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湖南省长沙市雅礼教育集团2025-2026学年九年级下学期4月阶段物理学情自测题
1．自然界中有许多奇妙的声音，关于声现象，下列说法中正确的是（　　）
A．辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音调不同
B．声音在空气中的传播速度为
C．在马路上安装噪声监控装置，可以减弱噪声
D．利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递能量
2．下列自然现象与对应的物态变化及吸放热情况，正确的是（　　）
A．春天，冰雪消融——熔化，放热
B．夏天，清晨的露珠——液化，吸热
C．秋天，草上的白霜——凝华，放热
D．冬天，湖面结冰——凝固，吸热
3．下图所示的光现象，由于光的折射形成的是（　　）
A．我国古代利用日晷计时
B．幕布上呈现人偶的剪影
C．削冰成镜向日取火
D．桥在水中形成倒影
4．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．不可以用潮湿的手直接插拔电源插头
B．电能表表盘的示数显示的是用电器的实际功率
C．空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路情况造成的
D．只有大功率用电器才需要使用三孔插座
5．在2025年哈尔滨亚冬会短道速滑女子接力赛中，中国队夺得金牌。如图是比赛时的场景，下列说法正确的是（　　）
A．运动员滑过终点后不能立马停下，是由于受到惯性的作用
B．运动员在弯道滑行时，运动状态在改变
C．运动员需要不断蹬地滑行，说明力是维持物体运动的原因
D．滑行时，运动员只受重力和支持力作用
6．我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，采用了先进的电磁弹射技术，只要保证有足够的电流输入，便能在发射装置内产生足够大的推力，使舰载机达到更高的速度。下列实验中能反映其工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
7．如图所示，小明制作了一个简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽使风车扇叶转动。下列说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧时将化学能转化为内能
B．加热一段时间后，酒精灯内酒精的热值减小
C．蒸汽使扇叶转动过程与四冲程汽油机的排气冲程原理相似
D．通过改进此热机模型的结构，它的效率可达到100%
8．近年来，我国科技创新能力日益凸显，各种新技术、新能源、新材料、新装置等科技成果不断涌现。下列说法正确的是（　　）
A．航天器都有很大的太阳能电池板，太阳能来自于太阳内部发生的核聚变反应
B．华为尊界S800智能化汽车车内的集成电路完全由超导材料制成
C．我国风力发电装机容量全球领先，风能和核能都是可再生能源
D．我国第六代战机使用的石墨烯电池，在充电时电池将化学能转化为电能
9．目前我国的无人机技术已处于国际领先水平。如图所示为无人机电路，当开关闭合时指示灯亮起，再闭合电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
10．如图甲是日照市青少年科技创新大赛小华设计的一个穿戴式“智能体温计”，其电路图如图乙所示。电路图中电表（电流表或电压表）示数大小可反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，用定值电阻R2保护电路。下列分析正确的是（　　）
A．电表示数增大表明人体体温在升高
B．该电路中的电表是电流表
C．温度降低时电路消耗的电功率变小
D．体温升高时经过R1的电流变大
11．世界游泳冠军杨丽娜在防溺水课程中强调，意外落水时应立即屏住呼吸、头往后仰，且手不能伸出水面，以增大生存几率。下列说法正确的是（　　）
A．头部后仰能减少人体质量
B．头后仰、手臂贴近身体，有助于保持身体平衡，防止脸朝下呛水
C．溺水时去除身上的重物可以增大身体受到的浮力
D．伸出手臂会减少浸入水中的体积，导致浮力减小
12．如图为建筑工地上常用的挖掘机，下列有关挖掘机的说法正确的是（　　）
A．挖掘铲前端尖锐，可增大压力
B．履带上有凸棱，可增大履带与地面间的摩擦力
C．挖掘机静止时所受的重力与水平地面对它的支持力是一对平衡力
D．挖掘机静止时所受的重力与挖掘机对水平地面的压力是一对平衡力
13．2025年11月3日，据央视新闻报道，中国空间站迎来“厨房神器”——太空烤箱，太空烤出来的鸡翅如图所示，航天员们已经吃得停不下来啦！太空烤箱将电能主要转化为　 　能；烤鸡翅时，通过　 　的方式增加了鸡翅的内能；航天员在空间站靠　 　与地面指挥中心传递信息。
14．“超级快充”技术是国产手机的一大亮点，极大方便了人们的使用。给手机充电的过程中，手机内部的蓄电池相当于电路中的　 　。“超级快充”的充电线都选用比较　 　（选填“粗”或“细”）的铜线，这样可以减小电阻。
15．在物理课堂上，一张普通A4纸在同学们手中不断“变身”。小杨将它折成图甲所示的“纸桥”并在下方吹气，发现“纸桥”上表面　 　（选填“向上凸”或“向下凹”）；小胡将它撕成小碎片，放在图乙所示的有机玻璃板下方，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦后，看到玻璃板能吸引下方的小纸屑，这是因为玻璃板由于摩擦带上电荷，具有　 　的性质。
16．如图所示，在趣味运动“同心鼓”比赛中，选手们齐心协力将重为的小球竖直向上击出。在上升过程中，小球相对于地面是　 　（选填“运动”或“静止”）的；若空气阻力恒为，则小球上升过程中所受合力大小　 　N。
17．物理兴趣小组查阅资料，设计出家用热水器的原理图如图甲所示。电路包括工作电路和控制电路两部分。通过电磁继电器控制衔铁的吸下和释放，可切换工作电路的挡位，使其处于加热状态或保温状态。
（1）当控制电路接通时，电磁铁的上端为　 　（选填“S”或“N”）极；
（2）工作电路电压恒为，、是加热电阻，阻值为，阻值为，则加热状态下工作电路加热，消耗的电能为　 　J；
（3）控制电路中，滑动变阻器的最大阻值为，电磁铁线圈电阻不计，为热敏电阻，其阻值随温度的变化如图乙所示。某次调节滑动变阻器为一固定值时，当温度达到时，控制电路的电流达到，衔铁被电磁铁吸下，两触点A、B断开；当最低温度降到时，控制电路的电流减小到时，衔铁被电磁铁释放，两触点接通。若保持控制电路电源电压不变，通过调节滑动变阻器可设置的热水最高温度值的变化范围　 　。
18．请画出静止在斜面上的物体A所受重力和支持力的示意图。作用点都画在重心上。
19．为了探究光反射时的规律，小红把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕翻折的纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成。
（1）如图，光线的入射角大小是　 　度；
（2）将一束光贴着纸板E沿射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束，接着将纸板F绕向后翻折，则纸板F上　 　（选填“能”或“不能”）显示出反射光束；
（3）为了探究反射角与入射角的关系，小红多次改变入射角的大小，并测量对应的反射角的大小，比较两者的大小关系，这样做的目的是为了　 　。
20．小明观察到奶奶在厨房用传统方法做冰淇淋时，将装有奶浆的小罐放入装满冰盐混合物的大罐（如图甲）中，持续搅拌15-20分钟后，奶浆便凝固成冰淇淋。这让他联想到严冬时节，厨房外的水缸里水早已结冰，但腌菜缸里的盐水却始终没有冻结。根据这些现象，小明猜想：水中加入盐后，会对其凝固点产生影响。为了验证这一猜想，在一个标准大气压下，他探究了盐水凝固时的温度变化特点，并作出了盐水的温度随时间变化的图像（如图丙）。
（1）某时刻温度计的示数如图乙所示，读数为　 　℃；
（2）小明通过该实验发现盐水的凝固点低于水的凝固点，并用如图丁所示的装置模拟了手工冰淇淋制作原理。将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，试管中冰水混合物中的冰会　 　（填“变多”、“变少”或“不变”）。
21．小红在实验室用天平和量筒测量盐水的密度，实验探究过程如下。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时应向　 　调节平衡螺母，直至天平横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小红依次完成下列实验步骤：
①测得烧杯和盐水的总质量；
②将烧杯中的部分盐水倒入量筒中，如图乙所示；
③测得烧杯和剩余盐水的总质量如图丙所示；
④计算出盐水密度是　 　。
（3）在小红的实验中，能正确反映盐水及烧杯的总质量和烧杯中盐水体积关系的图像是（　　）
A． B．
C． D．
22．三个物理小组利用如图甲所示电路探究电流与电压的关系。实验器材：学生电源（电压恒为）、定值电阻、、、滑动变阻器（“？ ”）、电流表、电压表、开关、导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙所示实物电路连接完整。
（2）有一组同学按照实物图连接好电路后，闭合开关发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，若电路中只有一处故障，则可能是　 　。
（3）排除故障后，各组实验操作如下：将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大端，闭合开关，读出电压表、电流表的示数。然后移动滑片P，改变定值电阻两端电压，记录数据。三个小组同学分别得到、、的图像，如图丙所示。根据三个小组的实验数据可得，当导体电阻一定时，　 　。
（4）分析b组的实验数据可知，实验所用滑动变阻器的最大阻值为　 　。
23．如图，电源电压保持不变，R1的电阻为30Ω。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.2A；当闭合开关S1、S2、S3时，电流表示数为0.5A；当只闭合开关S2时，电压表的示数为1V。求：
（1）电源电压U；
（2）R3的电阻大小；
（3）调整开关的状态，整个电路的最大电功率和最小电功率之比。
24．有一个质量为0.5kg，高为0.18m长方体容器置于水平地面。容器中有适量的水和沉在水底的圆柱体A，此时水深为16cm。如图甲所示，现用细线将沉在容器底的圆柱体A竖直向上匀速提升，从圆柱体A刚刚离开容器底到拉出水面的过程中，拉力F与圆柱体A下表面到容器底的距离h的关系如图乙所示（细线的质量、体积及物体带走的水均忽略不计，，g取10N/kg）。
表一 圆柱体密度（）BC 　
（1）圆柱体A露出水面的过程中，水对容器底的压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）求圆柱体A浸没时所受浮力大小；
（3）现有B、C两个和A质量相等的实心圆柱形，它们的密度见表一。现分别将它们缓慢浸没在容器的水中，松开细线后，发现其中一个能使水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大，请判断这是圆柱体B还是C，说明理由；并计算出此时容器对水平地面的最大压强。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A： 辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音色不同，而不是音调。音调由频率决定，音色由波形决定。所以A错误。
B： 声音在空气中的传播速度约为340m/s，而3×10^8 m/s是光速。所以B错误。
C： 在马路上安装噪声监控装置，只能监测噪声的等级，不能减弱噪声。减弱噪声需要从声源、传播途径或人耳处采取措施。所以C错误。
D： 利用超声波击碎人体内的结石，是利用了超声波传递能量，使结石破碎。所以D正确。
【分析】 A：声音的特性——音调、响度、音色。音色是辨别不同发声体的依据。
B：声音的传播速度——在空气中约340 m/s，光速才是3×10^8 m/s。
C：噪声的控制——监测装置不能减弱噪声，只能检测；减弱噪声的途径：声源处、传播过程中、人耳处。
D：声波传递能量——超声波的应用（如碎石、清洗等）。
2．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A： 冰雪消融是固态变成液态，是熔化，熔化吸热，不是放热。所以A错误。
B： 露珠是水蒸气液化形成，液化放热，不是吸热。所以B错误。
C： 霜是水蒸气直接凝华成固态，凝华放热，所以C正确。
D： 湖面结冰是液态水变成固态冰，是凝固，凝固放热，不是吸热。所以D错误。
因此正确答案是C。
【分析】先判断现象是哪种状态变成哪种状态（固/液/气），再对应吸放热规律进行判断。
3．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A、日晷计时依靠光影变化工作，影子由光沿直线传播形成，故 A 错误；
B、幕布上人偶剪影属于影子，成因是光在同种均匀介质中沿直线传播，故 B 错误；
C、削冰制成凸透镜，太阳光穿过冰透镜时发生折射并会聚取火，利用光的折射规律，故 C 正确；
D、桥在水中的倒影是平面镜成像，由光的反射形成，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的直线传播；光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到不透明物体后形成阴影；
B、考查光的直线传播；光源发出的光被人偶遮挡，无法投射到幕布上从而形成剪影；
C、考查光的折射；光线斜射入透镜类透明介质时传播路径发生偏折，凸透镜依靠折射会聚光线；
D、考查光的反射；水面等效为平面镜，物体发出的光经水面反射后形成虚像。
4．【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A选项：不可以用潮湿的手直接插拔电源插头。因为水是导体，潮湿的手会降低电阻，容易导致触电事故，这是正确的安全用电做法。
B选项：电能表表盘的示数显示的是用电器消耗的电能（单位是kW·h），而不是实际功率，故错误。
C选项：空气开关跳闸的原因可能是短路，也可能是过载（总功率过大），不一定是短路，故错误。
D选项：三孔插座用于接地的用电器（优其是金属外壳的），防止外壳漏电伤人，并非只有大功率用电器才需要，故错误。综上所述，答案选A。
【分析】A：安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前断开电源；保险装置跳闸后先查原因再复位。
B：区分“电能”与“电功率”：电能表测电能；功率表（或电能表脉冲灯/功率显示功能）测功率。
C：空开跳闸处理步骤：先拔掉部分大功率插头或关闭电器→尝试合闸→如合不上或立即再跳，可能是短路，需请电工检查。
D：三孔插座接线口诀：“左零右火上接地”（面对插座面板）。
5．【答案】B
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A：运动员滑过终点后不能立马停下，是因为运动员具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态的性质，不是力，不能说“受到惯性的作用”，故错误；
B：运动员在弯道滑行时，运动方向不断改变，速度方向发生变化，因此运动状态在改变，故正确；
C：运动员需要不断蹬地滑行，是为了改变运动状态（加速或转向），说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故错误；
D：滑行时，运动员受到重力、支持力，还受到摩擦力（冰面阻力、空气阻力）以及可能的蹬地推力等，因此不只受重力和支持力，故错误；
故答案选 B。
【分析】
A：惯性概念——惯性是物体本身的属性，不是力，不能说“受到惯性作用”，只能说“具有惯性”。
B：运动状态的改变——运动状态由速度大小和方向共同决定。只要速度大小或方向任意一个发生变化，运动状态就改变。弯道滑行时方向改变，运动状态改变。
C：力与运动的关系——力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。物体不受力或受平衡力时保持静止或匀速直线运动。
D：受力分析——在水平冰面上滑行时，运动员除了竖直方向的重力和支持力（平衡），水平方向还受到摩擦力（阻碍运动）以及可能的蹬地力（加速时）。因此受力不止两种。
6．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究；电磁感应
【解析】【解答】A：该实验为奥斯特实验，反映通电导线周围存在磁场（电流的磁效应），不能将电能转化为机械能推动物体，故错误；
B：该实验为通电导线在磁场中受力而运动，电能转化为机械能，与电磁弹射工作原理相同，故B符合题意；
C：该实验为探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强，故C不符合题意；
D：该实验为电磁感应实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，不能将电流直接转化为持续推力，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：电流的磁效应——奥斯特实验证明通电导线周围存在磁场，是电磁学的基础，但不产生力来推动物体。
B： 通电导线在磁场中受力是电能转化为机械能。
C：串联电路中电流相等，匝数更多的电磁铁吸上来更多的铁钉，这是在探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验。
D：电磁感应——闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，是发电机原理，能量转化：机械能转化为电能。
7．【答案】A
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A：酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能，故正确；
B：热值是燃料的一种属性，不随质量的变化而变化，酒精灯内酒精减少，但热值不变，故错误；
C：蒸汽使扇叶转动是内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程原理相似，而不是排气冲程，故错误；
D：任何热机在工作过程中都会存在能量损失（如废气带走热量、散热、摩擦等），效率不可能达到100%，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：燃料燃烧将化学能转化为内能。
B：热值是燃料的特性，只与燃料种类有关，与质量、是否充分燃烧等无关。
C：蒸汽推动扇叶做功，内能转化为机械能，对应汽油机的做功冲程；排气冲程是排出废气，不对外做功。
D：由于能量损失的存在，热机效率总小于100%，不可能达到100%。
8．【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用
【解析】【解答】A：太阳能来自于太阳内部发生的核聚变反应，故正确；
B：集成电路由半导体材料制成，并非超导材料，故错误；
C：风能是可再生能源，但核能是不可再生能源，故错误；
D：充电时电池将电能转化为化学能，放电时才将化学能转化为电能，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：太阳能的来源——太阳内部氢核聚变成氦核释放巨大能量，属于核聚变反应。
B：半导体材料与超导材料——集成电路的核心元件（如芯片）由半导体材料（硅、锗等）制成；超导材料需要极低温度才能实现零电阻，目前尚未在常温下大规模应用，汽车集成电路并非由超导材料制成。
C：能源分类——可再生能源：风能、水能、太阳能等，可自然再生；不可再生能源：核能（核燃料如铀矿）、化石能源（煤、石油、天然气），储量有限，用后不可短期再生。
D：电池充电与放电的能量转化——充电过程：电能转化为化学能储存起来；放电过程：化学能转化为电能。选项中“充电时电池将化学能转化为电能”说法颠倒。
9．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求可以分析得出，指示灯和电动机是并联关系，其中开关接在干路，开关接在电动机所在的支路。A．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，就已经是电动机开始工作，再闭合后指示灯才发光，和题目要求不符，故A错误；
B．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，电动机和指示灯都不工作，再闭合后电动机和指示灯才同时开始工作，和题目要求不符故，B错误；
C．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，指示灯就会发光，再闭合后，电动机才开始工作，完全符合题目要求，故C正确；
D．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，电动机和指示灯就都开始工作，再闭合后会直接造成电源短路，既不符合题目要求，也存在电路错误，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A： 若电表是电压表且测R1两端电压，体温升高时R1阻值增大，根据串联分压，R1两端电压增大，电表示数增大，表明体温升高，故正确；
B：根据电路图可知，R1、R2串联接入电路中，电表与R1并联，电流表如此会导致短路，只有电压表测量时需要接在被测物的两端与其并联，所以该电表是电压表，故B错误；
C：温度降低时，R1阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据可知，电路消耗的电功率变大，故错误；
D：体温升高时，R1阻值增大，电路总电阻增大，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中电流变小，所以通过R1的电流变小，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：串联电路电压分配规律——电阻增大，分得的电压增大；体温升高与电表示数变化的对应关系取决于电表类型。
B：电表类型判断——电流表应串联，电压表应并联；根据示数变化与温度的关系可反推电表类型。
C：电功率计算公式——；在电压不变时，总电阻减小则总功率增大。
D：欧姆定律——I＝U/R；温度升高导致R1增大，总电流减小，串联电路中电流处处相等
11．【答案】B,D
【知识点】质量及其特性；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：头部后仰不能减少人体质量，质量是物体的固有属性，不随姿势改变，故错误；
B：头后仰、手臂贴近身体，有助于保持身体平衡，防止脸朝下呛水，是正确的自救方法，故正确；
C：溺水时去除身上的重物可以减轻自身重力，但浮力由排开水的体积决定，去除重物后浮力不一定增大，故错误；
D：伸出手臂会增大浸入水中的体积，导致浮力增大，而不是减小，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：质量——质量是物体所含物质的多少，不随位置、形状、姿势改变。
B：落水自救技巧——头后仰使口鼻露出水面，手臂贴近身体可减少身体翻转，保持平衡，防止呛水。
C：浮力——根据阿基米德原理，浮力大小等于排开液体的重力，与物体自身重力无关；去除重物是减小重力，利于漂浮，但浮力不一定增大。
D：浮力与排开液体体积的关系——物体浸入液体中的体积越大，所受浮力越大；伸出手臂会增大排开水的体积，浮力增大。
12．【答案】B,C
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A：挖掘铲前端尖锐是通过减小受力面积来增大压强，而不是增大压力，压力大小不变，故错误；
B：履带上有凸棱，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了履带与地面间的摩擦力，故正确；
C：挖掘机静止时，受到的重力和水平地面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上，是一对平衡力，故正确；
D：挖掘机静止时所受的重力作用在挖掘机上，而挖掘机对水平地面的压力作用在地面上，两个力作用在不同物体上，不是平衡力，故错误；
故答案选 BC。
【分析】A：压强的影响因素——压力一定时，减小受力面积可增大压强，但不能增大压力。
B：增大摩擦力的方法——增大接触面的粗糙程度（如履带凸棱）、增大压力等。
C：平衡力的条件——同物、等大、反向、共线；重力与支持力满足条件，是一对平衡力。
D：平衡力与相互作用力的区别——平衡力作用在同一物体上，相互作用力作用在两个物体上。重力与压力作用在不同物体上，不是平衡力。
13．【答案】内；热传递；电磁波
【知识点】热传递改变物体内能；能量的转化或转移；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】太空烤箱将电能主要转化为内能；烤鸡翅时，通过热传递的方式增加了鸡翅的内能；航天员在空间站靠电磁波（或无线电波）与地面指挥中心传递信息。
故答案第一空：内；第二空：热传递；第三空：电磁波。
【分析】电能转化：电热器（如烤箱）工作时，电流通过发热元件产生热量，将电能转化为内能（热能），用于加热食物。
改变内能的方式：做功和热传递。烤鸡翅时，热量从高温的烤箱传递给低温的鸡翅，属于热传递（包括热辐射、热对流、热传导）。
信息传递：空间站与地面之间距离远，且处于真空环境，声波无法传播，因此需依靠电磁波（如无线电波、微波等）进行通信，电磁波可以在真空中传播。
14．【答案】用电器；粗
【知识点】电路的构成及电路图；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】在充电过程中，手机内部的蓄电池消耗电能并将其转化为化学能储存，因此相当于电路中的用电器；为了减小电阻，充电线应选用比较粗的铜线。
故答案第一空：用电器；第二空：粗。
【分析】电路组成：电源（充电器）提供电能，用电器（蓄电池）消耗电能。充电时蓄电池是接受电能的部件，故为用电器。
影响电阻的因素：导体电阻与长度、横截面积、材料有关。在长度和材料相同时，横截面积越大（线越粗），电阻越小，可减少发热和电能损失，适合大电流快充
15．【答案】向下凹；吸引轻小物体
【知识点】流体压强与流速的关系；物体带电情况的判断
【解析】【解答】在下方吹气时，下方空气流速大压强小，上方压强大，使“纸桥”上表面向下凹；丝绸摩擦玻璃板后，玻璃板带电，具有吸引轻小物体的性质。
故答案第一空：向下凹；第二空：吸引轻小物体。
【分析】流体压强与流速的关系：流速大的位置压强小。吹气使纸桥下方气体流速增大，压强减小，上方大气压将其压向下凹。
摩擦起电与带电体的性质：丝绸与玻璃板摩擦，玻璃板失去电子带正电，带电体能吸引轻小物体（如纸屑）
16．【答案】运动；
【知识点】力的合成与应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】小球在上升过程中相对于地面的位置不断变化，因此是运动的；上升过程中，小球受到竖直向下的重力（3N）和竖直向下的空气阻力（0.3N），合力大小为3N+0.3N=3.3N。
故答案第一空：运动；第二空：3.3。
【分析】运动和静止的相对性：物体相对于参照物的位置改变，则物体是运动的。以地面为参照物，小球的位置在上升过程中不断改变，故为运动。
同一直线上的力的合成：当两个力方向相同时，合力大小等于两力之和，方向与两力方向相同。上升时重力与阻力均向下，故合力为3.3N，方向竖直向下
17．【答案】（1）N
（2）
（3）
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题意我们需要对通电螺线管的磁场方向做出判断，此时需要使用安培定则（右手定则），即右手握住螺线管，四指指向电流方向，拇指指向螺线管内部磁场方向，即N极。对图中进行分析，可得出电磁铁的上端是N极。
（2）根据，电路中的总电阻越小，电路总功率越大，当触点A、B接通，和并联时，工作电路处于加热状态，则加热功率
加热状态下工作电路加热，消耗的电能为
（3）控制电路中，与热敏电阻串联，当温度为时，热敏电阻，电源电压为U，此时电路电流为0.2A，则有①
保持滑动变阻器阻值不变，当温度降到时，热敏电阻，控制电路的电流减小到0.1A，则有②，联立①②，解得，电源电压。因此当电路电流为0.2A，热水器温度最高时，电路中总电阻为
由图乙可知，热敏电阻阻值越小，热水器的温度越高，当滑动变阻器的阻值最大为时，此时最小可以为，此时环境最高温度为；当滑动变阻器为最小阻值0时，此时最大可以为，此时环境最高温度为，所以热水最高温度值的变化范围~。
【分析】（1）根据安培定则判断磁极；
（2）分析电路的工作状态和挡位，根据计算加热功率，结合W=Pt计算电能；
（3）根据题干提供的条件，以及欧姆定律中电阻与电流以及电压的关系，根据计算出电流，再根据电阻的最大值最小值计算温度值的变化范围。
（1）根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向的一端为N极，控制电路中电流从电磁铁下端流入、上端流出，因此上端为N极。
（2）根据，电路中的总电阻越小，电路总功率越大，当触点A、B接通，和并联时，工作电路处于加热状态，则加热功率为
加热状态下工作电路加热，消耗的电能为
（3）控制电路中，与热敏电阻串联，当温度为时，热敏电阻，电源电压为U，此时电路电流为0.2A，则有①
保持滑动变阻器阻值不变，当温度降到时，热敏电阻，控制电路的电流减小到0.1A，则有②
联立①②，解得，电源电压。因此当电路电流为0.2A，热水器温度最高时，电路中总电阻为
由图乙可知，热敏电阻阻值越小，热水器的温度越高，当滑动变阻器的阻值最大为时，此时最小可以为，此时环境最高温度为；当滑动变阻器为最小阻值0时，此时最大可以为，此时环境最高温度为，所以热水最高温度值的变化范围~。
18．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图
【解析】【解答】以方块的几何中心（重心）作为两个力的共同作用点，竖直向下画出带箭头线段标注，代表物体所受重力；从重心出发，沿垂直斜面向上的方向画出带箭头线段标注，代表斜面对物体的支持力，完成二力示意图绘制，如图所示：
；
故答案为：
；
【分析】按照受力作图规范，牢记重力始终竖直向下、支持力垂直接触面向上的方向特点，统一选用重心作为力的作用点，分步完成线段、箭头与符号标注。
19．【答案】（1）40
（2）不能
（3）寻找普遍规律（或避免偶然性）
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）根据题干提供的图片，入射光线与镜面夹角为50°，则入射光线AO与法线ON的夹角为40°，因此入射角大小为40度；
（2）将纸板绕ON向后翻折后，F与E不在同一平面内，反射光线仍在原平面内，因此纸板F上不能显示出反射光束；
（3）多次改变入射角并测量反射角，是为了得出反射角等于入射角的普遍规律，避免偶然性。
故答案第一空：40；第二空：不能；第三空：寻找普遍规律（或避免偶然性）。
【分析】入射角的概念：入射光线与法线的夹角。图中入射光线AO与法线ON的夹角即为入射角，常见题目中通常标注为40°（若实际不同请以题图为准）。
反射光线与入射光线共面：光的反射定律指出，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。当纸板F向后翻折时，F与E不在同一平面，故F上无法呈现反射光束。
多次实验的目的：避免一次实验的偶然性，使结论更具普遍性。本实验中多次改变入射角，验证反射角始终等于入射角。
（1）入射角是入射光线与法线的夹角。 已知入射光线AO与镜面的夹角为，所以入射角。
（2）光的反射定律中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。 将纸板F绕ON向后翻折后，纸板F与纸板E不在同一平面，所以纸板F上不能显示出反射光束。
（3）多次改变入射角并测量对应的反射角，是为了寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性。
20．【答案】（1）
（2）变多
【知识点】温度及温度计的使用与读数；凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图乙温度计示数（常见实验图中液面在0℃以下第4格，分度值1℃），读数为-4℃；
（2）将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐水混合物中，由于盐水的凝固点低于0℃，正在熔化的盐水温度保持在其凝固点（如-4℃），低于冰水混合物的0℃，冰水混合物会向盐水放热，其中的水达到凝固点后继续放热而结冰，因此冰变多。
故答案第一空：-4；第二空：变多。
【分析】（1）温度计读数：温度计液柱位置在0℃以下，根据分度值（通常1℃）正确读出示数，典型实验数据为-4℃。
（2）凝固点与热传递：盐水的凝固点低于纯水，正在熔化的盐水混合物温度恒定在它的凝固点（低于0℃）。冰水混合物温度为0℃。将试管放入后，热量从温度较高的冰水混合物传递给温度较低的盐水，导致试管内冰水混合物放热，水凝固成冰，故冰的质量增加（冰变多）
（1）图乙温度计的分度值为1℃，液柱顶端位于0℃以下第4格，故读数为-4℃。
（2）标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，盐冰水混合物的熔点低于0℃，即其温度低于0℃。将装有冰水混合物的试管放入盐冰水混合物中，试管内的水会向外放热，满足凝固条件，因此水会凝固成冰，冰的质量变多。
21．【答案】（1）左
（2）
（3）B
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）图甲指针偏右，说明右盘重，应将平衡螺母向左调节，直至横梁水平平衡。
（2）由图乙可知，量筒中盐水体积为V=40mL=40cm3；
图丙砝码的总质量为
标尺分度值为0.2g，游码对应2.2g的刻度线，所以烧杯和剩余盐水的总质量为
因此倒入量筒内盐水的质量为
因此盐水的密度为
（3）盐水及烧杯的总质量 m总= m杯+ρV，m总与V成一次函数关系，图像是一条不经过原点的倾斜直线。根据选项，正确图像应为B。
故答案第一空：左；第二空：1.2×103；第三空：B。
【分析】（1）天平平衡调节：指针左偏右调，右偏左调。
（2）密度公式： ， 密度测量原理：，其中 m1为烧杯和盐水总质量，m2为烧杯和剩余盐水总质量，V 为倒出盐水的体积。注意单位换算：1g/cm3=103kg/m3。
（3）函数图象：总质量 = 烧杯质量 + 密度×体积，为线性关系，纵截距为烧杯质量，斜率为密度，图像为不过原点的直线
（1）图甲中，天平指针偏右，说明右侧较重，此时应向左调节平衡螺母，直至天平横梁水平平衡。
（2）图乙中，量筒的分度值为1mL，液面位于40mL的刻度线，因此倒入量筒内盐水的体积为
图丙砝码的总质量为
标尺分度值为0.2g，游码对应2.2g的刻度线，所以烧杯和剩余盐水的总质量为
因此倒入量筒内盐水的质量为
因此盐水的密度为
（3）在小红的实验中，盐水及烧杯的总质量等于烧杯的总质量与盐水质量之和，即
其中烧杯质量和盐水密度不变为定值，当盐水体积为0时，盐水和烧杯的总质量就等于烧杯的质量，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．【答案】（1）
（2）电阻R断路
（3）通过导体的电流与导体两端的电压成正比
（4）20
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）连接实物图如下：
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明电压表两接线柱到电源两极连通，则故障可能是定值电阻R断路。
（3）根据三个小组的实验数据图像（均为过原点的直线）可得，当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）分析b组实验数据，电源电压为3V，当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小，定值电阻两端电压最小。从图像读取b组最小电压和对应电流，数据如Umin=1V，Imin=0.1A，则滑动变阻器两端电压Up=U电源 Umin=3V 1V=2V，其 最大阻值。
【分析】（1）分析图甲，电压表并联在定值电阻R两端，电源电压为3V，所以电压表选择0~3V的量程，因此用导线连接电压表“3V”的接线柱和定值电阻R的左端接线柱；丙图电流最大为0.6A，所以电流表可以选择0~0.6A的量程，因此用导线连接电流表的“0.6A”接线柱和开关左端接线柱。
（2）电路故障分析：电流表无示数→断路；电压表有示数且接近电源电压→电压表并联部分（定值电阻）断路。
（3）电流与电压的关系：在电阻一定时，电流与电压成正比，U I图像为过原点的直线。
（4）滑动变阻器最大阻值计算：串联电路分压原理，结合图像中最小电压、最小电流及电源电压，由欧姆定律求得。常见实验中b组电阻约为10Ω，变阻器最大阻值20Ω
（1）分析图甲，电压表并联在定值电阻R两端，电源电压为3V，所以电压表选择0~3V的量程，因此用导线连接电压表“3V”的接线柱和定值电阻R的左端接线柱；丙图电流最大为0.6A，所以电流表可以选择0~0.6A的量程，因此用导线连接电流表的“0.6A”接线柱和开关左端接线柱。故连接实物图如下：
（2）电流表无示数，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端能与电源连通，此时电压表测电源电压，因此故障是定值电阻R断路。
（3）图丙的I-U图像是一条过原点的直线，由此可知当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）分析图丙b组的实验数据，当电路电流最小为0.1A时，滑动变阻器阻值最大，此时定值电阻两端电压为1V，滑动变阻器两端电压
所以实验所用滑动变阻器的最大阻值
23．【答案】（1）当闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，故电源电压
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电路为电阻R1与R3的并联电路，电流表测量干路的电流，通过R1的电流
根据并联电路的电流规律可得通过R3的电流
故R3的电阻大小
（3）当只闭合开关S2时，电路为R1与R2的串联电路，电压表测量R2两端的电压，即，根据串联电路的电压规律可得R1两端的电压
电路中的电流
电阻R2的阻值
根据可知，当电源电压一定的情况下，电路中电阻越大，电功率越小，则当只闭合开关S2时，电路中电阻最大，此时电路中电功率最小，最小功率
由于无论怎么调整开关的状态，都无法只接入电阻R2，故根据并联电路的总电阻小于各支路的电阻可知，当闭合开关S1、S2、S3时，电路中电阻最小，此时电路中电功率最大，最大功率
故
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）欧姆定律基本应用：U = IR。只闭合 S1 时，电路只有 R1，电流已知，直接计算电源电压。
（2）通过R1的电流，通过并联电路的电流规律I干=I1+I2，可以计算出R3。
（3）电功率公式：。电源电压不变时，功率与总电阻成反比。通过分析不同开关组合下的总电阻（并联时最小，串联时最大），求得功率比。
（1）当闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，故电源电压
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电路为电阻R1与R3的并联电路，电流表测量干路的电流，通过R1的电流
根据并联电路的电流规律可得通过R3的电流
故R3的电阻大小
（3）当只闭合开关S2时，电路为R1与R2的串联电路，电压表测量R2两端的电压，即，根据串联电路的电压规律可得R1两端的电压
电路中的电流
电阻R2的阻值
根据可知，当电源电压一定的情况下，电路中电阻越大，电功率越小，则当只闭合开关S2时，电路中电阻最大，此时电路中电功率最小，最小功率
由于无论怎么调整开关的状态，都无法只接入电阻R2，故根据并联电路的总电阻小于各支路的电阻可知，当闭合开关S1、S2、S3时，电路中电阻最小，此时电路中电功率最大，最大功率
故
24．【答案】（1）变小
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即
圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故

（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强

【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强的特点；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）圆柱体A露出水面过程中，排开水的体积减小，水面下降，水的深度减小，根据液体压强公式可知，水对容器底的压强变小。
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即，圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故
（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强
所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大，为2200Pa
【分析】（1）根据液体压强公式计算
（2）对物体进行受力分析，匀速上升的物体受力平衡。
（3） 先根据图像判断出容器中没有浸入物体时的深度，通过A浸入前后V排的变化求出容器的底面积，即可知道容器内原来水的体积，便可求出原来水的质量；
再根据B和C的质量及密度，求出圆柱体B和C的体积，与容器液面上方空余体积进行比较，看谁排开的体积刚好可以填满上方空余体积且不溢出，溢出的话压强会更小，不溢出得符合要求；
求对水平地面的压强，根据公式先求出压力，压力会等于容器、水、及圆柱体的重力之和，再根据公式即可计算出对地面的最大压强。
（1）圆柱体A露出水面过程中，排开水的体积减小，水面下降，水的深度减小，根据液体压强公式可知，水对容器底的压强变小。
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即
圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故
（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强
1 / 1湖南省长沙市雅礼教育集团2025-2026学年九年级下学期4月阶段物理学情自测题
1．自然界中有许多奇妙的声音，关于声现象，下列说法中正确的是（　　）
A．辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音调不同
B．声音在空气中的传播速度为
C．在马路上安装噪声监控装置，可以减弱噪声
D．利用超声波击碎人体内的结石说明声波可以传递能量
【答案】D
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A： 辨别不同类型的乐器声，主要是靠它们的音色不同，而不是音调。音调由频率决定，音色由波形决定。所以A错误。
B： 声音在空气中的传播速度约为340m/s，而3×10^8 m/s是光速。所以B错误。
C： 在马路上安装噪声监控装置，只能监测噪声的等级，不能减弱噪声。减弱噪声需要从声源、传播途径或人耳处采取措施。所以C错误。
D： 利用超声波击碎人体内的结石，是利用了超声波传递能量，使结石破碎。所以D正确。
【分析】 A：声音的特性——音调、响度、音色。音色是辨别不同发声体的依据。
B：声音的传播速度——在空气中约340 m/s，光速才是3×10^8 m/s。
C：噪声的控制——监测装置不能减弱噪声，只能检测；减弱噪声的途径：声源处、传播过程中、人耳处。
D：声波传递能量——超声波的应用（如碎石、清洗等）。
2．下列自然现象与对应的物态变化及吸放热情况，正确的是（　　）
A．春天，冰雪消融——熔化，放热
B．夏天，清晨的露珠——液化，吸热
C．秋天，草上的白霜——凝华，放热
D．冬天，湖面结冰——凝固，吸热
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A： 冰雪消融是固态变成液态，是熔化，熔化吸热，不是放热。所以A错误。
B： 露珠是水蒸气液化形成，液化放热，不是吸热。所以B错误。
C： 霜是水蒸气直接凝华成固态，凝华放热，所以C正确。
D： 湖面结冰是液态水变成固态冰，是凝固，凝固放热，不是吸热。所以D错误。
因此正确答案是C。
【分析】先判断现象是哪种状态变成哪种状态（固/液/气），再对应吸放热规律进行判断。
3．下图所示的光现象，由于光的折射形成的是（　　）
A．我国古代利用日晷计时
B．幕布上呈现人偶的剪影
C．削冰成镜向日取火
D．桥在水中形成倒影
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A、日晷计时依靠光影变化工作，影子由光沿直线传播形成，故 A 错误；
B、幕布上人偶剪影属于影子，成因是光在同种均匀介质中沿直线传播，故 B 错误；
C、削冰制成凸透镜，太阳光穿过冰透镜时发生折射并会聚取火，利用光的折射规律，故 C 正确；
D、桥在水中的倒影是平面镜成像，由光的反射形成，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的直线传播；光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到不透明物体后形成阴影；
B、考查光的直线传播；光源发出的光被人偶遮挡，无法投射到幕布上从而形成剪影；
C、考查光的折射；光线斜射入透镜类透明介质时传播路径发生偏折，凸透镜依靠折射会聚光线；
D、考查光的反射；水面等效为平面镜，物体发出的光经水面反射后形成虚像。
4．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．不可以用潮湿的手直接插拔电源插头
B．电能表表盘的示数显示的是用电器的实际功率
C．空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路情况造成的
D．只有大功率用电器才需要使用三孔插座
【答案】A
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A选项：不可以用潮湿的手直接插拔电源插头。因为水是导体，潮湿的手会降低电阻，容易导致触电事故，这是正确的安全用电做法。
B选项：电能表表盘的示数显示的是用电器消耗的电能（单位是kW·h），而不是实际功率，故错误。
C选项：空气开关跳闸的原因可能是短路，也可能是过载（总功率过大），不一定是短路，故错误。
D选项：三孔插座用于接地的用电器（优其是金属外壳的），防止外壳漏电伤人，并非只有大功率用电器才需要，故错误。综上所述，答案选A。
【分析】A：安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前断开电源；保险装置跳闸后先查原因再复位。
B：区分“电能”与“电功率”：电能表测电能；功率表（或电能表脉冲灯/功率显示功能）测功率。
C：空开跳闸处理步骤：先拔掉部分大功率插头或关闭电器→尝试合闸→如合不上或立即再跳，可能是短路，需请电工检查。
D：三孔插座接线口诀：“左零右火上接地”（面对插座面板）。
5．在2025年哈尔滨亚冬会短道速滑女子接力赛中，中国队夺得金牌。如图是比赛时的场景，下列说法正确的是（　　）
A．运动员滑过终点后不能立马停下，是由于受到惯性的作用
B．运动员在弯道滑行时，运动状态在改变
C．运动员需要不断蹬地滑行，说明力是维持物体运动的原因
D．滑行时，运动员只受重力和支持力作用
【答案】B
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A：运动员滑过终点后不能立马停下，是因为运动员具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态的性质，不是力，不能说“受到惯性的作用”，故错误；
B：运动员在弯道滑行时，运动方向不断改变，速度方向发生变化，因此运动状态在改变，故正确；
C：运动员需要不断蹬地滑行，是为了改变运动状态（加速或转向），说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故错误；
D：滑行时，运动员受到重力、支持力，还受到摩擦力（冰面阻力、空气阻力）以及可能的蹬地推力等，因此不只受重力和支持力，故错误；
故答案选 B。
【分析】
A：惯性概念——惯性是物体本身的属性，不是力，不能说“受到惯性作用”，只能说“具有惯性”。
B：运动状态的改变——运动状态由速度大小和方向共同决定。只要速度大小或方向任意一个发生变化，运动状态就改变。弯道滑行时方向改变，运动状态改变。
C：力与运动的关系——力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。物体不受力或受平衡力时保持静止或匀速直线运动。
D：受力分析——在水平冰面上滑行时，运动员除了竖直方向的重力和支持力（平衡），水平方向还受到摩擦力（阻碍运动）以及可能的蹬地力（加速时）。因此受力不止两种。
6．我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，采用了先进的电磁弹射技术，只要保证有足够的电流输入，便能在发射装置内产生足够大的推力，使舰载机达到更高的速度。下列实验中能反映其工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究；电磁感应
【解析】【解答】A：该实验为奥斯特实验，反映通电导线周围存在磁场（电流的磁效应），不能将电能转化为机械能推动物体，故错误；
B：该实验为通电导线在磁场中受力而运动，电能转化为机械能，与电磁弹射工作原理相同，故B符合题意；
C：该实验为探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强，故C不符合题意；
D：该实验为电磁感应实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，不能将电流直接转化为持续推力，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：电流的磁效应——奥斯特实验证明通电导线周围存在磁场，是电磁学的基础，但不产生力来推动物体。
B： 通电导线在磁场中受力是电能转化为机械能。
C：串联电路中电流相等，匝数更多的电磁铁吸上来更多的铁钉，这是在探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验。
D：电磁感应——闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，是发电机原理，能量转化：机械能转化为电能。
7．如图所示，小明制作了一个简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽使风车扇叶转动。下列说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧时将化学能转化为内能
B．加热一段时间后，酒精灯内酒精的热值减小
C．蒸汽使扇叶转动过程与四冲程汽油机的排气冲程原理相似
D．通过改进此热机模型的结构，它的效率可达到100%
【答案】A
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A：酒精燃烧时，酒精的化学能转化为内能，故正确；
B：热值是燃料的一种属性，不随质量的变化而变化，酒精灯内酒精减少，但热值不变，故错误；
C：蒸汽使扇叶转动是内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程原理相似，而不是排气冲程，故错误；
D：任何热机在工作过程中都会存在能量损失（如废气带走热量、散热、摩擦等），效率不可能达到100%，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：燃料燃烧将化学能转化为内能。
B：热值是燃料的特性，只与燃料种类有关，与质量、是否充分燃烧等无关。
C：蒸汽推动扇叶做功，内能转化为机械能，对应汽油机的做功冲程；排气冲程是排出废气，不对外做功。
D：由于能量损失的存在，热机效率总小于100%，不可能达到100%。
8．近年来，我国科技创新能力日益凸显，各种新技术、新能源、新材料、新装置等科技成果不断涌现。下列说法正确的是（　　）
A．航天器都有很大的太阳能电池板，太阳能来自于太阳内部发生的核聚变反应
B．华为尊界S800智能化汽车车内的集成电路完全由超导材料制成
C．我国风力发电装机容量全球领先，风能和核能都是可再生能源
D．我国第六代战机使用的石墨烯电池，在充电时电池将化学能转化为电能
【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化；超导体特点及作用
【解析】【解答】A：太阳能来自于太阳内部发生的核聚变反应，故正确；
B：集成电路由半导体材料制成，并非超导材料，故错误；
C：风能是可再生能源，但核能是不可再生能源，故错误；
D：充电时电池将电能转化为化学能，放电时才将化学能转化为电能，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：太阳能的来源——太阳内部氢核聚变成氦核释放巨大能量，属于核聚变反应。
B：半导体材料与超导材料——集成电路的核心元件（如芯片）由半导体材料（硅、锗等）制成；超导材料需要极低温度才能实现零电阻，目前尚未在常温下大规模应用，汽车集成电路并非由超导材料制成。
C：能源分类——可再生能源：风能、水能、太阳能等，可自然再生；不可再生能源：核能（核燃料如铀矿）、化石能源（煤、石油、天然气），储量有限，用后不可短期再生。
D：电池充电与放电的能量转化——充电过程：电能转化为化学能储存起来；放电过程：化学能转化为电能。选项中“充电时电池将化学能转化为电能”说法颠倒。
9．目前我国的无人机技术已处于国际领先水平。如图所示为无人机电路，当开关闭合时指示灯亮起，再闭合电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求可以分析得出，指示灯和电动机是并联关系，其中开关接在干路，开关接在电动机所在的支路。A．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，就已经是电动机开始工作，再闭合后指示灯才发光，和题目要求不符，故A错误；
B．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，电动机和指示灯都不工作，再闭合后电动机和指示灯才同时开始工作，和题目要求不符故，B错误；
C．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，指示灯就会发光，再闭合后，电动机才开始工作，完全符合题目要求，故C正确；
D．观察该电路图可以发现，当只有开关闭合时，电动机和指示灯就都开始工作，再闭合后会直接造成电源短路，既不符合题目要求，也存在电路错误，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．如图甲是日照市青少年科技创新大赛小华设计的一个穿戴式“智能体温计”，其电路图如图乙所示。电路图中电表（电流表或电压表）示数大小可反映温度高低，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，用定值电阻R2保护电路。下列分析正确的是（　　）
A．电表示数增大表明人体体温在升高
B．该电路中的电表是电流表
C．温度降低时电路消耗的电功率变小
D．体温升高时经过R1的电流变大
【答案】A
【知识点】电压的测量及电压表的使用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A： 若电表是电压表且测R1两端电压，体温升高时R1阻值增大，根据串联分压，R1两端电压增大，电表示数增大，表明体温升高，故正确；
B：根据电路图可知，R1、R2串联接入电路中，电表与R1并联，电流表如此会导致短路，只有电压表测量时需要接在被测物的两端与其并联，所以该电表是电压表，故B错误；
C：温度降低时，R1阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，根据可知，电路消耗的电功率变大，故错误；
D：体温升高时，R1阻值增大，电路总电阻增大，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中电流变小，所以通过R1的电流变小，故错误；
故答案选 A。
【分析】A：串联电路电压分配规律——电阻增大，分得的电压增大；体温升高与电表示数变化的对应关系取决于电表类型。
B：电表类型判断——电流表应串联，电压表应并联；根据示数变化与温度的关系可反推电表类型。
C：电功率计算公式——；在电压不变时，总电阻减小则总功率增大。
D：欧姆定律——I＝U/R；温度升高导致R1增大，总电流减小，串联电路中电流处处相等
11．世界游泳冠军杨丽娜在防溺水课程中强调，意外落水时应立即屏住呼吸、头往后仰，且手不能伸出水面，以增大生存几率。下列说法正确的是（　　）
A．头部后仰能减少人体质量
B．头后仰、手臂贴近身体，有助于保持身体平衡，防止脸朝下呛水
C．溺水时去除身上的重物可以增大身体受到的浮力
D．伸出手臂会减少浸入水中的体积，导致浮力减小
【答案】B,D
【知识点】质量及其特性；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：头部后仰不能减少人体质量，质量是物体的固有属性，不随姿势改变，故错误；
B：头后仰、手臂贴近身体，有助于保持身体平衡，防止脸朝下呛水，是正确的自救方法，故正确；
C：溺水时去除身上的重物可以减轻自身重力，但浮力由排开水的体积决定，去除重物后浮力不一定增大，故错误；
D：伸出手臂会增大浸入水中的体积，导致浮力增大，而不是减小，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：质量——质量是物体所含物质的多少，不随位置、形状、姿势改变。
B：落水自救技巧——头后仰使口鼻露出水面，手臂贴近身体可减少身体翻转，保持平衡，防止呛水。
C：浮力——根据阿基米德原理，浮力大小等于排开液体的重力，与物体自身重力无关；去除重物是减小重力，利于漂浮，但浮力不一定增大。
D：浮力与排开液体体积的关系——物体浸入液体中的体积越大，所受浮力越大；伸出手臂会增大排开水的体积，浮力增大。
12．如图为建筑工地上常用的挖掘机，下列有关挖掘机的说法正确的是（　　）
A．挖掘铲前端尖锐，可增大压力
B．履带上有凸棱，可增大履带与地面间的摩擦力
C．挖掘机静止时所受的重力与水平地面对它的支持力是一对平衡力
D．挖掘机静止时所受的重力与挖掘机对水平地面的压力是一对平衡力
【答案】B,C
【知识点】平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A：挖掘铲前端尖锐是通过减小受力面积来增大压强，而不是增大压力，压力大小不变，故错误；
B：履带上有凸棱，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了履带与地面间的摩擦力，故正确；
C：挖掘机静止时，受到的重力和水平地面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上，是一对平衡力，故正确；
D：挖掘机静止时所受的重力作用在挖掘机上，而挖掘机对水平地面的压力作用在地面上，两个力作用在不同物体上，不是平衡力，故错误；
故答案选 BC。
【分析】A：压强的影响因素——压力一定时，减小受力面积可增大压强，但不能增大压力。
B：增大摩擦力的方法——增大接触面的粗糙程度（如履带凸棱）、增大压力等。
C：平衡力的条件——同物、等大、反向、共线；重力与支持力满足条件，是一对平衡力。
D：平衡力与相互作用力的区别——平衡力作用在同一物体上，相互作用力作用在两个物体上。重力与压力作用在不同物体上，不是平衡力。
13．2025年11月3日，据央视新闻报道，中国空间站迎来“厨房神器”——太空烤箱，太空烤出来的鸡翅如图所示，航天员们已经吃得停不下来啦！太空烤箱将电能主要转化为　 　能；烤鸡翅时，通过　 　的方式增加了鸡翅的内能；航天员在空间站靠　 　与地面指挥中心传递信息。
【答案】内；热传递；电磁波
【知识点】热传递改变物体内能；能量的转化或转移；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】太空烤箱将电能主要转化为内能；烤鸡翅时，通过热传递的方式增加了鸡翅的内能；航天员在空间站靠电磁波（或无线电波）与地面指挥中心传递信息。
故答案第一空：内；第二空：热传递；第三空：电磁波。
【分析】电能转化：电热器（如烤箱）工作时，电流通过发热元件产生热量，将电能转化为内能（热能），用于加热食物。
改变内能的方式：做功和热传递。烤鸡翅时，热量从高温的烤箱传递给低温的鸡翅，属于热传递（包括热辐射、热对流、热传导）。
信息传递：空间站与地面之间距离远，且处于真空环境，声波无法传播，因此需依靠电磁波（如无线电波、微波等）进行通信，电磁波可以在真空中传播。
14．“超级快充”技术是国产手机的一大亮点，极大方便了人们的使用。给手机充电的过程中，手机内部的蓄电池相当于电路中的　 　。“超级快充”的充电线都选用比较　 　（选填“粗”或“细”）的铜线，这样可以减小电阻。
【答案】用电器；粗
【知识点】电路的构成及电路图；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】在充电过程中，手机内部的蓄电池消耗电能并将其转化为化学能储存，因此相当于电路中的用电器；为了减小电阻，充电线应选用比较粗的铜线。
故答案第一空：用电器；第二空：粗。
【分析】电路组成：电源（充电器）提供电能，用电器（蓄电池）消耗电能。充电时蓄电池是接受电能的部件，故为用电器。
影响电阻的因素：导体电阻与长度、横截面积、材料有关。在长度和材料相同时，横截面积越大（线越粗），电阻越小，可减少发热和电能损失，适合大电流快充
15．在物理课堂上，一张普通A4纸在同学们手中不断“变身”。小杨将它折成图甲所示的“纸桥”并在下方吹气，发现“纸桥”上表面　 　（选填“向上凸”或“向下凹”）；小胡将它撕成小碎片，放在图乙所示的有机玻璃板下方，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦后，看到玻璃板能吸引下方的小纸屑，这是因为玻璃板由于摩擦带上电荷，具有　 　的性质。
【答案】向下凹；吸引轻小物体
【知识点】流体压强与流速的关系；物体带电情况的判断
【解析】【解答】在下方吹气时，下方空气流速大压强小，上方压强大，使“纸桥”上表面向下凹；丝绸摩擦玻璃板后，玻璃板带电，具有吸引轻小物体的性质。
故答案第一空：向下凹；第二空：吸引轻小物体。
【分析】流体压强与流速的关系：流速大的位置压强小。吹气使纸桥下方气体流速增大，压强减小，上方大气压将其压向下凹。
摩擦起电与带电体的性质：丝绸与玻璃板摩擦，玻璃板失去电子带正电，带电体能吸引轻小物体（如纸屑）
16．如图所示，在趣味运动“同心鼓”比赛中，选手们齐心协力将重为的小球竖直向上击出。在上升过程中，小球相对于地面是　 　（选填“运动”或“静止”）的；若空气阻力恒为，则小球上升过程中所受合力大小　 　N。
【答案】运动；
【知识点】力的合成与应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】小球在上升过程中相对于地面的位置不断变化，因此是运动的；上升过程中，小球受到竖直向下的重力（3N）和竖直向下的空气阻力（0.3N），合力大小为3N+0.3N=3.3N。
故答案第一空：运动；第二空：3.3。
【分析】运动和静止的相对性：物体相对于参照物的位置改变，则物体是运动的。以地面为参照物，小球的位置在上升过程中不断改变，故为运动。
同一直线上的力的合成：当两个力方向相同时，合力大小等于两力之和，方向与两力方向相同。上升时重力与阻力均向下，故合力为3.3N，方向竖直向下
17．物理兴趣小组查阅资料，设计出家用热水器的原理图如图甲所示。电路包括工作电路和控制电路两部分。通过电磁继电器控制衔铁的吸下和释放，可切换工作电路的挡位，使其处于加热状态或保温状态。
（1）当控制电路接通时，电磁铁的上端为　 　（选填“S”或“N”）极；
（2）工作电路电压恒为，、是加热电阻，阻值为，阻值为，则加热状态下工作电路加热，消耗的电能为　 　J；
（3）控制电路中，滑动变阻器的最大阻值为，电磁铁线圈电阻不计，为热敏电阻，其阻值随温度的变化如图乙所示。某次调节滑动变阻器为一固定值时，当温度达到时，控制电路的电流达到，衔铁被电磁铁吸下，两触点A、B断开；当最低温度降到时，控制电路的电流减小到时，衔铁被电磁铁释放，两触点接通。若保持控制电路电源电压不变，通过调节滑动变阻器可设置的热水最高温度值的变化范围　 　。
【答案】（1）N
（2）
（3）
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题意我们需要对通电螺线管的磁场方向做出判断，此时需要使用安培定则（右手定则），即右手握住螺线管，四指指向电流方向，拇指指向螺线管内部磁场方向，即N极。对图中进行分析，可得出电磁铁的上端是N极。
（2）根据，电路中的总电阻越小，电路总功率越大，当触点A、B接通，和并联时，工作电路处于加热状态，则加热功率
加热状态下工作电路加热，消耗的电能为
（3）控制电路中，与热敏电阻串联，当温度为时，热敏电阻，电源电压为U，此时电路电流为0.2A，则有①
保持滑动变阻器阻值不变，当温度降到时，热敏电阻，控制电路的电流减小到0.1A，则有②，联立①②，解得，电源电压。因此当电路电流为0.2A，热水器温度最高时，电路中总电阻为
由图乙可知，热敏电阻阻值越小，热水器的温度越高，当滑动变阻器的阻值最大为时，此时最小可以为，此时环境最高温度为；当滑动变阻器为最小阻值0时，此时最大可以为，此时环境最高温度为，所以热水最高温度值的变化范围~。
【分析】（1）根据安培定则判断磁极；
（2）分析电路的工作状态和挡位，根据计算加热功率，结合W=Pt计算电能；
（3）根据题干提供的条件，以及欧姆定律中电阻与电流以及电压的关系，根据计算出电流，再根据电阻的最大值最小值计算温度值的变化范围。
（1）根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向的一端为N极，控制电路中电流从电磁铁下端流入、上端流出，因此上端为N极。
（2）根据，电路中的总电阻越小，电路总功率越大，当触点A、B接通，和并联时，工作电路处于加热状态，则加热功率为
加热状态下工作电路加热，消耗的电能为
（3）控制电路中，与热敏电阻串联，当温度为时，热敏电阻，电源电压为U，此时电路电流为0.2A，则有①
保持滑动变阻器阻值不变，当温度降到时，热敏电阻，控制电路的电流减小到0.1A，则有②
联立①②，解得，电源电压。因此当电路电流为0.2A，热水器温度最高时，电路中总电阻为
由图乙可知，热敏电阻阻值越小，热水器的温度越高，当滑动变阻器的阻值最大为时，此时最小可以为，此时环境最高温度为；当滑动变阻器为最小阻值0时，此时最大可以为，此时环境最高温度为，所以热水最高温度值的变化范围~。
18．请画出静止在斜面上的物体A所受重力和支持力的示意图。作用点都画在重心上。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图
【解析】【解答】以方块的几何中心（重心）作为两个力的共同作用点，竖直向下画出带箭头线段标注，代表物体所受重力；从重心出发，沿垂直斜面向上的方向画出带箭头线段标注，代表斜面对物体的支持力，完成二力示意图绘制，如图所示：
；
故答案为：
；
【分析】按照受力作图规范，牢记重力始终竖直向下、支持力垂直接触面向上的方向特点，统一选用重心作为力的作用点，分步完成线段、箭头与符号标注。
19．为了探究光反射时的规律，小红把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕翻折的纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成。
（1）如图，光线的入射角大小是　 　度；
（2）将一束光贴着纸板E沿射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束，接着将纸板F绕向后翻折，则纸板F上　 　（选填“能”或“不能”）显示出反射光束；
（3）为了探究反射角与入射角的关系，小红多次改变入射角的大小，并测量对应的反射角的大小，比较两者的大小关系，这样做的目的是为了　 　。
【答案】（1）40
（2）不能
（3）寻找普遍规律（或避免偶然性）
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）根据题干提供的图片，入射光线与镜面夹角为50°，则入射光线AO与法线ON的夹角为40°，因此入射角大小为40度；
（2）将纸板绕ON向后翻折后，F与E不在同一平面内，反射光线仍在原平面内，因此纸板F上不能显示出反射光束；
（3）多次改变入射角并测量反射角，是为了得出反射角等于入射角的普遍规律，避免偶然性。
故答案第一空：40；第二空：不能；第三空：寻找普遍规律（或避免偶然性）。
【分析】入射角的概念：入射光线与法线的夹角。图中入射光线AO与法线ON的夹角即为入射角，常见题目中通常标注为40°（若实际不同请以题图为准）。
反射光线与入射光线共面：光的反射定律指出，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。当纸板F向后翻折时，F与E不在同一平面，故F上无法呈现反射光束。
多次实验的目的：避免一次实验的偶然性，使结论更具普遍性。本实验中多次改变入射角，验证反射角始终等于入射角。
（1）入射角是入射光线与法线的夹角。 已知入射光线AO与镜面的夹角为，所以入射角。
（2）光的反射定律中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。 将纸板F绕ON向后翻折后，纸板F与纸板E不在同一平面，所以纸板F上不能显示出反射光束。
（3）多次改变入射角并测量对应的反射角，是为了寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性。
20．小明观察到奶奶在厨房用传统方法做冰淇淋时，将装有奶浆的小罐放入装满冰盐混合物的大罐（如图甲）中，持续搅拌15-20分钟后，奶浆便凝固成冰淇淋。这让他联想到严冬时节，厨房外的水缸里水早已结冰，但腌菜缸里的盐水却始终没有冻结。根据这些现象，小明猜想：水中加入盐后，会对其凝固点产生影响。为了验证这一猜想，在一个标准大气压下，他探究了盐水凝固时的温度变化特点，并作出了盐水的温度随时间变化的图像（如图丙）。
（1）某时刻温度计的示数如图乙所示，读数为　 　℃；
（2）小明通过该实验发现盐水的凝固点低于水的凝固点，并用如图丁所示的装置模拟了手工冰淇淋制作原理。将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，试管中冰水混合物中的冰会　 　（填“变多”、“变少”或“不变”）。
【答案】（1）
（2）变多
【知识点】温度及温度计的使用与读数；凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图乙温度计示数（常见实验图中液面在0℃以下第4格，分度值1℃），读数为-4℃；
（2）将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐水混合物中，由于盐水的凝固点低于0℃，正在熔化的盐水温度保持在其凝固点（如-4℃），低于冰水混合物的0℃，冰水混合物会向盐水放热，其中的水达到凝固点后继续放热而结冰，因此冰变多。
故答案第一空：-4；第二空：变多。
【分析】（1）温度计读数：温度计液柱位置在0℃以下，根据分度值（通常1℃）正确读出示数，典型实验数据为-4℃。
（2）凝固点与热传递：盐水的凝固点低于纯水，正在熔化的盐水混合物温度恒定在它的凝固点（低于0℃）。冰水混合物温度为0℃。将试管放入后，热量从温度较高的冰水混合物传递给温度较低的盐水，导致试管内冰水混合物放热，水凝固成冰，故冰的质量增加（冰变多）
（1）图乙温度计的分度值为1℃，液柱顶端位于0℃以下第4格，故读数为-4℃。
（2）标准大气压下，冰水混合物的温度为0℃，盐冰水混合物的熔点低于0℃，即其温度低于0℃。将装有冰水混合物的试管放入盐冰水混合物中，试管内的水会向外放热，满足凝固条件，因此水会凝固成冰，冰的质量变多。
21．小红在实验室用天平和量筒测量盐水的密度，实验探究过程如下。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时应向　 　调节平衡螺母，直至天平横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小红依次完成下列实验步骤：
①测得烧杯和盐水的总质量；
②将烧杯中的部分盐水倒入量筒中，如图乙所示；
③测得烧杯和剩余盐水的总质量如图丙所示；
④计算出盐水密度是　 　。
（3）在小红的实验中，能正确反映盐水及烧杯的总质量和烧杯中盐水体积关系的图像是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】（1）左
（2）
（3）B
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）图甲指针偏右，说明右盘重，应将平衡螺母向左调节，直至横梁水平平衡。
（2）由图乙可知，量筒中盐水体积为V=40mL=40cm3；
图丙砝码的总质量为
标尺分度值为0.2g，游码对应2.2g的刻度线，所以烧杯和剩余盐水的总质量为
因此倒入量筒内盐水的质量为
因此盐水的密度为
（3）盐水及烧杯的总质量 m总= m杯+ρV，m总与V成一次函数关系，图像是一条不经过原点的倾斜直线。根据选项，正确图像应为B。
故答案第一空：左；第二空：1.2×103；第三空：B。
【分析】（1）天平平衡调节：指针左偏右调，右偏左调。
（2）密度公式： ， 密度测量原理：，其中 m1为烧杯和盐水总质量，m2为烧杯和剩余盐水总质量，V 为倒出盐水的体积。注意单位换算：1g/cm3=103kg/m3。
（3）函数图象：总质量 = 烧杯质量 + 密度×体积，为线性关系，纵截距为烧杯质量，斜率为密度，图像为不过原点的直线
（1）图甲中，天平指针偏右，说明右侧较重，此时应向左调节平衡螺母，直至天平横梁水平平衡。
（2）图乙中，量筒的分度值为1mL，液面位于40mL的刻度线，因此倒入量筒内盐水的体积为
图丙砝码的总质量为
标尺分度值为0.2g，游码对应2.2g的刻度线，所以烧杯和剩余盐水的总质量为
因此倒入量筒内盐水的质量为
因此盐水的密度为
（3）在小红的实验中，盐水及烧杯的总质量等于烧杯的总质量与盐水质量之和，即
其中烧杯质量和盐水密度不变为定值，当盐水体积为0时，盐水和烧杯的总质量就等于烧杯的质量，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．三个物理小组利用如图甲所示电路探究电流与电压的关系。实验器材：学生电源（电压恒为）、定值电阻、、、滑动变阻器（“？ ”）、电流表、电压表、开关、导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙所示实物电路连接完整。
（2）有一组同学按照实物图连接好电路后，闭合开关发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，若电路中只有一处故障，则可能是　 　。
（3）排除故障后，各组实验操作如下：将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大端，闭合开关，读出电压表、电流表的示数。然后移动滑片P，改变定值电阻两端电压，记录数据。三个小组同学分别得到、、的图像，如图丙所示。根据三个小组的实验数据可得，当导体电阻一定时，　 　。
（4）分析b组的实验数据可知，实验所用滑动变阻器的最大阻值为　 　。
【答案】（1）
（2）电阻R断路
（3）通过导体的电流与导体两端的电压成正比
（4）20
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）连接实物图如下：
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明电压表两接线柱到电源两极连通，则故障可能是定值电阻R断路。
（3）根据三个小组的实验数据图像（均为过原点的直线）可得，当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）分析b组实验数据，电源电压为3V，当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小，定值电阻两端电压最小。从图像读取b组最小电压和对应电流，数据如Umin=1V，Imin=0.1A，则滑动变阻器两端电压Up=U电源 Umin=3V 1V=2V，其 最大阻值。
【分析】（1）分析图甲，电压表并联在定值电阻R两端，电源电压为3V，所以电压表选择0~3V的量程，因此用导线连接电压表“3V”的接线柱和定值电阻R的左端接线柱；丙图电流最大为0.6A，所以电流表可以选择0~0.6A的量程，因此用导线连接电流表的“0.6A”接线柱和开关左端接线柱。
（2）电路故障分析：电流表无示数→断路；电压表有示数且接近电源电压→电压表并联部分（定值电阻）断路。
（3）电流与电压的关系：在电阻一定时，电流与电压成正比，U I图像为过原点的直线。
（4）滑动变阻器最大阻值计算：串联电路分压原理，结合图像中最小电压、最小电流及电源电压，由欧姆定律求得。常见实验中b组电阻约为10Ω，变阻器最大阻值20Ω
（1）分析图甲，电压表并联在定值电阻R两端，电源电压为3V，所以电压表选择0~3V的量程，因此用导线连接电压表“3V”的接线柱和定值电阻R的左端接线柱；丙图电流最大为0.6A，所以电流表可以选择0~0.6A的量程，因此用导线连接电流表的“0.6A”接线柱和开关左端接线柱。故连接实物图如下：
（2）电流表无示数，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端能与电源连通，此时电压表测电源电压，因此故障是定值电阻R断路。
（3）图丙的I-U图像是一条过原点的直线，由此可知当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）分析图丙b组的实验数据，当电路电流最小为0.1A时，滑动变阻器阻值最大，此时定值电阻两端电压为1V，滑动变阻器两端电压
所以实验所用滑动变阻器的最大阻值
23．如图，电源电压保持不变，R1的电阻为30Ω。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.2A；当闭合开关S1、S2、S3时，电流表示数为0.5A；当只闭合开关S2时，电压表的示数为1V。求：
（1）电源电压U；
（2）R3的电阻大小；
（3）调整开关的状态，整个电路的最大电功率和最小电功率之比。
【答案】（1）当闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，故电源电压
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电路为电阻R1与R3的并联电路，电流表测量干路的电流，通过R1的电流
根据并联电路的电流规律可得通过R3的电流
故R3的电阻大小
（3）当只闭合开关S2时，电路为R1与R2的串联电路，电压表测量R2两端的电压，即，根据串联电路的电压规律可得R1两端的电压
电路中的电流
电阻R2的阻值
根据可知，当电源电压一定的情况下，电路中电阻越大，电功率越小，则当只闭合开关S2时，电路中电阻最大，此时电路中电功率最小，最小功率
由于无论怎么调整开关的状态，都无法只接入电阻R2，故根据并联电路的总电阻小于各支路的电阻可知，当闭合开关S1、S2、S3时，电路中电阻最小，此时电路中电功率最大，最大功率
故
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）欧姆定律基本应用：U = IR。只闭合 S1 时，电路只有 R1，电流已知，直接计算电源电压。
（2）通过R1的电流，通过并联电路的电流规律I干=I1+I2，可以计算出R3。
（3）电功率公式：。电源电压不变时，功率与总电阻成反比。通过分析不同开关组合下的总电阻（并联时最小，串联时最大），求得功率比。
（1）当闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，故电源电压
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电路为电阻R1与R3的并联电路，电流表测量干路的电流，通过R1的电流
根据并联电路的电流规律可得通过R3的电流
故R3的电阻大小
（3）当只闭合开关S2时，电路为R1与R2的串联电路，电压表测量R2两端的电压，即，根据串联电路的电压规律可得R1两端的电压
电路中的电流
电阻R2的阻值
根据可知，当电源电压一定的情况下，电路中电阻越大，电功率越小，则当只闭合开关S2时，电路中电阻最大，此时电路中电功率最小，最小功率
由于无论怎么调整开关的状态，都无法只接入电阻R2，故根据并联电路的总电阻小于各支路的电阻可知，当闭合开关S1、S2、S3时，电路中电阻最小，此时电路中电功率最大，最大功率
故
24．有一个质量为0.5kg，高为0.18m长方体容器置于水平地面。容器中有适量的水和沉在水底的圆柱体A，此时水深为16cm。如图甲所示，现用细线将沉在容器底的圆柱体A竖直向上匀速提升，从圆柱体A刚刚离开容器底到拉出水面的过程中，拉力F与圆柱体A下表面到容器底的距离h的关系如图乙所示（细线的质量、体积及物体带走的水均忽略不计，，g取10N/kg）。
表一 圆柱体密度（）BC 　
（1）圆柱体A露出水面的过程中，水对容器底的压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）求圆柱体A浸没时所受浮力大小；
（3）现有B、C两个和A质量相等的实心圆柱形，它们的密度见表一。现分别将它们缓慢浸没在容器的水中，松开细线后，发现其中一个能使水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大，请判断这是圆柱体B还是C，说明理由；并计算出此时容器对水平地面的最大压强。
【答案】（1）变小
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即
圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故

（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强

【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强的特点；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【解答】（1）圆柱体A露出水面过程中，排开水的体积减小，水面下降，水的深度减小，根据液体压强公式可知，水对容器底的压强变小。
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即，圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故
（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强
所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大，为2200Pa
【分析】（1）根据液体压强公式计算
（2）对物体进行受力分析，匀速上升的物体受力平衡。
（3） 先根据图像判断出容器中没有浸入物体时的深度，通过A浸入前后V排的变化求出容器的底面积，即可知道容器内原来水的体积，便可求出原来水的质量；
再根据B和C的质量及密度，求出圆柱体B和C的体积，与容器液面上方空余体积进行比较，看谁排开的体积刚好可以填满上方空余体积且不溢出，溢出的话压强会更小，不溢出得符合要求；
求对水平地面的压强，根据公式先求出压力，压力会等于容器、水、及圆柱体的重力之和，再根据公式即可计算出对地面的最大压强。
（1）圆柱体A露出水面过程中，排开水的体积减小，水面下降，水的深度减小，根据液体压强公式可知，水对容器底的压强变小。
（2）由图乙可知，圆柱体A完全浸没时，拉力，完全拉出水面后拉力等于重力，即
圆柱体A浸没在水中匀速提升时，受力平衡得
故
（3）圆柱体A的体积
根据题图乙可知，圆柱体A恰好离开水面时，容器中水的深度为15cm，而完全浸没时容器中水的深度为16cm，故容器的底面积
根据题意可知，容器的高度为0.18m，即18cm，没有物体浸入在水中时，水面到容器口的距离d=3cm，若物体浸入水中时水面恰好与容器口相平，则排开水的体积为，此时容器中水的深度最大，水对容器底的压强最大。
圆柱体A的质量
根据题意可知
则圆柱体B的体积
而圆柱体C的体积
故圆柱体B和圆柱体C完全浸入水中时，水面都恰好与容器口相平，此时水对容器底的压强都是最大，但由于，有部分水从容器溢出，此时容器中水的质量较小，容器对地面的压力较小，根据可知，此时容器对地面的压强不是最大的，所以是圆柱体B完全浸入水中时，水对容器底部的压强及容器对水平地面的压强均能达到最大。
容器中水的体积
容器中水的质量
故容器和容器中的水以及圆柱体B的总质量
容器对地面的压力
故容器对地面的最大压强
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