资源简介

2026年河北省石家庄市桥西区中考一模物理试题
1．如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（　　）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．减小声音音量实质是降低音调
C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色
D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量
2．下列能源中，能归入如图所示的中间阴影部分的是（　　）
A．核能 B．电能 C．太阳能 D．天然气
3．光让世界变得绚丽多彩，图中有关光现象的解释或描述正确的是（　　）
A．图甲：看到的水中鱼是光的折射形成的像
B．图乙：小猫离镜子越近，它在镜子中的像越大
C．图丙：游人能从各个角度看见花，是光在花上发生了镜面反射
D．图丁：验钞机是利用红外线使荧光物质发光来辨别钞票真伪的
4．为了市民电动车充电安全，很多地方都配备了安全充电区，如图所示，关于电动车的安全用电，做法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭充电插口
B．充电结束后，断开开关再拔下插头
C．为了方便，将电动车推到家中去充电
D．正在充电的电动车着火时直接用水浇灭
5．天气较冷时，从室外进入温暖的房间后，眼镜镜片会变模糊，过一会儿，镜片又会变清晰。下列与“变清晰”原理相同的是（　　）
A．壶嘴吐“白气” B．樟脑丸“变小”
C．河水结为冰面 D．汗水被风吹干
6．19世纪，物理学家发现电与磁之间存在着紧密联系，关于图中的现象说法正确的是（　　）
A．甲图通电后电磁铁的线圈匝数少，磁性更强
B．乙图通电后静止的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场
C．丙图是电动机的原理，闭合开关后，悬挂的导体棒将发生运动
D．丁图闭合开关后，金属棒将发生运动，机械能转化为电能
7．如图为排球训练中垫球技术要领示意图，排球离开胳膊后竖直上升，到达最高点后竖直下落。下列说法正确的是（　　）
A．排球在离开胳膊后能继续上升，是由于排球受到惯性的作用
B．排球上升过程中速度越来越慢，说明运动需要力来维持
C．排球上升到最高点时所受力的合力为零
D．排球在下落过程中运动状态一直发生改变
8．如图为张家口市蔚县的“打铁花”表演，距今有500多年历史，已入选国家级非物质文化遗产名录。“打铁花”时需要先让固态铁在温度达1700℃的熔炉里进行加热，加热过程中铁的温度从常温升高至1538℃并保持一段时间，铁全部变液态后会升至1600℃，若铁在此过程质量保持不变，则（　　）
A．熔化铁的过程是通过做功改变铁的内能
B．铁完全变为铁水后，分子间作用力消失
C．铁的温度保持1538℃过程中，其内能增加
D．1600℃的铁水含有更多热量
9．AI分拣机器人被广泛应用于物流仓库，它可以精准抓取包裹并搬运。如图所示的AI分拣机器人，在工作时先把包裹匀速竖直向上提起，再把包裹水平匀速移动至指定位置。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．包裹匀速上升时，其动能转化为重力势能
B．包裹水平匀速移动时，其机械能变大
C．机器人将包裹水平移动的速度越大，对包裹做功的功率越大
D．机器人将包裹提起的过程中，对包裹做了功且包裹的机械能增大
10．无人机航拍时为了保持实时拍摄的画面清晰，其自带的电子镜头在外界光线较强时会减小透光能力，在光线较弱时会增大透光能力。如图所示为无人机电子镜头自动控制电路示意图（电子镜头相当于电压表，图中未画出），电源电压恒定，为定值电阻，为光敏电阻，其阻值随外界光照强度的增加而减小。已知当光敏电阻在变化时，电子镜头两端的电压在3V~4V内变化，电子镜头的透光能力随电压的增大而增加。下列说法正确的是（　　）
A．外界光线越强，电路中的电流越小
B．电子镜头应接在间，与并联
C．电源电压为6V
D．光敏电阻均匀变化时，电子镜头两端电压也均匀变化
11．如图是2025年9月3日纪念抗日战争胜利80周年阅兵式上，空中方队以固定阵型飞过天安门广场的情景。若以领队的战斗机为参照物，后面的每一架战斗机都是　 　（选填“静止”或“运动”）的。飞行员通过　 　（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）与地面指挥中心传递信息。
12．如图所示是气象站释放的一种无动力探空气球。升空过程中因大气压逐渐 　 　 （选填“变小”、“不变”或“变大”），气球会慢慢膨胀；和探空气球升空的原理不同，飞机的升空是利用流体流速越大，压强越 　 　 的原理获得升力的。
13．手机反向充电就像“电量共享”，让你的手机化身为充电器。如图，此时手机相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）；充电过程中，手表发热是因为电流的　 　效应。
14．如图所示为西周的盛酒器——象尊，象腹中空，上卷的象鼻与腹部相通。象腹中注入的酒水越多，象腹底部受到的液体压强越　 　；当象腹中倒满酒水，液面至图中虚线所示位置，此时象鼻口处　 　（选填“会”或“不会”）有酒水溢出。
15．有一款新型智能家用燃气热水器，正常工况下，每分钟可以将6kg的水升温，且加热效率达到惊人的90%，实现了能源的高效利用。则此款热水器正常工作1分钟，水吸收　 　J的热量，会消耗　 　的燃气。[水的比热容为，燃气的热值为]
16．（1）小明在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”时，做了如图所示的三次实验，实验中弹簧测力计应水平拉着木块做　 　运动；在下列实例中，　 　（填选项字母）是甲、乙两实验结论的应用。
A．鞋底有花纹 B．冰壶比赛时运动员用刷子刷冰
C．自行车用力捏闸刹车 D．举重运动员比赛时手上要涂防滑粉
（2）小明用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律，此时在光屏上观察到烛焰清晰的像，生活中的　 　（选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）是利用这一原理制成的。若把图中的凸透镜看作眼睛的晶状体，光屏看作视网膜，当“眼睛”戴上近视眼镜时，应将“视网膜”向　 　（选填“左”或“右”）移动，才会呈现烛焰清晰的像；当把蜡烛分别移动到离凸透镜5cm和3cm时，移动光屏始终无法得到烛焰清晰的像，若小明要观察到蜡烛在这两个位置时的像，接下来的操作是：　 　。
17．关于“浮力的大小与哪些因素有关”，实验小组的同学们有如下猜想：
猜想1：与物体浸在液体中的深度有关
猜想2：与物体浸在液体中的体积有关
猜想3：与液体的密度有关
同学们进行了如图所示的实验：
（1）步骤B中物体受到的浮力是　 　N；
（2）小明比较实验步骤A、B、C的数据后，发现物体受到的浮力随着浸入水中的深度增加而增加，认为猜想1是正确的；小华比较后，认为猜想2也是正确的。小明与小华相互交流后，认为这样得出实验结论过早，于是又进行了实验D，最终验证猜想1不正确、猜想2正确，请你画出进行实验D时物块的位置；　 　
（3）比较实验步骤A、C、E，可知物体浸在液体中的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越　 　；根据数据可知酒精的密度为　 　。（）
【拓展】
（4）爱思考的小明又继续进行新的探究：
①在实验步骤F中，小明发现物体逐渐浸入装满水的溢水杯的过程中，两只弹簧测力计示数的变化量总是相同，说明物体受到的浮力　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）排开液体的重力；
②根据①小明又有了一个新问题：水产生的浮力能否比水自身的重力大？于是在甲纸杯中装入40g水，相同的乙杯中装入50g水，如图所示。然后将乙杯放入甲杯中，甲杯中的水没有溢出。轻轻向下按乙杯，若观察到乙杯位置　 　（选填“不变”或“下降”），则说明水产生的浮力能比水自身的重力大。
18．小明用图甲所示的电路测未知电阻的阻值，电源为三节新干电池，滑动变阻器标有“ 1A”
（1）请用笔画线将实物图连接完整。　 　
（2）在闭合开关S前，变阻器的滑片应调至最　 　（选填“左”或“右”）端。
（3）小明闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电压表有示数，初步检查确认，电路接线完好，电表无故障，则电路故障是　 　。
（4）排除故障后，小明正常进行实验并将数据记录在下表中。第2次测量时电流表示数如图乙所示，为　 　A，根据三次实验数据可得定值电阻为　 　（保留一位小数）。
实验次数 电压 电流 电阻
1 1.2 0.12 10.0
2 1.8
3 2.5 0.24 10.4
（5）接着小明准备测量一个上千欧的电阻，小红说这个电路不能直接测量这个大电阻，原因是　 　。
【拓展】
（6）小红利用图甲测出另一个定值电阻的阻值为，小华说不用电流表也能测出该电阻的阻值，于是用图甲中的电源和滑动变阻器，又增加了一个电阻箱，设计了如图丙所示的电路。操作步骤如下：
①将单刀双掷开关拨至位置，闭合开关S。
②移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为1.5V。
③滑片位置不变，将开关拨至位置，调节电阻箱，使电压表的示数依然等于1.5V。
④读出电阻箱的示数，就能得出的阻值。
小华同学发现自己的测量结果与真实值相差，经分析发现，是在步骤②结束后不小心碰到了滑动变阻器的滑片，导致滑动变阻器接入电路的阻值变化了　 　。
19．图甲是我国古代的配重式投石车，图乙是其工作原理图。工作时，在投石车端绑着配重，端的木碗中放好石头，借助外力将端拉下，发射时只需撤掉端的外力就可以将石头发射出去。已知投石车重力（含配重）为2500N，四个车轮与地面的接触面积为，。
（1）在图乙中画出拉力的力臂。
（2）投石车未装石块时，对水平地面的压强是多大？
（3）若某次要投射的石块重力为200N，不计杠杆自重及摩擦，则点配重的质量至少为多少？
20．如图甲所示电路中，电源电压恒定，灯泡L标有“6W”字样，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。闭合开关，将滑动变阻器的滑片P移到点，灯泡恰好正常发光，再将滑片P移到点，滑片由点到点移动的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的图像如图乙所示，且。忽略灯丝电阻随温度的变化。求：
（1）灯泡正常发光时的电流。
（2）电源电压。
（3）现用一定值电阻替换灯泡L，同时将电压表换接到滑动变阻器两端，两电表选择合适的量程，要求在滑片P可以自由移动的情况下，电路始终安全工作，且两电表均能达到满偏。求滑动变阻器的最大阻值。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】A．根据题意可知，语音助手发出的声音也是由物体的振动产生的，故A错误；
B．根据题意可知，减小声音的音量，即减小声音的大小，故实质是降低响度，故B错误；
C．根据题意可知，人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；
D．根据题意可知，根据用户语音指令完成指定操作，AI获得了指令信息，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
【分析】A.声音是由物体的振动产生的；
B.响度指的是声音的大小；
C.不同发声体发出的声音的音色不同；
D.根据声音利用的知识判断。
2．【答案】C
【知识点】能量的存在形式
【解析】【解答】A：核能属于一次能源、新能源，但不属于可再生能源，故 A 错误；
B：电能是二次能源，不是直接从自然界获取的一次能源，故 B 错误；
C：太阳能是一次能源，可直接从自然界获取；属于可再生能源，取之不尽用之不竭；同时也是新能源，故 C 正确；
D：天然气属于一次能源，但属于化石能源，不可再生，且不属于新能源，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查能源的分类，核能不属于可再生能源；
B：考查一次能源与二次能源的区别，电能是二次能源；
C：考查一次能源、可再生能源、新能源的判断，太阳能同时满足三者条件；
D：考查化石能源的分类，天然气不属于可再生能源和新能源。
3．【答案】A
【知识点】镜面反射与漫反射；光的折射现象及其应用；紫外线；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A、水中鱼的虚像由光从水斜射入空气发生折射形成，故 A 正确；
B、平面镜成像像与物体大小始终相等，小猫靠近镜子，像大小不变，故 B 错误；
C、各个方向能看见花朵是光在花瓣表面发生漫反射，不是镜面反射，故 C 错误；
D、验钞机依靠紫外线激发钞票荧光物质发光，不是红外线，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查光的折射现象，池水看鱼属于折射成像；
B、考查平面镜成像规律：物像等大；
C、区分漫反射、镜面反射，漫反射可使不同方位看见物体；
D、区分红外线、紫外线应用，验钞利用紫外线。
4．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、湿抹布有水，水容易导电，擦拭充电插口易发生触电事故，故 A 错误；
B、充电结束后先断开开关再拔插头，可避免带电拔插产生电弧、漏电，做法正确，故 B 正确；
C、电动车入户充电易引发起火、爆炸，存在极大消防安全隐患，禁止入户充电，故 C 错误；
D、带电起火不能用水直接扑救，水导电易触电，需先断电再灭火，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查导体与安全用电，潮湿物品导电，严禁擦拭带电插孔；
B、考查用电规范，断电后拔插头消除电弧隐患；
C、考查消防安全常识，电动车严禁室内充电；
D、考查电气火灾处理原则，带电火灾不可直接泼水灭火。
5．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 人从寒冷环境走入温暖室内时，眼镜镜片上附着的小水珠逐渐消散、镜片恢复清晰，这是液态的水转变为水蒸气的过程，属于汽化现象。
A、水壶冒出的 “白气”，是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B、衣柜中的樟脑丸慢慢变小，是固态物质直接变为气态，属于升华现象，故B不符合题意；
C、河面的水结成冰块，是液态变为固态的过程，属于凝固现象，故C不符合题意；
D、体表的汗水在风的作用下快速消失，是液态水分蒸发变为水蒸气，属于汽化现象，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
6．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、甲图中电流相同，电磁铁线圈匝数越多磁性越强，b匝数多、磁性更强，故 A 错误；
B、乙为奥斯特实验，通电后小磁针偏转，证明通电导体周围存在磁场，故 B 正确；
C、丙图无电源、接灵敏电流计，是电磁感应（发电机原理），导体切割磁感线产生感应电流，导体不会主动运动，故 C 错误；
D、丁图有电源，是电动机原理，通电导体受力运动，电能转化为机械能，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查电磁铁磁性影响因素：电流相同时，线圈匝数越多磁性越强；
B、考查奥斯特实验结论：电流的磁效应，通电导线周围存在磁场；
C、区分发电机、电动机原理图，无电源为电磁感应；
D、考查电动机能量转化：电能转化为机械能。
7．【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、惯性是物体本身的属性，不能说 “受到惯性作用”，排球依靠惯性继续上升，故 A 错误；
B、排球上升减速是重力改变运动状态，力是改变运动的原因，运动不需要力维持，故 B 错误；
C、最高点排球只受重力，合力等于重力，不为零，故 C 错误；
D、下落过程排球加速，速度大小不断变化，运动状态持续改变，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查惯性概念，惯性不是力，不能表述为受到惯性；
B、考查力与运动关系，力改变物体运动状态，运动不靠力维持；
C、考查受力分析，最高点只受重力，合力不为零；
D、运动状态改变包含速度大小、方向变化，下落加速则运动状态不断变化。
8．【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、熔炉加热铁块是通过热传递改变内能，并非做功，故 A 错误；
B、液态铁分子间仍然存在相互作用力，不会消失，故 B 错误；
C、1538℃是铁的熔点，恒温熔化过程持续吸热，内能不断增大，故 C 正确；
D、热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说物体含有热量，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查改变内能两种方式：热传递、做功；
B、考查分子动理论，液体分子间存在引力与斥力；
C、考查晶体熔化特点：恒温、持续吸热，内能增加；
D、考查热量概念，热量不能用 “含有” 描述。
9．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A、包裹匀速上升，质量、速度不变，动能不变，高度变大重力势能增大，并非动能转化为重力势能，机械能增加来自机器人做功，故 A 错误；
B、水平匀速移动时，速度、高度均不变，动能、重力势能不变，机械能不变，故 B 错误；
C、水平移动时，拉力竖直向上、位移水平，拉力不做功，功率始终为 0，与速度无关，故 C 错误；
D、提起包裹时拉力向上、包裹向上移动，机器人拉力对包裹做功；包裹重力势能增大、动能不变，机械能增大，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查动能、势能变化，匀速运动动能不变；
B、考查机械能构成，水平匀速运动机械能保持不变；
C、考查做功条件，力与位移垂直时不做功；
D、考查做功与机械能变化，外力对物体做功，物体机械能增大。
10．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．图中，电阻串联，光敏电阻 的阻值随光照强度的增加而减小，当光线越强时，光敏电阻 的阻值越小。总电阻变小，根据，电路中的电流越大，故A错误；
B． 根据要求，电子镜头的透光能力随电压的增大而增加，光线较强时，电子镜头减小透光能力，减小受控电压，并联的电阻应减小；根据光敏电阻的阻值变化，则电子镜头应与光敏电阻 并联，即接在间，不是与并联，故B错误；
C． 光敏电阻时，电子镜头两端电压，电流为
计算两端电压，计算定值电阻①
光敏电阻时，电子镜头两端电压，计算电流，
计算两端电压，计算定值电阻可得②
的阻值不变，结合①②，可得，解得，故C正确；
D．根据串联电路和欧姆定律，可得， 与 不是线性关系，光敏电阻均匀变化时，电子镜头两端电压不会均匀变化，故D错误。
故选C。
【分析】电阻串联，根据光敏电阻和光照的关系，判断电阻的变化，电阻变大时，分压变大；根据，计算电流，利用，计算电阻，结合电阻不变，计算未知电阻；根据U=IR，计算分压，判断电阻和电压的变化规格。
11．【答案】静止；电磁波
【知识点】运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】编队战机相对领队战机位置不变，是静止；飞机与地面通信依靠电磁波传递信息。
故答案为：静止；电磁波
【分析】(1) 参照物判定：相对参照物位置不变则物体静止，编队飞行各战机间距、方位不变；
(2) 声音不能在高空真空环境传播，电磁波可在真空、空气中传播，航空通信选用电磁波。
12．【答案】变小；小
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】气球升空高度变大，大气压逐渐变小；飞机升空利用流体流速越大，压强越小的原理。
故答案为：变小；小
【分析】(1) 大气压随海拔升高而减小，气球内部气压大于外界气压，因此气球慢慢膨胀；
(2) 飞机机翼上凸下平，机翼上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，上下压强差产生向上升力。
13．【答案】电源；热
【知识点】电源及其能量转化；电流的热效应
【解析】【解答】手机反向充电时向外供电，相当于电源；手表发热是电流的热效应。
故答案为：电源；热
【分析】(1) 电源的作用是提供电能，手机给手表输送电能，符合电源的工作特点；
(2) 电流通过导体产生热量的现象叫做电流的热效应，充电发热就是该效应的体现。
14．【答案】大；不会
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用
【解析】【解答】酒水越多深度越大，象腹底部液体压强越大；象腹与象鼻构成连通器，液面齐平，象鼻口位置更高，因此不会溢出酒水。
故答案为：大；不会
【分析】(1) 根据，液体密度不变，深度越大，液体压强越大；
(2) 象腹、象鼻上端开口、底部连通，属于连通器，静止时各处液面保持相平，图示液面低于象鼻口，故不会溢出。
15．【答案】6.3×105；0.02
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】
故答案为：；
【分析】(1) 利用吸热公式代入数据算水吸收热量；
(2) 由效率求出燃气完全燃烧放热，再根据变形算出燃气体积。
16．【答案】（1）匀速直线；C
（2）照相机；右；移走光屏，眼睛透过透镜直接观察
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动， 木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。
对比甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙图压力较大，弹簧测力计的示数较大，木块所受的摩擦力较大，可得结论：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
AD．鞋底有花纹，举重运动员比赛时手上要涂防滑粉，都是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故AD不符合题意；
B．冰壶刷冰，是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故B不符合题意；
C．自行车用力捏闸刹车，是通过增大压力来增大摩擦力，故C符合题意。
故选C。
（2）由图可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机是利用这一原理制成的。
近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，当“眼睛”戴上近视眼镜时，会使像向后移动，所以应将“视网膜”（光屏）向右移动，才能呈现清晰的像。
由图可知，像距 v=13.0cm，由 f<13.0cm<2f可知，凸透镜的焦距为：
6.5cm当把蜡烛分别移动到离凸透镜5cm和3cm时，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，不能呈现在光屏上，接下来的操作是： 移走光屏，眼睛透过透镜直接观察。
【分析】（1）1.实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动， 木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
2.增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；变滚动摩擦为滑动摩擦。
（2）1.当物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机是利用这一原理制成的。
2.近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用；
3.由像距可求出焦距的范围，由于此时的物距小于焦距，成正立、放大的虚像，能呈现在光屏上。
（1）[1]实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动。此时木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
[2] 甲、乙两图对比，接触面粗糙程度相同，压力不同，探究的是摩擦力与压力的关系，结论为：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
A．鞋底有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；
B．冰壶刷冰，是通过较小接触面的粗糙程度来减小摩擦；
C．自行车用力捏闸刹车，是通过增大压力来增大摩擦；
D．涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
故选C。
（2）[1]由图可知，物距u>2f，像距f[2]近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，会使像向后移动。因此，应将“视网膜”（光屏）向右移动，才能呈现清晰的像。
[3]当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，所以移动光屏无法得到像。观察虚像的正确操作是：取下光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察蜡烛的像。
17．【答案】0.5；；大；0.8；等于；下降
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）由步骤A可知，物体重力为 G=4N，由步骤B可知，此时弹簧测力计的示数 F=3.5N，根据称重法可知步骤B物体受到的浮力为：
（2）要探究浮力与物体浸在液体中的深度的关系，应控制物体浸在液体中的体积不变，只改变物体浸在液体中的深度，所以应该让物体浸没在水中，改变其所处的深度，作图如下：
（3）步骤C中弹簧测力计的示数 FC=3N，此时物体受到的浮力为：
步骤D中弹簧测力计的示数 FD=3.2N，此时物体受到的浮力为：
由于 ，，可知物体浸在液体中的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大。
步骤C和步骤E物体均浸没在液体中，所以物体排开液体的体积相等，根据，则有：
则酒精的密度为：
（4） ① 由实验步骤F可知，物体逐渐浸入的过程中，两只弹簧测力计示数的变化量总是相同，则物体所受浮力的变化量与溢出（即排开）水的重力变化量相等，故说明物体受到的浮力等于排开液体的重力。
② 将乙杯放入甲杯中，甲杯中的水没有溢出， 轻轻向下按乙杯，若观察到乙杯位置下降，说明乙杯漂浮在水中，可知乙杯的浮力大于等于乙杯中水的重力50g，更大于甲杯中水的自身重力40g，故说明水产生的浮力能比水自身的重力大。
【分析】（1）由步骤A可知物体的重力，由步骤B弹簧测力计的示数，利用称重法求出物体受到的浮力；
（2）要探究浮力与物体浸在液体中的深度的关系，应控制物体浸在液体中的体积不变，只改变物体浸在液体中的深度；
（3）根据称重法分别求出步骤C和步骤D中物体受到的浮力，进而得出结论；
步骤C和步骤E物体均浸没在液体中，所以物体排开液体的体积相等，根据，求出酒精的密度；
（4）物体所受的浮力等于物体排开液体所受的重力；
水产生的浮力能比水自身的重力大。
18．【答案】；左；电阻R断路；0.18；10.1；电流太小，电流表无法读数；8
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】（1）测未知电阻R的阻值时，滑动变阻器与定值电阻R串联，因此用导线将滑动变阻器任一上接线柱与电源负极相连即可。
（2）
闭合开关S前，为了保护电路元件安全，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，结合图甲，此时滑片应位于最左端。
（3）
闭合开关后，电流表无示数，说明此时电路断路，电压表有示数，说明电压表串联在电源两端测电源电压，因此电路的故障为电阻R断路。
（4）
[1]由图甲可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，图乙电流表指针位于0.18A的位置处，因此电流表示数为0.18A。
[2]第二次实验电阻
所以三次实验定值电阻的阻值
（5）
由图甲可知，电源电压约为4.5V，根据 ，当电阻上千欧时，电路中的电流会远小于电流表的分度值0.02A，电流表无法准确读数，所以这个电路不能直接测量上千欧的大电阻。
【(6)题详解】
拨至位置，闭合开关S，与滑动变阻器串联，电压表测两端电压，移动滑片，使，此时滑动变阻器两端电压为
电路电流为
则此时滑动变阻器的阻值为
将开关拨至位置，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测两端电压，调节电阻箱，使电压表的示数依然等于1.5V，此时滑动变阻器两端电压仍为3V，电阻箱示数与阻值相差，则电阻箱电阻可能为或。
当时，此时电路电流为
滑动变阻器的阻值为
滑动变阻器接入电路的阻值变化了
当时，此时电路电流为
滑动变阻器的阻值为
滑动变阻器接入电路的阻值变化了
因此滑动变阻器接入电路的阻值变化了。
19．【答案】（1）
（2）解：投石车未装石块时，对水平地面的压力
受力面积
对水平地面的压强
（3）解：两力的力臂之比与OA和OB之比相等，若要将石块投出，不计杠杆自重及摩擦，根据杠杆平衡条件
即
B点配重的重力
由可得，点配重的质量
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）解：图乙中支点在O点，沿拉力F的方向画出力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段即为拉力F的力臂，如图所示：
【分析】 (1) 力臂画法：支点向力的作用线作垂线段；
(2) 水平地面固体压力等于自身重力，利用压强定义式计算；
(3) 依托杠杆平衡条件，代入力臂比值求出配重重力，再由换算质量。
（1）图乙中支点在O点，沿拉力F的方向画出力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段即为拉力F的力臂，如图所示：
（2）投石车未装石块时，对水平地面的压力
受力面积
对水平地面的压强
（3）两力的力臂之比与OA和OB之比相等，若要将石块投出，不计杠杆自重及摩擦，根据杠杆平衡条件
即
B点配重的重力
由可得，点配重的质量
20．【答案】（1）解：由图像可知灯正常发光时的电压为12 V，则由得正常发光时的电流
（2）解：灯丝电阻
由图像可知当滑片在b点时，灯泡两端电压为6 V，此时电路中的电流
则滑动变阻器两端电压为
根据串联电路电压特点，电源电压为
（3）解：两电表均能达到满偏，又因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电流表应选用0-0.6A量程，当滑动变阻器接入电路的电阻时，电路总电阻最小，电流表满偏，此时，则
若电压表选用0-3V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值R大=6Ω，由题中，故不符合题意。
若电压表选用0-15V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 利用额定功率公式，结合图像额定电压直接求额定电流；
(2) 先求灯泡电阻，利用点灯泡电压算出电路电流，求出变阻器分压，串联分压相加得电源电压；
(3) 电流表满偏确定定值电阻，分两种电压表量程讨论，结合串联分压规律，舍去不合题意量程，算出变阻器最大阻值。
（1）由图像可知灯正常发光时的电压为12 V，则由得正常发光时的电流
（2）灯丝电阻
由图像可知当滑片在b点时，灯泡两端电压为6 V，此时电路中的电流
则滑动变阻器两端电压为
根据串联电路电压特点，电源电压为
（3）两电表均能达到满偏，又因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电流表应选用0-0.6A量程，当滑动变阻器接入电路的电阻时，电路总电阻最小，电流表满偏，此时，则
若电压表选用0-3V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值R大=6Ω，由题中，故不符合题意。
若电压表选用0-15V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值。
1 / 12026年河北省石家庄市桥西区中考一模物理试题
1．如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（　　）
A．语音助手发出的声音不是振动产生的
B．减小声音音量实质是降低音调
C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色
D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量
【答案】C
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】A．根据题意可知，语音助手发出的声音也是由物体的振动产生的，故A错误；
B．根据题意可知，减小声音的音量，即减小声音的大小，故实质是降低响度，故B错误；
C．根据题意可知，人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；
D．根据题意可知，根据用户语音指令完成指定操作，AI获得了指令信息，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
【分析】A.声音是由物体的振动产生的；
B.响度指的是声音的大小；
C.不同发声体发出的声音的音色不同；
D.根据声音利用的知识判断。
2．下列能源中，能归入如图所示的中间阴影部分的是（　　）
A．核能 B．电能 C．太阳能 D．天然气
【答案】C
【知识点】能量的存在形式
【解析】【解答】A：核能属于一次能源、新能源，但不属于可再生能源，故 A 错误；
B：电能是二次能源，不是直接从自然界获取的一次能源，故 B 错误；
C：太阳能是一次能源，可直接从自然界获取；属于可再生能源，取之不尽用之不竭；同时也是新能源，故 C 正确；
D：天然气属于一次能源，但属于化石能源，不可再生，且不属于新能源，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A：考查能源的分类，核能不属于可再生能源；
B：考查一次能源与二次能源的区别，电能是二次能源；
C：考查一次能源、可再生能源、新能源的判断，太阳能同时满足三者条件；
D：考查化石能源的分类，天然气不属于可再生能源和新能源。
3．光让世界变得绚丽多彩，图中有关光现象的解释或描述正确的是（　　）
A．图甲：看到的水中鱼是光的折射形成的像
B．图乙：小猫离镜子越近，它在镜子中的像越大
C．图丙：游人能从各个角度看见花，是光在花上发生了镜面反射
D．图丁：验钞机是利用红外线使荧光物质发光来辨别钞票真伪的
【答案】A
【知识点】镜面反射与漫反射；光的折射现象及其应用；紫外线；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A、水中鱼的虚像由光从水斜射入空气发生折射形成，故 A 正确；
B、平面镜成像像与物体大小始终相等，小猫靠近镜子，像大小不变，故 B 错误；
C、各个方向能看见花朵是光在花瓣表面发生漫反射，不是镜面反射，故 C 错误；
D、验钞机依靠紫外线激发钞票荧光物质发光，不是红外线，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查光的折射现象，池水看鱼属于折射成像；
B、考查平面镜成像规律：物像等大；
C、区分漫反射、镜面反射，漫反射可使不同方位看见物体；
D、区分红外线、紫外线应用，验钞利用紫外线。
4．为了市民电动车充电安全，很多地方都配备了安全充电区，如图所示，关于电动车的安全用电，做法正确的是（　　）
A．用湿抹布擦拭充电插口
B．充电结束后，断开开关再拔下插头
C．为了方便，将电动车推到家中去充电
D．正在充电的电动车着火时直接用水浇灭
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、湿抹布有水，水容易导电，擦拭充电插口易发生触电事故，故 A 错误；
B、充电结束后先断开开关再拔插头，可避免带电拔插产生电弧、漏电，做法正确，故 B 正确；
C、电动车入户充电易引发起火、爆炸，存在极大消防安全隐患，禁止入户充电，故 C 错误；
D、带电起火不能用水直接扑救，水导电易触电，需先断电再灭火，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查导体与安全用电，潮湿物品导电，严禁擦拭带电插孔；
B、考查用电规范，断电后拔插头消除电弧隐患；
C、考查消防安全常识，电动车严禁室内充电；
D、考查电气火灾处理原则，带电火灾不可直接泼水灭火。
5．天气较冷时，从室外进入温暖的房间后，眼镜镜片会变模糊，过一会儿，镜片又会变清晰。下列与“变清晰”原理相同的是（　　）
A．壶嘴吐“白气” B．樟脑丸“变小”
C．河水结为冰面 D．汗水被风吹干
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 人从寒冷环境走入温暖室内时，眼镜镜片上附着的小水珠逐渐消散、镜片恢复清晰，这是液态的水转变为水蒸气的过程，属于汽化现象。
A、水壶冒出的 “白气”，是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B、衣柜中的樟脑丸慢慢变小，是固态物质直接变为气态，属于升华现象，故B不符合题意；
C、河面的水结成冰块，是液态变为固态的过程，属于凝固现象，故C不符合题意；
D、体表的汗水在风的作用下快速消失，是液态水分蒸发变为水蒸气，属于汽化现象，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
6．19世纪，物理学家发现电与磁之间存在着紧密联系，关于图中的现象说法正确的是（　　）
A．甲图通电后电磁铁的线圈匝数少，磁性更强
B．乙图通电后静止的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场
C．丙图是电动机的原理，闭合开关后，悬挂的导体棒将发生运动
D．丁图闭合开关后，金属棒将发生运动，机械能转化为电能
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、甲图中电流相同，电磁铁线圈匝数越多磁性越强，b匝数多、磁性更强，故 A 错误；
B、乙为奥斯特实验，通电后小磁针偏转，证明通电导体周围存在磁场，故 B 正确；
C、丙图无电源、接灵敏电流计，是电磁感应（发电机原理），导体切割磁感线产生感应电流，导体不会主动运动，故 C 错误；
D、丁图有电源，是电动机原理，通电导体受力运动，电能转化为机械能，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查电磁铁磁性影响因素：电流相同时，线圈匝数越多磁性越强；
B、考查奥斯特实验结论：电流的磁效应，通电导线周围存在磁场；
C、区分发电机、电动机原理图，无电源为电磁感应；
D、考查电动机能量转化：电能转化为机械能。
7．如图为排球训练中垫球技术要领示意图，排球离开胳膊后竖直上升，到达最高点后竖直下落。下列说法正确的是（　　）
A．排球在离开胳膊后能继续上升，是由于排球受到惯性的作用
B．排球上升过程中速度越来越慢，说明运动需要力来维持
C．排球上升到最高点时所受力的合力为零
D．排球在下落过程中运动状态一直发生改变
【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、惯性是物体本身的属性，不能说 “受到惯性作用”，排球依靠惯性继续上升，故 A 错误；
B、排球上升减速是重力改变运动状态，力是改变运动的原因，运动不需要力维持，故 B 错误；
C、最高点排球只受重力，合力等于重力，不为零，故 C 错误；
D、下落过程排球加速，速度大小不断变化，运动状态持续改变，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查惯性概念，惯性不是力，不能表述为受到惯性；
B、考查力与运动关系，力改变物体运动状态，运动不靠力维持；
C、考查受力分析，最高点只受重力，合力不为零；
D、运动状态改变包含速度大小、方向变化，下落加速则运动状态不断变化。
8．如图为张家口市蔚县的“打铁花”表演，距今有500多年历史，已入选国家级非物质文化遗产名录。“打铁花”时需要先让固态铁在温度达1700℃的熔炉里进行加热，加热过程中铁的温度从常温升高至1538℃并保持一段时间，铁全部变液态后会升至1600℃，若铁在此过程质量保持不变，则（　　）
A．熔化铁的过程是通过做功改变铁的内能
B．铁完全变为铁水后，分子间作用力消失
C．铁的温度保持1538℃过程中，其内能增加
D．1600℃的铁水含有更多热量
【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、熔炉加热铁块是通过热传递改变内能，并非做功，故 A 错误；
B、液态铁分子间仍然存在相互作用力，不会消失，故 B 错误；
C、1538℃是铁的熔点，恒温熔化过程持续吸热，内能不断增大，故 C 正确；
D、热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说物体含有热量，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查改变内能两种方式：热传递、做功；
B、考查分子动理论，液体分子间存在引力与斥力；
C、考查晶体熔化特点：恒温、持续吸热，内能增加；
D、考查热量概念，热量不能用 “含有” 描述。
9．AI分拣机器人被广泛应用于物流仓库，它可以精准抓取包裹并搬运。如图所示的AI分拣机器人，在工作时先把包裹匀速竖直向上提起，再把包裹水平匀速移动至指定位置。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．包裹匀速上升时，其动能转化为重力势能
B．包裹水平匀速移动时，其机械能变大
C．机器人将包裹水平移动的速度越大，对包裹做功的功率越大
D．机器人将包裹提起的过程中，对包裹做了功且包裹的机械能增大
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】A、包裹匀速上升，质量、速度不变，动能不变，高度变大重力势能增大，并非动能转化为重力势能，机械能增加来自机器人做功，故 A 错误；
B、水平匀速移动时，速度、高度均不变，动能、重力势能不变，机械能不变，故 B 错误；
C、水平移动时，拉力竖直向上、位移水平，拉力不做功，功率始终为 0，与速度无关，故 C 错误；
D、提起包裹时拉力向上、包裹向上移动，机器人拉力对包裹做功；包裹重力势能增大、动能不变，机械能增大，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查动能、势能变化，匀速运动动能不变；
B、考查机械能构成，水平匀速运动机械能保持不变；
C、考查做功条件，力与位移垂直时不做功；
D、考查做功与机械能变化，外力对物体做功，物体机械能增大。
10．无人机航拍时为了保持实时拍摄的画面清晰，其自带的电子镜头在外界光线较强时会减小透光能力，在光线较弱时会增大透光能力。如图所示为无人机电子镜头自动控制电路示意图（电子镜头相当于电压表，图中未画出），电源电压恒定，为定值电阻，为光敏电阻，其阻值随外界光照强度的增加而减小。已知当光敏电阻在变化时，电子镜头两端的电压在3V~4V内变化，电子镜头的透光能力随电压的增大而增加。下列说法正确的是（　　）
A．外界光线越强，电路中的电流越小
B．电子镜头应接在间，与并联
C．电源电压为6V
D．光敏电阻均匀变化时，电子镜头两端电压也均匀变化
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．图中，电阻串联，光敏电阻 的阻值随光照强度的增加而减小，当光线越强时，光敏电阻 的阻值越小。总电阻变小，根据，电路中的电流越大，故A错误；
B． 根据要求，电子镜头的透光能力随电压的增大而增加，光线较强时，电子镜头减小透光能力，减小受控电压，并联的电阻应减小；根据光敏电阻的阻值变化，则电子镜头应与光敏电阻 并联，即接在间，不是与并联，故B错误；
C． 光敏电阻时，电子镜头两端电压，电流为
计算两端电压，计算定值电阻①
光敏电阻时，电子镜头两端电压，计算电流，
计算两端电压，计算定值电阻可得②
的阻值不变，结合①②，可得，解得，故C正确；
D．根据串联电路和欧姆定律，可得， 与 不是线性关系，光敏电阻均匀变化时，电子镜头两端电压不会均匀变化，故D错误。
故选C。
【分析】电阻串联，根据光敏电阻和光照的关系，判断电阻的变化，电阻变大时，分压变大；根据，计算电流，利用，计算电阻，结合电阻不变，计算未知电阻；根据U=IR，计算分压，判断电阻和电压的变化规格。
11．如图是2025年9月3日纪念抗日战争胜利80周年阅兵式上，空中方队以固定阵型飞过天安门广场的情景。若以领队的战斗机为参照物，后面的每一架战斗机都是　 　（选填“静止”或“运动”）的。飞行员通过　 　（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）与地面指挥中心传递信息。
【答案】静止；电磁波
【知识点】运动和静止的相对性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】编队战机相对领队战机位置不变，是静止；飞机与地面通信依靠电磁波传递信息。
故答案为：静止；电磁波
【分析】(1) 参照物判定：相对参照物位置不变则物体静止，编队飞行各战机间距、方位不变；
(2) 声音不能在高空真空环境传播，电磁波可在真空、空气中传播，航空通信选用电磁波。
12．如图所示是气象站释放的一种无动力探空气球。升空过程中因大气压逐渐 　 　 （选填“变小”、“不变”或“变大”），气球会慢慢膨胀；和探空气球升空的原理不同，飞机的升空是利用流体流速越大，压强越 　 　 的原理获得升力的。
【答案】变小；小
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】气球升空高度变大，大气压逐渐变小；飞机升空利用流体流速越大，压强越小的原理。
故答案为：变小；小
【分析】(1) 大气压随海拔升高而减小，气球内部气压大于外界气压，因此气球慢慢膨胀；
(2) 飞机机翼上凸下平，机翼上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，上下压强差产生向上升力。
13．手机反向充电就像“电量共享”，让你的手机化身为充电器。如图，此时手机相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）；充电过程中，手表发热是因为电流的　 　效应。
【答案】电源；热
【知识点】电源及其能量转化；电流的热效应
【解析】【解答】手机反向充电时向外供电，相当于电源；手表发热是电流的热效应。
故答案为：电源；热
【分析】(1) 电源的作用是提供电能，手机给手表输送电能，符合电源的工作特点；
(2) 电流通过导体产生热量的现象叫做电流的热效应，充电发热就是该效应的体现。
14．如图所示为西周的盛酒器——象尊，象腹中空，上卷的象鼻与腹部相通。象腹中注入的酒水越多，象腹底部受到的液体压强越　 　；当象腹中倒满酒水，液面至图中虚线所示位置，此时象鼻口处　 　（选填“会”或“不会”）有酒水溢出。
【答案】大；不会
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用
【解析】【解答】酒水越多深度越大，象腹底部液体压强越大；象腹与象鼻构成连通器，液面齐平，象鼻口位置更高，因此不会溢出酒水。
故答案为：大；不会
【分析】(1) 根据，液体密度不变，深度越大，液体压强越大；
(2) 象腹、象鼻上端开口、底部连通，属于连通器，静止时各处液面保持相平，图示液面低于象鼻口，故不会溢出。
15．有一款新型智能家用燃气热水器，正常工况下，每分钟可以将6kg的水升温，且加热效率达到惊人的90%，实现了能源的高效利用。则此款热水器正常工作1分钟，水吸收　 　J的热量，会消耗　 　的燃气。[水的比热容为，燃气的热值为]
【答案】6.3×105；0.02
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】
故答案为：；
【分析】(1) 利用吸热公式代入数据算水吸收热量；
(2) 由效率求出燃气完全燃烧放热，再根据变形算出燃气体积。
16．（1）小明在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”时，做了如图所示的三次实验，实验中弹簧测力计应水平拉着木块做　 　运动；在下列实例中，　 　（填选项字母）是甲、乙两实验结论的应用。
A．鞋底有花纹 B．冰壶比赛时运动员用刷子刷冰
C．自行车用力捏闸刹车 D．举重运动员比赛时手上要涂防滑粉
（2）小明用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律，此时在光屏上观察到烛焰清晰的像，生活中的　 　（选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）是利用这一原理制成的。若把图中的凸透镜看作眼睛的晶状体，光屏看作视网膜，当“眼睛”戴上近视眼镜时，应将“视网膜”向　 　（选填“左”或“右”）移动，才会呈现烛焰清晰的像；当把蜡烛分别移动到离凸透镜5cm和3cm时，移动光屏始终无法得到烛焰清晰的像，若小明要观察到蜡烛在这两个位置时的像，接下来的操作是：　 　。
【答案】（1）匀速直线；C
（2）照相机；右；移走光屏，眼睛透过透镜直接观察
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动， 木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。
对比甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙图压力较大，弹簧测力计的示数较大，木块所受的摩擦力较大，可得结论：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
AD．鞋底有花纹，举重运动员比赛时手上要涂防滑粉，都是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故AD不符合题意；
B．冰壶刷冰，是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故B不符合题意；
C．自行车用力捏闸刹车，是通过增大压力来增大摩擦力，故C符合题意。
故选C。
（2）由图可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机是利用这一原理制成的。
近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，当“眼睛”戴上近视眼镜时，会使像向后移动，所以应将“视网膜”（光屏）向右移动，才能呈现清晰的像。
由图可知，像距 v=13.0cm，由 f<13.0cm<2f可知，凸透镜的焦距为：
6.5cm当把蜡烛分别移动到离凸透镜5cm和3cm时，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，不能呈现在光屏上，接下来的操作是： 移走光屏，眼睛透过透镜直接观察。
【分析】（1）1.实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动， 木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
2.增大摩擦力的方法：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；变滚动摩擦为滑动摩擦。
（2）1.当物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机是利用这一原理制成的。
2.近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用；
3.由像距可求出焦距的范围，由于此时的物距小于焦距，成正立、放大的虚像，能呈现在光屏上。
（1）[1]实验中弹簧测力计应水平拉着木块做匀速直线运动。此时木块在水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
[2] 甲、乙两图对比，接触面粗糙程度相同，压力不同，探究的是摩擦力与压力的关系，结论为：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
A．鞋底有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；
B．冰壶刷冰，是通过较小接触面的粗糙程度来减小摩擦；
C．自行车用力捏闸刹车，是通过增大压力来增大摩擦；
D．涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
故选C。
（2）[1]由图可知，物距u>2f，像距f[2]近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，会使像向后移动。因此，应将“视网膜”（光屏）向右移动，才能呈现清晰的像。
[3]当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，所以移动光屏无法得到像。观察虚像的正确操作是：取下光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察蜡烛的像。
17．关于“浮力的大小与哪些因素有关”，实验小组的同学们有如下猜想：
猜想1：与物体浸在液体中的深度有关
猜想2：与物体浸在液体中的体积有关
猜想3：与液体的密度有关
同学们进行了如图所示的实验：
（1）步骤B中物体受到的浮力是　 　N；
（2）小明比较实验步骤A、B、C的数据后，发现物体受到的浮力随着浸入水中的深度增加而增加，认为猜想1是正确的；小华比较后，认为猜想2也是正确的。小明与小华相互交流后，认为这样得出实验结论过早，于是又进行了实验D，最终验证猜想1不正确、猜想2正确，请你画出进行实验D时物块的位置；　 　
（3）比较实验步骤A、C、E，可知物体浸在液体中的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越　 　；根据数据可知酒精的密度为　 　。（）
【拓展】
（4）爱思考的小明又继续进行新的探究：
①在实验步骤F中，小明发现物体逐渐浸入装满水的溢水杯的过程中，两只弹簧测力计示数的变化量总是相同，说明物体受到的浮力　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）排开液体的重力；
②根据①小明又有了一个新问题：水产生的浮力能否比水自身的重力大？于是在甲纸杯中装入40g水，相同的乙杯中装入50g水，如图所示。然后将乙杯放入甲杯中，甲杯中的水没有溢出。轻轻向下按乙杯，若观察到乙杯位置　 　（选填“不变”或“下降”），则说明水产生的浮力能比水自身的重力大。
【答案】0.5；；大；0.8；等于；下降
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）由步骤A可知，物体重力为 G=4N，由步骤B可知，此时弹簧测力计的示数 F=3.5N，根据称重法可知步骤B物体受到的浮力为：
（2）要探究浮力与物体浸在液体中的深度的关系，应控制物体浸在液体中的体积不变，只改变物体浸在液体中的深度，所以应该让物体浸没在水中，改变其所处的深度，作图如下：
（3）步骤C中弹簧测力计的示数 FC=3N，此时物体受到的浮力为：
步骤D中弹簧测力计的示数 FD=3.2N，此时物体受到的浮力为：
由于 ，，可知物体浸在液体中的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大。
步骤C和步骤E物体均浸没在液体中，所以物体排开液体的体积相等，根据，则有：
则酒精的密度为：
（4） ① 由实验步骤F可知，物体逐渐浸入的过程中，两只弹簧测力计示数的变化量总是相同，则物体所受浮力的变化量与溢出（即排开）水的重力变化量相等，故说明物体受到的浮力等于排开液体的重力。
② 将乙杯放入甲杯中，甲杯中的水没有溢出， 轻轻向下按乙杯，若观察到乙杯位置下降，说明乙杯漂浮在水中，可知乙杯的浮力大于等于乙杯中水的重力50g，更大于甲杯中水的自身重力40g，故说明水产生的浮力能比水自身的重力大。
【分析】（1）由步骤A可知物体的重力，由步骤B弹簧测力计的示数，利用称重法求出物体受到的浮力；
（2）要探究浮力与物体浸在液体中的深度的关系，应控制物体浸在液体中的体积不变，只改变物体浸在液体中的深度；
（3）根据称重法分别求出步骤C和步骤D中物体受到的浮力，进而得出结论；
步骤C和步骤E物体均浸没在液体中，所以物体排开液体的体积相等，根据，求出酒精的密度；
（4）物体所受的浮力等于物体排开液体所受的重力；
水产生的浮力能比水自身的重力大。
18．小明用图甲所示的电路测未知电阻的阻值，电源为三节新干电池，滑动变阻器标有“ 1A”
（1）请用笔画线将实物图连接完整。　 　
（2）在闭合开关S前，变阻器的滑片应调至最　 　（选填“左”或“右”）端。
（3）小明闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电压表有示数，初步检查确认，电路接线完好，电表无故障，则电路故障是　 　。
（4）排除故障后，小明正常进行实验并将数据记录在下表中。第2次测量时电流表示数如图乙所示，为　 　A，根据三次实验数据可得定值电阻为　 　（保留一位小数）。
实验次数 电压 电流 电阻
1 1.2 0.12 10.0
2 1.8
3 2.5 0.24 10.4
（5）接着小明准备测量一个上千欧的电阻，小红说这个电路不能直接测量这个大电阻，原因是　 　。
【拓展】
（6）小红利用图甲测出另一个定值电阻的阻值为，小华说不用电流表也能测出该电阻的阻值，于是用图甲中的电源和滑动变阻器，又增加了一个电阻箱，设计了如图丙所示的电路。操作步骤如下：
①将单刀双掷开关拨至位置，闭合开关S。
②移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数为1.5V。
③滑片位置不变，将开关拨至位置，调节电阻箱，使电压表的示数依然等于1.5V。
④读出电阻箱的示数，就能得出的阻值。
小华同学发现自己的测量结果与真实值相差，经分析发现，是在步骤②结束后不小心碰到了滑动变阻器的滑片，导致滑动变阻器接入电路的阻值变化了　 　。
【答案】；左；电阻R断路；0.18；10.1；电流太小，电流表无法读数；8
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】（1）测未知电阻R的阻值时，滑动变阻器与定值电阻R串联，因此用导线将滑动变阻器任一上接线柱与电源负极相连即可。
（2）
闭合开关S前，为了保护电路元件安全，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，结合图甲，此时滑片应位于最左端。
（3）
闭合开关后，电流表无示数，说明此时电路断路，电压表有示数，说明电压表串联在电源两端测电源电压，因此电路的故障为电阻R断路。
（4）
[1]由图甲可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，图乙电流表指针位于0.18A的位置处，因此电流表示数为0.18A。
[2]第二次实验电阻
所以三次实验定值电阻的阻值
（5）
由图甲可知，电源电压约为4.5V，根据 ，当电阻上千欧时，电路中的电流会远小于电流表的分度值0.02A，电流表无法准确读数，所以这个电路不能直接测量上千欧的大电阻。
【(6)题详解】
拨至位置，闭合开关S，与滑动变阻器串联，电压表测两端电压，移动滑片，使，此时滑动变阻器两端电压为
电路电流为
则此时滑动变阻器的阻值为
将开关拨至位置，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测两端电压，调节电阻箱，使电压表的示数依然等于1.5V，此时滑动变阻器两端电压仍为3V，电阻箱示数与阻值相差，则电阻箱电阻可能为或。
当时，此时电路电流为
滑动变阻器的阻值为
滑动变阻器接入电路的阻值变化了
当时，此时电路电流为
滑动变阻器的阻值为
滑动变阻器接入电路的阻值变化了
因此滑动变阻器接入电路的阻值变化了。
19．图甲是我国古代的配重式投石车，图乙是其工作原理图。工作时，在投石车端绑着配重，端的木碗中放好石头，借助外力将端拉下，发射时只需撤掉端的外力就可以将石头发射出去。已知投石车重力（含配重）为2500N，四个车轮与地面的接触面积为，。
（1）在图乙中画出拉力的力臂。
（2）投石车未装石块时，对水平地面的压强是多大？
（3）若某次要投射的石块重力为200N，不计杠杆自重及摩擦，则点配重的质量至少为多少？
【答案】（1）
（2）解：投石车未装石块时，对水平地面的压力
受力面积
对水平地面的压强
（3）解：两力的力臂之比与OA和OB之比相等，若要将石块投出，不计杠杆自重及摩擦，根据杠杆平衡条件
即
B点配重的重力
由可得，点配重的质量
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】（1）解：图乙中支点在O点，沿拉力F的方向画出力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段即为拉力F的力臂，如图所示：
【分析】 (1) 力臂画法：支点向力的作用线作垂线段；
(2) 水平地面固体压力等于自身重力，利用压强定义式计算；
(3) 依托杠杆平衡条件，代入力臂比值求出配重重力，再由换算质量。
（1）图乙中支点在O点，沿拉力F的方向画出力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线段，垂线段即为拉力F的力臂，如图所示：
（2）投石车未装石块时，对水平地面的压力
受力面积
对水平地面的压强
（3）两力的力臂之比与OA和OB之比相等，若要将石块投出，不计杠杆自重及摩擦，根据杠杆平衡条件
即
B点配重的重力
由可得，点配重的质量
20．如图甲所示电路中，电源电压恒定，灯泡L标有“6W”字样，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。闭合开关，将滑动变阻器的滑片P移到点，灯泡恰好正常发光，再将滑片P移到点，滑片由点到点移动的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的图像如图乙所示，且。忽略灯丝电阻随温度的变化。求：
（1）灯泡正常发光时的电流。
（2）电源电压。
（3）现用一定值电阻替换灯泡L，同时将电压表换接到滑动变阻器两端，两电表选择合适的量程，要求在滑片P可以自由移动的情况下，电路始终安全工作，且两电表均能达到满偏。求滑动变阻器的最大阻值。
【答案】（1）解：由图像可知灯正常发光时的电压为12 V，则由得正常发光时的电流
（2）解：灯丝电阻
由图像可知当滑片在b点时，灯泡两端电压为6 V，此时电路中的电流
则滑动变阻器两端电压为
根据串联电路电压特点，电源电压为
（3）解：两电表均能达到满偏，又因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电流表应选用0-0.6A量程，当滑动变阻器接入电路的电阻时，电路总电阻最小，电流表满偏，此时，则
若电压表选用0-3V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值R大=6Ω，由题中，故不符合题意。
若电压表选用0-15V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】(1) 利用额定功率公式，结合图像额定电压直接求额定电流；
(2) 先求灯泡电阻，利用点灯泡电压算出电路电流，求出变阻器分压，串联分压相加得电源电压；
(3) 电流表满偏确定定值电阻，分两种电压表量程讨论，结合串联分压规律，舍去不合题意量程，算出变阻器最大阻值。
（1）由图像可知灯正常发光时的电压为12 V，则由得正常发光时的电流
（2）灯丝电阻
由图像可知当滑片在b点时，灯泡两端电压为6 V，此时电路中的电流
则滑动变阻器两端电压为
根据串联电路电压特点，电源电压为
（3）两电表均能达到满偏，又因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电流表应选用0-0.6A量程，当滑动变阻器接入电路的电阻时，电路总电阻最小，电流表满偏，此时，则
若电压表选用0-3V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值R大=6Ω，由题中，故不符合题意。
若电压表选用0-15V量程，当电压表满偏时，R0两端电压
根据串联分压规律有：
代入已知有：
可得滑动变阻器的最大阻值。
1 / 1

展开更多......

收起↑