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【中考真卷】山东省烟台市2026年物理学业水平等级性考试
1．下列微观粒子的空间尺度最小的是(　　)
A．夸克 B．质子 C．原子 D．原子核
【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A、物质微观尺度从大到小排序：原子 > 原子核 > 质子 > 夸克；夸克是构成质子、中子的更基本粒子，空间尺度最小，故A正确；
B、质子由夸克组成，尺度大于夸克，故B错误；
C、原子包含原子核与核外电子，尺度远大于夸克，故C错误；
D、原子核由质子、中子构成，尺度大于质子、夸克，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查微观粒子层级结构，夸克属于亚核粒子，尺度最小；
B、质子由夸克组成，尺度比夸克大；
C、原子是宏观可观测的微观单元，包含原子核，尺度远大于核内粒子；
D、原子核由核子（质子、中子）组成，尺度大于质子、夸克。
2．中国空间站为人类探索宇宙提供了太空科学平台。下列测量不能在空间站完成的是(　　)
A．用刻度尺测量长度 B．用秒表测量时间
C．用弹簧测力计测量重力 D．用电流表测量电流
【答案】C
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】A、刻度尺测量长度依靠刻度对比，不受完全失重环境影响，可以完成，故 A 错误；
B、秒表依靠机械振动计时，与重力无关，空间站中可以测量时间，故 B 错误；
C、空间站内物体处于完全失重状态，物体对弹簧测力计无拉力，无法测量重力，故 C 正确；
D、电流表测量电流依靠电流磁效应，不受重力影响，能够完成测量，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查刻度尺工作原理，仅需接触对比刻度，失重不影响；
B、考查秒表计时原理，机械振动计时和重力无关；
C、考查弹簧测力计测重力的条件，完全失重时无弹力，无法测重力；
D、考查电流表工作原理，利用电流磁效应，不受失重环境干扰。
3．在制作简易乐器的活动中，小明向多个相同的玻璃瓶中装入不同高度的水制成了“水瓶琴”，如图所示。下列关于“水瓶琴”的说法正确的是(　　)
A．敲出的声音通过玻璃传播到小明耳中
B．改变敲击的力度可以改变声音的音色
C．改变瓶中水量可以改变敲出声音的响度
D．敲击不同水量的瓶子发出声音的音调不同
【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A、声音传播需要介质，敲瓶子发出的声音是通过空气传播到人耳，不是玻璃，故 A 错误；
B、敲击力度改变瓶体振动幅度，改变的是声音响度；音色由发声体材料、结构决定，力度无法改变音色，故 B 错误；
C、改变瓶中水量，会改变瓶子和水的振动快慢，改变的是音调；响度由敲击力度决定，与水量无关，故 C 错误；
D、敲击瓶子时，振动物体是瓶子和水，水量不同，整体振动频率不同，因此音调不同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查声音传播介质，日常听到的声音依靠空气传播；
B、区分响度与音色，力度影响振幅、响度，音色由发声体本身决定；
C、区分音调和响度的影响因素，水量改变振动频率，影响音调；
D、水瓶琴敲击发声原理：瓶 + 水振动，水量不同，振动频率不同，音调不同。
4．眼睛是心灵的窗户，我们应科学用眼。下列关于眼睛和眼镜的说法正确的是(　　)
A．视力正常的人看远处物体时，在视网膜上会形成正立的实像
B．眼睛的成像原理与小孔成像的原理相同
C．图甲所示的眼睛可能是晶状体变厚形成的
D．图乙是近视眼配戴镜片进行矫正时的成像光路图
【答案】C
【知识点】眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、人眼晶状体相当于凸透镜，看远处物体时，在视网膜上成倒立、缩小的实像，不是正立实像，故A错误；
B、眼睛成像原理是光的折射，小孔成像是光的直线传播，二者原理不同，故B错误；
C、图甲光线会聚在视网膜前方，属于近视眼，近视眼成因是晶状体变厚、折光能力过强，故C正确；
D、图乙佩戴的是凸透镜，用于矫正远视眼；近视眼需佩戴凹透镜矫正，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查人眼成像特点，视网膜成倒立缩小实像；
B、区分光的折射（透镜成像）与光的直线传播（小孔成像）；
C、近视眼成因：晶状体过厚，折光能力强，像成在视网膜前；
D、区分近视、远视矫正镜片：近视用凹透镜，远视用凸透镜。
5．油条是餐桌上的常见食品，关于它的制作过程，下列说法正确的是(　　)
A．神拉面团时，面团发生了弹性形变
B．炸油条是通过热传递的方式使其内能增加的
C．当油条漂浮在油面上时，它受到的浮力大于重力
D．刚出锅的油条很烫是因为它含有很多的热量
【答案】B
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、拉伸面团后撤去外力无法恢复原状，属于塑性形变，不是弹性形变，故 A 错误；
B、炸油条时高温油将热量传递给油条，通过热传递增大油条内能，故 B 正确；
C、油条漂浮在油面时处于平衡状态，浮力与重力大小相等，故 C 错误；
D、热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说物体含有热量；刚出锅油条很烫是因为温度高，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分弹性形变与塑性形变，弹性形变可自动恢复；
B、改变内能的两种方式：做功、热传递，油炸属于热传递；
C、漂浮物体受力平衡，浮力等于自身重力；
D、区分温度与热量的概念，热量不能用 “含有” 描述。
6．大气压与我们的生活息息相关，下列实例没有利用大气压的是(　　)
A．U形“反水管”
B．拔火罐
C．用吸盘搬玻璃
D．用吸管喝水
【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、U 形 “反水管” 利用连通器原理，两端液面始终相平，没有利用大气压，故 A 正确；
B、拔火罐时罐内空气受热排出，冷却后罐内气压小于外界大气压，大气压将罐子压在皮肤上，利用了大气压，故 B 错误；
C、吸盘挤出内部空气，外界大气压把吸盘压紧在玻璃上，利用了大气压，故 C 错误；
D、用吸管喝水时吸出管内空气，大气压将液体压入口中，利用了大气压，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查连通器原理，与大气压无关；
B、拔火罐依靠内外气压差，由大气压作用实现；
C、吸盘搬运玻璃依靠大气压压紧接触面；
D、吸管饮水依靠大气压把液体压入嘴中。
7．如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是(　　)
A．控制变量法 B．微小放大法 C．理想模型法 D．等效替代法
【答案】D
【知识点】物理学方法
【解析】【解答】A、控制变量法是控制其余量不变，只改变一个变量，本实验未用到，故 A 错误；
B、微小放大法用于放大微小形变、微小变化，此实验无相关操作，故 B 错误；
C、理想模型法是构建理想化物理模型，和本实验无关，故 C 错误；
D、两个力共同作用把圆环拉到 O 点，一个力单独作用也能拉到同一位置，说明单个力的作用效果与两个力共同作用效果相同，用一个力等效替代两个力，属于等效替代法，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、控制变量法核心是单一变量对比；
B、微小放大法用来观测微小物理变化；
C、理想模型法抽象构建理想化物体；
D、等效替代法：效果相同的两种作用方式互相替代，是合力实验的核心方法。
8．如图所示是一种水位自动报警器的原理图，甲、乙是大小相同的两个金属块，当水位升到一定高度时，红灯亮报警。关于它的工作原理，下列说法正确的是(　　)
A．当水位达到位置a时，红灯亮
B．当水位达到位置b时，红灯亮
C．升高甲的高度可使报警器在更高的水位报警
D．降低乙的高度可使报警器在更高的水位报警
【答案】B
【知识点】电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A、水位只到 a 时，甲乙金属块未被水连通，控制电路断路，电磁铁无磁性，衔铁接绿灯，红灯不亮，故 A 错误；
B、水位升到 b 时，导电水连通甲乙金属块，控制电路接通，电磁铁吸下衔铁，衔铁与红灯支路接通，红灯亮报警，故 B 正确；
C、升高甲的高度，甲乙连通所需水位更低，报警器会在更低水位报警，故 C 错误；
D、降低乙的高度，甲乙连通所需水位更低，报警器会在更低水位报警，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查控制电路断路时电磁继电器工作状态，此时绿灯通路；
B、水位到达 b，控制电路导通，电磁铁吸合衔铁，红灯接入工作；
C、抬高甲，两金属块导通水位下降，提前报警；
D、降低乙，两金属块导通水位下降，提前报警。
9．手机为人类生活带来便利，但长时间低头看手机，容易引起颈部肌肉劳损。人的头颈部可视为一个杠杆，如图所示，A为头颅的重心，低头时，头颅在自身重力G的作用下可以绕颈部支点O转动，颈部肌肉会产生拉力F，B为拉力的作用点，拉力F的方向始终与OB 垂直。下列关于头颈部杠杆的说法正确的是(　　)
A．头颅重力的力臂为OA
B．头颈部杠杆始终是省力杠杆
C．当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的拉力最大
D．头低的角度θ越大，颈部肌肉的拉力越大
【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A、力臂是支点到力作用线的垂直距离，重力G竖直向下，力臂是O到重力作用线的垂线段，不是OA，故A错误；
B、拉力F的力臂是OB，重力的力臂始终小于OB，动力臂大于阻力臂，始终省力杠杆，此描述本身规律成立，但结合D选项综合判断，B并非本题正确答案；
C、头颅竖直时，重力作用线过支点O，阻力臂为0，根据杠杆平衡条件，拉力F最小，故C错误；
D、低头角度θ越大，重力的阻力臂越长，阻力G不变、动力臂OB不变，由可知，拉力F变大，颈部肌肉拉力越大，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查力臂定义，力臂是支点到力作用线的垂线；
B、区分省力/费力杠杆，动力臂OB恒定大于阻力臂，但该选项不是本题正确选项；
C、竖直状态阻力臂为0，所需拉力最小；
D、杠杆平衡条件，低头角度增大，阻力臂增大，动力随之增大。
10．如图甲所示是压力秤的简易电路，已知电源电压为18V，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0-15V，定值电阻 的阻值为20Ω，电阻R为压敏电阻，其阻值变化与所受压力大小的关系如图乙所示。下列说法正确的是(　　)
A．当压力F为100N时，电流表的示数为0.25A
B．随着压力F的增大，电压表与电流表的示数之比变大
C．此压力秤能测量的最大压力值为600N
D．若将电压表改装成压力显示器，则表盘上的刻度对应的压力值是均匀的
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】电路：与串联，电流表测总电流，电压表测两端电压，电源
A、，由图乙得
总电阻：
电流：，A错误。
B、电压表测电压，，比值恒定不变，B错误。
C、电压表量程，最大电压
最大电流：，但电流表量程，故电路最大电流取。
此时总电阻：
压敏电阻最小值：
对照图乙，对应压力，即最大可测压力600N，C正确。
D、，与非线性关系，而与为一次函数，因此与不是线性关系，刻度不均匀，D错误。
故答案为：C。
【分析】A、串联欧姆定律计算对应电流，对比数值判断；
B、电压表示数与电流表示数之比等于定值电阻，恒定不变；
C、兼顾电流表、电压表量程求出电路允许最小压敏电阻，对应最大压力；
D、推导电压与压力关系式，判断是否为一次函数，确定刻度均匀性。
11．为响应国家足球进校园的号召，学校积极推广足球运动。如图所示是体育课上同学们踢足球的情景，下列关于这个情景的说法正确的是(　　)
A．踢出去的足球能够继续运动是因为它具有惯性
B．头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动状态
C．守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力大小相等
D．整个过程中足球的动能和重力势能相互转化，机械能守恒
【答案】A,B,C
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；力的作用效果；惯性及其现象；相互作用
【解析】【解答】A、踢出去的足球离开脚后不再受脚的作用力，依靠自身惯性保持向前运动的状态，A正确；
B、头球射门时，足球的运动速度、运动方向发生改变，说明头对足球的力改变了足球的运动状态，B正确；
C、守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力是一对相互作用力，根据相互作用力特点，二者大小相等，C正确；
D、足球运动全过程中会受到空气阻力、地面摩擦力，一部分机械能转化为内能，机械能不守恒，D错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查惯性的概念，物体保持原有运动状态不变的性质叫做惯性；
B、考查力的作用效果，力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
C、考查相互作用力的规律，一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在两个物体、同一直线上；
D、考查机械能守恒条件，只有重力或弹力做功时机械能才守恒，存在摩擦阻力时机械能损耗。
12．在物理课上，同学们用木板、木条、尺子、砂纸等材料和工具制作简易滑翔机。关于它的制作、调试和飞行，下列说法正确的是(　　)
A．制作滑翔机的材料密度越大越好
B．试飞中机头下坠的原因是重心过于靠后
C．将机翼打磨成上凸下平的形状是为了获得升力
D．将机身打磨光滑可以减小飞行阻力
【答案】C,D
【知识点】密度公式及其应用；密度的应用与物质鉴别；重心；流体压强与流速的关系；摩擦力
【解析】【解答】A、制作滑翔机应选用密度小的材料，同等体积下质量更小、重力更小，更利于飞行，密度越大越不利于滑翔，故A错误；
B、机头下坠说明机头偏重，是重心过于靠前导致，重心靠后会出现机头上扬，故B错误；
C、机翼上凸下平，空气流过机翼上方流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差形成向上的升力，故C正确；
D、将机身打磨光滑，减小接触面粗糙程度，能够减小飞行时受到的空气摩擦阻力，故D正确；
故答案为：CD。
【分析】A、考查密度的实际应用，滑翔机需要轻量化，材料密度越小整机重力越小；
B、考查重心对飞行器姿态的影响，重心靠前机头下沉，重心靠后机头上抬；
C、考查流体压强与流速的关系，机翼特殊造型利用流速差产生升力；
D、考查减小摩擦的方法，减小接触面粗糙程度可减小滑动 / 空气摩擦阻力。
13．如图所示为汽油机工作时某冲程的示意图，下列关于这个冲程的说法正确的是(　　)
A．该冲程是做功冲程 B．该冲程是压缩冲程
C．将机械能转化为内能 D．将内能转化为机械能
【答案】A,D
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A、图中进气门、排气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，符合做功冲程特征，故 A 正确；B、压缩冲程活塞向上运动，与图中活塞运动方向不符，故 B 错误；
C、机械能转化为内能是压缩冲程的能量转化形式，不是该冲程，故 C 错误；
D、做功冲程中燃气膨胀推动活塞下行，将内能转化为机械能，故 D 正确；
故答案为：AD。
【分析】A、考查汽油机冲程判断，两气门关闭、火花塞点火、活塞下行是做功冲程；
B、考查压缩冲程识别，压缩冲程活塞向上运动，无点火动作；
C、考查压缩冲程能量转化，压缩冲程消耗机械能，得到内能；
D、考查做功冲程能量转化，做功冲程消耗燃气内能，输出机械能。
14．在测量标有“2.5V”字样的小灯泡电阻的实验中，电路连接如图所示，电源电压为3V，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，让小灯泡逐渐变亮直至正常发光，测量的数据如表格所示。分析实验现象和表格数据，下列说法正确的是(　　)
数据序号 1 2 3 4 5
电压 U/V 0.5 0.7 1.5 2.2 2.5
电流 I/A 0.1 0.12 0.17 0.21 0.22
A．当滑片P向右移动时，小灯泡变亮
B．实验所用滑动变阻器的最大阻值至少为25Ω
C．小灯泡越亮，其电阻越大
D．实验过程中，小灯泡的电功率变大，滑动变阻器的电功率变小
【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】A、滑动变阻器接入左半段，滑片P向右移动时，接入电路电阻变大，电路电流变小，小灯泡变暗，故A错误；
B、第1组数据灯泡电压0.5V、电流0.1A，滑动变阻器分压U滑=3V-0.5V=2.5V，，此时变阻器接入阻值达到25Ω，因此滑动变阻器最大阻值至少25Ω，故B正确；
C、分别计算各组灯泡电阻：、R2≈5.83Ω、R3≈8.82Ω、R4≈10.48Ω、R5≈11.36Ω，灯泡电压越高、亮度越亮，灯丝温度越高，电阻越大，故C正确；
D、滑片左移，灯泡电压电流增大，灯泡功率P灯=UI持续变大；滑动变阻器功率P滑=(U总 U灯)I，代入数据分析，变阻器功率先增大后减小，并非一直变小，故D错误；
故答案为：BC。
【分析】A、考查滑动变阻器动态电路分析，判断滑片移动时接入电阻变化，结合欧姆定律判断灯亮度；
B、考查串联分压与欧姆定律计算，取电路电流最小的一组数据计算变阻器接入最大阻值；
C、考查灯丝电阻特性，灯丝电阻随温度升高而增大，灯泡越亮温度越高；
D、考查串联电路电功率变化规律，定值电阻与可变电阻串联时，可变电阻功率存在峰值，不是单向减小。
15．夏日炎炎，游泳的人上岸后会感到很凉爽，这是因为水蒸发　 　(选填“吸收”或“放出”)热量；海滩上的沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容　 　(选填“大于”或“小于”)沙子的比热容：漫步沙滩，可闻到大海的“味道”，这说明　 　。
【答案】吸收；大于；分子在永不停息地做无规则运动
【知识点】蒸发及其现象；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】人上岸后身上的水发生蒸发，蒸发属于汽化现象，汽化过程吸收热量，带走人体热量，所以人会感到凉爽；海水与沙子吸收相同热量时，沙子升温更明显，说明海水的比热容大于沙子的比热容；能闻到大海的气味，是气味分子扩散到空气中，说明分子在永不停息地做无规则运动。
故答案为：吸收；大于；分子在永不停息地做无规则运动
【分析】(1) 本题考查汽化的吸放热规律，蒸发吸热，具有降温制冷的作用。
(2) 本题考查比热容的特性，质量相同的不同物质吸收同等热量，比热容大的物质温度变化更小。
(3) 本题考查分子热运动，扩散现象证明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
16．如图所示是动圈式话筒和扬声器两个装置连接使用的简化示意图。其中动圈式话筒的工作原理是　 　，扬声器的工作原理与　 　(选填“电动机”或“发电机”)相同。若某一时刻扬声器中电流的方向如图所示，此时扬声器线圈的左端是　 　极。
【答案】电磁感应现象；电动机；S
【知识点】电磁感应；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】动圈式话筒工作时，声音带动线圈在永磁体的磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，原理是电磁感应现象；
扬声器工作时，通电线圈在磁场中受力振动，将电能转化为机械能，该原理与电动机相同；
根据安培定则，右手握住线圈，四指顺着电流方向，大拇指指向线圈右端（N 极），因此线圈左端为 S（南）极。
故答案为：电磁感应现象；电动机；S
【分析】(1) 本题考查动圈话筒的工作原理，话筒是声信号转电信号，利用电磁感应，和发电机原理一致。
(2) 本题考查扬声器原理辨析，扬声器将电信号转为声信号，依靠通电导体在磁场中受力运动，和电动机原理相同。
(3) 本题考查安培定则的应用，通过线圈中电流方向判断通电螺线管的磁极。
17．根据能源的有关内容绘制的知识结构如图所示，图中矩形①表示的能源种类应为　 　，菱形②应为　 　，线条③表示的物理意义是　 　。
【答案】核能；核聚变；太阳能来自于核聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变；能源与可持续发展
【解析】【解答】能源分为化石能源、太阳能、核能、其他能源，核能分为核裂变与核聚变，因此矩形①为核能；菱形②为核聚变；太阳内部持续发生核聚变反应，线条③表示太阳能来源于核聚变。
故答案为：核能；核聚变；太阳能来自于核聚变
【分析】(1) 本题考查能源分类，核能是一大类能源，包含核裂变、核聚变两种释放能量的方式。
(2) 本题考查核能的两种形式，核裂变、核聚变是原子核释放能量的两类反应。
(3) 本题考查太阳能的来源，太阳内部时刻发生核聚变，向外释放光和热，形成太阳能。
18．发光二极管(LED)是一种电子元件，当电流从较长的引脚流入，从较短的引脚流出时，LED发光，反之不发光。如图所示，小明把LED接到他制作的水果电池的a、b两端，LED发光。由此推断　 　(选填“a”或“b”)是电池的正极。当把该LED接到小红制作的水果电池两端时，发现LED亮度不同，从而得出两个水果电池电压不同，你认为电压不同的原因可能是　 　。(写出两条即可)
【答案】a；水果种类不同、电极插入水果的深度不同
【知识点】半导体特点及作用；制作水果电池
【解析】【解答】LED 发光时电流从长引脚流入、短引脚流出，图中长引脚接 a 端，因此电流从 a 流出进入 LED 长脚，a 是电池正极；
水果电池电压与水果种类、电极材料、电极插入深度、电极间距有关，写出两条：水果种类不同、电极插入水果的深度不同。
故答案为：a；水果种类不同、电极插入水果的深度不同
【分析】(1) 本题考查二极管单向导电性，电流从长脚进 LED 才发光，据此判断电源正负极。
(2) 本题考查水果电池电压的影响因素，水果种类、电极间距、电极插入深度、电极材料都会改变电池电压。
19．为了防暑降温，小明制作了一些冰块放在长方形容器中，并将盛有水的圆柱形杯子放置在冰块上，当容器中的冰完全熔化后，盛水的杯子漂浮在水面上，容器中水的深度为10cm。已知容器的底面积为( 杯子的底面积为 杯子的质量为100g，杯中水的质量始终为500g，忽略杯子的厚度，不考虑水的蒸发。则冰熔化后，杯子所受的浮力为　 　N，杯子内外液面的高度差为　 　cm；熔化前，容器内冰块的体积为　 　 （水的密度为冰的密度为 g取10N/ kg)
【答案】；；
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】杯子漂浮，浮力等于总重力
由得杯子排开水总体积：
杯内水的体积：
杯子底面积
杯子浸入外部水中高度：
杯内液面高度：
内外液面高度差：
冰完全熔化后容器内总水体积：容器底面积，水深，总体积
杯中水，则冰块熔化变成的水体积：
，
冰熔化质量不变：
冰块体积：
故答案为：；；
【分析】(1) 本题考查漂浮条件，漂浮物体浮力等于自身总重力，先算杯子和内部水总质量再求重力即浮力。
(2) 本题结合阿基米德原理求浸入深度，分别算出杯子浸入外部水面高度、杯内液面高度，差值为液面高度差。
(3) 本题结合冰熔化质量不变，先求出冰熔化成水的体积，再利用冰的密度公式反推冰块原来的体积。
20．如图甲所示的电路中，电源电压为6V，电压表 的示数为2.4V。请用笔画线表示导线，根据图甲所示的电路图将图乙的实物连接完整。
【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】电路分析：与串联；测电源总电压（电源6V，选0～15V量程）；测两端电压（示数2.4V，选0～3V量程）。
实物补充连接步骤：电压表：负接线柱接左端，3V正接线柱接右端，并联在两侧；
电压表：负接线柱接电源负极一侧，15V正接线柱接开关右侧导线两端，并联在电源、开关两端；
电流路径：电源正极→开关→→→电源负极，保证串联回路完整，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查根据电路图连接实物，先区分串并联，再确定各电压表测量对象，匹配对应量程。
(2) 量程选择规则：电源电压6V，测总电压的选用0～15V；电压2.4V，选用0～3V，读数更精准。
(3) 电压表接线规范：必须并联，电流从正接线柱流入、负接线柱流出。
21．阅读短文，回答问题：
微厘空间卫星
2026年3月22日23时49分，在烟台海阳附近海域，由太原卫星发射中心研制的捷龙三号运载火箭，成功将微厘空间02组卫星发射升空，伴随着巨大的白色气团，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功。捷龙三号运载火箭采用四级固体发动机串联布局，主要用于发射太阳同步轨道和近地轨道航天器。
地球同步卫星属于高轨卫星，距地面的高度约为 而微厘空间卫星属于低轨卫星，运行轨迹近似为圆形，与地面的距离约为600~700km。微厘空间卫星的“微”即微小，“厘”即厘米，它由我国自主研发，主要作用是弥补中高轨北斗卫星在信号强度和几何构型上的不足，可与北斗等现有导航系统协同工作，通过低轨道星座对北斗信号进行精密增强，具备空间环境数据采集、星间激光组网通信、掩星探测等多项功能，以有效解决城市峡谷、室内、密林等复杂环境下的信号微弱及精确度不足的问题，从而实现对全球用户的实时厘米级定位服务。
“微厘空间”的设计思路是把“基准站”搬上天，即在低轨道空间部署一批专门“播发误差修正信号”的卫星，它们不是替代北斗，而是给北斗配一个全球覆盖的“误差修正播报员”，从而大幅度提高北斗系统的精确导航能力。
（1）火箭发射时，发射台下方水池周围出现大量“白气”，其中发生的物态变化有哪些
（2）下列关于短文内容的分析正确的是(　　)
A．捷龙三号运载火箭升空的动力来自水对火箭向上的作用力
B．发射过程中，微厘空间卫星相对于捷龙三号运载火箭是运动的
C．微厘空间卫星可对北斗卫星导航系统进行信号增强和误差修正
D．微厘空间卫星与地面用户之间通过超声波传递信息
（3）如图所示，假设地球为球形，直径为D，微厘空间卫星距地面的高度为h，运行速度大小为v.圆周率用π表示，则卫星运行一圈所用的时间为　 　。(用上述字母表示计算结果)
【答案】（1）汽化、液化
（2）C
（3）
【知识点】电磁波的传播；卫星中继通信；速度
【解析】【解答】(1) 火箭发射时，发动机喷出高温火焰使水池中的水吸收热量汽化为高温水蒸气；高温水蒸气上升遇冷，放热液化形成我们看到的白色“白气”，因此发生的物态变化是汽化、液化。
故答案为：汽化、液化
(2) A：火箭升空的动力来自燃料高速向下喷射产生的反作用力，不是水的作用力，A错误；
B：发射过程中卫星固定在火箭内部，二者相对位置不变，卫星相对于火箭静止，B错误；
C：短文说明微厘空间卫星可弥补北斗信号不足，对北斗信号精密增强、播发误差修正信号，C正确；
D：太空为真空环境，超声波无法在真空传播，卫星与地面靠电磁波传递信息，D错误。
故答案为：C
(3) 地球直径为，则地球半径，卫星轨道半径；
卫星轨道周长；
由，运行一圈时间。
故答案为：
【分析】(1) 本题考查汽化与液化的生活实例，区分看得见的“白气”是液态小水珠，由水蒸气液化而来，水蒸气由水吸热汽化产生。
(2) 本题结合短文信息综合考查力的相互性、相对运动、电磁波传播、卫星功能，需对照原文信息与物理概念逐一排除错误选项。
(3) 本题考查圆周运动周期计算，先求出卫星圆周轨道的总周长，再结合匀速直线运动速度公式推导运行周期表达式。
22．实践活动中，某小组进行了测量海螺壳密度的实验。
（1）过程·方法
把天平放在水平桌面上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向　 　调节。天平平衡后，将海螺壳放在天平左盘，向右盘加减砝码，发现放上最小的砝码后，横梁和指针静止时如图乙所示，此时应继续进行的操作是　 　。天平再次平衡时，右盘中砝码和游码位置如图丙所示，则海螺壳的质量为　 　g。
（2）测量海螺壳体积时，小组同学选用天平、烧杯、瓶子、水和细线(细线的体积忽略不计)进行如下测量：
①将适量的水倒入烧杯中，在水面处作出标记A：
②将系有细线的海螺壳缓慢放入水中至完全浸没，在水面处作出标记B；
③将海螺壳提出水面，并把海螺壳内的水倒回烧杯中；
④用天平测量瓶子和水的总质量为172g；
⑤再将瓶中水缓慢倒入烧杯，直至水面到达标记B处；
⑥用天平测量瓶子和剩余水的总质量为112.8g。
已知水的密度为 根据上述测量，计算的海螺壳体积为　 　(
（3）通过实验可得，海螺壳的密度为　 　
（4）交流·评估
完成第一种方案后，又有同学提出第二种方案，通过测量步骤①⑤中烧杯和水的质量，也可以计算出海螺壳密度。你认为哪种方案测量得更准确 请说明理由　 　。
【答案】（1）右；取下最小砝码，向右移动游码，使天平横梁平衡；
（2）
（3）
（4）第一种方案更准确；第二种方案中海螺壳取出时表面沾水，会使测得体积偏大，密度偏小，第一种方案将壳内附着水倒回烧杯，减小了实验误差。
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】(1) 图甲指针偏左，左侧重，平衡螺母向右调节；放上最小砝码后指针偏右，说明砝码质量偏大，应取下最小砝码，向右移动游码直至天平平衡；砝码总质量，游码示数，总质量。
故答案依次为：右；取下最小砝码，向右移动游码，使天平横梁平衡；；
(2) 倒入烧杯补充的水的质量，海螺壳体积等于补充水的体积，。
故答案为：；
(3) 海螺壳密度。
故答案为：；
(4) 第一种方案更准确；理由：第二种方案取出海螺壳时，壳表面会沾有水，导致步骤①到⑤需要倒入更多水，测得的体积偏大，密度偏小；第一种方案中，海螺壳带出的水又倒回烧杯，消除了沾水带来的体积测量误差。
故答案为：第一种方案更准确；第二种方案中海螺壳取出时表面沾水，会使测得体积偏大，密度偏小，第一种方案将壳内附着水倒回烧杯，减小了实验误差。
【分析】(1) 本题考查天平调平与称量操作：调平阶段指针左偏右调平衡螺母；称量时最小砝码偏重，需移游码；物体质量等于砝码质量加游码对应刻度值。
(2) 本题利用等效替代法测固体体积，海螺浸没排开水的体积等于自瓶中倒入烧杯的水的体积，通过质量与水的密度计算体积。
(3) 本题密度基础计算，先以克、立方厘米算出密度，再换算为标准单位。
(4) 本题实验误差分析，核心对比两种方案沾水带来的系统误差，第一种方案抵消沾水影响，测量精度更高。
23．在“探究光的反射定律”实验中，探究过程如下：
（1）方案·证据
①把平面镜放在水平桌面上，将纸板EF　 　放置在平面镜上；
②打开激光笔，让光沿着纸板EF表面斜射到O点，观察并记录　 　，如图甲所示；
③多次改变入射光的角度重复上述操作；
④取下纸板，用量角器测量入射光、反射光与ON的夹角，实验数据记录在表格中；
⑤如图乙所示，把纸板的右侧沿ON向后折，再次实验，观察现象。
实验次数 角i 角r
1
2
3
（2）解释·论证
由步骤②③观察到的现象可以得出什么结论
（3）在步骤③中为什么要多次改变入射光的角度
（4）分析表格中的数据可以得出什么结论
（5）由步骤⑤观察到的现象可以得出什么结论
（6）交流·评估
实验中纸板的作用是什么
（7）让光逆着反射光的方向射到镜面O点，会观察到什么现象
【答案】（1）垂直；入射光线和反射光线的传播路径
（2）光发生反射时，存在反射光线
（3）避免实验结论具有偶然性，多次实验寻找光反射的普遍规律
（4）光发生反射时，反射角等于入射角
（5）反射光线、入射光线和法线在同一平面内
（6）① 显示光的传播路径；② 验证反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内
（7）反射光线会沿原来入射光线的路径射出，说明光的反射光路可逆
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】(1) ① 纸板EF需要与平面镜垂直放置，才能保证法线垂直镜面，完整呈现入射光线与反射光线；
② 激光沿纸板射向O点后，纸板上会显现出入射光线和反射光线，需要观察并记录两条光线的传播路径。
故答案为：垂直；入射光线和反射光线的传播路径；
(2) 多次改变入射角度后，纸板上始终能同时看到入射光线与反射光线，说明光发生反射时，会产生对应的反射光线。
故答案为：光发生反射时，存在反射光线；
(3) 只使用单一入射角得到的结论具有偶然性，多次改变入射光角度，获取多组实验数据，可以避免偶然性，总结出具有普遍性的反射规律。
故答案为：避免实验结论具有偶然性，多次实验寻找光反射的普遍规律；
(4) 分析表格三组数据，每组实验的入射角i大小都与反射角r大小相等，因此可得：光反射时，反射角等于入射角。
故答案为：光发生反射时，反射角等于入射角；
(5) 将纸板右侧沿ON向后折转后，F纸板上无法看到反射光线，说明反射光线无法与入射光线、法线出现在不同平面，可得结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(6) 纸板有两个核心作用：一是粗糙表面可以显示光的传播路径，让光路可视化；二是通过折转纸板，验证反射光线、入射光线、法线是否共面。
故答案为：① 显示光的传播路径；② 验证反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；
(7) 让光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，会观察到反射光沿原来入射光线的路径射出，该现象说明光的反射中光路是可逆的。
故答案为：反射光线会沿原来入射光线的路径射出，说明光的反射光路可逆；
【分析】(1) 本小问考查实验器材规范摆放与基础操作，纸板垂直平面镜是保证法线标准的前提；纸板的作用是承载光路，因此需要记录入射、反射两条光线的路径。
(2) 本小问根据多次实验的直观光路现象，初步证明光反射时反射光线客观存在。
(3) 本小问考查多次实验的实验目的，单次实验数据不足以代表普遍情况，多组角度实验才能消除偶然误差。
(4) 本小问对定量实验数据进行归纳，提炼出入射角与反射角的等量关系。
(5) 本小问利用可折转纸板的对照实验，验证光反射三线共面的核心规律。
(6) 本小问从实验功能角度分析纸板器材的双重作用，分别对应光路显示、平面验证两个实验目的。
(7) 本小问考查光路可逆的验证实验，反向入射时光路原路返回，是反射定律的补充性质。
24．学校要在教室加装两台壁挂式空调，实践小组的同学参与了线路的设计与安装。
（1）设计电路。为了达到较好的效果，空调需要安装在前后墙壁上。同学们设计的两种电路布局如图甲、乙所示，其中A、B是带开关的三孔插座。你认为图　 　的设计更合理，理由是　 　；图丙是A处带开关的插座的放大图，请用笔画线表示导线完成电路连接。
（2）选择导线。查找资料了解铜芯导线在常温下的安全载流量(长时间通电时的最大安全电流)如下表所示。已知每台空调工作时最大输入功率为3150W，家庭电路电压为220V，则每台空调线路至少应选择横截面积为　 　的铜芯导线。
导线横截面积 1.5 2.5 4 6 10
安全载流量 I/A 14 28 37 47 68
（3）架设线路。将导线穿入线管，根据线路设计进行架设。你认为制作线管的材料应具有什么特点 (写出两条即可)
（4）实践安装。安装开关时，先用剥线钳将导线连接处的绝缘皮剥除，再将线头接入开关，以下压线方式规范的是　 　
【答案】（1）甲；两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全
（2）
（3）绝缘性好、阻燃
（4）B
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】(1)甲图两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全；乙图下方空调支路需经过上方插座，线路串联，一处故障全部断电，安全性差。电路连接：相线先接入开关，开关出线接三孔插座右孔；中性线直接接插座左孔；保护线直接接插座上孔，如下图：
故答案为：甲；两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全
(2) 根据电功率公式，单台空调最大工作电流；查表可知导线安全载流量仅14A，小于工作电流，不能满足安全使用要求；导线安全载流量28A，大于14.32A，符合要求。
故答案为：；
(3) 线管需要隔绝电线、防止漏电起火、保护导线不受外力损坏，因此材料需要具备绝缘性能良好、阻燃不易燃烧的特点，同时可补充抗压、耐腐蚀、不易老化等性质。
故答案为：绝缘性好、阻燃（不易燃烧）；
(4) 规范压线操作：导线线头弯折成U型，弯折方向与螺丝拧紧旋转方向一致，拧紧螺丝时线头不会松脱，接触牢固、不易发热。观察四幅图，只有B符合该规范。
故答案为：B；
【分析】(1) 本小问考查家庭大功率用电器电路布局安全规范，大功率负载应分独立支路，减小单线路电流，降低导线发热风险；同时考查带开关三孔插座接线规则，开关必须控制相线，三孔插座遵循“左零右火上接地”。
(2) 本小问结合电功率计算工作电流，匹配导线安全载流量，选取载流量大于设备工作电流的最小导线横截面积，保障长时间通电安全。
(3) 本小问考查电工套管的安全性能要求，核心需求为绝缘、防火，避免导线破损漏电、短路起火。
(4) 本小问考查开关接线实操规范，U型线头顺着螺丝旋紧方向，能保证接线压紧不滑脱，减少接触电阻，避免接线处过热。
25．某家用电热水壶有加热和保温两个挡位，内部电路由温控开关和两段电热丝组成，加热挡的功率是保温挡的5倍。采用加热挡加热时，将2kg的水从 升高 需要用3.5min的时间。已知电源电压为220V，水的比热容为 若电热丝放出的热量完全被水吸收，求：
（1）3.5min内水吸收的热量；
（2）电热水壶保温挡的功率；
（3）若电热水壶内部电路因故损坏，现用规格为0.5Ω/cm的电热丝和一个开关组装电路，以实现原有功能，请把你设计的内部电路画在虚线框中，将整个电路图补充完整，并通过计算说明需要截取的两段电热丝的长度。
【答案】（1）解：已知水的质量，比热容，温度变化，
根据吸热公式
（2）解：电热丝放热全部被水吸收，，加热时间
加热功率：
由题意，因此保温功率：
（3）解：电路设计：两段电热丝、串联，温控开关并联在两端；开关闭合时被短路，只有接入，电阻小、功率大，为加热挡；开关断开时、串联，总电阻大、功率小，为保温挡：
加热挡：
保温挡总电阻：
串联
电热丝规格，长度：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本小问考查物体吸热计算，直接套用比热容吸热公式，代入质量、比热容、升温数值求解水吸收的热量。
(2) 本小问结合电功、电功率公式，电热无热损耗时消耗电能等于水吸热，先求加热功率，再根据加热功率是保温5倍的比例关系算出保温功率。
(3) 本小问综合电热器档位电路设计、电功率变形式、电阻与电热丝长度计算；电压不变时，电阻越小功率越大，因此采用串联+短路开关实现高低温档位，再结合单位长度电阻算出两段电热丝所需截取长度。
26．滑轮、桔槔、辘轳是中国古代工程的起重工具，都有将物体吊到高处、帮助人们省力的作用。在央视《中华考工记》节目中，主持人与嘉宾进行了一场“自我提升”的比赛，装置由滑轮组和吊椅组成，如图甲所示。比赛时，主持人使用的装置有3组滑轮，嘉宾使用的装置有6组滑轮，如图乙所示，两人分别坐在吊椅上，在裁判员的指令下同时向下拉动绳的自由端，使自己与吊椅一起匀速上升。已知主持人的质量为60kg，他与吊椅的接触面积为 每一个滑轮的质量均为0.5kg，吊椅的质量均为4.5kg，主持人用时 8s率先到达支架顶端，2s后嘉宾也到达顶端，两人自我提升的高度均为0.8m，若比赛时主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为11：10，不计绳重和装置摩擦，忽略绳子的形变，g取10N/kg，求：
（1）主持人所受的重力和上升的速度；
（2）比赛中主持人对吊椅的压强；
（3）比赛中主持人和嘉宾所用装置的机械效率之比。
【答案】（1）解：主持人的质量为，重力
上升速度
（2）解：主持人装置共3组动滑轮，动滑轮总重力
吊椅重力
有6股绳子承担总重，故
因而人对座椅的压力
故压强
（3）解：嘉宾的速度为；
根据知，功率之比等于力与速度乘积之比
拉绳子的速度是上升速度的倍，分别是6倍和12倍
比赛时主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为，
即
解得；
根据；即
解得
机械效率
则主持人和嘉宾所用装置的机械效率之比
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】(1) 本小问考查重力公式与匀速直线速度计算，直接代入质量、高度、时间对应公式求解。
(2) 本小问综合滑轮组拉力计算、受力平衡、固体压强；先由滑轮组规律求手拉拉力，再对人竖直受力分析得到人对吊椅压力，最后压强定义式计算压强。
(3) 本小问结合功率公式、滑轮组拉力公式、机械效率综合计算；先由功率比例求出嘉宾手拉绳拉力，再反推嘉宾自重，利用分别算出两套装置效率，最终作比得到比值。
1 / 1【中考真卷】山东省烟台市2026年物理学业水平等级性考试
1．下列微观粒子的空间尺度最小的是(　　)
A．夸克 B．质子 C．原子 D．原子核
2．中国空间站为人类探索宇宙提供了太空科学平台。下列测量不能在空间站完成的是(　　)
A．用刻度尺测量长度 B．用秒表测量时间
C．用弹簧测力计测量重力 D．用电流表测量电流
3．在制作简易乐器的活动中，小明向多个相同的玻璃瓶中装入不同高度的水制成了“水瓶琴”，如图所示。下列关于“水瓶琴”的说法正确的是(　　)
A．敲出的声音通过玻璃传播到小明耳中
B．改变敲击的力度可以改变声音的音色
C．改变瓶中水量可以改变敲出声音的响度
D．敲击不同水量的瓶子发出声音的音调不同
4．眼睛是心灵的窗户，我们应科学用眼。下列关于眼睛和眼镜的说法正确的是(　　)
A．视力正常的人看远处物体时，在视网膜上会形成正立的实像
B．眼睛的成像原理与小孔成像的原理相同
C．图甲所示的眼睛可能是晶状体变厚形成的
D．图乙是近视眼配戴镜片进行矫正时的成像光路图
5．油条是餐桌上的常见食品，关于它的制作过程，下列说法正确的是(　　)
A．神拉面团时，面团发生了弹性形变
B．炸油条是通过热传递的方式使其内能增加的
C．当油条漂浮在油面上时，它受到的浮力大于重力
D．刚出锅的油条很烫是因为它含有很多的热量
6．大气压与我们的生活息息相关，下列实例没有利用大气压的是(　　)
A．U形“反水管”
B．拔火罐
C．用吸盘搬玻璃
D．用吸管喝水
7．如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是(　　)
A．控制变量法 B．微小放大法 C．理想模型法 D．等效替代法
8．如图所示是一种水位自动报警器的原理图，甲、乙是大小相同的两个金属块，当水位升到一定高度时，红灯亮报警。关于它的工作原理，下列说法正确的是(　　)
A．当水位达到位置a时，红灯亮
B．当水位达到位置b时，红灯亮
C．升高甲的高度可使报警器在更高的水位报警
D．降低乙的高度可使报警器在更高的水位报警
9．手机为人类生活带来便利，但长时间低头看手机，容易引起颈部肌肉劳损。人的头颈部可视为一个杠杆，如图所示，A为头颅的重心，低头时，头颅在自身重力G的作用下可以绕颈部支点O转动，颈部肌肉会产生拉力F，B为拉力的作用点，拉力F的方向始终与OB 垂直。下列关于头颈部杠杆的说法正确的是(　　)
A．头颅重力的力臂为OA
B．头颈部杠杆始终是省力杠杆
C．当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的拉力最大
D．头低的角度θ越大，颈部肌肉的拉力越大
10．如图甲所示是压力秤的简易电路，已知电源电压为18V，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0-15V，定值电阻 的阻值为20Ω，电阻R为压敏电阻，其阻值变化与所受压力大小的关系如图乙所示。下列说法正确的是(　　)
A．当压力F为100N时，电流表的示数为0.25A
B．随着压力F的增大，电压表与电流表的示数之比变大
C．此压力秤能测量的最大压力值为600N
D．若将电压表改装成压力显示器，则表盘上的刻度对应的压力值是均匀的
11．为响应国家足球进校园的号召，学校积极推广足球运动。如图所示是体育课上同学们踢足球的情景，下列关于这个情景的说法正确的是(　　)
A．踢出去的足球能够继续运动是因为它具有惯性
B．头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动状态
C．守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力大小相等
D．整个过程中足球的动能和重力势能相互转化，机械能守恒
12．在物理课上，同学们用木板、木条、尺子、砂纸等材料和工具制作简易滑翔机。关于它的制作、调试和飞行，下列说法正确的是(　　)
A．制作滑翔机的材料密度越大越好
B．试飞中机头下坠的原因是重心过于靠后
C．将机翼打磨成上凸下平的形状是为了获得升力
D．将机身打磨光滑可以减小飞行阻力
13．如图所示为汽油机工作时某冲程的示意图，下列关于这个冲程的说法正确的是(　　)
A．该冲程是做功冲程 B．该冲程是压缩冲程
C．将机械能转化为内能 D．将内能转化为机械能
14．在测量标有“2.5V”字样的小灯泡电阻的实验中，电路连接如图所示，电源电压为3V，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，让小灯泡逐渐变亮直至正常发光，测量的数据如表格所示。分析实验现象和表格数据，下列说法正确的是(　　)
数据序号 1 2 3 4 5
电压 U/V 0.5 0.7 1.5 2.2 2.5
电流 I/A 0.1 0.12 0.17 0.21 0.22
A．当滑片P向右移动时，小灯泡变亮
B．实验所用滑动变阻器的最大阻值至少为25Ω
C．小灯泡越亮，其电阻越大
D．实验过程中，小灯泡的电功率变大，滑动变阻器的电功率变小
15．夏日炎炎，游泳的人上岸后会感到很凉爽，这是因为水蒸发　 　(选填“吸收”或“放出”)热量；海滩上的沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容　 　(选填“大于”或“小于”)沙子的比热容：漫步沙滩，可闻到大海的“味道”，这说明　 　。
16．如图所示是动圈式话筒和扬声器两个装置连接使用的简化示意图。其中动圈式话筒的工作原理是　 　，扬声器的工作原理与　 　(选填“电动机”或“发电机”)相同。若某一时刻扬声器中电流的方向如图所示，此时扬声器线圈的左端是　 　极。
17．根据能源的有关内容绘制的知识结构如图所示，图中矩形①表示的能源种类应为　 　，菱形②应为　 　，线条③表示的物理意义是　 　。
18．发光二极管(LED)是一种电子元件，当电流从较长的引脚流入，从较短的引脚流出时，LED发光，反之不发光。如图所示，小明把LED接到他制作的水果电池的a、b两端，LED发光。由此推断　 　(选填“a”或“b”)是电池的正极。当把该LED接到小红制作的水果电池两端时，发现LED亮度不同，从而得出两个水果电池电压不同，你认为电压不同的原因可能是　 　。(写出两条即可)
19．为了防暑降温，小明制作了一些冰块放在长方形容器中，并将盛有水的圆柱形杯子放置在冰块上，当容器中的冰完全熔化后，盛水的杯子漂浮在水面上，容器中水的深度为10cm。已知容器的底面积为( 杯子的底面积为 杯子的质量为100g，杯中水的质量始终为500g，忽略杯子的厚度，不考虑水的蒸发。则冰熔化后，杯子所受的浮力为　 　N，杯子内外液面的高度差为　 　cm；熔化前，容器内冰块的体积为　 　 （水的密度为冰的密度为 g取10N/ kg)
20．如图甲所示的电路中，电源电压为6V，电压表 的示数为2.4V。请用笔画线表示导线，根据图甲所示的电路图将图乙的实物连接完整。
21．阅读短文，回答问题：
微厘空间卫星
2026年3月22日23时49分，在烟台海阳附近海域，由太原卫星发射中心研制的捷龙三号运载火箭，成功将微厘空间02组卫星发射升空，伴随着巨大的白色气团，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功。捷龙三号运载火箭采用四级固体发动机串联布局，主要用于发射太阳同步轨道和近地轨道航天器。
地球同步卫星属于高轨卫星，距地面的高度约为 而微厘空间卫星属于低轨卫星，运行轨迹近似为圆形，与地面的距离约为600~700km。微厘空间卫星的“微”即微小，“厘”即厘米，它由我国自主研发，主要作用是弥补中高轨北斗卫星在信号强度和几何构型上的不足，可与北斗等现有导航系统协同工作，通过低轨道星座对北斗信号进行精密增强，具备空间环境数据采集、星间激光组网通信、掩星探测等多项功能，以有效解决城市峡谷、室内、密林等复杂环境下的信号微弱及精确度不足的问题，从而实现对全球用户的实时厘米级定位服务。
“微厘空间”的设计思路是把“基准站”搬上天，即在低轨道空间部署一批专门“播发误差修正信号”的卫星，它们不是替代北斗，而是给北斗配一个全球覆盖的“误差修正播报员”，从而大幅度提高北斗系统的精确导航能力。
（1）火箭发射时，发射台下方水池周围出现大量“白气”，其中发生的物态变化有哪些
（2）下列关于短文内容的分析正确的是(　　)
A．捷龙三号运载火箭升空的动力来自水对火箭向上的作用力
B．发射过程中，微厘空间卫星相对于捷龙三号运载火箭是运动的
C．微厘空间卫星可对北斗卫星导航系统进行信号增强和误差修正
D．微厘空间卫星与地面用户之间通过超声波传递信息
（3）如图所示，假设地球为球形，直径为D，微厘空间卫星距地面的高度为h，运行速度大小为v.圆周率用π表示，则卫星运行一圈所用的时间为　 　。(用上述字母表示计算结果)
22．实践活动中，某小组进行了测量海螺壳密度的实验。
（1）过程·方法
把天平放在水平桌面上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向　 　调节。天平平衡后，将海螺壳放在天平左盘，向右盘加减砝码，发现放上最小的砝码后，横梁和指针静止时如图乙所示，此时应继续进行的操作是　 　。天平再次平衡时，右盘中砝码和游码位置如图丙所示，则海螺壳的质量为　 　g。
（2）测量海螺壳体积时，小组同学选用天平、烧杯、瓶子、水和细线(细线的体积忽略不计)进行如下测量：
①将适量的水倒入烧杯中，在水面处作出标记A：
②将系有细线的海螺壳缓慢放入水中至完全浸没，在水面处作出标记B；
③将海螺壳提出水面，并把海螺壳内的水倒回烧杯中；
④用天平测量瓶子和水的总质量为172g；
⑤再将瓶中水缓慢倒入烧杯，直至水面到达标记B处；
⑥用天平测量瓶子和剩余水的总质量为112.8g。
已知水的密度为 根据上述测量，计算的海螺壳体积为　 　(
（3）通过实验可得，海螺壳的密度为　 　
（4）交流·评估
完成第一种方案后，又有同学提出第二种方案，通过测量步骤①⑤中烧杯和水的质量，也可以计算出海螺壳密度。你认为哪种方案测量得更准确 请说明理由　 　。
23．在“探究光的反射定律”实验中，探究过程如下：
（1）方案·证据
①把平面镜放在水平桌面上，将纸板EF　 　放置在平面镜上；
②打开激光笔，让光沿着纸板EF表面斜射到O点，观察并记录　 　，如图甲所示；
③多次改变入射光的角度重复上述操作；
④取下纸板，用量角器测量入射光、反射光与ON的夹角，实验数据记录在表格中；
⑤如图乙所示，把纸板的右侧沿ON向后折，再次实验，观察现象。
实验次数 角i 角r
1
2
3
（2）解释·论证
由步骤②③观察到的现象可以得出什么结论
（3）在步骤③中为什么要多次改变入射光的角度
（4）分析表格中的数据可以得出什么结论
（5）由步骤⑤观察到的现象可以得出什么结论
（6）交流·评估
实验中纸板的作用是什么
（7）让光逆着反射光的方向射到镜面O点，会观察到什么现象
24．学校要在教室加装两台壁挂式空调，实践小组的同学参与了线路的设计与安装。
（1）设计电路。为了达到较好的效果，空调需要安装在前后墙壁上。同学们设计的两种电路布局如图甲、乙所示，其中A、B是带开关的三孔插座。你认为图　 　的设计更合理，理由是　 　；图丙是A处带开关的插座的放大图，请用笔画线表示导线完成电路连接。
（2）选择导线。查找资料了解铜芯导线在常温下的安全载流量(长时间通电时的最大安全电流)如下表所示。已知每台空调工作时最大输入功率为3150W，家庭电路电压为220V，则每台空调线路至少应选择横截面积为　 　的铜芯导线。
导线横截面积 1.5 2.5 4 6 10
安全载流量 I/A 14 28 37 47 68
（3）架设线路。将导线穿入线管，根据线路设计进行架设。你认为制作线管的材料应具有什么特点 (写出两条即可)
（4）实践安装。安装开关时，先用剥线钳将导线连接处的绝缘皮剥除，再将线头接入开关，以下压线方式规范的是　 　
25．某家用电热水壶有加热和保温两个挡位，内部电路由温控开关和两段电热丝组成，加热挡的功率是保温挡的5倍。采用加热挡加热时，将2kg的水从 升高 需要用3.5min的时间。已知电源电压为220V，水的比热容为 若电热丝放出的热量完全被水吸收，求：
（1）3.5min内水吸收的热量；
（2）电热水壶保温挡的功率；
（3）若电热水壶内部电路因故损坏，现用规格为0.5Ω/cm的电热丝和一个开关组装电路，以实现原有功能，请把你设计的内部电路画在虚线框中，将整个电路图补充完整，并通过计算说明需要截取的两段电热丝的长度。
26．滑轮、桔槔、辘轳是中国古代工程的起重工具，都有将物体吊到高处、帮助人们省力的作用。在央视《中华考工记》节目中，主持人与嘉宾进行了一场“自我提升”的比赛，装置由滑轮组和吊椅组成，如图甲所示。比赛时，主持人使用的装置有3组滑轮，嘉宾使用的装置有6组滑轮，如图乙所示，两人分别坐在吊椅上，在裁判员的指令下同时向下拉动绳的自由端，使自己与吊椅一起匀速上升。已知主持人的质量为60kg，他与吊椅的接触面积为 每一个滑轮的质量均为0.5kg，吊椅的质量均为4.5kg，主持人用时 8s率先到达支架顶端，2s后嘉宾也到达顶端，两人自我提升的高度均为0.8m，若比赛时主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为11：10，不计绳重和装置摩擦，忽略绳子的形变，g取10N/kg，求：
（1）主持人所受的重力和上升的速度；
（2）比赛中主持人对吊椅的压强；
（3）比赛中主持人和嘉宾所用装置的机械效率之比。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】原子结构
【解析】【解答】A、物质微观尺度从大到小排序：原子 > 原子核 > 质子 > 夸克；夸克是构成质子、中子的更基本粒子，空间尺度最小，故A正确；
B、质子由夸克组成，尺度大于夸克，故B错误；
C、原子包含原子核与核外电子，尺度远大于夸克，故C错误；
D、原子核由质子、中子构成，尺度大于质子、夸克，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查微观粒子层级结构，夸克属于亚核粒子，尺度最小；
B、质子由夸克组成，尺度比夸克大；
C、原子是宏观可观测的微观单元，包含原子核，尺度远大于核内粒子；
D、原子核由核子（质子、中子）组成，尺度大于质子、夸克。
2．【答案】C
【知识点】弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】A、刻度尺测量长度依靠刻度对比，不受完全失重环境影响，可以完成，故 A 错误；
B、秒表依靠机械振动计时，与重力无关，空间站中可以测量时间，故 B 错误；
C、空间站内物体处于完全失重状态，物体对弹簧测力计无拉力，无法测量重力，故 C 正确；
D、电流表测量电流依靠电流磁效应，不受重力影响，能够完成测量，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查刻度尺工作原理，仅需接触对比刻度，失重不影响；
B、考查秒表计时原理，机械振动计时和重力无关；
C、考查弹簧测力计测重力的条件，完全失重时无弹力，无法测重力；
D、考查电流表工作原理，利用电流磁效应，不受失重环境干扰。
3．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A、声音传播需要介质，敲瓶子发出的声音是通过空气传播到人耳，不是玻璃，故 A 错误；
B、敲击力度改变瓶体振动幅度，改变的是声音响度；音色由发声体材料、结构决定，力度无法改变音色，故 B 错误；
C、改变瓶中水量，会改变瓶子和水的振动快慢，改变的是音调；响度由敲击力度决定，与水量无关，故 C 错误；
D、敲击瓶子时，振动物体是瓶子和水，水量不同，整体振动频率不同，因此音调不同，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查声音传播介质，日常听到的声音依靠空气传播；
B、区分响度与音色，力度影响振幅、响度，音色由发声体本身决定；
C、区分音调和响度的影响因素，水量改变振动频率，影响音调；
D、水瓶琴敲击发声原理：瓶 + 水振动，水量不同，振动频率不同，音调不同。
4．【答案】C
【知识点】眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A、人眼晶状体相当于凸透镜，看远处物体时，在视网膜上成倒立、缩小的实像，不是正立实像，故A错误；
B、眼睛成像原理是光的折射，小孔成像是光的直线传播，二者原理不同，故B错误；
C、图甲光线会聚在视网膜前方，属于近视眼，近视眼成因是晶状体变厚、折光能力过强，故C正确；
D、图乙佩戴的是凸透镜，用于矫正远视眼；近视眼需佩戴凹透镜矫正，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查人眼成像特点，视网膜成倒立缩小实像；
B、区分光的折射（透镜成像）与光的直线传播（小孔成像）；
C、近视眼成因：晶状体过厚，折光能力强，像成在视网膜前；
D、区分近视、远视矫正镜片：近视用凹透镜，远视用凸透镜。
5．【答案】B
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、拉伸面团后撤去外力无法恢复原状，属于塑性形变，不是弹性形变，故 A 错误；
B、炸油条时高温油将热量传递给油条，通过热传递增大油条内能，故 B 正确；
C、油条漂浮在油面时处于平衡状态，浮力与重力大小相等，故 C 错误；
D、热量是过程量，只能说吸收或放出热量，不能说物体含有热量；刚出锅油条很烫是因为温度高，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、区分弹性形变与塑性形变，弹性形变可自动恢复；
B、改变内能的两种方式：做功、热传递，油炸属于热传递；
C、漂浮物体受力平衡，浮力等于自身重力；
D、区分温度与热量的概念，热量不能用 “含有” 描述。
6．【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、U 形 “反水管” 利用连通器原理，两端液面始终相平，没有利用大气压，故 A 正确；
B、拔火罐时罐内空气受热排出，冷却后罐内气压小于外界大气压，大气压将罐子压在皮肤上，利用了大气压，故 B 错误；
C、吸盘挤出内部空气，外界大气压把吸盘压紧在玻璃上，利用了大气压，故 C 错误；
D、用吸管喝水时吸出管内空气，大气压将液体压入口中，利用了大气压，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查连通器原理，与大气压无关；
B、拔火罐依靠内外气压差，由大气压作用实现；
C、吸盘搬运玻璃依靠大气压压紧接触面；
D、吸管饮水依靠大气压把液体压入嘴中。
7．【答案】D
【知识点】物理学方法
【解析】【解答】A、控制变量法是控制其余量不变，只改变一个变量，本实验未用到，故 A 错误；
B、微小放大法用于放大微小形变、微小变化，此实验无相关操作，故 B 错误；
C、理想模型法是构建理想化物理模型，和本实验无关，故 C 错误；
D、两个力共同作用把圆环拉到 O 点，一个力单独作用也能拉到同一位置，说明单个力的作用效果与两个力共同作用效果相同，用一个力等效替代两个力，属于等效替代法，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、控制变量法核心是单一变量对比；
B、微小放大法用来观测微小物理变化；
C、理想模型法抽象构建理想化物体；
D、等效替代法：效果相同的两种作用方式互相替代，是合力实验的核心方法。
8．【答案】B
【知识点】电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A、水位只到 a 时，甲乙金属块未被水连通，控制电路断路，电磁铁无磁性，衔铁接绿灯，红灯不亮，故 A 错误；
B、水位升到 b 时，导电水连通甲乙金属块，控制电路接通，电磁铁吸下衔铁，衔铁与红灯支路接通，红灯亮报警，故 B 正确；
C、升高甲的高度，甲乙连通所需水位更低，报警器会在更低水位报警，故 C 错误；
D、降低乙的高度，甲乙连通所需水位更低，报警器会在更低水位报警，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查控制电路断路时电磁继电器工作状态，此时绿灯通路；
B、水位到达 b，控制电路导通，电磁铁吸合衔铁，红灯接入工作；
C、抬高甲，两金属块导通水位下降，提前报警；
D、降低乙，两金属块导通水位下降，提前报警。
9．【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A、力臂是支点到力作用线的垂直距离，重力G竖直向下，力臂是O到重力作用线的垂线段，不是OA，故A错误；
B、拉力F的力臂是OB，重力的力臂始终小于OB，动力臂大于阻力臂，始终省力杠杆，此描述本身规律成立，但结合D选项综合判断，B并非本题正确答案；
C、头颅竖直时，重力作用线过支点O，阻力臂为0，根据杠杆平衡条件，拉力F最小，故C错误；
D、低头角度θ越大，重力的阻力臂越长，阻力G不变、动力臂OB不变，由可知，拉力F变大，颈部肌肉拉力越大，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查力臂定义，力臂是支点到力作用线的垂线；
B、区分省力/费力杠杆，动力臂OB恒定大于阻力臂，但该选项不是本题正确选项；
C、竖直状态阻力臂为0，所需拉力最小；
D、杠杆平衡条件，低头角度增大，阻力臂增大，动力随之增大。
10．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】电路：与串联，电流表测总电流，电压表测两端电压，电源
A、，由图乙得
总电阻：
电流：，A错误。
B、电压表测电压，，比值恒定不变，B错误。
C、电压表量程，最大电压
最大电流：，但电流表量程，故电路最大电流取。
此时总电阻：
压敏电阻最小值：
对照图乙，对应压力，即最大可测压力600N，C正确。
D、，与非线性关系，而与为一次函数，因此与不是线性关系，刻度不均匀，D错误。
故答案为：C。
【分析】A、串联欧姆定律计算对应电流，对比数值判断；
B、电压表示数与电流表示数之比等于定值电阻，恒定不变；
C、兼顾电流表、电压表量程求出电路允许最小压敏电阻，对应最大压力；
D、推导电压与压力关系式，判断是否为一次函数，确定刻度均匀性。
11．【答案】A,B,C
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；力的作用效果；惯性及其现象；相互作用
【解析】【解答】A、踢出去的足球离开脚后不再受脚的作用力，依靠自身惯性保持向前运动的状态，A正确；
B、头球射门时，足球的运动速度、运动方向发生改变，说明头对足球的力改变了足球的运动状态，B正确；
C、守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力是一对相互作用力，根据相互作用力特点，二者大小相等，C正确；
D、足球运动全过程中会受到空气阻力、地面摩擦力，一部分机械能转化为内能，机械能不守恒，D错误；
故答案为：ABC。
【分析】A、考查惯性的概念，物体保持原有运动状态不变的性质叫做惯性；
B、考查力的作用效果，力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
C、考查相互作用力的规律，一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在两个物体、同一直线上；
D、考查机械能守恒条件，只有重力或弹力做功时机械能才守恒，存在摩擦阻力时机械能损耗。
12．【答案】C,D
【知识点】密度公式及其应用；密度的应用与物质鉴别；重心；流体压强与流速的关系；摩擦力
【解析】【解答】A、制作滑翔机应选用密度小的材料，同等体积下质量更小、重力更小，更利于飞行，密度越大越不利于滑翔，故A错误；
B、机头下坠说明机头偏重，是重心过于靠前导致，重心靠后会出现机头上扬，故B错误；
C、机翼上凸下平，空气流过机翼上方流速大、压强小，下方流速小、压强大，压强差形成向上的升力，故C正确；
D、将机身打磨光滑，减小接触面粗糙程度，能够减小飞行时受到的空气摩擦阻力，故D正确；
故答案为：CD。
【分析】A、考查密度的实际应用，滑翔机需要轻量化，材料密度越小整机重力越小；
B、考查重心对飞行器姿态的影响，重心靠前机头下沉，重心靠后机头上抬；
C、考查流体压强与流速的关系，机翼特殊造型利用流速差产生升力；
D、考查减小摩擦的方法，减小接触面粗糙程度可减小滑动 / 空气摩擦阻力。
13．【答案】A,D
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A、图中进气门、排气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，符合做功冲程特征，故 A 正确；B、压缩冲程活塞向上运动，与图中活塞运动方向不符，故 B 错误；
C、机械能转化为内能是压缩冲程的能量转化形式，不是该冲程，故 C 错误；
D、做功冲程中燃气膨胀推动活塞下行，将内能转化为机械能，故 D 正确；
故答案为：AD。
【分析】A、考查汽油机冲程判断，两气门关闭、火花塞点火、活塞下行是做功冲程；
B、考查压缩冲程识别，压缩冲程活塞向上运动，无点火动作；
C、考查压缩冲程能量转化，压缩冲程消耗机械能，得到内能；
D、考查做功冲程能量转化，做功冲程消耗燃气内能，输出机械能。
14．【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】A、滑动变阻器接入左半段，滑片P向右移动时，接入电路电阻变大，电路电流变小，小灯泡变暗，故A错误；
B、第1组数据灯泡电压0.5V、电流0.1A，滑动变阻器分压U滑=3V-0.5V=2.5V，，此时变阻器接入阻值达到25Ω，因此滑动变阻器最大阻值至少25Ω，故B正确；
C、分别计算各组灯泡电阻：、R2≈5.83Ω、R3≈8.82Ω、R4≈10.48Ω、R5≈11.36Ω，灯泡电压越高、亮度越亮，灯丝温度越高，电阻越大，故C正确；
D、滑片左移，灯泡电压电流增大，灯泡功率P灯=UI持续变大；滑动变阻器功率P滑=(U总 U灯)I，代入数据分析，变阻器功率先增大后减小，并非一直变小，故D错误；
故答案为：BC。
【分析】A、考查滑动变阻器动态电路分析，判断滑片移动时接入电阻变化，结合欧姆定律判断灯亮度；
B、考查串联分压与欧姆定律计算，取电路电流最小的一组数据计算变阻器接入最大阻值；
C、考查灯丝电阻特性，灯丝电阻随温度升高而增大，灯泡越亮温度越高；
D、考查串联电路电功率变化规律，定值电阻与可变电阻串联时，可变电阻功率存在峰值，不是单向减小。
15．【答案】吸收；大于；分子在永不停息地做无规则运动
【知识点】蒸发及其现象；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】人上岸后身上的水发生蒸发，蒸发属于汽化现象，汽化过程吸收热量，带走人体热量，所以人会感到凉爽；海水与沙子吸收相同热量时，沙子升温更明显，说明海水的比热容大于沙子的比热容；能闻到大海的气味，是气味分子扩散到空气中，说明分子在永不停息地做无规则运动。
故答案为：吸收；大于；分子在永不停息地做无规则运动
【分析】(1) 本题考查汽化的吸放热规律，蒸发吸热，具有降温制冷的作用。
(2) 本题考查比热容的特性，质量相同的不同物质吸收同等热量，比热容大的物质温度变化更小。
(3) 本题考查分子热运动，扩散现象证明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
16．【答案】电磁感应现象；电动机；S
【知识点】电磁感应；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】动圈式话筒工作时，声音带动线圈在永磁体的磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，原理是电磁感应现象；
扬声器工作时，通电线圈在磁场中受力振动，将电能转化为机械能，该原理与电动机相同；
根据安培定则，右手握住线圈，四指顺着电流方向，大拇指指向线圈右端（N 极），因此线圈左端为 S（南）极。
故答案为：电磁感应现象；电动机；S
【分析】(1) 本题考查动圈话筒的工作原理，话筒是声信号转电信号，利用电磁感应，和发电机原理一致。
(2) 本题考查扬声器原理辨析，扬声器将电信号转为声信号，依靠通电导体在磁场中受力运动，和电动机原理相同。
(3) 本题考查安培定则的应用，通过线圈中电流方向判断通电螺线管的磁极。
17．【答案】核能；核聚变；太阳能来自于核聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变；能源与可持续发展
【解析】【解答】能源分为化石能源、太阳能、核能、其他能源，核能分为核裂变与核聚变，因此矩形①为核能；菱形②为核聚变；太阳内部持续发生核聚变反应，线条③表示太阳能来源于核聚变。
故答案为：核能；核聚变；太阳能来自于核聚变
【分析】(1) 本题考查能源分类，核能是一大类能源，包含核裂变、核聚变两种释放能量的方式。
(2) 本题考查核能的两种形式，核裂变、核聚变是原子核释放能量的两类反应。
(3) 本题考查太阳能的来源，太阳内部时刻发生核聚变，向外释放光和热，形成太阳能。
18．【答案】a；水果种类不同、电极插入水果的深度不同
【知识点】半导体特点及作用；制作水果电池
【解析】【解答】LED 发光时电流从长引脚流入、短引脚流出，图中长引脚接 a 端，因此电流从 a 流出进入 LED 长脚，a 是电池正极；
水果电池电压与水果种类、电极材料、电极插入深度、电极间距有关，写出两条：水果种类不同、电极插入水果的深度不同。
故答案为：a；水果种类不同、电极插入水果的深度不同
【分析】(1) 本题考查二极管单向导电性，电流从长脚进 LED 才发光，据此判断电源正负极。
(2) 本题考查水果电池电压的影响因素，水果种类、电极间距、电极插入深度、电极材料都会改变电池电压。
19．【答案】；；
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】杯子漂浮，浮力等于总重力
由得杯子排开水总体积：
杯内水的体积：
杯子底面积
杯子浸入外部水中高度：
杯内液面高度：
内外液面高度差：
冰完全熔化后容器内总水体积：容器底面积，水深，总体积
杯中水，则冰块熔化变成的水体积：
，
冰熔化质量不变：
冰块体积：
故答案为：；；
【分析】(1) 本题考查漂浮条件，漂浮物体浮力等于自身总重力，先算杯子和内部水总质量再求重力即浮力。
(2) 本题结合阿基米德原理求浸入深度，分别算出杯子浸入外部水面高度、杯内液面高度，差值为液面高度差。
(3) 本题结合冰熔化质量不变，先求出冰熔化成水的体积，再利用冰的密度公式反推冰块原来的体积。
20．【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】电路分析：与串联；测电源总电压（电源6V，选0～15V量程）；测两端电压（示数2.4V，选0～3V量程）。
实物补充连接步骤：电压表：负接线柱接左端，3V正接线柱接右端，并联在两侧；
电压表：负接线柱接电源负极一侧，15V正接线柱接开关右侧导线两端，并联在电源、开关两端；
电流路径：电源正极→开关→→→电源负极，保证串联回路完整，如下图所示：
【分析】(1) 本题考查根据电路图连接实物，先区分串并联，再确定各电压表测量对象，匹配对应量程。
(2) 量程选择规则：电源电压6V，测总电压的选用0～15V；电压2.4V，选用0～3V，读数更精准。
(3) 电压表接线规范：必须并联，电流从正接线柱流入、负接线柱流出。
21．【答案】（1）汽化、液化
（2）C
（3）
【知识点】电磁波的传播；卫星中继通信；速度
【解析】【解答】(1) 火箭发射时，发动机喷出高温火焰使水池中的水吸收热量汽化为高温水蒸气；高温水蒸气上升遇冷，放热液化形成我们看到的白色“白气”，因此发生的物态变化是汽化、液化。
故答案为：汽化、液化
(2) A：火箭升空的动力来自燃料高速向下喷射产生的反作用力，不是水的作用力，A错误；
B：发射过程中卫星固定在火箭内部，二者相对位置不变，卫星相对于火箭静止，B错误；
C：短文说明微厘空间卫星可弥补北斗信号不足，对北斗信号精密增强、播发误差修正信号，C正确；
D：太空为真空环境，超声波无法在真空传播，卫星与地面靠电磁波传递信息，D错误。
故答案为：C
(3) 地球直径为，则地球半径，卫星轨道半径；
卫星轨道周长；
由，运行一圈时间。
故答案为：
【分析】(1) 本题考查汽化与液化的生活实例，区分看得见的“白气”是液态小水珠，由水蒸气液化而来，水蒸气由水吸热汽化产生。
(2) 本题结合短文信息综合考查力的相互性、相对运动、电磁波传播、卫星功能，需对照原文信息与物理概念逐一排除错误选项。
(3) 本题考查圆周运动周期计算，先求出卫星圆周轨道的总周长，再结合匀速直线运动速度公式推导运行周期表达式。
22．【答案】（1）右；取下最小砝码，向右移动游码，使天平横梁平衡；
（2）
（3）
（4）第一种方案更准确；第二种方案中海螺壳取出时表面沾水，会使测得体积偏大，密度偏小，第一种方案将壳内附着水倒回烧杯，减小了实验误差。
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】(1) 图甲指针偏左，左侧重，平衡螺母向右调节；放上最小砝码后指针偏右，说明砝码质量偏大，应取下最小砝码，向右移动游码直至天平平衡；砝码总质量，游码示数，总质量。
故答案依次为：右；取下最小砝码，向右移动游码，使天平横梁平衡；；
(2) 倒入烧杯补充的水的质量，海螺壳体积等于补充水的体积，。
故答案为：；
(3) 海螺壳密度。
故答案为：；
(4) 第一种方案更准确；理由：第二种方案取出海螺壳时，壳表面会沾有水，导致步骤①到⑤需要倒入更多水，测得的体积偏大，密度偏小；第一种方案中，海螺壳带出的水又倒回烧杯，消除了沾水带来的体积测量误差。
故答案为：第一种方案更准确；第二种方案中海螺壳取出时表面沾水，会使测得体积偏大，密度偏小，第一种方案将壳内附着水倒回烧杯，减小了实验误差。
【分析】(1) 本题考查天平调平与称量操作：调平阶段指针左偏右调平衡螺母；称量时最小砝码偏重，需移游码；物体质量等于砝码质量加游码对应刻度值。
(2) 本题利用等效替代法测固体体积，海螺浸没排开水的体积等于自瓶中倒入烧杯的水的体积，通过质量与水的密度计算体积。
(3) 本题密度基础计算，先以克、立方厘米算出密度，再换算为标准单位。
(4) 本题实验误差分析，核心对比两种方案沾水带来的系统误差，第一种方案抵消沾水影响，测量精度更高。
23．【答案】（1）垂直；入射光线和反射光线的传播路径
（2）光发生反射时，存在反射光线
（3）避免实验结论具有偶然性，多次实验寻找光反射的普遍规律
（4）光发生反射时，反射角等于入射角
（5）反射光线、入射光线和法线在同一平面内
（6）① 显示光的传播路径；② 验证反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内
（7）反射光线会沿原来入射光线的路径射出，说明光的反射光路可逆
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】(1) ① 纸板EF需要与平面镜垂直放置，才能保证法线垂直镜面，完整呈现入射光线与反射光线；
② 激光沿纸板射向O点后，纸板上会显现出入射光线和反射光线，需要观察并记录两条光线的传播路径。
故答案为：垂直；入射光线和反射光线的传播路径；
(2) 多次改变入射角度后，纸板上始终能同时看到入射光线与反射光线，说明光发生反射时，会产生对应的反射光线。
故答案为：光发生反射时，存在反射光线；
(3) 只使用单一入射角得到的结论具有偶然性，多次改变入射光角度，获取多组实验数据，可以避免偶然性，总结出具有普遍性的反射规律。
故答案为：避免实验结论具有偶然性，多次实验寻找光反射的普遍规律；
(4) 分析表格三组数据，每组实验的入射角i大小都与反射角r大小相等，因此可得：光反射时，反射角等于入射角。
故答案为：光发生反射时，反射角等于入射角；
(5) 将纸板右侧沿ON向后折转后，F纸板上无法看到反射光线，说明反射光线无法与入射光线、法线出现在不同平面，可得结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(6) 纸板有两个核心作用：一是粗糙表面可以显示光的传播路径，让光路可视化；二是通过折转纸板，验证反射光线、入射光线、法线是否共面。
故答案为：① 显示光的传播路径；② 验证反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；
(7) 让光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，会观察到反射光沿原来入射光线的路径射出，该现象说明光的反射中光路是可逆的。
故答案为：反射光线会沿原来入射光线的路径射出，说明光的反射光路可逆；
【分析】(1) 本小问考查实验器材规范摆放与基础操作，纸板垂直平面镜是保证法线标准的前提；纸板的作用是承载光路，因此需要记录入射、反射两条光线的路径。
(2) 本小问根据多次实验的直观光路现象，初步证明光反射时反射光线客观存在。
(3) 本小问考查多次实验的实验目的，单次实验数据不足以代表普遍情况，多组角度实验才能消除偶然误差。
(4) 本小问对定量实验数据进行归纳，提炼出入射角与反射角的等量关系。
(5) 本小问利用可折转纸板的对照实验，验证光反射三线共面的核心规律。
(6) 本小问从实验功能角度分析纸板器材的双重作用，分别对应光路显示、平面验证两个实验目的。
(7) 本小问考查光路可逆的验证实验，反向入射时光路原路返回，是反射定律的补充性质。
24．【答案】（1）甲；两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全
（2）
（3）绝缘性好、阻燃
（4）B
【知识点】电功率的计算；家庭电路的连接；安全用电原则
【解析】【解答】(1)甲图两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全；乙图下方空调支路需经过上方插座，线路串联，一处故障全部断电，安全性差。电路连接：相线先接入开关，开关出线接三孔插座右孔；中性线直接接插座左孔；保护线直接接插座上孔，如下图：
故答案为：甲；两台空调的供电线路均直接从配电箱引出，发生故障时断路器可同时切断两台空调电源，检修更安全
(2) 根据电功率公式，单台空调最大工作电流；查表可知导线安全载流量仅14A，小于工作电流，不能满足安全使用要求；导线安全载流量28A，大于14.32A，符合要求。
故答案为：；
(3) 线管需要隔绝电线、防止漏电起火、保护导线不受外力损坏，因此材料需要具备绝缘性能良好、阻燃不易燃烧的特点，同时可补充抗压、耐腐蚀、不易老化等性质。
故答案为：绝缘性好、阻燃（不易燃烧）；
(4) 规范压线操作：导线线头弯折成U型，弯折方向与螺丝拧紧旋转方向一致，拧紧螺丝时线头不会松脱，接触牢固、不易发热。观察四幅图，只有B符合该规范。
故答案为：B；
【分析】(1) 本小问考查家庭大功率用电器电路布局安全规范，大功率负载应分独立支路，减小单线路电流，降低导线发热风险；同时考查带开关三孔插座接线规则，开关必须控制相线，三孔插座遵循“左零右火上接地”。
(2) 本小问结合电功率计算工作电流，匹配导线安全载流量，选取载流量大于设备工作电流的最小导线横截面积，保障长时间通电安全。
(3) 本小问考查电工套管的安全性能要求，核心需求为绝缘、防火，避免导线破损漏电、短路起火。
(4) 本小问考查开关接线实操规范，U型线头顺着螺丝旋紧方向，能保证接线压紧不滑脱，减少接触电阻，避免接线处过热。
25．【答案】（1）解：已知水的质量，比热容，温度变化，
根据吸热公式
（2）解：电热丝放热全部被水吸收，，加热时间
加热功率：
由题意，因此保温功率：
（3）解：电路设计：两段电热丝、串联，温控开关并联在两端；开关闭合时被短路，只有接入，电阻小、功率大，为加热挡；开关断开时、串联，总电阻大、功率小，为保温挡：
加热挡：
保温挡总电阻：
串联
电热丝规格，长度：
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】(1) 本小问考查物体吸热计算，直接套用比热容吸热公式，代入质量、比热容、升温数值求解水吸收的热量。
(2) 本小问结合电功、电功率公式，电热无热损耗时消耗电能等于水吸热，先求加热功率，再根据加热功率是保温5倍的比例关系算出保温功率。
(3) 本小问综合电热器档位电路设计、电功率变形式、电阻与电热丝长度计算；电压不变时，电阻越小功率越大，因此采用串联+短路开关实现高低温档位，再结合单位长度电阻算出两段电热丝所需截取长度。
26．【答案】（1）解：主持人的质量为，重力
上升速度
（2）解：主持人装置共3组动滑轮，动滑轮总重力
吊椅重力
有6股绳子承担总重，故
因而人对座椅的压力
故压强
（3）解：嘉宾的速度为；
根据知，功率之比等于力与速度乘积之比
拉绳子的速度是上升速度的倍，分别是6倍和12倍
比赛时主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为，
即
解得；
根据；即
解得
机械效率
则主持人和嘉宾所用装置的机械效率之比
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】(1) 本小问考查重力公式与匀速直线速度计算，直接代入质量、高度、时间对应公式求解。
(2) 本小问综合滑轮组拉力计算、受力平衡、固体压强；先由滑轮组规律求手拉拉力，再对人竖直受力分析得到人对吊椅压力，最后压强定义式计算压强。
(3) 本小问结合功率公式、滑轮组拉力公式、机械效率综合计算；先由功率比例求出嘉宾手拉绳拉力，再反推嘉宾自重，利用分别算出两套装置效率，最终作比得到比值。
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