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2026年广东省珠海市凤凰中学教育集团中考一模物理试题
1．紫外线按波长大小可分为多个子波段如图，其中EUV段可用于制造芯片，则EUV（　　）
A．可以在真空中传播 B．波长大于紫光
C．传播速度为340m/s D．传播速度比无线电波大
【答案】A
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A. EUV（极紫外光）属于电磁波，电磁波可以在真空中传播，且传播速度等于光速（约3×108m/s×108m/s），A正确，符合题意；
B. 因为 EUV 波长（10~124 nm）小于紫光（约 400 nm），B错误，不符合题意；
C. 340 m/s 是声速，不是光速，C错误，不符合题意；
D. 所有电磁波在真空中的传播速度相同，并不比无线电波大，D错误，不符合题意；
【分析】A. 电磁波不需要介质，真空中传播是基本属性；
B. EUV 波长(10~124 nm)＜紫光波长（~400nm)；
C. 340 m/s是声速，电磁波速度是光速量级；
D. 真空中所有电磁波速度相同，不存在谁比谁大。
2．某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（　　）
A．甲是“电能” B．乙是“太阳能”
C．丙是“电能” D．丁是“机械能”
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】由题意可知太阳照射太阳能电池，将太阳能转化为化电能，电能经过蓄电池转化为化学能储存，蓄电池放电为路灯提供电能，电灯将电能转化为光能和热能，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据能量转化判识选项
能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能，蓄电池作为电池是将电能转化为化学能，也可将化学能转化为电能，用电器是将电能转化为其他形式的能量
3．社团课上同学们正在认真练习轮滑，此时轮滑鞋与地面摩擦温度升高。下列汽油机的四个冲程中能量转化与其相同的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 轮滑鞋与地面摩擦温度升高，这是通过做功（摩擦做功）将机械能转化为内能，使温度升高。
A. 做功冲程是将内能转化为机械能，不符合题意，A错误；
B. 汽油机的四个冲程中，压缩冲程是将机械能转化为内能（压缩气体，温度升高），符合题意，B正确；
CD. 吸气冲程和排气冲程没有明显的能量转化（主要是机械能消耗或排出气体），不符合题意，CD错误；
所以能量转化相同的是压缩冲程，选B。
【分析】区分热机的四个冲程分别是怎样的能量转化过程。
4．图示为小张测量体重时的情景，静止时体重计对他的支持力为F1，他对体重计的压力为F2，他受到的重力为G，则（　　）
A．F2与G是一对平衡力 B．F1与F2是一对平衡力
C．F1与F2是一对相互作用力 D．F1与G是一对相互作用力
【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．他对体重计的压力为F2，他受到的重力为G，方向都是向下的，则二者方向爱你沟通，故并不是平衡力，故A错误；
BC．静止时体重计对他的支持力为F1，他对体重计的压力为F2，是两个物体间的作用力，互为施力物体，互为受力物体，两个力的大小相等，方向相反，故是一对相互作用力，故B错误，C正确；
D．静止时体重计对他的支持力为F1，他受到的重力为G，是同一个物体受到的两个力，两个力的大小相等，方向相反，故是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上。
5．如图所示，将一根铅笔芯接入电路中，当将金属夹由B点向A点移动时，观察到小灯泡变亮，这一现象表明铅笔芯的电阻与其（　　）
A．材料有关 B．温度有关
C．长度有关 D．横截面积有关
【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】当金属夹从B点向A点移动时，铅笔芯接入电路的长度减小，导致铅笔芯的电阻减小，电路中的电流增大，因此小灯泡变亮。这一现象表明铅笔芯的电阻与其长度有关，长度越短，电阻越小。由此可以确定选项C是正确的，而选项A、B、D不符合题意。
故选C。
【分析】电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
6．如图所示，潜水艇从高密度海水区驶入低密度海水区，如果不采取措施就会急剧下沉造成灾难性后果，称为“掉深”。“掉深”是由于潜水艇（　　）
A．自身的重力变大 B．排开液体的重力变小
C．排开液体的体积变小 D．受到的浮力保持不变
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：在潜水艇未采取措施，即质量不变的情况下，自身重力不变，故A错误。
B：排开液体的重力变小，导致浮力变小，故B正确。
C：潜水艇浸入水中的体积不变，排开液体的体积也不变，故C错误。
D：由，V排和g不变，浮力随密度减小而减小，故D错误。
答案：B
【分析】根据阿基米德原理，潜水艇浸没时排开液体的体积等于自身体积，保持不变。从高密度海水区进入低密度海水区，液体密度减小，因此浮力减小，即排开液体的重力变小。潜水艇自身重力不变，导致重力大于浮力而“掉深”。
7．某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加。能满足此要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】电路的三种状态；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．按下按钮时，电动机被短路，此时车辆不会前进，故A不符合题意；
B．开关断开时，电阻和电动机串联，此时总电阻大而电流较小。按下按钮时，电阻被短路，只有电动机，此时总电阻变小而电流变大，那么电动机的转速增大，故B符合题意；
C．电动机和电阻并联，按钮开关控制电阻，按下按钮，对电动机没有影响，故C不符合题意；
D．按钮开关闭合后，电动机被短路，则电动机不工作，故D不符合题意。
故选B。
【分析】电动机的转速与通过的电流大小有关，即电流越大，转速越大，因此要增大车速，就要减小电阻，据此分析判断。
8．火箭搭载飞船升空过程中：火箭向下喷出气体而加速向上运动，说明力的作用是　 　的，也说明力可以改变物体的　 　；宇航员座椅的质量　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】相互；运动状态；不变
【知识点】质量及其特性；力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】火箭向下喷气，对燃气施加向下的力，燃气反过来给火箭向上的反作用力，推动火箭向上飞行，利用了力的作用是相互的。
火箭加速上升，速度大小改变，说明力可以改变物体的运动状态。
质量是物体本身的固有属性，不随位置改变，因此座椅质量保持不变。
故答案为：相互；运动状态；不变；
【分析】依据力的作用相互性，结合喷气和升空的受力现象分析原理。
根据火箭加速的运动变化，对应力改变物体运动状态的知识点。
依托质量不随空间位置变化的属性，判断座椅质量不变。
9．如图所示，充电站内各充电桩是　 　（选填“串联”或“并联”）的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的　 　；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接　 　线。
【答案】并联；用电器；保护
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成
【解析】【解答】充电站内各充电桩互不影响，因此是并联连接；充电时汽车电池消耗电能，相当于电路中的用电器；为避免触电，金属外壳需连接地线（或大地），使漏电时电流导入地面。
故答案为：并联；用电器；保护。
【分析】电路的连接方式：区分串联与并联，并联电路中各支路互不影响。
电路的基本组成：电源、用电器、开关、导线；充电时电池消耗电能，属于用电器。
安全用电：金属外壳需接地线，防止漏电触电。
10．物理知识与日常生活和技术密切相关。下图（a）中双肩背包的背带做的较宽，是为了减小　 　；图（b）中船闸是利用了　 　原理；图（c）三峡大坝筑成上窄下宽，是因为液体内部压强随　 　增加而增大。
【答案】压强；连通器；深度
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用
【解析】【解答】背包的背带做的较宽，增大了受力面积，在压力一定时，减小了压强。
图b中，当船闸底部的阀门打开时，形成连通器，液体由高处向低处流，当液体不流动时，液面相平。
图c中，三峡大坝筑成上窄下宽，是液体压强随液体深度增加而增大，越深处压强越大，下面宽大，承受压强的能力大。
【分析】根据，压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；船闸利用了连通器原理；液体压强随深度的增大而增大。
11．如图所示，核电站巨大能量来自图　 　（选填“A”或“B”）所示的核反应：核能属于　 　（填“可”或“不可”）再生能源；核电站中的汽轮机利用核反应放出来的能量带动发电机工作，与发电机工作的原理相同的是 　 　（选填“C”或“D”）。
A．B．
C． D．
【答案】A；不可；D
【知识点】能源及其分类；核裂变；发电机的构造和原理
【解析】【解答】核电站的巨大能量来自核裂变，图中A表示中子轰击铀核的链式反应（裂变），B为聚变，故第一空选A。核燃料（如铀）储量有限，短期内无法再生，属于不可再生能源。发电机的工作原理是电磁感应，图中C表示闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流（发电机模型），D表示通电导体在磁场中受力运动（电动机原理），故第三空选C。
答案为：A；不可；D。
【分析】 1. 核裂变是重核分裂释放能量，用于核电站；2. 核能是不可再生能源；3. 发电机工作原理是电磁感应现象，而电动机是通电导体在磁场中受力。
12．如图所示实验，实验前已调好器材，实验过程中通过电阻、的电流　 　（选填“相等”或“不相等”）；观察U形管内液面高度差可知　 　（选填“”或“”）产生的热量较多；要使液面高度差变化更快，可将滑动变阻器的滑片P向　 　滑动。
【答案】相等；R2；右
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】 根据电路图，R1和 R2串联，因此通过它们的电流相等；
由焦耳定律 ，在电流和通电时间相同时，电阻越大产生热量越多。已知 R2=10Ω>R1=5Ω，故 R2 产生的热量较多；
电压不变的情况下，要使液面高度差变化更快（即电流更大），需减小电路总电阻，滑动变阻器滑片应向阻值减小的方向移动。根据图中滑动变阻器的链接，应填右。
答案：相等；R2 ；右。
【分析】实验是焦耳定律的探究实验，通常两个电阻串联，电流相等，液面高度差反映产生的热量。电阻大的产热多。要使液面高度差变化更快（即电流增大），需减小滑动变阻器阻值，滑片应向阻值减小方向滑动
13．某同学练习排球垫球时，排球离开胳膊后能够继续竖直向上运动，是由于排球具有　 　，排球的重力为2.7N，在竖直上升的过程中，某时刻所受空气阻力大小为0.5N，此时排球所受合力大小为　 　N，方向　 　。
【答案】惯性；3.2；竖直向下
【知识点】惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】排球离开胸腹后继续向上运动，是因为排球具有惯性（保持原来运动状态的性质）。所以第一空填“惯性”；
排球重力为2.7N，方向竖直向下。竖直上升过程中，空气阻力方向与运动方向相反，即向下（因为向上运动，阻力向下）。所以合力为重力加阻力：2.7N + 0.5N = 3.2N，方向竖直向下。
【分析】 一切物体都有惯性，惯性是物体保持原来运动状态的性质；阻力方向与运动方向相反，上升时阻力向下
14．如图所示为我国自主研发的某款人形机器人。某次测试中该机器人用120N竖直向上的力将箱子在2s内匀速抬高1m。此过程中机器人对箱子做功的功率为　 　W；抬起过程中，箱子的机械能　 　（选填“守恒”或“不守恒”）。机器人抬着箱子水平匀速前进过程中，机器人对箱子　 　（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】60；不守恒；不做功
【知识点】功率计算公式的应用；机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】机器人 用120N竖直向上的力将箱子在2s内匀速抬高1m ，功率；
抬起过程中箱子匀速上升，动能不变、重力势能增大，机械能增加，故不守恒；
水平匀速前进时，箱子在机器人施加的竖直向上的力方向上无位移，因此不做功。【分析】 功率公式：，W=Fs；机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功时；做功的两个必要因素：有力作用在物体上；物体在力的方向上发生位移。
15．（1）如图所示，烧杯放置在斜面上处于静止状态，请在图中画出小球受到的浮力和烧杯对斜面的压力的示意图。
（2）如图所示为带USB充电口插线板，能够直接为手机充电。请将电路图补充完整。
（3）如图所示是小凤制作的泡沫指南针，放在水中，闭合开关后，端会指向地理南极。请在虚线框内画出电源的符号，并标出图中磁感线的方向以及螺线管上端的南北极。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因；家庭电路的连接；地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）对小球进行受力分析，小球漂浮在水面处于受力平衡的静止状态，小球所受重力竖直向下，浮力的方向竖直向上；对烧杯进行受力分析，烧杯在斜坡上处于受力平衡的静止状态，烧杯对斜面的压力垂直斜面向下，作用点在斜面上。
（2） 根据安全用电规范和插线板内部电路结构， 将三孔插座左孔和USB相交的导线接中性线，上孔接保护线。
（3）端指向地理南极，说明A端为S（南）极，则螺线管下端为N极，磁感线方向为从下到上，由安培定则可知，电源的正极在下方。
【分析】（1）根据牛顿第一定律，物体在不受外力或所受外力平衡时，将保持静止或匀速直线运动状态。因此，静止是平衡状态的一种表现；压力是指垂直作用在物体表面上的力，方向垂直于接触面并指向受力物体。
（2） 家庭电路的连接：火线、零线（中性线）、地线（保护线）的标识和作用。
（3）判断通电螺线管的极性与电流方向，使用右手螺旋定则（安培定则）。已知电流方向判极性：用右手握住螺线管，四指指向电流环绕方向，拇指所指的一端即为N极（北极），另一端为S极；已知极性判电流方向：握住螺线管，使拇指指向N极，则四指所指方向即为螺线管内部电流的环绕方向（即外部电流从电源正极流入端）。
（1）小球所受浮力的方向竖直向上，烧杯对斜面的压力垂直斜面向下，作用点在斜面上。
（2）根据题意由图可知，只需将三孔插座左孔和USB相交的导线接中性线，上孔接保护线。
（3）端指向地理南极，说明A端为S（南）极，则螺线管下端为N极，磁感线方向为从下到上，由安培定则可知，电源的正极在下方。
16．（1）如图所示，在探究影响滑动摩擦力大小的因素时。
①为了使弹簧测力计的拉力等于木块所受滑动摩擦力的大小，应使木块沿水平桌面做　 　直线运动；
②甲、乙所示的两次实验探究的问题是：滑动摩擦力大小与　 　是否有关。
（2）利用压强计探究液体内部压强与液体密度的关系。
①使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明　 　；
②将金属盒分别放入水和盐水中，如图，据此不能得出液体压强与液体密度的关系，原因是　 　。
（3）在测量盐水的密度实验中，小凤用两个相同的烧杯分别装30mL水和盐水，并放在已调节好的天平上，移动游码，使天平水平平衡，如图所示。则右盘中的烧杯装的是　 　（选填“水”或“盐水”），盐水的密度是　 　 g/cm3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
【答案】（1）匀速；压力大小
（2）装置漏气；没有控制金属盒的橡皮膜位于水和盐水中的深度相同
（3）水；1.1
【知识点】液体密度的测量；探究影响摩擦力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）木块在水平面做匀速直线运动时，处于平衡状态，水平方向的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此拉力大小等于滑动摩擦力。观察甲、乙两次实验，两次实验中接触面的粗糙程度保持一致，只改变了木块对接触面的压力大小，因此该组实验的探究目的是滑动摩擦力大小和压力大小的关系。
（2）压强计的工作原理是：橡皮膜受到压强时，压强计内部气压发生改变，从而使U形管两侧液面出现高度差；如果用力按压橡皮膜，U形管液面几乎没有变化，说明压强计装置漏气，无法有效传递压强。探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制变量，保证金属盒在不同液体中的深度相同；观察题图可以发现，该操作中金属盒在盐水中的深度大于在水中的深度，没有控制深度相同，因此无法得出正确结论。
（3）由图可知天平标尺的分度值为0.2g，此时游码的示数为3g，说明左盘内液体的质量比右盘大3g；由于两个容器中液体体积相同，根据$m=\rho V$，液体密度越大，对应质量越大，已知盐水密度大于水的密度，因此质量更小的右容器中装的是水。
水的质量为
盐水质量为
盐水密度为
【分析】（1）图中没有改变木板的材质，仅仅改变了木块上方的质量，根据摩擦力的影响因素可知，质量会影响压力大小，从而影响摩擦力。
（2） 图中金属盒在两种液体中的深度不同（通常水中的深度较浅，盐水中的深度较深），而探究压强与密度的关系时需控制深度相同。深度不同时，压强差异可能由深度引起而非密度，因此无法得出结论。
（3）天平平衡原理：左盘质量 = 右盘质量 + 游码示数。游码向右移动相当于在右盘加小砝码；等体积比较密度：体积相同，密度大的质量大；密度公式： 。
（1）当木块沿水平面做匀速直线运动时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此拉力等于滑动摩擦力。甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，改变了木块对接触面的压力，因此探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）压强计依靠橡皮膜受到压强改变内部气压，使U形管产生液面高度差；按压橡皮膜液面无变化，说明装置漏气，气体无法有效传递压强。 探究液体压强与液体密度的关系时，需要控制金属盒在液体中的深度相同，由图可知，金属盒在盐水中的深度大于在水中的深度，没有控制深度相同，因此不能得出结论。
（3）由图可知标尺分度值为0.2g，游码示数为3g，说明左盘液体质量比右盘大3g；两液体体积相同，密度越大质量越大，盐水密度大于水，因此质量更小的右盘装的是水。
水的质量为
盐水质量
盐水密度
17．小凤同学用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图所示。
（1）在使用弹簧测力计前，需要在　 　方向进行调零；
（2）分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为　 　N；
（3）比较图甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与　 　有关；为了使该结论更具有普遍性，可以进行的操作是　 　（写出一条即可）；
（4）小凤通过实验分析画出弹簧测力计的示数与被测液体的密度之间的函数关系图像，则符合此关系的是如图中的图线　 　（选填“①”“②”或“③”）；
（5）小凤继续利用电子秤、细铁丝、烧杯和水测量一个密度小于水的泡沫小球的密度。
①如图1，将适量的水倒入烧杯，放在电子秤上，稳定时电子秤示数为：
②如图2，将泡沫小球放入水中，用细铁丝压着使其浸没在水中，稳定时电子秤示数为；
③如图3，取走细铁丝，泡沫小球稳定时电子秤示数为；
④分析可知，泡沫小球的密度　 　（选用、、、表示）；图3中因小球浮起来时上表面沾水，则由此测出的小球密度　 　（选填“偏大” “偏小” 或“无影响”）。
【答案】（1）竖直
（2）1
（3）液体的密度；换不同密度的液体进行实验
（4）③
（5）；无影响
【知识点】密度公式及其应用；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）当我们利用弹簧测力计测量重力时，需要沿竖直方向使用弹簧测力计，因此使用前要先在竖直方向完成调零，以此消除弹簧自身重力对测量结果的影响。
（2）从图甲可以读出物体的重力大小为4N，再从图乙读出物体浸没在水中时弹簧测力计的拉力为3N，根据称重法计算浮力，可得物体浸没在水中时受到的浮力大小为。
（3）分析甲、乙、丙三次实验的条件：物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，对应弹簧测力计的示数不同，说明物体受到的浮力不同，由此可以得出结论：浮力的大小和液体的密度有关；为了让实验结论更具普遍性，避免偶然误差，需要换用不同密度的液体重复多次实验。
（4）根据称重法可以推导得到弹簧测力计示数的表达式： 。当物体完全浸没在液体中时，物体排开液体的体积 保持不变，从公式可以看出，液体密度越大，弹簧测力计的示数F就越小；并且当，也就是没有液体时，，即截距为正，因此符合这个规律的是图线③。
（5）对比步骤①和步骤③的电子秤示数，泡沫小球的质量为；当小球被细线拉着浸没在水中时，根据受力关系，电子秤增加的质量等于小球排开水的质量，即排开水的质量，由于小球浸没，因此小球体积等于排开水的体积，即，因此小球的密度为：。
如果有部分水沾在小球上，这部分水原本就属于烧杯内的水，整个体系的总质量始终等于烧杯质量+原有水的质量+小球质量，因此计算得到的质量差不受影响，最终对密度的测量结果没有影响。
【分析】（1） 弹簧测力计使用前调零；测重力时必须沿竖直方向使用，调零需在竖直方向进行，以消除弹簧自身重力对读数的影响。
（2）称重法测浮力
公式：
示例：，浸没后，则
（3） 探究浮力与液体密度的关系（控制变量法）：保证排开液体的体积相同，改变液体密度。换用不同密度的液体多次实验，避免偶然性。
（4）完全浸没时弹簧测力计示数的表达式： （）
当 时，
（5）利用电子秤测密度（排水法）
排开水体积
小球浸没：
小球密度：
误差分析：部分水沾在小球上不影响总质量差对密度测量无影响。
（1）弹簧测力计测量重力时沿竖直方向使用，使用前需要在竖直方向调零，消除弹簧自重的影响。
（2）由图甲可知物体重力为4N，由图乙可知浸没在水中时拉力为3N，根据称重法，物体浸没在水中时受到的浮力
（3）由甲、乙、丙可知，物体排开液体体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，浮力不同，因此可得浮力大小与液体的密度有关；为了使结论具有普遍性，需要换用不同密度液体进行多次实验。
（4）根据称重法可得
物体浸没时 不变，因此液体密度越大，弹簧测力计示数F越小，且时，，因此符合的是图线③。
（5）由图1、图3可得泡沫小球的质量；小球浸没时，电子秤增加的质量等于排开水的质量，即，则小球体积为， 因此小球密度为
沾在小球上的水原本就是烧杯内的水，总质量始终是烧杯质量加原有水质量加小球质量，总质量差始终等于小球质量，因此对测量结果无影响。
18．用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V）， 滑动变阻器3个（铭牌上分别标有A“5Ω 3A”B“20Ω 2A”C“50Ω 1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P 移至　 　 （选填 “A” 或 “B”）端；
（2）闭合开关后，电流表和电压表示数为0，移动滑片P， 两表指针不偏转。将与电压表“-” 接线柱相连的导线从D端拆下，试触C 点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是　 　 ；
（3）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V， 电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I。以电流I为纵坐标、电压U为横坐标，采用描点的方式，画出I-U图像，如图乙所示。依据图像，得到的结论是：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　 ，实验中选用的是滑动变阻器　 　（选填 “A”“B”或 “C”），电源电压为　 　V；
（4）在探究电流与电阻的关系时，为了能使用上一次的某一组实验数据，断开开关，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为　 　A； 断开开关，换接未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为　 　A。
【答案】B；BC之间的导线断路；正比；C；4.2；0.4；0.1
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】(1)闭合开关前，为保护电路元件，滑动变阻器需要调到接入阻值最大位置；由接线方式判断，滑片移至B端时变阻器接入电阻最大。
故答案为：B；
(2)闭合开关后两电表示数全为零，初步判定电路发生断路故障；把电压表负接线端导线从D改接到C，电压表无示数，说明C到电源负极间断路；导线改接至B点时电压表正常偏转，证明B至电源负极线路完好，结合只有一处故障的条件，故障为B、C间导线断路。
故答案为：BC之间的导线断路；
(3)I-U图像是过坐标原点的倾斜直线，根据图像规律可得实验结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。电源由三节干电池串联，电源电压区间；刚闭合开关滑片在最大阻值处，定值电阻分压、电路电流，由串联分压与欧姆定律：。分别代入三款变阻器最大阻值验算：时，、时，，均低于3V不符合电源电压范围；时，，落在之间，因此选用50Ω、1.5A规格的滑动变阻器，电源电压。
故答案为：正比；C；4.2；
(4)电流表选用量程，该量程分度值，由表盘指针位置读出电流。
保持控制电压；第一次实验定值电阻；探究电流与电阻关系需控制定值电阻两端电压不变，更换电阻后，，即规范调节后电流表示数为0.1 A。
故答案为：0.4；0.1；
【分析】(1)依据滑动变阻器“闭合开关前调到最大阻值”的实验操作规范，结合实物接线确定滑片极限位置。
(2)利用电压表逐点试探法排查断路，电压表有示数则表笔两点到电源通路完好，无示数则两点间断路，分步锁定故障区间。
(3)依托正比例函数图象特征，从过原点直线归纳电阻不变时电流、电压的正比规律。
结合干电池电压范围锁定电源电压取值区间，借助串联电路电压关系与，逐一代入变阻器参数筛选符合条件的器材与电源电压。
(4)先确定电流表量程与分度值，再按刻度读数规则读取电路实际电流。
紧扣探究电流与电阻实验的控制变量要求（定值电阻两端电压恒定），利用锁定控制电压，再套用算出更换电阻后的对应电流。
19．如图甲所示，是一台质量为2.8kg，与地面接触面积为0.1m2的地面清扫机器人。机器人扫地时所受阻力与速度的关系图像如图乙所示，若该机器人在60s内沿直线匀速清扫地面的距离为12m。（g取10N/kg）求：
（1）该机器人的重力和放在水平地面上时对地面的压强；
（2）该机器人清扫地面的速度；
（3）该机器人的动力所做的功。
【答案】（1）解：机器人质量，根据重力公式计算重力：
机器人静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即
接触面积，根据压强公式计算压强：
该机器人的重力为28N，放在水平地面上时对地面的压强为280Pa；
（2）已知清扫路程，运动时间，根据速度公式计算速度：
该机器人清扫地面的速度为0.2m/s
（3）机器人匀速直线运动，动力与阻力是平衡力，大小相等，即，由图乙可知，当时，阻力，因此
根据功的计算公式计算动力做功：
该机器人的动力所做的功为720J
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）先根据重力公式计算机器人的重力；机器人静止在水平地面上时对地面的压力和自身重力大小相等，即，根据压强公式，代入计算可得；
（2）已知扫地行走的路程，运动总时间，根据速度公式，代入计算可得；
（3）机器人做匀速直线运动，因此动力和阻力是一对平衡力，二者大小相等，即。
结合题目给出的阻力速度关系图像，得知机器人受到的阻力，因此动力；最后根据功的计算公式，代入数据计算动力做的功。
（1）由题意得机器人质量，根据重力公式计算重力：
机器人静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即，接触面积，根据压强公式计算压强：
（2）已知清扫路程，运动时间，根据速度公式计算速度：
（3）机器人匀速直线运动，动力与阻力是平衡力，大小相等，即，由图乙可知，当时，阻力，因此
根据功的计算公式计算动力做功：
20．某兴趣小组设计了一款具有高温和低温两挡的可调挡位电热水壶，其简化电路如图所示。壶内装有两根阻值不变的电热丝，其中。求：
（1）通过的电流大小。
（2）该热水壶处于高温挡时的功率。
（3）若使用高温挡，将壶中水从20℃加热到42℃需要，求此时的加热效率。
【答案】（1）直接接在电源两端，其两端电压等于电源电压；依据欧姆定律，代入参数计算支路电流：
（2）、同时闭合时、并联，电源电压恒定，由可知总电阻越小功率越大，电路工作在高温挡位；分别计算两支路功率：
并联总功率等于各支路功率相加：
（3）由吸热公式求水吸收热量：
高温工作消耗电能：
加热效率为水吸热与消耗电能的比值：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1)依托并联支路电压等于电源电压，套用欧姆定律直接算出通过的电流。
(2)结合判定并联为高温挡，分别求出两个电阻功率，再利用并联电路总功率等于各功率之和求解高温总功率。
(3)先用吸热公式计算水的吸热，借助算出电路消耗电能，最后根据效率公式求解加热效率。
（1）由电路图可知，电阻R1两端的电压等于电源电压，即
根据欧姆定律，通过R1的电流为
（2）当开关S1、S2都闭合时，R1和R2并联，电路总电阻最小。根据公式可知，在电源电压U不变的情况下，此时电路的总功率最大，电热水壶处于高温挡。高温挡时的总功率等于两个电热丝的功率之和。R1的电功率为
R2的电功率为
该热水壶高温挡的功率为
（3）水吸收的热量为
使用高温挡加热100s，消耗的电能为
此时的加热效率为
21．小明观察到“回南天”时，室内瓷砖上出现“挂水”的现象，天气干燥时则不会。小明猜想：水蒸气在天气潮湿时更容易液化。查阅资料了解到：一定气压下，空气中的水蒸气刚好达到饱和状态并开始液化的温度，称为露点。水蒸气遇到表面温度低于或等于露点的物体才会液化成小水珠。为了探究此现象，小明往金属杯中加入适量的水，如图甲所示，逐步加入少量冰块并搅拌；当杯壁刚出现均匀细小水珠时，如图乙，立即读出温度计示数，此时水温近似等于露点，同时记录室温和相对湿度。经过一段时间的多次实验，记录数据如下表。
室温（℃） 相对湿度（%） 露点（℃）
25.0 73 20.0
25.0 82 22.1
25.0 93 24.0
30.0 77 25.0
30.0 91 28.1
（1）实验时，冰熔化　 　（选填“吸收”或“放出”）热量。金属杯温度降低，内能变小，是通过　 　的方式实现的。
（2）实验前，小明未将金属杯外壁少量水珠擦干，加冰过程中误将原有水珠当作空气中水蒸气液化而成，这样会使测量的露点　 　（选填“偏高”或“偏低”）。
（3）由实验数据可得初步结论：在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越　 　。某天小明家中的温湿度计屏幕如图丙所示，若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖　 　（选填“会”或“不会”）出现小水珠，理由是：　 　。
【答案】（1）吸收；热传递
（2）偏高
（3）高；不会；由表中的实验数据可知，在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越高；若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖不会出现小水珠，理由是：室温为25℃，湿度为80%，露点低于22.1℃，瓷砖温度高于露点。
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）冰块熔化时会从金属杯和周围环境吸收热量，导致金属杯温度下降，内能减小，这个改变内能的过程是通过热传递完成的。
故第一问答案：吸收；热传递。
（2）从表格记录的实验数据能够得出，露点温度低于室温；如果实验前没有擦干金属杯外壁原本就有的少量水珠，在加冰的过程中，会错误地把这些原有水珠当成空气中水蒸气液化形成的，此时杯壁实际温度接近室温，最终会导致测得的露点温度偏高。
故第二问答案：偏高。
（3）由表中的实验数据可知，在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越高；若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖不会出现小水珠，理由是：室温为25℃，湿度为80%，露点低于22.1℃，瓷砖温度高于露点。
【分析】 （1）冰块是典型的晶体， 有固定的熔点，且达到熔点前温度升高；熔化过程中温度保持不变，直到全部熔化后温度才继续升高。在这个过程中吸收热量。
（2） 热传递是通过传导、对流或辐射，在温差驱动下实现内能从高温物体（或部分）向低温物体（或部分）转移的过程，其结果是物体的内能发生变化（吸热则内能增加，放热则内能减少），但不一定伴随温度改变（相变时温度不变）。
（1）[1][2]冰熔化成水，吸收热量，冰块吸收金属杯和外界环境的热量而熔化，金属杯温度降低，内能变小，是通过热传递的方式实现的。
（2）由表中的数据可知，露点温度低于室温；未将金属杯外壁少量水珠擦干，加冰过程中误将原有水珠当作空气中水蒸气液化而成，此时杯壁的温度接近室温，这样会使测量的露点偏高。
（3）[1][2][3]见答案
22．阅读材料，回答问题∶
中性浮力水槽
为了在地面模拟航天员在太空中所处的失重环境，我国建设了特殊的“潜水池”--中性浮力水槽。当物体受到的浮力大于自身重力时，这个浮力称为“正浮力”；当物体受到的浮力小于自身重力时，这个浮力称为“负浮力”。训练时，航天员通过增减配重的方法使自身的重力与浮力相等，以获得与太空中相似的失重感，此时的浮力称为“中性浮力”。
如图甲所示，为了充分摸拟出舱任务，航天员需穿着厚重的水下训练服，在机械臂和若干潜水员的协助下进行水下活动。潜水员携带的气瓶配有如图乙所示的气压表。潜水前，有3000L的常压空气被压缩至容积为10L的瓶中∶潜水时，通过气压表示数可以知道瓶内常压空气量（两者的关系如表所示）。如图丙所示，是潜水员小风在水下的平均耗气速度v与所处深度h的关系。常压空气消耗量的单位为L，潜水时间的单位为 min，耗气速度的单位为 L/min。
气压表示数与常压空气量关系表
气压表示数/bar 300 210 120 30
瓶内空气量/L 3000 2100 1200 300
（1）航天员在水槽中处于“中性浮力”状态时，　 　（选填“受”或“不受”）重力作用；如果航天员要模拟月球漫步，需要在水槽中营造　 　（选填“正”“中性”或“负”）浮力的环境。
（2）在一定温度下，一定质量的气体的体积与气压成反比。则瓶内“300bar”的气体压强是其在同温常压下气体压强的　 　倍。
（3）小凤自身质量为70kg，身着130kg的训练服在水槽中进行模拟失重训练，训练服与配重的总体积为，则其整体所受浮力的大小为　 　N，其配重的质量为　 　kg。（，）
（4）小凤在水深9m处停留了一段时间，在这期间气压表示数由210bar降到134bar，则这段停留时间为　 　 min。
【答案】（1）受；负
（2）300
（3）2200；20
（4）20
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）地球上的所有物体都会受到重力作用，航天员在水槽中处于中性浮力状态，仍然在地球上，只是浮力与重力平衡，仍然受到重力作用； 如果航天员要模拟月球漫步 ，月球上重力小于地球上的重，要模拟这个环境，即整体合力向下，要求浮力小于总重力，根据定义浮力小于重力时为负浮力，因此需要营造负浮力环境。
（2） 在一定温度下，一定质量的气体的体积与气压成反比，即，常压下体积，压缩后体积，因此
即瓶内气压是常压的300倍。
（3）整体浸没在水中，排开水的体积等于总体积，根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为
中性浮力状态下浮力等于总重力，因此总重力，总质量
配重质量
（4）由图丙可得，耗气速度和深度满足一次函数关系（单位：为，为），代入得；根据表格规律，瓶内空气量为气压表示数的10倍，因此消耗的空气量，停留时间
【分析】（1）熟悉重力的定义，以及地球、月球等特殊环境常见考点的重力特点。
（2）根据题干中的提示进行作答。
（3）根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为，再进行受力平衡分析计算。
（4）分析图像，耗气速度随深度的变化是一条直线，可以得出他们之间的函数关系，再进行计算。
（1）地球上的所有物体都会受到重力作用，航天员在水槽中处于中性浮力状态只是浮力与重力平衡，仍然受到重力作用；月球漫步需要模拟小于地球重力的环境，即整体合力向下，要求浮力小于总重力，根据定义浮力小于重力时为负浮力，因此需要营造负浮力环境。
（2）根据题意，同温下一定质量的气体，体积与气压成反比，即，常压下体积，压缩后体积，因此
即瓶内气压是常压的300倍。
（3）整体浸没在水中，排开水的体积等于总体积，根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为
中性浮力状态下浮力等于总重力，因此总重力，总质量
配重质量
（4）由图丙可得，耗气速度和深度满足一次函数关系（单位：为，为），代入得；根据表格规律，瓶内空气量为气压表示数的10倍，因此消耗的空气量
停留时间
23．如图1所示某观光电梯的结构示意图，电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯空载时，轿厢总重和配重的重力相等。满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢。该电梯其相关参数如表：
额定电压/V 额定运行功率/kW 额定待机功率/kW 轿厢质量/kg 最大载重/N
220 25 1 600
为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，工作原理如图2所示，压力传感器表面置于轿厢内部地面，其电阻R与所受人或货物对它的压力F的关系如图3所示，线圈阻值可忽略。当电流大于0.08A时会启动警报系统，同时无论如何按压运行控制器，电动机均不转动。“运行频次比w”是电梯养护的重要指标w 一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示。 （g取10N/kg）
（1）图1中定滑轮的作用是　 　；
（2）电梯的载重量变大时，压力传感器的阻值　 　，电磁铁的磁性　 　（均选填“变大”或“变小”）；
（3）若使用一段时间，电梯未满载就报警，则说明R0的阻值变　 　（选填“大”或“小”）
（4）若该观光电梯所处大厦每天营业时间为12h，设电梯均在额定功率下运行。经测算，该电梯平均每天耗电60kW·h，则该电梯的“运行频次比”w＝　 　；
（5）当电梯空载时，R0与R的电压之比为1∶3，当电梯的载重量为4000N时，电路中的电流为0.04A，通过以上信息推理计算出该电梯的最大载重量为　 　N。
【答案】（1）改变力的方向
（2）变小；变大
（3）小
（4）5
（5）10000
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，因此作用是改变力的方向。
（2）由图3可知，压力越大（载重量越大），压力传感器的电阻越小；电梯载重量变大，R变小，控制电路总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律，电流变大，电磁铁磁性变大。
（3）电梯未满载就报警，说明此时压力更小，R比超载时更大，但电流已经达到报警电流，说明总电阻偏小，因此的阻值变小。
（4）设每天运行时间为，待机时间 ，总耗电 ，代入数据： ，解得，，运行频次比
（5）计算推导： ① 空载时，压力，由图3得，串联电路电压比等于电阻比， ，得
② 载重量时，由图3得，电流，电源电压
③ 报警时电流，总电阻
此时压力传感器电阻
④ 由图3知，压力传感器所受压力变化量与其阻值变化量的比值是一个定值，当压力传感器的阻值为50Ω时，
则该电梯的最大载重量为
【分析】（1）熟悉简单机械（杠杆、定滑轮、动滑轮和滑轮组等）的多频考点，牢记“费距离则省
力，省距离则费力”的原则。
（2）对图像进行分析，电阻随力的变化呈一条直线，则压力越大电阻越小。
（3）当电梯达到满载时，压力足够大，压敏电阻阻值变小，电路中的电流或电压达到设定阈值，触发报警。
（4） W总=W运+W待，W=Pt，联合公式根据题干提供的信息进行计算。
（5）由题干提供的电阻比，通过U=IR可以计算出电压，由图丙可知R=kF，则，计算得出Fmax
（1）定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，因此作用是改变力的方向。
（2）[1][2]由图3可知，压力越大（载重量越大），压力传感器的电阻越小；电梯载重量变大，R变小，控制电路总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律，电流变大，电磁铁磁性变大。
（3）电梯未满载就报警，说明此时压力更小，R比超载时更大，但电流已经达到报警电流，说明总电阻偏小，因此的阻值变小。
（4）设每天运行时间为，待机时间 ，总耗电 ，代入数据：
解得，，运行频次比
（5）计算推导： ① 空载时，压力，由图3得，串联电路电压比等于电阻比， ，得
② 载重量时，由图3得，电流，电源电压
③ 报警时电流，总电阻
此时压力传感器电阻
④ 由图3知，压力传感器所受压力变化量与其阻值变化量的比值是一个定值，当压力传感器的阻值为50Ω时，
则该电梯的最大载重量为
1 / 12026年广东省珠海市凤凰中学教育集团中考一模物理试题
1．紫外线按波长大小可分为多个子波段如图，其中EUV段可用于制造芯片，则EUV（　　）
A．可以在真空中传播 B．波长大于紫光
C．传播速度为340m/s D．传播速度比无线电波大
2．某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（　　）
A．甲是“电能” B．乙是“太阳能”
C．丙是“电能” D．丁是“机械能”
3．社团课上同学们正在认真练习轮滑，此时轮滑鞋与地面摩擦温度升高。下列汽油机的四个冲程中能量转化与其相同的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
4．图示为小张测量体重时的情景，静止时体重计对他的支持力为F1，他对体重计的压力为F2，他受到的重力为G，则（　　）
A．F2与G是一对平衡力 B．F1与F2是一对平衡力
C．F1与F2是一对相互作用力 D．F1与G是一对相互作用力
5．如图所示，将一根铅笔芯接入电路中，当将金属夹由B点向A点移动时，观察到小灯泡变亮，这一现象表明铅笔芯的电阻与其（　　）
A．材料有关 B．温度有关
C．长度有关 D．横截面积有关
6．如图所示，潜水艇从高密度海水区驶入低密度海水区，如果不采取措施就会急剧下沉造成灾难性后果，称为“掉深”。“掉深”是由于潜水艇（　　）
A．自身的重力变大 B．排开液体的重力变小
C．排开液体的体积变小 D．受到的浮力保持不变
7．某电动自行车上有加速按钮。按下按钮时，电动机M转速增大，车速增加。能满足此要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
8．火箭搭载飞船升空过程中：火箭向下喷出气体而加速向上运动，说明力的作用是　 　的，也说明力可以改变物体的　 　；宇航员座椅的质量　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
9．如图所示，充电站内各充电桩是　 　（选填“串联”或“并联”）的；利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的　 　；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接　 　线。
10．物理知识与日常生活和技术密切相关。下图（a）中双肩背包的背带做的较宽，是为了减小　 　；图（b）中船闸是利用了　 　原理；图（c）三峡大坝筑成上窄下宽，是因为液体内部压强随　 　增加而增大。
11．如图所示，核电站巨大能量来自图　 　（选填“A”或“B”）所示的核反应：核能属于　 　（填“可”或“不可”）再生能源；核电站中的汽轮机利用核反应放出来的能量带动发电机工作，与发电机工作的原理相同的是 　 　（选填“C”或“D”）。
A．B．
C． D．
12．如图所示实验，实验前已调好器材，实验过程中通过电阻、的电流　 　（选填“相等”或“不相等”）；观察U形管内液面高度差可知　 　（选填“”或“”）产生的热量较多；要使液面高度差变化更快，可将滑动变阻器的滑片P向　 　滑动。
13．某同学练习排球垫球时，排球离开胳膊后能够继续竖直向上运动，是由于排球具有　 　，排球的重力为2.7N，在竖直上升的过程中，某时刻所受空气阻力大小为0.5N，此时排球所受合力大小为　 　N，方向　 　。
14．如图所示为我国自主研发的某款人形机器人。某次测试中该机器人用120N竖直向上的力将箱子在2s内匀速抬高1m。此过程中机器人对箱子做功的功率为　 　W；抬起过程中，箱子的机械能　 　（选填“守恒”或“不守恒”）。机器人抬着箱子水平匀速前进过程中，机器人对箱子　 　（选填“做功”或“不做功”）。
15．（1）如图所示，烧杯放置在斜面上处于静止状态，请在图中画出小球受到的浮力和烧杯对斜面的压力的示意图。
（2）如图所示为带USB充电口插线板，能够直接为手机充电。请将电路图补充完整。
（3）如图所示是小凤制作的泡沫指南针，放在水中，闭合开关后，端会指向地理南极。请在虚线框内画出电源的符号，并标出图中磁感线的方向以及螺线管上端的南北极。
16．（1）如图所示，在探究影响滑动摩擦力大小的因素时。
①为了使弹簧测力计的拉力等于木块所受滑动摩擦力的大小，应使木块沿水平桌面做　 　直线运动；
②甲、乙所示的两次实验探究的问题是：滑动摩擦力大小与　 　是否有关。
（2）利用压强计探究液体内部压强与液体密度的关系。
①使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明　 　；
②将金属盒分别放入水和盐水中，如图，据此不能得出液体压强与液体密度的关系，原因是　 　。
（3）在测量盐水的密度实验中，小凤用两个相同的烧杯分别装30mL水和盐水，并放在已调节好的天平上，移动游码，使天平水平平衡，如图所示。则右盘中的烧杯装的是　 　（选填“水”或“盐水”），盐水的密度是　 　 g/cm3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
17．小凤同学用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图所示。
（1）在使用弹簧测力计前，需要在　 　方向进行调零；
（2）分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为　 　N；
（3）比较图甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与　 　有关；为了使该结论更具有普遍性，可以进行的操作是　 　（写出一条即可）；
（4）小凤通过实验分析画出弹簧测力计的示数与被测液体的密度之间的函数关系图像，则符合此关系的是如图中的图线　 　（选填“①”“②”或“③”）；
（5）小凤继续利用电子秤、细铁丝、烧杯和水测量一个密度小于水的泡沫小球的密度。
①如图1，将适量的水倒入烧杯，放在电子秤上，稳定时电子秤示数为：
②如图2，将泡沫小球放入水中，用细铁丝压着使其浸没在水中，稳定时电子秤示数为；
③如图3，取走细铁丝，泡沫小球稳定时电子秤示数为；
④分析可知，泡沫小球的密度　 　（选用、、、表示）；图3中因小球浮起来时上表面沾水，则由此测出的小球密度　 　（选填“偏大” “偏小” 或“无影响”）。
18．用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V）， 滑动变阻器3个（铭牌上分别标有A“5Ω 3A”B“20Ω 2A”C“50Ω 1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P 移至　 　 （选填 “A” 或 “B”）端；
（2）闭合开关后，电流表和电压表示数为0，移动滑片P， 两表指针不偏转。将与电压表“-” 接线柱相连的导线从D端拆下，试触C 点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是　 　 ；
（3）排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系。闭合开关，电压表示数为0.7V， 电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I。以电流I为纵坐标、电压U为横坐标，采用描点的方式，画出I-U图像，如图乙所示。依据图像，得到的结论是：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　 ，实验中选用的是滑动变阻器　 　（选填 “A”“B”或 “C”），电源电压为　 　V；
（4）在探究电流与电阻的关系时，为了能使用上一次的某一组实验数据，断开开关，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为　 　A； 断开开关，换接未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为　 　A。
19．如图甲所示，是一台质量为2.8kg，与地面接触面积为0.1m2的地面清扫机器人。机器人扫地时所受阻力与速度的关系图像如图乙所示，若该机器人在60s内沿直线匀速清扫地面的距离为12m。（g取10N/kg）求：
（1）该机器人的重力和放在水平地面上时对地面的压强；
（2）该机器人清扫地面的速度；
（3）该机器人的动力所做的功。
20．某兴趣小组设计了一款具有高温和低温两挡的可调挡位电热水壶，其简化电路如图所示。壶内装有两根阻值不变的电热丝，其中。求：
（1）通过的电流大小。
（2）该热水壶处于高温挡时的功率。
（3）若使用高温挡，将壶中水从20℃加热到42℃需要，求此时的加热效率。
21．小明观察到“回南天”时，室内瓷砖上出现“挂水”的现象，天气干燥时则不会。小明猜想：水蒸气在天气潮湿时更容易液化。查阅资料了解到：一定气压下，空气中的水蒸气刚好达到饱和状态并开始液化的温度，称为露点。水蒸气遇到表面温度低于或等于露点的物体才会液化成小水珠。为了探究此现象，小明往金属杯中加入适量的水，如图甲所示，逐步加入少量冰块并搅拌；当杯壁刚出现均匀细小水珠时，如图乙，立即读出温度计示数，此时水温近似等于露点，同时记录室温和相对湿度。经过一段时间的多次实验，记录数据如下表。
室温（℃） 相对湿度（%） 露点（℃）
25.0 73 20.0
25.0 82 22.1
25.0 93 24.0
30.0 77 25.0
30.0 91 28.1
（1）实验时，冰熔化　 　（选填“吸收”或“放出”）热量。金属杯温度降低，内能变小，是通过　 　的方式实现的。
（2）实验前，小明未将金属杯外壁少量水珠擦干，加冰过程中误将原有水珠当作空气中水蒸气液化而成，这样会使测量的露点　 　（选填“偏高”或“偏低”）。
（3）由实验数据可得初步结论：在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越　 　。某天小明家中的温湿度计屏幕如图丙所示，若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖　 　（选填“会”或“不会”）出现小水珠，理由是：　 　。
22．阅读材料，回答问题∶
中性浮力水槽
为了在地面模拟航天员在太空中所处的失重环境，我国建设了特殊的“潜水池”--中性浮力水槽。当物体受到的浮力大于自身重力时，这个浮力称为“正浮力”；当物体受到的浮力小于自身重力时，这个浮力称为“负浮力”。训练时，航天员通过增减配重的方法使自身的重力与浮力相等，以获得与太空中相似的失重感，此时的浮力称为“中性浮力”。
如图甲所示，为了充分摸拟出舱任务，航天员需穿着厚重的水下训练服，在机械臂和若干潜水员的协助下进行水下活动。潜水员携带的气瓶配有如图乙所示的气压表。潜水前，有3000L的常压空气被压缩至容积为10L的瓶中∶潜水时，通过气压表示数可以知道瓶内常压空气量（两者的关系如表所示）。如图丙所示，是潜水员小风在水下的平均耗气速度v与所处深度h的关系。常压空气消耗量的单位为L，潜水时间的单位为 min，耗气速度的单位为 L/min。
气压表示数与常压空气量关系表
气压表示数/bar 300 210 120 30
瓶内空气量/L 3000 2100 1200 300
（1）航天员在水槽中处于“中性浮力”状态时，　 　（选填“受”或“不受”）重力作用；如果航天员要模拟月球漫步，需要在水槽中营造　 　（选填“正”“中性”或“负”）浮力的环境。
（2）在一定温度下，一定质量的气体的体积与气压成反比。则瓶内“300bar”的气体压强是其在同温常压下气体压强的　 　倍。
（3）小凤自身质量为70kg，身着130kg的训练服在水槽中进行模拟失重训练，训练服与配重的总体积为，则其整体所受浮力的大小为　 　N，其配重的质量为　 　kg。（，）
（4）小凤在水深9m处停留了一段时间，在这期间气压表示数由210bar降到134bar，则这段停留时间为　 　 min。
23．如图1所示某观光电梯的结构示意图，电梯轿厢和配重分别挂在主电动机的两侧，在电梯空载时，轿厢总重和配重的重力相等。满载上升时，主电动机利用与钢丝绳之间的摩擦提供动力，驱动轿厢。该电梯其相关参数如表：
额定电压/V 额定运行功率/kW 额定待机功率/kW 轿厢质量/kg 最大载重/N
220 25 1 600
为了安全，电梯设置了超载自动报警系统，工作原理如图2所示，压力传感器表面置于轿厢内部地面，其电阻R与所受人或货物对它的压力F的关系如图3所示，线圈阻值可忽略。当电流大于0.08A时会启动警报系统，同时无论如何按压运行控制器，电动机均不转动。“运行频次比w”是电梯养护的重要指标w 一般用电梯每天平均待机时间与运行时间之比来表示。 （g取10N/kg）
（1）图1中定滑轮的作用是　 　；
（2）电梯的载重量变大时，压力传感器的阻值　 　，电磁铁的磁性　 　（均选填“变大”或“变小”）；
（3）若使用一段时间，电梯未满载就报警，则说明R0的阻值变　 　（选填“大”或“小”）
（4）若该观光电梯所处大厦每天营业时间为12h，设电梯均在额定功率下运行。经测算，该电梯平均每天耗电60kW·h，则该电梯的“运行频次比”w＝　 　；
（5）当电梯空载时，R0与R的电压之比为1∶3，当电梯的载重量为4000N时，电路中的电流为0.04A，通过以上信息推理计算出该电梯的最大载重量为　 　N。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系
【解析】【解答】A. EUV（极紫外光）属于电磁波，电磁波可以在真空中传播，且传播速度等于光速（约3×108m/s×108m/s），A正确，符合题意；
B. 因为 EUV 波长（10~124 nm）小于紫光（约 400 nm），B错误，不符合题意；
C. 340 m/s 是声速，不是光速，C错误，不符合题意；
D. 所有电磁波在真空中的传播速度相同，并不比无线电波大，D错误，不符合题意；
【分析】A. 电磁波不需要介质，真空中传播是基本属性；
B. EUV 波长(10~124 nm)＜紫光波长（~400nm)；
C. 340 m/s是声速，电磁波速度是光速量级；
D. 真空中所有电磁波速度相同，不存在谁比谁大。
2．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】由题意可知太阳照射太阳能电池，将太阳能转化为化电能，电能经过蓄电池转化为化学能储存，蓄电池放电为路灯提供电能，电灯将电能转化为光能和热能，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据能量转化判识选项
能量转化：根据物体起始状态具有的能量和最终状态具有的能量进行判断，如太阳能电池是将太阳能转化为电能，蓄电池作为电池是将电能转化为化学能，也可将化学能转化为电能，用电器是将电能转化为其他形式的能量
3．【答案】B
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 轮滑鞋与地面摩擦温度升高，这是通过做功（摩擦做功）将机械能转化为内能，使温度升高。
A. 做功冲程是将内能转化为机械能，不符合题意，A错误；
B. 汽油机的四个冲程中，压缩冲程是将机械能转化为内能（压缩气体，温度升高），符合题意，B正确；
CD. 吸气冲程和排气冲程没有明显的能量转化（主要是机械能消耗或排出气体），不符合题意，CD错误；
所以能量转化相同的是压缩冲程，选B。
【分析】区分热机的四个冲程分别是怎样的能量转化过程。
4．【答案】C
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．他对体重计的压力为F2，他受到的重力为G，方向都是向下的，则二者方向爱你沟通，故并不是平衡力，故A错误；
BC．静止时体重计对他的支持力为F1，他对体重计的压力为F2，是两个物体间的作用力，互为施力物体，互为受力物体，两个力的大小相等，方向相反，故是一对相互作用力，故B错误，C正确；
D．静止时体重计对他的支持力为F1，他受到的重力为G，是同一个物体受到的两个力，两个力的大小相等，方向相反，故是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上。
5．【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】当金属夹从B点向A点移动时，铅笔芯接入电路的长度减小，导致铅笔芯的电阻减小，电路中的电流增大，因此小灯泡变亮。这一现象表明铅笔芯的电阻与其长度有关，长度越短，电阻越小。由此可以确定选项C是正确的，而选项A、B、D不符合题意。
故选C。
【分析】电阻的影响因素： 当导体的材料和横截面积相同时，电阻的长度越长，导体的电阻越大 ；当导体的材料和长度相同时，电阻的横截面积越小，导体的电阻越大，欧姆定律的含义只用于计算用电器两端电压以及通过用电器电流计算电阻的公式，并不具有物理含义进行选项判识。
6．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：在潜水艇未采取措施，即质量不变的情况下，自身重力不变，故A错误。
B：排开液体的重力变小，导致浮力变小，故B正确。
C：潜水艇浸入水中的体积不变，排开液体的体积也不变，故C错误。
D：由，V排和g不变，浮力随密度减小而减小，故D错误。
答案：B
【分析】根据阿基米德原理，潜水艇浸没时排开液体的体积等于自身体积，保持不变。从高密度海水区进入低密度海水区，液体密度减小，因此浮力减小，即排开液体的重力变小。潜水艇自身重力不变，导致重力大于浮力而“掉深”。
7．【答案】B
【知识点】电路的三种状态；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．按下按钮时，电动机被短路，此时车辆不会前进，故A不符合题意；
B．开关断开时，电阻和电动机串联，此时总电阻大而电流较小。按下按钮时，电阻被短路，只有电动机，此时总电阻变小而电流变大，那么电动机的转速增大，故B符合题意；
C．电动机和电阻并联，按钮开关控制电阻，按下按钮，对电动机没有影响，故C不符合题意；
D．按钮开关闭合后，电动机被短路，则电动机不工作，故D不符合题意。
故选B。
【分析】电动机的转速与通过的电流大小有关，即电流越大，转速越大，因此要增大车速，就要减小电阻，据此分析判断。
8．【答案】相互；运动状态；不变
【知识点】质量及其特性；力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】火箭向下喷气，对燃气施加向下的力，燃气反过来给火箭向上的反作用力，推动火箭向上飞行，利用了力的作用是相互的。
火箭加速上升，速度大小改变，说明力可以改变物体的运动状态。
质量是物体本身的固有属性，不随位置改变，因此座椅质量保持不变。
故答案为：相互；运动状态；不变；
【分析】依据力的作用相互性，结合喷气和升空的受力现象分析原理。
根据火箭加速的运动变化，对应力改变物体运动状态的知识点。
依托质量不随空间位置变化的属性，判断座椅质量不变。
9．【答案】并联；用电器；保护
【知识点】电路的构成及电路图；串联电路和并联电路的辨别；家庭电路的组成
【解析】【解答】充电站内各充电桩互不影响，因此是并联连接；充电时汽车电池消耗电能，相当于电路中的用电器；为避免触电，金属外壳需连接地线（或大地），使漏电时电流导入地面。
故答案为：并联；用电器；保护。
【分析】电路的连接方式：区分串联与并联，并联电路中各支路互不影响。
电路的基本组成：电源、用电器、开关、导线；充电时电池消耗电能，属于用电器。
安全用电：金属外壳需接地线，防止漏电触电。
10．【答案】压强；连通器；深度
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用
【解析】【解答】背包的背带做的较宽，增大了受力面积，在压力一定时，减小了压强。
图b中，当船闸底部的阀门打开时，形成连通器，液体由高处向低处流，当液体不流动时，液面相平。
图c中，三峡大坝筑成上窄下宽，是液体压强随液体深度增加而增大，越深处压强越大，下面宽大，承受压强的能力大。
【分析】根据，压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；船闸利用了连通器原理；液体压强随深度的增大而增大。
11．【答案】A；不可；D
【知识点】能源及其分类；核裂变；发电机的构造和原理
【解析】【解答】核电站的巨大能量来自核裂变，图中A表示中子轰击铀核的链式反应（裂变），B为聚变，故第一空选A。核燃料（如铀）储量有限，短期内无法再生，属于不可再生能源。发电机的工作原理是电磁感应，图中C表示闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流（发电机模型），D表示通电导体在磁场中受力运动（电动机原理），故第三空选C。
答案为：A；不可；D。
【分析】 1. 核裂变是重核分裂释放能量，用于核电站；2. 核能是不可再生能源；3. 发电机工作原理是电磁感应现象，而电动机是通电导体在磁场中受力。
12．【答案】相等；R2；右
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】 根据电路图，R1和 R2串联，因此通过它们的电流相等；
由焦耳定律 ，在电流和通电时间相同时，电阻越大产生热量越多。已知 R2=10Ω>R1=5Ω，故 R2 产生的热量较多；
电压不变的情况下，要使液面高度差变化更快（即电流更大），需减小电路总电阻，滑动变阻器滑片应向阻值减小的方向移动。根据图中滑动变阻器的链接，应填右。
答案：相等；R2 ；右。
【分析】实验是焦耳定律的探究实验，通常两个电阻串联，电流相等，液面高度差反映产生的热量。电阻大的产热多。要使液面高度差变化更快（即电流增大），需减小滑动变阻器阻值，滑片应向阻值减小方向滑动
13．【答案】惯性；3.2；竖直向下
【知识点】惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】排球离开胸腹后继续向上运动，是因为排球具有惯性（保持原来运动状态的性质）。所以第一空填“惯性”；
排球重力为2.7N，方向竖直向下。竖直上升过程中，空气阻力方向与运动方向相反，即向下（因为向上运动，阻力向下）。所以合力为重力加阻力：2.7N + 0.5N = 3.2N，方向竖直向下。
【分析】 一切物体都有惯性，惯性是物体保持原来运动状态的性质；阻力方向与运动方向相反，上升时阻力向下
14．【答案】60；不守恒；不做功
【知识点】功率计算公式的应用；机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】机器人 用120N竖直向上的力将箱子在2s内匀速抬高1m ，功率；
抬起过程中箱子匀速上升，动能不变、重力势能增大，机械能增加，故不守恒；
水平匀速前进时，箱子在机器人施加的竖直向上的力方向上无位移，因此不做功。【分析】 功率公式：，W=Fs；机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功时；做功的两个必要因素：有力作用在物体上；物体在力的方向上发生位移。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；浮力及其产生原因；家庭电路的连接；地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）对小球进行受力分析，小球漂浮在水面处于受力平衡的静止状态，小球所受重力竖直向下，浮力的方向竖直向上；对烧杯进行受力分析，烧杯在斜坡上处于受力平衡的静止状态，烧杯对斜面的压力垂直斜面向下，作用点在斜面上。
（2） 根据安全用电规范和插线板内部电路结构， 将三孔插座左孔和USB相交的导线接中性线，上孔接保护线。
（3）端指向地理南极，说明A端为S（南）极，则螺线管下端为N极，磁感线方向为从下到上，由安培定则可知，电源的正极在下方。
【分析】（1）根据牛顿第一定律，物体在不受外力或所受外力平衡时，将保持静止或匀速直线运动状态。因此，静止是平衡状态的一种表现；压力是指垂直作用在物体表面上的力，方向垂直于接触面并指向受力物体。
（2） 家庭电路的连接：火线、零线（中性线）、地线（保护线）的标识和作用。
（3）判断通电螺线管的极性与电流方向，使用右手螺旋定则（安培定则）。已知电流方向判极性：用右手握住螺线管，四指指向电流环绕方向，拇指所指的一端即为N极（北极），另一端为S极；已知极性判电流方向：握住螺线管，使拇指指向N极，则四指所指方向即为螺线管内部电流的环绕方向（即外部电流从电源正极流入端）。
（1）小球所受浮力的方向竖直向上，烧杯对斜面的压力垂直斜面向下，作用点在斜面上。
（2）根据题意由图可知，只需将三孔插座左孔和USB相交的导线接中性线，上孔接保护线。
（3）端指向地理南极，说明A端为S（南）极，则螺线管下端为N极，磁感线方向为从下到上，由安培定则可知，电源的正极在下方。
16．【答案】（1）匀速；压力大小
（2）装置漏气；没有控制金属盒的橡皮膜位于水和盐水中的深度相同
（3）水；1.1
【知识点】液体密度的测量；探究影响摩擦力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）木块在水平面做匀速直线运动时，处于平衡状态，水平方向的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此拉力大小等于滑动摩擦力。观察甲、乙两次实验，两次实验中接触面的粗糙程度保持一致，只改变了木块对接触面的压力大小，因此该组实验的探究目的是滑动摩擦力大小和压力大小的关系。
（2）压强计的工作原理是：橡皮膜受到压强时，压强计内部气压发生改变，从而使U形管两侧液面出现高度差；如果用力按压橡皮膜，U形管液面几乎没有变化，说明压强计装置漏气，无法有效传递压强。探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制变量，保证金属盒在不同液体中的深度相同；观察题图可以发现，该操作中金属盒在盐水中的深度大于在水中的深度，没有控制深度相同，因此无法得出正确结论。
（3）由图可知天平标尺的分度值为0.2g，此时游码的示数为3g，说明左盘内液体的质量比右盘大3g；由于两个容器中液体体积相同，根据$m=\rho V$，液体密度越大，对应质量越大，已知盐水密度大于水的密度，因此质量更小的右容器中装的是水。
水的质量为
盐水质量为
盐水密度为
【分析】（1）图中没有改变木板的材质，仅仅改变了木块上方的质量，根据摩擦力的影响因素可知，质量会影响压力大小，从而影响摩擦力。
（2） 图中金属盒在两种液体中的深度不同（通常水中的深度较浅，盐水中的深度较深），而探究压强与密度的关系时需控制深度相同。深度不同时，压强差异可能由深度引起而非密度，因此无法得出结论。
（3）天平平衡原理：左盘质量 = 右盘质量 + 游码示数。游码向右移动相当于在右盘加小砝码；等体积比较密度：体积相同，密度大的质量大；密度公式： 。
（1）当木块沿水平面做匀速直线运动时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此拉力等于滑动摩擦力。甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，改变了木块对接触面的压力，因此探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
（2）压强计依靠橡皮膜受到压强改变内部气压，使U形管产生液面高度差；按压橡皮膜液面无变化，说明装置漏气，气体无法有效传递压强。 探究液体压强与液体密度的关系时，需要控制金属盒在液体中的深度相同，由图可知，金属盒在盐水中的深度大于在水中的深度，没有控制深度相同，因此不能得出结论。
（3）由图可知标尺分度值为0.2g，游码示数为3g，说明左盘液体质量比右盘大3g；两液体体积相同，密度越大质量越大，盐水密度大于水，因此质量更小的右盘装的是水。
水的质量为
盐水质量
盐水密度
17．【答案】（1）竖直
（2）1
（3）液体的密度；换不同密度的液体进行实验
（4）③
（5）；无影响
【知识点】密度公式及其应用；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）当我们利用弹簧测力计测量重力时，需要沿竖直方向使用弹簧测力计，因此使用前要先在竖直方向完成调零，以此消除弹簧自身重力对测量结果的影响。
（2）从图甲可以读出物体的重力大小为4N，再从图乙读出物体浸没在水中时弹簧测力计的拉力为3N，根据称重法计算浮力，可得物体浸没在水中时受到的浮力大小为。
（3）分析甲、乙、丙三次实验的条件：物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，对应弹簧测力计的示数不同，说明物体受到的浮力不同，由此可以得出结论：浮力的大小和液体的密度有关；为了让实验结论更具普遍性，避免偶然误差，需要换用不同密度的液体重复多次实验。
（4）根据称重法可以推导得到弹簧测力计示数的表达式： 。当物体完全浸没在液体中时，物体排开液体的体积 保持不变，从公式可以看出，液体密度越大，弹簧测力计的示数F就越小；并且当，也就是没有液体时，，即截距为正，因此符合这个规律的是图线③。
（5）对比步骤①和步骤③的电子秤示数，泡沫小球的质量为；当小球被细线拉着浸没在水中时，根据受力关系，电子秤增加的质量等于小球排开水的质量，即排开水的质量，由于小球浸没，因此小球体积等于排开水的体积，即，因此小球的密度为：。
如果有部分水沾在小球上，这部分水原本就属于烧杯内的水，整个体系的总质量始终等于烧杯质量+原有水的质量+小球质量，因此计算得到的质量差不受影响，最终对密度的测量结果没有影响。
【分析】（1） 弹簧测力计使用前调零；测重力时必须沿竖直方向使用，调零需在竖直方向进行，以消除弹簧自身重力对读数的影响。
（2）称重法测浮力
公式：
示例：，浸没后，则
（3） 探究浮力与液体密度的关系（控制变量法）：保证排开液体的体积相同，改变液体密度。换用不同密度的液体多次实验，避免偶然性。
（4）完全浸没时弹簧测力计示数的表达式： （）
当 时，
（5）利用电子秤测密度（排水法）
排开水体积
小球浸没：
小球密度：
误差分析：部分水沾在小球上不影响总质量差对密度测量无影响。
（1）弹簧测力计测量重力时沿竖直方向使用，使用前需要在竖直方向调零，消除弹簧自重的影响。
（2）由图甲可知物体重力为4N，由图乙可知浸没在水中时拉力为3N，根据称重法，物体浸没在水中时受到的浮力
（3）由甲、乙、丙可知，物体排开液体体积相同，液体密度不同，弹簧测力计示数不同，浮力不同，因此可得浮力大小与液体的密度有关；为了使结论具有普遍性，需要换用不同密度液体进行多次实验。
（4）根据称重法可得
物体浸没时 不变，因此液体密度越大，弹簧测力计示数F越小，且时，，因此符合的是图线③。
（5）由图1、图3可得泡沫小球的质量；小球浸没时，电子秤增加的质量等于排开水的质量，即，则小球体积为， 因此小球密度为
沾在小球上的水原本就是烧杯内的水，总质量始终是烧杯质量加原有水质量加小球质量，总质量差始终等于小球质量，因此对测量结果无影响。
18．【答案】B；BC之间的导线断路；正比；C；4.2；0.4；0.1
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】(1)闭合开关前，为保护电路元件，滑动变阻器需要调到接入阻值最大位置；由接线方式判断，滑片移至B端时变阻器接入电阻最大。
故答案为：B；
(2)闭合开关后两电表示数全为零，初步判定电路发生断路故障；把电压表负接线端导线从D改接到C，电压表无示数，说明C到电源负极间断路；导线改接至B点时电压表正常偏转，证明B至电源负极线路完好，结合只有一处故障的条件，故障为B、C间导线断路。
故答案为：BC之间的导线断路；
(3)I-U图像是过坐标原点的倾斜直线，根据图像规律可得实验结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。电源由三节干电池串联，电源电压区间；刚闭合开关滑片在最大阻值处，定值电阻分压、电路电流，由串联分压与欧姆定律：。分别代入三款变阻器最大阻值验算：时，、时，，均低于3V不符合电源电压范围；时，，落在之间，因此选用50Ω、1.5A规格的滑动变阻器，电源电压。
故答案为：正比；C；4.2；
(4)电流表选用量程，该量程分度值，由表盘指针位置读出电流。
保持控制电压；第一次实验定值电阻；探究电流与电阻关系需控制定值电阻两端电压不变，更换电阻后，，即规范调节后电流表示数为0.1 A。
故答案为：0.4；0.1；
【分析】(1)依据滑动变阻器“闭合开关前调到最大阻值”的实验操作规范，结合实物接线确定滑片极限位置。
(2)利用电压表逐点试探法排查断路，电压表有示数则表笔两点到电源通路完好，无示数则两点间断路，分步锁定故障区间。
(3)依托正比例函数图象特征，从过原点直线归纳电阻不变时电流、电压的正比规律。
结合干电池电压范围锁定电源电压取值区间，借助串联电路电压关系与，逐一代入变阻器参数筛选符合条件的器材与电源电压。
(4)先确定电流表量程与分度值，再按刻度读数规则读取电路实际电流。
紧扣探究电流与电阻实验的控制变量要求（定值电阻两端电压恒定），利用锁定控制电压，再套用算出更换电阻后的对应电流。
19．【答案】（1）解：机器人质量，根据重力公式计算重力：
机器人静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即
接触面积，根据压强公式计算压强：
该机器人的重力为28N，放在水平地面上时对地面的压强为280Pa；
（2）已知清扫路程，运动时间，根据速度公式计算速度：
该机器人清扫地面的速度为0.2m/s
（3）机器人匀速直线运动，动力与阻力是平衡力，大小相等，即，由图乙可知，当时，阻力，因此
根据功的计算公式计算动力做功：
该机器人的动力所做的功为720J
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）先根据重力公式计算机器人的重力；机器人静止在水平地面上时对地面的压力和自身重力大小相等，即，根据压强公式，代入计算可得；
（2）已知扫地行走的路程，运动总时间，根据速度公式，代入计算可得；
（3）机器人做匀速直线运动，因此动力和阻力是一对平衡力，二者大小相等，即。
结合题目给出的阻力速度关系图像，得知机器人受到的阻力，因此动力；最后根据功的计算公式，代入数据计算动力做的功。
（1）由题意得机器人质量，根据重力公式计算重力：
机器人静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即，接触面积，根据压强公式计算压强：
（2）已知清扫路程，运动时间，根据速度公式计算速度：
（3）机器人匀速直线运动，动力与阻力是平衡力，大小相等，即，由图乙可知，当时，阻力，因此
根据功的计算公式计算动力做功：
20．【答案】（1）直接接在电源两端，其两端电压等于电源电压；依据欧姆定律，代入参数计算支路电流：
（2）、同时闭合时、并联，电源电压恒定，由可知总电阻越小功率越大，电路工作在高温挡位；分别计算两支路功率：
并联总功率等于各支路功率相加：
（3）由吸热公式求水吸收热量：
高温工作消耗电能：
加热效率为水吸热与消耗电能的比值：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1)依托并联支路电压等于电源电压，套用欧姆定律直接算出通过的电流。
(2)结合判定并联为高温挡，分别求出两个电阻功率，再利用并联电路总功率等于各功率之和求解高温总功率。
(3)先用吸热公式计算水的吸热，借助算出电路消耗电能，最后根据效率公式求解加热效率。
（1）由电路图可知，电阻R1两端的电压等于电源电压，即
根据欧姆定律，通过R1的电流为
（2）当开关S1、S2都闭合时，R1和R2并联，电路总电阻最小。根据公式可知，在电源电压U不变的情况下，此时电路的总功率最大，电热水壶处于高温挡。高温挡时的总功率等于两个电热丝的功率之和。R1的电功率为
R2的电功率为
该热水壶高温挡的功率为
（3）水吸收的热量为
使用高温挡加热100s，消耗的电能为
此时的加热效率为
21．【答案】（1）吸收；热传递
（2）偏高
（3）高；不会；由表中的实验数据可知，在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越高；若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖不会出现小水珠，理由是：室温为25℃，湿度为80%，露点低于22.1℃，瓷砖温度高于露点。
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）冰块熔化时会从金属杯和周围环境吸收热量，导致金属杯温度下降，内能减小，这个改变内能的过程是通过热传递完成的。
故第一问答案：吸收；热传递。
（2）从表格记录的实验数据能够得出，露点温度低于室温；如果实验前没有擦干金属杯外壁原本就有的少量水珠，在加冰的过程中，会错误地把这些原有水珠当成空气中水蒸气液化形成的，此时杯壁实际温度接近室温，最终会导致测得的露点温度偏高。
故第二问答案：偏高。
（3）由表中的实验数据可知，在室温相同时，空气相对湿度越大，露点越高；若瓷砖温度为23.0℃，则瓷砖不会出现小水珠，理由是：室温为25℃，湿度为80%，露点低于22.1℃，瓷砖温度高于露点。
【分析】 （1）冰块是典型的晶体， 有固定的熔点，且达到熔点前温度升高；熔化过程中温度保持不变，直到全部熔化后温度才继续升高。在这个过程中吸收热量。
（2） 热传递是通过传导、对流或辐射，在温差驱动下实现内能从高温物体（或部分）向低温物体（或部分）转移的过程，其结果是物体的内能发生变化（吸热则内能增加，放热则内能减少），但不一定伴随温度改变（相变时温度不变）。
（1）[1][2]冰熔化成水，吸收热量，冰块吸收金属杯和外界环境的热量而熔化，金属杯温度降低，内能变小，是通过热传递的方式实现的。
（2）由表中的数据可知，露点温度低于室温；未将金属杯外壁少量水珠擦干，加冰过程中误将原有水珠当作空气中水蒸气液化而成，此时杯壁的温度接近室温，这样会使测量的露点偏高。
（3）[1][2][3]见答案
22．【答案】（1）受；负
（2）300
（3）2200；20
（4）20
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）地球上的所有物体都会受到重力作用，航天员在水槽中处于中性浮力状态，仍然在地球上，只是浮力与重力平衡，仍然受到重力作用； 如果航天员要模拟月球漫步 ，月球上重力小于地球上的重，要模拟这个环境，即整体合力向下，要求浮力小于总重力，根据定义浮力小于重力时为负浮力，因此需要营造负浮力环境。
（2） 在一定温度下，一定质量的气体的体积与气压成反比，即，常压下体积，压缩后体积，因此
即瓶内气压是常压的300倍。
（3）整体浸没在水中，排开水的体积等于总体积，根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为
中性浮力状态下浮力等于总重力，因此总重力，总质量
配重质量
（4）由图丙可得，耗气速度和深度满足一次函数关系（单位：为，为），代入得；根据表格规律，瓶内空气量为气压表示数的10倍，因此消耗的空气量，停留时间
【分析】（1）熟悉重力的定义，以及地球、月球等特殊环境常见考点的重力特点。
（2）根据题干中的提示进行作答。
（3）根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为，再进行受力平衡分析计算。
（4）分析图像，耗气速度随深度的变化是一条直线，可以得出他们之间的函数关系，再进行计算。
（1）地球上的所有物体都会受到重力作用，航天员在水槽中处于中性浮力状态只是浮力与重力平衡，仍然受到重力作用；月球漫步需要模拟小于地球重力的环境，即整体合力向下，要求浮力小于总重力，根据定义浮力小于重力时为负浮力，因此需要营造负浮力环境。
（2）根据题意，同温下一定质量的气体，体积与气压成反比，即，常压下体积，压缩后体积，因此
即瓶内气压是常压的300倍。
（3）整体浸没在水中，排开水的体积等于总体积，根据阿基米德原理，整体所受浮力大小为
中性浮力状态下浮力等于总重力，因此总重力，总质量
配重质量
（4）由图丙可得，耗气速度和深度满足一次函数关系（单位：为，为），代入得；根据表格规律，瓶内空气量为气压表示数的10倍，因此消耗的空气量
停留时间
23．【答案】（1）改变力的方向
（2）变小；变大
（3）小
（4）5
（5）10000
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，因此作用是改变力的方向。
（2）由图3可知，压力越大（载重量越大），压力传感器的电阻越小；电梯载重量变大，R变小，控制电路总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律，电流变大，电磁铁磁性变大。
（3）电梯未满载就报警，说明此时压力更小，R比超载时更大，但电流已经达到报警电流，说明总电阻偏小，因此的阻值变小。
（4）设每天运行时间为，待机时间 ，总耗电 ，代入数据： ，解得，，运行频次比
（5）计算推导： ① 空载时，压力，由图3得，串联电路电压比等于电阻比， ，得
② 载重量时，由图3得，电流，电源电压
③ 报警时电流，总电阻
此时压力传感器电阻
④ 由图3知，压力传感器所受压力变化量与其阻值变化量的比值是一个定值，当压力传感器的阻值为50Ω时，
则该电梯的最大载重量为
【分析】（1）熟悉简单机械（杠杆、定滑轮、动滑轮和滑轮组等）的多频考点，牢记“费距离则省
力，省距离则费力”的原则。
（2）对图像进行分析，电阻随力的变化呈一条直线，则压力越大电阻越小。
（3）当电梯达到满载时，压力足够大，压敏电阻阻值变小，电路中的电流或电压达到设定阈值，触发报警。
（4） W总=W运+W待，W=Pt，联合公式根据题干提供的信息进行计算。
（5）由题干提供的电阻比，通过U=IR可以计算出电压，由图丙可知R=kF，则，计算得出Fmax
（1）定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向，因此作用是改变力的方向。
（2）[1][2]由图3可知，压力越大（载重量越大），压力传感器的电阻越小；电梯载重量变大，R变小，控制电路总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律，电流变大，电磁铁磁性变大。
（3）电梯未满载就报警，说明此时压力更小，R比超载时更大，但电流已经达到报警电流，说明总电阻偏小，因此的阻值变小。
（4）设每天运行时间为，待机时间 ，总耗电 ，代入数据：
解得，，运行频次比
（5）计算推导： ① 空载时，压力，由图3得，串联电路电压比等于电阻比， ，得
② 载重量时，由图3得，电流，电源电压
③ 报警时电流，总电阻
此时压力传感器电阻
④ 由图3知，压力传感器所受压力变化量与其阻值变化量的比值是一个定值，当压力传感器的阻值为50Ω时，
则该电梯的最大载重量为
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