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山东省德州市夏津县2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
1．下列数据最符合实际的是（　　）
A．中学生双脚站立时对地面的压强为1Pa
B．青藏高原上水的沸点约为
C．把10个鸡蛋举高2m，做的功约为10J
D．起重机的机械效率可以达到
【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；沸点及沸点与气压的关系；机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】A、中学生体重约500N，双脚面积约，对地压强，远大于1Pa，A错误；
B、青藏高原海拔高、气压低，水的沸点低于，B错误；
C、1个鸡蛋约0.5N，10个鸡蛋总重，做功，C正确；
D、使用任何机械都不可避免做额外功，机械效率永远小于100%，D错误；
故答案为：C。
【分析】A、结合中学生体重与脚掌面积估算压强；
B、考查沸点与气压关系：气压越小，沸点越低；
C、利用代入鸡蛋重力、提升高度计算做功；
D、额外功不可避免，机械效率达不到100%。
2．在体育测试中，小明同学掷实心球的场景如图所示，图中a点是球刚离开手的位置，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后滚动到d点停止。下列说法正确的是（　　）
A．球从a点上升到b点，是因为球受到手的推力作用
B．球在b点的速度为零
C．若球在b点受到的力全部消失，则球做匀速直线运动
D．球从c点运动到d点停止，说明物体运动需要力来维持
【答案】C
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．实心球离开手后能从a点上升到b点，是由于实心球本身具有惯性，出手之后不再受到手施加的推力，因此A选项错误；
B．实心球被推出后，运动过程中水平方向不受力，会保持水平方向的速度不变，因此运动到最高点时速度不为零，故B选项错误；
C．实心球运动到b点时，仍然具有水平向右的速度，根据牛顿第一定律，此时如果所有外力都消失，实心球会保持原来的速度沿水平向右做匀速直线运动，因此C选项正确；
D．实心球最终落到d点后停止运动，是因为受到地面阻力的作用，这说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动并不需要力来维持，故D选项错误。
故选C。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
实心球达到最高点，在水平方向上具有速度。
3．如图所示，“舞狮”是我国传统的年俗活动，当“狮子”静止在支架上时，下列说法正确的是（　　）
A．支架对“狮子”有向上的支持力，是因为“狮子脚”发生了弹性形变
B．“狮子”的重力和支架对“狮子”的支持力是一对平衡力
C．“狮子”对支架的压力和自身重力是一对平衡力
D．“狮子”的重力和支架对“狮子”的支持力是一对相互作用力
【答案】B
【知识点】弹力；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、支架对狮子的支持力是支架发生弹性形变产生的，不是狮子脚形变，A 错误；
B、狮子的重力与支架对狮子的支持力，作用在同一物体、大小相等、方向相反、同一直线，是一对平衡力，B 正确；
C、狮子对支架的压力作用在支架上，重力作用在狮子上，受力物体不同，不是平衡力，C 错误；
D、重力和支持力作用在同一个物体上，不是相互作用力，D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、弹力由施力物体发生弹性形变产生；
B、依据平衡力四条件（同体、等大、反向、共线）判断；
C、平衡力必须受力物体相同；
D、相互作用力作用在两个不同物体上。
4．小阳在超市购物，用8N的力水平推着一个购物车匀速直线运动，突然小阳发现前面有人，他马上用17N的水平力向后拉小车，使小车减速运动，在此过程中有关小车受力的说法正确的是（　　）
A．小车受到的摩擦力是17N B．小车受到的合力是8N
C．小车受到的合力是9N D．小车受到的合力是25N
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】小车匀速前进时，推力与滑动摩擦力平衡，故滑动摩擦力；向后拉车时，拉力、摩擦力方向都与运动方向相反。
A、滑动摩擦力只由压力、粗糙程度决定，仍为，A错误；
B、合力，B错误；
C、合力为，C错误；
D、两个力同向，合力大小等于两力相加：，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查滑动摩擦力影响因素，压力、接触面不变，滑动摩擦力大小不变；
B、考查同一直线同向二力合成，合力等于两力之和；
C、代入数据核对合力数值；
D、向后拉车时摩擦力、拉力同向，直接求和得到总合力。
5．关于压强的知识，下列四个实例中说法正确的是（　　）
A．图甲：飞机机翼上凸下平获得升力，因为流速大的地方压强小
B．图乙：用活塞式抽水机抽水主要利用液体压强使水上升到高处
C．图丙，此装置测出大气压的值一定相当于760mm水银柱产生的压强
D．图丁，把自制气压计从山顶移到山脚时，细管内的液柱一定上升
【答案】A
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、飞机机翼上凸下平，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差产生升力，A 正确；
B、活塞式抽水机依靠大气压将水压入高处，不是液体压强，B 错误；
C、当地气压不一定等于标准大气压，测出数值不一定等于 760mm 水银柱压强，C 错误；
D、山脚海拔更低、大气压更大，瓶内气压把细管液柱向下压，液面下降，D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查流体压强与流速规律：流速越大，压强越小；
B、考查抽水机原理，利用大气压强工作；
C、大气压随海拔变化，只有标准大气压才对应 760mm 汞柱；
D、海拔越低外界气压越大，自制气压计细管液面下降。
6．以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是（　　）
A．图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁塘”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
B．图乙“湿田击稻”中，用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为受到惯性力
C．图丙“北耕兼种”中，耧下端的“鐵尖”是通过减小受力面积来增大压力的
D．图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；物体运动状态的变化；惯性及其现象；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．牛拉犁塘匀速转动过程中，运动方向不断变化，因此运动状态改变，故A错误；
B．用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为其具有惯性，不能说受到惯性，故B错误；
C．耧下端的鐵尖是通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D．水从高处流下，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能增大，重力势能转化为动能，故D正确。
故选D。
【分析】（1）力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
（2）惯性是物体本身的性质，惯性大小只与物体的质量有关；
（3）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
（4）影响动能的因素是物体的质量和速度：影响重力势能的因素是质量和高度。
7．小强用如图所示的实验装置验证阿基米德原理，通过调节升降台让金属块浸入盛满水的溢水杯中（金属块始终未与容器底接触），溢出的水会流入右侧空桶中，下列说法正确的是（　　）
A．金属块浸入水中越深，水对溢水杯底部的压力越大
B．金属块浸没在水中的深度越深，弹簧测力计A的示数越小
C．金属块从接触水面至浸入水中某一位置，弹簧测力计A和B的变化量 FA= FB
D．若实验前溢水杯中未装满水，对实验结果没有影响
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；压力差法测浮力；阿基米德原理测浮力
【解析】【解答】A．当金属块浸入水中的深度不断增大时，溢水杯内水的深度始终保持不变，根据公式p=ρgh可以得到，水对溢水杯底部的压强不会发生改变；再根据F=pS可知，水对溢水杯底部的压力也保持不变，故A选项错误。
B．当金属块浸没在水中后，改变它浸没的深度，金属块排开水的体积不会发生变化，根据F浮=ρgV排可得，金属块受到的浮力大小不变；再根据拉力关系F拉=G金-F浮可知，金属块受到的拉力不变，也就是挂金属块的弹簧测力计A示数不变，故B错误。
C、对本题装置，弹簧测力计A的示数满足：FA=G-F浮弹簧测力计B的示数满足：FB=G桶+G排，由此可得，弹簧测力计A的示数变化量 FA= F浮， FB= G排。根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，因此一定满足 FA= FB，故C正确。
D．如果实验开始前溢水杯没有装满水，那么金属块排开的水不会全部溢出到小桶中，金属块受到的浮力F浮测量是准确的，但测得的排开液体重力G排会偏小，会影响最终的实验结果，故D错误。
故选C。
【分析】1、固体压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
4、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大，阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
8．快递小哥宋学文作为一名普通劳动者当选全国劳模，在以下工作中宋学文对货物做了功的是（　　）
A．搬货物但未搬起 B．抱着货物在原地等待签收
C．用力搬货物从地上到车厢 D．提着货物在水平路上匀速前进
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．宋学文搬货物但未搬起，虽然对货物施加了力，但货物没有在力的方向上移动距离，因此没有对货物做功。故A不符合题意。
B．抱着货物在原地等待签收，虽然对货物施加了力，但货物在力的方向上没有发生位移，因此宋学文对货物不做功。故B不符合题意。
C．用力将货物从地上搬到车厢，既对货物施加了力，又使货物在力的方向上移动了距离，满足做功的两个必要条件，因此宋学文对货物做了功。故C符合题意。
D．提着货物在水平路上匀速前进，虽然对货物施加了向上的力，但货物移动方向与力的方向垂直（水平移动），在力的方向上没有位移分量，因此不做功。故D不符合题意。
正确答案是。
【分析】做功的条件：物体受到力，且在力的方向上产生了位移。
9．如图甲所示，同一木块放在同一水平面上，先后两次沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动。两次拉动木块得到的s-t图像分别是图乙中的图线①、②。下列有关说法正确的是（　　）
A．①、②两次的摩擦力大小f1=f2
B．①、②两次的拉力大小关系是F1>F2
C．经过相同时间，①、②两次拉力做功的关系是W1D．①、②两次拉力做功功率的关系是P1【答案】A
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；功的计算及应用
【解析】【解答】AB．从图象可以看出，木块两次运动都满足路程与时间成正比，因此两次木块都是做匀速直线运动。做匀速直线运动的木块受力平衡，水平方向上拉力和滑动摩擦力大小相等。两次拉动的是同一个木块，木块对水平面的压力大小等于木块重力保持不变，而且是在同一水平面运动，接触面粗糙程度不变，因此两次木块受到的滑动摩擦力大小相等，也就是，结合二力平衡的结论可以得到两次拉力大小也相等，即，故A正确，B错误；
C．观察图象可知，相同时间内第一次木块运动通过的路程比第二次更大，我们已经推出两次拉力大小相等，结合功的计算公式可得，相同时间内拉力两次做功的大小关系为，故C错误；
D．由图象可知，相同时间内第一次木块移动的路程更大，说明第一次木块运动的速度更大，即；已知两次拉力大小相等，，根据功率推导公式可得，第一次拉力做功的功率更大，也就是，故D错误。
故选A。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以物体受到的拉力等于摩擦力；
2、功的计算：W=Fs；
3、功率的计算：公式为P=Fv。
10．如图，《天工开物》中古人用踏碓舂米的情景，踏碓的实质是杠杆。下列工具在使用时与踏碓属于同一类杠杆的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】在脚踏碓舂米的工作过程中，动力臂的长度小于阻力臂，因此它属于费力杠杆。
A．使用核桃夹子夹核桃时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故不符合题意；
B．用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．使用瓶盖起子开瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．使用筷子夹取食物时，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。
故选D。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
11．物理是一门以实验为基础的学科，如图所示，下列对实验的说法正确的是（　　）
（1）甲实验中木板必须匀速向右运动，弹簧测力计的示数才是稳定的
（2）乙实验中若AB阀门都打开，a管中的液面将高于b管中的液面
（3）丙实验中的U形管相当于连通器，若将探头在同一深度转动，U形管两侧液面高度差不变
（4）丁实验通过完全相同的AB两球推动木块移动的距离不同说明动能的大小与速度有关
A．（1）（2） B．（3）（4） C．（2）（3） D．（2）（4）
【答案】D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）木块与木板间的压力以及两者的接触面粗糙程度与木板运动的速度大小无关，所以木板是否匀速运动不会影响弹簧测力计的示数，故（1）错误；
（2）根据图片可知，细管b处水流速大、压强小，支持的水柱低，所以a管中的液面将高于b管中的液面，故（2）正确；
（3）压强计的U形管底部连通，上面只有一端是开口的，则它不是连通器，故（3）错误；
（4）根据图片可知，两小球质量相同，下滑的高度不同，则到达水平面时的速度也不同，因此通过两球推动木块移动的距离不同能说明动能的大小与速度有关，故（4）正确。
故选D。
【分析】（1）根据影响滑动摩擦力大小因素的知识分析；
（2）根据流体压强和流速的关系判断；
（3）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（4）根据控制变量法的要求分析。
12．如图甲所示，虚线框内是两个滑轮连成的滑轮组，工人利用该滑轮组，用200N竖直向上的拉力F，将物体匀速提高3m，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，已知动滑轮重120N，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．工人做的有用功为360J
C．该滑轮组的机械效率为80%
D．拉力F的功率为100W
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】由图乙可知，物体上升的速度v物 =，绳子自由端移动的速度 v绳 =，因此承担物重的绳子段数 n==3。不计绳重和摩擦，由可得物体重力：A：绳子自由端移动的速度为 1.5m/s，故 A 错误。
B：工人做的有用功，故 B 错误。
C：总功，机械效率，故 C 正确；
D：拉力的功率 P=Fv绳 =200N×1.5m/s=300W，故 D 错误。
故选C；
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。
4、机械效率的计算：。
13．城市的环卫洒水车对道路洒水，在此过程中，洒水车在水平地面上匀速运动，洒水车的动能　 　选填“变大”、“不变”或“变小”，洒水车的机械能　 　选填“变大”、“不变”或“变小”。
【答案】变小；变小
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】洒水车匀速行驶，速度不变，洒水时整车质量不断减小，因此动能变小；车辆在水平路面，高度不变、质量减小，重力势能变小，机械能是动能与重力势能之和，故机械能变小。
答案：变小；变小
【分析】（1）动能由质量和速度决定，，不变、减小，动能变小；
（2）重力势能由质量和高度决定，高度不变、减小，重力势能变小；机械能=动能+重力势能，所以机械能整体变小。
14．某消防队举行高楼灭火演习。如图甲所示，电动灭火无人机悬停在空中；如图乙所示，当无人机水平向右猛烈喷射干粉的同时，原本悬停的无人机水平向左飘移，这说明力的作用是　 　的，同时也说明力可以改变物体的　 　。
【答案】相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】 当无人机水平向右猛烈喷射干粉的同时，原本悬停的无人机水平向左飘移，这说明力的作用是相互的，同时也说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
【分析】 力的作用是相互的，一个物体是施力物体的同时也是受力物体。
力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。
15．如图是我国第一艘国产航空母舰“山东舰”训练时，舰载机飞离航母甲板时的情景。舰载机飞离航母甲板后，航母所受浮力将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），舱底所受海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），舰载机飞离航母时为了获得较大的升力，应　 　（选填“顺风”或“逆风”）起飞。
【答案】变小；变小；逆风
【知识点】液体压强的特点；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】舰载机飞离航母后航母总重力减小，航母漂浮、浮力等于总重力，故浮力变小；浮力变小则排开海水体积变小，航母上浮、舱底深度变小，由可知舱底海水压强变小；逆风起飞时飞机相对空气流速更大，机翼升力更大，因此选逆风。
答案：变小；变小；逆风
【分析】（1）漂浮条件：，舰载机飞走，总重减小，浮力随之变小；
（2），浮力变小则减小，舰身上浮，舱底所处深度减小，液体压强随深度减小而变小；
（3）流体压强规律：流速越大压强越小，逆风可增大机翼与空气的相对速度，提升上下表面压力差，获得更大升力。
16．如图所示，重为0.3N的磁性黑板擦吸附在竖直的黑板上，此时黑板擦受到的摩擦力大小为　 　N；若对磁性黑板擦施加一个竖直向上、大小为0.8N的推力时，它恰好向上匀速直线运动，则此时黑板擦受到的摩擦力大小为　 　N。
【答案】0.3；1.1
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】黑板擦静止，受到平衡力，在竖直方向上，黑板擦的重力与静摩擦力平衡，大小相等，则摩擦力f=G=0.3N；
对黑板擦施加一个竖直向上、大小为0.8N的推力时，恰好向上匀速直线运动，黑板擦的向下的重力与向下的滑动摩擦力f滑和竖直向上推力F平衡，黑板擦受到的摩擦力：f滑=G+F=0.3N+0.8N=1.1N
【分析】静止和匀速直线运动时，物体受到平衡力，结合平衡力合力为零，计算力的大小。
17．水平桌面上有一个盛有适量水的烧杯，小美在烧杯中缓慢放入一个质量为300g、体积为500cm3的物体，当物体在水中静止时处于 　 　状态（选填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”），此时物体受到的浮力为 　 　N。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
【答案】漂浮；3
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】结合已知条件，以及密度公式计算物体的密度，所以物体在水中静止时处于漂浮状态。
物体受到的浮力等于重力，即；
【分析】、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
18．如图甲，要使静止的两“船”靠近，可用注射器对着图中的　 　点处射水；如图乙是自制的潜水艇模型，向内推注射器活塞，可实现潜水艇　 　（上浮/下沉）。
【答案】B；上浮
【知识点】流体压强与流速的关系；浮力的利用
【解析】【解答】对着B点射水，两船中间水流快、压强小，外侧压强大，两船在压力差作用下靠拢；向内推注射器活塞，试管内水被排出，潜水艇自重减小，浮力大于重力，潜水艇上浮。
故答案：B；上浮
【分析】（1）依据流体压强与流速关系：流速越大，压强越小；在两船中间B点喷水，中间低压、外侧高压，压力差使小船靠近；
（2）潜水艇靠改变自身重力实现浮沉，向内推活塞排水，模型重力变小，浮力不变，，所以上浮。
19．如图所示是运动员立定跳远落地瞬间时的情景，请画出运动员受到的重力以及脚受到的摩擦力的示意图。（A点是重心、B点是脚与地面间的作用点）
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】重力的方向始终是竖直向下，作用点在物体的重心，以重心为起点，沿竖直向下方向画带箭头的线段，标注符号；运动员落地瞬间，脚相对于地面有向右滑动的趋势，摩擦力会阻碍相对运动趋势，因此地面对脚的摩擦力方向为水平向后向左，作用点在脚与地面的接触点B处。以作用点为起点，沿水平向左方向画带箭头的线段，标注符号如图所示：
【分析】（1）重力方向始终竖直向下，作用点固定在重心A；
（2）摩擦力阻碍相对运动趋势，脚有向右滑的趋势，因此地面对脚的静摩擦力水平向左，作用在脚掌与地面接触点B。
20．如图为我国古代投石机的简化图，O为支点。发射石弹前用力将A端拉下并放好石弹，发射时撤掉A端外力即可，请在图中画出装弹前人施加在A端的最小力F1及其力臂l1。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解析】根据杠杆平衡原理，当阻力与阻力臂保持不变时，动力臂的长度与所需动力成反比关系。因此，要获得最小的作用力，需要找到最大的动力臂。在本题图示中，线段OA代表最长的动力臂。通过点A作垂直于OA向下的力，即为最小动力。具体作图如下：
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
结合杠杆平衡可知，最大力臂对应最小力，题目中最大力臂为OA。
21．为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如下图所示的情景中，沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图所示。
（1）能够用弹簧测力计的示数表示摩擦力的大小是根据　 　的原理。
（2）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）拉力的大小。
（3）甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与　 　有关。
（4）在图丙所示的情景中拉力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为　 　N。
（5）实验完成后，同学们对实验进行了改进，如图丁所示。水平拉动木板向左运动，A弹簧测力计的示数为5.8N，B弹簧测力计的示数为2.6N，则木块受到的摩擦力方向为水平向　 　（选填“左”或“右”），木板与木块之间的摩擦力大小为　 　N。
【答案】二力平衡；等于；压力大小；3.2；左；2.6
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验操作时，弹簧测力计需要沿水平方向拉动木块，让木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡的条件，滑动摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数。
（2）小明刚开始拉动木块时，木块保持静止，也就是平衡状态，根据二力平衡可知，此时木块受到的静摩擦力大小等于拉力的大小。
（3）观察甲、乙两次实验可以发现，两次实验中接触面粗糙程度一致，木块对接触面的压力大小不同，对应弹簧测力计的示数不同，因此该组实验的目的是探究滑动摩擦力大小和压力大小的关系。
（4）由图可知，丙实验中木块在毛巾表面做匀速直线运动，结合二力平衡可得，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，即3.2N；当拉力增大为4N时，木块的重力不变，因此木块对毛巾的压力大小不变，接触面的粗糙程度也没有改变，所以滑动摩擦力的大小保持不变，依旧为3.2N。
（5）该实验中木块始终保持静止，属于平衡状态，木块在水平方向只受到测力计的拉力和长木板对它的滑动摩擦力，根据二力平衡，这两个力大小相等、方向相反，因此滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数2.6N；由于拉力方向向右，所以摩擦力方向水平向左，根据力的作用是相互的，木块对木板的摩擦力和木板对木块的摩擦力大小相等，因此木板与木块间的摩擦力大小为2.6N。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
22．探究“液体压强与哪些因素有关”的实验中，小茗进行了如下操作：
（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，接下来正确的调节方法是______（填写正确选项前的字母）；
A．U形管右侧高出部分的液体倒出
B．向U形管中继续盛装液体
C．取下橡皮管，重新进行安装
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的　 　来显示橡皮膜所受压强大小的仪器；
（3）通过比较图中　 　两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系，这种实验研究方法是　 　法，依据得出的结论，拦河大坝要做成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状；
（4）为使U形管两侧液面高度差更明显，以下操作可行的是______（选填序号）。
A．将U形管换成更细的 B．U形管中换用密度更小的液体
【答案】（1）C
（2）高度差
（3）乙、丙；控制变量；上窄下宽
（4）B
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，可知左管中液面上方气体压强大于大气压强，接下来的操作是取下橡皮管，重新进行安装，两管液面上方气体与大气连通，液面即是相平的，故C正确，AB错误。
故答案为：C。
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的仪器，U形管两端液面的高度差越大，说明橡皮膜所受压强越大。
故答案为：高度差
（3）要探究液体的压强与液体深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度。乙、丙两图中液体都是水，即密度相同，探头在水中的深度不同，所以通过比较图中乙、丙两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系。
这种控制其他因素不变，只改变一个因素来研究问题的实验方法是控制变量法。
根据液体压强公式 ，液体压强随深度的增加而增大，拦河大坝下部受到水的压强比上部大，为了承受更大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
故答案为：乙、丙；控制变量；上窄下宽
（4）根据可知，液体压强只与液体深度和液体的密度有关，与U形管粗细无关，在压强一定时，U形管中换用密度更小的液体，则增大了U形管两侧液面高度差。故A不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】(1) 本小问围绕 U 型管压强计气密性调试，液面不平是软管内气压和大气压不等导致，依托装置原理分析重新拆装是正确操作。
(2) 本小问考查转换法应用，将不易直接测量的液体压强转化为 U 型管液面高度差来体现。
(3) 第一空依据控制变量思路，探究深度影响需固定液体密度、改变探头深度，筛选对应实验组；第二空点明实验方法名称；第三空结合液体压强随深度变大的规律，解释拦河大坝外形设计原因。
(4) 本小问结合液体压强公式，在压强固定时，分析 U 型管内液体密度对液面高度差的影响，排除管径带来的干扰。
（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，可知左管中液面上方气体压强大于大气压强，接下来的操作是取下橡皮管，重新进行安装，两管液面上方气体与大气连通，液面即是相平的，故C正确，AB错误。
故选C。
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的仪器，U形管两端液面的高度差越大，说明橡皮膜所受压强越大。
（3）[1]要探究液体的压强与液体深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度。乙、丙两图中液体都是水，即密度相同，探头在水中的深度不同，所以通过比较图中乙、丙两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系。
[2]这种控制其他因素不变，只改变一个因素来研究问题的实验方法是控制变量法。
[3]根据液体压强公式 ，液体压强随深度的增加而增大，拦河大坝下部受到水的压强比上部大，为了承受更大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（4）根据可知，液体压强只与液体深度和液体的密度有关，与U形管粗细无关，在压强一定时，U形管中换用密度更小的液体，则增大了U形管两侧液面高度差。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
23．如图所示，是探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验和实验过程中弹簧测力计的示数，。
（1）金属块A浸没在水中时，受到的浮力是　 　 N；
（2）分析乙、丙两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与　 　有关，分析丙、丁两图实验数据可得：浮力大小跟物体浸没在水中的深度　 　选填“有关”或“无关”；分析　 　两图可知，浮力大小跟液体密度有关；
（3）由图中数据可算出金属块A的密度是　 　。
【答案】（1）2
（2）物体排开液体的体积；无关；丁、戊
（3）
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为，则金属块的重力；由图丙可得，金属块浸没在水中时弹簧测力计的示数为，A受到的浮力为
故答案为：2
（2）分析乙、丙可知，金属块浸入液体中的体积不同，弹簧测力计示数不同，浮力的大小不同，则浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
分析丙、丁可知，金属块都浸没在水中，排开水的体积相同，在水中的深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力的大小相同，由此可见，浮力的大小与深度无关。
要探究浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关，就要让液体密度不同，其他条件相同，故应选择丁、戊两图分析。
故答案为：物体排开液体的体积；无关；丁、戊
（3）金属块浸没在水中时受到的浮力，由可知，金属块的体积为
金属块的质量为
则金属块的密度
故答案为：
【分析】(1) 本小问依托称重法测浮力，先从甲图读取物体自重、丙图读取浸没后拉力，再用计算浮力大小。
(2) 本小问采用控制变量思路：乙丙控制液体密度相同、改变排液体积，探究浮力与排开液体体积的关系；丙丁控制液体密度、排液体积相同、改变浸没深度，判断浮力和深度的关联；丁戊控制排液体积一致、更换不同液体，用来探究浮力与液体密度的关系。
(3) 本小问结合阿基米德原理与密度公式，先由浸没时浮力算出物体体积，再利用重力求物体质量，最后根据推导金属块密度。
（1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为，则金属块的重力；由图丙可得，金属块浸没在水中时弹簧测力计的示数为，A受到的浮力为
（2）[1]分析乙、丙可知，金属块浸入液体中的体积不同，弹簧测力计示数不同，浮力的大小不同，则浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[2]分析丙、丁可知，金属块都浸没在水中，排开水的体积相同，在水中的深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力的大小相同，由此可见，浮力的大小与深度无关。
[3]要探究浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关，就要让液体密度不同，其他条件相同，故应选择丁、戊两图分析。
（3）金属块浸没在水中时受到的浮力，由可知，金属块的体积为
金属块的质量为
则金属块的密度
24．小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于　 　选填“平衡”或“非平衡”状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　选填“左”或“右”调节；
（2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次水平平衡，应该在B位置挂上　 　个同样钩码；
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将　 　选填“变大”“变小”或“不变”；
（4）小明和小红制作杆秤：
①如图丁，用50cm长的木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空托盘挂在M点作为秤盘，在N点挂粗绳作为提纽；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应刻度值为　 　g；
②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记对应的质量，再测出细线距离N点的长度如表，根据表中数据，应将250g的刻度值标记在距离N点　 　cm处。
托盘中砝码总质量 50 100 150 200
距离N点的长度 6 11 16 21
【答案】（1）平衡；左
（2）4
（3）变大
（4）0；26
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）静止和匀速转动是杠杆的平衡状态。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于平衡状态。
如图甲，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节。
故答案为：平衡；左
（2）设每个钩码重力为，杠杆上一格长度为，在杠杆A点挂2个相同的钩码，设在杠杆的B点挂个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件则有，解得
故答案为：4
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，根据杠杆平衡条件可知需要的拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：变大
（4）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g。
由表格数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离N点的距离就增加5cm。托盘中砝码总质量为200g时，秤砣距离N点的长度为21cm。则应将250g的刻度值标记在距离N点
故答案为：0；26
【分析】(1) 依据杠杆平衡定义，静止属于平衡状态；结合杠杆右端下沉的现象，按照平衡螺母向偏高一侧调节的规律确定调节方向。
(2) 设定单个钩码重力与单格长度，代入杠杆平衡公式，列式计算 B 点所需钩码数量。
(3) 测力计倾斜拉动时，找准动力力臂的变化规律，在阻力、阻力臂不变的前提下，结合杠杆平衡条件分析拉力大小变化。
(4) ①空秤盘调平后秤砣位置对应零刻度；②梳理表格数据变化规律，得到质量增量与秤砣移动距离的线性关系，据此推算 250g 对应的距离数值。
（1）[1]静止和匀速转动是杠杆的平衡状态。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于平衡状态。
[2]如图甲，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节。
（2）设每个钩码重力为，杠杆上一格长度为，在杠杆A点挂2个相同的钩码，设在杠杆的B点挂个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件则有，解得
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，根据杠杆平衡条件可知需要的拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大。
（4）[1]秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g。
[2]由表格数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离N点的距离就增加5cm。托盘中砝码总质量为200g时，秤砣距离N点的长度为21cm。则应将250g的刻度值标记在距离N点
25．如图所示是一辆无人配送车。若该无人配送车装运快递后的总质量为600kg，在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，用时40s，此过程中无人配送车所受阻力大小为车重的倍，轮胎与地面接触的总面积为。，通过计算回答：该无人配送车在40s的时间里：
（1）对水平地面的压强是多少？
（2）牵引力做功是多少？
（3）牵引力做功的功率是多少？
【答案】（1）解：无人配送车对水平地面的压强是
（2）解：无人配送车匀速行驶，牵引力等于阻力，牵引力大小为
无人配送牵引力所做的功为
（3）解：牵引力做功的功率是
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 本小问先依托求出配送车总重力，水平地面上压力等于自重，再统一受力面积单位，结合固体压强公式列式运算。
(2) 本小问结合匀速直线运动受力平衡，牵引力与阻力大小相等，先由阻力和重力的倍数关系算出牵引力，再依据功的公式求解牵引力做功。
(3) 本小问依托功率定义式，代入已求得的功和运动时间计算功率大小。
（1）无人配送车对水平地面的压强是
（2）无人配送车匀速行驶，牵引力等于阻力，牵引力大小为
无人配送牵引力所做的功为
（3）牵引力做功的功率是
26．图中是我国第一艘航空母舰福建舰，它是我国完全自主研制的首艘电磁弹射型航母，其全长为320米，最大宽度78米，满载排水量为8万吨，满载时吃水深度达到13米（即舰底最深处距离海面的竖直高度）。已知海水密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）福建舰满载时，舰底某处位于海面下13米，求此处海水产生的压强。
（2）福建舰满载时受到的浮力；
（3）福建舰满载时排开海水的体积。
【答案】（1）解：海面下13米，舰底此处所受海水的压强为
（2）解：福建舰所受的浮力为
（3）解：福建舰满载时，排开海水的体积
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）结合压强公式计算海面下13米，舰底此处所受海水的压强；
（2）舰船漂浮在水面上，福建舰所受的浮力为；
（3）结合浮力公式计算福建舰满载时，排开海水的体积。
（1）海面下13米，舰底此处所受海水的压强为
（2）福建舰所受的浮力为
（3）福建舰满载时，排开海水的体积
27．如图所示为某工地施工现场使用的提升装置，工人用该装置将重为800N的建筑材料匀速提升了8m，用时10s。电动机的输出功率恒定为800W，不计绳重和摩擦。求：
（1）内电动机输出的总功；
（2）此时滑轮组的机械效率；
（3）动滑轮所受的重力。
【答案】（1）解：内电动机输出的总功为
（2）解：克服物体重力做的有用功为
此时滑轮组的机械效率为
（3）解：不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功为
则动滑轮所受的重力为
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】(1) 本小问依托功率定义式，代入电动机恒定功率与工作时间，计算电动机输出总功。
(2) 先用算出提升重物的有用功，再结合机械效率公式，代入有用功、总功求解效率。
(3) 不计绳重与摩擦，额外功只由动滑轮自重产生，先通过总功减有用功得到额外功，再由变形求解动滑轮重力。
（1）内电动机输出的总功为
（2）克服物体重力做的有用功为
此时滑轮组的机械效率为
（3）不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功为
则动滑轮所受的重力为
1 / 1山东省德州市夏津县2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
1．下列数据最符合实际的是（　　）
A．中学生双脚站立时对地面的压强为1Pa
B．青藏高原上水的沸点约为
C．把10个鸡蛋举高2m，做的功约为10J
D．起重机的机械效率可以达到
2．在体育测试中，小明同学掷实心球的场景如图所示，图中a点是球刚离开手的位置，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后滚动到d点停止。下列说法正确的是（　　）
A．球从a点上升到b点，是因为球受到手的推力作用
B．球在b点的速度为零
C．若球在b点受到的力全部消失，则球做匀速直线运动
D．球从c点运动到d点停止，说明物体运动需要力来维持
3．如图所示，“舞狮”是我国传统的年俗活动，当“狮子”静止在支架上时，下列说法正确的是（　　）
A．支架对“狮子”有向上的支持力，是因为“狮子脚”发生了弹性形变
B．“狮子”的重力和支架对“狮子”的支持力是一对平衡力
C．“狮子”对支架的压力和自身重力是一对平衡力
D．“狮子”的重力和支架对“狮子”的支持力是一对相互作用力
4．小阳在超市购物，用8N的力水平推着一个购物车匀速直线运动，突然小阳发现前面有人，他马上用17N的水平力向后拉小车，使小车减速运动，在此过程中有关小车受力的说法正确的是（　　）
A．小车受到的摩擦力是17N B．小车受到的合力是8N
C．小车受到的合力是9N D．小车受到的合力是25N
5．关于压强的知识，下列四个实例中说法正确的是（　　）
A．图甲：飞机机翼上凸下平获得升力，因为流速大的地方压强小
B．图乙：用活塞式抽水机抽水主要利用液体压强使水上升到高处
C．图丙，此装置测出大气压的值一定相当于760mm水银柱产生的压强
D．图丁，把自制气压计从山顶移到山脚时，细管内的液柱一定上升
6．以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是（　　）
A．图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁塘”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
B．图乙“湿田击稻”中，用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为受到惯性力
C．图丙“北耕兼种”中，耧下端的“鐵尖”是通过减小受力面积来增大压力的
D．图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
7．小强用如图所示的实验装置验证阿基米德原理，通过调节升降台让金属块浸入盛满水的溢水杯中（金属块始终未与容器底接触），溢出的水会流入右侧空桶中，下列说法正确的是（　　）
A．金属块浸入水中越深，水对溢水杯底部的压力越大
B．金属块浸没在水中的深度越深，弹簧测力计A的示数越小
C．金属块从接触水面至浸入水中某一位置，弹簧测力计A和B的变化量 FA= FB
D．若实验前溢水杯中未装满水，对实验结果没有影响
8．快递小哥宋学文作为一名普通劳动者当选全国劳模，在以下工作中宋学文对货物做了功的是（　　）
A．搬货物但未搬起 B．抱着货物在原地等待签收
C．用力搬货物从地上到车厢 D．提着货物在水平路上匀速前进
9．如图甲所示，同一木块放在同一水平面上，先后两次沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动。两次拉动木块得到的s-t图像分别是图乙中的图线①、②。下列有关说法正确的是（　　）
A．①、②两次的摩擦力大小f1=f2
B．①、②两次的拉力大小关系是F1>F2
C．经过相同时间，①、②两次拉力做功的关系是W1D．①、②两次拉力做功功率的关系是P110．如图，《天工开物》中古人用踏碓舂米的情景，踏碓的实质是杠杆。下列工具在使用时与踏碓属于同一类杠杆的是（　　）
A． B．
C． D．
11．物理是一门以实验为基础的学科，如图所示，下列对实验的说法正确的是（　　）
（1）甲实验中木板必须匀速向右运动，弹簧测力计的示数才是稳定的
（2）乙实验中若AB阀门都打开，a管中的液面将高于b管中的液面
（3）丙实验中的U形管相当于连通器，若将探头在同一深度转动，U形管两侧液面高度差不变
（4）丁实验通过完全相同的AB两球推动木块移动的距离不同说明动能的大小与速度有关
A．（1）（2） B．（3）（4） C．（2）（3） D．（2）（4）
12．如图甲所示，虚线框内是两个滑轮连成的滑轮组，工人利用该滑轮组，用200N竖直向上的拉力F，将物体匀速提高3m，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，已知动滑轮重120N，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．工人做的有用功为360J
C．该滑轮组的机械效率为80%
D．拉力F的功率为100W
13．城市的环卫洒水车对道路洒水，在此过程中，洒水车在水平地面上匀速运动，洒水车的动能　 　选填“变大”、“不变”或“变小”，洒水车的机械能　 　选填“变大”、“不变”或“变小”。
14．某消防队举行高楼灭火演习。如图甲所示，电动灭火无人机悬停在空中；如图乙所示，当无人机水平向右猛烈喷射干粉的同时，原本悬停的无人机水平向左飘移，这说明力的作用是　 　的，同时也说明力可以改变物体的　 　。
15．如图是我国第一艘国产航空母舰“山东舰”训练时，舰载机飞离航母甲板时的情景。舰载机飞离航母甲板后，航母所受浮力将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），舱底所受海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），舰载机飞离航母时为了获得较大的升力，应　 　（选填“顺风”或“逆风”）起飞。
16．如图所示，重为0.3N的磁性黑板擦吸附在竖直的黑板上，此时黑板擦受到的摩擦力大小为　 　N；若对磁性黑板擦施加一个竖直向上、大小为0.8N的推力时，它恰好向上匀速直线运动，则此时黑板擦受到的摩擦力大小为　 　N。
17．水平桌面上有一个盛有适量水的烧杯，小美在烧杯中缓慢放入一个质量为300g、体积为500cm3的物体，当物体在水中静止时处于 　 　状态（选填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”），此时物体受到的浮力为 　 　N。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
18．如图甲，要使静止的两“船”靠近，可用注射器对着图中的　 　点处射水；如图乙是自制的潜水艇模型，向内推注射器活塞，可实现潜水艇　 　（上浮/下沉）。
19．如图所示是运动员立定跳远落地瞬间时的情景，请画出运动员受到的重力以及脚受到的摩擦力的示意图。（A点是重心、B点是脚与地面间的作用点）
20．如图为我国古代投石机的简化图，O为支点。发射石弹前用力将A端拉下并放好石弹，发射时撤掉A端外力即可，请在图中画出装弹前人施加在A端的最小力F1及其力臂l1。
21．为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如下图所示的情景中，沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图所示。
（1）能够用弹簧测力计的示数表示摩擦力的大小是根据　 　的原理。
（2）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）拉力的大小。
（3）甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与　 　有关。
（4）在图丙所示的情景中拉力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为　 　N。
（5）实验完成后，同学们对实验进行了改进，如图丁所示。水平拉动木板向左运动，A弹簧测力计的示数为5.8N，B弹簧测力计的示数为2.6N，则木块受到的摩擦力方向为水平向　 　（选填“左”或“右”），木板与木块之间的摩擦力大小为　 　N。
22．探究“液体压强与哪些因素有关”的实验中，小茗进行了如下操作：
（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，接下来正确的调节方法是______（填写正确选项前的字母）；
A．U形管右侧高出部分的液体倒出
B．向U形管中继续盛装液体
C．取下橡皮管，重新进行安装
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的　 　来显示橡皮膜所受压强大小的仪器；
（3）通过比较图中　 　两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系，这种实验研究方法是　 　法，依据得出的结论，拦河大坝要做成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状；
（4）为使U形管两侧液面高度差更明显，以下操作可行的是______（选填序号）。
A．将U形管换成更细的 B．U形管中换用密度更小的液体
23．如图所示，是探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验和实验过程中弹簧测力计的示数，。
（1）金属块A浸没在水中时，受到的浮力是　 　 N；
（2）分析乙、丙两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与　 　有关，分析丙、丁两图实验数据可得：浮力大小跟物体浸没在水中的深度　 　选填“有关”或“无关”；分析　 　两图可知，浮力大小跟液体密度有关；
（3）由图中数据可算出金属块A的密度是　 　。
24．小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于　 　选填“平衡”或“非平衡”状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　选填“左”或“右”调节；
（2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次水平平衡，应该在B位置挂上　 　个同样钩码；
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，弹簧测力计的示数将　 　选填“变大”“变小”或“不变”；
（4）小明和小红制作杆秤：
①如图丁，用50cm长的木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空托盘挂在M点作为秤盘，在N点挂粗绳作为提纽；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应刻度值为　 　g；
②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，记录细线的位置、标记对应的质量，再测出细线距离N点的长度如表，根据表中数据，应将250g的刻度值标记在距离N点　 　cm处。
托盘中砝码总质量 50 100 150 200
距离N点的长度 6 11 16 21
25．如图所示是一辆无人配送车。若该无人配送车装运快递后的总质量为600kg，在某小区的平直道路上匀速行驶了60m，用时40s，此过程中无人配送车所受阻力大小为车重的倍，轮胎与地面接触的总面积为。，通过计算回答：该无人配送车在40s的时间里：
（1）对水平地面的压强是多少？
（2）牵引力做功是多少？
（3）牵引力做功的功率是多少？
26．图中是我国第一艘航空母舰福建舰，它是我国完全自主研制的首艘电磁弹射型航母，其全长为320米，最大宽度78米，满载排水量为8万吨，满载时吃水深度达到13米（即舰底最深处距离海面的竖直高度）。已知海水密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）福建舰满载时，舰底某处位于海面下13米，求此处海水产生的压强。
（2）福建舰满载时受到的浮力；
（3）福建舰满载时排开海水的体积。
27．如图所示为某工地施工现场使用的提升装置，工人用该装置将重为800N的建筑材料匀速提升了8m，用时10s。电动机的输出功率恒定为800W，不计绳重和摩擦。求：
（1）内电动机输出的总功；
（2）此时滑轮组的机械效率；
（3）动滑轮所受的重力。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】压强的大小及其计算；沸点及沸点与气压的关系；机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】A、中学生体重约500N，双脚面积约，对地压强，远大于1Pa，A错误；
B、青藏高原海拔高、气压低，水的沸点低于，B错误；
C、1个鸡蛋约0.5N，10个鸡蛋总重，做功，C正确；
D、使用任何机械都不可避免做额外功，机械效率永远小于100%，D错误；
故答案为：C。
【分析】A、结合中学生体重与脚掌面积估算压强；
B、考查沸点与气压关系：气压越小，沸点越低；
C、利用代入鸡蛋重力、提升高度计算做功；
D、额外功不可避免，机械效率达不到100%。
2．【答案】C
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．实心球离开手后能从a点上升到b点，是由于实心球本身具有惯性，出手之后不再受到手施加的推力，因此A选项错误；
B．实心球被推出后，运动过程中水平方向不受力，会保持水平方向的速度不变，因此运动到最高点时速度不为零，故B选项错误；
C．实心球运动到b点时，仍然具有水平向右的速度，根据牛顿第一定律，此时如果所有外力都消失，实心球会保持原来的速度沿水平向右做匀速直线运动，因此C选项正确；
D．实心球最终落到d点后停止运动，是因为受到地面阻力的作用，这说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动并不需要力来维持，故D选项错误。
故选C。
【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动；
力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
实心球达到最高点，在水平方向上具有速度。
3．【答案】B
【知识点】弹力；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、支架对狮子的支持力是支架发生弹性形变产生的，不是狮子脚形变，A 错误；
B、狮子的重力与支架对狮子的支持力，作用在同一物体、大小相等、方向相反、同一直线，是一对平衡力，B 正确；
C、狮子对支架的压力作用在支架上，重力作用在狮子上，受力物体不同，不是平衡力，C 错误；
D、重力和支持力作用在同一个物体上，不是相互作用力，D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、弹力由施力物体发生弹性形变产生；
B、依据平衡力四条件（同体、等大、反向、共线）判断；
C、平衡力必须受力物体相同；
D、相互作用力作用在两个不同物体上。
4．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】小车匀速前进时，推力与滑动摩擦力平衡，故滑动摩擦力；向后拉车时，拉力、摩擦力方向都与运动方向相反。
A、滑动摩擦力只由压力、粗糙程度决定，仍为，A错误；
B、合力，B错误；
C、合力为，C错误；
D、两个力同向，合力大小等于两力相加：，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查滑动摩擦力影响因素，压力、接触面不变，滑动摩擦力大小不变；
B、考查同一直线同向二力合成，合力等于两力之和；
C、代入数据核对合力数值；
D、向后拉车时摩擦力、拉力同向，直接求和得到总合力。
5．【答案】A
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、飞机机翼上凸下平，上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差产生升力，A 正确；
B、活塞式抽水机依靠大气压将水压入高处，不是液体压强，B 错误；
C、当地气压不一定等于标准大气压，测出数值不一定等于 760mm 水银柱压强，C 错误；
D、山脚海拔更低、大气压更大，瓶内气压把细管液柱向下压，液面下降，D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查流体压强与流速规律：流速越大，压强越小；
B、考查抽水机原理，利用大气压强工作；
C、大气压随海拔变化，只有标准大气压才对应 760mm 汞柱；
D、海拔越低外界气压越大，自制气压计细管液面下降。
6．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；物体运动状态的变化；惯性及其现象；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．牛拉犁塘匀速转动过程中，运动方向不断变化，因此运动状态改变，故A错误；
B．用力甩稻秆，稻粒落入木桶中，是因为其具有惯性，不能说受到惯性，故B错误；
C．耧下端的鐵尖是通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D．水从高处流下，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能增大，重力势能转化为动能，故D正确。
故选D。
【分析】（1）力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
（2）惯性是物体本身的性质，惯性大小只与物体的质量有关；
（3）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
（4）影响动能的因素是物体的质量和速度：影响重力势能的因素是质量和高度。
7．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；压力差法测浮力；阿基米德原理测浮力
【解析】【解答】A．当金属块浸入水中的深度不断增大时，溢水杯内水的深度始终保持不变，根据公式p=ρgh可以得到，水对溢水杯底部的压强不会发生改变；再根据F=pS可知，水对溢水杯底部的压力也保持不变，故A选项错误。
B．当金属块浸没在水中后，改变它浸没的深度，金属块排开水的体积不会发生变化，根据F浮=ρgV排可得，金属块受到的浮力大小不变；再根据拉力关系F拉=G金-F浮可知，金属块受到的拉力不变，也就是挂金属块的弹簧测力计A示数不变，故B错误。
C、对本题装置，弹簧测力计A的示数满足：FA=G-F浮弹簧测力计B的示数满足：FB=G桶+G排，由此可得，弹簧测力计A的示数变化量 FA= F浮， FB= G排。根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，因此一定满足 FA= FB，故C正确。
D．如果实验开始前溢水杯没有装满水，那么金属块排开的水不会全部溢出到小桶中，金属块受到的浮力F浮测量是准确的，但测得的排开液体重力G排会偏小，会影响最终的实验结果，故D错误。
故选C。
【分析】1、固体压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
2、液体压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同；
3、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
4、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大，阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
8．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．宋学文搬货物但未搬起，虽然对货物施加了力，但货物没有在力的方向上移动距离，因此没有对货物做功。故A不符合题意。
B．抱着货物在原地等待签收，虽然对货物施加了力，但货物在力的方向上没有发生位移，因此宋学文对货物不做功。故B不符合题意。
C．用力将货物从地上搬到车厢，既对货物施加了力，又使货物在力的方向上移动了距离，满足做功的两个必要条件，因此宋学文对货物做了功。故C符合题意。
D．提着货物在水平路上匀速前进，虽然对货物施加了向上的力，但货物移动方向与力的方向垂直（水平移动），在力的方向上没有位移分量，因此不做功。故D不符合题意。
正确答案是。
【分析】做功的条件：物体受到力，且在力的方向上产生了位移。
9．【答案】A
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合；功的计算及应用
【解析】【解答】AB．从图象可以看出，木块两次运动都满足路程与时间成正比，因此两次木块都是做匀速直线运动。做匀速直线运动的木块受力平衡，水平方向上拉力和滑动摩擦力大小相等。两次拉动的是同一个木块，木块对水平面的压力大小等于木块重力保持不变，而且是在同一水平面运动，接触面粗糙程度不变，因此两次木块受到的滑动摩擦力大小相等，也就是，结合二力平衡的结论可以得到两次拉力大小也相等，即，故A正确，B错误；
C．观察图象可知，相同时间内第一次木块运动通过的路程比第二次更大，我们已经推出两次拉力大小相等，结合功的计算公式可得，相同时间内拉力两次做功的大小关系为，故C错误；
D．由图象可知，相同时间内第一次木块移动的路程更大，说明第一次木块运动的速度更大，即；已知两次拉力大小相等，，根据功率推导公式可得，第一次拉力做功的功率更大，也就是，故D错误。
故选A。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以物体受到的拉力等于摩擦力；
2、功的计算：W=Fs；
3、功率的计算：公式为P=Fv。
10．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】在脚踏碓舂米的工作过程中，动力臂的长度小于阻力臂，因此它属于费力杠杆。
A．使用核桃夹子夹核桃时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故不符合题意；
B．用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．使用瓶盖起子开瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．使用筷子夹取食物时，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。
故选D。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
11．【答案】D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验；探究液体压强的特点实验；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）木块与木板间的压力以及两者的接触面粗糙程度与木板运动的速度大小无关，所以木板是否匀速运动不会影响弹簧测力计的示数，故（1）错误；
（2）根据图片可知，细管b处水流速大、压强小，支持的水柱低，所以a管中的液面将高于b管中的液面，故（2）正确；
（3）压强计的U形管底部连通，上面只有一端是开口的，则它不是连通器，故（3）错误；
（4）根据图片可知，两小球质量相同，下滑的高度不同，则到达水平面时的速度也不同，因此通过两球推动木块移动的距离不同能说明动能的大小与速度有关，故（4）正确。
故选D。
【分析】（1）根据影响滑动摩擦力大小因素的知识分析；
（2）根据流体压强和流速的关系判断；
（3）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（4）根据控制变量法的要求分析。
12．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】由图乙可知，物体上升的速度v物 =，绳子自由端移动的速度 v绳 =，因此承担物重的绳子段数 n==3。不计绳重和摩擦，由可得物体重力：A：绳子自由端移动的速度为 1.5m/s，故 A 错误。
B：工人做的有用功，故 B 错误。
C：总功，机械效率，故 C 正确；
D：拉力的功率 P=Fv绳 =200N×1.5m/s=300W，故 D 错误。
故选C；
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算，，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。
4、机械效率的计算：。
13．【答案】变小；变小
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】洒水车匀速行驶，速度不变，洒水时整车质量不断减小，因此动能变小；车辆在水平路面，高度不变、质量减小，重力势能变小，机械能是动能与重力势能之和，故机械能变小。
答案：变小；变小
【分析】（1）动能由质量和速度决定，，不变、减小，动能变小；
（2）重力势能由质量和高度决定，高度不变、减小，重力势能变小；机械能=动能+重力势能，所以机械能整体变小。
14．【答案】相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】 当无人机水平向右猛烈喷射干粉的同时，原本悬停的无人机水平向左飘移，这说明力的作用是相互的，同时也说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
【分析】 力的作用是相互的，一个物体是施力物体的同时也是受力物体。
力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。
15．【答案】变小；变小；逆风
【知识点】液体压强的特点；流体压强与流速的关系；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】舰载机飞离航母后航母总重力减小，航母漂浮、浮力等于总重力，故浮力变小；浮力变小则排开海水体积变小，航母上浮、舱底深度变小，由可知舱底海水压强变小；逆风起飞时飞机相对空气流速更大，机翼升力更大，因此选逆风。
答案：变小；变小；逆风
【分析】（1）漂浮条件：，舰载机飞走，总重减小，浮力随之变小；
（2），浮力变小则减小，舰身上浮，舱底所处深度减小，液体压强随深度减小而变小；
（3）流体压强规律：流速越大压强越小，逆风可增大机翼与空气的相对速度，提升上下表面压力差，获得更大升力。
16．【答案】0.3；1.1
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】黑板擦静止，受到平衡力，在竖直方向上，黑板擦的重力与静摩擦力平衡，大小相等，则摩擦力f=G=0.3N；
对黑板擦施加一个竖直向上、大小为0.8N的推力时，恰好向上匀速直线运动，黑板擦的向下的重力与向下的滑动摩擦力f滑和竖直向上推力F平衡，黑板擦受到的摩擦力：f滑=G+F=0.3N+0.8N=1.1N
【分析】静止和匀速直线运动时，物体受到平衡力，结合平衡力合力为零，计算力的大小。
17．【答案】漂浮；3
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】结合已知条件，以及密度公式计算物体的密度，所以物体在水中静止时处于漂浮状态。
物体受到的浮力等于重力，即；
【分析】、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。
18．【答案】B；上浮
【知识点】流体压强与流速的关系；浮力的利用
【解析】【解答】对着B点射水，两船中间水流快、压强小，外侧压强大，两船在压力差作用下靠拢；向内推注射器活塞，试管内水被排出，潜水艇自重减小，浮力大于重力，潜水艇上浮。
故答案：B；上浮
【分析】（1）依据流体压强与流速关系：流速越大，压强越小；在两船中间B点喷水，中间低压、外侧高压，压力差使小船靠近；
（2）潜水艇靠改变自身重力实现浮沉，向内推活塞排水，模型重力变小，浮力不变，，所以上浮。
19．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】重力的方向始终是竖直向下，作用点在物体的重心，以重心为起点，沿竖直向下方向画带箭头的线段，标注符号；运动员落地瞬间，脚相对于地面有向右滑动的趋势，摩擦力会阻碍相对运动趋势，因此地面对脚的摩擦力方向为水平向后向左，作用点在脚与地面的接触点B处。以作用点为起点，沿水平向左方向画带箭头的线段，标注符号如图所示：
【分析】（1）重力方向始终竖直向下，作用点固定在重心A；
（2）摩擦力阻碍相对运动趋势，脚有向右滑的趋势，因此地面对脚的静摩擦力水平向左，作用在脚掌与地面接触点B。
20．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解析】根据杠杆平衡原理，当阻力与阻力臂保持不变时，动力臂的长度与所需动力成反比关系。因此，要获得最小的作用力，需要找到最大的动力臂。在本题图示中，线段OA代表最长的动力臂。通过点A作垂直于OA向下的力，即为最小动力。具体作图如下：
【分析】力臂的概念，从支点到力的作用线的距离。做出力的作用线，确定支点，从支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
结合杠杆平衡可知，最大力臂对应最小力，题目中最大力臂为OA。
21．【答案】二力平衡；等于；压力大小；3.2；左；2.6
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验操作时，弹簧测力计需要沿水平方向拉动木块，让木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡的条件，滑动摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数。
（2）小明刚开始拉动木块时，木块保持静止，也就是平衡状态，根据二力平衡可知，此时木块受到的静摩擦力大小等于拉力的大小。
（3）观察甲、乙两次实验可以发现，两次实验中接触面粗糙程度一致，木块对接触面的压力大小不同，对应弹簧测力计的示数不同，因此该组实验的目的是探究滑动摩擦力大小和压力大小的关系。
（4）由图可知，丙实验中木块在毛巾表面做匀速直线运动，结合二力平衡可得，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，即3.2N；当拉力增大为4N时，木块的重力不变，因此木块对毛巾的压力大小不变，接触面的粗糙程度也没有改变，所以滑动摩擦力的大小保持不变，依旧为3.2N。
（5）该实验中木块始终保持静止，属于平衡状态，木块在水平方向只受到测力计的拉力和长木板对它的滑动摩擦力，根据二力平衡，这两个力大小相等、方向相反，因此滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数2.6N；由于拉力方向向右，所以摩擦力方向水平向左，根据力的作用是相互的，木块对木板的摩擦力和木板对木块的摩擦力大小相等，因此木板与木块间的摩擦力大小为2.6N。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，所以拉力等于摩擦力；
2、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如影响摩擦力的因素有压力和接触面粗糙程度，在研究单一变量对试验结果的影响时，要保持非研究因素的相同；
3、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
22．【答案】（1）C
（2）高度差
（3）乙、丙；控制变量；上窄下宽
（4）B
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，可知左管中液面上方气体压强大于大气压强，接下来的操作是取下橡皮管，重新进行安装，两管液面上方气体与大气连通，液面即是相平的，故C正确，AB错误。
故答案为：C。
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的仪器，U形管两端液面的高度差越大，说明橡皮膜所受压强越大。
故答案为：高度差
（3）要探究液体的压强与液体深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度。乙、丙两图中液体都是水，即密度相同，探头在水中的深度不同，所以通过比较图中乙、丙两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系。
这种控制其他因素不变，只改变一个因素来研究问题的实验方法是控制变量法。
根据液体压强公式 ，液体压强随深度的增加而增大，拦河大坝下部受到水的压强比上部大，为了承受更大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
故答案为：乙、丙；控制变量；上窄下宽
（4）根据可知，液体压强只与液体深度和液体的密度有关，与U形管粗细无关，在压强一定时，U形管中换用密度更小的液体，则增大了U形管两侧液面高度差。故A不符合题意，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】(1) 本小问围绕 U 型管压强计气密性调试，液面不平是软管内气压和大气压不等导致，依托装置原理分析重新拆装是正确操作。
(2) 本小问考查转换法应用，将不易直接测量的液体压强转化为 U 型管液面高度差来体现。
(3) 第一空依据控制变量思路，探究深度影响需固定液体密度、改变探头深度，筛选对应实验组；第二空点明实验方法名称；第三空结合液体压强随深度变大的规律，解释拦河大坝外形设计原因。
(4) 本小问结合液体压强公式，在压强固定时，分析 U 型管内液体密度对液面高度差的影响，排除管径带来的干扰。
（1）实验前将U形管压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图甲所示的情景，可知左管中液面上方气体压强大于大气压强，接下来的操作是取下橡皮管，重新进行安装，两管液面上方气体与大气连通，液面即是相平的，故C正确，AB错误。
故选C。
（2）压强计是通过观察U形管两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小的仪器，U形管两端液面的高度差越大，说明橡皮膜所受压强越大。
（3）[1]要探究液体的压强与液体深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度。乙、丙两图中液体都是水，即密度相同，探头在水中的深度不同，所以通过比较图中乙、丙两个实验，可探究液体的压强与液体深度的关系。
[2]这种控制其他因素不变，只改变一个因素来研究问题的实验方法是控制变量法。
[3]根据液体压强公式 ，液体压强随深度的增加而增大，拦河大坝下部受到水的压强比上部大，为了承受更大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（4）根据可知，液体压强只与液体深度和液体的密度有关，与U形管粗细无关，在压强一定时，U形管中换用密度更小的液体，则增大了U形管两侧液面高度差。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
23．【答案】（1）2
（2）物体排开液体的体积；无关；丁、戊
（3）
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为，则金属块的重力；由图丙可得，金属块浸没在水中时弹簧测力计的示数为，A受到的浮力为
故答案为：2
（2）分析乙、丙可知，金属块浸入液体中的体积不同，弹簧测力计示数不同，浮力的大小不同，则浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
分析丙、丁可知，金属块都浸没在水中，排开水的体积相同，在水中的深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力的大小相同，由此可见，浮力的大小与深度无关。
要探究浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关，就要让液体密度不同，其他条件相同，故应选择丁、戊两图分析。
故答案为：物体排开液体的体积；无关；丁、戊
（3）金属块浸没在水中时受到的浮力，由可知，金属块的体积为
金属块的质量为
则金属块的密度
故答案为：
【分析】(1) 本小问依托称重法测浮力，先从甲图读取物体自重、丙图读取浸没后拉力，再用计算浮力大小。
(2) 本小问采用控制变量思路：乙丙控制液体密度相同、改变排液体积，探究浮力与排开液体体积的关系；丙丁控制液体密度、排液体积相同、改变浸没深度，判断浮力和深度的关联；丁戊控制排液体积一致、更换不同液体，用来探究浮力与液体密度的关系。
(3) 本小问结合阿基米德原理与密度公式，先由浸没时浮力算出物体体积，再利用重力求物体质量，最后根据推导金属块密度。
（1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为，则金属块的重力；由图丙可得，金属块浸没在水中时弹簧测力计的示数为，A受到的浮力为
（2）[1]分析乙、丙可知，金属块浸入液体中的体积不同，弹簧测力计示数不同，浮力的大小不同，则浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
[2]分析丙、丁可知，金属块都浸没在水中，排开水的体积相同，在水中的深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力的大小相同，由此可见，浮力的大小与深度无关。
[3]要探究浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关，就要让液体密度不同，其他条件相同，故应选择丁、戊两图分析。
（3）金属块浸没在水中时受到的浮力，由可知，金属块的体积为
金属块的质量为
则金属块的密度
24．【答案】（1）平衡；左
（2）4
（3）变大
（4）0；26
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）静止和匀速转动是杠杆的平衡状态。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于平衡状态。
如图甲，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节。
故答案为：平衡；左
（2）设每个钩码重力为，杠杆上一格长度为，在杠杆A点挂2个相同的钩码，设在杠杆的B点挂个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件则有，解得
故答案为：4
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，根据杠杆平衡条件可知需要的拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：变大
（4）秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g。
由表格数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离N点的距离就增加5cm。托盘中砝码总质量为200g时，秤砣距离N点的长度为21cm。则应将250g的刻度值标记在距离N点
故答案为：0；26
【分析】(1) 依据杠杆平衡定义，静止属于平衡状态；结合杠杆右端下沉的现象，按照平衡螺母向偏高一侧调节的规律确定调节方向。
(2) 设定单个钩码重力与单格长度，代入杠杆平衡公式，列式计算 B 点所需钩码数量。
(3) 测力计倾斜拉动时，找准动力力臂的变化规律，在阻力、阻力臂不变的前提下，结合杠杆平衡条件分析拉力大小变化。
(4) ①空秤盘调平后秤砣位置对应零刻度；②梳理表格数据变化规律，得到质量增量与秤砣移动距离的线性关系，据此推算 250g 对应的距离数值。
（1）[1]静止和匀速转动是杠杆的平衡状态。实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于平衡状态。
[2]如图甲，杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将左端和右端的平衡螺母向左调节。
（2）设每个钩码重力为，杠杆上一格长度为，在杠杆A点挂2个相同的钩码，设在杠杆的B点挂个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件则有，解得
（3）如图丙所示，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转，杠杆始终保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，根据杠杆平衡条件可知需要的拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大。
（4）[1]秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置，则该位置对应的质量刻度值为0g。
[2]由表格数据可知，物体质量每增加50g，秤砣距离N点的距离就增加5cm。托盘中砝码总质量为200g时，秤砣距离N点的长度为21cm。则应将250g的刻度值标记在距离N点
25．【答案】（1）解：无人配送车对水平地面的压强是
（2）解：无人配送车匀速行驶，牵引力等于阻力，牵引力大小为
无人配送牵引力所做的功为
（3）解：牵引力做功的功率是
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 本小问先依托求出配送车总重力，水平地面上压力等于自重，再统一受力面积单位，结合固体压强公式列式运算。
(2) 本小问结合匀速直线运动受力平衡，牵引力与阻力大小相等，先由阻力和重力的倍数关系算出牵引力，再依据功的公式求解牵引力做功。
(3) 本小问依托功率定义式，代入已求得的功和运动时间计算功率大小。
（1）无人配送车对水平地面的压强是
（2）无人配送车匀速行驶，牵引力等于阻力，牵引力大小为
无人配送牵引力所做的功为
（3）牵引力做功的功率是
26．【答案】（1）解：海面下13米，舰底此处所受海水的压强为
（2）解：福建舰所受的浮力为
（3）解：福建舰满载时，排开海水的体积
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）结合压强公式计算海面下13米，舰底此处所受海水的压强；
（2）舰船漂浮在水面上，福建舰所受的浮力为；
（3）结合浮力公式计算福建舰满载时，排开海水的体积。
（1）海面下13米，舰底此处所受海水的压强为
（2）福建舰所受的浮力为
（3）福建舰满载时，排开海水的体积
27．【答案】（1）解：内电动机输出的总功为
（2）解：克服物体重力做的有用功为
此时滑轮组的机械效率为
（3）解：不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功为
则动滑轮所受的重力为
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【分析】(1) 本小问依托功率定义式，代入电动机恒定功率与工作时间，计算电动机输出总功。
(2) 先用算出提升重物的有用功，再结合机械效率公式，代入有用功、总功求解效率。
(3) 不计绳重与摩擦，额外功只由动滑轮自重产生，先通过总功减有用功得到额外功，再由变形求解动滑轮重力。
（1）内电动机输出的总功为
（2）克服物体重力做的有用功为
此时滑轮组的机械效率为
（3）不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功为
则动滑轮所受的重力为
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