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2025-2026学年第二学期适应性练习
高一物理参考答案
一、单项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。
哽, 题号 1 2 3 4
答案 A C C D
二、双项选择题：本题共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分。全部选对得 6 分，选
对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
哽, 题号 5 6 7 8
答案 CD AD BC AB
三、填空题和实验题：本题共 5 小题，共 21 分。
9．（3分）40 （1分） ； 50 （2分）
10．（3分）超重（1分） ; 1.6（2分）
2
11．（3 1分） 18mgL（1分）; 2gL（2分）3
h h
12．（6 5 3分）（1）B（1分）；（2） （2分）；mgh4（1分）；（3）AC（2分，漏选得 1分）。2T
d
13．（6分）（1）B（1分） （2）C（1分） （3） ① （2分） ② 0.15（2分）。
L t
四、计算题：本题共 3 小题，共 39 分。14 题 10 分，15 题 13 分，16 题 16 分。
（其它合理解法同样给分）
14.（10分）
2
（1）若在最高点水不流出来，则桶的最小速率满足: mg=m vmin （3分）
l
解得: vmin= （2分）
v2
（2）在最高点对水分析可得: N+mg=m （2分）
l
解得:N=2mg （2分）
根据牛顿第三定律可得水对桶底的压力为 2mg。 （1分）
15.（13分）
（1）由动能定理得 mgh= 1mv2 0 （2分）
2
解得 v=5m/s （2分）
（2）游客若恰好停在C点，由动能定理得mgh1 1mgL1 0 0 （2分）
解得 h1=1.5m （2分）
（3）若恰好到达D点，由动能定理得mgh2 1mgL1 2mgL2 0 0 （2分）
解得 h2=13.5m （2分）
则要使游客能够停在缓冲区内，h的取值范围为 1.5m≤h≤13.5m （1分）
16.（16分）
（1）小物块离开平台后做平抛运动，设从 A到 B的时间为 t，由平抛运动规律得：
h1 h2=
1 gt22 （2分）
解得：t= 215 s （2分）
（2）设物体从 A点抛出时的水平速度为 v0，则在 B点处有：
tanθ= gtv = 3 （3分）0
解得：v0=2 7m/s
根据功能关系得弹簧的弹性势能：
E = 1mv2P 2 0=14J （2分）（式子正确 1分）
（3）设物块到达 C点时速度为 vC，物块由 A到 C由动能定理得：
mgh1=
1
2mv
2 1 2
C 2mv0 （1分）
代入数据解得：vC＝14m/s
物块在木板上滑行做匀减速运动，其加速度为 a1，则有：
a 21=μ1g=3m/s
对长木板由牛顿第二定律得：
μ1mg﹣2μ2mg＝ma2
解得：a =2m/s22
1
设经时间 t1长木板与挡板相撞，由 s= 2 a2t
2
1得：
t1＝2s （1分）
此时物块和长木板速度分别为 v1、v2，则有：
v1＝vC﹣a1t1＝8m/s，v2＝a2t1＝4m/s
x = vC+v物块的位移为： 11 2 t1=22m
物块距离木板左端为：Δx1＝x1﹣s＝18m （1分）
长木板与挡板相撞后，物块继续向右做匀减速运动，长木板向左减速运动，设其加速度
为 a3，则有：
μ1mg+2μ2mg＝ma3
代入数据解得：a3=4m/s2
经时间 t v2长木板速度为零，则t = 22 a =1s （1分）3
此时物块的速度为 v3，则 v3＝v1﹣a1t2＝5m/s
物块向右的位移x = v1+v32 2 t2=6.5m
v
木板减速向左的位移x = 23 2 t2=2m
在此过程中物块相对木板向右的位移为Δx2＝x2+x3＝8.5m （1分）
设又经时间 t3两者速度相等为 v4，即 v4＝a2t3＝v3﹣a1t3
解得：t3＝1s，v4＝2m/s
在这段时间内物块与长木板的位移分别为
x = v3+v44 2 t3=3.5m
v
，x = 45 2 t3=1m
物块与长木板的相对位移Δx3＝x4﹣x5＝2.5m （1分）
以后两个以相同的加速度向右做匀减速运动，直到速度为零
L＝Δx1+Δx2+Δx3＝29m
Q=μ1mgL=87J （1分）

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