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重庆市合川区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题（本题共10个小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。）
1．历史上首先用实验测出大气压值的科学家是（　　）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．阿基米德 D．托里拆利
【答案】D
【知识点】物理常识
【解析】【解答】首先用实验测出大气压强数值的科学家是托里拆利.
故答案为：D。
【分析】该题目考查的是物理学中著名人物及其对应的成就，平时注意积累、记忆即可。
2．下列物体中受到的重力约为1N的是（　　）
A．一只大象 B．中学生的书包
C．两个鸡蛋 D．一瓶矿泉水
【答案】C
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】根据重力公式计算重为1N的物体质量为
A．一只大象的质量单位为吨，故A不符合题意；
B．书包的质量约5kg，故B不符合题意；
C．一个鸡蛋的质量为50g，两只鸡蛋的质量约为100g，故C符合题意；
D．矿泉水质量约为500g，故D不符合题意。
故选C。
【分析】熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg。
3．我国自主开发出可被手撕开的“手撕钢”，已广泛应用于高新技术领域。“手撕钢”被撕掉一部分后，其不变的物理量是（　　）
A．质量 B．密度 C．体积 D．重力
【答案】B
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】ACD.“手撕钢”被撕掉一部分后，所含的物质减小，质量减小，由G=mg可知，物体的重力减小，体积也减小，故ACD不符合题意；
B.“手撕钢”被撕掉一部分后，物质的种类不变，所以密度不变，故B符合题意；
故选B。
【分析】（1）质量是物体所含物质的多少；
（2）密度是物质的一种特性，由物质的种类和状态决定，与质量和体积无关；
（3）“手撕钢”被撕掉一部分后，体积减小，密度不变，根据G=mg分析物体的重力变化。
4．下列做法中，属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．拍打衣服除尘 B．跳远时助跑
C．坐车系安全带 D．将盆中的水泼出
【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A、拍打衣服除尘，是利用灰尘的惯性来使灰尘与衣服脱离，故A不合题意；
B、跳远时助跑，是利用人的惯性来提高跳远成绩，故B不合题意；
C、坐车系安全带，可以防止紧急刹车时，人由于惯性向前冲而可能发生的伤害，故C符合题意；
D、将盆中的水泼出时，盆在手的作用下停止运动，水由于惯性继续向前运动，是利用了水的惯性，故D不合题意。
故选：C。
【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。有时我们要利用惯性，有时要防止惯性带来伤害。
5．跳水运动中蕴含着许多物理知识，如图所示，有关跳板跳水过程中能量变化的说法正确的是（　　）
A．运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性势能减小
B．运动员被跳板向上弹起的过程中，重力势能减小
C．运动员离开跳板向上运动的过程中，动能减小
D．运动员从最高点下落的过程中，动能减小
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性形变程度变大，则弹性势能增大，故A错误；
B．根据生活经验可知，运动员被跳板向上弹起的过程中，运动员的质量不变，高度变大，则重力势能增大，故B错误；
C．根据生活经验可知，运动员离开跳板向上运动的过程中，质量不变，速度变小，动能减小，故C正确；
D．根据生活经验可知，运动员从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，故D错误。
故选C。
【分析】A.弹性势能与物体发生弹性形变的程度大小有关；
B.重力势能与质量和高度有关；
CD.动能与质量和速度有关。
6．随着我国科学技术的发展，近年各种“大国重器”频频进入我们的视野。下列有关“大国重器”的说法正确的是（　　）
A．“嫦娥六号”月球探测器的“脚”较为宽大是通过增大受力面积减小压强
B．“运-20鲲鹏”运输机在高空飞行时利用了流体流速越大压强越大的原理
C．“奋斗者号”潜水器在马里亚纳海沟下潜过程中受到海水的压强变小
D．“东风41”洲际弹道导弹发射后上升的过程中受到的大气压强逐渐增大
【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．“嫦娥六号”月球探测器的“脚”较为宽大，是在通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B．运-20鲲鹏”运输机在高空飞行时时利用流体流速越大，压强越小的原理产生升力，故B错误；
C．“奋斗者号”潜水器下潜过程中，根据液体压强公式可知知，海水的压强变大，故C错误；
D．“东风41”洲际弹道导弹发射后上升过程中受到的大气压强逐渐减小，故D错误。
故选A。
【分析】A.减小压强的方法：减小压力和增大受力面积；
B.根据流体压强和流速的关系分析判断；
C.根据液体压强公式分析；
D.根据大气压强随高度的增大而减小分析。
7．在校运会排球比赛中，下列相关分析正确的是（　　）
A．排球被拦停说明力可以改变物体的运动状态
B．运动员扣球时手感到疼，使手疼的力的施力物体是手
C．排球静止在地面时，排球受到的重力与排球对地面的压力是一对平衡力
D．排球运动到最高点时处于平衡状态
【答案】A
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．排球被拦停，即受力后由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B．对于使手疼的力来说，手是受力物体，那么这个力应该是排球施加的，即这个力的施力物体是排球，故B错误；
C．排球受到的重力与排球对地面的压力，二者方向都是竖直向下，即方向相同，不是一对平衡力，故C错误；
D．排球运动到最高点时，只受重力作用，则排球处于非平衡状态，故D错误。
故选A。
【分析】A.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
B.对手进行受力分析即可；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
D.对最高点时的排球进行受力分析即可。
8．小明利用斜面分别进行了“探究阻力对物体运动的影响”（如图甲）和“探究影响动能大小的因素”（如图乙）两个实验，下列说法正确的是（　　）
A．甲、乙两个实验中，小球到达水平面能继续向前运动，是因为它受到惯性的作用
B．甲、乙两个实验中，小球的质量越大，其到达水平面的速度越大
C．甲实验中，小球必须从斜面同一高度静止下滑，乙实验中，木块被撞得越远，说明小球对木块做的功多
D．为了实验效果明显，甲实验中水平面要尽量粗糙，乙实验中水平面要尽量光滑
【答案】C
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】A． 甲、乙两个实验中，小球到达水平面能继续向前运动，是因为它有惯性，不是力的作用，故A错误；
B．甲、乙两实验中，小球到达水平面时的速度与释放的高度有关，高度越高，则到达水平面时的速度越大，而与质量无关，故D错误；
C．甲实验中，要通过小球在水面上移动的距离反映阻力对运动的影响，就必须控制小球到达水平面时具有相同的速度，即让小球从同一高度静止下滑。
乙实验中，小球撞击木块对木块做功，由W=fs可知，木块滑行得越远，克服摩擦力做的功越多，小球对木块做的功越多，故C正确；
D．甲实验时，只有水平面的粗糙程度差异较大，那么小车运动的距离才会有所差异，实验现象才会更加明显。太过粗糙时不易观察到木块的移动距离，太过光滑时木块移动距离太远，故D错误。
故选C。
【分析】A.惯性是物体本身的一种性质，而不是力的作用；
B.小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关；
C.根据控制变量法的要求分析甲实验中小球从同一高度下滑的原因。根据W=fs分析小球克服摩擦做功大小与木块被撞距离远近的关系；
D.甲实验中通过小球移动距离反映阻力对运动的影响，乙实验中通过木块移动的距离反映动能大小。
9．如图所示，用简单机械分别提起同一重物G，滑轮重20N，均质杠杆重10N（OB=2OA），手的拉力始终沿竖直方向，不计绳重及摩擦，下列说法中正确的是（　　）
A．如图甲，该装置的机械效率是三者中最高的
B．如图乙，该装置省力，省功，不省距离
C．如图丙，匀速拉动物体上升的过程中，F2逐渐变小
D．若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越低
【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A．根据图片可知，不计绳重及摩擦，甲中定滑轮，此时不做额外功，则提起重物的过程中机械效率是100%；乙是动滑轮，要克服动滑轮重力做额外功，机械效率低于100%；图丙中是杠杆，要克服杠杆重力做额外功，机械效率低于100%，则机械效率最高的是甲，故A正确；
B．根据图片可知，乙是动滑轮，可以省力但费距离，肯定不能省功，故B错误；
C．根据图片可知，丙中杠杆匀速拉动物体上升过程中，动力臂和阻力臂都在减小，但是动力臂总是阻力臂的2倍，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，拉力保持不变，故C错误；
D．乙、丙中都是对物体做有用功，若提升的物体越重，所做的有用功越多，而额外功不变，根据可知，乙、丙的机械效率就会越高，故D错误。
故选A。
【分析】A.当有用功相同时，额外功越少，则机械效率越高；
B.根据动滑轮的特点分析判断；
C.根据图片分析动力臂和阻力臂的大小变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂的变化；
D.根据公式分析判断。
10．如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同．下列说法正确的是
A．物体受到的浮力大小关系为FA＞FB＞FC
B．三个物体的密度大小关系为ρA＞ρB＞ρC
C．容器底部受到水的压力大小关系为F甲＞F乙＞F丙
D．容器对桌面的压强大小关系为P甲=P乙=P丙
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.根据图片可知，A、B在水面漂浮，C在水中悬浮，则A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排＜VB排＜VC排，根据阿基米德原理可知，浮力的大小关系为：FA＜FB＜FC，故A错误；
B.综上所述，三者受到浮力FA＜FB＜FC，且由浮沉条件可知：GA=FA，GB=FB，GC=FC，那么GA＜GB＜GC。根据可知，物体密度的大小关系：，故B错误；
C.由液体压强公式可知，液体底部压强关系是p甲=p乙=p丙，根据可知，容器底部受到水的压力大小关系：F甲=F乙=F丙，故C错误；
D.因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力。由阿基米德原理F浮=G排可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，那么容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙。根据可知，容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙，故D正确；
故选D。
【分析】A.根据阿基米德原理可判断物体受到的浮力大小关系；
B.由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
C.利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系，根据F =pS比较压力；
D.根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系，结合压强公式比较分析。
二、填空题（19小题4分，其余每空1分，共20分。）
11．历史上著名的马德堡半球实验证明了　 　的存在；端午节划龙舟时，运动员用桨向后划水，龙舟向前运动，说明力的作用是　 　的。
【答案】大气压；相互
【知识点】力作用的相互性；大气压强的存在
【解析】【解答】（1）在马德堡半球实验中，将两个抽出空气的半球紧密合拢，抽出球内空气，外部的大气压力将两个半球紧紧压在一起，有力地证明了大气压强的存在。
（2） 端午节划龙舟时， 运动员用桨向后划水，桨对水施加向后的力，同时水对桨施加向前的力，这体现了力的作用是相互的。
【分析】（1）根据有关大气压强的科学发展史解答；
（2）根据力的作用的相互性解答。
12．如图所示，弹簧下端固定在地面上，小明用力向上拉弹簧，用力越大，弹簧伸得越　 　；小明拉弹簧时，感觉到手也受到一个向下的力，说明力的作用是　 　的。
【答案】长；相互
【知识点】力的三要素及力的示意图；力作用的相互性
【解析】【解答】 力能够对物体产生不同的作用效果，力的大小会影响力的作用效果：本实验中弹簧下端固定在地面，小明用向上的力拉弹簧，拉力越大，弹簧的伸长量就越大，由此可以得出力的作用效果与力的大小有关。
当小明对弹簧施加拉力的时候，小明的手会感受到弹簧对手向下的反作用力，这个现象说明：手对弹簧施加力的同时，弹簧也对手施加了力的作用，充分证明物体间力的作用是相互的。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
13．如图，玻璃管装有水倾斜放置，管内水对容器底部的压强为　 　Pa将玻璃管放竖直，此时对容器底部的压强　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。（）
【答案】4000；增大
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知， 玻璃管装有水倾斜放置时， 水的深度为h=40cm=0.4m，
则水对容器底部的压强为。
（2）根据图片可知，将玻璃管放竖直时，水的深度增大，由液体压强公式p=ρ液gh可知，此时对容器底部的压强增大。
【分析】（1）根据图片确定容器底部的深度，然后根据公式p=ρ液gh计算水对容器底部的压强；
（2）将玻璃管放竖直时，水的深度增大，由液体压强公式p=ρ液gh分析水对容器底部压强的变化。
14．如图是《天工开物》中记载的踏碓舂米（去掉谷类皮壳）的情景。踏碓被架在木杠上，可以绕着固定点转动，踏碓的前端装有圆锥状石块，用脚反复踩踏碓后端，就可以舂米。踏碓可看成一根杠杆，如图所示，其支点位于图中O点，要使踩踏时所用的力小一些，则脚掌与O点的距离应　 　一些（填“增大”“减小”或“不变”）。踏碓属于　 　杠杆（填“省力”“等臂”或“费力”）。
【答案】增大；费力
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】根据图片可知，O点为支点，石块施加阻力，脚施加动力。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，要使踩踏时所用的力小一些，则需要增大动力臂，即脚掌与O点的距离应增大。
【分析】根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，要减小动力必须增大动力臂。
15．水平桌子上放着一个静止的物体，如图所示，当用大小为5N的水平推力推这个物体时，没有推动，物体受到的摩擦力为　 　N；若用9N的水平推力匀速推动物体，则物体受到的滑动摩擦力大小为　 　N。
【答案】5；9
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）用5N的力推物体时，物体处于静止状态，则它受到的水平方向推力与摩擦力平衡，即摩擦力等于推力，那么f=F=5N。
（2）用9N的力推物体做匀速直线运动时，此时物体也处于平衡状态，那么物体受到的推力和摩擦力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，则f=F=9N。
【分析】（1）（2）对物体进行受力分析，根据平衡力的知识计算物体受到的摩擦力。
16．在看过宇航员王亚平在太空演示的浮力实验后，聪明的小宇给同学们设计了一个问题：一物体漂浮在水面上如图甲所示，对物体施加一个向下的压力F如图乙所示，在压力F的作用下，这个物体在水面下静止，假如此时压力F和重力同时消失，请推断物体的运动情况将是　 　，你的理由：当压力F和重力同时消失时，　 　。
【答案】加速上浮；物体只受向上的浮力
【知识点】物体运动状态的变化；浮力及其产生原因
【解析】【解答】根据题目描述可知，当压力和重力同时消失时，此时物体只受向上的浮力，即合力向上，因此加速上浮。
【分析】同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法，合力的方向与较大力的方向相同。
17．我国生产的一款新能源汽车，某次出行时车和人的总质量为3000kg，5s内在某段水平公路上匀速直线行驶了100m，此过程中汽车的牵引力为车和人总重的0.05倍，则汽车在此过程中重力做功为　 　J，汽车牵引力做功的功率为　 　W。
【答案】0；
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当车沿水平方向做匀速直线运动时，重力的方向竖直向下，则它在重力的方向上没有移动距离，所以重力没有做功，故重力做功是0J。
（2）根据题意可知，汽车受到阻力f=0.05G=0.05mg=0.05×3×103kg×10N/kg=1500N；
车做匀速直线运动时，它处于平衡状态，即牵引力等于阻力，故牵引力为F=f=1500N；
则汽车牵引力做的功为W=Fs=1500N×100m=1.5×105J；
汽车牵引力的功率为。
【分析】（1）做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
（2）首先根据f=0.05G计算汽车受到的阻力，然后根据平衡力的知识计算牵引力，根据W=Fs计算牵引力做功，最后根据计算汽车牵引力的功率。
18．如图所示，盛有水的圆柱形容器A底面积为12cm2，圆柱形容器B底面积为8cm2放在容器A内漂浮在水面，现有数量足够多的实心金属小球放在容器B内，每个小球质量为15g，密度为2×103kg/m3。此时容器B的上沿恰与容器A水面平齐，水面距离容器A上沿5cm。（容器A与容器B器壁厚度不记）求：一个金属小球的体积是　 　cm3，若将小球一个一个从容器B内取出放到容器A的水中，则取出　 　个小球，容器B的上沿与容器A的上沿齐平。在小球取出的过程中，容器B保持平稳，不会侧倾，水面也没有波动，且容器B高度足够满足题意要求。
【答案】7.5；4
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，金属小球的质量为15g，密度为 2×103kg/m3 ，
则一个金属小球的体积。
（2）根据题意可知，此时容器B的上沿恰与容器A水面平齐时，
则容器A中水的体积V水=SA(hA-hB-5cm)+(SA-SB)hB①
若将n个小球从容器B内取出放到容器A中，当容器B的上沿与容器A的上沿齐平，此时容器B受到的浮力减小，液面下降，设此时水面变化高度为Δh，
则容器A中水的体积V水=SA(hA-hB)+(SA-SB)(hB-Δh-5cm)-nV球②
水的体积不变，则12cm2×(hA-hB-5cm)+(12cm2-8cm2)hB=12cm2×(hA-hB)+(12cm2-8cm2)(hB-Δh-5cm)-n×7.5cm3；
解得：。
当容器B的上沿与容器A的上沿齐平时，减小的浮力等于减小的重力，则ΔF浮=nG球；
ρ水gΔV排=ρ水gSBhB-ρ水gSB(hB-Δh-5cm)=nm球g；
ρ水SBΔh+ρ水SB×5cm=nm球；
；
解得：n=4。
【分析】 （1）知道小球的质量和密度，根据密度公式求出小球的体积；
（2）分别求出容器B的沿恰与容器A水面平齐和容器B的上沿与容器A的上沿齐平水的体积，根据水的体积不变求出液面下降的高度，利用减小的浮力等于减小的重力列等式求出小球的个数。
19．按要求作图：
（1）如图，水平桌面上的文具盒处于静止状态，画出文具盒所受力的示意图。
（2）如图为古代一种提水装置的简图，请作出杠杆受到的阻力，并画出动力臂。
【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）如图所示，水平桌面上的文具盒处于静止状态，则它处于平衡状态，即文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力方向相反，大小相等，即重力竖直向下，支持力竖直向上，如下图所示：
（2）根据图片可知，杠杆受到的阻力由水桶的重力产生，方向竖直向下。过支点O作出动力的作用线的垂线段，该垂线段为动力臂l1，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）水平桌面上的文具盒处于静止状态，文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力，两个力是一对平衡力，从文具盒的重心沿竖直向下和垂直于桌面向上分别画出重力和支持力的示意图，如图所示：
（2）阻力F2作用点在左侧细绳与杠杆的接触点处，方向沿绳子向下；过支点O作出动力的作用线的垂线段，该垂线段为动力臂l1，如图所示：
三、实验探究题（本题3个小题，20题8分，21题8分，22题10分，共26分。请按题目的要求作答。）
20．为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明设计了如图所示的实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计必须沿　 　方向拉着物块A做匀速直线运动，此时，根据　 　知识，滑动摩擦力的大小　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计的示数；
（2）在甲、乙、丙三次实验中，滑动摩擦力最小的是　 　（选填“甲”、“乙”或“丙”）实验；
（3）比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与　 　是否有关；比较　 　两次实验，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关；
（4）比较甲、丁两次实验，小明发现弹簧测力计的示数甲实验大于丁实验的示数，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关；你认为他的结论是否正确？　 　；
（5）实验结束后，小明又对实验装置进行了改进，如图所示，实验后发现效果更好，原因是　 　。
【答案】（1）水平；二力平衡；等于
（2）甲
（3）压力；接触面粗糙程度
（4）否
（5）不必匀速拉动长木板，弹簧测力计的示数稳定
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验过程中，沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，则物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力。根据二力平衡知识可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）根据图片可知，在甲、乙、丙三次实验中，甲接触面为木板，接触面最光滑；上面没有砝码，则此时压力最小，所以滑动摩擦力最小的是甲实验。
（3）①根据图片可知，实验甲、乙中，只有压力大小不同，则可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
②根据图片可知，实验乙、丙中只有接触面粗糙程度不同，则可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系时，应控制压力和接触面相同，只改变受力面积。根据图片可知，实验甲、丁中，压力和接触面积均不同，则得出“滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关”的结论是不正确的。
（5）如图2所示，无论长木板是否匀速运动，木块A对接触面的压力和粗糙程度不变，则木块受到摩擦力的大小不变，通过测力计的示数可以直接读出来。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）接触面越光滑，压力越小，则物体受到的滑动摩擦力越小；
（3）①根据图片分析甲和乙中哪个因素不同；
②根据图片分析实验乙和丙中哪个因素不同即可。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系时，应控制压力和接触面相同，只改变受力面积。
（5）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析解答。
（1）[1][2][3]实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，此时，物体A处于平衡状态，A受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）接触面越粗糙，压力越大，物体所受滑动摩擦力越大；由图可知，在甲、乙、丙三次实验中，甲接触面为木板，比棉布表面要光滑，且压力最小，所以滑动摩擦力最小的是甲实验。
（3）[1]比较甲、乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，乙的压力大，摩擦力大，可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
[2]比较乙、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图接触面粗糙，摩擦力大，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系，应控制压力、接触面相同，受力面积不同；比较甲、丁两次实验，压力和接触面积均不同，存在两个变量，得出“滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关”的结论是不正确的。
（5）如图2所示，拉动长木板时，物块A相对与地面静止，受力平衡，根据二力平衡知识，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，此时接触面和压力大小不变，摩擦力的大小不变，因此弹簧测力计的示数稳定；滑动摩擦力的大小与物体相对运动的速度无关，所以不必匀速拉动长木板。
21．如图所示是将同一物体浸入水和浓盐水中“探究影响浮力大小的因素”的实验过程及数据。
（1）当实心物体逐渐浸入水中，水对物体底面的压强将逐渐变　 　。
（2）比较图甲、乙、丙中弹簧测力计的示数，可探究浮力的大小与物体　 　有关。
（3）比较图甲、丙、丁中弹簧测力计的示数，可探究浮力的大与物体浸没在液体中的　 　无关；若慢慢松手使物体沉入杯底时，物体受到的浮力为　 　N。
（4）比较图甲、丁、戊中弹簧测力计的示数，可以计算出物块的密度是　 　kg/m3；浓盐水的密度是　 　kg/m3。
（5）小阳同学由图乙、戊所示实验，他就得出物体受到的浮力大小与液体的密度有关的结论。他的分析过程是否正确？　 　你判断的理由是　 　。
【答案】（1）大
（2）排开液体的体积
（3）浸没的深度；1
（4）；
（5）不正确；没有控制排开液体的体积相同
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当物体逐渐浸入水中时，物体底面所处的深度变大，由液体压强公式p=ρ液gh可知，水对物体底面的压强变大。
（2）根据图片可知，实验图甲乙丙中，液体的密度相同（都是水），而排开水的体积不相同，通过弹簧测力计的示数不同可知浮力不同，故得到：物体所受浮力的大小与排开液体的体积有关。
（3）①根据图片可知，实验图甲丙丁中，物体所处的深度不同，弹簧测力计的示数相同则浮力相同，说明：物体浸没在液体中时，所受浮力的大小与深度无关。
②根据甲图可知，物体的重力为8N；根据丁图可知，浸没水中测力计的示数为7N，则物体浸没在水中所受的浮力。
若慢慢松手使物体沉入杯底时，液体的密度和物体排开液体的体积不变，物体受到的浮力不变，仍为1N。
（4）①综上所述，物体浸没水中受到的浮力为1N，则物体的体积
；
物体密度。
②根据甲和戊图可知，物体在盐水中受到的浮力；
则盐水密度。
（5）根据控制变量法的要求可知，要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度。根据图片可知，乙、戊两次实验中，液体的密度和排开液体的体积都不同，不能探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关。
【分析】 （1）当物体逐渐浸入水中时，根据p=ρgh可知水对物体底面的压强变化；
（2）根据图片分析图甲、乙、丙中 哪个因素不同即可；
（3）①根据图片分析 甲、丙、丁中哪个因素不同即可。
②根据称重法求出物体受到的浮力；根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化。
（4）①根据计算物体的体积，根据计算物体的密度；
②根据称重法求出物体在盐水中的浮力，根据F浮=ρ液gV排算出盐水的密度；
（5）根据控制变量法的要求可知，要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度。
（1）当物体逐渐浸入水中时，物体底面所处的深度变大，由p=ρgh可知，水对物体底面的压强变大。
（2）比较图甲乙丙可知，液体的密度相同，排开水的体积不相同，且排开水的体积越大，弹簧测力计的示数越小，浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体所受浮力的大小与排开液体的体积有关。
（3）[1]比较图甲丙丁可知液体的密度和排开液体的体积都相同，物体所处的深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，说明物体浸没在液体中时，所受浮力的大小与深度无关。
[2]由图甲丙丁可知，物体浸没在水中所受的浮力
若慢慢松手使物体沉入杯底时，液体的密度和物体排开液体的体积不变，物体受到的浮力不应能，仍为1N。
（4）[1]根据阿基米德原理，由物体浸没在水中时受到的浮力可知，物体的体积
物体质量
物体密度
[2]物体在盐水中受到的浮力
根据阿基米德原理，可知，盐水密度
（5）[1][2]要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，而乙、戊两次实验中，液体的密度和排开液体的体积都不同，不能探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，原因是没有控制排开液体的体积相同。
22．在完成《简单机械》的学习后，乐乐同学对下面两个实验再次进行了探究。
（1）①实验前杠杆如图1甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，乐乐应将杠杆两端的平衡螺母向　 　调节。
②如图1乙所示，杠杆在水平位置平衡（B处钩码未画出），若在A处下方再挂2个相同的钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向右移动　 　格。
③乐乐实验中多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是　 　。
④如图1丙所示，弹簧测力计在C处竖直向上拉使杠杆在水平位置静止，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变　 　，原因是　 　。
（2）如图2所示，乐乐在测量滑轮组机械效率的实验时，部分实验数据如下表：
实验次数 钩码重力G/N 钩码上升高度h/cm 拉力 绳端移动距离s/cm 机械效率
1 1.0 5 0.5 15 55.6%
2 1.5 5 0.8 15
3 2.0 5 1.0 15 66.7%
4 2.0 10 1.0 30 66.7%
①实验过程中，乐乐缓慢匀速拉动弹簧测力计。第1次实验时，弹簧测力计示数如图2所示，为　 　N；第2次实验时该滑轮组的机械效率为　 　。
②分析1、2、3次实验数据可知，用同一滑轮组提升重物时，重物越重，　 　；分析3、4次实验数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升高度　 　（选填“有关”或“无关”）。
③结合生活实际，用滑轮组提升重物时，可提高机械效率的措施有　 　（写出一例不同于上述实验的措施）。
【答案】（1）右；1；寻找普遍规律；变大；钩码对杠杆的拉力和力臂不变，测力计拉力的力臂变小
（2）0.6；62.5；机械效率越高；无关；减小动滑轮的重力
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）①如图甲所示，杠杆的右端上翘，则右端较轻，则应将杠杆两端螺母向右调节，直到杠杆水平平衡。
②如图乙所示，根据杠杆的平衡条件得到：；
解得：，即在B点挂了6个钩码；
若在A处下方再挂2个相同的钩码，则需将挂在B处的钩码向右移动个小格，
根据杠杆的平衡条件：
解得：，
需将挂在B处的钩码向右移动1个格。
③根据科学探究中多次实验的目的可知，多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是：寻找杠杆平衡的普遍条件，避免实验次太少，结论具有偶然性。
④如图1丙所示，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计的示数将变大。
（2）①根据图2所示，该测力计的分度值为0.1N，读数为：0.2N×3=0.6N。
根据表格数据可知，第2次实验时该滑轮组的机械效率。
②根据表格数据1、2、3可知，其它条件相同时，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高，可得结论：用同一滑轮组提升重物时，重物越重，机械效率越高。
根据表格数据3、4次可知，提升物体的重力相同，提升的高度不同，但是滑轮组的机械效率相同，可得结论：滑轮组的机械效率与钩码上升高度无关。
③用滑轮组提升重物时，对物体做有用功，对动滑轮做额外功，有用功越大，额外功越小，则机械效率越高，由此可知，可提高机械效率的措施有减小动滑轮的重力，减小各种摩擦。
【分析】 （1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②根据图乙确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡条件进行判断；
③根据科学探究中需要多次测量的目的解答；
④当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计的示数变化；
（2）①根据图片确定测力计的量程和分度值，根据指针的位置读出示数；
根据表格数据2，利用公式计算此时该滑轮组的机械效率；
②根据表格数据确定对比实验中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
③用滑轮组提升重物时，要克服动滑轮的重力、绳重和各种摩擦做额外功，额外功越少，机械效率越高，由此可得结论。
（1）①[1]如图甲，杠杆左侧偏低，说明杠杆左侧偏重，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端螺母向右调节，直到杠杆水平平衡。
②[2]如图乙，设每个钩码的重力为G，杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可得
解得，杠杆在水平位置平衡时，B点挂了6个钩码；若在A处下方再挂2个相同的钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向右移动个小格，根据杠杆的平衡条件可得，
解得，需将挂在B处的钩码向右移动1个格。
③[3]实验中多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是寻找杠杆平衡的普遍条件，避免实验次太少，结论具有偶然性。
④[4][5]如图1丙所示，弹簧测力计在C处竖直向上拉使杠杆在水平位置静止，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，钩码对杠杆的拉力和力臂不变，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计的示数将变大。
（2）①[1]如图2所示，测力计的分度值为0.1N，读数为0.6N。
[2]第2次实验时该滑轮组的机械效率
②[3]分析1、2、3次实验数据可知，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高，可得结论：用同一滑轮组提升重物时，重物越重，机械效率越高。
[4]分析3、4次实验数据可知，提升物体的重力相同，提升的高度不同，滑轮组的机械效率相同，可得结论：滑轮组的机械效率与钩码上升高度无关。
③[5]用滑轮组提升重物时，要克服动滑轮的重力、绳重和各种摩擦做额外功，额外功越少，机械效率越高，由此可知，可提高机械效率的措施有减小动滑轮的重力，减小各种摩擦。
四、论述计算题（本题3个小题，23题6分，24题8分，25题10分，共24分。解答应写出必要的文字说明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能给分。）
23．杆秤是我国古老且至今仍在使用的一种衡量工具。如图的杆秤可视为杠杆，提纽处为支点O，不计秤杆自重，当在挂钩悬挂被称物体后处于平衡状态，已知，，秤砣的质量为1kg。求：
（1）秤砣的重力
（2）被称物体的重力。
【答案】（1）解：根据题意可知，秤砣的质量为1kg，
则秤砣的重力。
（2）解：根据图片可知，支点为O，动力臂为OA，动力臂为OB，
由杠杆平衡条件得到：；
G0×4cm=10N×60cm；
解得：G0=150N。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算秤砣的重力；
（2）根据杠杆的平衡条件列式计算被测物体的重力。
（1）秤砣的重力
（2）由杠杆平衡条件可得
被称物体的重力
24．如图甲所示为工人使用升降平台清洗高空玻璃幕墙的情景。升降平台结构简图如图乙所示，吊篮由电动机控制升降，吊篮和两动滑轮总重为600N。某次吊升过程中，两名工人及清洗工具的总重为1800N，吊篮在30s内匀速上升了6m，不计绳重和摩擦，求：
（1）匀速上升过程中电动机对绳子的拉力；
（2）本次吊升过程中电动机的输出功率；
（3）本次吊升过程中平台的机械效率。
【答案】（1）解：根据乙图可知，滑轮组上承担重力的绳子段数n=4，
根据公式可知，匀速上升过程中电动机对绳子的拉力。
（2）解：根据题意可知，该物体移动速度；
那么绳端移动速度；
因此电动机的输出功率。
（3）解：综上所述，电动机的功率为480W，时间为30s，
则电动机所做的功；
电动机做的有用功为；
吊升过程中平台的机械效率。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据滑轮组装置确定绳子股数n，利用求出匀速上升过程中电动机对绳子的拉力；（2）根据计算该物体的移动速度，再根据P=Fv求出本次吊升过程中电动机的输出功率；
（3）根据求出电动机所做的总功，利用W有=Gh求出电动机做的有用功，根据
求出本次吊升过程中平台的机械效率。
（1）由图乙可知n=4，匀速上升过程中电动机对绳子的拉力
（2）吊篮在30s内匀速上升了6m，所以物体移动速度
绳端移动速度
电动机的输出功率
（3）电动机所做的功
电动机做的有用功为
吊升过程中平台的机械效率
25．如图甲所示，将薄壁柱形玻璃杯A和实心正方体B用细线相连，放入装有适量水的足够高的薄壁柱形容器C中，当它们静止时，细线被拉直（细线不可伸长且质量体积均忽略不计）。A的底面积为200cm2，重为5N；B的边长为10cm，C的底面积为400cm2，现打开C底部水龙头缓慢放水，细线所受拉力大小随时间变化图象如图乙所示。求：
（1）玻璃杯A受到的最大浮力；
（2）时刻B对容器C底部的压强；
（3）到时间内放出水的质量。
【答案】（1）解：根据乙图可知，当A、B静止时，细线的最大拉力为30N，且A的重力为5N，玻璃杯A受到的最大浮力等于A的重力与细线拉力之和，即。
（2）解：如图乙，当A、B静止时，B受到的浮力；
B的重力等于它受到的浮力和细线拉力之和，即；
时刻绳子的拉力，
则B对容器C底部的压力；
B的边长；
B对容器C底部的压强。
（3）解：根据图乙可知，时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，只是随水面下降。
t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，时刻绳子的拉力时，
A受到的浮力。
到时间内，A受到的浮力差；
到时间内水面下降的高度；
到时间内放出水的质量。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）玻璃杯受到的浮力等于重力与拉力之和；
（2）根据阿基米德原理可求出当A、B静止时B受到的浮力，从而可求出B的重力；t2时刻绳子的拉力F'=15N，B受重力、拉力、浮力和支持力，根据可求出B对容器C底部的压强；
（3）由乙图可知，0 t1时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，当t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，t2时刻绳子的拉力F'=15N时，从而可求出A受到的浮力，从而可求出t1到t2时间内A受到的浮力差，根据阿基米德原理可求出t1到t2时间内水面下降的高度，从而求出t1到t2时间内放出水的质量。
（1）由图乙可知，当A、B静止时，细线被拉直，最大拉力为30N，A的重力为5N，玻璃杯A受到的最大浮力
（2）如图乙，当A、B静止时，细线被拉直，B受到的浮力
B的重力
时刻绳子的拉力，B受重力、拉力、浮力和支持力；B对容器C底部的压力
B的边长
B对容器C底部的压强
（3）由乙图可知，时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，只是随水面下降，t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，时刻绳子的拉力时，A受到的浮力
到时间内，A受到的浮力差
到时间内水面下降的高度
到时间内放出水的质量
1 / 1重庆市合川区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题（本题共10个小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。）
1．历史上首先用实验测出大气压值的科学家是（　　）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．阿基米德 D．托里拆利
2．下列物体中受到的重力约为1N的是（　　）
A．一只大象 B．中学生的书包
C．两个鸡蛋 D．一瓶矿泉水
3．我国自主开发出可被手撕开的“手撕钢”，已广泛应用于高新技术领域。“手撕钢”被撕掉一部分后，其不变的物理量是（　　）
A．质量 B．密度 C．体积 D．重力
4．下列做法中，属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．拍打衣服除尘 B．跳远时助跑
C．坐车系安全带 D．将盆中的水泼出
5．跳水运动中蕴含着许多物理知识，如图所示，有关跳板跳水过程中能量变化的说法正确的是（　　）
A．运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性势能减小
B．运动员被跳板向上弹起的过程中，重力势能减小
C．运动员离开跳板向上运动的过程中，动能减小
D．运动员从最高点下落的过程中，动能减小
6．随着我国科学技术的发展，近年各种“大国重器”频频进入我们的视野。下列有关“大国重器”的说法正确的是（　　）
A．“嫦娥六号”月球探测器的“脚”较为宽大是通过增大受力面积减小压强
B．“运-20鲲鹏”运输机在高空飞行时利用了流体流速越大压强越大的原理
C．“奋斗者号”潜水器在马里亚纳海沟下潜过程中受到海水的压强变小
D．“东风41”洲际弹道导弹发射后上升的过程中受到的大气压强逐渐增大
7．在校运会排球比赛中，下列相关分析正确的是（　　）
A．排球被拦停说明力可以改变物体的运动状态
B．运动员扣球时手感到疼，使手疼的力的施力物体是手
C．排球静止在地面时，排球受到的重力与排球对地面的压力是一对平衡力
D．排球运动到最高点时处于平衡状态
8．小明利用斜面分别进行了“探究阻力对物体运动的影响”（如图甲）和“探究影响动能大小的因素”（如图乙）两个实验，下列说法正确的是（　　）
A．甲、乙两个实验中，小球到达水平面能继续向前运动，是因为它受到惯性的作用
B．甲、乙两个实验中，小球的质量越大，其到达水平面的速度越大
C．甲实验中，小球必须从斜面同一高度静止下滑，乙实验中，木块被撞得越远，说明小球对木块做的功多
D．为了实验效果明显，甲实验中水平面要尽量粗糙，乙实验中水平面要尽量光滑
9．如图所示，用简单机械分别提起同一重物G，滑轮重20N，均质杠杆重10N（OB=2OA），手的拉力始终沿竖直方向，不计绳重及摩擦，下列说法中正确的是（　　）
A．如图甲，该装置的机械效率是三者中最高的
B．如图乙，该装置省力，省功，不省距离
C．如图丙，匀速拉动物体上升的过程中，F2逐渐变小
D．若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越低
10．如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同．下列说法正确的是
A．物体受到的浮力大小关系为FA＞FB＞FC
B．三个物体的密度大小关系为ρA＞ρB＞ρC
C．容器底部受到水的压力大小关系为F甲＞F乙＞F丙
D．容器对桌面的压强大小关系为P甲=P乙=P丙
二、填空题（19小题4分，其余每空1分，共20分。）
11．历史上著名的马德堡半球实验证明了　 　的存在；端午节划龙舟时，运动员用桨向后划水，龙舟向前运动，说明力的作用是　 　的。
12．如图所示，弹簧下端固定在地面上，小明用力向上拉弹簧，用力越大，弹簧伸得越　 　；小明拉弹簧时，感觉到手也受到一个向下的力，说明力的作用是　 　的。
13．如图，玻璃管装有水倾斜放置，管内水对容器底部的压强为　 　Pa将玻璃管放竖直，此时对容器底部的压强　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。（）
14．如图是《天工开物》中记载的踏碓舂米（去掉谷类皮壳）的情景。踏碓被架在木杠上，可以绕着固定点转动，踏碓的前端装有圆锥状石块，用脚反复踩踏碓后端，就可以舂米。踏碓可看成一根杠杆，如图所示，其支点位于图中O点，要使踩踏时所用的力小一些，则脚掌与O点的距离应　 　一些（填“增大”“减小”或“不变”）。踏碓属于　 　杠杆（填“省力”“等臂”或“费力”）。
15．水平桌子上放着一个静止的物体，如图所示，当用大小为5N的水平推力推这个物体时，没有推动，物体受到的摩擦力为　 　N；若用9N的水平推力匀速推动物体，则物体受到的滑动摩擦力大小为　 　N。
16．在看过宇航员王亚平在太空演示的浮力实验后，聪明的小宇给同学们设计了一个问题：一物体漂浮在水面上如图甲所示，对物体施加一个向下的压力F如图乙所示，在压力F的作用下，这个物体在水面下静止，假如此时压力F和重力同时消失，请推断物体的运动情况将是　 　，你的理由：当压力F和重力同时消失时，　 　。
17．我国生产的一款新能源汽车，某次出行时车和人的总质量为3000kg，5s内在某段水平公路上匀速直线行驶了100m，此过程中汽车的牵引力为车和人总重的0.05倍，则汽车在此过程中重力做功为　 　J，汽车牵引力做功的功率为　 　W。
18．如图所示，盛有水的圆柱形容器A底面积为12cm2，圆柱形容器B底面积为8cm2放在容器A内漂浮在水面，现有数量足够多的实心金属小球放在容器B内，每个小球质量为15g，密度为2×103kg/m3。此时容器B的上沿恰与容器A水面平齐，水面距离容器A上沿5cm。（容器A与容器B器壁厚度不记）求：一个金属小球的体积是　 　cm3，若将小球一个一个从容器B内取出放到容器A的水中，则取出　 　个小球，容器B的上沿与容器A的上沿齐平。在小球取出的过程中，容器B保持平稳，不会侧倾，水面也没有波动，且容器B高度足够满足题意要求。
19．按要求作图：
（1）如图，水平桌面上的文具盒处于静止状态，画出文具盒所受力的示意图。
（2）如图为古代一种提水装置的简图，请作出杠杆受到的阻力，并画出动力臂。
三、实验探究题（本题3个小题，20题8分，21题8分，22题10分，共26分。请按题目的要求作答。）
20．为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明设计了如图所示的实验。
（1）实验过程中，弹簧测力计必须沿　 　方向拉着物块A做匀速直线运动，此时，根据　 　知识，滑动摩擦力的大小　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计的示数；
（2）在甲、乙、丙三次实验中，滑动摩擦力最小的是　 　（选填“甲”、“乙”或“丙”）实验；
（3）比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与　 　是否有关；比较　 　两次实验，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关；
（4）比较甲、丁两次实验，小明发现弹簧测力计的示数甲实验大于丁实验的示数，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关；你认为他的结论是否正确？　 　；
（5）实验结束后，小明又对实验装置进行了改进，如图所示，实验后发现效果更好，原因是　 　。
21．如图所示是将同一物体浸入水和浓盐水中“探究影响浮力大小的因素”的实验过程及数据。
（1）当实心物体逐渐浸入水中，水对物体底面的压强将逐渐变　 　。
（2）比较图甲、乙、丙中弹簧测力计的示数，可探究浮力的大小与物体　 　有关。
（3）比较图甲、丙、丁中弹簧测力计的示数，可探究浮力的大与物体浸没在液体中的　 　无关；若慢慢松手使物体沉入杯底时，物体受到的浮力为　 　N。
（4）比较图甲、丁、戊中弹簧测力计的示数，可以计算出物块的密度是　 　kg/m3；浓盐水的密度是　 　kg/m3。
（5）小阳同学由图乙、戊所示实验，他就得出物体受到的浮力大小与液体的密度有关的结论。他的分析过程是否正确？　 　你判断的理由是　 　。
22．在完成《简单机械》的学习后，乐乐同学对下面两个实验再次进行了探究。
（1）①实验前杠杆如图1甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，乐乐应将杠杆两端的平衡螺母向　 　调节。
②如图1乙所示，杠杆在水平位置平衡（B处钩码未画出），若在A处下方再挂2个相同的钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向右移动　 　格。
③乐乐实验中多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是　 　。
④如图1丙所示，弹簧测力计在C处竖直向上拉使杠杆在水平位置静止，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变　 　，原因是　 　。
（2）如图2所示，乐乐在测量滑轮组机械效率的实验时，部分实验数据如下表：
实验次数 钩码重力G/N 钩码上升高度h/cm 拉力 绳端移动距离s/cm 机械效率
1 1.0 5 0.5 15 55.6%
2 1.5 5 0.8 15
3 2.0 5 1.0 15 66.7%
4 2.0 10 1.0 30 66.7%
①实验过程中，乐乐缓慢匀速拉动弹簧测力计。第1次实验时，弹簧测力计示数如图2所示，为　 　N；第2次实验时该滑轮组的机械效率为　 　。
②分析1、2、3次实验数据可知，用同一滑轮组提升重物时，重物越重，　 　；分析3、4次实验数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升高度　 　（选填“有关”或“无关”）。
③结合生活实际，用滑轮组提升重物时，可提高机械效率的措施有　 　（写出一例不同于上述实验的措施）。
四、论述计算题（本题3个小题，23题6分，24题8分，25题10分，共24分。解答应写出必要的文字说明、解答步骤和公式，只写出最后答案的不能给分。）
23．杆秤是我国古老且至今仍在使用的一种衡量工具。如图的杆秤可视为杠杆，提纽处为支点O，不计秤杆自重，当在挂钩悬挂被称物体后处于平衡状态，已知，，秤砣的质量为1kg。求：
（1）秤砣的重力
（2）被称物体的重力。
24．如图甲所示为工人使用升降平台清洗高空玻璃幕墙的情景。升降平台结构简图如图乙所示，吊篮由电动机控制升降，吊篮和两动滑轮总重为600N。某次吊升过程中，两名工人及清洗工具的总重为1800N，吊篮在30s内匀速上升了6m，不计绳重和摩擦，求：
（1）匀速上升过程中电动机对绳子的拉力；
（2）本次吊升过程中电动机的输出功率；
（3）本次吊升过程中平台的机械效率。
25．如图甲所示，将薄壁柱形玻璃杯A和实心正方体B用细线相连，放入装有适量水的足够高的薄壁柱形容器C中，当它们静止时，细线被拉直（细线不可伸长且质量体积均忽略不计）。A的底面积为200cm2，重为5N；B的边长为10cm，C的底面积为400cm2，现打开C底部水龙头缓慢放水，细线所受拉力大小随时间变化图象如图乙所示。求：
（1）玻璃杯A受到的最大浮力；
（2）时刻B对容器C底部的压强；
（3）到时间内放出水的质量。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】物理常识
【解析】【解答】首先用实验测出大气压强数值的科学家是托里拆利.
故答案为：D。
【分析】该题目考查的是物理学中著名人物及其对应的成就，平时注意积累、记忆即可。
2．【答案】C
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】根据重力公式计算重为1N的物体质量为
A．一只大象的质量单位为吨，故A不符合题意；
B．书包的质量约5kg，故B不符合题意；
C．一个鸡蛋的质量为50g，两只鸡蛋的质量约为100g，故C符合题意；
D．矿泉水质量约为500g，故D不符合题意。
故选C。
【分析】熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg。
3．【答案】B
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】ACD.“手撕钢”被撕掉一部分后，所含的物质减小，质量减小，由G=mg可知，物体的重力减小，体积也减小，故ACD不符合题意；
B.“手撕钢”被撕掉一部分后，物质的种类不变，所以密度不变，故B符合题意；
故选B。
【分析】（1）质量是物体所含物质的多少；
（2）密度是物质的一种特性，由物质的种类和状态决定，与质量和体积无关；
（3）“手撕钢”被撕掉一部分后，体积减小，密度不变，根据G=mg分析物体的重力变化。
4．【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A、拍打衣服除尘，是利用灰尘的惯性来使灰尘与衣服脱离，故A不合题意；
B、跳远时助跑，是利用人的惯性来提高跳远成绩，故B不合题意；
C、坐车系安全带，可以防止紧急刹车时，人由于惯性向前冲而可能发生的伤害，故C符合题意；
D、将盆中的水泼出时，盆在手的作用下停止运动，水由于惯性继续向前运动，是利用了水的惯性，故D不合题意。
故选：C。
【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。有时我们要利用惯性，有时要防止惯性带来伤害。
5．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．根据生活经验可知，运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性形变程度变大，则弹性势能增大，故A错误；
B．根据生活经验可知，运动员被跳板向上弹起的过程中，运动员的质量不变，高度变大，则重力势能增大，故B错误；
C．根据生活经验可知，运动员离开跳板向上运动的过程中，质量不变，速度变小，动能减小，故C正确；
D．根据生活经验可知，运动员从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，故D错误。
故选C。
【分析】A.弹性势能与物体发生弹性形变的程度大小有关；
B.重力势能与质量和高度有关；
CD.动能与质量和速度有关。
6．【答案】A
【知识点】减小压强的方法及其应用；液体压强的特点；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．“嫦娥六号”月球探测器的“脚”较为宽大，是在通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B．运-20鲲鹏”运输机在高空飞行时时利用流体流速越大，压强越小的原理产生升力，故B错误；
C．“奋斗者号”潜水器下潜过程中，根据液体压强公式可知知，海水的压强变大，故C错误；
D．“东风41”洲际弹道导弹发射后上升过程中受到的大气压强逐渐减小，故D错误。
故选A。
【分析】A.减小压强的方法：减小压力和增大受力面积；
B.根据流体压强和流速的关系分析判断；
C.根据液体压强公式分析；
D.根据大气压强随高度的增大而减小分析。
7．【答案】A
【知识点】力的概念及单位；力的作用效果；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．排球被拦停，即受力后由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B．对于使手疼的力来说，手是受力物体，那么这个力应该是排球施加的，即这个力的施力物体是排球，故B错误；
C．排球受到的重力与排球对地面的压力，二者方向都是竖直向下，即方向相同，不是一对平衡力，故C错误；
D．排球运动到最高点时，只受重力作用，则排球处于非平衡状态，故D错误。
故选A。
【分析】A.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
B.对手进行受力分析即可；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
D.对最高点时的排球进行受力分析即可。
8．【答案】C
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】A． 甲、乙两个实验中，小球到达水平面能继续向前运动，是因为它有惯性，不是力的作用，故A错误；
B．甲、乙两实验中，小球到达水平面时的速度与释放的高度有关，高度越高，则到达水平面时的速度越大，而与质量无关，故D错误；
C．甲实验中，要通过小球在水面上移动的距离反映阻力对运动的影响，就必须控制小球到达水平面时具有相同的速度，即让小球从同一高度静止下滑。
乙实验中，小球撞击木块对木块做功，由W=fs可知，木块滑行得越远，克服摩擦力做的功越多，小球对木块做的功越多，故C正确；
D．甲实验时，只有水平面的粗糙程度差异较大，那么小车运动的距离才会有所差异，实验现象才会更加明显。太过粗糙时不易观察到木块的移动距离，太过光滑时木块移动距离太远，故D错误。
故选C。
【分析】A.惯性是物体本身的一种性质，而不是力的作用；
B.小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关；
C.根据控制变量法的要求分析甲实验中小球从同一高度下滑的原因。根据W=fs分析小球克服摩擦做功大小与木块被撞距离远近的关系；
D.甲实验中通过小球移动距离反映阻力对运动的影响，乙实验中通过木块移动的距离反映动能大小。
9．【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A．根据图片可知，不计绳重及摩擦，甲中定滑轮，此时不做额外功，则提起重物的过程中机械效率是100%；乙是动滑轮，要克服动滑轮重力做额外功，机械效率低于100%；图丙中是杠杆，要克服杠杆重力做额外功，机械效率低于100%，则机械效率最高的是甲，故A正确；
B．根据图片可知，乙是动滑轮，可以省力但费距离，肯定不能省功，故B错误；
C．根据图片可知，丙中杠杆匀速拉动物体上升过程中，动力臂和阻力臂都在减小，但是动力臂总是阻力臂的2倍，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，拉力保持不变，故C错误；
D．乙、丙中都是对物体做有用功，若提升的物体越重，所做的有用功越多，而额外功不变，根据可知，乙、丙的机械效率就会越高，故D错误。
故选A。
【分析】A.当有用功相同时，额外功越少，则机械效率越高；
B.根据动滑轮的特点分析判断；
C.根据图片分析动力臂和阻力臂的大小变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂的变化；
D.根据公式分析判断。
10．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.根据图片可知，A、B在水面漂浮，C在水中悬浮，则A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排＜VB排＜VC排，根据阿基米德原理可知，浮力的大小关系为：FA＜FB＜FC，故A错误；
B.综上所述，三者受到浮力FA＜FB＜FC，且由浮沉条件可知：GA=FA，GB=FB，GC=FC，那么GA＜GB＜GC。根据可知，物体密度的大小关系：，故B错误；
C.由液体压强公式可知，液体底部压强关系是p甲=p乙=p丙，根据可知，容器底部受到水的压力大小关系：F甲=F乙=F丙，故C错误；
D.因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力。由阿基米德原理F浮=G排可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，那么容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙。根据可知，容器对桌面的压强大小关系为p甲=p乙=p丙，故D正确；
故选D。
【分析】A.根据阿基米德原理可判断物体受到的浮力大小关系；
B.由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
C.利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系，根据F =pS比较压力；
D.根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系，结合压强公式比较分析。
11．【答案】大气压；相互
【知识点】力作用的相互性；大气压强的存在
【解析】【解答】（1）在马德堡半球实验中，将两个抽出空气的半球紧密合拢，抽出球内空气，外部的大气压力将两个半球紧紧压在一起，有力地证明了大气压强的存在。
（2） 端午节划龙舟时， 运动员用桨向后划水，桨对水施加向后的力，同时水对桨施加向前的力，这体现了力的作用是相互的。
【分析】（1）根据有关大气压强的科学发展史解答；
（2）根据力的作用的相互性解答。
12．【答案】长；相互
【知识点】力的三要素及力的示意图；力作用的相互性
【解析】【解答】 力能够对物体产生不同的作用效果，力的大小会影响力的作用效果：本实验中弹簧下端固定在地面，小明用向上的力拉弹簧，拉力越大，弹簧的伸长量就越大，由此可以得出力的作用效果与力的大小有关。
当小明对弹簧施加拉力的时候，小明的手会感受到弹簧对手向下的反作用力，这个现象说明：手对弹簧施加力的同时，弹簧也对手施加了力的作用，充分证明物体间力的作用是相互的。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
13．【答案】4000；增大
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知， 玻璃管装有水倾斜放置时， 水的深度为h=40cm=0.4m，
则水对容器底部的压强为。
（2）根据图片可知，将玻璃管放竖直时，水的深度增大，由液体压强公式p=ρ液gh可知，此时对容器底部的压强增大。
【分析】（1）根据图片确定容器底部的深度，然后根据公式p=ρ液gh计算水对容器底部的压强；
（2）将玻璃管放竖直时，水的深度增大，由液体压强公式p=ρ液gh分析水对容器底部压强的变化。
14．【答案】增大；费力
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】根据图片可知，O点为支点，石块施加阻力，脚施加动力。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，要使踩踏时所用的力小一些，则需要增大动力臂，即脚掌与O点的距离应增大。
【分析】根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，要减小动力必须增大动力臂。
15．【答案】5；9
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）用5N的力推物体时，物体处于静止状态，则它受到的水平方向推力与摩擦力平衡，即摩擦力等于推力，那么f=F=5N。
（2）用9N的力推物体做匀速直线运动时，此时物体也处于平衡状态，那么物体受到的推力和摩擦力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，则f=F=9N。
【分析】（1）（2）对物体进行受力分析，根据平衡力的知识计算物体受到的摩擦力。
16．【答案】加速上浮；物体只受向上的浮力
【知识点】物体运动状态的变化；浮力及其产生原因
【解析】【解答】根据题目描述可知，当压力和重力同时消失时，此时物体只受向上的浮力，即合力向上，因此加速上浮。
【分析】同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法，合力的方向与较大力的方向相同。
17．【答案】0；
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当车沿水平方向做匀速直线运动时，重力的方向竖直向下，则它在重力的方向上没有移动距离，所以重力没有做功，故重力做功是0J。
（2）根据题意可知，汽车受到阻力f=0.05G=0.05mg=0.05×3×103kg×10N/kg=1500N；
车做匀速直线运动时，它处于平衡状态，即牵引力等于阻力，故牵引力为F=f=1500N；
则汽车牵引力做的功为W=Fs=1500N×100m=1.5×105J；
汽车牵引力的功率为。
【分析】（1）做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
（2）首先根据f=0.05G计算汽车受到的阻力，然后根据平衡力的知识计算牵引力，根据W=Fs计算牵引力做功，最后根据计算汽车牵引力的功率。
18．【答案】7.5；4
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，金属小球的质量为15g，密度为 2×103kg/m3 ，
则一个金属小球的体积。
（2）根据题意可知，此时容器B的上沿恰与容器A水面平齐时，
则容器A中水的体积V水=SA(hA-hB-5cm)+(SA-SB)hB①
若将n个小球从容器B内取出放到容器A中，当容器B的上沿与容器A的上沿齐平，此时容器B受到的浮力减小，液面下降，设此时水面变化高度为Δh，
则容器A中水的体积V水=SA(hA-hB)+(SA-SB)(hB-Δh-5cm)-nV球②
水的体积不变，则12cm2×(hA-hB-5cm)+(12cm2-8cm2)hB=12cm2×(hA-hB)+(12cm2-8cm2)(hB-Δh-5cm)-n×7.5cm3；
解得：。
当容器B的上沿与容器A的上沿齐平时，减小的浮力等于减小的重力，则ΔF浮=nG球；
ρ水gΔV排=ρ水gSBhB-ρ水gSB(hB-Δh-5cm)=nm球g；
ρ水SBΔh+ρ水SB×5cm=nm球；
；
解得：n=4。
【分析】 （1）知道小球的质量和密度，根据密度公式求出小球的体积；
（2）分别求出容器B的沿恰与容器A水面平齐和容器B的上沿与容器A的上沿齐平水的体积，根据水的体积不变求出液面下降的高度，利用减小的浮力等于减小的重力列等式求出小球的个数。
19．【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）如图所示，水平桌面上的文具盒处于静止状态，则它处于平衡状态，即文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力方向相反，大小相等，即重力竖直向下，支持力竖直向上，如下图所示：
（2）根据图片可知，杠杆受到的阻力由水桶的重力产生，方向竖直向下。过支点O作出动力的作用线的垂线段，该垂线段为动力臂l1，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）水平桌面上的文具盒处于静止状态，文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力，两个力是一对平衡力，从文具盒的重心沿竖直向下和垂直于桌面向上分别画出重力和支持力的示意图，如图所示：
（2）阻力F2作用点在左侧细绳与杠杆的接触点处，方向沿绳子向下；过支点O作出动力的作用线的垂线段，该垂线段为动力臂l1，如图所示：
20．【答案】（1）水平；二力平衡；等于
（2）甲
（3）压力；接触面粗糙程度
（4）否
（5）不必匀速拉动长木板，弹簧测力计的示数稳定
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验过程中，沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，则物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力。根据二力平衡知识可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）根据图片可知，在甲、乙、丙三次实验中，甲接触面为木板，接触面最光滑；上面没有砝码，则此时压力最小，所以滑动摩擦力最小的是甲实验。
（3）①根据图片可知，实验甲、乙中，只有压力大小不同，则可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
②根据图片可知，实验乙、丙中只有接触面粗糙程度不同，则可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系时，应控制压力和接触面相同，只改变受力面积。根据图片可知，实验甲、丁中，压力和接触面积均不同，则得出“滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关”的结论是不正确的。
（5）如图2所示，无论长木板是否匀速运动，木块A对接触面的压力和粗糙程度不变，则木块受到摩擦力的大小不变，通过测力计的示数可以直接读出来。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）接触面越光滑，压力越小，则物体受到的滑动摩擦力越小；
（3）①根据图片分析甲和乙中哪个因素不同；
②根据图片分析实验乙和丙中哪个因素不同即可。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系时，应控制压力和接触面相同，只改变受力面积。
（5）根据影响滑动摩擦力的因素的知识分析解答。
（1）[1][2][3]实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，此时，物体A处于平衡状态，A受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）接触面越粗糙，压力越大，物体所受滑动摩擦力越大；由图可知，在甲、乙、丙三次实验中，甲接触面为木板，比棉布表面要光滑，且压力最小，所以滑动摩擦力最小的是甲实验。
（3）[1]比较甲、乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，乙的压力大，摩擦力大，可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
[2]比较乙、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图接触面粗糙，摩擦力大，可以探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
（4）探究滑动摩擦力大小与接触面积的关系，应控制压力、接触面相同，受力面积不同；比较甲、丁两次实验，压力和接触面积均不同，存在两个变量，得出“滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关”的结论是不正确的。
（5）如图2所示，拉动长木板时，物块A相对与地面静止，受力平衡，根据二力平衡知识，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，此时接触面和压力大小不变，摩擦力的大小不变，因此弹簧测力计的示数稳定；滑动摩擦力的大小与物体相对运动的速度无关，所以不必匀速拉动长木板。
21．【答案】（1）大
（2）排开液体的体积
（3）浸没的深度；1
（4）；
（5）不正确；没有控制排开液体的体积相同
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当物体逐渐浸入水中时，物体底面所处的深度变大，由液体压强公式p=ρ液gh可知，水对物体底面的压强变大。
（2）根据图片可知，实验图甲乙丙中，液体的密度相同（都是水），而排开水的体积不相同，通过弹簧测力计的示数不同可知浮力不同，故得到：物体所受浮力的大小与排开液体的体积有关。
（3）①根据图片可知，实验图甲丙丁中，物体所处的深度不同，弹簧测力计的示数相同则浮力相同，说明：物体浸没在液体中时，所受浮力的大小与深度无关。
②根据甲图可知，物体的重力为8N；根据丁图可知，浸没水中测力计的示数为7N，则物体浸没在水中所受的浮力。
若慢慢松手使物体沉入杯底时，液体的密度和物体排开液体的体积不变，物体受到的浮力不变，仍为1N。
（4）①综上所述，物体浸没水中受到的浮力为1N，则物体的体积
；
物体密度。
②根据甲和戊图可知，物体在盐水中受到的浮力；
则盐水密度。
（5）根据控制变量法的要求可知，要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度。根据图片可知，乙、戊两次实验中，液体的密度和排开液体的体积都不同，不能探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关。
【分析】 （1）当物体逐渐浸入水中时，根据p=ρgh可知水对物体底面的压强变化；
（2）根据图片分析图甲、乙、丙中 哪个因素不同即可；
（3）①根据图片分析 甲、丙、丁中哪个因素不同即可。
②根据称重法求出物体受到的浮力；根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化。
（4）①根据计算物体的体积，根据计算物体的密度；
②根据称重法求出物体在盐水中的浮力，根据F浮=ρ液gV排算出盐水的密度；
（5）根据控制变量法的要求可知，要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体的密度。
（1）当物体逐渐浸入水中时，物体底面所处的深度变大，由p=ρgh可知，水对物体底面的压强变大。
（2）比较图甲乙丙可知，液体的密度相同，排开水的体积不相同，且排开水的体积越大，弹簧测力计的示数越小，浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体所受浮力的大小与排开液体的体积有关。
（3）[1]比较图甲丙丁可知液体的密度和排开液体的体积都相同，物体所处的深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，说明物体浸没在液体中时，所受浮力的大小与深度无关。
[2]由图甲丙丁可知，物体浸没在水中所受的浮力
若慢慢松手使物体沉入杯底时，液体的密度和物体排开液体的体积不变，物体受到的浮力不应能，仍为1N。
（4）[1]根据阿基米德原理，由物体浸没在水中时受到的浮力可知，物体的体积
物体质量
物体密度
[2]物体在盐水中受到的浮力
根据阿基米德原理，可知，盐水密度
（5）[1][2]要探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，需要控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，而乙、戊两次实验中，液体的密度和排开液体的体积都不同，不能探究物体受到的浮力大小与液体的密度有关，原因是没有控制排开液体的体积相同。
22．【答案】（1）右；1；寻找普遍规律；变大；钩码对杠杆的拉力和力臂不变，测力计拉力的力臂变小
（2）0.6；62.5；机械效率越高；无关；减小动滑轮的重力
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）①如图甲所示，杠杆的右端上翘，则右端较轻，则应将杠杆两端螺母向右调节，直到杠杆水平平衡。
②如图乙所示，根据杠杆的平衡条件得到：；
解得：，即在B点挂了6个钩码；
若在A处下方再挂2个相同的钩码，则需将挂在B处的钩码向右移动个小格，
根据杠杆的平衡条件：
解得：，
需将挂在B处的钩码向右移动1个格。
③根据科学探究中多次实验的目的可知，多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是：寻找杠杆平衡的普遍条件，避免实验次太少，结论具有偶然性。
④如图1丙所示，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计的示数将变大。
（2）①根据图2所示，该测力计的分度值为0.1N，读数为：0.2N×3=0.6N。
根据表格数据可知，第2次实验时该滑轮组的机械效率。
②根据表格数据1、2、3可知，其它条件相同时，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高，可得结论：用同一滑轮组提升重物时，重物越重，机械效率越高。
根据表格数据3、4次可知，提升物体的重力相同，提升的高度不同，但是滑轮组的机械效率相同，可得结论：滑轮组的机械效率与钩码上升高度无关。
③用滑轮组提升重物时，对物体做有用功，对动滑轮做额外功，有用功越大，额外功越小，则机械效率越高，由此可知，可提高机械效率的措施有减小动滑轮的重力，减小各种摩擦。
【分析】 （1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②根据图乙确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡条件进行判断；
③根据科学探究中需要多次测量的目的解答；
④当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件分析弹簧测力计的示数变化；
（2）①根据图片确定测力计的量程和分度值，根据指针的位置读出示数；
根据表格数据2，利用公式计算此时该滑轮组的机械效率；
②根据表格数据确定对比实验中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
③用滑轮组提升重物时，要克服动滑轮的重力、绳重和各种摩擦做额外功，额外功越少，机械效率越高，由此可得结论。
（1）①[1]如图甲，杠杆左侧偏低，说明杠杆左侧偏重，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端螺母向右调节，直到杠杆水平平衡。
②[2]如图乙，设每个钩码的重力为G，杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可得
解得，杠杆在水平位置平衡时，B点挂了6个钩码；若在A处下方再挂2个相同的钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向右移动个小格，根据杠杆的平衡条件可得，
解得，需将挂在B处的钩码向右移动1个格。
③[3]实验中多次改变力和力臂的大小，进行多次实验，其目的是寻找杠杆平衡的普遍条件，避免实验次太少，结论具有偶然性。
④[4][5]如图1丙所示，弹簧测力计在C处竖直向上拉使杠杆在水平位置静止，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，钩码对杠杆的拉力和力臂不变，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计的示数将变大。
（2）①[1]如图2所示，测力计的分度值为0.1N，读数为0.6N。
[2]第2次实验时该滑轮组的机械效率
②[3]分析1、2、3次实验数据可知，提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高，可得结论：用同一滑轮组提升重物时，重物越重，机械效率越高。
[4]分析3、4次实验数据可知，提升物体的重力相同，提升的高度不同，滑轮组的机械效率相同，可得结论：滑轮组的机械效率与钩码上升高度无关。
③[5]用滑轮组提升重物时，要克服动滑轮的重力、绳重和各种摩擦做额外功，额外功越少，机械效率越高，由此可知，可提高机械效率的措施有减小动滑轮的重力，减小各种摩擦。
23．【答案】（1）解：根据题意可知，秤砣的质量为1kg，
则秤砣的重力。
（2）解：根据图片可知，支点为O，动力臂为OA，动力臂为OB，
由杠杆平衡条件得到：；
G0×4cm=10N×60cm；
解得：G0=150N。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算秤砣的重力；
（2）根据杠杆的平衡条件列式计算被测物体的重力。
（1）秤砣的重力
（2）由杠杆平衡条件可得
被称物体的重力
24．【答案】（1）解：根据乙图可知，滑轮组上承担重力的绳子段数n=4，
根据公式可知，匀速上升过程中电动机对绳子的拉力。
（2）解：根据题意可知，该物体移动速度；
那么绳端移动速度；
因此电动机的输出功率。
（3）解：综上所述，电动机的功率为480W，时间为30s，
则电动机所做的功；
电动机做的有用功为；
吊升过程中平台的机械效率。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据滑轮组装置确定绳子股数n，利用求出匀速上升过程中电动机对绳子的拉力；（2）根据计算该物体的移动速度，再根据P=Fv求出本次吊升过程中电动机的输出功率；
（3）根据求出电动机所做的总功，利用W有=Gh求出电动机做的有用功，根据
求出本次吊升过程中平台的机械效率。
（1）由图乙可知n=4，匀速上升过程中电动机对绳子的拉力
（2）吊篮在30s内匀速上升了6m，所以物体移动速度
绳端移动速度
电动机的输出功率
（3）电动机所做的功
电动机做的有用功为
吊升过程中平台的机械效率
25．【答案】（1）解：根据乙图可知，当A、B静止时，细线的最大拉力为30N，且A的重力为5N，玻璃杯A受到的最大浮力等于A的重力与细线拉力之和，即。
（2）解：如图乙，当A、B静止时，B受到的浮力；
B的重力等于它受到的浮力和细线拉力之和，即；
时刻绳子的拉力，
则B对容器C底部的压力；
B的边长；
B对容器C底部的压强。
（3）解：根据图乙可知，时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，只是随水面下降。
t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，时刻绳子的拉力时，
A受到的浮力。
到时间内，A受到的浮力差；
到时间内水面下降的高度；
到时间内放出水的质量。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【分析】 （1）玻璃杯受到的浮力等于重力与拉力之和；
（2）根据阿基米德原理可求出当A、B静止时B受到的浮力，从而可求出B的重力；t2时刻绳子的拉力F'=15N，B受重力、拉力、浮力和支持力，根据可求出B对容器C底部的压强；
（3）由乙图可知，0 t1时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，当t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，t2时刻绳子的拉力F'=15N时，从而可求出A受到的浮力，从而可求出t1到t2时间内A受到的浮力差，根据阿基米德原理可求出t1到t2时间内水面下降的高度，从而求出t1到t2时间内放出水的质量。
（1）由图乙可知，当A、B静止时，细线被拉直，最大拉力为30N，A的重力为5N，玻璃杯A受到的最大浮力
（2）如图乙，当A、B静止时，细线被拉直，B受到的浮力
B的重力
时刻绳子的拉力，B受重力、拉力、浮力和支持力；B对容器C底部的压力
B的边长
B对容器C底部的压强
（3）由乙图可知，时间内绳子的拉力不变，说明AB浸入液体的体积不变，只是随水面下降，t1时刻，物体B刚好和容器C的地面接触，此时B对C的压力为0，随后随着水面的降低，A浸入水的体积减小，拉力减小，时刻绳子的拉力时，A受到的浮力
到时间内，A受到的浮力差
到时间内水面下降的高度
到时间内放出水的质量
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