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广东省深圳市2026年初三34校联考三模物理试卷
1．我国目前已建成全球最大可再生能源体系，下列属于可再生能源的是(　　)
A．风能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
2．学校开展“安全用电，珍惜生命”的主题教育活动，下列关于家庭电路说法正确的是(　　)
A．人的安全电压为36V
B．家庭电路的总开关控制整个家庭电路
C．电能表表盘的示数为用电器的实际功率
D．可以用湿抹布擦拭正在工作的台灯
3．同学们制作了如图所示的简易拉力器，在某次健身过程中，小华在2s内所做的有用功为170J，他所做有用功、额外功占比如图所示。下列说法正确的是(　　)
A．该器材中的机械是定滑轮，可以省力
B．该器材中的机械是动滑轮，可以改变力的方向
C．提升重物过程中，小华所做的总功为200J
D．小华拉力做功的功率85W
4．某同学设计了校园道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯 L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是(　　)
A．
B．
C．
D．
5．学校倡导“节约用水”，同学们设计了一个学校小花园的水位监测装置，内部简化电路图如图所示。电源电压一定，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，水位计由电压表改装而成。闭合开关S，水箱中水位上升时，连杆带动滑片 P向上移动，下列分析正确的是(　　)
A．R1接入电路的电阻变大 B．R0通过的电流变小
C．电压表的示数变小 D．电路中总功率变大
6．粤剧是岭南地区具代表性的传统戏曲剧种之一，其独特的音乐、唱腔和表演风格深受广大观众的喜爱。下列分析正确的是(　　)
A．不同乐器发出的声音，音色相同
B．演唱者的声带振动时，振幅越大，音调越高
C．演唱者发出的声音在传播过程中，速度不断减小
D．现场观众听到的声音，是通过空气传播的
7．如图展示的是我国古代劳动人民智慧的成果，下列说法中正确的是(　　)
A．古代铜镜成像利用了光的直线传播
B．日晷测量时间利用了光的反射
C．拨火罐利用了大气压
D．箭在飞行过程中，受到惯性的作用
8．广东阳江风筝是国家级非物质文化遗产之一，其制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。
（1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的　 　；
（2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做　 　；
（3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在　 　；
（4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。
9．杂技在我国历史悠久，是力量与柔韧完美结合的传统艺术。
（1）如图所示，是杂技演员正在表演的情景。请你在图中画出演员 A被托举且静止时受力的示意图　 　。
（2）为了提升演出效果，B站在地面上，肩上顶着一根重为 的竖直竹竿，重为 的A沿竹竿匀速上爬，此过程中A 受到的摩擦力大小为　 　N，方向　 　。
10．新会是“中国古典家具之都”，古典家具制作中“刮磨、磨光”是关键工序。工匠用干燥的细砂纸反复打磨红木表面时，砂纸会吸附少量木屑，这是　 　起电现象。该现象的本质是：在摩擦过程中　 　发生了转移，使物体带电并能吸引轻小物体。
11．小明通过实验探究水凝固前后温度的变化，步骤如下：
①在烧杯中倒入低温食盐水，用温度计测得其温度为-15℃；
②在试管中加入少量水，将试管下端浸入食盐水中，如图甲：
③用步骤①中的温度计测量试管中物质的温度，绘制成图乙所示图像。
（1）本实验选用的温度计是____。(填字母代号)
A．
B．
C．
（2）图丙中温度计的读数为　 　℃。
（3）由图乙知水的凝固点是　 　℃。
（4）4~8min试管中物质的内能　 　。(填变化趋势)
（5）实验中小明发现烧杯外壁出现白霜，这是　 　现象。(填物态变化名称)
（6）试管内水的质量为20g，则0-3min水放出的热量为　 　J，已知水的比热容为
12．小深在五一假期吹泡泡，回家后配制了一些泡泡水，测量了该液体的密度。实验器材有天平(带砝码)、量筒、烧杯、泡泡水等。
【实验操作】
⑴用天平测出烧杯和泡泡水的总质量m1(如图甲所示)，再将烧杯中部分泡泡水倒入量筒中测出体积V；
⑵按照如图乙所示测出需要测量的物理量m2；
⑶把测得的数据填入表格中，并计算泡泡水的密度ρ。
【实验数据】将表格中①、②和③的内容填写到横线上：①　 　；②　 　；③　 　；
烧杯和泡泡水的总质量m1/g 量筒中泡泡水的 体积V/cm3 ① 的质量m2/g 量筒中泡泡水的质量m/g 泡泡水的密度ρ/
　 80 　 ② ③
⑷【交流与评估】
a.读量筒内泡泡水的体积时，观察到液体中有一些气泡，则应　 　(选填“立即”或“待气泡消失后”)读数。
b.将烧杯中部分泡泡水倒入量筒时，不慎有少量液体溅出，则测出的液体密度会　 　(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
13．在“探究电流与电压的关系”的实验中，小明设计了图示的实验电路。电源电压为6V不变，R为定值电阻，AD间粗细均匀的电阻丝和夹子(M和N)一起组成变阻器，A、B、C、D、E、F为电阻丝上的六个点，E、F两点未标出。
（1）根据实验要求，请用笔画线代替导线将图中的实物电路补充完整　 　；
（2）闭合开关前，将变阻器的全部电阻接入电路是为了　 　；
（3）闭合开关，电流表无示数，电压表示数为6V，电路的故障(仅有一处)是　 　；
（4）排除故障后，闭合开关，保持夹子N位置不动，夹子M依次接在变阻器的A、B、
E、C、F、D六个点，每次电表均选用合适的量程，进行实验，收集数据并记录在表格中。表格中①处的数据如图所示，为　 　A；
接线位置 A B E C F D
电压U/V 1.5 2.0 2.5 3.0 4.0 6.0
电流 I/A 0.3 ① 0.5 0.6 0.8 1.2
（5）分析数据，可以得出实验结论：在电阻一定的情况下，　 　；
（6）在电阻丝C点放一小蜡块，闭合开关，发现小蜡块逐渐熔化，为使小蜡块熔化得更快，一定可行的方法是：　 　(写出一条即可)；
（7）【拓展】在上面的实验电路中，电流表接0~0.6A量程，把另一电压表V1接在图中电源正极和图中D的接线柱两点上。夹子N接在D点不动，夹子M可在电阻丝上连续改变位置，在保证电路安全的情况下，用电阻R0替换R，夹子M在任意位置时，使电压表V1和图中的电压表示数之比总是2：3。则满足上述条件的R0的取值范围是　 　Ω。
14．如图，我国某舰艇圆满完成首次航行试验任务，为我国海军建设和发展注入新动力。该舰艇在平静的海面上静止时，舰艇底最低点到水面的竖直距离为12m。若某段航行过程中，该舰艇在平静的海面上平稳的匀速直线航行了30km，发动机做的有用功为 燃料的热值 g取10N/ kg)
（1）该舰艇在平静的海面上静止时，海水对舰艇底最低点的压强是多少 Pa
（2）该段航行过程中，发动机提供的前进的动力是多少N
（3）若该舰艇发动机的效率为30%，则该段航行过程中，消耗燃料的质量是多少 kg
15．某智能书桌台灯通过可变电阻R 调节灯L 的亮度，此电阻采用新材料，电阻值仅随光照强度增强(减弱)而增大(减小)。电路简图如图甲，电源两端电压恒为 18V，灯L 的 I-U曲线如图乙所示。当不使用智能调光功能时，S0、S闭合，灯L正常发光。求：
（1）闭合开关S0、S，灯L的电阻大小是多少
（2）闭合开关 断开开关S，当电流表的读数是0.5A时，可变电阻的阻值是多少
（3）闭合开关 断开开关S，当灯L的功率为8.4W时，电路的总功率是多少
16．某兴趣小组为研究低头时颈椎肌肉产生的拉力大小与人低头角度变化之间的规律，设计并组装了一套如图甲所示的装置。印有头颈部照片的内盘与有刻度的固定外盘圆心均在O点，内盘可绕O点转动，以O点为支点，将整个头颈部简化为杠杆模型。
θ表示人低头的角度，在A 点通过细线悬挂一个重为2N的物体模拟头颅重力，用细线垂直OB 对B 点施加的拉力模拟颈椎肌肉产生的拉力，细线对A点的拉力大小为F2。实验中通过拉力传感器测出内盘上的头颈部在不同位置平衡时的大小，实验数据如下表所示。
物体的重力/N 2
θ的大小/° 0 15 30 45 60
拉力传感器的示数/N 0 3.22 6.22 8.80 10.78
（1）请画出图乙中F2的力臂L　 　(保留作图痕迹)。
（2）分析表中数据可知，颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而　 　，对颈椎肌肉的影响就越大。
（3）若某中学生头颅的重力为50N，请根据表中数据，计算该学生低头角度为 时，颈椎肌肉产生的拉力大小是　 　N。
（4）请你结合以上分析，从保护颈椎肌肉的角度提出一条合理建议：　 　。
（5）为了缓解轻度肌肉疲劳，兴趣小组发现市场上有一种基础版的颈椎按摩仪，利用电磁铁技术实现间歇性敲打。当电磁铁输入方向改变的交流电时，条形磁体 B 会受到引力或斥力，带动按摩槌头A 振动，即可产生连续捶打。
电磁铁通电后具有磁性的原因是：电流的　 　效应。当线圈通电时按摩锤向下敲打时，M端为电源　 　极。
（6）ABO可以看做一个　 　杠杆。
（7）若希望增大每次敲击的力度(即增大电磁铁对衔铁的吸引力)，可以采取哪些措施 请写出一条措施：　 　。
17．深圳某景区引进了一款“河面智能青蛙保洁船”，其设计传递环保理念。船头有垃圾收集槽，两侧有可展开的机械臂。该船通过搭载的视觉系统和GPS 导航，拍摄水面画面，自动区分“垃极”和“非垃圾”，实现精准打捞，收集水面漂浮垃圾，具有自动返航等功能。
智能青蛙保洁船参数表
船空载质量m0/ kg 满载时排水量m0/ kg 电池电压U/V 容量 Q/(A·h) 匀速运动时，克服阻力做功与消耗电能的比值
150 240 24 100 50%
（1）船利用GPS导航准确航行，通过　 　波传递信息的。
（2）船静止在水面上，超声波传感器发射脉冲后，经过0.02s接收信号，此时船与前方障碍物的距离为　 　m(声传播速度取340m/s)。
（3）船上的摄像头相当于凸透镜，远处垃圾所成的像为倒立、　 　(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像。当船靠近垃圾时，摄像头所成的像变化情况　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（4）船在满载时，受到的浮力为　 　N。
（5）电池充满充电时，储存的电能为　 　kW·h。
（6）当电池剩余电量为30%时，系统立即触发返航信号，到达卸货点的电量为28%。若船匀速前进时阻力为180N，理论上船返航行驶的距离为　 　m。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A.风能由空气流动产生，源于太阳辐射能，可自然再生，属于可再生能源，故A符合题意；
BC.石油、天然气属于化石燃料，是由古代生物遗骸经历漫长地质时间形成，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故BC不符合题意；
D.核燃料依赖铀等矿物质，矿物质储量有限且无法快速再生，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】可再生能源是指使用完之后短时间可以再从自然界中获取的能源。
2．【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．人体的安全电压是不高于36V，故A错误；
B．家庭电路的总开关接在干路中，作用是控制整个家庭电路的通断，故B正确；
C．电能表测量的是电路消耗的电能，电能表表盘的示数是用电器所消耗电能的多少，故C错误；
D．生活用水是导体，湿抹布容易导电，擦拭正在工作的台灯容易引发触电事故，故D错误。
故选：B。
【分析】人体的安全电压是不高于36V。家庭电路的总开关控制着整个家庭电路的通断，当总开关断开时，所有用电器都停止工作，所以它能控制整个家庭电路。电能表表盘的示数是用户在一定时间内消耗的电能，而不是用电器的实际功率。生活用水是导体。
3．【答案】C
【知识点】功率的计算；定滑轮及其工作特点；功的计算及应用
【解析】【解答】AB．图中滑轮的轴固定不动，属于定滑轮。定滑轮的实质是等臂杠杆，根据杠杆平衡条件，使用定滑轮不省力，也不能改变力的大小，只能改变力的方向，故AB错误；
C．由有用功、额外功占比图可知，有用功占总功的。根据公式，可得总功，故C正确；
D．小华拉力做功的功率，故D错误。
故选：C。
【分析】定滑轮的轴的位置是固定不动的，动滑轮轴的位置则会与被拉物品一起运动， 根据机械效率计算总功，结合时间和计算功率。
4．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，这说明开关与警示灯是并联的；R0为保护电阻，与警示灯串联在电路中，故B正确。
故选：B。
【分析】根据题意可知，正常情况下，井盖开关S闭合，灯泡不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开时，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图。
5．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．当水箱中水位上升时，连杆带动滑片向上移动，接入电路的电阻变小，故A错误；
B．因为接入电路的电阻变小，根据串联电路总电阻等于各分电阻之和，可知总电阻变小。电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由于串联电路中各处的电流相等，所以通过的电流变大，故B错误；
C ．为定值电阻，通过的电流变大，由可知，两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C错误；
D ．电源电压不变，电路中的电流变大，根据可知，电路中总功率变大，故D正确。
故选：D。
【分析】图中R0、R1为串联电路，电压表测量定值电阻的电压；根据滑片移动方向分析电阻变化，结合串联电路的特点和欧姆定律分析电流变化和电压表示数的变化，根据P=UI分析电功率的变化。
6．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系；音色
【解析】【解答】A.音色是指声音的特色，不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色不同，故A错误；
B.振幅决定声音的响度，振幅越大，响度越大；音调由频率决定，频率越高，音调越高，故B错误；
C.声音在温度、介质等条件不变的情况下，传播速度不变，演唱者发出的声音在传播过程中，若温度和介质等条件不变，速度不会不断减小，故C错误；
D.声音的传播需要介质，现场观众听到的声音，是通过空气这种介质传播的，故D正确。
故选：D。
【分析】音色由发声体的材料、结构决定。声音的传播需要介质，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播；人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；声速与介质的种类和温度有关。
7．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；惯性及其现象；大气压强的存在
【解析】【解答】A、古代铜镜成像利用了光的反射原理，故A错误；
B、光在同种均匀介质中沿直线传播，故日晷能够测量时间是利用了光沿直线传播的原理，故B错误；
C、罐子会吸附在皮肤上，是因为罐内气压小于外界的大气压，利用了大气压，故C正确；
D、箭之所以能在空中飞行，是因为箭具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。
故选：C。
【分析】光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物 体反光都是光的反射形成的；光在同种均匀介质中沿直线传播；大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
8．【答案】（1）形状
（2）无规则运动
（3）引力
（4）变大
【知识点】动能和势能的大小变化；力的作用效果；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）“扎”风筝的过程，人对竹篾施加了力的作用，竹篾在力的作用下，形状发生了变化，所以说明力可以改变物体的形状；
（2）“绘”风筝的过程，闻到颜料淡淡的气味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动的结果；
（3）“糊”风筝的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在引力；
（4）“放”风筝的过程，风筝上升时，质量不变，高度变高，所以其重力势能变大。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
（3）分子间同时存在相互作用的引力和斥力。
（4）重力势能大小与质量和高度有关。
9．【答案】（1）
（2）550；竖直向上
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）演员A被托举且静止时，演员A受到支持力和重力的作用，支持力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，这两个力的大小相等，作用点可都画在重心处，如图所示：
（2）A沿竹竿匀速上爬时处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，所以，A受到摩擦力的大小f=G2=550N，方向和重力的方向相反，即竖直向上。
【分析】（1）演员A受到支持力和重力的作用，支持力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，这两个力的大小相等，所画线段的长度应该相等。
（2）A沿竹竿匀速上爬处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，二力大小相等，方向相反，据此结合A的重力进行解答
10．【答案】摩擦；电子
【知识点】两种电荷；摩擦起电的现象
【解析】【解答】砂纸打磨红木时发生摩擦起电，导致砂纸带电而吸引轻小的木屑；原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
【分析】带电体具有吸收轻小物体的性质；原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，摩擦起电的实质是电子的转移。
11．【答案】（1）A
（2）7
（3）0
（4）减小
（5）凝华
（6）840
【知识点】温度及温度计的使用与读数；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；凝华及凝华放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）由题意可知，用温度计测得其温度为-15℃，则应选择A温度计；
（2）由图可知，图丙温度计的分度值为1℃，则图丙中温度计的读数为7℃；
（3）由图象可知，物体从3到10min，温度保持0℃不变，处于凝固过程。所以可知该晶体的凝固点为0℃；
（4）物体从3到10min，为凝固过程，处于固液共存态。凝固过程中要不断放热，所以4 8min试管中物质的内能减少；
（5）实验中小明发现烧杯外壁出现白霜，这是水蒸气凝华形成的；
（6）由图乙可知，0~3min水温变化了
则水放出的热量为
【分析】（1）根据低温食盐水的温度选择合适的温度计；
（2）根据图丙温度计的液面位置和分度值读数；
（3）晶体凝固时的温度叫做凝固点；
（4）晶体在凝固过程中，放出热量、内能减少，温度不变；
（5）物质由气态直接变为固态称为凝华；
（6） 根据Q放=cm（t0-t） 求解放出的热量。
12．【答案】烧杯和剩余泡泡水；82；1.025；待气泡消失后；偏大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（3）根据实验步骤，要测密度，测出烧杯和泡泡水的质量，然后将部分泡泡水倒入量筒中后，再测出烧杯和剩余泡泡水的质量，计算出倒入量筒中泡泡水的质量。由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，标尺上游码对应的质量为2.2g，故烧杯和剩余泡泡水的质量为
由甲图可知，标尺的分度值为0.2g，标尺上游码对应的质量为4.2g，故烧杯和泡泡水的质量为，量筒中泡泡水的质量
泡泡水的密度为
（4） a. 在读量筒内泡泡水的体积时，若液体中有气泡，气泡会使测量的体积偏大，所以应待气泡消失后读数，这样才能保证体积测量的准确性；
b. 若泡泡水的一部分倒入量筒时有少量液体溅出，导致测量剩余泡泡水和烧杯的质量m2偏小，计算量筒中的泡泡水质量偏大，由可知，测出的泡泡水密度会偏大。
【分析】（3）已知烧杯和泡泡水的总质量和将烧杯中部分泡泡水倒入量筒后烧杯和剩余泡泡水的质量，可以得到量筒中泡泡水的质量；【实验数据】根据实验步骤以及测量数据的单位进行填写；
（4） a.在读量筒内泡泡水的体积时，观察到液体中有一些气泡，导致体积偏大，由可知密度会偏小，据此解答；
b.不慎有少量液体溅出，计算量筒中的泡泡水质量偏大，结合分析。
13．【答案】（1）
（2）保护电路
（3）定值电阻R断路
（4）0.4
（5）通过导体的电流和导体两端的电压成正比
（6）更换电压更大的电源
（7）6~22.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表应串联在电路中，需将电流表的负接线柱与开关的右接线柱相连，据此作图。
（2）闭合开关前，将变阻器的全部电阻接入电路是为了 保护电路，防止电路中电流过大损坏元件 。
（3）闭合开关，电流表无示数，说明电路可能存在断路；电压表示数为6V（等于电源电压），则电路的故障（仅有一处）是 定值电阻 R断路 。因为此时电压表与电源两极相连通，测量的是电源电压。
（4）由图可知电流表选用0 0.6A量程，分度值为0.02A，表格中①处的数据为 0.4A 。
（5）分析收集的数据，电压与电流的比值是定值，可以得出实验结论：在电阻一定的情况下， 通过导体的电流与导体两端的电压成正比 。
（6）在电阻丝C点放一小蜡块，闭合开关，小蜡块逐渐熔化，是因为电流通过电阻丝产生热量。为使小蜡块熔化得更快，一定可行的方法是 增大电源电压，根据焦耳定律，在电阻和时间一定时，电流越大，产生的热量越多。
（7）根据表中第1次实验的数据，结合串联电路的电压规律和欧姆定律可得，变阻器的最大值，当电压表接在A点和图中电压表标有“15”的接线柱两点上时，变阻器与定值电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，原电压表V测定值电阻两端的电压。 根据串联电路的分压原理可得的最大值
根据电流表的量程可知电路中的最大电流为
根据串联电路的电压规律可得R0两端的电压
根据欧姆定律可得R0的最小值
故的取值范围是。
【分析】（1）在探究电流与电压的实验中，电流表应串联在电路中，由此补充电路；
（2）为了防止电路中的电流过大，从而保护电路，闭合开关前，应使变阻器接入电路的阻值最大；
（3）根据串联电路的特点和电表的示数情况判断电路的故障；
（4）根据图2可知电流表的量程和分度值，并读数；
（5）根据表中数据得出结论；
（6）为使小蜡块熔化得更快，应使C处电阻丝产生的热量更多，根据Q=I2Rt和欧姆定律分析可行的方法；
（7）根据表中数据，结合串联电路的电压规律和欧姆定律求出变阻器的最大值；当电压表V1接在A点和图中电压表标有“15”的接线柱两点上时，变阻器与定值电阻串联，电压表V1测变阻器两端的电压，原电压表V测定值电阻两端的电压。根据串联电路的分压原理可得R0的最大值；根据电流表的量程可知电路中的最大电流，根据串联电路的电压规律可得R0两端的电压，根据欧姆定律可得R0的最小值。
14．【答案】（1）解：
答：海水对舰艇底最低点的压强是1.2×105Pa，
（2）解：
答：发动机提供的前进的动力是多少2×107N，
（3）解：

答：消耗燃料的质量是5×104kg。
【知识点】燃料的热值；液体压强的计算；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据P=ρgh计算该舰艇在平静的海面上静止时，海水对舰艇底最低点的压强；
（2）先计算该舰艇航行的距离，根据得出该段航行过程中，发动机提供的前进的动力；
（3）先计算该段航行燃料放出的热量，根据得出消耗燃料的质量。
15．【答案】（1）解： 闭合开关S0、S ，此时电路为L的简单电路，灯泡电压为18V，此时电流为0.8A，根据欧姆定律计算可知L的电阻。
（2）解：电流表示数为0.5A，电压为18V，灯泡此时的电压为6V，所以变阻器电压为18V-6V=12V，所以变阻器电阻R=
（3）解：灯泡的电压为8.4W，根据图乙可知，此时灯泡的电压为12V，电流为0.7A，根据P=UI计算总功率P=12.6W
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S0、S ，此时电路为L的简单电路，灯泡电压为18V，此时电流为0.8A，根据欧姆定律U=IR计算可知L的电阻；
（2）电流表示数为0.5A，电压为18V，灯泡此时的电压为6V，根据串联电路电压规律计算变阻器电压，结合欧姆定律计算变阻器电阻；
（3）灯泡的电压为8.4W，根据图乙分析，电路的电流，根据P=UI计算总功率。
16．【答案】（1）
（2）增大
（3）220
（4）为了保护颈椎健康，不要长时间低头，要保持眼睛和书本间的距离或端正坐姿等，尽量避免使阻力臂增大，从而导致动力增大的情况出现。
（5）磁；正
（6）费力
（7）增大电源电压、增加线圈匝数、加铁芯
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究；电流的磁效应
【解析】【解答】（1）从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段的长度为力臂L，据此作图。
（2）从表中数据可知，当低头角度增大时，拉力传感器的示数也随之增大，由此可推测颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而增大。
（3）由表中数据可知，物体的重力是2N，该学生低头角度为45°时，拉力的大小是8.80N，由图乙可知，人低头时头颈部可视为一个杠杆，根据杠杆平衡得到
整理得：，中学生头颅的重力为50N，根据杠杆平衡得到
所以
（4）为了保护颈椎健康，不要长时间低头，要保持眼睛和书本间的距离或端正坐姿等，尽量避免使阻力臂增大，从而导致动力增大的情况出现。（合理即可）
（5）电流的磁效应（通电导体周围存在磁场，电磁铁利用此原理）。按摩锤向下敲打→电磁铁对磁体B是吸引力；磁体B下端为N极，异名相吸，所以电磁铁上端为S极。用右手螺旋定则：右手握住螺线管，大拇指指N极（下端），四指环绕方向为线圈电流方向，线圈上端电流从左侧流入，因此M端是电源正极。
（6）支点O，阻力作用在A点，动力作用在B点；动力臂OB小于阻力臂OA，属于费力杠杆。
（7）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数、有无铁芯。所以可以增大电路中的电流；增加螺线管线圈的匝数；在螺线管内部加装铁芯。（合理即可）
【分析】（1）力臂的画法：首先在杠杆的示意图上，确定支点O；画好动力作用线及阻力作用线，画的时候要用虚线将力的作用线适当延长；在从支点O向力的作用线作垂线，在垂足处画出直角，
（2）拉力与低头角度的关系：分析表格中的数据可知，颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而增大。
（3）计算颈椎肌肉产生的拉力大小：当物体重力为 2N，低头角度为 45° 时，拉力传感器示数即颈椎肌肉产生的拉力F1为 8.80N。中学生头颅重力为 G'= 50N，此时颈椎肌肉产生的拉力为 F1'。由于是同一模型，力臂的比例关系不变，根据杠杆平衡条件可得。
（4）保护颈椎肌肉的合理建议：尽量减少低头的时间和角度，例如在使用电子设备时，将设备屏幕抬高，使屏幕中心与眼睛在同一高度，避免长时间低头看手机或电脑。
（5） 电流的周围存在磁场，结合安培定制判断电源正负极；
（6）根据动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的种类；
（7）根据影响通电螺线管的磁性强弱的因素分析。
17．【答案】（1）电磁
（2）3.4
（3）缩小；变大
（4）2400
（5）2.4
（6）480
【知识点】凸透镜成像的应用；阿基米德原理；声音的传播条件；电功的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）GPS卫星导航是通过电磁波传递信息，电磁波可在真空中传播，适用于卫星通信。
（2）超声波从船到障碍物是单程，总时间0.02s是往返时间，单程时间
由可得距离
（3）摄像头成像原理和照相机相同，远处垃圾在凸透镜2倍焦距以外，成倒立、缩小的实像；根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”，船靠近垃圾时物距减小，则像会变大。
（4）根据阿基米德原理，满载时受到的浮力等于排开水的重力，即
（5）电池储存电能
（6）返航消耗电能占总电能的，总电能
消耗电能
根据效率，克服阻力做功
匀速行驶时，可得行驶距离
【分析】（1）GPS利用卫星导航，利用电磁波传递信息；
（2）超声波从船到障碍物是单程，求出单程时间，根据速度公式求解距离；
（3） 摄像头利用凸透镜成像原理，实时拍摄远处物体，在感光晶片上成一个倒立、缩小的实像。
根据凸透镜成实像时，物近像远像变大规律作答；
（4）结合阿基米德原理求解，满载时受到的浮力等于排开水的重力；
（5）根据电功公式求解电池储存电能；
（6）求出消耗的电能，结合效率求解克服阻力做功，结合做功公式求解。
1 / 1广东省深圳市2026年初三34校联考三模物理试卷
1．我国目前已建成全球最大可再生能源体系，下列属于可再生能源的是(　　)
A．风能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A.风能由空气流动产生，源于太阳辐射能，可自然再生，属于可再生能源，故A符合题意；
BC.石油、天然气属于化石燃料，是由古代生物遗骸经历漫长地质时间形成，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故BC不符合题意；
D.核燃料依赖铀等矿物质，矿物质储量有限且无法快速再生，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选：A。
【分析】可再生能源是指使用完之后短时间可以再从自然界中获取的能源。
2．学校开展“安全用电，珍惜生命”的主题教育活动，下列关于家庭电路说法正确的是(　　)
A．人的安全电压为36V
B．家庭电路的总开关控制整个家庭电路
C．电能表表盘的示数为用电器的实际功率
D．可以用湿抹布擦拭正在工作的台灯
【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】A．人体的安全电压是不高于36V，故A错误；
B．家庭电路的总开关接在干路中，作用是控制整个家庭电路的通断，故B正确；
C．电能表测量的是电路消耗的电能，电能表表盘的示数是用电器所消耗电能的多少，故C错误；
D．生活用水是导体，湿抹布容易导电，擦拭正在工作的台灯容易引发触电事故，故D错误。
故选：B。
【分析】人体的安全电压是不高于36V。家庭电路的总开关控制着整个家庭电路的通断，当总开关断开时，所有用电器都停止工作，所以它能控制整个家庭电路。电能表表盘的示数是用户在一定时间内消耗的电能，而不是用电器的实际功率。生活用水是导体。
3．同学们制作了如图所示的简易拉力器，在某次健身过程中，小华在2s内所做的有用功为170J，他所做有用功、额外功占比如图所示。下列说法正确的是(　　)
A．该器材中的机械是定滑轮，可以省力
B．该器材中的机械是动滑轮，可以改变力的方向
C．提升重物过程中，小华所做的总功为200J
D．小华拉力做功的功率85W
【答案】C
【知识点】功率的计算；定滑轮及其工作特点；功的计算及应用
【解析】【解答】AB．图中滑轮的轴固定不动，属于定滑轮。定滑轮的实质是等臂杠杆，根据杠杆平衡条件，使用定滑轮不省力，也不能改变力的大小，只能改变力的方向，故AB错误；
C．由有用功、额外功占比图可知，有用功占总功的。根据公式，可得总功，故C正确；
D．小华拉力做功的功率，故D错误。
故选：C。
【分析】定滑轮的轴的位置是固定不动的，动滑轮轴的位置则会与被拉物品一起运动， 根据机械效率计算总功，结合时间和计算功率。
4．某同学设计了校园道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯 L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是(　　)
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，这说明开关与警示灯是并联的；R0为保护电阻，与警示灯串联在电路中，故B正确。
故选：B。
【分析】根据题意可知，正常情况下，井盖开关S闭合，灯泡不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开时，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图。
5．学校倡导“节约用水”，同学们设计了一个学校小花园的水位监测装置，内部简化电路图如图所示。电源电压一定，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，水位计由电压表改装而成。闭合开关S，水箱中水位上升时，连杆带动滑片 P向上移动，下列分析正确的是(　　)
A．R1接入电路的电阻变大 B．R0通过的电流变小
C．电压表的示数变小 D．电路中总功率变大
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．当水箱中水位上升时，连杆带动滑片向上移动，接入电路的电阻变小，故A错误；
B．因为接入电路的电阻变小，根据串联电路总电阻等于各分电阻之和，可知总电阻变小。电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由于串联电路中各处的电流相等，所以通过的电流变大，故B错误；
C ．为定值电阻，通过的电流变大，由可知，两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C错误；
D ．电源电压不变，电路中的电流变大，根据可知，电路中总功率变大，故D正确。
故选：D。
【分析】图中R0、R1为串联电路，电压表测量定值电阻的电压；根据滑片移动方向分析电阻变化，结合串联电路的特点和欧姆定律分析电流变化和电压表示数的变化，根据P=UI分析电功率的变化。
6．粤剧是岭南地区具代表性的传统戏曲剧种之一，其独特的音乐、唱腔和表演风格深受广大观众的喜爱。下列分析正确的是(　　)
A．不同乐器发出的声音，音色相同
B．演唱者的声带振动时，振幅越大，音调越高
C．演唱者发出的声音在传播过程中，速度不断减小
D．现场观众听到的声音，是通过空气传播的
【答案】D
【知识点】声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系；音色
【解析】【解答】A.音色是指声音的特色，不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色不同，故A错误；
B.振幅决定声音的响度，振幅越大，响度越大；音调由频率决定，频率越高，音调越高，故B错误；
C.声音在温度、介质等条件不变的情况下，传播速度不变，演唱者发出的声音在传播过程中，若温度和介质等条件不变，速度不会不断减小，故C错误；
D.声音的传播需要介质，现场观众听到的声音，是通过空气这种介质传播的，故D正确。
故选：D。
【分析】音色由发声体的材料、结构决定。声音的传播需要介质，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播；人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；声速与介质的种类和温度有关。
7．如图展示的是我国古代劳动人民智慧的成果，下列说法中正确的是(　　)
A．古代铜镜成像利用了光的直线传播
B．日晷测量时间利用了光的反射
C．拨火罐利用了大气压
D．箭在飞行过程中，受到惯性的作用
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；惯性及其现象；大气压强的存在
【解析】【解答】A、古代铜镜成像利用了光的反射原理，故A错误；
B、光在同种均匀介质中沿直线传播，故日晷能够测量时间是利用了光沿直线传播的原理，故B错误；
C、罐子会吸附在皮肤上，是因为罐内气压小于外界的大气压，利用了大气压，故C正确；
D、箭之所以能在空中飞行，是因为箭具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。
故选：C。
【分析】光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物 体反光都是光的反射形成的；光在同种均匀介质中沿直线传播；大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
8．广东阳江风筝是国家级非物质文化遗产之一，其制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。
（1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的　 　；
（2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做　 　；
（3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在　 　；
（4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。
【答案】（1）形状
（2）无规则运动
（3）引力
（4）变大
【知识点】动能和势能的大小变化；力的作用效果；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）“扎”风筝的过程，人对竹篾施加了力的作用，竹篾在力的作用下，形状发生了变化，所以说明力可以改变物体的形状；
（2）“绘”风筝的过程，闻到颜料淡淡的气味，属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动的结果；
（3）“糊”风筝的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在引力；
（4）“放”风筝的过程，风筝上升时，质量不变，高度变高，所以其重力势能变大。
【分析】（1）力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
（3）分子间同时存在相互作用的引力和斥力。
（4）重力势能大小与质量和高度有关。
9．杂技在我国历史悠久，是力量与柔韧完美结合的传统艺术。
（1）如图所示，是杂技演员正在表演的情景。请你在图中画出演员 A被托举且静止时受力的示意图　 　。
（2）为了提升演出效果，B站在地面上，肩上顶着一根重为 的竖直竹竿，重为 的A沿竹竿匀速上爬，此过程中A 受到的摩擦力大小为　 　N，方向　 　。
【答案】（1）
（2）550；竖直向上
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）演员A被托举且静止时，演员A受到支持力和重力的作用，支持力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，这两个力的大小相等，作用点可都画在重心处，如图所示：
（2）A沿竹竿匀速上爬时处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，所以，A受到摩擦力的大小f=G2=550N，方向和重力的方向相反，即竖直向上。
【分析】（1）演员A受到支持力和重力的作用，支持力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，这两个力的大小相等，所画线段的长度应该相等。
（2）A沿竹竿匀速上爬处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，二力大小相等，方向相反，据此结合A的重力进行解答
10．新会是“中国古典家具之都”，古典家具制作中“刮磨、磨光”是关键工序。工匠用干燥的细砂纸反复打磨红木表面时，砂纸会吸附少量木屑，这是　 　起电现象。该现象的本质是：在摩擦过程中　 　发生了转移，使物体带电并能吸引轻小物体。
【答案】摩擦；电子
【知识点】两种电荷；摩擦起电的现象
【解析】【解答】砂纸打磨红木时发生摩擦起电，导致砂纸带电而吸引轻小的木屑；原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
【分析】带电体具有吸收轻小物体的性质；原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，摩擦起电的实质是电子的转移。
11．小明通过实验探究水凝固前后温度的变化，步骤如下：
①在烧杯中倒入低温食盐水，用温度计测得其温度为-15℃；
②在试管中加入少量水，将试管下端浸入食盐水中，如图甲：
③用步骤①中的温度计测量试管中物质的温度，绘制成图乙所示图像。
（1）本实验选用的温度计是____。(填字母代号)
A．
B．
C．
（2）图丙中温度计的读数为　 　℃。
（3）由图乙知水的凝固点是　 　℃。
（4）4~8min试管中物质的内能　 　。(填变化趋势)
（5）实验中小明发现烧杯外壁出现白霜，这是　 　现象。(填物态变化名称)
（6）试管内水的质量为20g，则0-3min水放出的热量为　 　J，已知水的比热容为
【答案】（1）A
（2）7
（3）0
（4）减小
（5）凝华
（6）840
【知识点】温度及温度计的使用与读数；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验；凝华及凝华放热；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】（1）由题意可知，用温度计测得其温度为-15℃，则应选择A温度计；
（2）由图可知，图丙温度计的分度值为1℃，则图丙中温度计的读数为7℃；
（3）由图象可知，物体从3到10min，温度保持0℃不变，处于凝固过程。所以可知该晶体的凝固点为0℃；
（4）物体从3到10min，为凝固过程，处于固液共存态。凝固过程中要不断放热，所以4 8min试管中物质的内能减少；
（5）实验中小明发现烧杯外壁出现白霜，这是水蒸气凝华形成的；
（6）由图乙可知，0~3min水温变化了
则水放出的热量为
【分析】（1）根据低温食盐水的温度选择合适的温度计；
（2）根据图丙温度计的液面位置和分度值读数；
（3）晶体凝固时的温度叫做凝固点；
（4）晶体在凝固过程中，放出热量、内能减少，温度不变；
（5）物质由气态直接变为固态称为凝华；
（6） 根据Q放=cm（t0-t） 求解放出的热量。
12．小深在五一假期吹泡泡，回家后配制了一些泡泡水，测量了该液体的密度。实验器材有天平(带砝码)、量筒、烧杯、泡泡水等。
【实验操作】
⑴用天平测出烧杯和泡泡水的总质量m1(如图甲所示)，再将烧杯中部分泡泡水倒入量筒中测出体积V；
⑵按照如图乙所示测出需要测量的物理量m2；
⑶把测得的数据填入表格中，并计算泡泡水的密度ρ。
【实验数据】将表格中①、②和③的内容填写到横线上：①　 　；②　 　；③　 　；
烧杯和泡泡水的总质量m1/g 量筒中泡泡水的 体积V/cm3 ① 的质量m2/g 量筒中泡泡水的质量m/g 泡泡水的密度ρ/
　 80 　 ② ③
⑷【交流与评估】
a.读量筒内泡泡水的体积时，观察到液体中有一些气泡，则应　 　(选填“立即”或“待气泡消失后”)读数。
b.将烧杯中部分泡泡水倒入量筒时，不慎有少量液体溅出，则测出的液体密度会　 　(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
【答案】烧杯和剩余泡泡水；82；1.025；待气泡消失后；偏大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（3）根据实验步骤，要测密度，测出烧杯和泡泡水的质量，然后将部分泡泡水倒入量筒中后，再测出烧杯和剩余泡泡水的质量，计算出倒入量筒中泡泡水的质量。由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，标尺上游码对应的质量为2.2g，故烧杯和剩余泡泡水的质量为
由甲图可知，标尺的分度值为0.2g，标尺上游码对应的质量为4.2g，故烧杯和泡泡水的质量为，量筒中泡泡水的质量
泡泡水的密度为
（4） a. 在读量筒内泡泡水的体积时，若液体中有气泡，气泡会使测量的体积偏大，所以应待气泡消失后读数，这样才能保证体积测量的准确性；
b. 若泡泡水的一部分倒入量筒时有少量液体溅出，导致测量剩余泡泡水和烧杯的质量m2偏小，计算量筒中的泡泡水质量偏大，由可知，测出的泡泡水密度会偏大。
【分析】（3）已知烧杯和泡泡水的总质量和将烧杯中部分泡泡水倒入量筒后烧杯和剩余泡泡水的质量，可以得到量筒中泡泡水的质量；【实验数据】根据实验步骤以及测量数据的单位进行填写；
（4） a.在读量筒内泡泡水的体积时，观察到液体中有一些气泡，导致体积偏大，由可知密度会偏小，据此解答；
b.不慎有少量液体溅出，计算量筒中的泡泡水质量偏大，结合分析。
13．在“探究电流与电压的关系”的实验中，小明设计了图示的实验电路。电源电压为6V不变，R为定值电阻，AD间粗细均匀的电阻丝和夹子(M和N)一起组成变阻器，A、B、C、D、E、F为电阻丝上的六个点，E、F两点未标出。
（1）根据实验要求，请用笔画线代替导线将图中的实物电路补充完整　 　；
（2）闭合开关前，将变阻器的全部电阻接入电路是为了　 　；
（3）闭合开关，电流表无示数，电压表示数为6V，电路的故障(仅有一处)是　 　；
（4）排除故障后，闭合开关，保持夹子N位置不动，夹子M依次接在变阻器的A、B、
E、C、F、D六个点，每次电表均选用合适的量程，进行实验，收集数据并记录在表格中。表格中①处的数据如图所示，为　 　A；
接线位置 A B E C F D
电压U/V 1.5 2.0 2.5 3.0 4.0 6.0
电流 I/A 0.3 ① 0.5 0.6 0.8 1.2
（5）分析数据，可以得出实验结论：在电阻一定的情况下，　 　；
（6）在电阻丝C点放一小蜡块，闭合开关，发现小蜡块逐渐熔化，为使小蜡块熔化得更快，一定可行的方法是：　 　(写出一条即可)；
（7）【拓展】在上面的实验电路中，电流表接0~0.6A量程，把另一电压表V1接在图中电源正极和图中D的接线柱两点上。夹子N接在D点不动，夹子M可在电阻丝上连续改变位置，在保证电路安全的情况下，用电阻R0替换R，夹子M在任意位置时，使电压表V1和图中的电压表示数之比总是2：3。则满足上述条件的R0的取值范围是　 　Ω。
【答案】（1）
（2）保护电路
（3）定值电阻R断路
（4）0.4
（5）通过导体的电流和导体两端的电压成正比
（6）更换电压更大的电源
（7）6~22.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）电流表应串联在电路中，需将电流表的负接线柱与开关的右接线柱相连，据此作图。
（2）闭合开关前，将变阻器的全部电阻接入电路是为了 保护电路，防止电路中电流过大损坏元件 。
（3）闭合开关，电流表无示数，说明电路可能存在断路；电压表示数为6V（等于电源电压），则电路的故障（仅有一处）是 定值电阻 R断路 。因为此时电压表与电源两极相连通，测量的是电源电压。
（4）由图可知电流表选用0 0.6A量程，分度值为0.02A，表格中①处的数据为 0.4A 。
（5）分析收集的数据，电压与电流的比值是定值，可以得出实验结论：在电阻一定的情况下， 通过导体的电流与导体两端的电压成正比 。
（6）在电阻丝C点放一小蜡块，闭合开关，小蜡块逐渐熔化，是因为电流通过电阻丝产生热量。为使小蜡块熔化得更快，一定可行的方法是 增大电源电压，根据焦耳定律，在电阻和时间一定时，电流越大，产生的热量越多。
（7）根据表中第1次实验的数据，结合串联电路的电压规律和欧姆定律可得，变阻器的最大值，当电压表接在A点和图中电压表标有“15”的接线柱两点上时，变阻器与定值电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，原电压表V测定值电阻两端的电压。 根据串联电路的分压原理可得的最大值
根据电流表的量程可知电路中的最大电流为
根据串联电路的电压规律可得R0两端的电压
根据欧姆定律可得R0的最小值
故的取值范围是。
【分析】（1）在探究电流与电压的实验中，电流表应串联在电路中，由此补充电路；
（2）为了防止电路中的电流过大，从而保护电路，闭合开关前，应使变阻器接入电路的阻值最大；
（3）根据串联电路的特点和电表的示数情况判断电路的故障；
（4）根据图2可知电流表的量程和分度值，并读数；
（5）根据表中数据得出结论；
（6）为使小蜡块熔化得更快，应使C处电阻丝产生的热量更多，根据Q=I2Rt和欧姆定律分析可行的方法；
（7）根据表中数据，结合串联电路的电压规律和欧姆定律求出变阻器的最大值；当电压表V1接在A点和图中电压表标有“15”的接线柱两点上时，变阻器与定值电阻串联，电压表V1测变阻器两端的电压，原电压表V测定值电阻两端的电压。根据串联电路的分压原理可得R0的最大值；根据电流表的量程可知电路中的最大电流，根据串联电路的电压规律可得R0两端的电压，根据欧姆定律可得R0的最小值。
14．如图，我国某舰艇圆满完成首次航行试验任务，为我国海军建设和发展注入新动力。该舰艇在平静的海面上静止时，舰艇底最低点到水面的竖直距离为12m。若某段航行过程中，该舰艇在平静的海面上平稳的匀速直线航行了30km，发动机做的有用功为 燃料的热值 g取10N/ kg)
（1）该舰艇在平静的海面上静止时，海水对舰艇底最低点的压强是多少 Pa
（2）该段航行过程中，发动机提供的前进的动力是多少N
（3）若该舰艇发动机的效率为30%，则该段航行过程中，消耗燃料的质量是多少 kg
【答案】（1）解：
答：海水对舰艇底最低点的压强是1.2×105Pa，
（2）解：
答：发动机提供的前进的动力是多少2×107N，
（3）解：

答：消耗燃料的质量是5×104kg。
【知识点】燃料的热值；液体压强的计算；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据P=ρgh计算该舰艇在平静的海面上静止时，海水对舰艇底最低点的压强；
（2）先计算该舰艇航行的距离，根据得出该段航行过程中，发动机提供的前进的动力；
（3）先计算该段航行燃料放出的热量，根据得出消耗燃料的质量。
15．某智能书桌台灯通过可变电阻R 调节灯L 的亮度，此电阻采用新材料，电阻值仅随光照强度增强(减弱)而增大(减小)。电路简图如图甲，电源两端电压恒为 18V，灯L 的 I-U曲线如图乙所示。当不使用智能调光功能时，S0、S闭合，灯L正常发光。求：
（1）闭合开关S0、S，灯L的电阻大小是多少
（2）闭合开关 断开开关S，当电流表的读数是0.5A时，可变电阻的阻值是多少
（3）闭合开关 断开开关S，当灯L的功率为8.4W时，电路的总功率是多少
【答案】（1）解： 闭合开关S0、S ，此时电路为L的简单电路，灯泡电压为18V，此时电流为0.8A，根据欧姆定律计算可知L的电阻。
（2）解：电流表示数为0.5A，电压为18V，灯泡此时的电压为6V，所以变阻器电压为18V-6V=12V，所以变阻器电阻R=
（3）解：灯泡的电压为8.4W，根据图乙可知，此时灯泡的电压为12V，电流为0.7A，根据P=UI计算总功率P=12.6W
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S0、S ，此时电路为L的简单电路，灯泡电压为18V，此时电流为0.8A，根据欧姆定律U=IR计算可知L的电阻；
（2）电流表示数为0.5A，电压为18V，灯泡此时的电压为6V，根据串联电路电压规律计算变阻器电压，结合欧姆定律计算变阻器电阻；
（3）灯泡的电压为8.4W，根据图乙分析，电路的电流，根据P=UI计算总功率。
16．某兴趣小组为研究低头时颈椎肌肉产生的拉力大小与人低头角度变化之间的规律，设计并组装了一套如图甲所示的装置。印有头颈部照片的内盘与有刻度的固定外盘圆心均在O点，内盘可绕O点转动，以O点为支点，将整个头颈部简化为杠杆模型。
θ表示人低头的角度，在A 点通过细线悬挂一个重为2N的物体模拟头颅重力，用细线垂直OB 对B 点施加的拉力模拟颈椎肌肉产生的拉力，细线对A点的拉力大小为F2。实验中通过拉力传感器测出内盘上的头颈部在不同位置平衡时的大小，实验数据如下表所示。
物体的重力/N 2
θ的大小/° 0 15 30 45 60
拉力传感器的示数/N 0 3.22 6.22 8.80 10.78
（1）请画出图乙中F2的力臂L　 　(保留作图痕迹)。
（2）分析表中数据可知，颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而　 　，对颈椎肌肉的影响就越大。
（3）若某中学生头颅的重力为50N，请根据表中数据，计算该学生低头角度为 时，颈椎肌肉产生的拉力大小是　 　N。
（4）请你结合以上分析，从保护颈椎肌肉的角度提出一条合理建议：　 　。
（5）为了缓解轻度肌肉疲劳，兴趣小组发现市场上有一种基础版的颈椎按摩仪，利用电磁铁技术实现间歇性敲打。当电磁铁输入方向改变的交流电时，条形磁体 B 会受到引力或斥力，带动按摩槌头A 振动，即可产生连续捶打。
电磁铁通电后具有磁性的原因是：电流的　 　效应。当线圈通电时按摩锤向下敲打时，M端为电源　 　极。
（6）ABO可以看做一个　 　杠杆。
（7）若希望增大每次敲击的力度(即增大电磁铁对衔铁的吸引力)，可以采取哪些措施 请写出一条措施：　 　。
【答案】（1）
（2）增大
（3）220
（4）为了保护颈椎健康，不要长时间低头，要保持眼睛和书本间的距离或端正坐姿等，尽量避免使阻力臂增大，从而导致动力增大的情况出现。
（5）磁；正
（6）费力
（7）增大电源电压、增加线圈匝数、加铁芯
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究；电流的磁效应
【解析】【解答】（1）从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段的长度为力臂L，据此作图。
（2）从表中数据可知，当低头角度增大时，拉力传感器的示数也随之增大，由此可推测颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而增大。
（3）由表中数据可知，物体的重力是2N，该学生低头角度为45°时，拉力的大小是8.80N，由图乙可知，人低头时头颈部可视为一个杠杆，根据杠杆平衡得到
整理得：，中学生头颅的重力为50N，根据杠杆平衡得到
所以
（4）为了保护颈椎健康，不要长时间低头，要保持眼睛和书本间的距离或端正坐姿等，尽量避免使阻力臂增大，从而导致动力增大的情况出现。（合理即可）
（5）电流的磁效应（通电导体周围存在磁场，电磁铁利用此原理）。按摩锤向下敲打→电磁铁对磁体B是吸引力；磁体B下端为N极，异名相吸，所以电磁铁上端为S极。用右手螺旋定则：右手握住螺线管，大拇指指N极（下端），四指环绕方向为线圈电流方向，线圈上端电流从左侧流入，因此M端是电源正极。
（6）支点O，阻力作用在A点，动力作用在B点；动力臂OB小于阻力臂OA，属于费力杠杆。
（7）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数、有无铁芯。所以可以增大电路中的电流；增加螺线管线圈的匝数；在螺线管内部加装铁芯。（合理即可）
【分析】（1）力臂的画法：首先在杠杆的示意图上，确定支点O；画好动力作用线及阻力作用线，画的时候要用虚线将力的作用线适当延长；在从支点O向力的作用线作垂线，在垂足处画出直角，
（2）拉力与低头角度的关系：分析表格中的数据可知，颈椎肌肉产生的拉力随人低头的角度增大而增大。
（3）计算颈椎肌肉产生的拉力大小：当物体重力为 2N，低头角度为 45° 时，拉力传感器示数即颈椎肌肉产生的拉力F1为 8.80N。中学生头颅重力为 G'= 50N，此时颈椎肌肉产生的拉力为 F1'。由于是同一模型，力臂的比例关系不变，根据杠杆平衡条件可得。
（4）保护颈椎肌肉的合理建议：尽量减少低头的时间和角度，例如在使用电子设备时，将设备屏幕抬高，使屏幕中心与眼睛在同一高度，避免长时间低头看手机或电脑。
（5） 电流的周围存在磁场，结合安培定制判断电源正负极；
（6）根据动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的种类；
（7）根据影响通电螺线管的磁性强弱的因素分析。
17．深圳某景区引进了一款“河面智能青蛙保洁船”，其设计传递环保理念。船头有垃圾收集槽，两侧有可展开的机械臂。该船通过搭载的视觉系统和GPS 导航，拍摄水面画面，自动区分“垃极”和“非垃圾”，实现精准打捞，收集水面漂浮垃圾，具有自动返航等功能。
智能青蛙保洁船参数表
船空载质量m0/ kg 满载时排水量m0/ kg 电池电压U/V 容量 Q/(A·h) 匀速运动时，克服阻力做功与消耗电能的比值
150 240 24 100 50%
（1）船利用GPS导航准确航行，通过　 　波传递信息的。
（2）船静止在水面上，超声波传感器发射脉冲后，经过0.02s接收信号，此时船与前方障碍物的距离为　 　m(声传播速度取340m/s)。
（3）船上的摄像头相当于凸透镜，远处垃圾所成的像为倒立、　 　(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像。当船靠近垃圾时，摄像头所成的像变化情况　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
（4）船在满载时，受到的浮力为　 　N。
（5）电池充满充电时，储存的电能为　 　kW·h。
（6）当电池剩余电量为30%时，系统立即触发返航信号，到达卸货点的电量为28%。若船匀速前进时阻力为180N，理论上船返航行驶的距离为　 　m。
【答案】（1）电磁
（2）3.4
（3）缩小；变大
（4）2400
（5）2.4
（6）480
【知识点】凸透镜成像的应用；阿基米德原理；声音的传播条件；电功的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）GPS卫星导航是通过电磁波传递信息，电磁波可在真空中传播，适用于卫星通信。
（2）超声波从船到障碍物是单程，总时间0.02s是往返时间，单程时间
由可得距离
（3）摄像头成像原理和照相机相同，远处垃圾在凸透镜2倍焦距以外，成倒立、缩小的实像；根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”，船靠近垃圾时物距减小，则像会变大。
（4）根据阿基米德原理，满载时受到的浮力等于排开水的重力，即
（5）电池储存电能
（6）返航消耗电能占总电能的，总电能
消耗电能
根据效率，克服阻力做功
匀速行驶时，可得行驶距离
【分析】（1）GPS利用卫星导航，利用电磁波传递信息；
（2）超声波从船到障碍物是单程，求出单程时间，根据速度公式求解距离；
（3） 摄像头利用凸透镜成像原理，实时拍摄远处物体，在感光晶片上成一个倒立、缩小的实像。
根据凸透镜成实像时，物近像远像变大规律作答；
（4）结合阿基米德原理求解，满载时受到的浮力等于排开水的重力；
（5）根据电功公式求解电池储存电能；
（6）求出消耗的电能，结合效率求解克服阻力做功，结合做功公式求解。
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