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2026年湖北省浠水县实验初级中学等校中考物理模拟练习卷
1．人工智能技术的不断发展，聊天机器人成为了一个备受瞩目的领域。如图是工程师聆听机器人唱歌表演的场景，下列说法正确的是（　　）
A．调节机器人唱歌的“音量”是改变声音的音调
B．机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的
C．机器人的歌声不是振动产生的
D．歌声在各种介质中的传播速度均为340m/s
2．如图所示，将干冰放入瓶子内底部，在瓶嘴处套一个气球，过一段时间会观察到气球鼓起，瓶子的底部出现白霜，中间部位出现水珠。针对以上现象说法正确的是（　　）
A．白霜是空气中水蒸气遇冷凝固形成的
B．小水珠是空气中水蒸气吸热液化形成的
C．瓶底出现霜，中部出现水珠，是由于瓶底温度比中部更低
D．气球鼓起是由于瓶内的干冰发生了汽化形成的
3．如图所示是一个魔术箱，魔术箱的顶部的中央有一条窄缝，使激光笔产生的激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出．将一块遮光板从顶部的窄缝插入箱中，发现遮光板并没有挡住激光束的传播．下面几种设计方案中错误的是
A．
B．
C．
D．
4．绿氢制备已成为企业、政府布局的重点项目。“光伏＋绿氢”模式将太阳能面板转化的电能供给电解槽系统用于电解水制氢。下列判断正确的是（　　）
A．光伏电站利用的太阳能属于不可再生能源
B．太阳能面板利用的单晶硅是半导体材料
C．电解槽可以将电能全部转化为化学能
D．氢能源车替代燃油汽车会增加碳的排放
5．如图所示，是目前世界上能实现可控飞行的最小无线机器人。该机器人由两部分组成，一部分是用3D打印出来的主体结构，由四个螺旋桨叶片和一个平衡环组成；另一部分是小永磁体。根据设计的飞行路径，向机器人发射电磁波，在变化的磁场作用下，小永磁体被吸引和排斥，带动螺旋桨旋转并产生足够升力，让机器人完成离地飞行、悬停等动作。下列说法中正确的是（　　）
A．螺旋桨产生升力利用了气体流速大压强大的原理
B．电磁波的传播是需要介质的
C．该机器人在真空中也能飞行
D．该机器人悬停时受到的合力为零
6．早在宋朝，我国劳动人民就发明了如图所示的“走马灯”，它的原理是空气被蜡烛加热，形成上升气流，推动灯顶上的叶片转动。下列说法正确的是（　　）
A．未燃烧的蜡烛内能为零
B．热空气对叶片做功后内能会增大
C．空气被蜡烛加热是通过热传递实现的
D．高温的蜡烛火焰含有很多的热量
7．我国自主研发的载人潜水器“奋斗者”号，潜水记录最深为10909m，镌刻下了新的“中国深度”。下列关于“奋斗者”号从水面沿直线匀速下潜过程中的说法正确的是（　　）
A．下潜过程中受到海水的压强保持不变
B．下潜过程中受到海水的浮力不断减小
C．匀速下潜时受到海水的浮力大于其重力
D．减速下潜时排开水的质量不变
8．如图，这是小静设计的一款无需电池和燃料的无碳小车。在重物下落驱动无碳小车运动的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．顶部的定滑轮可以省力
B．机械效率可达到100%
C．主要是利用重力势能转化为动能
D．给车轮轴承加润滑油可以增大摩擦力
9．如图所示的轨道插座可以按照用户用电需求在轨道上增减、移动插座。以下关于轨道插座的使用，符合安全用电原则的是（　　）
A．用湿手将插座从轨道上拔离
B．若插座起火，应立即切断电源
C．增加插座使多个大功率用电器同时使用
D．导线绝缘皮破损后仍继续使用
10．电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，外接电风扇（用M表示）工作辅助降温。下列符合设计要求的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
11．实践小组设计具有防盗报警功能的文物展台，如图所示，其中、、为金属板，文物搬离时，金属板被弹簧顶起。下列说法正确的是（　　）
A．金属板相当于电源
B．文物放在展台上，报警铃开路
C．文物放在展台上，灯泡不发光
D．文物离开展台，报警铃响，灯泡变暗
12．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　）
A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω
B．环境温度升高时，电压表的示数减小
C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低
D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源
13．如图，在深圳龙岗，一家轮胎店的修车工人将汽油倒入塑料桶，移动塑料桶时突发大火，原因是拉动塑料桶时由于　 　，使塑料桶失去电子带上　 　电荷，电荷累积到一定程度出现了放电现象；当电线起火时，消防员不能连续喷水，因为喷出的水具有　 　性，会引起消防员触电。
14．如图所示，是我校校门入口处设置的人脸识别机，能够进行人脸识别。它的镜头实际上是一个　 　透镜，当我们走近一体机时，人在镜头上所成的像将变　 　，戴近视眼镜的小明为了方便被识别拿掉了眼镜，此时物体在小明眼睛里成的像应该在视网膜　 　（选填“前”或“后”）。
15．小明在跨学科实践活动中制作了如图所示的杆秤。称重时杆秤左低右高，他应将秤砣往　 　移动，才能使杆秤水平平衡；若想增大杆秤的量程，可将提纽移到O点　 　侧。（均选填“左”或“右”）
16．核磁共振仪使用时，需要注入液氮以降低内部超导线圈的温度，减小超导线圈的电阻，从而增大　 　，进而　 　（选填“增大”或“减小”）磁场，所以禁止携带金属物品进入检查室。
17．为确保乘客上下车安全，公交车内在驾驶座位右前方设置有一个后视镜（如图甲），通过后视镜司机可观察到车内乘客的具体情况，请在图乙中画出A处的司机通过后视镜能观察到的范围。
18．图甲为用开瓶器开汽水的场景，图乙是开瓶器的简化示意图。开瓶器与瓶盖接触的点为支点，开瓶器受到的阻力已知。请在图乙中作出开瓶器在点开汽水时最小的动力和阻力的阻力臂；
19．小明跟同学一起做“探究水的沸腾”实验：
（1）按图甲组装器材，使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后　 　的变化。用酒精灯加热，水温达到88℃时开始读数，每隔1min记录一次，第3min时温度计示数如图所示，读数为　 　℃；
（2）由记录的数据可知，水的沸点为　 　℃；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
水温/℃ 88 90 92
96 98 98 98 98
（3）8min后撤掉酒精灯，观察到水停止沸腾，说明水沸腾时需要　 　；
（4）为研究沸点与气压的关系，小明用橡皮塞塞紧大试管口，用气筒向外抽气（如图乙），观察到水再次沸腾，记录此时的沸点温度，由此可得出：液体的沸点随气压　 　。
20．汽车生产中使用轻量化材料——镁合金材料可以减轻整车质量，这样不仅能降低汽车油耗，还能减少二氧化碳的排放。小明通过实验测量镁合金材料的密度。
（1）实验发现合金体积较大，无法直接放入量筒，他们取来溢水杯和量杯，设计了如下实验操作步骤：
①用电子天平测量镁合金的质量；
②如图（a）所示，在溢水杯中加水到　 　；用细线拴住镁合金，慢慢放入溢水杯中，使镁合金完全浸没，让溢出的水流入量杯；
③如图（b）所示，读出量杯中水的体积；
④根据公式，求出镁合金密度。
（2）由图（b）可知镁合金的体积为　 　，若镁合金的质量54g，则该镁合金的密度为　 　。
（3）实验需要进行多次测量，目的是为了　 　（选填“得到普遍规律”或“求平均值减小误差”）。
（4）若溢水杯未装满，测出的密度值　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
21．小明利用图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡L在不同电压下的电阻。
（1）请在图甲未连接好的地方用笔画线代替导线将电路连接完整。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在　 　端。（选填“A”或“B”）
（3）连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表几乎没有示数，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是小灯泡　 　。
（4）排除故障后闭合开关，当滑片P移动到某位置时，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，同时观察　 　示数。
（5）调节滑动变阻器，进行多次测量，并利用所测的数据绘制出通过小灯泡的电流I随其两端电压U变化的图像，如图丙所示。根据图像可得：小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω。（保留一位小数）
（6）小明通过实验发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，进一步实验可知灯丝的电阻受到　 　的影响。
22．如图甲为某品牌即热式节能饮水机，其简化的工作电路图如图乙所示，加热腔内分为快速加热挡和慢速加热挡，其中与均为加热电阻。图丙为该饮水机正常工作20min时电功率随时间变化的图像。求：
（1）慢速加热挡工作时的电流；
（2）该饮水机工作20min消耗的电能；
（3）发热电阻丝的电阻。
23．我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图所示）在世界最深的马里亚纳海沟成功坐底，刷新了中国载人深潜的纪录。在万米深海下，潜水器无法产生足够的高压将舱室内的海水排出，需要固体浮力材料和压载铁配合完成下沉和上浮。“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处；临近海底，会抛掉第一组压载铁，减速后静止悬浮在海水中。完成作业后，抛掉第二组压载铁，使所受浮力大于自身重力，上浮返航。潜水器匀速运动时所受海水阻力均为，浮力材料的总体积为，，g取10N/kg。
（1）在深度为的海水中，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为多少Pa？
（2）若潜水器浸没在海水中时，第二组压载铁刚好可以平衡浮力材料产生的额外浮力，则浮力块密度为多少？
（3）抛掉第二组压载铁后，潜水器恰好可以匀速上浮，请推导出第一组压载铁和第二组压载铁的质量大小关系。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．调节“音量”是改变声音的响度，而不是音调，即声音的高低，故A错误；
B．空气可以传声，机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的，故B正确；
C．声音是物体的振动产生的，机器人的歌声，也是物体振动产生的，故C错误；
D．在不同介质中，声速一般不同，声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，故D错误。
故选B。
【分析】声音的大小指响度，声音的高低指音调；声音的传播需要介质，声音是物体振动产生的，声速和介质种类有关。
2．【答案】C
【知识点】升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A：白霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，不是凝固，故错误；
B：小水珠是空气中水蒸气放热液化形成的，不是吸热，故错误；
C：瓶底出现白霜，中部出现水珠，是由于瓶底温度比中部更低，故正确；
D：气球鼓起是由于瓶内的干冰发生了升华，不是汽化，故错误；
故答案选 C。
【分析】A：凝华与凝固的区别——凝华是气态直接变固态，凝固是液态变固态。
B：液化放热，汽化吸热。
C：温度越低，水蒸气越容易凝华成霜；温度稍低则液化成水珠。
D：干冰是固态二氧化碳，变成气态是升华。
3．【答案】C
【知识点】光的反射定律；透镜的光路图
【解析】【解答】A、方案依靠三块平面镜反射光路，遮光板在缝隙处无法阻挡反射光线，A设计正确；
B、左右凸透镜配合底部平面镜完成光路转折，光线可避开中间遮光板，B设计正确；
C、左侧凹透镜对入射光线发散、右侧凸透镜会聚，光路会被中间遮光板遮挡，无法从右侧小孔射出，C设计错误；
D、两侧凹透镜搭配底部平面镜改变光路，光线绕开遮光板正常出射，D设计正确；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的镜面反射；平面镜可改变光的传播方向，弯折光路避开遮光挡板；
B、考查凸透镜对光线的会聚作用；凸透镜先会聚光线，配合平面镜折转光路实现透光；
C、考查凹透镜发散与凸透镜会聚规律；凹透镜发散后的光路走向会被中间遮光板隔断；
D、考查凹透镜对光线的发散作用；凹透镜发散光路后经平面镜反射，绕开挡板完成出射。
4．【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；半导体特点及作用
【解析】【解答】A：太阳能属于可再生能源，不是不可再生能源，故错误；
B：单晶硅是半导体材料，广泛用于太阳能电池板，故正确；
C：电解槽将电能转化为化学能，但存在能量损失，不可能全部转化，故错误；
D：氢能源车燃烧氢气生成水，不排放二氧化碳，可减少碳排放，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：可再生能源与不可再生能源的分类——太阳能、风能、水能等是可再生能源；煤、石油、天然气、核能等是不可再生能源。
B：半导体材料的应用——单晶硅、锗等用于制造太阳能电池、芯片等。
C：能量转化效率——任何能量转化过程都有损失，效率不可能达到100%。
D：氢能的环保优势——燃烧产物为水，无污染，有助于减少碳排放。
5．【答案】D
【知识点】平衡状态的判断；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：螺旋桨产生升力利用了气体流速大压强小的原理，不是压强大，故错误；
B：电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故错误；
C：该机器人在真空中无法获得升力，因为螺旋桨需要空气，故错误；
D：机器人悬停时处于平衡状态，合力为零，故正确；
故答案选 D。
【分析】A：流体压强与流速的关系——流速大处压强小。
B：电磁波的传播特性——不需要介质。
C：升力产生条件——需要流体（空气）。
D：平衡状态——静止或匀速直线运动时合力为零。
6．【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A：未燃烧的蜡烛内能不为零，故错误；
B：热空气对叶片做功，自身内能减小，故错误；
C：空气被蜡烛加热是通过热传递实现的，故正确；
D：热量是过程量，不能说“含有”，故错误；
故答案选 C。
【分析】A：内能是物体内部所有分子动能和势能的总和，任何物体在任何温度下都有内能。
B：做功改变内能，物体对外做功，内能减小。
C：热传递是热量从高温物体传到低温物体的过程。
D：热量是热传递过程中传递的能量，不是物体含有的。
7．【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：下潜过程中深度增加，海水压强增大，故错误；
B：完全浸没后，排开水的体积不变，浮力不变，故错误；
C：匀速下潜时，受力平衡，浮力等于重力，故错误；
D：减速下潜时，仍完全浸没，排开水的体积不变，排开水的质量不变，故正确；
故答案选 D。
【分析】A： 根据可知， 液体压强随深度增加而增大。
B： 根据可知， 浮力大小与排开液体的体积有关，完全浸没后体积不变，浮力不变。
C：匀速直线运动时物体受力平衡，浮力等于重力。
D：排开水的质量等于排开水的体积乘以水的密度，体积不变则质量不变。
8．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；定滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A．根据图片可知，顶部的定滑轮固定不动，为定滑轮，则它不能改变力的大小，故A错误；
B．使用任何机械都做额外功，则该装置的机械效率不可能达到100%，故B错误；
C．高处的重物具有重力势能，重物下落时高度降低，则重力势能减小，同时小车运动，动能增加，说明重力势能主要转化为小车的动能，故C正确；
D．给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力，使小车运动更顺畅，故D错误。
故选C。
【分析】A.固定不动的滑轮为定滑轮，跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮；
B.使用任何机械都做额外功；
C.根据动能和重力势能的大小变化分析；
D.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面，注入润滑油和变滑动为滚动。
9．【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A：用湿手拔插座，水是导体，易触电，不符合安全用电原则，故错误；
B：插座起火时，应先切断电源，再灭火，符合安全用电原则，故正确；
C：多个大功率用电器同时使用易造成电路过载，引发火灾，不符合安全用电原则，故错误；
D：导线绝缘皮破损后继续使用易漏电，不符合安全用电原则，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：安全用电常识——不能用湿手接触电器。
B：电气火灾处理——先断电，后灭火。
C：家庭电路总功率限制——避免过载。
D：导线绝缘层破损应及时更换。
10．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意：电脑CPU温度上升到某一值时，外接电风扇M工作辅助降温。因此，电路应设计为：温控开关（或温度传感器控制的开关）与风扇M串联，当温度达到设定值时开关闭合，风扇转动；当温度低于某一值时，电路中只有CPU工作，电动机不工作；
当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机互不影响，采用并联方式，且电动机有独立开关控制，则一个开关与电动机串联，另一个开关应在干路上控制整个电路，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】温控开关：温度升高到一定值时自动闭合，温度降低后断开。
电路设计：需满足风扇仅在需要降温时工作，故开关与风扇串联。
11．【答案】D
【知识点】电路的构成及电路图；电路的三种状态
【解析】【解答】A：金属板B是导体，用于连接电路，不是电源，故错误；
B：文物放在展台上时，金属板B被压下与A、C接触，使电铃短路，报警铃不响，不是开路，故错误；
C：文物放在展台上时，电路通路，灯泡发光，故错误；
D：文物离开展台，B弹起，电铃接入电路，与灯泡串联，总电阻增大，电流减小，灯泡变暗，同时电铃响，故正确；
故答案选 D。
【分析】电路设计：利用金属板作为开关，文物压住时使电铃短路，灯泡正常发光；文物离开时电铃接入，与灯泡串联，两者均工作但灯泡变暗。
短路与开路：短路是指用电器两端被导线直接连接，电流不通过用电器；开路是电路断开。
串联电路特点：总电阻增大，电流减小，用电器功率变化。
12．【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：由图丙知，温度从升高到，R的阻值从增加到，总阻值变化
因此每升高，R的阻值增加，故错误；
B：环境温度升高时，R增大，恒流源电流不变，电压表示数U=IR增大，故错误；
C：温度变化相同时，电压表示数的变化值越大，灵敏度越高，故错误；
D：若要增大灵敏度，需增大ΔU，即增大I（恒流源电流），故正确；
故答案选 D。
【分析】A：图像斜率计算——取两点(0，20)和(100，80)，斜率(80-20)/(100-0)=0.6 Ω/℃。
B：欧姆定律——U=IR，I恒定，R增大则U增大。
C：灵敏度定义——单位温度变化引起的电压变化越大，灵敏度越高。
D：由ΔU=I·k·Δt，增大I可使ΔU增大，从而提高灵敏度。
13．【答案】摩擦起电；正；导电
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；安全用电原则
【解析】【解答】拉动塑料桶时由于摩擦，使塑料桶失去电子带上正电荷；喷出的水具有导电性，会引起消防员触电。
故答案第一空：摩擦起电；第二空：正；第三空：导电。
【分析】摩擦起电：不同物体相互摩擦时，电子发生转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
塑料桶与汽油摩擦，塑料桶易失去电子带正电。
普通水含有杂质，是导体，具有导电性，灭火时若喷水可能造成触电。
14．【答案】凸；大；前
【知识点】凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】人脸识别设备的摄像镜头成像规律和照相机一致，依靠凸透镜会聚光线实现成像，因此镜头选用凸透镜。
镜头成倒立、缩小的实像，遵循凸透镜实像变化规律，人靠近设备时物距不断减小，对应的像距变大，感光元件上承接的人像随之变大。
近视眼的晶状体折光本领偏大，光线会聚过早，摘掉矫正用的凹透镜后，外界物体成像位置落在视网膜前方。
故答案为：凸；大；前；
【分析】依托照相机成像原理，摄像头与照相机光学结构相同，据此确定镜头透镜种类。
结合凸透镜成实像 “物近像远像变大” 的变化规律，根据人物靠近带来的物距变化，判断像的大小变化。
根据近视眼成因相关知识点，明确晶状体会聚过强会使像成在视网膜前方，去掉近视镜后成像位置保持不变。
15．【答案】右；左
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】称重时杆秤左低右高，说明左侧较重，应将秤砣向右移动，使右侧力臂增大，杆秤水平平衡；若想增大杆秤的量程，即能称更重的物体，应将提纽（支点）向左移动，使左侧力臂减小，右侧力臂增大。
故答案第一空：右；第二空：左。
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂 = 阻力×阻力臂。
左低右高说明左侧力与力臂乘积大于右侧，需增大右侧力臂或减小左侧力臂。
增大杆秤量程：在秤盘端（阻力）不变的情况下，需减小阻力臂或增大动力臂，因此将支点向左移（靠近秤盘）可减小阻力臂，使量程增大。
16．【答案】电流；增大
【知识点】超导体特点及作用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】核磁共振仪使用时，根据欧姆定律 ，需要注入液氮以降低内部超导线圈的温度，减少超导线圈的电阻，从而增大电流，进而增大磁场，所以禁止携带金属物品进入检查室。
故答案第一空：电流；第二空：增大。
【分析】超导线圈电阻为零时，在电压一定的情况下，电流会很大。
通电线圈产生的磁场与电流大小成正比，电流增大，磁场增强。
强磁场会吸引铁磁性金属物品，造成危险。
17．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】按照平面镜成像物像关于镜面对称的规律，先画出 A 点在后视镜镜面另一侧的对称点 A 撇，也就是 A 的虚像位置；将 A 撇分别和后视镜左右两个端点 B、C 相连，连线与镜面相交处作为入射点，依次补全入射光线、反射光线，两条反射光线中间的范围，就是 A 位置司机借助后视镜能看到的区域。如图所示：；
故答案为：
；
【分析】依托平面镜成像对称规律确定像点，根据反射光线反向延长线经过虚像的原理，连接像与镜面端点划定光路边界，两条边界反射光线包围的区域就是可视范围。
18．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】作图步骤如下：
1. 连接支点 O 与动力作用点 A，得到线段 OA。
2. 过点 A 作 OA 的垂线，根据实际开瓶时动力方向（通常向下压），沿使杠杆顺时针转动的方向画出动力 F1，箭头标出，这就是最小动力（因为动力臂最长）。
3. 从支点 O 向阻力 F2 的作用线作垂线，该垂线段即为阻力臂l2，用大括号或双箭头标出，并标注 l2。
【分析】杠杆最小动力的作图原理：当动力臂最大时，动力最小。动力臂最大为支点到动力作用点的距离，因此最小动力的方向应垂直于支点与动力作用点的连线。
阻力臂是从支点到阻力作用线的垂直距离，与阻力方向垂直。
开瓶器属于省力杠杆，动力臂大于阻力臂。
19．【答案】（1）气泡；94
（2）98
（3）吸收热量
（4）减小而降低
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后气泡的变化。
（2）第3min时温度计示数为94℃；由记录的数据可知，水的沸点为98℃。
（3）撤掉酒精灯，水停止沸腾，说明水沸腾时需要吸收热量。
（4）抽气后水再次沸腾，说明沸点降低，由此可得：液体的沸点随气压减小而降低（或随气压增大而升高）。
【分析】（1）实验器材的选择：大试管受热面积大，水升温快；同时便于观察气泡的产生和变化。
（2）温度计读数：视线与液柱上表面相平，根据分度值（通常为1℃）正确读数；水沸腾时温度保持不变，该温度即为沸点，由表格数据可知从第5min开始温度稳定在98℃。
（3）沸腾条件：达到沸点且继续吸热，撤去热源后水停止沸腾，证明沸腾需要吸热。
（4）沸点与气压的关系：向外抽气使试管内气压减小，水的沸点降低，水重新沸腾，说明沸点随气压减小而降低。
（1）实验中，需要观察沸腾前后气泡的变化情况，故使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后气泡的变化；由图甲可知，温度计的分度值为1℃，其示数为94℃。
（2）水沸腾时温度保持不变，这个不变的温度就是沸点，由表格可知，水温达到98℃后不再升高，所以沸点为98℃。
（3）撤去酒精灯后，水不能继续吸收热量，停止沸腾，说明水沸腾过程需要持续吸热。
（4）向外抽气，试管内气压减小，原本停止沸腾的水再次沸腾，说明水的沸点降低，因此可得：液体的沸点随气压减小而降低。
20．【答案】（1）溢水口
（2）；
（3）求平均值减小误差
（4）偏大
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）在溢水杯中加水到溢水口，这样才能保证溢出的水的体积等于镁合金的体积。
（2）由图（b）可知，量杯中水的体积为30mL，即30cm3，所以镁合金的体积
镁合金的质量，根据密度公式
（3）实验需要进行多次测量，目的是为了求平均值减小误差。
（4）若溢水杯未装满，测出的密度值偏大。
【分析】（1）排水法测体积：将物体浸没在盛满水的溢水杯中，物体排开水的体积等于物体体积，用量杯收集排出的水并读数。
（2）体积读数：量杯示数为30mL= 30cm3 = 3×10-5m3；质量54g= 0.054kg，根据密度进行计算
（3）测量性实验中多次测量取平均值可减小偶然误差，提高测量精度。
（4）溢水杯未装满时，放入合金后水面上升，若未达到溢水口则无溢出，测得的体积偏小；若部分溢出，则溢出体积小于合金实际体积，导致体积测量值偏小，由 \( \rho = \frac{m}{V} \) 可知，密度测量值偏大。
（1）在溢水杯中加水到溢水口，这样才能保证溢出的水的体积等于镁合金的体积。
（2）由图（b）可知，量杯中水的体积为30mL，即30cm3，所以镁合金的体积
镁合金的质量，根据密度公式
（3）测量密度属于定量实验，多次测量的目的是求平均值减小误差。
（4）若溢水杯未装满，溢出的水的体积会小于镁合金的体积，导致测得的体积偏小。根据，体积偏小会使计算出的密度偏大。
21．【答案】（1）
（2）A
（3）断路
（4）B；电压表
（5）8.9
（6）温度
【知识点】影响电阻大小的因素；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 连接电路：将电压表并联在小灯泡两端，电流表串联在电路中，滑动变阻器采用“一上一下”接法，且使滑片P位于A端（最大阻值处）。 如图所示：
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，由图甲可知，滑动变阻器的B端下接线柱接入电路，所以滑片P应放置在A端。
（3）电流表几乎无示数，说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，所以故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表选用的是的量程，分度值为0.1V，示数为1.3V，小于额定电压2.5V，要让小灯泡电压达到2.5V，根据串联分压规律，滑动变阻器分压要减小，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，所以滑片向B端移动，同时观察电压表示数，直至示数为2.5V。
（5）由图丙可知，小灯泡正常发光时电压，对应的电流，由可得，小灯泡正常发光时的电阻
（6）小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，电压越高，电流越大，灯丝温度升高，电阻越大，灯丝的电阻受到温度的影响。
【分析】（1）伏安法测电阻：电压表测小灯泡两端电压，电流表测通过小灯泡的电流，滑动变阻器改变小灯泡两端电压，连接时注意电流表、电压表的量程选择及正负接线柱，滑动变阻器要“一上一下”接入。
（2）开关闭合前，滑动变阻器应置于最大阻值处，以保护电路。图中A端为最大阻值端。
（3）电流表无示数说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明电压表与电源连通，故故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表示数小于2.5V（常见示数如2.2V），为让小灯泡正常发光，应增大其两端电压，需减小滑动变阻器接入电阻，故滑片向B端移动，同时观察电压表示数直到2.5V。
（5）由图丙可知，当电压为2.5V时，电流约为0.28A，由欧姆定律得电阻计算可得电阻值
（6）灯丝电阻随温度升高而增大，不同电压下灯丝温度不同，电阻不同。
（1）电压表要并联在小灯泡的两端，小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择的量程，灯泡与滑动变阻器串联，采用“一上一下”的接法。如图所示：
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，由图甲可知，滑动变阻器的B端下接线柱接入电路，所以滑片P应放置在A端。
（3）电流表几乎无示数，说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，所以故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表选用的是的量程，分度值为0.1V，示数为1.3V，小于额定电压2.5V，要让小灯泡电压达到2.5V，根据串联分压规律，滑动变阻器分压要减小，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，所以滑片向B端移动，同时观察电压表示数，直至示数为2.5V。
（5）由图丙可知，小灯泡正常发光时电压，对应的电流，由可得，小灯泡正常发光时的电阻
（6）小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，电压越高，电流越大，灯丝温度升高，电阻越大，灯丝的电阻受到温度的影响。
22．【答案】（1）由图丙可知，慢速加热挡的电功率为P慢＝1100W，由P=UI可得，慢速加热挡工作时的电流为
（2）由图丙可知，饮水机工作20min的过程中，快速加热挡工作10min，慢速加热挡工作10min，则消耗的电能为
（3）当开关S1、S2同时闭合时，电路中仅有R1工作，电路总电阻较小，根据可知，电路总功率较大，饮水机处于快速加热挡；当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，电路总功率较小，饮水机处于慢速加热挡。由图丙可知，快速加热挡时的功率为，则R1的阻值为慢速加热挡时R1两端的电压为
R2两端的电压为
R2的阻值为
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）电功率公式P=UI的变形应用，。
（2）电能等于功率乘以时间，注意单位换算（1分钟=60秒）。
（3）电阻的计算：根据慢速加热档功率和额定电压，利用求电阻。通常慢速档为单电阻工作，快速档为两电阻并联或大功率电阻工作。
（1）由图丙可知，慢速加热挡的电功率为P慢＝1100W，由P=UI可得，慢速加热挡工作时的电流为
（2）由图丙可知，饮水机工作20min的过程中，快速加热挡工作10min，慢速加热挡工作10min，则消耗的电能为
（3）当开关S1、S2同时闭合时，电路中仅有R1工作，电路总电阻较小，根据可知，电路总功率较大，饮水机处于快速加热挡；当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，电路总功率较小，饮水机处于慢速加热挡。由图丙可知，快速加热挡时的功率为，则R1的阻值为
慢速加热挡时R1两端的电压为
R2两端的电压为
R2的阻值为
23．【答案】（1）在深度为104m的海水中，压强
（2）潜水器浸没在海水中，第二组压载铁加载时，潜水器匀速下潜，浮力材料产生的额外浮力平衡阻力，则有，则
因为，，则
（3）设潜水器自身的重力为G潜，第一组和第二组压载铁的重力分别为G1、G2，已知潜水器匀速运动时海水阻力不变（均为f），潜水器完全浸没在海水中，排开海水的体积一定，其受到的浮力不变；“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处，此时潜水器受到向下的总重力、向上的浮力和海水阻力，由潜水器受力平衡可得：①抛掉第一组压载铁（潜水器总重力为），减速后静止悬浮在海水中，此时潜水器不受海水阻力（速度为零），由潜水器受力平衡可得：②
①﹣②可得：；
抛掉第二组压载铁后（潜水器的重力为G潜），潜水器恰好可以匀速上浮，此时潜水器受到向下的重力和向下的海水阻力以及向上的浮力，由潜水器受力平衡可得：③
根据②③可知：，由此可知，即两组压载铁的重力相等，由重力公式可知两组压载铁的质量也相等。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）液体压强公式直接应用。
（2）利用匀速下潜和上浮的平衡条件，结合阻力大小不变，推导出两组压载铁的重力关系，再结合净浮力平衡求解密度。
（3）通过受力平衡方程，得到、，从而得出
（1）在深度为104m的海水中，压强
（2）潜水器浸没在海水中，第二组压载铁加载时，潜水器匀速下潜，浮力材料产生的额外浮力平衡阻力，则有，则
因为，，则
（3）设潜水器自身的重力为G潜，第一组和第二组压载铁的重力分别为G1、G2，已知潜水器匀速运动时海水阻力不变（均为f），潜水器完全浸没在海水中，排开海水的体积一定，其受到的浮力不变；“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处，此时潜水器受到向下的总重力、向上的浮力和海水阻力，由潜水器受力平衡可得：①
抛掉第一组压载铁（潜水器总重力为），减速后静止悬浮在海水中，此时潜水器不受海水阻力（速度为零），由潜水器受力平衡可得：②
①﹣②可得：；
抛掉第二组压载铁后（潜水器的重力为G潜），潜水器恰好可以匀速上浮，此时潜水器受到向下的重力和向下的海水阻力以及向上的浮力，由潜水器受力平衡可得：③
根据②③可知：，由此可知，即两组压载铁的重力相等，由重力公式可知两组压载铁的质量也相等。
1 / 12026年湖北省浠水县实验初级中学等校中考物理模拟练习卷
1．人工智能技术的不断发展，聊天机器人成为了一个备受瞩目的领域。如图是工程师聆听机器人唱歌表演的场景，下列说法正确的是（　　）
A．调节机器人唱歌的“音量”是改变声音的音调
B．机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的
C．机器人的歌声不是振动产生的
D．歌声在各种介质中的传播速度均为340m/s
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．调节“音量”是改变声音的响度，而不是音调，即声音的高低，故A错误；
B．空气可以传声，机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的，故B正确；
C．声音是物体的振动产生的，机器人的歌声，也是物体振动产生的，故C错误；
D．在不同介质中，声速一般不同，声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，故D错误。
故选B。
【分析】声音的大小指响度，声音的高低指音调；声音的传播需要介质，声音是物体振动产生的，声速和介质种类有关。
2．如图所示，将干冰放入瓶子内底部，在瓶嘴处套一个气球，过一段时间会观察到气球鼓起，瓶子的底部出现白霜，中间部位出现水珠。针对以上现象说法正确的是（　　）
A．白霜是空气中水蒸气遇冷凝固形成的
B．小水珠是空气中水蒸气吸热液化形成的
C．瓶底出现霜，中部出现水珠，是由于瓶底温度比中部更低
D．气球鼓起是由于瓶内的干冰发生了汽化形成的
【答案】C
【知识点】升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A：白霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，不是凝固，故错误；
B：小水珠是空气中水蒸气放热液化形成的，不是吸热，故错误；
C：瓶底出现白霜，中部出现水珠，是由于瓶底温度比中部更低，故正确；
D：气球鼓起是由于瓶内的干冰发生了升华，不是汽化，故错误；
故答案选 C。
【分析】A：凝华与凝固的区别——凝华是气态直接变固态，凝固是液态变固态。
B：液化放热，汽化吸热。
C：温度越低，水蒸气越容易凝华成霜；温度稍低则液化成水珠。
D：干冰是固态二氧化碳，变成气态是升华。
3．如图所示是一个魔术箱，魔术箱的顶部的中央有一条窄缝，使激光笔产生的激光束从左侧的小孔射入，从右侧小孔射出．将一块遮光板从顶部的窄缝插入箱中，发现遮光板并没有挡住激光束的传播．下面几种设计方案中错误的是
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【知识点】光的反射定律；透镜的光路图
【解析】【解答】A、方案依靠三块平面镜反射光路，遮光板在缝隙处无法阻挡反射光线，A设计正确；
B、左右凸透镜配合底部平面镜完成光路转折，光线可避开中间遮光板，B设计正确；
C、左侧凹透镜对入射光线发散、右侧凸透镜会聚，光路会被中间遮光板遮挡，无法从右侧小孔射出，C设计错误；
D、两侧凹透镜搭配底部平面镜改变光路，光线绕开遮光板正常出射，D设计正确；
故答案为：C。
【分析】A、考查光的镜面反射；平面镜可改变光的传播方向，弯折光路避开遮光挡板；
B、考查凸透镜对光线的会聚作用；凸透镜先会聚光线，配合平面镜折转光路实现透光；
C、考查凹透镜发散与凸透镜会聚规律；凹透镜发散后的光路走向会被中间遮光板隔断；
D、考查凹透镜对光线的发散作用；凹透镜发散光路后经平面镜反射，绕开挡板完成出射。
4．绿氢制备已成为企业、政府布局的重点项目。“光伏＋绿氢”模式将太阳能面板转化的电能供给电解槽系统用于电解水制氢。下列判断正确的是（　　）
A．光伏电站利用的太阳能属于不可再生能源
B．太阳能面板利用的单晶硅是半导体材料
C．电解槽可以将电能全部转化为化学能
D．氢能源车替代燃油汽车会增加碳的排放
【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；半导体特点及作用
【解析】【解答】A：太阳能属于可再生能源，不是不可再生能源，故错误；
B：单晶硅是半导体材料，广泛用于太阳能电池板，故正确；
C：电解槽将电能转化为化学能，但存在能量损失，不可能全部转化，故错误；
D：氢能源车燃烧氢气生成水，不排放二氧化碳，可减少碳排放，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：可再生能源与不可再生能源的分类——太阳能、风能、水能等是可再生能源；煤、石油、天然气、核能等是不可再生能源。
B：半导体材料的应用——单晶硅、锗等用于制造太阳能电池、芯片等。
C：能量转化效率——任何能量转化过程都有损失，效率不可能达到100%。
D：氢能的环保优势——燃烧产物为水，无污染，有助于减少碳排放。
5．如图所示，是目前世界上能实现可控飞行的最小无线机器人。该机器人由两部分组成，一部分是用3D打印出来的主体结构，由四个螺旋桨叶片和一个平衡环组成；另一部分是小永磁体。根据设计的飞行路径，向机器人发射电磁波，在变化的磁场作用下，小永磁体被吸引和排斥，带动螺旋桨旋转并产生足够升力，让机器人完成离地飞行、悬停等动作。下列说法中正确的是（　　）
A．螺旋桨产生升力利用了气体流速大压强大的原理
B．电磁波的传播是需要介质的
C．该机器人在真空中也能飞行
D．该机器人悬停时受到的合力为零
【答案】D
【知识点】平衡状态的判断；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A：螺旋桨产生升力利用了气体流速大压强小的原理，不是压强大，故错误；
B：电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故错误；
C：该机器人在真空中无法获得升力，因为螺旋桨需要空气，故错误；
D：机器人悬停时处于平衡状态，合力为零，故正确；
故答案选 D。
【分析】A：流体压强与流速的关系——流速大处压强小。
B：电磁波的传播特性——不需要介质。
C：升力产生条件——需要流体（空气）。
D：平衡状态——静止或匀速直线运动时合力为零。
6．早在宋朝，我国劳动人民就发明了如图所示的“走马灯”，它的原理是空气被蜡烛加热，形成上升气流，推动灯顶上的叶片转动。下列说法正确的是（　　）
A．未燃烧的蜡烛内能为零
B．热空气对叶片做功后内能会增大
C．空气被蜡烛加热是通过热传递实现的
D．高温的蜡烛火焰含有很多的热量
【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A：未燃烧的蜡烛内能不为零，故错误；
B：热空气对叶片做功，自身内能减小，故错误；
C：空气被蜡烛加热是通过热传递实现的，故正确；
D：热量是过程量，不能说“含有”，故错误；
故答案选 C。
【分析】A：内能是物体内部所有分子动能和势能的总和，任何物体在任何温度下都有内能。
B：做功改变内能，物体对外做功，内能减小。
C：热传递是热量从高温物体传到低温物体的过程。
D：热量是热传递过程中传递的能量，不是物体含有的。
7．我国自主研发的载人潜水器“奋斗者”号，潜水记录最深为10909m，镌刻下了新的“中国深度”。下列关于“奋斗者”号从水面沿直线匀速下潜过程中的说法正确的是（　　）
A．下潜过程中受到海水的压强保持不变
B．下潜过程中受到海水的浮力不断减小
C．匀速下潜时受到海水的浮力大于其重力
D．减速下潜时排开水的质量不变
【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A：下潜过程中深度增加，海水压强增大，故错误；
B：完全浸没后，排开水的体积不变，浮力不变，故错误；
C：匀速下潜时，受力平衡，浮力等于重力，故错误；
D：减速下潜时，仍完全浸没，排开水的体积不变，排开水的质量不变，故正确；
故答案选 D。
【分析】A： 根据可知， 液体压强随深度增加而增大。
B： 根据可知， 浮力大小与排开液体的体积有关，完全浸没后体积不变，浮力不变。
C：匀速直线运动时物体受力平衡，浮力等于重力。
D：排开水的质量等于排开水的体积乘以水的密度，体积不变则质量不变。
8．如图，这是小静设计的一款无需电池和燃料的无碳小车。在重物下落驱动无碳小车运动的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．顶部的定滑轮可以省力
B．机械效率可达到100%
C．主要是利用重力势能转化为动能
D．给车轮轴承加润滑油可以增大摩擦力
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；定滑轮及其工作特点；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】A．根据图片可知，顶部的定滑轮固定不动，为定滑轮，则它不能改变力的大小，故A错误；
B．使用任何机械都做额外功，则该装置的机械效率不可能达到100%，故B错误；
C．高处的重物具有重力势能，重物下落时高度降低，则重力势能减小，同时小车运动，动能增加，说明重力势能主要转化为小车的动能，故C正确；
D．给车轮轴承加润滑油可以减小摩擦力，使小车运动更顺畅，故D错误。
故选C。
【分析】A.固定不动的滑轮为定滑轮，跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮；
B.使用任何机械都做额外功；
C.根据动能和重力势能的大小变化分析；
D.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面，注入润滑油和变滑动为滚动。
9．如图所示的轨道插座可以按照用户用电需求在轨道上增减、移动插座。以下关于轨道插座的使用，符合安全用电原则的是（　　）
A．用湿手将插座从轨道上拔离
B．若插座起火，应立即切断电源
C．增加插座使多个大功率用电器同时使用
D．导线绝缘皮破损后仍继续使用
【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析；家庭电路电流过大的原因；安全用电原则
【解析】【解答】A：用湿手拔插座，水是导体，易触电，不符合安全用电原则，故错误；
B：插座起火时，应先切断电源，再灭火，符合安全用电原则，故正确；
C：多个大功率用电器同时使用易造成电路过载，引发火灾，不符合安全用电原则，故错误；
D：导线绝缘皮破损后继续使用易漏电，不符合安全用电原则，故错误；
故答案选 B。
【分析】A：安全用电常识——不能用湿手接触电器。
B：电气火灾处理——先断电，后灭火。
C：家庭电路总功率限制——避免过载。
D：导线绝缘层破损应及时更换。
10．电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，外接电风扇（用M表示）工作辅助降温。下列符合设计要求的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意：电脑CPU温度上升到某一值时，外接电风扇M工作辅助降温。因此，电路应设计为：温控开关（或温度传感器控制的开关）与风扇M串联，当温度达到设定值时开关闭合，风扇转动；当温度低于某一值时，电路中只有CPU工作，电动机不工作；
当温度高于某一值时，CPU与电动机一起工作，说明CPU与电动机互不影响，采用并联方式，且电动机有独立开关控制，则一个开关与电动机串联，另一个开关应在干路上控制整个电路，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】温控开关：温度升高到一定值时自动闭合，温度降低后断开。
电路设计：需满足风扇仅在需要降温时工作，故开关与风扇串联。
11．实践小组设计具有防盗报警功能的文物展台，如图所示，其中、、为金属板，文物搬离时，金属板被弹簧顶起。下列说法正确的是（　　）
A．金属板相当于电源
B．文物放在展台上，报警铃开路
C．文物放在展台上，灯泡不发光
D．文物离开展台，报警铃响，灯泡变暗
【答案】D
【知识点】电路的构成及电路图；电路的三种状态
【解析】【解答】A：金属板B是导体，用于连接电路，不是电源，故错误；
B：文物放在展台上时，金属板B被压下与A、C接触，使电铃短路，报警铃不响，不是开路，故错误；
C：文物放在展台上时，电路通路，灯泡发光，故错误；
D：文物离开展台，B弹起，电铃接入电路，与灯泡串联，总电阻增大，电流减小，灯泡变暗，同时电铃响，故正确；
故答案选 D。
【分析】电路设计：利用金属板作为开关，文物压住时使电铃短路，灯泡正常发光；文物离开时电铃接入，与灯泡串联，两者均工作但灯泡变暗。
短路与开路：短路是指用电器两端被导线直接连接，电流不通过用电器；开路是电路断开。
串联电路特点：总电阻增大，电流减小，用电器功率变化。
12．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　）
A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω
B．环境温度升高时，电压表的示数减小
C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低
D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源
【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A：由图丙知，温度从升高到，R的阻值从增加到，总阻值变化
因此每升高，R的阻值增加，故错误；
B：环境温度升高时，R增大，恒流源电流不变，电压表示数U=IR增大，故错误；
C：温度变化相同时，电压表示数的变化值越大，灵敏度越高，故错误；
D：若要增大灵敏度，需增大ΔU，即增大I（恒流源电流），故正确；
故答案选 D。
【分析】A：图像斜率计算——取两点(0，20)和(100，80)，斜率(80-20)/(100-0)=0.6 Ω/℃。
B：欧姆定律——U=IR，I恒定，R增大则U增大。
C：灵敏度定义——单位温度变化引起的电压变化越大，灵敏度越高。
D：由ΔU=I·k·Δt，增大I可使ΔU增大，从而提高灵敏度。
13．如图，在深圳龙岗，一家轮胎店的修车工人将汽油倒入塑料桶，移动塑料桶时突发大火，原因是拉动塑料桶时由于　 　，使塑料桶失去电子带上　 　电荷，电荷累积到一定程度出现了放电现象；当电线起火时，消防员不能连续喷水，因为喷出的水具有　 　性，会引起消防员触电。
【答案】摩擦起电；正；导电
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；安全用电原则
【解析】【解答】拉动塑料桶时由于摩擦，使塑料桶失去电子带上正电荷；喷出的水具有导电性，会引起消防员触电。
故答案第一空：摩擦起电；第二空：正；第三空：导电。
【分析】摩擦起电：不同物体相互摩擦时，电子发生转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
塑料桶与汽油摩擦，塑料桶易失去电子带正电。
普通水含有杂质，是导体，具有导电性，灭火时若喷水可能造成触电。
14．如图所示，是我校校门入口处设置的人脸识别机，能够进行人脸识别。它的镜头实际上是一个　 　透镜，当我们走近一体机时，人在镜头上所成的像将变　 　，戴近视眼镜的小明为了方便被识别拿掉了眼镜，此时物体在小明眼睛里成的像应该在视网膜　 　（选填“前”或“后”）。
【答案】凸；大；前
【知识点】凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】人脸识别设备的摄像镜头成像规律和照相机一致，依靠凸透镜会聚光线实现成像，因此镜头选用凸透镜。
镜头成倒立、缩小的实像，遵循凸透镜实像变化规律，人靠近设备时物距不断减小，对应的像距变大，感光元件上承接的人像随之变大。
近视眼的晶状体折光本领偏大，光线会聚过早，摘掉矫正用的凹透镜后，外界物体成像位置落在视网膜前方。
故答案为：凸；大；前；
【分析】依托照相机成像原理，摄像头与照相机光学结构相同，据此确定镜头透镜种类。
结合凸透镜成实像 “物近像远像变大” 的变化规律，根据人物靠近带来的物距变化，判断像的大小变化。
根据近视眼成因相关知识点，明确晶状体会聚过强会使像成在视网膜前方，去掉近视镜后成像位置保持不变。
15．小明在跨学科实践活动中制作了如图所示的杆秤。称重时杆秤左低右高，他应将秤砣往　 　移动，才能使杆秤水平平衡；若想增大杆秤的量程，可将提纽移到O点　 　侧。（均选填“左”或“右”）
【答案】右；左
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】称重时杆秤左低右高，说明左侧较重，应将秤砣向右移动，使右侧力臂增大，杆秤水平平衡；若想增大杆秤的量程，即能称更重的物体，应将提纽（支点）向左移动，使左侧力臂减小，右侧力臂增大。
故答案第一空：右；第二空：左。
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂 = 阻力×阻力臂。
左低右高说明左侧力与力臂乘积大于右侧，需增大右侧力臂或减小左侧力臂。
增大杆秤量程：在秤盘端（阻力）不变的情况下，需减小阻力臂或增大动力臂，因此将支点向左移（靠近秤盘）可减小阻力臂，使量程增大。
16．核磁共振仪使用时，需要注入液氮以降低内部超导线圈的温度，减小超导线圈的电阻，从而增大　 　，进而　 　（选填“增大”或“减小”）磁场，所以禁止携带金属物品进入检查室。
【答案】电流；增大
【知识点】超导体特点及作用；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】核磁共振仪使用时，根据欧姆定律 ，需要注入液氮以降低内部超导线圈的温度，减少超导线圈的电阻，从而增大电流，进而增大磁场，所以禁止携带金属物品进入检查室。
故答案第一空：电流；第二空：增大。
【分析】超导线圈电阻为零时，在电压一定的情况下，电流会很大。
通电线圈产生的磁场与电流大小成正比，电流增大，磁场增强。
强磁场会吸引铁磁性金属物品，造成危险。
17．为确保乘客上下车安全，公交车内在驾驶座位右前方设置有一个后视镜（如图甲），通过后视镜司机可观察到车内乘客的具体情况，请在图乙中画出A处的司机通过后视镜能观察到的范围。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】按照平面镜成像物像关于镜面对称的规律，先画出 A 点在后视镜镜面另一侧的对称点 A 撇，也就是 A 的虚像位置；将 A 撇分别和后视镜左右两个端点 B、C 相连，连线与镜面相交处作为入射点，依次补全入射光线、反射光线，两条反射光线中间的范围，就是 A 位置司机借助后视镜能看到的区域。如图所示：；
故答案为：
；
【分析】依托平面镜成像对称规律确定像点，根据反射光线反向延长线经过虚像的原理，连接像与镜面端点划定光路边界，两条边界反射光线包围的区域就是可视范围。
18．图甲为用开瓶器开汽水的场景，图乙是开瓶器的简化示意图。开瓶器与瓶盖接触的点为支点，开瓶器受到的阻力已知。请在图乙中作出开瓶器在点开汽水时最小的动力和阻力的阻力臂；
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】作图步骤如下：
1. 连接支点 O 与动力作用点 A，得到线段 OA。
2. 过点 A 作 OA 的垂线，根据实际开瓶时动力方向（通常向下压），沿使杠杆顺时针转动的方向画出动力 F1，箭头标出，这就是最小动力（因为动力臂最长）。
3. 从支点 O 向阻力 F2 的作用线作垂线，该垂线段即为阻力臂l2，用大括号或双箭头标出，并标注 l2。
【分析】杠杆最小动力的作图原理：当动力臂最大时，动力最小。动力臂最大为支点到动力作用点的距离，因此最小动力的方向应垂直于支点与动力作用点的连线。
阻力臂是从支点到阻力作用线的垂直距离，与阻力方向垂直。
开瓶器属于省力杠杆，动力臂大于阻力臂。
19．小明跟同学一起做“探究水的沸腾”实验：
（1）按图甲组装器材，使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后　 　的变化。用酒精灯加热，水温达到88℃时开始读数，每隔1min记录一次，第3min时温度计示数如图所示，读数为　 　℃；
（2）由记录的数据可知，水的沸点为　 　℃；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
水温/℃ 88 90 92
96 98 98 98 98
（3）8min后撤掉酒精灯，观察到水停止沸腾，说明水沸腾时需要　 　；
（4）为研究沸点与气压的关系，小明用橡皮塞塞紧大试管口，用气筒向外抽气（如图乙），观察到水再次沸腾，记录此时的沸点温度，由此可得出：液体的沸点随气压　 　。
【答案】（1）气泡；94
（2）98
（3）吸收热量
（4）减小而降低
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后气泡的变化。
（2）第3min时温度计示数为94℃；由记录的数据可知，水的沸点为98℃。
（3）撤掉酒精灯，水停止沸腾，说明水沸腾时需要吸收热量。
（4）抽气后水再次沸腾，说明沸点降低，由此可得：液体的沸点随气压减小而降低（或随气压增大而升高）。
【分析】（1）实验器材的选择：大试管受热面积大，水升温快；同时便于观察气泡的产生和变化。
（2）温度计读数：视线与液柱上表面相平，根据分度值（通常为1℃）正确读数；水沸腾时温度保持不变，该温度即为沸点，由表格数据可知从第5min开始温度稳定在98℃。
（3）沸腾条件：达到沸点且继续吸热，撤去热源后水停止沸腾，证明沸腾需要吸热。
（4）沸点与气压的关系：向外抽气使试管内气压减小，水的沸点降低，水重新沸腾，说明沸点随气压减小而降低。
（1）实验中，需要观察沸腾前后气泡的变化情况，故使用大试管可以适当缩短实验时间，也可以更好地观察水沸腾前后气泡的变化；由图甲可知，温度计的分度值为1℃，其示数为94℃。
（2）水沸腾时温度保持不变，这个不变的温度就是沸点，由表格可知，水温达到98℃后不再升高，所以沸点为98℃。
（3）撤去酒精灯后，水不能继续吸收热量，停止沸腾，说明水沸腾过程需要持续吸热。
（4）向外抽气，试管内气压减小，原本停止沸腾的水再次沸腾，说明水的沸点降低，因此可得：液体的沸点随气压减小而降低。
20．汽车生产中使用轻量化材料——镁合金材料可以减轻整车质量，这样不仅能降低汽车油耗，还能减少二氧化碳的排放。小明通过实验测量镁合金材料的密度。
（1）实验发现合金体积较大，无法直接放入量筒，他们取来溢水杯和量杯，设计了如下实验操作步骤：
①用电子天平测量镁合金的质量；
②如图（a）所示，在溢水杯中加水到　 　；用细线拴住镁合金，慢慢放入溢水杯中，使镁合金完全浸没，让溢出的水流入量杯；
③如图（b）所示，读出量杯中水的体积；
④根据公式，求出镁合金密度。
（2）由图（b）可知镁合金的体积为　 　，若镁合金的质量54g，则该镁合金的密度为　 　。
（3）实验需要进行多次测量，目的是为了　 　（选填“得到普遍规律”或“求平均值减小误差”）。
（4）若溢水杯未装满，测出的密度值　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）溢水口
（2）；
（3）求平均值减小误差
（4）偏大
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）在溢水杯中加水到溢水口，这样才能保证溢出的水的体积等于镁合金的体积。
（2）由图（b）可知，量杯中水的体积为30mL，即30cm3，所以镁合金的体积
镁合金的质量，根据密度公式
（3）实验需要进行多次测量，目的是为了求平均值减小误差。
（4）若溢水杯未装满，测出的密度值偏大。
【分析】（1）排水法测体积：将物体浸没在盛满水的溢水杯中，物体排开水的体积等于物体体积，用量杯收集排出的水并读数。
（2）体积读数：量杯示数为30mL= 30cm3 = 3×10-5m3；质量54g= 0.054kg，根据密度进行计算
（3）测量性实验中多次测量取平均值可减小偶然误差，提高测量精度。
（4）溢水杯未装满时，放入合金后水面上升，若未达到溢水口则无溢出，测得的体积偏小；若部分溢出，则溢出体积小于合金实际体积，导致体积测量值偏小，由 \( \rho = \frac{m}{V} \) 可知，密度测量值偏大。
（1）在溢水杯中加水到溢水口，这样才能保证溢出的水的体积等于镁合金的体积。
（2）由图（b）可知，量杯中水的体积为30mL，即30cm3，所以镁合金的体积
镁合金的质量，根据密度公式
（3）测量密度属于定量实验，多次测量的目的是求平均值减小误差。
（4）若溢水杯未装满，溢出的水的体积会小于镁合金的体积，导致测得的体积偏小。根据，体积偏小会使计算出的密度偏大。
21．小明利用图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡L在不同电压下的电阻。
（1）请在图甲未连接好的地方用笔画线代替导线将电路连接完整。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在　 　端。（选填“A”或“B”）
（3）连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表几乎没有示数，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是小灯泡　 　。
（4）排除故障后闭合开关，当滑片P移动到某位置时，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，同时观察　 　示数。
（5）调节滑动变阻器，进行多次测量，并利用所测的数据绘制出通过小灯泡的电流I随其两端电压U变化的图像，如图丙所示。根据图像可得：小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω。（保留一位小数）
（6）小明通过实验发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，进一步实验可知灯丝的电阻受到　 　的影响。
【答案】（1）
（2）A
（3）断路
（4）B；电压表
（5）8.9
（6）温度
【知识点】影响电阻大小的因素；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 连接电路：将电压表并联在小灯泡两端，电流表串联在电路中，滑动变阻器采用“一上一下”接法，且使滑片P位于A端（最大阻值处）。 如图所示：
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，由图甲可知，滑动变阻器的B端下接线柱接入电路，所以滑片P应放置在A端。
（3）电流表几乎无示数，说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，所以故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表选用的是的量程，分度值为0.1V，示数为1.3V，小于额定电压2.5V，要让小灯泡电压达到2.5V，根据串联分压规律，滑动变阻器分压要减小，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，所以滑片向B端移动，同时观察电压表示数，直至示数为2.5V。
（5）由图丙可知，小灯泡正常发光时电压，对应的电流，由可得，小灯泡正常发光时的电阻
（6）小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，电压越高，电流越大，灯丝温度升高，电阻越大，灯丝的电阻受到温度的影响。
【分析】（1）伏安法测电阻：电压表测小灯泡两端电压，电流表测通过小灯泡的电流，滑动变阻器改变小灯泡两端电压，连接时注意电流表、电压表的量程选择及正负接线柱，滑动变阻器要“一上一下”接入。
（2）开关闭合前，滑动变阻器应置于最大阻值处，以保护电路。图中A端为最大阻值端。
（3）电流表无示数说明电路断路，电压表示数接近电源电压说明电压表与电源连通，故故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表示数小于2.5V（常见示数如2.2V），为让小灯泡正常发光，应增大其两端电压，需减小滑动变阻器接入电阻，故滑片向B端移动，同时观察电压表示数直到2.5V。
（5）由图丙可知，当电压为2.5V时，电流约为0.28A，由欧姆定律得电阻计算可得电阻值
（6）灯丝电阻随温度升高而增大，不同电压下灯丝温度不同，电阻不同。
（1）电压表要并联在小灯泡的两端，小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择的量程，灯泡与滑动变阻器串联，采用“一上一下”的接法。如图所示：
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，由图甲可知，滑动变阻器的B端下接线柱接入电路，所以滑片P应放置在A端。
（3）电流表几乎无示数，说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，所以故障为小灯泡断路。
（4）图乙中电压表选用的是的量程，分度值为0.1V，示数为1.3V，小于额定电压2.5V，要让小灯泡电压达到2.5V，根据串联分压规律，滑动变阻器分压要减小，需要减小滑动变阻器接入电路中的阻值，所以滑片向B端移动，同时观察电压表示数，直至示数为2.5V。
（5）由图丙可知，小灯泡正常发光时电压，对应的电流，由可得，小灯泡正常发光时的电阻
（6）小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，电压越高，电流越大，灯丝温度升高，电阻越大，灯丝的电阻受到温度的影响。
22．如图甲为某品牌即热式节能饮水机，其简化的工作电路图如图乙所示，加热腔内分为快速加热挡和慢速加热挡，其中与均为加热电阻。图丙为该饮水机正常工作20min时电功率随时间变化的图像。求：
（1）慢速加热挡工作时的电流；
（2）该饮水机工作20min消耗的电能；
（3）发热电阻丝的电阻。
【答案】（1）由图丙可知，慢速加热挡的电功率为P慢＝1100W，由P=UI可得，慢速加热挡工作时的电流为
（2）由图丙可知，饮水机工作20min的过程中，快速加热挡工作10min，慢速加热挡工作10min，则消耗的电能为
（3）当开关S1、S2同时闭合时，电路中仅有R1工作，电路总电阻较小，根据可知，电路总功率较大，饮水机处于快速加热挡；当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，电路总功率较小，饮水机处于慢速加热挡。由图丙可知，快速加热挡时的功率为，则R1的阻值为慢速加热挡时R1两端的电压为
R2两端的电压为
R2的阻值为
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）电功率公式P=UI的变形应用，。
（2）电能等于功率乘以时间，注意单位换算（1分钟=60秒）。
（3）电阻的计算：根据慢速加热档功率和额定电压，利用求电阻。通常慢速档为单电阻工作，快速档为两电阻并联或大功率电阻工作。
（1）由图丙可知，慢速加热挡的电功率为P慢＝1100W，由P=UI可得，慢速加热挡工作时的电流为
（2）由图丙可知，饮水机工作20min的过程中，快速加热挡工作10min，慢速加热挡工作10min，则消耗的电能为
（3）当开关S1、S2同时闭合时，电路中仅有R1工作，电路总电阻较小，根据可知，电路总功率较大，饮水机处于快速加热挡；当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，电路总功率较小，饮水机处于慢速加热挡。由图丙可知，快速加热挡时的功率为，则R1的阻值为
慢速加热挡时R1两端的电压为
R2两端的电压为
R2的阻值为
23．我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图所示）在世界最深的马里亚纳海沟成功坐底，刷新了中国载人深潜的纪录。在万米深海下，潜水器无法产生足够的高压将舱室内的海水排出，需要固体浮力材料和压载铁配合完成下沉和上浮。“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处；临近海底，会抛掉第一组压载铁，减速后静止悬浮在海水中。完成作业后，抛掉第二组压载铁，使所受浮力大于自身重力，上浮返航。潜水器匀速运动时所受海水阻力均为，浮力材料的总体积为，，g取10N/kg。
（1）在深度为的海水中，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为多少Pa？
（2）若潜水器浸没在海水中时，第二组压载铁刚好可以平衡浮力材料产生的额外浮力，则浮力块密度为多少？
（3）抛掉第二组压载铁后，潜水器恰好可以匀速上浮，请推导出第一组压载铁和第二组压载铁的质量大小关系。
【答案】（1）在深度为104m的海水中，压强
（2）潜水器浸没在海水中，第二组压载铁加载时，潜水器匀速下潜，浮力材料产生的额外浮力平衡阻力，则有，则
因为，，则
（3）设潜水器自身的重力为G潜，第一组和第二组压载铁的重力分别为G1、G2，已知潜水器匀速运动时海水阻力不变（均为f），潜水器完全浸没在海水中，排开海水的体积一定，其受到的浮力不变；“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处，此时潜水器受到向下的总重力、向上的浮力和海水阻力，由潜水器受力平衡可得：①抛掉第一组压载铁（潜水器总重力为），减速后静止悬浮在海水中，此时潜水器不受海水阻力（速度为零），由潜水器受力平衡可得：②
①﹣②可得：；
抛掉第二组压载铁后（潜水器的重力为G潜），潜水器恰好可以匀速上浮，此时潜水器受到向下的重力和向下的海水阻力以及向上的浮力，由潜水器受力平衡可得：③
根据②③可知：，由此可知，即两组压载铁的重力相等，由重力公式可知两组压载铁的质量也相等。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）液体压强公式直接应用。
（2）利用匀速下潜和上浮的平衡条件，结合阻力大小不变，推导出两组压载铁的重力关系，再结合净浮力平衡求解密度。
（3）通过受力平衡方程，得到、，从而得出
（1）在深度为104m的海水中，压强
（2）潜水器浸没在海水中，第二组压载铁加载时，潜水器匀速下潜，浮力材料产生的额外浮力平衡阻力，则有，则
因为，，则
（3）设潜水器自身的重力为G潜，第一组和第二组压载铁的重力分别为G1、G2，已知潜水器匀速运动时海水阻力不变（均为f），潜水器完全浸没在海水中，排开海水的体积一定，其受到的浮力不变；“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处，此时潜水器受到向下的总重力、向上的浮力和海水阻力，由潜水器受力平衡可得：①
抛掉第一组压载铁（潜水器总重力为），减速后静止悬浮在海水中，此时潜水器不受海水阻力（速度为零），由潜水器受力平衡可得：②
①﹣②可得：；
抛掉第二组压载铁后（潜水器的重力为G潜），潜水器恰好可以匀速上浮，此时潜水器受到向下的重力和向下的海水阻力以及向上的浮力，由潜水器受力平衡可得：③
根据②③可知：，由此可知，即两组压载铁的重力相等，由重力公式可知两组压载铁的质量也相等。
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