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山东省济南市槐荫区2025年中考三模物理试题
一、单选题：本大题共11小题，共24分。
1．导体中有电流的时候，导体要发热，这种现象叫做电流的热效应。第一个准确地确定了电流产生的热量与电阻、电流大小和通电时间之间的定量关系的物理学家是（　　）
A．伏特 B．欧姆 C．焦耳 D．瓦特
【答案】C
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】A：伏特的主要贡献是发明了伏打电堆，他并未研究电流产生热量的定量关系，故A错误；
B：欧姆的主要贡献是发现了欧姆定律，描述电流与电压、电阻的关系，与电流热效应无关，故B错误；
C：焦耳通过大量实验，第一个准确地确定了电流产生的热量与电阻、电流大小和通电时间之间的定量关系，即焦耳定律，故C正确；
D：瓦特的主要贡献是改良蒸汽机，与电流热效应无关，故D错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查物理学史，关键是明确各物理学家的主要贡献：
伏特：发明伏打电堆；
欧姆：发现欧姆定律；
焦耳：发现焦耳定律，确定电流热效应的定量关系；
瓦特：改良蒸汽机。
2．如图，是中国古代的一些古典乐器。下列关于声现象的说法正确的是（　　）
A．拨动琵琶粗细不同的琴弦，发出声音的音调不同
B．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的响度相同
C．吹箫时按压不同位置的气孔，可以改变声音的速度
D．用三种乐器在演奏同一乐曲时，发出声音的音色是相同的
【答案】A
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A：拨动琵琶粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，发出声音的音调不同，故A正确；
B：用大小不同的力敲击同一个编钟，编钟的振幅不同，发出声音的响度不同，故B错误；
C：吹箫时按压不同位置的气孔，改变了空气柱的长度，从而改变声音的音调，声音的传播速度由介质和温度决定，不会改变，故C错误；
D：不同乐器的发声材料、结构不同，发出声音的音色不同，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A：考查音调与频率的关系，琴弦粗细不同，振动频率不同，音调不同；
B：考查响度与振幅的关系，敲击力度不同，振幅不同，响度不同；
C：考查音调和声速的影响因素，按压气孔改变空气柱长度，改变音调，声速由介质和温度决定；
D：考查音色的决定因素，不同乐器的音色不同。
3．足球比赛中，运动员肌肉扭伤拉伤时，医生给运动员喷“运动冰肌喷雾”治疗，喷雾内含有沸点很低的液态丁烷、丙烷等，它喷到皮肤上后发生的物态变化情况是（　　）
A．熔化，吸收热量 B．液化，放出热量
C．升华，吸收热量 D．汽化，吸收热量
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A：熔化是物质由固态变为液态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，本身就是液态，不会发生熔化，故A错误；
B：液化是物质由气态变为液态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，是由液态变为气态，不会发生液化，故B错误；
C：升华是物质由固态直接变为气态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，本身是液态，不会发生升华，故C错误；
D：汽化是物质由液态变为气态的过程，沸点很低的液态丁烷、丙烷喷到皮肤上后，会迅速汽化，汽化过程中会吸收大量热量，从而使皮肤温度降低，缓解疼痛，故D正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查物态变化的判断及吸放热特点：
熔化：固态→液态，吸热；
液化：气态→液态，放热；
升华：固态→气态，吸热；
汽化：液态→气态，吸热。
液态丁烷、丙烷沸点低，喷到皮肤上后会迅速由液态变为气态，发生汽化，同时吸收热量，达到降温止痛的效果。
4．我国出土的文物“水晶饼”为中部鼓起的透明圆饼。西汉刘安所著的《淮南子万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生”。下列现象与“水晶饼”利用太阳光生火原理相同的是（　　）
A． 汽车后视镜中的像
B． 皮影戏
C． 桥在水中的倒影
D． 水里的“折筷”
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】“水晶饼”中间厚、边缘薄，符合凸透镜的特点，凸透镜可以让太阳光发生折射，对光线起到会聚作用，能够将能量汇聚到同一点，这就是它可以利用太阳光生火的原理。
A．汽车后视镜所成的像属于凸面镜成像，是光的反射形成的，和题中原理不同，因此A不符合要求；
B．屏幕上的皮影是光沿直线传播，遇到不透明物体后形成阴影，和题中原理不同，因此B不符合要求；
C．平静的水面可以等效为平面镜，水中桥的倒影属于平面镜成像，本质是光的反射形成的，和题中原理不同，因此C不符合要求；
D．插入水中的筷子看起来“弯折”，也就是水中的“折筷”，是光从水中斜射入空气中时发生偏折形成的，属于光的折射现象，和题中的原理相同，因此D符合要求。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影；
2、光的折射：光经过不同介质时，入射光线会发生偏折，如：光的色散（太阳光经过三棱镜折射会发生光的色散）、海市蜃楼；
3、光的直线传播：光在同种均匀介质中传播的现象，如激光射线、影子的形成、日食、小孔成像；
4、透镜成像的本职为光的折射。
5．4月11日0时47分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将通信技术试验卫星十七号发射升空，如图所示。下列有关说法正确的是（　　）
A．运载火箭用液态氢作燃料，主要是因为液态氢的比热容较大
B．火箭加速升空时，以卫星为参照物，火箭是运动的
C．火箭发射时周围冒出大量的“白烟”，说明分子在不停地做无规则运动
D．火箭与大气剧烈摩擦，通过做功的方式使得火箭表面温度急剧升高
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；参照物及其选择；分子热运动
【解析】【解答】A：运载火箭用液态氢作燃料，主要是因为液态氢的热值较大，相同质量的燃料完全燃烧时能放出更多热量，而非比热容较大，故A错误；
B：火箭加速升空时，火箭与卫星的相对位置不变，因此以卫星为参照物，火箭是静止的，故B错误；
C：火箭发射时周围冒出的 “白烟” 是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是分子的无规则运动，故C错误；
D：火箭与大气剧烈摩擦，通过做功的方式将机械能转化为内能，使得火箭表面温度急剧升高，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查燃料的热值，火箭燃料选择主要考虑热值而非比热容；
B：考查参照物的选择，火箭与卫星相对静止；
C：考查液化现象，“白烟” 是液化形成的小水滴，不是分子运动；
D：考查改变内能的方式，摩擦生热属于做功改变内能。
6．2025亚洲羽毛球锦标赛4月9日在浙江宁波进入第二个比赛日，国羽15战13胜，女单女双全员晋级。如图所示是比赛中的场景，下列有关说法正确的是（　　）
A．击球时，只有球拍会发生弹性形变
B．击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力
C．羽毛球离开球拍继续运动，是因为受到惯性的作用
D．羽毛球最终会落到地面，是因为没有了力的作用
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】A：击球时，球拍和羽毛球都会发生弹性形变，并非只有球拍形变，故A错误；
B：击球时，球拍对球的力和球对球拍的力大小相等、方向相反、作用在不同物体上，是一对相互作用力，故B正确；
C：羽毛球离开球拍继续运动，是因为羽毛球具有惯性，惯性是物体的固有属性，不能说 “受到惯性的作用”，故C错误；
D：羽毛球最终会落到地面，是因为受到重力的作用，重力改变了羽毛球的运动状态，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查力的作用效果，力可以使物体发生形变，球拍和球都会发生弹性形变；
B：考查相互作用力的判断，相互作用力的特点是大小相等、方向相反、作用在不同物体上；
C：考查惯性的概念，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不能说 “受到惯性的作用”；
D：考查重力的作用，羽毛球下落是因为受到重力的作用。
7．关于如图所示的电磁现象，下列说法正确的是（　　）
A．图甲：移走小磁针，通电导线周围的磁场也消失
B．图乙：当电流从通电螺线管右端流入时，小磁针N极的指向保持不变
C．图丙：探究的是电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
D．图丁：揭示了发电机的工作原理
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A：通电导线周围的磁场是客观存在的，小磁针只是用来显示磁场，移走小磁针，磁场依然存在，故A错误；
B：当电流从通电螺线管右端流入时，根据安培定则，螺线管左端为N极，右端为S极，外部磁场方向是从N极指向S极，因此螺线管左端的磁场方向向左，小磁针N极的指向保持不变，故B正确；
C：图丙中两电磁铁串联，电流大小相同，线圈匝数不同，探究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，而非电流大小，故C错误；
D：图丁中有电源，通电导体在磁场中受力运动，揭示的是电动机的工作原理，发电机的原理是电磁感应（无电源），故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查电流的磁效应，磁场的存在与小磁针无关；
B：考查安培定则的应用，电流方向改变会影响螺线管磁极，结合外部磁场方向判断小磁针指向；
C：考查电磁铁磁性强弱的影响因素，控制变量法分析电流与匝数的关系；
D：考查电动机与发电机的工作原理区别，关键看电路中是否有电源。
8．用两块质量相等的橡皮泥捏成两只小船，然后轻轻放入盛有盐水和水的两个相同的烧杯内，使其漂浮在液面上，如图所示，此时两杯中液体的深度相同。下列分析正确的是（　　）
A．甲杯中的小船所受的浮力较大
B．两杯杯底受到的液体压强相等
C．乙杯中小船排开液体的质量较大
D．两小船底部受到的液体压力相等
【答案】A
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：两只小船都漂浮，浮力等于总重力。由图可知，甲杯小船所载货物更多，因此甲杯小船的总重力更大，所受浮力也更大，故A正确；
B：两杯中液体深度相同，但盐水密度大于水的密度，根据 ，甲杯杯底受到的液体压强大于乙杯，故B错误；
C：根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，即 ，由于甲杯小船浮力更大，因此甲杯中小船排开液体的质量也更大，故C错误；
D：浮力等于液体对物体上下表面的压力差，漂浮时浮力等于下表面受到的液体压力，甲杯小船浮力更大，因此甲杯小船底部受到的液体压力也更大，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A：考查漂浮条件，浮力等于总重力，甲杯小船所载货物更多，总重力更大，浮力更大；
B：考查液体压强公式，液体密度不同，即使深度相同，压强也不同；
C：考查阿基米德原理，浮力越大，排开液体的重力（质量）越大；
D：考查浮力的实质，浮力等于下表面压力，浮力不同则底部压力不同。
9．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，下列说法正确的是（　　）
A．电流表示数变小，电磁铁上端是N极，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，电磁铁上端是S极，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，电磁铁上端是S极，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，电磁铁上端是N极，弹簧长度变短
【答案】D
【知识点】电路的动态分析；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】开关闭合后，电流从电磁铁下端流入、上端流出，根据安培定则可判断出电磁铁上端为N极，
与上方条形磁铁的N极是同名磁极，相互排斥，当滑片P从a端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，
电路中电流增大，电流表示数变大，电磁铁的磁性增强，排斥力增大，
条形磁铁受到向上的排斥力增大，弹簧受到的拉力减小，因此弹簧长度变短。
综上，电流表示数变大，电磁铁上端是 N 极，弹簧长度变短。
故答案为：D
【分析】安培定则：判断电磁铁极性，电流从下端流入、上端流出，上端为N极，与上方条形磁铁的N极排斥。
电流变化：滑片从a向b滑动，变阻器电阻减小，电流增大，电磁铁磁性增强，排斥力增大。
受力分析：条形磁铁受重力、弹簧拉力和向上的排斥力，排斥力增大时，弹簧拉力减小，长度变短。
10．如图所示电路中电源电压保持不变，开关S1和S2都闭合时，两灯均正常发光。下列判断正确的是（　　）
A．小灯泡L1和L2是串联连接的 B．电压表无法测量灯L2的电压
C．断开S2后电压表的示数不变 D．断开S2后电流表的示数不变
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A、由图可知，电流从电源正极流出，经电流表后分为两条支路，一条经过L1，另一条经过S2和L2，因此两灯是并联连接的，故A错误；
B、并联电路中各支路两端电压相等，电压表并联在电源两端，因此它测量的既是电源电压，也是L1和L2两端的电压，故B错误；
C、电压表始终并联在电源两端，测量电源电压。断开S2后，电源电压不变，因此电压表的示数也不变，故C正确；
D、开关S1和S2都闭合时，电流表测干路电流（I = I1 + I2）；断开S2后，电路为L1的简单电路，电流表只测L1的电流I1，电流表示数变小，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查串并联电路的判断，根据电流路径可知，两灯两端分别接在电源两极，属于并联；
B、考查并联电路的电压规律，电压表测电源电压，同时也等于各支路电压；
C、考查电压表的使用，断开S2后，电压表仍并联在电源两端，示数不变；
D、考查并联电路的电流规律，电流表测干路电流，断开一条支路后，干路电流减小。
11．照度计（或称勒克斯计）是一种专门测量光度、亮度的仪器仪表，它由主机和一个光传感器组成。小华设计了如图1所示电路模拟测量光照度的过程，电源电压U=9V，R0是光敏电阻，R是阻值为15kΩ的定值电阻，光敏电阻R0的阻值与光的照度关系如图2所示，电压表量程是0-3V，下列说法正确的是（　　）
A．当照度增大时，R0的阻值将增大
B．电路能测量的最大照度为0.8Lux
C．照度增大时，电压表的示数减小
D．要提高能测量的照度值，可以增加R的阻值
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：由图2可知，当照度增大时，光敏电阻R0的阻值减小，故A错误；
B：电压表量程为0-3V，因此定值电阻R两端的最大电压为3V，此时电路电流为：
电源电压U=9V，因此光敏电阻两端的电压为：
此时光敏电阻的阻值为：
对照图2，当R0=30kΩ时，对应的照度为0.8Lux，因此电路能测量的最大照度为0.8Lux，故B正确；
C：照度增大时，R0阻值减小，电路总电阻减小，电流增大，定值电阻R两端电压（电压表示数）增大，故C错误；
D：若增加R的阻值，在电压表达到3V时，电路电流会更小，计算出的R0阻值会更大，对应照度更小，因此无法提高能测量的照度值，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查光敏电阻的特性，由图2可知，照度与R0阻值成反比；
B：考查串联电路的分压规律，根据电压表的最大量程，求出电路的最大电流，再算出此时R0的阻值，对照图像得出最大照度；
C：考查欧姆定律的动态分析，照度增大→R0减小→总电阻减小→电流增大→R两端电压增大；
D：考查电路的优化设计，增大R的阻值会使电路电流减小，对应R0阻值增大，可测量的照度范围反而变小。
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
12．下列对家庭生活中数据的估计，与实际相符的是（　　）
A．家中一枚一元硬币的质量约为50g
B．家中一张消毒湿巾的厚度约为2nm
C．家用电风扇正常工作电流约为0.3A
D．家用冰箱冷藏室内的温度约为3℃
【答案】C,D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电流和电流的单位换算
【解析】【解答】A：一枚一元硬币的质量约为6g，远小于50g，故A错误；
B：一张消毒湿巾的厚度约为0.1mm，即100000nm，远大于2nm，故B错误；
C：家用电风扇的功率约为60W，根据 ，正常工作电流约为0.3A，故C正确；
D：家用冰箱冷藏室的温度通常设定在3℃左右，故D错误；
故答案为：CD。
【分析】A：考查常见物体的质量估算，一元硬币质量约为6g；
B：考查长度单位换算与估测，2nm接近分子尺度，湿巾厚度远大于此；
C：考查电功率与电流的关系，通过公式 计算电风扇的工作电流；
D：考查生活中的温度常识，冰箱冷藏室温度通常为0-4℃，3℃符合实际。
13．如图，神舟十九号乘组航天员蔡旭哲、宋令东、王浩泽密切协同，在空间站机械臂和地面科研人员配合支持下，完成了空间站空间碎片防护装置安装、舱外设备设施巡检及处置等任务。下列说法正确的是（　　）
A．神舟十九号运行利用的太阳能属于可再生能源
B．飞船太阳能电池板主要是由半导体材料制成的
C．空间站机械臂工作过程中将机械能转化为电能
D．航天员与地面科研人员通过电磁波来传输数据
【答案】A,B,D
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：太阳能可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源，故A正确；
B：飞船太阳能电池板主要由硅等半导体材料制成，故B正确；
C：空间站机械臂工作时消耗电能，获得机械能，是将电能转化为机械能，故C错误；
D：真空环境中电磁波可以传播，航天员与地面科研人员通过电磁波传输数据，故D正确；
故答案为：ABD。
【分析】A：考查能源分类，太阳能属于可再生能源；
B：考查半导体材料的应用，太阳能电池板由半导体材料制成；
C：考查能量转化，机械臂工作是电能转化为机械能；
D：考查电磁波的应用，电磁波可以在真空中传播，用于航天器与地面通信。
14．如图，“定向爆破”是拆除高大建筑物的主要方法。主要做法是：将炸药放在建筑底部钻开的炮孔内，点燃从炸药引出的导火索，从而让炸药燃烧、爆炸，使建筑物倒塌。关于此过程的说法中正确的是（　　）
A．爆炸过程的能量总量守恒
B．炸药燃烧的过程，是将内能转化为化学能
C．炸药燃烧升温的过程中其所含的热量增加
D．爆炸使建筑物倒塌的过程中，气体迅速膨胀，对外做功，其内能减小
【答案】A,D
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A．依据能量守恒定律可知，爆炸发生的整个过程中，总的能量保持不变，总能量守恒，故A正确；
B．炸药发生燃烧反应时，是储存在炸药内部的化学能转化为内能，故B错误；
C．在炸药燃烧升温的过程中，炸药自身的内能不断增大，需要注意：热量是过程量，只能说吸收、放出热量，不能说物体“含有”热量，故C错误；
D．爆炸过程中，会生成高温高压的气体，该气体膨胀对外做功，将内能转化为爆炸的机械能，因此气体自身的内能会减小，故D正确。
故选AD。
【分析】1、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源产生的能量不能充分利用，以其它能量的形式损失掉。能量在转化中具有方向性；能重复利用或循环获得的能量是可再生的，否则是不可再生的；
2、燃烧时发生的化学反应为化学能转化为内能；
3、热量是过程量，只能通过吸收或者释放来描述；
4、气体膨胀对外做功，内能减小。
15．在物理测量中，由于操作不当引起的结果错误时有发生，小虎同学为了规避这些问题，做了一个总结。请你帮他检查一下，选出判断正确的是（　　）
选项 具体操作 测量结果
A 排水法测石块体积，先浸没石块读数，再取出石块读数，两者相减 偏大
B 在将水加热至沸腾时，用温度计测量沸水的温度时，温度计接触到了烧杯底部 偏大
C 用体温计测量口腔温度，将体温计拿离口腔读数 偏小
D 用拉得很紧的皮卷尺去测量某同学的跳远距离 偏小
A．A B．B C．C D．D
【答案】A,B,D
【知识点】体温计的使用及其读数；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】A：排水法测石块体积时，先浸没石块读数，再取出石块读数，石块表面会附着水，导致取出后液面下降更多，两次读数之差偏大，故A正确；
B：测量沸水温度时，温度计接触烧杯底部，烧杯底部直接受热，温度高于水的沸点，因此测量结果偏大，故B正确；
C：体温计的玻璃泡上方有缩口，离开人体后水银不会回流，因此拿离口腔读数，测量结果不变，故C错误；
D：用拉得很紧的皮卷尺测量跳远距离时，皮尺被拉长，刻度间距变大，测量值会偏小，故D正确；
故答案为：ABD。
【分析】A：考查排水法测体积的误差分析，石块带出水会导致体积测量值偏大；
B：考查温度计的正确使用，接触容器底会受高温影响，读数偏大；
C：考查体温计的特殊结构，缩口设计使其离开人体后示数不变；
D：考查长度测量的误差分析，皮尺被拉长会导致读数偏小。
三、填空题：本大题共4小题，共16分。
16．如图所示，一名游客行走在玻璃栈道上，栈道上映出了她美丽的“身影”，若游客的身高是1.65m，则游客的头顶到“身影”头顶的距离为 　 　 m；当她在栈道上行走时，她 的“身影”的大小将 　 　（填“变大”"变小”或“不变”）．
【答案】3.3；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平面镜所成的像到镜面的距离等于物到镜面的距离，游客的身高是1.65m，即游客头顶到镜面的距离为1.65m，则“身影”头顶到镜面的距离也为1.65m，所以游客的头顶到“身影”头顶的距离为1.65m+1.65m=3.3m。
平面镜所成的像与物体的大小相等，所以当游客在栈道上行走时，她的“身影”的大小将不变。
【分析】平面镜成像特点：正立反向，等大（像与物的大小相等），等距（像与物到平面镜的距离相等），垂直（像与物的连线与镜面垂直），虚像。
17．能源安全问题上，非粮生物质燃油技术可以成为保障我国能源安全之重器。如图所示的动物油燃料的主要原料是由动物油脂加工提炼而成，由此可知动物油燃料属于 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。非粮生物质燃油可作为石油液化气和柴油的代替燃料，既环保又可以产生更多的热量，这是因为它的 　 　（选填“比热容”或“热值”）大。
【答案】可再生；热值
【知识点】燃料的热值；能源及其分类
【解析】【解答】 动物油燃料能够在较短时间内再生获取，因此属于可再生能源。
根据公式可知，当燃料质量相同时，热值越高的燃料完全燃烧放出的热量越多。非粮生物质燃油可以替代石油液化气和柴油作为燃料，同时更加环保，相同质量下能释放更多热量，原因就是它的热值更大。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。公式为Q=mq；
可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
18．生活处处有物理，留心观察皆学问。济南的护城河里从趵突泉到大明湖的航道有一定的落差，为了让船顺利通过，在护城河东、西各建了一个船闸，船闸是利用了　 　原理；轮船在通过船闸时，随着水位逐渐下降，河底受到的水的压强　 　（选填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“保持不变”）。
【答案】连通器；逐渐减小
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】根据船闸的结构特点可知，其在工作时，上端开口，下部连同，即符合连通器的定义，所以船闸是利用连通器的原理工作的；
水的密度一定，当水位逐渐下降时，h变小，根据可知，河底受到水的压强逐渐减小。
故答案为：连通器；逐渐减小
【分析】（1）连通器的定义是上端开口、底部相连通的容器，当内部装有同种液体且液体不流动时，各容器液面保持相平，船闸正是利用这一原理，通过闸室与上下游水位的连通与调节，让船只顺利通过落差河段。
（2）液体压强的大小与液体密度和深度有关，公式为，水位下降时，水的深度减小，因此河底受到的压强也随之减小。
19．我国古代记录传统手工技术的著作《天工开物》里记载了一种捣谷用的春，“横木穿插头，雄嘴为铁，足踏其末而春之”，如图甲所示，图乙为脚用力向下踩时在某一位置的示意图，O点为支点，F2为阻力（即碓头重力大小），不计横木的重力和摩擦，此时堾属于　 　（选填“省力““等臂”或“费力”）杠杆，为了省力些，可将脚踩点适当　 　（选填“远离”或“靠近”）O点。
【答案】费力；远离
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】由图可得，O是杠杆的支点，我们从O点向阻力F2的作用线作垂线，就能得到阻力臂L2，用同样的方法可以得到动力臂L1。可以观察到，这种锄头在使用过程中，动力臂的长度小于阻力臂，因此它属于费力杠杆。
要是我们想要让撬动的时候更省力，当阻力和阻力臂都保持不变时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可以知道，想要减小动力，就需要增大动力臂，因此将脚踩的位置向远离支点O的方向移动就可以了。
【分析】1、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
2、杠杆平衡条件F1L1=F2L2，增加动力臂可以减小动力。
四、作图题：本大题共2小题，共6分。
20．如图所示是运动员用网球拍击球的瞬间，请画出网球所受重力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向始终竖直向下。在作图时，应从物体的重心位置出发，绘制一条带有箭头的竖直向下的线段，并用符号G标注。具体图示如下：【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
21．近期，商场中自动扶梯的安全问题引起了人们的关注。为了安全起见，设计师在扶梯的上、下口各设有一个“紧急停止按钮”（如图乙），电梯正常运行时它们都处于闭合状态；当出现突发状况时，只要按下其中任何一个按钮（相当于断开开关），电梯会立即停止运行，以避免重大事故的发生。自动扶梯靠其内部的电动机驱动运行。请你在图丙的虚线框中画出满足上述要求的电路图。
【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解析】按下任意一个按钮（相当于断开开关），电梯会立即停止运行，这表明两个开关之间存在相互影响的关系，因此它们应采用串联方式连接。同时，由于按钮需要控制电梯的运行状态，所以开关必须与电梯的电动机串联。电路连接方式如下图所示：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
五、实验探究题：本大题共3小题，共19分。
22．小刚在实验室进行“探究感应电流产生的条件”的实验时，组装了如图所示的装置，进行了如下探究。
（1）实验中，AB棒的材料可能是　 　（填“塑料”或“铝”）。
（2）闭合开关，实验探究过程记录如表所示根据实验现象，初步得出电路中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做　 　运动，在该运动过程中，主要将机械能转化为　 　能。
次数 AB棒在磁场中的运动情况 是否有感应电流
1 静止 无
2 沿磁场方向运动（不切割磁感线运动） 无
3 切割磁感线运动 有
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与　 　的关系。
（4）若将此装置中灵敏电流计换成　 　，可进一步探究电动机的工作原理。
【答案】（1）铝
（2）切割磁感线；电
（3）磁场
（4）电源
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以我们应选择铝棒。
故答案为：铝
（2）分析表格重的实验现象，可以得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流。在此过程中，主要是将机械能转化为电能。
故答案为：切割磁感线；电
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，磁场方向改变，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与磁场的关系。
故答案为：磁场
（4）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：电源
【分析】(1) 电磁感应实验中，导体棒必须是导体，塑料是绝缘体，不能导电，而铝是导体，所以应选铝棒。
(2) 感应电流产生的条件是闭合电路的部分导体做切割磁感线运动；该过程中消耗机械能，得到电能，是机械能转化为电能的过程。
(3) 感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关，控制导体运动方向不变，改变磁场方向，是为了探究感应电流方向与磁场方向的关系。
(4) 电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，因此需要将灵敏电流计换成电源，给导体棒通电，使其在磁场中受力运动。
（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以我们应选择铝棒。
（2）[1][2]分析表格重的实验现象，可以得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流。在此过程中，主要是将机械能转化为电能。
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，磁场方向改变，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与磁场的关系。
（4）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
23．某物理兴趣小组用如图所示的实验装置“测量小车运动的平均速度”。实验中，他们将小车从带刻度（分度值为）的斜面顶端A点由静止释放，并同时按下计时器开始计时，图中方框内显示了小车位于A、B、C三个标记点的时刻。（数字分别表示“时：分：秒”）
（1）根据图中信息，测得AB段的平均速度　 　，在测量小车到达B点的时间时，如果小车过了B点才停止计时，测得的　 　 ；（偏大/不变/偏小）
（2）由图中信息可知，小车下滑过程中做　 　（减速/匀速/加速）运动，小车经过B标记点时的速度大小最可能是　 　 ；
A.
B.
C.
D.
（3）为了测量后程BC段的平均速度，下列做法正确的是______ ；
A．利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到
B．利用图中信息，用AC段的平均速度减去AB段的平均速度得到
C．重新实验，小车从B点由静止释放，测出B到C所用的时间与路程，计算得到
（4）在具体操作中本实验的误差主要是对　 　的测量误差造成的，为减小实验误差，请提出一条合理的改进措施　 　。
【答案】（1）；偏小
（2）加速；C
（3）A
（4）时间；减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【分析】 解：（1）①小车在下滑过程中从A点到B点的路程：
sAB=10.00dm-6.00dm=4.00dm=0.4m，根据速度公式可知，其平均速度是：；②如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由可得，测得的vAB偏小；
（2）由图中信息得sBC=6.00dm-1.00dm=0.5m，，
小车下滑过程中，滑过下半段路程的平均速度大于上半段路程的平均速度，说明小车做加速运动；
B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以vAB＜vB＜vBC，即0.2m/s＜vB＜0.5m/s，故选C；
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，下列做法：
A.利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到，可行；
B.后半程的平均速度不等于，全程的平均速度与前半段的平均速度之差，B不可行；
C.小车从B点由静止释放，从B到C所用的时间，不等于从A到C过程中，经过BC的时间，故C不可行；
故选：A；
（4）本实验测量小车运动的平均速度，原理是，需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的；
可以减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间，以减小时间测量的误差。
故答案为：（1）0.2；偏小；（2）加速；C；（3）A；（4）时间；减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间。
【分析】 （1）①根据图中信息，小车从A点到B点的平均速度；
②如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由速度公式可得，测得的速度偏小；
（2）由图中信息得到在B、C间运动的平均速度，比较可知小车做加速运动；B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以vAB＜vB＜vBC，可得速度的范围；
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，正确的做法是利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到vBC；
（4）本实验需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的；
可以减小斜面的倾斜程度，以减小时间测量的误差。
（1）[1]根据图中信息，小车在下滑过程中从A点到B点的路程为
其平均速度是
[2]如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由可得，测得的偏小。
（2）[1]由图中信息得
则BC段的平均速度为
小车下滑过程中，滑过下半段路程的平均速度大于上半段路程的平均速度，说明小车做加速运动。
[2]B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以，即，故选C。
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，下列做法：
A．利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到，可行，故A正确；
B．后半程的平均速度不等于，全程的平均速度与前半段的平均速度之差，B不可行，故B错误；
C．小车从B点由静止释放，从B到C所用的时间，不等于从A到C过程中，经过BC的时间，故C不可行，故C错误。
故选A。
（4）[1]本实验测量小车运动的平均速度，原理是，需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的。
[2]可以减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间，以减小时间测量的误差。
24．小明所在的实验小组用如图甲所示电路图进行伏安法测电阻的实验，图乙为连接不整的实物图。
（1）请用笔画线代替导线将图乙电路连接完整　 　（要求：滑片P向右移动，电流表示数变小）；
（2）正确连接电路后，闭合开关S，小明发现电压表指针有明显偏转，电流表无示数。移动滑变阻器的滑片，电流表指针仍不发生转动，电压表示数不变，则故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后继续实验，小明移动滑片，依次记录电流表和电压表的示数，如表所示，其中第4次实验电流表和电压表的示数如图丙所示。小明组进行的操和读数均规范有效，由测得的数据可知Rx=　 　（结果保留1位小数）；
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 1 1.8 2
电流I/A 0.1 0.18 0.2
（4）根据实验数据绘制出Rx的I-U图象，如图丁中a所示。根据图象a可得通过Rx的电流与两端电压的关系是：　 　；
（5）实验完成后，将定值电阻换成小灯泡，重复上述实验，绘制出小灯泡的I-U图象，如图丁b所示。分析图象中A、B、C三点电阻RA、RB、RC大小关系为　 　。
【答案】（1）
（2）定值电阻断路
（3）9.8
（4）在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比
（5）RA【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）从甲图可以看出，电压表并联在定值电阻两端。题目要求滑片P向右移动时电流表示数变小，也就是滑动变阻器接入电路的阻值需要变大，由此可知滑动变阻器应接入左下接线柱，连线结果如下图所示：
（2）电流表无示数，说明电路出现了断路故障；而电压表指针有明显偏转，说明电压表的两个接线柱能连通到电源两极，因此故障为和电压表并联的定值电阻断路。
（3）丙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.30A，电压表的量程是0~3V，分度值为0.1V，读数为2.7V，则待测电阻的阻值为
由表中数据可知，前三次实验测得待测电阻的阻值分别为
由测得的数据可知Rx的阻值为
（4）图线a是过原点的倾斜直线，说明电流和电压成正比例关系，可得结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（5）根据图丁的图线b可知：A、B两点的电流相等，B点的电压大于A点的电压，根据，可得B点电阻大于A点电阻；B、C两点电压相等，C点的电流大于B点的电流，根据，可得B点电阻大于C点电阻；观察图线b可以发现，随着导体两端电压升高，电流的增长逐渐变缓，说明电阻随电压升高逐渐增大，因此C点电阻大于A点电阻。最终三者的电阻大小关系为：RA【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，P向右移动时电流表示数变小，说明电阻变大，所以接左下角；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
4、比较电阻大小的原理为，结合电压和电流的关系，定量求出电阻的大小。
（1）由甲图可知电压表并联在定值电阻两端，要求滑片P向右移动，电流表示数变小，即滑动变阻器接入电路中的阻值变大，说明连接的是滑动变阻器的左下接线柱，如图所示：
（2）电路中电流表无示数，说明发生断路，电压表指针有明显偏转，电压表有示数，说明与电压表并联的用电器发生断路，因此故障为定值电阻断路。
（3）丙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.30A，电压表的量程是0~3V，分度值为0.1V，读数为2.7V，则待测电阻的阻值为
由表中数据可知，前三次实验测得待测电阻的阻值分别为
由测得的数据可知Rx的阻值为
（4）图像a中，是过原点的一条直线为正比例函数，说明在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。
（5）由图丁图像b可知，A、B两点中，电流相等，B点的电压大于A点的电压，根据可知，B点的电阻大于A点的电阻；B、C两点，电压相等，C点的电流大于B点的电流，根据可知，B点的电阻大于C点的电阻；b图像中，随着电压的增大，电流值趋向于不变，即电阻越来越大，因此C点的电阻大于A点的电阻，因此电阻关系为
RA六、计算题：本大题共3小题，共19分。
25．碳纤维是一种力学性能优异的新材料，利用碳纤维可以制造轻量自行车，如图所示。小明利用一小块碳纤维材料测量碳纤维的密度，他测得该碳纤维材料的质量为32g，将它完全浸入装满水的溢水杯，溢出水的体积为20mL。求：该碳纤维材料的密度。
【答案】解：碳纤维材料的质量为32g，将它完全浸入装满水的溢水杯，溢出水的体积等于碳纤维的体积为
该碳纤维材料的密度为
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【分析】根据体积和质量，利用，计算密度。
26．“运20”是中国研究制造的新一代军用大型运输机，可在复杂气象条件下，执行各种物资和人员的长距离航空运输任务。它的最大起飞质量为220t。某次满载飞行任务时，飞机开始在空中水平匀速直线飞行。着陆后，飞机所有轮胎与地面总接触面积为5m2，飞机在跑道上匀速滑行时，受到的阻力大小为飞机总重力的0.1倍。取g=10N/kg，通过计算回答：
（1）飞机满载时的重力是多少；
（2）飞机在跑道上匀速滑行100m时动力做的功是多少；
（3）飞机降落停稳后对水平地面的压强是多少。
【答案】（1）解：飞机满载时的重力
（2）解：飞机在跑道上匀速滑行时，受平衡力，动力
则动力做的功
（3）解：飞机降落停稳后对水平地面的压强
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）本题考查重力的计算，直接利用公式 ，注意质量单位换算（）即可求解。
（2）本题考查二力平衡与功的计算。匀速滑行时，动力与阻力大小相等，先根据阻力为总重力的0.1倍求出动力，再用公式 计算动力做的功。
（3）本题考查压强的计算，水平地面上的压力等于飞机重力，利用公式 即可求出对地面的压强。
（1）飞机满载时的重力
（2）飞机在跑道上匀速滑行时，受平衡力，动力
则动力做的功
（3）飞机降落停稳后对水平地面的压强
27．某品牌家用电热水器有加热和保温两个功能，其简化电路如图甲所示，R1和R2均为定值电热丝，S为手动开关，S1为自动开关。热水器工作时，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。通过计算回答：
（1）热水器正常工作时的加热功率；
（2）电热丝R2的阻值；
（3）当S闭合、S1断开时，若电路中的实际电流始终为1A，求10min内热水器产生的热量。
【答案】（1）解：由电路图可知，当S和都闭合时，电阻与并联，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，由可知，电饭锅的总功率最大，处于加热状态，由图乙可知，电路中的最大电流，则电饭锅的加热功率为
（2）解：因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电阻与并联时，通过的电流为1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电热丝的电流
由可得，电热丝的阻值
（3）解：电路中电流始终为1A，内电饭锅产生的热量
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）本题考查并联电路的特点和电功率的计算。当开关S、S1都闭合时，R1与R2并联，电路总电阻最小，电流最大，根据可直接计算加热功率。
（2）本题考查并联电路的电流规律和欧姆定律的应用。利用并联电路中各支路独立工作的特点，先求出通过R2的电流，再根据欧姆定律计算R2的阻值。
（3）本题考查电功与热量的计算。当S闭合、S1断开时，只有R1接入电路，根据即可求出电路产生的热量。
（1）由电路图可知，当S和都闭合时，电阻与并联，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，由可知，电饭锅的总功率最大，处于加热状态，由图乙可知，电路中的最大电流，则电饭锅的加热功率为
（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电阻与并联时，通过的电流为1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电热丝的电流
由可得，电热丝的阻值
（3）电路中电流始终为1A，内电饭锅产生的热量
1 / 1山东省济南市槐荫区2025年中考三模物理试题
一、单选题：本大题共11小题，共24分。
1．导体中有电流的时候，导体要发热，这种现象叫做电流的热效应。第一个准确地确定了电流产生的热量与电阻、电流大小和通电时间之间的定量关系的物理学家是（　　）
A．伏特 B．欧姆 C．焦耳 D．瓦特
2．如图，是中国古代的一些古典乐器。下列关于声现象的说法正确的是（　　）
A．拨动琵琶粗细不同的琴弦，发出声音的音调不同
B．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的响度相同
C．吹箫时按压不同位置的气孔，可以改变声音的速度
D．用三种乐器在演奏同一乐曲时，发出声音的音色是相同的
3．足球比赛中，运动员肌肉扭伤拉伤时，医生给运动员喷“运动冰肌喷雾”治疗，喷雾内含有沸点很低的液态丁烷、丙烷等，它喷到皮肤上后发生的物态变化情况是（　　）
A．熔化，吸收热量 B．液化，放出热量
C．升华，吸收热量 D．汽化，吸收热量
4．我国出土的文物“水晶饼”为中部鼓起的透明圆饼。西汉刘安所著的《淮南子万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生”。下列现象与“水晶饼”利用太阳光生火原理相同的是（　　）
A． 汽车后视镜中的像
B． 皮影戏
C． 桥在水中的倒影
D． 水里的“折筷”
5．4月11日0时47分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将通信技术试验卫星十七号发射升空，如图所示。下列有关说法正确的是（　　）
A．运载火箭用液态氢作燃料，主要是因为液态氢的比热容较大
B．火箭加速升空时，以卫星为参照物，火箭是运动的
C．火箭发射时周围冒出大量的“白烟”，说明分子在不停地做无规则运动
D．火箭与大气剧烈摩擦，通过做功的方式使得火箭表面温度急剧升高
6．2025亚洲羽毛球锦标赛4月9日在浙江宁波进入第二个比赛日，国羽15战13胜，女单女双全员晋级。如图所示是比赛中的场景，下列有关说法正确的是（　　）
A．击球时，只有球拍会发生弹性形变
B．击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力
C．羽毛球离开球拍继续运动，是因为受到惯性的作用
D．羽毛球最终会落到地面，是因为没有了力的作用
7．关于如图所示的电磁现象，下列说法正确的是（　　）
A．图甲：移走小磁针，通电导线周围的磁场也消失
B．图乙：当电流从通电螺线管右端流入时，小磁针N极的指向保持不变
C．图丙：探究的是电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
D．图丁：揭示了发电机的工作原理
8．用两块质量相等的橡皮泥捏成两只小船，然后轻轻放入盛有盐水和水的两个相同的烧杯内，使其漂浮在液面上，如图所示，此时两杯中液体的深度相同。下列分析正确的是（　　）
A．甲杯中的小船所受的浮力较大
B．两杯杯底受到的液体压强相等
C．乙杯中小船排开液体的质量较大
D．两小船底部受到的液体压力相等
9．如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，下列说法正确的是（　　）
A．电流表示数变小，电磁铁上端是N极，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，电磁铁上端是S极，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，电磁铁上端是S极，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，电磁铁上端是N极，弹簧长度变短
10．如图所示电路中电源电压保持不变，开关S1和S2都闭合时，两灯均正常发光。下列判断正确的是（　　）
A．小灯泡L1和L2是串联连接的 B．电压表无法测量灯L2的电压
C．断开S2后电压表的示数不变 D．断开S2后电流表的示数不变
11．照度计（或称勒克斯计）是一种专门测量光度、亮度的仪器仪表，它由主机和一个光传感器组成。小华设计了如图1所示电路模拟测量光照度的过程，电源电压U=9V，R0是光敏电阻，R是阻值为15kΩ的定值电阻，光敏电阻R0的阻值与光的照度关系如图2所示，电压表量程是0-3V，下列说法正确的是（　　）
A．当照度增大时，R0的阻值将增大
B．电路能测量的最大照度为0.8Lux
C．照度增大时，电压表的示数减小
D．要提高能测量的照度值，可以增加R的阻值
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
12．下列对家庭生活中数据的估计，与实际相符的是（　　）
A．家中一枚一元硬币的质量约为50g
B．家中一张消毒湿巾的厚度约为2nm
C．家用电风扇正常工作电流约为0.3A
D．家用冰箱冷藏室内的温度约为3℃
13．如图，神舟十九号乘组航天员蔡旭哲、宋令东、王浩泽密切协同，在空间站机械臂和地面科研人员配合支持下，完成了空间站空间碎片防护装置安装、舱外设备设施巡检及处置等任务。下列说法正确的是（　　）
A．神舟十九号运行利用的太阳能属于可再生能源
B．飞船太阳能电池板主要是由半导体材料制成的
C．空间站机械臂工作过程中将机械能转化为电能
D．航天员与地面科研人员通过电磁波来传输数据
14．如图，“定向爆破”是拆除高大建筑物的主要方法。主要做法是：将炸药放在建筑底部钻开的炮孔内，点燃从炸药引出的导火索，从而让炸药燃烧、爆炸，使建筑物倒塌。关于此过程的说法中正确的是（　　）
A．爆炸过程的能量总量守恒
B．炸药燃烧的过程，是将内能转化为化学能
C．炸药燃烧升温的过程中其所含的热量增加
D．爆炸使建筑物倒塌的过程中，气体迅速膨胀，对外做功，其内能减小
15．在物理测量中，由于操作不当引起的结果错误时有发生，小虎同学为了规避这些问题，做了一个总结。请你帮他检查一下，选出判断正确的是（　　）
选项 具体操作 测量结果
A 排水法测石块体积，先浸没石块读数，再取出石块读数，两者相减 偏大
B 在将水加热至沸腾时，用温度计测量沸水的温度时，温度计接触到了烧杯底部 偏大
C 用体温计测量口腔温度，将体温计拿离口腔读数 偏小
D 用拉得很紧的皮卷尺去测量某同学的跳远距离 偏小
A．A B．B C．C D．D
三、填空题：本大题共4小题，共16分。
16．如图所示，一名游客行走在玻璃栈道上，栈道上映出了她美丽的“身影”，若游客的身高是1.65m，则游客的头顶到“身影”头顶的距离为 　 　 m；当她在栈道上行走时，她 的“身影”的大小将 　 　（填“变大”"变小”或“不变”）．
17．能源安全问题上，非粮生物质燃油技术可以成为保障我国能源安全之重器。如图所示的动物油燃料的主要原料是由动物油脂加工提炼而成，由此可知动物油燃料属于 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。非粮生物质燃油可作为石油液化气和柴油的代替燃料，既环保又可以产生更多的热量，这是因为它的 　 　（选填“比热容”或“热值”）大。
18．生活处处有物理，留心观察皆学问。济南的护城河里从趵突泉到大明湖的航道有一定的落差，为了让船顺利通过，在护城河东、西各建了一个船闸，船闸是利用了　 　原理；轮船在通过船闸时，随着水位逐渐下降，河底受到的水的压强　 　（选填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“保持不变”）。
19．我国古代记录传统手工技术的著作《天工开物》里记载了一种捣谷用的春，“横木穿插头，雄嘴为铁，足踏其末而春之”，如图甲所示，图乙为脚用力向下踩时在某一位置的示意图，O点为支点，F2为阻力（即碓头重力大小），不计横木的重力和摩擦，此时堾属于　 　（选填“省力““等臂”或“费力”）杠杆，为了省力些，可将脚踩点适当　 　（选填“远离”或“靠近”）O点。
四、作图题：本大题共2小题，共6分。
20．如图所示是运动员用网球拍击球的瞬间，请画出网球所受重力的示意图。
21．近期，商场中自动扶梯的安全问题引起了人们的关注。为了安全起见，设计师在扶梯的上、下口各设有一个“紧急停止按钮”（如图乙），电梯正常运行时它们都处于闭合状态；当出现突发状况时，只要按下其中任何一个按钮（相当于断开开关），电梯会立即停止运行，以避免重大事故的发生。自动扶梯靠其内部的电动机驱动运行。请你在图丙的虚线框中画出满足上述要求的电路图。
五、实验探究题：本大题共3小题，共19分。
22．小刚在实验室进行“探究感应电流产生的条件”的实验时，组装了如图所示的装置，进行了如下探究。
（1）实验中，AB棒的材料可能是　 　（填“塑料”或“铝”）。
（2）闭合开关，实验探究过程记录如表所示根据实验现象，初步得出电路中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做　 　运动，在该运动过程中，主要将机械能转化为　 　能。
次数 AB棒在磁场中的运动情况 是否有感应电流
1 静止 无
2 沿磁场方向运动（不切割磁感线运动） 无
3 切割磁感线运动 有
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与　 　的关系。
（4）若将此装置中灵敏电流计换成　 　，可进一步探究电动机的工作原理。
23．某物理兴趣小组用如图所示的实验装置“测量小车运动的平均速度”。实验中，他们将小车从带刻度（分度值为）的斜面顶端A点由静止释放，并同时按下计时器开始计时，图中方框内显示了小车位于A、B、C三个标记点的时刻。（数字分别表示“时：分：秒”）
（1）根据图中信息，测得AB段的平均速度　 　，在测量小车到达B点的时间时，如果小车过了B点才停止计时，测得的　 　 ；（偏大/不变/偏小）
（2）由图中信息可知，小车下滑过程中做　 　（减速/匀速/加速）运动，小车经过B标记点时的速度大小最可能是　 　 ；
A.
B.
C.
D.
（3）为了测量后程BC段的平均速度，下列做法正确的是______ ；
A．利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到
B．利用图中信息，用AC段的平均速度减去AB段的平均速度得到
C．重新实验，小车从B点由静止释放，测出B到C所用的时间与路程，计算得到
（4）在具体操作中本实验的误差主要是对　 　的测量误差造成的，为减小实验误差，请提出一条合理的改进措施　 　。
24．小明所在的实验小组用如图甲所示电路图进行伏安法测电阻的实验，图乙为连接不整的实物图。
（1）请用笔画线代替导线将图乙电路连接完整　 　（要求：滑片P向右移动，电流表示数变小）；
（2）正确连接电路后，闭合开关S，小明发现电压表指针有明显偏转，电流表无示数。移动滑变阻器的滑片，电流表指针仍不发生转动，电压表示数不变，则故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后继续实验，小明移动滑片，依次记录电流表和电压表的示数，如表所示，其中第4次实验电流表和电压表的示数如图丙所示。小明组进行的操和读数均规范有效，由测得的数据可知Rx=　 　（结果保留1位小数）；
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 1 1.8 2
电流I/A 0.1 0.18 0.2
（4）根据实验数据绘制出Rx的I-U图象，如图丁中a所示。根据图象a可得通过Rx的电流与两端电压的关系是：　 　；
（5）实验完成后，将定值电阻换成小灯泡，重复上述实验，绘制出小灯泡的I-U图象，如图丁b所示。分析图象中A、B、C三点电阻RA、RB、RC大小关系为　 　。
六、计算题：本大题共3小题，共19分。
25．碳纤维是一种力学性能优异的新材料，利用碳纤维可以制造轻量自行车，如图所示。小明利用一小块碳纤维材料测量碳纤维的密度，他测得该碳纤维材料的质量为32g，将它完全浸入装满水的溢水杯，溢出水的体积为20mL。求：该碳纤维材料的密度。
26．“运20”是中国研究制造的新一代军用大型运输机，可在复杂气象条件下，执行各种物资和人员的长距离航空运输任务。它的最大起飞质量为220t。某次满载飞行任务时，飞机开始在空中水平匀速直线飞行。着陆后，飞机所有轮胎与地面总接触面积为5m2，飞机在跑道上匀速滑行时，受到的阻力大小为飞机总重力的0.1倍。取g=10N/kg，通过计算回答：
（1）飞机满载时的重力是多少；
（2）飞机在跑道上匀速滑行100m时动力做的功是多少；
（3）飞机降落停稳后对水平地面的压强是多少。
27．某品牌家用电热水器有加热和保温两个功能，其简化电路如图甲所示，R1和R2均为定值电热丝，S为手动开关，S1为自动开关。热水器工作时，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。通过计算回答：
（1）热水器正常工作时的加热功率；
（2）电热丝R2的阻值；
（3）当S闭合、S1断开时，若电路中的实际电流始终为1A，求10min内热水器产生的热量。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】A：伏特的主要贡献是发明了伏打电堆，他并未研究电流产生热量的定量关系，故A错误；
B：欧姆的主要贡献是发现了欧姆定律，描述电流与电压、电阻的关系，与电流热效应无关，故B错误；
C：焦耳通过大量实验，第一个准确地确定了电流产生的热量与电阻、电流大小和通电时间之间的定量关系，即焦耳定律，故C正确；
D：瓦特的主要贡献是改良蒸汽机，与电流热效应无关，故D错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查物理学史，关键是明确各物理学家的主要贡献：
伏特：发明伏打电堆；
欧姆：发现欧姆定律；
焦耳：发现焦耳定律，确定电流热效应的定量关系；
瓦特：改良蒸汽机。
2．【答案】A
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A：拨动琵琶粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，发出声音的音调不同，故A正确；
B：用大小不同的力敲击同一个编钟，编钟的振幅不同，发出声音的响度不同，故B错误；
C：吹箫时按压不同位置的气孔，改变了空气柱的长度，从而改变声音的音调，声音的传播速度由介质和温度决定，不会改变，故C错误；
D：不同乐器的发声材料、结构不同，发出声音的音色不同，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A：考查音调与频率的关系，琴弦粗细不同，振动频率不同，音调不同；
B：考查响度与振幅的关系，敲击力度不同，振幅不同，响度不同；
C：考查音调和声速的影响因素，按压气孔改变空气柱长度，改变音调，声速由介质和温度决定；
D：考查音色的决定因素，不同乐器的音色不同。
3．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A：熔化是物质由固态变为液态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，本身就是液态，不会发生熔化，故A错误；
B：液化是物质由气态变为液态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，是由液态变为气态，不会发生液化，故B错误；
C：升华是物质由固态直接变为气态的过程，而液态丁烷、丙烷喷到皮肤上时，本身是液态，不会发生升华，故C错误；
D：汽化是物质由液态变为气态的过程，沸点很低的液态丁烷、丙烷喷到皮肤上后，会迅速汽化，汽化过程中会吸收大量热量，从而使皮肤温度降低，缓解疼痛，故D正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查物态变化的判断及吸放热特点：
熔化：固态→液态，吸热；
液化：气态→液态，放热；
升华：固态→气态，吸热；
汽化：液态→气态，吸热。
液态丁烷、丙烷沸点低，喷到皮肤上后会迅速由液态变为气态，发生汽化，同时吸收热量，达到降温止痛的效果。
4．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】“水晶饼”中间厚、边缘薄，符合凸透镜的特点，凸透镜可以让太阳光发生折射，对光线起到会聚作用，能够将能量汇聚到同一点，这就是它可以利用太阳光生火的原理。
A．汽车后视镜所成的像属于凸面镜成像，是光的反射形成的，和题中原理不同，因此A不符合要求；
B．屏幕上的皮影是光沿直线传播，遇到不透明物体后形成阴影，和题中原理不同，因此B不符合要求；
C．平静的水面可以等效为平面镜，水中桥的倒影属于平面镜成像，本质是光的反射形成的，和题中原理不同，因此C不符合要求；
D．插入水中的筷子看起来“弯折”，也就是水中的“折筷”，是光从水中斜射入空气中时发生偏折形成的，属于光的折射现象，和题中的原理相同，因此D符合要求。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影；
2、光的折射：光经过不同介质时，入射光线会发生偏折，如：光的色散（太阳光经过三棱镜折射会发生光的色散）、海市蜃楼；
3、光的直线传播：光在同种均匀介质中传播的现象，如激光射线、影子的形成、日食、小孔成像；
4、透镜成像的本职为光的折射。
5．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；参照物及其选择；分子热运动
【解析】【解答】A：运载火箭用液态氢作燃料，主要是因为液态氢的热值较大，相同质量的燃料完全燃烧时能放出更多热量，而非比热容较大，故A错误；
B：火箭加速升空时，火箭与卫星的相对位置不变，因此以卫星为参照物，火箭是静止的，故B错误；
C：火箭发射时周围冒出的 “白烟” 是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是分子的无规则运动，故C错误；
D：火箭与大气剧烈摩擦，通过做功的方式将机械能转化为内能，使得火箭表面温度急剧升高，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查燃料的热值，火箭燃料选择主要考虑热值而非比热容；
B：考查参照物的选择，火箭与卫星相对静止；
C：考查液化现象，“白烟” 是液化形成的小水滴，不是分子运动；
D：考查改变内能的方式，摩擦生热属于做功改变内能。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】A：击球时，球拍和羽毛球都会发生弹性形变，并非只有球拍形变，故A错误；
B：击球时，球拍对球的力和球对球拍的力大小相等、方向相反、作用在不同物体上，是一对相互作用力，故B正确；
C：羽毛球离开球拍继续运动，是因为羽毛球具有惯性，惯性是物体的固有属性，不能说 “受到惯性的作用”，故C错误；
D：羽毛球最终会落到地面，是因为受到重力的作用，重力改变了羽毛球的运动状态，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查力的作用效果，力可以使物体发生形变，球拍和球都会发生弹性形变；
B：考查相互作用力的判断，相互作用力的特点是大小相等、方向相反、作用在不同物体上；
C：考查惯性的概念，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不能说 “受到惯性的作用”；
D：考查重力的作用，羽毛球下落是因为受到重力的作用。
7．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A：通电导线周围的磁场是客观存在的，小磁针只是用来显示磁场，移走小磁针，磁场依然存在，故A错误；
B：当电流从通电螺线管右端流入时，根据安培定则，螺线管左端为N极，右端为S极，外部磁场方向是从N极指向S极，因此螺线管左端的磁场方向向左，小磁针N极的指向保持不变，故B正确；
C：图丙中两电磁铁串联，电流大小相同，线圈匝数不同，探究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，而非电流大小，故C错误；
D：图丁中有电源，通电导体在磁场中受力运动，揭示的是电动机的工作原理，发电机的原理是电磁感应（无电源），故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查电流的磁效应，磁场的存在与小磁针无关；
B：考查安培定则的应用，电流方向改变会影响螺线管磁极，结合外部磁场方向判断小磁针指向；
C：考查电磁铁磁性强弱的影响因素，控制变量法分析电流与匝数的关系；
D：考查电动机与发电机的工作原理区别，关键看电路中是否有电源。
8．【答案】A
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：两只小船都漂浮，浮力等于总重力。由图可知，甲杯小船所载货物更多，因此甲杯小船的总重力更大，所受浮力也更大，故A正确；
B：两杯中液体深度相同，但盐水密度大于水的密度，根据 ，甲杯杯底受到的液体压强大于乙杯，故B错误；
C：根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，即 ，由于甲杯小船浮力更大，因此甲杯中小船排开液体的质量也更大，故C错误；
D：浮力等于液体对物体上下表面的压力差，漂浮时浮力等于下表面受到的液体压力，甲杯小船浮力更大，因此甲杯小船底部受到的液体压力也更大，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A：考查漂浮条件，浮力等于总重力，甲杯小船所载货物更多，总重力更大，浮力更大；
B：考查液体压强公式，液体密度不同，即使深度相同，压强也不同；
C：考查阿基米德原理，浮力越大，排开液体的重力（质量）越大；
D：考查浮力的实质，浮力等于下表面压力，浮力不同则底部压力不同。
9．【答案】D
【知识点】电路的动态分析；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】开关闭合后，电流从电磁铁下端流入、上端流出，根据安培定则可判断出电磁铁上端为N极，
与上方条形磁铁的N极是同名磁极，相互排斥，当滑片P从a端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，
电路中电流增大，电流表示数变大，电磁铁的磁性增强，排斥力增大，
条形磁铁受到向上的排斥力增大，弹簧受到的拉力减小，因此弹簧长度变短。
综上，电流表示数变大，电磁铁上端是 N 极，弹簧长度变短。
故答案为：D
【分析】安培定则：判断电磁铁极性，电流从下端流入、上端流出，上端为N极，与上方条形磁铁的N极排斥。
电流变化：滑片从a向b滑动，变阻器电阻减小，电流增大，电磁铁磁性增强，排斥力增大。
受力分析：条形磁铁受重力、弹簧拉力和向上的排斥力，排斥力增大时，弹簧拉力减小，长度变短。
10．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A、由图可知，电流从电源正极流出，经电流表后分为两条支路，一条经过L1，另一条经过S2和L2，因此两灯是并联连接的，故A错误；
B、并联电路中各支路两端电压相等，电压表并联在电源两端，因此它测量的既是电源电压，也是L1和L2两端的电压，故B错误；
C、电压表始终并联在电源两端，测量电源电压。断开S2后，电源电压不变，因此电压表的示数也不变，故C正确；
D、开关S1和S2都闭合时，电流表测干路电流（I = I1 + I2）；断开S2后，电路为L1的简单电路，电流表只测L1的电流I1，电流表示数变小，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查串并联电路的判断，根据电流路径可知，两灯两端分别接在电源两极，属于并联；
B、考查并联电路的电压规律，电压表测电源电压，同时也等于各支路电压；
C、考查电压表的使用，断开S2后，电压表仍并联在电源两端，示数不变；
D、考查并联电路的电流规律，电流表测干路电流，断开一条支路后，干路电流减小。
11．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：由图2可知，当照度增大时，光敏电阻R0的阻值减小，故A错误；
B：电压表量程为0-3V，因此定值电阻R两端的最大电压为3V，此时电路电流为：
电源电压U=9V，因此光敏电阻两端的电压为：
此时光敏电阻的阻值为：
对照图2，当R0=30kΩ时，对应的照度为0.8Lux，因此电路能测量的最大照度为0.8Lux，故B正确；
C：照度增大时，R0阻值减小，电路总电阻减小，电流增大，定值电阻R两端电压（电压表示数）增大，故C错误；
D：若增加R的阻值，在电压表达到3V时，电路电流会更小，计算出的R0阻值会更大，对应照度更小，因此无法提高能测量的照度值，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查光敏电阻的特性，由图2可知，照度与R0阻值成反比；
B：考查串联电路的分压规律，根据电压表的最大量程，求出电路的最大电流，再算出此时R0的阻值，对照图像得出最大照度；
C：考查欧姆定律的动态分析，照度增大→R0减小→总电阻减小→电流增大→R两端电压增大；
D：考查电路的优化设计，增大R的阻值会使电路电流减小，对应R0阻值增大，可测量的照度范围反而变小。
12．【答案】C,D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电流和电流的单位换算
【解析】【解答】A：一枚一元硬币的质量约为6g，远小于50g，故A错误；
B：一张消毒湿巾的厚度约为0.1mm，即100000nm，远大于2nm，故B错误；
C：家用电风扇的功率约为60W，根据 ，正常工作电流约为0.3A，故C正确；
D：家用冰箱冷藏室的温度通常设定在3℃左右，故D错误；
故答案为：CD。
【分析】A：考查常见物体的质量估算，一元硬币质量约为6g；
B：考查长度单位换算与估测，2nm接近分子尺度，湿巾厚度远大于此；
C：考查电功率与电流的关系，通过公式 计算电风扇的工作电流；
D：考查生活中的温度常识，冰箱冷藏室温度通常为0-4℃，3℃符合实际。
13．【答案】A,B,D
【知识点】能源及其分类；半导体特点及作用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：太阳能可以源源不断地从自然界获得，属于可再生能源，故A正确；
B：飞船太阳能电池板主要由硅等半导体材料制成，故B正确；
C：空间站机械臂工作时消耗电能，获得机械能，是将电能转化为机械能，故C错误；
D：真空环境中电磁波可以传播，航天员与地面科研人员通过电磁波传输数据，故D正确；
故答案为：ABD。
【分析】A：考查能源分类，太阳能属于可再生能源；
B：考查半导体材料的应用，太阳能电池板由半导体材料制成；
C：考查能量转化，机械臂工作是电能转化为机械能；
D：考查电磁波的应用，电磁波可以在真空中传播，用于航天器与地面通信。
14．【答案】A,D
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A．依据能量守恒定律可知，爆炸发生的整个过程中，总的能量保持不变，总能量守恒，故A正确；
B．炸药发生燃烧反应时，是储存在炸药内部的化学能转化为内能，故B错误；
C．在炸药燃烧升温的过程中，炸药自身的内能不断增大，需要注意：热量是过程量，只能说吸收、放出热量，不能说物体“含有”热量，故C错误；
D．爆炸过程中，会生成高温高压的气体，该气体膨胀对外做功，将内能转化为爆炸的机械能，因此气体自身的内能会减小，故D正确。
故选AD。
【分析】1、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源产生的能量不能充分利用，以其它能量的形式损失掉。能量在转化中具有方向性；能重复利用或循环获得的能量是可再生的，否则是不可再生的；
2、燃烧时发生的化学反应为化学能转化为内能；
3、热量是过程量，只能通过吸收或者释放来描述；
4、气体膨胀对外做功，内能减小。
15．【答案】A,B,D
【知识点】体温计的使用及其读数；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】A：排水法测石块体积时，先浸没石块读数，再取出石块读数，石块表面会附着水，导致取出后液面下降更多，两次读数之差偏大，故A正确；
B：测量沸水温度时，温度计接触烧杯底部，烧杯底部直接受热，温度高于水的沸点，因此测量结果偏大，故B正确；
C：体温计的玻璃泡上方有缩口，离开人体后水银不会回流，因此拿离口腔读数，测量结果不变，故C错误；
D：用拉得很紧的皮卷尺测量跳远距离时，皮尺被拉长，刻度间距变大，测量值会偏小，故D正确；
故答案为：ABD。
【分析】A：考查排水法测体积的误差分析，石块带出水会导致体积测量值偏大；
B：考查温度计的正确使用，接触容器底会受高温影响，读数偏大；
C：考查体温计的特殊结构，缩口设计使其离开人体后示数不变；
D：考查长度测量的误差分析，皮尺被拉长会导致读数偏小。
16．【答案】3.3；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平面镜所成的像到镜面的距离等于物到镜面的距离，游客的身高是1.65m，即游客头顶到镜面的距离为1.65m，则“身影”头顶到镜面的距离也为1.65m，所以游客的头顶到“身影”头顶的距离为1.65m+1.65m=3.3m。
平面镜所成的像与物体的大小相等，所以当游客在栈道上行走时，她的“身影”的大小将不变。
【分析】平面镜成像特点：正立反向，等大（像与物的大小相等），等距（像与物到平面镜的距离相等），垂直（像与物的连线与镜面垂直），虚像。
17．【答案】可再生；热值
【知识点】燃料的热值；能源及其分类
【解析】【解答】 动物油燃料能够在较短时间内再生获取，因此属于可再生能源。
根据公式可知，当燃料质量相同时，热值越高的燃料完全燃烧放出的热量越多。非粮生物质燃油可以替代石油液化气和柴油作为燃料，同时更加环保，相同质量下能释放更多热量，原因就是它的热值更大。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。公式为Q=mq；
可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
18．【答案】连通器；逐渐减小
【知识点】液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】根据船闸的结构特点可知，其在工作时，上端开口，下部连同，即符合连通器的定义，所以船闸是利用连通器的原理工作的；
水的密度一定，当水位逐渐下降时，h变小，根据可知，河底受到水的压强逐渐减小。
故答案为：连通器；逐渐减小
【分析】（1）连通器的定义是上端开口、底部相连通的容器，当内部装有同种液体且液体不流动时，各容器液面保持相平，船闸正是利用这一原理，通过闸室与上下游水位的连通与调节，让船只顺利通过落差河段。
（2）液体压强的大小与液体密度和深度有关，公式为，水位下降时，水的深度减小，因此河底受到的压强也随之减小。
19．【答案】费力；远离
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】由图可得，O是杠杆的支点，我们从O点向阻力F2的作用线作垂线，就能得到阻力臂L2，用同样的方法可以得到动力臂L1。可以观察到，这种锄头在使用过程中，动力臂的长度小于阻力臂，因此它属于费力杠杆。
要是我们想要让撬动的时候更省力，当阻力和阻力臂都保持不变时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可以知道，想要减小动力，就需要增大动力臂，因此将脚踩的位置向远离支点O的方向移动就可以了。
【分析】1、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
2、杠杆平衡条件F1L1=F2L2，增加动力臂可以减小动力。
20．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向始终竖直向下。在作图时，应从物体的重心位置出发，绘制一条带有箭头的竖直向下的线段，并用符号G标注。具体图示如下：【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
21．【答案】
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解析】按下任意一个按钮（相当于断开开关），电梯会立即停止运行，这表明两个开关之间存在相互影响的关系，因此它们应采用串联方式连接。同时，由于按钮需要控制电梯的运行状态，所以开关必须与电梯的电动机串联。电路连接方式如下图所示：
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
22．【答案】（1）铝
（2）切割磁感线；电
（3）磁场
（4）电源
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以我们应选择铝棒。
故答案为：铝
（2）分析表格重的实验现象，可以得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流。在此过程中，主要是将机械能转化为电能。
故答案为：切割磁感线；电
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，磁场方向改变，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与磁场的关系。
故答案为：磁场
（4）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：电源
【分析】(1) 电磁感应实验中，导体棒必须是导体，塑料是绝缘体，不能导电，而铝是导体，所以应选铝棒。
(2) 感应电流产生的条件是闭合电路的部分导体做切割磁感线运动；该过程中消耗机械能，得到电能，是机械能转化为电能的过程。
(3) 感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关，控制导体运动方向不变，改变磁场方向，是为了探究感应电流方向与磁场方向的关系。
(4) 电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，因此需要将灵敏电流计换成电源，给导体棒通电，使其在磁场中受力运动。
（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以我们应选择铝棒。
（2）[1][2]分析表格重的实验现象，可以得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流。在此过程中，主要是将机械能转化为电能。
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，磁场方向改变，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与磁场的关系。
（4）电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
23．【答案】（1）；偏小
（2）加速；C
（3）A
（4）时间；减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【分析】 解：（1）①小车在下滑过程中从A点到B点的路程：
sAB=10.00dm-6.00dm=4.00dm=0.4m，根据速度公式可知，其平均速度是：；②如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由可得，测得的vAB偏小；
（2）由图中信息得sBC=6.00dm-1.00dm=0.5m，，
小车下滑过程中，滑过下半段路程的平均速度大于上半段路程的平均速度，说明小车做加速运动；
B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以vAB＜vB＜vBC，即0.2m/s＜vB＜0.5m/s，故选C；
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，下列做法：
A.利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到，可行；
B.后半程的平均速度不等于，全程的平均速度与前半段的平均速度之差，B不可行；
C.小车从B点由静止释放，从B到C所用的时间，不等于从A到C过程中，经过BC的时间，故C不可行；
故选：A；
（4）本实验测量小车运动的平均速度，原理是，需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的；
可以减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间，以减小时间测量的误差。
故答案为：（1）0.2；偏小；（2）加速；C；（3）A；（4）时间；减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间。
【分析】 （1）①根据图中信息，小车从A点到B点的平均速度；
②如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由速度公式可得，测得的速度偏小；
（2）由图中信息得到在B、C间运动的平均速度，比较可知小车做加速运动；B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以vAB＜vB＜vBC，可得速度的范围；
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，正确的做法是利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到vBC；
（4）本实验需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的；
可以减小斜面的倾斜程度，以减小时间测量的误差。
（1）[1]根据图中信息，小车在下滑过程中从A点到B点的路程为
其平均速度是
[2]如果小车过了B点才停止计时，所测时间比实际运动时间长，由可得，测得的偏小。
（2）[1]由图中信息得
则BC段的平均速度为
小车下滑过程中，滑过下半段路程的平均速度大于上半段路程的平均速度，说明小车做加速运动。
[2]B点是AB段的终点，是BC段的起点，所以，即，故选C。
（3）为了测量后半程BC段的平均速度，下列做法：
A．利用图中信息，测出B到C所用的时间与路程，计算得到，可行，故A正确；
B．后半程的平均速度不等于，全程的平均速度与前半段的平均速度之差，B不可行，故B错误；
C．小车从B点由静止释放，从B到C所用的时间，不等于从A到C过程中，经过BC的时间，故C不可行，故C错误。
故选A。
（4）[1]本实验测量小车运动的平均速度，原理是，需要测量路程和相应的运动时间，测量在具体操作中，本实验的误差主要是对时间的测量造成的。
[2]可以减小斜面的倾斜程度，延长小车的运动时间，以减小时间测量的误差。
24．【答案】（1）
（2）定值电阻断路
（3）9.8
（4）在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比
（5）RA【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）从甲图可以看出，电压表并联在定值电阻两端。题目要求滑片P向右移动时电流表示数变小，也就是滑动变阻器接入电路的阻值需要变大，由此可知滑动变阻器应接入左下接线柱，连线结果如下图所示：
（2）电流表无示数，说明电路出现了断路故障；而电压表指针有明显偏转，说明电压表的两个接线柱能连通到电源两极，因此故障为和电压表并联的定值电阻断路。
（3）丙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.30A，电压表的量程是0~3V，分度值为0.1V，读数为2.7V，则待测电阻的阻值为
由表中数据可知，前三次实验测得待测电阻的阻值分别为
由测得的数据可知Rx的阻值为
（4）图线a是过原点的倾斜直线，说明电流和电压成正比例关系，可得结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（5）根据图丁的图线b可知：A、B两点的电流相等，B点的电压大于A点的电压，根据，可得B点电阻大于A点电阻；B、C两点电压相等，C点的电流大于B点的电流，根据，可得B点电阻大于C点电阻；观察图线b可以发现，随着导体两端电压升高，电流的增长逐渐变缓，说明电阻随电压升高逐渐增大，因此C点电阻大于A点电阻。最终三者的电阻大小关系为：RA【分析】1、电路动态分析：变阻器是通过改变接入电路的电阻长度进而改变电路的电流和电压，P向右移动时电流表示数变小，说明电阻变大，所以接左下角；
2、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路；
3、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
4、比较电阻大小的原理为，结合电压和电流的关系，定量求出电阻的大小。
（1）由甲图可知电压表并联在定值电阻两端，要求滑片P向右移动，电流表示数变小，即滑动变阻器接入电路中的阻值变大，说明连接的是滑动变阻器的左下接线柱，如图所示：
（2）电路中电流表无示数，说明发生断路，电压表指针有明显偏转，电压表有示数，说明与电压表并联的用电器发生断路，因此故障为定值电阻断路。
（3）丙图中，电流表的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.30A，电压表的量程是0~3V，分度值为0.1V，读数为2.7V，则待测电阻的阻值为
由表中数据可知，前三次实验测得待测电阻的阻值分别为
由测得的数据可知Rx的阻值为
（4）图像a中，是过原点的一条直线为正比例函数，说明在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。
（5）由图丁图像b可知，A、B两点中，电流相等，B点的电压大于A点的电压，根据可知，B点的电阻大于A点的电阻；B、C两点，电压相等，C点的电流大于B点的电流，根据可知，B点的电阻大于C点的电阻；b图像中，随着电压的增大，电流值趋向于不变，即电阻越来越大，因此C点的电阻大于A点的电阻，因此电阻关系为
RA25．【答案】解：碳纤维材料的质量为32g，将它完全浸入装满水的溢水杯，溢出水的体积等于碳纤维的体积为
该碳纤维材料的密度为
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【分析】根据体积和质量，利用，计算密度。
26．【答案】（1）解：飞机满载时的重力
（2）解：飞机在跑道上匀速滑行时，受平衡力，动力
则动力做的功
（3）解：飞机降落停稳后对水平地面的压强
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）本题考查重力的计算，直接利用公式 ，注意质量单位换算（）即可求解。
（2）本题考查二力平衡与功的计算。匀速滑行时，动力与阻力大小相等，先根据阻力为总重力的0.1倍求出动力，再用公式 计算动力做的功。
（3）本题考查压强的计算，水平地面上的压力等于飞机重力，利用公式 即可求出对地面的压强。
（1）飞机满载时的重力
（2）飞机在跑道上匀速滑行时，受平衡力，动力
则动力做的功
（3）飞机降落停稳后对水平地面的压强
27．【答案】（1）解：由电路图可知，当S和都闭合时，电阻与并联，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，由可知，电饭锅的总功率最大，处于加热状态，由图乙可知，电路中的最大电流，则电饭锅的加热功率为
（2）解：因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电阻与并联时，通过的电流为1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电热丝的电流
由可得，电热丝的阻值
（3）解：电路中电流始终为1A，内电饭锅产生的热量
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）本题考查并联电路的特点和电功率的计算。当开关S、S1都闭合时，R1与R2并联，电路总电阻最小，电流最大，根据可直接计算加热功率。
（2）本题考查并联电路的电流规律和欧姆定律的应用。利用并联电路中各支路独立工作的特点，先求出通过R2的电流，再根据欧姆定律计算R2的阻值。
（3）本题考查电功与热量的计算。当S闭合、S1断开时，只有R1接入电路，根据即可求出电路产生的热量。
（1）由电路图可知，当S和都闭合时，电阻与并联，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，由可知，电饭锅的总功率最大，处于加热状态，由图乙可知，电路中的最大电流，则电饭锅的加热功率为
（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电阻与并联时，通过的电流为1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电热丝的电流
由可得，电热丝的阻值
（3）电路中电流始终为1A，内电饭锅产生的热量
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