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2026年湖北省中考一模物理试题
1．风能是一种取之不尽、用之不竭的能源，我国西北内陆地区，华北地区，沿海地区，风能资源丰富，正在大力开发风力发电.下列与风能同属于可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．太阳能可以源源不断地得到补充，是可再生能源，故A符合题意；
BCD．石油、天然气、核燃料无法短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】可以不断得到补充的能源，是可再生能源，不能从自然界得到补充，是不可再生能源。
2．下列各组物质，通常情况下属于绝缘体的是（　　）
A．空气、石墨 B．油、大地 C．玻璃、人体 D．陶瓷、橡胶
【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A、石墨容易导电，属于导体，空气是绝缘体，故 A 错误；
B、大地容易导电是导体，油是绝缘体，故 B 错误；
C、人体容易导电属于导体，玻璃是绝缘体，故 C 错误；
D、陶瓷、橡胶通常情况下都不容易导电，均为绝缘体，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查导体、绝缘体区分，石墨为常见导体；
B、大地是导体，油是绝缘体；
C、人体属于导体，玻璃属于绝缘体；
D、陶瓷、橡胶都是生活中常用绝缘材料。
3．如图所示有关声现象的四个实验，下列说法中不正确的是（　　）
A．甲：在鼓面上撒几粒豆子，敲鼓时豆子会不断跳动，说明发声的物体在振动
B．乙：禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
C．丙：发声的电铃放入钟罩，抽气时声音逐渐减弱，说明声音的传播需要介质
D．丁：扬声器工作时，一旁的烛焰会晃动，说明声音可以传递能量
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、敲鼓时豆子跳动，转换法证明发声体在振动，A正确；
B、禁止鸣笛是从噪声产生处减弱噪声（声源处），并非传播过程中，B错误；
C、钟罩内抽气声音变弱，推理得出真空不能传声，声音传播需要介质，C正确；
D、扬声器发声吹动烛焰晃动，说明声波可以传递能量，D正确；
故答案为：B。
【分析】A、考查声音产生原因，振动发声，豆子放大鼓面振动；
B、考查噪声控制三条途径：禁鸣在声源处降噪；
C、考查声音传播条件，真空不能传声；
D、考查声的利用，声音能够传递能量。
4．磁共振成像是一种医学成像技术，它采用强静磁场和变化磁场使人体组织成像。若携带金属物做磁共振成像，强静磁场会吸引铁质物品，变化磁场会使携带的金属中产生感应电流，从而使金属发热而灼伤病人。上述说明中，没有涉及的知识是（　　）
A．同名磁极相互排斥
B．电磁感应现象
C．电流的热效应
D．磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质
【答案】A
【知识点】电流的热效应；磁场；电磁感应；磁极间的相互作用
【解析】【解答】A．根据题干描述的信息可知，并没有涉及同名磁极相互排斥，故A符合题意；
B．根据“ 变化磁场会使携带的金属中产生感应电流 ”可知，涉及电磁感应现象，故B不符合题意；
C．根据“感应电流使金属发热而灼伤病人”可知，这种现象涉及电流的热效应，故C不符合题意；
D．根据“ 强静磁场会吸引铁质物品”可知，强静磁场会吸引铁质物品，故D不符合题意。
故选A。
【分析】对题目描述的信息进行分析，确定其中包含的物理原理和知识即可。
5．天舟系列货运飞船是中国空间站的专属“太空快递员”，负责运送物资、燃料和实验设备，并回收废弃物.搭载货运飞船的运载火箭发射升空时的情景如图，下列说法错误的是（　　）
A．火箭加速升空过程中，机械能在逐渐增大
B．火箭喷出气流使自身受力前进，这是利用了力的作用是相互的道理
C．火箭升空瞬间，会看到巨大的白色“气团”，这是水蒸气液化形成的
D．货运飞船运送生活物资时，以物资为参照物，运载火箭是运动的
【答案】D
【知识点】液化及液化放热；机械能及其转化；力作用的相互性；参照物及其选择
【解析】【解答】A、火箭加速升空，速度变大动能增大、高度变大重力势能增大，机械能增大，故 A 正确；
B、火箭向下喷气，气流给火箭向上反作用力，利用力的作用是相互，故 B 正确；
C、发射时水池水汽化生成高温水蒸气，水蒸气遇冷液化形成白色气团，故 C 正确；
D、运送物资时，物资与火箭相对位置不变，以物资为参照物火箭静止，故 D 错误；
故答案为：D。
【分析】A、考查机械能影响因素，动能、势能均变大则机械能变大；
B、考查力的作用相互；
C、考查液化现象，白气是水蒸气液化形成；
D、考查参照物，相对位置不变则物体相对静止。
6．如图所示，下列描述正确的是（　　）
A．如图A中，手持自制气压计从梧桐山脚走到山顶，管内液面升高
B．如图B中，上课时老师用力压住粉笔写字是为了减小压强
C．如图C中，托里拆利实验的玻璃管倾斜会影响实验结果
D．如图D中，饮水机使用时，会出现气泡，水中的气泡上升时不断变小
【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法；液体压强的特点；大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．手持自制气压计从梧桐山脚走到山顶，外界大气压强变小，瓶内气压大于瓶外气压，使管内液面上升，故A正确；
B．上课时老师用力压住粉笔写字，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C．托里拆利实验时，玻璃管如果倾斜会使水银柱长度增加，但高度不变，故C错误；
D．水中的气泡上升时，受到的液体压强变小，所以气泡不断变大，故D错误。
故选A。
【分析】1、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
3、压强和高度的关系，高度越高，压强越小。
7．为了提高环境质量，经常有如图所示的喷雾车在街道上喷雾作业。若喷雾车喷雾时保持匀速直线运动，在理想状态下，下列说法正确的是（　　）
A．喷出的水雾是水蒸气液化形成的
B．喷出的水雾汽化后能放出热量
C．喷雾车的动能不变
D．喷雾车的重力势能变小
【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；机械能及其转化
【解析】【解答】A、水雾是液态小水珠，由水直接喷出形成，并非水蒸气液化，故 A 错误；
B、水汽化吸热，液化放热，故 B 错误；
C、匀速行驶，不断向外喷水，整车总质量减小，速度不变，动能变小，故 C 错误；
D、车的整体质量减小，重心高度基本不变，重力势能变小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查物态变化，水雾是液态水，不是液化产物；
B、考查吸放热规律：汽化吸热、液化放热；
C、考查动能影响因素：速度不变、质量减小则动能减小；
D、考查重力势能影响因素：高度不变、质量减小则重力势能减小。
8．古诗词是中华民族文化的瑰宝，我们在欣赏诗词的时候，经常发现其与物理知识息息相关。下列说法中正确的是（　　）
A．“安得五彩虹，驾天作长桥”——彩虹的形成原理是光的直线传播
B．“起舞弄清影，何似在人间”——清影是光的直线传播形成的
C．“一道残阳铺水中，半江瑟瑟半江红”——水中残阳是光的折射形成的
D．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”——疑水浅是光的反射现象
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、彩虹是太阳光经水珠折射、色散形成，属于光的色散（折射），不是光沿直线传播，故 A 错误；
B、清影是影子，由光的直线传播被遮挡形成，故 B 正确；
C、水中残阳是平面镜成像，属于光的反射，不是折射，故 C 错误；
D、潭清疑水浅是水底光线射入空气发生折射，属于光的折射，不是反射，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的色散，彩虹成因是光的折射色散；
B、考查光的直线传播，影子由光沿直线传播形成；
C、考查光的反射，水面倒影属于平面镜成像；
D、考查光的折射，池水变浅是光的折射现象。
9．某款洗衣机在需要洗衣服时，需先按动电源开关（闭合开关S），使洗衣机通电，显示屏上的指示灯亮起来；接着将洗衣机盖关闭（闭合开关），再按动启动开关（闭合开关），电动机才能工作，从而带动滚筒转动。下列电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，指示灯发光时，电动机可以工作，也可以不工作，那么二者之间不相互影响，则二者并联。
闭合开关S时，指示灯发光；闭合开关S，S1和S2时，电动机工作，则开关S控制指示灯和电动机，因此开关S在干路上，且S1和S2只控制电动机。
根据题意可知，只有开关S1和S2都闭合时，电动机才能启动，说明二者相互影响，即二者串联后，再与电动机串联在同一支路上，如下图所示：
故选B。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
10．端午节划龙舟是我国的传统风俗，关于龙舟赛，下列说法中正确的是（　　）
A．开赛前，静止的龙舟没有惯性
B．使龙舟前进的施力物体是桨
C．选手们离开龙舟，龙舟向上浮起后底部受到水的压力变小
D．龙舟冲过终点不能立即停止是受到惯性力的作用
【答案】C
【知识点】力的概念及单位；惯性及其现象；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．惯性是物体本身固有的属性，一切物体在任何运动状态下都具有惯性，因此静止的龙舟同样具有惯性，故A错误；
B．桨向后划水时，根据力的作用是相互的，水会对桨施加一个向前的反作用力，正是这个力推动龙舟前进，因此使龙舟前进的施力物体是水，不是桨，故B错误；
C．选手离开龙舟后，龙舟的总重力减小；由于龙舟始终漂浮在水面上，浮力和总重力大小相等，因此龙舟受到的浮力也会减小。浮力减小后排开水的体积减小，龙舟会上浮，龙舟底部在水中的深度减小，根据液体压强公式可知，龙舟底部受到的水的压强变小；龙舟底部受力面积不变，由F=pS可知，龙舟底部受到水的压力也会变小，故C正确；
D．惯性是物体本身的固有性质，不是力，不能表述为“受到惯性力的作用”，龙舟冲过终点后无法立即停止，是因为龙舟具有惯性，要保持原来的运动状态继续运动，故D错误。
故选C。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
11．醋作为传统饮食中的健康成分，通过调节代谢、改善消化、抗氧化等作用，对整体健康产生积极影响。《齐民要术》是最早详细记载醋制作工艺的典籍。记录显示，蒸煮是酿醋过程中的一个重要工序，如图所示是将谷物进行蒸煮的过程，对于蒸煮过程中的现象，下列说法错误的是（　　）
A．谷物内能的增加，是通过热传递的方式实现的
B．木柴燃烧的过程，化学能转化为内能
C．木柴燃烧的过程，木柴的热值保持不变
D．蒸煮的时间越长，谷物含有的热量越多
【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．蒸煮谷物时，谷物吸收热源放出的热量，使谷物内能增加，是通过热传递的方式实现的，故A正确，不符合题意；
B．燃烧前，木材含有化学能，燃烧后得到内能，则木柴燃烧过程中，将自身储存的化学能转化为内能释放出来，故B正确，不符合题意；
C．木柴燃烧过程中，燃料的种类保持不变，因此其热值保持不变，故C正确，不符合题意；
D． 蒸煮的时间越长，谷物含有的内能越多，而不是热量越多，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A. 改变物体内能的方式有做功和热传递；
B.根据能量转化的知识判断；
C. 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等无关；
D.热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”多少热量，不能说物体“含有”或“具有”多少热量。
12．如图所示，是目前世界上能实现可控飞行的最小无线机器人。该机器人由两部分组成，一部分是用3D打印出来的主体结构，由四个螺旋桨叶片和一个平衡环组成，质量为14.7mg；另一部分是小永磁体，质量为6.3mg，根据设计的飞行路径，向机器人发射电磁波，在变化的磁场作用下，小永磁体被吸引和排斥，带动螺旋桨旋转并产生足够升力，让机器人完成离地飞行、悬停等动作。下列说法中错误的是（　　）（g取10N/kg）
A．该机器人比5克的橡皮擦质量小
B．电磁波是由变化的电流产生的
C．该机器人在真空中也能飞行
D．该机器人加速离地飞行时，升力大于重力
【答案】C
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、总质量，质量小于5g橡皮，A正确；
B、变化的电流能够产生电磁波，B正确；
C、螺旋桨依靠空气向下的反作用力获得升力，真空无空气，无法产生升力，不能飞行，C错误；
D、加速向上运动，合力向上，升力大于自身重力，D正确；
故答案为：C。
【分析】A、考查质量单位换算与大小比较；
B、考查电磁波产生条件：变化的电流产生电磁波；
C、考查力的作用相互，螺旋桨升力依靠空气，真空无法飞行；
D、考查力与运动关系，加速上升时升力大于重力。
13．如图所示的容器是　 　器。塞子拔出后各液面高低不同，粗管处液柱比细管处液柱　 　（选填“高”或“低”），是因为流速大的位置压强小。以下现象中与其原理相同的是　 　（选填序号：①热气球在空中漂浮、②C919大客机在空中飞行、③中国空间站绕地球飞行）。
【答案】连通；高；②
【知识点】连通器原理及其应用；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】容器上端开口、底部连通，是连通器；拔塞后粗管流速小、压强大，液柱比细管处高；原理为流体压强与流速关系，对应实例②。
答案：连通；高；②
【分析】(1) 连通器定义：上端开口、下端相连通，图中容器符合连通器结构；
(2) 流体规律：流速越大，压强越小，细管窄、水流快、压强小，液面更低，粗管液面更高；
(3) ①热气球依靠浮力升空，②飞机利用流体流速大压强小获得升力，③空间站靠万有引力环绕地球，因此选②。
14．郑和下西洋是我国航海史上浓墨重彩的一笔，其船队利用水罗盘定向。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水，边上标有方向的盘子里，磁针浮在水面上自由旋转，静止时两端分别指向南、北，如图所示，使用过程中，磁针尖会指向南方，针尖相当于磁针的　 　极；磁针有这样的指向性，是因为它受到　 　作用的结果。
【答案】南；地磁场
【知识点】地磁场
【解析】【解答】磁针针尖指向地理南方，对应磁针南极；磁针能定向是受到地磁场的作用。
故答案为：南；地磁场
【分析】(1) 地磁北极位于地理南极附近，异名磁极相吸，磁针南极被地磁北极吸引而指向南方，因此指向南方的针尖为南极；
(2) 地球周围存在地磁场，在地磁场的磁力作用下，自由磁针静止时沿南北方向指向。
15．华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到　 　材料（选填“导体”、“半导体”或“超导体”），当芯片中有电流通过时，芯片元件有电阻，由于电流的　 　效应，不可避免地会产生热量。为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合，来降低芯片的温度，这是通过　 　的方式改变芯片内能。
【答案】半导体；热；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；半导体特点及作用；电流的热效应
【解析】【解答】（1）半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，因此芯片是半导体材料制成的；
（2）当芯片中有电流通过时会产生热量，这种现象叫电流的热效应。
（3） 为了不影响芯片的性能， 让散热部件与芯片紧密结合，芯片的内能转移到散热部件上，这是通过热传递的方式改变芯片的内能。
【分析】（1）根据半导体的特点和应用解答；
（2）电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应；
（3）热传递的本质为能量的转移。
16．如图是台球比赛中的情景。比赛前台球静止在球台上，台球受到的重力和支持力是一对　 　（选填“平衡力”或“相互作用力”）；击球后，球离开球杆在桌面上滚动的过程中，球杆对台球　 　（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】平衡力；不做功
【知识点】平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】图中，台球静止时，是平衡状态，受平衡力，重力和支持力是一对平衡力。
台球在桌面上滚动时，球杆对台球没有力的作用，对台球不做功。
【分析】静止的物体受到的重力和支持力，是平衡力；物体受力，且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
17．在高速路边常看到如图甲的指示牌，指示牌可以简化为一个杠杆模型，牌子整体重力可看成阻力，如图乙O为支点，固定在杆上面横拉杆的力为动力，请在图乙中画出动力和动力臂。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图乙可知，牌子的重力让牌子沿逆时针转动，根据杠杆平衡条件，固定在杆上面横拉杆的力应该让牌子沿顺时针转动，因此动力的方向水平向右，过支点作动力作用线的垂线段即为动力臂，如图所示
【分析】(1) 标志牌重力使杠杆绕O逆时针转动，动力需阻碍该转动，因此拉杆拉力水平向右；
(2) 力臂定义：支点到力的作用线的垂直距离，过O作动力垂线即为动力臂。
18．如图甲，家用插线板上的开关同时控制指示灯和插座。指示灯损坏，插座仍可正常使用。在图乙中将开关、插座、带有分压电阻的指示灯连接到电源线上。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】由题意知，指示灯损坏，插孔仍可正常使用，所以带有分压电阻的灯泡和插孔是并联的；三孔插孔根据“左零右火，上接地”原则接入电路；开关接在灯泡、插孔和火线之间控制火线使用更安全，如下图所示：
【分析】(1) 指示灯损坏插座仍能用，说明二者并联；开关在火线侧，断电后后方不带电，符合安全用电规范；
(2) 三孔插座接线口诀：左零右火上接地。
19．为了探究眼睛的成像原理，小科自主研制了如图所示的实验装置。用水透镜模拟眼睛晶状体，通过注水或抽水可改变水透镜凸度大小。光屏和水透镜固定在光具座如图所示的位置。
（1）点燃蜡烛后，调节水透镜凸度，直至光屏上成一个清晰倒立、缩小的实像。根据光具座的坐标可以推测出此时水透镜的焦距大小范围是　 　。
（2）某同学只能在光屏下边缘看到一个残缺的像，如果不改变凸透镜和光屏的位置，只移动烛焰，则应将烛焰　 　（选填“向上”或“向下”）移动，才能使像移到屏的中央。
（3）经实验发现，将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，必须增大水透镜的凸度，这一过程相当于近处视物，晶状体在睫状体的作用下要变　 　（选填“厚”或“薄”），长此以往晶状体不能恢复，造成视物不清，需要佩戴　 　（选填“凸”或“凹”）透镜来矫正视力。
（4）保持水透镜的位置和凸度不变，将蜡烛移动到50cm刻度处，无论怎样移动光屏，都不能在光屏上看到烛焰的像，其原因是　 　。
【答案】（1）
（2）向下
（3）厚；凹
（4）像距超过光具座的范围，光屏承接不到
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距满足，即，
像距满足，即，解得，故凸透镜焦距范围
故答案为：
（2）像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。
故答案为：向下
（3）蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光屏后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以提前会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在视网膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。
故答案为：厚；凹
（4）根据光路可逆性可知，此时物距为20cm，像距应为50cm，光屏需移至120cm处，才能承接清晰的像。该像距超出了光具座的刻度范围，因此光屏承接不到像。
故答案为：像距超过光具座的范围，光屏承接不到
【分析】(1) 依据凸透镜成缩小实像的成像规律列不等式求解焦距范围；
(2) 凸透镜成像烛焰与像移动方向相反，像偏下则烛焰下移；
(3) 看近处物体晶状体增厚，近视眼成因是晶状体折光能力过强，用凹透镜发散矫正；
(4) 根据光路可逆判断所需像距，对比光具座长度得出无法成像原因。
（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距满足，即，
像距满足
即
解得
故凸透镜焦距范围
（2）像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。
（3）[1][2]蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光屏后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以提前会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在视网膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。
（4）根据光路可逆性可知，此时物距为20cm，像距应为50cm，光屏需移至120cm处，才能承接清晰的像。该像距超出了光具座的刻度范围，因此光屏承接不到像。
20．某班物理实验小组的同学，通过实验验证阿基米德原理。
（1）方案一：小军用石块按照如图甲所示的实验步骤依次进行实验。由图甲可知，石块浸没在水中时，受到的浮力F浮=　 　N，排开水的重力G排=　 　N；
（2）发现所测的“F浮”不等于所测的“G溢”，造成这种结果的原因可能是______；
A．最初烧杯中水的液面未装至烧杯口
B．整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零
（3）方案二，如图乙所示，小倩将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小倩逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，升降台受到的压力　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），且弹簧测力计A的示数变化量等于B的示数变化量，从而证明了阿基米德原理；
（4）其他同学对实验提出了进一步改进措施，其中不合理的是______。
A．应该换用不同液体进行多次实验，使结论具有普遍性
B．实验中应该让物体完全浸没在液体中，控制排开液体的体积不变
【答案】（1）1.1；1
（2）A
（3）不变
（4）B
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图甲可知，石块的重力，石块浸没在水中时，测力计的示数为，受到的浮力，空桶的重力，空桶和排出的水总重，排开水的重力
故答案为：1.1；1
（2）A．实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能是石块浸没过程中排开的水没有完全溢出来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A正确；
B．本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零对实验没有影响；故B错误。
故答案为：A。
（3）升降台受到的压力等于剩余的水的重力、重物重力溢水杯重力与弹簧测力计的拉力的合力，即，即
根据阿基米德原理可知，即
所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。
故答案为：不变
（4）上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，
故答案为：B。
【分析】(1) 称重法算浮力、差值法算排开水重力；
(2) 液面未加满会导致溢出水偏少，是浮力大于测得排重的常见原因；
(3) 装满水时，物体排开多少水就溢出多少，杯内总重力不变，升降台压力不变；
(4) 实验要改变浸入体积、更换液体多次试验，不能固定完全浸没。
（1）由图甲可知，石块的重力，石块浸没在水中时，测力计的示数为，受到的浮力
空桶的重力，空桶和排出的水总重，排开水的重力
（2）A．实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能是石块浸没过程中排开的水没有完全溢出来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A符合题意；
B．本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零对实验没有影响；故B不符合题意。
故选A。
（3）升降台受到的压力等于剩余的水的重力、重物重力溢水杯重力与弹簧测力计的拉力的合力，即
即
根据阿基米德原理可知，即
所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。
（4）上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，
故选B。
21．在“测量小灯泡的电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表、开关和若干导线。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；
（2）正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表有示数，电流表无示数，故障可能是　 　。修正后闭合开关S，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）根据多次实验数据画出了小灯泡的I-U图像如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω，小灯泡发光时的电阻变化的原因是　 　。
（4）【拓展】实验结束后，同学们又设计了如图丁所示的电路测量Rx的阻值，滑动变阻器的最大阻值已知为R，实验步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关，读出电流表的示数为I1；
②　 　，读出电流表的示数为I2；
③未知电阻Rx=　 　（用R、I1及I2表示）
【答案】（1）
（2）小灯泡断路；B
（3）12.5；灯丝电阻随温度的升高而增大
（4）将滑动变阻器滑片P滑至最左端，闭合开关；
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，画带变阻器接线“一上一下”，且与灯泡串联。电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）①灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路。电压表有示数，说明电压表两接线柱与电源之间是通路。比较可知，只能是与电压表并联的部分断路，即故障可能是小灯泡断路。
②根据乙图可知，电压表0-0.6A量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V<2.5V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应减小滑动变阻器两端的电压。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。
（3）①根据丙图可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，
则小灯泡正常发光时的电阻为。
②根据丙图可知，灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电阻变化的原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）根据丁图可知，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I1，
则电源电压为①
将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I2，
那么电源电压为②
①②联立得到：。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后观察甲图后补充即可；
（2）①根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类；
②根据乙图确定电压表的分度值和量程，读出示数后与额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2分析变阻器的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器接入阻值的变化即可。
（3）①根据丙图确定电流表的量程和分度值，读出示数后，根据欧姆定律计算灯泡电阻；
②根据灯泡电阻随温度的升高而增大分析。
（4）将滑动变阻器的滑片分别调到最左端和最右端，借助欧姆定律，以及电源电压不变为等量关系列方程式联立计算即可。
（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，应将电流表与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，如图所示：
（2）[1]闭合开关，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱与电源之间是通路，说明电压表并联部分断路，即故障可能是小灯泡断路。
[2]由图乙知道，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律可知，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。
（3）[1]由图丙知道，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为
[2]由图丙可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流也增大，由P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，但灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电阻变化的原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）[1][2]将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I1，则电源电压为
将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I2，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压为
联立以上两式可知，未知电阻Rx的阻值为
22．琪琪家某型号电热加湿器部分技术参数如表所示，图甲为其简易电路图。、为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且，S为开关，1、2、3为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换。
额定电压/V 220
高挡功率/W 440
低挡功率/W 未知
最大注水量/L 2
（1）求电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率。
（2）某次使用电热加湿器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量。图乙是使用电热加湿器工作21min的图像，求在高挡正常工作时消耗的电能。
（3）如果“高挡”加热产生的热量全部被水吸收，则此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃？
【答案】（1）解：根据甲图可知，开关S接触点2时，、 电阻串联，接触点3时只有R1工作；
根据电阻串联的知识可知，前者总电阻大于后者；
由可知，前者总功率小于后者，则前者为低档，后者为高档。
由表格数据知，高挡功率P高=440W，则R1的阻值；
那么；
则低档的发热功率。
（2）解：根据乙图可知，当加湿器工作21min时，高挡工作时间为7min，低挡工作时间为14min，
则在高挡正常工作时消耗的电能。
（3）解：此时注水仓中水的质量为；
水吸收的热量等于产生的热量，即；
那么水升高的温度。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；热量的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态。根据可得R1的阻值，根据R2=3R1求出R2的电阻值，根据计算加湿器处于低挡位置时的发热功率；
（2）由图乙读出加湿器21min内的高挡和低挡工作时间，由W=Pt计算消耗的电能；
（3）根据m=ρ水V求出注水仓中水的质量，已知电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，利用计算水升高的温度。
（1）由图甲知，开关S接1触点时，电路断路，为关；接2触点时两电阻串联，接3触点时只有R1接人电 路；电源电压一定，由可知，接2触点时电阻最大，总功率最小，为低挡；接3触点时电阻最小，总功率最大，为高挡。由表格数据知，高挡功率P高=440W，由可知，R1的阻值
由题知
则低挡的发热功率
（2）由图乙知，工作21min时，其中高挡工作时间为7min，低挡工作时间为14min，则在高挡正常工作时消耗的电能
（3）加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量，此时注水仓中水的质量为
如果此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，即
由可得，水升高的温度
23．为了进一步理解所学知识，某物理兴趣小组组装了如图所示的装置。一辆质量为3kg的玩具电动小车放置在粗糙水平桌面上，其与桌面间的滚动摩擦力为20N，一根不可伸长的细绳一端固定在小车尾部，另一端依次跨过定滑轮、动滑轮后固定在O点，两滑轮质量都为0.5kg。当小车向右运动，借助细绳、滑轮带动质量为2kg的物体以0.1m/s的速度沿竖直方向匀速上升，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，求：
（1）滑轮组在5秒内对物体做的有用功。
（2）细绳的拉力F。
（3）滑轮组的机械效率。
（4）玩具电动小车牵引力的功率P。
【答案】（1）解：由题意可知，物体5s内上升的高度
物体的重力
滑轮组在5s内做的有用功
（2）解：由题意可知，动滑轮的重力
由图可知，动滑轮由2段绳子承担，即，不计绳与滑轮间的摩擦，可得绳子的拉力
（3）解：由题图可知，绳子自由端移动的距离
总功
滑轮组的机械效率
（4）解：由题意可知，玩具电动小车的速度
小车做匀速直线运动，牵引力等于绳子拉力与滚动摩擦力之和，即
玩具电动小车牵引力的功率
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 有用功为克服物体重力做功，先求上升高度再套；
(2) 不计绳摩擦，动滑轮两段绳承重，拉力等于物重加动滑轮重的一半；
(3) 由绳子段数算出拉力移动距离，求总功后利用效率公式计算机械效率；
(4) 小车匀速，牵引力克服摩擦力与绳拉力，结合求功率。
（1）由题意可知，物体5s内上升的高度
物体的重力
滑轮组在5s内做的有用功
（2）由题意可知，动滑轮的重力
由图可知，动滑轮由2段绳子承担，即，不计绳与滑轮间的摩擦，可得绳子的拉力
（3）由题图可知，绳子自由端移动的距离
总功
滑轮组的机械效率
（4）由题意可知，玩具电动小车的速度
小车做匀速直线运动，牵引力等于绳子拉力与滚动摩擦力之和，即
玩具电动小车牵引力的功率
1 / 12026年湖北省中考一模物理试题
1．风能是一种取之不尽、用之不竭的能源，我国西北内陆地区，华北地区，沿海地区，风能资源丰富，正在大力开发风力发电.下列与风能同属于可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
2．下列各组物质，通常情况下属于绝缘体的是（　　）
A．空气、石墨 B．油、大地 C．玻璃、人体 D．陶瓷、橡胶
3．如图所示有关声现象的四个实验，下列说法中不正确的是（　　）
A．甲：在鼓面上撒几粒豆子，敲鼓时豆子会不断跳动，说明发声的物体在振动
B．乙：禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
C．丙：发声的电铃放入钟罩，抽气时声音逐渐减弱，说明声音的传播需要介质
D．丁：扬声器工作时，一旁的烛焰会晃动，说明声音可以传递能量
4．磁共振成像是一种医学成像技术，它采用强静磁场和变化磁场使人体组织成像。若携带金属物做磁共振成像，强静磁场会吸引铁质物品，变化磁场会使携带的金属中产生感应电流，从而使金属发热而灼伤病人。上述说明中，没有涉及的知识是（　　）
A．同名磁极相互排斥
B．电磁感应现象
C．电流的热效应
D．磁体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质
5．天舟系列货运飞船是中国空间站的专属“太空快递员”，负责运送物资、燃料和实验设备，并回收废弃物.搭载货运飞船的运载火箭发射升空时的情景如图，下列说法错误的是（　　）
A．火箭加速升空过程中，机械能在逐渐增大
B．火箭喷出气流使自身受力前进，这是利用了力的作用是相互的道理
C．火箭升空瞬间，会看到巨大的白色“气团”，这是水蒸气液化形成的
D．货运飞船运送生活物资时，以物资为参照物，运载火箭是运动的
6．如图所示，下列描述正确的是（　　）
A．如图A中，手持自制气压计从梧桐山脚走到山顶，管内液面升高
B．如图B中，上课时老师用力压住粉笔写字是为了减小压强
C．如图C中，托里拆利实验的玻璃管倾斜会影响实验结果
D．如图D中，饮水机使用时，会出现气泡，水中的气泡上升时不断变小
7．为了提高环境质量，经常有如图所示的喷雾车在街道上喷雾作业。若喷雾车喷雾时保持匀速直线运动，在理想状态下，下列说法正确的是（　　）
A．喷出的水雾是水蒸气液化形成的
B．喷出的水雾汽化后能放出热量
C．喷雾车的动能不变
D．喷雾车的重力势能变小
8．古诗词是中华民族文化的瑰宝，我们在欣赏诗词的时候，经常发现其与物理知识息息相关。下列说法中正确的是（　　）
A．“安得五彩虹，驾天作长桥”——彩虹的形成原理是光的直线传播
B．“起舞弄清影，何似在人间”——清影是光的直线传播形成的
C．“一道残阳铺水中，半江瑟瑟半江红”——水中残阳是光的折射形成的
D．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”——疑水浅是光的反射现象
9．某款洗衣机在需要洗衣服时，需先按动电源开关（闭合开关S），使洗衣机通电，显示屏上的指示灯亮起来；接着将洗衣机盖关闭（闭合开关），再按动启动开关（闭合开关），电动机才能工作，从而带动滚筒转动。下列电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
10．端午节划龙舟是我国的传统风俗，关于龙舟赛，下列说法中正确的是（　　）
A．开赛前，静止的龙舟没有惯性
B．使龙舟前进的施力物体是桨
C．选手们离开龙舟，龙舟向上浮起后底部受到水的压力变小
D．龙舟冲过终点不能立即停止是受到惯性力的作用
11．醋作为传统饮食中的健康成分，通过调节代谢、改善消化、抗氧化等作用，对整体健康产生积极影响。《齐民要术》是最早详细记载醋制作工艺的典籍。记录显示，蒸煮是酿醋过程中的一个重要工序，如图所示是将谷物进行蒸煮的过程，对于蒸煮过程中的现象，下列说法错误的是（　　）
A．谷物内能的增加，是通过热传递的方式实现的
B．木柴燃烧的过程，化学能转化为内能
C．木柴燃烧的过程，木柴的热值保持不变
D．蒸煮的时间越长，谷物含有的热量越多
12．如图所示，是目前世界上能实现可控飞行的最小无线机器人。该机器人由两部分组成，一部分是用3D打印出来的主体结构，由四个螺旋桨叶片和一个平衡环组成，质量为14.7mg；另一部分是小永磁体，质量为6.3mg，根据设计的飞行路径，向机器人发射电磁波，在变化的磁场作用下，小永磁体被吸引和排斥，带动螺旋桨旋转并产生足够升力，让机器人完成离地飞行、悬停等动作。下列说法中错误的是（　　）（g取10N/kg）
A．该机器人比5克的橡皮擦质量小
B．电磁波是由变化的电流产生的
C．该机器人在真空中也能飞行
D．该机器人加速离地飞行时，升力大于重力
13．如图所示的容器是　 　器。塞子拔出后各液面高低不同，粗管处液柱比细管处液柱　 　（选填“高”或“低”），是因为流速大的位置压强小。以下现象中与其原理相同的是　 　（选填序号：①热气球在空中漂浮、②C919大客机在空中飞行、③中国空间站绕地球飞行）。
14．郑和下西洋是我国航海史上浓墨重彩的一笔，其船队利用水罗盘定向。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水，边上标有方向的盘子里，磁针浮在水面上自由旋转，静止时两端分别指向南、北，如图所示，使用过程中，磁针尖会指向南方，针尖相当于磁针的　 　极；磁针有这样的指向性，是因为它受到　 　作用的结果。
15．华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到　 　材料（选填“导体”、“半导体”或“超导体”），当芯片中有电流通过时，芯片元件有电阻，由于电流的　 　效应，不可避免地会产生热量。为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合，来降低芯片的温度，这是通过　 　的方式改变芯片内能。
16．如图是台球比赛中的情景。比赛前台球静止在球台上，台球受到的重力和支持力是一对　 　（选填“平衡力”或“相互作用力”）；击球后，球离开球杆在桌面上滚动的过程中，球杆对台球　 　（选填“做功”或“不做功”）。
17．在高速路边常看到如图甲的指示牌，指示牌可以简化为一个杠杆模型，牌子整体重力可看成阻力，如图乙O为支点，固定在杆上面横拉杆的力为动力，请在图乙中画出动力和动力臂。
18．如图甲，家用插线板上的开关同时控制指示灯和插座。指示灯损坏，插座仍可正常使用。在图乙中将开关、插座、带有分压电阻的指示灯连接到电源线上。
19．为了探究眼睛的成像原理，小科自主研制了如图所示的实验装置。用水透镜模拟眼睛晶状体，通过注水或抽水可改变水透镜凸度大小。光屏和水透镜固定在光具座如图所示的位置。
（1）点燃蜡烛后，调节水透镜凸度，直至光屏上成一个清晰倒立、缩小的实像。根据光具座的坐标可以推测出此时水透镜的焦距大小范围是　 　。
（2）某同学只能在光屏下边缘看到一个残缺的像，如果不改变凸透镜和光屏的位置，只移动烛焰，则应将烛焰　 　（选填“向上”或“向下”）移动，才能使像移到屏的中央。
（3）经实验发现，将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，必须增大水透镜的凸度，这一过程相当于近处视物，晶状体在睫状体的作用下要变　 　（选填“厚”或“薄”），长此以往晶状体不能恢复，造成视物不清，需要佩戴　 　（选填“凸”或“凹”）透镜来矫正视力。
（4）保持水透镜的位置和凸度不变，将蜡烛移动到50cm刻度处，无论怎样移动光屏，都不能在光屏上看到烛焰的像，其原因是　 　。
20．某班物理实验小组的同学，通过实验验证阿基米德原理。
（1）方案一：小军用石块按照如图甲所示的实验步骤依次进行实验。由图甲可知，石块浸没在水中时，受到的浮力F浮=　 　N，排开水的重力G排=　 　N；
（2）发现所测的“F浮”不等于所测的“G溢”，造成这种结果的原因可能是______；
A．最初烧杯中水的液面未装至烧杯口
B．整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零
（3）方案二，如图乙所示，小倩将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小倩逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，升降台受到的压力　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），且弹簧测力计A的示数变化量等于B的示数变化量，从而证明了阿基米德原理；
（4）其他同学对实验提出了进一步改进措施，其中不合理的是______。
A．应该换用不同液体进行多次实验，使结论具有普遍性
B．实验中应该让物体完全浸没在液体中，控制排开液体的体积不变
21．在“测量小灯泡的电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表、开关和若干导线。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；
（2）正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表有示数，电流表无示数，故障可能是　 　。修正后闭合开关S，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动；
（3）根据多次实验数据画出了小灯泡的I-U图像如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω，小灯泡发光时的电阻变化的原因是　 　。
（4）【拓展】实验结束后，同学们又设计了如图丁所示的电路测量Rx的阻值，滑动变阻器的最大阻值已知为R，实验步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片移到最右端，闭合开关，读出电流表的示数为I1；
②　 　，读出电流表的示数为I2；
③未知电阻Rx=　 　（用R、I1及I2表示）
22．琪琪家某型号电热加湿器部分技术参数如表所示，图甲为其简易电路图。、为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且，S为开关，1、2、3为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换。
额定电压/V 220
高挡功率/W 440
低挡功率/W 未知
最大注水量/L 2
（1）求电热加湿器处于“低挡”位置时的发热功率。
（2）某次使用电热加湿器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量。图乙是使用电热加湿器工作21min的图像，求在高挡正常工作时消耗的电能。
（3）如果“高挡”加热产生的热量全部被水吸收，则此次“高挡”加热可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃？
23．为了进一步理解所学知识，某物理兴趣小组组装了如图所示的装置。一辆质量为3kg的玩具电动小车放置在粗糙水平桌面上，其与桌面间的滚动摩擦力为20N，一根不可伸长的细绳一端固定在小车尾部，另一端依次跨过定滑轮、动滑轮后固定在O点，两滑轮质量都为0.5kg。当小车向右运动，借助细绳、滑轮带动质量为2kg的物体以0.1m/s的速度沿竖直方向匀速上升，不计细绳与两滑轮之间的摩擦，不考虑空气阻力，求：
（1）滑轮组在5秒内对物体做的有用功。
（2）细绳的拉力F。
（3）滑轮组的机械效率。
（4）玩具电动小车牵引力的功率P。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．太阳能可以源源不断地得到补充，是可再生能源，故A符合题意；
BCD．石油、天然气、核燃料无法短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】可以不断得到补充的能源，是可再生能源，不能从自然界得到补充，是不可再生能源。
2．【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A、石墨容易导电，属于导体，空气是绝缘体，故 A 错误；
B、大地容易导电是导体，油是绝缘体，故 B 错误；
C、人体容易导电属于导体，玻璃是绝缘体，故 C 错误；
D、陶瓷、橡胶通常情况下都不容易导电，均为绝缘体，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查导体、绝缘体区分，石墨为常见导体；
B、大地是导体，油是绝缘体；
C、人体属于导体，玻璃属于绝缘体；
D、陶瓷、橡胶都是生活中常用绝缘材料。
3．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声与能量传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A、敲鼓时豆子跳动，转换法证明发声体在振动，A正确；
B、禁止鸣笛是从噪声产生处减弱噪声（声源处），并非传播过程中，B错误；
C、钟罩内抽气声音变弱，推理得出真空不能传声，声音传播需要介质，C正确；
D、扬声器发声吹动烛焰晃动，说明声波可以传递能量，D正确；
故答案为：B。
【分析】A、考查声音产生原因，振动发声，豆子放大鼓面振动；
B、考查噪声控制三条途径：禁鸣在声源处降噪；
C、考查声音传播条件，真空不能传声；
D、考查声的利用，声音能够传递能量。
4．【答案】A
【知识点】电流的热效应；磁场；电磁感应；磁极间的相互作用
【解析】【解答】A．根据题干描述的信息可知，并没有涉及同名磁极相互排斥，故A符合题意；
B．根据“ 变化磁场会使携带的金属中产生感应电流 ”可知，涉及电磁感应现象，故B不符合题意；
C．根据“感应电流使金属发热而灼伤病人”可知，这种现象涉及电流的热效应，故C不符合题意；
D．根据“ 强静磁场会吸引铁质物品”可知，强静磁场会吸引铁质物品，故D不符合题意。
故选A。
【分析】对题目描述的信息进行分析，确定其中包含的物理原理和知识即可。
5．【答案】D
【知识点】液化及液化放热；机械能及其转化；力作用的相互性；参照物及其选择
【解析】【解答】A、火箭加速升空，速度变大动能增大、高度变大重力势能增大，机械能增大，故 A 正确；
B、火箭向下喷气，气流给火箭向上反作用力，利用力的作用是相互，故 B 正确；
C、发射时水池水汽化生成高温水蒸气，水蒸气遇冷液化形成白色气团，故 C 正确；
D、运送物资时，物资与火箭相对位置不变，以物资为参照物火箭静止，故 D 错误；
故答案为：D。
【分析】A、考查机械能影响因素，动能、势能均变大则机械能变大；
B、考查力的作用相互；
C、考查液化现象，白气是水蒸气液化形成；
D、考查参照物，相对位置不变则物体相对静止。
6．【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法；液体压强的特点；大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．手持自制气压计从梧桐山脚走到山顶，外界大气压强变小，瓶内气压大于瓶外气压，使管内液面上升，故A正确；
B．上课时老师用力压住粉笔写字，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C．托里拆利实验时，玻璃管如果倾斜会使水银柱长度增加，但高度不变，故C错误；
D．水中的气泡上升时，受到的液体压强变小，所以气泡不断变大，故D错误。
故选A。
【分析】1、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
3、压强和高度的关系，高度越高，压强越小。
7．【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；机械能及其转化
【解析】【解答】A、水雾是液态小水珠，由水直接喷出形成，并非水蒸气液化，故 A 错误；
B、水汽化吸热，液化放热，故 B 错误；
C、匀速行驶，不断向外喷水，整车总质量减小，速度不变，动能变小，故 C 错误；
D、车的整体质量减小，重心高度基本不变，重力势能变小，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查物态变化，水雾是液态水，不是液化产物；
B、考查吸放热规律：汽化吸热、液化放热；
C、考查动能影响因素：速度不变、质量减小则动能减小；
D、考查重力势能影响因素：高度不变、质量减小则重力势能减小。
8．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A、彩虹是太阳光经水珠折射、色散形成，属于光的色散（折射），不是光沿直线传播，故 A 错误；
B、清影是影子，由光的直线传播被遮挡形成，故 B 正确；
C、水中残阳是平面镜成像，属于光的反射，不是折射，故 C 错误；
D、潭清疑水浅是水底光线射入空气发生折射，属于光的折射，不是反射，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查光的色散，彩虹成因是光的折射色散；
B、考查光的直线传播，影子由光沿直线传播形成；
C、考查光的反射，水面倒影属于平面镜成像；
D、考查光的折射，池水变浅是光的折射现象。
9．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，指示灯发光时，电动机可以工作，也可以不工作，那么二者之间不相互影响，则二者并联。
闭合开关S时，指示灯发光；闭合开关S，S1和S2时，电动机工作，则开关S控制指示灯和电动机，因此开关S在干路上，且S1和S2只控制电动机。
根据题意可知，只有开关S1和S2都闭合时，电动机才能启动，说明二者相互影响，即二者串联后，再与电动机串联在同一支路上，如下图所示：
故选B。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
10．【答案】C
【知识点】力的概念及单位；惯性及其现象；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．惯性是物体本身固有的属性，一切物体在任何运动状态下都具有惯性，因此静止的龙舟同样具有惯性，故A错误；
B．桨向后划水时，根据力的作用是相互的，水会对桨施加一个向前的反作用力，正是这个力推动龙舟前进，因此使龙舟前进的施力物体是水，不是桨，故B错误；
C．选手离开龙舟后，龙舟的总重力减小；由于龙舟始终漂浮在水面上，浮力和总重力大小相等，因此龙舟受到的浮力也会减小。浮力减小后排开水的体积减小，龙舟会上浮，龙舟底部在水中的深度减小，根据液体压强公式可知，龙舟底部受到的水的压强变小；龙舟底部受力面积不变，由F=pS可知，龙舟底部受到水的压力也会变小，故C正确；
D．惯性是物体本身的固有性质，不是力，不能表述为“受到惯性力的作用”，龙舟冲过终点后无法立即停止，是因为龙舟具有惯性，要保持原来的运动状态继续运动，故D错误。
故选C。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上；
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
11．【答案】D
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；燃料的热值；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．蒸煮谷物时，谷物吸收热源放出的热量，使谷物内能增加，是通过热传递的方式实现的，故A正确，不符合题意；
B．燃烧前，木材含有化学能，燃烧后得到内能，则木柴燃烧过程中，将自身储存的化学能转化为内能释放出来，故B正确，不符合题意；
C．木柴燃烧过程中，燃料的种类保持不变，因此其热值保持不变，故C正确，不符合题意；
D． 蒸煮的时间越长，谷物含有的内能越多，而不是热量越多，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】A. 改变物体内能的方式有做功和热传递；
B.根据能量转化的知识判断；
C. 热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等无关；
D.热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”多少热量，不能说物体“含有”或“具有”多少热量。
12．【答案】C
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、总质量，质量小于5g橡皮，A正确；
B、变化的电流能够产生电磁波，B正确；
C、螺旋桨依靠空气向下的反作用力获得升力，真空无空气，无法产生升力，不能飞行，C错误；
D、加速向上运动，合力向上，升力大于自身重力，D正确；
故答案为：C。
【分析】A、考查质量单位换算与大小比较；
B、考查电磁波产生条件：变化的电流产生电磁波；
C、考查力的作用相互，螺旋桨升力依靠空气，真空无法飞行；
D、考查力与运动关系，加速上升时升力大于重力。
13．【答案】连通；高；②
【知识点】连通器原理及其应用；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】容器上端开口、底部连通，是连通器；拔塞后粗管流速小、压强大，液柱比细管处高；原理为流体压强与流速关系，对应实例②。
答案：连通；高；②
【分析】(1) 连通器定义：上端开口、下端相连通，图中容器符合连通器结构；
(2) 流体规律：流速越大，压强越小，细管窄、水流快、压强小，液面更低，粗管液面更高；
(3) ①热气球依靠浮力升空，②飞机利用流体流速大压强小获得升力，③空间站靠万有引力环绕地球，因此选②。
14．【答案】南；地磁场
【知识点】地磁场
【解析】【解答】磁针针尖指向地理南方，对应磁针南极；磁针能定向是受到地磁场的作用。
故答案为：南；地磁场
【分析】(1) 地磁北极位于地理南极附近，异名磁极相吸，磁针南极被地磁北极吸引而指向南方，因此指向南方的针尖为南极；
(2) 地球周围存在地磁场，在地磁场的磁力作用下，自由磁针静止时沿南北方向指向。
15．【答案】半导体；热；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；半导体特点及作用；电流的热效应
【解析】【解答】（1）半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，因此芯片是半导体材料制成的；
（2）当芯片中有电流通过时会产生热量，这种现象叫电流的热效应。
（3） 为了不影响芯片的性能， 让散热部件与芯片紧密结合，芯片的内能转移到散热部件上，这是通过热传递的方式改变芯片的内能。
【分析】（1）根据半导体的特点和应用解答；
（2）电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应；
（3）热传递的本质为能量的转移。
16．【答案】平衡力；不做功
【知识点】平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】图中，台球静止时，是平衡状态，受平衡力，重力和支持力是一对平衡力。
台球在桌面上滚动时，球杆对台球没有力的作用，对台球不做功。
【分析】静止的物体受到的重力和支持力，是平衡力；物体受力，且在力的方向移动距离，力对物体做了功。
17．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图乙可知，牌子的重力让牌子沿逆时针转动，根据杠杆平衡条件，固定在杆上面横拉杆的力应该让牌子沿顺时针转动，因此动力的方向水平向右，过支点作动力作用线的垂线段即为动力臂，如图所示
【分析】(1) 标志牌重力使杠杆绕O逆时针转动，动力需阻碍该转动，因此拉杆拉力水平向右；
(2) 力臂定义：支点到力的作用线的垂直距离，过O作动力垂线即为动力臂。
18．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】由题意知，指示灯损坏，插孔仍可正常使用，所以带有分压电阻的灯泡和插孔是并联的；三孔插孔根据“左零右火，上接地”原则接入电路；开关接在灯泡、插孔和火线之间控制火线使用更安全，如下图所示：
【分析】(1) 指示灯损坏插座仍能用，说明二者并联；开关在火线侧，断电后后方不带电，符合安全用电规范；
(2) 三孔插座接线口诀：左零右火上接地。
19．【答案】（1）
（2）向下
（3）厚；凹
（4）像距超过光具座的范围，光屏承接不到
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距满足，即，
像距满足，即，解得，故凸透镜焦距范围
故答案为：
（2）像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。
故答案为：向下
（3）蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光屏后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以提前会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在视网膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。
故答案为：厚；凹
（4）根据光路可逆性可知，此时物距为20cm，像距应为50cm，光屏需移至120cm处，才能承接清晰的像。该像距超出了光具座的刻度范围，因此光屏承接不到像。
故答案为：像距超过光具座的范围，光屏承接不到
【分析】(1) 依据凸透镜成缩小实像的成像规律列不等式求解焦距范围；
(2) 凸透镜成像烛焰与像移动方向相反，像偏下则烛焰下移；
(3) 看近处物体晶状体增厚，近视眼成因是晶状体折光能力过强，用凹透镜发散矫正；
(4) 根据光路可逆判断所需像距，对比光具座长度得出无法成像原因。
（1）此时光屏上成倒立、缩小的实像，物距满足，即，
像距满足
即
解得
故凸透镜焦距范围
（2）像在光屏的下边缘，说明烛焰、凸透镜、光屏的中心不在同一高度。根据凸透镜成像特点，为使像向上移动到光屏中央，应将烛焰向下移动。
（3）[1][2]蜡烛靠近水透镜时，物距减小，像距变大，像成在光屏后方。为使像清晰，需增大水透镜凸度以提前会聚光线，这与人眼看近处物体时晶状体变厚的原理一致。若晶状体无法恢复，折光能力过强，像成在视网膜前方，形成近视眼，需佩戴凹透镜矫正。
（4）根据光路可逆性可知，此时物距为20cm，像距应为50cm，光屏需移至120cm处，才能承接清晰的像。该像距超出了光具座的刻度范围，因此光屏承接不到像。
20．【答案】（1）1.1；1
（2）A
（3）不变
（4）B
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图甲可知，石块的重力，石块浸没在水中时，测力计的示数为，受到的浮力，空桶的重力，空桶和排出的水总重，排开水的重力
故答案为：1.1；1
（2）A．实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能是石块浸没过程中排开的水没有完全溢出来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A正确；
B．本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零对实验没有影响；故B错误。
故答案为：A。
（3）升降台受到的压力等于剩余的水的重力、重物重力溢水杯重力与弹簧测力计的拉力的合力，即，即
根据阿基米德原理可知，即
所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。
故答案为：不变
（4）上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，
故答案为：B。
【分析】(1) 称重法算浮力、差值法算排开水重力；
(2) 液面未加满会导致溢出水偏少，是浮力大于测得排重的常见原因；
(3) 装满水时，物体排开多少水就溢出多少，杯内总重力不变，升降台压力不变；
(4) 实验要改变浸入体积、更换液体多次试验，不能固定完全浸没。
（1）由图甲可知，石块的重力，石块浸没在水中时，测力计的示数为，受到的浮力
空桶的重力，空桶和排出的水总重，排开水的重力
（2）A．实验过程中，测量出的溢出的水的重力比浮力小，可能是石块浸没过程中排开的水没有完全溢出来，即最初烧杯中水的液面未装至烧杯口，实验时溢出的水的重力偏小；故A符合题意；
B．本实验中，受到的浮力和排出水的重力都是根据测力计示数差来求的，故整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零对实验没有影响；故B不符合题意。
故选A。
（3）升降台受到的压力等于剩余的水的重力、重物重力溢水杯重力与弹簧测力计的拉力的合力，即
即
根据阿基米德原理可知，即
所以升降台受到的压力一直等于水的总重力与溢水杯重力之和，故升降台受到的压力不变。
（4）上述实验只进行了一次实验，得到的实验结论具有偶然性，为了能够得到普遍规律，需要更换不同液体、不同物块进行多次实验，故A合理，B不合理，
故选B。
21．【答案】（1）
（2）小灯泡断路；B
（3）12.5；灯丝电阻随温度的升高而增大
（4）将滑动变阻器滑片P滑至最左端，闭合开关；
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，画带变阻器接线“一上一下”，且与灯泡串联。电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）①灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路。电压表有示数，说明电压表两接线柱与电源之间是通路。比较可知，只能是与电压表并联的部分断路，即故障可能是小灯泡断路。
②根据乙图可知，电压表0-0.6A量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V<2.5V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压。根据U总=U1+U2可知，应减小滑动变阻器两端的电压。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。
（3）①根据丙图可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，
则小灯泡正常发光时的电阻为。
②根据丙图可知，灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电阻变化的原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）根据丁图可知，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I1，
则电源电压为①
将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I2，
那么电源电压为②
①②联立得到：。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后观察甲图后补充即可；
（2）①根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类；
②根据乙图确定电压表的分度值和量程，读出示数后与额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，根据U总=U1+U2分析变阻器的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器接入阻值的变化即可。
（3）①根据丙图确定电流表的量程和分度值，读出示数后，根据欧姆定律计算灯泡电阻；
②根据灯泡电阻随温度的升高而增大分析。
（4）将滑动变阻器的滑片分别调到最左端和最右端，借助欧姆定律，以及电源电压不变为等量关系列方程式联立计算即可。
（1）在“测量小灯泡的电阻”实验中，应将电流表与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，如图所示：
（2）[1]闭合开关，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中有断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱与电源之间是通路，说明电压表并联部分断路，即故障可能是小灯泡断路。
[2]由图乙知道，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律可知，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动。
（3）[1]由图丙知道，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为
[2]由图丙可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流也增大，由P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，但灯泡的I-U的图像不是一条直线，说明灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡发光时电阻变化的原因是灯丝电阻随温度的升高而增大。
（4）[1][2]将滑动变阻器滑片P滑至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I1，则电源电压为
将滑动变阻器滑片P滑至最左端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，闭合开关，读出电流表示数为I2，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压为
联立以上两式可知，未知电阻Rx的阻值为
22．【答案】（1）解：根据甲图可知，开关S接触点2时，、 电阻串联，接触点3时只有R1工作；
根据电阻串联的知识可知，前者总电阻大于后者；
由可知，前者总功率小于后者，则前者为低档，后者为高档。
由表格数据知，高挡功率P高=440W，则R1的阻值；
那么；
则低档的发热功率。
（2）解：根据乙图可知，当加湿器工作21min时，高挡工作时间为7min，低挡工作时间为14min，
则在高挡正常工作时消耗的电能。
（3）解：此时注水仓中水的质量为；
水吸收的热量等于产生的热量，即；
那么水升高的温度。
【知识点】密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式；热量的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由比较开关在不同位置时总功率大小，进而确定对应的工作状态。根据可得R1的阻值，根据R2=3R1求出R2的电阻值，根据计算加湿器处于低挡位置时的发热功率；
（2）由图乙读出加湿器21min内的高挡和低挡工作时间，由W=Pt计算消耗的电能；
（3）根据m=ρ水V求出注水仓中水的质量，已知电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，利用计算水升高的温度。
（1）由图甲知，开关S接1触点时，电路断路，为关；接2触点时两电阻串联，接3触点时只有R1接人电 路；电源电压一定，由可知，接2触点时电阻最大，总功率最小，为低挡；接3触点时电阻最小，总功率最大，为高挡。由表格数据知，高挡功率P高=440W，由可知，R1的阻值
由题知
则低挡的发热功率
（2）由图乙知，工作21min时，其中高挡工作时间为7min，低挡工作时间为14min，则在高挡正常工作时消耗的电能
（3）加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量，此时注水仓中水的质量为
如果此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，即
由可得，水升高的温度
23．【答案】（1）解：由题意可知，物体5s内上升的高度
物体的重力
滑轮组在5s内做的有用功
（2）解：由题意可知，动滑轮的重力
由图可知，动滑轮由2段绳子承担，即，不计绳与滑轮间的摩擦，可得绳子的拉力
（3）解：由题图可知，绳子自由端移动的距离
总功
滑轮组的机械效率
（4）解：由题意可知，玩具电动小车的速度
小车做匀速直线运动，牵引力等于绳子拉力与滚动摩擦力之和，即
玩具电动小车牵引力的功率
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 有用功为克服物体重力做功，先求上升高度再套；
(2) 不计绳摩擦，动滑轮两段绳承重，拉力等于物重加动滑轮重的一半；
(3) 由绳子段数算出拉力移动距离，求总功后利用效率公式计算机械效率；
(4) 小车匀速，牵引力克服摩擦力与绳拉力，结合求功率。
（1）由题意可知，物体5s内上升的高度
物体的重力
滑轮组在5s内做的有用功
（2）由题意可知，动滑轮的重力
由图可知，动滑轮由2段绳子承担，即，不计绳与滑轮间的摩擦，可得绳子的拉力
（3）由题图可知，绳子自由端移动的距离
总功
滑轮组的机械效率
（4）由题意可知，玩具电动小车的速度
小车做匀速直线运动，牵引力等于绳子拉力与滚动摩擦力之和，即
玩具电动小车牵引力的功率
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