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2026年北京市东城区中考一模考试物理试题
1．下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．玻璃杯 B．陶瓷碗 C．铁锅 D．木铲
【答案】C
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A：玻璃杯的主要成分是玻璃，玻璃在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故A错误；
B：陶瓷碗的主要成分是陶瓷，陶瓷在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故B错误；
C：铁锅的主要成分是铁，铁是金属，金属内部存在大量自由电子，在通常情况下容易导电，属于导体，故C正确；
D：木铲的主要成分是木材，木材在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故D错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查导体与绝缘体的区分，判断的关键是看材料中是否存在大量可自由移动的电荷：
导体：内部有大量可自由移动的电荷，容易导电，常见的如金属、石墨、酸碱盐溶液等；
绝缘体：内部几乎没有可自由移动的电荷，不容易导电，常见的如玻璃、陶瓷、橡胶、木材等。
2．如图所示的实例中，为了减小摩擦的是（　　）
A．箱子底部装有滚轮
B．轮胎安装防滑链
C．旋钮侧面制有条纹
D．用拧盖器夹紧瓶盖
【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A：箱子底部装有滚轮，是通过变滑动为滚动的方式减小摩擦，故 A 正确；
B：轮胎安装防滑链，是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦，故 B 错误；
C：旋钮侧面制有条纹，是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦，故 C 错误；
D：用拧盖器夹紧瓶盖，是通过增大压力的方式增大摩擦，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查减小摩擦的方法，将滑动摩擦变为滚动摩擦，是减小摩擦的有效方式；
B、考查增大摩擦的方法，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，常用于防滑场景；
C、考查增大摩擦的方法，通过在接触面增加纹路，增大粗糙程度以增大摩擦力，便于操作旋钮；
D、考查增大摩擦的方法，通过增大对瓶盖的压力来增大摩擦力，便于拧紧或拧开瓶盖。
3．如图所示，溪水缓缓向下游流动，苍鹭静静地站在溪流中。人们感觉苍鹭好像在逆流而上，所选的参照物是（　　）
A．岸边的石头 B．向下游流动的溪水
C．站在岸边的观察者 D．远处静止的山峰
【答案】B
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A：以岸边的石头为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 A 错误；
B：以向下游流动的溪水为参照物，苍鹭的位置相对于溪水向上游方向发生了变化，因此人们感觉苍鹭好像在逆流而上，故 B 正确；
C：以站在岸边的观察者为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 C 错误；
D：以远处静止的山峰为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】本题考查参照物的选择，判断物体运动还是静止，关键看物体与参照物之间的位置是否发生变化：
若位置发生变化，则物体是运动的；
若位置没有发生变化，则物体是静止的。
苍鹭相对于溪水向上游方向位置改变，因此以溪水为参照物时，苍鹭看起来像是在逆流而上。
4．琵琶是我国的一种传统弹拨乐器，通过弹拨琴弦使之发声。下列说法正确的是（　　）
A．琴弦发出的声音可以在真空中传播
B．琴弦发出的声音是空气振动产生的
C．用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦发出声音的响度不同
D．用大小相同的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦发出声音的音调相同
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A：声音的传播需要介质，真空不能传声，因此琴弦发出的声音不可以在真空中传播，故 A 错误；
B：声音是由物体振动产生的，琵琶的声音是由琴弦振动产生的，不是空气振动产生的，故 B 错误；
C：用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦的振幅不同，而响度与振幅有关，因此琴弦发出声音的响度不同，故 C 正确；
D：用大小相同的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，而音调与频率有关，因此琴弦发出声音的音调不同，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查声音的传播条件，明确真空不能传声；
B：考查声音的产生原因，琵琶发声是由琴弦振动产生的；
C：考查影响响度的因素，响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；
D：考查影响音调的因素，音调与频率有关，琴弦越粗，振动频率越低，音调越低。
5．冬末春初时节，我国部分地区会出现雨夹雪天气，即高空中的水蒸气遇冷形成雪，雪下落经过暖空气层时，部分变为雨，便形成雨夹雪。下列说法正确的是（　　）
A．水蒸气形成雪是凝固现象，此过程中水蒸气放出热量
B．水蒸气形成雪是凝华现象，此过程中水蒸气放出热量
C．雪形成雨是液化现象，此过程中雪吸收热量
D．雪形成雨是升华现象，此过程中雪吸收热量
【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A：水蒸气形成雪，是气态直接变为固态，属于凝华现象，而非凝固现象，此过程中水蒸气放出热量，故 A 错误；
B：水蒸气形成雪，是气态直接变为固态，属于凝华现象，此过程中水蒸气放出热量，故 B 正确；
C：雪形成雨，是固态变为液态，属于熔化现象，而非液化现象，此过程中雪吸收热量，故 C 错误；
D：雪形成雨，是固态变为液态，属于熔化现象，而非升华现象，此过程中雪吸收热量，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查物态变化的判断，明确凝固是液态变为固态，凝华是气态直接变为固态；
B：考查凝华现象，凝华过程放热；
C：考查熔化现象，熔化是固态变为液态，而非气态变为液态；
D：考查熔化现象，熔化是固态变为液态，而非固态直接变为气态。
6．如图所示为学校科技节上展示的某款机器人，它静止站立在水平地面上。下列说法正确的是（　　）
A．机器人对地面的压力与机器人所受重力是一对相互作用力
B．机器人对地面的压力与机器人所受重力是一对平衡力
C．地面对机器人的支持力和机器人所受重力是一对平衡力
D．地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A：机器人对地面的压力，受力物体是地面；机器人所受重力，受力物体是机器人，两个力作用在不同物体上，且方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故 A 错误；
B：机器人对地面的压力与机器人所受重力，两个力方向相同，不满足 “方向相反” 的条件，不是一对平衡力，故 B 错误；
C：地面对机器人的支持力和机器人所受重力，两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故 C 正确；
D：地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查平衡力与相互作用力的区分，二者的核心区别是：
平衡力：作用在同一物体上，满足 “同物、等大、反向、共线”；
相互作用力：作用在两个不同物体上，满足 “异物、等大、反向、共线”。
7．如图所示，一只白鹭在平静的水面上飞翔，人能看到它在水中的像。下列图中能正确描述人看见白鹭像的光路是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】A：白鹭在水中的像是平面镜成像，原理是光的反射，而此图描述的是光的折射现象，故 A 错误；
B：此图中光线是从水中射向空气，且发生了折射，而人看到白鹭的像，是白鹭反射的光经水面反射后进入人眼，不是光的折射，故 B 错误；
C：此图中光线是从像的位置发出的，而实际上像是虚像，不能发出光线，故 C 错误；
D：此图中白鹭反射的光线经水面反射后进入人眼，人眼逆着反射光线看去，看到的是白鹭在水中的虚像，光路描述正确，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查平面镜成像的原理：人看到白鹭在水中的像，是白鹭反射的太阳光照射到水面上，发生反射后进入人眼，人眼逆着反射光线看去，就看到了白鹭的虚像；
平面镜成像的光路图中，光线是从物体发出，经反射面反射后进入人眼，虚像的位置是反射光线的反向延长线的交点，不能作为光线的起点。
8．如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。下列说法正确的是（　　）
A．水被加热的过程中，水的内能是通过做功的方式改变的
B．管口出现的“白气”是水蒸气
C．橡胶塞被推出的过程中，水蒸气含有的热量减少
D．橡胶塞被推出的过程中，橡胶塞的动能是由水蒸气的内能转化来的
【答案】D
【知识点】物质的三态；液化及液化放热；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A：水被加热的过程中，是通过热传递的方式改变水的内能，不是做功，故 A 错误；
B：管口出现的 “白气” 不是水蒸气，而是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故 B 错误；
C：热量是过程量，不能说物体 “含有热量”，只能说 “吸收” 或 “放出” 热量，故 C 错误；
D：橡胶塞被推出的过程中，水蒸气对橡胶塞做功，将自身的内能转化为橡胶塞的动能，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查改变内能的两种方式，加热属于热传递；
B：考查液化现象，水蒸气是无色透明的，“白气” 是液化形成的小水滴；
C：考查热量的概念，明确热量是过程量，不能用 “含有” 描述；
D：考查能量转化，水蒸气推动橡胶塞做功，内能转化为机械能（动能）。
9．如图所示，游客随滑草板一起下滑且越来越快。下列说法正确的是（　　）
A．游客下滑过程中运动状态保持不变
B．游客下滑过程中越来越快是由于受到惯性作用
C．游客下滑过程中重力势能减小，动能增大
D．游客下滑过程中，游客所受重力不做功
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A：游客下滑过程中速度越来越快，运动状态发生改变，故 A 错误；
B：游客下滑过程中越来越快是重力势能转化为动能，惯性是物体的固有属性，不能说 “受到惯性作用”，故 B 错误；
C：游客下滑过程中高度降低，重力势能减小；速度增大，动能增大，故 C 正确；
D：游客下滑过程中，重力方向竖直向下，且在重力方向上有位移，所以重力做功，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查运动状态的判断，明确运动状态改变包括速度大小或方向的变化；
B、考查惯性的概念，区分 “惯性” 与 “惯性作用” 的表述，理解下滑速度加快的能量转化原因；
C、考查动能与重力势能的影响因素，根据质量、速度、高度的变化判断能量变化；
D、考查做功的两个必要条件，判断重力是否做功。
10．用如图甲所示的滑轮组提升物体M。卷扬机在绳子自由端施加拉力F，使物体M匀速上升，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，物体M移动的距离h随时间t的变化图像如图丙所示。已知物体M所受重力为240N，每个滑轮所受的重力相等，忽略绳重及轮与轴之间的摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端移动的速度为3m/s B．拉力F为300N
C．滑轮组的机械效率为75% D．天花板对定滑轮的拉力为360N
【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A：由图丙可知，物体上升速度 ；滑轮组中承担物重的绳子段数 ，故绳子自由端移动速度 ，故A错误；
B：由图乙可知， 时拉力做的总功 ，拉力做功的功率 ；由 可得拉力 ，故B错误；
C：物体上升 时，有用功 ，滑轮组的机械效率 ，故C错误；
D：由 可得动滑轮重力 ，定滑轮重力也为 ；对定滑轮受力分析，天花板对定滑轮的拉力 ，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查滑轮组的速度关系，根据物体上升速度和绳子段数计算自由端移动速度；
B、考查拉力的计算，结合功-时间图像求出功率，再由功率公式 计算拉力；
C、考查滑轮组的机械效率，分别计算有用功和总功，再根据效率公式求解；
D、考查定滑轮的受力分析，结合拉力和定滑轮重力计算天花板的拉力。
11．如图甲所示为某汽车的后视镜。后视镜上装有加热装置，该装置有低温、高温两挡，低温挡用于除雾，高温挡用于除霜。其内部电路简化后如图乙所示，电源两端的电压保持不变，R1和R2为加热电阻且阻值不变。下列说法正确的是（　　）
A．只闭合开关S时，该装置处于高温挡
B．高温挡时电路的总电阻比低温挡时电路的总电阻大
C．高温挡时通过R2的电流比低温挡时通过R2的电流大
D．若只减小R2的阻值，则高温挡时电路总功率与低温挡时电路总功率之差不变
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A：只闭合开关S时，只有R2接入电路，电路电阻较大，根据可知功率较小，为低温挡，故A错误；
B：高温挡时S、S1都闭合，R1与R2并联，总电阻小于任一电阻；低温挡时只有R2接入，电阻较大，故高温挡总电阻更小，B错误；
C：两种挡位下R2两端电压都等于电源电压，由可知，通过R2的电流不变，故C错误；
D：高温挡功率，低温挡功率，功率差，仅与R1和电源电压有关，与R2无关，故减小R2的阻值，差值不变，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电功率公式的应用，根据电路连接方式判断电阻大小，进而判断挡位高低；
B、考查并联电路的电阻特点，对比不同挡位的总电阻大小；
C、考查并联电路的电压规律，结合欧姆定律判断通过R2的电流变化；
D、考查电功率的差值计算，通过推导功率差的表达式，分析其与R2的关系。
12．科技小组设计了一款智能饮水机模型，可以自动控制注水。水箱结构如图所示，柱形水箱底部中心竖直固定一根直的轻质细杆，细杆顶端安装一个力传感器，传感器上方固定一个实心浮子，传感器可以检测细杆受到浮子对它沿竖直方向的力，传感器显示的数值表示力的大小，正负表示力的方向。设计要求使用过程中，当传感器显示+0.3 N时开始注水，当传感器显示-0.8N时停止注水。已知水箱的底面积，细杆高度，浮子底面积、高度、密度，细杆、传感器的质量和体积均忽略不计，g取10 N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．使用前水箱中无水时，传感器示数显示的是-1N
B．当传感器显示+0.3N时，水对水箱底的压强为350Pa
C．使用过程中从停止注水到下次开始注水，能用的水的体积为1100cm3
D．若浮子的材料和高度不变，将浮子底面积变为16 cm2，则开始注水时水的深度会减小，停止注水时水的深度会增大
【答案】D
【知识点】液体压强的计算；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A．浮子的质量
浮子的重力
水箱无水时，浮子向下压传感器，因此传感器示数应为+1N，故A错误。
B．当传感器示数为+0.3N时，对浮子受力分析，可得浮子受到的浮力
由可得，浮子排开的水的体积为
浮子浸入水中的高度
则水箱中水的深度
根据，可知水对水箱底的压强，故B错误；
C．停止注水时，对浮子受力分析，可知浮子所受的浮力
浮子排开水的体积
浮子浸入水中的高度
水箱中水的深度
能用的水的体积，故C错误；
D．开始注水时，有，即，整理得
浮子底面积减小了，减小，则水的深度减小，停止注水时，有，即
浮子底面积减小了，增大，则水的深度增大，故D正确。
故答案为：D。
【分析】A、考查重力计算与受力分析，根据浮子的密度、体积计算重力，判断无水时传感器的受力情况；
B、考查浮力与液体压强的综合计算，结合浮力公式求出浸入深度，再计算水对箱底的压强；
C、考查可用水体积的计算，通过两次注水状态的浮力差求出深度差，结合水箱底面积计算体积；
D、考查变量分析，结合浮力公式，分析浮子底面积变化对两次注水深度的影响。
13．关于如图所示的四个电磁实验，下列说法正确的是（　　）
A．实验甲：断开开关S，小磁针静止，闭合开关S，小磁针发生偏转，表明通电导线周围存在磁场
B．实验乙：断开开关S，导体ab静止，闭合开关S，导体ab在磁场中运动，表明通电导体在磁场中受到力的作用
C．实验丙：闭合开关S，导体ab在磁场中分别水平向左、水平向右运动，灵敏电流计指针偏转方向不同，表明感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向有关
D．实验丁：闭合开关S，两电磁铁吸引大头针个数不同，表明电磁铁磁性强弱和电流大小有关
【答案】A,B,C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A：实验甲是奥斯特实验，断开开关 S 时小磁针静止，闭合开关 S 后小磁针发生偏转，这一现象表明通电导线周围存在磁场，故 A 正确；
B：实验乙中，断开开关 S 时导体 ab 静止，闭合开关 S 后导体 ab 在磁场中运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故 B 正确；
C：实验丙是电磁感应实验，闭合开关 S 后，导体 ab 在磁场中分别水平向左、向右运动时，灵敏电流计指针偏转方向不同，表明感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向有关，故 C 正确；
D：实验丁中，两电磁铁串联，通过的电流大小相同，线圈匝数不同，吸引大头针个数不同，表明电磁铁磁性强弱和线圈匝数有关，而非电流大小，故 D 错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查电流的磁效应，通过奥斯特实验现象分析通电导线周围的磁场；
B、考查磁场对通电导体的作用，根据通电导体在磁场中的运动现象分析受力情况；
C、考查电磁感应现象，根据导体运动方向改变时电流计的偏转变化，分析感应电流方向的影响因素；
D、考查电磁铁磁性强弱的影响因素，结合串联电路电流特点，分析匝数对磁性强弱的影响。
14．如图所示是一款悬挂式晾衣架，OA为轻质硬杆，AB为不可伸长的细绳。悬挂衣物时硬杆OA可视为杠杆，O为支点，细绳AB对杆的拉力作为动力，挂钩对杆的作用力作为阻力。已知OA=1 m，OC为细绳AB的垂线段，细绳AB能承受的最大拉力为40 N，悬挂衣物所受重力为25 N且保持不变，挂钩所受重力忽略不计。悬挂衣物时，硬杆OA始终保持水平平衡，∠BAO=30°。下列说法正确的是（　　）
A．挂钩对杠杆的作用力就是衣物的重力
B．动力的力臂为OC
C．若该衣物悬挂点距O点间的距离为0.4m时，硬杆OA是省力杠杆
D．该衣物悬挂点与O点间的距离可在0~0.8m范围内调节
【答案】B,C,D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A：挂钩对杠杆的作用力是杠杆受到的拉力，而衣物的重力是地球对衣物的作用力，二者施力物体、受力物体均不同，不是同一个力，故A错误；
B：力臂是支点到力的作用线的垂直距离，细绳AB对杆的拉力的力臂为OC，故B正确；
C：动力臂 ，当衣物悬挂点距O点距离 时，动力臂大于阻力臂，此时硬杆OA是省力杠杆，故C正确；
D：当细绳拉力达到最大值 时，由杠杆平衡条件 ，可得 ，故衣物悬挂点与O点间的距离可在0~0.8m范围内调节，D正确；
故答案为：BCD。
【分析】A、考查力的概念，区分挂钩对杠杆的作用力与衣物重力的施力物体和受力物体；
B、考查力臂的定义，根据支点到力的作用线的垂直距离判断动力臂；
C、考查杠杆的分类，通过动力臂与阻力臂的大小关系判断杠杆类型；
D、考查杠杆平衡条件的应用，结合细绳的最大拉力，计算衣物悬挂点到O点的最大距离。
15．小东利用某金属弹簧设计了一款测力计，该弹簧所受压力F与其压缩量ΔL的关系如图甲所示。将弹簧接入如图乙所示的电路，M、N为绝缘挡板，N固定不动，当手用力缓慢推M时，会带动固定在弹簧左端的滑片P一起移动，移动过程中滑片P始终与电阻R保持接触良好。当弹簧处于原长时，滑片P恰好处于电阻R的最左端。已知电源两端的电压为6 V，定值电阻R0的阻值为10 Ω，电阻R最大阻值为20 Ω，总长度为4 cm，电阻R的阻值与其长度成正比，电压表测量范围为0~3 V，弹簧的电阻忽略不计。下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关，当滑片向右移动时，电压表示数变大
B．当电压表的示数为2 V时，弹簧所受压力的大小为100 N
C．在保证电路安全的前提下，该测力计能够测量的最大推力为400 N
D．若想要增大测力计的测量范围，可以只减小定值电阻R0的阻值
【答案】A,B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】首先正确分析电路：滑动变阻器滑片左侧部分电阻串联接入电路，电压表测量滑片左侧电阻两端的电压，弹簧压缩量等于滑片右移的距离，即等于滑片左侧电阻的长度。总阻值，总长度，因此单位长度阻值为，
A．当滑片向右移动时，滑动变阻器R接入电路的阻值增大，根据串联电路分压原则，电阻越大分压越大，电压表测滑动变阻器两端电压，则电压表示数逐渐增大，故A正确；
B．当时，，此时电路中电流
，压缩量
对应压力，故B正确。
C．电压表最大量程为，因此最大，此时，根据串联电路分压原则，，即，，对应最大推力，不是，故C错误；
D．若减小 ，总电阻减小，电路电流增大，相同压缩量（相同 ）下，电压表示数 更大，会更早达到电压表量程，能测量的最大压缩量更小，测量范围减小，故D错误。
故答案为：AB。
【分析】A、考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析滑片移动时滑片左侧电阻的变化，进而判断电压表示数的变化；
B、考查欧姆定律的综合应用，先根据电压表示数计算电路电流和滑片左侧电阻，再结合电阻与长度的比例关系，通过弹簧压缩量与压力的关系，求出弹簧所受压力；
C、考查电路安全条件下的最大推力计算，根据电压表量程的最大值，求出对应的滑片左侧电阻和弹簧压缩量，再由图甲得出最大压力；
D、考查定值电阻对电路和测量范围的影响，分析减小R0阻值时，电路电流和电压表示数的变化，判断测力计测量范围的变化。
16．（1）如图所示，弹簧测力计的示数为　 　 N。
（2）如图所示，温度计的示数为　 　 ℃。
【答案】（1）2.0
（2）39
【知识点】温度及温度计的使用与读数；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】(1) 弹簧测力计的1N之间有5个小格，分度值为0.2N，示数为2.0N。
(2) 温度计的10℃之间有10个小格，因此分度值为1℃；刻度数值越往上越大，说明是零上温度，液柱顶端位于30℃上方第9个刻度处，因此示数为39℃。
故答案为：；
【分析】(1) 本题考查弹簧测力计的读数，关键是先确定其分度值，再根据指针位置读取示数。
(2) 本题考查温度计的读数，需先确定分度值，再判断温度是零上还是零下，最后根据液柱位置读取示数。
（1）弹簧测力计的之间有5个小格，分度值为，示数为。
（2）温度计的之间有10个小格，因此分度值为；刻度数值越往上越大，说明是零上温度，液柱顶端位于上方第9个刻度处，因此示数为。
17．如图所示，一个水滴下落过程中先后经过A、B、C三点，水滴通过AB、BC所用时间均为0.1 s。水滴由A位置下落到C位置的平均速度为　 　 m/s。该水滴下落过程做　 　（选填“匀速直线”或“变速直线”）运动。
【答案】1；变速直线
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【解答】由图可知，A在0刻度处，C对应刻度为20.0 cm，因此AC总路程：
已知AB、BC用时均为0.1s，总时间：，根据平均速度公式：，，相同时间内，水滴经过AB的路程是5cm，经过BC的路程是15cm，相等时间内通过的路程不相等，说明速度发生变化，因此水滴做变速直线运动。
故答案为：1；变速直线
【分析】（1）本题考查平均速度的计算，需先确定总路程和总时间，再用公式计算；
（2）本题考查运动类型的判断，匀速直线运动的特点是相等时间内通过的路程相等，反之则为变速直线运动。
18．小东测量定值电阻Rx的阻值。
（1）小东选择了满足实验要求的器材，连接的实验电路如图甲所示，请你添加一条导线将实验电路补充完整。要求滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小。
（2）电路连接正确后，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则电压表的示数为　 　V，电流表的示数为　 　A，电阻Rx的阻值为　 　Ω。
（3）多次改变电阻Rx两端的电压，测得多组电压及对应的电流值，其目的是　 　。
【答案】（1）
（2）2.5；0.5；5
（3）求平均值，减小实验误差
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，要让滑片右移电阻变大，就必须接左下端的接线柱（因为滑片向右移，离左下端接线柱越远，接入的电阻丝越长）。
故答案为：
（2）电压表接量程为0~3V。分度值为0.1V，指针指向2.5V刻度线处。故电压表示数；
电流表接量程为0~0.6A。分度值为0.02A，指针指向0.5A刻度线处。故电流表示数；
根据欧姆定律得电阻的阻值
故答案为：2.5；0.5；5
（3）测量性实验多次测量取平均值减小实验误差。
故答案为：求平均值，减小实验误差
【分析】(1) 本题考查滑动变阻器的接法，关键是理解“滑片右移电流变小”意味着接入电阻变大，因此需接离滑片较远的下端接线柱。
(2) 本题考查电表读数与欧姆定律的应用，需先明确电表量程与分度值，再根据 计算电阻。
(3) 本题考查多次测量的目的，定值电阻的阻值不随电压变化，多次测量取平均值可减小偶然误差。
（1）滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，要让滑片右移电阻变大，就必须接左下端的接线柱（因为滑片向右移，离左下端接线柱越远，接入的电阻丝越长）。
（2）电压表接量程为0~3V。分度值为0.1V，指针指向2.5V刻度线处。故电压表示数；
电流表接量程为0~0.6A。分度值为0.02A，指针指向0.5A刻度线处。故电流表示数；
根据欧姆定律得电阻的阻值
（3）测量性实验多次测量取平均值减小实验误差。
19．小东探究海波熔化过程中温度随加热时间变化的特点时，记录了加热时间、海波的温度和物态，实验数据如下表所示。
时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 22 24 26
温度/℃ 40 45 48 48 48 48 48 48 48 48 50 52 54 56
物态 □ □ △ △ △ △ △ △ △ △ ○ ○ ○ ○
注：□表示海波处于固态，△表示海波处于固液共存态，○表示海波处于液态。
（1）通过观察到　 　现象可以判断海波开始熔化。
（2）依据表格中的信息可以得出结论：　 　。
【答案】（1）海波出现固液共存态
（2）海波熔化时，温度不随时间的增加而改变
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）从表格中可以看到，0~2min：物态为□（固态）；在4min到18min期间，物态为△（固液共存态）。所以，判断海波开始熔化的依据是：海波由固态变为固液共存态（或出现液态部分 / 开始出现液体），对应表格中物态符号从□变为△的时刻。
故答案为：海波出现固液共存态
（2）海波在4~18min期间，温度始终保持48℃不变，处于固液共存态；说明海波（晶体）熔化时，继续吸热，但温度保持不变；且海波的熔点为 48℃。可以得出结论海波熔化时，温度不随时间的增加而改变。
故答案为：海波熔化时，温度不随时间的增加而改变
【分析】（1）本题考查晶体熔化的判断依据，关键是根据物态的变化来判断熔化的开始，当海波由固态变为固液共存态时，标志着熔化过程启动。
（2）本题考查晶体熔化的特点，需结合表格中温度和物态变化的数据，分析得出晶体熔化过程中持续吸热、温度保持不变的结论。
（1）从表格中可以看到，0~2min：物态为□（固态）；在4min到18min期间，物态为△（固液共存态）。所以，判断海波开始熔化的依据是：海波由固态变为固液共存态（或出现液态部分 / 开始出现液体），对应表格中物态符号从□变为△的时刻。
（2）海波在4~18min期间，温度始终保持48℃不变，处于固液共存态；说明海波（晶体）熔化时，继续吸热，但温度保持不变；且海波的熔点为 48℃。可以得出结论海波熔化时，温度不随时间的增加而改变。
20．小东想利用钩码、弹簧测力计、带支架的杠杆等器材探究“当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力和动力臂之间的关系”。
（1）实验前，杠杆静止在如图所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）小东测量并记录的实验数据如下表所示，分析下表实验数据，发现　 　，由此可得实验结论：　 　。
动力臂L1/m 0.05 0.1 0.15 0.2 0.25 0.4
动力F1/N 4.0 2.0 1.3 1.0 0.8 0.5
【答案】（1）右
（2）动力和动力臂的乘积为定值；当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）实验前杠杆左端低、右端高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向偏高的一侧（右）调节。（口诀：“左低右调，右低左调”）
故答案为：右
（2）计算动力与动力臂的乘积：
可以发现：动力和动力臂的乘积是一个定值，即动力随动力臂的增大而减小，且动力与动力臂成反比关系。
故答案为：动力和动力臂的乘积为定值；当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比
【分析】（1）本题考查杠杆的调平方法，需遵循 “左低右调、右低左调” 的原则，平衡螺母向杠杆偏高的一侧调节。
（2）本题考查杠杆平衡条件的实验分析，关键是通过计算发现动力与动力臂的乘积为定值，进而得出动力与动力臂成反比的结论。
（1）实验前杠杆左端低、右端高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向偏高的一侧（右）调节。（口诀：“左低右调，右低左调”）
（2）计算动力与动力臂的乘积：
可以发现：动力和动力臂的乘积是一个定值，即动力随动力臂的增大而减小，且动力与动力臂成反比关系。
21．为探究凸透镜成实像时像的高度h与物体到透镜的距离u是否有关，小东用发光体、凸透镜、光具座、光屏、刻度尺等器材进行实验。
（1）实验中应控制　 　不变，改变发光体到透镜的距离。
（2）请你设计实验记录表格。
【答案】（1）发光体的高度和凸透镜的焦距
（2）
凸透镜焦距f=_____cm；物体高度H=_____cm
实验次数 物体到透镜的距离 u/cm 像的高度h/cm
1 　 　
2 　 　
3 　 　
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）影响凸透镜实像高度的因素有：物体到透镜的距离u（自变量，我们要改变的）、物体的高度（发光体的大小）、凸透镜的焦距（透镜本身的属性），因此，实验中应控制发光体的高度、凸透镜的焦距不变，只改变物体到透镜的距离u。
故答案为：发光体的高度和凸透镜的焦距
（2）表格需要记录：实验次数、物距u、像的高度h，焦距、物体高度的固定值。
故答案为：
凸透镜焦距f=_____cm；物体高度H=_____cm
实验次数 物体到透镜的距离 u/cm 像的高度h/cm
1 　 　
2 　 　
3 　 　
【分析】(1) 本题考查控制变量法的应用，探究像的高度h与物距u的关系时，需控制影响像高的其他因素不变，即发光体的高度和凸透镜的焦距。
(2) 本题考查实验数据记录表格的设计，需包含固定不变的实验条件（焦距、物体高度）、自变量（物距u）和因变量（像的高度h），并设置多次实验的记录栏。
（1）影响凸透镜实像高度的因素有：物体到透镜的距离u（自变量，我们要改变的）、物体的高度（发光体的大小）、凸透镜的焦距（透镜本身的属性），因此，实验中应控制发光体的高度、凸透镜的焦距不变，只改变物体到透镜的距离u。
（2）表格需要记录：实验次数、物距u、像的高度h，焦距、物体高度的固定值。
22．小东想探究滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小是否有关。他利用符合要求的定滑轮、木板、带挂钩的长方体木块A和B、已调零的弹簧测力计和细线等器材设计实验，其中木块A和B的底面积不同，但高度、材料、表面粗糙程度均相同。主要实验步骤如下，请你补充完整：
（1）如图所示组装器材，水平拉动木板，当　 　时读出弹簧测力计示数F，记录F和接触面积S。
（2）　 　。
【答案】（1）弹簧测力计示数稳定
（2）将木块A叠放在木块B上方，使B与木板接触，改变接触面面积，保持压力和接触面粗糙程度不变，重复步骤(1)，记录此时测力计示数和接触面积；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小无关；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小有关。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）组装好器材，水平拉动木板时，长方体木块A和B始终保持静止，受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此待弹簧测力计示数稳定后就可以读数，不需要匀速拉动木板。
故答案为：弹簧测力计示数稳定
（2）将木块A叠放在木块B上方，使B与木板接触，改变接触面面积，保持压力和接触面粗糙程度不变，重复步骤(1)，记录此时测力计示数和接触面积；
若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小无关；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小有关。
【分析】(1) 木块静止时受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此需等示数稳定后读数，无需匀速拉动木板。
(2) 探究滑动摩擦力与接触面积的关系，需控制压力和接触面粗糙程度不变，只改变接触面积大小，通过比较两次测力计示数得出结论。
（1）组装好器材，水平拉动木板时，长方体木块A和B始终保持静止，受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此待弹簧测力计示数稳定后就可以读数，不需要匀速拉动木板。
（2）见答案。
23．小东设计实验测量盐水的密度，主要实验步骤如下：
①在两端开口且粗细均匀的玻璃管一端蒙上薄橡皮膜并用细线扎紧，此时橡皮膜与管口相平。向管内倒入适量的水，橡皮膜向下凸起，如图甲所示。
②在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜再次与管口相平，如图乙所示。用刻度尺测出玻璃管中水面到下管口的距离，记为h1，用刻度尺测出盐水液面到下管口的距离，记为h2。忽略橡皮膜的质量及体积，则盐水密度表达式ρ盐=　 　（用ρ水、h1、h2表示），请从力的角度分析并写出推导过程　 　。
【答案】；橡皮膜与管口相平，说明橡皮膜上下表面受到的液体压力大小相等。因为橡皮膜的受力面积S相同，根据，上下表面受到的液体压强也相等，即，则有，则
【知识点】液体压强计算公式的应用；利用平衡法求液体密度
【解析】【解答】盐水密度表达式：
推导过程：橡皮膜与管口相平时，说明橡皮膜上下表面受到的液体压力大小相等。因为橡皮膜的受力面积相同，根据，上下表面受到的液体压强也相等，即。
液体压强公式为，因此有，约去后整理可得：
【分析】本题利用压强平衡法测量液体密度，核心是通过橡皮膜的状态判断其上下表面压强相等，再结合液体压强公式推导密度关系。关键在于理解：当橡皮膜恢复平整时，管内水的压强与管外盐水的压强大小相等，从而建立等式求解。
24．请阅读《空中电站》并回答问题。
空中电站
2026年初，四川宜宾上空，一个造型独特的白色巨物缓缓升空，它并非传统飞艇，而是中国年轻团队打造的全球首台兆瓦级浮空风力发电系统——S2000，如图甲所示。这个发电系统可平稳升至2000m高空，被称为“空中电站”。由于高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面的风力发电系统，为清洁能源领域带来全新突破。
S2000主要由主气囊、副气囊、环翼涵道、风力发电机组、智能系留缆绳及地面控制站构成，如图乙所示。主气囊是核心升力部件，囊皮采用高强度轻量化复合纤维制成。主气囊内充入密度约为的氦气，副气囊通过充入或排出空气，与主气囊协同工作，使装置平稳上升并稳定悬停在目标高度。在高空环境中，环翼涵道可汇聚并加速气流，为内置的12组发电机组提供稳定风场。经过研发团队的技术攻关，S2000的发电机功率密度能达到10kW/kg（功率密度=发电机总功率÷发电机总质量），处于全球浮空风电领域的领先水平。
高空风力发电除了发电效率高，由于受地形、气候等自然条件影响小，发电输出稳定，还具有部署灵活的优势，具备十分广阔的应用前景。
（1）S2000浮空风力发电系统的发电效率远高于地面风力发电系统的原因为　 　。
（2）S2000的主气囊采用高强度复合纤维能有效减轻自身质量，说明该材料具有较小的　 　（选填“弹性”“密度”或“硬度”）。
（3）结合S2000浮空风力发电系统的优势，写出一个该系统适合使用的场景（地区/环境）　 　。
（4）12组发电机的总功率约为3.6MW（1MW=1000kW），请你估算12组发电机的总质量为　 　kg。
【答案】（1）高空风能充足、风速大且稳定
（2）密度
（3）偏远海岛
（4）360
【知识点】能量的转化或转移；能源开发与利用对社会发展的影响
【解析】【解答】（1）该发电系统升至2000m高空，高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面风力发电系统。
故答案为：高空风能充足、风速大且稳定
（2）根据公式，相同体积的材料，密度越小，质量越小。该材料在保证高强度的同时，能有效减轻自身质量，说明它具有较小的密度。
故答案为：密度
（3）该系统受地形、气候影响小，部署灵活，因此可应用在地形复杂的偏远山区、海岛，或者应急救灾供电等场景。
故答案为：偏远海岛
（4）根据题干给出的关系：，12组发电机的总功率，则总质量
故答案为：360
【分析】（1）本题考查风能利用效率的影响因素，关键是从材料中提取高空风能的特点（充足、风速大且稳定）来解释发电效率更高的原因。
（2）本题考查密度的应用，根据公式 ，在体积一定时，材料的密度越小，质量越小，因此减轻质量的材料应具有较小的密度。
（3）本题考查技术应用场景的分析，需结合材料中“受地形、气候影响小，部署灵活”的优势，列举如偏远海岛、山区等地面风电难以覆盖的场景。
（4）本题考查功率密度公式的应用，根据已知的总功率和功率密度，代入公式直接计算发电机的总质量。
（1）该发电系统升至2000m高空，高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面风力发电系统。
（2）根据公式，相同体积的材料，密度越小，质量越小。该材料在保证高强度的同时，能有效减轻自身质量，说明它具有较小的密度。
（3）该系统受地形、气候影响小，部署灵活，因此可应用在地形复杂的偏远山区、海岛，或者应急救灾供电等场景。
（4）根据题干给出的关系，12组发电机的总功率为
则总质量
25．实验室有一个规格为“3 V 0.3 A”的小灯泡（不考虑温度对灯丝电阻的影响）、规格为“20 Ω 0.5 A”的电位器、两端电压为4.5 V的电源、开关、导线。小东用以上器材连接了如图所示的电路，制作了简易可调光台灯。求：
（1）小灯泡的额定功率。
（2）为保证电路安全，电位器接入电路的最小阻值。
【答案】（1）解：由题意得，小灯泡的额定功率
（2）解：由电路可知，小灯泡与电位器串联，为保证电路安全，电路电流不能超过元件允许的最大电流。
已知小灯泡允许的最大电流为，电位器允许的最大电流为，因此电路的最大安全电流，对应电位器接入的最小阻值。
电源电压，根据串联电路电压规律，电位器两端电压：
根据欧姆定律，得电位器接入的最小阻值
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查用电器额定功率的计算，直接利用额定电压和额定电流，结合公式 即可求解。
(2) 本题考查串联电路的安全问题，关键是确定电路的最大安全电流（取灯泡和电位器允许的最大电流中的较小值），再结合串联电路的电压规律和欧姆定律，计算电位器接入的最小阻值。
（1）由题意得，小灯泡的额定功率
（2）由电路可知，小灯泡与电位器串联，为保证电路安全，电路电流不能超过元件允许的最大电流。
已知小灯泡允许的最大电流为，电位器允许的最大电流为，因此电路的最大安全电流，对应电位器接入的最小阻值。
电源电压，根据串联电路电压规律，电位器两端电压：
根据欧姆定律，得电位器接入的最小阻值
26．如图甲所示是一台真空吸盘悬臂吊吊起水平放置的玻璃板的情境。抽出吸盘内部的空气，使吸盘内部气压减小，在玻璃板被吸盘覆盖区域的上下表面形成气压差，从而产生垂直于玻璃板的吸附力。玻璃板所受气压作用的示意图如图乙所示。该装置在竖直方向上吊起水平放置的玻璃板时，为保证吊装过程安全可靠，规定允许吊起物体的最大重力为总吸附力的三分之一。已知该装置下方装有6个完全相同的圆形真空吸盘，每个吸盘的有效面积（玻璃板被吸盘覆盖区域的面积）为0.04 m2。外界大气压强p0=1.0×105 Pa，吸盘工作时内部气体压强的范围为2.0×104 Pa≤p内≤6.0×104Pa。假设装置工作时6个吸盘内的气压均相同。求：
（1）当每个吸盘内部的气体压强为3×104 Pa时，单个吸盘可以使玻璃板受到的吸附力。
（2）装置在安全使用的前提下，能够吊起的玻璃板所受的最大重力。
（3）若想增大此装置可吊起玻璃板的最大重力，请写出一种改进方法。
【答案】（1）解：吸附力是吸盘内外气压差产生的压力差。
单个吸盘内外气压差
根据压强公式，得单个吸盘的吸附力
（2）解：总吸附力越大，可吊起的最大重力越大；要总吸附力最大，需要吸盘内部气压最小（气压差最大）。
6个吸盘的总有效面积
最大气压差
总吸附力
由题意，允许吊起的最大重力为总吸附力的，因此能够吊起的玻璃板所受的最大重力
（3）解：根据公式，要增大，可以增大吸盘个数、增大单个吸盘面积、减小吸盘内部气压，任选一种合理方法即可。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）本题考查气压差产生的压力计算，关键是利用内外气压差计算单个吸盘对玻璃板的吸附力。
（2）本题考查最大安全重力的计算，需先找到最大气压差（内部气压最小时），计算总吸附力，再结合安全系数求出最大可吊重力。
（3）本题考查改进方案，需结合公式，从增大、增大或减小的角度提出合理方法。
（1）吸附力是吸盘内外气压差产生的压力差。
单个吸盘内外气压差
根据压强公式，得单个吸盘的吸附力
（2）总吸附力越大，可吊起的最大重力越大；要总吸附力最大，需要吸盘内部气压最小（气压差最大）。
6个吸盘的总有效面积
最大气压差
总吸附力
由题意，允许吊起的最大重力为总吸附力的，因此能够吊起的玻璃板所受的最大重力
（3）根据公式，要增大，可以增大吸盘个数、增大单个吸盘面积、减小吸盘内部气压，任选一种合理方法即可。
1 / 12026年北京市东城区中考一模考试物理试题
1．下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．玻璃杯 B．陶瓷碗 C．铁锅 D．木铲
2．如图所示的实例中，为了减小摩擦的是（　　）
A．箱子底部装有滚轮
B．轮胎安装防滑链
C．旋钮侧面制有条纹
D．用拧盖器夹紧瓶盖
3．如图所示，溪水缓缓向下游流动，苍鹭静静地站在溪流中。人们感觉苍鹭好像在逆流而上，所选的参照物是（　　）
A．岸边的石头 B．向下游流动的溪水
C．站在岸边的观察者 D．远处静止的山峰
4．琵琶是我国的一种传统弹拨乐器，通过弹拨琴弦使之发声。下列说法正确的是（　　）
A．琴弦发出的声音可以在真空中传播
B．琴弦发出的声音是空气振动产生的
C．用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦发出声音的响度不同
D．用大小相同的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦发出声音的音调相同
5．冬末春初时节，我国部分地区会出现雨夹雪天气，即高空中的水蒸气遇冷形成雪，雪下落经过暖空气层时，部分变为雨，便形成雨夹雪。下列说法正确的是（　　）
A．水蒸气形成雪是凝固现象，此过程中水蒸气放出热量
B．水蒸气形成雪是凝华现象，此过程中水蒸气放出热量
C．雪形成雨是液化现象，此过程中雪吸收热量
D．雪形成雨是升华现象，此过程中雪吸收热量
6．如图所示为学校科技节上展示的某款机器人，它静止站立在水平地面上。下列说法正确的是（　　）
A．机器人对地面的压力与机器人所受重力是一对相互作用力
B．机器人对地面的压力与机器人所受重力是一对平衡力
C．地面对机器人的支持力和机器人所受重力是一对平衡力
D．地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力是一对平衡力
7．如图所示，一只白鹭在平静的水面上飞翔，人能看到它在水中的像。下列图中能正确描述人看见白鹭像的光路是（　　）
A． B．
C． D．
8．如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。下列说法正确的是（　　）
A．水被加热的过程中，水的内能是通过做功的方式改变的
B．管口出现的“白气”是水蒸气
C．橡胶塞被推出的过程中，水蒸气含有的热量减少
D．橡胶塞被推出的过程中，橡胶塞的动能是由水蒸气的内能转化来的
9．如图所示，游客随滑草板一起下滑且越来越快。下列说法正确的是（　　）
A．游客下滑过程中运动状态保持不变
B．游客下滑过程中越来越快是由于受到惯性作用
C．游客下滑过程中重力势能减小，动能增大
D．游客下滑过程中，游客所受重力不做功
10．用如图甲所示的滑轮组提升物体M。卷扬机在绳子自由端施加拉力F，使物体M匀速上升，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，物体M移动的距离h随时间t的变化图像如图丙所示。已知物体M所受重力为240N，每个滑轮所受的重力相等，忽略绳重及轮与轴之间的摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端移动的速度为3m/s B．拉力F为300N
C．滑轮组的机械效率为75% D．天花板对定滑轮的拉力为360N
11．如图甲所示为某汽车的后视镜。后视镜上装有加热装置，该装置有低温、高温两挡，低温挡用于除雾，高温挡用于除霜。其内部电路简化后如图乙所示，电源两端的电压保持不变，R1和R2为加热电阻且阻值不变。下列说法正确的是（　　）
A．只闭合开关S时，该装置处于高温挡
B．高温挡时电路的总电阻比低温挡时电路的总电阻大
C．高温挡时通过R2的电流比低温挡时通过R2的电流大
D．若只减小R2的阻值，则高温挡时电路总功率与低温挡时电路总功率之差不变
12．科技小组设计了一款智能饮水机模型，可以自动控制注水。水箱结构如图所示，柱形水箱底部中心竖直固定一根直的轻质细杆，细杆顶端安装一个力传感器，传感器上方固定一个实心浮子，传感器可以检测细杆受到浮子对它沿竖直方向的力，传感器显示的数值表示力的大小，正负表示力的方向。设计要求使用过程中，当传感器显示+0.3 N时开始注水，当传感器显示-0.8N时停止注水。已知水箱的底面积，细杆高度，浮子底面积、高度、密度，细杆、传感器的质量和体积均忽略不计，g取10 N/kg。下列说法正确的是（　　）
A．使用前水箱中无水时，传感器示数显示的是-1N
B．当传感器显示+0.3N时，水对水箱底的压强为350Pa
C．使用过程中从停止注水到下次开始注水，能用的水的体积为1100cm3
D．若浮子的材料和高度不变，将浮子底面积变为16 cm2，则开始注水时水的深度会减小，停止注水时水的深度会增大
13．关于如图所示的四个电磁实验，下列说法正确的是（　　）
A．实验甲：断开开关S，小磁针静止，闭合开关S，小磁针发生偏转，表明通电导线周围存在磁场
B．实验乙：断开开关S，导体ab静止，闭合开关S，导体ab在磁场中运动，表明通电导体在磁场中受到力的作用
C．实验丙：闭合开关S，导体ab在磁场中分别水平向左、水平向右运动，灵敏电流计指针偏转方向不同，表明感应电流的方向与导体切割磁感线运动的方向有关
D．实验丁：闭合开关S，两电磁铁吸引大头针个数不同，表明电磁铁磁性强弱和电流大小有关
14．如图所示是一款悬挂式晾衣架，OA为轻质硬杆，AB为不可伸长的细绳。悬挂衣物时硬杆OA可视为杠杆，O为支点，细绳AB对杆的拉力作为动力，挂钩对杆的作用力作为阻力。已知OA=1 m，OC为细绳AB的垂线段，细绳AB能承受的最大拉力为40 N，悬挂衣物所受重力为25 N且保持不变，挂钩所受重力忽略不计。悬挂衣物时，硬杆OA始终保持水平平衡，∠BAO=30°。下列说法正确的是（　　）
A．挂钩对杠杆的作用力就是衣物的重力
B．动力的力臂为OC
C．若该衣物悬挂点距O点间的距离为0.4m时，硬杆OA是省力杠杆
D．该衣物悬挂点与O点间的距离可在0~0.8m范围内调节
15．小东利用某金属弹簧设计了一款测力计，该弹簧所受压力F与其压缩量ΔL的关系如图甲所示。将弹簧接入如图乙所示的电路，M、N为绝缘挡板，N固定不动，当手用力缓慢推M时，会带动固定在弹簧左端的滑片P一起移动，移动过程中滑片P始终与电阻R保持接触良好。当弹簧处于原长时，滑片P恰好处于电阻R的最左端。已知电源两端的电压为6 V，定值电阻R0的阻值为10 Ω，电阻R最大阻值为20 Ω，总长度为4 cm，电阻R的阻值与其长度成正比，电压表测量范围为0~3 V，弹簧的电阻忽略不计。下列说法正确的是（　　）
A．闭合开关，当滑片向右移动时，电压表示数变大
B．当电压表的示数为2 V时，弹簧所受压力的大小为100 N
C．在保证电路安全的前提下，该测力计能够测量的最大推力为400 N
D．若想要增大测力计的测量范围，可以只减小定值电阻R0的阻值
16．（1）如图所示，弹簧测力计的示数为　 　 N。
（2）如图所示，温度计的示数为　 　 ℃。
17．如图所示，一个水滴下落过程中先后经过A、B、C三点，水滴通过AB、BC所用时间均为0.1 s。水滴由A位置下落到C位置的平均速度为　 　 m/s。该水滴下落过程做　 　（选填“匀速直线”或“变速直线”）运动。
18．小东测量定值电阻Rx的阻值。
（1）小东选择了满足实验要求的器材，连接的实验电路如图甲所示，请你添加一条导线将实验电路补充完整。要求滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小。
（2）电路连接正确后，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电流表的示数如图丙所示，则电压表的示数为　 　V，电流表的示数为　 　A，电阻Rx的阻值为　 　Ω。
（3）多次改变电阻Rx两端的电压，测得多组电压及对应的电流值，其目的是　 　。
19．小东探究海波熔化过程中温度随加热时间变化的特点时，记录了加热时间、海波的温度和物态，实验数据如下表所示。
时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 22 24 26
温度/℃ 40 45 48 48 48 48 48 48 48 48 50 52 54 56
物态 □ □ △ △ △ △ △ △ △ △ ○ ○ ○ ○
注：□表示海波处于固态，△表示海波处于固液共存态，○表示海波处于液态。
（1）通过观察到　 　现象可以判断海波开始熔化。
（2）依据表格中的信息可以得出结论：　 　。
20．小东想利用钩码、弹簧测力计、带支架的杠杆等器材探究“当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力和动力臂之间的关系”。
（1）实验前，杠杆静止在如图所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）小东测量并记录的实验数据如下表所示，分析下表实验数据，发现　 　，由此可得实验结论：　 　。
动力臂L1/m 0.05 0.1 0.15 0.2 0.25 0.4
动力F1/N 4.0 2.0 1.3 1.0 0.8 0.5
21．为探究凸透镜成实像时像的高度h与物体到透镜的距离u是否有关，小东用发光体、凸透镜、光具座、光屏、刻度尺等器材进行实验。
（1）实验中应控制　 　不变，改变发光体到透镜的距离。
（2）请你设计实验记录表格。
22．小东想探究滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小是否有关。他利用符合要求的定滑轮、木板、带挂钩的长方体木块A和B、已调零的弹簧测力计和细线等器材设计实验，其中木块A和B的底面积不同，但高度、材料、表面粗糙程度均相同。主要实验步骤如下，请你补充完整：
（1）如图所示组装器材，水平拉动木板，当　 　时读出弹簧测力计示数F，记录F和接触面积S。
（2）　 　。
23．小东设计实验测量盐水的密度，主要实验步骤如下：
①在两端开口且粗细均匀的玻璃管一端蒙上薄橡皮膜并用细线扎紧，此时橡皮膜与管口相平。向管内倒入适量的水，橡皮膜向下凸起，如图甲所示。
②在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜再次与管口相平，如图乙所示。用刻度尺测出玻璃管中水面到下管口的距离，记为h1，用刻度尺测出盐水液面到下管口的距离，记为h2。忽略橡皮膜的质量及体积，则盐水密度表达式ρ盐=　 　（用ρ水、h1、h2表示），请从力的角度分析并写出推导过程　 　。
24．请阅读《空中电站》并回答问题。
空中电站
2026年初，四川宜宾上空，一个造型独特的白色巨物缓缓升空，它并非传统飞艇，而是中国年轻团队打造的全球首台兆瓦级浮空风力发电系统——S2000，如图甲所示。这个发电系统可平稳升至2000m高空，被称为“空中电站”。由于高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面的风力发电系统，为清洁能源领域带来全新突破。
S2000主要由主气囊、副气囊、环翼涵道、风力发电机组、智能系留缆绳及地面控制站构成，如图乙所示。主气囊是核心升力部件，囊皮采用高强度轻量化复合纤维制成。主气囊内充入密度约为的氦气，副气囊通过充入或排出空气，与主气囊协同工作，使装置平稳上升并稳定悬停在目标高度。在高空环境中，环翼涵道可汇聚并加速气流，为内置的12组发电机组提供稳定风场。经过研发团队的技术攻关，S2000的发电机功率密度能达到10kW/kg（功率密度=发电机总功率÷发电机总质量），处于全球浮空风电领域的领先水平。
高空风力发电除了发电效率高，由于受地形、气候等自然条件影响小，发电输出稳定，还具有部署灵活的优势，具备十分广阔的应用前景。
（1）S2000浮空风力发电系统的发电效率远高于地面风力发电系统的原因为　 　。
（2）S2000的主气囊采用高强度复合纤维能有效减轻自身质量，说明该材料具有较小的　 　（选填“弹性”“密度”或“硬度”）。
（3）结合S2000浮空风力发电系统的优势，写出一个该系统适合使用的场景（地区/环境）　 　。
（4）12组发电机的总功率约为3.6MW（1MW=1000kW），请你估算12组发电机的总质量为　 　kg。
25．实验室有一个规格为“3 V 0.3 A”的小灯泡（不考虑温度对灯丝电阻的影响）、规格为“20 Ω 0.5 A”的电位器、两端电压为4.5 V的电源、开关、导线。小东用以上器材连接了如图所示的电路，制作了简易可调光台灯。求：
（1）小灯泡的额定功率。
（2）为保证电路安全，电位器接入电路的最小阻值。
26．如图甲所示是一台真空吸盘悬臂吊吊起水平放置的玻璃板的情境。抽出吸盘内部的空气，使吸盘内部气压减小，在玻璃板被吸盘覆盖区域的上下表面形成气压差，从而产生垂直于玻璃板的吸附力。玻璃板所受气压作用的示意图如图乙所示。该装置在竖直方向上吊起水平放置的玻璃板时，为保证吊装过程安全可靠，规定允许吊起物体的最大重力为总吸附力的三分之一。已知该装置下方装有6个完全相同的圆形真空吸盘，每个吸盘的有效面积（玻璃板被吸盘覆盖区域的面积）为0.04 m2。外界大气压强p0=1.0×105 Pa，吸盘工作时内部气体压强的范围为2.0×104 Pa≤p内≤6.0×104Pa。假设装置工作时6个吸盘内的气压均相同。求：
（1）当每个吸盘内部的气体压强为3×104 Pa时，单个吸盘可以使玻璃板受到的吸附力。
（2）装置在安全使用的前提下，能够吊起的玻璃板所受的最大重力。
（3）若想增大此装置可吊起玻璃板的最大重力，请写出一种改进方法。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A：玻璃杯的主要成分是玻璃，玻璃在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故A错误；
B：陶瓷碗的主要成分是陶瓷，陶瓷在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故B错误；
C：铁锅的主要成分是铁，铁是金属，金属内部存在大量自由电子，在通常情况下容易导电，属于导体，故C正确；
D：木铲的主要成分是木材，木材在通常情况下不容易导电，属于绝缘体，故D错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查导体与绝缘体的区分，判断的关键是看材料中是否存在大量可自由移动的电荷：
导体：内部有大量可自由移动的电荷，容易导电，常见的如金属、石墨、酸碱盐溶液等；
绝缘体：内部几乎没有可自由移动的电荷，不容易导电，常见的如玻璃、陶瓷、橡胶、木材等。
2．【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A：箱子底部装有滚轮，是通过变滑动为滚动的方式减小摩擦，故 A 正确；
B：轮胎安装防滑链，是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦，故 B 错误；
C：旋钮侧面制有条纹，是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦，故 C 错误；
D：用拧盖器夹紧瓶盖，是通过增大压力的方式增大摩擦，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查减小摩擦的方法，将滑动摩擦变为滚动摩擦，是减小摩擦的有效方式；
B、考查增大摩擦的方法，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，常用于防滑场景；
C、考查增大摩擦的方法，通过在接触面增加纹路，增大粗糙程度以增大摩擦力，便于操作旋钮；
D、考查增大摩擦的方法，通过增大对瓶盖的压力来增大摩擦力，便于拧紧或拧开瓶盖。
3．【答案】B
【知识点】参照物及其选择；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A：以岸边的石头为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 A 错误；
B：以向下游流动的溪水为参照物，苍鹭的位置相对于溪水向上游方向发生了变化，因此人们感觉苍鹭好像在逆流而上，故 B 正确；
C：以站在岸边的观察者为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 C 错误；
D：以远处静止的山峰为参照物，苍鹭的位置没有发生变化，是静止的，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】本题考查参照物的选择，判断物体运动还是静止，关键看物体与参照物之间的位置是否发生变化：
若位置发生变化，则物体是运动的；
若位置没有发生变化，则物体是静止的。
苍鹭相对于溪水向上游方向位置改变，因此以溪水为参照物时，苍鹭看起来像是在逆流而上。
4．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A：声音的传播需要介质，真空不能传声，因此琴弦发出的声音不可以在真空中传播，故 A 错误；
B：声音是由物体振动产生的，琵琶的声音是由琴弦振动产生的，不是空气振动产生的，故 B 错误；
C：用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦的振幅不同，而响度与振幅有关，因此琴弦发出声音的响度不同，故 C 正确；
D：用大小相同的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，而音调与频率有关，因此琴弦发出声音的音调不同，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查声音的传播条件，明确真空不能传声；
B：考查声音的产生原因，琵琶发声是由琴弦振动产生的；
C：考查影响响度的因素，响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；
D：考查影响音调的因素，音调与频率有关，琴弦越粗，振动频率越低，音调越低。
5．【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A：水蒸气形成雪，是气态直接变为固态，属于凝华现象，而非凝固现象，此过程中水蒸气放出热量，故 A 错误；
B：水蒸气形成雪，是气态直接变为固态，属于凝华现象，此过程中水蒸气放出热量，故 B 正确；
C：雪形成雨，是固态变为液态，属于熔化现象，而非液化现象，此过程中雪吸收热量，故 C 错误；
D：雪形成雨，是固态变为液态，属于熔化现象，而非升华现象，此过程中雪吸收热量，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A：考查物态变化的判断，明确凝固是液态变为固态，凝华是气态直接变为固态；
B：考查凝华现象，凝华过程放热；
C：考查熔化现象，熔化是固态变为液态，而非气态变为液态；
D：考查熔化现象，熔化是固态变为液态，而非固态直接变为气态。
6．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A：机器人对地面的压力，受力物体是地面；机器人所受重力，受力物体是机器人，两个力作用在不同物体上，且方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故 A 错误；
B：机器人对地面的压力与机器人所受重力，两个力方向相同，不满足 “方向相反” 的条件，不是一对平衡力，故 B 错误；
C：地面对机器人的支持力和机器人所受重力，两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故 C 正确；
D：地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】本题考查平衡力与相互作用力的区分，二者的核心区别是：
平衡力：作用在同一物体上，满足 “同物、等大、反向、共线”；
相互作用力：作用在两个不同物体上，满足 “异物、等大、反向、共线”。
7．【答案】D
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】A：白鹭在水中的像是平面镜成像，原理是光的反射，而此图描述的是光的折射现象，故 A 错误；
B：此图中光线是从水中射向空气，且发生了折射，而人看到白鹭的像，是白鹭反射的光经水面反射后进入人眼，不是光的折射，故 B 错误；
C：此图中光线是从像的位置发出的，而实际上像是虚像，不能发出光线，故 C 错误；
D：此图中白鹭反射的光线经水面反射后进入人眼，人眼逆着反射光线看去，看到的是白鹭在水中的虚像，光路描述正确，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查平面镜成像的原理：人看到白鹭在水中的像，是白鹭反射的太阳光照射到水面上，发生反射后进入人眼，人眼逆着反射光线看去，就看到了白鹭的虚像；
平面镜成像的光路图中，光线是从物体发出，经反射面反射后进入人眼，虚像的位置是反射光线的反向延长线的交点，不能作为光线的起点。
8．【答案】D
【知识点】物质的三态；液化及液化放热；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A：水被加热的过程中，是通过热传递的方式改变水的内能，不是做功，故 A 错误；
B：管口出现的 “白气” 不是水蒸气，而是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故 B 错误；
C：热量是过程量，不能说物体 “含有热量”，只能说 “吸收” 或 “放出” 热量，故 C 错误；
D：橡胶塞被推出的过程中，水蒸气对橡胶塞做功，将自身的内能转化为橡胶塞的动能，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A：考查改变内能的两种方式，加热属于热传递；
B：考查液化现象，水蒸气是无色透明的，“白气” 是液化形成的小水滴；
C：考查热量的概念，明确热量是过程量，不能用 “含有” 描述；
D：考查能量转化，水蒸气推动橡胶塞做功，内能转化为机械能（动能）。
9．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象；是否做功的判断
【解析】【解答】A：游客下滑过程中速度越来越快，运动状态发生改变，故 A 错误；
B：游客下滑过程中越来越快是重力势能转化为动能，惯性是物体的固有属性，不能说 “受到惯性作用”，故 B 错误；
C：游客下滑过程中高度降低，重力势能减小；速度增大，动能增大，故 C 正确；
D：游客下滑过程中，重力方向竖直向下，且在重力方向上有位移，所以重力做功，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查运动状态的判断，明确运动状态改变包括速度大小或方向的变化；
B、考查惯性的概念，区分 “惯性” 与 “惯性作用” 的表述，理解下滑速度加快的能量转化原因；
C、考查动能与重力势能的影响因素，根据质量、速度、高度的变化判断能量变化；
D、考查做功的两个必要条件，判断重力是否做功。
10．【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A：由图丙可知，物体上升速度 ；滑轮组中承担物重的绳子段数 ，故绳子自由端移动速度 ，故A错误；
B：由图乙可知， 时拉力做的总功 ，拉力做功的功率 ；由 可得拉力 ，故B错误；
C：物体上升 时，有用功 ，滑轮组的机械效率 ，故C错误；
D：由 可得动滑轮重力 ，定滑轮重力也为 ；对定滑轮受力分析，天花板对定滑轮的拉力 ，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查滑轮组的速度关系，根据物体上升速度和绳子段数计算自由端移动速度；
B、考查拉力的计算，结合功-时间图像求出功率，再由功率公式 计算拉力；
C、考查滑轮组的机械效率，分别计算有用功和总功，再根据效率公式求解；
D、考查定滑轮的受力分析，结合拉力和定滑轮重力计算天花板的拉力。
11．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A：只闭合开关S时，只有R2接入电路，电路电阻较大，根据可知功率较小，为低温挡，故A错误；
B：高温挡时S、S1都闭合，R1与R2并联，总电阻小于任一电阻；低温挡时只有R2接入，电阻较大，故高温挡总电阻更小，B错误；
C：两种挡位下R2两端电压都等于电源电压，由可知，通过R2的电流不变，故C错误；
D：高温挡功率，低温挡功率，功率差，仅与R1和电源电压有关，与R2无关，故减小R2的阻值，差值不变，D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查电功率公式的应用，根据电路连接方式判断电阻大小，进而判断挡位高低；
B、考查并联电路的电阻特点，对比不同挡位的总电阻大小；
C、考查并联电路的电压规律，结合欧姆定律判断通过R2的电流变化；
D、考查电功率的差值计算，通过推导功率差的表达式，分析其与R2的关系。
12．【答案】D
【知识点】液体压强的计算；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】A．浮子的质量
浮子的重力
水箱无水时，浮子向下压传感器，因此传感器示数应为+1N，故A错误。
B．当传感器示数为+0.3N时，对浮子受力分析，可得浮子受到的浮力
由可得，浮子排开的水的体积为
浮子浸入水中的高度
则水箱中水的深度
根据，可知水对水箱底的压强，故B错误；
C．停止注水时，对浮子受力分析，可知浮子所受的浮力
浮子排开水的体积
浮子浸入水中的高度
水箱中水的深度
能用的水的体积，故C错误；
D．开始注水时，有，即，整理得
浮子底面积减小了，减小，则水的深度减小，停止注水时，有，即
浮子底面积减小了，增大，则水的深度增大，故D正确。
故答案为：D。
【分析】A、考查重力计算与受力分析，根据浮子的密度、体积计算重力，判断无水时传感器的受力情况；
B、考查浮力与液体压强的综合计算，结合浮力公式求出浸入深度，再计算水对箱底的压强；
C、考查可用水体积的计算，通过两次注水状态的浮力差求出深度差，结合水箱底面积计算体积；
D、考查变量分析，结合浮力公式，分析浮子底面积变化对两次注水深度的影响。
13．【答案】A,B,C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A：实验甲是奥斯特实验，断开开关 S 时小磁针静止，闭合开关 S 后小磁针发生偏转，这一现象表明通电导线周围存在磁场，故 A 正确；
B：实验乙中，断开开关 S 时导体 ab 静止，闭合开关 S 后导体 ab 在磁场中运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故 B 正确；
C：实验丙是电磁感应实验，闭合开关 S 后，导体 ab 在磁场中分别水平向左、向右运动时，灵敏电流计指针偏转方向不同，表明感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向有关，故 C 正确；
D：实验丁中，两电磁铁串联，通过的电流大小相同，线圈匝数不同，吸引大头针个数不同，表明电磁铁磁性强弱和线圈匝数有关，而非电流大小，故 D 错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查电流的磁效应，通过奥斯特实验现象分析通电导线周围的磁场；
B、考查磁场对通电导体的作用，根据通电导体在磁场中的运动现象分析受力情况；
C、考查电磁感应现象，根据导体运动方向改变时电流计的偏转变化，分析感应电流方向的影响因素；
D、考查电磁铁磁性强弱的影响因素，结合串联电路电流特点，分析匝数对磁性强弱的影响。
14．【答案】B,C,D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A：挂钩对杠杆的作用力是杠杆受到的拉力，而衣物的重力是地球对衣物的作用力，二者施力物体、受力物体均不同，不是同一个力，故A错误；
B：力臂是支点到力的作用线的垂直距离，细绳AB对杆的拉力的力臂为OC，故B正确；
C：动力臂 ，当衣物悬挂点距O点距离 时，动力臂大于阻力臂，此时硬杆OA是省力杠杆，故C正确；
D：当细绳拉力达到最大值 时，由杠杆平衡条件 ，可得 ，故衣物悬挂点与O点间的距离可在0~0.8m范围内调节，D正确；
故答案为：BCD。
【分析】A、考查力的概念，区分挂钩对杠杆的作用力与衣物重力的施力物体和受力物体；
B、考查力臂的定义，根据支点到力的作用线的垂直距离判断动力臂；
C、考查杠杆的分类，通过动力臂与阻力臂的大小关系判断杠杆类型；
D、考查杠杆平衡条件的应用，结合细绳的最大拉力，计算衣物悬挂点到O点的最大距离。
15．【答案】A,B
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】首先正确分析电路：滑动变阻器滑片左侧部分电阻串联接入电路，电压表测量滑片左侧电阻两端的电压，弹簧压缩量等于滑片右移的距离，即等于滑片左侧电阻的长度。总阻值，总长度，因此单位长度阻值为，
A．当滑片向右移动时，滑动变阻器R接入电路的阻值增大，根据串联电路分压原则，电阻越大分压越大，电压表测滑动变阻器两端电压，则电压表示数逐渐增大，故A正确；
B．当时，，此时电路中电流
，压缩量
对应压力，故B正确。
C．电压表最大量程为，因此最大，此时，根据串联电路分压原则，，即，，对应最大推力，不是，故C错误；
D．若减小 ，总电阻减小，电路电流增大，相同压缩量（相同 ）下，电压表示数 更大，会更早达到电压表量程，能测量的最大压缩量更小，测量范围减小，故D错误。
故答案为：AB。
【分析】A、考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析滑片移动时滑片左侧电阻的变化，进而判断电压表示数的变化；
B、考查欧姆定律的综合应用，先根据电压表示数计算电路电流和滑片左侧电阻，再结合电阻与长度的比例关系，通过弹簧压缩量与压力的关系，求出弹簧所受压力；
C、考查电路安全条件下的最大推力计算，根据电压表量程的最大值，求出对应的滑片左侧电阻和弹簧压缩量，再由图甲得出最大压力；
D、考查定值电阻对电路和测量范围的影响，分析减小R0阻值时，电路电流和电压表示数的变化，判断测力计测量范围的变化。
16．【答案】（1）2.0
（2）39
【知识点】温度及温度计的使用与读数；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】(1) 弹簧测力计的1N之间有5个小格，分度值为0.2N，示数为2.0N。
(2) 温度计的10℃之间有10个小格，因此分度值为1℃；刻度数值越往上越大，说明是零上温度，液柱顶端位于30℃上方第9个刻度处，因此示数为39℃。
故答案为：；
【分析】(1) 本题考查弹簧测力计的读数，关键是先确定其分度值，再根据指针位置读取示数。
(2) 本题考查温度计的读数，需先确定分度值，再判断温度是零上还是零下，最后根据液柱位置读取示数。
（1）弹簧测力计的之间有5个小格，分度值为，示数为。
（2）温度计的之间有10个小格，因此分度值为；刻度数值越往上越大，说明是零上温度，液柱顶端位于上方第9个刻度处，因此示数为。
17．【答案】1；变速直线
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【解答】由图可知，A在0刻度处，C对应刻度为20.0 cm，因此AC总路程：
已知AB、BC用时均为0.1s，总时间：，根据平均速度公式：，，相同时间内，水滴经过AB的路程是5cm，经过BC的路程是15cm，相等时间内通过的路程不相等，说明速度发生变化，因此水滴做变速直线运动。
故答案为：1；变速直线
【分析】（1）本题考查平均速度的计算，需先确定总路程和总时间，再用公式计算；
（2）本题考查运动类型的判断，匀速直线运动的特点是相等时间内通过的路程相等，反之则为变速直线运动。
18．【答案】（1）
（2）2.5；0.5；5
（3）求平均值，减小实验误差
【知识点】电流的测量及电流表的使用；电压的测量及电压表的使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，要让滑片右移电阻变大，就必须接左下端的接线柱（因为滑片向右移，离左下端接线柱越远，接入的电阻丝越长）。
故答案为：
（2）电压表接量程为0~3V。分度值为0.1V，指针指向2.5V刻度线处。故电压表示数；
电流表接量程为0~0.6A。分度值为0.02A，指针指向0.5A刻度线处。故电流表示数；
根据欧姆定律得电阻的阻值
故答案为：2.5；0.5；5
（3）测量性实验多次测量取平均值减小实验误差。
故答案为：求平均值，减小实验误差
【分析】(1) 本题考查滑动变阻器的接法，关键是理解“滑片右移电流变小”意味着接入电阻变大，因此需接离滑片较远的下端接线柱。
(2) 本题考查电表读数与欧姆定律的应用，需先明确电表量程与分度值，再根据 计算电阻。
(3) 本题考查多次测量的目的，定值电阻的阻值不随电压变化，多次测量取平均值可减小偶然误差。
（1）滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，要让滑片右移电阻变大，就必须接左下端的接线柱（因为滑片向右移，离左下端接线柱越远，接入的电阻丝越长）。
（2）电压表接量程为0~3V。分度值为0.1V，指针指向2.5V刻度线处。故电压表示数；
电流表接量程为0~0.6A。分度值为0.02A，指针指向0.5A刻度线处。故电流表示数；
根据欧姆定律得电阻的阻值
（3）测量性实验多次测量取平均值减小实验误差。
19．【答案】（1）海波出现固液共存态
（2）海波熔化时，温度不随时间的增加而改变
【知识点】熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）从表格中可以看到，0~2min：物态为□（固态）；在4min到18min期间，物态为△（固液共存态）。所以，判断海波开始熔化的依据是：海波由固态变为固液共存态（或出现液态部分 / 开始出现液体），对应表格中物态符号从□变为△的时刻。
故答案为：海波出现固液共存态
（2）海波在4~18min期间，温度始终保持48℃不变，处于固液共存态；说明海波（晶体）熔化时，继续吸热，但温度保持不变；且海波的熔点为 48℃。可以得出结论海波熔化时，温度不随时间的增加而改变。
故答案为：海波熔化时，温度不随时间的增加而改变
【分析】（1）本题考查晶体熔化的判断依据，关键是根据物态的变化来判断熔化的开始，当海波由固态变为固液共存态时，标志着熔化过程启动。
（2）本题考查晶体熔化的特点，需结合表格中温度和物态变化的数据，分析得出晶体熔化过程中持续吸热、温度保持不变的结论。
（1）从表格中可以看到，0~2min：物态为□（固态）；在4min到18min期间，物态为△（固液共存态）。所以，判断海波开始熔化的依据是：海波由固态变为固液共存态（或出现液态部分 / 开始出现液体），对应表格中物态符号从□变为△的时刻。
（2）海波在4~18min期间，温度始终保持48℃不变，处于固液共存态；说明海波（晶体）熔化时，继续吸热，但温度保持不变；且海波的熔点为 48℃。可以得出结论海波熔化时，温度不随时间的增加而改变。
20．【答案】（1）右
（2）动力和动力臂的乘积为定值；当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）实验前杠杆左端低、右端高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向偏高的一侧（右）调节。（口诀：“左低右调，右低左调”）
故答案为：右
（2）计算动力与动力臂的乘积：
可以发现：动力和动力臂的乘积是一个定值，即动力随动力臂的增大而减小，且动力与动力臂成反比关系。
故答案为：动力和动力臂的乘积为定值；当杠杆水平平衡，阻力和阻力臂不变时，动力与动力臂成反比
【分析】（1）本题考查杠杆的调平方法，需遵循 “左低右调、右低左调” 的原则，平衡螺母向杠杆偏高的一侧调节。
（2）本题考查杠杆平衡条件的实验分析，关键是通过计算发现动力与动力臂的乘积为定值，进而得出动力与动力臂成反比的结论。
（1）实验前杠杆左端低、右端高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向偏高的一侧（右）调节。（口诀：“左低右调，右低左调”）
（2）计算动力与动力臂的乘积：
可以发现：动力和动力臂的乘积是一个定值，即动力随动力臂的增大而减小，且动力与动力臂成反比关系。
21．【答案】（1）发光体的高度和凸透镜的焦距
（2）
凸透镜焦距f=_____cm；物体高度H=_____cm
实验次数 物体到透镜的距离 u/cm 像的高度h/cm
1 　 　
2 　 　
3 　 　
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；物理学方法
【解析】【解答】（1）影响凸透镜实像高度的因素有：物体到透镜的距离u（自变量，我们要改变的）、物体的高度（发光体的大小）、凸透镜的焦距（透镜本身的属性），因此，实验中应控制发光体的高度、凸透镜的焦距不变，只改变物体到透镜的距离u。
故答案为：发光体的高度和凸透镜的焦距
（2）表格需要记录：实验次数、物距u、像的高度h，焦距、物体高度的固定值。
故答案为：
凸透镜焦距f=_____cm；物体高度H=_____cm
实验次数 物体到透镜的距离 u/cm 像的高度h/cm
1 　 　
2 　 　
3 　 　
【分析】(1) 本题考查控制变量法的应用，探究像的高度h与物距u的关系时，需控制影响像高的其他因素不变，即发光体的高度和凸透镜的焦距。
(2) 本题考查实验数据记录表格的设计，需包含固定不变的实验条件（焦距、物体高度）、自变量（物距u）和因变量（像的高度h），并设置多次实验的记录栏。
（1）影响凸透镜实像高度的因素有：物体到透镜的距离u（自变量，我们要改变的）、物体的高度（发光体的大小）、凸透镜的焦距（透镜本身的属性），因此，实验中应控制发光体的高度、凸透镜的焦距不变，只改变物体到透镜的距离u。
（2）表格需要记录：实验次数、物距u、像的高度h，焦距、物体高度的固定值。
22．【答案】（1）弹簧测力计示数稳定
（2）将木块A叠放在木块B上方，使B与木板接触，改变接触面面积，保持压力和接触面粗糙程度不变，重复步骤(1)，记录此时测力计示数和接触面积；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小无关；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小有关。
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）组装好器材，水平拉动木板时，长方体木块A和B始终保持静止，受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此待弹簧测力计示数稳定后就可以读数，不需要匀速拉动木板。
故答案为：弹簧测力计示数稳定
（2）将木块A叠放在木块B上方，使B与木板接触，改变接触面面积，保持压力和接触面粗糙程度不变，重复步骤(1)，记录此时测力计示数和接触面积；
若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小无关；若，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的面积大小有关。
【分析】(1) 木块静止时受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此需等示数稳定后读数，无需匀速拉动木板。
(2) 探究滑动摩擦力与接触面积的关系，需控制压力和接触面粗糙程度不变，只改变接触面积大小，通过比较两次测力计示数得出结论。
（1）组装好器材，水平拉动木板时，长方体木块A和B始终保持静止，受力平衡，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的拉力，因此待弹簧测力计示数稳定后就可以读数，不需要匀速拉动木板。
（2）见答案。
23．【答案】；橡皮膜与管口相平，说明橡皮膜上下表面受到的液体压力大小相等。因为橡皮膜的受力面积S相同，根据，上下表面受到的液体压强也相等，即，则有，则
【知识点】液体压强计算公式的应用；利用平衡法求液体密度
【解析】【解答】盐水密度表达式：
推导过程：橡皮膜与管口相平时，说明橡皮膜上下表面受到的液体压力大小相等。因为橡皮膜的受力面积相同，根据，上下表面受到的液体压强也相等，即。
液体压强公式为，因此有，约去后整理可得：
【分析】本题利用压强平衡法测量液体密度，核心是通过橡皮膜的状态判断其上下表面压强相等，再结合液体压强公式推导密度关系。关键在于理解：当橡皮膜恢复平整时，管内水的压强与管外盐水的压强大小相等，从而建立等式求解。
24．【答案】（1）高空风能充足、风速大且稳定
（2）密度
（3）偏远海岛
（4）360
【知识点】能量的转化或转移；能源开发与利用对社会发展的影响
【解析】【解答】（1）该发电系统升至2000m高空，高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面风力发电系统。
故答案为：高空风能充足、风速大且稳定
（2）根据公式，相同体积的材料，密度越小，质量越小。该材料在保证高强度的同时，能有效减轻自身质量，说明它具有较小的密度。
故答案为：密度
（3）该系统受地形、气候影响小，部署灵活，因此可应用在地形复杂的偏远山区、海岛，或者应急救灾供电等场景。
故答案为：偏远海岛
（4）根据题干给出的关系：，12组发电机的总功率，则总质量
故答案为：360
【分析】（1）本题考查风能利用效率的影响因素，关键是从材料中提取高空风能的特点（充足、风速大且稳定）来解释发电效率更高的原因。
（2）本题考查密度的应用，根据公式 ，在体积一定时，材料的密度越小，质量越小，因此减轻质量的材料应具有较小的密度。
（3）本题考查技术应用场景的分析，需结合材料中“受地形、气候影响小，部署灵活”的优势，列举如偏远海岛、山区等地面风电难以覆盖的场景。
（4）本题考查功率密度公式的应用，根据已知的总功率和功率密度，代入公式直接计算发电机的总质量。
（1）该发电系统升至2000m高空，高空风能充足、风速大且稳定，因此发电效率远高于地面风力发电系统。
（2）根据公式，相同体积的材料，密度越小，质量越小。该材料在保证高强度的同时，能有效减轻自身质量，说明它具有较小的密度。
（3）该系统受地形、气候影响小，部署灵活，因此可应用在地形复杂的偏远山区、海岛，或者应急救灾供电等场景。
（4）根据题干给出的关系，12组发电机的总功率为
则总质量
25．【答案】（1）解：由题意得，小灯泡的额定功率
（2）解：由电路可知，小灯泡与电位器串联，为保证电路安全，电路电流不能超过元件允许的最大电流。
已知小灯泡允许的最大电流为，电位器允许的最大电流为，因此电路的最大安全电流，对应电位器接入的最小阻值。
电源电压，根据串联电路电压规律，电位器两端电压：
根据欧姆定律，得电位器接入的最小阻值
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本题考查用电器额定功率的计算，直接利用额定电压和额定电流，结合公式 即可求解。
(2) 本题考查串联电路的安全问题，关键是确定电路的最大安全电流（取灯泡和电位器允许的最大电流中的较小值），再结合串联电路的电压规律和欧姆定律，计算电位器接入的最小阻值。
（1）由题意得，小灯泡的额定功率
（2）由电路可知，小灯泡与电位器串联，为保证电路安全，电路电流不能超过元件允许的最大电流。
已知小灯泡允许的最大电流为，电位器允许的最大电流为，因此电路的最大安全电流，对应电位器接入的最小阻值。
电源电压，根据串联电路电压规律，电位器两端电压：
根据欧姆定律，得电位器接入的最小阻值
26．【答案】（1）解：吸附力是吸盘内外气压差产生的压力差。
单个吸盘内外气压差
根据压强公式，得单个吸盘的吸附力
（2）解：总吸附力越大，可吊起的最大重力越大；要总吸附力最大，需要吸盘内部气压最小（气压差最大）。
6个吸盘的总有效面积
最大气压差
总吸附力
由题意，允许吊起的最大重力为总吸附力的，因此能够吊起的玻璃板所受的最大重力
（3）解：根据公式，要增大，可以增大吸盘个数、增大单个吸盘面积、减小吸盘内部气压，任选一种合理方法即可。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）本题考查气压差产生的压力计算，关键是利用内外气压差计算单个吸盘对玻璃板的吸附力。
（2）本题考查最大安全重力的计算，需先找到最大气压差（内部气压最小时），计算总吸附力，再结合安全系数求出最大可吊重力。
（3）本题考查改进方案，需结合公式，从增大、增大或减小的角度提出合理方法。
（1）吸附力是吸盘内外气压差产生的压力差。
单个吸盘内外气压差
根据压强公式，得单个吸盘的吸附力
（2）总吸附力越大，可吊起的最大重力越大；要总吸附力最大，需要吸盘内部气压最小（气压差最大）。
6个吸盘的总有效面积
最大气压差
总吸附力
由题意，允许吊起的最大重力为总吸附力的，因此能够吊起的玻璃板所受的最大重力
（3）根据公式，要增大，可以增大吸盘个数、增大单个吸盘面积、减小吸盘内部气压，任选一种合理方法即可。
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