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2025年广西贺州市平桂区中考三模物理试题
1．月全食的形成主要是由于光的（　　）
A．色散 B．反射 C．折射 D．直线传播
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】当月球、地球和太阳在同一直线上时，地球挡住太阳射到月球上的光，此时看不到月亮，从而形成月食，那么月食是光在同种均匀介质中形成，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D 。
【分析】 光在同种均匀介质中沿直线传播，现象有：影子、日食、月食及小孔成像等。
2．如图所示，是动车上配备的“逃生锤”，“逃生锤”的锤头做得很尖，这是为了（　　）
A．减小体积 B．增大压力 C．减小质量 D．增大压强
【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】 如图所示， 逃生锤的锤头做得很尖，是通过减小逃生锤和玻璃的受力面积增大对玻璃的压强，以便打破玻璃顺利逃生，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】增大压强的方法∶减小受力面积或增大压力。
3．小云打算将家中的一个房间改造为隔音房间，在方案实施前，可通过制作模型测试方案的可行性。制作隔音房间模型是通过隔音材料来改变房间之外人们听到声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
【答案】B
【知识点】响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 制作隔音房间模型是通过隔音材料来改变房间之外人们听到声音的响度，因为响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。
4．盐城被誉为“东方湿地，百河之城”。湿地能调节气温主要是因为水具有较大的（　　）
A．热量 B．内能 C．温度 D．比热容
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 湿地区域分布着充沛的水源，而水具备较大的比热容。白天日照升温时，同等质量的水与砂石吸收等量热量，水体温度上升幅度更小；到了夜间向外散热，二者释放相同热量，水温下降也更为平缓。这一特点让湿地周边昼夜气温差值明显缩小，从而起到调节环境温度的作用，D符合题意。
故选：D。
【分析】 (1) 比热容是物质的固有特性，水的比热容在常见物质中相对偏大。
(2) 质量相等的不同物质，吸收同等热量，比热容越大，温度变化越微弱。
(3) 质量相等的不同物质，放出同等热量，比热容越大，温度降低得越慢。
(4) 利用水的这一特性，可以有效缓和局部环境的气温变化。
5．利用如图所示的简易装置可以从海水中提取淡水，容器中的海水在太阳照射下，倾斜的玻璃板上就有淡水顺势流进另一个容器里．这个过程中经历了下述哪些物态变化
A．先汽化后凝固
B．先升华后凝华
C．先液化后凝固
D．先汽化后液化
【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 海水在阳光照射下不断吸收热量，液态的水逐渐转变为气态水蒸气，这一物态变化属于汽化。高温水蒸气接触温度较低的玻璃板后，又重新凝结成细小水珠附着在板面，此过程为液化。水珠顺着倾斜的玻璃板滑落，最终汇入下方容器。整个流程先后经历了汽化、液化两种物态变化，D符合题意。
故选：D。
【分析】 (1) 物质由液态转变为气态的过程，称作汽化，该变化需要吸收热量。
(2) 物质由气态转变为液态的过程，称作液化，该变化会向外放出热量。
(3) 本题模拟海水淡化原理，依次发生汽化与液化现象。
(4) 结合场景可区分两种物态变化的先后顺序与变化特点。
6．2025年2月10日，我国17岁运动小将熊诗芮勇夺亚冬会单板滑雪女子大跳台比赛的冠军，如图是熊诗芮比赛时的情景，熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的（　　）
A．动能减少，重力势能增加 B．动能减少，重力势能减少
C．动能增加，机械能增加 D．动能增加，机械能不变
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】AB.根据图片可知，熊诗芮在空中上升过程中，质量不变，速度变小，则动能减小；质量不变，高度增大，则重力势能增加，故A正确，B错误；
CD.在运动过程中，由于存在空气阻力，部分机械能转化为其它形式的能，因此机械能减小，故C、D错误。
故选A。
【分析】AB.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
CD.根据机械能与内能的转化分析。
7．如图，不带电的毛皮和绝缘棒摩擦，毛皮失去电子。绝缘棒靠近吸管，吸管被吸引，则（　　）
A．吸管一定带正电
B．绝缘棒摩擦后带正电
C．正电荷从绝缘棒移动到毛皮
D．摩擦后毛皮和绝缘棒带异种电荷
【答案】D
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】本题考查了带电体的性质、电荷间相互作用及带电的原因，需要注意的是，相互排斥的是带同种电荷，相互吸引的两物体不一定带异种电荷。BCD．摩擦起电的实质是电子的转移。不带电的毛皮和绝缘棒摩擦，毛皮失去电子带正电，绝缘棒得到电子带负电，电子带负电，所以是负电荷发生了转移，不是正电荷的移动，故BC不符合题意，D符合题意；
A．异种电荷相互吸引，且带电体具有吸引轻小物体的性质。与毛皮摩擦后的绝缘棒带负电，绝缘棒吸引吸管，说明吸管可能带正电，也可能不带电，故A不符合题意。
故选D。
【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电，相互摩擦的两个物体带等量异种电荷。
8．象棋起源于我国，拥有悠久的历史。如图所示，这是一种可以吸在竖直墙壁上的磁性象棋，当某颗棋子静止在墙面上时，该棋子（　　）
A．受到向下的摩擦力
B．吸在墙壁上是因为分子间存在引力
C．受到的重力和摩擦力是一对平衡力
D．受到墙壁的支持力和“吸力”是一对相互作用力
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；摩擦力的方向；磁场
【解析】【解答】AC．当棋子在墙面上保持静止状态时，它处于平衡状态，即它受到的摩擦力和重力大小相等，方向相反。重力的方向总是竖直向下的，因此摩擦力的方向是竖直向上的，故A不符合题意，C符合题意；
B．根据题意可知，这是磁性象棋，则该棋子吸在墙壁上是由于受到磁力，故B不符合题意；
D．棋子受到墙壁的支持力和“吸力”都作用在棋子上，即二者作用在同一物体上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，因此是一对平衡力，故D不符合题意。
故选C。
【分析】AC.对棋子在竖直方向上进行受力分析，根据平衡力的知识分析判断；
B.根据“ 这是一种可以吸在竖直墙壁上的磁性象棋 ”分析；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
9．新一代国产CPU龙芯3C6000系列已进入样片阶段，计划在2025年第二季度发布，性能达到国际主流产品水平。闭合开关S1，电脑CPU正常工作；当温度达到一定值时，温控开关闭合，电风扇通电（M表示）后散热降温。下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】分析可知，电路中CPU工作，电动机不工作；当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机采用并联方式，且电动机有独立开关控制，所以另一个开关应在干路上控制整个电路，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．小华在母亲节为妈妈做了一桌美食。下列说法正确的是（　　）
A．煲汤时，汤汁在沸腾过程中温度不变，内能不变
B．砂锅煲汤是通过热传递的方式改变汤汁内能的
C．把食材倒入滚烫的热油中时，油将温度传递给食材
D．夹取食物的筷子属于省力杠杆
【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；杠杆的分类；热传递的概念与方式
【解析】【解答】 A、汤汁沸腾以后，吸收热量，温度不变，内能增大，故A错误；
B、砂锅煲汤，汤吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变汤汁内能的，故B正确；
C、把食材倒入滚烫的热油中时，油将热量传递给食材，故C错误；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）液体沸腾的特点：吸收热量，温度不变；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递；
（3）热传递传递的是热量；
（4）根据在使用筷子时动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆类型。
11．如图所示为某烟雾报警器的电路简图，电源电压保持不变，烟雾感应器的阻值R随烟雾浓度的增大而减小。当烟雾浓度减少时（　　）
A．灯泡变暗 B．电压表示数变大
C．电路总电阻减小 D．电路中电流变大
【答案】A,B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据电路图可知，灯泡L与烟雾感应器R与串联，电压表测烟雾感应器R两端的电压。当烟雾浓度减小时阻值增大，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻增大。根据欧姆定律可知，电路电流变小，则灯泡变暗。由串联电路的分压原理可知，此时烟雾感应器R两端的电压增大，即电压表的示数变大，故AB正确，CD错误。
故选AB。
【分析】根据图片可知，灯泡与烟雾报警器串联，电压表与烟雾报警器并联。当烟雾浓度减少时，根据R总=R1+R2分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流的变化，进而确定灯泡的亮度变化。根据串联电路电压与电阻成正比的规律分析电压表的示数变化即可。
12．近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就。下列关于信息和能源的说法中正确的是（　　）
A．5G比4G传递信息更快，是因为5G使用的电磁波的波速更快
B．北斗卫星与汽车导航系统之间通过电磁波传递信息
C．核电站利用了核聚变产生的核能
D．白鹤滩水电站利用的水能属于可再生能源
【答案】B,D
【知识点】能源及其分类；核裂变；电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A. 5G和4G通信均依靠电磁波传输信号，电磁波在真空环境中的传播速度恒定，与通信制式无关，故A错误。
B. 太空环境属于真空状态，声音无法传播，北斗卫星与地面设备之间只能借助电磁波完成信号交互，故B正确。
C. 现阶段核电站均依靠可控核裂变释放能量来发电，核聚变技术暂未实现商业化应用，无法用于发电，故C错误。
D. 水能可以依靠自然界水循环持续补给，能够循环再生，属于可再生能源，故D正确。
故选：BD。
【分析】 (1) 各类通信使用的电磁波，传播速度保持一致，5G与4G仅在频段、传输性能上有区别。
(2) 电磁波可在真空中传播，是太空设备与地面通信的唯一载体。
(3) 核裂变技术成熟稳定，是当前核能发电的主流方式，核聚变还处在实验研发阶段。
(4) 按照能源能否循环再生划分，水能归为可再生能源，可长期持续利用。
13．如图所示，某同学用刻度尺测橡胶棒的长度，测出这根橡胶棒的长度为　 　cm。飞机从航空母舰的甲板起飞，以　 　为参照物，飞行员是静止的。
【答案】17.58；飞机
【知识点】刻度尺的使用；参照物及其选择
【解析】【解答】 图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与17.60cm对齐，故物体的长度为17.60cm；
以飞机为参照物，飞行员与飞机之间的位置没有发生变化，飞行员是静止的。
故答案为：17.60；飞机。
【分析】使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
14．“兰陵美酒郁金香，玉碗盛来琥珀光。”松柏科植物的树脂滴落而形成松香，松香会散发出淡淡的香味，这是　 　现象；松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图所示是一颗珍贵的昆虫琥珀，我们看到琥珀里的昆虫，是由于光发生　 　而产生的虚像。
【答案】扩散；折射
【知识点】光的折射现象及其应用；分子热运动
【解析】【解答】 空气中弥漫出淡淡香气，这是典型的扩散现象，本质是香气分子始终在不停地做无规则运动，从而四处飘散。 昆虫反射的光线穿过琥珀时，在不同透明介质间传播方向发生偏折，最终传入人眼，我们由此看到的昆虫影像，是光的折射所形成的虚像。
故答案为：扩散；折射。
【分析】 (1) 不同物质相互接触时，彼此的分子相互渗入对方内部的现象即为扩散，该现象也直观证明了分子在不停运动。
(2) 光斜着穿过两种透明介质的分界面时，传播路径发生改变，这种光学现象就是光的折射。
15．如图超市购物时，沿斜面将小车匀速推到斜面顶端。此过程中小车与物品质量不变，小车受到的支持力对小车　 　（选填“做功”或“不做功”），选用斜面这种简单机械可以省　 　（选填“功”“距离”或“力”）。
【答案】不做功；力
【知识点】斜面的机械效率；是否做功的判断
【解析】【解答】 由于支持力与斜面垂直，而小车沿着斜面移动，即小车没有在支持力的方向上移动距离，因此此过程中，小车受到的支持力对小车不做功；
使用斜面可以省力，但由于克服摩擦而做额外功，不能省功。
故答案为：不做功；力。
【分析】根据做功的两个必要因素分析小车受到的支持力对小车是否做功；
使用斜面可以省力，但不能省功。
16．如图甲所示是我国早期的指南针——司南，小明想用图乙的天然磁石仿制司南。根据图乙所示，该磁石的D端为　 　极；将该磁石的D端磨成勺柄，制成司南，放在水平光滑的“地盘”上，司南静止时，勺柄指向地球的　 　。
【答案】S；南极
【知识点】磁场；地磁场
【解析】【解答】（1）在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极，根据图乙所示，该磁石的D端为S极；（2）磁体指南的一端为S极，指北的一端为N极，则将该磁石的D端磨成勺柄，制成司南，司南静止时，勺柄指向地球的南极。
【分析】（1）根据磁感线的环绕方向解答；
（2）磁体指南的一端为S极，指北的一端为N极。
17．如图，汽车后玻璃上的除霜装置由五根阻值均为的电热丝并联而成。将其接在12V的电源上，闭合开关，每根电热丝在1min内产生的热量为　 　J。若其中一根电热丝断裂，其余四根电热丝　 　（选填“能”或“不能”）发热。
【答案】1440；能
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】 由题知，五根电热丝并联，所以每根电热丝两端电压均为12V，
闭合开关，每根电热丝在1min内产生的热量：；
并联电路中各支路间互不影响，所以若其中一根电热丝断裂，其余四根电热丝仍能发热。
故答案为：1440；能。
【分析】 并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，据此根据计算每根电热丝在1min内产生的热量；并联电路中各支路间互不影响。
18．A、B是相同材料制成的两个圆柱体，高度之比为4∶1；将A竖直放在水平桌面上，B置于A上面正中央（图甲），此时A对桌面的压强与B对A的压强之比为3∶1，则A、B的体积之比　 　。将A、B倒置后放在水平桌面上（图乙），则A对B的压强与B对桌面的压强之比　 　。
【答案】2∶1；4∶3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，在甲图中A对地面的压强；
B对A的压强；
则有①
已知二者的高度之比②
①②联立解得：，
根据V=Sh可知，则A、B的体积之比。
（2）将A、B倒置后放在水平桌面上（图乙），则A对B的压强为：；
B对桌面的压强之比；
则 A对B的压强与B对桌面的压强之比。
【分析】（1）根据和压强之比计算A和B的底面积之比，再根据V=Sh计算A、B的体积之比；
（2）根据计算 A对B的压强与B对桌面的压强之比 。
19．按要求作图：
（1）如图甲，请在图中画出物体AB在平面镜中所成的像；
（2）如图乙，请画出最省力的滑轮组绳子的绕法；
（3）如图丙，将图中的开关、电灯正确接入家庭电路中。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的原理、特点；滑轮组的设计与组装；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'，即为AB在平面镜中的像A'B'。
如图：
（2） “一动一定”两个滑轮组成滑轮组时，承担物重的段数最多为3段，此时最省力，从动滑轮的上挂钩开始向上绕起，绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：
（3） 灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡的金属点，然后回到零线上，如图所示：
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，成虚像，利用这一对称性作出AB的像。
（2）要使滑轮组最省力，就是使最多的绳子段数来承担动滑轮的拉力，图中滑轮组由一个动滑轮和一个定滑轮组成，有两种绕线方法：若n为偶数，绳子固定端在定滑轮上；若n为奇数，绳子固定端在动滑轮上。
（3）将开关、电灯正确接入家庭电路的方法：火线进入开关，再进入灯泡的金属点，螺旋套直接连接零线。
（1）平面镜成的像与物关于平面镜对称，分别作点、关于平面镜的对称点、并连接即为AB在平面镜中所成的像，作图如下：
（2）以动滑轮挂钩为起点由内向外绕绳，可以使得有效绳子段数最多为3根，此时最省力，作图如下：
（3）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，作图如下：
20．根据实验现象回答以下问题。
（1）如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。水沸腾后，继续加热，水的温度将　 　（选填“升高”“降低”或“不变”）；
（2）如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，该像与　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像特点相同。保持蜡烛和光屏的位置不变，将透镜移至　 　cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像；
（3）如图丙所示是“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”实验的装置。该实验通过观察U形管中　 　的变化来比较电流通过导体所产生热量的多少。图丙中的电路是为了探究电流产生的热量跟　 　（选填“电流”或“电阻”）的关系。
【答案】（1）不变
（2）照相机；40
（3）液面高度差；电流
【知识点】探究水的沸腾实验；凸透镜成像规律及其探究实验；焦耳定律
【解析】【解答】 （1）如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。水沸腾后，继续加热，水不断吸热，但水的温度将不变；
（2）如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，因物距大于像距，成倒立、缩小的实像，该像与照相机的成像特点相同。此时物距为50cm，此时像距为20cm，保持蜡烛和光屏的位置不变，根据光路的可逆性，将透镜移至40cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像；
（3）如图丙所示是“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”实验的装置。由转换法，该实验通过观察U形管中液面的高度差的变化来比较电流通过导体所产生热量的多少。图丙中的电路中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，是为了探究电流产生的热量跟电流的关系。
故答案为：（1）不变；（2）照相机；40；（3）液面的高度差；电流。
【分析】（1）水沸腾后，继续加，但水的温度将不变；
（2）物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；根据光路的可逆性分析；
（3）电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，两个透明容器中密封着等量的空气，电阻丝产生热量越多，气体膨胀程度越大，故可通过U形管液面的高度差来反映电阻丝产生的热量多少，采用了转换法；电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。
（1）水沸腾后继续给水加热，水持续吸热，但水的温度会保持在沸点不变。
（2）[1]如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，应用是照相机。
[2]根据光路可逆，保持蜡烛和光屏的位置不变，将物距和像距对调，即将透镜移至40cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像。
（3）[1]实验中，电阻丝产生热量越多，容器中空气吸热越多，体积膨胀的越大，U形管中液面高度差越大，所以，可以通过左右两侧U形管液面的高度差来反映导体产生热量的多少。
[2]图丙中，两个容器中、阻值相同，和并联后与串联，根据并联电流规律，通过的电流大于通过的电流，可以用来探究电流产生的热量跟电流的关系。
21．小华用饮料瓶、橡皮膜、玻璃管、浓盐水、清水、锥子、红墨水（为了方便观察染色）等器材做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，小华用锥子在装有水（滴有红墨水）的饮料瓶侧壁扎三个高度不同的孔，由此可以得出结论同种液体产生的压强与　 　有关，并且从上到下液体压强越来越　 　；
（2）小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，他的做法　 　（选填“合理”或“不合理”），并说明理由：　 　；
（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，装入适量浓盐水并滴入两滴红墨水，直到内外液面相平，发现橡皮膜向下凸出。实验证明，盐水的内部压强　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）水的内部压强；
（4）图甲实验中，若在饮料瓶瓶底扎一个小孔，随着水的不断流出，瓶子的重心将________（填符号）。
A．降低 B．不变
C．升高 D．先降低后升高
【答案】（1）深度；大
（2）不合理；一次实验得出的结论具有偶然性
（3）大于
（4）D
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）观察图甲能发现，容器侧壁开孔位置越深，水流喷射的距离就越远。由此可知，同种液体内部压强会随深度变化，深度越深，液体产生的压强也就越大。
（2）图乙的实验只进行了单次操作，便直接判定同种液体在同一深度处，朝各个方向的压强大小相等。该实验方案存在明显问题，仅依靠一组实验数据总结规律，得出的结论具备偶然性，不具备普遍说服力，因此做法不合理。
（3）图丙实验中，玻璃管内外液面高度保持一致，此时液体深度完全相同。包裹管口的橡皮膜向外凸起，说明管内浓盐水产生的压力更强，能够证明在深度一致的前提下，盐水产生的压强大于清水的压强。
（4）容器持续向外流水，瓶内水体不断减少，整体重心会随之慢慢下移；当瓶内水流尽后，空瓶自身的重心位置又会向上回升，结合规律判断本题选 D。
故答案为：（1）深度；大；（2）不合理；一次实验得出的结论具有偶然性；（3）大于；（4）D。
【分析】 （1）根据越往下的孔深度越大，水射出的距离越大分析回答；
（2）为得出普遍性的结论要多次测量；
（3）发现橡皮膜向下凸出，可知玻璃管内部液体产生的压强大；
（4）根据瓶子中水的重力的变化分析瓶子重心的变化。
（1）[1][2]如图甲所示，越往下的孔深度越大，水喷得越远，由此可以得出的结论是：同种液体产生的压强与深度有关，并且从上到下液体压强越来越大。
（2）[1][2]小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，他的做法是不合理的，因为只由一次实验得出的结论具有偶然性，应改变深度或者液体的密度多次实验，寻求普遍规律。
（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，把玻璃管浸入装水的饮料瓶中，发现橡皮膜向下凸出，说明盐水的内部压强大于水的内部压强。
（4）随着水的不断射出，一开始，水的重力占优势，瓶子和水的重心会下降；直到瓶子中的水基本全部射出时，瓶子的重力占优势，重心会升高，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
22．项目式学习小组依据标准电热丝，制作了一批相同规格的电热丝，现需逐一检测这批电热丝是否合格，合格的标准为（即范围内合格）。老师提供的实验器材有：电源（电压3V恒定）、标准电热丝、待检测电热丝、滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线。
（1）连接电路时开关应该　 　，滑动变阻器的滑片应置于最　 　（选填“左”或“右”）端；
（2）该实验的实验原理是　 　；
（3）某次检测，电流表和电压表的示数如图-2所示，则被检测的电阻阻值为　 　，通过滑动变阻器的电流为　 　A；
（4）在评估实验时，有成员提出：待测电热丝数量多，每次检测都需要调节、读数和计算，过程太繁琐。建议用标准电热丝和一只电表重新设计检测电路，在电表表头上标示合格范围，如图-3所示。将待检电热丝接入，无须任何调节，观察到指针在标示的范围内即为合格，范围外为不合格。还可以检测其它批次阻值不同的电热丝，只需更换对应批次的标准电热丝，无需其它调节，表头标示依旧可用。
①将设计的电路图画于方框内；　 　
②若所使用器材全是老师提供的实验器材，图-3中表头上标示的“+10%”对应的电表示数为　 　V。（保留一位小数）
【答案】（1）断开；左
（2）
（3）5；0.32
（4）；1.6
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）连接电路时开关应该断开，滑动变阻器的滑片应远离下面接线柱，置于最左端；
（2）在测电阻实验中，用电压表测电阻两端电压，用电流表测通过电阻的电流，利用求出电阻的阻值，故该实验原理是；（3）某次检测，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.32A；电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.6V，则该电阻阻值为： ；
（4）①接入待测电热丝后，无需调整即可直接读取结果，说明电路中无需滑动变阻器，且更换不同批次的标准电热丝R0时，表头标示的合格范围仍适用；由串联分压原理可知，将标准电热丝R0和待检电热丝R串联接入电路，电压表并联在待检电热丝R两端，如下图所示：
②电压表指针指向“+10%”，说明R=1.1R0，由分压原理可知：，即，解得：U≈1.6V。
故答案为：（1）断开；左；（2）；（3）5；0.32；（4）① ；②1.6V。
【分析】 （1）连接电路时，开关应该处于断开状态；为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应该调到最大值；
（2）实验原理是；
（3）根据两表选用的量程确定分度值读数，利用，求出电阻阻值；
（4）①接入待测电热丝后，无需调整即可直接读取结果，说明电路中无需滑动变阻器，且更换不同批次的标准电热丝R0时，表头标示的合格范围仍适用，据此根据串联分压原理设计电路图；②根据串联分压原理求出“+10%”对应的电表示数。
（1）[1][2]为保护电路，连接电路时开关应该断开，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最左端。
（2）实验中需要测量电热丝电阻大小，实验原理是。
（3）[1][2]实验中待检测电热丝和滑动变阻器串联，电压表测待检测电热丝的电压，电流表测电路中电流。如图-2所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.32A，则通过滑动变阻器的电流为0.32A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.6V，则被检测的电阻阻值为
（4）[1]电源电压一定（3V），将标准电热丝与待测电热丝R串联接入电路，根据电源电压、标准电热丝电阻、待测电热丝电阻合格范围，即可计算出待测电热丝R两端电压范围，测量待测电热丝两端电压，即可直接判定待测电热丝是否合格。设计电路如下：
[2]标准电热丝阻值为4Ω，待测电热丝电阻在+10%时阻值为
则待测电热丝R电压为
则图-3中表头上标示的“+10%”对应的电表示数为1.6V。
23．小冉和小萱一起测量盐水和绿豆的密度。
（1）小冉将天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，此时应将平衡螺母向　 　调节，使横梁平衡；
（2）天平调平后小萱进行了3步操作：
①测空烧杯的质量为32g；
②如图甲，用天平测烧杯和盐水的总质量为　 　g；
③将盐水全部倒入量筒，液面如图乙；则盐水的密度=　 　，按这样的操作步骤会导致密度测量值比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）；为减小误差，以上操作合理的顺序是　 　（填序号）；
（3）测完盐水密度后，小冉设计了一个利用矿泉水瓶和天平测量绿豆密度的方法，请你帮她完成以下实验内容：（水的密度为ρ水）
①用矿泉水瓶装适量的水，在瓶身标记水面的位置，用天平测出瓶和水的总质量为m1；
②把矿泉水瓶中的水倒出一小部分后，再次测出瓶和水的总质量为m2；
③用碗装一些绿豆，测出碗和绿豆的总质量为m3；
④把碗中的绿豆慢慢倒入瓶中，直至水面又与标记处相平，测出此时碗和绿豆的总质量为m4。请你帮小冉推导出绿豆密度表达式　 　（用所给物理量表示）。在步骤①中，小萱认为应该在横截面积较小的瓶口区域做标记会更好，这样做的好处是　 　。
【答案】（1）左
（2）92；1.2；大；②③①
（3）；液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】 （1）把天平放在水平桌面上，将游码归零，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，说明天平的右端下沉，平衡螺母向左端移动；
（2）由图甲可知，烧杯和浓盐水的总质量为：m1=50g+20g+20g+2g=92g，
由图乙可知，量筒中浓盐水的体积为：V=50mL=50cm3；
量筒中浓盐水的质量为：m=m1-m杯=92g-32g=60g，
浓盐水的密度为：；如果按照小冉的步骤操作，将浓盐水倒入量筒中时，不可能把烧杯内的浓盐水全部倒入量筒内，导致测量的浓盐水的体积偏小，由密度公式可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；所以合理的实验顺序是②③①；
（3）④用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积为：，
绿豆的密度；
在水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
故答案为：（1）左；（2）92；1.2；偏大；②③①；（3）；液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
【分析】（1）把天平放在水平桌面上，将游码归零，指针偏向分度盘中线的右侧，说明天平的左端下沉，平衡螺母向右端移动；
（2）①烧杯和浓盐水的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
②弄清量筒的分度值，根据液面对应的刻度读出量筒中浓盐水的体积；
③先利用烧杯和浓盐水的总质量减去空烧杯的质量求出量筒中浓盐水的质量，再根据密度公式求出浓盐水的密度；
为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；
（3）小安用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积，倒出水的质量为m1-m2，对应的水的体积容易表示出来，加入瓶中的绿豆的质量为m3-m4，绿豆的密度由密度公式求出。让水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，说明右端重，此时应将平衡螺母向左调节，给左端增重，使横梁平衡。
（2）[1]如图甲，天平横梁标尺分度值为0.2g，则烧杯和盐水的总质量为
[2]如图乙，量筒分度值为，示数为，则盐水的体积为
盐水的质量为
则盐水的密度
[3]由于将盐水全部倒入量筒时倒不干净，所以测得盐水的体积偏小，根据，按这样的操作步骤会导致密度测量值比真实值偏大。
[4]为了避免由于盐水残留引起的误差，操作步骤上可先测总质量，再倒入量筒测体积，最后测量烧杯和残留盐水的质量，即调整后的顺序是②③①。
（3）[1]绿豆的质量为，绿豆的体积等于倒出的水的体积，则绿豆的体积
则绿豆密度
[2]在横截面积较小的瓶口区域做标记的好处是瓶口横截面积小，液面控制更准确，测量精度高，测量的体积误差小。
24．在跨学科实践课上，制作一个简易空气质量检测仪。如图乙所示的空气质量检测仪的电路，其中定值电阻R0＝20Ω，电源电压U恒为6V不变，用电流表示数表示对应空气质量指数；闭合开关S，当电流表示数为0.15A时，电路报警，此时电磁铁把衔铁B吸下来，净化系统开始工作，电磁铁中线圈的电阻不计。气敏电阻值R随空气质量指数K的关系如图甲所示：
（1）当空气质量指数K为50时，电阻R0两端的电压；
（2）当电路报警时，气敏电阻R的电功率；
（3）若想让仪器检测更加灵敏，使空气质量指数K为150时电路就报警，请提出合理化建议（通过计算说明）。
【答案】解：（1）闭合开关S后，当空气质量指数K=50时，气敏电阻R的阻值为100Ω，根据串联分压规律可得
代入数值得
解得U0=1V。
（2）当电流表示数为0.15A时，电路报警，电路中的总电阻为
所以气敏电阻接入电路中的阻值为
R'=R总-R0=40Ω-20Ω=20Ω
由图乙可知，此时气敏电阻接入电路的阻值为20Ω，此时气敏电阻R消耗的功率为
P=I2R'=(0.15A)2×20Ω=0.45W
（3）使空气质量指数K为150时，气敏电阻接入电路的阻值为R''=30Ω，电路报警电流不变，仍为0.15A，则此时电路中的总电阻仍为40Ω，所以R0接入的阻值为
R0'=R总- R''=40Ω-30Ω=10Ω
所以可以将定值电阻R0换成10Ω的。如果不更换电阻，需电路报警电流不变，仍为0.15A，则电源电压为
U=I(R0+ R'')=0.15A×(20Ω+30Ω)=7.5V
所以也可以将电源电压调为7.5V。
答：（1）当空气质量指数K为50时，电阻R0两端的电压为1V；
（2）当电路报警时，气敏电阻R的电功率0.45W；
（3）若想让仪器检测更加灵敏，使空气质量指数K为150时电路就报警，可以将定值电阻换成10Ω或将电源电压调为7.5V。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解析】（1）当开关S闭合，空气质量指数K=50时，气敏电阻R的阻值为100Ω。根据串联电路的分压原理，建立方程：，由此可解出R0两端的电压U0。
（2）当电流表示数达到报警值0.15A时，电路总电阻为。此时气敏电阻的阻值R'=R总-R0。根据图乙可知，此时R'=20Ω，其消耗的功率可通过公式P=I2R'计算。
（3）若要求当K=150时触发报警（此时R''=30Ω），需保持报警电流仍为0.15A。此时总电阻需保持40Ω，因此需将R0调整为R0'=R总-R''=10Ω。若不更换电阻，则需调整电源电压为U=I(R0+R'')。
25．某同学制作了一把“浮力秤”。浮力秤由浮体和外筒组成，浮体包括秤盘和秤盘下的圆柱体，其构造如图所示。圆柱体高度为L0＝40cm、底面积为S＝30cm2，外筒高度大于L0，秤盘中不放物体静止时，浸入水中深度为h0＝16cm。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
（1）求秤盘中不放物体时，圆柱体底部受到水的压强p0；
（2）求浮体的重力G；
（3）若把浮体放在酒精中使用，求浮力秤能测物体的最大质量m。
【答案】（1）秤盘中不放物体时，圆柱体底部所处的深度为：h0=16cm=0.16m；
圆柱体底部受到水的压强：p0=ρ水gh0=1×103kg/m3×10N/kg×0.16m=1600Pa；
（2）当秤盘上不放物体时，圆柱体排开水的体积为：V排0=Sh0=30cm2×16cm=480cm3=4.8×10-4m3，
根据漂浮条件和阿基米德原理可得：
G=F浮=ρ水gV排0=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.8×10-4m3=4.8N；
（3）若把浮体放在酒精中使用，达到最大称量值时圆柱体应刚好浸没，则最大排开水的体积：V排=SL0=30cm2×40cm=1200cm3=1.2×10-3m3，
F浮大=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1.2×10-3m3=9.6N，
则被测物体的最大重力为：G大=F浮大-G=9.6N-4.8N=4.8N，
由G=mg得“电子浮力秤”的最大称量：。
答：（1）秤盘中不放物体时，圆柱体底部受到水的压强p0为1600Pa；
（2）浮体的重力G为4.8N；
（3）若把浮体放在酒精中使用，浮力秤能测物体的最大质量m为480g。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）当秤盘上不放物体时，根据液体压强公式计算圆柱体底部受到水的压强p0；
（2）当秤盘上不放物体时，由于浮体处于漂浮，则浮体自身的重力浮体所受到的浮力，利用V排=S浮体h0求出排开水的体积，利用阿基米德原理可求出浮体所受到的浮力；
（3）若把浮体放在酒精中使用，达到最大称量值时圆柱体应刚好浸没，利用V排=Sh求出最大排开水的体积，利用阿基米德原理可求出浮体所受到的最大浮力；根据漂浮条件求出浮力秤能测物体的最大重力，然后求出最大质量m。
1 / 12025年广西贺州市平桂区中考三模物理试题
1．月全食的形成主要是由于光的（　　）
A．色散 B．反射 C．折射 D．直线传播
2．如图所示，是动车上配备的“逃生锤”，“逃生锤”的锤头做得很尖，这是为了（　　）
A．减小体积 B．增大压力 C．减小质量 D．增大压强
3．小云打算将家中的一个房间改造为隔音房间，在方案实施前，可通过制作模型测试方案的可行性。制作隔音房间模型是通过隔音材料来改变房间之外人们听到声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率
4．盐城被誉为“东方湿地，百河之城”。湿地能调节气温主要是因为水具有较大的（　　）
A．热量 B．内能 C．温度 D．比热容
5．利用如图所示的简易装置可以从海水中提取淡水，容器中的海水在太阳照射下，倾斜的玻璃板上就有淡水顺势流进另一个容器里．这个过程中经历了下述哪些物态变化
A．先汽化后凝固
B．先升华后凝华
C．先液化后凝固
D．先汽化后液化
6．2025年2月10日，我国17岁运动小将熊诗芮勇夺亚冬会单板滑雪女子大跳台比赛的冠军，如图是熊诗芮比赛时的情景，熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的（　　）
A．动能减少，重力势能增加 B．动能减少，重力势能减少
C．动能增加，机械能增加 D．动能增加，机械能不变
7．如图，不带电的毛皮和绝缘棒摩擦，毛皮失去电子。绝缘棒靠近吸管，吸管被吸引，则（　　）
A．吸管一定带正电
B．绝缘棒摩擦后带正电
C．正电荷从绝缘棒移动到毛皮
D．摩擦后毛皮和绝缘棒带异种电荷
8．象棋起源于我国，拥有悠久的历史。如图所示，这是一种可以吸在竖直墙壁上的磁性象棋，当某颗棋子静止在墙面上时，该棋子（　　）
A．受到向下的摩擦力
B．吸在墙壁上是因为分子间存在引力
C．受到的重力和摩擦力是一对平衡力
D．受到墙壁的支持力和“吸力”是一对相互作用力
9．新一代国产CPU龙芯3C6000系列已进入样片阶段，计划在2025年第二季度发布，性能达到国际主流产品水平。闭合开关S1，电脑CPU正常工作；当温度达到一定值时，温控开关闭合，电风扇通电（M表示）后散热降温。下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
10．小华在母亲节为妈妈做了一桌美食。下列说法正确的是（　　）
A．煲汤时，汤汁在沸腾过程中温度不变，内能不变
B．砂锅煲汤是通过热传递的方式改变汤汁内能的
C．把食材倒入滚烫的热油中时，油将温度传递给食材
D．夹取食物的筷子属于省力杠杆
11．如图所示为某烟雾报警器的电路简图，电源电压保持不变，烟雾感应器的阻值R随烟雾浓度的增大而减小。当烟雾浓度减少时（　　）
A．灯泡变暗 B．电压表示数变大
C．电路总电阻减小 D．电路中电流变大
12．近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就。下列关于信息和能源的说法中正确的是（　　）
A．5G比4G传递信息更快，是因为5G使用的电磁波的波速更快
B．北斗卫星与汽车导航系统之间通过电磁波传递信息
C．核电站利用了核聚变产生的核能
D．白鹤滩水电站利用的水能属于可再生能源
13．如图所示，某同学用刻度尺测橡胶棒的长度，测出这根橡胶棒的长度为　 　cm。飞机从航空母舰的甲板起飞，以　 　为参照物，飞行员是静止的。
14．“兰陵美酒郁金香，玉碗盛来琥珀光。”松柏科植物的树脂滴落而形成松香，松香会散发出淡淡的香味，这是　 　现象；松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图所示是一颗珍贵的昆虫琥珀，我们看到琥珀里的昆虫，是由于光发生　 　而产生的虚像。
15．如图超市购物时，沿斜面将小车匀速推到斜面顶端。此过程中小车与物品质量不变，小车受到的支持力对小车　 　（选填“做功”或“不做功”），选用斜面这种简单机械可以省　 　（选填“功”“距离”或“力”）。
16．如图甲所示是我国早期的指南针——司南，小明想用图乙的天然磁石仿制司南。根据图乙所示，该磁石的D端为　 　极；将该磁石的D端磨成勺柄，制成司南，放在水平光滑的“地盘”上，司南静止时，勺柄指向地球的　 　。
17．如图，汽车后玻璃上的除霜装置由五根阻值均为的电热丝并联而成。将其接在12V的电源上，闭合开关，每根电热丝在1min内产生的热量为　 　J。若其中一根电热丝断裂，其余四根电热丝　 　（选填“能”或“不能”）发热。
18．A、B是相同材料制成的两个圆柱体，高度之比为4∶1；将A竖直放在水平桌面上，B置于A上面正中央（图甲），此时A对桌面的压强与B对A的压强之比为3∶1，则A、B的体积之比　 　。将A、B倒置后放在水平桌面上（图乙），则A对B的压强与B对桌面的压强之比　 　。
19．按要求作图：
（1）如图甲，请在图中画出物体AB在平面镜中所成的像；
（2）如图乙，请画出最省力的滑轮组绳子的绕法；
（3）如图丙，将图中的开关、电灯正确接入家庭电路中。
20．根据实验现象回答以下问题。
（1）如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。水沸腾后，继续加热，水的温度将　 　（选填“升高”“降低”或“不变”）；
（2）如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，该像与　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像特点相同。保持蜡烛和光屏的位置不变，将透镜移至　 　cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像；
（3）如图丙所示是“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”实验的装置。该实验通过观察U形管中　 　的变化来比较电流通过导体所产生热量的多少。图丙中的电路是为了探究电流产生的热量跟　 　（选填“电流”或“电阻”）的关系。
21．小华用饮料瓶、橡皮膜、玻璃管、浓盐水、清水、锥子、红墨水（为了方便观察染色）等器材做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，小华用锥子在装有水（滴有红墨水）的饮料瓶侧壁扎三个高度不同的孔，由此可以得出结论同种液体产生的压强与　 　有关，并且从上到下液体压强越来越　 　；
（2）小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，他的做法　 　（选填“合理”或“不合理”），并说明理由：　 　；
（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，装入适量浓盐水并滴入两滴红墨水，直到内外液面相平，发现橡皮膜向下凸出。实验证明，盐水的内部压强　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）水的内部压强；
（4）图甲实验中，若在饮料瓶瓶底扎一个小孔，随着水的不断流出，瓶子的重心将________（填符号）。
A．降低 B．不变
C．升高 D．先降低后升高
22．项目式学习小组依据标准电热丝，制作了一批相同规格的电热丝，现需逐一检测这批电热丝是否合格，合格的标准为（即范围内合格）。老师提供的实验器材有：电源（电压3V恒定）、标准电热丝、待检测电热丝、滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线。
（1）连接电路时开关应该　 　，滑动变阻器的滑片应置于最　 　（选填“左”或“右”）端；
（2）该实验的实验原理是　 　；
（3）某次检测，电流表和电压表的示数如图-2所示，则被检测的电阻阻值为　 　，通过滑动变阻器的电流为　 　A；
（4）在评估实验时，有成员提出：待测电热丝数量多，每次检测都需要调节、读数和计算，过程太繁琐。建议用标准电热丝和一只电表重新设计检测电路，在电表表头上标示合格范围，如图-3所示。将待检电热丝接入，无须任何调节，观察到指针在标示的范围内即为合格，范围外为不合格。还可以检测其它批次阻值不同的电热丝，只需更换对应批次的标准电热丝，无需其它调节，表头标示依旧可用。
①将设计的电路图画于方框内；　 　
②若所使用器材全是老师提供的实验器材，图-3中表头上标示的“+10%”对应的电表示数为　 　V。（保留一位小数）
23．小冉和小萱一起测量盐水和绿豆的密度。
（1）小冉将天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，此时应将平衡螺母向　 　调节，使横梁平衡；
（2）天平调平后小萱进行了3步操作：
①测空烧杯的质量为32g；
②如图甲，用天平测烧杯和盐水的总质量为　 　g；
③将盐水全部倒入量筒，液面如图乙；则盐水的密度=　 　，按这样的操作步骤会导致密度测量值比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）；为减小误差，以上操作合理的顺序是　 　（填序号）；
（3）测完盐水密度后，小冉设计了一个利用矿泉水瓶和天平测量绿豆密度的方法，请你帮她完成以下实验内容：（水的密度为ρ水）
①用矿泉水瓶装适量的水，在瓶身标记水面的位置，用天平测出瓶和水的总质量为m1；
②把矿泉水瓶中的水倒出一小部分后，再次测出瓶和水的总质量为m2；
③用碗装一些绿豆，测出碗和绿豆的总质量为m3；
④把碗中的绿豆慢慢倒入瓶中，直至水面又与标记处相平，测出此时碗和绿豆的总质量为m4。请你帮小冉推导出绿豆密度表达式　 　（用所给物理量表示）。在步骤①中，小萱认为应该在横截面积较小的瓶口区域做标记会更好，这样做的好处是　 　。
24．在跨学科实践课上，制作一个简易空气质量检测仪。如图乙所示的空气质量检测仪的电路，其中定值电阻R0＝20Ω，电源电压U恒为6V不变，用电流表示数表示对应空气质量指数；闭合开关S，当电流表示数为0.15A时，电路报警，此时电磁铁把衔铁B吸下来，净化系统开始工作，电磁铁中线圈的电阻不计。气敏电阻值R随空气质量指数K的关系如图甲所示：
（1）当空气质量指数K为50时，电阻R0两端的电压；
（2）当电路报警时，气敏电阻R的电功率；
（3）若想让仪器检测更加灵敏，使空气质量指数K为150时电路就报警，请提出合理化建议（通过计算说明）。
25．某同学制作了一把“浮力秤”。浮力秤由浮体和外筒组成，浮体包括秤盘和秤盘下的圆柱体，其构造如图所示。圆柱体高度为L0＝40cm、底面积为S＝30cm2，外筒高度大于L0，秤盘中不放物体静止时，浸入水中深度为h0＝16cm。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
（1）求秤盘中不放物体时，圆柱体底部受到水的压强p0；
（2）求浮体的重力G；
（3）若把浮体放在酒精中使用，求浮力秤能测物体的最大质量m。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】当月球、地球和太阳在同一直线上时，地球挡住太阳射到月球上的光，此时看不到月亮，从而形成月食，那么月食是光在同种均匀介质中形成，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D 。
【分析】 光在同种均匀介质中沿直线传播，现象有：影子、日食、月食及小孔成像等。
2．【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】 如图所示， 逃生锤的锤头做得很尖，是通过减小逃生锤和玻璃的受力面积增大对玻璃的压强，以便打破玻璃顺利逃生，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】增大压强的方法∶减小受力面积或增大压力。
3．【答案】B
【知识点】响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 制作隔音房间模型是通过隔音材料来改变房间之外人们听到声音的响度，因为响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。
4．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 湿地区域分布着充沛的水源，而水具备较大的比热容。白天日照升温时，同等质量的水与砂石吸收等量热量，水体温度上升幅度更小；到了夜间向外散热，二者释放相同热量，水温下降也更为平缓。这一特点让湿地周边昼夜气温差值明显缩小，从而起到调节环境温度的作用，D符合题意。
故选：D。
【分析】 (1) 比热容是物质的固有特性，水的比热容在常见物质中相对偏大。
(2) 质量相等的不同物质，吸收同等热量，比热容越大，温度变化越微弱。
(3) 质量相等的不同物质，放出同等热量，比热容越大，温度降低得越慢。
(4) 利用水的这一特性，可以有效缓和局部环境的气温变化。
5．【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 海水在阳光照射下不断吸收热量，液态的水逐渐转变为气态水蒸气，这一物态变化属于汽化。高温水蒸气接触温度较低的玻璃板后，又重新凝结成细小水珠附着在板面，此过程为液化。水珠顺着倾斜的玻璃板滑落，最终汇入下方容器。整个流程先后经历了汽化、液化两种物态变化，D符合题意。
故选：D。
【分析】 (1) 物质由液态转变为气态的过程，称作汽化，该变化需要吸收热量。
(2) 物质由气态转变为液态的过程，称作液化，该变化会向外放出热量。
(3) 本题模拟海水淡化原理，依次发生汽化与液化现象。
(4) 结合场景可区分两种物态变化的先后顺序与变化特点。
6．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化
【解析】【解答】AB.根据图片可知，熊诗芮在空中上升过程中，质量不变，速度变小，则动能减小；质量不变，高度增大，则重力势能增加，故A正确，B错误；
CD.在运动过程中，由于存在空气阻力，部分机械能转化为其它形式的能，因此机械能减小，故C、D错误。
故选A。
【分析】AB.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
CD.根据机械能与内能的转化分析。
7．【答案】D
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断
【解析】【解答】本题考查了带电体的性质、电荷间相互作用及带电的原因，需要注意的是，相互排斥的是带同种电荷，相互吸引的两物体不一定带异种电荷。BCD．摩擦起电的实质是电子的转移。不带电的毛皮和绝缘棒摩擦，毛皮失去电子带正电，绝缘棒得到电子带负电，电子带负电，所以是负电荷发生了转移，不是正电荷的移动，故BC不符合题意，D符合题意；
A．异种电荷相互吸引，且带电体具有吸引轻小物体的性质。与毛皮摩擦后的绝缘棒带负电，绝缘棒吸引吸管，说明吸管可能带正电，也可能不带电，故A不符合题意。
故选D。
【分析】带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电，相互摩擦的两个物体带等量异种电荷。
8．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；摩擦力的方向；磁场
【解析】【解答】AC．当棋子在墙面上保持静止状态时，它处于平衡状态，即它受到的摩擦力和重力大小相等，方向相反。重力的方向总是竖直向下的，因此摩擦力的方向是竖直向上的，故A不符合题意，C符合题意；
B．根据题意可知，这是磁性象棋，则该棋子吸在墙壁上是由于受到磁力，故B不符合题意；
D．棋子受到墙壁的支持力和“吸力”都作用在棋子上，即二者作用在同一物体上，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，因此是一对平衡力，故D不符合题意。
故选C。
【分析】AC.对棋子在竖直方向上进行受力分析，根据平衡力的知识分析判断；
B.根据“ 这是一种可以吸在竖直墙壁上的磁性象棋 ”分析；
D.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
9．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】分析可知，电路中CPU工作，电动机不工作；当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机采用并联方式，且电动机有独立开关控制，所以另一个开关应在干路上控制整个电路，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
10．【答案】B
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；杠杆的分类；热传递的概念与方式
【解析】【解答】 A、汤汁沸腾以后，吸收热量，温度不变，内能增大，故A错误；
B、砂锅煲汤，汤吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变汤汁内能的，故B正确；
C、把食材倒入滚烫的热油中时，油将热量传递给食材，故C错误；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）液体沸腾的特点：吸收热量，温度不变；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递；
（3）热传递传递的是热量；
（4）根据在使用筷子时动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆类型。
11．【答案】A,B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】根据电路图可知，灯泡L与烟雾感应器R与串联，电压表测烟雾感应器R两端的电压。当烟雾浓度减小时阻值增大，根据R总=R1+R2可知，此时总电阻增大。根据欧姆定律可知，电路电流变小，则灯泡变暗。由串联电路的分压原理可知，此时烟雾感应器R两端的电压增大，即电压表的示数变大，故AB正确，CD错误。
故选AB。
【分析】根据图片可知，灯泡与烟雾报警器串联，电压表与烟雾报警器并联。当烟雾浓度减少时，根据R总=R1+R2分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流的变化，进而确定灯泡的亮度变化。根据串联电路电压与电阻成正比的规律分析电压表的示数变化即可。
12．【答案】B,D
【知识点】能源及其分类；核裂变；电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 A. 5G和4G通信均依靠电磁波传输信号，电磁波在真空环境中的传播速度恒定，与通信制式无关，故A错误。
B. 太空环境属于真空状态，声音无法传播，北斗卫星与地面设备之间只能借助电磁波完成信号交互，故B正确。
C. 现阶段核电站均依靠可控核裂变释放能量来发电，核聚变技术暂未实现商业化应用，无法用于发电，故C错误。
D. 水能可以依靠自然界水循环持续补给，能够循环再生，属于可再生能源，故D正确。
故选：BD。
【分析】 (1) 各类通信使用的电磁波，传播速度保持一致，5G与4G仅在频段、传输性能上有区别。
(2) 电磁波可在真空中传播，是太空设备与地面通信的唯一载体。
(3) 核裂变技术成熟稳定，是当前核能发电的主流方式，核聚变还处在实验研发阶段。
(4) 按照能源能否循环再生划分，水能归为可再生能源，可长期持续利用。
13．【答案】17.58；飞机
【知识点】刻度尺的使用；参照物及其选择
【解析】【解答】 图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与17.60cm对齐，故物体的长度为17.60cm；
以飞机为参照物，飞行员与飞机之间的位置没有发生变化，飞行员是静止的。
故答案为：17.60；飞机。
【分析】使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
14．【答案】扩散；折射
【知识点】光的折射现象及其应用；分子热运动
【解析】【解答】 空气中弥漫出淡淡香气，这是典型的扩散现象，本质是香气分子始终在不停地做无规则运动，从而四处飘散。 昆虫反射的光线穿过琥珀时，在不同透明介质间传播方向发生偏折，最终传入人眼，我们由此看到的昆虫影像，是光的折射所形成的虚像。
故答案为：扩散；折射。
【分析】 (1) 不同物质相互接触时，彼此的分子相互渗入对方内部的现象即为扩散，该现象也直观证明了分子在不停运动。
(2) 光斜着穿过两种透明介质的分界面时，传播路径发生改变，这种光学现象就是光的折射。
15．【答案】不做功；力
【知识点】斜面的机械效率；是否做功的判断
【解析】【解答】 由于支持力与斜面垂直，而小车沿着斜面移动，即小车没有在支持力的方向上移动距离，因此此过程中，小车受到的支持力对小车不做功；
使用斜面可以省力，但由于克服摩擦而做额外功，不能省功。
故答案为：不做功；力。
【分析】根据做功的两个必要因素分析小车受到的支持力对小车是否做功；
使用斜面可以省力，但不能省功。
16．【答案】S；南极
【知识点】磁场；地磁场
【解析】【解答】（1）在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极，根据图乙所示，该磁石的D端为S极；（2）磁体指南的一端为S极，指北的一端为N极，则将该磁石的D端磨成勺柄，制成司南，司南静止时，勺柄指向地球的南极。
【分析】（1）根据磁感线的环绕方向解答；
（2）磁体指南的一端为S极，指北的一端为N极。
17．【答案】1440；能
【知识点】焦耳定律的应用
【解析】【解答】 由题知，五根电热丝并联，所以每根电热丝两端电压均为12V，
闭合开关，每根电热丝在1min内产生的热量：；
并联电路中各支路间互不影响，所以若其中一根电热丝断裂，其余四根电热丝仍能发热。
故答案为：1440；能。
【分析】 并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，据此根据计算每根电热丝在1min内产生的热量；并联电路中各支路间互不影响。
18．【答案】2∶1；4∶3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，在甲图中A对地面的压强；
B对A的压强；
则有①
已知二者的高度之比②
①②联立解得：，
根据V=Sh可知，则A、B的体积之比。
（2）将A、B倒置后放在水平桌面上（图乙），则A对B的压强为：；
B对桌面的压强之比；
则 A对B的压强与B对桌面的压强之比。
【分析】（1）根据和压强之比计算A和B的底面积之比，再根据V=Sh计算A、B的体积之比；
（2）根据计算 A对B的压强与B对桌面的压强之比 。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的原理、特点；滑轮组的设计与组装；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'，即为AB在平面镜中的像A'B'。
如图：
（2） “一动一定”两个滑轮组成滑轮组时，承担物重的段数最多为3段，此时最省力，从动滑轮的上挂钩开始向上绕起，绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：
（3） 灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡的金属点，然后回到零线上，如图所示：
【分析】（1）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，成虚像，利用这一对称性作出AB的像。
（2）要使滑轮组最省力，就是使最多的绳子段数来承担动滑轮的拉力，图中滑轮组由一个动滑轮和一个定滑轮组成，有两种绕线方法：若n为偶数，绳子固定端在定滑轮上；若n为奇数，绳子固定端在动滑轮上。
（3）将开关、电灯正确接入家庭电路的方法：火线进入开关，再进入灯泡的金属点，螺旋套直接连接零线。
（1）平面镜成的像与物关于平面镜对称，分别作点、关于平面镜的对称点、并连接即为AB在平面镜中所成的像，作图如下：
（2）以动滑轮挂钩为起点由内向外绕绳，可以使得有效绳子段数最多为3根，此时最省力，作图如下：
（3）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，作图如下：
20．【答案】（1）不变
（2）照相机；40
（3）液面高度差；电流
【知识点】探究水的沸腾实验；凸透镜成像规律及其探究实验；焦耳定律
【解析】【解答】 （1）如图甲所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。水沸腾后，继续加热，水不断吸热，但水的温度将不变；
（2）如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，因物距大于像距，成倒立、缩小的实像，该像与照相机的成像特点相同。此时物距为50cm，此时像距为20cm，保持蜡烛和光屏的位置不变，根据光路的可逆性，将透镜移至40cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像；
（3）如图丙所示是“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”实验的装置。由转换法，该实验通过观察U形管中液面的高度差的变化来比较电流通过导体所产生热量的多少。图丙中的电路中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，是为了探究电流产生的热量跟电流的关系。
故答案为：（1）不变；（2）照相机；40；（3）液面的高度差；电流。
【分析】（1）水沸腾后，继续加，但水的温度将不变；
（2）物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；根据光路的可逆性分析；
（3）电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，两个透明容器中密封着等量的空气，电阻丝产生热量越多，气体膨胀程度越大，故可通过U形管液面的高度差来反映电阻丝产生的热量多少，采用了转换法；电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。
（1）水沸腾后继续给水加热，水持续吸热，但水的温度会保持在沸点不变。
（2）[1]如图乙所示烛焰在光屏上恰好成清晰的像，物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像，应用是照相机。
[2]根据光路可逆，保持蜡烛和光屏的位置不变，将物距和像距对调，即将透镜移至40cm刻度处，光屏上会再次得到清晰的像。
（3）[1]实验中，电阻丝产生热量越多，容器中空气吸热越多，体积膨胀的越大，U形管中液面高度差越大，所以，可以通过左右两侧U形管液面的高度差来反映导体产生热量的多少。
[2]图丙中，两个容器中、阻值相同，和并联后与串联，根据并联电流规律，通过的电流大于通过的电流，可以用来探究电流产生的热量跟电流的关系。
21．【答案】（1）深度；大
（2）不合理；一次实验得出的结论具有偶然性
（3）大于
（4）D
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）观察图甲能发现，容器侧壁开孔位置越深，水流喷射的距离就越远。由此可知，同种液体内部压强会随深度变化，深度越深，液体产生的压强也就越大。
（2）图乙的实验只进行了单次操作，便直接判定同种液体在同一深度处，朝各个方向的压强大小相等。该实验方案存在明显问题，仅依靠一组实验数据总结规律，得出的结论具备偶然性，不具备普遍说服力，因此做法不合理。
（3）图丙实验中，玻璃管内外液面高度保持一致，此时液体深度完全相同。包裹管口的橡皮膜向外凸起，说明管内浓盐水产生的压力更强，能够证明在深度一致的前提下，盐水产生的压强大于清水的压强。
（4）容器持续向外流水，瓶内水体不断减少，整体重心会随之慢慢下移；当瓶内水流尽后，空瓶自身的重心位置又会向上回升，结合规律判断本题选 D。
故答案为：（1）深度；大；（2）不合理；一次实验得出的结论具有偶然性；（3）大于；（4）D。
【分析】 （1）根据越往下的孔深度越大，水射出的距离越大分析回答；
（2）为得出普遍性的结论要多次测量；
（3）发现橡皮膜向下凸出，可知玻璃管内部液体产生的压强大；
（4）根据瓶子中水的重力的变化分析瓶子重心的变化。
（1）[1][2]如图甲所示，越往下的孔深度越大，水喷得越远，由此可以得出的结论是：同种液体产生的压强与深度有关，并且从上到下液体压强越来越大。
（2）[1][2]小华又进行了如图乙所示的操作，他仅做了一次实验就得出“同种液体在同一深度向各个方向的压强大小相等”的结论，他的做法是不合理的，因为只由一次实验得出的结论具有偶然性，应改变深度或者液体的密度多次实验，寻求普遍规律。
（3）如图丙所示，小华用橡皮膜将玻璃管的一端蒙住，把玻璃管浸入装水的饮料瓶中，发现橡皮膜向下凸出，说明盐水的内部压强大于水的内部压强。
（4）随着水的不断射出，一开始，水的重力占优势，瓶子和水的重心会下降；直到瓶子中的水基本全部射出时，瓶子的重力占优势，重心会升高，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
22．【答案】（1）断开；左
（2）
（3）5；0.32
（4）；1.6
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）连接电路时开关应该断开，滑动变阻器的滑片应远离下面接线柱，置于最左端；
（2）在测电阻实验中，用电压表测电阻两端电压，用电流表测通过电阻的电流，利用求出电阻的阻值，故该实验原理是；（3）某次检测，电流表和电压表的示数如图2所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.32A；电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.6V，则该电阻阻值为： ；
（4）①接入待测电热丝后，无需调整即可直接读取结果，说明电路中无需滑动变阻器，且更换不同批次的标准电热丝R0时，表头标示的合格范围仍适用；由串联分压原理可知，将标准电热丝R0和待检电热丝R串联接入电路，电压表并联在待检电热丝R两端，如下图所示：
②电压表指针指向“+10%”，说明R=1.1R0，由分压原理可知：，即，解得：U≈1.6V。
故答案为：（1）断开；左；（2）；（3）5；0.32；（4）① ；②1.6V。
【分析】 （1）连接电路时，开关应该处于断开状态；为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应该调到最大值；
（2）实验原理是；
（3）根据两表选用的量程确定分度值读数，利用，求出电阻阻值；
（4）①接入待测电热丝后，无需调整即可直接读取结果，说明电路中无需滑动变阻器，且更换不同批次的标准电热丝R0时，表头标示的合格范围仍适用，据此根据串联分压原理设计电路图；②根据串联分压原理求出“+10%”对应的电表示数。
（1）[1][2]为保护电路，连接电路时开关应该断开，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最左端。
（2）实验中需要测量电热丝电阻大小，实验原理是。
（3）[1][2]实验中待检测电热丝和滑动变阻器串联，电压表测待检测电热丝的电压，电流表测电路中电流。如图-2所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.32A，则通过滑动变阻器的电流为0.32A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.6V，则被检测的电阻阻值为
（4）[1]电源电压一定（3V），将标准电热丝与待测电热丝R串联接入电路，根据电源电压、标准电热丝电阻、待测电热丝电阻合格范围，即可计算出待测电热丝R两端电压范围，测量待测电热丝两端电压，即可直接判定待测电热丝是否合格。设计电路如下：
[2]标准电热丝阻值为4Ω，待测电热丝电阻在+10%时阻值为
则待测电热丝R电压为
则图-3中表头上标示的“+10%”对应的电表示数为1.6V。
23．【答案】（1）左
（2）92；1.2；大；②③①
（3）；液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】 （1）把天平放在水平桌面上，将游码归零，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，说明天平的右端下沉，平衡螺母向左端移动；
（2）由图甲可知，烧杯和浓盐水的总质量为：m1=50g+20g+20g+2g=92g，
由图乙可知，量筒中浓盐水的体积为：V=50mL=50cm3；
量筒中浓盐水的质量为：m=m1-m杯=92g-32g=60g，
浓盐水的密度为：；如果按照小冉的步骤操作，将浓盐水倒入量筒中时，不可能把烧杯内的浓盐水全部倒入量筒内，导致测量的浓盐水的体积偏小，由密度公式可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；所以合理的实验顺序是②③①；
（3）④用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积为：，
绿豆的密度；
在水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
故答案为：（1）左；（2）92；1.2；偏大；②③①；（3）；液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
【分析】（1）把天平放在水平桌面上，将游码归零，指针偏向分度盘中线的右侧，说明天平的左端下沉，平衡螺母向右端移动；
（2）①烧杯和浓盐水的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
②弄清量筒的分度值，根据液面对应的刻度读出量筒中浓盐水的体积；
③先利用烧杯和浓盐水的总质量减去空烧杯的质量求出量筒中浓盐水的质量，再根据密度公式求出浓盐水的密度；
为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；
（3）小安用等效代替法求绿豆的体积，绿豆的体积等于倒出水的体积，倒出水的质量为m1-m2，对应的水的体积容易表示出来，加入瓶中的绿豆的质量为m3-m4，绿豆的密度由密度公式求出。让水面与瓶口相平，这样的好处，液面控制更准确，瓶口截面积小，测量精度高，测量的体积误差小。
（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度线处，发现指针静止时偏向分度盘中线的右侧，说明右端重，此时应将平衡螺母向左调节，给左端增重，使横梁平衡。
（2）[1]如图甲，天平横梁标尺分度值为0.2g，则烧杯和盐水的总质量为
[2]如图乙，量筒分度值为，示数为，则盐水的体积为
盐水的质量为
则盐水的密度
[3]由于将盐水全部倒入量筒时倒不干净，所以测得盐水的体积偏小，根据，按这样的操作步骤会导致密度测量值比真实值偏大。
[4]为了避免由于盐水残留引起的误差，操作步骤上可先测总质量，再倒入量筒测体积，最后测量烧杯和残留盐水的质量，即调整后的顺序是②③①。
（3）[1]绿豆的质量为，绿豆的体积等于倒出的水的体积，则绿豆的体积
则绿豆密度
[2]在横截面积较小的瓶口区域做标记的好处是瓶口横截面积小，液面控制更准确，测量精度高，测量的体积误差小。
24．【答案】解：（1）闭合开关S后，当空气质量指数K=50时，气敏电阻R的阻值为100Ω，根据串联分压规律可得
代入数值得
解得U0=1V。
（2）当电流表示数为0.15A时，电路报警，电路中的总电阻为
所以气敏电阻接入电路中的阻值为
R'=R总-R0=40Ω-20Ω=20Ω
由图乙可知，此时气敏电阻接入电路的阻值为20Ω，此时气敏电阻R消耗的功率为
P=I2R'=(0.15A)2×20Ω=0.45W
（3）使空气质量指数K为150时，气敏电阻接入电路的阻值为R''=30Ω，电路报警电流不变，仍为0.15A，则此时电路中的总电阻仍为40Ω，所以R0接入的阻值为
R0'=R总- R''=40Ω-30Ω=10Ω
所以可以将定值电阻R0换成10Ω的。如果不更换电阻，需电路报警电流不变，仍为0.15A，则电源电压为
U=I(R0+ R'')=0.15A×(20Ω+30Ω)=7.5V
所以也可以将电源电压调为7.5V。
答：（1）当空气质量指数K为50时，电阻R0两端的电压为1V；
（2）当电路报警时，气敏电阻R的电功率0.45W；
（3）若想让仪器检测更加灵敏，使空气质量指数K为150时电路就报警，可以将定值电阻换成10Ω或将电源电压调为7.5V。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解析】（1）当开关S闭合，空气质量指数K=50时，气敏电阻R的阻值为100Ω。根据串联电路的分压原理，建立方程：，由此可解出R0两端的电压U0。
（2）当电流表示数达到报警值0.15A时，电路总电阻为。此时气敏电阻的阻值R'=R总-R0。根据图乙可知，此时R'=20Ω，其消耗的功率可通过公式P=I2R'计算。
（3）若要求当K=150时触发报警（此时R''=30Ω），需保持报警电流仍为0.15A。此时总电阻需保持40Ω，因此需将R0调整为R0'=R总-R''=10Ω。若不更换电阻，则需调整电源电压为U=I(R0+R'')。
25．【答案】（1）秤盘中不放物体时，圆柱体底部所处的深度为：h0=16cm=0.16m；
圆柱体底部受到水的压强：p0=ρ水gh0=1×103kg/m3×10N/kg×0.16m=1600Pa；
（2）当秤盘上不放物体时，圆柱体排开水的体积为：V排0=Sh0=30cm2×16cm=480cm3=4.8×10-4m3，
根据漂浮条件和阿基米德原理可得：
G=F浮=ρ水gV排0=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.8×10-4m3=4.8N；
（3）若把浮体放在酒精中使用，达到最大称量值时圆柱体应刚好浸没，则最大排开水的体积：V排=SL0=30cm2×40cm=1200cm3=1.2×10-3m3，
F浮大=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1.2×10-3m3=9.6N，
则被测物体的最大重力为：G大=F浮大-G=9.6N-4.8N=4.8N，
由G=mg得“电子浮力秤”的最大称量：。
答：（1）秤盘中不放物体时，圆柱体底部受到水的压强p0为1600Pa；
（2）浮体的重力G为4.8N；
（3）若把浮体放在酒精中使用，浮力秤能测物体的最大质量m为480g。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）当秤盘上不放物体时，根据液体压强公式计算圆柱体底部受到水的压强p0；
（2）当秤盘上不放物体时，由于浮体处于漂浮，则浮体自身的重力浮体所受到的浮力，利用V排=S浮体h0求出排开水的体积，利用阿基米德原理可求出浮体所受到的浮力；
（3）若把浮体放在酒精中使用，达到最大称量值时圆柱体应刚好浸没，利用V排=Sh求出最大排开水的体积，利用阿基米德原理可求出浮体所受到的最大浮力；根据漂浮条件求出浮力秤能测物体的最大重力，然后求出最大质量m。
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