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山东省2025年中考物理真题（临沂、菏泽、枣庄、聊城）
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分，每小题只有一个选项符合题目要求。
1． 下列属于不可再生能源的是（　　）
A．风能 B．地热能 C．石油 D．太阳能
2． 研究人员在低温极强磁场条件下发现了一种带负电荷的新型粒子，未来可能应用于量子计算领域。下列粒子中，与该粒子带电性质相同的是（　　）
A．电子 B．原子 C．质子 D．中子
3． 仲夏晨曦光初透，枝头栖蝉被星露。蝉身上的露珠形成时发生的物态变化是（　　）
A．凝华 B．液化 C．熔化 D．凝固
4． “五四”来临之际，学校举办了“青春与祖国共成长”校园合唱比赛。某班合唱队有高音、中音、低音三个声部。这里的“高”“中”“低”是指声音的（　　）
A．振幅 B．响度 C．音调 D．音色
5． 如图所示，科研人员正在展示我国海洋探测所用的“海燕”清海机。根据图片信息判断，“海燕”的长度最接近（　　）
A．0.2m B．2m C．10m D．20m
6． 以下符合安全用电原则的是（　　）
A．插排破损后及时更换 B．不切断电源更换灯泡
C．电动车在楼道内充电 D．湿手拔下用电器插头
7． 小明使用筷子夹菜时，发现可将筷子视为杠杆。他用学过的杠杆知识对其中一根筷子做了分析，如图所示。以下选项错误的是（　　）
A．F1为动力 B．L1为动力臂 C．F2为阻力 D．L2为阻力臂
8． 汽油在发动机气缸中燃烧不充分会产生积碳，影响发动机性能。在发动机维护保养后，汽油燃烧会更加充分，其热值（　　）
A．变大 B．变小 C．不变 D．无法确定
9． 如图所示，塔吊的水平运动机构用钢丝绳悬挂着货物一起沿水平方向向前匀速运动，水平运动机构突然停止时，货物（　　）
A．停止运动 B．向前运动
C．向后运动 D．竖直向上运动
10． 在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　）
A． B．
C． D．
11． 小华观察发现：同一河流，狭窄处比宽阔处水流更快。受此启发，他结合所学物理知识，设计了四种装置吸取液体肥，用于学校劳动基地水肥一体化灌溉，各装置剖面如图所示。在左端管口横截面积和水流流速相同的情况下，下列设计中吸肥最快的是（　　）
A．
B．
C．
D．
12． 某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如图所示。顾客咨询：“该移动电源可以供2.5kW的用电器正常工作吗？”客服回复：“没问题，这是3kW·h的，3kW的用电器都可以正常使用。”该客服（　　）
XX移动电源 电源规格：3kW·h 输出电压：220V 最大输出电流：10A
A．说法正确 B．混淆了电功率和电能
C．混淆了电功率和电流 D．混淆了电功率和电压
13． 小明在户外实践中，利用随身所带物品制作了简易指南针。他首先利用电池、带绝缘皮的导线、铁钉制成电磁铁，然后将缝衣针磁化并用细线水平悬挂，最后将两者靠近，静止时位置关系如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．铁钉的钉尖是S极
B．缝衣针的针尖是N极
C．地磁场N极在地理北极附近
D．移开电磁铁后，缝衣针静止时针尖所指方向为南
14． 水中溶氧量是水产养殖的一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而减小。闭合开关，当溶氧量降低时（　　）
A．电流表的示数变小 B．电压表的示数变大
C．电路的总功率变小 D．滑动变阻器的功率变大
15． 小华在相同气球内装上不同配重做了两个“小鱼”。“小鱼”甲的质量大于“小鱼”乙的质量。注射器可以通过连接“小鱼”的软管对“小鱼”进行抽气和充气，从而改变“小鱼”的体积。初始时，两“小鱼”在水中处于静止状态，如图所示。忽略空气重力及软管对“小鱼”的作用力。“小鱼”所受浮力分别用F甲、F乙表示。下列说法正确的是（　　）
A．对甲充气，甲上浮，再次静止时F甲小于F乙
B．对甲抽气，甲下沉，再次静止时F甲一定小于F乙
C．对乙充气，乙再次静止时所受浮力比初始时的浮力小
D．对乙抽气，乙再次静止时所受浮力可能等于初始时的浮力
二、填空与作图题：本题共4小题，填空每空1分，作图3分，共13分。
16． 现藏于山东淄博博物馆的龙凤五钮长方镜是迄今所见最大的古铜镜。西汉时期，工匠在铸造时将熔化后的液态高锡青铜原料倒入模具。冷却成型过程中会　 　（选填“吸收”或“放出”）热量；铜镜成像利用了光的　 　。
17． 山东潍坊风筝是国家级非物质文化遗产之一，其制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。
（1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的　 　；
（2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做　 　；
（3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在　 　；
（4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
18． 2025年1月，中国“人造太阳”——全超导托卡马克核聚变实验装置实现1亿摄氏度高温下1066秒的稳态运行。在核聚变过程中核能转化为内能，但内能却不能自发地转化为核能。说明能量的转化具有　 　性；在能量转化和转移的过程中，能量的总量保持　 　。
19． 如图所示，可充电按摩仪具有按摩和热敷两种功能，使用时，闭合开关S1，电动机驱动按摩头开始按摩；再闭合开关S2，加热电阻接通，按摩的同时进行热敷。若断开S1，按摩仪无法单独进行热敷。
（1）按摩仪的热敷功能利用的是电流的　 　效应；
（2）按摩仪在充电时，其电池相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）；
（3）请在答题卡指定位置画出此按摩仪的电路图，用电阻符号表示加热电阻　 　。
三、实验探究题：本题共4小题，共34分。
20． 小梅利用下图装置做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，所用的长方体木块如图甲所示，其中一个面粗糙程度较大，其他各面粗糙程度相同。
（1）实验前，小梅先将弹簧测力计在　 　（选填“水平”或“竖直”）方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做　 　运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。
（2）小梅对比乙，丙两次实验得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越　 　，滑动摩擦力越大。
（3）小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。你认为她得出这个结论的探究过程是　 　（选填“合理”或“不合理”）的。理由是　 　。
接下来，小梅继续探究……
21． 雨过初晴，小丽发现透过附在叶片上的水珠，能看到正立放大的“叶片脉络”；而透过在叶片上的水珠能看到远处倒立缩小的“花朵”。针对这一现象，她和同学们一起探究凸透镜成像的正倒、大小与物距的关系。
（1）小丽将F形光源（如图甲）、凸透镜和带有刻度的光屏按图乙所示安装在水平光具座上，接下来她应将三者的中心调整到　 　。
（2）调整好后，小丽多次改变物距和光屏的位置进行实验，收集的数据和观察的现象如表1所示。小丽分析归纳后，得到初步结论：随着物距不断减小，物体所成实像逐渐　 　（选填“变大”或“变小”），且像都是　 　（选填“正立”或“倒立”）的。
表1
序号 物高h/cm 物距x/cm 像高h/cm 像的正倒 像的虚实
- 4.0 30.0 2.0 倒立 实像
26.0 2.5 倒立 实像
3 4.0 23.0 3.0 倒立 实像
4 15.0 8.0 倒立 实像
5 13.0 135 倒立 实像
6 7.0 找不到像
（3）实验过程中，小丽发现在光屏上始终没有观察到正立放大的像。回想透过水珠观察叶脉的情景，她采用下图　 　的方式可以观察到正立放大的“F”。
（4）组间交流时，小丽发现小红的实验记录（如表2所示）中有与物体等大的像，而自己却没有观察到这一现象。为了尽快在自己实验中找到等大的像，她应调整物距在　 　cm和　 　cm之间反复多次实验。
表2
序号 物高/cm 物距…… 像高/cm 像的正面 像的虚实
1 4.0 25.0 1.0 倒立 实像
2 18.0 13 倒立 实像
3 15.0 2.0 倒立 实像
4 10.0 4.0 倒立 实像
5 8.0 6.5 倒立 实像
6 4.0 找不到像
（5）小丽进一步对比后发现，凸透镜成像特点不只与物距有关。她得出这个结论的依据是　 　。咨询老师后得知，两小组所用凸透镜的焦距不同。小丽认为，凸透镜成像特点与物距和焦距均有关系。结合实验数据和老师给的焦距数值，她总结出凸透镜或像规律。
22． 镓铟锡合金常温下处于液态，且无毒。物理科创小组的同学们认为可以用它代替易挥发、有毒的水辐测量大气压强，他们决定先测量镓铟锡合金的密度，再测量大气压强。
（1）测量密度前，为了提高液体体积测量的精确度，应在图中所示的三种注射器中选择　 　（选填“5mL”“20mL”或“30mL”）的注射器。
（2）同学们先测量了所选用注射器的质量m1随后用注射器抽取适量的镓铟锡合金。他们发现抽取液态合金时，注册器中会有气泡，于是将气泡排出后，读取合金的体积V，并用天平衡量它们的总质量。将测量和计算出的数据填入表格。
实验次数 注射器的质量m1/g 注射器和合金总质量/g 抽取的合金体积/mL 合金密度g/cm3
1 6.2 13.9 1.2 6.4
2 28.5 3.6 6.2
3
4.0
第3次实验所测如图乙所示，为　 　g，计算得合金密度为　 　g/cm3。
通过三次实验，得到所测镓铟锡合金的密度为　 　g/cm3。
（3）将PU耐压透明软管注满镓铟锡液态合金后，手持软管中部缓慢上提，保持两端管口始终在流态合金液面以下，直至软管中液柱分离，如图丙所示。测得管内外液面高度差h为160cm，小组测得的大气压强为　 　Pa。（取g=10N/kg）
（4）交流评估时，小明回想起，测量液态合金体积过程中。注射器零刻度线前端接口处，还有一小部分液体，如图丁所示，这部分液态合金体积未被计入，会导致密度的测量结果　 　（选填“偏大”或“偏小”）。请你利用现有器材设计实验，消除这一小部分液体带来的影响。渊得更准确的密度值。简要说明你的实验思路　 　。
23． 某小组在“探究电压一定时，电流与电阻的关系”实验中，设计的电路图如图甲所示。
（1）根据电路图甲，用笔画线代替导线在答题卡上将图乙中的电路补充完整　 　。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表，电压表均无示数，将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0、0、3.0V，由此判断电路故障为　 　。
（3）排除以上故障后，接入4Ω的定值电阻，闭合开关。调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.0V，此时电流表的示数如图丙所示，为　 　。
（4）新开开关，用5Ω的定值电阻替换4Ω的定值电阻后，闭合开关，接下来的操作是：　 　，并记录电流表的示数。
（5）更换不同定值电阻进行实验，得到如下数据：
R/Ω 4 5 8 10 20
0.25 0.2 0.125 0.1 0.05
1/A 0.40 0.32 0.21 0.16 0.08
分析数据，小华发现保持电压不变时，通过导体的电流随着电阻的增大而减小，猜想电流与电阻或反比。为了验证他的猜想，请在答题卡坐标纸上描点并作出图像　 　。
（6）根据图像得出结论：实验误差允许范围内，在电压一定的情况下，通过导体的电流与　 　成正比，即电流与　 　成反比。
24． 为了促进低空经济高质量发展，山东省多个城市正在积极构建无人机智慧物流体系。如图所示，自重300N的无人机装载重200N的货物后停在水平地面上，与地面的总接触面积为0.01m2，无人机运送货物过程中，达到限定速度后，匀速上升100m，接近限定高度。求：
（1）无人机转载货物后对水平地面的压强；
（2）无人机匀速上升过程对货物做的功。
25． “五一”假期，小明随家人驾驶电动汽车前往营地据营。该车可对外供电。输出电压220V，最大输出功率3300W。家人将标有“220V 1000W”的电热水壶接入电动汽车供电电路，把1kg水从20℃加热至100℃用时6min。该车平均速度和每100km平均随耗的对应关系如下表。已知（c水=4.2×103J/(kg·℃)），求：
平均速度（km/h） 30 60 90 120
每100km平均能耗/（kW·h） 100 120 132 150
（1）电动汽车对外供电时的最大输出电流；
（2）加热过程电热水壶消耗的电能；
（3）加热过程电热水壶的效率；
（4）烧水消耗的电能可供电动汽车以30kmh的速度匀速行驶的路程。
26． 近年来，我国探月工程不断取得突破性成果，并计划于2035年前基本建成月球科研站。为支撑月球科研站等深空探测重大工程。2025年4月29日，“天都一号”通导技术试验星成功完成全球首次白天强光干扰条件下的地月空间激光测距技术试验，有效拓展了激光测距技术的观测窗口，过程示意如图。确究人员表示未来嫦娥八号将会携带试验装置登陆月球开展试验，比如聚焦太阳光熔化月壤，获得可以用于月球科研站建设的材料等。月球环境近似为真空。g月大约是地球上g的。
（1）聚焦太阳光熔化月壤过程是　 　能转化为　 　能；
（2）测控站与“天都一号”间的信号传递利用的是　 　；
（3）假定激光站和“天都一号”之间为真空环境，激光站发射激光和收到回波信号的时间间隔为2.5s，求激光站与“天都一号”间的距离；（激光的传播速度取）
（4）小明畅想未来在月球科研站内的生活：“未来在月球上，我的质量变小了，完成引体向上更轻松了。”请你对小明的畅想作出评析。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】 A.风能是可再生资源，能源源不断从自然界获取，故A不符合题意；
B.地热能属于新能源，是可再生资源，故B不符合题意；
C.石油是化石燃料，属于不可再生资源，故C符合题意；
D.太阳能属于可再生资源，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，化石燃料都属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源。
2．【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 质子带正电，电子带负电，而中子不带电，该数子带负电，与该数子带电性质相同的是电子。
故选A。
【分析】原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电。
3．【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】 露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的液态小水滴，物质由气态变成液态叫液化，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】 物体由气态变为液态的现象叫液化。
4．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 某班合唱队有高音、中音、低音三个声部，这里的“高”、“中”、“低”指的是声音的振动频率不同，音调不同，故ABD不符合题意、C符合题意。
故选C。
【分析】 声音的三个特性：音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
5．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 由图可知，“海燕”的长度比人的身高略大，大约为2m。
故选B。
【分析】 根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
6．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.插排破损后及时更换，否则容易发生触电事故，故A正确；
B.更换灯泡要先切断电源，若不断开开关，灯座与火线相通，可能会触电，故B错误；
C.电动车充电时，会产生大量的热量，容易引发火灾，所以不能在楼道内充电，故C错误；
D.水容易导电，用湿手拔电源插头，容易造成触电事故，故D错误。
故选A。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识判断。
7．【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】 A.手对筷子的作用力为动力，其方向与筷子垂直向下，则F1为动力，故A正确不合题意；
B.动力臂是支点O到动力作用线的垂线，即L1为动力臂，故B正确不合题意；
C.食物对筷子的阻碍力为阻力，其阻力的作用点为筷子与食物的接触点，并且方向垂直筷子向上，即F2为阻力，故C正确不合题意；
D.阻力臂是支点O到阻力作用线的垂线，故L2不是阻力臂，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 根据自己生活中使用筷子的情况，确定动力和阻力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的垂线。
8．【答案】C
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】热值是燃料的一种特性，根据热值的特性判断。
9．【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】 原来货物与水平运动机构一起向前运动，当水平运动机构突然停止时，货物由于具有惯性会继续向前运动，故ACD不符合题意、B符合题意。
故选B。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。
10．【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】 由题意可知，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，其工作原理为电磁感应现象。
A.该图是奥斯特实验，其原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B.该图是探究通电导体在磁场中受力运动的实验，故B不符合题意；
C.图中有电源，是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而运动制成的，故C不符合题意；
D.图中没有电源，是发电机原理图，是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流制成的（即电磁感应现象），故D符合题意。
故选D。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
11．【答案】A
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 由题意可知，本设计利用的是流体压强与流速的关系，为了将肥吸上来，需要增大竖管上方的流速，竖管上方的水流速越大，压强越小，越容易将肥吸上来，所以竖管上方的横管的横截面积应小于左端管口的横截面积，而且是越小越好，所以A的设计最优。
故选A。
【分析】 流体流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大，据此分析即可解答。
12．【答案】B
【知识点】电功及电功的实质；电功率
【解析】【解答】 A.根据铭牌数据可知，移动电源的最大输出功率：P=UI=220V×10A=2200W=2.2kW＜2.5kW，所以不能供2.5kW的用电器正常工作，故A错误；
BCD.电功率是表示电流做功快慢的物理量，电能表示电流做功的多少，是两个不同的物理量，所以该客服混淆了电功率和电能的概念，故B正确、CD错误。
故选B。
【分析】 （1）由图铭牌数据可知移动电源储存的电能、额定电压和最大输出电流，根据P=UI求出移动电源的最大输出功率，据此判断能否供2.5kW的用电器正常工作；
（2）电功率是表示电流做功快慢的物理量，电能表示电流做功的多少，是两个不同的物理量。
13．【答案】D
【知识点】磁现象；安培定则
【解析】【解答】 A.由图可知，电流由线圈的右侧流入，左侧流出，由安培定则可知，铁钉的钉尖是N极，故A错误；
B.铁钉的钉尖是N极，由异名磁极相互吸引可知，缝衣针的针尖是S极，故B错误；
C.地球是一个大磁体，地磁南极（S）在地理北极附近，地磁北极（N）在地理南极附近，故C错误；
D.缝衣针的针尖是S极，移开电磁铁后，受地磁场的作用，缝衣针静止时针尖所指方向为南，故D正确。
故选D。
【分析】 A.根据安培定则判断出铁钉的磁极；
B.同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
C.地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，由于受到地磁场的作用，放入地磁场的磁体都受到地磁场的作用；
D.地磁场的作用，指南针的N极指北，S极指南。
14．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 从图中信息可知，溶解氧传感器与滑动变阻器串联，电压表测溶解氧传感器，当水中溶氧量的降低时，溶解氧传感器的阻值减小；
AB.根据串联电路电阻特点可知，电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，电压表示数变小，故AB错误；
C.根据P=UI可知，电压不变时，电流变大，电路的电功率也变大，故C错误；
D.因为总电压不变，溶解氧传感器的电压变小，故滑动变阻器的电压变大，电路电流变大，故滑动变阻器的功率变大，故D正确。
故选D。
【分析】 根据串联电路中电流与电压的特点进行判断。
15．【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A．图中甲悬浮，浮力等于重力，对甲充气，甲上浮变为漂浮，浮力还等于重力，甲的重力大于乙的重力，乙漂浮，浮力等于重力，再次静止时F甲大于F乙，故A错误；
B．对甲抽气，甲下沉，浮力小于自身重力，若抽出气体后，甲排开水的体积仍大于乙，由阿基米德原理可得，F甲还可以大于F乙，故B错误；
C．对乙充气，本来漂浮的，充气后仍漂浮，两次都是浮力等于重力，故乙再次静止时所受浮力与初始时的浮力相等，故C错误；
D．对乙抽气，如果仍漂浮或恰好悬浮，浮力还等于重力，乙再次静止时所受浮力可能等于初始时的浮力，故D正确。
故选D。
【分析】 AB.根据漂浮和悬浮时浮力都等于重力分析；
CD.根据浮沉体积结合重力大小关系分析。
16．【答案】放出；反射
【知识点】凝固与凝固放热特点；光的反射
【解析】【解答】 （1）液态高锡青铜原料倒入模具，冷却成型，由液态变为固态，属于凝固过程，此过程放出热量；
（2）铜镜成像的原理和平面镜成像的原理相同，都是利用了光的反射。
【分析】 （1）物质由液态变为气态的过程叫做凝固，凝固放热；
（2）平面镜成像的原理是光的反射。
17．【答案】（1）形状
（2）无规则运动
（3）引力
（4）变大
【知识点】势能大小的比较；力的作用效果；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 （1）“扎”风筝的过程，人对竹篾施加了力的作用，竹篾在力的作用下，形状发生了变化，所以说明力可以改变物体的形状；
（2）“绘”风筝的过程，闻到颜料淡淡的气味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动的结果；
（3）“糊”风筝的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在引力；
（4）“放”风筝的过程，风筝上升时，质量不变，高度变大，所以其重力势能变大。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
（3）分子间同时存在相互作用的引力和斥力。
（4）重力势能大小与质量和高度有关。
18．【答案】方向；守恒
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】 在核聚变过程中核能转化为内能，但内能却不能自发地转化为核能，说明能量的转化具有方向性，根据能量守恒定律，在能量转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。
【分析】 能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律。
19．【答案】（1）热
（2）用电器
（3）
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计；电流的热效应
【解析】【解答】 （1）按摩仪的热敷功能利用的是电流的热效应；
（2）按摩仪在充电时，电池将电能转化为化学能，因此相当于用电器；
（3）闭合开关S1，电动机驱动按摩头开始按摩；再闭合开关S2，加热电阻接通，按摩的同时进行热敷，说明电动机和电热丝能够独立工作，是并联。若断开S1，按摩仪无法单独进行热敷，说明开关S1，在干路上，如下图所示：
【分析】 （1）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
（2）给电池充电时，电池将电能转化为化学能；
（3）根据题意分析两个开关的连接方式、发热管和电动机的连接方式，然后画出正确的电路图。
20．【答案】（1）水平；匀速直线
（2）粗糙
（3）不合理；没有只控制接触面积不同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，故实验前，小梅先将弹簧测力计在水平方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。
（2）小梅对比乙、丙两次实验可知，压力相同，乙接触面粗糙，得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）研究滑动摩擦力大小与接触面积有关，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同，小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。她得出这个结论的探究过程是不合理的。理由是没有控制接触面粗糙程度相同。
【分析】 （1）根据二力平衡的条件结合测力计在测力的方向上调零分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）研究滑动摩擦力大小与接触面积有关，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同。
21．【答案】（1）同一高度
（2）变大；倒立
（3）丁
（4）15.0；23.0
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高：物高=4：3，物距相同时，成像的大小不同。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 （1）为了使像成在光屏中央，应将发光体“F”、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度；
（2）从表一数据可知，当物距不小于13cm时，物距减小，像变大，成倒立的实像；
（3）从表一可知，物距为7cm时找不到像，说明凸透镜的焦距为7cm，要通过凸透镜观察到正立放大的虚像，物距小于一倍焦距，物像同侧，在光屏侧能观察到像，故选择丁：
（4）物像等大时，物距在二倍焦距处，此时像距等于物距，物距大于2f时，像小于物，当物距小于2f大于f时，像大于物，表一中物距23cm像小于物，物距为15cm时，像时物的两倍，所以实验中找到等大的像，她应调整物距23cm和15cm之间反复多次实验；
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高：物高=4：3，物距相同时，成像的大小不同。
【分析】 （1）为了使像成在光屏中央，应将发光体“F”、凸透镜和光屏三者的中心调整到同一高度；
（2）从表一数据可分析说明；
（3）从表一可知，凸透镜的焦距，要通过凸透镜观察到正立放大的虚像，物距小于一倍焦距，物像同侧；
（4）物像等大时，物距在二倍焦距处，此时像距等于物距，由此确定调整物距的范围；
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高于物高的关系，由此进行说明。
22．【答案】（1）5mL
（2）31.4；6.3；6.3
（3）1.008×105
（4）偏大；测量开始之前先抽取一部分液态合金再排出，使注射器零刻度线前端接口处充满液态合金，再把注射器放在天平上称量得到空注射器质量m1，后续步骤和原实验相同。
【知识点】液体密度的测量；大气压强的测量方法
【解析】【解答】 （1）为了提高液体体积测量的精确度，选择分度值较小的测量工具，故选分度值0.2mL的5mL的注射器；
（2）总质量m=20g+10g+1.4g=31.4g，液体的质量m=31.4g-6.2g=25.2g，
密度；
平均密度；
（3）手持软管中部缓慢上提，保持两端管口始终在流态合金液面以下，直至软管中液柱分离，如图丙所示。测得管内外液面高度差h为160cm，大气压等于液柱的压强，
即p=ρ液gh=6.3×103kg/m3×10N/kg×1.6m=1.008×105Pa，
（4） 利用现有器材设计实验，消除这一小部分液体带来的影响测得更准确的密度值。即方法为：测量开始之前先抽取一部分液态合金再排出，使注射器零刻度线前端接口处充满液态合金，再把注射器放在天平上称量得到空注射器质量m1，后续步骤和原实验相同。
【分析】 （1）根据分度值确定所需注射器；
（2）根据物体的质量等于砝码总质量与游码示数之和；结合差值法计算液体的质量，根据密度公式计算并取平均值；
（3）根据大气压等于液柱产生的压强分析；
（4）根据所测体积偏小分析，结合差值法分析减小误差的方法。
23．【答案】（1）
（2）导线PM断路
（3）0.52A
（4）向左调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.0V
（5）
（6）；电阻
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）由电路图可知，变阻器和定值电阻串联，采用一上一下的接法，电压表并联在定值电阻两端，电源是2节干电池，电源电压是3V，电压表的量程选择0～3V，如图所示：
（2）闭合开关后，发现电流表、电压表均无示数，说明电路中存在断路，将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0V、0V、3.0V，说明OP之间断路，即导线PM断路；
（3）由图可知，电流表选择0～0.6A的量程，分度值是0.02A，示数是0.52A；
（4）断开开关，用5Ω的定值电阻替换4Ω的定值电阻后，闭合开关，由串联分压可知，电阻两端的电压变大，探究电流和电阻的关系，保持电压不变，需要向左移动变阻器的滑片，增大变阻器的阻值，使电压表的示数为2.0V；
（5）根据表中数据，利用描点法画出图像，如图所示：
（6）由图像可知，实验误差范围内，图像是一条过原点的直线，说明在电压一定时，通过导体的电流与成正比，即电流和电阻成反比。
【分析】 （1）根据电路图连接实物图，变阻器一上一下接入电路中，电压表和电阻并联；
（2）闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0V、0V、3.0V，说明OP之间断路，据此分析；
（3）由题意可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
（4）研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据表中数据，利用描点法画出图像；
（6）根据图像得到电流和电阻的关系。
24．【答案】（1）解： 无人机转载货物后的总重力为G=G无人机+G货=300N+200N=500N
无人机转载货物后对水平地面的压强。、
（2）解： 无人机匀速上升过程对货物做的功W=G货h=200N×100m=2×104J
【知识点】压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）静止在水平地面上时对地面的压力等于总重力，根据算出它对地面的压强；
（2）根据匀速上升时升力等于重力，根据W=Gh计算做功。
25．【答案】（1）解： 已知输出电压220V，最大输出功率3300W，则最大输出电流。
（2）解： 电热水壶功率 ，时间 ；
加热过程电热水壶消耗的电能。
（3）解： 水吸收的热量Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
加热过程电热水壶的效率。
（4）解：表格显示，车速30km/h时，每100km消耗电能100 kW·h，即每公里能耗1kW·h，可行驶路程。
【知识点】热量的计算；热机的效率；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算电动汽车对外供电时的最大输出电流。
（2）根据W壶=P壶t计算加热过程电热水壶消耗的电能。
（3）加热过程电热水壶的效率，首先根据Q吸=cmΔt计算计算水吸收的热量，再根据计算电热水壶的效率。
（4）可行使路程=。
26．【答案】（1）太阳；内
（2）电磁波
（3）解：已知激光站发射激光和收到回波信号的时间间隔为2.5s，则激光站与“天都一号”间的距离。
（4）质量是物体的一种基本属性，与形状、状态、所处空间位置无关，因此在月球上质量不变；月球上g月大约是地球上g的，根据G=mg，在质量m不变的情况下，重力G会变小，做引体向上时需要克服的重力变小，所以完成引体向上会更轻松，小明说质量变小是错误的，说完成引体向上更轻松是正确的。
【知识点】能量的转化或转移；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 （1）聚焦太阳光熔化月壤过程，是太阳能转化为内能，使月壤熔化；
（2）电磁波可以在真空中传播，月球是真空环境，测控站与“天都一号”间的信号传递利用的是电磁波；
（4）质量是物体的属性，与位置无关，未来在月球上，人的质量不变，g月大约是地球上g的，由G=mg可知人的重力变小，引起向上克服重力变小，小明说质量变小了，是错误的，完成引体向上更轻松了，因此小明的畅想是正确的。
【分析】 （1）聚焦太阳光熔化月壤过程，是太阳能转化为内能；
（2）电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
（3）根据s=vt得到激光站与“天都一号”间的距离；
（4）质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、位置则不会发生改变。
1 / 1山东省2025年中考物理真题（临沂、菏泽、枣庄、聊城）
一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分，每小题只有一个选项符合题目要求。
1． 下列属于不可再生能源的是（　　）
A．风能 B．地热能 C．石油 D．太阳能
【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】 A.风能是可再生资源，能源源不断从自然界获取，故A不符合题意；
B.地热能属于新能源，是可再生资源，故B不符合题意；
C.石油是化石燃料，属于不可再生资源，故C符合题意；
D.太阳能属于可再生资源，故D不符合题意。
故选C。
【分析】 从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，化石燃料都属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源。
2． 研究人员在低温极强磁场条件下发现了一种带负电荷的新型粒子，未来可能应用于量子计算领域。下列粒子中，与该粒子带电性质相同的是（　　）
A．电子 B．原子 C．质子 D．中子
【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 质子带正电，电子带负电，而中子不带电，该数子带负电，与该数子带电性质相同的是电子。
故选A。
【分析】原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电。
3． 仲夏晨曦光初透，枝头栖蝉被星露。蝉身上的露珠形成时发生的物态变化是（　　）
A．凝华 B．液化 C．熔化 D．凝固
【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】 露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的液态小水滴，物质由气态变成液态叫液化，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】 物体由气态变为液态的现象叫液化。
4． “五四”来临之际，学校举办了“青春与祖国共成长”校园合唱比赛。某班合唱队有高音、中音、低音三个声部。这里的“高”“中”“低”是指声音的（　　）
A．振幅 B．响度 C．音调 D．音色
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 某班合唱队有高音、中音、低音三个声部，这里的“高”、“中”、“低”指的是声音的振动频率不同，音调不同，故ABD不符合题意、C符合题意。
故选C。
【分析】 声音的三个特性：音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
5． 如图所示，科研人员正在展示我国海洋探测所用的“海燕”清海机。根据图片信息判断，“海燕”的长度最接近（　　）
A．0.2m B．2m C．10m D．20m
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 由图可知，“海燕”的长度比人的身高略大，大约为2m。
故选B。
【分析】 根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
6． 以下符合安全用电原则的是（　　）
A．插排破损后及时更换 B．不切断电源更换灯泡
C．电动车在楼道内充电 D．湿手拔下用电器插头
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A.插排破损后及时更换，否则容易发生触电事故，故A正确；
B.更换灯泡要先切断电源，若不断开开关，灯座与火线相通，可能会触电，故B错误；
C.电动车充电时，会产生大量的热量，容易引发火灾，所以不能在楼道内充电，故C错误；
D.水容易导电，用湿手拔电源插头，容易造成触电事故，故D错误。
故选A。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识判断。
7． 小明使用筷子夹菜时，发现可将筷子视为杠杆。他用学过的杠杆知识对其中一根筷子做了分析，如图所示。以下选项错误的是（　　）
A．F1为动力 B．L1为动力臂 C．F2为阻力 D．L2为阻力臂
【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】 A.手对筷子的作用力为动力，其方向与筷子垂直向下，则F1为动力，故A正确不合题意；
B.动力臂是支点O到动力作用线的垂线，即L1为动力臂，故B正确不合题意；
C.食物对筷子的阻碍力为阻力，其阻力的作用点为筷子与食物的接触点，并且方向垂直筷子向上，即F2为阻力，故C正确不合题意；
D.阻力臂是支点O到阻力作用线的垂线，故L2不是阻力臂，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】 根据自己生活中使用筷子的情况，确定动力和阻力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的垂线。
8． 汽油在发动机气缸中燃烧不充分会产生积碳，影响发动机性能。在发动机维护保养后，汽油燃烧会更加充分，其热值（　　）
A．变大 B．变小 C．不变 D．无法确定
【答案】C
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】热值是燃料的一种特性，根据热值的特性判断。
9． 如图所示，塔吊的水平运动机构用钢丝绳悬挂着货物一起沿水平方向向前匀速运动，水平运动机构突然停止时，货物（　　）
A．停止运动 B．向前运动
C．向后运动 D．竖直向上运动
【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】 原来货物与水平运动机构一起向前运动，当水平运动机构突然停止时，货物由于具有惯性会继续向前运动，故ACD不符合题意、B符合题意。
故选B。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。
10． 在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】 由题意可知，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，其工作原理为电磁感应现象。
A.该图是奥斯特实验，其原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B.该图是探究通电导体在磁场中受力运动的实验，故B不符合题意；
C.图中有电源，是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而运动制成的，故C不符合题意；
D.图中没有电源，是发电机原理图，是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流制成的（即电磁感应现象），故D符合题意。
故选D。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
11． 小华观察发现：同一河流，狭窄处比宽阔处水流更快。受此启发，他结合所学物理知识，设计了四种装置吸取液体肥，用于学校劳动基地水肥一体化灌溉，各装置剖面如图所示。在左端管口横截面积和水流流速相同的情况下，下列设计中吸肥最快的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 由题意可知，本设计利用的是流体压强与流速的关系，为了将肥吸上来，需要增大竖管上方的流速，竖管上方的水流速越大，压强越小，越容易将肥吸上来，所以竖管上方的横管的横截面积应小于左端管口的横截面积，而且是越小越好，所以A的设计最优。
故选A。
【分析】 流体流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大，据此分析即可解答。
12． 某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如图所示。顾客咨询：“该移动电源可以供2.5kW的用电器正常工作吗？”客服回复：“没问题，这是3kW·h的，3kW的用电器都可以正常使用。”该客服（　　）
XX移动电源 电源规格：3kW·h 输出电压：220V 最大输出电流：10A
A．说法正确 B．混淆了电功率和电能
C．混淆了电功率和电流 D．混淆了电功率和电压
【答案】B
【知识点】电功及电功的实质；电功率
【解析】【解答】 A.根据铭牌数据可知，移动电源的最大输出功率：P=UI=220V×10A=2200W=2.2kW＜2.5kW，所以不能供2.5kW的用电器正常工作，故A错误；
BCD.电功率是表示电流做功快慢的物理量，电能表示电流做功的多少，是两个不同的物理量，所以该客服混淆了电功率和电能的概念，故B正确、CD错误。
故选B。
【分析】 （1）由图铭牌数据可知移动电源储存的电能、额定电压和最大输出电流，根据P=UI求出移动电源的最大输出功率，据此判断能否供2.5kW的用电器正常工作；
（2）电功率是表示电流做功快慢的物理量，电能表示电流做功的多少，是两个不同的物理量。
13． 小明在户外实践中，利用随身所带物品制作了简易指南针。他首先利用电池、带绝缘皮的导线、铁钉制成电磁铁，然后将缝衣针磁化并用细线水平悬挂，最后将两者靠近，静止时位置关系如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．铁钉的钉尖是S极
B．缝衣针的针尖是N极
C．地磁场N极在地理北极附近
D．移开电磁铁后，缝衣针静止时针尖所指方向为南
【答案】D
【知识点】磁现象；安培定则
【解析】【解答】 A.由图可知，电流由线圈的右侧流入，左侧流出，由安培定则可知，铁钉的钉尖是N极，故A错误；
B.铁钉的钉尖是N极，由异名磁极相互吸引可知，缝衣针的针尖是S极，故B错误；
C.地球是一个大磁体，地磁南极（S）在地理北极附近，地磁北极（N）在地理南极附近，故C错误；
D.缝衣针的针尖是S极，移开电磁铁后，受地磁场的作用，缝衣针静止时针尖所指方向为南，故D正确。
故选D。
【分析】 A.根据安培定则判断出铁钉的磁极；
B.同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
C.地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，由于受到地磁场的作用，放入地磁场的磁体都受到地磁场的作用；
D.地磁场的作用，指南针的N极指北，S极指南。
14． 水中溶氧量是水产养殖的一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而减小。闭合开关，当溶氧量降低时（　　）
A．电流表的示数变小 B．电压表的示数变大
C．电路的总功率变小 D．滑动变阻器的功率变大
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 从图中信息可知，溶解氧传感器与滑动变阻器串联，电压表测溶解氧传感器，当水中溶氧量的降低时，溶解氧传感器的阻值减小；
AB.根据串联电路电阻特点可知，电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，电压表示数变小，故AB错误；
C.根据P=UI可知，电压不变时，电流变大，电路的电功率也变大，故C错误；
D.因为总电压不变，溶解氧传感器的电压变小，故滑动变阻器的电压变大，电路电流变大，故滑动变阻器的功率变大，故D正确。
故选D。
【分析】 根据串联电路中电流与电压的特点进行判断。
15． 小华在相同气球内装上不同配重做了两个“小鱼”。“小鱼”甲的质量大于“小鱼”乙的质量。注射器可以通过连接“小鱼”的软管对“小鱼”进行抽气和充气，从而改变“小鱼”的体积。初始时，两“小鱼”在水中处于静止状态，如图所示。忽略空气重力及软管对“小鱼”的作用力。“小鱼”所受浮力分别用F甲、F乙表示。下列说法正确的是（　　）
A．对甲充气，甲上浮，再次静止时F甲小于F乙
B．对甲抽气，甲下沉，再次静止时F甲一定小于F乙
C．对乙充气，乙再次静止时所受浮力比初始时的浮力小
D．对乙抽气，乙再次静止时所受浮力可能等于初始时的浮力
【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A．图中甲悬浮，浮力等于重力，对甲充气，甲上浮变为漂浮，浮力还等于重力，甲的重力大于乙的重力，乙漂浮，浮力等于重力，再次静止时F甲大于F乙，故A错误；
B．对甲抽气，甲下沉，浮力小于自身重力，若抽出气体后，甲排开水的体积仍大于乙，由阿基米德原理可得，F甲还可以大于F乙，故B错误；
C．对乙充气，本来漂浮的，充气后仍漂浮，两次都是浮力等于重力，故乙再次静止时所受浮力与初始时的浮力相等，故C错误；
D．对乙抽气，如果仍漂浮或恰好悬浮，浮力还等于重力，乙再次静止时所受浮力可能等于初始时的浮力，故D正确。
故选D。
【分析】 AB.根据漂浮和悬浮时浮力都等于重力分析；
CD.根据浮沉体积结合重力大小关系分析。
二、填空与作图题：本题共4小题，填空每空1分，作图3分，共13分。
16． 现藏于山东淄博博物馆的龙凤五钮长方镜是迄今所见最大的古铜镜。西汉时期，工匠在铸造时将熔化后的液态高锡青铜原料倒入模具。冷却成型过程中会　 　（选填“吸收”或“放出”）热量；铜镜成像利用了光的　 　。
【答案】放出；反射
【知识点】凝固与凝固放热特点；光的反射
【解析】【解答】 （1）液态高锡青铜原料倒入模具，冷却成型，由液态变为固态，属于凝固过程，此过程放出热量；
（2）铜镜成像的原理和平面镜成像的原理相同，都是利用了光的反射。
【分析】 （1）物质由液态变为气态的过程叫做凝固，凝固放热；
（2）平面镜成像的原理是光的反射。
17． 山东潍坊风筝是国家级非物质文化遗产之一，其制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。
（1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的　 　；
（2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做　 　；
（3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在　 　；
（4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）形状
（2）无规则运动
（3）引力
（4）变大
【知识点】势能大小的比较；力的作用效果；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 （1）“扎”风筝的过程，人对竹篾施加了力的作用，竹篾在力的作用下，形状发生了变化，所以说明力可以改变物体的形状；
（2）“绘”风筝的过程，闻到颜料淡淡的气味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动的结果；
（3）“糊”风筝的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在引力；
（4）“放”风筝的过程，风筝上升时，质量不变，高度变大，所以其重力势能变大。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
（3）分子间同时存在相互作用的引力和斥力。
（4）重力势能大小与质量和高度有关。
18． 2025年1月，中国“人造太阳”——全超导托卡马克核聚变实验装置实现1亿摄氏度高温下1066秒的稳态运行。在核聚变过程中核能转化为内能，但内能却不能自发地转化为核能。说明能量的转化具有　 　性；在能量转化和转移的过程中，能量的总量保持　 　。
【答案】方向；守恒
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】 在核聚变过程中核能转化为内能，但内能却不能自发地转化为核能，说明能量的转化具有方向性，根据能量守恒定律，在能量转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。
【分析】 能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律。
19． 如图所示，可充电按摩仪具有按摩和热敷两种功能，使用时，闭合开关S1，电动机驱动按摩头开始按摩；再闭合开关S2，加热电阻接通，按摩的同时进行热敷。若断开S1，按摩仪无法单独进行热敷。
（1）按摩仪的热敷功能利用的是电流的　 　效应；
（2）按摩仪在充电时，其电池相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）；
（3）请在答题卡指定位置画出此按摩仪的电路图，用电阻符号表示加热电阻　 　。
【答案】（1）热
（2）用电器
（3）
【知识点】电路的构成及电路图；串、并联电路的设计；电流的热效应
【解析】【解答】 （1）按摩仪的热敷功能利用的是电流的热效应；
（2）按摩仪在充电时，电池将电能转化为化学能，因此相当于用电器；
（3）闭合开关S1，电动机驱动按摩头开始按摩；再闭合开关S2，加热电阻接通，按摩的同时进行热敷，说明电动机和电热丝能够独立工作，是并联。若断开S1，按摩仪无法单独进行热敷，说明开关S1，在干路上，如下图所示：
【分析】 （1）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
（2）给电池充电时，电池将电能转化为化学能；
（3）根据题意分析两个开关的连接方式、发热管和电动机的连接方式，然后画出正确的电路图。
三、实验探究题：本题共4小题，共34分。
20． 小梅利用下图装置做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验，所用的长方体木块如图甲所示，其中一个面粗糙程度较大，其他各面粗糙程度相同。
（1）实验前，小梅先将弹簧测力计在　 　（选填“水平”或“竖直”）方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做　 　运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。
（2）小梅对比乙，丙两次实验得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越　 　，滑动摩擦力越大。
（3）小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。你认为她得出这个结论的探究过程是　 　（选填“合理”或“不合理”）的。理由是　 　。
接下来，小梅继续探究……
【答案】（1）水平；匀速直线
（2）粗糙
（3）不合理；没有只控制接触面积不同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，故实验前，小梅先将弹簧测力计在水平方向调零，使指针对准零刻度线；调好后，她用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平木板做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数等于木块与木板之间滑动摩擦力的大小。
（2）小梅对比乙、丙两次实验可知，压力相同，乙接触面粗糙，得出：当接触面受到的压力大小和接触面积大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）研究滑动摩擦力大小与接触面积有关，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同，小梅对比乙、丁两次实验，初步得出“滑动摩擦力大小与接触面积有关”的结论。她得出这个结论的探究过程是不合理的。理由是没有控制接触面粗糙程度相同。
【分析】 （1）根据二力平衡的条件结合测力计在测力的方向上调零分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）研究滑动摩擦力大小与接触面积有关，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同。
21． 雨过初晴，小丽发现透过附在叶片上的水珠，能看到正立放大的“叶片脉络”；而透过在叶片上的水珠能看到远处倒立缩小的“花朵”。针对这一现象，她和同学们一起探究凸透镜成像的正倒、大小与物距的关系。
（1）小丽将F形光源（如图甲）、凸透镜和带有刻度的光屏按图乙所示安装在水平光具座上，接下来她应将三者的中心调整到　 　。
（2）调整好后，小丽多次改变物距和光屏的位置进行实验，收集的数据和观察的现象如表1所示。小丽分析归纳后，得到初步结论：随着物距不断减小，物体所成实像逐渐　 　（选填“变大”或“变小”），且像都是　 　（选填“正立”或“倒立”）的。
表1
序号 物高h/cm 物距x/cm 像高h/cm 像的正倒 像的虚实
- 4.0 30.0 2.0 倒立 实像
26.0 2.5 倒立 实像
3 4.0 23.0 3.0 倒立 实像
4 15.0 8.0 倒立 实像
5 13.0 135 倒立 实像
6 7.0 找不到像
（3）实验过程中，小丽发现在光屏上始终没有观察到正立放大的像。回想透过水珠观察叶脉的情景，她采用下图　 　的方式可以观察到正立放大的“F”。
（4）组间交流时，小丽发现小红的实验记录（如表2所示）中有与物体等大的像，而自己却没有观察到这一现象。为了尽快在自己实验中找到等大的像，她应调整物距在　 　cm和　 　cm之间反复多次实验。
表2
序号 物高/cm 物距…… 像高/cm 像的正面 像的虚实
1 4.0 25.0 1.0 倒立 实像
2 18.0 13 倒立 实像
3 15.0 2.0 倒立 实像
4 10.0 4.0 倒立 实像
5 8.0 6.5 倒立 实像
6 4.0 找不到像
（5）小丽进一步对比后发现，凸透镜成像特点不只与物距有关。她得出这个结论的依据是　 　。咨询老师后得知，两小组所用凸透镜的焦距不同。小丽认为，凸透镜成像特点与物距和焦距均有关系。结合实验数据和老师给的焦距数值，她总结出凸透镜或像规律。
【答案】（1）同一高度
（2）变大；倒立
（3）丁
（4）15.0；23.0
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高：物高=4：3，物距相同时，成像的大小不同。
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 （1）为了使像成在光屏中央，应将发光体“F”、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度；
（2）从表一数据可知，当物距不小于13cm时，物距减小，像变大，成倒立的实像；
（3）从表一可知，物距为7cm时找不到像，说明凸透镜的焦距为7cm，要通过凸透镜观察到正立放大的虚像，物距小于一倍焦距，物像同侧，在光屏侧能观察到像，故选择丁：
（4）物像等大时，物距在二倍焦距处，此时像距等于物距，物距大于2f时，像小于物，当物距小于2f大于f时，像大于物，表一中物距23cm像小于物，物距为15cm时，像时物的两倍，所以实验中找到等大的像，她应调整物距23cm和15cm之间反复多次实验；
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高：物高=4：3，物距相同时，成像的大小不同。
【分析】 （1）为了使像成在光屏中央，应将发光体“F”、凸透镜和光屏三者的中心调整到同一高度；
（2）从表一数据可分析说明；
（3）从表一可知，凸透镜的焦距，要通过凸透镜观察到正立放大的虚像，物距小于一倍焦距，物像同侧；
（4）物像等大时，物距在二倍焦距处，此时像距等于物距，由此确定调整物距的范围；
（5）表一、二中，物高相同，物距都为15cm时，表一中像高是物高的2倍，表二中由像距：物距=20cm：15：cm=4：3，可知像高于物高的关系，由此进行说明。
22． 镓铟锡合金常温下处于液态，且无毒。物理科创小组的同学们认为可以用它代替易挥发、有毒的水辐测量大气压强，他们决定先测量镓铟锡合金的密度，再测量大气压强。
（1）测量密度前，为了提高液体体积测量的精确度，应在图中所示的三种注射器中选择　 　（选填“5mL”“20mL”或“30mL”）的注射器。
（2）同学们先测量了所选用注射器的质量m1随后用注射器抽取适量的镓铟锡合金。他们发现抽取液态合金时，注册器中会有气泡，于是将气泡排出后，读取合金的体积V，并用天平衡量它们的总质量。将测量和计算出的数据填入表格。
实验次数 注射器的质量m1/g 注射器和合金总质量/g 抽取的合金体积/mL 合金密度g/cm3
1 6.2 13.9 1.2 6.4
2 28.5 3.6 6.2
3
4.0
第3次实验所测如图乙所示，为　 　g，计算得合金密度为　 　g/cm3。
通过三次实验，得到所测镓铟锡合金的密度为　 　g/cm3。
（3）将PU耐压透明软管注满镓铟锡液态合金后，手持软管中部缓慢上提，保持两端管口始终在流态合金液面以下，直至软管中液柱分离，如图丙所示。测得管内外液面高度差h为160cm，小组测得的大气压强为　 　Pa。（取g=10N/kg）
（4）交流评估时，小明回想起，测量液态合金体积过程中。注射器零刻度线前端接口处，还有一小部分液体，如图丁所示，这部分液态合金体积未被计入，会导致密度的测量结果　 　（选填“偏大”或“偏小”）。请你利用现有器材设计实验，消除这一小部分液体带来的影响。渊得更准确的密度值。简要说明你的实验思路　 　。
【答案】（1）5mL
（2）31.4；6.3；6.3
（3）1.008×105
（4）偏大；测量开始之前先抽取一部分液态合金再排出，使注射器零刻度线前端接口处充满液态合金，再把注射器放在天平上称量得到空注射器质量m1，后续步骤和原实验相同。
【知识点】液体密度的测量；大气压强的测量方法
【解析】【解答】 （1）为了提高液体体积测量的精确度，选择分度值较小的测量工具，故选分度值0.2mL的5mL的注射器；
（2）总质量m=20g+10g+1.4g=31.4g，液体的质量m=31.4g-6.2g=25.2g，
密度；
平均密度；
（3）手持软管中部缓慢上提，保持两端管口始终在流态合金液面以下，直至软管中液柱分离，如图丙所示。测得管内外液面高度差h为160cm，大气压等于液柱的压强，
即p=ρ液gh=6.3×103kg/m3×10N/kg×1.6m=1.008×105Pa，
（4） 利用现有器材设计实验，消除这一小部分液体带来的影响测得更准确的密度值。即方法为：测量开始之前先抽取一部分液态合金再排出，使注射器零刻度线前端接口处充满液态合金，再把注射器放在天平上称量得到空注射器质量m1，后续步骤和原实验相同。
【分析】 （1）根据分度值确定所需注射器；
（2）根据物体的质量等于砝码总质量与游码示数之和；结合差值法计算液体的质量，根据密度公式计算并取平均值；
（3）根据大气压等于液柱产生的压强分析；
（4）根据所测体积偏小分析，结合差值法分析减小误差的方法。
23． 某小组在“探究电压一定时，电流与电阻的关系”实验中，设计的电路图如图甲所示。
（1）根据电路图甲，用笔画线代替导线在答题卡上将图乙中的电路补充完整　 　。
（2）正确连接电路，闭合开关后，发现电流表，电压表均无示数，将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0、0、3.0V，由此判断电路故障为　 　。
（3）排除以上故障后，接入4Ω的定值电阻，闭合开关。调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.0V，此时电流表的示数如图丙所示，为　 　。
（4）新开开关，用5Ω的定值电阻替换4Ω的定值电阻后，闭合开关，接下来的操作是：　 　，并记录电流表的示数。
（5）更换不同定值电阻进行实验，得到如下数据：
R/Ω 4 5 8 10 20
0.25 0.2 0.125 0.1 0.05
1/A 0.40 0.32 0.21 0.16 0.08
分析数据，小华发现保持电压不变时，通过导体的电流随着电阻的增大而减小，猜想电流与电阻或反比。为了验证他的猜想，请在答题卡坐标纸上描点并作出图像　 　。
（6）根据图像得出结论：实验误差允许范围内，在电压一定的情况下，通过导体的电流与　 　成正比，即电流与　 　成反比。
【答案】（1）
（2）导线PM断路
（3）0.52A
（4）向左调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.0V
（5）
（6）；电阻
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）由电路图可知，变阻器和定值电阻串联，采用一上一下的接法，电压表并联在定值电阻两端，电源是2节干电池，电源电压是3V，电压表的量程选择0～3V，如图所示：
（2）闭合开关后，发现电流表、电压表均无示数，说明电路中存在断路，将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0V、0V、3.0V，说明OP之间断路，即导线PM断路；
（3）由图可知，电流表选择0～0.6A的量程，分度值是0.02A，示数是0.52A；
（4）断开开关，用5Ω的定值电阻替换4Ω的定值电阻后，闭合开关，由串联分压可知，电阻两端的电压变大，探究电流和电阻的关系，保持电压不变，需要向左移动变阻器的滑片，增大变阻器的阻值，使电压表的示数为2.0V；
（5）根据表中数据，利用描点法画出图像，如图所示：
（6）由图像可知，实验误差范围内，图像是一条过原点的直线，说明在电压一定时，通过导体的电流与成正比，即电流和电阻成反比。
【分析】 （1）根据电路图连接实物图，变阻器一上一下接入电路中，电压表和电阻并联；
（2）闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；将另一电压表的两端依次连接图乙中的M与N、N与O、O与P，分别显示0V、0V、3.0V，说明OP之间断路，据此分析；
（3）由题意可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
（4）研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据表中数据，利用描点法画出图像；
（6）根据图像得到电流和电阻的关系。
24． 为了促进低空经济高质量发展，山东省多个城市正在积极构建无人机智慧物流体系。如图所示，自重300N的无人机装载重200N的货物后停在水平地面上，与地面的总接触面积为0.01m2，无人机运送货物过程中，达到限定速度后，匀速上升100m，接近限定高度。求：
（1）无人机转载货物后对水平地面的压强；
（2）无人机匀速上升过程对货物做的功。
【答案】（1）解： 无人机转载货物后的总重力为G=G无人机+G货=300N+200N=500N
无人机转载货物后对水平地面的压强。、
（2）解： 无人机匀速上升过程对货物做的功W=G货h=200N×100m=2×104J
【知识点】压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）静止在水平地面上时对地面的压力等于总重力，根据算出它对地面的压强；
（2）根据匀速上升时升力等于重力，根据W=Gh计算做功。
25． “五一”假期，小明随家人驾驶电动汽车前往营地据营。该车可对外供电。输出电压220V，最大输出功率3300W。家人将标有“220V 1000W”的电热水壶接入电动汽车供电电路，把1kg水从20℃加热至100℃用时6min。该车平均速度和每100km平均随耗的对应关系如下表。已知（c水=4.2×103J/(kg·℃)），求：
平均速度（km/h） 30 60 90 120
每100km平均能耗/（kW·h） 100 120 132 150
（1）电动汽车对外供电时的最大输出电流；
（2）加热过程电热水壶消耗的电能；
（3）加热过程电热水壶的效率；
（4）烧水消耗的电能可供电动汽车以30kmh的速度匀速行驶的路程。
【答案】（1）解： 已知输出电压220V，最大输出功率3300W，则最大输出电流。
（2）解： 电热水壶功率 ，时间 ；
加热过程电热水壶消耗的电能。
（3）解： 水吸收的热量Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
加热过程电热水壶的效率。
（4）解：表格显示，车速30km/h时，每100km消耗电能100 kW·h，即每公里能耗1kW·h，可行驶路程。
【知识点】热量的计算；热机的效率；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算电动汽车对外供电时的最大输出电流。
（2）根据W壶=P壶t计算加热过程电热水壶消耗的电能。
（3）加热过程电热水壶的效率，首先根据Q吸=cmΔt计算计算水吸收的热量，再根据计算电热水壶的效率。
（4）可行使路程=。
26． 近年来，我国探月工程不断取得突破性成果，并计划于2035年前基本建成月球科研站。为支撑月球科研站等深空探测重大工程。2025年4月29日，“天都一号”通导技术试验星成功完成全球首次白天强光干扰条件下的地月空间激光测距技术试验，有效拓展了激光测距技术的观测窗口，过程示意如图。确究人员表示未来嫦娥八号将会携带试验装置登陆月球开展试验，比如聚焦太阳光熔化月壤，获得可以用于月球科研站建设的材料等。月球环境近似为真空。g月大约是地球上g的。
（1）聚焦太阳光熔化月壤过程是　 　能转化为　 　能；
（2）测控站与“天都一号”间的信号传递利用的是　 　；
（3）假定激光站和“天都一号”之间为真空环境，激光站发射激光和收到回波信号的时间间隔为2.5s，求激光站与“天都一号”间的距离；（激光的传播速度取）
（4）小明畅想未来在月球科研站内的生活：“未来在月球上，我的质量变小了，完成引体向上更轻松了。”请你对小明的畅想作出评析。
【答案】（1）太阳；内
（2）电磁波
（3）解：已知激光站发射激光和收到回波信号的时间间隔为2.5s，则激光站与“天都一号”间的距离。
（4）质量是物体的一种基本属性，与形状、状态、所处空间位置无关，因此在月球上质量不变；月球上g月大约是地球上g的，根据G=mg，在质量m不变的情况下，重力G会变小，做引体向上时需要克服的重力变小，所以完成引体向上会更轻松，小明说质量变小是错误的，说完成引体向上更轻松是正确的。
【知识点】能量的转化或转移；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 （1）聚焦太阳光熔化月壤过程，是太阳能转化为内能，使月壤熔化；
（2）电磁波可以在真空中传播，月球是真空环境，测控站与“天都一号”间的信号传递利用的是电磁波；
（4）质量是物体的属性，与位置无关，未来在月球上，人的质量不变，g月大约是地球上g的，由G=mg可知人的重力变小，引起向上克服重力变小，小明说质量变小了，是错误的，完成引体向上更轻松了，因此小明的畅想是正确的。
【分析】 （1）聚焦太阳光熔化月壤过程，是太阳能转化为内能；
（2）电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
（3）根据s=vt得到激光站与“天都一号”间的距离；
（4）质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、位置则不会发生改变。
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