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广东省深圳市高级中学2025-2026学年八年级下学期期中复习物理试卷
1．下列物体受到的重力最接近0.5N的是（　　）
A．一根头发 B．一枚别针 C．一个鸡蛋 D．一个篮球
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一根头发的质量约为0.000001kg，其重力远小于0.5N，故A错误。
B．一枚别针的质量约为0.2g，其重力远小于0.5N，故B错误。
C．一个鸡蛋的质量约为，其重力约为，故C正确。
D．一个篮球的质量约为0.6kg，其重力约为6N，远大于0.5N，故D错误。
故选C。
【分析】熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg等。
2．如图甲所示，长期不用的水龙头会因生锈而很难打开，维修人员常会用一长铁管套在水龙头上，如图乙所示，用同样大小的力作用在管端A点处，则会很容易打开水管，此过程中，改变了力的作用效果的因素是（　　）
A．大小 B．作用点 C．方向 D．以上都是
【答案】B
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】加装铁管后，力的作用点从水龙头把手末端移到铁管端点 A，作用点发生变化，在力的大小、方向不变时，力的作用效果改变，更容易拧开水龙头，故 B 正确；
故答案为：B；
【分析】 考查力的作用点对作用效果的影响；更换施力位置改变动力臂，从而改变力的作用效果。
3．下列例子在使用时没有用到连通器的是（　　）
A．茶壶
B．排水管的U形“反水弯”
C．锅炉水位器
D．压强计
【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用
【解析】【解答】ABC、茶壶的壶身与壶嘴、排水管的 U 形 “反水弯”、锅炉水位器的容器与锅炉、上端开口、底部相连通，是利用连通器原理工作的，故 ABC 不符合题意；
D、压强计的 U 形管一端封闭，不满足连通器 “上端开口” 的条件，没有利用连通器原理，故 D 符合题意；
故答案为：D。
【分析】ABC、考查连通器的应用，茶壶是典型的连通器实例；排水管的 U 形 “反水弯” 利用连通器原理阻隔异味；锅炉水位器通过连通器原理显示锅炉内水位；
D、考查连通器的识别，压强计的 U 形管一端封闭，不符合连通器的定义，不是连通器。
4．如图所示，小龙在练习排球垫球时，排球离开胳膊后竖直向上运动。已知排球所受的重力约为3.0N，排球竖直向上运动时所受的空气阻力约为0.5N，则排球所受合力的大小和方向为（　　）
A．2.5N，竖直向上 B．2.5N，竖直向下
C．3.5N，竖直向上 D．3.5N，竖直向下
【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】排球竖直向上运动时，受到竖直向下的重力 和竖直向下的空气阻力 ；两个力方向相同，合力大小为 ，方向竖直向下；故A、B、C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】本题考查同一直线上方向相同的两个力的合成；解题关键是判断两个力的方向：排球向上运动时，空气阻力方向与运动方向相反，即竖直向下，与重力方向相同；根据同方向力的合成规律，合力大小等于两力之和，方向与两力方向一致。
5．某种汽车安全带控制装置如图a，摆锤竖直悬挂时，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动，由此可判断汽车静止或正常行驶：如图b，摆锤摆起时，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，由此可判断汽车可能（　　）
A．向西匀速行驶 B．向东匀速行驶
C．向西紧急刹车 D．向东紧急刹车
【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A、向西匀速行驶时，摆锤和汽车保持相对静止，竖直悬挂，锁棒水平，安全带可被拉动，故 A 错误；
B、向东匀速行驶时，摆锤同样保持竖直悬挂，锁棒水平，安全带可被拉动，故 B 错误；
C、向西紧急刹车时，汽车减速，摆锤由于惯性会向西摆起，无法锁定棘轮，故 C 错误；
D、向东紧急刹车时，汽车减速，摆锤由于惯性会保持原来的向东运动状态，向东摆起，推动锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查惯性的应用，摆锤的运动状态由惯性决定；当汽车向东紧急刹车时，车速减小，摆锤由于惯性仍保持较大的向东速度，从而向东摆起，触发锁棒锁定棘轮；匀速行驶时摆锤保持竖直，向西刹车时摆锤向西摆起，均不会触发锁定。
6．如图，一个竖直浸没在水中的圆柱体所受的浮力为，其上表面受到水的压力为，则其下表面受到水的压力为（　　）
A．4N B．8N C．12N D．16N
【答案】C
【知识点】浮力及其产生原因；浮力大小的计算
【解析】【解答】根据浮力产生的原因，浮力等于物体下表面受到的水的压力减去上表面受到的水的压力，即 ；已知 ，，代入公式得 ；故A、B、D错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查浮力产生的原因，浮力是物体上下表面受到的液体压力差；解题关键是利用公式 ，通过已知的浮力和上表面压力，求出下表面压力。
7．扫地机器人工作时，通过电机转动使内部空气流速变　 　，压强　 　（选填“大于”或“小于”）外界气压，使周围的垃圾被吸入机器人的灰尘盒里，如图所示；垃圾被吸入灰尘盒，说明力能改变物体的　 　。
【答案】大；小于；运动状态
【知识点】力的作用效果；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】扫地机器人工作时，电机高速转动带动内部空气快速流动，使机器人内部空气流速显著增大，根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，因此机器人内部的压强会小于外界大气压，在外界大气压的作用下，地面上的垃圾就被压入了机器人的灰尘盒中。
垃圾原本处于静止状态，被吸入灰尘盒的过程中，运动状态发生了改变，这一现象说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：大；小于；运动状态；
【分析】考查流体压强与流速的关系，解题关键是明确 “流速越大，压强越小”，机器人内部空气流速快、压强小，外界大气压将垃圾压入内部。
考查力的作用效果，力的作用效果包括改变物体的形状和运动状态，垃圾由静止被吸入，体现了力能改变物体的运动状态。
8．在平直路面上，快递员用30N的推力推一辆装有快递的质量为60kg的小推车，结果没有推动，此时地面对小推车的摩擦力为　 　。当快递员用50N的推力推小推车时，小推车做匀速直线运动，此时小推车受到的摩擦力为　 　。快递员送完快递后推着空车原路返回时，小推车受到的摩擦力将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。（快递员对小推车施加的推力均沿水平方向）
【答案】30；50；变小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】当用 30N 的力推小推车但未推动时，小推车处于静止平衡状态，水平方向上推力与静摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此此时的静摩擦力大小为 30N；当用 50N 的力推动小推车做匀速直线运动时，小推车处于平衡状态，水平方向上推力与滑动摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此此时的滑动摩擦力大小为 50N；送完快递后，空车对地面的压力减小，而接触面的粗糙程度不变，根据滑动摩擦力的影响因素，压力减小，滑动摩擦力也会随之变小。
故答案为：30；50；变小；
【分析】本题考查二力平衡条件与滑动摩擦力影响因素的综合应用。静止或匀速直线运动的物体受力平衡，水平方向上推力与摩擦力大小相等；滑动摩擦力的大小只与压力和接触面粗糙程度有关，粗糙程度不变时，压力减小，滑动摩擦力也会减小。
9．如图：甲乙丙三个相同的容器中分别盛有密度不同的液体，放在水平桌面上，已知液体内部同一水平面 ABC 三点处压强相等，则　 　容器中液体密度最大，　 　容器底受到液体压强最大，　 　容器对桌面压强最大（以上三空均选填“甲”、“乙”或“丙”）。
【答案】甲；甲；甲
【知识点】压强大小比较；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】图中A、B、C三点的压强相等，且三点所处深度满足 ，根据液体压强公式 ，可推导出液体密度关系为 ，即甲容器中液体密度最大；由于A、B、C三点到容器底部的距离相等，结合密度关系可知，三点下方液体产生的压强满足 ，因此容器底部受到的液体压强关系为 。
根据 ，容器底面积相同，压强越大，底部受到的压力越大，因此甲容器底受到的液体压力最大；柱形容器中，容器底受到的液体压力等于液体的重力，说明甲容器中液体的重力最大。由于容器相同，水平桌面受到的压力等于容器与液体的总重力，因此甲容器对桌面的压力最大；再根据 ，底面积相同的情况下，压力越大，容器对桌面的压强也越大，故甲容器对桌面的压强最大。
故答案为：甲；甲；甲；
【分析】本题考查液体压强与固体压强的综合分析，解题需分三步：①根据三点压强相等、深度不同，利用 反推液体密度大小关系；②结合三点到容器底的距离，判断容器底受到的液体压强大小，再由 得出液体对容器底的压力大小，进而推出液体重力大小；③根据总重力得出容器对桌面的压力大小，再利用 比较容器对桌面的压强大小。
10．按要求完成下列作图题；
（1）如图所示，物体A与弹簧相连（弹簧被压缩），静止在光滑的斜面上，请在点处作出物体A所受弹簧弹力和斜面支持力的示意图。
（2）冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请在图中画出冰壶所受摩擦力和它对地面的压力的示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；摩擦力的方向；摩擦力的示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】（1）物体A受到的弹簧的弹力F沿斜面向上，支持力F支垂直斜面向上，作用点均在物体A的重心O点，如图所示：
（2）冰壶对水平地面的压力方向垂直于接触面向下，力的作用点在地面上，在箭头附近标上字母F；冰壶正在水平向左滑行，则冰壶受到的摩擦力方向水平向右。作用点在O点，在箭头附近标上字母f。如图所示：
【分析】（1）弹簧被压缩，在恢复形变时会对物体A产生弹力，方向沿斜面向上；支持力是斜面对物体的弹力，方向始终垂直于接触表面，即垂直斜面向上，两个力的作用点都在题目标注的O点，据此作图。
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反，冰壶水平向左滑行，因此摩擦力方向水平向右，受力物体是冰壶，作用点画在冰壶重心；压力是冰壶对地面的力，受力物体是地面，方向垂直水平地面向下，据此作图。
（1）弹簧被压缩，在恢复形变时会对物体A产生弹力，方向沿斜面向上；支持力是斜面对物体的弹力，方向始终垂直于接触表面，即垂直斜面向上，两个力的作用点都在题目标注的O点，据此作图。
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反，冰壶水平向左滑行，因此摩擦力方向水平向右，受力物体是冰壶，作用点画在冰壶重心；压力是冰壶对地面的力，受力物体是地面，方向垂直水平地面向下，据此作图。
11．在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、一个弹簧测力计和若干质量相等的砝码进行实验。
（1）如图甲所示，小潘将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，木块受到的滑动摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）弹簧测力计的示数。
（2）小潘经过多次实验获得的数据如下表所示。
实验次数 实验条件 弹簧测力计示数
1 木块 较光滑的长木板 0.8
2 木块上放1个砝码 较光滑的长木板 1.0
3 木块上放2个砝码 较光滑的长木板 1.2
4 木块上放1个砝码 较粗糙的长木板 1.3
5 木块上放1个砝码 最粗糙的长木板 1.7
①分析表中　 　三次实验数据，可初步得出结论：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越　 　。
②分析表中2、4、5三次实验数据，可初步得出结论：在　 　相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）同组的小红设计了图乙所示的实验装置，该装置的优点是　 　（写出一条）。当木块相对地面静止且长木板运动速度增大时，弹簧测力计示数　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】（1）等于
（2）1、2、3；大；压力
（3）不需要匀速拉动长木板，便于读数；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）探究影响滑动摩擦力大小的因素时，利用了转换法与二力平衡原理。实验中让木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此弹簧测力计的示数就等于木块受到的滑动摩擦力大小。
故答案为：等于；
（2）分析 1、2、3 三次实验，接触面粗糙程度相同，压力逐渐增大，弹簧测力计示数也逐渐增大，说明在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；分析 2、4、5 三次实验，压力相同，接触面粗糙程度逐渐增大，弹簧测力计示数也逐渐增大，说明在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：1、2、3；大；压力；
（3）图乙中弹簧测力计固定，木块相对地面静止，滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力，因此实验的优点是无需匀速拉动长木板，弹簧测力计示数稳定，便于读数；滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与木板运动速度无关，因此当长木板运动速度增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变，弹簧测力计的示数也保持不变。
故答案为：不需要匀速拉动长木板，便于读数；不变；
【分析】（1）本题考查滑动摩擦力实验的基本原理，核心是利用二力平衡将摩擦力的测量转换为拉力的测量，需通过匀速直线运动让木块处于平衡状态。
（2）本题考查控制变量法的应用，通过分别控制压力或接触面粗糙程度不变，探究滑动摩擦力与压力、接触面粗糙程度的关系。
（3）本题考查改进实验装置的优点与滑动摩擦力的影响因素，改进装置利用木块静止时的平衡状态，解决了匀速拉动的难点；滑动摩擦力大小与运动速度无关，因此测力计示数稳定。
（1）探究影响滑动摩擦力大小的因素用到的是转换法，通过二力平衡的知识，使物体受平衡力，即摩擦力等于拉力，故要使木块做匀速直线运动，使其受平衡力，根据二力平衡的知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由表格中的数据可知，接触面粗糙程度相同，压力不同的是1、2、3三次实验，由实验数据可知，弹簧测力计示数逐渐增大，由二力平衡可知，摩擦力逐渐增大，故由1、2、3三次实验数据，可以得出：在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
由 2、4、5三次实验数据可以得出，砝码个数相同，即压力相同，接触面的粗糙程度越来越粗糙，弹簧测力计的示数不断增大，由二力平衡可知，滑动摩擦力逐渐增大，故在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）图乙中弹簧测力计是固定的，木块相对地面静止，受到的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力。 所以优点是：不需要匀速拉动长木板，弹簧测力计示数稳定，便于读数。
滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与木板运动的速度无关。 当长木板运动速度增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变，而木块始终静止，受力平衡，所以弹簧测力计的示数不变。
12．夏季汛期来临，暴雨后洪水流入水库会导致水位急剧上升，此时需开闸泄洪以避免出现溃坝的危险。亮亮了解到液体压强是导致溃坝的主要原因，如图，他想利用压强计来探究液体压强与哪些因素有关。他根据暴雨后水位上涨及河水变得浑浊密度变大的情况作出以下猜想：
A．液体压强的大小可能与液体深度有关；
B．液体压强的大小可能与液体密度有关。
为验证以上猜想，他利用相关器材完成了如下实验。
（1）图中压强计的U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器；液体压强的大小可通过U形管左右两侧液面的　 　来反映。
（2）为了验证猜想A，比较图①②两次实验操作，初步得出结论：液体的压强随　 　的增加而　 　。
（3）为了验证猜想B，应比较图　 　（选填序号）两次实验操作，初步得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大；这里用到的实验方法是　 　法。
（4）亮亮通过以上探究得出结论：液体压强与液体深度和液体密度有关，所以大坝应修成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状，我们还应植树造林来减少水土流失。
【答案】（1）不是；高度差
（2）深度；增大
（3）②③；控制变量
（4）上窄下宽
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）压强计的 U 形管一端通过橡皮管与橡皮膜相连，处于封闭状态，不满足连通器 “两端开口、底部相连通” 的定义，因此不属于连通器；本实验运用转换法，将液体压强的大小转换为 U 形管左右液面的高度差来反映，液面高度差越大，说明液体压强越大。
故答案为：不是；高度差；
（2）验证猜想 A 时，①②两次实验控制了液体密度相同，只改变金属盒在液体中的深度，实验现象显示深度越大，U 形管液面高度差越大，因此可得出结论：在同种液体中，液体的压强随深度的增加而增大。
故答案为：深度；增大；
（3）验证猜想 B 时，需控制金属盒深度相同，改变液体密度，符合条件的是②③两次实验；实验中每次只改变一个要探究的变量，保持其他变量不变，这种研究方法是控制变量法。
故答案为：②③；控制变量；
（4）根据液体压强规律，同种液体中深度越大压强越大，拦河大坝底部所处深度远大于上部，受到的水压也更大，因此大坝修成上窄下宽的形状，能让底部承受更大的液体压强。
故答案为：上窄下宽；
【分析】（1）本题考查连通器的定义和转换法的应用，连通器的关键特征是两端开口，而压强计一端封闭，因此不是连通器；液体压强无法直接观察，通过 U 形管液面差来间接反映，属于转换法。
（2）本题考查控制变量法的应用，探究液体压强与深度的关系时，控制液体密度不变，只改变深度，通过液面差变化得出压强随深度增大而增大的结论。
（3）本题考查控制变量法的应用，探究液体压强与密度的关系时，控制深度不变，改变液体密度，对应实验②③；这种控制其他变量不变、只改变探究变量的方法是控制变量法。
（4）本题考查液体压强规律的实际应用，利用 “同种液体深度越大压强越大” 的规律，解释拦河大坝上窄下宽设计的原因。
（1）压强计的U形管一端被橡皮管、橡皮膜封闭，不符合连通器的结构，因此不是连通器。
本实验用转换法，通过U形管左右液面的高度差反映液体压强大小，高度差越大，液体压强越大。
（2）验证猜想A时，①②控制了液体密度相同，只改变深度，实验可得深度越大，U形管液面高度差越大，因此结论为：液体的压强随深度的增加而增大。
（3）验证猜想B时，需要控制深度相同，改变液体密度，符合要求的是②③。
实验中控制其他变量不变，只改变要探究的变量，这种方法是控制变量法。
（4）同一液体越深压强越大，大坝底部受到的水压远大于上部，因此大坝需要修成上窄下宽的形状，让底部承受更大的压强。
13．在“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验中，小明在弹簧测力计的下端悬挂了一个物块，按如图所示的步骤进行操作。（已知）
（1）由图中数据可知，步骤②中物块受到的浮力为　 　。
（2）分析步骤①②③④⑤中弹簧测力计示数的变化情况，可得出结论：当液体的密度相同时，物体　 　越大，受到的浮力越大。
（3）由　 　三个步骤的现象可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关；当　 　相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越　 　。
（4）该实验主要运用的科学探究方法是　 　。
（5）小明将物块逐渐浸入水中，缓慢地增大物块浸没在水中的深度的过程中，物块所受浮力与其下表面浸入液体中的深度的关系图像是________（选填字母）。
A． B．
C． D．
【答案】（1）0.2
（2）排开液体的体积
（3）①⑤⑥；排开液体的体积；大
（4）控制变量法
（5）C
【知识点】浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）由图①可知，物块在空气中的重力 ；由图②可知，物块浸入水中时弹簧测力计的示数 ，根据称重法，物块受到的浮力 。
故答案为：0.2；
（2）在步骤①②③④⑤中，液体密度保持不变，随着物体排开液体的体积逐渐增大，弹簧测力计的示数逐渐变小，由称重法可知物体受到的浮力逐渐变大，因此可得结论：当液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
故答案为：排开液体的体积；
（3）要探究浮力与液体密度的关系，需控制物体排开液体的体积相同，改变液体密度，因此应选择步骤①⑤⑥；实验现象表明，当排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大。
故答案为：①⑤⑥；排开液体的体积；大；
（4）实验中，控制液体密度和排开液体体积中的一个变量不变，研究浮力与另一个变量的关系，这种研究方法是控制变量法。
故答案为：控制变量法；
（5）物块逐渐浸入水中时，未完全浸没前，随着浸入深度 增大，排开液体的体积增大，浮力 逐渐增大；完全浸没后，浸入深度 增大，排开液体的体积不变，浮力 保持不变，因此图像C符合题意。
故答案为：C；
【分析】（1）本题考查称重法测浮力，核心公式为 ，先读取物体重力和浸入液体时的拉力，再计算浮力大小。
（2）本题考查控制变量法的应用，控制液体密度不变，改变排开液体的体积，通过弹簧测力计示数变化分析浮力与排开体积的关系。
（3）本题考查控制变量法的应用，探究浮力与液体密度的关系时，需控制排开液体的体积不变，改变液体密度，对应实验步骤①⑤⑥。
（4）本题考查实验方法的判断，实验中每次只改变一个变量，保持其他变量不变，属于控制变量法。
（5）本题考查浮力与浸入深度的关系，浮力大小由排开液体的体积和液体密度决定，与浸入深度无关，因此浮力先随排开体积增大而增大，完全浸没后保持不变。
（1）由图①可知，物块在空气中的重力。 由图②可知，物块浸入水中时弹簧测力计的示数，物块受到的浮力为
（2）①②③④⑤中随物体排开液体的体积变大，弹簧测力计的示数变小，由称重法可得物体受到的浮力变大，可得结论为：当液体的密度相同时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
（3）要探究浮力与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，改变液体密度，所以选步骤 ①⑤⑥。当排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大。
（4）实验中控制液体密度、排开液体体积中的一个变量不变，研究浮力与另一个变量的关系，这种方法是控制变量法。
（5）物块逐渐浸入水中时，未完全浸没前，随着深度h增大，排开液体的体积增大，浮力逐渐增大；完全浸没后，深度h增大，排开液体的体积不变，浮力保持不变。故C符合题意。
14．一辆运送钢材的卡车在水平路面上匀速行驶了，用时，行驶过程中卡车所受的阻力为其总重力的。已知卡车和司机的总重力为，车上装的钢材的质量为。（g取）求：
（1）卡车的行驶速度；
（2）卡车、司机和钢材的总重力；
（3）卡车行驶过程中受到的牵引力。
【答案】（1）已知卡车行驶路程 ，行驶时间 ，根据速度公式 ，可得卡车的行驶速度：
（2）已知钢材的质量 ，根据重力公式 ，钢材的重力：
已知卡车和司机的总重力 ，则卡车、司机与钢材的总重力：
（3）卡车在水平路面上匀速行驶，水平方向上牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。已知阻力 ，则卡车受到的牵引力：
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】（1）本题考查速度的计算，先统一路程和时间的单位，再利用公式 直接计算行驶速度。
（2）本题考查重力的计算，先根据 算出钢材的重力，再与卡车和司机的重力相加，得到总重力。
（3）本题考查二力平衡条件的应用，卡车匀速行驶时牵引力与阻力大小相等，先根据总重力算出阻力，即可得到牵引力的大小。
（1）已知卡车行驶路程，时间
卡车的行驶速度
（2）已知钢材的质量，其重力
卡车和司机的总重力
卡车受到的总重力为
（3）卡车在水平路面上匀速行驶，水平方向上受到的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。
由于阻力，故卡车受到的牵引力
15．如图所示，水平桌面上放着一个重为30N的鱼缸，其底面积为。鱼缸内装有深的水，水和鱼的总质量为。（鱼缸壁厚度不计，，g取）请计算：
（1）鱼缸底部受到的水的压强；
（2）鱼缸底部受到的水的压力；
（3）鱼缸对桌面的压强。
【答案】（1）根据液体压强公式，鱼缸底部受到的水的压强：
（2）先进行单位换算，鱼缸底面积：
再根据压强公式变形，计算鱼缸底部受到的水的压力：
（3）首先计算水和鱼的总重力：
鱼缸对桌面的总压力等于水、鱼与鱼缸的总重力：
最后根据压强公式，计算鱼缸对桌面的压强：
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）题考查液体压强的计算，直接套用公式 ，将水的密度、重力加速度和水深代入即可求解。
（2）本题考查液体压力的计算，先将底面积换算为国际单位，再根据公式 ，用已算出的液体压强乘以底面积得到压力。
（3）本题考查固体压强的计算，先算出鱼缸对桌面的总压力（等于水、鱼和鱼缸的总重力），再根据公式 计算压强。
（1）鱼缸底部受到的水的压强
（2）鱼缸底面积
鱼缸底部受到的水的压力
（3）水和鱼的总重力
鱼缸对桌面的总压力
鱼缸对桌面的压强：
16．科技小组近期开展了项目化学习——了解并制作简易活塞式抽水机。
【任务一】了解活塞式抽水机的工作原理
小组同学查阅资料得到活塞式抽水机的工作原理图如图甲所示，其中，活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动，A、B是只能向上开启的阀门。
【任务二】设计并制作简易活塞式抽水机
如图乙所示，准备一个用来装洗涤液的空瓶子，剪下瓶子的瓶底，瓶子上部作为抽水机的圆筒，把瓶底再略剪一小部分作为活塞，在瓶子的侧壁上打一个出水口并装上出水管，在瓶盖上挖一个洞，将其作为进水口。在活塞上打孔，用橡皮膏把塑料片的一边粘在活塞上，使塑料片能盖住孔，作为一个阀门，把玻璃球放到瓶盖的洞口，简易活塞式抽水机就制作完成了。
（1）活塞式抽水机利用了　 　的作用。
（2）对于图乙所示的简易活塞式抽水机，上拉活塞时，阀门　 　（选填“打开”或“关闭”），此时玻璃球下方的压强　 　（选填“大于”或“小于”）玻璃球上方的压强，玻璃球下方的水顶开玻璃球进入圆筒内；玻璃球的作用是在活塞向　 　（选填“上”或“下”）运动时阻挡水流。
（3）当活塞在圆筒内上升到出水口后继续上升，会发生的现象是_____（选填字母）。
A．水从出水口流出
B．圆筒内的水随活塞继续上升
C．圆筒内的水面开始下降
D．水保持在出水口下方附近不动，既不上升也不下降
（4）有经验的人在使用该抽水机时会先往圆筒里倒一点水，目的是增强活塞与筒壁间的_____（选填字母）。
A．气密性 B．摩擦力 C．压强
【答案】（1）大气压
（2）关闭；大于；下
（3）C
（4）A
【知识点】气压计和抽水机；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）活塞式抽水机依靠大气压强将水从低处压到高处，其工作过程利用了大气压的作用。
故答案为：大气压；
（2）上拉活塞时，活塞下方圆筒容积变大，内部压强减小，活塞上的阀门因受到的向下压强大于向上压强而关闭；此时玻璃球下方连通外界水源，压强等于大气压，大于玻璃球上方圆筒内的低压，因此水会顶开玻璃球进入圆筒。当活塞向下运动时，圆筒内压强增大，水向下压玻璃球，使玻璃球堵住进水口，阻止水流向下流出，确保水只能向上进入活塞上方，因此玻璃球在活塞向下运动时起到阻挡水流的作用。
故答案为：关闭；大于；下；
（3）当活塞上升到出水口后继续上升，出水口会与活塞下方的筒内空间连通，外界空气进入筒内，使筒内压强与外界大气压相等，压强差消失，大气压无法继续托住筒内的水，圆筒内的水面开始下降，故故答案为：C；
（4）使用前先往圆筒倒一点水，作用是填满活塞与筒壁之间的缝隙，防止空气漏气，增强装置的气密性，保证活塞运动时能形成足够的气压差，
故答案为：A。
【分析】（1）本题考查活塞式抽水机的工作原理，核心是利用大气压将水压入圆筒。
（2）本题考查抽水机内部阀门的工作过程，需结合活塞运动分析圆筒内压强变化，以及玻璃球在不同阶段的作用。
（3）本题考查抽水机工作的极限情况，当活塞超过出水口时，筒内与外界连通，气压差消失，水面下降。
（4）本题考查抽水机的使用技巧，加水的目的是增强气密性，保证气压差的形成。
（1）活塞式抽水机是依靠大气压强将水从低处压到高处，因此利用了大气压的作用。
（2）[1][2][3]上拉活塞时，活塞下方圆筒容积变大，压强减小，活塞上的阀门受到向下的压强大于向上的压强，因此阀门关闭；此时玻璃球下方连通外界水源，压强等于大气压，大于玻璃球上方圆筒内的低压，因此水顶开玻璃球进入圆筒；当活塞向下运动时，圆筒内压强增大，水向下压玻璃球，玻璃球堵住进水口，阻挡水流向下流出，使水只能向上进入活塞上方，因此玻璃球在活塞向下运动时阻挡水流。
（3）当活塞上升到出水口后继续上升，出水口会与活塞下方的筒内空间连通，外界空气进入筒内，使筒内压强和外界大气压相等，压强差消失，大气压无法继续托住筒内的水，因此圆筒内的水面开始下降，故选C。
（4）使用前先往圆筒倒一点水，作用是填满活塞与筒壁之间的缝隙，防止空气漏气，增强装置的气密性，保证活塞运动时能形成足够的气压差，因此选A。
17．阅读短文，回答问题。
地效翼船
图甲是我国研制的“海上飞船”——地效翼船，其在军事、搜索救援和环境监测等领域具有广泛的应用前景。地效翼船的船身为流线型，能够有效减少能耗。当它贴近水面（或地面）飞行时，产生的气流流过机翼后会向后下方流动，形成气流的堵塞，使机翼受到的升力增加。某型号地效翼船的部分参数如下表所示，其中升阻比是指飞行器在飞行过程中所受升力与水平方向的阻力的比值，当飞行器受到的升力大于或等于总重力时才能飞行；图乙是该地效翼船水平航行时受到的阻力随速度变化的关系图像，已知该地效翼船水平航行时受到的阻力与速度的平方成正比。
自重/kg 2400 最大载人数/人 7
升阻比 20~40 最大航速/（） 198
（1）地效翼船的船身设计成流线型是为了　 　（选填“增大”或“减小”）飞行时受到的空气阻力。
（2）地效翼船贴近水面飞行时，机体和水面间的气压　 　（选填“增大”或“减小”），机翼受到的升力的施力物体是　 　。
（3）当该地效翼船以的速度水平匀速飞行时，受到的阻力为　 　；当该地效翼船以最大航速水平匀速飞行时，发动机提供的牵引力为　 　。
（4）该地效翼船在执行完某次任务后，载人数达到最大。已知每个人的平均体重为，其余载重共，当速度小于　 　时，地效翼船开始降落。（该过程的升阻比恒为20，取）
【答案】（1）减小
（2）增大；空气
（3）；
（4）
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】 （1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）贴近水面飞行时机体下方气流受阻导致流速变小，压强越大，根据流体压强与流速的关系可知下表面气压会增大。
机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，故施力物体是空气。
（3）根据图乙读数可知，当速度v1=25m/s时阻力。将v1=25m/s和
代入公式f=kv2，解得k=400
将最大航速vmax=198km/h=55m/s代入f=400v2，求得最大阻力
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力，即
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即
结合升阻比为20算出此时临界阻力为
代入小问3的公式f=400v2，解得临界速度v临=2m/s。
故答案为：（1）减小；（2）增大；空气；（3）2.5×105；1.21×106；（4）2。
【分析】（1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）根据流体压强与流速的关系，流速越小，压强越大。
机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，分析施力物体。
（3）根据图乙读数可知，代入公式f=kv2，求得k，
将最大航速vmax代入f=400v2，求得最大阻。
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力。
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即F=G=m总g=（m自载+7m人+m其余）g，结合升阻比为20算出此时临界阻力，代入小问3的公式f=400v2，解得临界速度。
（1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）贴近水面飞行时机体下方气流受阻导致流速变小，根据流体压强与流速的关系可知下表面气压会增大。
流速越小，压强越大，机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，故施力物体是空气。
（3）根据图乙读数可知，当速度时阻力。
将和代入公式，解得
将最大航速代入，求得最大阻力
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力，即
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即
结合升阻比为20算出此时临界阻力为
代入小问3的公式，解得临界速度。
1 / 1广东省深圳市高级中学2025-2026学年八年级下学期期中复习物理试卷
1．下列物体受到的重力最接近0.5N的是（　　）
A．一根头发 B．一枚别针 C．一个鸡蛋 D．一个篮球
2．如图甲所示，长期不用的水龙头会因生锈而很难打开，维修人员常会用一长铁管套在水龙头上，如图乙所示，用同样大小的力作用在管端A点处，则会很容易打开水管，此过程中，改变了力的作用效果的因素是（　　）
A．大小 B．作用点 C．方向 D．以上都是
3．下列例子在使用时没有用到连通器的是（　　）
A．茶壶
B．排水管的U形“反水弯”
C．锅炉水位器
D．压强计
4．如图所示，小龙在练习排球垫球时，排球离开胳膊后竖直向上运动。已知排球所受的重力约为3.0N，排球竖直向上运动时所受的空气阻力约为0.5N，则排球所受合力的大小和方向为（　　）
A．2.5N，竖直向上 B．2.5N，竖直向下
C．3.5N，竖直向上 D．3.5N，竖直向下
5．某种汽车安全带控制装置如图a，摆锤竖直悬挂时，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动，由此可判断汽车静止或正常行驶：如图b，摆锤摆起时，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，由此可判断汽车可能（　　）
A．向西匀速行驶 B．向东匀速行驶
C．向西紧急刹车 D．向东紧急刹车
6．如图，一个竖直浸没在水中的圆柱体所受的浮力为，其上表面受到水的压力为，则其下表面受到水的压力为（　　）
A．4N B．8N C．12N D．16N
7．扫地机器人工作时，通过电机转动使内部空气流速变　 　，压强　 　（选填“大于”或“小于”）外界气压，使周围的垃圾被吸入机器人的灰尘盒里，如图所示；垃圾被吸入灰尘盒，说明力能改变物体的　 　。
8．在平直路面上，快递员用30N的推力推一辆装有快递的质量为60kg的小推车，结果没有推动，此时地面对小推车的摩擦力为　 　。当快递员用50N的推力推小推车时，小推车做匀速直线运动，此时小推车受到的摩擦力为　 　。快递员送完快递后推着空车原路返回时，小推车受到的摩擦力将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。（快递员对小推车施加的推力均沿水平方向）
9．如图：甲乙丙三个相同的容器中分别盛有密度不同的液体，放在水平桌面上，已知液体内部同一水平面 ABC 三点处压强相等，则　 　容器中液体密度最大，　 　容器底受到液体压强最大，　 　容器对桌面压强最大（以上三空均选填“甲”、“乙”或“丙”）。
10．按要求完成下列作图题；
（1）如图所示，物体A与弹簧相连（弹簧被压缩），静止在光滑的斜面上，请在点处作出物体A所受弹簧弹力和斜面支持力的示意图。
（2）冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请在图中画出冰壶所受摩擦力和它对地面的压力的示意图。
11．在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、一个弹簧测力计和若干质量相等的砝码进行实验。
（1）如图甲所示，小潘将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，木块受到的滑动摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）弹簧测力计的示数。
（2）小潘经过多次实验获得的数据如下表所示。
实验次数 实验条件 弹簧测力计示数
1 木块 较光滑的长木板 0.8
2 木块上放1个砝码 较光滑的长木板 1.0
3 木块上放2个砝码 较光滑的长木板 1.2
4 木块上放1个砝码 较粗糙的长木板 1.3
5 木块上放1个砝码 最粗糙的长木板 1.7
①分析表中　 　三次实验数据，可初步得出结论：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越　 　。
②分析表中2、4、5三次实验数据，可初步得出结论：在　 　相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）同组的小红设计了图乙所示的实验装置，该装置的优点是　 　（写出一条）。当木块相对地面静止且长木板运动速度增大时，弹簧测力计示数　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。
12．夏季汛期来临，暴雨后洪水流入水库会导致水位急剧上升，此时需开闸泄洪以避免出现溃坝的危险。亮亮了解到液体压强是导致溃坝的主要原因，如图，他想利用压强计来探究液体压强与哪些因素有关。他根据暴雨后水位上涨及河水变得浑浊密度变大的情况作出以下猜想：
A．液体压强的大小可能与液体深度有关；
B．液体压强的大小可能与液体密度有关。
为验证以上猜想，他利用相关器材完成了如下实验。
（1）图中压强计的U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器；液体压强的大小可通过U形管左右两侧液面的　 　来反映。
（2）为了验证猜想A，比较图①②两次实验操作，初步得出结论：液体的压强随　 　的增加而　 　。
（3）为了验证猜想B，应比较图　 　（选填序号）两次实验操作，初步得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大；这里用到的实验方法是　 　法。
（4）亮亮通过以上探究得出结论：液体压强与液体深度和液体密度有关，所以大坝应修成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状，我们还应植树造林来减少水土流失。
13．在“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验中，小明在弹簧测力计的下端悬挂了一个物块，按如图所示的步骤进行操作。（已知）
（1）由图中数据可知，步骤②中物块受到的浮力为　 　。
（2）分析步骤①②③④⑤中弹簧测力计示数的变化情况，可得出结论：当液体的密度相同时，物体　 　越大，受到的浮力越大。
（3）由　 　三个步骤的现象可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关；当　 　相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越　 　。
（4）该实验主要运用的科学探究方法是　 　。
（5）小明将物块逐渐浸入水中，缓慢地增大物块浸没在水中的深度的过程中，物块所受浮力与其下表面浸入液体中的深度的关系图像是________（选填字母）。
A． B．
C． D．
14．一辆运送钢材的卡车在水平路面上匀速行驶了，用时，行驶过程中卡车所受的阻力为其总重力的。已知卡车和司机的总重力为，车上装的钢材的质量为。（g取）求：
（1）卡车的行驶速度；
（2）卡车、司机和钢材的总重力；
（3）卡车行驶过程中受到的牵引力。
15．如图所示，水平桌面上放着一个重为30N的鱼缸，其底面积为。鱼缸内装有深的水，水和鱼的总质量为。（鱼缸壁厚度不计，，g取）请计算：
（1）鱼缸底部受到的水的压强；
（2）鱼缸底部受到的水的压力；
（3）鱼缸对桌面的压强。
16．科技小组近期开展了项目化学习——了解并制作简易活塞式抽水机。
【任务一】了解活塞式抽水机的工作原理
小组同学查阅资料得到活塞式抽水机的工作原理图如图甲所示，其中，活塞跟筒壁紧密接触但是可以上下滑动，A、B是只能向上开启的阀门。
【任务二】设计并制作简易活塞式抽水机
如图乙所示，准备一个用来装洗涤液的空瓶子，剪下瓶子的瓶底，瓶子上部作为抽水机的圆筒，把瓶底再略剪一小部分作为活塞，在瓶子的侧壁上打一个出水口并装上出水管，在瓶盖上挖一个洞，将其作为进水口。在活塞上打孔，用橡皮膏把塑料片的一边粘在活塞上，使塑料片能盖住孔，作为一个阀门，把玻璃球放到瓶盖的洞口，简易活塞式抽水机就制作完成了。
（1）活塞式抽水机利用了　 　的作用。
（2）对于图乙所示的简易活塞式抽水机，上拉活塞时，阀门　 　（选填“打开”或“关闭”），此时玻璃球下方的压强　 　（选填“大于”或“小于”）玻璃球上方的压强，玻璃球下方的水顶开玻璃球进入圆筒内；玻璃球的作用是在活塞向　 　（选填“上”或“下”）运动时阻挡水流。
（3）当活塞在圆筒内上升到出水口后继续上升，会发生的现象是_____（选填字母）。
A．水从出水口流出
B．圆筒内的水随活塞继续上升
C．圆筒内的水面开始下降
D．水保持在出水口下方附近不动，既不上升也不下降
（4）有经验的人在使用该抽水机时会先往圆筒里倒一点水，目的是增强活塞与筒壁间的_____（选填字母）。
A．气密性 B．摩擦力 C．压强
17．阅读短文，回答问题。
地效翼船
图甲是我国研制的“海上飞船”——地效翼船，其在军事、搜索救援和环境监测等领域具有广泛的应用前景。地效翼船的船身为流线型，能够有效减少能耗。当它贴近水面（或地面）飞行时，产生的气流流过机翼后会向后下方流动，形成气流的堵塞，使机翼受到的升力增加。某型号地效翼船的部分参数如下表所示，其中升阻比是指飞行器在飞行过程中所受升力与水平方向的阻力的比值，当飞行器受到的升力大于或等于总重力时才能飞行；图乙是该地效翼船水平航行时受到的阻力随速度变化的关系图像，已知该地效翼船水平航行时受到的阻力与速度的平方成正比。
自重/kg 2400 最大载人数/人 7
升阻比 20~40 最大航速/（） 198
（1）地效翼船的船身设计成流线型是为了　 　（选填“增大”或“减小”）飞行时受到的空气阻力。
（2）地效翼船贴近水面飞行时，机体和水面间的气压　 　（选填“增大”或“减小”），机翼受到的升力的施力物体是　 　。
（3）当该地效翼船以的速度水平匀速飞行时，受到的阻力为　 　；当该地效翼船以最大航速水平匀速飞行时，发动机提供的牵引力为　 　。
（4）该地效翼船在执行完某次任务后，载人数达到最大。已知每个人的平均体重为，其余载重共，当速度小于　 　时，地效翼船开始降落。（该过程的升阻比恒为20，取）
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一根头发的质量约为0.000001kg，其重力远小于0.5N，故A错误。
B．一枚别针的质量约为0.2g，其重力远小于0.5N，故B错误。
C．一个鸡蛋的质量约为，其重力约为，故C正确。
D．一个篮球的质量约为0.6kg，其重力约为6N，远大于0.5N，故D错误。
故选C。
【分析】熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg等。
2．【答案】B
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】加装铁管后，力的作用点从水龙头把手末端移到铁管端点 A，作用点发生变化，在力的大小、方向不变时，力的作用效果改变，更容易拧开水龙头，故 B 正确；
故答案为：B；
【分析】 考查力的作用点对作用效果的影响；更换施力位置改变动力臂，从而改变力的作用效果。
3．【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用
【解析】【解答】ABC、茶壶的壶身与壶嘴、排水管的 U 形 “反水弯”、锅炉水位器的容器与锅炉、上端开口、底部相连通，是利用连通器原理工作的，故 ABC 不符合题意；
D、压强计的 U 形管一端封闭，不满足连通器 “上端开口” 的条件，没有利用连通器原理，故 D 符合题意；
故答案为：D。
【分析】ABC、考查连通器的应用，茶壶是典型的连通器实例；排水管的 U 形 “反水弯” 利用连通器原理阻隔异味；锅炉水位器通过连通器原理显示锅炉内水位；
D、考查连通器的识别，压强计的 U 形管一端封闭，不符合连通器的定义，不是连通器。
4．【答案】D
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】排球竖直向上运动时，受到竖直向下的重力 和竖直向下的空气阻力 ；两个力方向相同，合力大小为 ，方向竖直向下；故A、B、C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】本题考查同一直线上方向相同的两个力的合成；解题关键是判断两个力的方向：排球向上运动时，空气阻力方向与运动方向相反，即竖直向下，与重力方向相同；根据同方向力的合成规律，合力大小等于两力之和，方向与两力方向一致。
5．【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A、向西匀速行驶时，摆锤和汽车保持相对静止，竖直悬挂，锁棒水平，安全带可被拉动，故 A 错误；
B、向东匀速行驶时，摆锤同样保持竖直悬挂，锁棒水平，安全带可被拉动，故 B 错误；
C、向西紧急刹车时，汽车减速，摆锤由于惯性会向西摆起，无法锁定棘轮，故 C 错误；
D、向东紧急刹车时，汽车减速，摆锤由于惯性会保持原来的向东运动状态，向东摆起，推动锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】本题考查惯性的应用，摆锤的运动状态由惯性决定；当汽车向东紧急刹车时，车速减小，摆锤由于惯性仍保持较大的向东速度，从而向东摆起，触发锁棒锁定棘轮；匀速行驶时摆锤保持竖直，向西刹车时摆锤向西摆起，均不会触发锁定。
6．【答案】C
【知识点】浮力及其产生原因；浮力大小的计算
【解析】【解答】根据浮力产生的原因，浮力等于物体下表面受到的水的压力减去上表面受到的水的压力，即 ；已知 ，，代入公式得 ；故A、B、D错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】本题考查浮力产生的原因，浮力是物体上下表面受到的液体压力差；解题关键是利用公式 ，通过已知的浮力和上表面压力，求出下表面压力。
7．【答案】大；小于；运动状态
【知识点】力的作用效果；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】扫地机器人工作时，电机高速转动带动内部空气快速流动，使机器人内部空气流速显著增大，根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，因此机器人内部的压强会小于外界大气压，在外界大气压的作用下，地面上的垃圾就被压入了机器人的灰尘盒中。
垃圾原本处于静止状态，被吸入灰尘盒的过程中，运动状态发生了改变，这一现象说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：大；小于；运动状态；
【分析】考查流体压强与流速的关系，解题关键是明确 “流速越大，压强越小”，机器人内部空气流速快、压强小，外界大气压将垃圾压入内部。
考查力的作用效果，力的作用效果包括改变物体的形状和运动状态，垃圾由静止被吸入，体现了力能改变物体的运动状态。
8．【答案】30；50；变小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】当用 30N 的力推小推车但未推动时，小推车处于静止平衡状态，水平方向上推力与静摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此此时的静摩擦力大小为 30N；当用 50N 的力推动小推车做匀速直线运动时，小推车处于平衡状态，水平方向上推力与滑动摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，因此此时的滑动摩擦力大小为 50N；送完快递后，空车对地面的压力减小，而接触面的粗糙程度不变，根据滑动摩擦力的影响因素，压力减小，滑动摩擦力也会随之变小。
故答案为：30；50；变小；
【分析】本题考查二力平衡条件与滑动摩擦力影响因素的综合应用。静止或匀速直线运动的物体受力平衡，水平方向上推力与摩擦力大小相等；滑动摩擦力的大小只与压力和接触面粗糙程度有关，粗糙程度不变时，压力减小，滑动摩擦力也会减小。
9．【答案】甲；甲；甲
【知识点】压强大小比较；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】图中A、B、C三点的压强相等，且三点所处深度满足 ，根据液体压强公式 ，可推导出液体密度关系为 ，即甲容器中液体密度最大；由于A、B、C三点到容器底部的距离相等，结合密度关系可知，三点下方液体产生的压强满足 ，因此容器底部受到的液体压强关系为 。
根据 ，容器底面积相同，压强越大，底部受到的压力越大，因此甲容器底受到的液体压力最大；柱形容器中，容器底受到的液体压力等于液体的重力，说明甲容器中液体的重力最大。由于容器相同，水平桌面受到的压力等于容器与液体的总重力，因此甲容器对桌面的压力最大；再根据 ，底面积相同的情况下，压力越大，容器对桌面的压强也越大，故甲容器对桌面的压强最大。
故答案为：甲；甲；甲；
【分析】本题考查液体压强与固体压强的综合分析，解题需分三步：①根据三点压强相等、深度不同，利用 反推液体密度大小关系；②结合三点到容器底的距离，判断容器底受到的液体压强大小，再由 得出液体对容器底的压力大小，进而推出液体重力大小；③根据总重力得出容器对桌面的压力大小，再利用 比较容器对桌面的压强大小。
10．【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；摩擦力的方向；摩擦力的示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】（1）物体A受到的弹簧的弹力F沿斜面向上，支持力F支垂直斜面向上，作用点均在物体A的重心O点，如图所示：
（2）冰壶对水平地面的压力方向垂直于接触面向下，力的作用点在地面上，在箭头附近标上字母F；冰壶正在水平向左滑行，则冰壶受到的摩擦力方向水平向右。作用点在O点，在箭头附近标上字母f。如图所示：
【分析】（1）弹簧被压缩，在恢复形变时会对物体A产生弹力，方向沿斜面向上；支持力是斜面对物体的弹力，方向始终垂直于接触表面，即垂直斜面向上，两个力的作用点都在题目标注的O点，据此作图。
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反，冰壶水平向左滑行，因此摩擦力方向水平向右，受力物体是冰壶，作用点画在冰壶重心；压力是冰壶对地面的力，受力物体是地面，方向垂直水平地面向下，据此作图。
（1）弹簧被压缩，在恢复形变时会对物体A产生弹力，方向沿斜面向上；支持力是斜面对物体的弹力，方向始终垂直于接触表面，即垂直斜面向上，两个力的作用点都在题目标注的O点，据此作图。
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反，冰壶水平向左滑行，因此摩擦力方向水平向右，受力物体是冰壶，作用点画在冰壶重心；压力是冰壶对地面的力，受力物体是地面，方向垂直水平地面向下，据此作图。
11．【答案】（1）等于
（2）1、2、3；大；压力
（3）不需要匀速拉动长木板，便于读数；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）探究影响滑动摩擦力大小的因素时，利用了转换法与二力平衡原理。实验中让木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此弹簧测力计的示数就等于木块受到的滑动摩擦力大小。
故答案为：等于；
（2）分析 1、2、3 三次实验，接触面粗糙程度相同，压力逐渐增大，弹簧测力计示数也逐渐增大，说明在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；分析 2、4、5 三次实验，压力相同，接触面粗糙程度逐渐增大，弹簧测力计示数也逐渐增大，说明在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：1、2、3；大；压力；
（3）图乙中弹簧测力计固定，木块相对地面静止，滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力，因此实验的优点是无需匀速拉动长木板，弹簧测力计示数稳定，便于读数；滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与木板运动速度无关，因此当长木板运动速度增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变，弹簧测力计的示数也保持不变。
故答案为：不需要匀速拉动长木板，便于读数；不变；
【分析】（1）本题考查滑动摩擦力实验的基本原理，核心是利用二力平衡将摩擦力的测量转换为拉力的测量，需通过匀速直线运动让木块处于平衡状态。
（2）本题考查控制变量法的应用，通过分别控制压力或接触面粗糙程度不变，探究滑动摩擦力与压力、接触面粗糙程度的关系。
（3）本题考查改进实验装置的优点与滑动摩擦力的影响因素，改进装置利用木块静止时的平衡状态，解决了匀速拉动的难点；滑动摩擦力大小与运动速度无关，因此测力计示数稳定。
（1）探究影响滑动摩擦力大小的因素用到的是转换法，通过二力平衡的知识，使物体受平衡力，即摩擦力等于拉力，故要使木块做匀速直线运动，使其受平衡力，根据二力平衡的知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由表格中的数据可知，接触面粗糙程度相同，压力不同的是1、2、3三次实验，由实验数据可知，弹簧测力计示数逐渐增大，由二力平衡可知，摩擦力逐渐增大，故由1、2、3三次实验数据，可以得出：在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
由 2、4、5三次实验数据可以得出，砝码个数相同，即压力相同，接触面的粗糙程度越来越粗糙，弹簧测力计的示数不断增大，由二力平衡可知，滑动摩擦力逐渐增大，故在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）图乙中弹簧测力计是固定的，木块相对地面静止，受到的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力始终是一对平衡力。 所以优点是：不需要匀速拉动长木板，弹簧测力计示数稳定，便于读数。
滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与木板运动的速度无关。 当长木板运动速度增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变，而木块始终静止，受力平衡，所以弹簧测力计的示数不变。
12．【答案】（1）不是；高度差
（2）深度；增大
（3）②③；控制变量
（4）上窄下宽
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）压强计的 U 形管一端通过橡皮管与橡皮膜相连，处于封闭状态，不满足连通器 “两端开口、底部相连通” 的定义，因此不属于连通器；本实验运用转换法，将液体压强的大小转换为 U 形管左右液面的高度差来反映，液面高度差越大，说明液体压强越大。
故答案为：不是；高度差；
（2）验证猜想 A 时，①②两次实验控制了液体密度相同，只改变金属盒在液体中的深度，实验现象显示深度越大，U 形管液面高度差越大，因此可得出结论：在同种液体中，液体的压强随深度的增加而增大。
故答案为：深度；增大；
（3）验证猜想 B 时，需控制金属盒深度相同，改变液体密度，符合条件的是②③两次实验；实验中每次只改变一个要探究的变量，保持其他变量不变，这种研究方法是控制变量法。
故答案为：②③；控制变量；
（4）根据液体压强规律，同种液体中深度越大压强越大，拦河大坝底部所处深度远大于上部，受到的水压也更大，因此大坝修成上窄下宽的形状，能让底部承受更大的液体压强。
故答案为：上窄下宽；
【分析】（1）本题考查连通器的定义和转换法的应用，连通器的关键特征是两端开口，而压强计一端封闭，因此不是连通器；液体压强无法直接观察，通过 U 形管液面差来间接反映，属于转换法。
（2）本题考查控制变量法的应用，探究液体压强与深度的关系时，控制液体密度不变，只改变深度，通过液面差变化得出压强随深度增大而增大的结论。
（3）本题考查控制变量法的应用，探究液体压强与密度的关系时，控制深度不变，改变液体密度，对应实验②③；这种控制其他变量不变、只改变探究变量的方法是控制变量法。
（4）本题考查液体压强规律的实际应用，利用 “同种液体深度越大压强越大” 的规律，解释拦河大坝上窄下宽设计的原因。
（1）压强计的U形管一端被橡皮管、橡皮膜封闭，不符合连通器的结构，因此不是连通器。
本实验用转换法，通过U形管左右液面的高度差反映液体压强大小，高度差越大，液体压强越大。
（2）验证猜想A时，①②控制了液体密度相同，只改变深度，实验可得深度越大，U形管液面高度差越大，因此结论为：液体的压强随深度的增加而增大。
（3）验证猜想B时，需要控制深度相同，改变液体密度，符合要求的是②③。
实验中控制其他变量不变，只改变要探究的变量，这种方法是控制变量法。
（4）同一液体越深压强越大，大坝底部受到的水压远大于上部，因此大坝需要修成上窄下宽的形状，让底部承受更大的压强。
13．【答案】（1）0.2
（2）排开液体的体积
（3）①⑤⑥；排开液体的体积；大
（4）控制变量法
（5）C
【知识点】浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）由图①可知，物块在空气中的重力 ；由图②可知，物块浸入水中时弹簧测力计的示数 ，根据称重法，物块受到的浮力 。
故答案为：0.2；
（2）在步骤①②③④⑤中，液体密度保持不变，随着物体排开液体的体积逐渐增大，弹簧测力计的示数逐渐变小，由称重法可知物体受到的浮力逐渐变大，因此可得结论：当液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
故答案为：排开液体的体积；
（3）要探究浮力与液体密度的关系，需控制物体排开液体的体积相同，改变液体密度，因此应选择步骤①⑤⑥；实验现象表明，当排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大。
故答案为：①⑤⑥；排开液体的体积；大；
（4）实验中，控制液体密度和排开液体体积中的一个变量不变，研究浮力与另一个变量的关系，这种研究方法是控制变量法。
故答案为：控制变量法；
（5）物块逐渐浸入水中时，未完全浸没前，随着浸入深度 增大，排开液体的体积增大，浮力 逐渐增大；完全浸没后，浸入深度 增大，排开液体的体积不变，浮力 保持不变，因此图像C符合题意。
故答案为：C；
【分析】（1）本题考查称重法测浮力，核心公式为 ，先读取物体重力和浸入液体时的拉力，再计算浮力大小。
（2）本题考查控制变量法的应用，控制液体密度不变，改变排开液体的体积，通过弹簧测力计示数变化分析浮力与排开体积的关系。
（3）本题考查控制变量法的应用，探究浮力与液体密度的关系时，需控制排开液体的体积不变，改变液体密度，对应实验步骤①⑤⑥。
（4）本题考查实验方法的判断，实验中每次只改变一个变量，保持其他变量不变，属于控制变量法。
（5）本题考查浮力与浸入深度的关系，浮力大小由排开液体的体积和液体密度决定，与浸入深度无关，因此浮力先随排开体积增大而增大，完全浸没后保持不变。
（1）由图①可知，物块在空气中的重力。 由图②可知，物块浸入水中时弹簧测力计的示数，物块受到的浮力为
（2）①②③④⑤中随物体排开液体的体积变大，弹簧测力计的示数变小，由称重法可得物体受到的浮力变大，可得结论为：当液体的密度相同时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大。
（3）要探究浮力与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，改变液体密度，所以选步骤 ①⑤⑥。当排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大。
（4）实验中控制液体密度、排开液体体积中的一个变量不变，研究浮力与另一个变量的关系，这种方法是控制变量法。
（5）物块逐渐浸入水中时，未完全浸没前，随着深度h增大，排开液体的体积增大，浮力逐渐增大；完全浸没后，深度h增大，排开液体的体积不变，浮力保持不变。故C符合题意。
14．【答案】（1）已知卡车行驶路程 ，行驶时间 ，根据速度公式 ，可得卡车的行驶速度：
（2）已知钢材的质量 ，根据重力公式 ，钢材的重力：
已知卡车和司机的总重力 ，则卡车、司机与钢材的总重力：
（3）卡车在水平路面上匀速行驶，水平方向上牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。已知阻力 ，则卡车受到的牵引力：
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】（1）本题考查速度的计算，先统一路程和时间的单位，再利用公式 直接计算行驶速度。
（2）本题考查重力的计算，先根据 算出钢材的重力，再与卡车和司机的重力相加，得到总重力。
（3）本题考查二力平衡条件的应用，卡车匀速行驶时牵引力与阻力大小相等，先根据总重力算出阻力，即可得到牵引力的大小。
（1）已知卡车行驶路程，时间
卡车的行驶速度
（2）已知钢材的质量，其重力
卡车和司机的总重力
卡车受到的总重力为
（3）卡车在水平路面上匀速行驶，水平方向上受到的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。
由于阻力，故卡车受到的牵引力
15．【答案】（1）根据液体压强公式，鱼缸底部受到的水的压强：
（2）先进行单位换算，鱼缸底面积：
再根据压强公式变形，计算鱼缸底部受到的水的压力：
（3）首先计算水和鱼的总重力：
鱼缸对桌面的总压力等于水、鱼与鱼缸的总重力：
最后根据压强公式，计算鱼缸对桌面的压强：
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）题考查液体压强的计算，直接套用公式 ，将水的密度、重力加速度和水深代入即可求解。
（2）本题考查液体压力的计算，先将底面积换算为国际单位，再根据公式 ，用已算出的液体压强乘以底面积得到压力。
（3）本题考查固体压强的计算，先算出鱼缸对桌面的总压力（等于水、鱼和鱼缸的总重力），再根据公式 计算压强。
（1）鱼缸底部受到的水的压强
（2）鱼缸底面积
鱼缸底部受到的水的压力
（3）水和鱼的总重力
鱼缸对桌面的总压力
鱼缸对桌面的压强：
16．【答案】（1）大气压
（2）关闭；大于；下
（3）C
（4）A
【知识点】气压计和抽水机；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）活塞式抽水机依靠大气压强将水从低处压到高处，其工作过程利用了大气压的作用。
故答案为：大气压；
（2）上拉活塞时，活塞下方圆筒容积变大，内部压强减小，活塞上的阀门因受到的向下压强大于向上压强而关闭；此时玻璃球下方连通外界水源，压强等于大气压，大于玻璃球上方圆筒内的低压，因此水会顶开玻璃球进入圆筒。当活塞向下运动时，圆筒内压强增大，水向下压玻璃球，使玻璃球堵住进水口，阻止水流向下流出，确保水只能向上进入活塞上方，因此玻璃球在活塞向下运动时起到阻挡水流的作用。
故答案为：关闭；大于；下；
（3）当活塞上升到出水口后继续上升，出水口会与活塞下方的筒内空间连通，外界空气进入筒内，使筒内压强与外界大气压相等，压强差消失，大气压无法继续托住筒内的水，圆筒内的水面开始下降，故故答案为：C；
（4）使用前先往圆筒倒一点水，作用是填满活塞与筒壁之间的缝隙，防止空气漏气，增强装置的气密性，保证活塞运动时能形成足够的气压差，
故答案为：A。
【分析】（1）本题考查活塞式抽水机的工作原理，核心是利用大气压将水压入圆筒。
（2）本题考查抽水机内部阀门的工作过程，需结合活塞运动分析圆筒内压强变化，以及玻璃球在不同阶段的作用。
（3）本题考查抽水机工作的极限情况，当活塞超过出水口时，筒内与外界连通，气压差消失，水面下降。
（4）本题考查抽水机的使用技巧，加水的目的是增强气密性，保证气压差的形成。
（1）活塞式抽水机是依靠大气压强将水从低处压到高处，因此利用了大气压的作用。
（2）[1][2][3]上拉活塞时，活塞下方圆筒容积变大，压强减小，活塞上的阀门受到向下的压强大于向上的压强，因此阀门关闭；此时玻璃球下方连通外界水源，压强等于大气压，大于玻璃球上方圆筒内的低压，因此水顶开玻璃球进入圆筒；当活塞向下运动时，圆筒内压强增大，水向下压玻璃球，玻璃球堵住进水口，阻挡水流向下流出，使水只能向上进入活塞上方，因此玻璃球在活塞向下运动时阻挡水流。
（3）当活塞上升到出水口后继续上升，出水口会与活塞下方的筒内空间连通，外界空气进入筒内，使筒内压强和外界大气压相等，压强差消失，大气压无法继续托住筒内的水，因此圆筒内的水面开始下降，故选C。
（4）使用前先往圆筒倒一点水，作用是填满活塞与筒壁之间的缝隙，防止空气漏气，增强装置的气密性，保证活塞运动时能形成足够的气压差，因此选A。
17．【答案】（1）减小
（2）增大；空气
（3）；
（4）
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】 （1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）贴近水面飞行时机体下方气流受阻导致流速变小，压强越大，根据流体压强与流速的关系可知下表面气压会增大。
机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，故施力物体是空气。
（3）根据图乙读数可知，当速度v1=25m/s时阻力。将v1=25m/s和
代入公式f=kv2，解得k=400
将最大航速vmax=198km/h=55m/s代入f=400v2，求得最大阻力
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力，即
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即
结合升阻比为20算出此时临界阻力为
代入小问3的公式f=400v2，解得临界速度v临=2m/s。
故答案为：（1）减小；（2）增大；空气；（3）2.5×105；1.21×106；（4）2。
【分析】（1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）根据流体压强与流速的关系，流速越小，压强越大。
机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，分析施力物体。
（3）根据图乙读数可知，代入公式f=kv2，求得k，
将最大航速vmax代入f=400v2，求得最大阻。
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力。
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即F=G=m总g=（m自载+7m人+m其余）g，结合升阻比为20算出此时临界阻力，代入小问3的公式f=400v2，解得临界速度。
（1）流线型设计能有效减小物体运动时与空气的摩擦和阻碍，从而减小受到的空气阻力。
（2）贴近水面飞行时机体下方气流受阻导致流速变小，根据流体压强与流速的关系可知下表面气压会增大。
流速越小，压强越大，机翼受到的升力本质上是由上下表面空气的压强差产生的，故施力物体是空气。
（3）根据图乙读数可知，当速度时阻力。
将和代入公式，解得
将最大航速代入，求得最大阻力
因地效翼船水平匀速飞行时受力平衡，故发动机牵引力等于此时的最大阻力，即
（4）降落的临界条件为升力等于总重力，即
结合升阻比为20算出此时临界阻力为
代入小问3的公式，解得临界速度。
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