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陕西省西安高新第二学校2025-2026学年九年级下学期物理阶段学情自测题
1．在中考体育测试中，下列估测数据最接近实际情况的是（　　）
A．一名男中学生掷实心球的成绩约为
B．一名男中学生跑完所用时间约为
C．一个实心球的质量为
D．一名男中学生跳绳的功率约为500W
【答案】A
【知识点】质量及其特性；功率的计算；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A． 一名男中学生掷实心球的成绩一般在8~10m之间，故A符合题意；
B．男中学生跑完1000m的正常时间约为3~4分钟，即180~240s，故B不符合题意；
C．一个实心球的质量为2kg，故C不符合题意；
D．一名男中学生跳绳的功率约为50~100W，故D不符合题意。
故选A。
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，选出最符合实际选项。
2．2026年央视春晚首次实现“三维菁彩声”全链路应用，利用120只音箱构建360°声场，让观众在《奔腾的海骝马》节目中清晰感受到“万马奔腾”的空间感。下列关于该现象的解释正确的是（　　）
A．音箱发出的声音在空气中传播的速度为
B．观众能分辨出马蹄声与乐器声，是因为两者的音调不同
C．音箱发出的声音是由空气振动产生的
D．通过电视接收到春晚直播信号是利用电磁波传递信息的
【答案】D
【知识点】声音的产生；声速；音色；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．音箱发出的声音在15℃空气中传播的速度为340m/s，故A错误；
B．音色反映的是声音品质特色，不同发声体音色不同，观众能够分辨马蹄声和乐器声，是因为它们的音色不同，故B错误；
C．音箱发出的声音是由音箱的纸盆振动产生的，故C错误；
D．通过电视接收到春晚直播信号是利用无线电波（电磁波）传递信息的，故D正确。
故选D。
【分析】1.15℃空气中声速是340m/s；
2.音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志；
3.声音产生的原因是由物体的振动产生的；
4.电视接收春晚直播信号属于无线传输，是利用电磁波来传递信息的。
3．“谚语”是我国劳动人民生活实践经验的结晶，以下有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．下雪不冷，化雪冷——雪的形成是凝固现象，需要吸热
B．霜降见霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，需要吸热
C．早雾晴，晚雾阴——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
D．白露种高山，秋分种平川——露的形成是液化现象，需要放热
【答案】D
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】AB．雪和霜都是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华过程放热，故AB错误；
CD．雾和露都是是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程放热，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】1.凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热；
2.液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热。
4．手机防窥膜是一种通过光学设计来保护用户隐私的功能性贴膜，防窥结构层采用了超细不透明百叶窗光学技术，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，其立体结构放大示意图如图甲所示。防窥层上下还附有具备其他功能的透明层，如图乙所示。下列光现象与手机防窥膜工作原理相同的是（　　）
A．倒影
B．空中彩虹
C．小孔成像
D．筷子在水中“折断”
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】手机防窥膜采用超细百叶窗光学技术，原理类似百叶窗，只有在正对屏幕的一定角度范围内，光线才能透过百叶窗结构进入人眼； 偏离角度的光线会被百叶窗的遮挡结构挡住，无法透过，从而实现防窥效果，利用光的直线传播：
A．平静的水面相当于平面镜，所以倒影的形成是由于光的反射，故A不符合题意；
B．彩虹的形成是由于光的色散（折射），故B不符合题意；
C．小孔成像原理是光的直线传播，故C符合题意；
D．筷子“折断”是由于光的折射，故D不符合题意。
故选C。
【分析】1.光在同种均匀介质中沿直线传播，如影子的形成，树荫下的光斑，日食、月食等都是由光沿直线传播形成的；
2.光的反射： 光在传播到不同介质表面时，被反射回原来介质中的现象，如水面出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
3.光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
4.光的色散：太阳光通过三棱镜后，依次被分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色，这种现象叫光的色散。
5．我国科研团队突破国际上现有的铝合金材料体系，开发出高镁含量铝合金材料，这种材料密度小、韧性好、强度大、熔点高并且成本低。这种材料最适合制造（　　）
A．机器人的机身 B．保温层
C．电路保险丝 D．压路机的碾子
【答案】A
【知识点】熔点和凝固点；密度的应用与物质鉴别；重力及其大小的计算；现代材料技术
【解析】【解答】A． 该材料密度小、韧性好、强度大、熔点高并且成本低，适合制作机器人的机身，故A符合题意；
B．该材料为铝合金材料 ，导热性好，不适合制造保温层，保温层需要导热性差的材料，故B不符合题意；
C．电路保险丝需要材料的熔点低、电阻大的的材料（过载时熔断）制作，故C不符合题意；
D．压路机的碾子：需要密度大（增大重力）的材料，故D不符合题意。
故选A。
【分析】1. 机器人的机身：需要轻量化（密度小）、高强度、高韧性；
2. 保温层：需要导热性差的材料；
3.电路保险丝需要材料的熔点低、电阻大的的材料；
4.压路机的碾子需要较大的质量来产生足够的压力。
6．2025年在哈尔滨举办了第九届亚洲冬季运动会，这是继2022年北京冬奥会后中国举办的又一重大国际综合性冰雪盛会。如图是冰壶比赛中选手董子齐掷壶的场景，下面说法正确的是（　　）
A．运动员松手后，冰壶滑行过程中处于平衡状态
B．运动员松手后，冰壶能继续向前滑行是因为冰壶受到惯性的作用
C．冰壶在冰面上滑行时，速度越来越小，说明力是维持物体运动状态的原因
D．冰面对冰壶的支持力是由冰面形变产生的
【答案】D
【知识点】力的作用效果；弹力；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】AC．运动员松手后，冰壶由于受到阻力作用，滑行速度越来越小，冰壶的运动状态发生改变，处于非平衡状态，说明力是改变物体运动状态的原因，故AC错误；
B．惯性是物体的固有属性，不是力，不能说“受到惯性的作用”，只能说“具有惯性”，即运动员松手后，冰壶能继续向前滑行是因为冰壶具有惯性 ，故B错误；
D．冰面对冰壶的支持力属于弹力，弹力是由物体发生弹性形变产生的，所以冰面对冰壶的支持力是由冰面形变产生的，故D正确。
故选D。
【分析】1.物理学中，物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就称物体处于平衡状态；
2.惯性是物体的固有属性，不是力，不能说“受到惯性的作用”，只能说“具有惯性；
3. 力是改变物体运动状态的原因，力可以改变物体的运动状态；
4.弹力是由物体发生弹性形变产生的。
7．自劳动课成为中小学一门独立课程以来，小明已学会了多种菜肴的烹饪方法。下列关于烹饪中的热现象说法正确的是（　　）
A．炸丸子用食用油而不用水，主要是因为食用油的比热容较小
B．煮汤圆时在水沸腾后改用小火是因为水沸腾时温度不变，内能增大
C．炒菜时不断翻炒是通过做功的方式增大菜的内能
D．油和水很难融合表明分子间没有间隙
【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件；做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子间相互作用力；沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．炸丸子用油，是因为食用油的沸点较高，能达到更高温度让食物快速熟透，故A错误；
B．水沸腾后，继续吸热但温度保持不变，改用小火，水持续吸热，温度不变，但内能增大，还能节省燃料，故B正确；
C．炒菜时不断翻炒是为了让菜受热均匀，而菜的内能主要是通过热传递增大的，故C错误；
D．一切物质的分子间都存在间隙，故D错误。
故选B。
【分析】1.沸点：液体沸腾时的温度；
2.水沸腾时的特点：吸热，温度保持不变，内能增大；
3.热传递可以改变物体的内能；
4.一切物质的分子间都存在间隙。
8．如图所示电路的电源电压保持不变，将开关和都闭合，两灯均正常发光。下列判断正确的是（　　）
A．灯和串联
B．电压表只能测量灯两端的电压
C．断开后电压表的示数为0
D．两灯的额定电压一定相同
【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电压的测量及电压表的使用；并联电路的电压规律
【解析】【解答】ABD.当开关和都闭合，两个灯泡并排连接，是并联的，电压并联在灯两端，同时也并联在两端和电源两端，因此它可以测量、或电源的电压；根据并联电路电压的特点可知，两灯泡两端的电压相等，且两灯均正常发光，说明两灯泡的实际电压等于各自的额定电压，可知两灯的额定电压一定相等，故AB错误，D正确；
C．断开后，断路，但仍正常工作，电压表仍并联在电源两端，测量电源电压，所以电压表示数不为0，故C错误；
故选D。
【分析】1.并联：将各用电器并列地接到电源两端的电路，电流路径有多条；
2. 并联电路中各支路两端电压相等，且等于电源电压；
3.电压表与被测用电器并联。
9．以下关于家庭电路和安全用电的说法正确的是（　　）
A．如图甲，因为试电笔笔尾金属体是导体所以在使用时手不能接触笔尾金属体
B．如图乙，若闭合开关后灯不亮且试电笔接触插座左右两孔都发光，则进户零线断路
C．如图丙，人站在绝缘木凳上两手分别接触火线和零线时，漏电保护器不会切断电路
D．如图丁，当出现保险丝熔断时，只要更换保险丝并直接闭合总开关就可以了
【答案】B,C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体才能形成回路使氖管发光，故A错误；
B．闭合开关后灯不亮，试电笔接触插座左右两孔都发光，说明左右两孔都与火线连通，原因是进户零线断路，故B正确；
C．人站在绝缘木凳上两手分别接触火线和零线时，双手与火线、零线之间会形成回路，此时通过火线与零线的电流相等，漏电保护器检测不到火线与零线电流差，所以漏电保护器不会跳闸，故C正确；
D．当出现保险丝熔断时，应先排查故障，排除后再更换保险丝并闭合总开关，故D错误。
故选BC。
【分析】1.试电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线；
2.电路的故障有两种：短路和断路；根据用电器的工作情况、氖管的发光情况判定电路的故障；
3.当火线和零线中的电流不相等时，漏电保护器会自动切断电路；
4.保险丝熔断后，要检修电路。
10．小明在课外实践活动中设计了一款台秤，其质量表由电压表表盘改装而成，电路设计如图甲所示。是滑动变阻器，是一根长10cm的均匀电阻丝，托盘与弹簧相连，滑片固定在弹簧上端并能随弹簧的伸缩上下移动。空盘时滑片P位于的最上端。称量最大值时，滑片P位于的最下端，电源电压为（托盘质量不计）。已知该弹簧压缩的长度与所受压力的关系如图乙所示，以下说法正确的是（　　）
A．保持阻值不变，被测物体质量变小时，电路中电流变大
B．由图甲、乙知，该电子秤可称量的最大质量为
C．若要使台秤的分度值变小，可以增大电源电压
D．电池组使用一段时间后电压会下降，“质量表”测量出的质量将偏小，可以将滑片向左滑动进行校准
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由图甲可知，R1的滑片上下移动并不能改变R1接入电路的阻值，电路相当于定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，所以保持阻值不变，被测物体质量变小时，电路总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中电流不变，故A错误；
B．由题意可知，是一根长10cm的均匀电阻丝，当称量物体质量最大时，滑片P位于R1的最下端，即弹簧被压缩的长度 =10cm，由图乙可知，此时台秤所受的压力 F=25N，即称量物体的重力 G=25N，则可称量的最大质量为：
故B正确；
C．若增大电源电压，电路中电流会增大，根据可知，相同长度的电阻丝（相同质量）对应的电压示数会变大，则分度值会变大，故C错误；
D．电池使用一段时间后电压下降，电路中电流变小，根据可知，相同质量对应的电压表示数变小，即“质量表”测量出的质量将偏小。为电压表示数恢复正常，应增大电路中的电流，所以应减小R2接入电路的阻值，即将R2滑片向右滑动进行校准，故D错误。
故选B。
【分析】1.由图甲可知，R1的滑片上下移动并不能改变R1接入电路的阻值，电路相当于定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，若保持阻值不变，电路总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中电流不变；
2.当称量物体质量最大时，滑片P位于R1的最下端，由电阻丝的长度可知弹簧被压缩的长度，由图乙可知台秤所受的压力（物体的重力），根据求出物体的质量；
3. 若增大电源电压，电路中电流会增大，根据分析相同质量变化对应的电压变化；
4.电池使用一段时间后电压下降，电路中电流变小，根据可知，相同质量对应的电压表示数变小；为让电压表恢复正常，应增大电路中的电流，据此分析R2的阻值变化及滑片的移动方向。
11．潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，潮汐发电的实验原理是图　 　。
【答案】可再生；乙
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】潮汐能是由海水涨潮和落潮产生的，属于可再生能源；
潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，是将机械能转化为电能，原理是电磁感应，所以潮汐发电的实验原理是图乙。
【分析】1.可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
2.奥斯特实验证明电流周围存在磁场（甲） ；
电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流（乙）；
通电导体在磁场中受到力的作用（丙）。
12．项目化学习小组用矿泉水瓶做以下实验，如图甲，用吸管对着水平桌面上的两个矿泉水瓶中间吹气，由于两瓶之间空气流速变大，两个矿泉水瓶会彼此　 　（选填“远离”或“靠近”）；如图乙，先在水平桌面上拉动木块做匀速直线运动，后垫上矿泉水瓶仍然拉动木块做匀速直线运动，拉力　 　（选填“变大”，“变小”或“不变”）；如图丙，将矿泉水瓶逐渐压入水中，手感觉到的压力越来越大，这一现象表明：浮力的大小与　 　有关。
【答案】靠近；变小；排开液体的体积
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；流体压强与流速的关系；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】如图甲，用吸管对着水平桌面上的两个矿泉水瓶中间吹气，由于两瓶之间空气流速变大，压强变小，小于外侧大气压强，两个矿泉水瓶在大气压的作用下会彼此靠近。
木块做匀速直线运动，水平方向所受的拉力乙摩擦力是一对平衡力，大小相等，垫上瓶子后滚动代替滑动可减小摩擦力，所以拉力变小。
将矿泉水瓶逐渐压入水中，矿泉水瓶排开水的体积逐渐变大，瓶子受到的浮力逐渐变大 ，所以手感受到的压力越来越大，这一现象表明：浮力的大小与排开液体的体积有关。
【分析】1.在气体或液体中，流速越大的位置，压强越小；
2.减小摩擦力的方法：在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；用滚动摩擦代替滑动摩擦；使接触面分离；
3.浮力的大小与液体密度和排开液体的体积有关。
13．人眼的晶状体相当于一个　 　，下图中甲、乙分别是人眼观察远处和近处时光路图，对比分析可知人看近处物体时，晶状体的焦距将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。根据国家卫健委最新数据，我国青少年总体视力不达标超过了70%，如图丙是某同学看远处物体的成像情况，应该用　 　透镜矫正。
【答案】凸透镜；变小；凹
【知识点】透镜及其特点与分类；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】人眼的晶状体相当于一个凸透镜。
当我们看近处的物体时，物距较小，像距较大，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变大，这个凸透镜的焦距变小。
如图丙是某同学看远处物体的成像在视网膜前，是近视眼，应该用凹透镜矫正。
【分析】1.凸透镜：中间厚，边缘薄的透镜，对光有会聚作用；
2. 当我们看远处的物体时，物距较大，像距较小，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变小，这个凸透镜的焦距变大；
当我们看近处的物体时，物距较小，像距较大，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变大，这个凸透镜的焦距变小。
3.近视眼成因：晶状体太厚或眼球在前后方向距离太长，来自远处某点的光会聚在视网膜前；
近视眼矫正：佩戴凹透镜。
14．在2026年央视春晚上，机器人表演《武BOT》给观众留下了深刻印象。机器人的行走、旋转、空翻、肢体动作，均由高性能电动机驱动。电动机的工作原理是　 　。某型号机器人的驱动电动机正常工作时，两端电压为，通过的电流为，线圈电阻为0.6，电动机正常工作时电功率　 　，电动机正常工作时电能转化为机械能的效率为　 　。
【答案】通电导体在磁场中受力运动；120；
【知识点】电功率的计算；直流电动机的构造原理与工作过程；能量的利用效率
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
电动机正常工作时，两端电压 U=24V，通过的电流 I=5A，线圈电阻 R=0.6Ω，电动机正常工作时的电功率为：
线圈热功率为：
机械能功率为：
电能转化为机械能的效率为：
【分析】1.电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
2，已知电动机两端的电压，通过电动机的电流及线圈的电阻，根据求出电动机的功率，根据求出线圈的发热功率，据此求出机械功率，再利用求出电能转化为机械能的效率。
15．我国第三艘国产航空母舰“福建号”满载排水量为88000t，该航母满载时受到的浮力为　 　，当舰载机飞离航母后，舰底所受海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），此时航母排开的海水体积改变了，则该舰载机的质量是　 　。（，）
【答案】；变小；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】“福建号”满载排水量 m排=88000t=8.8 x 107kg，该航母满载时受到的浮力为：
航母漂浮在水面，所受的浮力等于航母的总重力，当舰载机飞离航母后，航母总重力变小，所以航母所受浮力会变小；航母将会上浮一些，舰底到海面的深度h会变小，根据可知，舰底所受海水的压强变小。
航母漂浮在水面上，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力的变化等于舰载机的重力，则舰载机的重力为：
舰载机的质量为：
【分析】1.已知航母的排水量，根据求出该航母满载时受到的浮力；
2.航母漂浮在水面，所受的浮力等于航母的总重力，根据分析航母所受的浮力变化，再据此分析航母底部在海水中的深度变化，根据分析舰底所受海水的压强变化；
3.已知航母排开的海水体积变化，航母漂浮在水面上，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力的变化等于舰载机的重力，根据求出舰载机的重力，再根据求出舰载机的质量。
16．按要求完成下列作图；
（1）请在图甲中作出物体在平面镜中的像。
（2）如图乙，A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，画出此时A物体所受力的示意图。（不计空气阻力）
【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）先分别作出A、B两点关于平面镜的对称点、，再用虚线连接，标上箭头，即为AB的虚像，如图所示：
（2）A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，处于平衡状态，所受重力G和支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反，如图所示：
【分析】（1）面镜成像中，像与物关于镜面对称，且成的是虚像；
（2）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（1）平面镜成像中，像与物关于镜面对称，且成的是虚像，先作出A点关于平面镜的对称点、B点关于平面镜的对称点，再用虚线连接，标上箭头，即为AB的像，据此作图。
（2）A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，处于平衡状态，受重力G和支持力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，重力的方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，据此作图。
17．如图1所示是小明做“测量小车从斜面滑下速度”的实验情景。
（1）将小车车头与斜面上A点对齐由静止释放滑下，放手时开始计时，当小车车头到C点时停止计时，此时秒表的示数如图2所示。AC之间的距离为　 　cm，小车从A点运动到C点用时　 　s，小车经过段的平均速度是　 　m/s（保留两位小数）。
（2）实验中小明观察到小车从斜面上滑下时越来越快。为了验证自己的观察，小明分别测出小车从斜面滑下时上半程和下半程的时间，就可以通过　 　（选填“相同路程比较时间”或“相同时间比较路程”）的方式来验证自己的观察。
【答案】（1）；；
（2）相同路程比较时间
【知识点】时间及其测量；刻度尺的使用；速度与物体运动；速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）图1刻度尺分度值为1cm，A点车头与刻度线对齐，C点车头与刻度线对齐，所以之间的距离为：
s=
图2中小表盘指针在之间，且未超过，所以大表盘的读数为，所以小车从A点运动到C点用时 t=。
小车经过段的平均速度是：
（2）斜面上半程和下半程的路程相等，所以可以通过相同路程比较时间的方式来验证自己的观察 。
【分析】（1）认清刻度尺的分度值再读数，读数时估读到分度值下一位；
秒表读数方法：小圈读分，大圈读秒，先看小圈，再看大圈，分钟过半，大圈读大数；
根据求出小车的平均速度。
（2）小车经过上半程和下半程的路程相同，可以通过比较相同路程所花时间的长短来比较运动速度的快慢。
（1）[1]刻度尺分度值为1cm，需要估读到分度值下一位，A点车头对齐刻度，C点车头对齐，因此的距离为
[2]小表盘指针在之间，且未超过，所以大表盘的读数为，因此小车从A点运动到C点的时间为。
[3]小车经过段的平均速度是
（2）小明测量的是上半程和下半程，两段路程长度相等，通过比较两者的时间判断速度大小，因此是相同路程比较时间。下半程用时更短，说明速度更大，即可验证小车下滑越来越快。
18．小明选用电源（电压恒为4.5V）、定值电阻（若干）、滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线，探究电流与电压的关系。
实验序号 ① ② ③ ④
电压 1.0 2.0 3.0 4.0
电流 0.1 _____ 0.3 0.4
（1）如图甲所示，小明选取阻值的电阻进行实验。用笔画线代替导线将电路连接完整　 　（要求滑片P向右移动时，电流表示数变小）。闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处，否则闭合开关时　 　（选填“电流表”“电压表”或“电流表和电压表均”）可能损坏。
（2）将滑动变阻器的滑片移至最右端。闭合开关，移动滑片，当电压表示数为时，电流表的示数如图乙所示为　 　A。
（3）图表是小明测得的多组数据，分析得出结论：导体的电阻一定时，　 　。
（4）请指出小明表格设计存在的问题：　 　。
【答案】（1）；电压表
（2）0.2
（3）电流与电压成正比
（4）物理量没有单位
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）探究电流与电压的关系时，定值电阻与滑动变阻器串联，滑片向右移动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以应将滑动变阻器左下接线柱与电源左侧接线柱相连，如图所示：
电源电压为 4.5V，定值电阻的阻值为10Ω，若滑动变阻器滑片在阻值最小处，电路中的电流为：
此时定值电阻两端的电压等于电源电压为4.5V；由图可知，电压表测定值电阻两端的电压，使用是量程为，所以电压表会被烧坏；而电流表量程为，电流未超过电流表量程，电流表不会损坏。
（2）图乙电流表的量程为，分度值为0.02A，示数为。
（3）分析多组数据，电压与电流的比值是一定值，可得结论：导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中应记录各物理量及各物理量的单位，而表格中的物理量没有单位。
【分析】（1）探究电流与电压的关系时，定值电阻与滑动变阻器串联，滑片向右移动时，根据电流表示数变化分析滑动变阻器接入电路的电阻变大，即可确定滑动变阻器接入电路的接线柱；
由电源电压和定值电阻的阻值，根据欧姆定律可求出滑动变阻器滑片在阻值最小处时，电路中的电流及定值电阻两端的电压，结合电压表和电流表使用的量程进行分析；
（2）电流表读数时，要看清所选量程和分度值。
（3）导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中的物理量没有单位，这会使实验数据的记录和分析不够清晰、准确。
（1）[1]在这个实验中，要探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，通过调节滑动变阻器来改变电阻两端的电压。如图甲所示，要求滑片向右移动时，电流表示数变小，这意味着滑动变阻器接入电路的电阻应该增大。所以，应将滑动变阻器左下接线柱与电源左侧接线柱相连。如图所示：
[2]电源电压恒为4.5V，若闭合开关前，滑动变阻器滑片未移到阻值最大处，假设滑片在阻值最小处（即电阻为0），此时定值电阻两端电压为电源电压4.5V，而电压表量程一般为，所以电压表可能损坏；此时电路中的电流
电流表量程为，电流未超过电流表量程，电流表不会损坏，所以闭合开关时电压表可能损坏。
（2）电流表的量程为，分度值为0.02A，其示数为。
（3）通过对小明测得的多组数据分析，可以发现，在导体的电阻一定时，电压增大几倍，电流也增大几倍，得出结论：导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中的物理量没有单位，这会使实验数据的记录和分析不够清晰、准确。
19．在劳动实践课上，小刚同学用大豆、糯米、小米等食材制作了营养豆浆，为测量豆浆的密度，他从实验室借来相关实验器材进行了如下实验设计和实验操作。
（1）小刚将天平放在水平桌面上，并把游码拨到标尺左端零刻度线处，分度盘的指针如图甲所示，此时将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，使天平横梁平衡。
（2）小刚的测量步骤如下：
①将适量待测豆浆装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示，测出烧杯和液体质量为　 　g。
②将烧杯中的豆浆倒入量筒中，如图丙所示，记下量筒中豆浆的体积为V；
③测出烧杯和剩余豆浆的质量为18g。
④用测得的数据计算出豆浆的密度为　 　。
（3）测量结束整理器材时发现天平的左盘缺个角，则他测得的豆浆密度　 　（选填“偏大”，“不影响”或“偏小”）。
（4）小强利用电子秤测量盐水密度，他进行了以下实验操作：
①取密度为的合金块，用电子秤测得其质量为90.0g（图丁）。
②将合金块放入烧杯中后，向烧杯中注入适量盐水，标记液面位置，测得溢水杯、盐水、合金块的总质量为111.0g（图戊）。取出合金块，向烧杯中加盐水至标记处，测得溢水杯和盐水的总质量为（图己）。
③根据以上数据，计算出这种盐水的密度为　 　。
【答案】（1）右
（2）62；
（3）不影响
（4）1.05
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）由图甲可知，将天平放在水平桌面上，并把游码拨到标尺左端零刻度线处后，指针偏向分度盘左侧，所以应将平衡螺母应向右调节，使天平横梁平衡。
（2）① 图乙砝码质量为，游码在标尺上的刻度值为， 烧杯和液体质量为；
②量筒分度值为2mL，豆浆的体积；
③烧杯和剩余豆浆的质量为18g，倒入量筒中的豆浆质量为：
④豆浆的密度为：
（3）天平左盘缺角，但在实验前已将天平调平，所以测量的质量是准确的，对密度测量结果没有影响，所以他测得的豆浆密度不影响。
（4）取密度为的合金块，用电子秤测得其质量为90.0g，合金块体积为：
溢水杯和原有盐水的总质量为：
加入盐水的质量为：
加入盐水的体积等于合金块体积 ，即，因此盐水密度：
【分析】（1）使用天平前，根据“左偏右调”的原则调节平衡螺母使天平横梁平衡；
（2）①由图乙确定标尺的分度值，确定游码的示数，得出烧杯和液体质量；
④得出烧杯中的豆浆的质量，由图丙可知豆浆的体积，由密度公式得出豆浆的密度；
（3）天平的左盘有一个缺角，测量前通过调平衡螺母调节平衡了，对测量没有影响；
（4）已知合金块的密度和电子秤测得其质量，根据密度公式得出合金块的体积；根据已知条件得出图戊中盐水的质量和图己中加入盐水质量，而图己中加入盐水的体积等于合金块的体积，根据密度公式计算出盐水的密度；
（1）天平放在水平桌面，游码归零后，指针偏向分度盘左侧，根据“左偏右调”的原则，平衡螺母应向右调节，使天平横梁平衡。
（2）[1]烧杯和豆浆的总质量：砝码质量为，游码在标尺上的刻度值为，因此总质量为。
[2]量筒中豆浆的体积
倒入量筒中的豆浆质量
则豆浆的密度
（3）天平左盘缺角，但在实验前已经通过平衡螺母将天平调平，因此测量的质量是准确的，对密度测量结果不影响。
（4）合金块体积：
溢水杯和原有盐水的总质量：
加入盐水的质量：
加入盐水的体积等于合金块体积，因此盐水密度：
20．如图-1，是探究液体内部压强的过程。
（1）从图-1甲的结构观察U形管压强计　 　（选填“是”或“不是”）连通器，在选择U形管压强计时，探头上的橡皮膜应该用　 　（选填“薄”或“厚”）一些的较好，实验中，液体内部的压强大小可以用压强计U形管两侧液面的　 　来显示。
（2）通过比较图-1中　 　两个实验，是为了探究液体的压强与液体深度的关系，由实验初步得出的结论，你认为拦河大坝要做成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。
（3）如图-2竖放的1号、2号两根玻璃管底部口径相同，且两管下端所封橡皮膜材质、松紧程度等情况完全相同。在两管中分别装入和的水，薄膜鼓起的程度不同。据此小明猜想：液体的压强可能与管内液体的质量有关。请帮小明选择恰当的步骤___________（多选，选填字母）进行实验，对比1号、2号管橡皮膜的鼓起程度判断小明的猜想是否正确。（为便于对比，操作时两管底面始终在同一高度）
A．仅将2号管倾斜，直至水面与1号管水面相平
B．仅向1号管中加入适量水，直至两管水面相平
C．仅向1号管中加入8g水，使两管中水质量相等
D．将2号管中的水全部倒出后竖放，再装入盐水直至液面与1号管水面相平
（4）实验过程中，同学们发现根据压强计液面高度差计算出的液体压强和用烧杯中金属盒表面所处深度计算出的液体压强不相等，分析可知这是由于橡皮膜发生的形变导致　 　（选填“>”“<”或“=”）。
（5）如图-1戊所示，探头放入盐水前后，粗细均匀的U形管中右管水面上升了3cm，此时U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值为　 　Pa。
【答案】（1）不是；薄；高度差
（2）乙、丁；上窄下宽
（3）A；B
（4）<
（5）600
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图-1甲中U形管压强计的一端是封闭的，不是连通器。
探头上的橡皮膜应该用薄一些的较好，橡皮膜容易发生形变，能更准确反映液体压强，实验中，液体内部压强可以用U形管两侧液面的高度差来显示。
（2）图-1中乙、丁两个实验，液体密度相同，图丁中探头在亚太中的深度较大，U形管两侧液面高度差较大，液体压强较大，可得结论：液体密度相同时，深度越深，压强越大；因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（3）探究液体的压强与管内液体的质量的关系，要控制液体的密度和深度相同，改变液体的质量，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，所以根据U形管液面高度差算出的压强小于金属盒表面所处深度计算出的液体压强，即。
（5）探头放入盐水后，右管水面上升3cm，左管水面下降3cm，则U形管两侧液面高度差为：
此时U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值为：
【分析】（1）连通器：上端开口，下端连通的容器；
较薄的橡皮膜更容易发生形变；
转换法：液体内部压强是通过U形管两侧液面的高度差来反映。
（2）（3）液体压强与液体密度和深度有关，根据控制变量法进行分析；
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，据此分析；
（5）根据题意可知U形管两侧液面高度差，根据求出U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值。
（1）[1]连通器要求上端开口、底部相连通，U形管压强计的一端是封闭的，因此不是连通器。
[2]薄橡皮膜对压强更敏感，形变更明显，能更准确反映液体压强。
[3]液体内部压强越大，U形管两侧液面的高度差越大，通过高度差来显示压强大小。
（2）[1]探究压强与深度的关系，需控制液体密度相同、改变深度，乙、丁符合条件（均为水，深度不同）。
[2]液体压强随深度增加而增大，拦河大坝下部承受的压强更大，因此做成上窄下宽的形状，增强结构稳定性。
（3）要验证猜想，需控制深度相同、改变液体质量，或控制质量相同、改变深度，排除质量的影响：
A．仅将2号管倾斜，水面与1号相平，深度相同、质量不同，可验证压强是否与质量有关，故A符合题意；
B．向1号管加水至两管水面相平，深度相同、质量不同，故B符合题意；
C．向1号管加8g水使质量相等，深度不同，无法控制变量，故C不符合题意；
D．将2号管换盐水，液体密度改变，引入新变量，故D不符合题意。
故选AB。
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，因此根据U形管液面高度差算出的压强小于金属盒表面的实际压强，即。
（5）探头放入盐水后，右管水面上升3cm，左管水面下降3cm，取，则U形管液面高度差
根据液体压强公式
21．新能源纯电动汽车因具有环保、节能、高效等诸多优势，日渐成为人们日常使用的重要交通工具。如图所示，该纯电动汽车质量为，静止时与地面的总接触面积为。若该汽车在平直的公路上匀速行驶240m，用时30s。此过程中纯电动汽车所受的阻力为600N。求：
（1）纯电动汽车静止在地面上时，对地面的压强是多少？
（2）此过程中，纯电动汽车所受的牵引力做功的功率是多少？
【答案】（1）解：汽车质量为：
水平地面上，汽车对地面的压力等于自身重力为：
汽车对地面的压强是：
答：纯电动汽车静止在地面上时，对地面的压强是；
（2）解：汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，因此牵引力为：
牵引力做的功为：
牵引力做功的功率是：
答：此过程中，纯电动汽车所受的牵引力做功的功率是。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）已知汽车质量 ，根据求出水平地面上，汽车对地面的压力，根据求出 汽车对地面的压强；
（2）汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，根据求出汽车受到的牵引力，根据求出牵引力做的功，再根据求出牵引力做功的功率。
（1）汽车质量
水平地面上，汽车对地面的压力等于自身重力为
汽车对地面的压强是
（2）汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，因此牵引力
牵引力做的功
牵引力做功的功率是
22．小渝家有一台旧式两挡位电炖锅，高温挡额定功率为1100W，低温挡额定功率模糊不清，图甲是该电炖锅简化电路图，和是加热电阻丝，开关只能接触或，不计温度对电阻的影响。求：
（1）电炖锅以高温挡正常工作时的电流是多少？
（2）小渝关闭家中其他用电器，读出电能表示数为，电炖锅以低温挡正常工作，结束时电能表示数如图乙所示，则的阻值是多少？
（3）为满足炖煮不同食材和防干烧的需求，现增加一个防干烧的温控开关，利用原电路元件，导线足够，请你在图丙的方框内画一个至少有3个挡位且能防干烧的电路图。
【答案】（1）解：由可知，高温挡正常工作时的电流为：
答：电炖锅以高温挡正常工作时的电流是5A；
（2）解：开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电炖锅处于高温挡；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，该电炖锅处于低温挡；根据可得，R2的阻值为：
电炖锅消耗的总电能为：
低温挡正常工作4h，则低温挡功率为：
根据可得，两电阻R1、R2串联时的总电阻为：
根据电阻串联特点可得，电阻R1的阻值为：
答：的阻值是132Ω；
（3）
【知识点】串、并联电路的设计；电阻的串联；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据题意可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，可采取两个不同阻值的电阻分别连入或两个电阻并联三个状态，故电路图如下：
闭合S3，S2接b，S1闭合，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大（），总功率最小，为低温挡；
闭合S3，S2接a，S1断开时，只有电阻R2接入电路，为中温挡；
闭合S3，S2接a，S1闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，为高温挡。
【分析】（1）已知电源电压和高温档功率，根据求出高温挡正常工作时的电流；
（2）开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大；电源电压不变，根据分析电路总功率，据此确定电炖锅的挡位；已知高温功率和电源电压，根据求出R2的阻值；根据电能表的示数求出电炖锅消耗的电能，根据求出低温挡功率，由电源电压和低温挡功率，利用求出R1、R2串联时的总电阻，再根据串联电路电阻关系求出电阻R1的阻值。
（3）根据串联电路的特点可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，据此即可画出电路图。
（1）由可知，高温挡正常工作时的电流为
（2）开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电炖锅处于高温挡；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，该电炖锅处于低温挡；根据可得，R2的阻值为
电炖锅消耗的总电能为
低温挡正常工作4h，则低温挡功率为
根据可得，两电阻R1、R2串联时的总电阻为
根据电阻串联特点可得，电阻R1的阻值
（3）根据串联电路的特点可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，由于需要设计成三个挡位，则可采取两个不同阻值的电阻分别连入或两个电阻并联三个状态，故电路图如下：
闭合S3，S2接a，S1闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，为高温挡；
闭合S3，S2接b，S1闭合，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大（），总功率最小，为低温挡；
闭合S3，S2接a，S1断开时，只有电阻R2接入电路，为中温挡。
23．小王在外游玩时，经常看到如图甲所示的物流公司大卡车。（，，，，）
（1）运送快递的大卡车有很多宽大的车轮，这是通过　 　方式减小大卡车对地面的压强；
（2）小明发现在服务区里，有很多大卡车司机在给车轮胎喷水。经过和大卡车司机的交流他知道大卡车行驶时，轮胎和地面摩擦产生大量的热，使车胎升温，有爆胎的危险，喷水是为了降温。一个橡胶车胎的质量约为50kg，用水将它的温度从70℃降低到20℃，这辆大卡车一共18个轮胎，水要带走的热量是多少？
（3）一辆大卡车将快递从成都运往西安，总路程为800km。这辆大卡车满载时发动机输出能量中有80%用来驱动卡车行驶，大卡车柴油机（发动机）的效率是50%。这辆卡车满载时总质量为50t，它行驶时牵引力恒定为车辆总重的0.008倍。
①这辆大卡车全程要消耗多少kg的柴油　 　？
②这辆车的能量利用率是多少　 　？
③图乙是刹车装置示意图，其中液压油左侧连通刹车闸，刹车时脚踩刹车踏板，可以使汽车减速或停止。要让踩刹车更轻（用更小的力踩刹车，能达到相同的刹车效果）请你写出一条能达到目的措施：　 　
【答案】（1）增大受力面积
（2）一个橡胶车胎的质量约为50kg，则18个轮胎的总质量为：
轮胎降温放出的总热量为：
根据能量守恒定律，水要带走的热量等于轮胎降温放出的总热量，则水要带走的热量为：
（3）200；40%；减小OA间的距离
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；减小压强的方法及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运送快递的大卡车有很多宽大的车轮，这是通过增大受力面积来减小对地面的压强。
（3）①卡车满载时总质量 m车=50t =5 x 104kg，则卡车满载时总重力为：
卡车行驶时牵引力为：
卡车行驶全程的有用功为：
大卡车满载时发动机输出能量中有80%用来驱动卡车行驶，需要消耗的总功为：
大卡车柴油机（发动机）的效率是50%，需要燃料燃烧放热为：
消耗的柴油体积为：
消耗的柴油质量为：
② 这辆车的能量利用率是：
③ 如下图所示，刹车装置相当于一个杠杆，O为支点，液压装置对A点水平向右的力F2为阻力，脚对刹车踏板向左的力F1为动力；根据杠杆的平衡条件可知，若要想用更小的力踩刹车就能使车停止运动，在阻力大小不变时，需要减小阻力臂或增大动力臂，故可以减小OA间的距离或增大OB的长度。
【分析】（1）减小压强的方法：压力一定时，增大受力面积；受力面积一定时，减小压力；
（2）已知橡胶的比热容、一个轮胎的质量，橡胶轮胎的初温及末温，根据求出轮胎降温放出的总热量，根据能量守恒定律即可知水要带走的热量；
（3）①大卡车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.008G求出其大小，根据W=Fs求出牵引力做的功，根据 算出发动机输出能量，根据 求出消耗柴油完全燃烧释放的热量，根据Q放=Vq求出消耗柴油的体积，由密度公式算出柴油的质量；
②根据效率的公式得到这辆车的能量利用率；
③根据杠杆的平衡条件判断出用更小的力踩刹车达到相同刹车效果的方法。
（1）根据可知，大卡车有很多宽大的车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强。
（2）大卡车18个轮胎的总质量为
轮胎材料为橡胶，其比热容为
根据放热公式，轮胎降温放出的总热量为
根据能量守恒定律，水要带走的热量等于轮胎降温放出的总热量。所以水要带走的热量为
（3）[1]这辆卡车满载时总重力为
它行驶时牵引力为
行驶全程的有用功为
根据满载时的机械效率，需要消耗的总功为
根据发动机的热机效率，需要燃料燃烧放热为
根据柴油燃料的热值，全程要消耗的柴油体积为
由得，全程要消耗的柴油质量为
[2]这辆车的能量利用率是
[3]如下图所示，刹车装置相当于一个杠杆，O为支点，液压装置对A点水平向右的力F2为阻力，脚对刹车踏板向左的力F1为动力；若要想用更小的力踩刹车就能使车停止运动，根据杠杆的平衡条件可知，在阻力大小不变时，需要减小阻力臂或增大动力臂，故可以减小OA间的距离或增大OB的长度。如图所示：
1 / 1陕西省西安高新第二学校2025-2026学年九年级下学期物理阶段学情自测题
1．在中考体育测试中，下列估测数据最接近实际情况的是（　　）
A．一名男中学生掷实心球的成绩约为
B．一名男中学生跑完所用时间约为
C．一个实心球的质量为
D．一名男中学生跳绳的功率约为500W
2．2026年央视春晚首次实现“三维菁彩声”全链路应用，利用120只音箱构建360°声场，让观众在《奔腾的海骝马》节目中清晰感受到“万马奔腾”的空间感。下列关于该现象的解释正确的是（　　）
A．音箱发出的声音在空气中传播的速度为
B．观众能分辨出马蹄声与乐器声，是因为两者的音调不同
C．音箱发出的声音是由空气振动产生的
D．通过电视接收到春晚直播信号是利用电磁波传递信息的
3．“谚语”是我国劳动人民生活实践经验的结晶，以下有关物态变化的分析正确的是（　　）
A．下雪不冷，化雪冷——雪的形成是凝固现象，需要吸热
B．霜降见霜，米谷满仓——霜的形成是凝华现象，需要吸热
C．早雾晴，晚雾阴——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
D．白露种高山，秋分种平川——露的形成是液化现象，需要放热
4．手机防窥膜是一种通过光学设计来保护用户隐私的功能性贴膜，防窥结构层采用了超细不透明百叶窗光学技术，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，其立体结构放大示意图如图甲所示。防窥层上下还附有具备其他功能的透明层，如图乙所示。下列光现象与手机防窥膜工作原理相同的是（　　）
A．倒影
B．空中彩虹
C．小孔成像
D．筷子在水中“折断”
5．我国科研团队突破国际上现有的铝合金材料体系，开发出高镁含量铝合金材料，这种材料密度小、韧性好、强度大、熔点高并且成本低。这种材料最适合制造（　　）
A．机器人的机身 B．保温层
C．电路保险丝 D．压路机的碾子
6．2025年在哈尔滨举办了第九届亚洲冬季运动会，这是继2022年北京冬奥会后中国举办的又一重大国际综合性冰雪盛会。如图是冰壶比赛中选手董子齐掷壶的场景，下面说法正确的是（　　）
A．运动员松手后，冰壶滑行过程中处于平衡状态
B．运动员松手后，冰壶能继续向前滑行是因为冰壶受到惯性的作用
C．冰壶在冰面上滑行时，速度越来越小，说明力是维持物体运动状态的原因
D．冰面对冰壶的支持力是由冰面形变产生的
7．自劳动课成为中小学一门独立课程以来，小明已学会了多种菜肴的烹饪方法。下列关于烹饪中的热现象说法正确的是（　　）
A．炸丸子用食用油而不用水，主要是因为食用油的比热容较小
B．煮汤圆时在水沸腾后改用小火是因为水沸腾时温度不变，内能增大
C．炒菜时不断翻炒是通过做功的方式增大菜的内能
D．油和水很难融合表明分子间没有间隙
8．如图所示电路的电源电压保持不变，将开关和都闭合，两灯均正常发光。下列判断正确的是（　　）
A．灯和串联
B．电压表只能测量灯两端的电压
C．断开后电压表的示数为0
D．两灯的额定电压一定相同
9．以下关于家庭电路和安全用电的说法正确的是（　　）
A．如图甲，因为试电笔笔尾金属体是导体所以在使用时手不能接触笔尾金属体
B．如图乙，若闭合开关后灯不亮且试电笔接触插座左右两孔都发光，则进户零线断路
C．如图丙，人站在绝缘木凳上两手分别接触火线和零线时，漏电保护器不会切断电路
D．如图丁，当出现保险丝熔断时，只要更换保险丝并直接闭合总开关就可以了
10．小明在课外实践活动中设计了一款台秤，其质量表由电压表表盘改装而成，电路设计如图甲所示。是滑动变阻器，是一根长10cm的均匀电阻丝，托盘与弹簧相连，滑片固定在弹簧上端并能随弹簧的伸缩上下移动。空盘时滑片P位于的最上端。称量最大值时，滑片P位于的最下端，电源电压为（托盘质量不计）。已知该弹簧压缩的长度与所受压力的关系如图乙所示，以下说法正确的是（　　）
A．保持阻值不变，被测物体质量变小时，电路中电流变大
B．由图甲、乙知，该电子秤可称量的最大质量为
C．若要使台秤的分度值变小，可以增大电源电压
D．电池组使用一段时间后电压会下降，“质量表”测量出的质量将偏小，可以将滑片向左滑动进行校准
11．潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，潮汐发电的实验原理是图　 　。
12．项目化学习小组用矿泉水瓶做以下实验，如图甲，用吸管对着水平桌面上的两个矿泉水瓶中间吹气，由于两瓶之间空气流速变大，两个矿泉水瓶会彼此　 　（选填“远离”或“靠近”）；如图乙，先在水平桌面上拉动木块做匀速直线运动，后垫上矿泉水瓶仍然拉动木块做匀速直线运动，拉力　 　（选填“变大”，“变小”或“不变”）；如图丙，将矿泉水瓶逐渐压入水中，手感觉到的压力越来越大，这一现象表明：浮力的大小与　 　有关。
13．人眼的晶状体相当于一个　 　，下图中甲、乙分别是人眼观察远处和近处时光路图，对比分析可知人看近处物体时，晶状体的焦距将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。根据国家卫健委最新数据，我国青少年总体视力不达标超过了70%，如图丙是某同学看远处物体的成像情况，应该用　 　透镜矫正。
14．在2026年央视春晚上，机器人表演《武BOT》给观众留下了深刻印象。机器人的行走、旋转、空翻、肢体动作，均由高性能电动机驱动。电动机的工作原理是　 　。某型号机器人的驱动电动机正常工作时，两端电压为，通过的电流为，线圈电阻为0.6，电动机正常工作时电功率　 　，电动机正常工作时电能转化为机械能的效率为　 　。
15．我国第三艘国产航空母舰“福建号”满载排水量为88000t，该航母满载时受到的浮力为　 　，当舰载机飞离航母后，舰底所受海水压强　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），此时航母排开的海水体积改变了，则该舰载机的质量是　 　。（，）
16．按要求完成下列作图；
（1）请在图甲中作出物体在平面镜中的像。
（2）如图乙，A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，画出此时A物体所受力的示意图。（不计空气阻力）
17．如图1所示是小明做“测量小车从斜面滑下速度”的实验情景。
（1）将小车车头与斜面上A点对齐由静止释放滑下，放手时开始计时，当小车车头到C点时停止计时，此时秒表的示数如图2所示。AC之间的距离为　 　cm，小车从A点运动到C点用时　 　s，小车经过段的平均速度是　 　m/s（保留两位小数）。
（2）实验中小明观察到小车从斜面上滑下时越来越快。为了验证自己的观察，小明分别测出小车从斜面滑下时上半程和下半程的时间，就可以通过　 　（选填“相同路程比较时间”或“相同时间比较路程”）的方式来验证自己的观察。
18．小明选用电源（电压恒为4.5V）、定值电阻（若干）、滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线，探究电流与电压的关系。
实验序号 ① ② ③ ④
电压 1.0 2.0 3.0 4.0
电流 0.1 _____ 0.3 0.4
（1）如图甲所示，小明选取阻值的电阻进行实验。用笔画线代替导线将电路连接完整　 　（要求滑片P向右移动时，电流表示数变小）。闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处，否则闭合开关时　 　（选填“电流表”“电压表”或“电流表和电压表均”）可能损坏。
（2）将滑动变阻器的滑片移至最右端。闭合开关，移动滑片，当电压表示数为时，电流表的示数如图乙所示为　 　A。
（3）图表是小明测得的多组数据，分析得出结论：导体的电阻一定时，　 　。
（4）请指出小明表格设计存在的问题：　 　。
19．在劳动实践课上，小刚同学用大豆、糯米、小米等食材制作了营养豆浆，为测量豆浆的密度，他从实验室借来相关实验器材进行了如下实验设计和实验操作。
（1）小刚将天平放在水平桌面上，并把游码拨到标尺左端零刻度线处，分度盘的指针如图甲所示，此时将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，使天平横梁平衡。
（2）小刚的测量步骤如下：
①将适量待测豆浆装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示，测出烧杯和液体质量为　 　g。
②将烧杯中的豆浆倒入量筒中，如图丙所示，记下量筒中豆浆的体积为V；
③测出烧杯和剩余豆浆的质量为18g。
④用测得的数据计算出豆浆的密度为　 　。
（3）测量结束整理器材时发现天平的左盘缺个角，则他测得的豆浆密度　 　（选填“偏大”，“不影响”或“偏小”）。
（4）小强利用电子秤测量盐水密度，他进行了以下实验操作：
①取密度为的合金块，用电子秤测得其质量为90.0g（图丁）。
②将合金块放入烧杯中后，向烧杯中注入适量盐水，标记液面位置，测得溢水杯、盐水、合金块的总质量为111.0g（图戊）。取出合金块，向烧杯中加盐水至标记处，测得溢水杯和盐水的总质量为（图己）。
③根据以上数据，计算出这种盐水的密度为　 　。
20．如图-1，是探究液体内部压强的过程。
（1）从图-1甲的结构观察U形管压强计　 　（选填“是”或“不是”）连通器，在选择U形管压强计时，探头上的橡皮膜应该用　 　（选填“薄”或“厚”）一些的较好，实验中，液体内部的压强大小可以用压强计U形管两侧液面的　 　来显示。
（2）通过比较图-1中　 　两个实验，是为了探究液体的压强与液体深度的关系，由实验初步得出的结论，你认为拦河大坝要做成　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。
（3）如图-2竖放的1号、2号两根玻璃管底部口径相同，且两管下端所封橡皮膜材质、松紧程度等情况完全相同。在两管中分别装入和的水，薄膜鼓起的程度不同。据此小明猜想：液体的压强可能与管内液体的质量有关。请帮小明选择恰当的步骤___________（多选，选填字母）进行实验，对比1号、2号管橡皮膜的鼓起程度判断小明的猜想是否正确。（为便于对比，操作时两管底面始终在同一高度）
A．仅将2号管倾斜，直至水面与1号管水面相平
B．仅向1号管中加入适量水，直至两管水面相平
C．仅向1号管中加入8g水，使两管中水质量相等
D．将2号管中的水全部倒出后竖放，再装入盐水直至液面与1号管水面相平
（4）实验过程中，同学们发现根据压强计液面高度差计算出的液体压强和用烧杯中金属盒表面所处深度计算出的液体压强不相等，分析可知这是由于橡皮膜发生的形变导致　 　（选填“>”“<”或“=”）。
（5）如图-1戊所示，探头放入盐水前后，粗细均匀的U形管中右管水面上升了3cm，此时U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值为　 　Pa。
21．新能源纯电动汽车因具有环保、节能、高效等诸多优势，日渐成为人们日常使用的重要交通工具。如图所示，该纯电动汽车质量为，静止时与地面的总接触面积为。若该汽车在平直的公路上匀速行驶240m，用时30s。此过程中纯电动汽车所受的阻力为600N。求：
（1）纯电动汽车静止在地面上时，对地面的压强是多少？
（2）此过程中，纯电动汽车所受的牵引力做功的功率是多少？
22．小渝家有一台旧式两挡位电炖锅，高温挡额定功率为1100W，低温挡额定功率模糊不清，图甲是该电炖锅简化电路图，和是加热电阻丝，开关只能接触或，不计温度对电阻的影响。求：
（1）电炖锅以高温挡正常工作时的电流是多少？
（2）小渝关闭家中其他用电器，读出电能表示数为，电炖锅以低温挡正常工作，结束时电能表示数如图乙所示，则的阻值是多少？
（3）为满足炖煮不同食材和防干烧的需求，现增加一个防干烧的温控开关，利用原电路元件，导线足够，请你在图丙的方框内画一个至少有3个挡位且能防干烧的电路图。
23．小王在外游玩时，经常看到如图甲所示的物流公司大卡车。（，，，，）
（1）运送快递的大卡车有很多宽大的车轮，这是通过　 　方式减小大卡车对地面的压强；
（2）小明发现在服务区里，有很多大卡车司机在给车轮胎喷水。经过和大卡车司机的交流他知道大卡车行驶时，轮胎和地面摩擦产生大量的热，使车胎升温，有爆胎的危险，喷水是为了降温。一个橡胶车胎的质量约为50kg，用水将它的温度从70℃降低到20℃，这辆大卡车一共18个轮胎，水要带走的热量是多少？
（3）一辆大卡车将快递从成都运往西安，总路程为800km。这辆大卡车满载时发动机输出能量中有80%用来驱动卡车行驶，大卡车柴油机（发动机）的效率是50%。这辆卡车满载时总质量为50t，它行驶时牵引力恒定为车辆总重的0.008倍。
①这辆大卡车全程要消耗多少kg的柴油　 　？
②这辆车的能量利用率是多少　 　？
③图乙是刹车装置示意图，其中液压油左侧连通刹车闸，刹车时脚踩刹车踏板，可以使汽车减速或停止。要让踩刹车更轻（用更小的力踩刹车，能达到相同的刹车效果）请你写出一条能达到目的措施：　 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】质量及其特性；功率的计算；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A． 一名男中学生掷实心球的成绩一般在8~10m之间，故A符合题意；
B．男中学生跑完1000m的正常时间约为3~4分钟，即180~240s，故B不符合题意；
C．一个实心球的质量为2kg，故C不符合题意；
D．一名男中学生跳绳的功率约为50~100W，故D不符合题意。
故选A。
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，选出最符合实际选项。
2．【答案】D
【知识点】声音的产生；声速；音色；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．音箱发出的声音在15℃空气中传播的速度为340m/s，故A错误；
B．音色反映的是声音品质特色，不同发声体音色不同，观众能够分辨马蹄声和乐器声，是因为它们的音色不同，故B错误；
C．音箱发出的声音是由音箱的纸盆振动产生的，故C错误；
D．通过电视接收到春晚直播信号是利用无线电波（电磁波）传递信息的，故D正确。
故选D。
【分析】1.15℃空气中声速是340m/s；
2.音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志；
3.声音产生的原因是由物体的振动产生的；
4.电视接收春晚直播信号属于无线传输，是利用电磁波来传递信息的。
3．【答案】D
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】AB．雪和霜都是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华过程放热，故AB错误；
CD．雾和露都是是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程放热，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】1.凝华：物质由气态直接变成固态的过程，凝华放热；
2.液化：物质由气态变成液态的过程，液化放热。
4．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】手机防窥膜采用超细百叶窗光学技术，原理类似百叶窗，只有在正对屏幕的一定角度范围内，光线才能透过百叶窗结构进入人眼； 偏离角度的光线会被百叶窗的遮挡结构挡住，无法透过，从而实现防窥效果，利用光的直线传播：
A．平静的水面相当于平面镜，所以倒影的形成是由于光的反射，故A不符合题意；
B．彩虹的形成是由于光的色散（折射），故B不符合题意；
C．小孔成像原理是光的直线传播，故C符合题意；
D．筷子“折断”是由于光的折射，故D不符合题意。
故选C。
【分析】1.光在同种均匀介质中沿直线传播，如影子的形成，树荫下的光斑，日食、月食等都是由光沿直线传播形成的；
2.光的反射： 光在传播到不同介质表面时，被反射回原来介质中的现象，如水面出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
3.光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
4.光的色散：太阳光通过三棱镜后，依次被分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色，这种现象叫光的色散。
5．【答案】A
【知识点】熔点和凝固点；密度的应用与物质鉴别；重力及其大小的计算；现代材料技术
【解析】【解答】A． 该材料密度小、韧性好、强度大、熔点高并且成本低，适合制作机器人的机身，故A符合题意；
B．该材料为铝合金材料 ，导热性好，不适合制造保温层，保温层需要导热性差的材料，故B不符合题意；
C．电路保险丝需要材料的熔点低、电阻大的的材料（过载时熔断）制作，故C不符合题意；
D．压路机的碾子：需要密度大（增大重力）的材料，故D不符合题意。
故选A。
【分析】1. 机器人的机身：需要轻量化（密度小）、高强度、高韧性；
2. 保温层：需要导热性差的材料；
3.电路保险丝需要材料的熔点低、电阻大的的材料；
4.压路机的碾子需要较大的质量来产生足够的压力。
6．【答案】D
【知识点】力的作用效果；弹力；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】AC．运动员松手后，冰壶由于受到阻力作用，滑行速度越来越小，冰壶的运动状态发生改变，处于非平衡状态，说明力是改变物体运动状态的原因，故AC错误；
B．惯性是物体的固有属性，不是力，不能说“受到惯性的作用”，只能说“具有惯性”，即运动员松手后，冰壶能继续向前滑行是因为冰壶具有惯性 ，故B错误；
D．冰面对冰壶的支持力属于弹力，弹力是由物体发生弹性形变产生的，所以冰面对冰壶的支持力是由冰面形变产生的，故D正确。
故选D。
【分析】1.物理学中，物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就称物体处于平衡状态；
2.惯性是物体的固有属性，不是力，不能说“受到惯性的作用”，只能说“具有惯性；
3. 力是改变物体运动状态的原因，力可以改变物体的运动状态；
4.弹力是由物体发生弹性形变产生的。
7．【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件；做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子间相互作用力；沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．炸丸子用油，是因为食用油的沸点较高，能达到更高温度让食物快速熟透，故A错误；
B．水沸腾后，继续吸热但温度保持不变，改用小火，水持续吸热，温度不变，但内能增大，还能节省燃料，故B正确；
C．炒菜时不断翻炒是为了让菜受热均匀，而菜的内能主要是通过热传递增大的，故C错误；
D．一切物质的分子间都存在间隙，故D错误。
故选B。
【分析】1.沸点：液体沸腾时的温度；
2.水沸腾时的特点：吸热，温度保持不变，内能增大；
3.热传递可以改变物体的内能；
4.一切物质的分子间都存在间隙。
8．【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电压的测量及电压表的使用；并联电路的电压规律
【解析】【解答】ABD.当开关和都闭合，两个灯泡并排连接，是并联的，电压并联在灯两端，同时也并联在两端和电源两端，因此它可以测量、或电源的电压；根据并联电路电压的特点可知，两灯泡两端的电压相等，且两灯均正常发光，说明两灯泡的实际电压等于各自的额定电压，可知两灯的额定电压一定相等，故AB错误，D正确；
C．断开后，断路，但仍正常工作，电压表仍并联在电源两端，测量电源电压，所以电压表示数不为0，故C错误；
故选D。
【分析】1.并联：将各用电器并列地接到电源两端的电路，电流路径有多条；
2. 并联电路中各支路两端电压相等，且等于电源电压；
3.电压表与被测用电器并联。
9．【答案】B,C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体才能形成回路使氖管发光，故A错误；
B．闭合开关后灯不亮，试电笔接触插座左右两孔都发光，说明左右两孔都与火线连通，原因是进户零线断路，故B正确；
C．人站在绝缘木凳上两手分别接触火线和零线时，双手与火线、零线之间会形成回路，此时通过火线与零线的电流相等，漏电保护器检测不到火线与零线电流差，所以漏电保护器不会跳闸，故C正确；
D．当出现保险丝熔断时，应先排查故障，排除后再更换保险丝并闭合总开关，故D错误。
故选BC。
【分析】1.试电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线；
2.电路的故障有两种：短路和断路；根据用电器的工作情况、氖管的发光情况判定电路的故障；
3.当火线和零线中的电流不相等时，漏电保护器会自动切断电路；
4.保险丝熔断后，要检修电路。
10．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．由图甲可知，R1的滑片上下移动并不能改变R1接入电路的阻值，电路相当于定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，所以保持阻值不变，被测物体质量变小时，电路总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中电流不变，故A错误；
B．由题意可知，是一根长10cm的均匀电阻丝，当称量物体质量最大时，滑片P位于R1的最下端，即弹簧被压缩的长度 =10cm，由图乙可知，此时台秤所受的压力 F=25N，即称量物体的重力 G=25N，则可称量的最大质量为：
故B正确；
C．若增大电源电压，电路中电流会增大，根据可知，相同长度的电阻丝（相同质量）对应的电压示数会变大，则分度值会变大，故C错误；
D．电池使用一段时间后电压下降，电路中电流变小，根据可知，相同质量对应的电压表示数变小，即“质量表”测量出的质量将偏小。为电压表示数恢复正常，应增大电路中的电流，所以应减小R2接入电路的阻值，即将R2滑片向右滑动进行校准，故D错误。
故选B。
【分析】1.由图甲可知，R1的滑片上下移动并不能改变R1接入电路的阻值，电路相当于定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，若保持阻值不变，电路总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中电流不变；
2.当称量物体质量最大时，滑片P位于R1的最下端，由电阻丝的长度可知弹簧被压缩的长度，由图乙可知台秤所受的压力（物体的重力），根据求出物体的质量；
3. 若增大电源电压，电路中电流会增大，根据分析相同质量变化对应的电压变化；
4.电池使用一段时间后电压下降，电路中电流变小，根据可知，相同质量对应的电压表示数变小；为让电压表恢复正常，应增大电路中的电流，据此分析R2的阻值变化及滑片的移动方向。
11．【答案】可再生；乙
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】潮汐能是由海水涨潮和落潮产生的，属于可再生能源；
潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，是将机械能转化为电能，原理是电磁感应，所以潮汐发电的实验原理是图乙。
【分析】1.可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
2.奥斯特实验证明电流周围存在磁场（甲） ；
电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流（乙）；
通电导体在磁场中受到力的作用（丙）。
12．【答案】靠近；变小；排开液体的体积
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；流体压强与流速的关系；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】如图甲，用吸管对着水平桌面上的两个矿泉水瓶中间吹气，由于两瓶之间空气流速变大，压强变小，小于外侧大气压强，两个矿泉水瓶在大气压的作用下会彼此靠近。
木块做匀速直线运动，水平方向所受的拉力乙摩擦力是一对平衡力，大小相等，垫上瓶子后滚动代替滑动可减小摩擦力，所以拉力变小。
将矿泉水瓶逐渐压入水中，矿泉水瓶排开水的体积逐渐变大，瓶子受到的浮力逐渐变大 ，所以手感受到的压力越来越大，这一现象表明：浮力的大小与排开液体的体积有关。
【分析】1.在气体或液体中，流速越大的位置，压强越小；
2.减小摩擦力的方法：在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；用滚动摩擦代替滑动摩擦；使接触面分离；
3.浮力的大小与液体密度和排开液体的体积有关。
13．【答案】凸透镜；变小；凹
【知识点】透镜及其特点与分类；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】人眼的晶状体相当于一个凸透镜。
当我们看近处的物体时，物距较小，像距较大，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变大，这个凸透镜的焦距变小。
如图丙是某同学看远处物体的成像在视网膜前，是近视眼，应该用凹透镜矫正。
【分析】1.凸透镜：中间厚，边缘薄的透镜，对光有会聚作用；
2. 当我们看远处的物体时，物距较大，像距较小，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变小，这个凸透镜的焦距变大；
当我们看近处的物体时，物距较小，像距较大，为让像成在视网膜上，晶状体曲度变大，这个凸透镜的焦距变小。
3.近视眼成因：晶状体太厚或眼球在前后方向距离太长，来自远处某点的光会聚在视网膜前；
近视眼矫正：佩戴凹透镜。
14．【答案】通电导体在磁场中受力运动；120；
【知识点】电功率的计算；直流电动机的构造原理与工作过程；能量的利用效率
【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
电动机正常工作时，两端电压 U=24V，通过的电流 I=5A，线圈电阻 R=0.6Ω，电动机正常工作时的电功率为：
线圈热功率为：
机械能功率为：
电能转化为机械能的效率为：
【分析】1.电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
2，已知电动机两端的电压，通过电动机的电流及线圈的电阻，根据求出电动机的功率，根据求出线圈的发热功率，据此求出机械功率，再利用求出电能转化为机械能的效率。
15．【答案】；变小；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】“福建号”满载排水量 m排=88000t=8.8 x 107kg，该航母满载时受到的浮力为：
航母漂浮在水面，所受的浮力等于航母的总重力，当舰载机飞离航母后，航母总重力变小，所以航母所受浮力会变小；航母将会上浮一些，舰底到海面的深度h会变小，根据可知，舰底所受海水的压强变小。
航母漂浮在水面上，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力的变化等于舰载机的重力，则舰载机的重力为：
舰载机的质量为：
【分析】1.已知航母的排水量，根据求出该航母满载时受到的浮力；
2.航母漂浮在水面，所受的浮力等于航母的总重力，根据分析航母所受的浮力变化，再据此分析航母底部在海水中的深度变化，根据分析舰底所受海水的压强变化；
3.已知航母排开的海水体积变化，航母漂浮在水面上，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力的变化等于舰载机的重力，根据求出舰载机的重力，再根据求出舰载机的质量。
16．【答案】（1）
（2）
【知识点】平面镜成像的相关作图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）先分别作出A、B两点关于平面镜的对称点、，再用虚线连接，标上箭头，即为AB的虚像，如图所示：
（2）A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，处于平衡状态，所受重力G和支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反，如图所示：
【分析】（1）面镜成像中，像与物关于镜面对称，且成的是虚像；
（2）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
（1）平面镜成像中，像与物关于镜面对称，且成的是虚像，先作出A点关于平面镜的对称点、B点关于平面镜的对称点，再用虚线连接，标上箭头，即为AB的像，据此作图。
（2）A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，处于平衡状态，受重力G和支持力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，重力的方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，据此作图。
17．【答案】（1）；；
（2）相同路程比较时间
【知识点】时间及其测量；刻度尺的使用；速度与物体运动；速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）图1刻度尺分度值为1cm，A点车头与刻度线对齐，C点车头与刻度线对齐，所以之间的距离为：
s=
图2中小表盘指针在之间，且未超过，所以大表盘的读数为，所以小车从A点运动到C点用时 t=。
小车经过段的平均速度是：
（2）斜面上半程和下半程的路程相等，所以可以通过相同路程比较时间的方式来验证自己的观察 。
【分析】（1）认清刻度尺的分度值再读数，读数时估读到分度值下一位；
秒表读数方法：小圈读分，大圈读秒，先看小圈，再看大圈，分钟过半，大圈读大数；
根据求出小车的平均速度。
（2）小车经过上半程和下半程的路程相同，可以通过比较相同路程所花时间的长短来比较运动速度的快慢。
（1）[1]刻度尺分度值为1cm，需要估读到分度值下一位，A点车头对齐刻度，C点车头对齐，因此的距离为
[2]小表盘指针在之间，且未超过，所以大表盘的读数为，因此小车从A点运动到C点的时间为。
[3]小车经过段的平均速度是
（2）小明测量的是上半程和下半程，两段路程长度相等，通过比较两者的时间判断速度大小，因此是相同路程比较时间。下半程用时更短，说明速度更大，即可验证小车下滑越来越快。
18．【答案】（1）；电压表
（2）0.2
（3）电流与电压成正比
（4）物理量没有单位
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）探究电流与电压的关系时，定值电阻与滑动变阻器串联，滑片向右移动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以应将滑动变阻器左下接线柱与电源左侧接线柱相连，如图所示：
电源电压为 4.5V，定值电阻的阻值为10Ω，若滑动变阻器滑片在阻值最小处，电路中的电流为：
此时定值电阻两端的电压等于电源电压为4.5V；由图可知，电压表测定值电阻两端的电压，使用是量程为，所以电压表会被烧坏；而电流表量程为，电流未超过电流表量程，电流表不会损坏。
（2）图乙电流表的量程为，分度值为0.02A，示数为。
（3）分析多组数据，电压与电流的比值是一定值，可得结论：导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中应记录各物理量及各物理量的单位，而表格中的物理量没有单位。
【分析】（1）探究电流与电压的关系时，定值电阻与滑动变阻器串联，滑片向右移动时，根据电流表示数变化分析滑动变阻器接入电路的电阻变大，即可确定滑动变阻器接入电路的接线柱；
由电源电压和定值电阻的阻值，根据欧姆定律可求出滑动变阻器滑片在阻值最小处时，电路中的电流及定值电阻两端的电压，结合电压表和电流表使用的量程进行分析；
（2）电流表读数时，要看清所选量程和分度值。
（3）导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中的物理量没有单位，这会使实验数据的记录和分析不够清晰、准确。
（1）[1]在这个实验中，要探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，通过调节滑动变阻器来改变电阻两端的电压。如图甲所示，要求滑片向右移动时，电流表示数变小，这意味着滑动变阻器接入电路的电阻应该增大。所以，应将滑动变阻器左下接线柱与电源左侧接线柱相连。如图所示：
[2]电源电压恒为4.5V，若闭合开关前，滑动变阻器滑片未移到阻值最大处，假设滑片在阻值最小处（即电阻为0），此时定值电阻两端电压为电源电压4.5V，而电压表量程一般为，所以电压表可能损坏；此时电路中的电流
电流表量程为，电流未超过电流表量程，电流表不会损坏，所以闭合开关时电压表可能损坏。
（2）电流表的量程为，分度值为0.02A，其示数为。
（3）通过对小明测得的多组数据分析，可以发现，在导体的电阻一定时，电压增大几倍，电流也增大几倍，得出结论：导体的电阻一定时，电流与电压成正比 。
（4）表格中的物理量没有单位，这会使实验数据的记录和分析不够清晰、准确。
19．【答案】（1）右
（2）62；
（3）不影响
（4）1.05
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）由图甲可知，将天平放在水平桌面上，并把游码拨到标尺左端零刻度线处后，指针偏向分度盘左侧，所以应将平衡螺母应向右调节，使天平横梁平衡。
（2）① 图乙砝码质量为，游码在标尺上的刻度值为， 烧杯和液体质量为；
②量筒分度值为2mL，豆浆的体积；
③烧杯和剩余豆浆的质量为18g，倒入量筒中的豆浆质量为：
④豆浆的密度为：
（3）天平左盘缺角，但在实验前已将天平调平，所以测量的质量是准确的，对密度测量结果没有影响，所以他测得的豆浆密度不影响。
（4）取密度为的合金块，用电子秤测得其质量为90.0g，合金块体积为：
溢水杯和原有盐水的总质量为：
加入盐水的质量为：
加入盐水的体积等于合金块体积 ，即，因此盐水密度：
【分析】（1）使用天平前，根据“左偏右调”的原则调节平衡螺母使天平横梁平衡；
（2）①由图乙确定标尺的分度值，确定游码的示数，得出烧杯和液体质量；
④得出烧杯中的豆浆的质量，由图丙可知豆浆的体积，由密度公式得出豆浆的密度；
（3）天平的左盘有一个缺角，测量前通过调平衡螺母调节平衡了，对测量没有影响；
（4）已知合金块的密度和电子秤测得其质量，根据密度公式得出合金块的体积；根据已知条件得出图戊中盐水的质量和图己中加入盐水质量，而图己中加入盐水的体积等于合金块的体积，根据密度公式计算出盐水的密度；
（1）天平放在水平桌面，游码归零后，指针偏向分度盘左侧，根据“左偏右调”的原则，平衡螺母应向右调节，使天平横梁平衡。
（2）[1]烧杯和豆浆的总质量：砝码质量为，游码在标尺上的刻度值为，因此总质量为。
[2]量筒中豆浆的体积
倒入量筒中的豆浆质量
则豆浆的密度
（3）天平左盘缺角，但在实验前已经通过平衡螺母将天平调平，因此测量的质量是准确的，对密度测量结果不影响。
（4）合金块体积：
溢水杯和原有盐水的总质量：
加入盐水的质量：
加入盐水的体积等于合金块体积，因此盐水密度：
20．【答案】（1）不是；薄；高度差
（2）乙、丁；上窄下宽
（3）A；B
（4）<
（5）600
【知识点】液体压强的特点；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图-1甲中U形管压强计的一端是封闭的，不是连通器。
探头上的橡皮膜应该用薄一些的较好，橡皮膜容易发生形变，能更准确反映液体压强，实验中，液体内部压强可以用U形管两侧液面的高度差来显示。
（2）图-1中乙、丁两个实验，液体密度相同，图丁中探头在亚太中的深度较大，U形管两侧液面高度差较大，液体压强较大，可得结论：液体密度相同时，深度越深，压强越大；因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（3）探究液体的压强与管内液体的质量的关系，要控制液体的密度和深度相同，改变液体的质量，故AB符合题意，CD不符合题意。
故选AB。
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，所以根据U形管液面高度差算出的压强小于金属盒表面所处深度计算出的液体压强，即。
（5）探头放入盐水后，右管水面上升3cm，左管水面下降3cm，则U形管两侧液面高度差为：
此时U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值为：
【分析】（1）连通器：上端开口，下端连通的容器；
较薄的橡皮膜更容易发生形变；
转换法：液体内部压强是通过U形管两侧液面的高度差来反映。
（2）（3）液体压强与液体密度和深度有关，根据控制变量法进行分析；
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，据此分析；
（5）根据题意可知U形管两侧液面高度差，根据求出U形管压强计金属盒内的气压与大气压强的差值。
（1）[1]连通器要求上端开口、底部相连通，U形管压强计的一端是封闭的，因此不是连通器。
[2]薄橡皮膜对压强更敏感，形变更明显，能更准确反映液体压强。
[3]液体内部压强越大，U形管两侧液面的高度差越大，通过高度差来显示压强大小。
（2）[1]探究压强与深度的关系，需控制液体密度相同、改变深度，乙、丁符合条件（均为水，深度不同）。
[2]液体压强随深度增加而增大，拦河大坝下部承受的压强更大，因此做成上窄下宽的形状，增强结构稳定性。
（3）要验证猜想，需控制深度相同、改变液体质量，或控制质量相同、改变深度，排除质量的影响：
A．仅将2号管倾斜，水面与1号相平，深度相同、质量不同，可验证压强是否与质量有关，故A符合题意；
B．向1号管加水至两管水面相平，深度相同、质量不同，故B符合题意；
C．向1号管加8g水使质量相等，深度不同，无法控制变量，故C不符合题意；
D．将2号管换盐水，液体密度改变，引入新变量，故D不符合题意。
故选AB。
（4）橡皮膜发生形变时，会抵消一部分液体压强，因此根据U形管液面高度差算出的压强小于金属盒表面的实际压强，即。
（5）探头放入盐水后，右管水面上升3cm，左管水面下降3cm，取，则U形管液面高度差
根据液体压强公式
21．【答案】（1）解：汽车质量为：
水平地面上，汽车对地面的压力等于自身重力为：
汽车对地面的压强是：
答：纯电动汽车静止在地面上时，对地面的压强是；
（2）解：汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，因此牵引力为：
牵引力做的功为：
牵引力做功的功率是：
答：此过程中，纯电动汽车所受的牵引力做功的功率是。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）已知汽车质量 ，根据求出水平地面上，汽车对地面的压力，根据求出 汽车对地面的压强；
（2）汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，根据求出汽车受到的牵引力，根据求出牵引力做的功，再根据求出牵引力做功的功率。
（1）汽车质量
水平地面上，汽车对地面的压力等于自身重力为
汽车对地面的压强是
（2）汽车在平直公路匀速行驶，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，因此牵引力
牵引力做的功
牵引力做功的功率是
22．【答案】（1）解：由可知，高温挡正常工作时的电流为：
答：电炖锅以高温挡正常工作时的电流是5A；
（2）解：开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电炖锅处于高温挡；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，该电炖锅处于低温挡；根据可得，R2的阻值为：
电炖锅消耗的总电能为：
低温挡正常工作4h，则低温挡功率为：
根据可得，两电阻R1、R2串联时的总电阻为：
根据电阻串联特点可得，电阻R1的阻值为：
答：的阻值是132Ω；
（3）
【知识点】串、并联电路的设计；电阻的串联；电能表参数的理解；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据题意可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，可采取两个不同阻值的电阻分别连入或两个电阻并联三个状态，故电路图如下：
闭合S3，S2接b，S1闭合，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大（），总功率最小，为低温挡；
闭合S3，S2接a，S1断开时，只有电阻R2接入电路，为中温挡；
闭合S3，S2接a，S1闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，为高温挡。
【分析】（1）已知电源电压和高温档功率，根据求出高温挡正常工作时的电流；
（2）开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大；电源电压不变，根据分析电路总功率，据此确定电炖锅的挡位；已知高温功率和电源电压，根据求出R2的阻值；根据电能表的示数求出电炖锅消耗的电能，根据求出低温挡功率，由电源电压和低温挡功率，利用求出R1、R2串联时的总电阻，再根据串联电路电阻关系求出电阻R1的阻值。
（3）根据串联电路的特点可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，据此即可画出电路图。
（1）由可知，高温挡正常工作时的电流为
（2）开关S2接b时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电炖锅处于高温挡；开关S2接a时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，该电炖锅处于低温挡；根据可得，R2的阻值为
电炖锅消耗的总电能为
低温挡正常工作4h，则低温挡功率为
根据可得，两电阻R1、R2串联时的总电阻为
根据电阻串联特点可得，电阻R1的阻值
（3）根据串联电路的特点可知，防干烧的温控开关S3应串联在干路中，由于需要设计成三个挡位，则可采取两个不同阻值的电阻分别连入或两个电阻并联三个状态，故电路图如下：
闭合S3，S2接a，S1闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，为高温挡；
闭合S3，S2接b，S1闭合，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大（），总功率最小，为低温挡；
闭合S3，S2接a，S1断开时，只有电阻R2接入电路，为中温挡。
23．【答案】（1）增大受力面积
（2）一个橡胶车胎的质量约为50kg，则18个轮胎的总质量为：
轮胎降温放出的总热量为：
根据能量守恒定律，水要带走的热量等于轮胎降温放出的总热量，则水要带走的热量为：
（3）200；40%；减小OA间的距离
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；减小压强的方法及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运送快递的大卡车有很多宽大的车轮，这是通过增大受力面积来减小对地面的压强。
（3）①卡车满载时总质量 m车=50t =5 x 104kg，则卡车满载时总重力为：
卡车行驶时牵引力为：
卡车行驶全程的有用功为：
大卡车满载时发动机输出能量中有80%用来驱动卡车行驶，需要消耗的总功为：
大卡车柴油机（发动机）的效率是50%，需要燃料燃烧放热为：
消耗的柴油体积为：
消耗的柴油质量为：
② 这辆车的能量利用率是：
③ 如下图所示，刹车装置相当于一个杠杆，O为支点，液压装置对A点水平向右的力F2为阻力，脚对刹车踏板向左的力F1为动力；根据杠杆的平衡条件可知，若要想用更小的力踩刹车就能使车停止运动，在阻力大小不变时，需要减小阻力臂或增大动力臂，故可以减小OA间的距离或增大OB的长度。
【分析】（1）减小压强的方法：压力一定时，增大受力面积；受力面积一定时，减小压力；
（2）已知橡胶的比热容、一个轮胎的质量，橡胶轮胎的初温及末温，根据求出轮胎降温放出的总热量，根据能量守恒定律即可知水要带走的热量；
（3）①大卡车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.008G求出其大小，根据W=Fs求出牵引力做的功，根据 算出发动机输出能量，根据 求出消耗柴油完全燃烧释放的热量，根据Q放=Vq求出消耗柴油的体积，由密度公式算出柴油的质量；
②根据效率的公式得到这辆车的能量利用率；
③根据杠杆的平衡条件判断出用更小的力踩刹车达到相同刹车效果的方法。
（1）根据可知，大卡车有很多宽大的车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强。
（2）大卡车18个轮胎的总质量为
轮胎材料为橡胶，其比热容为
根据放热公式，轮胎降温放出的总热量为
根据能量守恒定律，水要带走的热量等于轮胎降温放出的总热量。所以水要带走的热量为
（3）[1]这辆卡车满载时总重力为
它行驶时牵引力为
行驶全程的有用功为
根据满载时的机械效率，需要消耗的总功为
根据发动机的热机效率，需要燃料燃烧放热为
根据柴油燃料的热值，全程要消耗的柴油体积为
由得，全程要消耗的柴油质量为
[2]这辆车的能量利用率是
[3]如下图所示，刹车装置相当于一个杠杆，O为支点，液压装置对A点水平向右的力F2为阻力，脚对刹车踏板向左的力F1为动力；若要想用更小的力踩刹车就能使车停止运动，根据杠杆的平衡条件可知，在阻力大小不变时，需要减小阻力臂或增大动力臂，故可以减小OA间的距离或增大OB的长度。如图所示：
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