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2026年海南省三亚市万宁市多地市中考一模考试物理试题
1．如图是图书馆张贴的标语，主要是为了控制城市中的噪声污染。这种控制噪声的途径是（　　）
A．在人耳处 B．在传播途径中
C．在声源处 D．以上方式都有
【答案】C
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】A：在人耳处减弱噪声的方式通常是佩戴耳塞、耳罩等，该标语不属于这种方式，故 A 错误；
B：在传播途径中减弱噪声的方式通常是设置隔音墙、植树造林等，该标语不属于这种方式，故 B 错误；
C：标语 “请勿大声喧哗” 是通过提醒人们降低发声的音量，从噪声的产生环节进行控制，属于在声源处减弱噪声，故 C 正确；
D：由以上分析可知，该标语只属于在声源处减弱噪声，并非以上方式都有，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查在人耳处减弱噪声的措施，判断标语内容是否属于该途径；
B、考查在传播途径中减弱噪声的措施，判断标语内容是否属于该途径；
C、考查在声源处减弱噪声的措施，根据标语 “请勿大声喧哗” 的作用，判断其控制噪声的途径；
2．如图是一名游客手捧椰子的照片。请估测该椰子最接近的长度是（　　）
A．18mm B．18cm C．18dm D．18m
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】A：18mm=1.8cm，远小于成年人手掌张开的长度，与图中椰子的大小不符，故A错误；
B：成年人手掌张开的长度大约为15~20cm，图中椰子被双手捧住，长度和成年人手掌张开的长度相近，约为18cm，故B正确；
C：18dm=1.8m，接近成年人的身高，远大于椰子的实际长度，故C错误；
D：18m的长度远超椰子的实际大小，不符合实际，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查长度单位的换算与生活常识，判断18mm的长度是否与椰子的实际大小相符；
B、考查长度的估测，结合成年人手掌张开的长度，判断椰子的长度是否约为18cm；
C、考查长度单位的换算与生活常识，判断18dm的长度是否与椰子的实际大小相符；
D、考查长度单位的换算与生活常识，判断18m的长度是否与椰子的实际大小相符。
3．2026年3月，我国自主研发的T1200级超高强度碳纤维正式全球首发。它以轻且坚韧的特点，广泛应用于战略性新兴产业领域，这主要是利用这种材料具有较小的（　　）
A．密度 B．质量 C．体积 D．重力
【答案】A
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】A：“轻”是指在相同体积下材料的质量小，由可知，这是利用了材料具有较小的密度，故A正确；
B：质量是物体所含物质的多少，它与物体的体积有关，不能直接体现材料“轻”的特性，故B错误；
C：体积是物体所占空间的大小，与材料本身的特性无关，故C错误；
D：重力，它与物体的质量有关，也不能直接体现材料“轻”的特性，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查密度的物理意义，结合“轻”的特点，分析材料的密度特性；
B、考查质量的概念，分析质量与材料“轻”的特点之间的关系；
C、考查体积的概念，分析体积与材料特性之间的关系；
D、考查重力的概念，分析重力与材料“轻”的特点之间的关系。
4．《齐民要术》中记载了醋的制作工艺，其中蒸煮是酿醋过程中的一个重要工序。如图所示是将大豆进行蒸煮的过程，大豆蒸煮过程中可以看到“白气”，形成“白气”的物态变化是（　　）
A．液化 B．汽化 C．升华 D．凝华
【答案】A
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】A：蒸煮过程中产生的高温水蒸气遇冷后，由气态变为液态小水滴，形成我们看到的“白气”，这个过程是液化，故A正确；
B：汽化是物质由液态变为气态的过程，而“白气”是液态小水滴，不是汽化现象，故B错误；
C：升华是物质由固态直接变为气态的过程，与“白气”的形成无关，故C错误；
D：凝华是物质由气态直接变为固态的过程，“白气”是液态，不是凝华现象，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查液化的概念，分析“白气”的形成过程，判断是否为液化现象；
B、考查汽化的概念，区分汽化与“白气”形成的不同；
C、考查升华的概念，判断升华与本题现象的关系；
D、考查凝华的概念，判断凝华与本题现象的关系。
5．端午前后，海南多地都会举行龙舟赛，比赛时，两艘龙舟在并排快速划行过程中，容易相互靠近。下面四个实例中，与上述原理相同的是（　　）
A．用吸管喝饮料
B．U形“回水弯”
C．向下吹气，乒乓球不下落
D．两个与毛皮摩擦过的气球相互排斥
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A：用吸管喝饮料利用的是大气压原理，与流体压强和流速的关系无关，故 A 错误；
B：U 形 “回水弯” 利用的是连通器原理，与流体压强和流速的关系无关，故 B 错误；
C：向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，产生向上的压力差托住乒乓球，原理是流体流速越大的位置压强越小，与龙舟靠近的原理相同，故 C 正确；
D：两个与毛皮摩擦过的气球相互排斥，是因为同种电荷相互排斥，与流体压强和流速的关系无关，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查大气压的应用，分析用吸管喝饮料的原理，判断是否与流体压强和流速的关系有关；
B、考查连通器原理，分析 U 形 “回水弯” 的工作原理，判断是否与流体压强和流速的关系有关；
C、考查流体压强与流速的关系，分析乒乓球不下落的原因，判断是否与龙舟靠近的原理相同；
D、考查电荷间的相互作用规律，分析气球相互排斥的原因，判断是否与流体压强和流速的关系有关。
6．树立“珍爱生命、注意安全”的意识，是同学们健康成长的必修课。下列有关安全用电的说法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭插座
B．手机边充电边使用
C．空气开关跳闸后，重新闭合开关就可以了
D．一个插排上不能同时使用多个大功率用电器
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A：湿抹布含有水分，水是导体，用湿抹布擦拭插座容易发生触电事故，故 A 错误；
B：手机边充电边使用，容易导致电池过热，增加起火、爆炸的风险，故 B 错误；
C：空气开关跳闸后，应先排查电路故障，排除故障后再闭合开关，直接闭合开关可能会导致故障重复发生，故 C 错误；
D：一个插排上同时使用多个大功率用电器，会导致电路总功率过大，电流过大，容易引发火灾，因此不能同时使用多个大功率用电器，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查导体与绝缘体的相关知识，分析水的导电性对安全用电的影响；
B、考查安全用电常识，分析手机边充电边使用的安全隐患；
C、考查空气开关跳闸后的正确处理方法，明确先排查故障再闭合开关的操作规范；
D、考查家庭电路中总功率过大的危害，分析多个大功率用电器同时使用的安全风险。
7．我国不断创新和突破新能源汽车技术，发展新质生产力。现在的电动汽车都有能量回收功能，刹车和减速时可以将车辆的动能转化为电能。下列设备与电动汽车能量回收功能工作原理相同的是（　　）
A．柴油机 B．电动机 C．汽油机 D．发电机
【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A：柴油机工作时，将内能转化为机械能，与动能转化为电能的过程不同，故A错误；
B：电动机工作时，将电能转化为机械能，与动能转化为电能的过程相反，故B错误；
C：汽油机工作时，将内能转化为机械能，与动能转化为电能的过程不同，故C错误；
D：发电机的工作原理是电磁感应现象，将机械能（动能）转化为电能，与电动汽车能量回收功能的工作原理相同，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查柴油机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
B、考查电动机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
C、考查汽油机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
D、考查发电机的工作原理和能量转化，判断其与电动汽车能量回收功能的原理是否相同。
8．为保障出行安全，海口市交管部门在很多十字路口安装了监控摄像头，它可以拍下违章车辆的现场照片。小海用凸透镜成像实验模拟摄像镜头成像规律，其中实验器材摆放位置可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】监控摄像头的成像原理与照相机相同，利用凸透镜成倒立、缩小的实像，此时物距 ，像距
A：物距小于像距，不符合成倒立、缩小实像的条件，故A错误；
B：物距小于像距，不符合成倒立、缩小实像的条件，故B错误；
C：物距大于像距，且物距大于2倍焦距、像距在1倍焦距和2倍焦距之间，符合成倒立、缩小实像的条件，故C正确；
D：物距大于像距，但像距过大，不符合成倒立、缩小实像时像距的范围，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
B、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
C、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
D、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件。
9．如图是我国宇树科技自主研发的智能机器狗，正驮着货物匀速上山，下列说法正确的是（　　）
A．以机器狗所驮货物为参照物，路边的树是静止的
B．机器狗的动能和重力势能均增大
C．机器狗脚底凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D．机器狗对地面的压力和它受到的重力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A：以机器狗所驮货物为参照物，路边的树与货物之间的位置在不断变化，因此树是运动的，故 A 错误；
B：机器狗匀速上山，质量不变、速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，故 B 错误；
C：机器狗脚底凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故 C 正确；
D：机器狗对地面的压力作用在地面上，它受到的重力作用在机器狗上，两个力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查参照物的选择与运动状态的判断，分析路边的树与货物之间的位置变化关系；
B、考查动能和重力势能的影响因素，根据机器狗的速度、质量、高度变化，判断动能和重力势能的变化；
C、考查增大摩擦的方法，分析脚底花纹对接触面粗糙程度的影响；
D、考查平衡力的判断，明确平衡力需要作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
10．在跨学科实践活动中，小海设计了如图所示的家用燃气报警器的简化原理图。电源电压保持不变，为定值电阻，气敏电阻R的阻值随燃气浓度的增大而减小。当有燃气泄漏时，下列说法正确的是（　　）
A．电路的总电阻增大
B．电流表示数变大
C．电压表示数增大
D．电压表与电流表的示数之比不变
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：当燃气泄漏时，燃气浓度增大，气敏电阻R的阻值减小，电路中R与R0串联，总电阻为两者之和，因此总电阻减小，故A错误；
B：电源电压不变，电路总电阻减小，根据欧姆定律 ，电路中的电流增大，电流表示数变大，故B正确；
C：电流增大，定值电阻R0两端的电压 增大，根据串联电路电压规律，气敏电阻R两端的电压 减小，即电压表示数减小，故C错误；
D：电压表与电流表的示数之比等于气敏电阻R的阻值，燃气浓度增大时R的阻值减小，因此该比值变小，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路总电阻的变化规律，根据气敏电阻R的阻值变化，判断电路总电阻的变化；
B、考查欧姆定律的应用，结合电源电压不变和总电阻的变化，判断电路中电流的变化；
C、考查串联电路的电压规律，根据电流的变化判断定值电阻两端的电压变化，进而得出气敏电阻两端的电压变化；
D、考查欧姆定律的变形应用，明确电压表与电流表示数之比的物理意义，结合气敏电阻的阻值变化判断该比值的变化。
11．如图所示，彩球随着领舞者的挥舞，时而飞起，时而再落下，说明力可以　 　，图中当舞狮“两前脚”由腾空到落地后，“两后脚”对地面的压强将变　 　（选填“大”或“小”）。
【答案】改变物体的运动状态；小
【知识点】力的作用效果；压强大小比较
【解析】【解答】彩球时而飞起、时而落下，运动的速度和状态不断变化，说明力可以改变物体的运动状态；舞狮的总重力不变，当前脚从腾空到落地后，总重力由前后脚共同承担，后脚对地面的压力减小，而后脚与地面的接触面积不变，根据压强公式 可知，“两后脚”对地面的压强将变小。
故答案为：改变物体的运动状态；小
【分析】（1）本题考查力的作用效果，彩球运动状态的改变体现了力可以改变物体的运动状态；
（2）本题考查压强的变化分析，需结合压力和受力面积的变化，利用公式 判断压强的变化。
12．如图所示，花车巡游经过的总路程为6km，总耗时90min，则花车的平均速度为　 　km/h。微风吹过，从车上飘来阵阵花香，这是　 　现象。
【答案】4；扩散
【知识点】速度公式及其应用；分子热运动
【解析】【解答】花车的平均速度：
花香飘出是因为花的香味分子在不停地做无规则运动，这种现象叫做扩散现象。
答案：4；扩散
【分析】（1）本题考查平均速度的计算，先将时间单位换算为小时，再用公式求解；
（2）本题考查扩散现象，闻到花香是分子无规则运动的结果，属于扩散现象。
13．从能源的视角来看，风能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，请再写一种属于该类型能源的名称　 　。
【答案】可再生；太阳能
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】风能可以源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源；常见的可再生能源还有太阳能（或水能、潮汐能等）。
故答案为：可再生；太阳能（合理即可）
【分析】本题考查能源的分类，可再生能源是指可以在自然界里源源不断得到的能源，除风能外，太阳能、水能、潮汐能、生物质能等都属于可再生能源。
14．风力发电机在电路中相当于　 　（填“电源”或“用电器”）；平台会实时采集数据并传输回陆地控制中心，数据传输是利用　 　波完成的。
【答案】电源；电磁
【知识点】电路的构成及电路图；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】风力发电机工作时将风能转化为电能，向外电路输出电能，因此在电路中相当于电源；电磁波传播不需要介质，适合远距离传输信息，因此海上平台向陆地控制中心传输数据利用电磁波完成。
故答案为：电源；电磁
【分析】（1）本题考查电路中电源与用电器的区别，电源向外提供电能，用电器消耗电能；
（2）本题考查电磁波的应用，电磁波可在真空中传播，常用于远距离信息传输。
15．风停止后，发电机叶片不会立即停下来，是因为叶片具有　 　；请写出风力发电的一个主要优点　 　。
【答案】惯性；清洁无污染
【知识点】能源及其分类；惯性及其现象
【解析】【解答】风停止后，叶片由于惯性仍会保持原来的运动状态继续转动，所以不会立即停下；风力发电的主要优点有清洁无污染（或可再生、节约化石能源等）。
故答案为：惯性；清洁无污染（合理即可）
【分析】（1）本题考查惯性的概念，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性；
（2）本题考查风力发电的优点，风能是可再生的清洁能源，发电过程不排放污染物，也能节约化石能源。
16．如图甲所示，在弹簧测力计下悬挂了一个柱形物块，当物块下表面与水面刚刚接触时，测力计示数为1N；当物块缓慢下降一定距离时，测力计示数恰为0N，如图乙所示。当测力计的示数为0时，物块受到的浮力为　 　N，此时柱形物块浸入水中的体积为　 　（，g取10N/kg）。
【答案】1；100
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】当物块下表面刚与水面接触时，物块不受浮力，此时弹簧测力计的示数等于物块重力，即，当测力计的示数为时，根据称重法，物块受到的浮力：，根据阿基米德原理，此时柱形物块浸入水中的体积：
故答案为：；
【分析】（1）本题考查称重法测浮力，浮力大小等于物块重力与弹簧测力计示数之差；
（2）本题考查阿基米德原理的应用，利用公式，可由浮力大小求出排开水的体积，即物块浸入水中的体积。
17．如图甲所示，某款家用电热水壶具有保温和加热两个挡位，旋转旋钮开关可以实现挡位切换。图乙是其内部电路简图，电热水壶的加热功率为1000瓦，保温功率为88瓦，保温状态正常工作时，电路中的电流是　 　安；若不计热量损失，使用电水壶的加热挡，把0.5kg的水从40℃加热到100℃，需要　 　秒［］。
【答案】0.4；126
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】保温状态正常工作时，电路中的电流：
水吸收的热量：
不计热量损失，电热水壶加热消耗的电能 。
根据 可得，加热时间：
故答案为：；
【分析】（1）本题考查电功率公式的应用，利用 可直接求出保温状态下的电流；
（2）本题考查电功与热量的综合计算，先根据 求出水吸收的热量，再结合 求出加热时间，不计热量损失时 。
18．根据要求规范作图。
（1）某中学实践基地芒果获丰收，请在图甲中画出芒果所受重力的示意图（O点为芒果的重心）。
（2）唐诗中“水底分明天上云，可怜形影似吾身”的诗句蕴含了云在水中成像的意境。请作出人眼A通过水面看到空中云B点的光路图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图
【解析】【解答】（1）以重心O为起点，沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，在箭头旁标注重力符号G，即为芒果所受重力的示意图：
（2）作出B点关于水面的对称点，即为云中B点的像B'，连接AB'，交水面于点O，O即为入射点，连接BO，则BO为入射光线，OA为反射光线，如下图示：
【分析】(1) 本题考查重力示意图的画法，关键是确定作用点和方向，重力的方向总是竖直向下。
(2) 本题考查平面镜成像原理的光路作图，利用对称法找到像点，再连接像点与眼睛确定反射光线，最后补画入射光线。
（1）以重心O为起点，沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，在箭头旁标注重力符号G，即为芒果所受重力的示意图。
（2）作出B点关于水面的对称点，即为云中B点的像B'，连接AB'，交水面于点O，O即为入射点，连接BO，则BO为入射光线，OA为反射光线。
19．如图甲所示，在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验前，杠杆未挂钩码时需要向左调节平衡螺母才能使杠杆在水平位置平衡，说明调节前杠杆的　 　（选填“左”或“右”）端翘起；
（2）杠杆平衡后，如图甲所示，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，改变动力和动力臂大小，相应调节阻力和阻力臂，再做几次实验。实验数据记录如表：
次数 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm
1 1.0 10 2.0 5
2 1.0 10 0.5 20
3 2.0 15 1.5 20
分析表中的实验数据可以得出杠杆平衡的条件是　 　（写出表达式）；
（3）如图乙所示，在A处挂3个钩码，在杠杆B处施加竖直向上的动力，使杠杆在水平位置保持平衡。若将动力改为沿虚线方向的，使杠杆仍在水平位置保持平衡，则　 　（选填“<”“=”或“>”）。
【答案】（1）左
（2）
（3）<
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母始终向翘起的一端调节。本题中需要向左调节平衡螺母，说明杠杆调节前左端翘起。
故答案为：左
（2）对表格中数据分析：第1次有，第2次有
第3次有，可得杠杆平衡条件为
故答案为：
（3）阻力（钩码拉力）和阻力臂都不变，拉力沿虚线斜拉时，动力臂比竖直拉时更小。根据杠杆平衡条件，动力臂减小，动力增大，因此。
故答案为：<
【分析】（1）本题考查杠杆调平的基本操作，平衡螺母始终向杠杆翘起的一端调节，因此向左调节平衡螺母说明左端翘起。
（2）本题考查杠杆平衡条件的实验探究，通过分析表格中动力×动力臂与阻力×阻力臂的数值关系，得出杠杆平衡条件。
（3）本题考查力臂对杠杆平衡的影响，当动力由竖直向上改为斜拉时，动力臂会减小，根据杠杆平衡条件，动力会增大，因此。
（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母始终向翘起的一端调节。本题中需要向左调节平衡螺母，说明杠杆调节前左端翘起。
（2）对表格中数据分析：
第1次有
第2次有
第3次有
可得杠杆平衡条件为
（3）阻力（钩码拉力）和阻力臂都不变，拉力沿虚线斜拉时，动力臂比竖直拉时更小。根据杠杆平衡条件，动力臂减小，动力增大，因此。
20．小海利用图甲所示电路来测量未知电阻的阻值。
（1）实验前，小海检查电路，发现有一根导线接错，请在这根导线上打“×”，并画出正确接法，且导线不交叉；
（2）小海重新连接好电路后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表指针发生明显偏转，则电路中存在的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，小海正常进行实验并将实验数据记录在表中。若第2次测量时电流表的示数如图乙所示，电流表的读数为　 　A，根据三次实验数据可得未知电阻　 　Ω（结果保留1位小数）；
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω
1 1.5 0.16 9.4
2 2.0
3 2.5 0.24 10.4
（4）小海进一步拓展，利用电源（电压未知但恒定）、阻值为R的定值电阻、电流表、开关等器材，设计了如图丙所示的电路来测量的阻值。
①闭合开关、断开，读出电流表的示数；
②同时闭合开关、，读出电流表的示数；
③根据实验数据，计算出待测电阻　 　（用R、、表示）。
【答案】（1）
（2）待测电阻短路
（3）0.2；9.9
（4）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）由实物图可知，电压表串联在电路中，电流表并联在定值电阻的两端，这是错误的接法，可知连接电流表的“0.6”接线柱与定值电阻的右接线柱的导线的接法是错误的；去掉错误接法的导线，重新用一根导线连接定值电阻的右接线柱与电压表的负接线柱即可。
故答案为：
（2）电流表指针明显偏转，说明电路是通路；电压表无示数，说明电路中存在的故障可能是与电压表并联的待测电阻短路。
故答案为：待测电阻短路
（3）由图乙可知，电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；此时待测电阻的两端电压为2.0V，待测电阻的阻值为
则根据三次实验数据可得未知电阻
故答案为：0.2；9.9
（4）闭合开关、断开，与R串联，根据欧姆定律可得，电源电压
同时闭合开关、，R被短路，只有接入电路，电源电压，联立以上两式子可得，待测电阻
故答案为：
【分析】(1) 本题考查伏安法测电阻的电路连接，核心是电流表需串联、电压表需并联，找出错误导线并改正。
(2) 本题考查电路故障分析，根据电流表和电压表的示数特点，判断待测电阻短路。
(3) 本题考查电流表读数与电阻的平均值计算，先读取电流表示数，再结合欧姆定律计算每次的电阻，最后取平均值。
(4) 本题考查特殊方法测电阻，通过开关切换实现“串联”和“仅接入”两种状态，利用电源电压不变联立方程求解。
（1）由实物图可知，电压表串联在电路中，电流表并联在定值电阻的两端，这是错误的接法，可知连接电流表的“0.6”接线柱与定值电阻的右接线柱的导线的接法是错误的；去掉错误接法的导线，重新用一根导线连接定值电阻的右接线柱与电压表的负接线柱即可。
（2）电流表指针明显偏转，说明电路是通路；电压表无示数，说明电路中存在的故障可能是与电压表并联的待测电阻短路。
（3）由图乙可知，电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；此时待测电阻的两端电压为2.0V，待测电阻的阻值为
则根据三次实验数据可得未知电阻
（4）闭合开关、断开，与R串联，根据欧姆定律可得，电源电压
同时闭合开关、，R被短路，只有接入电路，电源电压
联立以上两式子可得，待测电阻
21．琼中黎族苗族自治县是优质稻种珍珠米重要基地。今年珍珠米大获丰收，如图所示为无人驾驶收割机在收割水稻，收割机以柴油作为动力燃料，发动机功率保持60 kW不变，效率为40%，某次收割时，收割机耗时0.5 h，将其自带的粮仓收满。收割机空载时的质量为，轮胎与地面的总接触面积为，请完成下列问题。（为，g取10 N/kg）
（1）收割机用四冲程柴油机提供动力，柴油机在压缩冲程中压缩的是　 　（选填“空气”或“空气与燃料的混合物”）；
（2）收割机空载时对水平地面的压强为多少帕；
（3）此过程发动机做的功为多少焦；
（4）此过程消耗柴油多少千克。
【答案】（1）解：四冲程柴油机吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩气缸内的空气，做功冲程才向气缸内喷入柴油。
（2）解：水平地面上，收割机对地面的压力等于自身重力
收割机空载时对水平地面的压强
（3）解：发动机功率 ，工作时间 ，发动机做的功为
（4）解：热机效率 ，柴油完全燃烧放出的总热量
由 得，消耗柴油的质量
【知识点】热机的效率；热机的四个冲程；压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查柴油机的工作原理，柴油机在吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩的是纯空气，做功冲程才喷入柴油。
(2) 本题考查压强计算，先根据 求出压力，再用 计算压强。
(3) 本题考查功的计算，直接利用 求解，注意功率和时间的单位统一。
(4) 本题考查热机效率的应用，先由效率公式求出总热量，再结合 计算柴油质量。
（1）四冲程柴油机吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩气缸内的空气，做功冲程才向气缸内喷入柴油。
（2）水平地面上，收割机对地面的压力等于自身重力
收割机空载时对水平地面的压强
（3）发动机功率 ，工作时间 ，发动机做的功为
（4）热机效率 ，柴油完全燃烧放出的总热量
由 得，消耗柴油的质量
22．某科技小组设计的距离报警器简化电路图如图甲所示，电源电压保持不变，为5Ω的定值电阻，为距离传感器的核心部件，其阻值随传感器到障碍物距离的变化关系如图乙所示。当传感器到障碍物的距离为2m时，报警器开始报警，此时电路中报警电流为0.24A。
（1）由图乙可知，传感器到障碍物距离越近，的阻值越　 　；
（2）求电源电压；
（3）若电流表量程为0~0.6A，为保证电路和仪器的安全，传感器到障碍物的距离最小为多少米？
（4）若保持起始报警电流不变且要增大起始报警距离，请写出一个简单可行的措施。
【答案】（1）解：由图乙可知，传感器到障碍物距离越大，阻值越大，因此距离越近，的阻值越小。
（2）解：与串联，当传感器到障碍物距离为时，由图乙得， 总电阻
根据欧姆定律，电源电压
（3）解：电流表量程为，因此电路最大电流， 此时电路最小总电阻
传感器的最小阻值
由图乙可知与成正比，满足关系， 因此最小距离
（4）解：保持起始报警电流不变，增大起始报警距离后，对应变大，根据，要保持不变，可以减小定值电阻的阻值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 本题考查图像分析，直接观察图乙中随距离的变化趋势即可判断。
(2) 本题考查串联电路的计算，结合欧姆定律，利用报警时的电流和总电阻求出电源电压。
(3) 本题考查电路安全与临界分析，先根据电流表量程确定最大电流，再求出对应的最小总电阻，进而得到传感器的最小阻值，最后结合与距离的关系求出最小距离。
(4) 本题考查电路改进分析，根据，在电流不变时，增大报警距离（即增大），可通过减小或增大电源电压实现。
（1）由图乙可知，传感器到障碍物距离越大，阻值越大，因此距离越近，的阻值越小。
（2）与串联，当传感器到障碍物距离为时，由图乙得， 总电阻
根据欧姆定律，电源电压
（3）电流表量程为，因此电路最大电流， 此时电路最小总电阻
传感器的最小阻值
由图乙可知与成正比，满足关系， 因此最小距离
（4）保持起始报警电流不变，增大起始报警距离后，对应变大，根据，要保持不变，可以减小定值电阻的阻值。
1 / 12026年海南省三亚市万宁市多地市中考一模考试物理试题
1．如图是图书馆张贴的标语，主要是为了控制城市中的噪声污染。这种控制噪声的途径是（　　）
A．在人耳处 B．在传播途径中
C．在声源处 D．以上方式都有
2．如图是一名游客手捧椰子的照片。请估测该椰子最接近的长度是（　　）
A．18mm B．18cm C．18dm D．18m
3．2026年3月，我国自主研发的T1200级超高强度碳纤维正式全球首发。它以轻且坚韧的特点，广泛应用于战略性新兴产业领域，这主要是利用这种材料具有较小的（　　）
A．密度 B．质量 C．体积 D．重力
4．《齐民要术》中记载了醋的制作工艺，其中蒸煮是酿醋过程中的一个重要工序。如图所示是将大豆进行蒸煮的过程，大豆蒸煮过程中可以看到“白气”，形成“白气”的物态变化是（　　）
A．液化 B．汽化 C．升华 D．凝华
5．端午前后，海南多地都会举行龙舟赛，比赛时，两艘龙舟在并排快速划行过程中，容易相互靠近。下面四个实例中，与上述原理相同的是（　　）
A．用吸管喝饮料
B．U形“回水弯”
C．向下吹气，乒乓球不下落
D．两个与毛皮摩擦过的气球相互排斥
6．树立“珍爱生命、注意安全”的意识，是同学们健康成长的必修课。下列有关安全用电的说法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭插座
B．手机边充电边使用
C．空气开关跳闸后，重新闭合开关就可以了
D．一个插排上不能同时使用多个大功率用电器
7．我国不断创新和突破新能源汽车技术，发展新质生产力。现在的电动汽车都有能量回收功能，刹车和减速时可以将车辆的动能转化为电能。下列设备与电动汽车能量回收功能工作原理相同的是（　　）
A．柴油机 B．电动机 C．汽油机 D．发电机
8．为保障出行安全，海口市交管部门在很多十字路口安装了监控摄像头，它可以拍下违章车辆的现场照片。小海用凸透镜成像实验模拟摄像镜头成像规律，其中实验器材摆放位置可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图是我国宇树科技自主研发的智能机器狗，正驮着货物匀速上山，下列说法正确的是（　　）
A．以机器狗所驮货物为参照物，路边的树是静止的
B．机器狗的动能和重力势能均增大
C．机器狗脚底凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D．机器狗对地面的压力和它受到的重力是一对平衡力
10．在跨学科实践活动中，小海设计了如图所示的家用燃气报警器的简化原理图。电源电压保持不变，为定值电阻，气敏电阻R的阻值随燃气浓度的增大而减小。当有燃气泄漏时，下列说法正确的是（　　）
A．电路的总电阻增大
B．电流表示数变大
C．电压表示数增大
D．电压表与电流表的示数之比不变
11．如图所示，彩球随着领舞者的挥舞，时而飞起，时而再落下，说明力可以　 　，图中当舞狮“两前脚”由腾空到落地后，“两后脚”对地面的压强将变　 　（选填“大”或“小”）。
12．如图所示，花车巡游经过的总路程为6km，总耗时90min，则花车的平均速度为　 　km/h。微风吹过，从车上飘来阵阵花香，这是　 　现象。
13．从能源的视角来看，风能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，请再写一种属于该类型能源的名称　 　。
14．风力发电机在电路中相当于　 　（填“电源”或“用电器”）；平台会实时采集数据并传输回陆地控制中心，数据传输是利用　 　波完成的。
15．风停止后，发电机叶片不会立即停下来，是因为叶片具有　 　；请写出风力发电的一个主要优点　 　。
16．如图甲所示，在弹簧测力计下悬挂了一个柱形物块，当物块下表面与水面刚刚接触时，测力计示数为1N；当物块缓慢下降一定距离时，测力计示数恰为0N，如图乙所示。当测力计的示数为0时，物块受到的浮力为　 　N，此时柱形物块浸入水中的体积为　 　（，g取10N/kg）。
17．如图甲所示，某款家用电热水壶具有保温和加热两个挡位，旋转旋钮开关可以实现挡位切换。图乙是其内部电路简图，电热水壶的加热功率为1000瓦，保温功率为88瓦，保温状态正常工作时，电路中的电流是　 　安；若不计热量损失，使用电水壶的加热挡，把0.5kg的水从40℃加热到100℃，需要　 　秒［］。
18．根据要求规范作图。
（1）某中学实践基地芒果获丰收，请在图甲中画出芒果所受重力的示意图（O点为芒果的重心）。
（2）唐诗中“水底分明天上云，可怜形影似吾身”的诗句蕴含了云在水中成像的意境。请作出人眼A通过水面看到空中云B点的光路图。
19．如图甲所示，在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验前，杠杆未挂钩码时需要向左调节平衡螺母才能使杠杆在水平位置平衡，说明调节前杠杆的　 　（选填“左”或“右”）端翘起；
（2）杠杆平衡后，如图甲所示，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，改变动力和动力臂大小，相应调节阻力和阻力臂，再做几次实验。实验数据记录如表：
次数 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm
1 1.0 10 2.0 5
2 1.0 10 0.5 20
3 2.0 15 1.5 20
分析表中的实验数据可以得出杠杆平衡的条件是　 　（写出表达式）；
（3）如图乙所示，在A处挂3个钩码，在杠杆B处施加竖直向上的动力，使杠杆在水平位置保持平衡。若将动力改为沿虚线方向的，使杠杆仍在水平位置保持平衡，则　 　（选填“<”“=”或“>”）。
20．小海利用图甲所示电路来测量未知电阻的阻值。
（1）实验前，小海检查电路，发现有一根导线接错，请在这根导线上打“×”，并画出正确接法，且导线不交叉；
（2）小海重新连接好电路后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表指针发生明显偏转，则电路中存在的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，小海正常进行实验并将实验数据记录在表中。若第2次测量时电流表的示数如图乙所示，电流表的读数为　 　A，根据三次实验数据可得未知电阻　 　Ω（结果保留1位小数）；
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω
1 1.5 0.16 9.4
2 2.0
3 2.5 0.24 10.4
（4）小海进一步拓展，利用电源（电压未知但恒定）、阻值为R的定值电阻、电流表、开关等器材，设计了如图丙所示的电路来测量的阻值。
①闭合开关、断开，读出电流表的示数；
②同时闭合开关、，读出电流表的示数；
③根据实验数据，计算出待测电阻　 　（用R、、表示）。
21．琼中黎族苗族自治县是优质稻种珍珠米重要基地。今年珍珠米大获丰收，如图所示为无人驾驶收割机在收割水稻，收割机以柴油作为动力燃料，发动机功率保持60 kW不变，效率为40%，某次收割时，收割机耗时0.5 h，将其自带的粮仓收满。收割机空载时的质量为，轮胎与地面的总接触面积为，请完成下列问题。（为，g取10 N/kg）
（1）收割机用四冲程柴油机提供动力，柴油机在压缩冲程中压缩的是　 　（选填“空气”或“空气与燃料的混合物”）；
（2）收割机空载时对水平地面的压强为多少帕；
（3）此过程发动机做的功为多少焦；
（4）此过程消耗柴油多少千克。
22．某科技小组设计的距离报警器简化电路图如图甲所示，电源电压保持不变，为5Ω的定值电阻，为距离传感器的核心部件，其阻值随传感器到障碍物距离的变化关系如图乙所示。当传感器到障碍物的距离为2m时，报警器开始报警，此时电路中报警电流为0.24A。
（1）由图乙可知，传感器到障碍物距离越近，的阻值越　 　；
（2）求电源电压；
（3）若电流表量程为0~0.6A，为保证电路和仪器的安全，传感器到障碍物的距离最小为多少米？
（4）若保持起始报警电流不变且要增大起始报警距离，请写出一个简单可行的措施。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】A：在人耳处减弱噪声的方式通常是佩戴耳塞、耳罩等，该标语不属于这种方式，故 A 错误；
B：在传播途径中减弱噪声的方式通常是设置隔音墙、植树造林等，该标语不属于这种方式，故 B 错误；
C：标语 “请勿大声喧哗” 是通过提醒人们降低发声的音量，从噪声的产生环节进行控制，属于在声源处减弱噪声，故 C 正确；
D：由以上分析可知，该标语只属于在声源处减弱噪声，并非以上方式都有，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查在人耳处减弱噪声的措施，判断标语内容是否属于该途径；
B、考查在传播途径中减弱噪声的措施，判断标语内容是否属于该途径；
C、考查在声源处减弱噪声的措施，根据标语 “请勿大声喧哗” 的作用，判断其控制噪声的途径；
2．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】A：18mm=1.8cm，远小于成年人手掌张开的长度，与图中椰子的大小不符，故A错误；
B：成年人手掌张开的长度大约为15~20cm，图中椰子被双手捧住，长度和成年人手掌张开的长度相近，约为18cm，故B正确；
C：18dm=1.8m，接近成年人的身高，远大于椰子的实际长度，故C错误；
D：18m的长度远超椰子的实际大小，不符合实际，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查长度单位的换算与生活常识，判断18mm的长度是否与椰子的实际大小相符；
B、考查长度的估测，结合成年人手掌张开的长度，判断椰子的长度是否约为18cm；
C、考查长度单位的换算与生活常识，判断18dm的长度是否与椰子的实际大小相符；
D、考查长度单位的换算与生活常识，判断18m的长度是否与椰子的实际大小相符。
3．【答案】A
【知识点】物质的基本属性
【解析】【解答】A：“轻”是指在相同体积下材料的质量小，由可知，这是利用了材料具有较小的密度，故A正确；
B：质量是物体所含物质的多少，它与物体的体积有关，不能直接体现材料“轻”的特性，故B错误；
C：体积是物体所占空间的大小，与材料本身的特性无关，故C错误；
D：重力，它与物体的质量有关，也不能直接体现材料“轻”的特性，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查密度的物理意义，结合“轻”的特点，分析材料的密度特性；
B、考查质量的概念，分析质量与材料“轻”的特点之间的关系；
C、考查体积的概念，分析体积与材料特性之间的关系；
D、考查重力的概念，分析重力与材料“轻”的特点之间的关系。
4．【答案】A
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】A：蒸煮过程中产生的高温水蒸气遇冷后，由气态变为液态小水滴，形成我们看到的“白气”，这个过程是液化，故A正确；
B：汽化是物质由液态变为气态的过程，而“白气”是液态小水滴，不是汽化现象，故B错误；
C：升华是物质由固态直接变为气态的过程，与“白气”的形成无关，故C错误；
D：凝华是物质由气态直接变为固态的过程，“白气”是液态，不是凝华现象，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查液化的概念，分析“白气”的形成过程，判断是否为液化现象；
B、考查汽化的概念，区分汽化与“白气”形成的不同；
C、考查升华的概念，判断升华与本题现象的关系；
D、考查凝华的概念，判断凝华与本题现象的关系。
5．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A：用吸管喝饮料利用的是大气压原理，与流体压强和流速的关系无关，故 A 错误；
B：U 形 “回水弯” 利用的是连通器原理，与流体压强和流速的关系无关，故 B 错误；
C：向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，产生向上的压力差托住乒乓球，原理是流体流速越大的位置压强越小，与龙舟靠近的原理相同，故 C 正确；
D：两个与毛皮摩擦过的气球相互排斥，是因为同种电荷相互排斥，与流体压强和流速的关系无关，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查大气压的应用，分析用吸管喝饮料的原理，判断是否与流体压强和流速的关系有关；
B、考查连通器原理，分析 U 形 “回水弯” 的工作原理，判断是否与流体压强和流速的关系有关；
C、考查流体压强与流速的关系，分析乒乓球不下落的原因，判断是否与龙舟靠近的原理相同；
D、考查电荷间的相互作用规律，分析气球相互排斥的原因，判断是否与流体压强和流速的关系有关。
6．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A：湿抹布含有水分，水是导体，用湿抹布擦拭插座容易发生触电事故，故 A 错误；
B：手机边充电边使用，容易导致电池过热，增加起火、爆炸的风险，故 B 错误；
C：空气开关跳闸后，应先排查电路故障，排除故障后再闭合开关，直接闭合开关可能会导致故障重复发生，故 C 错误；
D：一个插排上同时使用多个大功率用电器，会导致电路总功率过大，电流过大，容易引发火灾，因此不能同时使用多个大功率用电器，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查导体与绝缘体的相关知识，分析水的导电性对安全用电的影响；
B、考查安全用电常识，分析手机边充电边使用的安全隐患；
C、考查空气开关跳闸后的正确处理方法，明确先排查故障再闭合开关的操作规范；
D、考查家庭电路中总功率过大的危害，分析多个大功率用电器同时使用的安全风险。
7．【答案】D
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A：柴油机工作时，将内能转化为机械能，与动能转化为电能的过程不同，故A错误；
B：电动机工作时，将电能转化为机械能，与动能转化为电能的过程相反，故B错误；
C：汽油机工作时，将内能转化为机械能，与动能转化为电能的过程不同，故C错误；
D：发电机的工作原理是电磁感应现象，将机械能（动能）转化为电能，与电动汽车能量回收功能的工作原理相同，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查柴油机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
B、考查电动机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
C、考查汽油机的能量转化，分析其与电动汽车能量回收功能的区别；
D、考查发电机的工作原理和能量转化，判断其与电动汽车能量回收功能的原理是否相同。
8．【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】监控摄像头的成像原理与照相机相同，利用凸透镜成倒立、缩小的实像，此时物距 ，像距
A：物距小于像距，不符合成倒立、缩小实像的条件，故A错误；
B：物距小于像距，不符合成倒立、缩小实像的条件，故B错误；
C：物距大于像距，且物距大于2倍焦距、像距在1倍焦距和2倍焦距之间，符合成倒立、缩小实像的条件，故C正确；
D：物距大于像距，但像距过大，不符合成倒立、缩小实像时像距的范围，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
B、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
C、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件；
D、考查凸透镜成像规律，根据物距与像距的大小关系，判断是否符合照相机的成像条件。
9．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A：以机器狗所驮货物为参照物，路边的树与货物之间的位置在不断变化，因此树是运动的，故 A 错误；
B：机器狗匀速上山，质量不变、速度不变，动能不变；高度增加，重力势能增大，故 B 错误；
C：机器狗脚底凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故 C 正确；
D：机器狗对地面的压力作用在地面上，它受到的重力作用在机器狗上，两个力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查参照物的选择与运动状态的判断，分析路边的树与货物之间的位置变化关系；
B、考查动能和重力势能的影响因素，根据机器狗的速度、质量、高度变化，判断动能和重力势能的变化；
C、考查增大摩擦的方法，分析脚底花纹对接触面粗糙程度的影响；
D、考查平衡力的判断，明确平衡力需要作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
10．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：当燃气泄漏时，燃气浓度增大，气敏电阻R的阻值减小，电路中R与R0串联，总电阻为两者之和，因此总电阻减小，故A错误；
B：电源电压不变，电路总电阻减小，根据欧姆定律 ，电路中的电流增大，电流表示数变大，故B正确；
C：电流增大，定值电阻R0两端的电压 增大，根据串联电路电压规律，气敏电阻R两端的电压 减小，即电压表示数减小，故C错误；
D：电压表与电流表的示数之比等于气敏电阻R的阻值，燃气浓度增大时R的阻值减小，因此该比值变小，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查串联电路总电阻的变化规律，根据气敏电阻R的阻值变化，判断电路总电阻的变化；
B、考查欧姆定律的应用，结合电源电压不变和总电阻的变化，判断电路中电流的变化；
C、考查串联电路的电压规律，根据电流的变化判断定值电阻两端的电压变化，进而得出气敏电阻两端的电压变化；
D、考查欧姆定律的变形应用，明确电压表与电流表示数之比的物理意义，结合气敏电阻的阻值变化判断该比值的变化。
11．【答案】改变物体的运动状态；小
【知识点】力的作用效果；压强大小比较
【解析】【解答】彩球时而飞起、时而落下，运动的速度和状态不断变化，说明力可以改变物体的运动状态；舞狮的总重力不变，当前脚从腾空到落地后，总重力由前后脚共同承担，后脚对地面的压力减小，而后脚与地面的接触面积不变，根据压强公式 可知，“两后脚”对地面的压强将变小。
故答案为：改变物体的运动状态；小
【分析】（1）本题考查力的作用效果，彩球运动状态的改变体现了力可以改变物体的运动状态；
（2）本题考查压强的变化分析，需结合压力和受力面积的变化，利用公式 判断压强的变化。
12．【答案】4；扩散
【知识点】速度公式及其应用；分子热运动
【解析】【解答】花车的平均速度：
花香飘出是因为花的香味分子在不停地做无规则运动，这种现象叫做扩散现象。
答案：4；扩散
【分析】（1）本题考查平均速度的计算，先将时间单位换算为小时，再用公式求解；
（2）本题考查扩散现象，闻到花香是分子无规则运动的结果，属于扩散现象。
13．【答案】可再生；太阳能
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】风能可以源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源；常见的可再生能源还有太阳能（或水能、潮汐能等）。
故答案为：可再生；太阳能（合理即可）
【分析】本题考查能源的分类，可再生能源是指可以在自然界里源源不断得到的能源，除风能外，太阳能、水能、潮汐能、生物质能等都属于可再生能源。
14．【答案】电源；电磁
【知识点】电路的构成及电路图；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】风力发电机工作时将风能转化为电能，向外电路输出电能，因此在电路中相当于电源；电磁波传播不需要介质，适合远距离传输信息，因此海上平台向陆地控制中心传输数据利用电磁波完成。
故答案为：电源；电磁
【分析】（1）本题考查电路中电源与用电器的区别，电源向外提供电能，用电器消耗电能；
（2）本题考查电磁波的应用，电磁波可在真空中传播，常用于远距离信息传输。
15．【答案】惯性；清洁无污染
【知识点】能源及其分类；惯性及其现象
【解析】【解答】风停止后，叶片由于惯性仍会保持原来的运动状态继续转动，所以不会立即停下；风力发电的主要优点有清洁无污染（或可再生、节约化石能源等）。
故答案为：惯性；清洁无污染（合理即可）
【分析】（1）本题考查惯性的概念，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性；
（2）本题考查风力发电的优点，风能是可再生的清洁能源，发电过程不排放污染物，也能节约化石能源。
16．【答案】1；100
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】当物块下表面刚与水面接触时，物块不受浮力，此时弹簧测力计的示数等于物块重力，即，当测力计的示数为时，根据称重法，物块受到的浮力：，根据阿基米德原理，此时柱形物块浸入水中的体积：
故答案为：；
【分析】（1）本题考查称重法测浮力，浮力大小等于物块重力与弹簧测力计示数之差；
（2）本题考查阿基米德原理的应用，利用公式，可由浮力大小求出排开水的体积，即物块浸入水中的体积。
17．【答案】0.4；126
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】保温状态正常工作时，电路中的电流：
水吸收的热量：
不计热量损失，电热水壶加热消耗的电能 。
根据 可得，加热时间：
故答案为：；
【分析】（1）本题考查电功率公式的应用，利用 可直接求出保温状态下的电流；
（2）本题考查电功与热量的综合计算，先根据 求出水吸收的热量，再结合 求出加热时间，不计热量损失时 。
18．【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图
【解析】【解答】（1）以重心O为起点，沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，在箭头旁标注重力符号G，即为芒果所受重力的示意图：
（2）作出B点关于水面的对称点，即为云中B点的像B'，连接AB'，交水面于点O，O即为入射点，连接BO，则BO为入射光线，OA为反射光线，如下图示：
【分析】(1) 本题考查重力示意图的画法，关键是确定作用点和方向，重力的方向总是竖直向下。
(2) 本题考查平面镜成像原理的光路作图，利用对称法找到像点，再连接像点与眼睛确定反射光线，最后补画入射光线。
（1）以重心O为起点，沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，在箭头旁标注重力符号G，即为芒果所受重力的示意图。
（2）作出B点关于水面的对称点，即为云中B点的像B'，连接AB'，交水面于点O，O即为入射点，连接BO，则BO为入射光线，OA为反射光线。
19．【答案】（1）左
（2）
（3）<
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母始终向翘起的一端调节。本题中需要向左调节平衡螺母，说明杠杆调节前左端翘起。
故答案为：左
（2）对表格中数据分析：第1次有，第2次有
第3次有，可得杠杆平衡条件为
故答案为：
（3）阻力（钩码拉力）和阻力臂都不变，拉力沿虚线斜拉时，动力臂比竖直拉时更小。根据杠杆平衡条件，动力臂减小，动力增大，因此。
故答案为：<
【分析】（1）本题考查杠杆调平的基本操作，平衡螺母始终向杠杆翘起的一端调节，因此向左调节平衡螺母说明左端翘起。
（2）本题考查杠杆平衡条件的实验探究，通过分析表格中动力×动力臂与阻力×阻力臂的数值关系，得出杠杆平衡条件。
（3）本题考查力臂对杠杆平衡的影响，当动力由竖直向上改为斜拉时，动力臂会减小，根据杠杆平衡条件，动力会增大，因此。
（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母始终向翘起的一端调节。本题中需要向左调节平衡螺母，说明杠杆调节前左端翘起。
（2）对表格中数据分析：
第1次有
第2次有
第3次有
可得杠杆平衡条件为
（3）阻力（钩码拉力）和阻力臂都不变，拉力沿虚线斜拉时，动力臂比竖直拉时更小。根据杠杆平衡条件，动力臂减小，动力增大，因此。
20．【答案】（1）
（2）待测电阻短路
（3）0.2；9.9
（4）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）由实物图可知，电压表串联在电路中，电流表并联在定值电阻的两端，这是错误的接法，可知连接电流表的“0.6”接线柱与定值电阻的右接线柱的导线的接法是错误的；去掉错误接法的导线，重新用一根导线连接定值电阻的右接线柱与电压表的负接线柱即可。
故答案为：
（2）电流表指针明显偏转，说明电路是通路；电压表无示数，说明电路中存在的故障可能是与电压表并联的待测电阻短路。
故答案为：待测电阻短路
（3）由图乙可知，电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；此时待测电阻的两端电压为2.0V，待测电阻的阻值为
则根据三次实验数据可得未知电阻
故答案为：0.2；9.9
（4）闭合开关、断开，与R串联，根据欧姆定律可得，电源电压
同时闭合开关、，R被短路，只有接入电路，电源电压，联立以上两式子可得，待测电阻
故答案为：
【分析】(1) 本题考查伏安法测电阻的电路连接，核心是电流表需串联、电压表需并联，找出错误导线并改正。
(2) 本题考查电路故障分析，根据电流表和电压表的示数特点，判断待测电阻短路。
(3) 本题考查电流表读数与电阻的平均值计算，先读取电流表示数，再结合欧姆定律计算每次的电阻，最后取平均值。
(4) 本题考查特殊方法测电阻，通过开关切换实现“串联”和“仅接入”两种状态，利用电源电压不变联立方程求解。
（1）由实物图可知，电压表串联在电路中，电流表并联在定值电阻的两端，这是错误的接法，可知连接电流表的“0.6”接线柱与定值电阻的右接线柱的导线的接法是错误的；去掉错误接法的导线，重新用一根导线连接定值电阻的右接线柱与电压表的负接线柱即可。
（2）电流表指针明显偏转，说明电路是通路；电压表无示数，说明电路中存在的故障可能是与电压表并联的待测电阻短路。
（3）由图乙可知，电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；此时待测电阻的两端电压为2.0V，待测电阻的阻值为
则根据三次实验数据可得未知电阻
（4）闭合开关、断开，与R串联，根据欧姆定律可得，电源电压
同时闭合开关、，R被短路，只有接入电路，电源电压
联立以上两式子可得，待测电阻
21．【答案】（1）解：四冲程柴油机吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩气缸内的空气，做功冲程才向气缸内喷入柴油。
（2）解：水平地面上，收割机对地面的压力等于自身重力
收割机空载时对水平地面的压强
（3）解：发动机功率 ，工作时间 ，发动机做的功为
（4）解：热机效率 ，柴油完全燃烧放出的总热量
由 得，消耗柴油的质量
【知识点】热机的效率；热机的四个冲程；压强的大小及其计算
【解析】【分析】(1) 本题考查柴油机的工作原理，柴油机在吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩的是纯空气，做功冲程才喷入柴油。
(2) 本题考查压强计算，先根据 求出压力，再用 计算压强。
(3) 本题考查功的计算，直接利用 求解，注意功率和时间的单位统一。
(4) 本题考查热机效率的应用，先由效率公式求出总热量，再结合 计算柴油质量。
（1）四冲程柴油机吸气冲程只吸入空气，压缩冲程压缩气缸内的空气，做功冲程才向气缸内喷入柴油。
（2）水平地面上，收割机对地面的压力等于自身重力
收割机空载时对水平地面的压强
（3）发动机功率 ，工作时间 ，发动机做的功为
（4）热机效率 ，柴油完全燃烧放出的总热量
由 得，消耗柴油的质量
22．【答案】（1）解：由图乙可知，传感器到障碍物距离越大，阻值越大，因此距离越近，的阻值越小。
（2）解：与串联，当传感器到障碍物距离为时，由图乙得， 总电阻
根据欧姆定律，电源电压
（3）解：电流表量程为，因此电路最大电流， 此时电路最小总电阻
传感器的最小阻值
由图乙可知与成正比，满足关系， 因此最小距离
（4）解：保持起始报警电流不变，增大起始报警距离后，对应变大，根据，要保持不变，可以减小定值电阻的阻值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 本题考查图像分析，直接观察图乙中随距离的变化趋势即可判断。
(2) 本题考查串联电路的计算，结合欧姆定律，利用报警时的电流和总电阻求出电源电压。
(3) 本题考查电路安全与临界分析，先根据电流表量程确定最大电流，再求出对应的最小总电阻，进而得到传感器的最小阻值，最后结合与距离的关系求出最小距离。
(4) 本题考查电路改进分析，根据，在电流不变时，增大报警距离（即增大），可通过减小或增大电源电压实现。
（1）由图乙可知，传感器到障碍物距离越大，阻值越大，因此距离越近，的阻值越小。
（2）与串联，当传感器到障碍物距离为时，由图乙得， 总电阻
根据欧姆定律，电源电压
（3）电流表量程为，因此电路最大电流， 此时电路最小总电阻
传感器的最小阻值
由图乙可知与成正比，满足关系， 因此最小距离
（4）保持起始报警电流不变，增大起始报警距离后，对应变大，根据，要保持不变，可以减小定值电阻的阻值。
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