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上海市奉贤区2024-2025学年八年级下学期期末统考物理试题
一、学科基础（共60分）
“从生活走向物理”说明物理与生活息息相关。
1．下列能体现分子无规则运动的现象是___________。
A．灰尘飞扬 B．花香扑鼻 C．树叶飘落 D．雪花飞舞
2．如图所示，不是利用连通器原理工作的是___________。
A．U形“返水管”
B．茶壶
C．盆景自动给水装置
D．锅炉水位计
3．寒冬时节，气温骤降时，金属水管容易“爆裂”。
（1）冰的密度为，读作　 　，的它表示每冰的　 　为。
（2）金属水管遇冷收缩，而水结成冰后，质量　 　，体积　 　，受到阻碍产生很大的力，导致金属水管“爆裂”。
A．变大 B．变小 C．不变
4．如图所示，用相同的滑轮分别匀速提升同一重力为的物体，绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，绳端拉力。（忽略绳重和摩擦）
（1）A滑轮是　 　滑轮，使用它的好处是可以　 　；改变拉力的方向，拉力大小　 　；（A．改变 B．不变）
（2）B滑轮的实质是　 　杠杆，拉力的大小为　 　N；
（3）使重物上升所做的有用功之比　 　。
5．小红看到“严禁高空抛物”的警示牌，于是探究物体重力势能的大小与哪些因素有关。如图所示，她将三个相同的木桩置于等高的位置，让物体甲、乙、丙从木桩正上方某一高度由静止自由下落，将木桩打入沙中．已知：物体甲、乙、丙质量关系。
（1）由图可判断物体___________释放前具有的重力势能最大。
A．甲 B．乙 C．丙
（2）比较图（a）和（b），可探究重力势能的大小与　 　的关系；
（3）比较图（a）和（c），可得出初步结论：处于同一高度的物体，　 　。小红得出：处于高处的重物具有较大的　 　能，下落过程中转化为　 　能，一旦砸中行人或物品会造成严重后果。
6．在“用温度计测量水的温度”实验中：
（1）液体温度计是利用液体　 　的性质来测量温度的；“摄氏温标”规定1个标准大气压下　 　的温度为；
（2）如图（a）所示的操作错误是：温度计的玻璃泡碰到了　 　，且视线未与液柱上表面相平；
（3）如图（b）所示是温度计的一部分。将此温度计放入碎冰中一段时间，测得温度为，请画出温度计此时的液柱液面所在的位置，并把液柱部分涂黑。
7．如图（a）所示，2025年4月19日长征六号改运载火箭成功将试验卫星发射升空．
（1）火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），火箭的动能　 　，机械能　 　，火箭周围的大气压强不断　 　。
A．增大 B．减小 C．不变
（2）1643年意大利科学家　 　测出了大气压强的值如图（b）所示，实验时没有将玻璃管竖直放置，此时的大气压强　 　1个标准大气压。
A．大于 B．等于 C．小于
（3）下列器材中，利用大气压强工作的是___________。
A．真空吸盘 B．血压计 C．液位计 D．液体密度计
8．小明测量盐水的密度，设计了如下方案：
①用天平测出空烧杯的质量；
②向烧杯中倒入适量盐水，用天平测出烧杯和盐水的总质量；
③将烧杯中的盐水倒入量筒中，测出盐水的体积V；
④利用公式，求出盐水的密度。
此实验的原理是　 　，利用所测物理量表示盐水密度的表达式　 　。该方案会使密度测量结果　 　。（A．偏大 B．偏小）
9．在“探究杠杆平衡的条件”实验中：
（1）如图（a）所示，杠杆保持静止，杠杆　 　（A．处于 B．不处于）平衡状态，应将平衡螺母向　 　调节（A．左 B．右），使杠杆在水平位置平衡，是为了便于直接在杠杆上读出　 　的数值；
（2）如图（b）所示，当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，要使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将　 　。（A．变大 B．变小 C．不变）
10．请用所学的压力、压强知识解决下列问题：
（1）相互挤压且发生形变的两个物体之间所产生的　 　指向接触面的力叫做压力。压强是表示压力　 　的物理量；若一个体重为的成年人双脚站在盲道砖上，双脚与盲道砖的接触面积为，人对盲道砖的压强为　 　，其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的　 　；
（2）如图（a）所示，用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是通过增大　 　来减小压强，提着袋子在水平地面上前进时手对袋子的拉力　 　做功；（A．有 B．没有）
（3）如图（b）所示，装有水的密闭薄壁容器平放在水平桌面上。若将该容器倒置，有关压力、压强的变化情况，下列判断正确的是___________；
A．容器对桌面的压力减小 B．容器对桌面的压强不变
C．水对容器底的压强增大 D．水对容器底的压力增大
小红做验证阿基米德原理的实验。
11．为了方便操作且减小误差，下图最合理的操作步骤应该是___________；
A．①②③④ B．④②①③ C．④①②③
12．在实验步骤②中，如果增大物体浸没在液体中的深度时（不接触容器底），弹簧测力计示数会___________；
A．变大 B．变小 C．不变
13．分析图中的实验数据可知，物体受到的浮力___________物体排开液体的重力。
A．大于 B．等于 C．小于
14．如图（a）所示，是《天工开物》中记载的炼铁场景。
（1）铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子（铁原子）之间存在　 　；
（2）如图（b）所示，手托起铁球时，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，这一过程桡骨可以看作为杠杆，将肱二头肌对桡骨的牵引力作为动力，重物对手的作用力作为阻力。请在图（c）中画出动力、阻力臂；　 　【作图】
此时桡骨属于　 　杠杆；（A．省力 B．费力 C．等臂）
（3）杠杆平衡时，若阻力大小为，动力臂为，阻力臂为，动力的大小为　 　N。
15．如图所示，我国弹射型航空母舰福建舰满载时的排水量约为8万吨，可搭载60架舰载机。
（1）当福建舰满载静止在海面上时，受到浮力的大小为　 　N；当舰载机起飞之后，福建舰底部受到海水的压强　 　；空载的福建舰从海水驶入淡水，排开液体的体积　 　；（已知）
A．变大 B．变小 C．不变
（2）大型舰队在海上编队航行的过程中，各舰船之间要保持一定距离，是因为高速同向行驶的船舶靠得太近，两船之间水流的流速　 　（A．大 B．小），压强　 　（A．大于 B．小于）船外侧水流的压强，水流的压力差会使船相互吸引而易造成碰撞事故；
（3）福建舰在某段海域以的速度匀速直线航行了，此过程发动机的输出功率为，在这段时间内，发动机做功　 　J。
二、学科综合（共40分）
16．港珠澳大桥的设计采用的是斜拉索式，如图（a）所示，如果将大桥的结构进行简化，如图（b）、（c）所示，最后抽象成图（d）所示的模型．
（1）从图（d）的模型可以看出它主要用到了　 　这种简单机械；
A．杠杆 B．斜面 C．滑轮
其中代表桥自重和过往车辆产生的对桥的作用力，为了减小钢索承受的拉力，在允许的前提下，可以适当　 　桥塔的高度；（A．增加 B．减小）
（2）浸没在液体中的物体，其下表面受到液体向上的压力___________上表面受到液体向下的压力，这个压力差就是产生浮力的原因；
A．大于 B．等于 C．小于
（3）大桥的桥墩受到的浮力___________。
A．大于 B．等于 C．无法确定
17．如图所示，两个相同的轻质薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体，A、B两实心物块分别浸没在两容器的液体中。此时两容器对水平桌面的压强相等，且液体对容器底部的压强也相等，则关于两物块的体积与密度，下列判断正确的是（　　）
A．， B．，
C．， D．，
18．用如图所示的滑轮，竖直匀速向上提升重为的物体A，内物体A上升了，绳子自由端受到的拉力F为。
（1）求拉力F所做的功W和功率P；
（2）求该滑轮的机械效率。
19．如图（a）是我国自主研发的潜水器“奋斗者”号，创造了10909米的载人深潜记录。下潜前水舱注水并挂好压载铁，在马里亚纳海沟成功坐底，达到最大深度后，抛掉适量压载铁等相关技术，实现上浮。
（1）如图（b）所示，是潜水器正在从水面加速下潜时的情景，O点是它的重心，请在图上画出潜水器此时所受浮力和重力G的示意图；
（2）当“奋斗者”号完全潜入水中时，排开水的体积为，求潜水器受到的浮力；（取）
（3）利用所学物理知识解释：“奋斗者”号上浮时，为什么不像潜艇那样采用压载水舱排水来改变自身重力的方法，而是通过抛掉适量压载铁来实现呢？
20．如图所示，实心均匀圆柱体甲和乙放在水平地面上，底面积分别为和，高度分别为和。甲、乙的密度分别为和。
（1）求物体甲的质量；
（2）实心均匀柱体（长方体、正方体、圆柱体……）的密度为，高度为h，竖直放在水平地面上时，对地面的压强可以推导为，写出推导过程；
（3）现将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，并将截取部分叠放在甲的上表面中央，此时甲、乙对地面的压强相等，即，求乙所截取的质量。
21．如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。容器甲足够高，底面积为，内盛有深度为的水。圆柱体乙受到的重力为，底面积为。
（1）求容器甲中水对容器底的压强；
（2）求圆柱体乙对水平地面的压强；
（3）现将一物体丙分别浸没在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块丙的密度。
22．小明利用液体压强计和装有液体的大烧杯来探究液体内部压强的特点。
（1）如图（a）和（b）所示，小明发现U形管两边液面高度差变大，得出初步结论：同种液体，　 　。如图（b）和（c）所示，小明在研究液体内部的压强与　 　的关系；
（2）如图（d）和（e）所示，两只相同的烧杯盛有体积相同的水和酒精，把金属盒分别浸没到这两种液体中，发现图（c）中U形管两边液面高度差较大，小明认为图（e）烧杯中盛的是密度较大的水，他的判断过程　 　；（A．正确 B．不正确）
（3）换用其他液体探究液体压强与液体密度的关系，当金属盒在液体中的深度相同时，U形管左右两边液面的高度差对比不明显，下列操作能使实验现象更加明显的是___________。【不定项选择】
A．换用更细的U形管
B．换用更长的U形管
C．U形管中换用密度更小的液体
23．某小组探究“漂浮在液面上的实心物块露出液面的体积与什么因素有关”，他们先把甲物质组成的不同实心物块放入水中漂浮，测得实验数据如表一所示；再把乙物质组成的不同实心物块放入水中，测得的实验数据如表二所示。
表一 表二 表三
物质甲 物质乙 物质丙___________
序号 物体体积 露出水面体积 序号 物体体积 露出水面体积 序号 物体体积 露出水面体积
1 300 60 4 300 120 7 300 30
2 200 40 5 200 80 8 200 ______
3 100 20 6 100 40 9 100 10
（1）分析比较表一、表二中实验序号　 　的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大；
（2）分析比较实验序号1、2和3（或4、5和6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的密度和液体的密度相同时，　 　；
（3）实验小组同学又进一步分析了表中的实验数据，发现漂浮在液面上的实心物块，与、、存在一定的定量关系。为了验证以上猜想，将丙物质组成的实心物块放入水中重复实验，测得实验数据如表三所示．由此推断出表三丙物质的密度为　 　，序号8中的露出水面的体积为　 　。
答案解析部分
【答案】1．B
2．C
【知识点】连通器原理及其应用；分子热运动
【解析】【分析】（1）分子很小，用肉眼根本看不到，凡是肉眼看得到的运动都不是分子运动；
（2）上面开口，底部连通的容器为连通器，当连通器内只有一种液体时，各个容器中液面总保持相平。
1．ABD．灰尘飞扬，树叶飘落和雪花飞舞，都是肉眼看得到的宏观物体的运动，可得不是分子的无规则运动，故ABD不符合题意；
B． 花香扑鼻，其实是花香分子不停地做无规则运动所致，故B符合题意；
故选B。
2．A．U形“返水管”，它的上端开口，下部连通，因此构成连通器，故A正确，不符合题意；
B．茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，因此构成连通器，故B正确，不符合题意；
C．盆景自动给水装置底部相互连通，但是上端只有一侧开口，不是利用连通器原理，故C符合题意；
D．锅炉水位计上端开口，下部连通，因此构成连通器，故D正确，不符合题意。
故选C。
3．【答案】（1）千克每立方米；质量
（2）C；A
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度与温度的关系
【解析】【解答】（1）冰的密度是0.9×103kg/m3，读作0.9×103千克每立方米，表示1m3的冰质量为0.9×103kg。
（2）① 水结成冰后， 虽然状态改变，但是质量不变，故选C。
②已知冰的密度小于水的密度，且二者质量相同，由可知，冰的体积变大，会对水管产生巨大的压力，导致金属水管“爆裂”，故选A。
【分析】（1）密度的单位kg/m3，读作千克每立方米，标上1m3的某种物质的质量为多少kg。
（2）①质量是物质本身的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的变化而变化；
②根据公式分析水结成冰后的体积变化。
（1）[1][2]单位体积的某种物质的质量叫做这种物质的密度，密度的单位是kg/m3，冰的密度是0.9×103kg/m3，读作0.9×103千克每立方米，表示的物理意义是体积是1m3的冰质量为0.9×103kg。
（2）[1]质量是物体的一种属性，与物体的状态无关。水结成冰后，状态改变，质量不变，故选C。
[2]冰的密度小于水的密度，由可知，体积变大，而金属水管遇冷收缩，受到阻碍产生很大的力，导致金属水管“爆裂”，故选A。
4．【答案】（1）定；改变力的方向；不变
（2）省力；100
（3）2∶1
【知识点】杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；使用定滑轮可以改变力的方向，但是不能省力，即拉力大小不变。
（2）根据图片可知，B滑轮随物体一起上下移动，是动滑轮，可以省力。用A滑轮提升重物时，拉力F1=G=150N；
根据绳端拉力 可知，拉力的大小为。
（3）根据题意可知，绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，
A滑轮不省距离不费距离，则有。B滑轮省一半的力费一倍的距离，即，
则重物上升的高度之比为；
根据W有=Gh可知，使重物上升所做的有用功之比。
【分析】（1）不随物体一起移动的滑轮为定滑轮，根据定滑轮的特点解答；
（2）跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮，本质为省力杠杆。根据计算拉力F2的大小。
（3）根据滑轮的特点计算重物上升的高度之比，根据W有=Gh计算二者做的有用功之比。
（1）[1][2]由图可知，拉动物体上升时，A滑轮位置不变，是定滑轮；使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向。
[3]定滑轮的实质是一个等臂杠杆，无论拉力方向如何，都不能省力，所以改变拉力的方向，拉力大小不变。
（2）[1][2]拉动物体上升时，B滑轮随物体一起上升，是动滑轮，动滑轮的实质是省力杠杆，省力费距离；忽略绳重和摩擦，F1=G=150N
则拉力的大小为
（3）重物上升所做的有用功为。绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，对定滑轮有，对动滑轮有，则重物上升的高度之比为
两次提升同一重物，使重物上升所做的有用功之比
5．【答案】（1）B
（2）高度
（3）物体质量越大，重力势能越大；重力势；动
【知识点】探究影响物体势能大小的因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，（b）图中木桩下陷最深，则乙物体下落时对木桩做的功最多，释放前的重力势能最大，故选B。
（2）根据图片可知，实验（a）和（b）中物体的的质量相同，只是下落的高度不同，因此可探究重力势能的大小与下落高度的关系。
（3）①根据图片可知，实验（a）和（c）中物体下落高度相同，丙的质量更大，木桩下陷更深，说明： 处于同一高度的物体， 质量越大，重力势能越大。
②综上所述，处于高处的重物具有较大的重力势能。物体下落过程中，高度降低，则重力势能减小；速度增大，则动能增大，那么重力势能转化为动能，若砸中行人或物品会造成严重伤害。
【分析】（1）物体下落时撞击下面的木桩，木桩克服沙地的阻力做功，则木桩下陷深度越大，则做功越多，那么重力势能越大；
（2）根据图片分析实验a和b中哪个因素不同即可；
（3）①根据图片确定实验a、c中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②重力势能与质量和高度有关，动能与质量和速度有关，据此分析二者能量变化，从而确定转化情况即可。
（1）比较三幅图中木桩被打入沙中的深度可知，（b）图中木桩下陷最深，说明乙物体下落时对木桩做的功最多，释放前的重力势能最大，故选B。
（2）图（a）和（b）中，甲和乙的质量相同，但乙的下落高度更高，木桩下陷更深，说明重力势能与物体所处的高度有关。因此可探究重力势能的大小与下落高度的关系。
（3）[1] 图（a）和（c）中，甲和丙的下落高度相同，但丙的质量更大（），木桩下陷更深，说明质量越大，重力势能越大。
[2] 实验表明，物体被举得越高，其重力势能越大，因此处于高处的重物具有较大的重力势能。
[3] 物体下落过程中，高度降低，速度增大，重力势能转化为动能，若砸中行人或物品会造成严重伤害。
6．【答案】（1）热胀冷缩；沸水
（2）容器底部
（3）
【知识点】温度及温度计的使用与读数；液体温度计的构造与工作原理
【解析】【解答】（1）液体温度计内装的是液体，利用液体热胀冷缩的性质制成的。“摄氏温标”规定1个标准大气压水的沸点为100℃，即沸水的温度为100℃。
（2）根据温度计的使用规范可知，温度计的玻璃泡不能碰到容器的底部和侧壁，则图中的错误是：温度计的玻璃泡碰到了容器底部。
（3）根据图片可知，该温度计的分度值为1℃，则-5℃在0℃刻度线下方第5格处，如图所示：
【分析】（1）根据液体温度计的工作原理解答。根据标准气压下水的沸点解答；
（2）根据温度计的使用规范解答；
（3）根据图片确定温度计的分度值，进而确定-5℃ 的位置。
（1）[1][2]液体温度计是利用液体热胀冷缩的性质制成的；“摄氏温标”规定1个标准大气压下沸水的温度为，冰水混合物的温度为0℃。
（2）用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器的底部和侧壁，图中温度计的玻璃泡碰到了容器底部。
（3）如图，温度计的分度值为1℃，0℃刻度线下方第5格为-5℃，如图所示：
7．【答案】（1）A；A；B
（2）托里拆利；C
（3）A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化；大气压强的测量方法；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）①火箭在离地加速升空过程中，质量不变，速度增大，则动能增大，故选A。
②火箭在离地加速升空时，质量不变，高度增大，则重力势能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能增大，故选A。
③火箭升空过程中，高度增大，所以火箭周围的大气压强不断减小，故选B。
（2）①1643年意大利科学家托里拆利利用水银第一次准确测出了大气压强的值。
②根据图片可知，玻璃管内外水银柱的竖直高度差为750mm，而1个标准大气压能支撑的水银柱高度为760mm，所以此时的大气压强小于1个标准大气压，故选C。
（3）A．真空吸盘内的气压小于外界大气压强，外界大气压强将其压住不脱落，利用大气压强工作，故A符合题意；
B．血压计内为水银，利用的是液体压强，故B不符合题意；
C．液位计的玻璃管和炉身上面开口，底部连通，利用了连通器的原理，故C不符合题意；
D．液体密度计利用物体漂浮的原理，不属于大气压的利用，故D不符合题意。
故选A。
【分析】（1）①②动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”；
③根据大气压强随高度的变化规律解答。
（2）①根据有关大气压强的科学发展史解答；
②在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面高度差产生的压强；
（3）大气对浸入其中的物体产生压力，这就是大气压强，据此分析判断 。
（1）[1]火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），速度增大，动能增大，故选A。
[2]火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能为动能与重力势能之和，所以机械能增大，故选A。
[3]大气压强随高度的升高而降低，火箭升空过程中，高度增大，所以火箭周围的大气压强不断减小，故选B。
（2）[1]1643年意大利科学家托里拆利利用水银第一次准确测出了大气压强的值。
[2]由图可知，水银柱的竖直高度为750mm，而1个标准大气压能支撑的水银柱高度为760mm，所以此时的大气压强小于1个标准大气压，故选C。
（3）A．真空吸盘是在外界大气压的作用下，被压住不脱落，利用大气压强工作，故A符合题意；
B．血压计利用的是液体压强，不属于大气压的利用，故B不符合题意；
C．液位计利用了连通器的原理，不属于大气压的利用，故C不符合题意；
D．液体密度计利用物体漂浮的原理，不属于大气压的利用，故D不符合题意。
故选A。
8．【答案】；；A
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据公式可知，只要测出物体的质量和体积，就能计算物体的密度，则此实验的原理为；
（2）根据题意可知，盐水的质量为；
盐水的体积为V，则盐水的密度。
（3）在实验过程中，将烧杯中的盐水倒入量筒中时，烧杯内壁上会残留一些盐水，从而导致测得的盐水的体积偏小，根据公式可知，该方案会使密度测量结果偏大。
【分析】（1）根据公式可知，只要测出物体的质量和体积，就能计算物体的密度；
（2）盐水的质量等于盐水和烧杯的总质量减去烧杯的质量，根据量筒确定盐水的体积，根据计算盐水的密度；
（3）根据将烧杯中的盐水倒入量筒中时，烧杯内壁上会残留一些盐水分析。
9．【答案】（1）A；B；力臂
（2）A
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）① 如图（a）所示，杠杆保持静止， 则杠杆此时处于平衡状态。
②根据图片可知，杠杆的右端上翘，则右端较轻，那么应将平衡螺母向右调节。
③当杠杆在水平位置平衡时，钩码产生的拉力方向与杠杆垂直，此时力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
（2） 如图（b）所示， 当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，弹簧测力计的示数将变大，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
【分析】（1）①杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③当拉力方向与杠杆垂直时，悬挂点到支点之间的距离就是力臂，恰好和杠杆重合。
（2）当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，动力臂变小，根据根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析动力的变化即可。
（1）[1]因为杠杆平衡是指杠杆处于静止或匀速转动状态，而此时杠杆停着不动，说明杠杆此时处于平衡状态。
[2]将杠杆中点置于支架上，发现杠杆左端下沉，此时杠杆重心偏左，应将平衡螺母向右调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，使杠杆在水平位置平衡，这样就避免了杠杆的自重对实验的影响。
[3]力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
（2）当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，要使杠杆仍在水平位置平衡，此时阻力、阻力臂不变，动力臂变小，弹簧测力计的示数将变大，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
10．【答案】（1）垂直；作用效果；3×104；3×104N
（2）受力面积；B
（3）D
【知识点】压强；减小压强的方法及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）①根据压力的定义可知，当两个相互挤压且发生形变时所产生的垂直指向接触面的力叫做压力。
②压强是大小等于压力与面积的比值， 是表示压力作用效果的物理量。
③人对盲道的压力大小等于人体的重力大小，即F=G=600N，
则人对盲道砖的压强为。
3×104Pa其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的压力为3×104N。
（2）① 如图（a）所示， 用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是通过增大受力面积来减小压强。
②提着袋子在水平地面上前进时，袋子受到竖直向上的拉力，但是没有在拉力的方向上通过距离，则手对袋子的拉力没有做功，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（3）AB．甲、乙两次放置时，容器对桌面的压力始终等于水和容器的总重力，则对桌面的压力大小不变，受力面积增大，由 知道，对桌面的压强减小，故AB错误；
C．根据图片可知，倒置时水的深度减小，由液体压强公式知道，水对容器底的压强减小，故C错误；
D.原来容器下口小，则水对底部的压力小于水的重力；倒置后下口答，则水对底部的压力大于水的重力，那么水对容器底部的压力增大，故D正确。
故选D。
【分析】（1）①根据压力的定义解答；
②根据压强的物理意义解答；
③根据计算人对盲道砖的压强，结合压强的物理意义解答。
（2）①减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
②做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向山通过的距离。
（3）AB.根据公式分析容器对桌面的压强变化；
C.由液体压强公式分析水对容器底部的压强变化；
D.上下粗细一致的柱形容器，液体对底部的压力等于液体重力。如果下口大，那么压力大于液体重力；如果下口小，那么压力小于液体重力。
（1）[1]两个相互挤压且发生形变的物体之间，所产生的垂直指向接触面的力叫做压力。压力是垂直作用在物体表面上的力。
[2]压强是表示压力作用效果的物理量，大小等于压力与面积的比值，由计算。
[3][4]人站在水平的盲道上时，对盲道的压力大小等于人体的重力大小，即F=G=600N
人对盲道砖的压强为
其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的压力为3×104N。
（2）[1]用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
[2]提着袋子在水平地面上前进时，拉力方向与运动方向垂直，手对袋子的拉力没有做功，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（3）AB．因为物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以甲、乙两次放置时，水、容器的总重力不变，对桌面的压力大小不变；受力面积增大，由 知道，对桌面的压强减小，故AB错误；
C．两次放置时，水的密度不变，倒置时水的深度减小，由知道，水对容器底的压强减小，故C错误；
D．设正立放置时的底面积为S小，倒立放置时的底面积为S大，由图知道，正立放置时水对容器底的压力
即水对容器底的压力是以S小为底面积，h'为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力，即
倒立放置时水对容器底的压力
即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力，即，比较可知，即倒置后水对容器底部的压力将会变大，故D正确。
故选D。
【答案】11．C
12．C
13．B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）验证阿基米德原理，其实就是比较物体受到的浮力和排开水的重力的关系。物体受到的浮力等于重力减去物体浸在水中的拉力的差，物体排开水的重力等于水和小桶的总重力减去小桶的重力，据此安排合理的实验步骤即可。
（2） 增大物体浸没在液体中的深度时 ，注意分析物体排开液体的体积大小，根据阿基米德原理分析受到浮力大小，根据F=G-F拉分析测力计的示数变化。
（3）根据图片①②计算物体受到的浮力，根据实验③④ 计算物体排开水的重力，最后比较二者大小即可。
11．在实验过程中，为了减小误差和避免重复操作，先测出空桶的重力，然后放下空桶，再测量物体的重力，然后用弹簧测力计挂着物体浸在水中，读出弹簧测力计示数，最后测出桶和溢出水的重力，那么合理的操作步骤是④①②③，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
12．根据图片可知，在实验步骤②中，物体已经完全浸没水中，则它排开水的体积始终等于自身体积。增大物体浸没在液体中的深度时（不接触容器底），物体排开水的体积不变，受到的浮力不变，根据F=G-F拉可知，则弹簧测力计示数保持不变，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
13．根据图片①②可知，物体受到的浮力；
根据图片③④ 可知，物体排开液体的重力；
比较可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
14．【答案】（1）斥力
（2）；B
（3）600
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；力臂的画法；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）分子之间存在相互作用的引力和斥力，当分子间距离较小时，斥力起主要作用，阻碍物体被压缩，因此铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子之间存在斥力。
（2）①根据图片可知，杠杆的支点为O，过支点作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度就是阻力臂l2。动力臂和动力的作用线垂直，可通过动力臂L1的末端作动力臂的垂线段，然后在向上的方向上标上箭头，这就是动力F1，如下图所示：
②根据图片c可知，此时动力臂小于阻力臂，所以桡骨属于费力杠杆，故选B。
（3） 若阻力大小为，动力臂为，阻力臂为，
根据杠杆平衡条件得到：F1×2.5cm=50N×30cm；
解得：。
【分析】（1）根据分子之间存在作用力的知识解答；
（2）①力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
（3）根据杠杆平衡条件列式计算。
（1）铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子（铁原子）之间存在斥力。当分子间距离较小时，斥力起主要作用，阻碍物体被压缩。
（2）[1]肱二头肌对桡骨的牵引力是动力F1，作用点在桡骨与肱二头肌连接的地方，方向沿肱二头肌收缩的方向，F1的方向和力臂l1垂直，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段来表示动力F1。阻力臂l2的画法：阻力臂l2是从支点（肘关节）到阻力F2作用线的距离。过支点作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度就是阻力臂l2，如下图
[2]桡骨属于费力杠杆：在这种情况下，动力臂小于阻力臂。因为肱二头肌收缩的距离较小，而手托着铁球移动的距离较大，根据杠杆的分类，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，所以桡骨属于费力杠杆，故选B。
（3）根据题意及杠杆平衡条件知道，动力的大小为
15．【答案】（1）7.84×108；变小；A
（2）A；B
（3）9×1010
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）① 当福建舰满载静止在海面上时， 排水量是8万吨，那么航母受到的浮力F浮=G排=m排g=80000×103kg×9.8N/kg=7.84×108N。
②航母漂浮在水面上，则它受到的浮力始终等于自身重力。当航母上的飞机起飞之后，航母的重力减小，则它受到的浮力减小。由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，航母排开液体的体积减小，航母将会上浮一些，船底所处的深度变小。由p=ρ液gh可知，船底所受海水的压强变小。
③福建舰始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，福建舰受到的浮力始终等于福建舰的总重力，福建舰受到的总重力，所以浮力不变。空载的福建舰从海水驶入淡水，淡水的密度小于海水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知，它排开液体的体积变大，
故选A。
（2）舰艇并排行驶时，舰艇中间的水流速度等于两个舰艇的速度之和，即舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度，那么两船之间压强小于船外侧水流的压强，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞。
（3） 福建舰在某段海域以的速度匀速直线航行了， 则福建舰航行的时间；
在这段时间内，发动机做功W=Pt=1.5×108W×600s=9×1010J。
【分析】（1）①根据阿基米德原理F浮=G排计算；
②根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析福建舰底部深度的变化，根据p=ρ液gh分析底部受到水的压强变化；
③根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开水的体积变化。
（2）根据流体压强和流速的关系分析；
（3）首先根据计算福建舰行驶的时间，然后根据W=Pt计算发动机做功。
（1）[1]已知航母满载排水量是8万吨，由阿基米德原理可得，航母受到的浮力F浮=G排=m排g=80000×103kg×9.8N/kg=7.84×108N
[2]当航母上的飞机起飞之后，航母的重力减小，根据漂浮条件可知浮力减小，由阿基米德原理可知排开液体的体积减小，航母将会上浮一些，船底所处的深度变小，由p=ρgh可知，船底所受海水的压强变小。
[3]空载的福建舰从海水驶入淡水，福建舰始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，福建舰受到的浮力始终等于福建舰的总重力，福建舰受到的总重力，所以浮力不变，淡水的密度小于海水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知，它排开液体的体积变大，故选A。
（2）[1][2]舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度；水的流速越大，压强越小，两船之间压强小于船外侧水流的压强，所以舰艇内外侧的水存在压强差，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，不采用“并排”护航。
（3）福建舰航行的时间
在这段时间内，发动机做功W=Pt=1.5×108W×600s=9×1010J
16．【答案】（1）A；A
（2）A
（3）B
【知识点】浮力及其产生原因；杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）①根据图（d）可知，可以将O点看做支点，桥面的重力相当于阻力，钢索的拉力相当于动力，整个装置是一个在力的作用下能绕O点转动的硬棒，所以该模型用到了杠杆的知识。
故选A。
② 根据图d可知，当其它条件不变时，桥塔的高度越大，则钢索与桥面的夹角越大，此时动力臂越长，钢索的拉力F2越小，因此可以适当增加桥塔的高度。故选A。
（2）根据浮力产生的原因可知，浸在液体里的物体上下表面受到的压力差就是浮力，即，那么其下表面受到液体向上的压力大于上表面受到液体向下的压力，
故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）根据生活经验可知，大桥的桥墩虽然浸在河水中，但是桥墩下表面埋在泥沙里，没有受到水的压力的作用，因此没有压力差，即它在水中受到的浮力是0，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
【分析】（1）①一根硬棒在力的作用下绕着固定点转动，这根硬棒就是杠杆；
②注意分析动力臂的长度变化和桥塔高度的变化规律，然后根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析钢索拉力的变化。
（2）根据浮力产生的原因判断；
（3）注意桥墩下表面没有水。
（1）[1]图（d）所示的模型，可以看做是一个在力的作用下能绕O点转动的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型，所以用到了杠杆的知识。
[2] F1大小不变、L1大小不变，为了减小钢索F2承受的拉力，根据杠杆的平衡条件知道，需要增大L2，根据力臂的定义知道，可以适当增加桥塔的高度。
（2）据相同深度处液体向各个方向的压强相等的特点知道，物体浸没在液体中时，它的侧面受到的各个方向液体的压力相互平衡，即可以相互抵消；而物体上、下表面所受的液体压力是不同的，上表面所处的深度为h1，下表面所处的深度为h2。则上表面受到的压强为
受到的压力为
下表面受到的压强为
受到的压力为
因为，所以
则液体对物体产生向上的压力和向下的压力不相等，压力差就产生了浮力，即
故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）由图知道，大桥的桥墩浸在河床中，桥墩下表面没有受到水的压力的作用，因此没有压力差，所以也就没有浮力，即它在水中受到的浮力是0，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
17．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 根据题意可知，液体对容器底部的压强相等，即p甲=p乙，
根据题意可知，液体的深度h甲＞h乙，根据液体压强公式p=ρgh可知，则液体密度ρ甲＜ρ乙，
液体对容器底部的压强，根据p甲=p乙得到：；
根据m甲=m乙，ρ甲＜ρ乙可知，物体的体积VA＞VB，
容器对水平桌面的压强，
根据p'甲=p'乙得到：；，
根据m甲=m乙，则有mA=mB，
由密度公式可知，物体的密度ρA＜ρB，故C正确。
故选C。
【分析】 根据液体对容器底部的压强相等和公式p=ρgh比较甲和乙的液体密度大小。然后根据液体对容器底部压强相等和公式计算并比较A和B的体积大小。根据容器对桌面的压强相等和比较A和B的质量大小，最后根据公式比较二者密度大小。
18．【答案】（1）解：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
则绳子自由端移动的距离；
拉力F所做的功；
功率为。
答：拉力做功800J，功率为80W。
（2）解：根据题意可知，物体的重力为350N，上升的高度为2m，
则拉力做的有用功；
滑轮的机械效率。
答： 该滑轮的机械效率为87.5% 。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图片确定动滑轮上绳子的段数n，根据s=nh求绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求拉力F所做的功，根据求拉力F的功率；（2）根据计算拉力做的有用功，根据计算滑轮的机械效率。
（1）绳子自由端移动的距离
拉力F所做的功
功率为
（2）拉力做的有用功
滑轮的机械效率
19．【答案】（1）
（2）解：已知潜水器排开水的体积为50m3，则潜水器受到的浮力。
（3）在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体的密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
【知识点】重力示意图；阿基米德原理；浮力的示意图；探究潜艇的浮沉原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，潜水器受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力。因为它正在从水面加速下潜，则此时它受到重力大于浮力，二者都作用在重心上，如下图所示：
（3）根据潜水器的工作环境可知，它下潜的深度远大于一般潜艇，在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体和密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据阿基米德原理计算潜水器受到的浮力；
（3）液体压强随深度的增大而增大，当潜水器受到的外部压强增大时，对舱体的密封性要求极高，可从设计和制作成本的角度分析解答。
（1）潜水器正在从水面加速下潜，受到重力大于浮力，重力竖直向下，符号为G；浮力竖直向上，且浮力和重力在同一条直线上，如图所示：
（2）潜水器受到的浮力
（3）潜水器下潜的深度远大于一般潜艇，在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体和密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
20．【答案】（1）解：根据题意可知，物体甲的底面积为 ，高度为0.2m，
则物体甲的体积为；
物体甲的质量。
答： 物体甲的质量为12kg 。
（2）解：根据题意可知，实心均匀柱体对水平地面的压力等于自身重力，即；
对水平地面的压强。
（3）解： 现将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，此时它仍然是 实心均匀柱体，
根据（2）中公式可得，乙对地面的压强；
此时甲对地面的压强；
因为，则；
解得：。
答： 乙所截取的质量 =4kg。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求甲的体积，根据m=ρV求物体甲的质量；（2）实心均匀柱体对水平地面的压力等于它的重力，根据G=mg=ρVg=ρShg和
推导得出压强的推导式；
（3）现将柱体乙沿竖直方向截取质量为Δm的部分，并将截取部分叠放在甲的上表面中央，根据p=ρgh求乙剩余部分对地面的压强，即此时甲对地面的压强，根据F=G=mg和
求得甲和乙截取部分的总质量，从而可得乙所截取的质量。
（1）物体甲的体积为
物体甲的质量
（2）实心均匀柱体对水平地面的压力
对水平地面的压强
（3）根据（2）中公式可得，乙对地面的压强
将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，由于乙的高度及密度不变，则乙剩余部分对地面的压强不变，
此时甲对地面的压强
因为，则
解得
21．【答案】（1）解：根据题意可知，容器甲中水的深度为0.08m，
则容器甲中水对容器底的压强。
答： 容器甲中水对容器底的压强 。
（2）解：圆柱体乙对水平地面的压力等于自身重力，即；
乙容器的底面积为 ，
则圆柱体乙对水平地面的压强。
答：圆柱体乙对水平地面的压强为200Pa。
（3）解：根据题意可知，丙浸没在容器甲的水中，水面上升的高度；
根据液体压强公式p=ρ液gh可知，
水对容器甲底部压强的变化量；
圆柱体乙对水平地面压力的变化量等于甲的重力，
则压强的变化量；
由于，则；
解得：。
答： 物块丙的密度。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 （1）根据p=ρgh求出容器甲中水对容器底的压强；
（2）圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，已知受力面积，利用压强公式求出圆柱体乙对水平地面的压强；
（3）根据液体压强公式和压强定义式分别表示出水对甲容器底部压强的变化量、圆柱体乙对水平地面压强的变化量，再根据两压强变化量相等列出等式求解
（1）容器甲中水对容器底的压强
（2）圆柱体乙对水平地面的压力
圆柱体乙对水平地面的压强
（3）设丙物体的质量为m丙、体积为V丙，丙浸没在容器甲的水中，水面上升的高度
水对容器甲底部压强的变化量
圆柱体乙对水平地面压强的变化量
由于，则
代入数据可得
则丙的密度为
22．【答案】（1）深度越大，液体压强越大；方向
（2）B
（3）C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，实验（a）和（b）中，同种液体（都是水），（b）中探头的深度大，且U形管两边液面高度差变大，那么得到结论：同种液体，深度越大，液体压强越大。
②如图（b）和（c）所示，同种液体，金属盒的深度相同，金属盒的朝向不同，研究液体内部的压强与方向的关系。
（2）根据控制变量法的要求可知，研究液体压强与液体密度的关系时，要控制探头的深度相同，只改变液体密度。根据图片可知，实验（d）和（e）中没有控制探头的深度相同，因此它的判断过程不正确。
（3）当探头受到的液体压强相同时，根据p=ρ液gh可知，要增大液面的高度差只能减小液体的密度，与管的粗细、长度无关。
故选C。
【分析】（1）①根据图片确定实验（a）和（b）中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②根据图片分析实验（b）和（c）中哪个因素不同即可。
（2）根据控制变量法的要求可知，研究液体压强与液体密度的关系时，要控制探头的深度相同，只改变液体密度。
（3）根据p=ρ液gh可知，液体压强只与液体密度和深度有关。
（1）[1]如图（a）和（b）所示，同种液体，（b）中探头的深度大，U形管两边液面高度差变大，由转换法可知产生的压强也大，得出初步结论：同种液体，深度越大，液体压强越大。
[2]如图（b）和（c）所示，同种液体，金属盒的深度相同，金属盒的朝向不同，研究液体内部的压强与方向的关系。
（2）研究液体压强与液体密度的关系要控制深度相同，如图（d）和（e）所示，两只相同的烧杯盛有体积相同的水和酒精，把金属盒分别浸没到这两种液体中，图（e）中金属盒在液体中较深，图（e）中U形管两边液面高度差较大，小明认为图（e）烧杯中盛的是密度较大的水，他的判断过程不正确，没有控制探头的深度相同。
（3）根据p=ρgh可知，液体压强与只与液体的密度和深度有关，与管的粗细、长度无关。
AB．换用更细的U形管或换用更长的U形管，不能使实验现象更加明显，故AB不符合题意；
C．U形管中换用密度更小的液体，根据p=ρgh可知，在液体产生的压强一定时，高度差变大，故C符合题意。
故选C。
23．【答案】（1）1、4或2、5或3、6
（2）物块露出水面的体积与物体体积成正比
（3）；20
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，要得到“ 漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大 ”的结论，要控制物体的体积相同，只改变物体的密度，故选实验1、4或2、5或3、6。
（2）根据表格数据可知，1、2、3（或4、5、6）中，露出液面的体积与物体总体积之比是定值（0.05），那么得到： 漂浮在液面上的实心物块，当物体的密度和液体的密度相同时， 物块露出水面的体积与物体体积成正比。
（3）①根据表格数据1、2和3（或4、5和6）实验数据：
根据实验序号1知道，，；
根据实验序号2知道，，；
……
那么得到：；
根据实验序号7得到：；
解得：。
②综上所述，，实验序号8中露出水面的体积为
。
【分析】（1）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（2）根据表格数据计算1、2、3（或4、5、6）中露出液面的体积与物体总体积之比，据此分析二者之间的数量关系；
（3）①分别计算出数据1、2、3中物体和水的密度之比，露出体积和物体体积之比，然后比较二者比值大小，从而确定二者之间的数量关系，据此推算丙的密度；
②根据实验数据7计算物体露出水面和物体体积之比，据此推算序号8中物体露出水面的体积。
（1）比较表一、表二中实验序号1、4或2、5或3、6的数据，是不同物体漂浮在同种液体中，物体体积相同，但露出水面的体积不同，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大。
（2）1、2、3或4、5、6的数据，是同种物体，漂浮在同种液面上，物体的体积越大，露出液面的体积越大，且露出液面的体积与物体总体积之比是定值，即物块露出水面的体积与物体体积成正比。
（3）[1]研究V露随ρ物的变化关系时，根据控制变量法知道，需要控制物体漂浮，液体的密度不变，物体的体积不变，改变物体的密度，所以需要对比1、2和3（或4、5和6）实验数据
根据实验序号1知道，，
根据实验序号2知道，，
……
根据实验序号4知道，，
根据实验序号5知道，，
……
由此可知，与、、存在一定的定量关系是
根据实验序号7知道，
由此推断出表三丙物质的密度
[2]根据实验序号7中知道，实验序号8中露出水面的体积为
1 / 1上海市奉贤区2024-2025学年八年级下学期期末统考物理试题
一、学科基础（共60分）
“从生活走向物理”说明物理与生活息息相关。
1．下列能体现分子无规则运动的现象是___________。
A．灰尘飞扬 B．花香扑鼻 C．树叶飘落 D．雪花飞舞
2．如图所示，不是利用连通器原理工作的是___________。
A．U形“返水管”
B．茶壶
C．盆景自动给水装置
D．锅炉水位计
【答案】1．B
2．C
【知识点】连通器原理及其应用；分子热运动
【解析】【分析】（1）分子很小，用肉眼根本看不到，凡是肉眼看得到的运动都不是分子运动；
（2）上面开口，底部连通的容器为连通器，当连通器内只有一种液体时，各个容器中液面总保持相平。
1．ABD．灰尘飞扬，树叶飘落和雪花飞舞，都是肉眼看得到的宏观物体的运动，可得不是分子的无规则运动，故ABD不符合题意；
B． 花香扑鼻，其实是花香分子不停地做无规则运动所致，故B符合题意；
故选B。
2．A．U形“返水管”，它的上端开口，下部连通，因此构成连通器，故A正确，不符合题意；
B．茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，因此构成连通器，故B正确，不符合题意；
C．盆景自动给水装置底部相互连通，但是上端只有一侧开口，不是利用连通器原理，故C符合题意；
D．锅炉水位计上端开口，下部连通，因此构成连通器，故D正确，不符合题意。
故选C。
3．寒冬时节，气温骤降时，金属水管容易“爆裂”。
（1）冰的密度为，读作　 　，的它表示每冰的　 　为。
（2）金属水管遇冷收缩，而水结成冰后，质量　 　，体积　 　，受到阻碍产生很大的力，导致金属水管“爆裂”。
A．变大 B．变小 C．不变
【答案】（1）千克每立方米；质量
（2）C；A
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；密度与温度的关系
【解析】【解答】（1）冰的密度是0.9×103kg/m3，读作0.9×103千克每立方米，表示1m3的冰质量为0.9×103kg。
（2）① 水结成冰后， 虽然状态改变，但是质量不变，故选C。
②已知冰的密度小于水的密度，且二者质量相同，由可知，冰的体积变大，会对水管产生巨大的压力，导致金属水管“爆裂”，故选A。
【分析】（1）密度的单位kg/m3，读作千克每立方米，标上1m3的某种物质的质量为多少kg。
（2）①质量是物质本身的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的变化而变化；
②根据公式分析水结成冰后的体积变化。
（1）[1][2]单位体积的某种物质的质量叫做这种物质的密度，密度的单位是kg/m3，冰的密度是0.9×103kg/m3，读作0.9×103千克每立方米，表示的物理意义是体积是1m3的冰质量为0.9×103kg。
（2）[1]质量是物体的一种属性，与物体的状态无关。水结成冰后，状态改变，质量不变，故选C。
[2]冰的密度小于水的密度，由可知，体积变大，而金属水管遇冷收缩，受到阻碍产生很大的力，导致金属水管“爆裂”，故选A。
4．如图所示，用相同的滑轮分别匀速提升同一重力为的物体，绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，绳端拉力。（忽略绳重和摩擦）
（1）A滑轮是　 　滑轮，使用它的好处是可以　 　；改变拉力的方向，拉力大小　 　；（A．改变 B．不变）
（2）B滑轮的实质是　 　杠杆，拉力的大小为　 　N；
（3）使重物上升所做的有用功之比　 　。
【答案】（1）定；改变力的方向；不变
（2）省力；100
（3）2∶1
【知识点】杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；使用定滑轮可以改变力的方向，但是不能省力，即拉力大小不变。
（2）根据图片可知，B滑轮随物体一起上下移动，是动滑轮，可以省力。用A滑轮提升重物时，拉力F1=G=150N；
根据绳端拉力 可知，拉力的大小为。
（3）根据题意可知，绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，
A滑轮不省距离不费距离，则有。B滑轮省一半的力费一倍的距离，即，
则重物上升的高度之比为；
根据W有=Gh可知，使重物上升所做的有用功之比。
【分析】（1）不随物体一起移动的滑轮为定滑轮，根据定滑轮的特点解答；
（2）跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮，本质为省力杠杆。根据计算拉力F2的大小。
（3）根据滑轮的特点计算重物上升的高度之比，根据W有=Gh计算二者做的有用功之比。
（1）[1][2]由图可知，拉动物体上升时，A滑轮位置不变，是定滑轮；使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向。
[3]定滑轮的实质是一个等臂杠杆，无论拉力方向如何，都不能省力，所以改变拉力的方向，拉力大小不变。
（2）[1][2]拉动物体上升时，B滑轮随物体一起上升，是动滑轮，动滑轮的实质是省力杠杆，省力费距离；忽略绳重和摩擦，F1=G=150N
则拉力的大小为
（3）重物上升所做的有用功为。绳子自由端在相同时间内移动的距离相等，对定滑轮有，对动滑轮有，则重物上升的高度之比为
两次提升同一重物，使重物上升所做的有用功之比
5．小红看到“严禁高空抛物”的警示牌，于是探究物体重力势能的大小与哪些因素有关。如图所示，她将三个相同的木桩置于等高的位置，让物体甲、乙、丙从木桩正上方某一高度由静止自由下落，将木桩打入沙中．已知：物体甲、乙、丙质量关系。
（1）由图可判断物体___________释放前具有的重力势能最大。
A．甲 B．乙 C．丙
（2）比较图（a）和（b），可探究重力势能的大小与　 　的关系；
（3）比较图（a）和（c），可得出初步结论：处于同一高度的物体，　 　。小红得出：处于高处的重物具有较大的　 　能，下落过程中转化为　 　能，一旦砸中行人或物品会造成严重后果。
【答案】（1）B
（2）高度
（3）物体质量越大，重力势能越大；重力势；动
【知识点】探究影响物体势能大小的因素
【解析】【解答】（1）根据图片可知，（b）图中木桩下陷最深，则乙物体下落时对木桩做的功最多，释放前的重力势能最大，故选B。
（2）根据图片可知，实验（a）和（b）中物体的的质量相同，只是下落的高度不同，因此可探究重力势能的大小与下落高度的关系。
（3）①根据图片可知，实验（a）和（c）中物体下落高度相同，丙的质量更大，木桩下陷更深，说明： 处于同一高度的物体， 质量越大，重力势能越大。
②综上所述，处于高处的重物具有较大的重力势能。物体下落过程中，高度降低，则重力势能减小；速度增大，则动能增大，那么重力势能转化为动能，若砸中行人或物品会造成严重伤害。
【分析】（1）物体下落时撞击下面的木桩，木桩克服沙地的阻力做功，则木桩下陷深度越大，则做功越多，那么重力势能越大；
（2）根据图片分析实验a和b中哪个因素不同即可；
（3）①根据图片确定实验a、c中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②重力势能与质量和高度有关，动能与质量和速度有关，据此分析二者能量变化，从而确定转化情况即可。
（1）比较三幅图中木桩被打入沙中的深度可知，（b）图中木桩下陷最深，说明乙物体下落时对木桩做的功最多，释放前的重力势能最大，故选B。
（2）图（a）和（b）中，甲和乙的质量相同，但乙的下落高度更高，木桩下陷更深，说明重力势能与物体所处的高度有关。因此可探究重力势能的大小与下落高度的关系。
（3）[1] 图（a）和（c）中，甲和丙的下落高度相同，但丙的质量更大（），木桩下陷更深，说明质量越大，重力势能越大。
[2] 实验表明，物体被举得越高，其重力势能越大，因此处于高处的重物具有较大的重力势能。
[3] 物体下落过程中，高度降低，速度增大，重力势能转化为动能，若砸中行人或物品会造成严重伤害。
6．在“用温度计测量水的温度”实验中：
（1）液体温度计是利用液体　 　的性质来测量温度的；“摄氏温标”规定1个标准大气压下　 　的温度为；
（2）如图（a）所示的操作错误是：温度计的玻璃泡碰到了　 　，且视线未与液柱上表面相平；
（3）如图（b）所示是温度计的一部分。将此温度计放入碎冰中一段时间，测得温度为，请画出温度计此时的液柱液面所在的位置，并把液柱部分涂黑。
【答案】（1）热胀冷缩；沸水
（2）容器底部
（3）
【知识点】温度及温度计的使用与读数；液体温度计的构造与工作原理
【解析】【解答】（1）液体温度计内装的是液体，利用液体热胀冷缩的性质制成的。“摄氏温标”规定1个标准大气压水的沸点为100℃，即沸水的温度为100℃。
（2）根据温度计的使用规范可知，温度计的玻璃泡不能碰到容器的底部和侧壁，则图中的错误是：温度计的玻璃泡碰到了容器底部。
（3）根据图片可知，该温度计的分度值为1℃，则-5℃在0℃刻度线下方第5格处，如图所示：
【分析】（1）根据液体温度计的工作原理解答。根据标准气压下水的沸点解答；
（2）根据温度计的使用规范解答；
（3）根据图片确定温度计的分度值，进而确定-5℃ 的位置。
（1）[1][2]液体温度计是利用液体热胀冷缩的性质制成的；“摄氏温标”规定1个标准大气压下沸水的温度为，冰水混合物的温度为0℃。
（2）用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器的底部和侧壁，图中温度计的玻璃泡碰到了容器底部。
（3）如图，温度计的分度值为1℃，0℃刻度线下方第5格为-5℃，如图所示：
7．如图（a）所示，2025年4月19日长征六号改运载火箭成功将试验卫星发射升空．
（1）火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），火箭的动能　 　，机械能　 　，火箭周围的大气压强不断　 　。
A．增大 B．减小 C．不变
（2）1643年意大利科学家　 　测出了大气压强的值如图（b）所示，实验时没有将玻璃管竖直放置，此时的大气压强　 　1个标准大气压。
A．大于 B．等于 C．小于
（3）下列器材中，利用大气压强工作的是___________。
A．真空吸盘 B．血压计 C．液位计 D．液体密度计
【答案】（1）A；A；B
（2）托里拆利；C
（3）A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化；大气压强的测量方法；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）①火箭在离地加速升空过程中，质量不变，速度增大，则动能增大，故选A。
②火箭在离地加速升空时，质量不变，高度增大，则重力势能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，机械能增大，故选A。
③火箭升空过程中，高度增大，所以火箭周围的大气压强不断减小，故选B。
（2）①1643年意大利科学家托里拆利利用水银第一次准确测出了大气压强的值。
②根据图片可知，玻璃管内外水银柱的竖直高度差为750mm，而1个标准大气压能支撑的水银柱高度为760mm，所以此时的大气压强小于1个标准大气压，故选C。
（3）A．真空吸盘内的气压小于外界大气压强，外界大气压强将其压住不脱落，利用大气压强工作，故A符合题意；
B．血压计内为水银，利用的是液体压强，故B不符合题意；
C．液位计的玻璃管和炉身上面开口，底部连通，利用了连通器的原理，故C不符合题意；
D．液体密度计利用物体漂浮的原理，不属于大气压的利用，故D不符合题意。
故选A。
【分析】（1）①②动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而“机械能=动能+重力势能”；
③根据大气压强随高度的变化规律解答。
（2）①根据有关大气压强的科学发展史解答；
②在托里拆利实验中，大气压强等于玻璃管内外水银面高度差产生的压强；
（3）大气对浸入其中的物体产生压力，这就是大气压强，据此分析判断 。
（1）[1]火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），速度增大，动能增大，故选A。
[2]火箭在离地加速升空过程中（忽略火箭质量的变化），动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能为动能与重力势能之和，所以机械能增大，故选A。
[3]大气压强随高度的升高而降低，火箭升空过程中，高度增大，所以火箭周围的大气压强不断减小，故选B。
（2）[1]1643年意大利科学家托里拆利利用水银第一次准确测出了大气压强的值。
[2]由图可知，水银柱的竖直高度为750mm，而1个标准大气压能支撑的水银柱高度为760mm，所以此时的大气压强小于1个标准大气压，故选C。
（3）A．真空吸盘是在外界大气压的作用下，被压住不脱落，利用大气压强工作，故A符合题意；
B．血压计利用的是液体压强，不属于大气压的利用，故B不符合题意；
C．液位计利用了连通器的原理，不属于大气压的利用，故C不符合题意；
D．液体密度计利用物体漂浮的原理，不属于大气压的利用，故D不符合题意。
故选A。
8．小明测量盐水的密度，设计了如下方案：
①用天平测出空烧杯的质量；
②向烧杯中倒入适量盐水，用天平测出烧杯和盐水的总质量；
③将烧杯中的盐水倒入量筒中，测出盐水的体积V；
④利用公式，求出盐水的密度。
此实验的原理是　 　，利用所测物理量表示盐水密度的表达式　 　。该方案会使密度测量结果　 　。（A．偏大 B．偏小）
【答案】；；A
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据公式可知，只要测出物体的质量和体积，就能计算物体的密度，则此实验的原理为；
（2）根据题意可知，盐水的质量为；
盐水的体积为V，则盐水的密度。
（3）在实验过程中，将烧杯中的盐水倒入量筒中时，烧杯内壁上会残留一些盐水，从而导致测得的盐水的体积偏小，根据公式可知，该方案会使密度测量结果偏大。
【分析】（1）根据公式可知，只要测出物体的质量和体积，就能计算物体的密度；
（2）盐水的质量等于盐水和烧杯的总质量减去烧杯的质量，根据量筒确定盐水的体积，根据计算盐水的密度；
（3）根据将烧杯中的盐水倒入量筒中时，烧杯内壁上会残留一些盐水分析。
9．在“探究杠杆平衡的条件”实验中：
（1）如图（a）所示，杠杆保持静止，杠杆　 　（A．处于 B．不处于）平衡状态，应将平衡螺母向　 　调节（A．左 B．右），使杠杆在水平位置平衡，是为了便于直接在杠杆上读出　 　的数值；
（2）如图（b）所示，当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，要使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将　 　。（A．变大 B．变小 C．不变）
【答案】（1）A；B；力臂
（2）A
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）① 如图（a）所示，杠杆保持静止， 则杠杆此时处于平衡状态。
②根据图片可知，杠杆的右端上翘，则右端较轻，那么应将平衡螺母向右调节。
③当杠杆在水平位置平衡时，钩码产生的拉力方向与杠杆垂直，此时力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
（2） 如图（b）所示， 当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，弹簧测力计的示数将变大，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
【分析】（1）①杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③当拉力方向与杠杆垂直时，悬挂点到支点之间的距离就是力臂，恰好和杠杆重合。
（2）当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，动力臂变小，根据根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析动力的变化即可。
（1）[1]因为杠杆平衡是指杠杆处于静止或匀速转动状态，而此时杠杆停着不动，说明杠杆此时处于平衡状态。
[2]将杠杆中点置于支架上，发现杠杆左端下沉，此时杠杆重心偏左，应将平衡螺母向右调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，使杠杆在水平位置平衡，这样就避免了杠杆的自重对实验的影响。
[3]力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
（2）当弹簧测力计在A点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，要使杠杆仍在水平位置平衡，此时阻力、阻力臂不变，动力臂变小，弹簧测力计的示数将变大，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
10．请用所学的压力、压强知识解决下列问题：
（1）相互挤压且发生形变的两个物体之间所产生的　 　指向接触面的力叫做压力。压强是表示压力　 　的物理量；若一个体重为的成年人双脚站在盲道砖上，双脚与盲道砖的接触面积为，人对盲道砖的压强为　 　，其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的　 　；
（2）如图（a）所示，用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是通过增大　 　来减小压强，提着袋子在水平地面上前进时手对袋子的拉力　 　做功；（A．有 B．没有）
（3）如图（b）所示，装有水的密闭薄壁容器平放在水平桌面上。若将该容器倒置，有关压力、压强的变化情况，下列判断正确的是___________；
A．容器对桌面的压力减小 B．容器对桌面的压强不变
C．水对容器底的压强增大 D．水对容器底的压力增大
【答案】（1）垂直；作用效果；3×104；3×104N
（2）受力面积；B
（3）D
【知识点】压强；减小压强的方法及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）①根据压力的定义可知，当两个相互挤压且发生形变时所产生的垂直指向接触面的力叫做压力。
②压强是大小等于压力与面积的比值， 是表示压力作用效果的物理量。
③人对盲道的压力大小等于人体的重力大小，即F=G=600N，
则人对盲道砖的压强为。
3×104Pa其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的压力为3×104N。
（2）① 如图（a）所示， 用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是通过增大受力面积来减小压强。
②提着袋子在水平地面上前进时，袋子受到竖直向上的拉力，但是没有在拉力的方向上通过距离，则手对袋子的拉力没有做功，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（3）AB．甲、乙两次放置时，容器对桌面的压力始终等于水和容器的总重力，则对桌面的压力大小不变，受力面积增大，由 知道，对桌面的压强减小，故AB错误；
C．根据图片可知，倒置时水的深度减小，由液体压强公式知道，水对容器底的压强减小，故C错误；
D.原来容器下口小，则水对底部的压力小于水的重力；倒置后下口答，则水对底部的压力大于水的重力，那么水对容器底部的压力增大，故D正确。
故选D。
【分析】（1）①根据压力的定义解答；
②根据压强的物理意义解答；
③根据计算人对盲道砖的压强，结合压强的物理意义解答。
（2）①减小压强的方法：减小压力或增大受力面积；
②做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向山通过的距离。
（3）AB.根据公式分析容器对桌面的压强变化；
C.由液体压强公式分析水对容器底部的压强变化；
D.上下粗细一致的柱形容器，液体对底部的压力等于液体重力。如果下口大，那么压力大于液体重力；如果下口小，那么压力小于液体重力。
（1）[1]两个相互挤压且发生形变的物体之间，所产生的垂直指向接触面的力叫做压力。压力是垂直作用在物体表面上的力。
[2]压强是表示压力作用效果的物理量，大小等于压力与面积的比值，由计算。
[3][4]人站在水平的盲道上时，对盲道的压力大小等于人体的重力大小，即F=G=600N
人对盲道砖的压强为
其表示的物理意义是每平方米的面积上受到的压力为3×104N。
（2）[1]用纸筒穿过购物袋的提手提重物就不勒手，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
[2]提着袋子在水平地面上前进时，拉力方向与运动方向垂直，手对袋子的拉力没有做功，故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（3）AB．因为物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以甲、乙两次放置时，水、容器的总重力不变，对桌面的压力大小不变；受力面积增大，由 知道，对桌面的压强减小，故AB错误；
C．两次放置时，水的密度不变，倒置时水的深度减小，由知道，水对容器底的压强减小，故C错误；
D．设正立放置时的底面积为S小，倒立放置时的底面积为S大，由图知道，正立放置时水对容器底的压力
即水对容器底的压力是以S小为底面积，h'为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力，即
倒立放置时水对容器底的压力
即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力，即，比较可知，即倒置后水对容器底部的压力将会变大，故D正确。
故选D。
小红做验证阿基米德原理的实验。
11．为了方便操作且减小误差，下图最合理的操作步骤应该是___________；
A．①②③④ B．④②①③ C．④①②③
12．在实验步骤②中，如果增大物体浸没在液体中的深度时（不接触容器底），弹簧测力计示数会___________；
A．变大 B．变小 C．不变
13．分析图中的实验数据可知，物体受到的浮力___________物体排开液体的重力。
A．大于 B．等于 C．小于
【答案】11．C
12．C
13．B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】（1）验证阿基米德原理，其实就是比较物体受到的浮力和排开水的重力的关系。物体受到的浮力等于重力减去物体浸在水中的拉力的差，物体排开水的重力等于水和小桶的总重力减去小桶的重力，据此安排合理的实验步骤即可。
（2） 增大物体浸没在液体中的深度时 ，注意分析物体排开液体的体积大小，根据阿基米德原理分析受到浮力大小，根据F=G-F拉分析测力计的示数变化。
（3）根据图片①②计算物体受到的浮力，根据实验③④ 计算物体排开水的重力，最后比较二者大小即可。
11．在实验过程中，为了减小误差和避免重复操作，先测出空桶的重力，然后放下空桶，再测量物体的重力，然后用弹簧测力计挂着物体浸在水中，读出弹簧测力计示数，最后测出桶和溢出水的重力，那么合理的操作步骤是④①②③，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
12．根据图片可知，在实验步骤②中，物体已经完全浸没水中，则它排开水的体积始终等于自身体积。增大物体浸没在液体中的深度时（不接触容器底），物体排开水的体积不变，受到的浮力不变，根据F=G-F拉可知，则弹簧测力计示数保持不变，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
13．根据图片①②可知，物体受到的浮力；
根据图片③④ 可知，物体排开液体的重力；
比较可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
14．如图（a）所示，是《天工开物》中记载的炼铁场景。
（1）铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子（铁原子）之间存在　 　；
（2）如图（b）所示，手托起铁球时，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，这一过程桡骨可以看作为杠杆，将肱二头肌对桡骨的牵引力作为动力，重物对手的作用力作为阻力。请在图（c）中画出动力、阻力臂；　 　【作图】
此时桡骨属于　 　杠杆；（A．省力 B．费力 C．等臂）
（3）杠杆平衡时，若阻力大小为，动力臂为，阻力臂为，动力的大小为　 　N。
【答案】（1）斥力
（2）；B
（3）600
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；力臂的画法；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）分子之间存在相互作用的引力和斥力，当分子间距离较小时，斥力起主要作用，阻碍物体被压缩，因此铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子之间存在斥力。
（2）①根据图片可知，杠杆的支点为O，过支点作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度就是阻力臂l2。动力臂和动力的作用线垂直，可通过动力臂L1的末端作动力臂的垂线段，然后在向上的方向上标上箭头，这就是动力F1，如下图所示：
②根据图片c可知，此时动力臂小于阻力臂，所以桡骨属于费力杠杆，故选B。
（3） 若阻力大小为，动力臂为，阻力臂为，
根据杠杆平衡条件得到：F1×2.5cm=50N×30cm；
解得：。
【分析】（1）根据分子之间存在作用力的知识解答；
（2）①力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
（3）根据杠杆平衡条件列式计算。
（1）铁块被重锤反复敲打后，很难被压缩，是因为分子（铁原子）之间存在斥力。当分子间距离较小时，斥力起主要作用，阻碍物体被压缩。
（2）[1]肱二头肌对桡骨的牵引力是动力F1，作用点在桡骨与肱二头肌连接的地方，方向沿肱二头肌收缩的方向，F1的方向和力臂l1垂直，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段来表示动力F1。阻力臂l2的画法：阻力臂l2是从支点（肘关节）到阻力F2作用线的距离。过支点作阻力F2作用线的垂线，垂线段的长度就是阻力臂l2，如下图
[2]桡骨属于费力杠杆：在这种情况下，动力臂小于阻力臂。因为肱二头肌收缩的距离较小，而手托着铁球移动的距离较大，根据杠杆的分类，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，所以桡骨属于费力杠杆，故选B。
（3）根据题意及杠杆平衡条件知道，动力的大小为
15．如图所示，我国弹射型航空母舰福建舰满载时的排水量约为8万吨，可搭载60架舰载机。
（1）当福建舰满载静止在海面上时，受到浮力的大小为　 　N；当舰载机起飞之后，福建舰底部受到海水的压强　 　；空载的福建舰从海水驶入淡水，排开液体的体积　 　；（已知）
A．变大 B．变小 C．不变
（2）大型舰队在海上编队航行的过程中，各舰船之间要保持一定距离，是因为高速同向行驶的船舶靠得太近，两船之间水流的流速　 　（A．大 B．小），压强　 　（A．大于 B．小于）船外侧水流的压强，水流的压力差会使船相互吸引而易造成碰撞事故；
（3）福建舰在某段海域以的速度匀速直线航行了，此过程发动机的输出功率为，在这段时间内，发动机做功　 　J。
【答案】（1）7.84×108；变小；A
（2）A；B
（3）9×1010
【知识点】功率计算公式的应用；液体压强计算公式的应用；流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）① 当福建舰满载静止在海面上时， 排水量是8万吨，那么航母受到的浮力F浮=G排=m排g=80000×103kg×9.8N/kg=7.84×108N。
②航母漂浮在水面上，则它受到的浮力始终等于自身重力。当航母上的飞机起飞之后，航母的重力减小，则它受到的浮力减小。由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，航母排开液体的体积减小，航母将会上浮一些，船底所处的深度变小。由p=ρ液gh可知，船底所受海水的压强变小。
③福建舰始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，福建舰受到的浮力始终等于福建舰的总重力，福建舰受到的总重力，所以浮力不变。空载的福建舰从海水驶入淡水，淡水的密度小于海水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知，它排开液体的体积变大，
故选A。
（2）舰艇并排行驶时，舰艇中间的水流速度等于两个舰艇的速度之和，即舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度，那么两船之间压强小于船外侧水流的压强，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞。
（3） 福建舰在某段海域以的速度匀速直线航行了， 则福建舰航行的时间；
在这段时间内，发动机做功W=Pt=1.5×108W×600s=9×1010J。
【分析】（1）①根据阿基米德原理F浮=G排计算；
②根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析福建舰底部深度的变化，根据p=ρ液gh分析底部受到水的压强变化；
③根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开水的体积变化。
（2）根据流体压强和流速的关系分析；
（3）首先根据计算福建舰行驶的时间，然后根据W=Pt计算发动机做功。
（1）[1]已知航母满载排水量是8万吨，由阿基米德原理可得，航母受到的浮力F浮=G排=m排g=80000×103kg×9.8N/kg=7.84×108N
[2]当航母上的飞机起飞之后，航母的重力减小，根据漂浮条件可知浮力减小，由阿基米德原理可知排开液体的体积减小，航母将会上浮一些，船底所处的深度变小，由p=ρgh可知，船底所受海水的压强变小。
[3]空载的福建舰从海水驶入淡水，福建舰始终漂浮在海面上，根据物体的浮沉条件可知，福建舰受到的浮力始终等于福建舰的总重力，福建舰受到的总重力，所以浮力不变，淡水的密度小于海水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知，它排开液体的体积变大，故选A。
（2）[1][2]舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度；水的流速越大，压强越小，两船之间压强小于船外侧水流的压强，所以舰艇内外侧的水存在压强差，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，不采用“并排”护航。
（3）福建舰航行的时间
在这段时间内，发动机做功W=Pt=1.5×108W×600s=9×1010J
二、学科综合（共40分）
16．港珠澳大桥的设计采用的是斜拉索式，如图（a）所示，如果将大桥的结构进行简化，如图（b）、（c）所示，最后抽象成图（d）所示的模型．
（1）从图（d）的模型可以看出它主要用到了　 　这种简单机械；
A．杠杆 B．斜面 C．滑轮
其中代表桥自重和过往车辆产生的对桥的作用力，为了减小钢索承受的拉力，在允许的前提下，可以适当　 　桥塔的高度；（A．增加 B．减小）
（2）浸没在液体中的物体，其下表面受到液体向上的压力___________上表面受到液体向下的压力，这个压力差就是产生浮力的原因；
A．大于 B．等于 C．小于
（3）大桥的桥墩受到的浮力___________。
A．大于 B．等于 C．无法确定
【答案】（1）A；A
（2）A
（3）B
【知识点】浮力及其产生原因；杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）①根据图（d）可知，可以将O点看做支点，桥面的重力相当于阻力，钢索的拉力相当于动力，整个装置是一个在力的作用下能绕O点转动的硬棒，所以该模型用到了杠杆的知识。
故选A。
② 根据图d可知，当其它条件不变时，桥塔的高度越大，则钢索与桥面的夹角越大，此时动力臂越长，钢索的拉力F2越小，因此可以适当增加桥塔的高度。故选A。
（2）根据浮力产生的原因可知，浸在液体里的物体上下表面受到的压力差就是浮力，即，那么其下表面受到液体向上的压力大于上表面受到液体向下的压力，
故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）根据生活经验可知，大桥的桥墩虽然浸在河水中，但是桥墩下表面埋在泥沙里，没有受到水的压力的作用，因此没有压力差，即它在水中受到的浮力是0，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
【分析】（1）①一根硬棒在力的作用下绕着固定点转动，这根硬棒就是杠杆；
②注意分析动力臂的长度变化和桥塔高度的变化规律，然后根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析钢索拉力的变化。
（2）根据浮力产生的原因判断；
（3）注意桥墩下表面没有水。
（1）[1]图（d）所示的模型，可以看做是一个在力的作用下能绕O点转动的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型，所以用到了杠杆的知识。
[2] F1大小不变、L1大小不变，为了减小钢索F2承受的拉力，根据杠杆的平衡条件知道，需要增大L2，根据力臂的定义知道，可以适当增加桥塔的高度。
（2）据相同深度处液体向各个方向的压强相等的特点知道，物体浸没在液体中时，它的侧面受到的各个方向液体的压力相互平衡，即可以相互抵消；而物体上、下表面所受的液体压力是不同的，上表面所处的深度为h1，下表面所处的深度为h2。则上表面受到的压强为
受到的压力为
下表面受到的压强为
受到的压力为
因为，所以
则液体对物体产生向上的压力和向下的压力不相等，压力差就产生了浮力，即
故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）由图知道，大桥的桥墩浸在河床中，桥墩下表面没有受到水的压力的作用，因此没有压力差，所以也就没有浮力，即它在水中受到的浮力是0，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
17．如图所示，两个相同的轻质薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体，A、B两实心物块分别浸没在两容器的液体中。此时两容器对水平桌面的压强相等，且液体对容器底部的压强也相等，则关于两物块的体积与密度，下列判断正确的是（　　）
A．， B．，
C．， D．，
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；压强大小比较；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 根据题意可知，液体对容器底部的压强相等，即p甲=p乙，
根据题意可知，液体的深度h甲＞h乙，根据液体压强公式p=ρgh可知，则液体密度ρ甲＜ρ乙，
液体对容器底部的压强，根据p甲=p乙得到：；
根据m甲=m乙，ρ甲＜ρ乙可知，物体的体积VA＞VB，
容器对水平桌面的压强，
根据p'甲=p'乙得到：；，
根据m甲=m乙，则有mA=mB，
由密度公式可知，物体的密度ρA＜ρB，故C正确。
故选C。
【分析】 根据液体对容器底部的压强相等和公式p=ρgh比较甲和乙的液体密度大小。然后根据液体对容器底部压强相等和公式计算并比较A和B的体积大小。根据容器对桌面的压强相等和比较A和B的质量大小，最后根据公式比较二者密度大小。
18．用如图所示的滑轮，竖直匀速向上提升重为的物体A，内物体A上升了，绳子自由端受到的拉力F为。
（1）求拉力F所做的功W和功率P；
（2）求该滑轮的机械效率。
【答案】（1）解：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
则绳子自由端移动的距离；
拉力F所做的功；
功率为。
答：拉力做功800J，功率为80W。
（2）解：根据题意可知，物体的重力为350N，上升的高度为2m，
则拉力做的有用功；
滑轮的机械效率。
答： 该滑轮的机械效率为87.5% 。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图片确定动滑轮上绳子的段数n，根据s=nh求绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求拉力F所做的功，根据求拉力F的功率；（2）根据计算拉力做的有用功，根据计算滑轮的机械效率。
（1）绳子自由端移动的距离
拉力F所做的功
功率为
（2）拉力做的有用功
滑轮的机械效率
19．如图（a）是我国自主研发的潜水器“奋斗者”号，创造了10909米的载人深潜记录。下潜前水舱注水并挂好压载铁，在马里亚纳海沟成功坐底，达到最大深度后，抛掉适量压载铁等相关技术，实现上浮。
（1）如图（b）所示，是潜水器正在从水面加速下潜时的情景，O点是它的重心，请在图上画出潜水器此时所受浮力和重力G的示意图；
（2）当“奋斗者”号完全潜入水中时，排开水的体积为，求潜水器受到的浮力；（取）
（3）利用所学物理知识解释：“奋斗者”号上浮时，为什么不像潜艇那样采用压载水舱排水来改变自身重力的方法，而是通过抛掉适量压载铁来实现呢？
【答案】（1）
（2）解：已知潜水器排开水的体积为50m3，则潜水器受到的浮力。
（3）在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体的密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
【知识点】重力示意图；阿基米德原理；浮力的示意图；探究潜艇的浮沉原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，潜水器受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力。因为它正在从水面加速下潜，则此时它受到重力大于浮力，二者都作用在重心上，如下图所示：
（3）根据潜水器的工作环境可知，它下潜的深度远大于一般潜艇，在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体和密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据阿基米德原理计算潜水器受到的浮力；
（3）液体压强随深度的增大而增大，当潜水器受到的外部压强增大时，对舱体的密封性要求极高，可从设计和制作成本的角度分析解答。
（1）潜水器正在从水面加速下潜，受到重力大于浮力，重力竖直向下，符号为G；浮力竖直向上，且浮力和重力在同一条直线上，如图所示：
（2）潜水器受到的浮力
（3）潜水器下潜的深度远大于一般潜艇，在深海高压环境下，采用压载水舱排水来改变自身重力的方法对舱体和密封性要求极高，且需要的压力特别大，设计和制作难度大，成本高，而通过抛掉适量压载铁来实现上浮更为简便，降低了技术难度和风险。
20．如图所示，实心均匀圆柱体甲和乙放在水平地面上，底面积分别为和，高度分别为和。甲、乙的密度分别为和。
（1）求物体甲的质量；
（2）实心均匀柱体（长方体、正方体、圆柱体……）的密度为，高度为h，竖直放在水平地面上时，对地面的压强可以推导为，写出推导过程；
（3）现将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，并将截取部分叠放在甲的上表面中央，此时甲、乙对地面的压强相等，即，求乙所截取的质量。
【答案】（1）解：根据题意可知，物体甲的底面积为 ，高度为0.2m，
则物体甲的体积为；
物体甲的质量。
答： 物体甲的质量为12kg 。
（2）解：根据题意可知，实心均匀柱体对水平地面的压力等于自身重力，即；
对水平地面的压强。
（3）解： 现将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，此时它仍然是 实心均匀柱体，
根据（2）中公式可得，乙对地面的压强；
此时甲对地面的压强；
因为，则；
解得：。
答： 乙所截取的质量 =4kg。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【分析】 （1）根据V=Sh求甲的体积，根据m=ρV求物体甲的质量；（2）实心均匀柱体对水平地面的压力等于它的重力，根据G=mg=ρVg=ρShg和
推导得出压强的推导式；
（3）现将柱体乙沿竖直方向截取质量为Δm的部分，并将截取部分叠放在甲的上表面中央，根据p=ρgh求乙剩余部分对地面的压强，即此时甲对地面的压强，根据F=G=mg和
求得甲和乙截取部分的总质量，从而可得乙所截取的质量。
（1）物体甲的体积为
物体甲的质量
（2）实心均匀柱体对水平地面的压力
对水平地面的压强
（3）根据（2）中公式可得，乙对地面的压强
将柱体乙沿竖直方向截取质量为的部分，由于乙的高度及密度不变，则乙剩余部分对地面的压强不变，
此时甲对地面的压强
因为，则
解得
21．如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上。容器甲足够高，底面积为，内盛有深度为的水。圆柱体乙受到的重力为，底面积为。
（1）求容器甲中水对容器底的压强；
（2）求圆柱体乙对水平地面的压强；
（3）现将一物体丙分别浸没在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量与圆柱体乙对水平地面压强的变化量相等。求物块丙的密度。
【答案】（1）解：根据题意可知，容器甲中水的深度为0.08m，
则容器甲中水对容器底的压强。
答： 容器甲中水对容器底的压强 。
（2）解：圆柱体乙对水平地面的压力等于自身重力，即；
乙容器的底面积为 ，
则圆柱体乙对水平地面的压强。
答：圆柱体乙对水平地面的压强为200Pa。
（3）解：根据题意可知，丙浸没在容器甲的水中，水面上升的高度；
根据液体压强公式p=ρ液gh可知，
水对容器甲底部压强的变化量；
圆柱体乙对水平地面压力的变化量等于甲的重力，
则压强的变化量；
由于，则；
解得：。
答： 物块丙的密度。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 （1）根据p=ρgh求出容器甲中水对容器底的压强；
（2）圆柱体对地面的压力等于圆柱体的重力，已知受力面积，利用压强公式求出圆柱体乙对水平地面的压强；
（3）根据液体压强公式和压强定义式分别表示出水对甲容器底部压强的变化量、圆柱体乙对水平地面压强的变化量，再根据两压强变化量相等列出等式求解
（1）容器甲中水对容器底的压强
（2）圆柱体乙对水平地面的压力
圆柱体乙对水平地面的压强
（3）设丙物体的质量为m丙、体积为V丙，丙浸没在容器甲的水中，水面上升的高度
水对容器甲底部压强的变化量
圆柱体乙对水平地面压强的变化量
由于，则
代入数据可得
则丙的密度为
22．小明利用液体压强计和装有液体的大烧杯来探究液体内部压强的特点。
（1）如图（a）和（b）所示，小明发现U形管两边液面高度差变大，得出初步结论：同种液体，　 　。如图（b）和（c）所示，小明在研究液体内部的压强与　 　的关系；
（2）如图（d）和（e）所示，两只相同的烧杯盛有体积相同的水和酒精，把金属盒分别浸没到这两种液体中，发现图（c）中U形管两边液面高度差较大，小明认为图（e）烧杯中盛的是密度较大的水，他的判断过程　 　；（A．正确 B．不正确）
（3）换用其他液体探究液体压强与液体密度的关系，当金属盒在液体中的深度相同时，U形管左右两边液面的高度差对比不明显，下列操作能使实验现象更加明显的是___________。【不定项选择】
A．换用更细的U形管
B．换用更长的U形管
C．U形管中换用密度更小的液体
【答案】（1）深度越大，液体压强越大；方向
（2）B
（3）C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，实验（a）和（b）中，同种液体（都是水），（b）中探头的深度大，且U形管两边液面高度差变大，那么得到结论：同种液体，深度越大，液体压强越大。
②如图（b）和（c）所示，同种液体，金属盒的深度相同，金属盒的朝向不同，研究液体内部的压强与方向的关系。
（2）根据控制变量法的要求可知，研究液体压强与液体密度的关系时，要控制探头的深度相同，只改变液体密度。根据图片可知，实验（d）和（e）中没有控制探头的深度相同，因此它的判断过程不正确。
（3）当探头受到的液体压强相同时，根据p=ρ液gh可知，要增大液面的高度差只能减小液体的密度，与管的粗细、长度无关。
故选C。
【分析】（1）①根据图片确定实验（a）和（b）中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②根据图片分析实验（b）和（c）中哪个因素不同即可。
（2）根据控制变量法的要求可知，研究液体压强与液体密度的关系时，要控制探头的深度相同，只改变液体密度。
（3）根据p=ρ液gh可知，液体压强只与液体密度和深度有关。
（1）[1]如图（a）和（b）所示，同种液体，（b）中探头的深度大，U形管两边液面高度差变大，由转换法可知产生的压强也大，得出初步结论：同种液体，深度越大，液体压强越大。
[2]如图（b）和（c）所示，同种液体，金属盒的深度相同，金属盒的朝向不同，研究液体内部的压强与方向的关系。
（2）研究液体压强与液体密度的关系要控制深度相同，如图（d）和（e）所示，两只相同的烧杯盛有体积相同的水和酒精，把金属盒分别浸没到这两种液体中，图（e）中金属盒在液体中较深，图（e）中U形管两边液面高度差较大，小明认为图（e）烧杯中盛的是密度较大的水，他的判断过程不正确，没有控制探头的深度相同。
（3）根据p=ρgh可知，液体压强与只与液体的密度和深度有关，与管的粗细、长度无关。
AB．换用更细的U形管或换用更长的U形管，不能使实验现象更加明显，故AB不符合题意；
C．U形管中换用密度更小的液体，根据p=ρgh可知，在液体产生的压强一定时，高度差变大，故C符合题意。
故选C。
23．某小组探究“漂浮在液面上的实心物块露出液面的体积与什么因素有关”，他们先把甲物质组成的不同实心物块放入水中漂浮，测得实验数据如表一所示；再把乙物质组成的不同实心物块放入水中，测得的实验数据如表二所示。
表一 表二 表三
物质甲 物质乙 物质丙___________
序号 物体体积 露出水面体积 序号 物体体积 露出水面体积 序号 物体体积 露出水面体积
1 300 60 4 300 120 7 300 30
2 200 40 5 200 80 8 200 ______
3 100 20 6 100 40 9 100 10
（1）分析比较表一、表二中实验序号　 　的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大；
（2）分析比较实验序号1、2和3（或4、5和6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的密度和液体的密度相同时，　 　；
（3）实验小组同学又进一步分析了表中的实验数据，发现漂浮在液面上的实心物块，与、、存在一定的定量关系。为了验证以上猜想，将丙物质组成的实心物块放入水中重复实验，测得实验数据如表三所示．由此推断出表三丙物质的密度为　 　，序号8中的露出水面的体积为　 　。
【答案】（1）1、4或2、5或3、6
（2）物块露出水面的体积与物体体积成正比
（3）；20
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；物理学方法
【解析】【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，要得到“ 漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大 ”的结论，要控制物体的体积相同，只改变物体的密度，故选实验1、4或2、5或3、6。
（2）根据表格数据可知，1、2、3（或4、5、6）中，露出液面的体积与物体总体积之比是定值（0.05），那么得到： 漂浮在液面上的实心物块，当物体的密度和液体的密度相同时， 物块露出水面的体积与物体体积成正比。
（3）①根据表格数据1、2和3（或4、5和6）实验数据：
根据实验序号1知道，，；
根据实验序号2知道，，；
……
那么得到：；
根据实验序号7得到：；
解得：。
②综上所述，，实验序号8中露出水面的体积为
。
【分析】（1）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（2）根据表格数据计算1、2、3（或4、5、6）中露出液面的体积与物体总体积之比，据此分析二者之间的数量关系；
（3）①分别计算出数据1、2、3中物体和水的密度之比，露出体积和物体体积之比，然后比较二者比值大小，从而确定二者之间的数量关系，据此推算丙的密度；
②根据实验数据7计算物体露出水面和物体体积之比，据此推算序号8中物体露出水面的体积。
（1）比较表一、表二中实验序号1、4或2、5或3、6的数据，是不同物体漂浮在同种液体中，物体体积相同，但露出水面的体积不同，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的实心物块，当物体的体积和液体的密度相同时，物体的密度越小，露出液面的体积越大。
（2）1、2、3或4、5、6的数据，是同种物体，漂浮在同种液面上，物体的体积越大，露出液面的体积越大，且露出液面的体积与物体总体积之比是定值，即物块露出水面的体积与物体体积成正比。
（3）[1]研究V露随ρ物的变化关系时，根据控制变量法知道，需要控制物体漂浮，液体的密度不变，物体的体积不变，改变物体的密度，所以需要对比1、2和3（或4、5和6）实验数据
根据实验序号1知道，，
根据实验序号2知道，，
……
根据实验序号4知道，，
根据实验序号5知道，，
……
由此可知，与、、存在一定的定量关系是
根据实验序号7知道，
由此推断出表三丙物质的密度
[2]根据实验序号7中知道，实验序号8中露出水面的体积为
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