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2026年四川省内江市威远中学中考第一次模拟考试物理试题
1．下列关于牛顿第一定律的看法中，正确的是（　　）
A．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
B．牛顿第一定律是以实验为基础，通过推理得出的
C．世上没有真正不受力的物体，所以牛顿第一定律是不可能实现的定律
D．牛顿第一定律又称惯性定律，说明物体的惯性和牛顿第一定律讲的是一回事
2．关于能量的转化与守恒，下列说法正确的是（　　）
A．一个用细线悬挂的小球在来回摆动许多次后总会停下来，说明这个过程的能量不守恒
B．空调既能制热，又能制冷，说明自发的热传递不存在方向性
C．因为自然界中的能量是守恒的，所以说能源危机不过是杞人优天
D．任何制造永动机的设想，无论看上去多么巧妙，都是一种徒劳
3．关于电磁波，下列说法正确的是（　　）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．电磁波的频率越高，波长越长
C．光不是电磁波
D．无线电波、红外线、紫外线都是电磁波
4．2023年10月8日，随着中国花样游泳队夺得杭州亚运会集体项目冠军，中国代表团斩获201金完美收官。当花样游泳运动员在水中上浮而未露出水面的过程中，它受到水的（　　）
A．压强不变，浮力不变 B．压强减小，浮力不变
C．压强减小，浮力变大 D．压强增大，浮力变小
5．针对下面的四幅图，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中，敲鼓时用力越大鼓面所发声音的音调越高
B．乙图中，把石块放在水中敲击能听到石块发出的声音，说明水能传播声音
C．丙图中，改变小卡片在梳齿上划动的速度，可以改变发声体的音色
D．丁图中，住宅区道路两旁安装隔音板，是从声源处减弱噪声
6．关于生活中的物态变化，下列说法中正确的是（　　）
A．夏天打开冰箱门时，门口的“白气”，是空气中的水蒸气液化成的小水滴
B．文艺演出时，舞台上施放出的“白气”，是干冰在常温下升华成的气态二氧化碳
C．雨天，车窗玻璃内侧“起雾”，是汽化现象
D．冬天打开热水瓶的盖子时，瓶口周围的“白气”，是空气中的水蒸气液化成的小水滴
7．如图所示，A、B、C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（　　）
A．石块B所受合力不为零
B．石块B受到石块A的重力和压力的作用
C．石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力
D．石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力
8．对图中各装置的原理或现象分析正确的是（　　）
A．图甲：盆景自动供水装置利用连通器原理工作
B．图乙：塑料吸盘依靠大气压紧紧贴在墙壁上
C．图丙：高压锅能增大锅内气体的压强，使水的沸点降低
D．图丁：将自制气压计从山脚拿到山顶，玻璃管中的液面会下降
9．如图甲是小灯泡L和电阻R的I﹣U图象。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，其电源电压不变，同时闭合开关S1和S2时，电流表的示数为0.7A．下列分析与计算正确的是（　　）
A．此时小灯泡L的电阻为20Ω
B．此时通过电阻R的电流为0.5A
C．此时整个电路的总电阻小于8Ω
D．将小灯泡L和电阻R串联在5V的电路中，通过电路的电流为0.4A
10．2017年9月29日，世界上首条量子保密通信干线“京沪干线”和“墨子号”科学实验卫星进行了天、地连接，成功实现了洲际量子保密通信，大大地提高了我国的保密技术水平，那么，在下列说法中正确的是（　　）
A．在“墨子号”实验卫星的发射过程中，将重力势能转化为动能
B．在轨运行的“墨子号”卫星受到的力是平衡力
C．在轨运行的“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，但仍然受重力
D．保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过超声波实现联系的
11．如图是导体甲和乙的I-U图像，下列说法正确的是（　　）
A．甲、乙均为定值电阻
B．当甲两端电压为3V时，
C．将甲、乙串联在电路中，当闭合开关，电路电流为0.2A时，甲两端的电压为2V
D．将甲、乙并联在电路中，当闭合开关，甲两端电压为2V时，乙的电阻为10Ω
12．如图所示，电源电压为6V，R1、R3为定值电阻，R1=10Ω，R2为滑动变阻器，规格为“20Ω，1A”。只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处，电流表A的示数为I1，R1的功率为P1；再闭合开关S1，电流表A的示数为I2，I1︰I2=1︰4；当开关S、S1、S2均闭合时，两电表可更换量程。下列说法正确的是（　　）
A．R3的阻值为15Ω
B．只闭合开关S，滑片P向左移动，电压表的示数增大
C．开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，电路的总功率为40P1
D．开关S、S1、S2均闭合，在保证电路安全的情况下，电流表示数的最大值为2.5A
13．在影片中出现的“大石头”砸在人身上的画面中，“大石头”是由密度很　 　的材料制成的（选填“大”或“小”）。如果我们将“大石头”搬到月球上，它受到的“重力”会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
14．青年志愿者定期清理树林中饮料瓶，这是因为丢弃的饮料瓶内进入水后，相当于一个　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”），对太阳光有　 　作用，在阳光下暴晒，容易引起火灾。
15．如图所示，是一种水位自动报警器的原理图，容器中装有盐水，水位到达A时，　 　灯亮，说明盐水是导体。在工作电路中，电磁铁上端为　 　（选填“N”或“S”）极。
16．如图是景区的等高线图，图中的数值表示海拔。小明从A地走到B地的过程中，他所处的海拔高度　 　，这一过程中，他的重力势能　 　。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
17．如图甲是某同学家的电能表，一次记录某个用电器发现6min的时间电能表转盘转动60圈，请问这段时间所消耗的电能为　 　J，这个用电器的功率为　 　W。
18．用如图所示的滑轮组将重为90 N的物体匀速提升，绳端拉力大小为60N。此过程中使用A滑轮的好处是可以改变力的　 　（选填“大小”或“方向”）；绳重与摩擦忽略不计，则B滑轮重为　 　N。
19．如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图像，由图像可知，　 　是小灯泡的图像；把定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为5V的电源上，此时小灯泡的电阻为　 　。
20．如图为晓双同学在进行跳远测试过程中的某一瞬间，O点是他的重心，请画出此时晓双的受力示意图。（不计空气对晓双的作用力）
21．每年冬至的正午时分，当阳光通过故宫乾清宫的宫门照射到光亮如镜的金砖上，金砖反射的光就能使宫内的“正大光明”匾额“发光”。请在如图所示的简化图中作出相应的光
路图解释该现象。
22．如图所示，请将三孔插座、电灯和开关正确连接在家庭电路中。
23．小明在“测小车的平均速度”的实验中设计了如图实验装置，小车从带刻度的斜面的顶端由静止开始下滑，小车到达A、B、C三处的电子表的如图示数（数字分别表示小时、分钟、秒）则：
（1）该实验是根据公式　 　进行测量的；
（2）为了准确测量时间，则斜面的坡度应较　 　（选填“大”或“小”）；
（3）若如图所示小车vBC=　 　m/s，若已经驶过C点再停止计时，则测出的vBC会偏　 　（选填“大”或“小”）；
24．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）电流表的量程应选　 　A，请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整　 　；
（2）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于　 　（选填“A”或“B”）端；
（3）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图2所示）为　 　V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（4）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图3所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是　 　W。
25．步行是一种简易方便的健身运动，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，步距还可作为身体上的一把“尺子”。小东测出自己的步距为0.5m，他正常步行1min走了180步。小东根据自己的腿长和步距画出了如图所示的步行示意图，对步行时重心的变化进行了分析，当两脚一前一后着地时重心降低，而单脚着地迈步时重心升高，因此每走一步都要克服重力做功。（已知小东的腿长是65cm，质量是50kg，g取10N/kg）则小东正常步行的速度是　 　m/s，小东每走一步克服重力所做的功是　 　J ，小东正常步行克服重力做功的功率是　 　W。
26．亮亮设计了一个用电压表的示数反映环境温度变化的电路，其电路原理如甲图所示，电源电压为4V保持不变，定值电阻阻值为15Ω，是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如乙图所示。闭合开关S后，当环境温度为时，此时电压表的示数为1.5V。求：
（1）当环境温度为20℃时，电流表示数为多少？
（2）当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为多少？
（3）当电压表示数为2.4V时，环境温度是多少？
（4）已知甲图中电压表的测量范围足够大，若将电流表更换为测量范围为0~100mA的新电流表，在环境温度不超过100℃时，为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少多大的电阻？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】A．牛顿第一定律告诉我们，力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。故A错误；
B．牛顿第一定律是基于大量的实验观察和逻辑推理得出的，描述物体在不受外力作用时的运动情况。故B正确；
C．世上没有真正不受力的物体，但并不表示牛顿第一定律是不可能实现的定律，因为生活中的现象都可以用牛顿第一定律来解释，故C错误；
D．惯性是物体保持其运动状态（静止或匀速直线运动）的性质，而牛顿第一定律则描述了物体在不受外力作用时的运动情况，因此二者不同，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据牛顿第一定律的本质判断；
B.根据牛顿第一定律的研究方法判断；
C.根据牛顿第一定律能否正确解释生活中的现象分析；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
2．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A． 一个用细线悬挂的小球在来回摆动许多次后总会停下来， 是因为机械能通过摩擦和克服空气阻力转化为内能，但是总能量仍然守恒，故A错误；
B．空调工作制冷或制热时不是自发进行的，需要电能驱动，不能说明热传递无方向性，故B错误；
C．能量的转化或转移是有方向性的，有些能量不能被人类再次利用，因此能源危机是存在的，是指可用能源减少，故C错误；
D．永动机违背了能量转化和守恒定律，因此是无法实现，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据机械能和内能的转化判断；
B.根据空调工作也需要额外输入电能判断；
C.根据能量转化和转移的方向性判断；
D.根据能量转化和守恒定律判断。
3．【答案】D
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波在真空中的传播速度为，不是340m/s，故A错误；
B．根据公式可知，频率越高，波长越短，故B错误；
C．光属于可见的电磁波，故C错误；
D．根据电磁波谱可知，无线电波、红外线、紫外线都属于电磁波，故D正确。
故选D 。
【分析】A.根据电磁波的传播速度判断；
B.根据公式分析判断；
CD.根据电磁波谱的分类判断。
4．【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】运动员在上浮且未露出水面的过程中，排开水的体积保持不变，根据阿基米德原理可知，运动员受到的浮力大小不变；随着不断上浮，运动员所处的水中深度逐渐减小，由液体压强公式可得，其受到的水的压强不断减小。综上，浮力不变、压强变小，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】（1）根据阿基米德原理，当液体密度、物体排开液体的体积均不变时，物体所受浮力大小保持恒定；
（2）液体内部压强与深度有关，在液体密度不变时，深度越小，物体受到的液体压强就越小。
5．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．敲鼓时用力越大，鼓面振幅越大，则声音的响度越大，故A错误；
B．把石块放在水中敲击，声音要经过水和空气才能传递到人的耳朵，说明水（液体）能传播声音，故B正确；
C．音调与发声体的频率有关。改变小卡片在梳齿上划动的速度，那么卡片的振动频率就发生变化，因此声音的音调发生改变，故C错误；
D．根据减弱噪声的方法可知，住宅区道路两旁安装隔音板，是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选B。
【分析】A.响度与振幅大小有关；
B.根据声音的传播需要介质判断；
C.音调与发声体的频率有关；
D.减弱噪声的方法；从声源处减弱，从传播过程中减弱，从人耳处减弱。
6．【答案】A
【知识点】物质的三态；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A． 夏天打开冰箱门时， 冰箱外温度高的水蒸气遇到冰箱内出来的冷空气放热，从气态变成液态发生液化成为小水珠，则就是我们看到的“白气”。故A正确；
B． 文艺演出时， 抛出的干冰升华吸热，而空气中的水蒸气温度降低从气态变成液态发生液化成为小水珠，形成了舞台上的“白气”。故B错误；
C．雨天时，车窗外的温度较低，车内水蒸气遇到较冷的玻璃从气态变成液态发生液化形成的小水珠，从而在车窗内侧看到水雾，故C错误；
D． 冬天打开热水瓶的盖子时， 外界气温较低，热水瓶中的温度较高的水蒸气放热，从气态变成液态发生液化现象形成小水珠，从而形成“白气”，故D错误。
故选A。
【分析】物质从气态变成液态发生液化现象，液化需要放热；物质从固态直接变成气态叫升华，升华需要吸热。
7．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A、石块B保持静止不动，属于平衡状态，平衡状态下物体所受全部外力相互抵消，整体合力大小为零，故A错误；
B、石块A叠放在B上方，会对B产生向下的压力，但该压力大小并不完全等同于A的重力，二者不能直接划等号，故B错误；
C、石块B自身存在重力，同时还要承受上方石块A的压力，石块C提供的支持力需要同时平衡这两个力，两个力大小并不一致，不满足平衡力的条件，故C错误；
D、石块B对C的压力与石块C对B的支持力，满足大小一致、方向相反、作用在不同物体、共线的特点，完全符合相互作用力的判定条件，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）平衡力的合力为零。
（2）石块B受到石块A压力等于A的重力；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
8．【答案】B
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．盆景自动供水装置的核心是 大气压的应用：瓶内水面上方气压小于外界大气压，外界大气压将水压入盆景中，维持盆景内水面高度。连通器的特点是 “上端开口、底部相连通，液面静止时相平”，而该装置瓶内封闭（上端不开口），不符合连通器原理。故A错误；
B．塑料吸盘使用时，先挤压吸盘排出内部空气，使吸盘内气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧紧压在墙壁上，依靠大气压保持静止。故B正确；
C．高压锅的原理是增大锅内气压，提高水的沸点：气压越大，液体沸点越高，高压锅内气压大于标准大气压，水的沸点超过 100℃，能更快煮熟食物。选项中 “使水的沸点降低” 表述错误。故C错误；
D．自制气压计的原理是 “瓶内气压大于外界气压，支撑玻璃管内液面”。从山脚到山顶，海拔升高，外界大气压 减小，瓶内气压相对较大，会将更多液体压入玻璃管，导致玻璃管中的液面 上升（而非下降）。故D错误。
故选B。
【分析】（1）连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面；
（2）大气压随着高度的增加而降低；
（3）水的沸点与气压有关；气压越低，沸点越低、气压越高，沸点越高。
9．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABC．根据图片可知，闭合开关S1和S2时，电阻R与灯泡并联，电流表测干路电流。
根据甲图可知，当二者的电压为4V时，通过电阻R的电流为0.2A，通过小灯泡L的电流为0.5A，
则此时电流表的示数I总=I1+I2=0.2A+0.5A=0.7A，与题意相符；此时小灯泡L的电阻为；此时整个电路的总电阻为，故AB错误，C正确；
D．根据甲图可知，当电流为0.2A时，灯泡的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，则此时总电阻为：U总=UL+U=1V+4V=5V，与题意相符，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据图片可知，闭合开关S1和S2时，电阻R与灯泡并联，电流表测干路电流。根据
I总=I1+I2和甲图确定此时的电源电压和电流，根据欧姆定律计算对应的电阻即可；
D.根据串联电路各处电流都相等，结合U总=UL+U确定灯泡和定值电阻两端的电压，进而确定此时电路电流即可。
10．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、卫星升空时，质量不变，速度变大，故动能变大；同时高度增加，所以重力势能增加，即燃料的化学能最终转化为卫星的机械能，A不符合题意；
B、在轨运行的“墨子号”卫星做的是圆周运动，运动方向发生了变化，不是平衡状态，受到的力不是平衡力，B不符合题意；
C、“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，是因为受到重力，而重力全部用来提供向心力，所以还是受重力作用的，C符合题意；
D、电磁波的传播不需要介质，保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过电磁波实现联系，而超声波不能在真空中传播，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、并且在同一直线上，则这两个力二力平衡时合力为零.
电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场，由于电磁场本身具有物质性，因此电磁波传播时不需要介质.
11．【答案】D
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，乙图线是一条过原点的曲线，说明乙的电阻是变化的，即乙不是定值电阻，故A错误；
B．根据图片可知，甲的电阻为，故B错误；
C．根据图片可知，当电路电流为0.2A时，甲两端的电压为1V，故C错误；
D．将甲、乙并联在电路中，由并联电路电压的特点可知，甲两端电压等于乙两端的电压，即二者电压都为2V。由图像可知，此时乙的电流为0.2A，则乙的电阻为，故D正确。
故选D。
【分析】A.定值电阻的U-I图像是一条通过坐标原点的斜线；
B.根据图像确定甲的电压和电流，然后根据计算甲的电阻；
C.根据图像确定电流为0.2A时甲两端的电压；
D.由并联电路电压的特点计算乙的电压，根据图像确定通过乙的电流，最后根据计算乙的电阻。
12．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知，则电路中的电流为①；再闭合开关S1时，只有R3工作，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知，电路中的电流为②；
①和②作比得到：；解得：，故A错误；
B．根据图片可知，只闭合开关S时，R1、R2和R3串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。当滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值减小，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时电压表的示数减小，故B错误；
C．根据图片可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2和R3串联，
此时通过电路中的电流为
此时的功率为；
开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，R1、R2和R3并联，
电路的总功率为；
则，即，故C正确；
D．根据图片可知，开关S、S1、S2均闭合时，R1、R2和R3并联，电流表测干路电流，
根据“ 20Ω，1A ”可知，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
通过R1、R2的电流分别为，；
则干路的最大电流为；
故D错误。
故选C。
【分析】A.根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，根据欧姆定律列出电路中电流的表达式，再闭合开关S1时，只有R3工作，再根据欧姆定律列出电流的表达式，再根据两次电流表的示数之比即可求出R3的阻值；
B.根据电路图可知，只闭合开关S，R1、R2、R3串联，电压表与滑动变阻器并联，滑片P向左移动时，根据串联电路的分压规律判断电压表的示数变化；
C.根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出R1消耗的电功率P1，开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，R1、R2、R3并联，根据求出电路的总功率P总，再求出P总与P1的比值即可解答；
D.根据电路图可知，开关S、S1、S2均闭合，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，根据滑动变阻器的规格确定出允许通过的最大电流，再根据欧姆定律分别求出通过R1、R3的电流，根据并联电路的电流规律求出干路电流，即可解答。
13．【答案】小；变小
【知识点】密度及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】道具里的“大石头”选用低密度材料打造，在体积相同的条件下，物体质量偏小，坠落时不会对演员造成伤害。
物体重力公式为G=mg，该石块运到月球后质量不变，由于月球的重力加速度小于地球，因此石块受到的重力会减小。
故答案为：小；变小。
【分析】（1）根据，体积不变时，物质密度越小，物体质量就越小，这也是影视道具选用轻质材料的原因。
（2）质量是物体的固有属性，不会随位置改变；重力与重力加速度有关，月球上g更小，所以同一物体在月球所受重力比地球小。
14．【答案】凸透镜；会聚
【知识点】透镜及其特点与分类
【解析】【解答】装有水的饮料瓶中间厚、边缘薄，相当于一个凸透镜，对太阳光有会聚作用，照射到可燃物后很容易引燃，发生火灾。
【分析】中间厚边缘薄的透镜为凸透镜，对光线有会聚作用；中间薄边缘厚的透镜为凹透镜，对光线有发散作用。
15．【答案】红；S
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，水位达到A点时，盐水使AB接通，电磁铁有电流通过而产生磁性，将衔铁吸下，接通红灯所在支路，所以红灯发光。
（2）根据图片可知，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，四指指尖向左，此时大拇指指向下端，则电磁铁下方为N极，上方为S极。
【分析】（1）盐水为导体，当水位到达A点时接通电路，确定此时衔铁的位置，明确哪个灯泡所在的支路被接通即可；
（2）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
16．【答案】变小；变小
【知识点】势能大小的比较
【解析】【解答】根据图片可知，A地的海拔（800m）高于B地的海拔（400m），则当小明从A地走到B地时，他所处的海拔高度是变小。小明的质量不变，则小明的重力势能变小。
【分析】根据图片标注的等高线的高度确定从A到B的高度变化。 重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。
17．【答案】1.8×105；500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 根据电能表参数可知，转盘每转1200转对应消耗1千瓦时电能。因此转盘转动60圈时消耗的电能为：
（2）该用电器的功率可通过电能与时间计算得出：
故答案为：1.8×105；500。
【分析】1200r/（kW h）表示每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转动1200圈，由此可得电能表转盘转动60圈时，这个用电器消耗的电能，根据求这个用电器的功率。
18．【答案】方向；30
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，A滑轮固定不动，是定滑轮，则滑轮A可以改变力的方向，不能改变力的大小。
（2）根据图片可知，该滑轮组提升物体的绳子段数，由得到：，解得：。
即B滑轮的重力为30N。
【分析】（1）固定不动的滑轮为定滑轮，不省力不费力，只能改变力的方向。跟随物体一起移动的物体是动滑轮，可以省力，但是费距离；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据计算滑轮B的重力。
19．【答案】甲；
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）定值电阻的阻值保持不变，即通过它的电流随电压的变化规律成正比，因此图像是一条通过坐标原点的斜线，则乙为定值电阻的图像，则甲是小灯泡的图像，
（2）根据图像可知，当电路中电流为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，此时电源电压为，与题目描述一致，即此时二者串联；
那么此时小灯泡的电阻为。
【分析】（1）定值电阻的阻值保持不变，即通过它的电流随电压的变化规律成正比，据此确定定值电阻的图像，剩下的那个就是灯泡的图像；
（2）在串联电路中，各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此结合图像确定灯泡的电压和电流，根据计算小灯泡的电阻。
20．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】 不计空气阻力，在空中前进的跳远运动员只受到竖直向下的重力作用；从重心O点竖直向下画一条带箭头的线段表示重力，如下图所示：
【分析】不计空气阻力，在空中前进的跳远运动员只受到竖直向下的重力作用，据此根据力的示意图的画法作图。
21．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】先在光线的入射位置画出垂直于反射平面的法线，再严格依照光的反射规律，保证反射角度数与入射角度数相等，顺势画出对应的反射光线即可，如图所示：
【分析】此现象本质是光的镜面反射，平整光滑的金砖表面能够形成镜面反射。冬至正午的太阳光斜射至金砖表面，经过规范反射后光线定向传播，精准投射在匾额之上，将匾额照亮，由此出现匾额看似自行发光的奇妙景象。
22．【答案】
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】 先区分家庭电路里的火线、零线与地线。安装照明灯泡时，火线先接入控制开关，再连通灯泡顶端金属触点，零线直接对接灯泡侧边螺旋位置。这般接线能够在开关断开后切断火线，有效规避触碰灯泡引发的触电隐患，既可以正常管控灯具通断，又能提升用电安全性，因此开关需与灯泡串联且接在火线上。三孔插座遵循左孔接零线、右孔接火线、中间插孔接地线的规范依次接线即可。如图所示：
【分析】 家庭电路接线有着固定安全准则，将开关安置在火线上，断电后用电器不带电，可极大保障检修与更换灯具时的人身安全。三孔插座按照既定接线规则排布线路，能让大功率带金属外壳的用电器顺利接地，一旦出现漏电情况可及时疏导电流，避免触电意外发生，严格依照接线规则连接就能完成规范布线。
23．【答案】；小；0.4；小
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）平均速度是指某段时间内的路程与这段时间的比值，该实验的原理为；（2）斜面坡度越大，小车沿斜面向下加速运动越快，过某点的时间会越短，计时会越困难，所以为使计时方便，斜面坡度应小些；
（3）图中刻度的分度值为1 cm，由图可知，小车在BC的路程是40.0cm-0.0cm=40.0cm
小车通过BC的时间是10：35：23-10：35：22=1s因为小车1秒内走过的路程是40.0cm，合0.4m，所以，小车在BC段的速度是0.4m/s；如果小车过了B点才停止计时，则测得时间偏大，根据可知，测得BC段的平均速度vBC会偏小；
故答案为：（1）；（2）小；（3）0.4；小。
【分析】 （1）公式既能用于匀速直线运动求速度，又能用于变速直线运动求平均速度。
（2）为了便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持较小的坡度，这样可以减小时间的测量误差；
（3）根据图中刻度尺的分度值为1mm得出小车在A点和B点的对应的刻度，得出AB和BC段的距离（注意要估读到分度值的下一位），由图示知tBC大小，然后利用速度公式求vBC；
若小车已经驶过C点再停止计时，则测得时间偏大，根据分析vBC偏大还是偏小。
24．【答案】；；A；2.2；B；0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）根据小灯泡额定电压和电阻，则正常发光时的电流约为，
则电流表选用的量程，电流表的0.6A接线柱和灯泡左侧连接，如下图所示：
（2）连接电路时，滑片P位于阻值最大处，即A端，可保护电路；
（3）图2，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，灯泡额定电压为2.5V，需要增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，减小变阻器分压，减小变阻器连入电路的电阻大小，滑片向B端移动。
（4）在图3的I-U图象中，电压为2.5V时，对应的电流为0.2A，计算灯的额定功率为。
【分析】（1）根据，计算电流，判断电流表量程，电流表和所测量的位置串联；
（2）闭合空气前，滑片在电阻最大处；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压；减小滑动变阻器的电阻，分压减小，灯泡的分压变大；
（4）根据P=UI，计算灯泡的电功率。
25．【答案】1.5；25；75
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小东1min走的距离为，
则小东步行速度为。
（2）根据图片可知，当迈步时，腿长、腿到地面的高度和步幅的一半恰好构成一个直角三角形，
那么小东每走一步重心升高的高度为；
小东每走一步克服重力所做的功是；
小东正常步行1min克服重力做功；
功率是。
【分析】（1）首先用步长×步数计算1min内步行的距离，然后根据计算小东步行的速度；
（2）首先根据勾股定理计算小东每走一步重心升高的高度，然后根据W=Gh计算每走一步克服重力做功，然后乘以1min内的步数得到总攻，最后根据计算克服重力做功的功率。
26．【答案】（1）解：根据电路图甲可知，定值电阻和热敏电阻串联，电压表测电压，电流表测电路电流。
当环境温度为20℃时，电压表的示数为1.5V，则电流表示数为。
答： 当环境温度为20℃时，电流表示数为 0.1A。
（2）解：综上所述，电源电压为4V，R0两端电压为1.5V，
当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为。
答： 当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为2.5V 。
（3）解：当电压表示数为2.4V时，R1两端的电压为：U1'=U-U0'=4V-2.4V=1.6V；
根据串联分压原理则有：，
解得：。
由图乙可知，此时环境温度为80℃。
答： 当电压表示数为2.4V时，环境温度是80℃ 。
（4）解：根据题意可知，新电流表测量范围为0~100mA，则电路中电流最大为100mA=0.1A，
则总电阻最小为；
根据乙图可知，100℃时阻值最小为，则定值电阻阻值最小为，
答：为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少为35Ω的电阻。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）由电路图可知，定值电阻R0与热敏电阻R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，当环境温度为20℃时，根据欧姆定律计算此时电流表的示数；
（2）根据串联电路U总=U1+U2计算即可；
（2）根据串联电路电压与电阻成正比的规律计算此时热敏电阻的阻值，由图乙可知对应的环境温度。
（3）根据最大电流结合串联电路的特点和欧姆定律分析解答。
（1）分析电路可知，、串联，电流表测电路电流，电压表测电压。当环境温度为20℃时，电压表的示数为1.5V，则电流表示数为
（2）根据串联电压规律，当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为
（3）当电压表示数为2.4V时，根据串联分压原理则有，解得此时。由图乙可知，此时环境温度为80℃。
（4）由图乙可知，温度越高，热敏电阻阻值越小，则甲图中总电阻越小，根据，电路中电流越大，则电流表示数越大。新电流表测量范围为0~100mA，则电路中电流最大为100mA=0.1A，则总电阻最小为
100℃时，阻值最小为，则定值电阻阻值最小为
所以为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少为35Ω的电阻。
1 / 12026年四川省内江市威远中学中考第一次模拟考试物理试题
1．下列关于牛顿第一定律的看法中，正确的是（　　）
A．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
B．牛顿第一定律是以实验为基础，通过推理得出的
C．世上没有真正不受力的物体，所以牛顿第一定律是不可能实现的定律
D．牛顿第一定律又称惯性定律，说明物体的惯性和牛顿第一定律讲的是一回事
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】A．牛顿第一定律告诉我们，力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因。故A错误；
B．牛顿第一定律是基于大量的实验观察和逻辑推理得出的，描述物体在不受外力作用时的运动情况。故B正确；
C．世上没有真正不受力的物体，但并不表示牛顿第一定律是不可能实现的定律，因为生活中的现象都可以用牛顿第一定律来解释，故C错误；
D．惯性是物体保持其运动状态（静止或匀速直线运动）的性质，而牛顿第一定律则描述了物体在不受外力作用时的运动情况，因此二者不同，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据牛顿第一定律的本质判断；
B.根据牛顿第一定律的研究方法判断；
C.根据牛顿第一定律能否正确解释生活中的现象分析；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
2．关于能量的转化与守恒，下列说法正确的是（　　）
A．一个用细线悬挂的小球在来回摆动许多次后总会停下来，说明这个过程的能量不守恒
B．空调既能制热，又能制冷，说明自发的热传递不存在方向性
C．因为自然界中的能量是守恒的，所以说能源危机不过是杞人优天
D．任何制造永动机的设想，无论看上去多么巧妙，都是一种徒劳
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】A． 一个用细线悬挂的小球在来回摆动许多次后总会停下来， 是因为机械能通过摩擦和克服空气阻力转化为内能，但是总能量仍然守恒，故A错误；
B．空调工作制冷或制热时不是自发进行的，需要电能驱动，不能说明热传递无方向性，故B错误；
C．能量的转化或转移是有方向性的，有些能量不能被人类再次利用，因此能源危机是存在的，是指可用能源减少，故C错误；
D．永动机违背了能量转化和守恒定律，因此是无法实现，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据机械能和内能的转化判断；
B.根据空调工作也需要额外输入电能判断；
C.根据能量转化和转移的方向性判断；
D.根据能量转化和守恒定律判断。
3．关于电磁波，下列说法正确的是（　　）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．电磁波的频率越高，波长越长
C．光不是电磁波
D．无线电波、红外线、紫外线都是电磁波
【答案】D
【知识点】电磁波的产生；波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．电磁波在真空中的传播速度为，不是340m/s，故A错误；
B．根据公式可知，频率越高，波长越短，故B错误；
C．光属于可见的电磁波，故C错误；
D．根据电磁波谱可知，无线电波、红外线、紫外线都属于电磁波，故D正确。
故选D 。
【分析】A.根据电磁波的传播速度判断；
B.根据公式分析判断；
CD.根据电磁波谱的分类判断。
4．2023年10月8日，随着中国花样游泳队夺得杭州亚运会集体项目冠军，中国代表团斩获201金完美收官。当花样游泳运动员在水中上浮而未露出水面的过程中，它受到水的（　　）
A．压强不变，浮力不变 B．压强减小，浮力不变
C．压强减小，浮力变大 D．压强增大，浮力变小
【答案】B
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】运动员在上浮且未露出水面的过程中，排开水的体积保持不变，根据阿基米德原理可知，运动员受到的浮力大小不变；随着不断上浮，运动员所处的水中深度逐渐减小，由液体压强公式可得，其受到的水的压强不断减小。综上，浮力不变、压强变小，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】（1）根据阿基米德原理，当液体密度、物体排开液体的体积均不变时，物体所受浮力大小保持恒定；
（2）液体内部压强与深度有关，在液体密度不变时，深度越小，物体受到的液体压强就越小。
5．针对下面的四幅图，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中，敲鼓时用力越大鼓面所发声音的音调越高
B．乙图中，把石块放在水中敲击能听到石块发出的声音，说明水能传播声音
C．丙图中，改变小卡片在梳齿上划动的速度，可以改变发声体的音色
D．丁图中，住宅区道路两旁安装隔音板，是从声源处减弱噪声
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．敲鼓时用力越大，鼓面振幅越大，则声音的响度越大，故A错误；
B．把石块放在水中敲击，声音要经过水和空气才能传递到人的耳朵，说明水（液体）能传播声音，故B正确；
C．音调与发声体的频率有关。改变小卡片在梳齿上划动的速度，那么卡片的振动频率就发生变化，因此声音的音调发生改变，故C错误；
D．根据减弱噪声的方法可知，住宅区道路两旁安装隔音板，是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选B。
【分析】A.响度与振幅大小有关；
B.根据声音的传播需要介质判断；
C.音调与发声体的频率有关；
D.减弱噪声的方法；从声源处减弱，从传播过程中减弱，从人耳处减弱。
6．关于生活中的物态变化，下列说法中正确的是（　　）
A．夏天打开冰箱门时，门口的“白气”，是空气中的水蒸气液化成的小水滴
B．文艺演出时，舞台上施放出的“白气”，是干冰在常温下升华成的气态二氧化碳
C．雨天，车窗玻璃内侧“起雾”，是汽化现象
D．冬天打开热水瓶的盖子时，瓶口周围的“白气”，是空气中的水蒸气液化成的小水滴
【答案】A
【知识点】物质的三态；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A． 夏天打开冰箱门时， 冰箱外温度高的水蒸气遇到冰箱内出来的冷空气放热，从气态变成液态发生液化成为小水珠，则就是我们看到的“白气”。故A正确；
B． 文艺演出时， 抛出的干冰升华吸热，而空气中的水蒸气温度降低从气态变成液态发生液化成为小水珠，形成了舞台上的“白气”。故B错误；
C．雨天时，车窗外的温度较低，车内水蒸气遇到较冷的玻璃从气态变成液态发生液化形成的小水珠，从而在车窗内侧看到水雾，故C错误；
D． 冬天打开热水瓶的盖子时， 外界气温较低，热水瓶中的温度较高的水蒸气放热，从气态变成液态发生液化现象形成小水珠，从而形成“白气”，故D错误。
故选A。
【分析】物质从气态变成液态发生液化现象，液化需要放热；物质从固态直接变成气态叫升华，升华需要吸热。
7．如图所示，A、B、C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（　　）
A．石块B所受合力不为零
B．石块B受到石块A的重力和压力的作用
C．石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力
D．石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A、石块B保持静止不动，属于平衡状态，平衡状态下物体所受全部外力相互抵消，整体合力大小为零，故A错误；
B、石块A叠放在B上方，会对B产生向下的压力，但该压力大小并不完全等同于A的重力，二者不能直接划等号，故B错误；
C、石块B自身存在重力，同时还要承受上方石块A的压力，石块C提供的支持力需要同时平衡这两个力，两个力大小并不一致，不满足平衡力的条件，故C错误；
D、石块B对C的压力与石块C对B的支持力，满足大小一致、方向相反、作用在不同物体、共线的特点，完全符合相互作用力的判定条件，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）平衡力的合力为零。
（2）石块B受到石块A压力等于A的重力；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
8．对图中各装置的原理或现象分析正确的是（　　）
A．图甲：盆景自动供水装置利用连通器原理工作
B．图乙：塑料吸盘依靠大气压紧紧贴在墙壁上
C．图丙：高压锅能增大锅内气体的压强，使水的沸点降低
D．图丁：将自制气压计从山脚拿到山顶，玻璃管中的液面会下降
【答案】B
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．盆景自动供水装置的核心是 大气压的应用：瓶内水面上方气压小于外界大气压，外界大气压将水压入盆景中，维持盆景内水面高度。连通器的特点是 “上端开口、底部相连通，液面静止时相平”，而该装置瓶内封闭（上端不开口），不符合连通器原理。故A错误；
B．塑料吸盘使用时，先挤压吸盘排出内部空气，使吸盘内气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧紧压在墙壁上，依靠大气压保持静止。故B正确；
C．高压锅的原理是增大锅内气压，提高水的沸点：气压越大，液体沸点越高，高压锅内气压大于标准大气压，水的沸点超过 100℃，能更快煮熟食物。选项中 “使水的沸点降低” 表述错误。故C错误；
D．自制气压计的原理是 “瓶内气压大于外界气压，支撑玻璃管内液面”。从山脚到山顶，海拔升高，外界大气压 减小，瓶内气压相对较大，会将更多液体压入玻璃管，导致玻璃管中的液面 上升（而非下降）。故D错误。
故选B。
【分析】（1）连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当液体不流动时，两侧的液面位于同一水平面；
（2）大气压随着高度的增加而降低；
（3）水的沸点与气压有关；气压越低，沸点越低、气压越高，沸点越高。
9．如图甲是小灯泡L和电阻R的I﹣U图象。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，其电源电压不变，同时闭合开关S1和S2时，电流表的示数为0.7A．下列分析与计算正确的是（　　）
A．此时小灯泡L的电阻为20Ω
B．此时通过电阻R的电流为0.5A
C．此时整个电路的总电阻小于8Ω
D．将小灯泡L和电阻R串联在5V的电路中，通过电路的电流为0.4A
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABC．根据图片可知，闭合开关S1和S2时，电阻R与灯泡并联，电流表测干路电流。
根据甲图可知，当二者的电压为4V时，通过电阻R的电流为0.2A，通过小灯泡L的电流为0.5A，
则此时电流表的示数I总=I1+I2=0.2A+0.5A=0.7A，与题意相符；此时小灯泡L的电阻为；此时整个电路的总电阻为，故AB错误，C正确；
D．根据甲图可知，当电流为0.2A时，灯泡的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，则此时总电阻为：U总=UL+U=1V+4V=5V，与题意相符，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据图片可知，闭合开关S1和S2时，电阻R与灯泡并联，电流表测干路电流。根据
I总=I1+I2和甲图确定此时的电源电压和电流，根据欧姆定律计算对应的电阻即可；
D.根据串联电路各处电流都相等，结合U总=UL+U确定灯泡和定值电阻两端的电压，进而确定此时电路电流即可。
10．2017年9月29日，世界上首条量子保密通信干线“京沪干线”和“墨子号”科学实验卫星进行了天、地连接，成功实现了洲际量子保密通信，大大地提高了我国的保密技术水平，那么，在下列说法中正确的是（　　）
A．在“墨子号”实验卫星的发射过程中，将重力势能转化为动能
B．在轨运行的“墨子号”卫星受到的力是平衡力
C．在轨运行的“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，但仍然受重力
D．保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过超声波实现联系的
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、卫星升空时，质量不变，速度变大，故动能变大；同时高度增加，所以重力势能增加，即燃料的化学能最终转化为卫星的机械能，A不符合题意；
B、在轨运行的“墨子号”卫星做的是圆周运动，运动方向发生了变化，不是平衡状态，受到的力不是平衡力，B不符合题意；
C、“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，是因为受到重力，而重力全部用来提供向心力，所以还是受重力作用的，C符合题意；
D、电磁波的传播不需要介质，保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过电磁波实现联系，而超声波不能在真空中传播，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.
二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、并且在同一直线上，则这两个力二力平衡时合力为零.
电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场，由于电磁场本身具有物质性，因此电磁波传播时不需要介质.
11．如图是导体甲和乙的I-U图像，下列说法正确的是（　　）
A．甲、乙均为定值电阻
B．当甲两端电压为3V时，
C．将甲、乙串联在电路中，当闭合开关，电路电流为0.2A时，甲两端的电压为2V
D．将甲、乙并联在电路中，当闭合开关，甲两端电压为2V时，乙的电阻为10Ω
【答案】D
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，乙图线是一条过原点的曲线，说明乙的电阻是变化的，即乙不是定值电阻，故A错误；
B．根据图片可知，甲的电阻为，故B错误；
C．根据图片可知，当电路电流为0.2A时，甲两端的电压为1V，故C错误；
D．将甲、乙并联在电路中，由并联电路电压的特点可知，甲两端电压等于乙两端的电压，即二者电压都为2V。由图像可知，此时乙的电流为0.2A，则乙的电阻为，故D正确。
故选D。
【分析】A.定值电阻的U-I图像是一条通过坐标原点的斜线；
B.根据图像确定甲的电压和电流，然后根据计算甲的电阻；
C.根据图像确定电流为0.2A时甲两端的电压；
D.由并联电路电压的特点计算乙的电压，根据图像确定通过乙的电流，最后根据计算乙的电阻。
12．如图所示，电源电压为6V，R1、R3为定值电阻，R1=10Ω，R2为滑动变阻器，规格为“20Ω，1A”。只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处，电流表A的示数为I1，R1的功率为P1；再闭合开关S1，电流表A的示数为I2，I1︰I2=1︰4；当开关S、S1、S2均闭合时，两电表可更换量程。下列说法正确的是（　　）
A．R3的阻值为15Ω
B．只闭合开关S，滑片P向左移动，电压表的示数增大
C．开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，电路的总功率为40P1
D．开关S、S1、S2均闭合，在保证电路安全的情况下，电流表示数的最大值为2.5A
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知，则电路中的电流为①；再闭合开关S1时，只有R3工作，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知，电路中的电流为②；
①和②作比得到：；解得：，故A错误；
B．根据图片可知，只闭合开关S时，R1、R2和R3串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。当滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值减小，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时电压表的示数减小，故B错误；
C．根据图片可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2和R3串联，
此时通过电路中的电流为
此时的功率为；
开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，R1、R2和R3并联，
电路的总功率为；
则，即，故C正确；
D．根据图片可知，开关S、S1、S2均闭合时，R1、R2和R3并联，电流表测干路电流，
根据“ 20Ω，1A ”可知，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
通过R1、R2的电流分别为，；
则干路的最大电流为；
故D错误。
故选C。
【分析】A.根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，根据欧姆定律列出电路中电流的表达式，再闭合开关S1时，只有R3工作，再根据欧姆定律列出电流的表达式，再根据两次电流表的示数之比即可求出R3的阻值；
B.根据电路图可知，只闭合开关S，R1、R2、R3串联，电压表与滑动变阻器并联，滑片P向左移动时，根据串联电路的分压规律判断电压表的示数变化；
C.根据电路图可知，只闭合开关S，将滑片P滑至阻值最大处时，R1、R2、R3串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出R1消耗的电功率P1，开关S、S1、S2均闭合，滑片P滑至阻值最大时，R1、R2、R3并联，根据求出电路的总功率P总，再求出P总与P1的比值即可解答；
D.根据电路图可知，开关S、S1、S2均闭合，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，根据滑动变阻器的规格确定出允许通过的最大电流，再根据欧姆定律分别求出通过R1、R3的电流，根据并联电路的电流规律求出干路电流，即可解答。
13．在影片中出现的“大石头”砸在人身上的画面中，“大石头”是由密度很　 　的材料制成的（选填“大”或“小”）。如果我们将“大石头”搬到月球上，它受到的“重力”会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】小；变小
【知识点】密度及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】道具里的“大石头”选用低密度材料打造，在体积相同的条件下，物体质量偏小，坠落时不会对演员造成伤害。
物体重力公式为G=mg，该石块运到月球后质量不变，由于月球的重力加速度小于地球，因此石块受到的重力会减小。
故答案为：小；变小。
【分析】（1）根据，体积不变时，物质密度越小，物体质量就越小，这也是影视道具选用轻质材料的原因。
（2）质量是物体的固有属性，不会随位置改变；重力与重力加速度有关，月球上g更小，所以同一物体在月球所受重力比地球小。
14．青年志愿者定期清理树林中饮料瓶，这是因为丢弃的饮料瓶内进入水后，相当于一个　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”），对太阳光有　 　作用，在阳光下暴晒，容易引起火灾。
【答案】凸透镜；会聚
【知识点】透镜及其特点与分类
【解析】【解答】装有水的饮料瓶中间厚、边缘薄，相当于一个凸透镜，对太阳光有会聚作用，照射到可燃物后很容易引燃，发生火灾。
【分析】中间厚边缘薄的透镜为凸透镜，对光线有会聚作用；中间薄边缘厚的透镜为凹透镜，对光线有发散作用。
15．如图所示，是一种水位自动报警器的原理图，容器中装有盐水，水位到达A时，　 　灯亮，说明盐水是导体。在工作电路中，电磁铁上端为　 　（选填“N”或“S”）极。
【答案】红；S
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，水位达到A点时，盐水使AB接通，电磁铁有电流通过而产生磁性，将衔铁吸下，接通红灯所在支路，所以红灯发光。
（2）根据图片可知，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，四指指尖向左，此时大拇指指向下端，则电磁铁下方为N极，上方为S极。
【分析】（1）盐水为导体，当水位到达A点时接通电路，确定此时衔铁的位置，明确哪个灯泡所在的支路被接通即可；
（2）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向。
16．如图是景区的等高线图，图中的数值表示海拔。小明从A地走到B地的过程中，他所处的海拔高度　 　，这一过程中，他的重力势能　 　。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】变小；变小
【知识点】势能大小的比较
【解析】【解答】根据图片可知，A地的海拔（800m）高于B地的海拔（400m），则当小明从A地走到B地时，他所处的海拔高度是变小。小明的质量不变，则小明的重力势能变小。
【分析】根据图片标注的等高线的高度确定从A到B的高度变化。 重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。
17．如图甲是某同学家的电能表，一次记录某个用电器发现6min的时间电能表转盘转动60圈，请问这段时间所消耗的电能为　 　J，这个用电器的功率为　 　W。
【答案】1.8×105；500
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 根据电能表参数可知，转盘每转1200转对应消耗1千瓦时电能。因此转盘转动60圈时消耗的电能为：
（2）该用电器的功率可通过电能与时间计算得出：
故答案为：1.8×105；500。
【分析】1200r/（kW h）表示每消耗1kW h的电能，电能表的转盘转动1200圈，由此可得电能表转盘转动60圈时，这个用电器消耗的电能，根据求这个用电器的功率。
18．用如图所示的滑轮组将重为90 N的物体匀速提升，绳端拉力大小为60N。此过程中使用A滑轮的好处是可以改变力的　 　（选填“大小”或“方向”）；绳重与摩擦忽略不计，则B滑轮重为　 　N。
【答案】方向；30
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，A滑轮固定不动，是定滑轮，则滑轮A可以改变力的方向，不能改变力的大小。
（2）根据图片可知，该滑轮组提升物体的绳子段数，由得到：，解得：。
即B滑轮的重力为30N。
【分析】（1）固定不动的滑轮为定滑轮，不省力不费力，只能改变力的方向。跟随物体一起移动的物体是动滑轮，可以省力，但是费距离；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据计算滑轮B的重力。
19．如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图像，由图像可知，　 　是小灯泡的图像；把定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为5V的电源上，此时小灯泡的电阻为　 　。
【答案】甲；
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）定值电阻的阻值保持不变，即通过它的电流随电压的变化规律成正比，因此图像是一条通过坐标原点的斜线，则乙为定值电阻的图像，则甲是小灯泡的图像，
（2）根据图像可知，当电路中电流为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，此时电源电压为，与题目描述一致，即此时二者串联；
那么此时小灯泡的电阻为。
【分析】（1）定值电阻的阻值保持不变，即通过它的电流随电压的变化规律成正比，据此确定定值电阻的图像，剩下的那个就是灯泡的图像；
（2）在串联电路中，各处电流都相等，总电压等于各处电压之和，据此结合图像确定灯泡的电压和电流，根据计算小灯泡的电阻。
20．如图为晓双同学在进行跳远测试过程中的某一瞬间，O点是他的重心，请画出此时晓双的受力示意图。（不计空气对晓双的作用力）
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】 不计空气阻力，在空中前进的跳远运动员只受到竖直向下的重力作用；从重心O点竖直向下画一条带箭头的线段表示重力，如下图所示：
【分析】不计空气阻力，在空中前进的跳远运动员只受到竖直向下的重力作用，据此根据力的示意图的画法作图。
21．每年冬至的正午时分，当阳光通过故宫乾清宫的宫门照射到光亮如镜的金砖上，金砖反射的光就能使宫内的“正大光明”匾额“发光”。请在如图所示的简化图中作出相应的光
路图解释该现象。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】先在光线的入射位置画出垂直于反射平面的法线，再严格依照光的反射规律，保证反射角度数与入射角度数相等，顺势画出对应的反射光线即可，如图所示：
【分析】此现象本质是光的镜面反射，平整光滑的金砖表面能够形成镜面反射。冬至正午的太阳光斜射至金砖表面，经过规范反射后光线定向传播，精准投射在匾额之上，将匾额照亮，由此出现匾额看似自行发光的奇妙景象。
22．如图所示，请将三孔插座、电灯和开关正确连接在家庭电路中。
【答案】
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】 先区分家庭电路里的火线、零线与地线。安装照明灯泡时，火线先接入控制开关，再连通灯泡顶端金属触点，零线直接对接灯泡侧边螺旋位置。这般接线能够在开关断开后切断火线，有效规避触碰灯泡引发的触电隐患，既可以正常管控灯具通断，又能提升用电安全性，因此开关需与灯泡串联且接在火线上。三孔插座遵循左孔接零线、右孔接火线、中间插孔接地线的规范依次接线即可。如图所示：
【分析】 家庭电路接线有着固定安全准则，将开关安置在火线上，断电后用电器不带电，可极大保障检修与更换灯具时的人身安全。三孔插座按照既定接线规则排布线路，能让大功率带金属外壳的用电器顺利接地，一旦出现漏电情况可及时疏导电流，避免触电意外发生，严格依照接线规则连接就能完成规范布线。
23．小明在“测小车的平均速度”的实验中设计了如图实验装置，小车从带刻度的斜面的顶端由静止开始下滑，小车到达A、B、C三处的电子表的如图示数（数字分别表示小时、分钟、秒）则：
（1）该实验是根据公式　 　进行测量的；
（2）为了准确测量时间，则斜面的坡度应较　 　（选填“大”或“小”）；
（3）若如图所示小车vBC=　 　m/s，若已经驶过C点再停止计时，则测出的vBC会偏　 　（选填“大”或“小”）；
【答案】；小；0.4；小
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）平均速度是指某段时间内的路程与这段时间的比值，该实验的原理为；（2）斜面坡度越大，小车沿斜面向下加速运动越快，过某点的时间会越短，计时会越困难，所以为使计时方便，斜面坡度应小些；
（3）图中刻度的分度值为1 cm，由图可知，小车在BC的路程是40.0cm-0.0cm=40.0cm
小车通过BC的时间是10：35：23-10：35：22=1s因为小车1秒内走过的路程是40.0cm，合0.4m，所以，小车在BC段的速度是0.4m/s；如果小车过了B点才停止计时，则测得时间偏大，根据可知，测得BC段的平均速度vBC会偏小；
故答案为：（1）；（2）小；（3）0.4；小。
【分析】 （1）公式既能用于匀速直线运动求速度，又能用于变速直线运动求平均速度。
（2）为了便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持较小的坡度，这样可以减小时间的测量误差；
（3）根据图中刻度尺的分度值为1mm得出小车在A点和B点的对应的刻度，得出AB和BC段的距离（注意要估读到分度值的下一位），由图示知tBC大小，然后利用速度公式求vBC；
若小车已经驶过C点再停止计时，则测得时间偏大，根据分析vBC偏大还是偏小。
24．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）电流表的量程应选　 　A，请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整　 　；
（2）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于　 　（选填“A”或“B”）端；
（3）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图2所示）为　 　V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（4）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图3所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是　 　W。
【答案】；；A；2.2；B；0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）根据小灯泡额定电压和电阻，则正常发光时的电流约为，
则电流表选用的量程，电流表的0.6A接线柱和灯泡左侧连接，如下图所示：
（2）连接电路时，滑片P位于阻值最大处，即A端，可保护电路；
（3）图2，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，灯泡额定电压为2.5V，需要增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，减小变阻器分压，减小变阻器连入电路的电阻大小，滑片向B端移动。
（4）在图3的I-U图象中，电压为2.5V时，对应的电流为0.2A，计算灯的额定功率为。
【分析】（1）根据，计算电流，判断电流表量程，电流表和所测量的位置串联；
（2）闭合空气前，滑片在电阻最大处；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压；减小滑动变阻器的电阻，分压减小，灯泡的分压变大；
（4）根据P=UI，计算灯泡的电功率。
25．步行是一种简易方便的健身运动，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，步距还可作为身体上的一把“尺子”。小东测出自己的步距为0.5m，他正常步行1min走了180步。小东根据自己的腿长和步距画出了如图所示的步行示意图，对步行时重心的变化进行了分析，当两脚一前一后着地时重心降低，而单脚着地迈步时重心升高，因此每走一步都要克服重力做功。（已知小东的腿长是65cm，质量是50kg，g取10N/kg）则小东正常步行的速度是　 　m/s，小东每走一步克服重力所做的功是　 　J ，小东正常步行克服重力做功的功率是　 　W。
【答案】1.5；25；75
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小东1min走的距离为，
则小东步行速度为。
（2）根据图片可知，当迈步时，腿长、腿到地面的高度和步幅的一半恰好构成一个直角三角形，
那么小东每走一步重心升高的高度为；
小东每走一步克服重力所做的功是；
小东正常步行1min克服重力做功；
功率是。
【分析】（1）首先用步长×步数计算1min内步行的距离，然后根据计算小东步行的速度；
（2）首先根据勾股定理计算小东每走一步重心升高的高度，然后根据W=Gh计算每走一步克服重力做功，然后乘以1min内的步数得到总攻，最后根据计算克服重力做功的功率。
26．亮亮设计了一个用电压表的示数反映环境温度变化的电路，其电路原理如甲图所示，电源电压为4V保持不变，定值电阻阻值为15Ω，是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如乙图所示。闭合开关S后，当环境温度为时，此时电压表的示数为1.5V。求：
（1）当环境温度为20℃时，电流表示数为多少？
（2）当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为多少？
（3）当电压表示数为2.4V时，环境温度是多少？
（4）已知甲图中电压表的测量范围足够大，若将电流表更换为测量范围为0~100mA的新电流表，在环境温度不超过100℃时，为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少多大的电阻？
【答案】（1）解：根据电路图甲可知，定值电阻和热敏电阻串联，电压表测电压，电流表测电路电流。
当环境温度为20℃时，电压表的示数为1.5V，则电流表示数为。
答： 当环境温度为20℃时，电流表示数为 0.1A。
（2）解：综上所述，电源电压为4V，R0两端电压为1.5V，
当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为。
答： 当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为2.5V 。
（3）解：当电压表示数为2.4V时，R1两端的电压为：U1'=U-U0'=4V-2.4V=1.6V；
根据串联分压原理则有：，
解得：。
由图乙可知，此时环境温度为80℃。
答： 当电压表示数为2.4V时，环境温度是80℃ 。
（4）解：根据题意可知，新电流表测量范围为0~100mA，则电路中电流最大为100mA=0.1A，
则总电阻最小为；
根据乙图可知，100℃时阻值最小为，则定值电阻阻值最小为，
答：为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少为35Ω的电阻。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）由电路图可知，定值电阻R0与热敏电阻R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，当环境温度为20℃时，根据欧姆定律计算此时电流表的示数；
（2）根据串联电路U总=U1+U2计算即可；
（2）根据串联电路电压与电阻成正比的规律计算此时热敏电阻的阻值，由图乙可知对应的环境温度。
（3）根据最大电流结合串联电路的特点和欧姆定律分析解答。
（1）分析电路可知，、串联，电流表测电路电流，电压表测电压。当环境温度为20℃时，电压表的示数为1.5V，则电流表示数为
（2）根据串联电压规律，当环境温度为20℃时，热敏电阻两端的电压为
（3）当电压表示数为2.4V时，根据串联分压原理则有，解得此时。由图乙可知，此时环境温度为80℃。
（4）由图乙可知，温度越高，热敏电阻阻值越小，则甲图中总电阻越小，根据，电路中电流越大，则电流表示数越大。新电流表测量范围为0~100mA，则电路中电流最大为100mA=0.1A，则总电阻最小为
100℃时，阻值最小为，则定值电阻阻值最小为
所以为保证新电流表安全，需将定值电阻更换为至少为35Ω的电阻。
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