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2026年广西贺州市初中学业水平考试第一次模拟测试物理试题
1．如图所示，粗细相同、长短不同的竹管排箫，是改变声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．传播速度
2．下列光现象中，由光的直线传播形成的是（　　）
A．海市蜃楼 B．楼台倒影 C．雨后彩虹 D．凿壁偷光
3．小梧设计了一盏能调节亮度的台灯的电路图，以下选项符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
4．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列分析正确的是（　　）
A．“春分降雪”，雪的形成是升华现象
B．“白露见湿泥”，露的形成是汽化现象
C．“霜降见霜”，霜的形成是凝华现象
D．“大寒冻河”，冰的形成是熔化现象
5．科技发展日新月异 ，图为一种可以随意弯曲的OLED柔性显示屏。OLED学名为有机发光二极管，制作它的主要材料属于（　　）
A．绝缘 体 B．半导体 C．导体 D．超导体
6．搭载神舟二十一号载人飞船的长征二号F运载火箭发射上升过程中，若说神舟二十一号载人飞船是静止的，所选的参照物可能是（　　）
A．长征二号F运载火箭 B．月球
C．发射场地面 D．中国空间站
7．如图所示，关于厨房里涉及到的物理知识，下列说法不正确的是（　　）
A．甲图：洗手盆下方反水弯处形成水封利用了大气压强
B．乙图：高压锅煮食物容易熟，因为气压越高沸点越高
C．丙图：抽油烟机能够抽油烟，利用了流体压强流速越快压强越小原理
D．丁图：包饺子可以捏不同的花纹，说明力可以使物体发生形变
8．如图所示，是常用手电筒的电路结构图，下列关于该手电筒的说法正确的是（　　）
A．手电筒的塑料壳是导体
B．两节新的干电池串联可以提供3V的电压
C．按下按键，电路中的电流方向由按键流向灯泡
D．小灯泡灯丝用的材料是钨，钨是半导体
9．下图是张贴在加油站中的安全标识，其中与摩擦起电有关的是（　　）
A．禁止拨打手机
B．停车熄火
C．禁止烟火
D．禁止穿脱化纤服装
10．如图所示，我国自主研制的“鲲龙”AG600M大型水陆两栖飞机，在水面高速滑行后，腾空而起，沿水平方向匀速飞行一段时间后减速下降，下列说法正确的是（　　）
A．飞机在水面高速滑行时，动能增大，重力势能增大
B．飞机腾空而起的过程中，其重力势能转化为动能
C．飞机减速下降的过程中，其机械能一定减小
D．飞机沿水平方向匀速飞行时，其机械能增大
11．如图所示是学校大课间开展了形式多样的体育锻炼活动。下列分析正确的是（　　）
A．跳绳时，脚离开地面后，人受到重力大小不变
B．打乒乓球，乒乓球弹回过程中，运动状态不变
C．踢毽子，毽子竖直上升时，它所受合力的方向竖直向下
D．垫排球，排球加速下降过程中，惯性越来越大
12．如图为“儿童安全插座”，它具有保护门双层互锁功能，能有效防止触电事故的发生。下列相关说法错误的是（　　）
A．“儿童安全插座”的白色保护门属于导体
B．“儿童安全插座”与家庭电路中其他用电器并联
C．用测电笔笔尖插入L孔，正常情况下测电笔氖管会发光
D．若“儿童安全插座”发生短路，家庭电路的空气开关不会“跳闸”
13．第25届冬季奥林匹克运动会在意大利举办，我们收看开幕式时，电视信号是通过通讯卫星的　 　来传递的，这种传输方式　 　（选填“需要”或“不需要”）介质。
14．如图所示是我国古代的“指南鱼”，使它浮在水面，静止时，鱼头就会指南，则鱼头是磁体的　 　极；指南鱼能指向南北方向，是因为地球的周围存在　 　。
15．“护套线”由电线芯和塑料层组成，电线芯用　 　（选填“铁”或“铜”）作材料；为了防止因电流的　 　效应导致电线发热过多，电线芯会较粗。
16．在能源绿色低碳转型过程中，太阳能是理想的能源。太阳能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能热水器是通过　 　的方式改变水的内能的。
17．二维码已成为手机支付的重要入口。用手机扫描二维码时，二维码图案通过手机镜头成　 　（选填“倒立”或“正立”）的实像；手机镜头远离二维码时，所成的像会　 　（选填“变大”或“变小”）。
18．有两个质量分布均匀的正方体A、B，A的质量为，边长为，将A放置在水平桌面时，如图甲，A对桌面的压力为　 　N；将边长为的B叠放在A的正上方，如图乙，A对水平桌面的压强增加了4000Pa：再将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，如图丙，此时B对水平桌面的压强为　 　。
19．
（1）请画出图甲中机器狗受到重力的示意图（O点是机器狗的重心）；
（2）图乙所示，画出入射光线经透镜折射后射入水中的光路图；
（3）图丙是小梧家的一个三孔插座，请你在图中将未完成的电路补充完整。
20．小梧利用铁架台、杠杆、钩码和弹簧测力计等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均相等。
（1）实验前杠杆如图甲所示，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节使杠杆在水平位置平衡。实验中，仍需调节使杠杆再次处于水平位置，如图乙所示，这样做的目的是　 　；
（2）杠杆的平衡条件是　 　；如图乙所示杠杆水平平衡，若将两侧钩码都向外移动一格，则杠杆的　 　（选填“左”或“右”）端将下沉；
（3）如图丙所示的杆秤，用它称较重的物体时，应选用离秤钩较　 　（选填“近”或“远”）的提纽。
21．
（1）如图甲所示，刻度尺的分度值为　 　cm，被测物体的长度是　 　cm；
（2）如图乙所示是“水的沸腾实验”的图像，可知，实验时水的沸点是　 　，则说明该实验室的气压　 　（选填“高于”、“等于”或“低于”）一个标准大气压；
（3）如图丙所示，这是在探究光的反射定律时，若让光线沿着射入，反射光线将沿着　 　射出，说明在光的反射现象中，光路是　 　的。
22．梧州冰泉豆浆是本地特色饮品，以其香浓醇厚著称。某物理兴趣小组对其密度进行了测量。
（1）实验过程及步骤如下：
①将托盘天平放在　 　桌面上，游码移至标尺　 　处。调节平衡螺母，使横梁平衡；
②向烧杯中倒入适量冰泉豆浆，测出烧杯和豆浆的总质量。当加入最小砝码后指针向右偏，取下后指针又向左偏，接下来的操作是：取下最小砝码，然后　 　，直至天平平衡。此时右盘中砝码和游码位置如图甲所示，总质量为　 　；
③将烧杯中的豆浆全部倒入量筒中，如图乙所示，豆浆的体积为　 　mL；
④测出空烧杯的质量为；
（2）根据实验数据，计算出豆浆的密度为　 　；
（3）考虑到冰泉豆浆极易产生大量微小气泡，这将导致测得的豆浆密度值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”）。若要减少气泡影响，你会给出什么具体操作建议？　 　。
23．小雨同学采用“伏安法”测量某定值电阻的阻值。
（1）连接电路时，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　 　（选填“左”或“右”）端；
（2）闭合开关；移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表的示数为2.7V，电流表示数如图乙所示，电流表示数为　 　A。则此次可计算出电阻　 　；
（3）算出电阻后，小雨又继续进行多次测量，其目的是　 　；
（4）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻，小雨设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻的阻值，请在空格内将实验步骤补充完整：
①闭合、断开，用电压表测出待测电阻两端的电压为；
②　 　，用电压表测出电源的电压为；
③的表达式为　 　（用及表示）。
24．梧州六堡茶的文化源远流长。随着科学技术的发展，现代人的茶具大多具有煮茶和保温功能。小梧家有一款如图甲所示煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示。和均为发热电阻（其电阻不随温度改变），保温挡功率为，加热挡功率为。请回答下列问题：
（1）求保温挡时电路中的电流（保留一位小数）；
（2）求电阻阻值；
（3）用煮茶器将质量为、初温为20℃的水加热到沸腾，需要的时间是多少秒。[假设当地气压为1个标准大气压，煮茶器的加热效率为，水的比热容为]
（4）请从节能环保的角度，谈谈如何合理使用煮茶器。
25．图甲为我国国家博物馆收藏的汉代时期的计时工具“青铜漏壶”。它通过箭壶中水量的均匀变化来度量时间。图乙为某同学设计的计时工具箭壶模型，该模型由薄壁圆柱形玻璃容器、长方体木块（不吸水）、箭尺组成，箭尺重力忽略不计，其底部与木块相连，可使箭尺和木块随水面匀速竖直上升，从而计时。已知容器高为，底面积为，木块重，高为。初始状态下，容器内有部分水，此时水深为，木块刚好离开容器底部，处于漂浮状态；工作状态下，当木块上升至上表面刚好与容器上沿相平时，一个计时周期结束。若不计容器底和容器壁的厚度。（已知）求：
（1）初始状态下，木块底部受到的水的压强；
（2）初始状态下木块受到的浮力；
（3）木块的密度；
（4）计时周期结束时，容器内水的质量。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】根据图片可知，排箫发声时，其实是竹管内的空气柱振动发声。竹管的长度不同，则空气柱的长度不同，那么振动频率，则改变了声音的音调。
故选A。
【分析】声音的高低叫音调，由发声体的振动频率决定，据此分析判断。
2．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．空气的密度并不均匀，远处景物发出的光穿越空气时发生折射，从而形成海市蜃楼现象，故A不符合题意；
B．楼台发生的光在水面发生反射从而形成平面镜成像，这就是看到的倒影，故B不符合题意；
C．雨后空气中存在大量的小水珠，阳光在水珠上发生反射和折射形成彩虹，是光的色散现象，故C不符合题意；
D．凿壁偷光利用了光沿直线传播的原理，故D符合题意。
故选 D。
【分析】AC.根据光的折射现象判断；
B.根据光的反射现象判断；
D.根据光的直线传播的知识判断。
3．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】台灯的亮度可以改变，说明电路电流大小可以改变，那么应该是一个滑动变阻器与灯泡串联，如下图所示：
故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】滑动变阻器通过改变接入电路电阻丝的长度改变电阻，从而改变电流。用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
4．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．“春分降雪”，雪的形成是水蒸气遇冷从气态变成固态发生凝华现象形成的小冰晶，故A错误；
B．“白露见湿泥”，露的形成是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B错误；
C．“霜降见霜”，霜的形成是水蒸气遇冷从气态变成固态发生凝华形成的小冰晶，故C正确；
D．“大寒冻河”，的冰的形成是水由液态变成固态发生凝固现象，故D错误。
故选C。
【分析】物质从气态变成液态叫液化，从气态变成固态叫凝华，从液体变成固态叫凝固。
5．【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；半导体特点及作用
【解析】【解答】半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，能够通过控制电流来实现发光的效果，因此OLED（的制作主要材料是半导体材料，
故选B。
【分析】根据半导体的性质和用途判断。
6．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A、以长征二号 F 运载火箭为参照物，神舟二十一号载人飞船的位置没有发生变化，因此飞船是静止的，故 A 正确；
B、以月球为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 B 错误；
C、以发射场地面为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 C 错误；
D、以中国空间站为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查参照物的选择，飞船与火箭相对位置不变，以火箭为参照物飞船是静止的；
B、考查相对运动的判断，飞船与月球的相对位置不断变化，以月球为参照物飞船是运动的；
C、考查相对运动的判断，飞船与地面的相对位置不断变化，以地面为参照物飞船是运动的；
D、考查相对运动的判断，飞船与空间站的相对位置不断变化，以空间站为参照物飞船是运动的。
7．【答案】A
【知识点】力的作用效果；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A． 甲图： 洗手盆下方反水弯，上面开口，底部连通，利用的是连通器原理，水封可隔绝下水道异味，故A错误，符合题意；
B． 乙图： 高压锅煮食物易熟，是因为气压越高，液体的沸点越高，故B正确，不符合题意；
C． 丙图： 抽油烟机工作时，利用了“流体流速越快，压强越小”的原理，故C正确，不符合题意；
D． 丁图： 包饺子时捏出不同花纹，说明力可以使物体发生形变，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律判断；
C.根据流体压强和流速的关系分析判断；
D.力的作用效果包括：力改变物体的形状和力改变物体的运动状态。
8．【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；电流的方向；串联电路的电压规律；半导体特点及作用
【解析】【解答】A． 手电筒的塑料壳与手直接接触，是绝缘体，故A错误；
B．正常情况下，一节干电池电压为1.5V，两节新的干电池串联可以提供U总=nU=1.5V×2=3V的电压，故B正确；
C．根据图片可知，正极在左，负极在右侧，则电路中的电流方向是从电源正极流向电源负极，即由灯泡流向按键，故C错误；
D．钨是金属，具有良好的导电性，属于导体，故D错误。
故选B。
【分析】AD.容易导电的物体叫导体，不容易导电的为绝缘体；
B.串联电路的总电压等于各处电压之和；
C.在电源外部，电流从正极出发回到负极。
9．【答案】D
【知识点】两种电荷；静电的防止和利用
【解析】【解答】A．手机通讯时会产生电火花，而加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，很可能发生爆炸，因此禁止拨打手机，故A不符合题意；
B．加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，停车熄火是为了避免发动机工作带来的高温、明火隐患，故B不符合题意；
C．加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，要防止明火引燃加油站的可燃油气，故C不符合题意；
D．不同材质的布料相互摩擦会发生摩擦起电，容易产生电火花，引燃空气中的燃油蒸气引发危险，故D符合题意。
故选 D。
【分析】加油站附近存在大量的汽油蒸汽，遇到明火或火花可能发生爆炸事故，据此分析判断。
10．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．飞机在水面高速滑行时，质量不变，高度不变，则重力势能不变，故A不符合题意；
B．飞机腾空而起的过程中，质量不变，速度增大，则动能增大；高度增大，则重力势能增大，那么二者之间不存在转化关系，故B不符合题意；
C．飞机减速下降时，质量不变，高度降低，则重力势能减小；速度减小，则动能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能一定减小，故C符合题意；
D． 飞机沿水平方向匀速飞行时， 质量不变，速度不变，则动能不变；高度不变，则重力势能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能不变，故D不符合题意。
故选 C。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
11．【答案】A,C
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】A．跳绳时，脚离开地面后， 人的质量不变，根据公式可知，人的重力大小不变，故A正确；
B．乒乓球弹回过程中，运动方向和速度发生变化，因此运动状态改变，故B错误；
C． 踢毽子， 毽子竖直上升时，受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，即二者方向相同，因此合力方向竖直向下，故C正确；
D．排球加速下降过程中质量不变，因此惯性大小不变，故D错误。
故选AC。
【分析】A.根据G=mg分析判断；
B.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
C.同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相同用减法；
D.惯性大小只与物体的质量大小有关。
12．【答案】A,D
【知识点】导体与绝缘体；家庭电路的连接；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A．“儿童安全插座”的白色保护门用于防止儿童发生触电，因此它不容易导电，属于绝缘体，故A错误，符合题意；
B．“儿童安全插座”损坏后，其他用电器照常工作，即它们互不影响，则它们是并联的，故B正确，不符合题意；
C．三孔插座中L孔接火线，用测电笔笔尖插入L孔氖管会发光，故C正确，不符合题意；
D．若“儿童安全插座”发生短路，则电路中电流会过大，因此家庭电路的空气开关会“跳闸”，故D错误，符合题意。
故选AD。
【分析】A.容易导电的为导体，不容易导电的为绝缘体；
B.用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联；
C.一般情况下，测电笔接触火线时氖管发光，接触零线时不发光；
D.家庭电路电流过大的原因：①发生短路；②用电器总功率太大。
13．【答案】电磁波；不需要
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，且能够传递信息，因此我们收看开幕式时，电视信号是通过通讯卫星的电磁波来传递的。
【分析】根据电磁波的特点和应用解答。
14．【答案】南；磁场
【知识点】地磁场；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）自由转动的磁体静止下来时，指北的一端为北极，指南的那端是磁体的南极。静止时鱼头指南，故鱼头是指南鱼的南（S）极。
（2）地球本身是一个巨大的磁体，即地球周围存在磁场，指南鱼能指南北是因为受到地磁场的作用。
【分析】（1）自由转动的磁体静止下来时，指北的一端为北极，指南的那端是磁体的南极；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据地磁场的知识解答。
15．【答案】铜；热
【知识点】导体与绝缘体；电流的热效应
【解析】【解答】（1）电线芯用于输送电能，要尽量减小能量损失，即需选用导电性优良的材料，铜的导电性远强于铁，因此选铜；
（2）电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应，因此为了防止因电流的热效应导致电线发热过多，电线芯会较粗。
【分析】（1）根据焦耳定律Q=I2Rt可知，导线的电阻越小，则产生的热量越少，输送电能的效率越高；
（2）电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应。
16．【答案】可再生；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；能源及其分类
【解析】【解答】（1）太阳能可以在短时间内得到补充，因此属于可再生能源。
（2）太阳能热水器吸收太阳光放出的热量，从而使集热管内的水的内能增大，因此是通过热传递的方式改变水的内能。
【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
（2）热传递的本质为能量的转化，做功改变内能的本质为能量的转化。
17．【答案】倒立；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）扫描二维码时，二维码到镜头的距离在二倍焦距以外，此时成倒立、缩小的实像。
（2）当镜头远离二维码时，物距增大，根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律可知，此时所成的像会变小。
【分析】（1）根据凸透镜成像的特点和应用解答；
（2）根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律分析。
18．【答案】20；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体A的重力为；
A对桌面的压力等于自身的重力，即FA=GA=20N。
（2）将B叠放在A的正上方，A对水平桌面的压强增加了4000Pa，
则增加的压力为；
此时增加的压力即为B的重力，即B的重力GB=△G=40N。
将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，
此时B对水平桌面的压力为：；
B对水平桌面的压强为。
【分析】（1）A对桌面的压力等于自身的重力，根据FA=GA计算即可；
（2）根据△F=△pS计算A增大的压力，也就是B的重力。将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，则B对地面的压力等于A和B的总重力，最后根据计算B对桌面的压强。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）根据题可知，机器狗受到重力方向是竖直向下的，作用在它的重心上，如下图所示：
（2）根据凸透镜的三条特殊光线可知，入射光线平行于主光轴，经凸透镜折射后，折射光线过另一侧的焦点F。光线从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，如下图所示：
（3）根据三孔插座接线“左零右火中间地”的规律可知，相线对应火线，中性线对应零线，保护线对应地线，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据凸透镜的三条特殊光线和光的折射规律完成作图；
（3）根据三孔插座接线“左零右火中间地”的规律完成作图。
（1）重力方向总是竖直向下的，符号为G。
（2）入射光线平行于主光轴，经凸透镜折射后，折射光线过焦点F，折射光线从空气斜射入水中时，根据光的折射规律，折射角小于入射角，过水面的入射点作垂直于水面的法线，在水中画出折射光线，向法线偏折。
（3）三孔插座的接线规则为左零右火上接地，相线对应火线，中性线对应零线，保护线对应地线： 图中上孔已经接好保护线，只需将左孔接中性线，右孔接相线，即完成接线。
20．【答案】（1）右；便于测量力臂
（2）；右
（3）近
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据图甲可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端较轻，则平衡螺母应向右调节。
②让杠杆保持水平平衡时，从支点到钩码的悬挂点之间的距离就是力臂，可以直接在杠杆上读取力臂大小，因此该操作目的是便于测量力臂。
（2）杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂，字母表达式为。
若两侧钩码向外移动一格后，左侧力与力臂的乘积为：，右侧为，则右侧乘积更大，因此杠杆右端下沉。
（3）称量较重物体时， 更大，根据杠杆平衡原理可知，需要减小物体侧的力臂，即 物体到提纽的距离，因此应选择离秤钩更近的提纽。
【分析】（1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②让杠杆保持水平平衡时，从支点到钩码的悬挂点之间的距离就是力臂，从力臂读取的方便些的角度分析。
（2）根据杠杆的平衡条件解答。分别计算出左右两侧力和力臂的乘积，然后比较大小即可。
（3）根据杠杆平衡原理分析解答。
（1）图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，根据杠杆调平规则“左偏右调”，平衡螺母应向右调节。
实验中让杠杆保持水平平衡时，钩码拉力竖直向下，力臂与杠杆重合，可以直接在杠杆上读取力臂大小，因此该操作目的是便于测量力臂。
（2）杠杆的平衡条件为。 设每个钩码重力为G，每格杠杆长度为L：两侧钩码向外移动一格后，左侧力与力臂的乘积为，右侧为，右侧乘积更大，因此杠杆右端下沉。
（3）杆秤利用杠杆平衡原理可知， ，称量较重物体时， 更大，秤砣重力不变的情况下，需要减小物体侧的力臂，即 物体到提纽的距离，因此应选择离秤钩更近的提纽。
21．【答案】（1）0.1；3.80
（2）97；低于
（3）OA；可逆
【知识点】沸腾及沸腾条件；光的反射定律；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，该刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端对齐6.00cm，右端对齐9.80cm，所以物体长度为。
（2）根据图乙可知，水沸腾时保持不变的温度为97℃，即水的沸点为。因为97℃小于，因此该实验室气压低于1个标准大气压。
（3）根据丙图可知，光原光路中AO是入射光线、OB是反射光线，因此光线沿BO射入时，反射光线将沿OA射出，这说明光的反射现象中光路是可逆的。
【分析】（1）根据甲图确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
（2）液体沸腾时保持不变的温度叫沸点。液体沸点随上方气压的增大而升高。
（3）根据光路的可逆性解答。
（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，每个小格代表1mm，因此分度值为0.1cm；物体左端对齐6.00cm，右端对齐9.80cm，所以物体长度为
（2）水沸腾时温度保持不变，不变的温度就是水的沸点，由图乙可知水的沸点为；标准大气压下水的沸点为，气压越低沸点越低，因此该实验室气压低于1个标准大气压。
（3）光的反射现象中光路是可逆的，原光路中AO是入射光线、OB是反射光线，因此光线沿BO射入时，反射光线将沿OA射出，验证了光路可逆。
22．【答案】（1）水平；零刻度线；向右移动游码；89.6；40
（2）
（3）偏小；缓慢倒入豆浆
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）①根据天平的使用方法可知，实验前需将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线处，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②称量时，加入最小砝码后指针偏右，说明此时砝码质量偏大；取下后偏左，说明砝码质量偏小，此时没有合适的砝码使用，则此时应取下最小砝码，向右移动游码使横梁平衡。
根据甲图可知，砝码的质量为：50g+20g+10g+5g=85g；标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4.6g，则总质量为：。
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，因此豆浆体积为。
（2）豆浆的质量为：；
则豆浆的密度。
（3）微小气泡会使测得的体积偏大，根据 可知，会导致测得的密度比真实值偏小。要减小误差，可以缓慢倒入豆浆或倒入后静置豆浆，待气泡消失后再测量体积。
【分析】（1）①根据天平的使用方法解答；
②根据天平砝码的使用方法解答。
根据图片确定砝码质量和游码质量，然后二者相加得到总质量。
根据乙图确定量筒的分度值，根据液面位置读出示数。
（2）豆浆的质量等于豆浆和烧杯的总质量减空烧杯质量，根据计算豆浆的密度；
（3）微小气泡会使测得的体积偏大，根据 分析解答。通过静置等方法可以排除豆浆中的气泡。
（1）实验前需将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线处，再调节平衡螺母使横梁平衡。
称量时，加入最小砝码后指针偏右、取下后偏左，说明砝码质量不合适，此时应取下最小砝码，向右移动游码使横梁平衡。
总质量为砝码质量加游码示数：
由图乙可知，豆浆凹液面正对刻度，因此豆浆体积为。
（2）豆浆的质量为总质量减空烧杯质量：
豆浆的密度
（3）豆浆中的微小气泡会使测得的体积偏大，质量测量准确，根据 ，体积偏大会导致测得的密度比真实值偏小；要减小误差，可以缓慢倒入豆浆或倒入后静置豆浆，待气泡消失后再测量体积。
23．【答案】（1）右
（2）0.3；9
（3）减小实验误差
（4）闭合S、S1；
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当变阻器的滑片在最右端时阻值最大，则为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于最右端。
（2）如图乙所示，电流表选择的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，那么此时示数为0.3A。
则此时定值电阻。
（3）在实验中，多次改变滑动变阻器阻值，测出多组电压和电流值并计算电阻，再求平均值，能够减小实验误差；
（4）①根据丙图可知，当开关S闭合、S1断开时，定值电阻R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压U1；
②闭合开关S、S1，R0被短接，电路为只有，电压表测电源的电压U；
③二者串联时，定值电阻R0两端的电压；
串联电路中各处的电流相等，即；
那么的表达式为。
【分析】（1）根据电路连接的注意事项解答；
（2）根据乙图确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读数；利用欧姆定律计算Rx的阻值；
（3）根据科学探究中多次测量求平均值减小误差分析；
（4）根据欧姆定律和串联电路各处电流都相等列方程计算Rx的阻值即可。
（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于最大电阻处，故应先将滑动变阻器的滑片P移最右端。
（2）[1]电流表示数如图乙所示，电流表是0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A。
[2]根据可求出
（3）定值电阻的阻值是固定的，多次改变滑动变阻器阻值，测出多组电压和电流值并计算电阻，再求平均值，能够减小实验误差；
（4）[1]该实验采用串联分压法测电阻，要测电源电压，需要闭合开关S、S1，R0被短接，电路为只有的简单电路，电压表测电源的电压。
[2]由电路图可知，当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压U1
当开关S、S1均闭合时，R0短路，电路为只有的简单电路，电压表测电源的电压U；串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以，R0两端的电压
串联电路中各处的电流相等
的表达式为
24．【答案】（1）解：根据题意可知，煮茶器的保温档功率，
则保温档时电路中的电流。
（2）解：根据乙图可知，同时闭合和时，电阻和并联，此时电路的总电阻较小，总功率较大，煮茶器处于加热档，功率为900W；
只闭合时，电路中只有电阻，此时电路的总电阻较大，总功率较小，煮茶器处于保温档，功率为100W；
则电阻的功率；
那么电阻的阻值。
（3）解：根据题意可知，水吸收的热量
；
煮茶器 热效率为，
则煮茶器消耗的电能；
需要的加热时间。
（4）按需加热，避免空烧
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（4）根据实际饮茶量加入适量水，避免一次性加热过多导致浪费。同时，加热前确保壶内有水，防止干烧损坏设备并浪费电能。故填：按需加热，避免空烧。
【分析】（1）根据公式计算保温档时电路中的电流；
（2）首先根据计算开关在不同闭合情况下总功率大小，从而确定对应的工作状态，根据计算电阻R2的功率，根据计算电阻R2的阻值。
（3）首先根据Q=cm△t计算水吸收的热量，根据计算煮茶器消耗电能，最后根据计算需要的加热时间。
（4）用多少水就加热多少水，避免多烧造成电能的浪费。
（1）保温挡功率，电源电压，则
（2）只闭合时，电路中只有电阻，此时电路的总电阻较大，根据可知，此时总功率较小，煮茶器处于保温挡；
同时闭合和时，电阻和并联，此时电路的总电阻较小，根据可知总功率较大，煮茶器处于加热挡。
加热挡时，两电阻并联，根据，电阻的功率
电阻的阻值
（3）在1个标准大气压下，水的沸点是，水吸收的热量
煮茶器消耗的电能
需要的加热时间
（4）按需加热，避免空烧：根据实际饮茶量加入适量水，避免一次性加热过多导致浪费。同时，加热前确保壶内有水，防止干烧损坏设备并浪费电能。
减少反复加热：煮茶器具有保温功能，但长时间持续保温会增加能耗。建议在短时间内饮用完毕，或将多余茶水倒入保温瓶中保存，减少煮茶器反复加热的次数。
定期除垢，保持热效率：长期使用后，发热盘上容易积累水垢，影响热传递效率，导致加热时间变长、耗电量增加。定期用柠檬酸或专用除垢剂清洗，既能节能，又能延长煮茶器寿命。
合理选择挡位：如果需要快速煮茶，可使用加热挡；若只需保温，则切换至保温挡，避免长时间处于高功率状态。
拔掉插头，待机也耗电：煮茶器在待机状态下仍会消耗少量电能。使用完毕后及时拔掉电源插头，既安全又省电。
25．【答案】（1）解：根据题意可知，初始状态下，此时水深为，此时木块静止在容器底部，
木块底部受到的水的压强。
（2）解：初始状态下，木块在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即。
（3）解：根据题意可知，木块高为；初始状态下，木块浸入水中的深度是，则木块排开水的体积和木块总体积的关系；
木块在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即，
，
；
；
那么木块的密度。
（4）解：计时周期结束时木块露出水面的高度；
容器内水深为；
水的体积与木块排开水的体积之和；
木块排开水的体积；
水的体积；
水的质量。
答： 计时周期结束时，容器内水的质量我28.95kg 。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据计算初始状态下木块底部受到水的压强；
（2）根据物体的漂浮条件计算木块受到的浮力；
（3）根据漂浮条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排列方程计算即可；
（4）根据题意计算出木块露出水面的高度，进而计算容器内的水深，根据V总=Sh计算水和木块的总体积，根据阿基米德原理计算木块排开水的体积。用总体积减去木块排开水的体积得到水的体积，根据计算水的质量。
（1）初始状态下，此时水深为，即木块漂浮时其浸入水中的深度
木块底部受到的水的压强
（2）箭尺重力忽略不计，初始状态下，木块漂浮，受到的浮力
（3）初始状态下，木块浸入水中的深度是，木块高为，则木块排开水的体积和木块总体积的关系
由木块漂浮可知，可得，即
可得木块的密度
（4）根据题意，计时周期结束时，此时木块露出水面的高度
容器内水深为
水的体积与木块排开水的体积之和
木块排开水的体积
水的体积
水的质量
1 / 12026年广西贺州市初中学业水平考试第一次模拟测试物理试题
1．如图所示，粗细相同、长短不同的竹管排箫，是改变声音的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．传播速度
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】根据图片可知，排箫发声时，其实是竹管内的空气柱振动发声。竹管的长度不同，则空气柱的长度不同，那么振动频率，则改变了声音的音调。
故选A。
【分析】声音的高低叫音调，由发声体的振动频率决定，据此分析判断。
2．下列光现象中，由光的直线传播形成的是（　　）
A．海市蜃楼 B．楼台倒影 C．雨后彩虹 D．凿壁偷光
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A．空气的密度并不均匀，远处景物发出的光穿越空气时发生折射，从而形成海市蜃楼现象，故A不符合题意；
B．楼台发生的光在水面发生反射从而形成平面镜成像，这就是看到的倒影，故B不符合题意；
C．雨后空气中存在大量的小水珠，阳光在水珠上发生反射和折射形成彩虹，是光的色散现象，故C不符合题意；
D．凿壁偷光利用了光沿直线传播的原理，故D符合题意。
故选 D。
【分析】AC.根据光的折射现象判断；
B.根据光的反射现象判断；
D.根据光的直线传播的知识判断。
3．小梧设计了一盏能调节亮度的台灯的电路图，以下选项符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】台灯的亮度可以改变，说明电路电流大小可以改变，那么应该是一个滑动变阻器与灯泡串联，如下图所示：
故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】滑动变阻器通过改变接入电路电阻丝的长度改变电阻，从而改变电流。用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
4．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列分析正确的是（　　）
A．“春分降雪”，雪的形成是升华现象
B．“白露见湿泥”，露的形成是汽化现象
C．“霜降见霜”，霜的形成是凝华现象
D．“大寒冻河”，冰的形成是熔化现象
【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．“春分降雪”，雪的形成是水蒸气遇冷从气态变成固态发生凝华现象形成的小冰晶，故A错误；
B．“白露见湿泥”，露的形成是水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B错误；
C．“霜降见霜”，霜的形成是水蒸气遇冷从气态变成固态发生凝华形成的小冰晶，故C正确；
D．“大寒冻河”，的冰的形成是水由液态变成固态发生凝固现象，故D错误。
故选C。
【分析】物质从气态变成液态叫液化，从气态变成固态叫凝华，从液体变成固态叫凝固。
5．科技发展日新月异 ，图为一种可以随意弯曲的OLED柔性显示屏。OLED学名为有机发光二极管，制作它的主要材料属于（　　）
A．绝缘 体 B．半导体 C．导体 D．超导体
【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；半导体特点及作用
【解析】【解答】半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，能够通过控制电流来实现发光的效果，因此OLED（的制作主要材料是半导体材料，
故选B。
【分析】根据半导体的性质和用途判断。
6．搭载神舟二十一号载人飞船的长征二号F运载火箭发射上升过程中，若说神舟二十一号载人飞船是静止的，所选的参照物可能是（　　）
A．长征二号F运载火箭 B．月球
C．发射场地面 D．中国空间站
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A、以长征二号 F 运载火箭为参照物，神舟二十一号载人飞船的位置没有发生变化，因此飞船是静止的，故 A 正确；
B、以月球为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 B 错误；
C、以发射场地面为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 C 错误；
D、以中国空间站为参照物，飞船的位置不断变化，因此飞船是运动的，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查参照物的选择，飞船与火箭相对位置不变，以火箭为参照物飞船是静止的；
B、考查相对运动的判断，飞船与月球的相对位置不断变化，以月球为参照物飞船是运动的；
C、考查相对运动的判断，飞船与地面的相对位置不断变化，以地面为参照物飞船是运动的；
D、考查相对运动的判断，飞船与空间站的相对位置不断变化，以空间站为参照物飞船是运动的。
7．如图所示，关于厨房里涉及到的物理知识，下列说法不正确的是（　　）
A．甲图：洗手盆下方反水弯处形成水封利用了大气压强
B．乙图：高压锅煮食物容易熟，因为气压越高沸点越高
C．丙图：抽油烟机能够抽油烟，利用了流体压强流速越快压强越小原理
D．丁图：包饺子可以捏不同的花纹，说明力可以使物体发生形变
【答案】A
【知识点】力的作用效果；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A． 甲图： 洗手盆下方反水弯，上面开口，底部连通，利用的是连通器原理，水封可隔绝下水道异味，故A错误，符合题意；
B． 乙图： 高压锅煮食物易熟，是因为气压越高，液体的沸点越高，故B正确，不符合题意；
C． 丙图： 抽油烟机工作时，利用了“流体流速越快，压强越小”的原理，故C正确，不符合题意；
D． 丁图： 包饺子时捏出不同花纹，说明力可以使物体发生形变，故D正确，不符合题意。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律判断；
C.根据流体压强和流速的关系分析判断；
D.力的作用效果包括：力改变物体的形状和力改变物体的运动状态。
8．如图所示，是常用手电筒的电路结构图，下列关于该手电筒的说法正确的是（　　）
A．手电筒的塑料壳是导体
B．两节新的干电池串联可以提供3V的电压
C．按下按键，电路中的电流方向由按键流向灯泡
D．小灯泡灯丝用的材料是钨，钨是半导体
【答案】B
【知识点】导体与绝缘体；电流的方向；串联电路的电压规律；半导体特点及作用
【解析】【解答】A． 手电筒的塑料壳与手直接接触，是绝缘体，故A错误；
B．正常情况下，一节干电池电压为1.5V，两节新的干电池串联可以提供U总=nU=1.5V×2=3V的电压，故B正确；
C．根据图片可知，正极在左，负极在右侧，则电路中的电流方向是从电源正极流向电源负极，即由灯泡流向按键，故C错误；
D．钨是金属，具有良好的导电性，属于导体，故D错误。
故选B。
【分析】AD.容易导电的物体叫导体，不容易导电的为绝缘体；
B.串联电路的总电压等于各处电压之和；
C.在电源外部，电流从正极出发回到负极。
9．下图是张贴在加油站中的安全标识，其中与摩擦起电有关的是（　　）
A．禁止拨打手机
B．停车熄火
C．禁止烟火
D．禁止穿脱化纤服装
【答案】D
【知识点】两种电荷；静电的防止和利用
【解析】【解答】A．手机通讯时会产生电火花，而加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，很可能发生爆炸，因此禁止拨打手机，故A不符合题意；
B．加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，停车熄火是为了避免发动机工作带来的高温、明火隐患，故B不符合题意；
C．加油站附近空气中存在大量的汽油蒸汽，要防止明火引燃加油站的可燃油气，故C不符合题意；
D．不同材质的布料相互摩擦会发生摩擦起电，容易产生电火花，引燃空气中的燃油蒸气引发危险，故D符合题意。
故选 D。
【分析】加油站附近存在大量的汽油蒸汽，遇到明火或火花可能发生爆炸事故，据此分析判断。
10．如图所示，我国自主研制的“鲲龙”AG600M大型水陆两栖飞机，在水面高速滑行后，腾空而起，沿水平方向匀速飞行一段时间后减速下降，下列说法正确的是（　　）
A．飞机在水面高速滑行时，动能增大，重力势能增大
B．飞机腾空而起的过程中，其重力势能转化为动能
C．飞机减速下降的过程中，其机械能一定减小
D．飞机沿水平方向匀速飞行时，其机械能增大
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】A．飞机在水面高速滑行时，质量不变，高度不变，则重力势能不变，故A不符合题意；
B．飞机腾空而起的过程中，质量不变，速度增大，则动能增大；高度增大，则重力势能增大，那么二者之间不存在转化关系，故B不符合题意；
C．飞机减速下降时，质量不变，高度降低，则重力势能减小；速度减小，则动能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能一定减小，故C符合题意；
D． 飞机沿水平方向匀速飞行时， 质量不变，速度不变，则动能不变；高度不变，则重力势能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能不变，故D不符合题意。
故选 C。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
11．如图所示是学校大课间开展了形式多样的体育锻炼活动。下列分析正确的是（　　）
A．跳绳时，脚离开地面后，人受到重力大小不变
B．打乒乓球，乒乓球弹回过程中，运动状态不变
C．踢毽子，毽子竖直上升时，它所受合力的方向竖直向下
D．垫排球，排球加速下降过程中，惯性越来越大
【答案】A,C
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；惯性及其现象；力的合成与应用
【解析】【解答】A．跳绳时，脚离开地面后， 人的质量不变，根据公式可知，人的重力大小不变，故A正确；
B．乒乓球弹回过程中，运动方向和速度发生变化，因此运动状态改变，故B错误；
C． 踢毽子， 毽子竖直上升时，受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，即二者方向相同，因此合力方向竖直向下，故C正确；
D．排球加速下降过程中质量不变，因此惯性大小不变，故D错误。
故选AC。
【分析】A.根据G=mg分析判断；
B.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
C.同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相同用减法；
D.惯性大小只与物体的质量大小有关。
12．如图为“儿童安全插座”，它具有保护门双层互锁功能，能有效防止触电事故的发生。下列相关说法错误的是（　　）
A．“儿童安全插座”的白色保护门属于导体
B．“儿童安全插座”与家庭电路中其他用电器并联
C．用测电笔笔尖插入L孔，正常情况下测电笔氖管会发光
D．若“儿童安全插座”发生短路，家庭电路的空气开关不会“跳闸”
【答案】A,D
【知识点】导体与绝缘体；家庭电路的连接；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】A．“儿童安全插座”的白色保护门用于防止儿童发生触电，因此它不容易导电，属于绝缘体，故A错误，符合题意；
B．“儿童安全插座”损坏后，其他用电器照常工作，即它们互不影响，则它们是并联的，故B正确，不符合题意；
C．三孔插座中L孔接火线，用测电笔笔尖插入L孔氖管会发光，故C正确，不符合题意；
D．若“儿童安全插座”发生短路，则电路中电流会过大，因此家庭电路的空气开关会“跳闸”，故D错误，符合题意。
故选AD。
【分析】A.容易导电的为导体，不容易导电的为绝缘体；
B.用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联；
C.一般情况下，测电笔接触火线时氖管发光，接触零线时不发光；
D.家庭电路电流过大的原因：①发生短路；②用电器总功率太大。
13．第25届冬季奥林匹克运动会在意大利举办，我们收看开幕式时，电视信号是通过通讯卫星的　 　来传递的，这种传输方式　 　（选填“需要”或“不需要”）介质。
【答案】电磁波；不需要
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，且能够传递信息，因此我们收看开幕式时，电视信号是通过通讯卫星的电磁波来传递的。
【分析】根据电磁波的特点和应用解答。
14．如图所示是我国古代的“指南鱼”，使它浮在水面，静止时，鱼头就会指南，则鱼头是磁体的　 　极；指南鱼能指向南北方向，是因为地球的周围存在　 　。
【答案】南；磁场
【知识点】地磁场；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）自由转动的磁体静止下来时，指北的一端为北极，指南的那端是磁体的南极。静止时鱼头指南，故鱼头是指南鱼的南（S）极。
（2）地球本身是一个巨大的磁体，即地球周围存在磁场，指南鱼能指南北是因为受到地磁场的作用。
【分析】（1）自由转动的磁体静止下来时，指北的一端为北极，指南的那端是磁体的南极；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据地磁场的知识解答。
15．“护套线”由电线芯和塑料层组成，电线芯用　 　（选填“铁”或“铜”）作材料；为了防止因电流的　 　效应导致电线发热过多，电线芯会较粗。
【答案】铜；热
【知识点】导体与绝缘体；电流的热效应
【解析】【解答】（1）电线芯用于输送电能，要尽量减小能量损失，即需选用导电性优良的材料，铜的导电性远强于铁，因此选铜；
（2）电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应，因此为了防止因电流的热效应导致电线发热过多，电线芯会较粗。
【分析】（1）根据焦耳定律Q=I2Rt可知，导线的电阻越小，则产生的热量越少，输送电能的效率越高；
（2）电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应。
16．在能源绿色低碳转型过程中，太阳能是理想的能源。太阳能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能热水器是通过　 　的方式改变水的内能的。
【答案】可再生；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；能源及其分类
【解析】【解答】（1）太阳能可以在短时间内得到补充，因此属于可再生能源。
（2）太阳能热水器吸收太阳光放出的热量，从而使集热管内的水的内能增大，因此是通过热传递的方式改变水的内能。
【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
（2）热传递的本质为能量的转化，做功改变内能的本质为能量的转化。
17．二维码已成为手机支付的重要入口。用手机扫描二维码时，二维码图案通过手机镜头成　 　（选填“倒立”或“正立”）的实像；手机镜头远离二维码时，所成的像会　 　（选填“变大”或“变小”）。
【答案】倒立；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）扫描二维码时，二维码到镜头的距离在二倍焦距以外，此时成倒立、缩小的实像。
（2）当镜头远离二维码时，物距增大，根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律可知，此时所成的像会变小。
【分析】（1）根据凸透镜成像的特点和应用解答；
（2）根据凸透镜成实像“物远像近小”的规律分析。
18．有两个质量分布均匀的正方体A、B，A的质量为，边长为，将A放置在水平桌面时，如图甲，A对桌面的压力为　 　N；将边长为的B叠放在A的正上方，如图乙，A对水平桌面的压强增加了4000Pa：再将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，如图丙，此时B对水平桌面的压强为　 　。
【答案】20；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体A的重力为；
A对桌面的压力等于自身的重力，即FA=GA=20N。
（2）将B叠放在A的正上方，A对水平桌面的压强增加了4000Pa，
则增加的压力为；
此时增加的压力即为B的重力，即B的重力GB=△G=40N。
将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，
此时B对水平桌面的压力为：；
B对水平桌面的压强为。
【分析】（1）A对桌面的压力等于自身的重力，根据FA=GA计算即可；
（2）根据△F=△pS计算A增大的压力，也就是B的重力。将A和B倒过来放置，A叠放在B的正上方，则B对地面的压力等于A和B的总重力，最后根据计算B对桌面的压强。
19．
（1）请画出图甲中机器狗受到重力的示意图（O点是机器狗的重心）；
（2）图乙所示，画出入射光线经透镜折射后射入水中的光路图；
（3）图丙是小梧家的一个三孔插座，请你在图中将未完成的电路补充完整。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）根据题可知，机器狗受到重力方向是竖直向下的，作用在它的重心上，如下图所示：
（2）根据凸透镜的三条特殊光线可知，入射光线平行于主光轴，经凸透镜折射后，折射光线过另一侧的焦点F。光线从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，如下图所示：
（3）根据三孔插座接线“左零右火中间地”的规律可知，相线对应火线，中性线对应零线，保护线对应地线，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据凸透镜的三条特殊光线和光的折射规律完成作图；
（3）根据三孔插座接线“左零右火中间地”的规律完成作图。
（1）重力方向总是竖直向下的，符号为G。
（2）入射光线平行于主光轴，经凸透镜折射后，折射光线过焦点F，折射光线从空气斜射入水中时，根据光的折射规律，折射角小于入射角，过水面的入射点作垂直于水面的法线，在水中画出折射光线，向法线偏折。
（3）三孔插座的接线规则为左零右火上接地，相线对应火线，中性线对应零线，保护线对应地线： 图中上孔已经接好保护线，只需将左孔接中性线，右孔接相线，即完成接线。
20．小梧利用铁架台、杠杆、钩码和弹簧测力计等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均相等。
（1）实验前杠杆如图甲所示，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节使杠杆在水平位置平衡。实验中，仍需调节使杠杆再次处于水平位置，如图乙所示，这样做的目的是　 　；
（2）杠杆的平衡条件是　 　；如图乙所示杠杆水平平衡，若将两侧钩码都向外移动一格，则杠杆的　 　（选填“左”或“右”）端将下沉；
（3）如图丙所示的杆秤，用它称较重的物体时，应选用离秤钩较　 　（选填“近”或“远”）的提纽。
【答案】（1）右；便于测量力臂
（2）；右
（3）近
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据图甲可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端较轻，则平衡螺母应向右调节。
②让杠杆保持水平平衡时，从支点到钩码的悬挂点之间的距离就是力臂，可以直接在杠杆上读取力臂大小，因此该操作目的是便于测量力臂。
（2）杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂，字母表达式为。
若两侧钩码向外移动一格后，左侧力与力臂的乘积为：，右侧为，则右侧乘积更大，因此杠杆右端下沉。
（3）称量较重物体时， 更大，根据杠杆平衡原理可知，需要减小物体侧的力臂，即 物体到提纽的距离，因此应选择离秤钩更近的提纽。
【分析】（1）①平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
②让杠杆保持水平平衡时，从支点到钩码的悬挂点之间的距离就是力臂，从力臂读取的方便些的角度分析。
（2）根据杠杆的平衡条件解答。分别计算出左右两侧力和力臂的乘积，然后比较大小即可。
（3）根据杠杆平衡原理分析解答。
（1）图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，根据杠杆调平规则“左偏右调”，平衡螺母应向右调节。
实验中让杠杆保持水平平衡时，钩码拉力竖直向下，力臂与杠杆重合，可以直接在杠杆上读取力臂大小，因此该操作目的是便于测量力臂。
（2）杠杆的平衡条件为。 设每个钩码重力为G，每格杠杆长度为L：两侧钩码向外移动一格后，左侧力与力臂的乘积为，右侧为，右侧乘积更大，因此杠杆右端下沉。
（3）杆秤利用杠杆平衡原理可知， ，称量较重物体时， 更大，秤砣重力不变的情况下，需要减小物体侧的力臂，即 物体到提纽的距离，因此应选择离秤钩更近的提纽。
21．
（1）如图甲所示，刻度尺的分度值为　 　cm，被测物体的长度是　 　cm；
（2）如图乙所示是“水的沸腾实验”的图像，可知，实验时水的沸点是　 　，则说明该实验室的气压　 　（选填“高于”、“等于”或“低于”）一个标准大气压；
（3）如图丙所示，这是在探究光的反射定律时，若让光线沿着射入，反射光线将沿着　 　射出，说明在光的反射现象中，光路是　 　的。
【答案】（1）0.1；3.80
（2）97；低于
（3）OA；可逆
【知识点】沸腾及沸腾条件；光的反射定律；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，该刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端对齐6.00cm，右端对齐9.80cm，所以物体长度为。
（2）根据图乙可知，水沸腾时保持不变的温度为97℃，即水的沸点为。因为97℃小于，因此该实验室气压低于1个标准大气压。
（3）根据丙图可知，光原光路中AO是入射光线、OB是反射光线，因此光线沿BO射入时，反射光线将沿OA射出，这说明光的反射现象中光路是可逆的。
【分析】（1）根据甲图确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
（2）液体沸腾时保持不变的温度叫沸点。液体沸点随上方气压的增大而升高。
（3）根据光路的可逆性解答。
（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，每个小格代表1mm，因此分度值为0.1cm；物体左端对齐6.00cm，右端对齐9.80cm，所以物体长度为
（2）水沸腾时温度保持不变，不变的温度就是水的沸点，由图乙可知水的沸点为；标准大气压下水的沸点为，气压越低沸点越低，因此该实验室气压低于1个标准大气压。
（3）光的反射现象中光路是可逆的，原光路中AO是入射光线、OB是反射光线，因此光线沿BO射入时，反射光线将沿OA射出，验证了光路可逆。
22．梧州冰泉豆浆是本地特色饮品，以其香浓醇厚著称。某物理兴趣小组对其密度进行了测量。
（1）实验过程及步骤如下：
①将托盘天平放在　 　桌面上，游码移至标尺　 　处。调节平衡螺母，使横梁平衡；
②向烧杯中倒入适量冰泉豆浆，测出烧杯和豆浆的总质量。当加入最小砝码后指针向右偏，取下后指针又向左偏，接下来的操作是：取下最小砝码，然后　 　，直至天平平衡。此时右盘中砝码和游码位置如图甲所示，总质量为　 　；
③将烧杯中的豆浆全部倒入量筒中，如图乙所示，豆浆的体积为　 　mL；
④测出空烧杯的质量为；
（2）根据实验数据，计算出豆浆的密度为　 　；
（3）考虑到冰泉豆浆极易产生大量微小气泡，这将导致测得的豆浆密度值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”）。若要减少气泡影响，你会给出什么具体操作建议？　 　。
【答案】（1）水平；零刻度线；向右移动游码；89.6；40
（2）
（3）偏小；缓慢倒入豆浆
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】（1）①根据天平的使用方法可知，实验前需将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线处，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②称量时，加入最小砝码后指针偏右，说明此时砝码质量偏大；取下后偏左，说明砝码质量偏小，此时没有合适的砝码使用，则此时应取下最小砝码，向右移动游码使横梁平衡。
根据甲图可知，砝码的质量为：50g+20g+10g+5g=85g；标尺的分度值为0.2g，则游码的质量为4.6g，则总质量为：。
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，因此豆浆体积为。
（2）豆浆的质量为：；
则豆浆的密度。
（3）微小气泡会使测得的体积偏大，根据 可知，会导致测得的密度比真实值偏小。要减小误差，可以缓慢倒入豆浆或倒入后静置豆浆，待气泡消失后再测量体积。
【分析】（1）①根据天平的使用方法解答；
②根据天平砝码的使用方法解答。
根据图片确定砝码质量和游码质量，然后二者相加得到总质量。
根据乙图确定量筒的分度值，根据液面位置读出示数。
（2）豆浆的质量等于豆浆和烧杯的总质量减空烧杯质量，根据计算豆浆的密度；
（3）微小气泡会使测得的体积偏大，根据 分析解答。通过静置等方法可以排除豆浆中的气泡。
（1）实验前需将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线处，再调节平衡螺母使横梁平衡。
称量时，加入最小砝码后指针偏右、取下后偏左，说明砝码质量不合适，此时应取下最小砝码，向右移动游码使横梁平衡。
总质量为砝码质量加游码示数：
由图乙可知，豆浆凹液面正对刻度，因此豆浆体积为。
（2）豆浆的质量为总质量减空烧杯质量：
豆浆的密度
（3）豆浆中的微小气泡会使测得的体积偏大，质量测量准确，根据 ，体积偏大会导致测得的密度比真实值偏小；要减小误差，可以缓慢倒入豆浆或倒入后静置豆浆，待气泡消失后再测量体积。
23．小雨同学采用“伏安法”测量某定值电阻的阻值。
（1）连接电路时，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　 　（选填“左”或“右”）端；
（2）闭合开关；移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表的示数为2.7V，电流表示数如图乙所示，电流表示数为　 　A。则此次可计算出电阻　 　；
（3）算出电阻后，小雨又继续进行多次测量，其目的是　 　；
（4）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻，小雨设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻的阻值，请在空格内将实验步骤补充完整：
①闭合、断开，用电压表测出待测电阻两端的电压为；
②　 　，用电压表测出电源的电压为；
③的表达式为　 　（用及表示）。
【答案】（1）右
（2）0.3；9
（3）减小实验误差
（4）闭合S、S1；
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当变阻器的滑片在最右端时阻值最大，则为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于最右端。
（2）如图乙所示，电流表选择的量程是0~0.6A，分度值为0.02A，那么此时示数为0.3A。
则此时定值电阻。
（3）在实验中，多次改变滑动变阻器阻值，测出多组电压和电流值并计算电阻，再求平均值，能够减小实验误差；
（4）①根据丙图可知，当开关S闭合、S1断开时，定值电阻R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压U1；
②闭合开关S、S1，R0被短接，电路为只有，电压表测电源的电压U；
③二者串联时，定值电阻R0两端的电压；
串联电路中各处的电流相等，即；
那么的表达式为。
【分析】（1）根据电路连接的注意事项解答；
（2）根据乙图确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读数；利用欧姆定律计算Rx的阻值；
（3）根据科学探究中多次测量求平均值减小误差分析；
（4）根据欧姆定律和串联电路各处电流都相等列方程计算Rx的阻值即可。
（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于最大电阻处，故应先将滑动变阻器的滑片P移最右端。
（2）[1]电流表示数如图乙所示，电流表是0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A。
[2]根据可求出
（3）定值电阻的阻值是固定的，多次改变滑动变阻器阻值，测出多组电压和电流值并计算电阻，再求平均值，能够减小实验误差；
（4）[1]该实验采用串联分压法测电阻，要测电源电压，需要闭合开关S、S1，R0被短接，电路为只有的简单电路，电压表测电源的电压。
[2]由电路图可知，当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压U1
当开关S、S1均闭合时，R0短路，电路为只有的简单电路，电压表测电源的电压U；串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以，R0两端的电压
串联电路中各处的电流相等
的表达式为
24．梧州六堡茶的文化源远流长。随着科学技术的发展，现代人的茶具大多具有煮茶和保温功能。小梧家有一款如图甲所示煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示。和均为发热电阻（其电阻不随温度改变），保温挡功率为，加热挡功率为。请回答下列问题：
（1）求保温挡时电路中的电流（保留一位小数）；
（2）求电阻阻值；
（3）用煮茶器将质量为、初温为20℃的水加热到沸腾，需要的时间是多少秒。[假设当地气压为1个标准大气压，煮茶器的加热效率为，水的比热容为]
（4）请从节能环保的角度，谈谈如何合理使用煮茶器。
【答案】（1）解：根据题意可知，煮茶器的保温档功率，
则保温档时电路中的电流。
（2）解：根据乙图可知，同时闭合和时，电阻和并联，此时电路的总电阻较小，总功率较大，煮茶器处于加热档，功率为900W；
只闭合时，电路中只有电阻，此时电路的总电阻较大，总功率较小，煮茶器处于保温档，功率为100W；
则电阻的功率；
那么电阻的阻值。
（3）解：根据题意可知，水吸收的热量
；
煮茶器 热效率为，
则煮茶器消耗的电能；
需要的加热时间。
（4）按需加热，避免空烧
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】（4）根据实际饮茶量加入适量水，避免一次性加热过多导致浪费。同时，加热前确保壶内有水，防止干烧损坏设备并浪费电能。故填：按需加热，避免空烧。
【分析】（1）根据公式计算保温档时电路中的电流；
（2）首先根据计算开关在不同闭合情况下总功率大小，从而确定对应的工作状态，根据计算电阻R2的功率，根据计算电阻R2的阻值。
（3）首先根据Q=cm△t计算水吸收的热量，根据计算煮茶器消耗电能，最后根据计算需要的加热时间。
（4）用多少水就加热多少水，避免多烧造成电能的浪费。
（1）保温挡功率，电源电压，则
（2）只闭合时，电路中只有电阻，此时电路的总电阻较大，根据可知，此时总功率较小，煮茶器处于保温挡；
同时闭合和时，电阻和并联，此时电路的总电阻较小，根据可知总功率较大，煮茶器处于加热挡。
加热挡时，两电阻并联，根据，电阻的功率
电阻的阻值
（3）在1个标准大气压下，水的沸点是，水吸收的热量
煮茶器消耗的电能
需要的加热时间
（4）按需加热，避免空烧：根据实际饮茶量加入适量水，避免一次性加热过多导致浪费。同时，加热前确保壶内有水，防止干烧损坏设备并浪费电能。
减少反复加热：煮茶器具有保温功能，但长时间持续保温会增加能耗。建议在短时间内饮用完毕，或将多余茶水倒入保温瓶中保存，减少煮茶器反复加热的次数。
定期除垢，保持热效率：长期使用后，发热盘上容易积累水垢，影响热传递效率，导致加热时间变长、耗电量增加。定期用柠檬酸或专用除垢剂清洗，既能节能，又能延长煮茶器寿命。
合理选择挡位：如果需要快速煮茶，可使用加热挡；若只需保温，则切换至保温挡，避免长时间处于高功率状态。
拔掉插头，待机也耗电：煮茶器在待机状态下仍会消耗少量电能。使用完毕后及时拔掉电源插头，既安全又省电。
25．图甲为我国国家博物馆收藏的汉代时期的计时工具“青铜漏壶”。它通过箭壶中水量的均匀变化来度量时间。图乙为某同学设计的计时工具箭壶模型，该模型由薄壁圆柱形玻璃容器、长方体木块（不吸水）、箭尺组成，箭尺重力忽略不计，其底部与木块相连，可使箭尺和木块随水面匀速竖直上升，从而计时。已知容器高为，底面积为，木块重，高为。初始状态下，容器内有部分水，此时水深为，木块刚好离开容器底部，处于漂浮状态；工作状态下，当木块上升至上表面刚好与容器上沿相平时，一个计时周期结束。若不计容器底和容器壁的厚度。（已知）求：
（1）初始状态下，木块底部受到的水的压强；
（2）初始状态下木块受到的浮力；
（3）木块的密度；
（4）计时周期结束时，容器内水的质量。
【答案】（1）解：根据题意可知，初始状态下，此时水深为，此时木块静止在容器底部，
木块底部受到的水的压强。
（2）解：初始状态下，木块在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即。
（3）解：根据题意可知，木块高为；初始状态下，木块浸入水中的深度是，则木块排开水的体积和木块总体积的关系；
木块在水面漂浮，则它受到的浮力等于重力，即，
，
；
；
那么木块的密度。
（4）解：计时周期结束时木块露出水面的高度；
容器内水深为；
水的体积与木块排开水的体积之和；
木块排开水的体积；
水的体积；
水的质量。
答： 计时周期结束时，容器内水的质量我28.95kg 。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据计算初始状态下木块底部受到水的压强；
（2）根据物体的漂浮条件计算木块受到的浮力；
（3）根据漂浮条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排列方程计算即可；
（4）根据题意计算出木块露出水面的高度，进而计算容器内的水深，根据V总=Sh计算水和木块的总体积，根据阿基米德原理计算木块排开水的体积。用总体积减去木块排开水的体积得到水的体积，根据计算水的质量。
（1）初始状态下，此时水深为，即木块漂浮时其浸入水中的深度
木块底部受到的水的压强
（2）箭尺重力忽略不计，初始状态下，木块漂浮，受到的浮力
（3）初始状态下，木块浸入水中的深度是，木块高为，则木块排开水的体积和木块总体积的关系
由木块漂浮可知，可得，即
可得木块的密度
（4）根据题意，计时周期结束时，此时木块露出水面的高度
容器内水深为
水的体积与木块排开水的体积之和
木块排开水的体积
水的体积
水的质量
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