的拉力是F，F随A上升的距离h变化的图像如图乙所示。整个过程中，水的液面高度变化忽略不计，绳的质量和体积忽略不计。已知A的密度。求：
（1）正方体A的体积；
（2）水对容器底部的压强；
（3）正方体B的密度。
25．在如图所示的电路中，小灯泡L上标有“10V，5W”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，定值电阻R0＝16Ω，滑动变阻器R的最大电阻为100Ω。只闭合S2，滑动滑片P，使变阻器电阻Rap=20Ω，此时电压表示数为10V。若电源电压不变，不计灯丝电阻随温度的变化，求：
（1）小灯泡的电阻；
（2）电源电压；
（3）只闭合S1，在保证电路安全的情况下，电路消耗的总功率范围。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【解答】根据相关的科学发展史可知，历史上第一个测出大气压强的科学家是托里拆利，故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】根据大气压强测量的科学史判断。
2．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，不能防止噪声的产生，A不符合题意。
B、汽车安装的倒车雷达是利用超声波回声定位的原理工作的，根据回声到来的时间和方位，可以确定目标的位置和距离，B符合题意；
C、医生用听诊器检查病情时，减小了声音的分散，增大了声音的响度，使医生听得更清楚，C不符合题意；
D、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话，太空中的宇航员能对话是靠电磁波，D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】声音的传播：声音靠介质传播.真空不能传声.
(1)音调:是指声音的高低，它与发声体的频率有关系.(2)响度:是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系.
减弱噪声的途径：(1)在声源处减弱；(2)在传播过程中减弱；(3)在人耳处减弱.
汽车安装的倒车雷达是利用超声波回声定位的原理工作的.
3．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；生活中的透镜；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜，A不符合题意；
B、阳光下大树的影子是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，B不符合题意；
C、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，所以光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律，C符合题意。
D、根据平面镜成像的特点，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，所以水中“月亮”到水面的距离等于天上月亮到水面的距离，远远大于水的深度，D不符合题意；
故答案为：C
【分析】近视眼看不清远处的景物，需要配戴凹透镜；远视眼看不清近处的景物，需要配戴凸透镜.
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等.
反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射.镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律.
平面镜成像中像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等.
4．【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A. 发生热传递时，传递的是热量，而不是温度，所以热量总是从高温物体传递给低温物体，A不符合题意；
B. 一块 0℃的冰熔化成 0℃的水，由于熔化过程中，温度不变，但吸收了热量，内能是变大的，B符合题意；
C. 内燃机的压缩冲程，是通过做功的方式增加了汽缸内物质的内能，C不符合题意；
D. 夏天在室内洒水降温，利用了水的汽化吸热，D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的.物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大.物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小.
内燃机可分为汽油机和柴油机，它们一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程.
5．【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图；重心；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．惯性是物体的一种性质，而不是力的作用，故A错误；
B．脚对足球的力作用在足球上，足球对脚的力作用在脚上，二者是没有作用在同一物体山，不是一对平衡力，故B错误；
C．力的三要素为力的大小、方向和作用点，都会影响力的作用效果，故C正确；
D．空心的球，铁环的重心在中间，此时重心不在物体上，故D错误。
【分析】A. 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性 ；
B.平衡力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
C.根据力的三要素的知识判断；
D.重力在物体上的作用点就是重心。
6．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】当铁、铜、铅三个球的质量相同时，据得，V铅铜铁，而题目中，三个球的体积相同，所以铁球是实心的话，其它两个球都是空心的，A符合题意，BCD都错误。
故答案为：A。
【分析】根据题意可知铁球、铜球和铅球的质量相等以及它们密度之间的关系，根据得出三球材料的实心体积关系，然后结合三球的体积相等得出答案。
7．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，盲道上凹凸的刻纹可以减小脚底与地板砖的接触面积，进而增大压强，使脚底产生感觉，进而判断行进的路线，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
8．【答案】B
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】A.电阻R被短接时，电流表和电压表都有示数，故A不合题意；
B.灯L被短接时，电压表也被短路，则电压表的示数为零，电流表有示数，故B符合题意；
C.灯L的灯丝断了，则电压表串联在电路中，那么电压表的示数等于电源电压。由于电压表的内阻很大，所以电流表几乎没有示数，故C不合题意；
D.电阻R的接线柱接触不良，会造成断路，那么电流表和电压表都没有示数，故D不合题意。
故选B。
【分析】对各个选项中的描述进行分析，确定电路的串并联关系，进而判断电流表和电压表的示数变化，最后与题目描述分析判断。
9．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题；是否做功的判断
【解析】【解答】A.根据图片可知，要使油桶C点稍离地面，则支点为C，那么此时BC是最长的动力臂。
根据题意可知，AC=40cm，CD=30cm，
根据勾股定理得到：动力臂，
阻力臂，
根据杠杆的平衡条件得到：F×50cm=2000N×15cm；
解得：，故A正确；
B.油桶虽然受到推力，但是没在力的方向上通过距离，故不做功，故B错误；
C.油桶处于平衡状态，那么推力等于摩擦力，故C错误；
D.地面对油桶的支持力作用在油桶上，油桶对地面的压力作用在地面上，则二者没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故D错误．
故选A。
【分析】A.根据题目描述确定动力臂和阻力臂大小，根据杠杆的平衡条件列式计算；
B.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
C.对油桶进行受力分析，根据平衡力的知识分析；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
10．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABC． 已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等， 根据阿基米德原理F浮=G排可知，二者受到的浮力相等，故AB错误，C正确；
D．已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等，但是甲的体积大于乙的体积，根据可知，甲球所在的液体的密度要小于乙球所在的液体的密度，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据阿基米德原理F浮=G排比较甲和乙受到浮力的大小；
D.根据结合二者体积大小判断液体密度大小。
11．【答案】C
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．在开关闭合前，小磁针受地磁场作用，其S极指向地理南极方向，故A错误。
B．当开关闭合后，通电螺线管周围会产生磁场。根据物理学定义，磁场方向是指小磁针静止时N极的指向，故B错误。
C．若改变螺线管中的电流方向（从左端流入，右端流出），根据安培定则可判定螺线管右端为N极。由于同名磁极相斥，小磁针N极将指向右侧，故C正确。
D．通电螺线管周围的磁场是客观存在的物理现象，不依赖于小磁针的存在与否，故D错误。
故选C。
【分析】地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关
磁场的方向可通过小磁针的指向来判断，题目中N指磁感线方向。
12．【答案】D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】B.根据“3V 1.5W”和“6V 3W”可知，两灯泡的额定电流分别为：
I10.5A，I20.5A，
因灯泡L1正常发光，所以通过它的电流为0.5A。灯泡L2发光但较暗，但是通过它的电流小于0.5A，
所以通过L1、L2的电流不相等，因此L1与L2应并联，
则a肯定有电流经过，则a一定是电流表；b是相当于导线的电流表；c处为开路，则C是电压表，故B错误；
ACD.灯泡L1正常发光，说明它两端的电压是3V；
根据并联电流的电压规律可知，电源电压U＝U1＝3V，即电压表c的示数为3V，故C错误；
灯泡L2的额定电压为6V，额定电流为0.5A，则它的电阻：R212Ω；
此时通过R2的电流：I2'0.25A，
则干路电流表a的示数：I总＝I1+I2'＝0.5A+0.25A＝0.75A，故A错误；
电路消耗的总功率：P＝UI＝3V×0.75A＝2.25W，故D正确。
故选D。
【分析】 根据P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律求出灯泡L2的电阻，根据“灯泡L1正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P=UI求出电路消耗的总功率。
13．【答案】15；15
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：物体在15N水平拉力作用下做匀速直线运动，所以物体处于平衡状态，因此推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即f=F=15N；
当推力增加为20N时，压力和接触面的粗糙程度都没变，所以摩擦力仍为15N．
故答案为：15；15．
【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力；（2）二力平衡的条件：两个平衡力的大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上；（3）摩擦力的大小和压力接触面的粗糙程度有关，与推力大小无关．
14．【答案】电阻；76
【知识点】影响电阻大小的因素；电功的计算
【解析】【解答】解：在温度、长度和材料相同时，导体的横截面积越大，即导线越粗，电阻越小；新能源电动公交车充电2h消耗的电能：
W＝UIt＝380V×100A×2×3600s＝2.736×108J＝2.736×108× kW h＝76kW h。
故答案为：电阻；76。
【分析】决定电阻大小的因素：导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度、横截面积和温度.（电阻与加在导体两端的电压和通过的电流无关）
利用W＝UIt求得 消耗的电能 .
15．【答案】电；可再生
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，太阳能电池将太阳能转化为电能提供给路灯；
（2）太阳能取之不尽用之不竭，可以在短时间内得到补充，属于可再生能源。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）可在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
16．【答案】电磁感应
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据题目描述“当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，切割线圈而产生电流”可知，运动手环将机械能转化为电能，它的基本原理是电磁感应。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
17．【答案】80%；60
【知识点】动滑轮及其工作特点；斜面的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】根据题意可知，木箱的重力为600N，斜面的高度为2m，
则将木箱拉到顶端所做的有用功；
动滑轮上承担拉力的绳子段数n=2，则木箱受到的拉力；
通过斜面所做的总功为；
此装置的机械效率；
在斜面上克服摩擦力做的额外功；
木箱所受的摩擦力。
【分析】 根据W有用=Gh求出有用功，根据图片确定承担拉力的绳子段数n，据此计算木箱受到的拉力，根据s'=2s求出拉力移动距离，由W=Fs可求得拉力F所做的总功，根据
×100%算出装置的机械效率。根据求出克服摩擦力做的额外功，根据W=fs求出摩擦力。
18．【答案】6；9
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，开关S1保持闭合，当S2断开时，电阻R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路的电流。此时电阻R1两端的电压U1=U-U2=9V-5.4V=3.6V；
此时R1的阻值；
电阻R2的阻值；
再闭合S2时，电路是只有R2工作的简单电路，此时R1被短路，
那么电路的总功率。
【分析】开关S1保持闭合，当S2断开时，电阻R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路的电流。根据U1=U-U2计算电阻R1两端的电压，根据欧姆定律分别计算出它们的阻值。再闭合S2时，电路是只有R2工作的简单电路，此时R1被短路，根据计算电路的总功率。
19．【答案】32.4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据题意可知， 电阻R在10s内电流做了36J的功，
R消耗的功率为；
根据得到：①
小灯泡的功率为40W，则②；
①②联立解得：9R2-82RRL+9RL2=0；
因为RL>R，所以RL=9R；
而在串联电路中，电流I相同，据P=I2R得：PL＇∶PR=RL∶R=9∶1；
所以此时灯的功率PL'=9PR=9×3.6W=32.4W。
【分析】根据计算R的电功率，然后结合灯泡的功率，利用列出两个方程联立计算二者的阻值之比，根据P=I2R计算灯泡的功率即可。
20．【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据图片可知，杠杆的支点为O，A点为力的作用点，则最长的动力臂应该是OA。连接OA，通过A点作OA的垂线，在向上的方向上标上箭头，表示最小的力F。物体受到的重力作用在它的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
21．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】有声音时声控开关闭合，无光时光控开关闭合，无论哪个开关单独闭合，灯泡都不会发光。只有两个开关都闭合时才能发光，说明两个开关相互影响，即二者为串联，再与灯泡串联，如下图所示：
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联，据此分析两个开关的串并联关系即可。
22．【答案】（1）甲、丙；加热时间；
（2）甲、乙；温度计示数变化；偏小
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，要研究不同物质的吸热能力，只改变被加热物质的种类，还应控制其它因素都相同，即控制燃料的种类相同，则应选择甲、丙两图进行探究。
①使用相同的热源加热，则相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同，则实验中通过加热时间的长短来反映不同物质吸热的多少。
②根据图2可知，如果温度都升高，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，即升高相同的温度，b吸收热量是a的2倍，
则a液体的比热容为。
（2）①根据控制变量法的要求可知，比较不同燃料的热值时，只改变燃料的种类，应控制被加热液体的种类相同，故应选择甲、乙两图。
②实验中，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多，则通过温度计示数变化来比较不同燃料完全燃烧放出的热量多少，
因为燃料不能完全燃烧，燃料燃烧产生的热量不能完全被液体吸收，并存在热量损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。
【分析】（1）根据控制变量法的要求可知，要研究不同物质的吸热能力，只改变被加热物质的种类，还应控制其它因素都相同。
①使用相同的热源加热，则相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同；
②根据图2确定温度都升高60℃时a、b吸收的热量之比，再根据Q=cm△t计算a液体的比热容；
（2）①根据控制变量法的要求选择对照实验；
②实验中，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多；
注意加热过程中热量会有散失，据此分析解答。
（1）要研究不同物质的吸热能力，除了被加热物质的种类相同外，还应控制其它因素都相同，所以应选择甲、丙两图进行探究。
液体吸收的热量是肉眼不能直接观察到的，相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同，可根据转换法通过加热时间的长短来反映不同物质吸热的多少。
液体a和液体b的质量和初温均相同，由图可知，如果温度都升高，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，即升高相同的温度，b吸收热量是a的2倍，由得
（2）比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同，故应选择甲、乙两图进行实验。
实验中通过温度计示数变化来比较不同燃料完全燃烧放出的热量多少，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多。
此方法计算结果不可靠，因为燃料不能完全燃烧，燃料燃烧产生的热量不能完全被液体吸收，并存在热量损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。
23．【答案】（1）
（2）将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况
（3）8.3
（4）C
（5）；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）当滑片P向右滑动时电流表示数减小，根据欧姆定律可知，变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱A连入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电压表、电流表示数均较小，则小灯泡不亮，应该是电流太小所致，也就是变阻器接入的阻值太大，接下来的操作是将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况。
（3）如图甲和乙所示，电流表接入0-0.6A量程，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A，那么此时小灯泡的电阻为。
（4）根据丙可知，电路的最小电流为0.1A，对应的电压约为0.28V，
此时滑动变阻器两端的电压；
变阻器接入电路的电阻约为；
实验中滑动变阻器接入电路的最大电阻为42.2Ω，
因此应选滑动变阻器的规格为“50Ω；1.5A”，故选C。
（5）①根据图片可知，闭合S、S2，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片P使电压表示数为，此时小灯泡正常发光；
②根据图片可知，闭合S、S1，断开S2，电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为，此时电路中的电流；
由实验步骤②③可得步骤②中滑动变阻器两端的电压；
实验步骤②滑动变阻器接入电路中的电阻；
由实验步骤①③可得步骤①中滑动变阻器两端的电压；
实验步骤①②中滑动变阻器接入电路的电阻相等，步骤①电路中的电流；
小灯泡正常发光时的电阻。
【分析】 （1）根据电流表的示数变化确定变阻器接入阻值的变化，据此判断变阻器接入的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置，据此确定接下来的操作；
（3）根据乙图读出电流表示数，由欧姆定律得出此时小灯泡的电阻；
（4）根据丙知，当电流为0.1A时可知对应的电压，根据串联电路电压的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，据此分析；
（5）灯在额定电压下正常发光，根据开关的闭合方式、滑片位置的变化求出电源电压和滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出灯泡的电阻。
（1）在测量小灯泡电阻的实验中，滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器按一上一下接入电路，要求滑片P向右滑动时电流表示数减小，可知电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱A连入电路中。
（2）闭合开关后，电压表、电流表示数均较小，电路为通路，发现小灯泡不亮，接下来的操作是将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况。
（3）当小灯泡两端电压为2.5V时，如图甲所示，电流表接入小量程，如图乙所示，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A，此时小灯泡的电阻为
（4）根据丙可知，当电流为0.1A时，对应的电压约为0.28V，此时滑动变阻器两端的电压
变阻器接入电路的电阻约为
实验中滑动变阻器接入电路的最大电阻为42.2Ω，因此应选滑动变阻器的规格为“50Ω；1.5A”，故选C。
（5）闭合S、S2，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片P使电压表示数为，此时小灯泡正常发光；
闭合S、S1，断开S2，电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为，此时电路中的电流；
由实验步骤②③可得步骤②中滑动变阻器两端的电压
实验步骤②滑动变阻器接入电路中的电阻
由实验步骤①③可得步骤①中滑动变阻器两端的电压
实验步骤①②中滑动变阻器接入电路的电阻相等，步骤①电路中的电流
小灯泡正常发光时的电阻
24．【答案】（1）解：根据题意可知，当物体A逐渐露出水面时，它受到的浮力逐渐减小，测力计的拉力逐渐增大，
那么拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，即；
浸没时物体A排开液体的体积，即；
此时物体的体积等于它排开液体的体积，
则正方体A的体积V=1×10-3m3。
（2）解：根据题意可知，正方体A的体积为1×10-3m3，
则A、B的边长为；
则此时水的深度；
水对容器底的压强。
（3）解： 已知A的密度 ，体积为1×10-3m3，
则正方体A的重力；
A、B体积相同，所以受到的浮力都为10N；
根据平衡力的知识得到：；
；
解得：，
则正方体B的密度。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，根据计算物体A排开液体的体积，而此时物体的体积等于它排开液体的体积；
（2）首先根据V=L3计算正方体的边长，然后计算此时水的深度，最后根据计算水对容器底部的压强；
（3）根据计算正方体A的重力，再根据平衡力的知识计算物体B的重力，最后根据计算正方体B的密度即可。
（1）根据图像可得：拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，即
浸没时，正方体A的体积等于排开液体的体积，即
（2）正方体A、B的边长为
根据图像可得：水的深度
水对容器底的压强
（3）正方体A的重力
A、B体积相同，所以受到的浮力都为10N
对物体进行整体受力分析：
代入数据
解得，正方体B的密度
25．【答案】（1）解：根据“ 10V，5W ”可知，灯泡的电阻。
（2）解：根据电路图可知，只闭合S2时，变阻器R与定值电阻R0与串联，电压表测变阻器的电压。
则此时通过电路电流；
总电阻为：R=R0+Rap=16Ω+20Ω=36Ω；
电源电压U=IR=0.5A×36Ω=18V。
（3）解：根据电路图可知，只闭合S1时，灯泡L与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压，
根据“ 10V，5W ”可知，灯泡正常工作的电流；
电流表量程为0～0.6 A，比较可知，为了保证各元件的安全，电路中最大电流Imax=0.5A；
电路消耗的最大功率Pmax=UImax=18V×0.5A=9W；
电压表量程为0～15V，当电压表示数最大为15V时，变阻器接入的阻值最大，电路中电流最小，
则灯泡两端的最小电压UL'=U-U滑大=18V-15V=3V；
电路中的最小电流；
电路消耗的最小功率Pmin=UImin=18V×0.15A=2.7W。
电路消耗的总功率范围为2.7W～9W。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）已知额定电压和额定功率由计算灯泡电阻；
（2）只闭合S2，R0与变阻器R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律计算电路电流，根据串联电路R=R0+Rap计算总电阻，根据U=IR求出电源的电压；
（3）只闭合S1时，L与R串联，根据电表量程和灯泡正常工作时的电压、电流，运用欧姆定律和电功率公式计算电路消耗的最大和最小功率。
（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，由可得，灯泡电阻
（2）只闭合S2，R0与变阻器R串联，电压表测变阻器的电压，变阻器电阻为20Ω；由欧姆定律可知电路电流
由串联电阻的规律及欧姆定律可知电源电压
U=I(R0+Rap)=0.5A×(16Ω+20Ω)=18V
（3）只闭合S1时，L与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，由P=UI可得灯泡正常工作的电流
电流表量程为0～0.6 A，因串联电路的电流处处相等，所以，为了保证各元件的安全，电路中最大电流
Imax=IL=0.5A
电路消耗的最大功率
Pmax=UImax=18V×0.5A=9W
电压表量程为0～15V，当电压表示数最大为15V时，变阻器接入的阻值最大，电路中电流最小，则灯泡两端的最小电压
UL'=U-U滑大=18V-15V=3V
电路中的最小电流
电路消耗的最小功率
Pmin=UImin=18V×0.15A=2.7W
电路消耗的总功率范围为2.7W～9W。
1 / 1四川省达州市达州中学2026年4月期中测试九年级物理试题
1．物理学历史上第一个用实验测出大气压强值的科学家是（　　）
A．帕斯卡 B．伽利略
C．托里拆利 D．马德堡市市长
【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【解答】根据相关的科学发展史可知，历史上第一个测出大气压强的科学家是托里拆利，故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】根据大气压强测量的科学史判断。
2．下列与声现象有关的说法中正确的是（　　）
A．高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生
B．汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的
C．医生用听诊器检查病情时，提高了声音的音调
D．太空中的宇航员能对话，表明声音能够在真空中传播
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，不能防止噪声的产生，A不符合题意。
B、汽车安装的倒车雷达是利用超声波回声定位的原理工作的，根据回声到来的时间和方位，可以确定目标的位置和距离，B符合题意；
C、医生用听诊器检查病情时，减小了声音的分散，增大了声音的响度，使医生听得更清楚，C不符合题意；
D、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话，太空中的宇航员能对话是靠电磁波，D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】声音的传播：声音靠介质传播.真空不能传声.
(1)音调:是指声音的高低，它与发声体的频率有关系.(2)响度:是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系.
减弱噪声的途径：(1)在声源处减弱；(2)在传播过程中减弱；(3)在人耳处减弱.
汽车安装的倒车雷达是利用超声波回声定位的原理工作的.
3．下列说法中正确的是（　　）
A．近视眼镜、放大镜和照相机镜头都是凸透镜
B．阳光下大树的影子是由光的折射现象形成的
C．光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律
D．猴子捞“月亮”时，水中的“月亮”到水面的距离等于水的深度
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；镜面反射与漫反射；生活中的透镜；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、近视眼镜的镜片是凹透镜，放大镜和照相机镜头用的都是凸透镜，A不符合题意；
B、阳光下大树的影子是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，B不符合题意；
C、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，所以光发生漫反射时，每条光线都遵从光的反射定律，C符合题意。
D、根据平面镜成像的特点，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，所以水中“月亮”到水面的距离等于天上月亮到水面的距离，远远大于水的深度，D不符合题意；
故答案为：C
【分析】近视眼看不清远处的景物，需要配戴凹透镜；远视眼看不清近处的景物，需要配戴凸透镜.
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等.
反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射.镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律.
平面镜成像中像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等.
4．下列有关热和能的说法中，正确的是（　　）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．一块 0℃的冰熔化成 0℃的水后，温度不变，内能变大
C．内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能
D．夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质
【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A. 发生热传递时，传递的是热量，而不是温度，所以热量总是从高温物体传递给低温物体，A不符合题意；
B. 一块 0℃的冰熔化成 0℃的水，由于熔化过程中，温度不变，但吸收了热量，内能是变大的，B符合题意；
C. 内燃机的压缩冲程，是通过做功的方式增加了汽缸内物质的内能，C不符合题意；
D. 夏天在室内洒水降温，利用了水的汽化吸热，D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的.物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大.物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小.
内燃机可分为汽油机和柴油机，它们一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程.
5．下列列关于力说法正确的是( )
A．空中自由下落的小球速度越来越快，小球的惯性力越来越大
B．踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是一对平衡力
C．力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果
D．物体的重心一定在物体上
【答案】C
【知识点】力的三要素及力的示意图；重心；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．惯性是物体的一种性质，而不是力的作用，故A错误；
B．脚对足球的力作用在足球上，足球对脚的力作用在脚上，二者是没有作用在同一物体山，不是一对平衡力，故B错误；
C．力的三要素为力的大小、方向和作用点，都会影响力的作用效果，故C正确；
D．空心的球，铁环的重心在中间，此时重心不在物体上，故D错误。
【分析】A. 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性 ；
B.平衡力的条件：大小相等、方向相反，作用在同一物体和同一直线上；
C.根据力的三要素的知识判断；
D.重力在物体上的作用点就是重心。
6．体积和质量都相同的铁球、铜球和铅球各一个，已知ρ铁=7.8×103kg/m3、ρ铜=8.9×103kg/m3、ρ铅=11.3×103kg/m3，那么下列叙述中正确的是（　　）
A．可能铁球是实心的，铜球和铅球是空心的
B．可能铜球是实心的，铁球和铅球是空心的
C．可能铅球是实心的，铜球和铁球是空心的
D．三个球一定都是空心的
【答案】A
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】当铁、铜、铅三个球的质量相同时，据得，V铅铜铁，而题目中，三个球的体积相同，所以铁球是实心的话，其它两个球都是空心的，A符合题意，BCD都错误。
故答案为：A。
【分析】根据题意可知铁球、铜球和铅球的质量相等以及它们密度之间的关系，根据得出三球材料的实心体积关系，然后结合三球的体积相等得出答案。
7．盲道是为盲人提供行路方便和安全的道路设施，是由凹凸刻纹的地板砖铺成，盲人在盲道上也能像正常人一样行走，是因为盲人走在上面时（　　）
A．增大了脚底的摩擦，使脚底产生感觉
B．增大了脚底的压强，使脚底产生感觉
C．增大了脚底的压力，使脚底产生感觉
D．减小了脚底的压强，使脚底产生感觉
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，盲道上凹凸的刻纹可以减小脚底与地板砖的接触面积，进而增大压强，使脚底产生感觉，进而判断行进的路线，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
8．如图所示的电路，闭合开关S，灯L不发光，电流表有示数，电压表无示数，则电路故障可能是（　　）
A．电阻R被短接 B．灯L被短接
C．灯L的灯丝断了 D．电阻R的接线柱接触不良
【答案】B
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】A.电阻R被短接时，电流表和电压表都有示数，故A不合题意；
B.灯L被短接时，电压表也被短路，则电压表的示数为零，电流表有示数，故B符合题意；
C.灯L的灯丝断了，则电压表串联在电路中，那么电压表的示数等于电源电压。由于电压表的内阻很大，所以电流表几乎没有示数，故C不合题意；
D.电阻R的接线柱接触不良，会造成断路，那么电流表和电压表都没有示数，故D不合题意。
故选B。
【分析】对各个选项中的描述进行分析，确定电路的串并联关系，进而判断电流表和电压表的示数变化，最后与题目描述分析判断。
9．小明在水平地面上推如图所示的一只圆柱形油桶，油桶高40cm，底部直径为30cm，装满油后总重2000N．下列说法中正确的是（　　）
A．要使底部C稍稍离开地面，他至少应对油桶施加600N的力
B．他用水平力虽没推动油桶，但他用了力，所以他对油桶做了功
C．他用水平力没推动油桶，是因为推力小于摩擦力
D．油桶匀速运动时，地面对油桶的支持力和油桶对地面的压力是平衡力
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题；是否做功的判断
【解析】【解答】A.根据图片可知，要使油桶C点稍离地面，则支点为C，那么此时BC是最长的动力臂。
根据题意可知，AC=40cm，CD=30cm，
根据勾股定理得到：动力臂，
阻力臂，
根据杠杆的平衡条件得到：F×50cm=2000N×15cm；
解得：，故A正确；
B.油桶虽然受到推力，但是没在力的方向上通过距离，故不做功，故B错误；
C.油桶处于平衡状态，那么推力等于摩擦力，故C错误；
D.地面对油桶的支持力作用在油桶上，油桶对地面的压力作用在地面上，则二者没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故D错误．
故选A。
【分析】A.根据题目描述确定动力臂和阻力臂大小，根据杠杆的平衡条件列式计算；
B.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
C.对油桶进行受力分析，根据平衡力的知识分析；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
10．如图所示，两个相同的烧杯中分别装满了两种不同的液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，两球最后均沉至杯底。已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等，则下列说法正确的是（　　）
A．甲所受浮力更大
B．乙所受浮力更大
C．甲、乙两球所受浮力大小相等
D．甲所在的容器中的液体密度等于乙所在的容器中的液体密度
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABC． 已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等， 根据阿基米德原理F浮=G排可知，二者受到的浮力相等，故AB错误，C正确；
D．已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等，但是甲的体积大于乙的体积，根据可知，甲球所在的液体的密度要小于乙球所在的液体的密度，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据阿基米德原理F浮=G排比较甲和乙受到浮力的大小；
D.根据结合二者体积大小判断液体密度大小。
11．图是探究“通电螺线管的磁场方向”的实验示意图。对该实验的操作和分析，下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关前，小磁针的S极指向地理的北极
B．闭合开关小磁针静止时，S极的指向为该点的磁场方向
C．改变图中螺线管电流方向，小磁针N极所指方向水平向右
D．若没有小磁针，通电螺线管周围就没有磁场
【答案】C
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A．在开关闭合前，小磁针受地磁场作用，其S极指向地理南极方向，故A错误。
B．当开关闭合后，通电螺线管周围会产生磁场。根据物理学定义，磁场方向是指小磁针静止时N极的指向，故B错误。
C．若改变螺线管中的电流方向（从左端流入，右端流出），根据安培定则可判定螺线管右端为N极。由于同名磁极相斥，小磁针N极将指向右侧，故C正确。
D．通电螺线管周围的磁场是客观存在的物理现象，不依赖于小磁针的存在与否，故D错误。
故选C。
【分析】地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的北极在地理南极附近，南极在地理北极附近
通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关
磁场的方向可通过小磁针的指向来判断，题目中N指磁感线方向。
12．如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合开关S，标有“3V 1.5W”的灯泡L1正常发光，标有“6V 3W”的灯泡L2发光较暗．若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是
A．电表a为电流表，且示数为1A
B．电表b为电压表，且示数为3V
C．电表c为电流表，且示数为0.25A
D．闭合开关S，电路消耗的总功率为2.25W
【答案】D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】B.根据“3V 1.5W”和“6V 3W”可知，两灯泡的额定电流分别为：
I10.5A，I20.5A，
因灯泡L1正常发光，所以通过它的电流为0.5A。灯泡L2发光但较暗，但是通过它的电流小于0.5A，
所以通过L1、L2的电流不相等，因此L1与L2应并联，
则a肯定有电流经过，则a一定是电流表；b是相当于导线的电流表；c处为开路，则C是电压表，故B错误；
ACD.灯泡L1正常发光，说明它两端的电压是3V；
根据并联电流的电压规律可知，电源电压U＝U1＝3V，即电压表c的示数为3V，故C错误；
灯泡L2的额定电压为6V，额定电流为0.5A，则它的电阻：R212Ω；
此时通过R2的电流：I2'0.25A，
则干路电流表a的示数：I总＝I1+I2'＝0.5A+0.25A＝0.75A，故A错误；
电路消耗的总功率：P＝UI＝3V×0.75A＝2.25W，故D正确。
故选D。
【分析】 根据P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律求出灯泡L2的电阻，根据“灯泡L1正常发光，灯泡L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P=UI求出电路消耗的总功率。
13．重为40N的物体放在水平地面上，在15N水平拉力作用下做匀速直线运动，物体受到的摩擦力为　 　N，当拉力增大为20N时，该物体受到的摩擦力为　 　N．
【答案】15；15
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：物体在15N水平拉力作用下做匀速直线运动，所以物体处于平衡状态，因此推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即f=F=15N；
当推力增加为20N时，压力和接触面的粗糙程度都没变，所以摩擦力仍为15N．
故答案为：15；15．
【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力；（2）二力平衡的条件：两个平衡力的大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上；（3）摩擦力的大小和压力接触面的粗糙程度有关，与推力大小无关．
14．为提倡节能环保，攀枝花市引进大量新能源电动公交车。为新能源公交车充电的导线较粗是为了减小导线的　 　。若充电过程中充电电流为100A，充电电压为380V，则新能源电动公交车充电2h消耗的电能为　 　kW h。
【答案】电阻；76
【知识点】影响电阻大小的因素；电功的计算
【解析】【解答】解：在温度、长度和材料相同时，导体的横截面积越大，即导线越粗，电阻越小；新能源电动公交车充电2h消耗的电能：
W＝UIt＝380V×100A×2×3600s＝2.736×108J＝2.736×108× kW h＝76kW h。
故答案为：电阻；76。
【分析】决定电阻大小的因素：导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度、横截面积和温度.（电阻与加在导体两端的电压和通过的电流无关）
利用W＝UIt求得 消耗的电能 .
15．如图是德州市安装的一种太阳能路灯，太阳能电池将太阳能转化为　 　能提供给路灯，太阳能属于　 　(选填“可再生”或“不可再生”)能源．
【答案】电；可再生
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，太阳能电池将太阳能转化为电能提供给路灯；
（2）太阳能取之不尽用之不竭，可以在短时间内得到补充，属于可再生能源。
【分析】（1）根据能量转化的知识解答；
（2）可在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
16．如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了　 　的原理。
【答案】电磁感应
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据题目描述“当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，切割线圈而产生电流”可知，运动手环将机械能转化为电能，它的基本原理是电磁感应。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
17．小徐用如图所示的装置将重为600 N的木箱A，以的速度从斜面底端匀速拉到顶端。拉力，斜面长，高，滑轮重、绳重、滑轮与绳之间的摩擦均不计，此装置的机械效率是　 　，木箱A与斜面间的摩擦力是　 　N。
【答案】80%；60
【知识点】动滑轮及其工作特点；斜面的机械效率；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】根据题意可知，木箱的重力为600N，斜面的高度为2m，
则将木箱拉到顶端所做的有用功；
动滑轮上承担拉力的绳子段数n=2，则木箱受到的拉力；
通过斜面所做的总功为；
此装置的机械效率；
在斜面上克服摩擦力做的额外功；
木箱所受的摩擦力。
【分析】 根据W有用=Gh求出有用功，根据图片确定承担拉力的绳子段数n，据此计算木箱受到的拉力，根据s'=2s求出拉力移动距离，由W=Fs可求得拉力F所做的总功，根据
×100%算出装置的机械效率。根据求出克服摩擦力做的额外功，根据W=fs求出摩擦力。
18．如图所示，电源电压9V保持不变，S1始终保持闭合状态。当断开S2时，电压表示数为5.4V，电流表示数为0.6A，则R1=　 　Ω；闭合S2时电路总功率为　 　W。
【答案】6；9
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，开关S1保持闭合，当S2断开时，电阻R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路的电流。此时电阻R1两端的电压U1=U-U2=9V-5.4V=3.6V；
此时R1的阻值；
电阻R2的阻值；
再闭合S2时，电路是只有R2工作的简单电路，此时R1被短路，
那么电路的总功率。
【分析】开关S1保持闭合，当S2断开时，电阻R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路的电流。根据U1=U-U2计算电阻R1两端的电压，根据欧姆定律分别计算出它们的阻值。再闭合S2时，电路是只有R2工作的简单电路，此时R1被短路，根据计算电路的总功率。
19．将一盏灯接在电源电压不变的电路中使用时，它的电功率是40W。如果将灯L跟电阻R串联后接到同一电源上，电阻R在10s内电流做了36J的功，此时灯的功率是　 　W。（RL>R）
【答案】32.4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据题意可知， 电阻R在10s内电流做了36J的功，
R消耗的功率为；
根据得到：①
小灯泡的功率为40W，则②；
①②联立解得：9R2-82RRL+9RL2=0；
因为RL>R，所以RL=9R；
而在串联电路中，电流I相同，据P=I2R得：PL＇∶PR=RL∶R=9∶1；
所以此时灯的功率PL'=9PR=9×3.6W=32.4W。
【分析】根据计算R的电功率，然后结合灯泡的功率，利用列出两个方程联立计算二者的阻值之比，根据P=I2R计算灯泡的功率即可。
20．如图，轻质杠杆OA可绕O点在竖直面内旋转，请在图中画出物体所受重力和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】根据图片可知，杠杆的支点为O，A点为力的作用点，则最长的动力臂应该是OA。连接OA，通过A点作OA的垂线，在向上的方向上标上箭头，表示最小的力F。物体受到的重力作用在它的重心上，方向竖直向下，如下图所示：
【分析】当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
21．为节约电能，在居民楼的楼道中装有声、光控灯，只有黑暗且有声音时灯才亮，请将如图中的器材连成符合要求的电路．
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】有声音时声控开关闭合，无光时光控开关闭合，无论哪个开关单独闭合，灯泡都不会发光。只有两个开关都闭合时才能发光，说明两个开关相互影响，即二者为串联，再与灯泡串联，如下图所示：
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联，据此分析两个开关的串并联关系即可。
22．小华学习了热学知识后，为了对比热容、热值的理解，设计如下实验，可完成吸热能力实验和热值实验。甲、乙、丙三个装置，燃料和液体除种类不同之外，质量完全相同，其他装置完全相同。
（1）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中　 　（甲/乙/丙）两幅图进行实验，根据数据做出了两种液体的温度随时间变化的关系图，如图2所示；
①实验中不同物质的吸热多少是通过　 　来反映比较的（温度计示数变化/加热时间）；
②已知b液体的比热容是，则a液体的比热容是　 　；
（2）为了研究不同燃料的热值，正确选择其中　 　（甲/乙/丙）两幅图进行实验。在实验前用天平测出了两烧杯中液体的质量相同、燃料的质量相同，这样可以通过　 　（温度计示数变化/加热时间）直观感知哪种燃料的热值大。若a、b液体的比热容已知，记录相关数据，可以计算出吸收热量和燃料放出的热量，从而计算燃料热值。但此方法计算的热值与实际燃料热值相比　 　（偏大/偏小/不变）。
【答案】（1）甲、丙；加热时间；
（2）甲、乙；温度计示数变化；偏小
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，要研究不同物质的吸热能力，只改变被加热物质的种类，还应控制其它因素都相同，即控制燃料的种类相同，则应选择甲、丙两图进行探究。
①使用相同的热源加热，则相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同，则实验中通过加热时间的长短来反映不同物质吸热的多少。
②根据图2可知，如果温度都升高，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，即升高相同的温度，b吸收热量是a的2倍，
则a液体的比热容为。
（2）①根据控制变量法的要求可知，比较不同燃料的热值时，只改变燃料的种类，应控制被加热液体的种类相同，故应选择甲、乙两图。
②实验中，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多，则通过温度计示数变化来比较不同燃料完全燃烧放出的热量多少，
因为燃料不能完全燃烧，燃料燃烧产生的热量不能完全被液体吸收，并存在热量损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。
【分析】（1）根据控制变量法的要求可知，要研究不同物质的吸热能力，只改变被加热物质的种类，还应控制其它因素都相同。
①使用相同的热源加热，则相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同；
②根据图2确定温度都升高60℃时a、b吸收的热量之比，再根据Q=cm△t计算a液体的比热容；
（2）①根据控制变量法的要求选择对照实验；
②实验中，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多；
注意加热过程中热量会有散失，据此分析解答。
（1）要研究不同物质的吸热能力，除了被加热物质的种类相同外，还应控制其它因素都相同，所以应选择甲、丙两图进行探究。
液体吸收的热量是肉眼不能直接观察到的，相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同，可根据转换法通过加热时间的长短来反映不同物质吸热的多少。
液体a和液体b的质量和初温均相同，由图可知，如果温度都升高，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，即升高相同的温度，b吸收热量是a的2倍，由得
（2）比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同，故应选择甲、乙两图进行实验。
实验中通过温度计示数变化来比较不同燃料完全燃烧放出的热量多少，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多。
此方法计算结果不可靠，因为燃料不能完全燃烧，燃料燃烧产生的热量不能完全被液体吸收，并存在热量损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。
23．在测量小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片P向右滑动时电流表示数减小；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数均较小，接下来的操作是　 　；
（3）多次改变小灯泡两端的电压，记录电压表、电流表的示数，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）本次实验所选用的滑动变阻器的规格是_____；
A．10 Ω；2 A B．20 Ω；2 A C．50 Ω；1.5 A
（5）小红还想测出另一个额定电压为的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了如图丁所示的电路（电源电压恒定大于且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为）。请将实验步骤补充完整：
①闭合S、，断开，移动滑片P使电压表示数为　 　；
②闭合S、，断开，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为；
③闭合S、，断开，滑片移到最左端，读出电压表的示数为；
④小灯泡正常发光时的电阻　 　（用、、、表示）。
【答案】（1）
（2）将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况
（3）8.3
（4）C
（5）；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）当滑片P向右滑动时电流表示数减小，根据欧姆定律可知，变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱A连入电路中，如下图所示：
（2）闭合开关后，电压表、电流表示数均较小，则小灯泡不亮，应该是电流太小所致，也就是变阻器接入的阻值太大，接下来的操作是将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况。
（3）如图甲和乙所示，电流表接入0-0.6A量程，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A，那么此时小灯泡的电阻为。
（4）根据丙可知，电路的最小电流为0.1A，对应的电压约为0.28V，
此时滑动变阻器两端的电压；
变阻器接入电路的电阻约为；
实验中滑动变阻器接入电路的最大电阻为42.2Ω，
因此应选滑动变阻器的规格为“50Ω；1.5A”，故选C。
（5）①根据图片可知，闭合S、S2，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片P使电压表示数为，此时小灯泡正常发光；
②根据图片可知，闭合S、S1，断开S2，电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为，此时电路中的电流；
由实验步骤②③可得步骤②中滑动变阻器两端的电压；
实验步骤②滑动变阻器接入电路中的电阻；
由实验步骤①③可得步骤①中滑动变阻器两端的电压；
实验步骤①②中滑动变阻器接入电路的电阻相等，步骤①电路中的电流；
小灯泡正常发光时的电阻。
【分析】 （1）根据电流表的示数变化确定变阻器接入阻值的变化，据此判断变阻器接入的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置，据此确定接下来的操作；
（3）根据乙图读出电流表示数，由欧姆定律得出此时小灯泡的电阻；
（4）根据丙知，当电流为0.1A时可知对应的电压，根据串联电路电压的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，据此分析；
（5）灯在额定电压下正常发光，根据开关的闭合方式、滑片位置的变化求出电源电压和滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出灯泡的电阻。
（1）在测量小灯泡电阻的实验中，滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器按一上一下接入电路，要求滑片P向右滑动时电流表示数减小，可知电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱A连入电路中。
（2）闭合开关后，电压表、电流表示数均较小，电路为通路，发现小灯泡不亮，接下来的操作是将变阻器的滑片向左移动，观察灯的发光情况。
（3）当小灯泡两端电压为2.5V时，如图甲所示，电流表接入小量程，如图乙所示，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A，此时小灯泡的电阻为
（4）根据丙可知，当电流为0.1A时，对应的电压约为0.28V，此时滑动变阻器两端的电压
变阻器接入电路的电阻约为
实验中滑动变阻器接入电路的最大电阻为42.2Ω，因此应选滑动变阻器的规格为“50Ω；1.5A”，故选C。
（5）闭合S、S2，断开S1，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片P使电压表示数为，此时小灯泡正常发光；
闭合S、S1，断开S2，电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为，此时电路中的电流；
由实验步骤②③可得步骤②中滑动变阻器两端的电压
实验步骤②滑动变阻器接入电路中的电阻
由实验步骤①③可得步骤①中滑动变阻器两端的电压
实验步骤①②中滑动变阻器接入电路的电阻相等，步骤①电路中的电流
小灯泡正常发光时的电阻
24．如图甲所示，A、B为不同材料制成的体积相同的实心正方体，浸没在水中。现在沿竖直方向匀速向上拉动绳子，开始时刻，A的上表面刚好与水面相平，A、B之间的绳子绷直，B在容器底部（未与容器底部接触），A上端绳子的拉力是F，F随A上升的距离h变化的图像如图乙所示。整个过程中，水的液面高度变化忽略不计，绳的质量和体积忽略不计。已知A的密度。求：
（1）正方体A的体积；
（2）水对容器底部的压强；
（3）正方体B的密度。
【答案】（1）解：根据题意可知，当物体A逐渐露出水面时，它受到的浮力逐渐减小，测力计的拉力逐渐增大，
那么拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，即；
浸没时物体A排开液体的体积，即；
此时物体的体积等于它排开液体的体积，
则正方体A的体积V=1×10-3m3。
（2）解：根据题意可知，正方体A的体积为1×10-3m3，
则A、B的边长为；
则此时水的深度；
水对容器底的压强。
（3）解： 已知A的密度 ，体积为1×10-3m3，
则正方体A的重力；
A、B体积相同，所以受到的浮力都为10N；
根据平衡力的知识得到：；
；
解得：，
则正方体B的密度。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，根据计算物体A排开液体的体积，而此时物体的体积等于它排开液体的体积；
（2）首先根据V=L3计算正方体的边长，然后计算此时水的深度，最后根据计算水对容器底部的压强；
（3）根据计算正方体A的重力，再根据平衡力的知识计算物体B的重力，最后根据计算正方体B的密度即可。
（1）根据图像可得：拉力的增加量即物体A受到的浮力大小，即
浸没时，正方体A的体积等于排开液体的体积，即
（2）正方体A、B的边长为
根据图像可得：水的深度
水对容器底的压强
（3）正方体A的重力
A、B体积相同，所以受到的浮力都为10N
对物体进行整体受力分析：
代入数据
解得，正方体B的密度
25．在如图所示的电路中，小灯泡L上标有“10V，5W”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，定值电阻R0＝16Ω，滑动变阻器R的最大电阻为100Ω。只闭合S2，滑动滑片P，使变阻器电阻Rap=20Ω，此时电压表示数为10V。若电源电压不变，不计灯丝电阻随温度的变化，求：
（1）小灯泡的电阻；
（2）电源电压；
（3）只闭合S1，在保证电路安全的情况下，电路消耗的总功率范围。
【答案】（1）解：根据“ 10V，5W ”可知，灯泡的电阻。
（2）解：根据电路图可知，只闭合S2时，变阻器R与定值电阻R0与串联，电压表测变阻器的电压。
则此时通过电路电流；
总电阻为：R=R0+Rap=16Ω+20Ω=36Ω；
电源电压U=IR=0.5A×36Ω=18V。
（3）解：根据电路图可知，只闭合S1时，灯泡L与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压，
根据“ 10V，5W ”可知，灯泡正常工作的电流；
电流表量程为0～0.6 A，比较可知，为了保证各元件的安全，电路中最大电流Imax=0.5A；
电路消耗的最大功率Pmax=UImax=18V×0.5A=9W；
电压表量程为0～15V，当电压表示数最大为15V时，变阻器接入的阻值最大，电路中电流最小，
则灯泡两端的最小电压UL'=U-U滑大=18V-15V=3V；
电路中的最小电流；
电路消耗的最小功率Pmin=UImin=18V×0.15A=2.7W。
电路消耗的总功率范围为2.7W～9W。
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）已知额定电压和额定功率由计算灯泡电阻；
（2）只闭合S2，R0与变阻器R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律计算电路电流，根据串联电路R=R0+Rap计算总电阻，根据U=IR求出电源的电压；
（3）只闭合S1时，L与R串联，根据电表量程和灯泡正常工作时的电压、电流，运用欧姆定律和电功率公式计算电路消耗的最大和最小功率。
（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，由可得，灯泡电阻
（2）只闭合S2，R0与变阻器R串联，电压表测变阻器的电压，变阻器电阻为20Ω；由欧姆定律可知电路电流
由串联电阻的规律及欧姆定律可知电源电压
U=I(R0+Rap)=0.5A×(16Ω+20Ω)=18V
（3）只闭合S1时，L与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，由P=UI可得灯泡正常工作的电流
电流表量程为0～0.6 A，因串联电路的电流处处相等，所以，为了保证各元件的安全，电路中最大电流
Imax=IL=0.5A
电路消耗的最大功率
Pmax=UImax=18V×0.5A=9W
电压表量程为0～15V，当电压表示数最大为15V时，变阻器接入的阻值最大，电路中电流最小，则灯泡两端的最小电压
UL'=U-U滑大=18V-15V=3V
电路中的最小电流
电路消耗的最小功率
Pmin=UImin=18V×0.15A=2.7W
电路消耗的总功率范围为2.7W～9W。
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